[推荐学习]高三生物二轮复习 题型专练(五)数据计算类

题型专练(五) 数据计算类
类型一 与蛋白质合成及中心法则有关的计算
1．一个mRNA 分子有m 个碱基，其中G 和C 共有n 个，由该mRNA 合成的蛋白质有两条肽链，则其模板DNA 分子中A 和T 之和、合成蛋白质时脱去的水分子数分别是( )
A ．m ，m 3
－1 B ．m ，m 3－2 C ．2(m －n )，m 3－1 D ．2(m －n )，m 3－2 2.右图表示某种蛋白质中相关基团的数目，据图可知该蛋白质
( )
A ．由两条肽链组成
B ．共有126个肽键
C ．R 基中共含17个氨基
D ．形成过程中脱去125分子的水
类型二 与光合作用和细胞呼吸有关的计算
3．将某绿色植物的叶片放在特定的装置中，用红外线测量仪进行测量，测定的条件和结果见下表：
叶片一昼夜葡萄糖积累的量为( )
A ．2.91 mg
B ．11.25 mg
C ．22.5 mg
D ．33.75 mg
4．在密闭的玻璃容器中放置某一绿色植物，在一定条件下不给光照，CO 2的含量每小时增加16 mg ；如给予充足的光照后，容器内CO 2的含量每小时减少72 mg ，据实验测定上述光照条件下光合作用每小时能产生葡萄糖60 mg 。

若一昼夜中先光照4 h ，接着置于黑暗条件下20 h ，该植物体内有机物含量的变化和在光照时该植物每小时葡萄糖的净生产量分别是( )
A ．减少21.6 mg 49.1 mg
B ．增加21.6 mg 49.1 mg
C ．减少21.6 mg 24.55 mg
D ．减少10.8 mg 24.55 mg
类型三 与中心法则和DNA 复制有关的计算
5．现代生物工程能够实现在已知蛋白质的氨基酸序列后，再人工合成基因。

现已知人
体生长激素共含190个肽键(单链)，假设与其对应的mRNA序列中有A和U共313个，则合成的生长激素基因中G至少有( )
A．130个B．260个
C．313个D．573
6．一个双链均被32P标记的 DNA 由 5 000个碱基对组成，其中腺嘌呤占20%，将其置于只含31P 的环境中复制3次。

下列叙述不．正确的是( )
A．该 DNA 分子中含有氢键的数目为1.3×104
B．复制过程需要2.4×104个游离的胞嘧啶脱氧核苷酸
C．子代DNA分子中含32P的单链与含31P的单链之比为1∶7
D．子代DNA分子中含32P 与只含31P 的分子数之比为1∶3
7．如果一个精原细胞核的DNA分子都被15N 标记，现只供给该精原细胞含14N的原料，则其减数分裂产生的4个精子中，含有15N、14N 标记的DNA分子的精子所占比例依次为(不考虑交叉互换现象)( )
A．100%、0 B．50%、50%
C．50%、100% D．100%、100%
类型四与遗传规律和基因频率有关的计算
8．大豆子叶颜色受一对等位基因控制，基因型为AA的个体呈深绿色，基因型为Aa的个体呈浅绿色，基因型为aa的个体呈黄色且在幼苗阶段死亡。

下列说法错误的是( ) A．浅绿色植株自花传粉，其成熟后代的基因型为AA和Aa，且比例为1∶2
B．浅绿色植株与深绿色植株杂交，成熟后代的表现型为深绿色和浅绿色，比例为1∶1 C．浅绿色植株连续自交n次，成熟后代中杂合子的概率为1/2n
D．经过长时间的自然选择，A的基因频率越来越大，a的基因频率越来越小
9．某昆虫种群中，基因A决定翅色为绿色，基因a决定翅色为褐色，AA、Aa、aa的基因型频率分别为0.3、0.4和0.3。

假设该种群非常大，所有的雌雄个体间都能自由交配并能产生后代，没有迁入和迁出，不发生突变和选择，则在理论上该种群的子代中aa的基因型频率为( )
A．0.25 B．0.3
C．0.4 D．0.5
10．人体手指交叠时，右拇指叠上为显性(R)，左拇指叠上为隐性(r)。

短食指基因为T S，长食指基因为T L，此等位基因的表达受性激素影响，T S在男性中为显性，T L在女性中为显性。

R/r与T S/T L两对等位基因位于两对常染色体上。

若一对夫妇均为右拇指叠上、短食指，生有左拇指叠上、长食指的女儿和右拇指叠上、短食指的儿子。

则该夫妇再生一个孩子是右拇指叠上、长食指女儿的概率为( )
A ．1/16
B ．3/16
C ．3/8
D ．9/16
类型五 生态类计算
11．某科技小组在调查一块方圆为2 hm 2的草场中灰苍鼠的数量时，放置了100个捕鼠笼，一夜间捕获了50只，将捕获的灰苍鼠做好标记后在原地放生。

5天后，在同一地点再放置同样数量的捕鼠笼，捕获了42只，其中有上次标记的个体13只。

由于灰苍鼠被捕一次后更难捕捉，因此推测该草场中灰苍鼠的种群数量最可能( )
A ．小于92只
B ．大于92只
C ．小于161只
D ．大于161只 12．假设某初级消费者摄入的能量为a ，其粪便中的能量为b ，通过呼吸消耗的能量为c ，用于生长、发育和繁殖的能量为d ，则流入次级消费者的能量最多为( )
A ．(a ＋b )×20%
B ．(c ＋d )×20%
C ．(a －c )×20%
D ．(b ＋d )×20%
答 案
1．选D 第一步：作图。

第二步：转换。

由题干“一个mRNA 分子有m 个碱基，其中G 和C 共有n 个”可知，x ＋y ＋z ＋w ＝m ；z ＋y ＝n 。

由题干“其模板DNA 分子中A 和T 之和、合成蛋白质时脱去的水分子数”可知，求(x ＋w )＋(w ＋x )和脱去的水分子数。

第三步：计算。

(x ＋w )＋(w ＋x )＝2(x ＋w )＝2[(x ＋y ＋z ＋w )－(z ＋y )]＝2(m －n )。

脱去的水分子数＝肽键数＝氨基酸数－肽链数＝m 3
－2。

2．选A 从图中可以看出羧基总数比R 基上羧基数多两个，有两个游离的羧基，因此该分子中含有两条肽链，124个肽键，产生了124个水分子，R 基中一共含15个氨基。

3．选C 叶片先置于20 ℃、6 klx 光照条件下 10 h ，然后置于10 ℃黑暗条件下，则该叶片一昼夜O 2释放量＝3.1 mg/h × 10 h－0.5 mg/h×14 h＝24 mg ，换算成葡萄糖的量为22.5 mg 。

4．选A (1)依据原理：①光合作用和有氧呼吸的方程式；②植物的真正光合速率＝表观光合速率＋呼吸速率；③CO 2吸收速率表示表观光合速率，CO 2固定速率表示真正光合速率。

(2)数量计算：设每小时呼吸作用消耗葡萄糖的量为y，由方程式C6H12O6＋6O2＋6H2O→6CO2＋12H2O计算得y＝10.9 mg。

所以，光照时植物每小时葡萄糖净生产量为60－10.9＝49.1 mg。

4 h产生的葡萄糖量为60×4＝240 mg,24 h消耗的葡萄糖量为10.9×24＝261.6 mg，故植物体内葡萄糖将减少21.6 mg。

5．选B 此蛋白质由191个氨基酸缩合而成，控制其合成的mRNA中最少有573个碱基，又知mRNA中A＋U＝313，所以mRNA中G＋C为573—313＝260(个)，故DNA的两条链中G＋C共有520个，又因双链DNA中G＝C，即该基因中G至少有260个。

6．选 B 由题意可知，该DNA分子中，A＝T＝10 000×20%＝2 000(个)，C＝G＝10 000×30%＝3 000(个)，则含有的氢键数为2 000×2＋3 000×3＝1.3×104(个)；DNA复制3次形成8个DNA分子，需要游离的胞嘧啶脱氧核苷酸数为3 000×7＝2.1×104(个)；子代DNA分子中含32P的单链与含31P的单链之比为1∶7；子代DNA分子中含32P 的分子数与只含31P 的分子数之比为2∶6＝1∶3。

7．选D 依据题意画出减数分裂过程中染色体的变化简图(如图1)。

由于染色体是由DNA和蛋白质组成的，染色体的复制实际上是DNA分子的复制，而DNA分子的复制是半保留复制，故可再画出图2来帮助解题。

8．选C 根据题意，浅绿色植株的基因型为Aa, 自交图解如图所示：
P Aa Aa
浅绿色×浅绿色
↓
F11AA 2Aa 1aa
深绿色浅绿色死亡
1 ∶ 2
由此判断A正确，同法判断B正确。

根据上述遗传图解可知，C项浅绿色植株自交一代时，F1浅绿色为2/3Aa，浅绿色2/3Aa自交至F2，浅绿色为(2/3)×(1/2Aa)＝1/3Aa，以此类推，可知C错误。

由于基因型为aa的个体呈黄色且在幼苗阶段死亡，则经过长期自然选择，a的基因频率越来越小，A的基因频率越来越大，D正确。

9．选A 根据题意，首先可根据公式：某基因的频率＝该基因纯合子的基因型频率＋1/2该基因杂合子的基因型频率，计算得A、a的基因频率都为0.5。

然后再按题中的假设条
件，可用遗传平衡定律计算，则理论上该种群子代中aa的基因型频率为0.5×0.5＝0.25。

10．选B 夫妇均为右拇指叠上，而孩子中有左拇指叠上，说明该夫妇基因型均为Rr，生出孩子右拇指叠上的概率为3/4。

在女性中T L为显性基因，可确定该短食指妻子的基因型为T S T S；在男性中T S为显性基因，可推知短食指丈夫的基因型为T S T S或T S T L，再根据他们生有长食指的女儿，可确定该短食指丈夫的基因型为T S T L，T S T S×T S T L→1/2 T S T S、1/2 T S T L，其中只有T S T L的女孩表现为长食指，概率为(1/2)×(1/2)＝1/4。

所以该夫妇再生一个孩子是右拇指叠上、长食指女儿的概率为(3/4)×(1/4)＝3/16。

11．选 C 设该草场中灰苍鼠的种群数量为N，则有N∶50＝42∶13，即N＝50×42 13
≈161(只)，由于“灰苍鼠”被捕一次后更难捕捉，则“13”数偏小，计算出的“161”偏大。

12．选B 粪便是初级消费者未能消化吸收的部分，初级消费者的同化量＝摄入量－粪便量，即同化量为(a－b)，其中一部分被自身呼吸消耗掉，其余部分用于自身生长、发育和繁殖，所以初级消费者的同化量＝呼吸消耗量＋生长、发育和繁殖的能量，即a－b＝c＋d。

按能量的最高传递效率20%计算，流入次级消费者的能量最多应为(a－b)×20%或(c＋d)×20%。