湖南省怀化市接龙中学2019年高二物理上学期期末试卷含解析

湖南省怀化市接龙中学2019年高二物理上学期期末试
卷含解析
一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意
1. 半径相等的两个小球甲和乙，在光滑的水平面上沿同一直线相向运动．若甲球质量大于乙球质量，碰撞前两球动能相等，则碰撞后两球的运动状态可能是（）
A．甲球的速度为零而乙球的速度不为零
B．乙球的速度为零而甲球的速度不为零
C．两球的速度均不为零
D．两球的速度方向均与原方向相反，两球的动能仍相等
参考答案：
C
【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．
【分析】该题考查动量守恒定律，动能与动量的关系，甲乙两球动能相等，有E K甲=E K乙，
设甲球的动量为P甲，乙球动量为P乙，则，，因为m甲＞m乙，所以P甲＞P乙，又因为两球相向运动，所以P甲与P乙方向相反，碰撞后两球应沿动量大的方向，故两球运动方向与甲球原来的方向相同不为零．所以乙球速度不为零．
【解答】解：A、上述分析知E K甲=E K乙，因为=，所以，∵m甲＞m乙∴P甲＞P乙．甲乙相向运动，故甲乙碰撞后总动量沿甲原来的方向，甲继续沿原来的方向运动，乙必弹回．所以乙的速度不可能为零，故A错误．
B、因为乙必弹回，故速度不为零．B错误
C、因为碰撞后甲乙都沿甲原来的方向运动，故甲乙速度不为零，C正确
D、开始时甲的动量大小大于乙的动量；碰撞后甲乙系统的总动量沿甲原来的方向运动，若两球速度方向均与原方向相反，则以乙的动量大小大于甲的动量，此时违背动量守恒定律，故D错误；
故选：C．
2. (单选)关于位移和路程，下列说法错误的是（）
A.位移与运动路径无关，仅由初末位置决定
B.位移的大小等于路程
C.路程是标量，位移是矢量，位移的运算遵循平行四边行定则
D.位移是由初位置指向末位置的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度
参考答案：
B
3. 下列四幅图分别对应说法，其中正确的是
A．A图中，液面上悬浮的微粒地运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动B．B图中，当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等C．B图中，当分子间的距离逐渐增大时，分子势能必逐渐减小
D．C图中，单晶体结构规则且各向异性
E．D图中，小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用
参考答案：
BDE
4. 在静电场中，下列说法中正确的是
A．电场强度为零的位置，电势一定为零
B．电势为零的位置，电场强度一定为零
C．电场力对电荷做了功，则电荷的初末位置一定不在同一等势面上
D．同一等势面上的各点电场强度一定相等
参考答案：
C
5.
在用直流电动机提升重物的装置中，重物的重力N ，电源的恒定输出电压110V，当电动机向上以m/s的恒定速度提升重物时，电路中的电流强度
A ，若不计各处摩擦，可以判断
A．电动机消耗的总功率为550W B．电机线圈的电阻为
C．提升重物消耗的功率为100W D．电机线圈的电阻为
参考答案：
AB
二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分
6. 一段导体两端电压是4 Ｖ，在2 min内通过导体某一横截面积的电量是15 C，那么这段导体的电阻应是Ω.
参考答案：
32
7. 温度传感器广泛应用于室内空调、电冰箱和微波炉等家电产品中，它是利用热敏电阻的阻值随温度的变化而变化的特性工作的．如图甲中，电源的电动势E＝9.0 V，内电阻可忽略不计；G为灵敏电流表，内阻R g保持不变；R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R-t图线所示，闭合开关，当R的温度等于20 ℃时，电流表示数I1＝2 mA，
(1)电流表G的内阻R g＝________Ω；
(2)当电流表的示数I2＝3.6 mA时，热敏电阻R的温度是________℃.
参考答案：
8. 如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置．
(1)将图中所缺导线补充完整．
(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将原线圈迅速插入副线圈中，电流计指针将________偏转。

（填“向左”“向右”或“不”）
（3）连好电路后，并将原线圈插入副线圈中后，若要使灵敏电流计的指针向左偏转，可采取的操作是
A．插入铁芯F B．拔出线圈L1
C．变阻器的滑片向左滑动 D.断开电键S瞬间
参考答案：
9. 电量为2×10-6C的点电荷放入电场中A点，受到作用力为4×10-4N，则A点电场强度大小为，若把另一电荷放在该点受到力为2×10-4N，则这个电荷的电量为．
参考答案：
200N/C ，
10. 用接在50 Hz 交流电源上的打点计时器，测定小车做匀变速直线运动的速度和加速度，某次实验中得到一条纸带，如下图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个记数点，分别标明O、A、B、C、D（按打点的先后次序），量得O与 A 两点间距离x1=30mm，C与D两点间的距离x2=48mm。

由图可知，小车在做
匀速运动（选填“加”或“减”），小车运动的加速度大小为 m／s2，小车在B与C两点间的平均速度为 m／s。

参考答案：
加；0.6；0.42
11. 用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素（如图）。

设两极板正对面积为Ｓ，极板间的距离为ｄ，静电计指针偏角为。

实验中，极板所带电荷量不变，若保持S不变，增大d，则（变大、不变或变小）；若保持d不变，增大S，则（变大、不变或变小）
参考答案：
变大不变
12. 如图所示，一匝数为100匝正方形线圈放在一匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里。

此时穿过线圈平面的磁通量为0.4wb，现将线圈平面绕OO'轴转过
90o，此时穿过线圈平面的磁通量为______wb，若此过程历时2s，则这段时间内线圈中平均感应电动势的大小为_______V。

参考答案：
0 20
13. 有两个同学利用假期分别去参观位于天津市的“南开大学”和上海市的“复旦大学”，他们各自在那里的物理实验室利用先进的DIS系统较准确的探究了单摆周期T和摆长L的关系．然后他们通过互联网交流实验数据，并由计算机绘制了T2－L图象，如图甲所示，已知天津市比上海市的纬度高，则去“南开”的同学所测得的实验结果对应的图象是___▲____(填“A”或“B”)．另外，去“复旦”做研究的同学还利用计算机绘制了他实验用的a、b两个摆球的振动图象，如图乙所示，由图象可知单摆摆长之比＝___▲___，在t＝2s 时b球振动方向是____▲___(填“＋y”或“-y”)．
参考答案：
B 、4/9 、+y
三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分
14. （7分）某同学在做测定小灯泡伏安特性曲线实验中，得到如下一组U和I 的数据，数据如下表：
（1）根据以上数据，在答题卷中画出I—U图线。

（3分）
（2）（4分）从图线上可以看出，当小灯泡的电功率逐渐增大时，灯丝电阻的变化情况是_______.这表明导体的电阻随着温度的升高而_______。

参考答案：
（1）I—U图线如图所示；（2）开始不变，后来逐渐增大增大
15. (1)某同学在家里做“用单摆测重力加速度”的实验，但没有合适的摆球，他找到一块大小为5cm左右，外型不规则的大理石块代替摆球，他设计的实验步骤是（）
A．将石块用细线系好，结点为M，将细线的上端固定于O点
B．将石块拉开，使摆角α大约为50左右，然后由静止释放
C．从石块摆到最高位置开始计时，测出30次全振动的总时间，由此得出周期D．改变细线OM的长度，再做几次实验，记下相应的L和T
E．求出多次实验测得的L和T的平均值，代入公式，求出重力加速度g
你认为该同学以上实验步骤中有重大错误的是___________(填序号)．
(2)将一单摆装置竖直悬挂于某一深度为h(未知)且开口向下的小筒中(单摆的下部分露于筒外)，如图2—2甲，将悬线拉离平衡位置一个小角度后由静止释放，设单摆摆动过程中悬线不会碰到筒壁，如果本实验的长度测量工具只能测量出筒的下端口到摆球球心的距离L，并通过改变L而测出对应的摆动周期T，再以T2为纵轴、L为横轴作出函数关系图象，那么就可以通过此图象得出小筒的深度h和当地的重力加速度g．
(1)现有如下测量工具：A．时钟；B．停表；C．天平；D．毫米刻度尺．本实验所需的测量工具有________________(填序号)．
(2)如果实验中所得到的T2—L关系图象2—1乙所示，那么真正的图象应该是a、
b、c中的________________．
(3)由图象可知，小筒的深度h=__________m；当地g=___________m/s2．
参考答案：
四、计算题：本题共3小题，共计47分
16. 起重机把重物由静止开始匀加速提升了3.2m，重物的重力势能增加了1.6×104J，动能增加了160J. 不计空气阻力，g取10m/s2.
（1）起重机在将重物提升了3.2m的过程中对重物所做的功是多少？
（2）重物被提升3.2m时的速度是多少？此时起重机对重物做功的功率是多少？
参考答案：
解：由题意设，
（1）由题意有：
①
②
由动能定理可得起重机对重物做的功为
③
=16160（J）
（2）由①、②式可求出：，
由得：④
由有：⑤
由④、⑤两式求出：
所以要求的功率为：
17. 如图所示，电路中定值电阻R1=9Ω，R2=30Ω，电键K闭合后，电压表的示数为11.4V，电流表的示数为0.20A．电键断开后，电流表的示数变为0.30A．
求：⑴定值电阻R3的阻值．⑵电源的电动势E和内电阻r．
参考答案：
1）15Ω；（2）12V， 1Ω
18. 质量为m的木块下面用细线系一质量为M的铁块，一起浸没在水中从静止开始以加速度a匀加速下沉（如图），经时间t1s后细线断裂，又经t2s后，木块停止下沉．试求铁块在木块停止下沉瞬间的速度．
参考答案：
解：从动量定理考虑：把木块和铁块作为一个整体，在细线断裂前后整体受到的合外力不变，恒为两者所受的总重力和总的浮力之差，即F=（m+M）a．在两者开始下沉到木块停止下沉的时间内，它对整体的冲量为：I=F（t1+t2）=（m+M）a（t1+t2），其方向竖直向下．
在这个冲量作用下，整体的动量从0变化到Mv x（v x就是木块停止下沉时铁块的瞬时速度）．于是由动量定理有：（m+M）a（t1+t2）=Mv x﹣0，
联立得：v x=
答：铁块在木块停止下沉瞬间的速度是．
【考点】动量定理．
【分析】以铁块与木块组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律求出合力，由动量定理求出铁块的速度．。