学易金卷：段考模拟君之高二物理下学期第一次月考(3月)原创卷(全解全析)
学易金卷：段考模拟君之高二物理下学期期中考试原创模拟卷03(全解全析)
高二物理第1页（共7页）12345678910AADDADDADCDBD1．A 【解析】玻尔原子理论的假设是提出了轨道量子化和能量量子化，故A 正确；β衰变是原子核中的中子转化为质子同时产生电子的过程，但电子不是原子核的组成部分，故B 错误；放射性元素的半衰期不随温度、状态及化学变化而变化，是由原子核内部本身决定的，故C 错误；比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固，故D 错误。
2．A 【解析】根据电荷数守恒、质量数守恒知，该核反应方程为：112101H+n H γ→+，故A 错误。
聚变反应中的质量亏损123m m m m ∆=+-，根据爱因斯坦质能方程知，辐射的光子能量()22123E mc m m m c ∆=∆=+-，根据cE hλ∆=得，波长()()2123123hc hc h E m m m c m m m cλ===∆+-+-，故A 错误，BCD 正确。
4．D 【解析】根据C 42=6，所以这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光，故A 错误；n =3能级跃迁到n =2能级辐射出的光子能量E =–1.51eV–（–3.40eV ）=1.89eV<2.22eV ，小于钾的逸出功，不能发生光电效应，故B 错误；由图可知当核外电子从n =4能级跃迁到n =3能级时，能级差最小，所以放出光子的能量最小，故C 错误；由n =4能级跃迁到n =3能级过程中释放能量，原子的能量在减小，核外电子的运转半径减小，根据222q v k m r r =可知2k 2kq E r=，则电子的动能增加，故D 正确。
学*科网5．A 【解析】输电导线上的输电电流34010W50A 800VP I U ⨯===，则输电线上损失的电功率P ′=I 2R =502×0.4W=1000W ，则若用超导材料可节约的电能为1kW ，故A 项正确。
学易金卷：段考模拟君之2017-2018学年高二物理下学期期末考试原创模拟卷01(考试版)
绝密★启用前|1考试研究中心命制2019-2019学年下学期期末原创卷01高二物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．测试范围：选修3-1+选修3-2+选修3-5。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．两个可以自由移动的点电荷分别放在A、B两处，如图所示，A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q2=4Q1。
另取一个可以自由移动的点电荷Q3，放在直线AB上某处，欲使整个系统处于平衡状态，下列说法中正确的是A．Q3带负电，且放于A、B之间B．Q3带正电，且放于B右侧C．Q3带负电，且放于A左侧D．Q3带正电，且放于A、B之间2．静止在湖面的小船上有两个人分别向相反方向抛出质量相同的小球，甲向左抛，乙向右抛，如图所示，甲先抛乙后抛，抛出后两小球相对岸的速率相等，不计水的阻力，下列说法中正确的是A．两球抛出后，船往左以一定速度运动，乙球受到的冲量大一些B．两球抛出后，船往右以一定速度运动，甲球受到的冲量大一些C．两球抛出后，船的速度为零，甲球受到的冲量大一些D．两球抛出后，船的速度为零，两球所受到的冲量相等3．用一束绿光照射某金属，能产生光电效应，现在把人射光的条件改变，再照射这种金属。
下列说法正确的是A．把这束绿光遮住一半，则可能不产生光电效应B．把这束绿光遮住一半，则逸出的光电子最大初动能将减小C．若改用一束红光照射，则不产生光电效应D．若改用一束蓝光照射，则逸出光电子的最大初动能将增大4．图中a、b是两个点电荷，它们的电荷量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点。
学易金卷：段考模拟君之高一物理下学期第一次月考(3月)原创卷(全解全析)
高一物理 第1页（共8页）
2017-2018学年下学期第一次月考（3月）原创卷A 卷
高一物理·全解全析
1．【答案】D
2．【答案】A
【解析】物体在几个外力的作用下做匀速直线运动，若撤去的力与原速度方向不在同一直线上，物体的合力与速度不在同一直线上，则物体做曲线运动，且是匀变速曲线运动，故A 正确。
若撤去的力与原速度方向相反，物体的合力恒定，而且与速度方向相同，则物体做匀加速直线运动；若撤去的力与原速度方向相同，物体的合力恒定，而且与速度方向相反，则物体做匀减速直线运动；故匀变速直线运动是可能的，但不可能做匀速运动，故BC 错误。
做匀速圆周运动的物体需要大小不变方向不断变化的向心力作用，而恒力不能提供这样的向心力，则物体不可能做匀速圆周运动，故D 错误。
故选A 。
3．【答案】D
【解析】小物体m 与圆盘保持相对静止，随盘一起做匀速圆周运动，首先物体受到重力、圆盘的支持力，物体有沿半径向外运动的趋势，受到圆盘的静摩擦力，三个力的合力提供向心力，故D 正确，ABC 错误。
4．【答案】B
【解析】A ．由小船的运动轨迹可知小船做曲线运动，但受到的合力是变化的，故A 错误；B ．小船在垂直河岸方向速度不变，在沿河岸方向，速度先增大后减小，根据牛顿第二定律，所受合外力方向平行于河岸，故B 正确，C 错误；D ．渡河的时间等于河宽除以垂直河岸的速度，与水流速度无关，故D 错误。
故选B 。
5．【答案】D
【解析】根据运动的合成与分解，结合A 的速度与B 的速度沿着绳子方向的速度大小相等，结合平行四边形定则求出物体B 的速度。
将B 的速度分解如图所示，则有：22cos30A B v v v v ==︒，，解得。
学易金卷：段考模拟君之2024-2025学年高二物理下学期期末考试原创模拟卷02(考试版)
第 1 页绝密★启用前|1考试探讨中心命制2024-2025学年下学期期末原创卷02高二物理（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）留意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．测试范围：选修3-1+选修3-2+选修3-3+选修3-4+选修3-5。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．如图所示，一个电荷量为–Q 的点电荷甲，固定在粗糙绝缘水平面上的O 点，另一个电荷量为+q 、质量为m 的点电荷乙，从A 点以初速度v 0沿它们的连线方向向甲运动，到B 点时速度减小到最小值v 。
已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，A 、B 间距为L ，静电力常量为k ，重力加速度为g ，则下列说法中正确的是A ．O 、B 间距为2kQqmgμB ．点电荷甲产生的电场在B 点的场强大小为mgqμC ．点电荷乙在A 点的电势能小于在B 点的电势能D ．点电荷甲产生的电场中，A 、B 间的电势差U AB =222mv mv q-2．如图所示，电路中A ，B 是两个完全相同的灯泡，L 是一个自感系数很大，电阻可忽视的自感线圈，C是电容很大的电容器。
当S 闭合与断开时，A 、B 灯泡的发光状况是A ．S 刚闭合后，A 亮一下又渐渐变暗，B 渐渐变亮B ．S 刚闭合后，B 亮一下又渐渐变暗，A 渐渐变亮C ．S 闭合足够长时间后，A 和B 都一样亮D ．S 闭合足够长时间后再断开，B 马上熄灭，而A 渐渐熄灭3．氢原子能级如图所示，当氢原子从n =3能级跃迁到n =2能级时，辐射光的波长为656 nm ，则下列说法中正确的是A ．氢原子从n =2能级跃迁到n =1能级时，辐射光的波长大于656 nmB ．用波长为325 nm 的光照耀，可使氢原子从n =1能级跃迁到n =2能级C ．一群处于n =3能级的氢原子向低能级跃迁时最多产生4种谱线D ．用波长为633 nm 的光照耀，不能使氢原子从n =2跃迁到n =3的能级4．空间中有一沿x 轴对称分布的电场，其电场强度E 随x 变更的图象如图所示，则下列说法正确的是 A ．x 1处场强大于–x 1处场强B ．若电子从x 1处由静止释放后向x 轴负方向运动，到达–x 1点时速度为零C ．电子在x 1处的电势能大于在–x 1处的电势能D ．x 1点的电势比–x 1点的电势高5．图示电路中，R 1是光敏电阻，R 2是定值电阻，电源的内阻不能忽视。
学易金卷：段考模拟君之高二物理下学期期末考试原创模拟卷02(全解全析)
错误。
11．（1）BC（1 分） （2）mAOP=mAOM+mBON（1 分） mAOP2=mAOM2+mBON2（1 分） （3）2（1
分）
（4）
mA h2
mA h1
mB h3
（2 分）
【解析】（1）“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只
要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故 A 错误；要保证每次小球都做平抛运动，则
轨道的末端必须水平，故 B 正确；要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止
滚下，故 C 正确；为了使小球碰后不被反弹，要求入射小球质量大于被碰小球质量，故 D 错误。
（3）由（2）知 p p mAOP (mAOM mBON ) 100% 2%
关系。由于外电压减小电源电压不变，根据电源效率
P外 P总
U外
可知电源效率减小，故只有
A
正确。
6．C【解析】粒子恰沿直线穿过，电场力和洛伦兹力均垂直于速度，故合力为零，粒子做匀速E ，解得： v E ，只要粒子速度为 E ，就能沿直线匀速通过选择器；若带
B
B
电粒子带电量为 2q ，速度不变，仍然沿直线匀速通过选择器，故 A 错误；若带电粒子带电量为 2q ，
只要粒子速度为 E ，电场力与洛伦兹力仍然平衡，仍然沿直线匀速通过选择器，故 B 错误；若带电粒子 B
速度为 2v ，电场力不变，洛伦兹力变为 2 倍，故会偏转，克服电场力做功，电势能增加，故 C 正确；
二定律得： F Blv ma ，由以上三式得 F ma B2l2at ，在乙图线上取两点 t1=0，F1=1 N，t2=10 s， R
2021-2022年高二下学期第一次月考物理试题含答案
2021-2022年高二下学期第一次月考物理试题含答案本试卷分第1卷（选择题）和第2卷（非选择题）两部分。
满分100分。
考试时间100分钟。
一、不定项选择题（每小题4分，共14小题，56分） 1.物体的动量变化量的大小为5 kg·m/s，这说明( )． A ．物体的动量在减小 B ．物体的动量在增大C ．物体的动量大小也可能不变D ．物体的动量大小一定变化2．一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A 并留在其中，A 、B 用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示．则在子弹打击木块A 及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统( ) A ．动量守恒，机械能守恒 B ．动量不守恒，机械能守恒 C ．动量守恒，机械能不守恒 D ．无法判定动量、机械能是否守恒3．质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m 的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间．如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为( ) A.12m v 2B C.12NμmgLD ．NμmgL4. 在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A 、B ，质量都为m ，现B 球静止，A 球向B 球运动，发生正碰。
已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为E P ，则碰前A 球的速度等于（ ）A. B. C. D.5．某交流发电机正常工作时，电动势e=E m sin ωt ，若将线框转速提高一倍，其他条件不变，则电动势的变化规律是：( )A ．e ’=E m sin ωtB ．e ’=E m sin2ωtC ．e ’=2E m sin ωtD ．e ’=2E m sin2ωt 6．理想变压器原副线圈两侧一定不同的物理量是：( ) A ．交变电流的频率；B ．交变电流的功率； C ．磁通量的变化率； D ．交变电流的峰值。
2021年高二下学期3月月考 物理 含解析
2021年高二下学期3月月考 物理 含解析二 三四五总分评卷人 得分 C ．等量异种点电荷形成的电场中，两电荷连线中点的电势为零，场强不为零 C ．U 越大，表示ρ越大，但ρ与U 无关B ．，流过固定电阻R 的感应电流由d 到bC ．，流过固定电阻R 的感应电流由b 到d 7. 如图所示，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q(q ＞0)小球，小球之间用劲度系数均为k 0的轻质弹簧绝缘连接．当3个小球处A．B．C． D．8. 如图所示，AB为均匀带有电荷量为+Q的细棒，C为AB棒附近的一点，CB垂直于AB。
AB棒上电荷形成的电场为φ0，φ0可以等效成AB棒上电荷集中与AB上某点P处、带电量为+Q的点电荷所形成的电场在C点的电势。
若PC的距离为r，由点电荷电势的知识可知φ0=k。
若某点处在多个点电荷形成的电场中，则电势为每一个点电荷在该点所产生的电势的代数和。
根据题中提供的知识与方法，我们可将AB棒均分成两段，并看成两个点电荷，就可以求得AC连线中点处的电势为A．φ0 B．φ0 C．2φ0 D．4φ09. 如图所示，平面是无穷大导体的表面，该导体充满的空间，的空间为真空。
将电荷为q的点电荷置于z轴上z=h处，则在平面上会产生感应电荷。
空间任意一点处的电场皆是由点电荷q和导体表面上的感应电荷共同激发的。
已知静电平衡时导体内部场强处处为零，则在轴上处的场强大小为（k为静电力常量）( )A. B.C. D. 10. 在图所示的电路中，当电键K闭合后，电流表A的示数为零，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为零。
导线、电表、电键及各接线处均无问题，这说明断路的是：（）A．电阻B．电阻C．电阻D．串联电池组第II卷（非选择题）评卷人得分二、填空题11. 英国物理学家焦耳通过一系列实验发现，电流发热具有下述规律：电流通过导体产生的热量跟________的二次方、导体的__________、通电的_______________成正比。
学易金卷：段考模拟君之高二物理下学期期中考试原创模拟卷01(考试版)
物理试题 第1页（共8页） 物理试题 第2页（共8页）绝密★启用前|学科网试题命制中心2017-2018学年下学期期中原创卷01高二物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．测试范围：选修3-2全部内容+选修3-5第17章、第18章和第19章+选修3-3第7章+选修3-4第11章。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．下列说法正确的是A ．卢瑟福发现了电子，查德威克发现了中子，他们在原子结构或原子核的研究方面做出了卓越的贡献B ．光电效应实验中，光电流的大小与入射光的强弱无关C ．由玻尔的原子模型可以推知，氢原子处于激发态的量子数越大，核外电子动能越大D ．氢原子在某三个相邻能级之间跃迁时，可能发出三种不同波长的辐射光。
已知其中的两个波长分别为λ1和λ2，且λ1>λ2，则另一个波长可能是1212λλλλ+2．前不久，新华社评出2017年国际十大新闻：朝鲜核导试验半岛局势趋紧列第五。
有关核反应方程，下列说法正确的是A ．23892U→23490Th+42He 属于α衰变B ．147N+42He→178O+11H 是β衰变C ．核反应方程21084Po→82yX+42He 中的206y =，X 的中子个数为128D ．铀核裂变的核反应为23892U→14156Ba+9236Kr+210n3．氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61 eV~3.10 eV 范围内，则下列说法正确的是A ．氢原子能量状态由n =2能级跃迁到n =1能级，放出光子为可见光B ．大量氢原子处于n =4能级时，向低能级跃迁能发出4种频率的光子C ．处于基态的氢原子电离需要释放13.6eV 的能量D ．氢原子处于n =2能级时，可吸收2.86 eV 能量的光子跃迁到高能级4．如图所示是研究光电效应的电路，阴极K 和阳极A 是密封在真空玻璃管中的两个电极，K 在受到光照射时能够发射光电子。
2021年高二下学期月考物理试卷含解析
2021年高二下学期月考物理试卷含解析一、单项选择题（每题3分）1．（3分）在物理学史上，奥斯特首先发现电流周围存在磁场．随后，物理学家提出“磁生电”的闪光思想．很多科学家为证实这种思想进行了十多年的艰苦研究，首先成功发现“磁生电”的物理学家是（）A．牛顿B．爱因斯坦C．法拉第D．霍金2．（3分）如图所示，在水平面上有一个闭合的线圈，将一根条形磁铁从线圈的上方插入线圈中，在磁铁进入线圈的过程中，线圈中会产生感应电流，磁铁会受到线圈中电流的作用力，若从线圈上方俯视，关于感应电流和作用力的方向，以下判断正确的是（）A．若磁铁的N极向下插入，线圈中产生顺时方向的感应电流B．若磁铁的S极向下插入，线圈中产生顺时方向的感应电流C．无论N极向下插入还是S极向下插入，磁铁都受到向下的引力D．无论N极向下插入还是S极向下插入，磁铁都受到向上的斥力3．（3分）如图所示的金属圆环放在匀强磁场中，将它从磁场中匀速拉出来，下列哪个说法是正确的（）A．向左拉出和向右拉出，其感应电流方向相反B．不管从什么方向拉出，环中的感应电流方向总是顺时针的C．不管从什么方向拉出，环中的感应电流方向总是逆时针的D．在此过程中感应电流大小不变4．（3分）如图，在磁感应强度B=0.3T的匀强磁场中，让导体棒PQ在U形导轨上以速度υ=10m/s向右匀速滑动，两导轨间距离L=0.5m，那么，产生的感应电动势的大小和PQ中的电流方向分别是（）A．1.5v Q→P B．0.15v P→Q C．1.5v P→Q D．0.15v Q→P5．（3分）穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图所示，下列关于回路中产生的感应电动势的论述，正确的是（）A．图中回路产生的感应电动势恒定不变B．图中回路产生的感应电动势一直在变大C．图中回路在0～t0时间内产生的感应电动势大于t0～2t0时间内产生的感应电动势D．图中回路产生的感应电动势可能恒定不变6．（3分）一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的感应电动势e随时间的变化关系如图所示，则下列说法中正确的是（）A．t1时刻通过线圈的磁通量最大B．t2时刻通过线圈的磁通量的变化率最大C．t3时刻通过线圈的磁通量为零D．每当e的方向改变时，通过线圈的磁通量为零7．（3分）如图所示电路中电源的内阻不能忽略，A、B是两个完全相同的灯泡，L是自感系数较大的线圈，其直流电阻忽略不计．当电键K闭合时，下列说法正确的是（）A．A比B先亮，然后A熄灭B．B比A先亮，然后B逐渐变暗，A逐渐变亮C．A B一起亮，然后A熄灭D．A、B一起亮．然后A逐渐变亮．B的亮度不变8．（3分）如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V，50Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同．如果将电源改为220V，60Hz的交变电源，则（）A．三只灯泡亮度不变B．三只灯泡都将变亮C．a亮度不变，b变亮，c变暗D．a亮度不变，b变暗，c变亮9．（3分）一个电热器接在10V的直流电源上产生一定大小的热功率，把它接在某一交流电源上时的热功率为加直流电的两倍，这个交流电的电压有效值为（）A．7.0V B．10V C．14V D．20V10．（3分）有一理想变压器，原、副线圈匝数之比n1：n2=2：1，则变压器工作时原、副线圈（）A．电压之比为= B．电流之比为=C．功率之比为= D．频率之比为=二．多选（每题4分）11．（4分）如图所示，直导线MN竖直放置并通以向上的电流I，矩形金属线框abcd与MN 处在同一平面，ab边与MN平行，则（）A．线框向左平移时，线框中有感应电流B．线框竖直向上平移时，线框中有感应电流C．线框以MN为轴转动时，线框中有感应电流D．M N中电流突然变化时，线框中有感应电流12．（4分）（xx•深圳二模）如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移时（）A．相当于在增加用电器的数目B．V1表的示数随V2表的示数的增大而增大C．A1表的示数随A2表的示数的增大而增大D．变压器的输入功率在增大13．（4分）一交变电压的表达式为u=100sin100πt，由此表达式可知（）A．用电压表测该电压其示数为100VB．该交变电压的周期为0.02sC．将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为50WD．t=s时，该交流电压的即时值为50V14．（4分）下列说法中正确的是（）A．传感器担负着信息采集的任务B．干簧管是一种磁传感器C．传感器不是电视遥控接收器的主要元件D．传感器是能够将力、温度、光、声、化学成分转换为电信号的主要工具三．计算题15．（12分）如图所示，在置于匀强磁场中的U型导轨上，导体棒MN在恒定外力F的作用下以速度v=4m/s向右匀速运动，已知磁感应强度B=0.5T，方向垂直导轨平面（纸面）向外，导轨间距L=50cm，闭合电路中电阻R=0.5Ω，MN的有效电阻为r=0.5Ω，其余部分电阻不计．（1）求导体MN中感应电动势E的大小．（2）求导体MN中感应电流的方向和导体MN两端的电压．（3）求电阻R消耗的电功率．16．（10分）在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．求：（1）求螺线管中产生的感应电动势；（2）闭合S，电路中的电流稳定后，求电阻R1的电功率．17．（12分）某小型实验水电站输出功率是20kW，输电线路总电阻是6Ω．（1）若采用500V输电，求输电线路损耗的功率．（2）若改用5000V高压输电，求导线上损失的电压．（3）在上一问的前提下，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，求用户得到的电压．18．（12分）均匀导线制成的单匝正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m．将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示．线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行．当cd边刚进入磁场时：求：（1）求线框中产生的感应电动势大小；（2）求cd两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件．19．（8分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距lm，导轨平面与水平面成θ=37°角，下端连接阻值为R的电阻．匀强磁场方向与导轨平面垂直，质量为0.2kg．电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25．求：（1）求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小；（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，电阻R消耗的功率为8W，求该速度的大小．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）xx学年北京四中顺义分校高二（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题3分）1．（3分）在物理学史上，奥斯特首先发现电流周围存在磁场．随后，物理学家提出“磁生电”的闪光思想．很多科学家为证实这种思想进行了十多年的艰苦研究，首先成功发现“磁生电”的物理学家是（）A．牛顿B．爱因斯坦C．法拉第D．霍金考点：物理学史．分析：首先成功发现“磁生电”的物理学家是法拉第，不是牛顿、爱因斯坦和霍金．解答：解：1820年丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，即电生磁的现象，英国科学法拉第坚信电与磁是紧密联系的，经过十多年的艰苦研究，于1831年发现了电磁感应现象，即磁生电的现象，故C正确，ABD错误．故选：C．点评：对于物理学上重大的发现和著名理论，要加强记忆，这是高考考查内容之一．2．（3分）如图所示，在水平面上有一个闭合的线圈，将一根条形磁铁从线圈的上方插入线圈中，在磁铁进入线圈的过程中，线圈中会产生感应电流，磁铁会受到线圈中电流的作用力，若从线圈上方俯视，关于感应电流和作用力的方向，以下判断正确的是（）A．若磁铁的N极向下插入，线圈中产生顺时方向的感应电流B．若磁铁的S极向下插入，线圈中产生顺时方向的感应电流C．无论N极向下插入还是S极向下插入，磁铁都受到向下的引力D．无论N极向下插入还是S极向下插入，磁铁都受到向上的斥力考点：楞次定律．分析：在磁铁进入线圈的过程中，穿过线圈的磁通量增加，根据磁场方向，由楞次定律判断感应电流的方向．通电线圈的磁场与条件磁铁相似，由安培定则判断线圈的极性，分析线圈与磁铁间的作用力．解答：解：A、若磁铁的N极向下插入，穿过线圈的磁通量增加，磁场方向向下，根据楞次定律可知，线圈中产生逆时方向的感应电流．故A错误．B、若磁铁的S极向下插入，穿过线圈的磁通量增加，磁场方向向上，根据楞次定律可知，线圈中产生顺时方向的感应电流．故B正确．C、D根据安培定则判断可知，当N极向下插入时，线圈上端相当于N极；当S极向下插入，线圈上端相当于S极，与磁铁的极性总相反，存在斥力．故C错误，D 正确．故选BD点评：本题是楞次定律的基本应用．对于电磁感应现象中，导体与磁体的作用力也可以根据楞次定律的另一种表述判断：感应电流的磁场总要阻碍导体与磁体间的相对运动．3．（3分）如图所示的金属圆环放在匀强磁场中，将它从磁场中匀速拉出来，下列哪个说法是正确的（）A．向左拉出和向右拉出，其感应电流方向相反B．不管从什么方向拉出，环中的感应电流方向总是顺时针的C．不管从什么方向拉出，环中的感应电流方向总是逆时针的D．在此过程中感应电流大小不变考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应中的力学问题．分析：将线圈拉出磁场，磁通量都减小，根据楞次定律判断感应电流的方向．解答：解：A、B、C不管沿什么将线圈拉出磁场，穿过线圈的磁通量都减小，根据楞次定律判断可知，线圈中感应电流的方向都是沿顺时针方向．故B正确，AC错误．D、感应电流的大小与感应电动势有关，而感应电动势与线圈移动的速度有关，由于移动过程中有效的切割长度先增大后减小，则感应电动势也先增大后减小，感应电流先增大后减小．故D错误．故选B点评：本题是楞次定律和E=BLv的应用，注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．4．（3分）如图，在磁感应强度B=0.3T的匀强磁场中，让导体棒PQ在U形导轨上以速度υ=10m/s向右匀速滑动，两导轨间距离L=0.5m，那么，产生的感应电动势的大小和PQ中的电流方向分别是（）A．1.5v Q→P B．0.15v P→Q C．1.5v P→Q D．0.15v Q→P考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒PQ运动时切割磁感线，回路中的磁通量发生变化，因此有感应电流产生，根据右手定则可以判断电流方向，由E=BLv可得感应电动势的大小．解答：解：当导体棒PQ运动时，根据法拉第电磁感应定律得：E=BLv=0.3×0.5×10=1.5V．根据右手定则可知，通过PQ的电流为从Q点流向P点；故选：A．点评：本题比较简单，考查了导体切割磁感线产生电动势和电流方向问题，要注意公式E=BLv 的适用条件和公式各个物理量的含义．5．（3分）穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图所示，下列关于回路中产生的感应电动势的论述，正确的是（）A．图中回路产生的感应电动势恒定不变B．图中回路产生的感应电动势一直在变大C．图中回路在0～t0时间内产生的感应电动势大于t0～2t0时间内产生的感应电动势D．图中回路产生的感应电动势可能恒定不变考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据法拉第电磁感应定律：感应电动势与磁通量的变化率成正比，结合数学知识进行分析．解答：解：A、图中磁通量Φ不变，没有感应电动势产生．故A错误．B、图中磁通量Φ随时间t均匀增大，图象的斜率k不变，即不变，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生的感应电动势恒定不变．故B错误．C、图中回路在O～t0时间内，图象的斜率大于在t0～2t0时间的斜率，说明前一段时间内磁通量的变化率大于后一时间内磁通量的变化率，所以根据法拉第电磁感应定律知，在O～t0时间内产生的感应电动势大于在t0～2t0时间内产生的感应电动势．故C正确．D、图中磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率先变小后变大，磁通量的变化率先变小后变大，所以感应电动势先变小后变大，故D错误．故选：C点评：解决本题关键要知道Φ﹣t图象的斜率等于磁通量的变化率，并运用法拉第电磁感应定律进行分析．6．（3分）一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的感应电动势e随时间的变化关系如图所示，则下列说法中正确的是（）A．t1时刻通过线圈的磁通量最大B．t2时刻通过线圈的磁通量的变化率最大C．t3时刻通过线圈的磁通量为零D．每当e的方向改变时，通过线圈的磁通量为零考点：法拉第电磁感应定律．分析：矩形线圈中产生正弦式电流，当线圈通过中性面时，磁通量最大，感应电动势为零，电动势方向发生改变．而当线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大，磁通量的变化率最大解答：解：A、t1时刻感应电动势为最大，线圈垂直中性面，穿过线圈的磁通量为零．故A错误．B、由图t2时刻，感应电动势为零，通过线圈的磁通量最大，通过线圈的磁通量的变化率为零．故B错误．C、t3时刻感应电动势最大，磁通量的变化率最大，通过线圈的磁通量为零．故C正确．D、每当e转换方向时，线圈与磁场垂直，线圈通过中性面时，磁通量最大．故D错误．故选C点评：本题考查交变电流产生过程中，感应电动势与磁通量、磁通量变化率的关系，关键抓住两个特殊位置：线圈与磁场垂直位置，及线圈与磁场平行位置．7．（3分）如图所示电路中电源的内阻不能忽略，A、B是两个完全相同的灯泡，L是自感系数较大的线圈，其直流电阻忽略不计．当电键K闭合时，下列说法正确的是（）A．A比B先亮，然后A熄灭B．B比A先亮，然后B逐渐变暗，A逐渐变亮C．A B一起亮，然后A熄灭D．A、B一起亮．然后A逐渐变亮．B的亮度不变考点：自感现象和自感系数．分析：当电键K闭合时，通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮．解答：解：灯B与电阻R串联，当电键K闭合时，灯B立即发光．通过线圈L的电流实然增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A逐渐亮起来．所以B比A先亮．由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，感应电动势减小，A灯电流逐渐增大，A 灯逐渐变亮，外电路电流变大时，路端电压U=E﹣Ir减小，B灯变暗．故选：B．点评：对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行理解．8．（3分）如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V，50Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同．如果将电源改为220V，60Hz的交变电源，则（）A．三只灯泡亮度不变B．三只灯泡都将变亮C．a亮度不变，b变亮，c变暗D．a亮度不变，b变暗，c变亮考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．专题：交流电专题．分析：根据电感的特性：通低频、阻高频及电容器的特性：通调频、阻低频来分析灯泡亮度的变化．解答：解：根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗；根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮．而电阻的亮度与频率无关，a灯亮度不变．故选：D．点评：本题要抓住电感和电容的特性分析：电感：通直流、阻交流，通低频、阻高频，可根据法拉第电磁感应定律来理解．电容器的特性：通交流、隔直流，通调频、阻低频，根据电容器充放电的特性理解．9．（3分）一个电热器接在10V的直流电源上产生一定大小的热功率，把它接在某一交流电源上时的热功率为加直流电的两倍，这个交流电的电压有效值为（）A．7.0V B．10V C．14V D．20V考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：根据焦耳定律Q=I2Rt求解电流的有效值，其中I是有效值．解答：解：设电热器的电阻为R，t时间内产生的热量为Q，根据焦耳定律得：则：Q=t此热量是接交流电源上产生的热功率的2倍，即Q′=2Q所以：2Q=解得：U有=10 V=14V．故选：C．点评：对于交变电流，求解热量、电功和电功率等与热效应有关的量，都必须用有效值，清楚正弦交流电源的有效值和最大值倍的关系．10．（3分）有一理想变压器，原、副线圈匝数之比n1：n2=2：1，则变压器工作时原、副线圈（）A．电压之比为= B．电流之比为=C．功率之比为= D．频率之比为=考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：理想变压器原副线圈电压之比等于匝数之比，电流之比等于匝数的反比，输出功率决定输入功率，且相等，频率不变解答：解：A、理想变压器原副线圈电压之比等于匝数之比，故电压之，比为=，故A正确B、理想变压器原副线圈电流之比等于匝数的反比，故B错误；C、输出功率决定输入功率，且相等，故C错误；D、变压器不改变频率，故D错误；故选：A点评：本题主要考查了变压器原副线圈匝数比与电压、电流之间的关系，及输入功率与输出功率的关系，难度不大，属于基础题．二．多选（每题4分）11．（4分）如图所示，直导线MN竖直放置并通以向上的电流I，矩形金属线框abcd与MN 处在同一平面，ab边与MN平行，则（）A．线框向左平移时，线框中有感应电流B．线框竖直向上平移时，线框中有感应电流C．线框以MN为轴转动时，线框中有感应电流D．M N中电流突然变化时，线框中有感应电流考点：楞次定律．分析：根据产生感应电流的条件，分析穿过线框的磁通量是否发生变化，由此作答即可．解答：解：A、由于导线中有恒定的I，由据导线越远的地方磁场越弱，则穿过线框的磁通量越小，故当线框向左平移时，由于靠近导线，穿过线框的磁通量增加，线框中将产生感应电流，故A正确；B、当线框竖直向上平移时，由于线框与导线的距离没有发生变化，故穿过线框的磁通量没有发生变化，线框中不会产生感应电流，故B错误；C、线框以MN为轴转动时，由于线框距导线的距离没有发生变化，则线框中磁通量也没有随之变化，故没有感应电流产生，故C错误；D、当MN中电流变化时，由电流产生的磁场随之发生变化，所以穿过线框的磁通量发生变化，线框中产生感应电流，故D正确．故选：AD．点评：正确的判断穿过线框的磁通量是否发生变化是解决问题的关键，通电导线形成磁场向外是越来越弱的，所以线框相对导线距离发生变化或导线中电流发生变化时，都会使线框中磁通量发生变化．12．（4分）（xx•深圳二模）如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图．变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动．输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R0表示，变阻器R表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P向下移时（）A．相当于在增加用电器的数目B．V1表的示数随V2表的示数的增大而增大C．A1表的示数随A2表的示数的增大而增大D．变压器的输入功率在增大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：与闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况解答：解：A、当滑动变阻器触头P向下移动时，导致总电阻减小，由于用电器是并连接入电路，所以数目增加，故A正确；B、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，虽然滑动变阻器触头P向下移动，但由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V2的示数不变，所以B错误．C、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，A2的示数变大，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以A1的示数变大，所以CD正确；故选：ACD点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．13．（4分）一交变电压的表达式为u=100sin100πt，由此表达式可知（）A．用电压表测该电压其示数为100VB．该交变电压的周期为0.02sC．将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为50WD．t=s时，该交流电压的即时值为50V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：电压表读数为有效值．先根据最大值求有效值，求得电压表读数；通过瞬时表达式与交电流的ω=，可求出周期；运用瞬时表达式求出有效值，从而利用电功率的公式P=求出电功率；直接根据瞬时表达式代入数据求解．解答：解：A、交变电压的表达式为u=100sin100πt V，可知最大值为100V，又是正弦式电流，则电压的有效值：U==100V，故A正确．B、由公式ω=；则有周期T==0.02s，故B正确．C、由于电压的有效值为100V，则该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率：P===100W．故C错误．D、将t=s代入瞬时表达式，则有交流电压的瞬时值为1V；故D错误．故选：AB．点评：本题要知道有效值的物理意义，及正弦式交流电的有效值等于最大值的分之一，并知道求电功率是用交流电的有效值．14．（4分）下列说法中正确的是（）A．传感器担负着信息采集的任务B．干簧管是一种磁传感器C．传感器不是电视遥控接收器的主要元件D．传感器是能够将力、温度、光、声、化学成分转换为电信号的主要工具考点：传感器在生产、生活中的应用；常见传感器的工作原理．分析：传感器是能感受规定的被测量并按照一定的规律转换成可用信号的器件或装置，通常由敏感元件和转换元件组成．解答：解：A、传感器能将被测信号量的微小变化转换成电信号，担负着信息采集的任务．故A正确．B、干簧管在磁场中两磁簧片被磁化，两触点为异名磁极，两触点相吸，电路接通，移走磁铁后磁性消失，两触点断开．故干簧管是一种磁传感器，故B正确．C、电视遥控接收器中使用了红外线传感器，故C错误．D、传感器是能感受规定的被测量并按照一定的规律转换成可用信号的器件或装置，即能够将力、温度、光、声、化学成分转换为电信号．故D正确．故选：ABD．点评：传感器能满足信息的传输、处理、存储、显示、记录和控制等要求，它是实现自动检测和自动控制的首要环节．三．计算题15．（12分）如图所示，在置于匀强磁场中的U型导轨上，导体棒MN在恒定外力F的作用下以速度v=4m/s向右匀速运动，已知磁感应强度B=0.5T，方向垂直导轨平面（纸面）向外，导轨间距L=50cm，闭合电路中电阻R=0.5Ω，MN的有效电阻为r=0.5Ω，其余部分电阻不计．（1）求导体MN中感应电动势E的大小．（2）求导体MN中感应电流的方向和导体MN两端的电压．（3）求电阻R消耗的电功率．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：（1）由E=BLv可以求出感应电动势；（2）由欧姆定律可以求出电压；（3）由电功率公式可以求出电功率．解答：解：（1）MN中感应电动势：E=BLv=0.5×0.5×4V=1V；（2）MN两端的电压：U=IR=R=×0.5=0.5V；（3）电阻R的电功率：P=I2R=（）2×R，代入数据解得：P=0.5W；答：（1）导体棒MN中感应电动势E的大小为1V；（2）导体棒MN两端的电压为0.5V；（3）电阻R的电功率为0.5W．点评：本题是电磁感应与电路知识相结合的问题，应用E=BLv、欧姆定律、功率公式即可正确解题．16．（10分）在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1500匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．求：（1）求螺线管中产生的感应电动势；（2）闭合S，电路中的电流稳定后，求电阻R1的电功率．。
学易金卷：段考模拟君之高二化学下学期第一次月考(3月)原创卷(考试版)
化学试题 第1页（共4页） 化学试题 第2页（共4页）绝密★启用前|学科网试题命制中心2017-2018学年下学期第一次月考（3月）原创卷B 卷高二化学（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．测试范围：人教选修3第1-2章。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5第Ⅰ卷一、选择题：本题共16个小题，每小题3分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列关于稀有气体的叙述不正确的是 A ．各能级电子排布为“全充满”状态B ．其原子与同周期ⅠA 、ⅡA 族元素的阳离子具有相同的核外电子排布C ．化学性质非常不活泼D ．同周期中第一电离能最大2．关于键长、键能和键角，下列说法错误的是 A ．键角是描述分子立体结构的重要参数 B ．键长是形成共价键的两原子间的核间距 C ．键能越大，键长越长，共价化合物越稳定 D ．键角的大小与键长、键能的大小无关 3．下列叙述正确的是A ．NH 3、CO 、CO 2都是极性分子B ．CH 4、CCl 4都是含有极性键的非极性分子C ．HF 、HCl 、HBr 、HI 的稳定性依次增强D ．CS 2、H 2O 、C 2H 2都是直线形分子4．下列事实不能用键能的大小来解释的是A ．氮元素的电负性较大，但N 2的化学性质很稳定B ．稀有气体一般难发生反应C ．HF 、HCl 、HBr 、HI 的稳定性逐渐减弱D ．F 2比O 2更容易与H 2反应5．AB n 分子的中心原子A 上没有未用于形成共价键的孤电子对，根据价电子对互斥理论判断，下列说法正确的是A ．若n =2，则分子的立体构型为V 形B ．若n =3，则分子的立体构型为三角锥形C ．若n =4，则分子的立体构型为正四面体形D ．以上说法都不正确6．下图表示X 元素的基态原子失去电子数与对应电离能的对数值的关系，试推测X 可能位于A ．ⅠA 族B ．ⅡA 族C ．ⅢA 族D ．ⅣA 族7．媒体报道了一些化学物质，如爆炸力极强的N 5、结构类似白磷的N 4、比黄金还贵的18O 2、太空中的甲醇气团等。
高二物理下学期第一次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2014-2015学年江西省赣州市信丰中学高二〔下〕第一次月考物理试卷一、选择题〔以下第小题为多项选择题，其余单项选择，共计10题，每题4分，共计40分．少选的得2分，不选和多项选择的为0分〕1．〔4分〕〔2011秋•新建县校级期末〕关于楞次定律，如下说法正确的答案是〔〕A．感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B．闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，必受磁场阻碍作用C．原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，感应电流的磁场与原磁场同向D．感生电流的磁场总是跟原磁场反向，阻碍原磁场2．〔4分〕〔2013•和平区三模〕小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动．产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如下列图，此线圈与一个R=10Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，如下说法正确的答案是〔〕A．交变电流的周期为0.125s B．交变电流的频率为8HzC．交变电流的有效值为 A D．交变电流的最大值为4A3．〔4分〕〔2007•广东〕压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图〔a〕所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球．小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图〔b〕所示，如下判断正确的答案是〔〕A．从t1到t2时间内，小车做匀速直线运动B．从t1到t2时间内，小车做匀加速直线运动C．从t2到t3时间内，小车做匀速直线运动D．从t2到t3时间内，小车做匀加速直线运动4．〔4分〕〔2014春•晋江市校级期中〕处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合〔如图〕，线圈的cd边离开纸面向外运动．假设规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，如此能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是〔〕A．B．C． D．5．〔4分〕〔2013•辽宁一模〕如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示．变压器右侧局部为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料〔电阻随温度升高而减小〕制成的传感器，R1为一定值电阻．如下说法中正确的答案是〔〕A．电压表v示数为22VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表v的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变小6．〔4分〕〔2012春•临川区校级期中〕要使b线圈中产生图示I方向的电流，可采用的方法有〔〕A．断开的K瞬间B．K闭合后把R的滑动片向右移C．闭合K后把b向a靠近D．闭合K后把a中铁芯从左边抽出7．〔4分〕〔2015春•厦门校级期末〕如下列图，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做如下哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引〔〕A．向右做匀速运动B．向左做减速运动C．向右做减速运动D．向右做加速运动8．〔4分〕〔2013秋•船营区校级期中〕如下列图，上下不等宽的平行金属导轨的EF和GH两局部导轨间的距离为2L，IJ和MN两局部导轨间的距离为L，导轨竖直放置，整个装置处于水平向里的匀强磁场中，金属杆ab和cd的质量均为m，都可在导轨上无摩擦地滑动，且与导轨接触良好，现对金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，此时cd处于静止状态，如此F的大小为〔〕A．2mg B．3mg C．4mg D．1mg9．〔4分〕〔2014秋•东河区校级期末〕如图中回路竖直放在匀强磁场中，磁场的方向垂直于回路平面向外，导体AC可以贴着光滑竖直长导轨下滑．设回路的总电阻恒定为R，当导体AC 从静止开始下落后，下面表示中正确的说法有〔〕A．导体下落过程中，机械能守恒B．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为在电阻上产生的热量C．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能D．导体达到稳定速度后的下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为回路中增加的内能10．〔4分〕〔2012•浙江校级模拟〕在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2二、填空题〔16分〕11．〔8分〕〔2012春•临川区校级期中〕光敏电阻是用半导体材料制成的．如下列图，将一个光敏电阻与多用电表联成一电路，此时选择开关放在欧姆档，照射在光敏电阻上的光强逐渐增大，如此欧姆表指针的偏转角度〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．假设将选择开关放在电流挡，同样增大照射光强度，如此指针偏转角度．〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．12．〔8分〕〔2011秋•扶余县校级期末〕如图，边长为a、电阻为R的正方形线圈在水平外力的作用下以速度v匀速穿过宽为b的有界的匀强磁场区域，磁场的磁感应强度为B，从线圈开始进入磁场到线圈刚离开磁场的过程中，外力做功为W．假设a＞b，如此W=，假设a＜b，如此W=．三、计算题〔44分〕13．〔8分〕〔2010秋•抚州期末〕如图甲所示的螺线管的匝数n=1500，横截面积S=20cm2，电阻r=1.5Ω，与螺线管串联的外电阻R1=10Ω，R2=3.5Ω．假设穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图乙所示的规律变化，计算R1上消耗的电功率．14．〔10分〕〔2012春•临川区校级期中〕某发电站的输出功率为103KW，输出电压为4kV，通过理想变压器升压后向远处供电．输电导线的电阻为R=100Ω，输电线路损失的功率为输出功率的4%，求：〔1〕升压变压器的输出电压；〔2〕输电线路上的电压损失．15．〔12分〕〔2012春•中山期末〕如下列图，水平U形光滑框架，宽度为1m，电阻忽略不计，导体ab质量是0.2kg，电阻是0.1Ω，匀强磁场的磁感应强度B=0.1T，方向垂直框架向上，现用1N的外力F由静止拉动ab杆，当ab的速度达到1m/s时，求此时刻〔1〕ab 杆产生的感应电动势的大小；〔2〕ab杆的加速度的大小？〔3〕ab杆所能达到的最大速度是多少？16．〔14分〕〔2012秋•库尔勒市校级期末〕如下列图，两根相距L平行放置的光滑导电轨道，与水平面的夹角均为α，轨道间有电阻R，处于磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中，一根质量为m、电阻为r的金属杆ab，由静止开始沿导电轨道下滑．设下滑中ab杆始终与轨道保持垂直，且接触良好，导电轨道有足够的长度，且电阻不计．求：〔1〕ab杆将做什么运动？〔2〕假设开始时就给ab沿轨道向下的拉力F使其由静止开始向下做加速度为a的匀加速运动〔a＞gsinα〕．求拉力F与时间t的关系式．2014-2015学年江西省赣州市信丰中学高二〔下〕第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔以下第小题为多项选择题，其余单项选择，共计10题，每题4分，共计40分．少选的得2分，不选和多项选择的为0分〕1．〔4分〕〔2011秋•新建县校级期末〕关于楞次定律，如下说法正确的答案是〔〕A．感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化B．闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，必受磁场阻碍作用C．原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，感应电流的磁场与原磁场同向D．感生电流的磁场总是跟原磁场反向，阻碍原磁场考点：楞次定律．分析：根据楞次定律分析感应电流磁场的作用．闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，会产生感应电流，必受磁场阻碍作用．原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，感应电流的磁场与原磁场反向；原磁场穿过闭合回路的磁通量磁减小时，感应电流的磁场与原磁场同向．解答：解：A、根据楞次定律得知：感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化．故A正确．B、闭合电路的一局部导体在做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，磁场对导体有安培力，起到阻碍导体与磁场相对运动的作用．故B正确．C、原磁场穿过闭合回路的磁通量磁增加时，根据楞次定律得知，感应电流的磁场与原磁场反向．故C错误．D、感生电流的磁场不一定跟原磁场反向，只有当原磁通量增加时，感生电流的磁场才跟原磁场反向，而当原磁通量减小时，感生电流的磁场跟原磁场同向．故D错误．应当选AB点评：楞次定律是反映感应电流方向的规律，简述为感应电流总是阻碍磁通量的变化，不是阻碍磁场．2．〔4分〕〔2013•和平区三模〕小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动．产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如下列图，此线圈与一个R=10Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，如下说法正确的答案是〔〕A．交变电流的周期为0.125s B．交变电流的频率为8HzC．交变电流的有效值为 A D．交变电流的最大值为4A考点：交流的峰值、有效值以与它们的关系．专题：交流电专题．分析：从图象中可以求出该交流电的最大电压以与周期等物理量，然后根据最大值与有效值以与周期与频率关系求解．解答：解：A、由图可知，交流电周期T=0.250s，故A错误；B、交流电周期T=0.250s，交变电流的频率为f==4Hz，故B错误；C、由图可知，交流电的最大电压U m=20V，所以交变电流的最大值为I m==2A，所以交变电流的有效值为I==A，故C正确，D错误；应当选：C．点评：此题考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解．3．〔4分〕〔2007•广东〕压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学利用压敏电阻设计了判断小车运动状态的装置，其工作原理如图〔a〕所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个绝缘重球．小车向右做直线运动过程中，电流表示数如图〔b〕所示，如下判断正确的答案是〔〕A．从t1到t2时间内，小车做匀速直线运动B．从t1到t2时间内，小车做匀加速直线运动C．从t2到t3时间内，小车做匀速直线运动D．从t2到t3时间内，小车做匀加速直线运动考点：闭合电路的欧姆定律；传感器在生产、生活中的应用．专题：压轴题；恒定电流专题．分析：压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，而电流变大说明电阻变小，故电流变大说明压力变大；反之，电流变小说明压力变小；电流不变说明压力不变．解答：解：A、在t1～t2内，I变大，阻值变小，压力变大，小车做变加速运动，故A错误；B、在t1～t2内，I变大，阻值变小，压力变大，小车做变加速运动，故B错误；C、在t2～t3内，I不变，压力恒定，小车做匀加速直线运动，故C错错误；D、在t2～t3内，I不变，压力恒定，小车做匀加速直线运动，故D正确；应当选：D．点评：此题关键是根据电流变化情况判断压力变化情况，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况，从而判断小车的可能运动情况．4．〔4分〕〔2014春•晋江市校级期中〕处在匀强磁场中的矩形线圈abcd，以恒定的角速度绕ab边转动，磁场方向平行于纸面并与ab垂直．在t=0时刻，线圈平面与纸面重合〔如图〕，线圈的cd边离开纸面向外运动．假设规定由a→b→c→d→a方向的感应电流为正，如此能反映线圈中感应电流I随时间t变化的图线是〔〕A．B．C． D．考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电．如此由楞次定如此可判定感应电流的方向，图示时刻的电动势最大，电流最大．解答：解：cd边离开纸面向外运动开始计时，线圈磁通量在变大，如此感应电流的磁场会阻碍其变大，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，根据右手定如此得感应电流方向是a→b→c→d→a，与规定的正方向一样，此时感应电动势最大，感应电流也最大，是余弦图象．故ABD错误，C正确．应当选：C．点评：此题的关键是知道在转动的瞬间，感应电动势最大，根据楞次定律判断感应电流的方向．5．〔4分〕〔2013•辽宁一模〕如图甲所示，M是一个小型理想变压器，原副线圈匝数之比n1：n2=10：1，接线柱a、b接上一个正弦交变电源，电压随时间变化规律如图乙所示．变压器右侧局部为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料〔电阻随温度升高而减小〕制成的传感器，R1为一定值电阻．如下说法中正确的答案是〔〕A．电压表v示数为22VB．当传感器R2所在处出现火警时，电压表v的示数减小C．当传感器R2所在处出现火警时，电流表A的示数减小D．当传感器R2所在处出现火警时，电阻R1的功率变小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．解答：解：A、由图象可知，输入的电压为220V，变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为22V，电压表测的是半导体热敏材料的电压，R1，R2的总电压为22V，所以电压表的示数小于22V，所以A错误；B、当出现火警时，温度升高，电阻R2减小，副线圈的电流变大，所以R1的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R2的电压就要减小，所以B正确；C、由B的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也就要增大，所以C错误；D、由B的分析可知，副线圈的电阻减小，副线圈的电流变大，由于R1的电阻不变，由P=I2R1可知，电阻R1的功率变大，所以D错误．应当选B．点评：此题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以与变压器变压原理、功率等问题彻底理解．6．〔4分〕〔2012春•临川区校级期中〕要使b线圈中产生图示I方向的电流，可采用的方法有〔〕A．断开的K瞬间B．K闭合后把R的滑动片向右移C．闭合K后把b向a靠近D．闭合K后把a中铁芯从左边抽出考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：首先知道判断感应电流的方向利用楞次定律，让后逐项分析即可．解答：解：A、断开K瞬间，通电螺旋管a在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生图示I反方向的电流，故A错误；B、K闭合后把R的滑动片向右移，通电螺旋管a的电流减小，在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生与图示I方向的电流相反，故B错误；C、闭合K后把b向a靠近，通电螺旋管a在右侧产生的磁场方向向右且穿过b磁通量增大，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍增大，即产生的磁场方向向左，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生图示I方向的电流，故C正确；D、闭合K后把a中铁芯从左边抽出，产生的磁场减弱，在右侧产生的磁场方向向右且穿过b 磁通量减小，据楞次定律知，据b线圈产生感应电流产生的磁通量阻碍减小，即产生的磁场方向向右，用右手螺旋定如此可知，b线圈产生与图示I方向的电流相反，故D错误．应当选：C．点评：灵活应用楞次定律求解是解题的关键，一定注意原磁场的方向，磁通量的变化和感应电流产生磁场的方向．7．〔4分〕〔2015春•厦门校级期末〕如下列图，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做如下哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引〔〕A．向右做匀速运动B．向左做减速运动C．向右做减速运动D．向右做加速运动考点：楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：导体棒ab在匀强磁场中沿导轨运动时，根据右手定如此判断感应电流方向，感应电流通过螺线管时，由安培定如此判断磁场方向，根据楞次定律判断线圈c中感应电流方向，再确定c是否被螺线管吸引．解答：解：A、导体棒ab向右或向左做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会被螺线管吸引．故A错误．B、导体棒ab向左做减速运动时，根据右手定如此判断得到，ab中产生的感应电流方向从b→a，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向〔从左向右看〕的感应电流，与线圈中的电流的方向一样，如此线圈c被螺线管吸引．故B正确．C、导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定如此判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向〔从左向右看〕的感应电流，与线圈中的电流的方向一样，如此线圈c被螺线管吸引．故C正确．D、导体棒ab向右做加速运动时，根据右手定如此判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b，感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向〔从左向右看〕的感应电流，与线圈中的电流的方向一样反，如此线圈c被螺线管排斥．故C错误．应当选：BC．点评：此题运用右手定如此、安培定如此和楞次定律按步就班进展分析的，也可以直接根据楞次定律进展判断：线圈c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运动．8．〔4分〕〔2013秋•船营区校级期中〕如下列图，上下不等宽的平行金属导轨的EF和GH两局部导轨间的距离为2L，IJ和MN两局部导轨间的距离为L，导轨竖直放置，整个装置处于水平向里的匀强磁场中，金属杆ab和cd的质量均为m，都可在导轨上无摩擦地滑动，且与导轨接触良好，现对金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，此时cd处于静止状态，如此F的大小为〔〕A．2mg B．3mg C．4mg D．1mg考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：当ab杆向上切割磁感线，从而产生感应电动势，出现感应电流，产生安培力．安培力对于cd来说与其重力平衡，对于ab来说与重力三合起来与拉力相平衡．因此通过安培力的大小公式可分别求出两杆的受到的安培力大小，即可求解．解答：解：ab杆向上切割磁感线，从而产生感应电动势为E=BLv，出现感应电流I=，安培力大小为F安=BI•2L，对于cd来说，受到的安培力为F安=BI•L，且F安′=BI•L=mg，由于金属杆ab施加一个竖直向上的作用力F，使其匀速向上运动，所以F=mg+F安综上可得，F=mg+2mg=3mg应当选：B．点评：考查杆切割磁感线产生感应电动势，出现感应电流，产生安培力，注意安培力的有效切割长度，同时运用受力平衡条件．9．〔4分〕〔2014秋•东河区校级期末〕如图中回路竖直放在匀强磁场中，磁场的方向垂直于回路平面向外，导体AC可以贴着光滑竖直长导轨下滑．设回路的总电阻恒定为R，当导体AC 从静止开始下落后，下面表示中正确的说法有〔〕A．导体下落过程中，机械能守恒B．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为在电阻上产生的热量C．导体加速下落过程中，导体减少的重力势能转化为导体增加的动能和回路中增加的内能D．导体达到稳定速度后的下落过程中，导体减少的重力势能全部转化为回路中增加的内能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；功能关系；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应与电路结合．分析：导线下落过程中切割磁感线产生逆时针方向的感应电动势、感应电流，导线受到竖直向上的安培力，还有竖直向下的重力，下落过程中安培力做负功，机械能减小，减小的机械能转化为电能，所以机械能不守恒；下落时重力做正功，重力势能减小，减小的重力势能一局部通过抑制安培力做功转化为电能，另一局部转化为导线的动能．解答：解：A、导体下落过程中切割磁感线产生顺时针方向的感应电动势、感应电流，导体受到竖直向上的安培力，还有竖直向下的重力，下落过程中安培力做负功，机械能减小，减小的机械能转化为电能，所以机械能不守恒，故A错误．B、C、导体加速下落过程中，重力做正功，重力势能减小，减小的重力势能一局部通过抑制安培力做功转化为电能，另一局部转化为导体的动能；故B错误，C正确．D、导体下落达到稳定速度时，竖直向下的重力等于竖直向上的安培力，两力的合力等于零，导体做匀速直线运动，动能不变，导体减少的重力势能通过抑制安培力做功全部转化为回路的电能，故D正确．应当选：CD点评：解答此题时要注意：在抑制安培力做功的题目中，抑制安培力做多少功，就产生多少电能；在安培力做正功的题目中安培力做多少做功就消耗多少电能．10．〔4分〕〔2012•浙江校级模拟〕在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B，方向相反的水平匀强磁场，如下列图的PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a、质量为m、电阻为R的金属圆环垂直磁场方向，以速度v从如图位置运动，当圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环的速度为v，如此如下说法正确的答案是〔〕A．此时圆环中的电功率为B．此时圆环的加速度为C．此过程中通过圆环截面的电量为D．此过程中回路产生的电能为0.75mv2考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：由导体切割磁感线公式可求得感应电动势，由功率公式可求得电功率；由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流，如此可求得安培力，由牛顿第二定律求得加速度；由法拉第电磁感应定律可求得通过截面的电量；解答：解：A、当直径与边界限重合时，圆环运动到直径刚好与边界限PQ重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，故线圈中的感应电动势E=2B×2a×=2Bav；圆环中的电功率P==，故A正确；B、此时圆环受力F=2BI×2a=2B•2×2a=，由牛顿第二定律可得，加速度a==，故B错误；C、电路中的平均电动势=，如此电路中通过的电量Q=△t=△t==，故C 正确；D、此过程中产生的电能等于电路中的热量，也等于外力所做的功，如此一定也等于动能的改变量，故E=mv2﹣m=mv2=0.375mv2．故D错误；应当选：AC．点评：此题考查电磁感应规律、闭合电路运算、感应电动势瞬时值与平均值应用等．关键为：搞清楚磁通量的变化、平动切割的有效长度、瞬时值与平均值．二、填空题〔16分〕11．〔8分〕〔2012春•临川区校级期中〕光敏电阻是用半导体材料制成的．如下列图，将一个光敏电阻与多用电表联成一电路，此时选择开关放在欧姆档，照射在光敏电阻上的光强逐渐增大，如此欧姆表指针的偏转角度变大〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．假设将选择开关放在电流挡，同样增大照射光强度，如此指针偏转角度不变．〔填“变大〞、“变小〞或“不变〞〕．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．。
学易金卷：段考模拟君之高二物理下学期第一次月考(3月)原创卷(考试版)
物理试题 第1页（共8页） 物理试题 第2页（共8页）绝密★启用前|学科网试题命制中心2017-2018学年下学期第一次月考（3月）原创卷A 卷高二物理（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．测试范围：选修3-2全部内容。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．在我市某重点中学的操场上，四位同学按如图所示的装置研究利用地磁场发电问题，他们把一条大约10 m 长电线的两端连在一个灵敏电流表的两个接线柱上，形成闭合电路。
两个同学迅速摇动这条电线，另外两位同学在灵敏电流计旁观察指针摆动情况，下列说法中正确的是A ．为了使指针摆动明显，摇动导线的两位同学站立的方向应沿东西方向B ．为了使指针摆动明显，摇动导线的两位同学站立的方向应沿南北方向C ．当导线在最高点时，观察到感应电流最大D ．当导线在最低点时，观察到感应电流最大2．如图所示，闭合金属线框放置在竖直向上的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度大小随时间变化。
下列说法中正确的是①当磁感应强度增加时，线框中的感应电流可能减小 ②当磁感应强度增加时，线框中的感应电流一定增大 ③当磁感应强度减小时，线框中的感应电流一定增大 ④当磁感应强度减小时，线框中的感应电流可能不变 A ．只有②④正确 B ．只有①③正确 C ．只有②③正确D ．只有①④正确3．如图所示，水平放置的通电螺线管中央，有一闭合金属弹性圆环，螺线管中轴线与弹性环轴线重合。
学易金卷：段考模拟君之高二理数下学期第一次月考(3月)原创卷(考试版)
理科数学试题 第1页（共4页） 理科数学试题 第2页（共4页）绝密★启用前|学科网试题命制中心2017-2018学年下学期第一次月考（3月）原创卷A 卷高二理科数学（考试时间：120分钟 试卷满分：150分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．测试范围：人教选修2-2第1章。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．某物体做自由落体运动的位移s (t )=12gt 2, g =9.8 m/s 2,若Δ0(1)(1)lim t s t s t→+∆-∆=9.8 m/s,则9.8 m/s 是该物体A ．从0 s 到1 s 这段时间的平均速度B ．从1 s 到(1+Δt )s 这段时间的平均速度C ．在t =1 s 这一时刻的瞬时速度D ．在t =Δt s 这一时刻的瞬时速度2．设()f x 为可导函数,且(2)f '=12,则0(2)(2)lim h f h f h h→--+的值为 A ．1B ．1-C ．12D ．12-3．下列求导运算正确的是 A ．1(2)2xx x -'=⋅B ．21(x x '-=212x x-C ．(3e )x '=3e xD ．(cos xx'=2cos sin (cos )x x x x -4．若函数()f x 的导函数()f x '的图象如图所示，则下列说法正确的是A ．1x 是()f x 的一个极值点B ．1x 和3x 都是()f x 的极值点C ．2x 和3x 都是()f x 的极值点D ．1x ，2x ，3x 都不是()f x 的极值点5．若曲线sin cos y x x =+在点π(,1)2处的切线与直线10x ay -+=平行,则实数a 等于A ．1-B ．12C ．2-D ．26．若2,[0,1]()2,[1,2]x x fxx x ⎧∈=⎨-∈⎩，则20()d f x x ⎰＝A ．34B ．45C ．不存在D ．567．设()f x '是函数()f x 的导函数，()y f x '=的图象如图所示，则()y f x =的图象最有可能的是A ．B ．C ．D ．8．设函数()f x =2116ln 2x x -在区间[1,2]a a -+上单调递减,则实数a 的取值范围是 A ．(1,3)B ．(2,3)C ．(1,2]D ．[2,3]9．在某城市的发展过程中,交通状况逐渐受到更多的关注,据有关统计数据显示,从上午6时到9时,车辆通过该市某一路段的用时y (分钟)与车辆进入该路段的时刻t 之间的关系可近似地用函数表示为:则在这段时间内,通过该路段用时最多的时刻是 A ．6时 B ．7时 C ．8时 D ．9时。
学益高二物理下学期第一次(3月)月考试题(2021年整理)
宁夏银川市学益2016-2017学年高二物理下学期第一次（3月）月考试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（宁夏银川市学益2016-2017学年高二物理下学期第一次（3月）月考试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为宁夏银川市学益2016-2017学年高二物理下学期第一次（3月）月考试题的全部内容。
宁夏银川市学益2016-2017学年高二物理下学期第一次（3月）月考试题答题说明：1.考生应把学校、考场、考号、姓名写在答题卡上，贴好条形码。
2。
请用钢笔、中型笔或圆珠笔把答案写在答题卡上。
一、单项选择题(每题2分，共30分,每题所给出的四个选项中只有一个是正确的）1.一台理想变压器，原、副线圈匝数分别为n1和n2,正常工作时的输入电压、电流、电功率分别是U1、I1、P1，输出电压、电流、电功率分别是U2、I2、P2，已知n1＜n2，则A．U1＜U2，P1＝P2B．P1＝P2，I1＜I2C．I1＜I2，U1＞U2 D．P1＞P2，I1＞I22。
在变电所,经常要用交流电表去监测电网上的强电流，使用的仪器是电流互感器。
图中能正确反映其工作原理的是3. 关于减小远距离输电线上的功率损耗，下列说法正确的是A．由功率P＝U2/R，应降低输电电压,增大导线电阻B．由P＝IU，应低电压小电流输电C．由P＝I2R，应减小导线电阻或减小输电电流D．上述说法均不对4．如图所示为某质点在0～4 s内的振动图象,则A．质点在3 s末的位移为2 m B。
质点在4 s末的位移为8 mC．质点在4 s内的路程为8 m D．质点在4 s内的路程为零5.如图，一水平弹簧振子，O为平衡位置，振子在B、C之间做简谐运动，设向右为正方向，则振子A．由C向O运动时，位移为正值，速度为正值，加速度为正值B．由O向B 运动时，位移为正值,速度为正值，加速度为负值O BCC．由B向O运动时,位移为负值，速度为正值，加速度为负值D．由O向C运动时，位移为负值,速度为负值，加速度为负值6。
高二物理下学期第一次月考试题_23
嗦夺市安培阳光实验学校高二下学期第一次月考物理试题答题时间：90分钟满分：100分一、本题包括12小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2 分，有选错的得0 分．共48分。
1、以下说法符合物理学史实的是（）A．牛顿发现了万有引力定律，并测出了引力常量B．亚里士多德提出了力是改变物体运动状态的原因C．安培发现了电流周围存在着磁场D．法拉第发现了电磁感应现象2．如图所示，平行线代表等势线，一个带正电、电量为10－6C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了10－5 J，已知A点的电势为－10 V，则以下判断正确的是（）A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C．B点电势为零D．B点电势为－20 V3．为了儿童安全，布绒玩具必须检测其中是否存在金属断针，可以先将玩具放置强磁场中，若其中有断针，则断针被磁化，用磁装置可以检测到断针的存在．如图所示是磁装置中的一部分电路示意图，其中R B是磁敏传感器，它的电阻随断针的出现而减小，a、b接器，当传感器R B所在处出现断针时，电流表的电流I、ab两端的电压U将（）A．I变大，U变大 B．I变小，U变小C．I变大，U变小 D．I变小，U变大4．目前，世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机．如图所示表示了它的发电原理：将一束等离子体喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就会聚集电荷，产生电压．如果射入的等离子体的初速度为v，两金属板的板长(沿初速度方向)为L，板间距离为d，金属板的正对面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于离子初速度方向，负载电阻为R，电离气体充满两板间的空间．当发电机稳定发电时，电流表的示数为I.那么板间电离气体的电阻率为( )A.Sd(BdvI－R ) B.Sd(BLvI－R)C.SL(BdvI－R) D.SL(BLvI－R)5．如图所示，直线A为电源的路端电压与总电流关系的图线，直线B为电阻R两端电压与通过该电阻电流关系的图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和效率分别是（）A．2瓦，66．7％B．2瓦，33．3％C．4瓦，33．3％AB210 1 2 3 I/AU/v32D．4瓦，66．7％6．如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙的绝缘杆上，整个装置处于方向如图所示的匀强磁场中，现给滑环一个水平向右的瞬时作用力，使其开始运动，则滑环在杆上的运动情况可能的是 ( ) A．始终做匀速运动B．始终做减速运动，最后静止于杆上C．先做加速运动，最后做匀速运动D．先做减速运动，最后做匀速运动7．如图所示的电路，将两个相同的电流计分别改装成A1(0—3A)和A2(0—0.6A)的电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流强度，则下列说法正确的是（）A.A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B.A1的指针还没半偏时，A2的指针已经半偏C.A1的读数为1A时，A2的读数为0.6AD.A1的读数为1A时，干路的电流I为1.2A8．如图所示的虚线框为一长方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一束电子以不同的速率从O点垂直于磁场方向、沿图中方向射入磁场后，分别从a、b、c、d四点射出磁场，比较它们在磁场中的运动时间t a、t b、t c、t d，其大小关系是 ( )A．t a<t b<t c<t d B．t a＝t b＝t c＝t dC．t a＝t b<t c<t d D．t a＝t b>t c>t d 9．如图所示，利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关。
高中高二物理下学期3月月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年河南省三门峡市义马高中高二〔下〕月考物理试卷〔3月份〕一、选择题〔第8.9.10题多项选择〕1．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后〔加速电压为U〕，该粒子的德布罗意波长为〔〕A．B．C．D．2．入射光照射到某金属外表上发生光电效应，假设入射光的强度减弱，而频率保持不变，如此〔〕A．从光照至金属外表上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加B．逸出的光电子的最大初动能将减小C．单位时间内从金属外表逸出的光电子数目将减少D．有可能不发生光电效应3．如下列图，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块．木箱和小木块都具有一定的质量．现使木箱获得一个向右的初速度v0，如此〔〕A．小木块和木箱最终都将静止B．小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C．小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D．如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，如此二者将一起向左运动4．小船相对于地面以速度v1向东行驶，假设在船上以相对地面的一样速率v分别水平向东和向西抛出两个质量相等的重物，如此小船的速度将〔〕A．不变 B．减小 C．增大 D．改变方向5．如下列图，在光滑的水平面上，有一质量为M=3kg的薄板和质量m=1kg的物块，都以v=4m/s 的初速度朝相反方向运动，它们之间有摩擦，当薄板的速度为2.4m/s时，物块的运动情况是〔〕A．做加速运动B．做减速运动C．做匀速运动D．以上运动都有可能6．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，m A=1kg、m B=2kg、v A=6m/s、v B=2m/s．当球A追上球B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是〔取两球碰撞前的运动方向为正〕〔〕A．v A′=5m/s，v B′=2.5m/s B．v A′=2m/s，v B′=4m/sC．v A′=﹣4m/s，v B′=7m/s D．v A′=7m/s，v B′=1.5m/s7．如下列图，在光滑水平地面上有两个完全一样的小球A和B，它们的质量都为m．现B球静止，A球以速度v0与B球发生正碰，针对碰撞后的动能如下说法中正确的答案是〔〕A．B球动能的最大值是B．B球动能的最大值是C．系统动能的最小值是0D．系统动能的最小值是8．质量为m的小球A，沿光滑水平面以速度v0与质量为2m的静止小球B发生正碰，碰撞后，A球的动能变为原来的，那么小球B的速度可能是〔〕A． v0B． v0C． v0D． v09．在光滑的水平桌面上有等大的质量分别为M=0.6kg，m=0.2kg的两个小球，中间夹着一个被压缩的具有E p=10.8J弹性势能的轻弹簧〔弹簧与两球不相连〕，原来处于静止状态．现突然释放弹簧，球m脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为R=0.425m的竖直放置的光滑半圆形轨道，如下列图．g取10m/s2．如此如下说法正确的答案是〔〕A．球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为3.4N•sB．M离开轻弹簧时获得的速度为9m/sC．假设半圆轨道半径可调，如此球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大而减小D．弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为1.8N•s10．如下列图，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=4kg的小物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示，取g=10m/s2，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板A获得的动能为2J B．系统损失的机械能为2JC．木板A的最小长度为2m D．A、B间的动摩擦因数为0.1二、填空题11．为了验证碰撞中的动量守恒和检验两个小球的碰撞是否为弹性碰撞，某同学选取了两个体积一样、质量不等的小球，按下述步骤做了如下实验：①用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2，且m1＞m2．②按照如下列图的那样，安装好实验装置．将斜槽AB固定在桌边，使槽的末端点的切线水平．将一斜面BC连接在斜槽末端．③先不放小球m2，让小球m1从斜槽顶端A处由静止开始滚下，记下小球在斜面上的落点位置．④将小球m2放在斜槽前端边缘处，让小球m1从斜槽顶端A处滚下，使它们发生碰撞，记下小球m1和小球m2在斜面上的落点位置．⑤用毫米刻度尺量出各个落点位置到斜槽末端点B的距离．图中D、E、F点是该同学记下的小球在斜面上的几个落点位置，到B点的距离分别为L D、L E、L F．根据该同学的实验，回答如下问题：〔1〕小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的点，m2的落点是图中的点．〔2〕用测得的物理量来表示，只要满足关系式，如此说明碰撞中动量是守恒的．〔3〕用测得的物理量来表示，只要再满足关系式，如此说明两小球的碰撞是弹性碰撞．12．静止在水面上的船长为L、质量为M，一个质量为m的人站在船头，当此人由船头走到船尾时，不计水的阻力，船移动的距离是．13．载着人的气球静止悬浮在空中，人的质量和气球〔包括设备〕的质量分别为60kg和300kg．气球离地面的高度为20m，为使人能安全着地，气球上悬挂的软梯长度需要 m．三、计算题14．如图，一质量为M的物块静止在桌面边缘，桌面离水平地面的高度为h．一质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度射出．重力加速度为g．求：〔1〕子弹穿出木块时木块的速度大小；〔2〕此过程中系统损失的机械能；〔3〕此后物块落地点离桌面边缘的水平距离．15．如下列图，A为有光滑曲面的固定轨道，轨道底端的切线方向是水平的．质量M=40kg 的小车B静止于轨道右侧，其上外表与轨道底端在同一水平面上．一个质量m=20kg的物体C以2.0m/s的初速度从轨道顶端滑下，冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并一起运动．假设轨道顶端与底端的高度差h=1.6m．物体与小车板面间的动摩擦因数μ=0.40，小车与水平面间的摩擦忽略不计．〔取g=10m/s2〕，求：〔1〕物体与小车保持相对静止时的速度v；〔2〕物体冲上小车后，与小车发生相对滑动经历的时间t；〔3〕物体在小车上相对滑动的距离d．16．波长λ=0.71A的伦琴射线使金箔发射光电子，电子在磁感应强度为B的匀强磁场区域内做最大半径为r的匀速圆周运动，rB=1.88×10﹣4m•T．试求：〔1〕光电子的最大初动能；〔2〕金属的逸出功；〔3〕该电子的物质波的波长是多少？2015-2016学年河南省三门峡市义马高中高二〔下〕月考物理试卷〔3月份〕参考答案与试题解析一、选择题〔第8.9.10题多项选择〕1．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后〔加速电压为U〕，该粒子的德布罗意波长为〔〕A．B．C．D．【考点】物质波．【分析】带电粒子经加速电场加速后，动能的大小等于电场力做功，求得速度v，代入公式：即可．【解答】解：加速后的速度为v，根据动能定理可得：所以，由德布罗意波公式可得：．所以选项C正确．应当选：C2．入射光照射到某金属外表上发生光电效应，假设入射光的强度减弱，而频率保持不变，如此〔〕A．从光照至金属外表上到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加B．逸出的光电子的最大初动能将减小C．单位时间内从金属外表逸出的光电子数目将减少D．有可能不发生光电效应【考点】光电效应．【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，光的强弱只影响单位时间内发出光电子的数目．【解答】解：A、光的强弱影响的是单位时间内发出光电子的数目，不影响发射出光电子的时间间隔．故A错误．B、根据光电效应方程知，E KM=hγ﹣W0知，入射光的频率不变，如此最大初动能不变．故B 错误．C、单位时间内从金属外表逸出的光电子数目将减少，光电流减弱，C正确．D、入射光的频率不变，如此仍然能发生光电效应．故D错误．应当选C．3．如下列图，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块．木箱和小木块都具有一定的质量．现使木箱获得一个向右的初速度v0，如此〔〕A．小木块和木箱最终都将静止B．小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C．小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D．如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，如此二者将一起向左运动【考点】动量守恒定律．【分析】应用动量守恒定律解决问题的根本思路和一般方法：〔1〕分析题意，明确研究对象；〔2〕要对各阶段所选系统内的物体进展受力分析，弄清哪些是系统内部物体之间相互作用的内力，哪些是系统外物体对系统内物体作用的外力，在受力分析的根底上根据动量守恒定律条件，判断能否应用动量守恒；〔3〕明确所研究的相互作用过程，确定过程的始、末状态，即系统内各个物体的初动量和末动量的量值或表达式；〔4〕确定好正方向建立动量守恒方程求解．此题中物体系统在光滑的平面上滑动，系统所受外力的合力为零，故系统动量始终守恒，而由于系统内部存在摩擦力，阻碍物体间的相对滑动，最终两物体应该相对静止，一起向右运动．【解答】解：系统所受外力的合力为零，动量守恒，初状态木箱有向右的动量，小木块动量为零，故系统总动量向右，系统内部存在摩擦力，阻碍两物体间的相对滑动，最终相对静止，由于系统的总动量守恒，不管中间过程如何相互作用，根据动量守恒定律，最终两物体以一样的速度一起向右运动．应当选B．4．小船相对于地面以速度v1向东行驶，假设在船上以相对地面的一样速率v分别水平向东和向西抛出两个质量相等的重物，如此小船的速度将〔〕A．不变 B．减小 C．增大 D．改变方向【考点】动量守恒定律．【分析】根据题意确定系统，运用动量守恒定律，即可求解．【解答】解：以两重物和船为系统，抛重物的过程系统满足动量守恒定律的条件，即〔M+2m〕v=mv﹣mv+Mv′，所以v′=v＞v，故C正确；应当选C．5．如下列图，在光滑的水平面上，有一质量为M=3kg的薄板和质量m=1kg的物块，都以v=4m/s 的初速度朝相反方向运动，它们之间有摩擦，当薄板的速度为2.4m/s时，物块的运动情况是〔〕A．做加速运动B．做减速运动C．做匀速运动D．以上运动都有可能【考点】动量守恒定律．【分析】分析物体的运动情况：初态时，系统的总动量方向水平向左，两个物体开始均做匀减速运动，m的速度先减至零，根据动量守恒定律求出此时M的速度．之后，m向左做匀加速运动，M继续向左做匀减速运动，最后两者一起向左匀速运动．根据动量守恒定律求出薄板的速度大小为2.4m/s时，物块的速度，并分析m的运动情况【解答】解：开始阶段，m向右减速，M向左减速，根据系统的动量守恒定律得：当m的速度为零时，设此时M的速度为v1．根据动量守恒定律得〔M﹣m〕v=Mv1代入解得v1=2.67m/s．此后m将向左加速，M继续向左减速；当两者速度达到一样时，设共同速度为v2．由动量守恒定律得〔M﹣m〕v=〔M+m〕v2，代入解得v2=2m/s．两者相对静止后，一起向左匀速直线运动．由此可知当M的速度为2.4m/s时，m处于向左加速过程中．应当选：A6．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，m A=1kg、m B=2kg、v A=6m/s、v B=2m/s．当球A追上球B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是〔取两球碰撞前的运动方向为正〕〔〕A．v A′=5m/s，v B′=2.5m/s B．v A′=2m/s，v B′=4m/sC．v A′=﹣4m/s，v B′=7m/s D．v A′=7m/s，v B′=1.5m/s【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一局部转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，因而AD错误，BC满足；两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒，ABCD均满足；根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为22J，B选项碰撞后总动能为18J，C选项碰撞后总动能为57J，故C错误，B满足；应当选B．7．如下列图，在光滑水平地面上有两个完全一样的小球A和B，它们的质量都为m．现B球静止，A球以速度v0与B球发生正碰，针对碰撞后的动能如下说法中正确的答案是〔〕A．B球动能的最大值是B．B球动能的最大值是C．系统动能的最小值是0D．系统动能的最小值是【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】根据两球相碰时，假设发生弹性碰撞，B球获得的动能最大；假设两球发生完全非弹性碰撞，系统损失的动能最大，碰后系统的动能最小．根据动量守恒和动能守恒求出两球碰撞后B的速度，即可求得B球动能的最大值．【解答】解：A、B假设两球发生弹性碰撞，如此B球获得的动能最大；根据动量守恒和动能守恒得：mv0=mv A+mv B，=+联立解得，B球碰后最大速度为 v B=v0，B球最大动能为E kmax==．故A正确，B 错误．C、根据动量守恒可知，碰撞后系统总动量为mv0，总动能不可能为零，故C错误．D、假设两球发生完全非弹性碰撞，系统损失的动能最大，如此有：mv0=〔m+m〕v得：v=系统动能的最小值是E kmin==，故D错误．应当选A8．质量为m的小球A，沿光滑水平面以速度v0与质量为2m的静止小球B发生正碰，碰撞后，A球的动能变为原来的，那么小球B的速度可能是〔〕A． v0B． v0C． v0D． v0【考点】动量守恒定律．【分析】碰后A球的动能恰好变为原来的，速度大小变为原来的，但速度方向可能跟原来一样，也可能相反，再根据碰撞过程中动量守恒即可解题．【解答】解：根据碰后A球的动能恰好变为原来的得： mv2=•mv=±v0碰撞过程中AB动量守恒，如此有：mv0=mv+2mv B解得：v B=v0或v B=v0应当选：AB．9．在光滑的水平桌面上有等大的质量分别为M=0.6kg，m=0.2kg的两个小球，中间夹着一个被压缩的具有E p=10.8J弹性势能的轻弹簧〔弹簧与两球不相连〕，原来处于静止状态．现突然释放弹簧，球m脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为R=0.425m的竖直放置的光滑半圆形轨道，如下列图．g取10m/s2．如此如下说法正确的答案是〔〕A．球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为3.4N•sB．M离开轻弹簧时获得的速度为9m/sC．假设半圆轨道半径可调，如此球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大而减小D．弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为1.8N•s【考点】动量定理；动量冲量．【分析】弹簧弹开小球过程系统动量守恒、机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律求出两球的速度；小球离开圆形轨道后做平抛运动，应用动量定理与平抛运动规律分析答题．【解答】解：释放弹簧过程中系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒得：mv1﹣Mv2=0，由机械能守恒得： mv12+Mv22=E P，代入数据解得：v1=9m/s，v2=3m/s；m从A到B过程中，由机械能守恒定律得：mv12=mv1′2+mg•2R，解得：v1′=8m/s；A、以向右为正方向，由动量定理得，球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为：I=△p=mv1′﹣mv1=0.2×〔﹣8〕﹣0.2×9=﹣3.4N•s，如此合力冲量大小为：3.4N•s，故A 正确；B、M离开轻弹簧时获得的速度为3m/s，故B错误；C、设圆轨道半径为r时，飞出B后水平位移最大，由A到B机械能守恒定律得：mv12=mv1′2+mg•2r，在最高点，由牛顿第二定律得：mg+N=m，m从B点飞出，需要满足：N≥0，飞出后，小球做平抛运动：2r=gt2，x=v1′t，当8.1﹣4r=4r时，即r=1.0125m 时，x为最大，球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大先增大后减小，故C错误；D、由动量定理得，弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为：I=△p=mv1=0.9=1.8N•s，故D 正确；应当选：AD．10．如下列图，长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=4kg的小物体B以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板A的外表，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示，取g=10m/s2，如此如下说法正确的答案是〔〕A．木板A获得的动能为2J B．系统损失的机械能为2JC．木板A的最小长度为2m D．A、B间的动摩擦因数为0.1【考点】动量守恒定律；功能关系；机械能守恒定律．【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A的质量，根据E k=mv2求解木板获得的动能．根据斜率求出B的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数．根据“面积〞之差求出木板A的长度．根据系统抑制摩擦力做功求解系统损失的机械能．【解答】解：A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=〔M+m〕v，解得：M=4kg，木板A的质量为 M=4kg，木板获得的动能为：E k=Mv2=×4×12=2J，故A正确．B、系统损失的机械能△E=mv02﹣mv2﹣Mv2，代入数据解得：△E=4J，故B错误；C、由图得到：0﹣1s内B的位移为x B=×〔2+1〕×1m=1.5m，A的位移为x A=×1×1m=0.5m，木板A的最小长度为L=x B﹣x A=1m，故C错误．D、由图示图象可知，B的加速度：a===﹣1m/s2，负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：μm B g=m B a，代入解得，μ=0.1，故D正确．应当选：AD．二、填空题11．为了验证碰撞中的动量守恒和检验两个小球的碰撞是否为弹性碰撞，某同学选取了两个体积一样、质量不等的小球，按下述步骤做了如下实验：①用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2，且m1＞m2．②按照如下列图的那样，安装好实验装置．将斜槽AB固定在桌边，使槽的末端点的切线水平．将一斜面BC连接在斜槽末端．③先不放小球m2，让小球m1从斜槽顶端A处由静止开始滚下，记下小球在斜面上的落点位置．④将小球m2放在斜槽前端边缘处，让小球m1从斜槽顶端A处滚下，使它们发生碰撞，记下小球m1和小球m2在斜面上的落点位置．⑤用毫米刻度尺量出各个落点位置到斜槽末端点B的距离．图中D、E、F点是该同学记下的小球在斜面上的几个落点位置，到B点的距离分别为L D、L E、L F．根据该同学的实验，回答如下问题：〔1〕小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的 D 点，m2的落点是图中的 F 点．〔2〕用测得的物理量来表示，只要满足关系式m1=m1+m2，如此说明碰撞中动量是守恒的．〔3〕用测得的物理量来表示，只要再满足关系式m1L E=m1L D+m2L F，如此说明两小球的碰撞是弹性碰撞．【考点】验证动量守恒定律．【分析】〔1〕小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度减小，都做平抛运动，由平抛运动规律不难判断出；〔2〕设斜面BC与水平面的倾角为α，由平抛运动规律求出碰撞前后小球m1和小球m2的速度，表示出动量的表达式即可求解；〔3〕假设两小球的碰撞是弹性碰撞，如此碰撞前后机械能没有损失．【解答】解：〔1〕小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度减小，都做平抛运动，所以碰撞后m1球的落地点是D点，m2球的落地点是F点；〔2〕碰撞前，小于m1落在图中的E点，设其水平初速度为v1．小球m1和m2发生碰撞后，m1的落点在图中的D点，设其水平初速度为v1′，m2的落点是图中的F点，设其水平初速度为v2．设斜面BC与水平面的倾角为α，由平抛运动规律得：L D sinα=gt2，L D cosα=v′1t解得：v′1=同理可解得：v1=，v2=所以只要满足m1v1=m2v2+m1v′1即：m1=m1+m2如此说明两球碰撞过程中动量守恒；〔3〕假设两小球的碰撞是弹性碰撞，如此碰撞前后机械能没有损失．如此要满足关系式m1v12=m1v′12+m2v2即m1L E=m1L D+m2L F故答案为：〔1〕D，F；〔2〕m1=m1+m2；〔3〕m1L E=m1L D+m2L F12．静止在水面上的船长为L、质量为M，一个质量为m的人站在船头，当此人由船头走到船尾时，不计水的阻力，船移动的距离是．【考点】动量守恒定律．【分析】不计水的阻力，人和小船组成的系统水平方向不受外力，系统的动量守恒，根据动量守恒定律求出船移动的位移大小．【解答】解：船和人组成的系统，在水平方向上动量守恒，人在船上行进，船向后退，规定人的速度方向为正方向，由动量守恒定律有：mv﹣MV=0．人从船头走到船尾，设船后退的距离为x，如此人相对于地面的距离为L﹣x．如此有：m=M解得：x=故答案为：．13．载着人的气球静止悬浮在空中，人的质量和气球〔包括设备〕的质量分别为60kg和300kg．气球离地面的高度为20m，为使人能安全着地，气球上悬挂的软梯长度需要24 m．【考点】动量守恒定律．【分析】以人和气球的系统为研究对象，系统所受的合外力为零，动量守恒．用软梯的长度和高度h表示人和气球的速度大小，根据动量守恒定律求出软梯的长度．【解答】解：设人沿软梯滑至地面，软梯长度至少为L．以人和气球的系统为研究对象，竖直方向动量守恒，规定竖直向下为正方向，由动量守恒定律得：0=mv1﹣Mv2…①人沿软梯滑至地面时，气球上升的高度为L﹣h，速度大小：v2=…②人相对于地面下降的高度为h，速度大小为：v1=…③将②③代入①得：L=h=×20m=24m；故答案为：24．三、计算题14．如图，一质量为M的物块静止在桌面边缘，桌面离水平地面的高度为h．一质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度射出．重力加速度为g．求：〔1〕子弹穿出木块时木块的速度大小；〔2〕此过程中系统损失的机械能；〔3〕此后物块落地点离桌面边缘的水平距离．【考点】动量守恒定律；平抛运动；功能关系．【分析】〔1〕子弹射击物块，子弹和物块的总动量守恒，由动量守恒定律求出子弹穿出木块时木块的速度大小．〔2〕系统损失的机械能等于射入前子弹的动能与射出后物块与子弹总动能之差．〔3〕子弹射出物块后，物块做平抛运动，由高度求出时间，再求出水平距离．【解答】解：〔1〕设子弹穿过物块后物块的速度为V，由动量守恒得①解得②〔2〕系统的机械能损失为③由②③式得④〔3〕设物块下落到地面所需时间为t，落地点距桌边缘的水平距离为s，如此⑤s=Vt ⑥由②⑤⑥式得答：〔1〕子弹穿出木块时木块的速度大小为．〔2〕此过程中系统损失的机械能为．〔3〕此后物块落地点离桌面边缘的水平距离是．15．如下列图，A为有光滑曲面的固定轨道，轨道底端的切线方向是水平的．质量M=40kg 的小车B静止于轨道右侧，其上外表与轨道底端在同一水平面上．一个质量m=20kg的物体C以2.0m/s的初速度从轨道顶端滑下，冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并一起运动．假设轨道顶端与底端的高度差h=1.6m．物体与小车板面间的动摩擦因数μ=0.40，小车与水平面间的摩擦忽略不计．〔取g=10m/s2〕，求：〔1〕物体与小车保持相对静止时的速度v；〔2〕物体冲上小车后，与小车发生相对滑动经历的时间t；〔3〕物体在小车上相对滑动的距离d．【考点】动量守恒定律；动能定理的应用．【分析】〔1〕物体C从曲面下滑时只有重力做功，由机械能守恒定律〔或动能定理〕可以求出物体C滑到轨道底端时的速度，物体C滑上小车后在小车上运动，到两者相对静止的过程中，物体C与小车组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出物体与小车保持相对静止时的速度v．〔2〕物体在小车上滑动过程中，小车受到的合外力为物体C对小车的滑动摩擦力，对小车由动量定理可以求出物体C与小车发生相对滑动经历的时间t．〔3〕物体C在小车上滑动时，抑制摩擦力做功产生的热量为fd=μmgd，对物体C与小车组成的系统，应用能量守恒定律可以求出物体在小车上相对滑动的距离d．【解答】解：〔1〕物体下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh+mv12=0+mv22，即：20×10×1.6+×20×22=0+×20×v22解得：v2=6m/s；物体相对于小车板面滑动过程动量守恒，由动量守恒定律得：mv2=〔m+M〕v，即：20×6=〔20+40〕×v解得：v=2m/s；〔2〕对小车，在物体C在车上滑动过程中，由动量定理得：μmgt=Mv﹣0，即：0.4×20×10×t=40×2﹣0解得：t=1s；〔2〕物体C在小车上滑动过程中，由能量守恒定律得：μmgd=mv22﹣〔m+M〕v2，即：0.4×20×10×d=×20×62﹣×〔20+40〕×22解得：d=3m；答：〔1〕物体与小车保持相对静止时的速度为2m/s；〔2〕物体冲上小车后，与小车发生相对滑动经历的时间为1s；〔3〕物体在小车上相对滑动的距离为3m．16．波长λ=0.71A的伦琴射线使金箔发射光电子，电子在磁感应强度为B的匀强磁场区域内做最大半径为r的匀速圆周运动，rB=1.88×10﹣4m•T．试求：〔1〕光电子的最大初动能；〔2〕金属的逸出功；。
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2017-2018学年下学期第一次月考（3月）原创卷A 卷
高二物理·全解全析
2．D 【解析】设闭合回路的面积是S ，电路总电阻为R ，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势
ΔΔΔΔB E S t t Φ=
=，由欧姆定律可得感应电流ΔΔE B S
I R t R
==⋅，S 与R 是定值，则感应电流与磁感应强度的变化率ΔΔB
t 成正比，与磁感应强度B 无直接关系，故①④正确，②③错误，选D 。
3．B 【解析】磁感线是闭合曲线，磁铁内部穿过线圈的磁感线条数等于外部所有磁感线的总和，图中内部磁感线线比外部多。
外部的磁感线与内部的磁感线方向相反，外部的磁感线将内部抵消。
现将弹性圆环均匀向外扩大，则磁铁外部磁感线条数多，将内部磁感线抵消多，导致磁通量变小，则由楞次定律得，从左向右看，穿过环向左的磁通量变小，那么弹性圆环中有逆时针方向的感应电流，故A 错误，B 正确。
从左向右看，产生逆时针感应电流，在外部感线的作用下，根据左手定则可知，弹性圆环受到的安培力方向沿半径向内，故CD 错误。
4．D 【解析】线框竖直向上移动或竖直向下移动时，线框中的磁通量不发生变化，故不会产生感应电流，故AB 错误；线框以MN 为轴转动时，线框中的磁通量不发生变化，故不会产生感应电流，故C 错误；导线中电流强度变大，则周围的磁感应强度增强，则线框中磁通量增大，故可以产生感应电流，故D 正确。
5．D C 增大，
故A 错误；电容板间电压U 不变，电容器所带电荷量为Q =CU ，C 增大，则Q 增大，电容器处于充电状态，而A 板带正电，则电路中形成逆时针方向的充电电流，电阻R 中有从b 流向a 的电流，故BC 错误，D 正确。
6．C 【解析】合上开关S 的瞬间，固定线圈中的电流产生向右的磁场，穿过环的磁通量增大，根据楞次定律可知，从右侧看环中产生沿顺时针方向的感应电流，故A 错误；若金属环固定，根据“增缩减扩”可知，。