高中物理(人教版)一轮复习真题集训章末验收：(七) 含答案

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(人教)物理2019高考一轮选练练题(7)及答案

（人教）物理2019高考一轮选练练题（7）及答案B．B对地面的压力增大C．A、B之间的摩擦力一定增大D．水平面对B的摩擦力始终为零解析：选AB.开始时弹簧处于压缩状态，加力F后，A未运动，弹簧长度不变，则弹簧对挡板的作用力不变，A正确．隔离物块A进行受力分析，若初始时A 受B的摩擦力沿斜面向上或为零，加推力F后，静摩擦力沿斜面向上增大；若初始时A受B的摩擦力沿斜面向下，加推力F后，静摩擦力沿斜面向下减小，或方向变为沿斜面向上，大小可能减小也可能增大，C错误．A、B、挡板和弹簧整体受力平衡，F N＝M总g＋F竖直，F水平＝F f，B对地面的压力增大，水平面对B的作用力多了向左的摩擦力，所以B正确、D错误．3、（2019届北京市海淀区高三上学期期中）图所示，某同学站在体重计上观察超重与失重现象。

由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。

她稳定站立时，体重计的示数为A0，关于实验现象，下列说法正确的是A. “起立”过程，体重计的示数一直大于A0B. “下蹲”过程，体重计的示数一直小于A0C. “起立”、“下蹲”过程，都能出现体重计的示数大于A0的现象D. “起立”的过程，先出现超重现象后出现失重现象【答案】CD4、“天舟一号”飞船是中国空间技术研究院研制的第一艘货运飞船，2017年4月20日19时41分在海南文昌航天发射中心，由长征7号遥2运载火箭发射.4月21日上午，“天舟一号”货运飞船已经完成了两次的轨道控制，后来又进行了三次的轨道控制，使“天舟一号”货运飞船控制到“天宫二号”的后下方.4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与离地面390公里处的“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接．下列说法正确的是( )A ．根据“天宫二号”离地面的高度，可计算出地球的质量B ．“天舟一号”与“天宫二号”的对接过程，满足动量守恒、能量守恒C ．“天宫二号”飞越地球的质量密集区上空时，轨道半径和线速度都略微减小D ．若测得“天舟一号”环绕地球近地轨道的运行周期，可求出地球的密度解析：选D.根据G Mm R ＋h 2＝m 4π2T 2(R ＋h)，可得M ＝4π2R ＋h 3GT 2，则根据“天宫二号”离地面的高度，不可计算出地球的质量，选项A 错；“天舟一号”与“天宫二号”的对接时，“天舟一号”要向后喷气加速才能对接，故对接的过程不满足动量守恒，但是能量守恒，选项B 错误；“天宫二号”飞越地球的质量密集区上空时，万有引力变大，则轨道半径略微减小，引力做正功，故线速度增加，选项C 错误；G Mm R 2＝m 4π2T 2R ，而M ＝43πR 3ρ，可得ρ＝3πGT2，即若测得“天舟一号”环绕地球近地轨道的运行周期，可求出地球的密度，选项D 正确；故选D. 5、(2019·河北张家口模拟)如图所示,AOB 为一边界为圆的匀强磁场,O 点为圆心,D 点为边界OB 的中点,C 点为边界上一点,且CD ∥AO.现有两个带正电粒子1,2,它们的比荷之比为1∶2,射入磁场的速率之比为1∶2,其中粒子1从A 点正对圆心射入,恰从B 点射出,粒子2从C 点沿CD 射入,从某点离开磁场,不计重力及粒子间的相互作用,则( CD )A.粒子2必在B,C 之间(不含B,C)某点射出磁场B.粒子2必在D,B 之间(不含D,B)某点射出磁场C.粒子1与粒子2在磁场中的运行时间之比为3∶1D.粒子1与粒子2的速度偏转角度之比为3∶2解析:粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得qvB=,解得r=,由题意可知,两粒子的比荷之比为1∶2,射入磁场的速率之比为1∶2,则它们的轨道半径相等,即r1=r2,粒子运动轨迹如图所示,粒子1从A点正对圆心射入,恰从B点射出,粒子在磁场中运动的圆心角为90°,粒子轨道半径等于BO,粒子2从C点沿CD射入其运动轨迹如图所示,设对应的圆心为O1,运动轨道半径等于BO,连接O1C,O1B,O1COB是平行四边形,O1B=CO,则粒子2一定从B点射出磁场,故A,B错误;粒子1的速度偏角等于在磁场中转过的圆心角θ1=90°,连接PB,可知P为O1C的中点,由数学知识可知,粒子2在磁场中转过的圆心角θ2=∠BO1P=60°,两粒子的速度偏角不同,粒子在磁场中运动的周期T=,由于两粒子的比荷之比为1∶2,则=,粒子在磁场中的运动时间t=T,它们在磁场中的运动时间之比==×=,粒子1与粒子2的速度偏转角度之比==,故C,D正确.6、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R.金属棒ab 与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是()A．ab中的感应电流方向由b到aB．ab 中的感应电流逐渐减小C．ab所受的安培力保持不变D．ab所受的静摩擦力逐渐减小解析：选D.磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，所以闭合回路面积不发生改变，根据楞次定律ab 中产生由a 到b 的恒定电流，A 错误，由法拉第电磁感应定律，E ＝nΔΦΔt ＝nΔB ΔtS ，电阻一定，则感应电流不变，B 错误；由于电流恒定，磁感应强度逐渐减小，所以，安培力逐渐减小，静摩擦力与安培力是一对平衡力，所以静摩擦力逐渐减小，C 错误，D 正确．7、宽为L 的两光滑竖直裸导轨间接有固定电阻R ，导轨(电阻忽略不计)间Ⅰ、Ⅱ区域中有垂直纸面向里宽为d 、磁感应强度为B 的匀强磁场，Ⅰ、Ⅱ区域间距为h ，如图，有一质量为m 、长为L 电阻不计的金属杆与竖直导轨紧密接触，从距区域Ⅰ上端H 处杆由静止释放．若杆在Ⅰ、Ⅱ区域中运动情况完全相同，现以杆由静止释放为计时起点，则杆中电流随时间t 变化的图象可能正确的是( )解析：选B.杆在Ⅰ、Ⅱ区域中运动情况完全相同，说明产生的感应电流也应完全相同，排除A 和C 选项．因杆在无磁场区域中做a ＝g 的匀加速运动，又杆在Ⅰ、Ⅱ区域中运动情况完全相同，则杆在Ⅰ、Ⅱ区域应做减速运动，在区域Ⅰ中对杆受力分析知其受竖直向下的重力和竖直向上的安培力，由牛顿第二定律得加速度a ＝mg －B 2L 2v R m，方向竖直向上，则知杆做加速度逐渐增大的减速运动，又I ＝BLv R ，由I-t 图线斜率变化情况可知选项B 正确，选项D 错误．8、（多选）地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送至地面。

人教版高考物理一轮优练题(7)及答案

2019人教版高考物理一轮优练题（7）及答案1、图1所示P是由闭合线圈组成的螺线管，把磁铁从P正上方，距P上端h处由静止释放，磁铁竖直穿过P后落在海绵垫上并停下．若仅增大h，重复原来的操作，磁铁穿过P的过程与原来相比，下列说法正确的是()图1A．穿过线圈的磁通量将增大B．线圈中产生的感应电动势将增大C．通过线圈导线横截面的电荷量将不变D．线圈对磁铁的阻碍作用将变小【参考答案】BC[若仅增大h，对穿过线圈的磁通量没有影响，故A错误；若仅增大h，磁铁经过线圈的时间减小，线圈中产生的感应电动势将增大，故B正确；若仅增大h，对穿过线圈的磁通量没有影响，所以穿过线圈的磁通量的变化相同，则通过线圈导线横截面的电保持不变，故C正确；线圈中产生的感应电动势将增大，所以感应电流增大，荷量：q＝nΔΦR线圈对磁铁的阻碍作用将变大，故D错误．]2、(力的分解)(2019·陕西西安一模) “叠罗汉”是一种高难度的杂技。

由六人叠成的三层静态造型如图所示，假设六个人的质量均为m，下面五人弯腰后背部呈水平状态，则底层正中间的人的一只脚对水平地面的压力约为(重力加速度为g)()A. mgB.mgC. mgD. mg答案C解析由受力分析可知，最上面一层人对第二层人的压力(单只脚)为mg，第二层对底层人的压力(单只脚)为mg+mg=mg，底层中间的人受到的压力为两只脚的压力，即2×mg=mg，所以单脚对地压力为mg+mg=mg，故选项C正确。

3、(多选)(2019·江苏如皋质检)如图所示，吊环运动员将吊绳与竖直方向分开相同的角度，重力大小为G的运动员静止时，左边绳子张力为F T1，右边绳子张力为F T2，则下列说法正确的是()A.F T1和F T2是一对作用力与反作用力B.F T1和F T2的合力与重力G是一对作用力与反作用力C.F T1和F T2的合力大小等于重力的大小GD.运动员两手缓慢撑开时，F T1和F T2都会变大答案CD解析作用力与反作用力必须作用在相互作用的两个物体上，F T1与F T2作用在同一个物体上，故A错误；两绳作用力F T1和F T2的合力与运动员的重力是一对平衡力，大小相等，故B错误，C正确；当运动员两手缓慢撑开时，吊绳与竖直方向的夹角增大，F T1和F T2夹角变大，F T1和F T2都会变大，故D正确。

高考物理一轮总复习力学综合训练(含解析)新人教版-新人教版高三全册物理试题

力学综合训练一、选择题：(此题共8小题，每一小题6分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，其中第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部答对得6分，选对但不全得3分，错选得0分)1．甲、乙两物体同时从同一位置开始做直线运动，其运动的v －t 图象如下列图，在0～t 0时间内如下说法正确的答案是( )A ．甲的位移大于乙的位移B ．甲的加速度先增大后减小C ．甲的平均速度等于乙的平均速度D ．t 0时刻甲、乙相遇解析：选A. v －t 图象中图线与横轴所围图形的面积表示位移，所以甲的位移大于乙的位移，故A 项正确； v －t 图象中切线的斜率表示加速度，所以甲的加速度一直减小，故B 项错误；由于甲的位移大于乙的位移，而时间一样，所以甲的平均速度大于乙的平均速度，故C 项错误；甲乙从同一位置开始运动，t 0时间内甲的位移大于乙的位移，所以t 0时刻甲在乙的前面，故D 项错误．2．假设我国宇航员在2022年，首次实现月球登陆和月面巡视勘察，并开展了月表形貌与地质构造调查等科学探测，假设在地面上测得小球自由下落某一高度所用的时间为t 1，在月面上小球自由下落一样高度所用的时间为t 2，地球、月球的半径分别为R 1、R 2，不计空气阻力，如此地球和月球的第一宇宙速度之比为( )A.R 1t 22R 2t 12 B ．R 1t 1R 2t 2 C.t 1t 2R 1R 2D ．t 2t 1R 1R 2解析：选D.对小球自由下落过程有：h ＝12gt 2，又天体外表上有G MmR 2＝mg ，第一宇宙速度v ＝gR ，如此有v 地v 月＝ g 地R 地g 月R 月＝t 2t 1R 1R 2，故D 项正确． 3．一物块从某一高度水平抛出，从抛出点到落地点的水平距离是下落高度的2倍，不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为( )A.π6B ．π4C.π3 D ．5π12解析：选B.物块平抛运动的过程中，水平方向有x ＝v 0t ，竖直方向有h ＝v y t2，又x ＝2h ，如此有tan θ＝v y v 0＝1，即θ＝π4，故B 项正确．4．一串质量为50 g 的钥匙从橱柜上1.8 m 高的位置由静止开始下落，掉在水平地板上，钥匙与地板作用的时间为0.05 s ，且不反弹．重力加速度g ＝10 m/s2，此过程中钥匙对地板的平均作用力的大小为( )A ．5 NB ．5.5 NC ．6 ND ．6.5 N解析：选D.钥匙落地时的速度v ＝2gh ＝6 m/s ，以竖直向上为正方向，钥匙与地面作用前后由动量定理得：(F N －mg )t ＝0－(－mv ) ，解得F N ＝6.5 N ，故D 项正确．5．如下列图，质量分别为0.1 kg 和0.2 kg 的A 、B 两物体用一根轻质弹簧连接，在一个竖直向上、大小为6 N 的拉力F 作用下以一样的加速度向上做匀加速直线运动，弹簧的劲度系数为1 N/cm ，取g ＝10 m/s 2.如此弹簧的形变量为( )A ．1 cmB ．2 cmC ．3 cmD ．4 cm解析：选D.此题考查了连接体问题的分析．对AB 两物体由牛顿第二定律得F －(m A ＋m B )g ＝(m A ＋m B )a ，对B 物体由牛顿第二定律得F T －m B g ＝m B a ，又F T ＝kx ，解得x ＝4 cm ，故D 项正确．6．如下列图，P 、Q 两物体保持相对静止，且一起沿倾角为θ的固定光滑斜面下滑，Q 的上外表水平，如此如下说法正确的答案是( )A ．Q 处于失重状态B ．P 受到的支持力大小等于其重力C ．P 受到的摩擦力方向水平向右D ．Q 受到的摩擦力方向水平向右解析：选AD.由于P 、Q 一起沿着固定光滑斜面下滑，具有一样的沿斜面向下的加速度，该加速度有竖直向下的分量，所以Q 处于失重状态，故A 项正确；P 也处于失重状态，所以受到的支持力小于重力，故B项错误；由于P的加速度有水平向左的分量，所以水平方向受到的合力方向水平向左，即P受到的摩擦力方向水平向左，故C项错误；由牛顿第三定律可知，P对Q的摩擦力水平向右，故D项正确．7．如图甲所示，有一倾角θ＝37°足够长的斜面固定在水平面上，质量m＝1 kg的物体静止于斜面底端固定挡板处，物体与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5，物体受到一个沿斜面向上的拉力F作用由静止开始运动，用x表示物体从起始位置沿斜面向上的位移，F与x的关系如图乙所示，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取g＝10 m/s2.如此物体沿斜面向上运动过程中，如下说法正确的答案是( )A．机械能先增大后减小，在x＝3.2 m处，物体机械能最大B．机械能一直增大，在x＝4 m处，物体机械能最大C．动能先增大后减小，在x＝2 m处，物体动能最大D．动能一直增大，在x＝4 m处，物体动能最大解析：选AC.物体所受滑动摩擦力的大小为F f＝μmg cos θ＝4 N，所以当F减小到4 N 之前，物体的机械能一直增加，当F从4 N减小到0的过程中，物体的机械能在减小，由Fx图象可知，当F＝4 N时，位移为3.2 m，故A项正确，B项错误；当F＝mg sin θ＋μmg cos θ＝10 N时动能最大，由Fx图象知此时x＝2 m，此后动能减小，故C项正确，D项错误．8．绷紧的传送带与水平方向夹角为37°，传送带的vt图象如下列图．t＝0时刻质量为1 kg的楔形物体从B点滑上传送带并沿传送带向上做匀速运动，2 s后开始减速，在t ＝4 s时物体恰好到达最高点A点．重力加速度为10 m/s2.对物体从B点运动到A点的过程中，如下说法正确的答案是(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)( )A．物体与传送带间的摩擦因数为0.75B．物体重力势能增加48 JC．摩擦力对物体做功12 JD．物块在传送带上运动过程中产生的热量为12 J解析：选AD.物体前两秒内沿传送带向上匀速运动，如此有mg sin θ＝μmg cos θ，解得μ＝0.75 ，故A项正确；经分析可知，2 s时物体速度与传送带一样，由图象可知等于2 m/s ，2 s 后物体的加速度a ＝g sin θ＋μg cos θ＝12 m/s 2>1 m/s 2，故物体和传送带相对静止，加速度为1 m/s 2，所以物体上滑的总位移为x ＝vt 1＋v 22a＝6 m ，物体的重力势能增加E p ＝mgx sin θ＝36 J ，故B 项错误；由能量守恒得摩擦力对物体做功W ＝E p －12mv2＝34 J ，故C 项错误；物块在传送带上运动过程产生的热量为Q ＝μmg cos θΔx 1，结合图象可得Δx 1＝x 带1－vt 1＝2 m ，Q ＝12 J ，选项D 对．二、非选择题(此题共3小题，共52分)9．(9分)某同学用如下列图装置验证动量守恒定律．在上方沿斜面向下推一下滑块A ，滑块A 匀速通过光电门甲，与静止在两光电门间的滑块B 相碰，碰后滑块A 、B 先后通过光电门乙，采集相关数据进展验证．(最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力)(1)如下所列物理量哪些是必须测量的______． A ．滑块A 的质量m A ，滑块B 的质量m B .B ．遮光片的的宽度d (滑块A 与滑块B 上的遮光片宽度相等)C ．本地的重力加速度gD ．滑块AB 与长木板间的摩擦因数μE ．滑块A 、B 上遮光片通过光电门的时间(2)滑块A 、B 与斜面间的摩擦因数μA 、μB ，质量m A 、m B ，要完本钱实验，它们需要满足的条件是________．A ．μA ＞μB m A ＞m B B ．μA ＞μB m A ＜m BC ．μA ＝μB m A ＞m BD ．μA ＜μB m A ＜m B(3)实验时，要先调节斜面的倾角，应该如何调节？________________.(4)假设光电门甲的读数为t 1，光电门乙先后的读数为t 2，t 3，用题目中给定的物理量符号写出动量守恒的表达式________．解析：(1)本实验中要验证两滑块碰撞前后动量是否守恒，需要验证m Ad t A 甲＝m A dt A 乙＋m Bdt B 乙，应当选项A 、E 正确． (2)由于滑块A 匀速通过光电门甲，如此有mg sin θ＝μmg cos θ，要通过光电门验证两滑块碰撞前后动量是否守恒，需要滑块B 也满足mg sin θ＝μmg cos θ，即μ＝tan θ，所以有μA ＝μB ，又因为碰后两滑块先后通过光电门乙，所以A 的质量大于B 的质量，故C 项正确．(3)实验过程要求两滑块匀速运动，所以调整斜面的倾角，当滑块下滑通过两光电门所用时间相等时，表示滑块在斜面上做匀速运动．(4)由第(1)问解析可得两滑块碰撞前后动量守恒的表达式为：m A dt 1＝m A d t 3＋m B d t 2. 答案：(1)AE (2)C(3)滑块下滑通过两光电门所用时间相等 (意思相近的表示均可给分) (4)m A d t 1＝m A d t 3＋m B d t 2(或m A t 1＝m A t 3＋m Bt 2)10．(20分)如下列图，一质量为m 1＝1 kg 的长直木板放在粗糙的水平地面上，木板与地面之间的动摩擦因数μ1＝0.1，木板最右端放有一质量为m 2＝1 kg 、大小可忽略不计的物块，物块与木板间的动摩擦因数μ2＝0.2.现给木板左端施加一大小为F ＝12 N 、方向水平向右的推力，经时间t 1＝0.5 s 后撤去推力F ，再经过一段时间，木板和物块均停止运动，整个过程中物块始终未脱离木板，取g ＝10 m/s 2，求：(1)撤去推力F 瞬间，木板的速度大小v 1和物块的速度大小v 2； (2)木板至少多长；(3)整个过程中因摩擦产生的热量．解析：(1)假设木板和物块有相对滑动，撤F 前，对木板：F －μ1(m 1＋m 2)g －μ2m 2g ＝m 1a 1 解得：a 1＝8 m/s 2对物块：μ2m 2g ＝m 2a 2 解得：a 2＝2 m/s 2因a 1>a 2，故假设成立，撤去F 时，木板、物块的速度大小分别为：v 1＝a 1t 1＝4 m/s v 2＝a 2t 1＝1 m/s(2)撤去F 后，对木板：μ1(m 1＋m 2)g ＋μ2m 2g ＝m 1a 3 解得：a 3＝4 m/s 2对物块：μ2m 2g ＝m 2a 4 解得：a 4＝2 m/s 2撤去F 后，设经过t 2时间木板和物块速度一样：对木板有：v ＝v 1－a 3t 2 对物块有：v ＝v 2＋a 4t 2 得：t 2＝0.5 s ，v ＝2 m/s撤去F 前，物块相对木板向左滑行了 Δx 1＝v 12t 1－v 22t 1＝0.75 m撤去F 后至两者共速，物块相对木板又向左滑行了 Δx 2＝v 1＋v 2t 2－v 2＋v2t 2＝0.75 m之后二者之间再无相对滑动，故板长至少为：L ＝Δx 1＋Δx 2＝1.5 m(3)解法一：物块与木板间因摩擦产生的热量：Q 1＝μ2m 2gL ＝3 J共速后，两者共同减速至停止运动，设加速度为a ，有：a ＝μ1g ＝1 m/s 2全过程中木板对地位移为：s ＝v 12t 1＋v 1＋v 2t 2＋v 22a ＝4.5 m木板与地面间因摩擦产生的热量为：Q 2＝μ1(m 1＋m 2)gs ＝9 J故全过程中因摩擦产生的热量为：Q ＝Q 1＋Q 2＝12 J解法二：由功能关系可得：Q ＝Fx 1x 1＝v 12t 1Q ＝12 J答案：(1)4 m/s 1 m/s (2)1.5 m (3)12 J11．(23分)如下列图，竖直平面内，固定一半径为R 的光滑圆环，圆心为O ，O 点正上方固定一根竖直的光滑杆，质量为m 的小球A 套在圆环上，上端固定在杆上的轻质弹簧与质量为m 的滑块B 一起套在杆上，小球A 和滑块B 之间再用长为2R 的轻杆通过铰链分别连接，当小球A 位于圆环最高点时，弹簧处于原长；当小球A 位于圆环最右端时，装置能够保持静止，假设将小球A 置于圆环的最高点并给它一个微小扰动(初速度视为0)，使小球沿环顺时针滑下，到达圆环最右端时小球A 的速度v A ＝gR (g 为重力加速度)，不计一切摩擦，A 、B 均可视为质点，求：(1)此时滑块B 的速度大小；(2)此过程中，弹簧对滑块B 所做的功； (3)小球A 滑到圆环最低点时，弹簧弹力的大小．解析：(1)由于此时A 、B 速度方向都是竖直向下的，即此时它们与轻杆的夹角大小相等，又因为A 、B 沿轻杆方向的分速度大小相等，所以此时滑块B 的速度大小为：v B ＝v A ＝gR .(2)对系统，由最高点→图示位置有：(W GA ＋W GB )＋W 弹＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12m A v 2A ＋12m B v 2B －0其中：W GA ＝m A g ·Δh A ＝mgRW GB ＝m B g ·Δh B ＝mg ·(3R －3R )解得：W 弹＝(3－3)mgR .(3)图示位置系统能够保持静止，对系统进展受力分析，如下列图kx 1＝(m A ＋m B )g x 1＝Δh B ＝(3－3)R小球A 滑到圆环最低点时弹簧的伸长量为：x 2＝2R ，所以在最低点时，弹簧的弹力大小为：F 弹＝kx 2解得：F 弹＝6＋23mg3答案：(1)gR (2)(3－3)mgR (3)6＋23mg3。

高中物理-高中物理一轮复习真题集训含答案

真题集训·章末验收(一)命题点一：运动的描述、运动图像1．(2014·全国卷)一质点沿x 轴做直线运动，其v t 图像如图所示。

质点在t ＝0时位于x ＝5 m 处，开始沿x 轴正向运动。

当t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位置为( )A ．x ＝3 mB ．x ＝8 mC ．x ＝9 mD ．x ＝14 m解析：选B 在v t 图像中，图线与坐标轴围成面积的大小等于质点运动的位移大小，则x 08＝12×(4＋2)×2 m－12×(4＋2)×1 m＝3 m ，故t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位置坐标x 8＝5 m ＋3 m ＝8 m ，选项B 正确，A 、C 、D 错误。

2．(多选)(2013·全国卷Ⅰ)如图，直线a 和曲线b 分别是在平直公路上行驶的汽车a 和b 的位置—时间(x t )图线。

由图可知( )A ．在时刻t 1，a 车追上b 车B ．在时刻t 2，a 、b 两车运动方向相反C ．在t 1到t 2这段时间内，b 车的速率先减少后增加D ．在t 1到t 2这段时间内，b 车的速率一直比a 车的大解析：选BC 从x t 图像可以看出，在t 1时刻，b 汽车追上a 汽车，选项A 错误；在t 2时刻，b 汽车运动图像的斜率为负值，表示b 汽车速度反向，而a 汽车速度大小和方向始终不变，故选项B 正确；从t 1时刻到t 2时刻，图像b 斜率的绝对值先减小至零后增大，反映了b 汽车的速率先减小至零后增加，选项C 正确、D 错误。

3．(多选)(2013·全国卷)将甲、乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为 2 s ，它们运动的v t 图像分别如直线甲、乙所示。

则( )A ．t ＝2 s 时，两球高度差一定为40 mB ．t ＝4 s 时，两球相对于各自抛出点的位移相等C ．两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等D ．甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等解析：选BD 由于两球的抛出点未知，则A 、C 均错误；由图像可知4 s 时两球上升的高度均为40 m ，则距各自出发点的位移相等，则B 正确；由于两球的初速度都为30 m/s ，则上升到最高点的时间均为t ＝v 0g，则D 正确。

高中物理人教版一轮复习真题集训章末验收三Word版含答案

真题集训·章末验收(三)命题点一：对牛顿运动定律的理解1．(多选)(2012·全国卷)伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。

早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是( )A．物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B．没有力的作用，物体只能处于静止状态C．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动解析：选AD 惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，故A对；根据惯性定律可知没有力的作用，物体将保持原来的状态，即静止状态或者匀速直线运动状态，故B错；行星在圆周轨道上的运动是变速运动，是在万有引力作用下的运动，所以C错；运动物体如果不受力作用，将保持原来的运动状态，即继续以同一速度沿着同一直线运动，D对。

2．(2013·全国卷Ⅰ)下图是伽利略1604年做斜面实验时的一页手稿照片，照片左上角的三列数据如下表。

表中第二列是时间，第三列是物体沿斜面运动的距离，第一列是伽利略在分析实验数据时添加的。

根据表中的数据，伽利略可以得出的结论是( )A．物体具有惯性B．斜面倾角一定时，加速度与质量无关C．物体运动的距离与时间的平方成正比D ．物体运动的加速度与重力加速度成正比解析：选C 由题表可以看出第二列数据与第一列为二次方关系，而第三列数据与第一列在误差的范围内成正比关系，说明物体沿斜面通过的距离与时间的二次方成正比，故选项C 正确。

命题点二：牛顿运动定律的应用3．(2013·全国卷Ⅱ)一物块静止在粗糙的水平桌面上。

从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

以a 表示物块的加速度大小，F 表示水平拉力的大小。

能正确描述F 与a 之间关系的图像是( )解析：选C 设物块所受滑动摩擦力为f ，在水平拉力F 作用下，物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律，F －f ＝ma ，F ＝ma ＋f ，所以能正确描述F 与a 之间关系的图像是C ，选项C 正确。

2019高考物理一轮训练学题(7)(含解析)新人教版.docx

人教物理2019高考一轮训练学题（7）李仕才1、一个物体做末速度为零的匀减速直线运动，比较该物体在减速运动的倒数第3叭倒数第2叭最后1 m内的运动，下列说法中正确的是（）A.经历的时间Z比是1 ： 2 ： 3B.平均速度之比是3 ： 2 ： 1C.平均速度之比是1 ：（^2-1）:（羽一迈）D.平均速度Z比是（&+£） : （^2 + 1）: 1【答案】D【解析】将末速度为零的匀减速直线运动看成是反方向初速度为0的匀加速直线运动（逆向思维），从静止开始通过连续相等的三段位移所用吋间之比为力：t3=l : （^2-1） : （^3 —谑），则倒数第3叭倒数第2叭最后1 m内经历的时间之比为（羽一边）：（^2-1）: 1,平均速度之比为书］边: ~ : 1=（、币+承）：（、斥+1） : 1,故只有选项D正确.2、如图14所示，质量为1 kg的物体与地面间的动摩擦因数“=0.2,从广=0开始以初速度旳沿水平地面向右滑行，同时受到一个水平向左的恒力N的作用，取g=10 m/s2, 向右为正方向，该物体受到的摩擦力斤随时间十变化的图象是（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）</ZZZ/ZZZ/ZZZ/ZZZZ/ZZz图14【答案】A【解析】静止后就变成静摩擦力了3、两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量。

两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关。

若它们下落相同的距离,则（）A.甲球用的时间比乙球长B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功【答案】BD【解析】设小球在下落过程中所受阻力入=汛十为常数，丘为小球半径，由牛顿第二定律可知：飓4.4. 4 3k 1 、..—F 忑=，由m=pP= — puR- : — pitR-g~ kR=— pitR-a?即a=g— --------- •?故知:R越大，a越犬〉3 3 3 4pji R~即下落过程中2仁,选项C错误；下落相同的距离.，由Q补加知，a越尢f越小，选项A错误；由■2创=卫一讦知八o=0, a越大八，越尢选项B正确；由知，甲球克服阻力做的功更大一些, 选项D正确。

人教物理2019高考一轮选习练题(7)含答案-教学文档

人教物理2019高考一轮选习练题（7）含答案一、选择题1、一物块沿倾角为θ的固定斜面上滑，到达最大高度处后又返回斜面底端。

已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍。

则物块与斜面间的动摩擦因数为（）A.31tanθB. 21tanθC. 53tanθ D.tanθ 【参考答案】C 2、一质量为m 的滑块在粗糙水平面上滑行，通过频闪照片分析得知，滑块在最开始2 s 内的位移是最后2 s 内位移的两倍，且已知滑块最开始1 s 内的位移为2.5 m ，由此可求得( )A ．滑块的加速度为5m/s 2B ．滑块的初速度为5m/sC ．滑块运动的总时间为3 sD ．滑块运动的总位移为4.5 m解析：根据滑块最开始1 s 内的位移为2.5 m ，有2.5 m ＝v 0×1 s －12a ×(1 s)2，根据滑块在最开始2 s 内的位移是最后2 s 内位移的两倍，有v 0×2 s －12a ×(2 s)2＝2×12a ×(2 s)2，联立解得a ＝1 m/s 2，v 0＝3 m/s ，选项A 、B 错误；滑块运动的总时间为t ＝v 0a ＝3 s ，C 正确；滑块运动的总位移为x ＝v 02t ＝4.5 m ，D 正确．答案：CD3、关于力与运动，下列说法正确的是( )A ．没有力的推动作用，小车就不能运动B ．物体只受一个力的作用，其运动状态一定改变C ．物体处于静止时才有惯性D ．汽车的速度越大则惯性越大解析：惯性是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，小车已经有了初速度的情况下，没有力的推动作用，小车仍然运动，故A 错误；力是改变物体运动状态的原因，物体只受一个力的作用，其运动状态一定改变，故B 正确；惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，故C、D错误．答案：B4、下列说法正确的是()A．动能为零时，物体一定处于平衡状态B．物体受到恒力的冲量也可能做曲线运动C．物体所受合外力不变时，其动量一定不变D．动能不变，物体的动量一定不变解析：动能为零时，速度为零，而加速度不一定等于零，物体不一定处于平衡状态，选项A错误；物体受恒力，也可能做曲线运动，如平抛运动，选项B 正确；合外力不变，加速度不变，速度均匀变化，动量一定变化，C项错误；动能不变，若速度的方向变化，动量就变化，选项D错误．答案：B5、下列关于电源电动势的说法，正确的是()A．在某电池的电路中，每通过2 C的电荷量，电池提供的电能是4 J，那么这个电池的电动势是0.5 VB．电源的路端电压增大时，其电源提供的电能一定也增大C．无论内电压和外电压如何变化，其电源的电动势一定不变D．电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多解析：根据电动势定义，由E＝Wq得E＝2 V，选项A错误；电源的电动势与外电路无关，只由电源自身的性质决定，选项B错误，选项C正确；电源的电动势大，所提供的能量不一定大，电源提供的电能等于通过电源的电荷量与电动势之积，选项D错误．答案：C6、(2019·山东省实验中学一诊)匀强磁场中有一细金属圆环，圆环平面位于纸面内，如图甲所示．磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正，磁感应强度B 随时间t的变化规律如图乙所示．用I1、I2、I3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流，F1、F2、F3分别表示金属环产生对应感应电流时其中很小段受到的安培力．则()A．I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．I2沿顺时针方向，I3沿逆时针方向C．F1方向指向圆心，F2方向指向圆心D．F2方向背离圆心向外，F3方向指向圆心解析：由题图可知，在Oa段磁场方向垂直于纸面向里，穿过圆环的磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流I1沿逆时针方向，在ab段磁场方向垂直纸面向里，穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流I2沿顺时针方向，选项A正确；在bc段磁场垂直纸面向外，磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流I3沿顺时针方向，选项B错误；由左手定则可知，Oa段电流受到的安培力F1方向指向圆心，ab段电流受到的安培力F2方向背离圆心向外，选项C错误；bc 段电流受到的安培力F3方向指向圆心，选项D正确．答案：AD7、如图所示为氢原子的能级图，图中a、b、c、d对应氢原子的四次跃迁，已知可见光光子的能量范围为1.61～3.10 eV，关于四次跃迁，下列说法正确的是()A．经历a跃迁，氢原子吸收的光子能量为0.66 eVB．经历b跃迁，氢原子的轨道半径增大，原子核外电子的动能增大C．经历c跃迁，氢原子放出的光子是可见光光子D．经历d跃迁后，再用可见光照射跃迁后的氢原子，可使氢原子发生电离解析：经历a跃迁，氢原子从高能级向低能级跃迁时辐射出的光子的能量为0.66 eV，A项错误；经历b跃迁，氢原子吸收能量，轨道半径增大，但核外电子的动能会减小，B项错误；经历c跃迁，氢原子辐射出的光子的能量为0.97 eV，则该光子不是可见光光子，C项错误；经历d跃迁后，跃迁后的氢原子的电离能为1.51 eV，因此用可见光光子照射可使其电离，D项正确．答案：D二、非选择题某同学用图甲所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b球放在斜槽轨道末端的最右端附近静止，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次，回答下列问题：(1)在本实验中结合图甲，验证动量守恒的验证式是下列选项中的________．A．m a OC＝m a OA＋m b OBB．m a OB＝m a OA＋m b OCC．m a OA＝m a OB＋m b OC(2)经测定，m a＝45.0 g，m b＝7.5 g，请结合图乙分析：碰撞前、后m a的动量分别为p1与p′1，则p1p′1＝________(保留分式)．有同学认为，在该实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被碰小球做平抛运动的水平距离增大．请你用已知的数据，分析和计算出被碰小球m b平抛运动水平距离的最大值为________cm.解析：(1)小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有：m a v B＝m a v A＋m b v C，两边同时乘以时间t得：m a v B t＝m a v A t＋m b v C t，得：m a OB＝m a OA＋m b OC，故选B.(2)p1p′1＝m a v am a v′a＝OBOA＝44.8035.20＝1411；发生弹性碰撞时，被碰小球获得速度最大，根据动量守恒定律：m a v a＝m a v′a ＋m b v′b根据机械能守恒定律：12m a v2a＝12m av′2a＋12m bv′2b由以上两式解得：v′b＝2m am a＋m bv a，因此最大射程为：s m＝2m am a＋m b·OB＝2×4545＋7.5×44.8 cm＝76.8 cm答案：(1)B(2)14 1176.8。

高考物理一轮总复习电学综合训练(含解析)新人教版-新人教版高三全册物理试题

电学综合训练一、选择题：(此题共8小题，每一小题6分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，其中第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求，全部答对得6分，选对但不全得3分，错选得0分)1．如下列图，绝缘水平面上有两条平行光滑长直导轨，导轨左端接有电阻R ，电阻为r 的金属棒AB 垂直跨放在导轨上且与导轨接触良好，其他电阻不计．两导轨间存在竖直向下的匀强磁场．给AB 以水平向右的初速度v 0并开始计时，下面四幅反映AB 的速度v 随时间t 变化规律的图象中，可能正确的答案是( )解析：选D.AB 杆以水平向右的初速度v 0切割磁感线，在回路中充当电源，电路中产生的电流为I ＝Blv R ＋r ，AB 杆受到的安培力F 安＝BIl ＝B 2l 2v R ＋r，对AB 杆受力分析可知，水平方向合外力等于安培力，充当阻力使其减速，所以其加速度随速度的减小而减小，直到速度减为零时，加速度减为零，故D 项正确．2．如下列图，在磁感应强度大小为B 0的匀强磁场中，有一等腰直角三角形ACD .A 点有一根垂直于ACD 平面的直导线．当导线中通有图示方向的电流时，D 点的磁感应强度为零．如此C 点的磁感应强度大小为( )A. 0B ．B 0 C.2B 0 D ．2B 0解析：选C.由D 点的磁感应强度为零可知，通电直导线在D 点产生的磁场与空间中存在的匀强磁场的磁感应强度等大反向，所以匀强磁场方向垂直于AD 向下，由于C 点与D 点与A 等距离，所以通电直导线在C 点产生的磁场磁感应强度大小为B 0，方向垂直于AC 向左，如此C 点的磁感应强度大小为2B 0，故C 项正确．3．一个阻值为20 Ω的电阻，通有如下列图的电流，在一个周期内，前半个周期电流随时间按正弦规律变化，后半个周期电流为恒定电流，如此在一个周期内，电阻产生的热量为( )A ．0.2 JB ．0.4 JC ．0.6 JD ．0.8 J解析：选C.求解电阻产生的热量时应该用电流的有效值，由有效值的定义可得⎝⎛⎭⎪⎫I m 22R T 2＋I 22R T 2＝I 2RT 得，I ＝32A ，如此一个周期内电阻产生的热量为Q ＝I 2RT ＝0.6 J ，故C 项正确． 4．如图甲所示，单匝导线框abcd 固定于匀强磁场中，规定垂直纸面向里为磁场的正方向．从t ＝0时刻开始磁感应强度B 随时间t 变化关系如图乙所示，假设规定逆时针方向为感应电流i 的正方向，如此在下面四个反映线框里感应电流i 随时间t 变化规律的图象中，正确的答案是( )解析：选A.由法拉第电磁感应定律可得：E ＝N ΔBS Δt ，又i ＝E R，结合B t 图象可得，0～1 s 内线圈中产生的电流是恒定的，故C 、D 项错误；由B t 图象可知0～1 s 内垂直纸面向里的磁场磁通量在增大，由楞次定律可知线圈中产生的感应电流的方向为逆时针，与规定的正方向一样，所以为正值，故A 项正确，B 项错误．5．现有一组方向沿x 轴正方向的电场线，假设从x 轴的坐标原点由静止释放一个带电粒子，仅在电场力的作用下，该粒子沿着x 轴的正方向从x 1＝0处运动到x 2＝1.2 cm 处，其电势φ随位置x 坐标变化的情况如下列图．如下有关说法正确的答案是( )A ．该粒子一定带正电荷B ．在x 轴上x ＝0.6 cm 的位置，电场强度大小为0C ．该粒子从x 1＝0处运动到x 2＝1.2 cm 处的过程中，电势能一直减小D ．在x 轴上0～0.6 cm 的范围内的电场强度大于0.6～1.2 cm 的范围内的电场强度解析：选AC.由于带电粒子由坐标原点由静止开始，仅在电场力的作用下，沿x 轴正方向运动，所以所受电场力方向沿x 轴正方向，与电场线的方向一致，故该粒子一定带正电荷，故A 项正确；由φx 图象中斜率表示电场强度可知，x ＝0.6 cm 处电场强度大小为5 000 V/m ，故B 项错；由φ－x 图象可知，从x ＝0.6 cm 到x ＝1.2 cm 的过程中，电势一直降低，由E p ＝qφ可知，正电荷的电势能一直减小，故C 项正确；由φ－x 图象中斜率表示电场强度可知，0～1.2 cm 的范围内电场强度不变，故D 项错误．6．如下列图的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为3∶1，原线圈接在电压为U 0的正弦式电流电源上，定值电阻R 1＝R 2，变压器原、副线圈两端的电压分别为U 1、U 2，通过原、副线圈中的电流分别为I 1、I 2，如此( )A ．I 1∶I 2＝1∶3B ． I 1∶I 2＝3∶1 C. U 1∶U 0＝1∶10 D ． U 2∶U 0＝3∶10解析：选AD.由于理想变压器原、副线圈匝数比为3∶1，所有原副线圈的电流之比是1∶3，故A 项正确；原副线圈两端的电压之比为3∶1，两个定值电阻两端的电压之比U R 1U R 2＝13，左边回路有U 0＝U R 1＋U 1，右边回路中有U 2＝U R 2，所以U 1∶U 0＝9∶10，故C 项错误；U 2∶U 0＝3∶10，故D 项正确．7．如下列图，在匀强磁场中匀速转动的单匝矩形线圈的周期为T ，转轴O 1O 2垂直于磁场方向，线圈电阻为2 Ω.从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60°时的感应电流为1 A ，那么( ) A ．从图示位置开始，线圈转过90°时穿过线圈的磁通量最大 B ．线圈中感应电流的有效值为 2 A C ．任意时刻线圈中的感应电动势为e ＝4cos 2πTt (V) D ．从图示位置开始到线圈转过90°时的过程中，线圈中磁通量变化了T π解析：选ABC.从图示位置开始，线圈转过90°时，恰好位于中性面的位置，磁通量最大，故A 项正确；线圈转动产生的是正弦式交变电流，所以电流的有效值为I ＝I m 2，又E m ＝BSω＝BS 2πT ，转过60°时有i ＝E m r cos 2πT t ＝BSωrcos 60°＝1 A ，解得电流的有效值为I ＝ 2 A ，故B 项正确；任意时刻线圈中的感应电动势e ＝BSωcos 2πT t ＝4cos 2πT t ，故C 项正确；从图示位置开始到线圈转过90°的过程中，线圈中的磁通量变化了ΔΦ＝BS ＝2T π，故D 项错误．8．如下列图，在光滑绝缘水平地面上相距为L 处有两个完全一样的带正电小球A 和B ，它们的质量都为m ，现由静止释放B 球，同时A 球以大小为v 0的速度沿两小球连线方向向B 球运动，运动过程中，两球最小距离为L3，如下说法中正确的答案是( ) A ．距离最小时与开始时B 球的加速度之比为9∶1B ．从开始到距离最小的过程中，电势能的增加量为12mv 20 C ．A 、B 组成的系统动能的最小值是14mv 20 D ．B 球速度的最大值为v 0 解析：选AC.开始时，对B 球有：k q 2L 2＝ma 1 ，相距最小时，对B 球有：k q 2⎝ ⎛⎭⎪⎫L 32＝ma 2，如此有：a 2a 1＝91，故A 项正确；当两球相距最小时，两球速度一样，系统动能最小．对A 、B两球自B 球由静止释放至两球相距最小，由动量守恒定律得mv 0＝2mv ；由能量守恒得12mv 20＝12×2mv 2＋E p ，解得E p ＝14mv 20，故B 项错误；最小动能E k ＝12×2mv 2＝14mv 20，故C 项正确；当A 球速度减为零时，B 球速度增大到v 0 ，此时两球相距为L ，此后A 球反向加速，B 球继续加速，故D 项错误．二、非选择题(此题共3小题，共52分)9．(9分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线〞的实验中，所采用的小灯泡的规格为“2.5 V 0.3 A 〞，实验时采用的电路图如图甲所示．(1)某同学从实验室取出A 、B 两个材质一样的滑动变阻器，铭牌不清，从进货单中查知其中一个滑动变阻器的最大阻值为10 Ω，另一个为1 000 Ω，观察发现A 绕的导线粗而少，而B 绕的导线细而多，本实验应该选用______填(“A 〞或“B 〞)．(2)在实验测量中，某次电压表示数如图乙所示，如此其示数为______V ；此时电流表的示数可能为图丙中的______(填写图丙中各表下方的代号)．(3)假设实验得到另一小灯泡的伏安特性曲线(I U 图象)如图丁所示．假设将这个小灯泡接到电动势为1.5 V 、内阻为5 Ω的电源两端，如此小灯泡的工作电阻为______Ω，小灯泡消耗的功率是________W.解析：(1)由电阻定律R ＝ρL S可知，细而长的电阻大，粗而短的电阻小，而本实验采用分压式接法，应选用电阻小的，应当选A.(2)电压表量程选3 V，所以每小格表示0.1 V，所以读数为2.00 V，有估读数位；由于电压表示数略小于额定电压，所以电流表的示数略小于额定电流，故B项正确．(3)作出闭合电路欧姆定律的IU图象，与小灯泡的IU图象交于一点，其横纵坐标的比值即为小灯泡的工作电阻，为9.8 Ω ；横纵坐标的乘积即为小灯泡消耗的实际功率，为0.1 W.答案：(1)A(2)2.00 B(3)9.8(9.6～10均可) 0.110．(20分)如下列图，足够大的平行挡板A1、A2竖直放置，间距6L，两板间存在两个方向相反的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，以水平面MN为理想分界面．Ⅰ区的磁感应强度为B0，方向垂直纸面向外，A1、A2上各有位置正对的小孔S1、S2，两孔与分界面MN的距离为L、质量为m、电量为＋q的粒子经宽度为d的匀强电场由静止加速后，沿水平方向从S1进入Ⅰ区，并直接偏转到MN上的P点，再进入Ⅱ区，P点与A1板的距离是L的k倍．不计重力，碰到挡板的粒子不予考虑．(1)假设k＝1，求匀强电场的电场强度E；(2)假设2＜k＜3，且粒子沿水平方向从S2射出，求出粒子在磁场中的速度大小v与k 的关系式．解析：(1)假设k＝1，如此有MP＝L，粒子在Ⅰ区匀强磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系，该情况粒子的轨迹半径为：R＝L粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，如此有：qvB 0＝m v 2R粒子在匀强电场中加速，根据动能定理有：qEd ＝12mv 2 综合上式解得：E ＝qB 02L 22dm. (2)因为2＜k ＜3，且粒子沿水平方向从S 2射出，可知粒子在Ⅱ区只能发生一次偏转，该粒子运动轨迹如下列图由几何关系：R 2－(kL )2＝(R －L )2，又有qvB 0＝m v 2R如此整理解得：v ＝qB 0L ＋k 2L 2m. 答案：(1)qB 20L 22dm (2)v ＝qB 0L ＋k 2L 2m11．(23分)如下列图，质量m A ＝0.8 kg 、带电量q ＝－4×10－3 C 的A球用长度l ＝0.8 m 的不可伸长的绝缘轻线悬吊在O 点，O 点右侧有竖直向下的匀强电场，场强E ＝5×103 N/C.质量m B ＝0.2 kg 不带电的B 球静止在光滑水平轨道上，右侧紧贴着压缩并锁定的轻质弹簧，弹簧右端与固定挡板连接，弹性势能为3.6 J ．现将A 球拉至左边与圆心等高处由静止释放，将弹簧解除锁定，B 球离开弹簧后，恰好与第一次运动到最低点的A 球相碰，并结合为一整体C ，同时撤去水平轨道．A 、B 、C 均可视为质点，线始终未被拉断，g ＝10 m/s 2.求：(1)碰撞过程中A 球对B 球做的功和冲量大小；(2)碰后C 第一次离开电场时的速度大小；(3)C 每次离开最高点时，电场立即消失，到达最低点时，电场又重新恢复，不考虑电场瞬间变化产生的影响，求C 每次离开电场前瞬间绳子受到的拉力．解析：(1)由机械能守恒定律12m A v 2A ＝m A gl 得碰前A 的速度大小v A ＝4 m/s 方向向右由E ＝12m B v 2B 得碰前B 的速度大小v B ＝6 m/s 方向向左由动量守恒守律m A v A －m B v B ＝(m A ＋m B )v C得v C ＝2 m/s 方向向右A 对B 所做的功W ＝12m B v 2C －E ＝－3.2 JA 对B 的冲量I ＝m B vC －(－m B v B )＝1.6 N·s(2)碰后，C 整体受到电场力F ＝qE 因F －m C g ＞m C v 2C l，可知C 先做类平抛运动如此x ＝v C t ，y ＝12at 2，qE －m C g ＝m C a (y －l )2＋x 2＝l 2联立解得x ＝0.8 m ，y ＝0.8 m ，t ＝0.4 s即C 刚好在圆心等高处线被拉直，此时C 向上的速度为v y ＝at ＝4 m/s设C 第一次运动到最高点速度为v 1，由动能定理(F －m C g )l ＝12m C v 21－12m C v 2y 得v 1＝42≈5.66 m/s(3)设C 从最高点运动到最低点时的速度为v .由动能定律m C g ×2l ＝12m C v 2－12m C v 21 得 v ＝8 m/s 由于F T ＋F －m C g ＝m C v 2l，可知F T ＞0，故C 之后每一次通过最低点均能一直做圆周运动设C 第n 次经过最高点时的速度为v n .如此(n －1)qE ×2l ＝12m C v 2n －12m C v 21，(n ＝1,2,3……) 由牛顿第二定律得F T ＋m C g －F ＝m C v 2n l解得F T ＝10(8n －3)N ，(n ＝1,2,3……)答案：(1)－3.2 J 1.6 N·s (2)5.66 m/s(3)10(8n －3)N ，(n ＝1,2,3……)。

高中物理人教版一轮复习真题集训章末验收十Word版含答案

真题集训·章末验收（十）命题点一：交变电流的产生及其描述1．(多选)(2016·全国丙卷)如图，M 为半圆形导线框，圆心为O M ；N 是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为O N ；两导线框在同一竖直面(纸面)内；两圆弧半径相等；过直线O M O N 的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面。

现使线框M 、N 在t ＝0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过O M 和O N 的轴，以相同的周期T 逆时针匀速转动，则( )A ．两导线框中均会产生正弦交流电B ．两导线框中感应电流的周期都等于TC ．在t ＝T 8时，两导线框中产生的感应电动势相等 D ．两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等解析：选BC 两导线框匀速转动切割磁感线产生感应电动势的大小不变，选项A 错误；导线框的转动周期为T ，则感应电流的周期也为T ，选项B 正确；在t ＝T 8时，切割磁感线的有效长度相同，两导线框中产生的感应电动势相等，选项C 正确；M 导线框中一直有感应电流，N 导线框中只有一半时间内有感应电流，所以两导线框的电阻相等时，感应电流的有效值不相等，选项D 错误。

命题点二：理想变压器、远距离输电2．(多选)(2016·全国丙卷)如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a 和b 。

当输入电压U 为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。

下列说法正确的是( )A ．原、副线圈匝数比为9∶1B ．原、副线圈匝数比为1∶9C ．此时a 和b 的电功率之比为9∶1D ．此时a 和b 的电功率之比为1∶9解析：选AD 设灯泡的额定电压为U 0，输入电压为灯泡额定电压的10倍时灯泡正常发光，则变压器原线圈的电压为9U 0，变压器原、副线圈的匝数比为9∶1，选项A 正确，选项B 错误；由9U 0I a ＝U 0I b 得，流过b 灯泡的电流是流过a 灯泡电流的9倍，根据P ＝UI ，a 、b 灯泡的电功率之比为1∶9，选项C 错误，选项D 正确。

高中物理一轮复习真题集训含答案

真题集训·章末验收(一)命题点一：运动的描述、运动图像1．(2014·全国卷)一质点沿x 轴做直线运动，其v t 图像如图所示。

质点在t ＝0时位于x ＝5 m 处，开始沿x 轴正向运动。

2．(多选)(2013·全国卷Ⅰ)如图，直线a 和曲线b 分别是在平直公路上行驶的汽车a 和b 的位置—时间(x t )图线。

高中物理(人教版)一轮复习真题集训章末验收：(八) 含答案

真题集训·章末验收（八）命题点一：磁场、磁感应强度、磁场对通电导体的作用1．为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流I 引起的。

在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流方向的是( )解析：选B 由日常知识可知，地球的南极为磁场的N极，由右手螺旋定则可知，电流方向如图B，故选项B正确。

2．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是( )A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半解析：选B 根据左手定则可知：安培力的方向垂直于电流I和磁场B确定的平面，即安培力的方向既垂直于B又垂直于I，A错误，B正确；当电流I的方向平行于磁场B的方向时，直导线受到的安培力为零，当电流I的方向垂直于磁场B的方向时，直导线受到的安培力最大，可见，安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角有关，C错误；如图所示，电流I和磁场B垂直，直导线受到的安培力F＝BIL，将直导线从中点折成直角，分段研究导线受到的安培力，电流I和磁场B垂直，根据平行四边形定则可得，导线受到的安培力的合力为F′＝22 BIL，D错误。

3．(多选)电磁轨道炮工作原理如图所示。

待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触。

电流I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回。

轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场)，磁感应强度的大小与I成正比。

通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出。

现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的办法是( )A．只将轨道长度L变为原来的2倍B．只将电流I增加至原来的2倍C．只将弹体质量减至原来的一半D．将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其他量不变解析：选BD 由题意可知磁感应强度B＝kI，安培力F＝BId＝kI2d，由动能定理可得：FL ＝mv 22，解得v ＝I 2kdLm ，由此式可判断B 、D 选项正确。

2024年新教材高考物理一轮复习章末目标检测卷7静电场含解析新人教版

章末目标检测卷七静电场(时间:90分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分。

每小题只有一个选项符合题目要求)1.在电场中,下列说法正确的是()A.某点的电场强度大,该点的电势肯定高B.某点的电势高,摸索电荷在该点的电势能肯定大C.某点的电场强度为零,摸索电荷在该点的电势能肯定为零D.某点的电势为零,摸索电荷在该点的电势能肯定为零2.如图所示,虚线表示某电场的等势面,实线表示一带电粒子仅在静电力作用下运动的径迹。

粒子在A点的加速度为a A、动能为E k A、电势能为E p A,在B点的加速度为a B、动能为E k B、电势能为E p B。

下列结论正确的是()A.a A>a B,E k A>E k BB.a A<a B,E p A>E p BC.a A<a B,E p A<E p BD.a A>a B,E k A<E k B3.如图所示,竖直面内分布有水平方向的匀强电场,一带电粒子沿直线从位置a向上运动到位置b,在这个过程中,带电粒子()A.只受到静电力作用B.带正电C.做匀减速直线运动D.机械能守恒4.(2024·浙江卷)如图所示,在倾角为α的光滑绝缘斜面上固定一个挡板,在挡板上连接一根劲度系数为k0的绝缘轻质弹簧,弹簧另一端与A球连接。

A、B、C三小球的质量均为m,q A=q0>0,q B=-q0,当系统处于静止状态时,三小球等间距排列。

已知静电力常量为k,则()q0A.q C=47B.弹簧伸长量为mm sin mm0C.A球受到的库仑力大小为2mgD.相邻两小球间距为q0√3m7mm5.对于真空中电荷量为q的静止点电荷而言,当选取离点电荷无穷远处的电势为零时,离点电荷距离为r位置的电势为φ=mmm(k为静电力常量),如图所示,两电荷量大小均为Q的异种点电荷相距为d,现将一质子(电荷量为e)从两电荷连线上的A点沿以负电荷为圆心、半径为R的半圆形轨迹ABC 移到C点,在质子从A到C的过程中,系统电势能的变更状况为()A.削减2mmmmm2-m2B.增加2mmmmm2+m2C.削减2mmmm2-m2D.增加2mmmm2+m26.如图所示,空间正四棱锥形的底面边长和侧棱长均为a,水平底面的四个顶点处均固定着电荷量为+q的小球,顶点P处有一个质量为m的带电小球,在库仑力和重力的作用下恰好处于静止状态。

2022届高考物理一轮复习课后限时集训7牛顿第二定律含解析新人教版

高考物理一轮复习：课后限时集训(七)(时间：40分钟)1．我国航天员在“天宫一号”中进行了我国首次太空授课活动，其中演示了太空“质量测量仪”测质量的实验，助教聂海胜将自己固定在支架一端，王亚平将连接运动机构的弹簧拉到指定位置；松手后，弹簧凸轮机构产生恒定的作用力，使弹簧回到初始位置，同时用光栅测速装置测量出支架复位时的速度和所用时间；这样，就测出了聂海胜的质量为74 kg 。

下列关于“质量测量仪”测质量的说法正确的是( )A ．测量时仪器必须水平放置B ．其测量原理是牛顿第二定律C ．其测量原理是万有引力定律D ．测量时仪器必须竖直放置B [“质量测量仪”是先通过光栅测速装置测量出支架复位时的速度和所用时间，则能算出加速度a ＝Δv Δt，作用力恒定，然后根据牛顿第二定律F ＝ma ，求解质量，所以测量原理为牛顿第二定律，B 正确，C 错误；由于在太空中处于完全失重状态，所以测量仪器不论在什么方向上，弹簧凸轮机构产生恒定的作用力都是人所受的合力，A 、D 错误。

]2.如图所示，小明站在体重计上，当他静止时体重计的指针指在45 kg 刻度处。

若他快速蹲下，则在他下蹲的整个过程中，体重计的指针( )A ．一直指在大于45 kg 刻度处B ．一直指在小于45 kg 刻度处C ．先指在大于45 kg 刻度处，后指在小于45 kg 刻度处D ．先指在小于45 kg 刻度处，后指在大于45 kg 刻度处D [小明先加速下降，有方向向下的加速度，此时他对体重计的压力减小，处于失重状态，后减速下降，有方向向上的加速度，此时他对体重计的压力增加，处于超重状态，因此视重先变小后变大，则读出的质量先小于45 kg ，后大于45 kg ，只有选项D 正确。

]3.(多选)如图所示，物块a 、b 和c 的质量相同，a 和b 、b 和c 之间用完全相同的轻弹簧S 1和S 2相连，通过系在a 上的细线悬挂于固定点O 。

整个系统处于静止状态。

新教材高中物理一轮复习合格性考试真题卷含解析

合格性考试真题卷(时间：60分钟满分：100分)第一部分选择题一、单项选择题Ⅰ(本大题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意．)1．高铁站内的铁轨上有甲、乙两列车，坐在甲车上的乘客看到其左边的乙车向东运行，右边站台上的站牌不动．以地面为参考系，下列说法正确的是( ) A．甲车向东运行B．甲车向西运行C．乙车向东运行D．乙车向西运行解析：甲车上的乘客看到右边的站牌不动，说明甲车相对地面静止，而乙车相对甲车向东运动．所以，以地面为参考系，甲车不动，乙车向东行驶．所以C正确．答案：C2．2019年11月5日，我国“北斗”导航系统第49颗卫星由“长征二号”运载火箭发射升空．假设火箭在某段时间内做直线运动，经过时间t，速度由v变为3v，在这段时间内，火箭的平均加速度大小为( )A.4vtB.3vtC.2vtD.vt解析：由加速度定义式a＝v t－v0t得，平均加速度a＝3v－vt＝2vt，所以C正确．答案：C3．如图是某物体做直线运动的v-t图像，下列说法正确的是( )A．物体在t1～t2时间内处于静止状态B．物体在0～t3时间内的位移为零C．物体在0～t1时间内的位移比t1～t3的大D．物体在0～t1时间内的加速度比t2～t3的小解析：t1～t2物体处于匀速状态；0～t3时间内位移最大；v-t图象面积表示位移，0～t1时间的位移比t1～t3位移小；v-t图象的斜率表示加速度，所以0～t1时间的加速度比t2～t3的加速度小．所以D正确．答案：D4．如图所示，物体在大小为10 N ，方向与水平方向夹角为60°的恒力F 作用下，沿水平桌面做匀速直线运动，物体所受的摩擦力大小为( )A ．2 NB ．5 NC ．10 ND ．15 N解析：受力分析如图所示．由平衡条件得f ＝F cos 60°，f ＝10×12， f ＝5 N.B 正确．答案：B5．在光滑水平桌面上，滑块以速度v 0向右做匀速直线运动，从某时刻开始，在水平面内受到一个与速度v 0方向垂直的恒力F 作用，如图所示．此后滑块的运动轨迹可能是( )A ．直线OPB ．曲线OQC ．曲线OND ．直线OM解析：由曲线运动的条件可知，合力总是在轨迹的凹侧．答案：C6．在2019年女排世界杯赛场上，中国女排以全胜的战绩夺得冠军，给国庆70周年献上了一份厚礼．假设运动员在靠近球网某个高度处“平打”击出的排球做平抛运动，落地速度大小为v ，在保证球落在对方场地的前提下，下列情况能增大v 的是( )A ．仅减小排球被击出时的高度B ．仅增大排球被击出时离网的水平距离C ．仅增大排球被击出时的高度D ．仅减小排球被击出时的速度解析：由平抛运动规律可知：v ＝v 20＋v 2y ，其中v 2y ＝2gh . 所以v ＝v 20＋2gh ，由式子可知C 正确．答案：C7．如图所示，在一次飞行表演中，我国自主研制的新一代战斗机表演俯冲，在最低点附近做半径为R 、速率为v 的圆周运动．设飞行员的质量为m ，重力加速度为g .在该点飞行员所需向心力的大小为( )A ．mgB ．m v 2RC ．m v 2R－mgD ．m v 2R＋mg解析：由牛顿第二定律知，合力提供向心力F 向＝m v 2R，选项B 正确．答案：B8．我国自主研制的“天宫二号”空间站在轨道上的运行可看作匀速圆周运动，其轨道半径比地球的同步卫星轨道半径小．关于“天宫二号”，下列说法正确的是( )A ．运行周期比同步卫星的小B ．向心加速度比同步卫星的小C ．运行角速度比同步卫星的小D ．运行线速度比同步卫星的小解析：由万有引力提供向心力：GMm r 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2r ＝ma ＝mω2r ＝m v 2r ，得T ＝4π2r3GM，a＝GMr 2，ω＝GMr 3，v ＝GMr，r 越小，T 越小，a 越大，ω越大，v 越大，所以A 正确．答案：A9．新学期开学，小明同学将一捆质量为10 kg 的书从一楼搬到五楼教室，每层楼高约3 m ，小明同学克服这捆书的重力所做的功最接近于( )A ．120 JB ．300 JC ．1 200 JD ．3 000 J解析：一楼到五楼的高度约为h ＝3×(5－1)＝12 m ，由W G ＝mgh 得W G ＝10×10×12 J ＝1 200 J ，C 正确．答案：C10．在模拟实战训练中，空降兵从悬停的直升飞机中离开，经过t 1时间，降落了距离s 1，速度变为v 1，接着再经过t 2时间，又降落了距离s 2，速度变为v 2.若将上述运动近似看成初速度为零的匀加速直线运动，则( )A.v 1v 2＝t 1t 1＋t 2B.v 1v 2＝t 1t 2C.s 1s 2＝t 21t 22 D.s 1s 2＝t 21t 21＋t 22解析：由匀变速直线运动规律：v 1＝at 1，v 2＝a (t 1＋t 2)，s 1＝12at 21，s 2＝12a (t 1＋t 2)2.得v 1v 2＝t 1t 1＋t 2，s 1s 2＝t 21（t 1＋t 2）2，所以A 正确．答案：A11．下列器材在“验证力的平行四边形定则”的实验中，不需要使用的是( ) A ．弹簧测力计 B ．刻度尺 C ．三角板D ．天平解析：验证力的平行四边形定则需要用到：弹簧测力计，刻度尺，三角板，橡皮筋等，不需要天平，所以D 符合题意．答案：D12．下列物体的运动，不能用经典力学描述的是( ) A ．“复兴”号列车高速行驶 B ．“神舟十号”飞船在轨道上运行 C ．电子以接近光的速度运动 D ．“辽宁”号航空母舰在大海上航行解析：经典力学适用的范围是宏观、低速，所以C 符合题意．答案：C二、单项选择题Ⅱ(本大题为选做题，分为A ，B 两组，每组共8小题，每小题3分，共24分；考生只选择其中一组题作答，在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意．)选做题A 组(选修1－1)13．如图所示，两个相同金属球M 、N 固定在绝缘支架上，其中M 球的带电量为＋10q ，N 球的带电量为－4q .先将M 球与N 球接触，然后分开，则( )A ．M 球带电量为＋6qB ．N 球带电量为0C ．M 球带电量为＋3qD ．N 球带电量为＋7q解析：完全相同的两金属球电荷分配的规律：同种电荷直接平分，异种电荷，接触后先中和后平分，Q ＝10q －4q2＝3q ，所以C 正确．答案：C14．在下列图示的电场中，P 、Q 两点电场强度完全相同的是( )解析：电场强度是矢量，大小相同，方向相同的只有C. 答案：C15．垂直纸面的长直导线中通有电流，其周围的磁场分布如图所示，下列说法正确的是( )A ．P 点的磁感应强度比Q 点的大B ．P 、Q 两点的磁感应强度的方向相同C ．P 点的磁感应强度比Q 点的小D ．长直导线周围的磁场是匀强磁场解析：疏密表示场强的大小，切线方向表示磁感强度的方向，所以A 正确．答案：A16．如图所示，带正电荷的粒子垂直进入方向向右的匀强磁场，下列判断正确的是( )A ．粒子向左偏转B ．粒子向右偏转C ．粒子向里偏转D ．粒子向外偏转解析：带电粒子垂直进入匀强磁场受到洛伦兹力，由左手定则可知，粒子向外偏转，D 正确．答案：D17．水力发电中所使用的发电机应用了( ) A ．电磁感应原理 B ．库仑定律C ．电流的热效应D ．磁场对电流的作用原理解析：水力发电的应用原理是电磁感应．答案：A18．真空中两个固定的点电荷间库仑力大小为F .若将两个电荷的电量都增加到原来的两倍，它们之间的库仑力大小变为( )A ．3FB ．4FC ．5FD ．6F解析：由库仑定律得F ＝k q 1q 2r 2，当电荷量都增加到原来2倍，F ′＝k 2q 1·2q 2r 2＝4k q 1q 2r2＝4F .答案：B19．如图所示，在“研究影响通电导体所受磁场力大小的因素”实验中，下列说法正确的是( )A ．只增大通过导体棒的电流，偏角θ减小B ．只减小通过导体棒的电流，偏角θ增大C ．只换用磁性较弱的蹄形磁铁，偏角θ减小D ．只换用磁性较弱的蹄形磁铁，偏角θ增大解析：由图可知，安培力越小，θ角越小，由安培力F ＝BIL 可知，减小B 、I 、L 都可以使F 变小，所以C 正确．答案：C20．测量体温是新冠疫情防控的一种措施．在许多场合，使用手持测温仪测量体温，该测温仪用到的传感器通常是( )A ．气体传感器B ．生物传感器C ．压力传感器D ．红外线传感器解析：手持测温仪利用的是红外线传感器．答案：D选做题B 组(选修3－1)21．如图所示，用绝缘支柱固定的两不带电金属导体P 和Q 彼此接触，将一带正电的小球O 移近导体P 后，先把P 、Q 分开，再移走O ，关于P 、Q 电性的说法正确的是( )A ．P 带正电，Q 带负电B ．P 带负电，Q 带正电C ．P 带正电，Q 带正电D ．P 带负电，Q 带负电解析：由感应起电的原理可知P 带负电，Q 带正电．答案：B22．真空中有两个相同的金属小球相距为r ，所带电量分别为＋q 和－5q ，相互间的静电力大小为F .现将两球接触后，再分别放回原处，两小球可视为点电荷，两球间的静电力大小变为( )A.54FB.45FC.25F D.52F 解析：由库仑定律得F 库＝k q 1q 2r 2，F 1＝k q ·5q r 2＝5k q 2r2＝F .接触后，电荷先中和后平分F 2＝k 2q ·2q r 2＝4k q 2r 2.F 2F 1＝45.所以F 2＝45F 1＝45F ，故B 正确．答案：B23．如图所示，在正点电荷形成的电场中，一条电场线上的a 、b 、c 三点，其电场强度大小分别用E a 、E b 、E c 表示，则( )A ．E a ＝E b ＝E cB ．E a <E b <E cC ．E b >E a >E cD ．E a >E b >E c解析：如图所示为正点电荷形成的电场线分布．由图可知a 靠近点电荷，所以E a >E b >E c .答案：D24．如图所示，O 、P 为匀强电场中的两点，下列说法正确的是( )A ．O 点的电势一定比P 点的高B ．O 点的场强一定比P 点的大C ．同一电荷在O 点的电势能一定比在P 点的大D ．将电荷从O 点移到P 点，电场力一定做正功解析：由图可知，沿着电场线方向电势越来越低，φo >φp ，A 正确．答案：A25．甲、乙是两根材料相同的电阻丝，已知甲的长度是乙的两倍，甲的横截面积是乙的一半．若测得甲电阻丝的阻值为12 Ω，则乙电阻丝的阻值为( )A ．12 ΩB ．8 ΩC ．6 ΩD ．3 Ω解析：由电阻定律可知R ＝ρl S ，所以R 甲R 乙＝l 甲l 乙×S 乙S 甲. 代入数据得12R 乙＝2l 乙l 乙×S 乙12S 乙，得R 乙＝3 Ω，所以D 正确．答案：D26．如图所示电路中，电流表和电压表均为理想电表，R 为光敏电阻，其阻值随光照增强而减小，电源内阻不能忽略．闭合开关S 后，当光照逐渐增强时，关于电流表示数I 和电压表示数U 的变化情况，下列说法正确的是( )A ．I 增大，U 增大B ．I 减小，U 增大C ．I 减小，U 减小D ．I 增大，U 减小解析：由闭合电路欧姆定律I ＝ER ＋r，光照增强，R 变小，I 变大，即变大；由U＝E －Ir 得U 变小，即变小，所以D 正确．答案：D27．如图所示，一粒子以水平向右的速度v进入垂直纸面向里的匀强磁场，重力忽略不计．当粒子刚进入磁场中时( )A．若粒子向上偏转，则它一定带正电B．若粒子向上偏转，则它一定带负电C．若粒子向下偏转，则它一定带正电D．若粒子向下偏转，则它可能不带电解析：由左手定则可知A正确．答案：A28．在“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”实验中，下列说法正确的是( ) A．用刻度尺测量金属丝直径3次，求其平均值B．用刻度尺测量金属丝接入电路的有效长度3次，求其平均值C．连接电流表时，使电流从“＋”或“－”接线柱流入均可D．通过金属丝的电流越大越好解析：测长度时要先接入电路，再测有效长度，多次测量取平均值，故A错误，B正确；电流要从“＋”流入电流表，“－”流出电流表，C错误；电阻丝的电流不宜过大，否则ρ会随温度变化而变化，所以D错误．答案：B第二部分非选择题三、非选择题(本大题包括3小题，共40分．)29．(12分)一组同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验，先测出弹簧自然下垂时指针指示的标尺刻度L0，然后在该弹簧下端逐个加挂钩码，弹簧始终处于弹性限度内，依次测出指针指示的标尺刻度L1～L5，得到下表：代表符号L0L1L2L3L4L5钩码个数01234 5标尺刻度/cm15.0018.4822.0025.4729.0632.45(1)当弹力为F时，弹簧的伸长量为x，该弹簧劲度系数的表达式k＝________；(2)采用逐差法处理实验数据，分别计算：d1＝L3－L0＝10.47 cm，d2＝L4－L1＝10.58 cm，d3＝L5－L2＝________cm；(3)根据以上差值，每加挂一个钩码，可以求出弹簧的平均伸长量Δ—L —＝d 13＋d 23＋d 333＝d 1＋d 2＋d 39＝________cm ；(4)这根弹簧的劲度系数k ＝________N/m. 解析：(1)由胡克定律F ＝kx 得k ＝F x. (2)L 5－L 2＝32.45 cm －22.00 cm ＝10.45 cm.(3)Δ—L —＝（10.47＋10.58＋10.45）cm3＝3.50 cm.(4)由k ＝ΔF ΔL ＝mg ΔL ＝50×10－3×9.8 N3.50×10－2m ＝ 14 N/m.答案：(1)F x(2)10.45 (3)3.50 (4)1430．(12分)“文明礼让”是中华民族的优良传统．驾驶员在行车过程中，应注意礼让行人．如图所示，小汽车行驶在市区的水平道路上，驾驶员发现前方不远处有行人正在通过人行横道，立即采取制动措施，驾驶着汽车开始减速，直到在行人前停止．从开始减速到停止的这段距离称为刹车距离，忽略空气阻力．请用文字简要回答：(1)在刹车过程中，小汽车受到哪些作用力？(2)在刹车过程中，小汽车的机械能是否守恒？它的能量转化情况如何？ (3)在避免紧急刹车的情况下，要缩短刹车距离应采取什么措施？(至少写两项)解析：(1)刹车过程中，小汽车受重力，支持力，摩擦阻力作用． (2)刹车过程中，机械能不守恒，动能转化为内能．(3)设汽车初速为v 0，动摩擦因数为μ，由运动学公式v 2t －v 20＝－2μg ·s ，得s ＝v 202μg，所以要减小刹车距离可以减小初速度v 0，增大动摩擦因数μ. 答案：见解析31．(16分)如图所示，截面为矩形的管状滑槽ABC 固定在竖直平面内，AB 段水平，内底面粗糙，BC 段是半圆弧，内表面光滑，直径BC 与AB 垂直．质量m ＝2 kg 的滑块以初速度v 0＝8 m/s 从A 点开始沿滑槽向右运动．已知滑块与AB 段间的动摩擦因数μ＝0.2，AB11 段长度L ＝7 m ，圆弧半径R ＝0.5 m ，滑块可视为质点，g 取10 m/s 2.(1)求滑块运动到B 点时的速度大小v B ；(2)求滑块运动到C 点时的速度大小v C 及此时滑槽对滑块的弹力F 的大小和方向．解析：(1)从A 到B ，由动能定理得－μmg ·L ＝12mv 2B －12mv 20，解得v B ＝6 m/s.(2)从B 到C ，由动能定理得－mg ·2R ＝12mv 2C －12mv 2B ，解得v C ＝4 m/s ，在C 点由牛顿第二定律得mg ＋F ＝m v 2C R ，解得F ＝44 N ，方向竖直向下．答案：(1)6 m/s (2)4 m/s 44 N ，方向竖直向下。

高中物理(人教版)一轮复习真题集训章末验收：(六) 含答案

真题集训·章末验收(六)命题点一：电场力的性质1．如图，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a 、 b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、 c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q (q ＞0)的固定点电荷。

已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为(k 为静电力常量)( )A ．k 3qR2B ．k 10q9R 2 C ．kQ ＋qR 2D ．k9Q ＋q9R2 解析：选B 由于在a 点放置一点电荷q 后，b 点电场强度为零，说明点电荷q 在b 点产生的电场强度与圆盘上Q 在b 点产生的电场强度大小相等，即E Q ＝E q ＝k q R2，根据对称性可知Q 在d 点产生的场强大小E ′Q ＝k q R 2，则E d ＝E ′Q ＋E ′q ＝k q R 2＋k q R2＝k10q9R2，故选项B 正确。

2．如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a 、b 和c 分别位于边长为l 的正三角形的三个顶点上；a 、b 带正电，电荷量均为q ，c 带负电。

整个系统置于方向水平的匀强电场中。

已知静电力常量为k 。

若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为( )A.3kq 3l 2 B.3kq l2C.3kql2D.23kql 2解析：选B 设小球c 带电荷量为Q ，由库仑定律可知小球a 对小球c 的库仑引力为F ＝k qQ l 2，小球b 对小球c 的库仑引力为F ＝k qQl2，二力合力为2F cos 30°。

设水平匀强电场场强的大小为E ，对c 球，由平衡条件可得：QE ＝2F cos 30°，解得：E ＝3kql 2，选项B 正确。

命题点二：电场能的性质3．如图，直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线，M 、N 、P 、Q 是它们的交点，四点处的电势分别为φM 、φN 、φP 、φQ 。

人教版2019高考物理一轮选训习题7含解析

2019人教高考物理一轮选训习题（7）及答案一、选择题1、(多选)如图所示,真空中xOy平面内有一束宽度为d的带正电粒子束沿x轴正向运动,所有粒子为同种粒子,速度大小相等,在第一象限内有一方向垂直xOy平面的有界匀强磁场区(图中未画出),所有带电粒子通过磁场偏转后都会聚于x轴上的a点。

下列说法中正确的是( )世纪金榜导学号49294172A.磁场方向一定是垂直xOy平面向里B.所有粒子通过磁场区的时间相同C.所有粒子在磁场区运动的半径相等D.磁场区边界可能是圆【解题指导】(1)磁场的方向可由带电粒子的受力方向判断。

(2)粒子在磁场中的运动时间与圆心角有关。

(3)带电粒子进入磁场的位置为一圆弧,且圆弧的半径与粒子在磁场中的轨迹半径相同。

【解析】选C、D。

由题意可知,正粒子经磁场偏转,都集中于一点a,根据左手定则,磁场的方向垂直xOy平面向外,故A错误;由洛伦兹力提供向心力,可得T=,而运动的时间还与圆心角有关,因此粒子的运动时间不等,故B错误;由洛伦兹力提供向心力,可得R=,由于是同种粒子,且速度大小相等,所以它们的运动半径相等,故C正确;所有带电粒子通过磁场偏转后都会聚于x轴上的a点,因此磁场区边界可能是圆,也可能是圆弧,故D正确。

2、嫦娥三号月球探测器成功完成月面软着陆，并且着陆器与巡视器(“玉兔号”月球车)成功分离，这标志着我国的航天事业又一次腾飞，下面有关嫦娥三号的说法正确的是( )A.嫦娥三号刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B.研究“玉兔号”月球车在月球表面运动的姿态时，可以将其看成质点C.研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，可以将其看成质点D.“玉兔号”月球车静止在月球表面时，其相对于地球也是静止的【答案】C【解析】嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，但是速度变化很快，加速度很大，故选项A错误；研究“玉兔号”月球车在月球表面运动的姿态时，“玉兔号”月球车的大小和形状不能被忽略，不能看成质点，故选项B错误；研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，嫦娥三号的大小和形状可以被忽略，可以看成质点，故选项C正确；“玉兔号”月球车静止在月球表面时，相对月球是静止的，相对地球是运动的，故选项D错误.3、如图所示,已知a、b、c、d为椭圆的四个顶点,+Q处在椭圆的一个焦点上,一带负电的点电荷仅在库仑力作用下绕固定的点电荷+Q运动,则下列说法正确的是( )A.负电荷在a、c两点所受的电场力相同B.负电荷在a点和c点的电势能E pa>E pcC.负电荷由b运动到d的过程中电势能增加,动能减少D.负电荷由a经b运动到c的过程中,电势能先增加后减少【解析】选C。