绵阳市高中2013级第一次诊断性考试数学(文+理+答案

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2023—2024学年四川省绵阳市高三上学期第一次诊断性考试数学(文科)模拟试题(含答案)

2023—2024学年四川省绵阳市高三上学期第一次诊断性考试数学(文科)模拟试题(含答案)

D.若 c 0 ,则 ac bc
5.已知 5a
10b
,则
b a


A.
1 2
B.2
C. log510
D.1 lg2
6.已知 tan 2 ,则 sin2 ( )
A.- 3 5
B. 4 5
C. 3 10
D. 7 10
7.若等比数列an首项 a1 2, a4 8 2 ,则数列an的前 n 项和为( )
件的 的积属于区间( )
A. 1, 4
B.4, 7
C. 7,13
D.13,
二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分.
13.程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”,执行该程序框
图,若输入的 a,b 分别为 21,14,则输出的 a=
.
14.已知点
M
1,1, N
2,
m
,若向量
MN

a
m, 2 的方向相反,则
r a

15.已知函数
f
x
ex ex 2, x
x2 2x, x
0
0 ,则
f
x
的值域为

16.已知函数 f x, g x 的定义域为 R ,且 f x f x 6, f 2 x g x 4 ,若 g x 1 为奇
3.已知平面向量
a

b
的夹角为
45
,
a
b
2
,且
a
2 ,则
a
b
·
a
b


A. 2 2
B.-2
C.2
D. 2 2

绵阳市高2013届一诊考试——理数

绵阳市高2013届一诊考试——理数

绵阳市高2013级第一次诊断性考试数学(理)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BCBCC AADDB AB二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.-414.215.450233πππ⎡⎫⎛⎤⋃⎪ ⎢⎥⎣⎭⎝⎦,, 16.①③ 三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.解:(Ⅰ)f (x )=a ·b =(cos2x ,1)·(1,x )=x+ cos2x =2 sin(2x+6π), ……………………………………………6分∴ 最小正周期22T ππ==, 令2x+6π=2k ππ+,k ∈Z ,解得x=26k ππ+,k ∈Z , 即f (x )的对称轴方程为x=26k ππ+,k ∈Z .…………………………………8分 (Ⅱ)当x ∈[0,2π]时,即0≤x ≤2π,可得6π≤2x+6π≤76π,∴ 当2x+6π=2π,即x=6π时,f (x )取得最大值f (6π)=2;当2x+6π=76π,即x=2π时,f (x )取得最小值f (2π)=-1.即f (x ) 的值域为[-1,2].……………………………………………………12分 18.解:(Ⅰ)由S 3+S 5=58,得3a 1+3d +5a 1+10d=8a 1+13d =58, ①∵ a 1,a 3,a 7成等比数列,a 32=a 1a 7, 即(a 1+2d )2=a 1(a 1+6d ),整理得a 1=2d , 代入①得d =2, a 1=4,∴ a n =2n+2. …………………………………………………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知a 8=18,b 5·b 6+b 4·b 7=2b 5·b 6=18,解得b 5·b 6 =9. ∵ T 10= log 3b 1 +log 3b 2+ log 3b 3+…+ log 3b 10=log 3(b 1·b 10) + log 3(b 2·b 9) +…+ log 3(b 5·b 6)=5log 3(b 5·b 6) =5log 39=10. ……………………………………………………………………12分19.解:(Ⅰ)由已知y = f (x )是二次函数,且f (x )<0的解集是(0,5),可得f (x )=0的两根为0,5, 于是设二次函数f (x )=ax (x -5),代入点(1,-4),得-4=a×1×(1-5),解得a =1,∴ f (x )=x (x -5). ………………………………………………………………4分 (Ⅱ)h (x )=2f (x )+g (x )=2x (x -5)+x 3-(4k -10)x +5=x 3+2x 2-4kx +5, 于是2()344h x x x k '=+-,∵ h (x )在[-4,-2]上单调递增,在[-2,0]上单调递减, ∴ x =-2是h (x )的极大值点,∴ 2(2)3(2)4(2)40h k '-=⨯-+⨯--=,解得k=1. …………………………6分 ∴ h (x )=x 3+2x 2-4x +5,进而得2()344h x x x '=+-. 令22()3443(2)()03h x x x x x '=+-=+-=,得12223x x =-=,. 由下表:可知:h (-2)=(-2)3+2×(-2)2-4×(-2)+5=13,h (1)=13+2×12 -4×1+5=4, h (-3)=(-3)3+2×(-3)2-4×(-3)+5=8,h (23)=(23)3+2×(23)2-4×23+5=9527, ∴ h (x )的最大值为13,最小值为9527.……………………………………12分 20.解:(Ⅰ)∵a sin A =(a -b )sin B +c sin C ,结合0C π<<,得3C =. …………………………………………………6分(Ⅱ)由 C =π-(A +B ),得sin C =sin(B +A )=sin B cos A +cos B sin A , ∵ sin C +sin(B -A )=3sin2A ,∴ sin B cos A +cos B sin A +sin B cos A -cos B sin A =6sin A cos A ,整理得sin B cos A =3sin A cos A . ………………………………………………8分 若cos A =0,即A =2π时,△ABC 是直角三角形,且B =6π,于是b =c tan B =2tan6π=,∴ S △ABC =12bc=. ……………………10分 若cos A ≠0,则sin B =3sin A ,由正弦定理得b =3a .②联立①②,结合c =2,解得a=b= ∴ S △ABC =12ab sin C =12=.综上,△ABC的面积为或.………………………………………12分 21.解:(Ⅰ)当t=1时,2a n -2=0,得a n =1,于是数列{a n }为首项和公比均为1的等比数列. ……………………………1分 当t ≠1时,由题设知(t -1)S 1=2ta 1-t -1,解得a 1=1, 由(t -1)S n =2ta n -t -1,得(t -1)S n +1=2ta n +1-t -1, 两式相减得(t -1)a n +1=2ta n +1-2ta n , , ∴121n n a ta t +=+(常数). ∴ 数列{a n }是以1为首项,21tt +为公比的等比数列.………………………4分 (Ⅱ)∵ q = f (t )=21tt +,b 1=a 1=1,b n +1=21f (b n )= 1n n b b +,∴11111n n n nb b b b ++==+, ∴ 数列1n b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是以1为首项,1为公差的等差数列,于是1nn b =, ∴ 1n b n=.………………………………………………………………………8分 (III )当t =13时,由(I )知a n =11()2n -,于是数列{c n }为:1,-1,12,2,2,21()2,-3,-3,-3,31()2,…设数列{a n }的第k 项是数列{c n }的第m k 项,即a k =k m c ,当k ≥2时,m k =k +[1+2+3+…+(k -1)]=(1)2k k +, ∴ m 62=626319532⨯=,m 63=636420162⨯=. 设S n 表示数列{c n }的前n 项和,则S 2016=[1+12+21()2+…+621()2]+[-1+(-1)2×2×2+(-1)3×3×3+…+(-1)62×62×62] 显然 1+12+21()2+…+621()2=636211()1221212-=--, ∵ (2n )2-(2n -1)2=4n -1,∴ -1+(-1)2×2×2+(-1)3×3×3+…+(-1)62×62×62=-1+22-32+42-52+62-…-612+622=(2+1)(2-1)+(4+3)(4-3)+(6+5)(6-5)+…+(62+61)(62-61) =3+7+11+…+123 =31(3123)2⨯+=1953. ∴ S 2016=62122-+1953=1955-6212. ∴ S 2012=S 2016-(c 2016+c 2015+c 2014+c 2013)=1955-6212-(6212+62+62+62) =1769-6112.即数列{c n }的前2012项之和为1769-6112.…………………………………12分 22.解:(Ⅰ)由已知:1()f x a x'=-, ∴由题知11(2)22f a '=-=-,解得a =1. 于是11()1xf x x x-'=-=,当x ∈(0,1)时,()0f x '>,f (x )为增函数, 当x ∈(1,+∞)时,()0f x '<,f (x )为减函数,即f (x )的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞). ……5分 (Ⅱ)由(Ⅰ)∀x 1∈(0,+∞),f (x 1) ≤f (1)=0,即f (x 1)的最大值为0, 由题知:对∀x 1∈(0,+∞),∃x 2∈(-∞,0)使得f (x 1)≤g (x 2)成立, 只须f (x )ma x ≤g (x )ma x .∵ 22()x kx k g x x ++=2k x k x =++2k x k x ⎛⎫=--++ ⎪-⎝⎭≤2k -, ∴ 只须k k 22+-≥0,解得k ≥1.………………………………………10分(Ⅲ)要证明2222ln 2ln 3ln 21234(1)n n n n n --+++<+ (n ∈N*,n ≥2).只须证22222ln 22ln 32ln 21232(1)n n n n n --+++<+ , 只须证2222222ln 2ln 3ln 21232(1)n n n n n --+++<+ .由(Ⅰ)当()1x ∈+∞,时,()0f x '<,f (x )为减函数, f (x )=ln x -x +1≤0,即ln x ≤x -1, ∴ 当n ≥2时,22ln 1n n <-,22222ln 11111111(1)1n n n n n n n n n -<=-<-=-+++, 222222ln 2ln 3ln 23n n +++ <111221⎛⎫-++ ⎪+⎝⎭111331⎛⎫-++ ⎪+⎝⎭1111n n ⎛⎫⋅⋅⋅+-+ ⎪+⎝⎭211211212(1)n n n n n --=--+=++,∴ 2222ln 2ln3ln 21234(1)n n n n n --+++<+ .………………………………………14分。

绵阳市高2013届一诊考试——文综

绵阳市高2013届一诊考试——文综

文科综合(地理)参考答案及评分标准第Ⅰ卷(选择题,共44分)一、选择题(每小题4分,共44分)1.D 2.B 3.C 4.B 5.C 6.D 7.B 8.C 9.A 10.D 11.A第Ⅱ卷(非选择题,共56分)二、非选择题(56分)12.(1)约1900km²(2分)地势中间高,四周低(2分)铁路呈环形分布于沿海低地(平原)(2分)暖流(2分)自北向南(2分)(2)主要分布在非洲东部,其次为非洲西北部(2分)。

原因是东部地处非洲板块的张裂地带(2分),多地震;西北部地处非洲板块与亚欧板块碰撞地带,多地震(2分)。

(3)热带草原气候(2分)地处热带,常年气温高(2分);从大气环流来看,受副热带高压和来自海洋的东南信风交替控制(2分),降水应具有明显的干湿两季(2分)。

(4)受气压带风带季节移动影响,两个保护区内降水时间上具有南北逐渐移动的规律(2分)。

塞伦盖蒂保护区的面积远比马赛马拉保护区面积大(2分);12-5月是塞伦盖蒂保护区的湿季,雨水充沛,众多的野生动物需要的食物丰富(2分)。

13. (1)雨水和河流水B河流(2)由东向西,依次由亚热带常绿阔叶林带过渡到热带草原带(2分),由草原带过渡到热带荒漠带(2分),再由热带荒漠带过渡到热带草原带(2分)。

(3)艾尔湖盆地(位于沙漠中),地表干燥、土质疏松,有丰富的沙尘源(2分);当地气候干旱,(温差大),风力大(2分);12月至次年2月是当地夏季,空气受热对流强(2分);(大气层结构不稳定)沙尘容易被大风刮起吹到空中。

(2分)(4)应该(2分)。

运河修建可使沿途地下水位和湖泊水位上升,湖面(湿地)增大;可缓解当地气候干旱度(或改善澳大利亚中部干旱的气候);湿地增加,保护(增加)当地生物多样性;风力侵蚀作用减弱;净化水体、释放氧气,生态环境变好;等。

(任答3点给6分)。

不应该(2分)。

大型工程对环境的危害具有不可预见性;且过程具有不可逆性;引海洋水济湖泊,将改变沿途水环境,如地下水的含盐量增加;同时可能对沿途土壤环境产生影响,如土壤盐渍化加重;等。

四川省绵阳市高中高三数学第一次诊断性考试试卷 理 (绵阳“一诊”)(扫描版)

四川省绵阳市高中高三数学第一次诊断性考试试卷 理 (绵阳“一诊”)(扫描版)

绵阳市高2012级第一次诊断性考试数学(理)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BBCDA DAACC BC二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.1000 14.2x -y -e =0 15.23- 16.①④三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.解:由|x -a |≤4有-4≤x -a ≤4,解得a -4≤x ≤a +4,即A ={x |a -4≤x ≤a +4}. ……………………………………………………2分 由116<+x 可变形为015<+-x x ,等价于(x +1)(x -5)>0,解得x <-1或x >5, 即B ={}51>-<x x x 或. ………………………………………………………4分 (Ⅰ)由A ∩B =(]75,知a +4=7,解得a =3. ……………………………7分 (Ⅱ)∵ p 是q 的充分不必要条件,∴ a +4<-1,或a -4>5, …………………………………………………10分 解得a <-5或a >9. ………………………………………………………12分18.解:(Ⅰ)设共有n 枚硬币,根据题意得 922111==-nn C C P ,解得n =9. ……………………………………………………2分 (Ⅱ)ξ=1,2,3,4,P (ξ=1)=922918=C C ,P (ξ=2)9227162928=⋅=C C C C ,P (ξ=3)=92251427262938=⋅⋅C C C C C C , P (ξ=4)931252427262928=⋅⋅⋅=C C C C C C .…………………………………………………10分 ∴ ξ的分布列为∴ 394939291=⨯+⨯+⨯+⨯=ξE .………………………………………12分 19.解:(Ⅰ)设{a n }的公比为q ,则q >0,由已知有⎩⎨⎧⋅==+,,)(9)(164112111q a a q a q a a 可解得31=q (31-=q 已舍去),311=a . ∴ n n n a )31()31(311=⨯=-. ……………………………………………………6分 (Ⅱ)∵ 2)1(-2)1(3213213)31()31()31()31()31()31(3++++++===⋅⋅⋅⋅=n n n n n n b n , ∴ 2)1(1+-=n n b n ,即)111(2)1(2+--=+-=n n n n b n .………………………9分∴n n b b b b S ++++= 321)1113121211(2+-++-+--=n n)111(2+--=n12+-=n n. ………………………………………………………………12分 20.解:(Ⅰ)由题意得h (x )的图象经过(3,4),代入得231294-+-=m,解得m =7.∴23223)2(274)(22-+-=-+-=-+-=x x x x x x x x h ,∴x x x h x f 3)2()(+=+=. …………………………………………………7分 (Ⅱ)∵x ax x g ++=3)(,∴ 由已知有xa x ++3≥8有a ≥-x 2+8x -3,令t (x )=-x 2+8x -3,则t (x )=-(x -4)2+13,于是t (x )在(0,3)上是增函数. ∴ t (x )max =12.∴ a ≥12.……………………………………………………………………12分 21.解:(Ⅰ)证明:令x =y =0时,则由已知有)00100()0()0(⨯--=-f f f ,可解得f (0)=0.再令x =0,y ∈(-1,1),则有)010()()0(yyf y f f ⋅--=-,即f (-y )=-f (y ),∴ f (x )是(-1,1)上的奇函数.……………………………………………4分(Ⅱ)令x =a n ,y =-a n ,于是)12()()(2nnn n a a f a f a f +=--, 由已知得2f (a n )=f (a n+1),∴2)()(1=+n n a f a f , ∴ 数列{f (a n )}是以f (a 1)=1)21(-=f 为首项,2为公比的等比数列.∴.221)(11---=⋅-=n n n a f ……………………………………………………8分(III )由(II)得f (a n +1)=-2n,于nb n 21=. ∴ T n = b 1+ b 2+ b 3+…+ b n)131211(21n ++++= , )12131211(2112+++++=+n T n .∴ )121312111(2112++++++++=-+n n n n T T n n . 令).1212111(21)(++++++=n n n n k于是)3213121(21)1(++++++=+n n n n k , ∴ 0)32)(1(41)11321221(21)()1(<++-=+-+++=-+n n n n n n k n k . ∴ k (n +1)<k (n ),即k (n )在N *上单调递减,∴ k (n )max =k (1)=125)131211(2113=-++=-T T ,∴15m ≥125即m ≥425. ∵ m ∈N *,∴ m 的最小值为7.…………………………………………………………12分22.解:(Ⅰ)x x a x F ln 1)(+-=,于是)(xax x F -='. ①当a ≤0时,)(x F '≥0,∴ F (x )在(0,3)上是增函数;②当0<a <3时,x ∈(0,a )时,)(x F '≤0,∴ F (x )在(0,a )上是减函数;x ∈(a ,3)时,)(x F '≥0,∴ F (x )在(a ,3)上是增函数.③当a ≥3时,)(x F '≤0,∴ F (x )在(0,3)上是减函数.………………4分(Ⅱ)令a =1,则x x x F ln 11)(+-=,于是21)(xx x F -=', ∴ F (x )在(0,1)上是减函数,在(1,+∞)上是增函数. ∴ 在区间(0,+∞)上F (x )有F (x )min =F (1)=0. ∵)(st F ≥F (1)=0, 即st t s ln 1+-≥0,整理得st ≥t se e -⋅,即t ste ≥se ,即t t e s ≥s t e t.………………………………8分(III )由已知得)1(2)12(22+=++x g m x a f ,代入整理得414)1ln(2122+-+=x x m . 于是题意即为直线y =m 与y =414)1ln(2122+-+x x 的图象有4个不同的交点. 令414)1ln(21)(22+-+=x x x h , 则)1(2)1)(1()(2++-='x x x x x h .可绘出()的大致图象如右. 由图象可知当m ∈(41,2ln 21)时满足有四个不同的交点.∴存在实数)2ln 2141(, m 时满足条件. ………………………………………………………………………………14分。

绵阳市高中 级第一次诊断性考试 文数 试题与答案

绵阳市高中 级第一次诊断性考试 文数 试题与答案

数学(文史类)参考答案及评分意见第1页(共6页)绵阳市高中2016级第一次诊断性考试数学(文史类)参考答案及评分意见一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BABCD CBBDA AC二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.7 14.-2 15.-716.32-16三、解答题:本大题共6小题,共70分.17.解:(Ⅰ)设等差数列{a n }的公差为d (d >0),由a 4=7,得a 1+3d =7,① ……………………………………………………2分 又∵ a 2,a 6-2a 1,a 14是等比数列{b n }的前三项,∴( a 6-2a 1)2=a 2a 14,即(5d -a 1)2=(a 1+d )(a 1+13d ),化简得d =2a 1,②……………………………4分 联立①②解得a 1=1,d =2.∴ a n =1+2(n -1)=2n -1. ………………………………………………………6分 (Ⅱ)∵ b 1=a 2=3,b 2=a 6-2a 1=9,b 3=a 14=27是等比数列{b n }的前三项, ……………………………………………………8分 ∴等比数列{b n }的公比为3,首项为3.∴等比数列{b n }的前n 项和S n =3(13)13n −−=3(31)2n −. ………………………10分 由S n >39,得3(31)2n −>39,化简得3n >27. 解得n >3,n ∈N *. ……………………………………………………………12分18.解:(Ⅰ)2())4cos 3f x x x π=−+=2coscos2sin )33x x ππ−+2(1+cos2x )…………………2分=32cos22x x −+2cos2x +2=12+cos22x x +2数学(文史类)参考答案及评分意见第2页(共6页) =sin(2)26x π++, ……………………………………………4分 由题意得()sin[2()]2266g x x ππ=−++−, 化简得g (x )=sin(2)6x π−. ……………………………………………………6分 (Ⅱ)由6π≤x ≤23π,可得6π≤2x -6π≤76π. 当2π≤2x -6π≤76π即3π≤x ≤23π时,函数()g x 单调递减. ∴ ()g x 在2[]63ππ,上的单调递减区间为2[]33ππ,. ………………………9分 ∵ ()g x 在[]63ππ,上单调递增,在2[]33ππ,上单调递减, ∴ g (x )ma x =()3g π=sin 12π=. 又2()3g π=7sin 6π=sin (+6ππ)=-1sin 62π=−<()6g π=1sin 62π=, ∴ 12−≤()g x ≤1. 即()g x 在2[]63ππ,上的值域为1[1]2−,. ………………………………12分 19. 解 :(Ⅰ)∵ 2c sin B =3a tan A ,∴ 2c sin B cos A =3a sin A .由正弦定理得2cb cos A =3a 2, ………………………………………………2分由余弦定理得2cb •222+2b c a bc−=3a 2,化简得b 2+c 2=4a 2, ∴ 2224b c a +=. ………………………………………………………………5分 (Ⅱ)∵ a =2,由(Ⅰ)知b 2+c 2=4a 2=16,且由余弦定理得cos A =222+2b c a bc −=6bc, 即bc =6cos A ,且A ∈(0)2π,.…………………………………………………7分数学(文史类)参考答案及评分意见第3页(共6页)根据重要不等式有b 2+c 2≥2bc ,即8≥bc ,当且仅当b =c 时“=”成立,∴ cos A ≥68=34.………………………………………………………………9分 ∴ 当角A 取最大值时,cos A =34,bc =8. ∴ △ABC 的面积S =12bc sin A =12⨯=. …………………12分 20.解:(Ⅰ)2()32f x x ax b '=++.∵ 曲线()y f x =在点x =0处的切线为4x +y -5=0,∴ 切点为(0,5),(0)4f '=−即b =-4.①由f (0)=5,得c =5. …………………………………………………………3分 ∵ x =23是函数()f x 的一个极值点, ∴ 24244()32=+039333a f ab b '=⨯+⨯++=.② ………………………………5分 联立①②得a =2,b =-4.∴ a =2,b =-4,c =5. …………………………………………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)得f (x )=x 3+2x 2-4x +5,则2()344f x x x '=+−=(3x -2)(x +2).当()0f x '> 时,x <-2或x >23; 当()0f x '<时,-2<x <23.………………………………………………………9分 ∴ f (x )在x =-2处取得极大值即f (-2)=13.由3224513x x x +−+=得322480x x x +−−=,∴(x +2)2(x -2)=0即x =-2或x =2. ……………………………………………10分 要使函数()f x 在区间(m -6,m )上存在最大值,则m -6<-2<m ≤2,即-2<m ≤2. …………………………………………………………………12分21.解:(Ⅰ)()x f x e a '=−.当a ≤0时,()0f x '>,()f x 在R 上单调递增; …………………………2分 当a >0时,由()0f x '>解得x >ln a ;由()0f x '<解得x <ln a , ……………4分数学(文史类)参考答案及评分意见第4页(共6页)综上所述:当a ≤0时,函数()f x 在R 上单调递增;当a >0时,函数()f x 在(ln )a +∞,上单调递增,函数()f x 在(ln )a −∞,上单调递减. ………………5分(Ⅱ)由已知可得方程ln 0x x e ax a −+−=有唯一解x 0,且*0(1)N x n n n ∈+∈,,. 设()ln x h x x e ax a =−+−(x >0),即h (x )=0有唯一解x 0,*0(1)N x n n n ∈+∈,,.由()h x '=1x -e x +a ,令g (x )=()h x '=1x-e x +a , 则21()x g x e x '=−−<0, 所以g (x )在(0+)∞,上单调递减,即()h x '在(0+)∞,上单调递减.又0x →时,()h x '→+∞;x →+∞时,()h x '→−∞,故存在0x ∈(0+)∞,使得0()h x '=01x 0x e −+a =0. ……………………………6分 当x ∈(0,x 0)时,()h x '>0,h (x )在(0,x 0)上单调递增,x ∈(x 0,+∞)时,()h x '<0,h (x )在(x 0,+∞)上单调递减.又h (x )=0有唯一解, 则必有0000()ln 0x h x x e ax a =−+−=. 由0000010ln 0x x e a x x e ax a ⎧−+=⎪⎨⎪−+−=⎩,, 消去a 得000001ln (1)()0x x x e x e x −+−−=. 令1()ln (1)()x x x x e x e x ϕ=−+−−=1ln 2+1x x x e xe x−+−,……………………8分 则211()2x x x x e e xe x xϕ'=−++− 21=(1)x x x e x −+− =21(1)()x x e x −+. 故当x ∈(0,1)时,()x ϕ'<0,h (x )在(0,1)上单调递减,当x ∈(1,+∞)时,()x ϕ'>0,h (x )在(1,+∞)上单调递增.……………10分 由1(1)0(2)ln 202e ϕϕ=−<=−+>,,数学(文史类)参考答案及评分意见第5页(共6页)即存在x 0∈(1,2),使得0()0x ϕ=即0()0h x =.又关于x 的方程()f x =ln x 有唯一解x 0,且*0(1)x n n n ∈+∈N ,,,∴ 0(12)x ∈,.故n =1. ……………………………………………………………………12分22.解:(Ⅰ)将t =2y 代入x=3+,整理得30x −= , 所以直线l的普通方程为30x −=. …………………………………2分 由4cos ρθ=得24cos ρρθ=,将222x y ρ=+,cos x ρθ=代入24cos ρρθ=,得2240x y x +−=,即曲线C 的直角坐标方程为22(2)4x y −+=. ……………………………5分 (Ⅱ)设A ,B 的参数分别为t 1,t 2.将直线l 的参数方程代入曲线C 的直角坐标方程得221(32)()42t −+=,化简得230t −=,由韦达定理得12t t +=于是1222P t t t +==−. ………………………………………………………6分 设P (x 0,y 0),则0093(41(2x y ⎧=+=⎪⎪⎨⎪=⨯=⎪⎩,即P (94,. ……………………………………………………………8分 所以点P 到原点O的距离为2=. ……………………10分 23.解:(Ⅰ)当x ≤12−时,)(x f =-2x -1+(x -1)=-x -2, 由)(x f ≥2解得x ≤-4,综合得x ≤-4; ……………………………………2分数学(文史类)参考答案及评分意见第6页(共6页) 当112x −<<时,)(x f =(2x +1)+(x -1)=3x , 由)(x f ≥2解得x ≥23,综合得23≤x <1; …………………………………3分 当x ≥1时,)(x f =(2x +1)-(x -1)=x +2,由)(x f ≥2解得x ≥0,综合得x ≥1. ………………………………………4分所以)(x f ≥2的解集是2(4][+)3−∞−∞,,. ………………………………5分 (Ⅱ)∵ )(x f =|2x+1|-|x -m |≥|x -3|的解集包含[3,4],∴ 当x ∈[3,4]时,|2x+1|-|x -m |≥|x -3|恒成立. …………………………7分 原式可变为2x+1-|x -m |≥x -3即|x -m |≤x +4, ……………………………8分 ∴ -x -4≤x -m ≤x +4即-4≤m ≤2x +4在x ∈[3,4]上恒成立,显然当x =3时,2x +4取得最小值10,即m 的取值范围是[-4,10]. ………………………………………………10分。

高三数学四川省绵阳市高第一次诊断性考试试题数学理含答案 副本

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绵阳市高中2011 级第一次诊疗性考试数学(理科)参照解答及评分建议一、 :本大 共12 小 ,每小 5 分,共 60 分.DABB CBACDCDA二、填空 :本大 共4小 ,每小 4 分,共 16 分.13. f -1( x) = e 2x (x ∈R )14. a ≤ 015.1.816.①③④三、解答 :本大 共 6 小 ,共 74 分.17.( 1)∵ 数列 { a n } 的前 n 和 S n = 2 n+1- n - 2,∴a 1=S 1=21+1-1- 2 =1.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 1 分 当 n ≥2 ,有 a n = S n - S n-1 =(2n+1- n - 2)- [ 2n -( n - 1)- 2 ] = 2 n - 1.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 4 分而当 n = 1 ,也 足 a n = 2 n - 1,∴ 数列 { a n } nn- 1( n ∈N * ). ⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯的通 公式 a = 26 分6 ( 2)∵ y, x 、 y ∈N * ,∴ 1 + x = 1, 2, 3, 6,x 1于是 x = 0 , 1, 2, 5, 而 x ∈ N *,∴ B = { 1,2,5 } .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯9分∵ A = { 1 ,3, 7, 15,⋯, 2n - 1 } ,∴ A ∩ B = { 1 } . ⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 12 分18.∵︱ x ︱< 3,∴ - 3< x <3.又 x 偶数,∴ x =- 2, 0, 2,得 N = { - 2, 0, 2 } .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2分( 1) a ≥ 1 的事件 A , b ≥1 的事件B ,P (a ≥ 1 或 b ≥1) =C 31 C 21C 31 C 11 C 11 C 115 .C 41 C 31C 41 C 31 C 41 C 316或 P (a ≥ 1 或 b ≥1) = P (A) + P (B)- P (A ·B) =33 14 3 15 .4 34 34 36或利用 立事件解答,P (a ≥ 1 或 b ≥ 1) = 1 - P (a < 1 且 b <1) = 11 2 5 .a≥1b≥14 36∴或的概率 5 .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯6 分6·的可能取 有- 6,- 4,- 2, 0, 2, 4,6.( 2) = a b-6 - 4 - 2 0 246P1 1 1 6111121212121212129 分⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ E =-6× 1+(-4)× 1+(-2)× 1 +0× 6+2× 1+4× 1+6× 1=0.12 12 12 12 12 1212⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯12 分19.( 1)∵ f ( x ) =1, ∴1 2 x ( x > 0).⋯⋯⋯⋯⋯3 分( x) 2 2 x f ( x)2x( 2)∵ g ( x ) = ax 2 + 2x 的定 域 ( 0, +∞). ∵ g (1) = 2 + a , g (- 1)不存在,∴ g ( 1)≠- g (- 1),∴ 不 存 在数a使 得g ( x )奇 函 数.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 6 分( 3)∵ f (x )- x > 2, ∴ f ( x )- x - 2> 0,即 132 > 0,+ x - 2> 0,有 x - 2x+ 1x 2于是( x 3-x 2)-( x 2- 1)> 0,∴ x 2( x - 1)-( x - 1)( x + 1)> 0, ∴( x - 1)( x 2- x - 1)> 0, ∴ ( x - 1)( x -15)( x -15)>0,22∴ 合 x > 0 得 0< x < 1 或 x15 .2所以原不等式的解集{ x | 0<x < 1 或 x15} .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯122分20.( 1)∵ 函数 f (x) 在 x = 1 , f (1) = 2× 1 + 1 = 3 ,∴ lim f ( x) e a lim f ( x ) , 3 = e a ,∴ a = ln 3 .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯x 1x 15 分( 2)∵ 随意 n 有 a n > 1,∴ f (2a n -1) = 2 (2 a n - 1) + 1 = 4 a n -1,于是 a n+1 = f ( 2a n - 1)- 1 = (4a n - 1)- 1 = 4a n - 2,∴ a n+1 - 2-2),表示数列 { a -2 - 2 2首 , 4 公比的= 4( a n3n} 是以 a 1= m -3333等比数列,于是a n - 2=(m - 2) ·4n -1,332从而 a n=(m-)·4n -13+ 2.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯12 分321.( 1)∵( S n - 1)a n - 1 = S n - 1 a n -1- a n ,∴( S n - S n - 1- 1) a n -1 =-a n ,即 a n a n - 1- a n - 1 + a n = 0 .∵ a n ≠ 0,若不然, a n - 1 = 0 ,进而与 a 1 = 1 矛盾,∴a n a n -1≠ 0,∴ a n a n - 1-a n - 1 + a n = 0 两 同除以 a n a n -1,得11 1( n ≥ 2).a na n1又11,∴ {1 } 是以 1 首 , 1 公差 等差数列,a 1a n1 1( n 1) 1na na n1 .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 4 分n11( 2)∵2,∴ 当 n = 1 , T n = 2b n = a n =2;nn当 n ≥2 , T111 1 111n122 2n 2 1223(n 1)n1 (1 1 ) ( 1 1 )( 1 1 ) 2 1 . ⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯2 2 3n 1 n n分,8( 3)11 , ∴ n1n1 .1 kn kk 11kk 1nka na ng (n ) =n1 111 ,k 1 nk n 1 n 22n∴g( n1) g(n)1 1111111 ) n2 n 3(2n 2n 1 2n 2 n 1 n 22n1 11 1 12n1 2n2n 12n 10 ,2n 2∴ g (n) 增函数,从 而g(n)|min=1.=g ( 1 )⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯10 分2因 g (n) 3 log a (2a 1) 随意正整数 n 都建立,所以123 log a (2a 1),得 log a ( 2a - 1)< 2,即 log a ( 2a -1)< log a a 2. 22① 当 a > 1 ,有 0< 2a - 1< a 2,解得 a > 1且 a ≠ 1,∴ a > 1.2② 当 0< a < 1 ,有2a - 1> a 2> 0,此不等式无解.合①、②可知, 数a 的取 范 是( 1,+∞).⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 12 分22.( 1) g (x) = f (x) + x , g ′x)( = f ′(x) + 1 = aa 1 1( a 1)x .x 1x1∵ a >0, x > 0,∴ g ′(x) =( a 1) x>0,x 1于是 g ( x )在( 0, +∞)上 增,∴ g (x )> g ( 0) = f (0) + 0 = 0 , f (x) + x > 0 在 x > 0 建立,即a>0,x> 0 , f ( x ) >-x .⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯4 分( 2)∵ f (x) = ax -( a + 1)ln (x + 1 ),∴ f ′(x) = aa 1 ax 1.1x 1x 1① a = 0 , f ′(x) =0 , ∴ f (x)在(- 1,+∞)上 减 , 无 增区 .1 x1,∴ 增区 (1, +∞).② a >0 ,由 f ′(x)> 0得 xaa③ a <0 ,由 f ′(x)> 0得 x1 .a而 x >- 1,∴ 当11,即- 1≤ a <0 ,无 增区 ;a1,即 a <- 1 ,- 1< x <1, 增区 (-1,1).当1aaa上所述:当 a <- 1, f ( x) 的 增区 (-1, 1);当- 1≤ a ≤0,af (x) 无 增区 ; a > 0, f (x) 的 增区 (1,+∞).⋯⋯⋯⋯⋯8 分a4( 3) 明: 1)当 n = 2,左 -右 =ln 2 3 2ln 2 ln e 3lne 3ln 1,228888∴左<右,不等式 成立.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯9 分2)假 n = k ,不等式建立,即 ln 2 ln 3 ln k k 5建立,那么当 n = k + 1 ,22 32k 228ln 2 ln 3 ln k ln(k1)k 5 ln( k 1) k 15 ln( k 1) 1 .2232k 2( k 1) 22 8 ( k 1)2 = 28(k 1) 2 2⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 11 分下面 明:ln(k1) 1 0 .(k1) 2 2思路 1 利用第( 1) 的 ,得ax - ln ( x + 1) a+1 >- x , 所以( a + 1) ln ( x + 1)<( a + 1 ) x ,即 ln ( x + 1 )< x ,所以 0< ln ( k + 1 )< k ,所以ln( k1)1 k 2k 1 k( k 1) 22 2k 1 2 2k10 .2以上表示,当 n = k + 1 ,不等式建立.依照 1)和 2),可知,原不等式 随意正整数n 都建立.⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯⋯ 14 分思路 2结构函数 h (x) = ln x - 1 2 ( x ≥ 3),h (x) 1(1 x)(1 x)0,2 xxxx∴ h (x) 在 [ 3,+∞ ) 上是减函数, h (x)max = h (3) = ln 3 - 9< ln e 2- 9< 0, 22∴ 当 x ≥ 3 , ln x <1 2ln x 12x ,即20 .x2∵ k + 1∈ [ 3, +∞ ) ,∴ln( k1) 1 0 .( k1) 2 2。

四川省绵阳市高中高三数学第一次诊断性考试试卷 理 (绵阳“一诊”)(扫描版)

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绵阳市高2012级第一次诊断性考试数学(理)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BBCDA DAACC BC二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.1000 14.2x -y -e =0 15.23- 16.①④三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.解:由|x -a |≤4有-4≤x -a ≤4,解得a -4≤x ≤a +4,即A ={x |a -4≤x ≤a +4}. ……………………………………………………2分 由116<+x 可变形为015<+-x x ,等价于(x +1)(x -5)>0,解得x <-1或x >5, 即B ={}51>-<x x x 或. ………………………………………………………4分 (Ⅰ)由A ∩B =(]75,知a +4=7,解得a =3. ……………………………7分 (Ⅱ)∵ p 是q 的充分不必要条件,∴ a +4<-1,或a -4>5, …………………………………………………10分 解得a <-5或a >9. ………………………………………………………12分18.解:(Ⅰ)设共有n 枚硬币,根据题意得 922111==-nn C C P ,解得n =9. ……………………………………………………2分 (Ⅱ)ξ=1,2,3,4,P (ξ=1)=922918=C C ,P (ξ=2)9227162928=⋅=C C C C ,P (ξ=3)=92251427262938=⋅⋅C C C C C C , P (ξ=4)931252427262928=⋅⋅⋅=C C C C C C .…………………………………………………10分 ∴ ξ的分布列为∴ 394939291=⨯+⨯+⨯+⨯=ξE .………………………………………12分 19.解:(Ⅰ)设{a n }的公比为q ,则q >0,由已知有⎩⎨⎧⋅==+,,)(9)(164112111q a a q a q a a 可解得31=q (31-=q 已舍去),311=a . ∴ n n n a )31()31(311=⨯=-. ……………………………………………………6分 (Ⅱ)∵ 2)1(-2)1(3213213)31()31()31()31()31()31(3++++++===⋅⋅⋅⋅=n n n n n n b n , ∴ 2)1(1+-=n n b n ,即)111(2)1(2+--=+-=n n n n b n .………………………9分∴n n b b b b S ++++= 321)1113121211(2+-++-+--=n n)111(2+--=n12+-=n n. ………………………………………………………………12分 20.解:(Ⅰ)由题意得h (x )的图象经过(3,4),代入得231294-+-=m,解得m =7.∴23223)2(274)(22-+-=-+-=-+-=x x x x x x x x h ,∴x x x h x f 3)2()(+=+=. …………………………………………………7分 (Ⅱ)∵x ax x g ++=3)(,∴ 由已知有xa x ++3≥8有a ≥-x 2+8x -3,令t (x )=-x 2+8x -3,则t (x )=-(x -4)2+13,于是t (x )在(0,3)上是增函数. ∴ t (x )max =12.∴ a ≥12.……………………………………………………………………12分 21.解:(Ⅰ)证明:令x =y =0时,则由已知有)00100()0()0(⨯--=-f f f ,可解得f (0)=0.再令x =0,y ∈(-1,1),则有)010()()0(yyf y f f ⋅--=-,即f (-y )=-f (y ),∴ f (x )是(-1,1)上的奇函数.……………………………………………4分(Ⅱ)令x =a n ,y =-a n ,于是)12()()(2nnn n a a f a f a f +=--, 由已知得2f (a n )=f (a n+1),∴2)()(1=+n n a f a f , ∴ 数列{f (a n )}是以f (a 1)=1)21(-=f 为首项,2为公比的等比数列.∴.221)(11---=⋅-=n n n a f ……………………………………………………8分(III )由(II)得f (a n +1)=-2n,于nb n 21=. ∴ T n = b 1+ b 2+ b 3+…+ b n)131211(21n ++++= , )12131211(2112+++++=+n T n .∴ )121312111(2112++++++++=-+n n n n T T n n . 令).1212111(21)(++++++=n n n n k于是)3213121(21)1(++++++=+n n n n k , ∴ 0)32)(1(41)11321221(21)()1(<++-=+-+++=-+n n n n n n k n k . ∴ k (n +1)<k (n ),即k (n )在N *上单调递减,∴ k (n )max =k (1)=125)131211(2113=-++=-T T ,∴15m ≥125即m ≥425. ∵ m ∈N *,∴ m 的最小值为7.…………………………………………………………12分22.解:(Ⅰ)x x a x F ln 1)(+-=,于是)(xax x F -='. ①当a ≤0时,)(x F '≥0,∴ F (x )在(0,3)上是增函数;②当0<a <3时,x ∈(0,a )时,)(x F '≤0,∴ F (x )在(0,a )上是减函数;x ∈(a ,3)时,)(x F '≥0,∴ F (x )在(a ,3)上是增函数.③当a ≥3时,)(x F '≤0,∴ F (x )在(0,3)上是减函数.………………4分(Ⅱ)令a =1,则x x x F ln 11)(+-=,于是21)(xx x F -=', ∴ F (x )在(0,1)上是减函数,在(1,+∞)上是增函数. ∴ 在区间(0,+∞)上F (x )有F (x )min =F (1)=0. ∵)(st F ≥F (1)=0, 即st t s ln 1+-≥0,整理得st ≥t se e -⋅,即t ste ≥se ,即t t e s ≥s t e t.………………………………8分(III )由已知得)1(2)12(22+=++x g m x a f ,代入整理得414)1ln(2122+-+=x x m . 于是题意即为直线y =m 与y =414)1ln(2122+-+x x 的图象有4个不同的交点. 令414)1ln(21)(22+-+=x x x h , 则)1(2)1)(1()(2++-='x x x x x h .可绘出()的大致图象如右.由图象可知当m ∈(41,2ln 21)时满足有四个不同的交点.∴存在实数)2ln 2141(, m 时满足条件. ………………………………………………………………………………14分。

绵阳市高中2013级第一学年末考试数学试题及答案

绵阳市高中2013级第一学年末考试数学试题及答案

绵阳市高2013级第一学年末考试数学参考答案及评分意见一、选择题:每小题4分,共40分.1.C 2.C 3.D 4.A 5.B 6.B 7.D 8.A 9.B 10.D二、填空题:每小题4分,共20分.11.14 12.215 13.π553 14.27 15.①④三、解答题:共40分.16.解:(Ⅰ)依题意有a 1+(a 1+a 1q )=2(a 1+a 1q +a 1q 2),……………………………………2分 由于a 1≠0,故整理得2q 2+q =0,………………………………………………………4分又q ≠0,从而q =-21.…………………………………………………………………6分 (Ⅱ)由已知可得a 1-a 1(21-)2=3,解得a 1=4,于是a 3=a 1q 2=4×(-21)2=1, ∴ b n =1+n . ………………………………………………………………………………8分∴ T n =211b b +321b b +…+n n b b 11-=321⨯+431⨯+…+)1(1n n + =21-31+31-41+…+n 1-n+11 =21-n +11.………………………………………………………………………10分 17.解:(Ⅰ)∵ b +c=( cos β-1,sin β),……………………………………………………1分 ∴ |b +c|=βcos 22-, ……………………………3分 ∴ 当cos β=-1时,|b +c |max =2. ………………………………………………………5分 (Ⅱ)当α=4π时,a =(2222,), 由 a ⊥(b +c )得(2222,)( cos β-1,sin β)=0,即0sin 22)1(cos 22=+-ββ, 整理得sin β+ cos β=1,① ………………………………………………………………8分 又sin 2β+ cos 2β=1,②由①②解得cos β=1或cos β=0.………………………………………………………10分 18.解:(Ⅰ)由47)43(1sin 43cos 2=-==B B ,得, ……………………………………1分 由b 2=ac 及正弦定理得.sin sin sin 2C A B =于是BC A C A A C A C C C A A C A 2sin )sin(sin sin sin cos cos sin sin cos sin cos tan 1tan 1+=+=+=+=774sin 1=B 。

绵阳市高中2013级第一次诊断性考试数学(文+理+答案(word免费版)

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保密★启用前【考试时间:2012年11月1日下午3:00〜5:00】绵阳市高中2013级第一次诊断性考试数学 (理科)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分.第I卷1至2页,第II卷 3至4页.满分150分.考试时间120分钟.注意事项:1. 答题前,考生务必将自己的姓名、考号用0.5毫米的黑色签字笔填写在答题卡上,并将条形码粘贴在答题卡的指定位置.2. 选择题使用2B铅笔填涂在答题卡对应题0标号的位置上,非选择题用0.5毫米的黑色签字笔书写在答题卡的对应框内,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效.3.考试结束后,将答题卡收回.第I卷(选择题,共60.分)—、选择题:本大题共彳2小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目荽求的.1. 设集合,B={0, 1, 2},则等于A. {0}B. {0,1}C. {0, 1, 2}D.2. 命题,则是A. B.C. D.3. 己知数列为等差数列,且,则的值为A. B. C. D.4. 设,,则A. c<b<aB. b<a<cC. c<a<bD. a<b<c5. 函数.的零点所在的区间为A. (-1,0)B. (0, 1)C. (1, 2)D. (2,3)6. 如图,在,中,AD=2DB,DE=EC,若,则=A. B.C. D.7. 设函数的部分图象如下图所示,则/(力的表达式为A.B.C.D.8. 若函数在区间(O, 1)上单调递增,且方程的根都在区间[-2, 2]上,则实数b的取值范围为A. [O, 4]B.C. [2, 4]D. [3, 4]9. 已知定义在R上的奇函数/(X)是上的增函数,旦f(1)=2, f(-2)=-4,设.若是的充分不必要条件,则实数t的取值范围是A. B. C. D.10. 某公司租赁甲、乙两种设备生产A,B两类产品,甲种设备每天能生产A类产品5件和B类产品10件,乙种设备每天能生产A类产品6件和B类产品20件.已知设备甲每天的租赁费为200元,设备乙每天的租赁费为300元,现该公司至少要生产A类产品50件,B 类产品140件,所需租赁费最少为A. .2400 元B. 2300 元C. 2200元D. .2000 元11. 已知函数则满足不等式.例X的取值范围为A. (0,3)B.C.D. (-1, 3)12. 已知定义在R上的函数f(X)满足且当,则等于A. B. C. D.第II卷(非选择题,共90分)二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13. 已知向量a=(2,1),b=(x,-2),若a//b,则 x= ______14. 已知偶函数在上是增函数,则n= _______15. 已知{a n}是递增数列,且对任意的都有恒成立,则角θ的取值范围是_______16. 设所有可表示为两整数的平方差的整数组成集合M.给出下列命题:①所有奇数都属于M.②若偶数2k及属于M,则.③若,则,,④把所有不属于M的正整数从小到大依次择成一个数列,则它的前n项和其中正确命题的序号是_______•(写出所有正确命题的序号》三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、说明过程或演算步骤.17. (本题满分12分)设向量,函数,.(I)求函数f(x))的最小正周期及对称轴方程;(I I)当时,求函数f(x)的值域. .18. (本题满分12分)已知等差数列{a n}的前n项和为S n,公差,且S3+S5=58,a1,a3,a7成等比数列.(I)求数列{a n}的通项公式;(I I)若{b n}为等比数列,且记求T10值.19. (本题满分12分)己知二次函数y=f(x) 的图像过点(1,-4),且不等式f(x)<0的解集是(O, 5).(I )求函数f(x)的解析式;(I I)设若函数在[-4,-2]上单调递增,在[-2,0]上单调递减,求y=h(x)在[-3,1]上的最大值和最小值. .20. (本题满分12分)在中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,若(I)求角C的值:(II) 若c=2,且,求的面积.21. (本题满分12分)设数列{a n}的前n项和为S n,且(其中t为常数,且t>0).(I )求证:数列{a n}为等比数列;(II )若数列{a n}的公比q= f(t},数列{b n}满足,求数列{b n}的通项公式;(III) 设’对(II )中的数列{b n},在数列{a n}的任意相邻两项a k与a k+1之间插入k个后,得到一个新的数列:记此数列为{c n}.求数列{c n}的前2012项之和.22. (本题满分14分)己知函数在;c=2处的切线斜率为.(I)求实数a 的值及函数f(x)的单调区间; (II) 设,,对使得成 立,求正实数的取值范围;(III) 证明:•绵阳市高2013级第一次诊断性考试 数学(理)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BCBCC AADDB AB二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.-414.215.450233πππ⎡⎫⎛⎤⋃⎪ ⎢⎥⎣⎭⎝⎦,, 16.①③三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.解:(Ⅰ)f (x)=a ·b =(cos2x ,1)·(1=2 sin(2x+6π), ……………………………………………6分∴ 最小正周期22T ππ==, 令2x+6π=2k ππ+,k ∈Z ,解得x=26k ππ+,k ∈Z , 即f (x)的对称轴方程为x=26k ππ+,k ∈Z .…………………………………8分 (Ⅱ)当x ∈[0,2π]时,即0≤x ≤2π,可得6π≤2x+6π≤76π, ∴ 当2x+6π=2π,即x=6π时,f (x)取得最大值f (6π)=2;当2x+6π=76π,即x=2π时,f (x)取得最小值f (2π)=-1. 即f (x) 的值域为[-1,2].……………………………………………………12分 18.解:(Ⅰ)由S 3+S 5=58,得3a 1+3d+5a 1+10d=8a 1+13d =58, ①∵ a 1,a 3,a 7成等比数列,a 32=a 1a 7, 即(a 1+2d)2=a 1(a 1+6d),整理得a 1=2d , 代入①得d=2, a 1=4,∴ a n =2n+2. …………………………………………………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知a 8=18,b 5·b 6+b 4·b 7=2b 5·b 6=18,解得b 5·b 6 =9. ∵ T 10= log 3b 1 +log 3b 2+ log 3b 3+…+ log 3b 10=log 3(b 1·b 10) + log 3(b 2·b 9) +…+ log 3(b 5·b 6) =5log 3(b 5·b 6) =5log 39=10. ……………………………………………………………………12分19.解:(Ⅰ)由已知y= f (x)是二次函数,且f (x)<0的解集是(0,5),可得f (x)=0的两根为0,5, 于是设二次函数f (x)=ax(x-5),代入点(1,-4),得-4=a ×1×(1-5),解得a=1,∴ f (x)=x(x-5). ………………………………………………………………4分 (Ⅱ)h(x)=2f (x)+g(x)=2x(x-5)+x 3-(4k-10)x+5=x 3+2x 2-4kx+5, 于是2()344h x x x k '=+-,∵ h(x)在[-4,-2]上单调递增,在[-2,0]上单调递减, ∴ x=-2是h(x)的极大值点,∴ 2(2)3(2)4(2)40h k '-=⨯-+⨯--=,解得k=1. …………………………6分 ∴ h(x)=x 3+2x 2-4x+5,进而得2()344h x x x '=+-.令22()3443(2)()03h x x x x x '=+-=+-=,得12223x x =-=,. 由下表:可知:h(-2)=(-2)3+2×(-2)2-4×(-2)+5=13,h(1)=13+2×12-4×1+5=4, h(-3)=(-3)3+2×(-3)2-4×(-3)+5=8,h(23)=(23)3+2×(23)2-4×23+5=9527, ∴ h(x)的最大值为13,最小值为9527.……………………………………12分 20.解:(Ⅰ)∵asinA=(a-b)sinB+csinC ,结合0C π<<,得3C =. …………………………………………………6分(Ⅱ)由 C=π-(A+B),得sinC=sin(B+A)=sinBcosA+cosBsinA , ∵ sinC+sin(B-A)=3sin2A ,∴ sinBcosA+cosBsinA+sinBcosA-cosBsinA=6sinAcosA ,整理得sinBcosA=3sinAcosA . ………………………………………………8分 若cosA=0,即A=2π时,△ABC 是直角三角形,且B=6π,于是b=ctanB=2tan6π,∴ S △ABC =12. ……………………10分 若cosA ≠0,则sinB=3sinA ,由正弦定理得b=3a .②联立①②,结合c=2,解得∴ S △ABC =12absinC=12.综上,△ABC .………………………………………12分 21.解:(Ⅰ)当t=1时,2a n -2=0,得a n =1,于是数列{a n }为首项和公比均为1的等比数列. ……………………………1分 当t ≠1时,由题设知(t-1)S 1=2ta 1-t-1,解得a 1=1,由(t-1)S n =2ta n -t-1,得(t-1)S n+1=2ta n+1-t-1, 两式相减得(t-1)a n+1=2ta n+1-2ta n , , ∴121n n a ta t +=+(常数). ∴ 数列{a n }是以1为首项,21tt +为公比的等比数列.………………………4分 (Ⅱ)∵ q= f (t)=21tt +,b 1=a 1=1,b n+1=21f (b n )= 1n n b b +,∴11111n n n nb b b b ++==+, ∴ 数列1n b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是以1为首项,1为公差的等差数列,于是1n n b =, ∴ 1n b n=.………………………………………………………………………8分 (III )当t=13时,由(I )知a n =11()2n -, 于是数列{c n }为:1,-1,12,2,2,21()2,-3,-3,-3,31()2,… 设数列{a n }的第k 项是数列{c n }的第m k 项,即a k =k m c , 当k ≥2时,m k =k+[1+2+3+…+(k-1)]=(1)2k k +, ∴ m 62=626319532⨯=,m 63=636420162⨯=. 设S n 表示数列{c n }的前n 项和, 则S 2016=[1+12+21()2+…+621()2]+[-1+(-1)2×2×2+(-1)3×3×3+…+(-1)62×62×62] 显然 1+12+21()2+…+621()2=636211()1221212-=--, ∵ (2n)2-(2n-1)2=4n-1,∴ -1+(-1)2×2×2+(-1)3×3×3+…+(-1)62×62×62=-1+22-32+42-52+62-…-612+622=(2+1)(2-1)+(4+3)(4-3)+(6+5)(6-5)+…+(62+61)(62-61)=3+7+11+…+123 =31(3123)2⨯+=1953. ∴ S 2016=62122-+1953=1955-6212. ∴ S 2012=S 2016-(c 2016+c 2015+c 2014+c 2013)=1955-6212-(6212+62+62+62) =1769-6112. 即数列{c n }的前2012项之和为1769-6112.…………………………………12分 22.解:(Ⅰ)由已知:1()f x a x'=-, ∴由题知11(2)22f a '=-=-,解得a=1. 于是11()1xf x x x-'=-=, 当x ∈(0,1)时,()0f x '>,f (x)为增函数, 当x ∈(1,+∞)时,()0f x '<,f (x)为减函数,即f (x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞). ……5分 (Ⅱ)由(Ⅰ)∀x 1∈(0,+∞),f (x 1) ≤f (1)=0,即f (x 1)的最大值为0, 由题知:对∀x 1∈(0,+∞),∃x 2∈(-∞,0)使得f (x 1)≤g(x 2)成立, 只须f (x)max ≤g(x)max .∵ 22()x kx k g x x ++=2k x k x =++2k x k x ⎛⎫=--++ ⎪-⎝⎭≤2k -, ∴ 只须k k 22+-≥0,解得k ≥1.………………………………………10分(Ⅲ)要证明2222ln 2ln3ln 21234(1)n n n n n --+++<+ (n∈N *,n ≥2).只须证22222ln 22ln32ln 21232(1)n n n n n --+++<+ ,只须证2222222ln 2ln3ln 21232(1)n n n n n --+++<+ .由(Ⅰ)当()1x ∈+∞,时,()0f x '<,f (x)为减函数, f (x)=lnx-x+1≤0,即lnx ≤x-1, ∴ 当n ≥2时,22ln 1n n <-,22222ln 11111111(1)1n n n n n n n n n -<=-<-=-+++, 222222ln 2ln 3ln 23n n +++ <111221⎛⎫-++ ⎪+⎝⎭111331⎛⎫-++ ⎪+⎝⎭1111n n ⎛⎫⋅⋅⋅+-+ ⎪+⎝⎭211211212(1)n n n n n --=--+=++,∴ 2222ln 2ln3ln 21234(1)n n n n n --+++<+ .………………………………………14分保密★启用前【考试时间:2012年11月1日下午3:00〜5:00】绵阳市高中2013级第一次诊断性考试数学(文科)本试卷分第I卷(选择题)和II卷(非选择题)两部分。

绵阳市高中2013级(2016届)高三第一次诊断性考试数学理

绵阳市高中2013级(2016届)高三第一次诊断性考试数学理

绵阳市高2013级第一次诊断性考试数学(理工类)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.CDADD BACBC二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分.11.(]100,12.3 13.a ≥2 14.2 15.①③三、解答题:本大题共6小题,共75分.16.解 :(1)∵ m ⊥n ,∴ m ·n =(cos α,1-sin α)·(-cos α,sin α)=0,即-cos 2α+sin α-sin 2α=0. ……………………………………………………3分 由sin 2α+cos 2α=1,解得sin α=1, ∴ 22ππα+=k ,k ∈Z .…………………………………………………………6分(2) ∵ m -n =(2cos α,1-2sin α), ∴ |m -n |=22)sin 21()cos 2(αα-+αααsin 41)sin (cos 422-++=αsin 45-=, ………………………………………………………9分∴ 5-4sin α=3,即得21sin =α, ∴ 21sin 212cos 2=-=αα.……………………………………………………12分 17.解:(1)由已知a n +1=2a n +λ,可得a n +1+λ=2(a n +λ).∵ a 1=1,当a 1+λ=0,即λ=-1时,a n +λ=0,此时{a n +λ}不是等比等列. …………3分 当a 1+λ≠0,即λ≠-1时,21=+++λλn n a a (常数).此时,数列}{λ+n a 是以λλ+=+11a 为首项,2为公比的等比数列,∴ 12)1(-⋅+=+n n a λλ,于是12)1(-⋅+=+n n a λλ. ………………………6分 (2)当λ=1时,a n =2n -1,∴ n n nb 2=. ……………………………………………………………………7分 ∴ n n nS 2232221321++++= ,两边同乘以21,得,2232221211432+++++=n n n S两式相减得 12221212121+-+++=n n n nS12211)211(21+---=n n n 12211+--=n n n, ∴nn n nS 22121--=-.…………………………………………………………12分 18.解:(1)设第n 年的受捐贫困生的人数为a n ,捐资总额为b n .则a n =80+(n -1)a ,b n =50+(n -1)×10=40+10n . ……………………………2分 ∴ 当a =10时,a n =10n +70, ∴8.070101040>++=n na b n n , 解得:n >8. ……………………………………………………………………5分 即从第9年起受捐大学生人均获得的奖学金才能超过0.8万元. …………6分 (2)由题意:nnn n a b a b >++11, 即an nna n )1(80104080)1(1040-++>+++,………………………………………………8分整理得 (5+n )[80+(n -1)a ]-(4+n )(80+na )>0, 即400+5na -5a +80n +n 2a -na -320-4na -80n -n 2a >0, 化简得80-5a >0,解得a <16,……………………………………………………………………11分 ∴ 要使人均奖学金年年有增加,资助的大学生每年净增人数不超过15人.……………………………………………12分19.解:(1)在Rt △ABC 中,AC =AB cos60º=3216=⨯,231==AB AD . ∵ AD CA CD +=,∴ CA AD CA CA AD CA CA CD ⋅+=⋅+=⋅2)(><⋅⋅+=CA AD CA AD CA ,cos ||||||2=9+2×3×cos120º=6.…………………………………………………………………4分(2)在△ACD 中,∠ADC =180º-∠A -∠DCA=120º-θ,由正弦定理可得ADCAC A CD ∠=sin sin ,即)120sin(233)120sin(233θθ-︒=-︒⨯=CD . ………………………………………5分在△AEC 中,∠ACE =θ+30º,∠AEC =180º-60º-(θ+30º)=90º-θ,由正弦定理可得:AECAC A CE ∠=sin sin ,即θθcos 233)90sin(233=-︒⨯=CE , …6分 ∴θθcos 233)120sin(2334130sin 21⋅-︒⋅=︒⋅⋅=∆CE CD S DCEθθc o s)120sin(11627⋅-︒⋅=, …………………7分 令f (θ)=sin(120º-θ)cos θ,0º≤θ≤60º, ∵ f (θ)=(sin120ºcos θ-cos120ºsin θ)cos θθθθcos sin 21cos 232+= θθ2sin 212122cos 123+++⨯= )2sin 212cos 23(2143θθ++=)602sin(2143︒++=θ,………………………………………………10分 由0º≤θ≤60º,知60º≤2θ+60º≤180º, ∴ 0≤sin(2θ+60º)≤1, ∴43≤f (θ)≤2143+, ∴ )32(4-≤)(1θf ≤334, ∴)32(427-≤DCE S ∆≤12327.……………………………………………12分 20.解:(1)c bx ax x f ++='23)(,由题意得3ax 2+bx +c ≥0的解集为{x |-2≤x ≤1}, ∴ a <0,且方程3ax 2+bx +c =0的两根为-2,1. 于是13-=-a b ,23-=ac, 得b =3a ,c =-6a . ………………………………………………………………2分 ∵ 3ax 2+bx +c <0的解集为{x |x <-2或x >1},∴ f (x )在(-∞,-2)上是减函数,在[-2,1]上是增函数,在(1,+∞)上是减函数. ∴ 当x =-2时f (x )取极小值,即-8a +2b -2c -1=-11, 把b =3a ,c =-6a 代入得-8a +6a +12a -1=-11,解得a =-1.………………………………………………………………………5分 (2)由方程f (x )-ma +1=0,可整理得0112123=+--++ma cx bx ax , 即ma ax ax ax =-+62323.∴ x x x m 62323-+=.…………………………………………………………7分 令x x x x g 623)(23-+=,∴ )1)(2(333)(2-+=-+='x x b x x x g . 列表如下:x(-∞,-2)-2 (-2,1) 1 (1,+∞))(x g '+ 0 - 0 + g (x )↗极大值↘极小值↗∴ g (x )在[-3,-2]是增函数,在[-2,0]上是减函数.……………………11分 又∵29)3(=-g ,g (-2)=10,g (0)=0, 由题意,知直线y =m 与曲线x x x x g 623)(23-+=仅有一个交点, 于是m =10或0<m <29. ………………………………………………………13分 21.解:(1)1111)(+=-+='x xx x f , ∴当x ∈(-1,0)时,0)(>'x f ,即f (x )在(-1,0)上是增函数,当x ∈(0,+∞)时,0)(<'x f ,即f (x )在(0,+∞)上是减函数.∴ f (x )的单调递增区间为(-1,0),单调递减函数区间为(0,+∞).………3分(2)由f (x -1)+x >k )31(x -变形得)31()1(ln xk x x x ->+--,整理得x ln x +x -kx +3k >0,令g (x )=x ln x +x -kx +3k ,则.2ln )(k x x g -+=' ∵ x >1, ∴ ln x >0若k ≤2时,0)(>'x g 恒成立,即g (x )在(1,+∞)上递增, ∴ 由g (1)>0即1+2k >0解得21->k , ∴ .221≤<-k 又∵ k ∈Z , ∴ k 的最大值为2.若k >2时,由ln x +2-k >0解得x >2-k e ,由ln x +2-k <0,解得1<x <2-k e . 即g (x )在(1,2-k e )上单调递减,在(2-k e ,+∞)上单调递增. ∴ g (x )在(1,+∞)上有最小值g (2-k e )=3k -2-k e , 于是转化为3k -2-k e >0(k >2)恒成立,求k 的最大值. 令h (x )=3x -2-x e ,于是23)(--='x e x h .∵ 当x >2+ln3时,0)(<'x h ,h (x )单调递减,当x <2+ln3时0)(>'x h ,h (x )单调递增.∴ h (x )在x =2+ln3处取得最大值. ∵ 1<ln3<2, ∴ 3<2+ln3<4, ∵ 013)1(>-=eh ,h (2+ln3)=3+3ln3>0,h (4)=12-e 2>0,h (5)=15-e 3<0, ∴ k ≤4.∴ k 的最大取值为4.∴ 综上所述,k 的最大值为4.…………………………………………………9分 (3)假设存在这样的x 0满足题意,则 由20)(210x a e x f -<等价于01120020<-++x e x x a (*). 要找一个x 0>0,使(*)式成立,只需找到当x >0时,函数h (x )=1122-++x ex x a 的最小值h (x )min 满足h (x )min <0即可. ∵ )1()(xe a x x h -=', 令)(x h '=0,得e x =a1,则x =-ln a ,取x 0=-ln a , 在0<x <x 0时,)(x h '<0,在x >x 0时,)(x h '>0,∴ h (x )min =h (x 0)=h (-ln a )=1ln )(ln 22-++a a a a a, 下面只需证明:在0<a <1时,1ln )(ln 22-++a a a a a<0成立即可.又令p (a )=1ln )(ln 22-++a a a a a,a ∈(0,1),则2)(ln 21)(a a p ='≥0,从而p (a )在a ∈(0,1)时为增函数.∴ p (a )<p (1)=0,因此x 0=-ln a 符合条件,即存在正数x 0满足条件.…………………………………………………14分。

绵阳市高中 级第一次诊断性考试 文数 试题与答案

绵阳市高中 级第一次诊断性考试 文数 试题与答案

数学(文史类)参考答案及评分意见第1页(共6页)绵阳市高中2016级第一次诊断性考试数学(文史类)参考答案及评分意见一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BABCD CBBDA AC二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.7 14.-2 15.-716.32-16三、解答题:本大题共6小题,共70分.17.解:(Ⅰ)设等差数列{a n }的公差为d (d >0),由a 4=7,得a 1+3d =7,① ……………………………………………………2分 又∵ a 2,a 6-2a 1,a 14是等比数列{b n }的前三项,∴( a 6-2a 1)2=a 2a 14,即(5d -a 1)2=(a 1+d )(a 1+13d ),化简得d =2a 1,②……………………………4分 联立①②解得a 1=1,d =2.∴ a n =1+2(n -1)=2n -1. ………………………………………………………6分 (Ⅱ)∵ b 1=a 2=3,b 2=a 6-2a 1=9,b 3=a 14=27是等比数列{b n }的前三项, ……………………………………………………8分 ∴等比数列{b n }的公比为3,首项为3.∴等比数列{b n }的前n 项和S n =3(13)13n −−=3(31)2n −. ………………………10分 由S n >39,得3(31)2n −>39,化简得3n >27. 解得n >3,n ∈N *. ……………………………………………………………12分18.解:(Ⅰ)2())4cos 3f x x x π=−+=2coscos2sin )33x x ππ−+2(1+cos2x )…………………2分=32cos22x x −+2cos2x +2=12+cos22x x +2数学(文史类)参考答案及评分意见第2页(共6页) =sin(2)26x π++, ……………………………………………4分 由题意得()sin[2()]2266g x x ππ=−++−, 化简得g (x )=sin(2)6x π−. ……………………………………………………6分 (Ⅱ)由6π≤x ≤23π,可得6π≤2x -6π≤76π. 当2π≤2x -6π≤76π即3π≤x ≤23π时,函数()g x 单调递减. ∴ ()g x 在2[]63ππ,上的单调递减区间为2[]33ππ,. ………………………9分 ∵ ()g x 在[]63ππ,上单调递增,在2[]33ππ,上单调递减, ∴ g (x )ma x =()3g π=sin 12π=. 又2()3g π=7sin 6π=sin (+6ππ)=-1sin 62π=−<()6g π=1sin 62π=, ∴ 12−≤()g x ≤1. 即()g x 在2[]63ππ,上的值域为1[1]2−,. ………………………………12分 19. 解 :(Ⅰ)∵ 2c sin B =3a tan A ,∴ 2c sin B cos A =3a sin A .由正弦定理得2cb cos A =3a 2, ………………………………………………2分由余弦定理得2cb •222+2b c a bc−=3a 2,化简得b 2+c 2=4a 2, ∴ 2224b c a +=. ………………………………………………………………5分 (Ⅱ)∵ a =2,由(Ⅰ)知b 2+c 2=4a 2=16,且由余弦定理得cos A =222+2b c a bc −=6bc, 即bc =6cos A ,且A ∈(0)2π,.…………………………………………………7分数学(文史类)参考答案及评分意见第3页(共6页)根据重要不等式有b 2+c 2≥2bc ,即8≥bc ,当且仅当b =c 时“=”成立,∴ cos A ≥68=34.………………………………………………………………9分 ∴ 当角A 取最大值时,cos A =34,bc =8. ∴ △ABC 的面积S =12bc sin A =12⨯=. …………………12分 20.解:(Ⅰ)2()32f x x ax b '=++.∵ 曲线()y f x =在点x =0处的切线为4x +y -5=0,∴ 切点为(0,5),(0)4f '=−即b =-4.①由f (0)=5,得c =5. …………………………………………………………3分 ∵ x =23是函数()f x 的一个极值点, ∴ 24244()32=+039333a f ab b '=⨯+⨯++=.② ………………………………5分 联立①②得a =2,b =-4.∴ a =2,b =-4,c =5. …………………………………………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)得f (x )=x 3+2x 2-4x +5,则2()344f x x x '=+−=(3x -2)(x +2).当()0f x '> 时,x <-2或x >23; 当()0f x '<时,-2<x <23.………………………………………………………9分 ∴ f (x )在x =-2处取得极大值即f (-2)=13.由3224513x x x +−+=得322480x x x +−−=,∴(x +2)2(x -2)=0即x =-2或x =2. ……………………………………………10分 要使函数()f x 在区间(m -6,m )上存在最大值,则m -6<-2<m ≤2,即-2<m ≤2. …………………………………………………………………12分21.解:(Ⅰ)()x f x e a '=−.当a ≤0时,()0f x '>,()f x 在R 上单调递增; …………………………2分 当a >0时,由()0f x '>解得x >ln a ;由()0f x '<解得x <ln a , ……………4分数学(文史类)参考答案及评分意见第4页(共6页)综上所述:当a ≤0时,函数()f x 在R 上单调递增;当a >0时,函数()f x 在(ln )a +∞,上单调递增,函数()f x 在(ln )a −∞,上单调递减. ………………5分(Ⅱ)由已知可得方程ln 0x x e ax a −+−=有唯一解x 0,且*0(1)N x n n n ∈+∈,,. 设()ln x h x x e ax a =−+−(x >0),即h (x )=0有唯一解x 0,*0(1)N x n n n ∈+∈,,.由()h x '=1x -e x +a ,令g (x )=()h x '=1x-e x +a , 则21()x g x e x '=−−<0, 所以g (x )在(0+)∞,上单调递减,即()h x '在(0+)∞,上单调递减.又0x →时,()h x '→+∞;x →+∞时,()h x '→−∞,故存在0x ∈(0+)∞,使得0()h x '=01x 0x e −+a =0. ……………………………6分 当x ∈(0,x 0)时,()h x '>0,h (x )在(0,x 0)上单调递增,x ∈(x 0,+∞)时,()h x '<0,h (x )在(x 0,+∞)上单调递减.又h (x )=0有唯一解, 则必有0000()ln 0x h x x e ax a =−+−=. 由0000010ln 0x x e a x x e ax a ⎧−+=⎪⎨⎪−+−=⎩,, 消去a 得000001ln (1)()0x x x e x e x −+−−=. 令1()ln (1)()x x x x e x e x ϕ=−+−−=1ln 2+1x x x e xe x−+−,……………………8分 则211()2x x x x e e xe x xϕ'=−++− 21=(1)x x x e x −+− =21(1)()x x e x −+. 故当x ∈(0,1)时,()x ϕ'<0,h (x )在(0,1)上单调递减,当x ∈(1,+∞)时,()x ϕ'>0,h (x )在(1,+∞)上单调递增.……………10分 由1(1)0(2)ln 202e ϕϕ=−<=−+>,,数学(文史类)参考答案及评分意见第5页(共6页)即存在x 0∈(1,2),使得0()0x ϕ=即0()0h x =.又关于x 的方程()f x =ln x 有唯一解x 0,且*0(1)x n n n ∈+∈N ,,,∴ 0(12)x ∈,.故n =1. ……………………………………………………………………12分22.解:(Ⅰ)将t =2y 代入x=3+,整理得30x −= , 所以直线l的普通方程为30x −=. …………………………………2分 由4cos ρθ=得24cos ρρθ=,将222x y ρ=+,cos x ρθ=代入24cos ρρθ=,得2240x y x +−=,即曲线C 的直角坐标方程为22(2)4x y −+=. ……………………………5分 (Ⅱ)设A ,B 的参数分别为t 1,t 2.将直线l 的参数方程代入曲线C 的直角坐标方程得221(32)()42t −+=,化简得230t −=,由韦达定理得12t t +=于是1222P t t t +==−. ………………………………………………………6分 设P (x 0,y 0),则0093(41(2x y ⎧=+=⎪⎪⎨⎪=⨯=⎪⎩,即P (94,. ……………………………………………………………8分 所以点P 到原点O的距离为2=. ……………………10分 23.解:(Ⅰ)当x ≤12−时,)(x f =-2x -1+(x -1)=-x -2, 由)(x f ≥2解得x ≤-4,综合得x ≤-4; ……………………………………2分数学(文史类)参考答案及评分意见第6页(共6页) 当112x −<<时,)(x f =(2x +1)+(x -1)=3x , 由)(x f ≥2解得x ≥23,综合得23≤x <1; …………………………………3分 当x ≥1时,)(x f =(2x +1)-(x -1)=x +2,由)(x f ≥2解得x ≥0,综合得x ≥1. ………………………………………4分所以)(x f ≥2的解集是2(4][+)3−∞−∞,,. ………………………………5分 (Ⅱ)∵ )(x f =|2x+1|-|x -m |≥|x -3|的解集包含[3,4],∴ 当x ∈[3,4]时,|2x+1|-|x -m |≥|x -3|恒成立. …………………………7分 原式可变为2x+1-|x -m |≥x -3即|x -m |≤x +4, ……………………………8分 ∴ -x -4≤x -m ≤x +4即-4≤m ≤2x +4在x ∈[3,4]上恒成立,显然当x =3时,2x +4取得最小值10,即m 的取值范围是[-4,10]. ………………………………………………10分。

四川省绵阳市高三数学第一次诊断性考试试题 文(含解析

四川省绵阳市高三数学第一次诊断性考试试题 文(含解析

2013年四川省绵阳市高考数学一模试卷(文科)参考答案与试题解析一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)(2013•绵阳一模)设集合A={2,3,4},B={0,1,2},则A∩B等于()A.{0} B.{0,1,2,3,4} C.{2} D.∅考点:交集及其运算.专题:阅读型.分析:集合A与集合B都是含有三个元素的集合,且有一个公共元素2,所以A∩B可求.解答:解:因为集合A={2,3,4},B={0,1,2},所以A∩B={2}.故选C.点评:本题考查了交集及其运算,两个集合的交集是有两个集合的公共元素组成的集合,是基础题.2.(5分)(2013•绵阳一模)命题P:“∀x∈R,cosx≥1”,则¬p是()A.∃x∈R,cos≥1B.∀x∈R,cos<1 C.∃x∈R,cosx<1 D.∀x∈R,cosx>1 考点:特称命题;命题的否定.专题:计算题.分析:利用全称命题:∀x∈M,p(x);的否定是特称命题∃x∈M,p(x)直接得到结果.解答:解:因为全称命题:∀x∈M,p(x);的否定是特称命题∃x∈M,p(x).所以命题P:“∀x∈R,cosx≥1”,则¬p是∃x∈R,cosx<1.故选C.点评:本题考查命题的否定,全称命题:∀x∈M,p(x);与特称命题∃x∈M,p(x)互为命题的否定.3.(5分)(2013•绵阳一模)已知数列{a n}为等差数列,且a6+a8=,则tan(a5+a9)的值为()A.B.﹣C.±D.﹣考点:等差数列的性质.专题:计算题;等差数列与等比数列.分析:由等差数列的性质可得,a5+a9=a6+a8=,然后求解正切函数值即可解答:解:由等差数列的性质可得,a5+a9=a6+a8=,∴tan(a5+a9)=tan=故选B点评:本题主要考查了等差数列的性质及特殊角的正切函数值的求解,属于基础试题4.(5分)(2009•湖南)如图,D,E,F分别是△ABC的边AB,BC,CA的中点,则()A.++=0 B.﹣+=0 C.+﹣=0 D.﹣﹣=0考点:向量加减混合运算及其几何意义.分析:模相等、方向相同的向量为相等向量,得出图中的相等向量,再由向量加法法则得选项.解答:解:由图可知=,==在△DBE中,++=0,即++=0.故选项为A.点评:考查向量相等的定义及向量加法的三角形法则.5.(5分)(2013•绵阳一模)己知f(x)=xsinx,则f′(π)=()A.O B.﹣1 C.πD.﹣π考点:导数的乘法与除法法则.专题:导数的概念及应用.分析:先对函数f(x)求导,进而可求出f′(π)的值.解答:解:∵f′(x)=sinx+xcosx,∴f′(π)=sinπ+πcosπ=﹣π.故选D.点评:本题考查导数的值,正确求导是解决问题的关键.6.(5分)(2013•绵阳一模)函数f(x)=e x﹣x﹣2的零点所在的区间为()A.(﹣1,0)B.(1,2)C.(0,1)D.(2,3)考点:函数零点的判定定理.专题:计算题.分析:将选项中各区间两端点值代入f(x),满足f(a)•f(b)<0(a,b为区间两端点)的为答案.解答:解:因为f(1)=e﹣3<0,f(2)=e2﹣e﹣2>0,所以零点在区间(1,2)上,故选:B.点评:本题考查了函数零点的概念与零点定理的应用,属于容易题.函数零点附近函数值的符号相反,这类选择题通常采用代入排除的方法求解.7.(5分)(2013•绵阳一模)设,则()A.c<b<a B.c<a<b C.a<b<c D.b<a<c考点: 根式与分数指数幂的互化及其化简运算. 专题: 计算题. 分析: 利用幂函数的性质比较两个正数a ,b 的大小,然后推出a ,b ,c 的大小即可. 解答:解:因为y=是增函数,所以所以c <a <b故选B 点评: 本题考查根式与分数指数幂的互化及其化简运算,考查计算推理能力,是基础题.8.(5分)(2013•绵阳一模)已知函数f (x )=Asin (ωx+φ)(A >0,w >0,|φ|<),其导数f′(x )的部分图象如下图所示,则函数f (x )的解析式为:( )A .f (x )=sin (2x+) B .f (x )=2in (2x+) C .f (x )=sin (2x ﹣) D .f (x )=2in (2x ﹣)考点: 由y=Asin (ωx+φ)的部分图象确定其解析式. 专题: 计算题. 分析:通过导函数的图象求出Aω=2,T ,利用周期公式求出ω,通过函数图象经过的特殊点,求出φ,得到函数的解析式. 解答:解:由函数的图象可得Aω=2,T=4×=π,所以ω=2,A=1,由导函数的图象,可知函数的图象经过(﹣),所以0=sin (﹣φ),所以φ=, 所以函数的解析式为:f (x )=sin (2x+).故选A . 点评:本题是中档题,考查三角函数以及导函数的图象的应用,考查学生的视图能力、分析问题解决问题的能力,计算能力.9.(5分)(2013•绵阳一模)已知定义在R上的奇函数f(x)是(﹣∞,0]上的增函数,且f(1)=2,f(﹣2)=﹣4,设P={x|f(x+t)﹣4<0},Q={x|f(x)<﹣2}.若“x∈P”是“x∈Q”的充分不必要条件,则实数t的取值范围是()()A.t≤﹣1 B.t>﹣1 C.t≥3D.t>3考点:必要条件、充分条件与充要条件的判断.专题:计算题.分析:根据定义在R上的奇函数f(x)是(﹣∞,0]上的增函数,且f(1)=2,f(﹣2)=﹣4,可以画出f(x)的图象,然后再求出P和Q集合,根据“x∈P”是“x∈Q”的充分不必要条件可得P⊆Q,从而求出t的范围;解答:解:∵定义在R上的奇函数f(x)是(﹣∞,0]上的增函数,且f(1)=2,f(﹣2)=﹣4,可得f(﹣1)=﹣2,f(2)=4,画出f(x)的图象:∵P={x|f(x+t)﹣4<0},Q={x|f(x)<﹣2},解得P={x|x<2﹣t},Q={x|x<﹣1},∵“x∈P”是“x∈Q”的充分不必要条件,∴P⊆Q,∴2﹣t<﹣1,解得t>3,当t=3,可得P=Q,不满足“x∈P”是“x∈Q”的充分不必要条件,∴t>3,故选D;点评:此题主要考查奇函数的定义及其应用,考查的知识点比较全面,利用了数形结合的方法,是一道中档题;10.(5分)(2009•四川)某企业生产甲、乙两种产品.已知生产每吨甲产品要用A原料3吨、B原料2吨;生产每吨乙产品要用A原料1吨、B原料3吨.销售每吨甲产品可获得利润5万元、每吨乙产品可获得利润3万元.该企业在一个生产周期内消耗A原料不超过13吨、B原料不超过18吨,那么该企业可获得最大利润是()A.12万元B.20万元C.25万元D.27万元考点:简单线性规划的应用.专题:应用题;压轴题.分析:先设该企业生产甲产品为x吨,乙产品为y吨,列出约束条件,再根据约束条件画出可行域,设z=5x+3y,再利用z的几何意义求最值,只需求出直线z=5x+3y过可行域内的点时,从而得到z值即可.解答:解:设该企业生产甲产品为x吨,乙产品为y吨,则该企业可获得利润为z=5x+3y,且联立解得由图可知,最优解为P(3,4),∴z的最大值为z=5×3+3×4=27(万元).故选D.点评:在解决线性规划的应用题时,其步骤为:①分析题目中相关量的关系,列出不等式组,即约束条件⇒②由约束条件画出可行域⇒③分析目标函数Z与直线截距之间的关系⇒④使用平移直线法求出最优解⇒⑤还原到现实问题中.11.(5分)(2013•绵阳一模)已知偶函数f(x)在区间[0,+∞)上满足f′(x)>0,则满足f(x2﹣2x)<f(x)的X的取值范围是()C.(﹣3,3)D.(﹣3,1)A.(1,3)B.(﹣∞,﹣3)∪(3,+∞)考点:利用导数研究函数的单调性;奇偶性与单调性的综合.专题:函数的性质及应用;导数的概念及应用.分析:根据导数符号可判断函数的单调性,再利用条件偶函数可把f(x2﹣2x)<f(x)转化为x2﹣2x与x间不等式,从而得到x的取值范围.解答:解:因为函数f(x)为偶函数,所以f(x2﹣2x)<f(x)等价于f(|x2﹣2x|)<f (|x|).又函数f(x)在区间[0,+∞)上满足f′(x)>0,所以函数f(x)在区间[0,+∞)上单调递增.所以|x2﹣2x|<|x|,两边平方并化简得x2(x﹣1)(x﹣3)<0,解得1<x<3.故选A.点评:本题为函数奇偶性、单调性及导数的综合题,考查了相关的基础知识及分析问题、解决问题的能力.解决本题的关键是去掉符号“f”,转化为自变量间的不等关系.12.(5分)(2013•绵阳一模)已知定义在R上的函数f(x)满足f(1)=1,f(1﹣x)=1﹣f(x),2f(x)=f(4x),且当0≤x1<x2≤1时,f(x1)≤f(x2),则f()等于()A.B.C.D.考点:函数的值.专题:计算题.分析:先求出f(),然后根据条件求出f,,最后根据函数的单调性,以及两边夹的性质可求出所求.解答:解:∵f(1)=1,f(1﹣x)=1﹣f(x)令x=得f()+f()=1即f()=∵2f(x)=f(4x)∴f(x)=f(4x)在f(x)=f(4x)中,令x=可得f()==在f(1﹣x)+f(x)=1中,令x=可得f()+f()=1即f()=同理可求f()=,f()=1﹣f()==,f()=1﹣f()==,f()=1﹣f()===,f()=1﹣=∵当0≤x1≤x2≤1时,f(x1)≤f(x2),∴==∴f=故选B点评:本题主要考查了抽象函数及其应用,考查分析问题和解决问题的能力,属于中档题二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.(4分)(2013•绵阳一模)已知∥,则x= ﹣4 .考点:平行向量与共线向量.分析:用两向量共线坐标形式的充要条件公式:坐标交叉相乘相等.解答:解:∵,∴2×(﹣6)=3x∴x=﹣4故答案为﹣4点评:考查两向量共线坐标形式的充要条件公式.14.(4分)(2013•绵阳一模)已知偶函数f(x)=(n∈Z)在(0,+∞)上是增函数,则n= 2 .考点:奇偶性与单调性的综合.专题:函数的性质及应用.分析:结合幂函数在(0,+∞)上的单调性与指数的关系,我们可以求出n的取值范围为1,2,3,结合幂函数的奇偶性讨论后,可得答案.解答:解:若幂函数f(x)=(n∈Z)在(0,+∞)上是增函数,则>0,即4n﹣n2>0,又∵n∈Z∴n∈{1,2,3}又∵n=1,或n=3时=,此时幂函数f(x)为非奇非偶函数n=2时=2,幂函数f(x)=x2为偶函数满足要求故答案为:2点评:本题考查的知识点是幂函数的奇偶性和单调性及幂函数解析式的求法,幂函数是新课标的新增内容,本题是求幂函数解析式的经典例题,从单调性入手进行解答是解答本题的关键.15.(4分)(2013•绵阳一模)已知{a n}是递增数列,且对于任意的n∈N*,a n=n2+λn恒成立,则实数λ的取值范围是(﹣3,+∞).考点:数列与函数的综合.专题:计算题.分析:由对于任意的n∈N*,a n=n2+λn恒成立,知a n+1﹣a n=(n+1)2+λ(n+1)﹣n2﹣λn=2n+1+λ,由{a n}是递增数列,知a n+1﹣a n>a2﹣a1=3+λ>0,由此能求出实数λ的取值范围.解答:解:∵对于任意的n∈N*,a n=n2+λn恒成立,a n+1﹣a n=(n+1)2+λ(n+1)﹣n2﹣λn=2n+1+λ,∵{a n}是递增数列,∴a n+1﹣a n>0,又a n+1﹣a n=(n+1)2+λ(n+1)﹣n2﹣λn=2n+1+λ∴当n=1时,a n+1﹣a n最小,∴a n+1﹣a n>a2﹣a1=3+λ>0,∴λ>﹣3.故答案为:(﹣3,+∞).点评:本题考查实数的取值范围的求法,具体涉及到数列的性质,解题时要认真审题,注意函数思想的灵活运用,是基础题.16.(4分)(2013•绵阳一模)设所有可表示为两整数的平方差的整数组成集合M.给出下列命题:①所有奇数都属于M.②若偶数2k属于M,则k∈M.③若a∈M,b∈M,则ab∈M.④把所有不属于M的正整数从小到大依次排成一个数列,则它的前n项和S n∈M.其中正确命题的序号是①③.(写出所有正确命题的序号)考点:命题的真假判断与应用.分析:根据已知中集合M的定义,根据集合元素与集合关系的判断,我们分别推证①③正确,举反例推翻②④可得答案.解答:解:∵所有可表示为两整数的平方差的整数组成集合M.设奇数2k+1 (k∈Z)则:2k+1=(k+1)2﹣k2,故①所有奇数都属于M正确;由12=42﹣22得,12∈M,但6∉M,故②若偶数2k属于M,则k∈M错误;∵a∈M,b∈M,设a=m2﹣n2,b=p2﹣q2,则ab=(m2﹣n2)(p2﹣q2)=(mp)2+(nq)2﹣(mq)2﹣(pn)2=(mp+nq)2﹣(mq+np)2∈M,故③正确;当n=1时,S n即为第一个不属于M的正整数,此时S n∉M,故④错误;故答案为:①③点评:本题考查的知识点是命题的真假判断与应用,其中熟练掌握集合M的元素的特征是解答的关键.三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文说明、证明过程或演算步骤. 17.(12分)(2013•绵阳一模)设向量=(cos2x,1),=(1,sin2x),x∈R,函数f (x)=•.(I )求函数f(x)的最小正周期及对称轴方程;(II)当x∈[0,]时,求函数f(x)的值域.考点:三角函数中的恒等变换应用;数量积的坐标表达式;复合三角函数的单调性.专题:计算题;三角函数的求值.分析:(Ⅰ)通过向量的数量积,利用两角和的正弦函数,化简函数为一个角的一个三角函数的形式,即可求出函数f(x)的最小正周期及对称轴方程.(Ⅱ)通过x的范围求出2x+的范围,利用正弦函数的值域,求解函数的值域即可.解答:解:(Ⅰ)f (x)=•=(cos2x,1)•(1,sin2x)=sin2x+cos2x=2 sin(2x+),…(6分)∴最小正周期T=,令2x+=k,k∈Z,解得x=,k∈Z,即f (x)的对称轴方程为x=,k∈Z.…(8分)(Ⅱ)当x∈[0,]时,即0≤x≤,可得≤2x+≤,∴当2x+=,即x=时,f (x)取得最大值f ()=2;当2x+=,即x=时,f (x)取得最小值f ()=﹣1.即f (x)的值域为[﹣1,2].…(12分)点评:本题以向量为依托,考查三角函数的两角和的正弦函数的应用,函数的周期,值域的求法,考查计算能力.18.(12分)(2013•绵阳一模)已知数列{a n}是等比数列且a3=,a6=2.(I)求数列{a n}的通项公式;(II)若数列{a n}满足b n=3log2a n,且数列{b n}的前“项和为T n,问当n为何值时,T n取最小值,并求出该最小值.考点:数列的求和;等比数列的通项公式.专题:等差数列与等比数列.分析:(I)由已知中数列{a n}是等比数列且a3=,a6=2.求出数列的公比,易得数列的通项(II)根据(I)及b n=3log2a n,可得数列{b n}的通项公式,进而结合二次函数的性质,及n∈N+,可求出当n为何值时,T n取最小值.解答:解:(Ⅰ)设公比为q,由已知a6=2,a3=,得a1q5=2,a1q2=,两式相除得q3=8,解得q=2,a1=,∴a n=×2n﹣1=2n﹣5(Ⅱ)b n=3log2a n=3log2(2n﹣5)=3n﹣15,∴T n=,又∵n∈N+当n=4或5时,T n取得最小值,最小值为﹣30点评:本题考查的知识点是数列求和,等比数列的通项公式,其中分别求出数列{a n}和{b n}的通项公式是解答的关键.19.(12分)(2013•绵阳一模)在△ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c若asinA=(a ﹣b)sinB+csinC.(I )求角C的值;(II)若△ABC的面积为,求a,b的值.考点:解三角形.专题:计算题;解三角形.分析:(Ⅰ)把已知结合正弦定理整理可得a2+b2﹣c2=ab,然后利用余弦定理CosC=可求cosC,结合C 的范围可求C(Ⅱ)由三角形的面积公式可得,结合c=2,及由(Ⅰ)a2+b2﹣4=ab,可求a+b,联立方程可求a,b解答:解:(Ⅰ)∵asinA=(a﹣b)sinB+csinC,由正弦定理,得a2=(a﹣b)b+c2,即a2+b2﹣c2=ab.①由余弦定理得CosC==,结合0<C<π,得C=.…(6分)(Ⅱ)∵△ABC的面积为,即,化简得ab=4,①又c=2,由(Ⅰ)知,a2+b2﹣4=ab,∴(a+b)2=3ab+4=16,得a+b=4,②由①②得a=b=2.…(12分)点评:本题主要考查了三角形的正弦定理、余弦定理及三角形的面积公式的综合应用,属于知识的综合应用20.(12分)(2013•绵阳一模)己知二次函数y=f(x)的图象过点(1,﹣4),且不等式f (x)<0的解集是(O,5).(I )求函数f(x)的解析式;(II)设g(x)=x3﹣(4k﹣10)x+5,若函数h(x)=2f(x)+g(x)在[﹣4,﹣2]上单调递增,在[﹣2,0]上单调递减,求y=h(x)在[﹣3,1]上的最大值和最小值..考点:二次函数的性质;二次函数在闭区间上的最值.专题:函数的性质及应用.分析:(1)根据函数零点,方程根与不等式解集端点之间的关系,结合二次函数y=f(x)的图象过点(1,﹣4),可求出函数f(x)的解析式;(II)由(I)可求出函数h(x)的解析式(含参数k),进而由函数极大值点为﹣2,求出k值,结合导数法求最值的步骤,可得答案.解答:解:(Ⅰ)由已知y=f (x)是二次函数,且f (x)<0的解集是(0,5),可得f (x)=0的两根为0,5,于是设二次函数f (x)=ax(x﹣5),代入点(1,﹣4),得﹣4=a×1×(1﹣5),解得a=1,∴f (x)=x(x﹣5).…(4分)(Ⅱ)h(x)=2f (x)+g(x)=2x(x﹣5)+x3﹣(4k﹣10)x+5=x3+2x2﹣4kx+5,于是h′(x)=3x2+4x﹣4k,∵h(x)在[﹣4,﹣2]上单调递增,在[﹣2,0]上单调递减,∴x=﹣2是h(x)的极大值点,∴h′(2)=3×(﹣2)2+4×(﹣2)﹣4k=0,解得k=1.…(6分)∴h(x)=x3+2x2﹣4x+5,进而得h′(x)=3x2+4x﹣4.令h′(x)=3x2+4x﹣4=0,得x=﹣2,或x=.由下表:x (﹣3,﹣2)﹣2(﹣2,)(,1)h′(x) + 0 ﹣0 +h(x)↗极大↘极小↗可知:h(﹣2)=(﹣2)3+2×(﹣2)2﹣4×(﹣2)+5=13,h(1)=13+2×12﹣4×1+5=4,h(﹣3)=(﹣3)3+2×(﹣3)2﹣4×(﹣3)+5=8,h()=()3+2×()2﹣4×+5=,∴h(x)的最大值为13,最小值为.…(12分)点评:本题考查的知识点是二次函数的性质,函数零点,方程根与不等式解集端点的关系,导数法求函数的极值与最值,其中求出函数h(x)的解析式是解答的关键.21.(12分)(2013•绵阳一模)设数列{a n}的前n项和为S n,且(t﹣1)S n=2ta n﹣t﹣1(其中t为常数,t>0,且t≠1).(I)求证:数列{a n}为等比数列;(II)若数列{a n}的公比q=f(t),数列{b n}满足b1=a1,bn+1=f(b n),求数列{}的通项公式;(III)设t=,对(II)中的数列{a n},在数列{a n}的任意相邻两项a k与a k+1之间插入k个(k∈N*)后,得到一个新的数列:a1,,a2,,,a3,,,,a4…,记此数列为{c n}.求数列{c n}的前50项之和.考点:数列递推式;等比关系的确定;数列的求和.专题:综合题;等差数列与等比数列.分析:(Ⅰ)利用数列递推式,再写一式,两式相减,即可证得数列{a n}是以1为首项,为公比的等比数列;(Ⅱ)确定数列{}是以1为首项,1为公差的等差数列,可求数列{}的通项公式;(III)确定数列{c n}为:1,﹣1,,2,2,,﹣3,﹣3,﹣3,,…,再分组求和,即可求得数列{c n}的前50项之和.解答:(Ⅰ)证明:由题设知(t﹣1)S1=2ta1﹣t﹣1,解得a1=1,由(t﹣1)S n=2ta n﹣t﹣1,得(t﹣1)S n+1=2ta n+1﹣t﹣1,两式相减得(t﹣1)a n+1=2ta n+1﹣2ta n,∴(常数).∴数列{a n}是以1为首项,为公比的等比数列.…(4分)(Ⅱ)解:∵q=f (t)=,b1=a1=1,b n+1= f (b n)=,∴=+1,∴数列{}是以1为首项,1为公差的等差数列,∴.…(8分)(III)解:当t=时,由(I)知a n=,于是数列{c n}为:1,﹣1,,2,2,,﹣3,﹣3,﹣3,,…设数列{a n}的第k项是数列{c n}的第m k项,即a k=,当k≥2时,m k=k+[1+2+3+…+(k﹣1)]=,∴m9=﹣45.设S n表示数列{c n}的前n项和,则S45=[1+++…+]+[﹣1+(﹣1)2×2×2+(﹣1)3×3×3+…+(﹣1)8×8×8].∵1+++…+==2﹣,﹣1+(﹣1)2×2×2+(﹣1)3×3×3+…+(﹣1)8×8×8=﹣1+22﹣32+42﹣52+62﹣72+82 =(2+1)(2﹣1)+(4+3)(4﹣3)+(6+5)(6﹣5)+(8+7)(8﹣7)=3+7+11+15=36.∴S45=2﹣+36=38﹣.∴S50=S45+(c46+c47+c48+c49+c50)=38﹣+5×(﹣1)9×9=﹣7.即数列{c n}的前50项之和为﹣7.…(12分)点评:本题考查等比数列与等差数列的证明,考查数列的通项与求和,考查学生的计算能力,属于中档题.22.(14分)(2013•绵阳一模)已知函数f(x)=lnx﹣ax+1在x=2处的切线斜率为﹣.(I)求实数a的值及函数f(x)的单调区间;(II)设g(x)=kx+1,对∀x∈(0,+∞),f(x)≤g(x)恒成立,求实数k的取值范围;(III)设b n=,证明:b1+b2+…+b n<1+ln2(n∈N*,n≥2).考点:导数在最大值、最小值问题中的应用;利用导数研究函数的单调性;利用导数研究曲线上某点切线方程.专题:综合题;导数的综合应用.分析:(Ⅰ)求导数,利用函数f(x)=lnx﹣ax+1在x=2处的切线斜率为﹣,可确定a的值,利用导数的正负,可得函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)∀x∈(0,+∞),f (x)≤g(x),即lnx﹣(k+1)x≤0恒成立,构造函数h (x)=lnx﹣(k+1)x,利用h(x)max≤0,即可求得k的取值范围;(Ⅲ)先证明当n≥2时,有ln(n+1)<n,再利用放缩法,裂项法,即可证得结论.解答:(Ⅰ)解:由已知:(x>0),∵函数f(x)=lnx﹣ax+1在x=2处的切线斜率为﹣.∴,∴a=1.∴,当x∈(0,1)时,f′(x)>0,f (x)为增函数,当x∈(1,+∞)时,f′(x)<0,f (x)为减函数,∴f (x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞).…(5分)(Ⅱ)解:∀x∈(0,+∞),f (x)≤g(x),即lnx﹣(k+1)x≤0恒成立,设h(x)=lnx﹣(k+1)x,有.①当k+1≤0,即k≤﹣1时,h′(x)>0,此时h(1)=ln1﹣(k+1)≥0与h(x)≤0矛盾.②当k+1>0,即k>﹣1时,令h′(x)=0,解得,∴,h′(x)>0,h(x)为增函数,,h′(x)<0,h(x)为减函数,∴h(x)max=h()=ln﹣1≤0,即ln(k+1)≥﹣1,解得k≥.综合k>﹣1,知k≥.∴综上所述,k的取值范围为[,+∞).…(10分)(Ⅲ)证明:由(Ⅰ)知f (x)在(0,1)上是增函数,在(1,+∞)上是减函数,∴f (x)≤f (1)=0,∴lnx≤x﹣1.当n=1时,b1=ln(1+1)=ln2,当n≥2时,有ln(n+1)<n,∵b n=<=<=,∴b1+b2+…+b n<b1+()+…+()=ln2+(1﹣)<1+ln2.…(14分)点评:本题考查导数知识的运用,考查函数的单调性,考查恒成立问题,考查不等式的证明,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题.。

四川省绵阳市高中高三第一次诊断性考试数学(文)试题

四川省绵阳市高中高三第一次诊断性考试数学(文)试题

保密 ★ 启用前 【考试时间:2014年10月31日15:00—17:00】绵阳市高中2012级第一次诊断性考试数 学(文史类)本试卷分第I 卷(选择题)和第II 卷(非选择题)。

第I 卷1至2页,第II 卷3至4页,共4页。

满分150分。

考试时间120分钟。

考生作答时,须将答案答在答题卡上,在本试题卷、草稿纸上答题无效。

考试结束后,将答题卡交回。

第Ⅰ卷(选择题,共50分)注意事项:必须使用2B 铅笔在答题卡上将所选答案对应的标号涂黑。

第I 卷共10小题。

一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的.1. 已知集合A ={x ∈Z |x 2-1≤0},B ={x |x 2-x -2=0},则A ∩B =(A) ∅(B) {-1}(C) {0}(D) {2}2.命题“,”的否定是(A),≤1 (B),≤1 (C),2x ≤1 (D),2x < 13.设各项均不为0的数列{a n }满足 (n ≥1),S n 是其前n 项和,若,则a 3=(A) (B) 2 (C)(D) 4 4.如图,正六边形ABCDEF 的边长为1,则=(A) (B) (C) 3(D) -35.已知,那么= (A)(B) (C)(D)6.已知x ,y 满足⎪⎩⎪⎨⎧≤--≥-+≥+-,,,0330101y x y x y x 则2x -y 的最大值为(A) 1(B) 2 (C) 3(D) 47.在(0,)内,使|sin x |≥cos x 成立的x 的取值范围为(A) (B) (C)(D) ∪8.已知是定义在(0,+∞)上的函数,对任意两个不相等的正数x 1,x 2,都有,记5log )5(log 2.0)2.0(2)2(22222.02.0f c f b f a ===,,,则 (A)(B) (C) (D) 9.记函数在的值域为M ,g (x )=(x +1)2+a 在的值域为N ,若,则实数a 的取值范围是(A) a ≥ (B) a ≤ (C) a ≥(D) a ≤10.已知函数⎪⎩⎪⎨⎧>≠><-=0)10(log 01)2sin()(x a a x x x x f a ,,且,,π的图象上关于轴对称的点至少有3对,则实数的取值范围是 (A) (B) (C)(D)第II 卷(非选择题 共100分)注意事项:必须使用0.5毫米黑色墨迹签字笔在答题卡上题目所指的答题区域内作答。

四川省绵阳市高三第一次诊断性考试数学文试题 扫描版

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绵阳市高2012级第一次诊断性考试数学(文史类)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.BBDDC BACCA二、填空题:本大题共5小题,每小题5分,共25分.11.53-12.-1 13.-2 14.15 15.(0,2)三、解答题:本大题共6小题,共75分.16.解:(Ⅰ)=)(x f 2m·n -11cos 2cos sin 22-+⋅=x x x ωωω=)42sin(22cos 2sin πωωω+=+x x x . ……………………………6分由题意知:π=T ,即πωπ=22,解得1=ω.…………………………………7分 (Ⅱ) 由(Ⅰ)知)42sin(2)(π+=x x f ,∵6π≤x ≤4π,得127π≤42π+x ≤43π,又函数y =sin x 在[127π,43π]上是减函数,∴ )34sin(2127sin2)(max πππ+==x f ……………………………………10分 3sin 4cos 23cos4sin 2ππππ+==213+.…………………………………………………………12分17.解:(Ⅰ) 由题知⎩⎨⎧≥->-,,0102t t 解得21<≤t ,即)21[,=D .……………………3分(Ⅱ) g (x )=x 2+2mx -m 2=222)(m m x -+,此二次函数对称轴为m x -=.……4分 ① 若m -≥2,即m ≤-2时, g (x )在)21[,上单调递减,不存在最小值;②若21<-<m ,即12-<<-m 时, g (x )在)1[m -,上单调递减,]2(,m -上递增,此时22)()(2min ≠-=-=m m g x g ,此时m 值不存在;③m -≤1即m ≥-1时, g (x )在)21[,上单调递增,此时221)1()(2min =-+==m m g x g ,解得m =1. …………………………11分 综上:1=m . …………………………………………………………………12分 18.解:(Ⅰ) 51cos 5=∠=ABC AB ,,4BC =, 又(0,)ABC π∠∈,所以562cos 1sin 2=∠-=∠ABC ABC , ∴645624521sin 21=⨯⨯⨯=∠⋅⋅=∆ABC BC BA S ABC . ………………6分 (Ⅱ) 以BC BA ,为邻边作如图所示的平行四边形ABCE ,如图, 则51cos cos -=∠-=∠ABC BCE ,BE =2BD =7,CE =AB =5,BCDA E在△BCE 中,由余弦定理:BCE CE CB CE CB BE ∠⋅⋅-+=cos 2222.即)51(5225492-⨯⨯⨯-+=CB CB ,解得:4=CB . ………………………………………………………………10分19.解:(Ⅰ) 由832539a a a S ⋅==,,得:⎪⎩⎪⎨⎧+⋅+=+=⨯+,,)7()2()4(9223311211d a d a d a d a 解得:121==d a ,.∴ 1+=n a n ,n n n n S n 2322)12(2+=++=. …………………………………5分(Ⅱ) 由题知=n c )1(2++n n λ. ………………………………………………6分 若使}{n c 为单调递增数列,则=-+n n c c 1-+++)2()1(2n n λ)]1([2++n n λ=012>++λn 对一切n ∈N *恒成立,即: 12-->n λ对一切n ∈N *恒成立, ………………………………… 10分 又12)(--=n n ϕ是单调递减的, ∴ 当1=n 时,max )(n ϕ=-3,∴ 3->λ. …………………………………………………………………12分 20.(Ⅰ)证明: 由1)(--=ax e x f x ,得a e x f x -=')(.…………………………1分由)(x f '>0,即a e x ->0,解得x >ln a ,同理由)(x f '<0解得x <ln a , ∴ )(x f 在(-∞,ln a )上是减函数,在(ln a ,+∞)上是增函数, 于是)(x f 在a x ln =取得最小值.又∵ 函数)(x f 恰有一个零点,则0)(ln )(min ==a f x f , ………………… 4分 即01ln ln =--a a e a .………………………………………………………… 5分化简得:1ln 1ln 01ln -=-==--a a a a a a a a a 于是,即,, ∴ 1-=a a e a . ………………………………………………………………… 6分 (Ⅱ)解:由(Ⅰ)知,)(x f 在a x ln =取得最小值)(ln a f ,由题意得)(ln a f ≥0,即1ln --a a a ≥0,……………………………………8分 令1ln )(--=a a a a h ,则a a h ln )(-=', 由0)(>'a h 可得0<a <1,由0)(<'a h 可得a >1.∴ )(a h 在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,即0)1()(max ==h a h , ∴ 当0<a <1或a >1时,h (a )<0,∴ 要使得)(x f ≥0对任意x ∈R 恒成立,.1=a ∴a 的取值集合为{1}……………………………13分 21.解:(Ⅰ) 1==b a 时,x x x x f ln 21)(2+-=,xx x f 11)(+-=', ∴21)1(-=f ,1)1(='=f k ,…………………………………………………2分故)(x f 点()1(1f ,)处的切线方程是2230x y --=.……………………3分(Ⅱ)由()()∞+∈+-=,,0ln 22x x bx x a x f ,得x bx ax x f 1)(2+-='. (1)当0=a 时,xbxx f -='1)(.①若b ≤0,由0>x 知0)(>'x f 恒成立,即函数)(x f 的单调递增区间是)0(∞+,.………………………………………………5分②若0>b ,当b x 10<<时,0)(>'x f ;当bx 1>时,0)(<'x f . 即函数)(x f 的单调递增区间是(0,b 1),单调递减区间是(b1,+∞).……………………………………………7分(2) 当0<a 时,0)(='x f ,得012=+-bx ax ,由042>-=∆a b 得aab b x a a b b x 24242221--=-+=,.显然,0021><x x ,,当20x x <<时,0)(>'x f ,函数)(x f 的单调递增, 当2x x >时,0)(<'x f ,函数)(x f 的单调递减,所以函数)(x f 的单调递增区间是(0,a a b b 242--),单调递减区间是(aab b 242--,+∞).………………………………………………………………9分综上所述:当a =0,b ≤0时,函数)(x f 的单调递增区间是)0(∞+,;当a =0,b >0时,函数)(x f 的单调递增区间是(0,b 1),单调递减区间是(b1,+∞); 当0<a 时,函数)(x f 的单调递增区间是(0,a ab b 242--),单调递减区间是(aa b b 242--,+∞). ……………………………………………………………10分(Ⅲ)由题意知函数)(x f 在2=x 处取得最大值.由(II)知,a ab b 242--是)(x f 的唯一的极大值点,故aa b b 242--=2,整理得a b 412--=-.于是ln()(2)ln()(14)ln()14a b a a a a ---=----=-++令()ln 14(0)g x x x x =+->,则1()4g x x'=-. 令0)(='x g ,得14x =,当1(0)4x ∈,时,0)(>'x g ,)(x g 单调递增;当1()4x ∈+∞,时,0)(<'x g ,)(x g 单调递减.因此对任意0x >,)(x g ≤11()ln044g =<,又0a ->,故()0g a -<,即041)ln(<++-a a ,即ln()142a a b -<--=-,∴ ln()2a b -<-.……………………………………………………………14分。

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保密★启用前【考试时间2012年11月1日下午3:00〜5:00】:绵阳市高中2013级第一次诊断性考试数学 (理科)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分.第I卷1至2页,第II卷 3至4页.满分150分.考试时间120分钟.注意事项:1. 答题前,考生务必将自己的姓名、考号用0.5毫米的黑色签字笔填写在答题卡上,并将条形码粘贴在答题卡的指定位置.2. 选择题使用2B铅笔填涂在答题卡对应题0标号的位置上,非选择题用0.5毫米的黑色签字笔书写在答题卡的对应框内,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效.3.考试结束后,将答题卡收回.第I卷(选择题,共60.分)—、选择题:本大题共彳2小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目荽求的.1. 设集合,B={0, 1, 2},则等于A. {0}B. {0,1}C. {0, 1, 2}D.2. 命题,则是A. B.C. D.3. 己知数列为等差数列,且,则的值为A. B. C. D.4. 设,,则A. c<b<aB. b<a<cC. c<a<bD. a<b<c5. 函数.的零点所在的区间为A. (-1,0)B. (0, 1)C. (1, 2)D. (2,3)6. 如图,在,中,AD=2DB,DE=EC,若,则=A. B.C. D.7. 设函数的部分图象如下图所示,则/(力的表达式为A.B.C.D.8. 若函数在区间(O, 1)上单调递增,且方程的根都在区间[-2, 2]上,则实数b的取值范围为A. [O, 4]B.C. [2, 4]D. [3, 4]9. 已知定义在R上的奇函数/(X)是上的增函数,旦f(1)=2, f(-2)=-4,设.若是的充分不必要条件,则实数t的取值范围是A. B. C. D.10. 某公司租赁甲、乙两种设备生产A,B两类产品,甲种设备每天能生产A类产品5件和B类产品10件,乙种设备每天能生产A类产品6件和B类产品20件.已知设备甲每天的租赁费为200元,设备乙每天的租赁费为300元,现该公司至少要生产A类产品50件,B 类产品140件,所需租赁费最少为A. .2400 元B. 2300 元C. 2200元D. .2000 元11. 已知函数则满足不等式.例X的取值范围为A. (0,3)B.C.D. (-1, 3)12. 已知定义在R上的函数f(X)满足且当,则等于A. B. C. D.第II卷(非选择题,共90分)二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13. 已知向量a=(2,1),b=(x,-2),若a//b,则 x= ______14. 已知偶函数在上是增函数,则n= _______}是递增数列,且对任意的都有恒成15. 已知{an立,则角θ的取值范围是_______16. 设所有可表示为两整数的平方差的整数组成集合M.给出下列命题:①所有奇数都属于M.②若偶数2k及属于M,则.③若,则,,④把所有不属于M的正整数从小到大依次择成一个数列,则它的前n项和其中正确命题的序号是_______•(写出所有正确命题的序号》三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、说明过程或演算步骤.17. (本题满分12分)设向量,函数,.(I)求函数f(x))的最小正周期及对称轴方程;(I I)当时,求函数f(x)的值域. .18. (本题满分12分)已知等差数列{an }的前n项和为Sn,公差,且S3+S5=58,a1,a3,a7成等比数列.(I)求数列{an}的通项公式;(I I)若{bn}为等比数列,且记求T10值.19. (本题满分12分)己知二次函数y=f(x) 的图像过点(1,-4),且不等式f(x)<0的解集是(O, 5).(I )求函数f(x)的解析式;(I I)设若函数在[-4,-2]上单调递增,在[-2,0]上单调递减,求y=h(x)在[-3,1]上的最大值和最小值. .20. (本题满分12分)在中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,若(I)求角C的值:(II) 若c=2,且,求的面积.21. (本题满分12分)设数列{an }的前n项和为Sn,且(其中t为常数,且t>0).(I )求证:数列{an}为等比数列;(II )若数列{an }的公比q= f(t},数列{bn}满足,求数列{bn}的通项公式;(III) 设’对(II )中的数列{bn },在数列{an}的任意相邻两项ak与ak+1之间插入k个后,得到一个新的数列:记此数列为{cn}.求数列{cn}的前2012项之和.22. (本题满分14分)己知函数在;c=2处的切线斜率为.(I)求实数a 的值及函数f(x)的单调区间; (II) 设,,对使得成 立,求正实数的取值范围;(III) 证明:•绵阳市高2013级第一次诊断性考试 数学(理)参考解答及评分标准一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.BCBCC AADDB AB二、填空题:本大题共4小题,每小题4分,共16分.13.-414.215.450233πππ⎡⎫⎛⎤⋃⎪ ⎢⎥⎣⎭⎝⎦,, 16.①③三、解答题:本大题共6小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.解:(Ⅰ)f (x)=a ·b =(cos2x ,1)·(1==2 sin(2x+6π), ……………………………………………6分∴ 最小正周期22T ππ==,令2x+6π=2k ππ+,k ∈Z ,解得x=26k ππ+,k ∈Z ,即f (x)的对称轴方程为x=26k ππ+,k ∈Z .…………………………………8分(Ⅱ)当x ∈[0,2π]时,即0≤x ≤2π,可得6π≤2x+6π≤76π,∴ 当2x+6π=2π,即x=6π时,f (x)取得最大值f (6π)=2;当2x+6π=76π,即x=2π时,f (x)取得最小值f (2π)=-1.即f (x) 的值域为[-1,2].……………………………………………………12分 18.解:(Ⅰ)由S 3+S 5=58,得3a 1+3d+5a 1+10d=8a 1+13d =58, ①∵ a 1,a 3,a 7成等比数列,a 32=a 1a 7, 即(a 1+2d)2=a 1(a 1+6d),整理得a 1=2d , 代入①得d=2, a 1=4,∴ a n =2n+2. …………………………………………………………………6分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知a 8=18,b 5·b 6+b 4·b 7=2b 5·b 6=18,解得b 5·b 6 =9. ∵ T 10= log 3b 1 +log 3b 2+ log 3b 3+…+ log 3b 10=log 3(b 1·b 10) + log 3(b 2·b 9) +…+ log 3(b 5·b 6) =5log 3(b 5·b 6) =5log 39=10. ……………………………………………………………………12分19.解:(Ⅰ)由已知y= f (x)是二次函数,且f (x)<0的解集是(0,5),可得f (x)=0的两根为0,5, 于是设二次函数f (x)=ax(x-5),代入点(1,-4),得-4=a ×1×(1-5),解得a=1,∴ f (x)=x(x-5). ………………………………………………………………4分 (Ⅱ)h(x)=2f (x)+g(x)=2x(x-5)+x 3-(4k-10)x+5=x 3+2x 2-4kx+5, 于是2()344h x x x k '=+-,∵ h(x)在[-4,-2]上单调递增,在[-2,0]上单调递减, ∴ x=-2是h(x)的极大值点,∴ 2(2)3(2)4(2)40h k '-=⨯-+⨯--=,解得k=1. …………………………6分 ∴ h(x)=x 3+2x 2-4x+5,进而得2()344h x x x '=+-. 令22()3443(2)()03h x x x x x '=+-=+-=,得12223x x =-=,.由下表:可知:h(-2)=(-2)3+2×(-2)2-4×(-2)+5=13,h(1)=13+2×12 -4×1+5=4, h(-3)=(-3)3+2×(-3)2-4×(-3)+5=8,h(23)=(23)3+2×(23)2-4×23+5=9527,∴ h(x)的最大值为13,最小值为9527.……………………………………12分20.解:(Ⅰ)∵asinA=(a-b)sinB+csinC ,结合0C π<<,得3C =. …………………………………………………6分(Ⅱ)由 C=π-(A+B),得sinC=sin(B+A)=sinBcosA+cosBsinA , ∵ sinC+sin(B-A)=3sin2A ,∴ sinBcosA+cosBsinA+sinBcosA-cosBsinA=6sinAcosA ,整理得sinBcosA=3sinAcosA . ………………………………………………8分 若cosA=0,即A=2π时,△ABC 是直角三角形,且B=6π,于是b=ctanB=2tan 6π3,∴ S △ABC =123. ……………………10分若cosA ≠0,则sinB=3sinA ,由正弦定理得b=3a .②联立①②,结合c=2,解得77∴ S △ABC =12absinC=127727.综上,△ABC 3或7.………………………………………12分21.解:(Ⅰ)当t=1时,2a n -2=0,得a n =1,于是数列{a n }为首项和公比均为1的等比数列. ……………………………1分 当t ≠1时,由题设知(t-1)S 1=2ta 1-t-1,解得a 1=1,由(t-1)S n =2ta n -t-1,得(t-1)S n+1=2ta n+1-t-1, 两式相减得(t-1)a n+1=2ta n+1-2ta n , , ∴121n na t a t +=+(常数).∴ 数列{a n }是以1为首项,21t t +为公比的等比数列.………………………4分(Ⅱ)∵ q= f (t)=21t t +,b 1=a 1=1,b n+1=21f (b n )=1n n b b +,∴11111n n nnb b b b ++==+,∴ 数列1n b ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是以1为首项,1为公差的等差数列,于是1nn b =, ∴ 1n b n=.………………………………………………………………………8分(III )当t=13时,由(I )知a n =11()2n -,于是数列{c n }为:1,-1,12,2,2,21()2,-3,-3,-3,31()2,…设数列{a n }的第k 项是数列{c n }的第m k 项,即a k =km c ,当k ≥2时,m k =k+[1+2+3+…+(k-1)]=(1)2k k +,∴ m 62=626319532⨯=,m 63=636420162⨯=.设S n 表示数列{c n }的前n 项和, 则S 2016=[1+12+21()2+…+621()2]+[-1+(-1)2×2×2+(-1)3×3×3+…+(-1)62×62×62]显然 1+12+21()2+…+621()2=636211()1221212-=--, ∵ (2n)2-(2n-1)2=4n-1,∴ -1+(-1)2×2×2+(-1)3×3×3+…+(-1)62×62×62=-1+22-32+42-52+62-…-612+622=(2+1)(2-1)+(4+3)(4-3)+(6+5)(6-5)+…+(62+61)(62-61)=3+7+11+…+123 =31(3123)2⨯+=1953. ∴ S 2016=62122-+1953=1955-6212.∴ S 2012=S 2016-(c 2016+c 2015+c 2014+c 2013)=1955-6212-(6212+62+62+62)=1769-6112.即数列{c n }的前2012项之和为1769-6112.…………………………………12分22.解:(Ⅰ)由已知:1()f x a x '=-,∴由题知11(2)22f a '=-=-,解得a=1.于是11()1x f x xx-'=-=,当x ∈(0,1)时,()0f x '>,f (x)为增函数, 当x ∈(1,+∞)时,()0f x '<,f (x)为减函数,即f (x)的单调递增区间为(0,1),单调递减区间为(1,+∞). ……5分 (Ⅱ)由(Ⅰ)∀x 1∈(0,+∞),f (x 1) ≤f (1)=0,即f (x 1)的最大值为0, 由题知:对∀x 1∈(0,+∞),∃x 2∈(-∞,0)使得f (x 1)≤g(x 2)成立, 只须f (x)max ≤g(x)max .∵ 22()x kx kg x x++=2kx k x =++2k x k x ⎛⎫=--++ ⎪-⎝⎭≤2k -+,∴ 只须k k 22+-≥0,解得k ≥1.………………………………………10分 (Ⅲ)要证明2222ln 2ln 3ln 21234(1)n n n nn --+++<+ (n∈N *,n ≥2).只须证22222ln 22ln 32ln 21232(1)n n n nn --+++<+ ,只须证2222222ln 2ln 3ln 21232(1)n n n nn --+++<+ .由(Ⅰ)当()1x ∈+∞,时,()0f x '<,f (x)为减函数, f (x)=lnx-x+1≤0,即lnx ≤x-1, ∴ 当n ≥2时,22ln 1n n <-,22222ln 11111111(1)1n n nnnn n nn -<=-<-=-+++,222222ln 2ln 3ln 23n n+++<111221⎛⎫-++ ⎪+⎝⎭111331⎛⎫-++ ⎪+⎝⎭1111n n ⎛⎫⋅⋅⋅+-+ ⎪+⎝⎭211211212(1)n n n n n --=--+=++,∴2222ln 2ln 3ln 21234(1)n n n nn --+++<+ .………………………………………14分保密★启用前【考试时间:2012年11月1日下午3:00〜5:00】绵阳市高中2013级第一次诊断性考试数学(文科)本试卷分第I卷(选择题)和II卷(非选择题)两部分。

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