《电动机》典型例题

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电动机习题(含答案)解析

电动机习题（含答案）一、单选题(本大题共14小题，共28.0分)1.下列图形是电与磁中的几个实，反映电动工理是（）A. B. C.D.2.图为流动机的工作原理．以下相关析中正确的（）A.电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为内能B.电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能C.电动机工作过程中，线圈中也产生感应电流D.电动机工作过程中，线圈中的电流方向保持不变3.如图所示的四图中，说动原理的实验装置是（）A. B. C.D.4.如图所示，在下列有关电与磁实验的装置中，应用于动机的理是）A. B. C.D.5.如图示四种器中，利用电动机原理工作的（）A.电炉 B.电风扇 C.电饭煲 D.电铃6.如图所的四个实中，说电机工作理的实验是（）A. B. C.D.7.线圈/空/abc转程中经过图、位置时，导线a空格/b空/所受磁场力的方向（）A.相反，是由于磁场方向相反了B.相反，是由于流过ab的电流方向相反了C.相同，是由于磁场方向、流过ab的电流方向都改变了D.相同，是由于磁场方向、流过ab的电流方向都没改变8.在如所示的四个实验装置中，能说衣中动工作原理是（）A. B. C.D.9.电动机的工原理是（）A.电磁感应现象B.电流的热效应C.通电导体周围存在磁场D.通电导体在磁场中受力10.家庭生活中的电冰箱、风扇、洗衣等都离不机．动是根列哪种现象制成的（）A.通电导线在磁场中受到力的作用B.磁场对放入其中的磁针产生力的作用C.电流周围存在磁场D.电磁感应11.如图示，用来研究电机工作原理的是（）A. B. C.D.12.下列四幅中，能说明电动工作原理（）A. B. C.D.13.在如图所示的实装置中，当关闭时，观察到导棒ab沿金属导轨运动利用这一象所揭的原理，可成备是）A.电热器 B.发电机 C.电动机 D.电磁继电器14.佛山市中小学创新展示活动中，丹丹同学发明了“发电地板”放在入口处，让入场的观众都为现场提供能量，如图所示，该“发电地板”主要由线圈、弹簧和磁体构成，它的工作原理与选项的实验原理相同（）A. B. C.D.二、填空题(本大题共3小题，共6.0分)15.如图所示，甲图为______ 的原理图，乙图的能量转化是：______ 能转化为______ 能．16.根据通电线圈在磁场中______ 转动的现象可以制成电动机：如图所示，若导体AB切割磁感线的方向不变，将磁铁的N、S极对调，则电流表指针的摆动方向______ （选填”“改变”或“不变”）；动圈式话筒工作原理与______ （选填“电动机”或“发电机”）的原理相同．17.通电线圈附近的小磁针止N指向如图示，则电源A为______ 极；利通电线圈在磁受力转可制成______ （选填“发电机”电动”）．三、实验探究题(本大题共1小题，共6.0分)18.如图所示是小华同学用微型电扇研究“电磁转换”的实验：（1）小华将微型电扇的插头接入家庭电路，电扇旋转，如图甲所示．使微型电扇转动的工作原理是______ ，工作过程中，电扇将电能主要转化为______ 能．（2）小华在微型电扇的插头处接一只发光二极管，用手旋转叶片，发现二极管发光，如图乙所示．此时微型电扇如同一台______ （选填“电动机”或“发电机”），其工作原理是______ ．四、计算题(本大题共1小题，共8.0分)19.我们常常将看似无关的两个事物或现象联系起来，进行“类比”．“类比法”可以帮助我们理解概念、巩固知识，以下是两个“类比”学习案例：（1）将如图所示的“水路”模型类比基本电路，可以发现：①叶轮机在“水路”中的作用与下面哪个元件在电路中的作用相当？（______ ）A．电源B．开关C．用电器D．导线②类比“水路“模型中“水压是使水管中水定向运动形成水流的原因”，我们很容易理解电压是使电路中______ 定向运动形成______ 的原因．（2）运用“类比法”，我们还可以将实验室交流发电机和直流电动机列表比较，请完成表中的三处填空（将答案直接写在横线上）．机种交流发电机直流电动机类比项工作原理不同构造两个铜环两个半环相同构造________________（定子）、线圈（转子）、电刷等五、综合题(本大题共1小题，共10.0分)20.图所示的实验中，闭合开关后，支架上原先静止的轻质铝管会朝某个方向滚动，这表明磁场对通电导体会产生______ 的作用．改变磁场的方向或者______ 的方向，可以使原先静止的铝管开始运动的方向发生改变．______ （选填“电动机”或“发电机”）就是根据这个原理制成的．电动机习题（含答案）【答案】1. C2. C3. D4. D5. B6. D7. B8. C9. D10. A11. C 12. A 13. C 14. B15. 电动机；机械；电16. 受力；改变；发电机17. 负；电动机18. 通电导体在磁场中受力转动；机械；发电机；电磁感应19. C；电荷；电流20. 力；电流；电动机【解析】1.解：体棒切割磁感应线，电流指针发生偏转，说明此时电路有流，这是磁感应现象是电机的工原合题意；是奥，小针发针偏转说明通电导体周围有磁场不合题意；电路中有电，通电导棒受到磁场力的作运动，与电的工作原理，符合题意；故C．电机的工作理是：通电导体磁场中受到的作用．正分析四个选项各是究什题的，再做答．电动机是将电转化为机械能机械，明确基本原理，便解答．2.解：电动机工作过程中，耗的电能几乎部转化为能故AB；动机工作过程，线圈中也产生电流故C叙述正确，符合题意；在制作直机时安装了换向，当线圈转平衡位置时改变线圈电的方向，从而改线圈的受力向，使线圈够证持转动，故选项D叙述错误，不符题意．故选：直电机是根通电线圈在磁场中受力转动原理制通电线圈磁场中受力转动，将电能为机械能．题主考查的是生对电动机理、能量转和直流机各部分名称的了解和掌握，础题目．3.解：奥斯特实验说明电导体周存在磁场．故该选项错；该项研究响电磁铁磁强弱因素的实验，故该选项也是错误的；当导体在中做切割感运动时，检计的指针生偏，说明产生感应流，这是磁感应现象，是发电机的原理，故该项错误；故D．要解答题需掌握：电动的是利通电导体在磁场中受力的作原理制成的．动机将电能化为机械的机械，它在作消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源此解题关键．4.解：电动机原理是通电导体在磁中或者说通电线在磁场中力转动．这研究电磁铁的磁性强与少关系的实验，结论当流一定时，线圈匝数越，电磁铁磁性强，不符题意；这是研究电磁应现象的实不符题意；这是奥斯特验装置，说明通电导线存磁，不符合题；故选．本题涉及的实验容较多，解时首先弄清四选项所研究是哪些实验或，再进行判．电动机将电能转械能的机械，它在工时要消耗电能，因此解题时察图中有电源是此题的解关．5.解：电风扇是利通电导线在场中运动扇叶转的；电是利用电流的磁应．选B．解决本题应掌握：常用家电的工原理动机的原理是通电线圈在场力转动．题考查家电的作原理在生活中应注意握．6.解：奥斯实验图小磁针发针转说明电导体周围有磁场，符合题意；是电磁继电器的实验图不合题；中流，电线圈导体受到磁场力的作用发生动，是电动机的工作理，符合题意．选D．动机的作原理是：通电导场中受到力的作用．本及内容流磁应、电动机的原理和发电机的原理．注电磁感应和电导体在磁场受力运动的装置同的前者外部没有源，后者外部有电源．7.解：由于电流从电源的正发故此时图甲中ab的电方向是由b到a；在图中由于磁场的向改变电向是由a到b，故此时线圈受力的方向改．选B．动机的原理是：通电导线在场受力的用，其受力的方与电流的向和磁场的方向有关即只要改变一个，受力的会变一次．该题考查了电导在磁场中受向影响因素是一道综合题故同学们应细心决．8.解：在外力用使导体左右移，切割应线，则电流表发生偏，说明此有感应电产，这是电磁感现象，是发电机工作原理，不符题意．电路中有电流，通电或线圈受到磁力的作用发生运，合意；是奥斯特实验磁发针偏转说明通电体周围有场，不符题意；故C．电动机的工作原理是：通电在磁场受到的作用据此择．本题涉及的内有电的磁效电动机的原理和发电的原理．注意电感通电导体在磁中受力运动的装置的不同，者外有电，后者外部有电．9.解：电动的基本工作原理：通电导体在场受力．电磁感应是发机原理；通导体围存在场是奥斯特实验通电导发热是电能转为．故ABC误．选D．要答本需掌握：电动机的原理是利电体在磁中力转动的原理制成的．本主要考查学生对电动机原理了解和握，是一道题．10.解：电动机是用通电导在磁中受的用的原理制成的，选符合题意；这是磁场的基本，研究磁场的方，故该选项不符题；流周围存场，人们根据这现象制了电磁，故该选项不合题意；选A．电动机即通能动，即是利用通电导线在场受力的原理制成的，故据面原理逐次分析选项即可解决．根据电磁感应现象原工作的发电机动圈式话；根据电体在磁场中受力原工的有电动机、扬声器；根据流的应原工作的铃、电磁重机、空气开有电磁铁的仪器．11.解：图示奥斯特实验装置，表通线周围存磁场，不合题意；图是研究影响电磁铁磁性大小与电的关系不合意．图示通电导线在磁受磁的作用而运动，示了动机的原理，符合题意；故C．电动机的工原理是：通电线在磁中受磁场的作；分析各图示情景知道各实装置的理，然后找出合题的选项．题查了电动机原理实验，析楚各图示情景、知道各验示的物理正确解题的前提与关键．12.解：图示的通电导体在磁场中受力的受力的大小电流大小有关是电动机的工作原理故项符合题意；图是闭合电路的在磁场中做切割感运动时，导体中就会产生电流电应现象，属于发机的工作原理，该选项不符合意；图的是奥斯特实，说明了电流围在磁场，故选项符合题意；故选．电动机的工作原理是磁对电流的通电线圈在场中受力转动；特实验第一个揭示电和磁之间的联，说明了流周存在磁场．题中学生易混淆的是A和两个从有电源上区分，有电源的是电动无电源的是发电机．13.解：本验研究的内容是“电导体在磁中受力动现象，类利用该象制造了动机，所以选项A、D是错误的．选C．首先弄清实验所研究的是什么现象或原然后根据现象原查其在生活中的应用．本题是一道关动机原理的习题，能通过实象找出电动机的制作理是本题解关键在．14.解：发电地板上的行人或车辆通过时，挤压地板使磁体和线圈发生相对运动，从而使闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，使其发电，故原理为电磁感应现象，A、该图是奥斯特实验，即通电导体周围存在磁场；不合题意；B、该图是电磁感应原理，即闭合回路中的一部分导体做切割磁感线运动，产生电流的现象；符合题意；C、该图是电动机的原理图，即通电导体在磁场中受力运动；不合题意；D、该图是探究电磁铁磁性强弱与匝数的关系；不合题意．故选B．根据题意可知，逐个对每个选项中装置的原理进行分析，找出符合题意的选项．本题主要考查学生对课本上不同实验装置原理的了解和掌握，同时注意与生活现象联系起来，这类题型是中招的热点．15.解：甲图为电动机的原理模型，因电而动，工作时把电能转化为机械能；乙图为电磁感应现象实验装置，是发电机的原理模型，工作时把机械能转化为电能．故答案为：电动机；机械；电．学习磁现象要掌握常见的实验装置图，本题根据对实验装置图的认识来判断．学习磁现象一章要掌握常见实验原理图，认识实验装置图，知道说明的原理和生活中的应用．16.解：通电线圈在磁场中会受力转动，根据这一现象可以制成了电动机；将磁铁的N、S极对调，磁场方向改变，则感应电流方向改变，所以电流表指针的摆动方向改变；动圈式话筒利用电磁感应现象原理，与发电机相同．故答案为：受力；改变；发电机．（1）“通电导体在磁场中受力原理”说明电能转化成机械能，电磁感应现象原理是“导体在磁场中运动产生电流”，说明机械能转化成电能．而电动机就是电能转化成机械能，发电机就是机械能转化成电能．（2）动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器．由此可知其工作原理是电磁感应现象．（3）改变感应电流的方向，改变磁感线方向或改变导体的运动方向，二者都改变，感应电流方向不变．本题考查了电动机、发电机、动圈式话筒的原理以及感应电流的方向的因素，属于基础知识．17.解：由图知：小针的极：左、右，那么根据磁极间的相互用可知线管的为：NS；根据安培定则，手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N，四指环的方为电流的方，则电源的B 端为正极，A端为负极．电是用电线磁场中受力转动的原理制成的，作时，耗电能转化为机械能．故答为：；电动机．知小针的磁极，根据磁极间的互作用，可判断通电管磁极，再由右手螺定得出电源的正负极；通电线圈在磁场中受力转，动机是用这原理制，本题考查了电动机的工原理及磁极间的相互用规律和右螺旋定则．用右手螺旋定则既可由电流的方判定磁性，也能磁极电的方向和圈的法．18.解：（1）电扇里面有一个小型的电动机，使微型电扇转动的工作原理是通电导体在磁场中受力转动；此时能量转化为电能转化为机械能．（2）电扇的内部有磁铁和线圈，当微型电扇的插头处接一只发光二极管，线圈转动时，做了切割磁感线的运动，故能产生电流；此时微型电扇如同一台发电机，原理就是电磁感应．故答案为：（1）通电导体在磁场中受力转动；机械；（2）发电机；电磁感应；（1）电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力转动；能量转化是：电能转化为机械能；（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流．本题考查电动机和发电机的工作原理，相对比较简单，属于基础题．19.解：（1）①叶轮机将水的机械能转化为了其他的能量，类似于电流流过用电器时将电能转化为其他形式的能，故叶轮机与用电器类似，故选C．②类似于水的流动时两端要有水压，电流的形成因为电路的两端有电压而使电荷产生了定向移动，从而形成了电流，故答案为电荷，电流．（2）交流发电机是利用了电磁感应原理将机械能转化为电能，而电动机是利用了磁场对通电导体力的作用，使线圈转动将电能转化为机械能；发电机和电动机构造上都有定子、线圈和电刷组成，但交流发电机为两个闭合铜环，而直流电动机为两个半环，故答案如下表：机种交流发电机直流电动机类比项工作原理电磁感应原理磁场对通电导体有力的作用不同构造两个铜环两个半环相同构造磁体（定子）、线圈（转子）、电刷等（1）①叶轮机可以将水的能量转化为其他形式能，故与电流做功类似可以将电能转化为其他形式的能；②电压可以使电路中电荷产生定向移动形成电流，类似于水路模型中的水压使水管中的水定向运动形成水流；（2）发电机原理为电磁感应，是将机械能转化为电能的装置；电动机是将电能转化为机械能的装置，利用了通电导体在磁场中受力使转子转动；构造上两种电器均有定子、转子及电刷，但交流发电机直接由两个铜环相连，而直流电动机为了让转子能持续转动，故只让线圈在半个周期内受力，故采用了两个半环．类比法为学习物理中常用的方法，通过类比可以更好的掌握新知识，故要学会应用这种方法．20.解：开关断开时，导体没有电流，导体不运动，说明磁场对导体没有力的作用；开关闭合后，导体中有电流通过，导体运动起来，说明通电导体在磁场中受到力的作用．改变磁场的方向或者电流的方向，可以使原先静止的铝管开始运动的方向发生改变；电动机是根据这个原理制成的．故答案为：力；电流；电动机开关闭合时，导体中就有了电流，同时导体a发生运动，表明导体在磁场中受到了力的作用；影响导体运动方向的因素是磁场的方向和电流的方向；电动机的工作特点是先通电然后线圈转动，所以可知电动机就是根据这一原理制成的．电动机的原理和发电机的原理是历年考试中经常出现的考点．试题一般多以选择题出现，通常是电动机和发电机在一个题中出现．注意这两个原理的区别．简单理解就是电动机是先电后动，发电机是先动后电．。

初中物理电动机知识例题及详细解析

初中物理电动机知识例题及详细解析【典型例题】类型一、电动机1、关于直流电动机和发电机，下列说法正确的是（）A.电动机是利用磁场对电流作用的现象制成的，工作时把机械能转化为电能B.发电机是利用法拉第的发现制成的，工作时把机械能转化为电能C.电动机是利用电磁感应现象制成的，工作时把电能转化为机械能D.交流发电机和直流电动机构造相同，因此它们的工作原理是一样的【思路点拨】记住发电机和电动机原理。

【答案】B【解析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，这种现象叫做电磁感应，利用这种现象制成了发电机，实现机械能转化为电能。

通电线圈在磁场里受到力的作用，在磁场里会发生转动，利用这一现象发明了电动机，实现了电能转化为机械能。

【总结升华】本题主要考查学生对：发电机和电动机原理图的区别和联系的了解和掌握。

举一反三：【变式】电动机是一种高效率、低污染的动力设备。

下面四幅实验装置图中，对电动机的发明有直接影响的是（）【答案】C2.（2015•枣庄中考）如图所示是直流电动机的模型，闭合开关后线圈顺时针转动。

现要线圈逆时针转动，下列方法中可行的是（）A．只改变电流大小B．只改变电流方向C．对换磁极同时改变电流方向D．换用磁性更强的磁铁【答案】B【解析】电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动，电动机线圈的转动方向与磁场方向和电流方向有关，因此要改变电动机的转动方向有两种方法：①可保持磁场方向不变，改变电流方向；②可保持电流方向不变，改变磁场方向。

因此选项B符合题意。

【总结升华】知道电动机转动方向与电流方向、磁场方向有关，注意只能改变其中一个因素，如果两个因素同时改变时，线圈转动的方向不变。

类型二、磁生电3、如图所示，闭合电路的一部分导体在磁极间运动，图中小圆圈表示导体的横截面，下列说法中正确的是（）A.图a和图b的导线中电流方向相同B.图b和图c的导线中电流方向相同C.图b和图c的导线中电流方向相反D.图a和图c的导线中电流方向相同【思路点拨】要解答本题需掌握：感应电流的方向和磁极的方向、导体运动的方向有关。

电机例题

TL = Tem + T0 = CT Φ N I a + T0 = 9.55 × 0.391× 50 + 20.7 = 207.4 N ⋅ m
电网供给的电功率为
P = UI = 440 × 50 = 22000W = 22kW 1
电动机轴上输出功率为
TL n 207.4 × (−600) P2 = = = −13.03kW 9550 9550
Ia
n
Ia n TL Tem T0
2.
Ce Φ n Rad = − − Ra Ia 0.391× (−600) =− − 0.393 50 = 4.3Ω
因需考虑空载转矩，故应先求此值
T0 = TemN
PN − TN = CT Φ N I N − 9550 nN
29 = 9.55 × 0.391× 76.2 − 9550 × 1050 = 20.7 N ⋅ m
例题一
一他励直流电动机铭牌数据为：P N =29kW， U N =440V，I N =76.2A，n N =1050r/min， Ra=0.393Ω，负载为ห้องสมุดไป่ตู้能性负载。 1.电动机在回馈制动下下放重物，若此时负载电流I L =60A I =60A，若电枢回路不串电阻，求电动机转速；
2.电动机在能耗制动下下放重物，若要求电动机转速为500r/min，电枢负载电流为额定电流，求电枢回路附加电阻值和电动机轴上转矩（考虑空载转矩）； 3.电动机在转速反向的反接制动下工作，下降重物的电动机的速度为600r/min电枢负载电流为50A，求电枢电路应串电阻值、负载转矩、电网输入功率、轴上输出功率、电枢电路的电阻上消耗的功率（考虑空载转矩）
电动机轴上输出负机械功率，实际为机械功率经电动机输入至电枢。电枢电路电阻消耗的功率为

电工学课后习题第6章电动机习题及答案

6.2.4 某三相异步电动机，定子电压为 380 V，三角形联
结。当负载转矩为 51.6 N · m 时，转子转速为 740 r/min，效率为 80
％功率因数为 0.8。求：（1）输出功率；（2）输入功率；（3）定子线流和相电流
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第6章电动机
6.3.1 某三相异步电动机，PN＝30 kW，nN＝ 980 r/min， KM＝ 2.2，KS＝2.0，求: （1）U1l＝UN 时的 TM 和 TS；（2） U1l＝0.8 UN 时的 TM 和 TS。
频率 f2 。
【解】
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第6章电动机
6.2.2 某三相异步电动机, p＝1, f1＝50 Hz, s＝0.02,
P2＝30 kW，T0 = 0.51N · m 。求: （1）同步转速；（2）转子转速；（3 ）输出转矩；（4）电磁转矩。
【解】（1）
（2）
【解】（1）由于TN<TL，故不能带此负载长期运行。（2）由于 ,故可以带此负载短时运行。（3）
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上一题
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下一题
第6章电动机
虽然
, 但由于
, 故不可带此负载直接起动。
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上一题
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下一题
第6章电动机
（2）（3）
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上一题
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下一题
（4）
第6章电动机
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电机题集及参考答案

电机题集及参考答案一、填空题1、感应电机根据转子结构的不同分为线绕式转子和鼠笼式两种。

2、一台三相感应电动机额定数据为：P N=75KW，n N=975r/min，则电机的极对数P= 3 ，额定运行时的转差率S N= 2.5% 。

3、三相感应电动机电磁转矩Tem与电压U1的平方成正比关系,三相感应电动机转子回路电阻增大时，最大电磁转矩不变（不变、增大、减小），起动转矩增大（不变、增大、减小）。

4、一台四极感应电动机，P N=28KW，U N=380V，COSФN=0.88，ηN=90%，定子为Δ接法，则额定电流I1N= 53.71 A，；直接起动时，起动电流IstΔ=6I1N，则Y--Δ起动时，起动电流Ist Y= 107.42 A。

5、感应电动机的调速方法有变频调速、变极调速和改变转差率调速三种。

6、改变电容分相式单相感应电机转动方向的方法：将电容改串接另一绕组和将任一绕组的首末端对调连接。

7、同步电机根据转子转速不同，磁极结构分为隐极式和凸极式两类。

8、同步电机电枢反应的性质取决于负载电流的大小和性质，当I滞后E O900（ψ=900）时，产生直轴电枢反应，对磁极磁动势起去磁作用。

9、同步发电机投入电网并联运行的理想条件，相序相同、频率相等、电压的大小相同、电压的相位相同和电压的波形相同。

10、同步发电机在对称负载下稳定运行时的基本特性有空载特性、短路特性及零功率因数负载特性等三种。

11、同步发电机带感性负载运行时，端电压随负载电流增大而降低，其原因是电枢去磁反应和漏阻抗压降引起的。

12、同步调相机的实质是空载运行的同步电动机，过激励时将向电网输送感性无功功率。

13、三相异步电动机拖动恒转矩负载从基频向下的变频调速时，为了保持磁通不变，应保持Ux/f1=定值的条件。

14．三相异步电动机运行于转差率s=0.02时，电磁功率为10kw，其转子铜损耗应为 0.2 kw，机械功率应为 9.8 kw。

初中电动机试题及答案

初中电动机试题及答案一、选择题（每题3分，共30分）1. 电动机的工作原理基于以下哪个物理现象？A. 电磁感应B. 电流的磁效应C. 磁场对电流的作用D. 电流的热效应答案：C2. 直流电动机的转子是由什么材料制成的？A. 铜B. 铁C. 铝D. 不锈钢答案：A3. 电动机的效率是指什么？A. 电动机输出的机械功率与输入的电功率之比B. 电动机的转速与输入电压之比C. 电动机的扭矩与输入电流之比D. 电动机的体积与重量之比答案：A4. 以下哪个因素会影响电动机的转速？A. 电源电压B. 负载大小C. 环境温度D. 所有以上因素答案：D5. 电动机的启动电流通常比正常工作电流要大，这是因为：A. 启动时需要更大的扭矩B. 启动时电动机的电阻变大C. 启动时电动机的电感变大D. 启动时电源电压降低答案：A6. 电动机的额定功率是指：A. 电动机的最大输出功率B. 电动机在额定电压和额定电流下的输出功率C. 电动机在额定电压下的输入功率D. 电动机在额定电流下的输入功率答案：B7. 电动机的绝缘等级是指：A. 电动机的耐热性能B. 电动机的耐湿性能C. 电动机的耐压性能D. 电动机的耐腐蚀性能答案：A8. 以下哪种类型的电动机适用于需要频繁启动和停止的场合？A. 直流电动机B. 交流同步电动机C. 交流异步电动机D. 步进电动机答案：C9. 电动机的过载保护装置通常安装在：A. 电动机的输入端B. 电动机的输出端C. 电动机的控制电路中D. 电动机的外壳上答案：C10. 电动机的启动方式有多种，其中“星-三角”启动方式适用于：A. 直流电动机B. 交流同步电动机C. 交流异步电动机D. 步进电动机答案：C二、填空题（每空2分，共20分）1. 电动机的三相绕组在空间上相互间隔______度。

答案：1202. 电动机的启动电流通常为额定电流的______倍。

答案：4-73. 电动机的绝缘等级E级表示其最高允许工作温度为______摄氏度。

初三物理电动机试题答案及解析

初三物理电动机试题答案及解析1.如图，AB和CD是两根固定且平行的水平金属导轨，符号×表示垂直于纸面指向纸面里的磁场的磁感线．现将铜棒EF和GH垂直放在滑轨上，当拉动GH使其向左移动时，发现EF也向左移动，是因为GH铜棒切割磁感线产生电流，使EF成为通电导体，受到磁场力的作用而向左运动．当拉动GH使其向右移动时，EF应向（填“左”或“右”）移动，理由是：；对GH钢棒而言，此过程中能量的转化是．【答案】右；EF中电流方向改变，受力方向也改变；机械能转化为电能【解析】由题意：当拉动GH使其向左移动时，发现EF也向左移动，是因为GH铜棒切割磁感线产生电流，使EF成为通电导体，受到磁场力的作用而向左运动．当拉动GH使其向右移动时，运动方向改变，产生电流方向也随之改变，而对于EF棒电流方向改变了，在磁场中受力方向也改变，所以EF应向右移动；对GH钢棒而言，用力拉动GH时消耗了机械能，在电路中产生了电流，所以此过程中能量的转化是机械能转化为电能．【考点】电动机原理；电磁感应2.图所示的四种电器中，利用电动机原理工作的是A．电炉B．电风扇C．电饭煲D．电铃【答案】B【解析】电动机是把电能转化为机械能的装置，电路时利用电流热效应把电能转化为内能选项A 错。

电风扇是把电能转化为机械能，选项B对。

电饭煲是把电能转化为内能，选项C错。

电铃利用的是电流的磁效应形成对交替吸引排斥，不是电动机，选项D错。

【考点】电动机3.如图所示的几个实验中，能反映电动机工作原理的是A．图甲中，使磁场中的线圈转动，会发现电流表指针发生偏转B．图乙中，使导体AB沿箭头所示方向左右摆动，电流表指针发生偏转C．图丙中，给带有铁芯的线圈通电，它能吸住铁块及重物D．图丁中，闭合开关，处在磁场中的导体棒ab中有电流通过时，它就会运动起来【答案】D【解析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用．A．图甲中，使磁场中的线圈转动，会发现电流表指针发生偏转，是导体切割磁感线产生电流的现象，是电磁感应原理，发电机就是利用这个原理制成，不符合题意；B．图乙中，使导体AB沿箭头所示方向左右摆动，电流表指针发生偏转，也是导体切割磁感线产生电流的现象，是电磁感应原理，发电机就是利用这个原理制成的；不符合题意；C．图丙中，给带有铁芯的线圈通电，它能吸住铁块及重物，是通电线圈有磁性，是电磁铁原理，不符合题意；D．图丁中，闭合开关，处在磁场中的导体棒ab中有电流通过时，它就会运动起来，是电动机原理，符合题意，答案选D.【考点】电动机工作原理4.如图，在实验装置中，当开关闭合时，能观察到导体棒ab沿金属导轨运动，利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是（）A．发电机B．电磁继电器C．电热器D．电动机【答案】D【解析】根据图象分析实验现象，得出结论；知道电动机是根据通电导体在磁场中受力的作用制成的；发电机根据电磁感应现象制成的；电磁继电器是一个用电磁铁来控制的开关；电热器是靠电流的热效应来工作的．由图知，当闭合开关时，电路中有电流，导体便受磁场力的作用而运动，根据这个原理制成了电动机【考点】直流电动机的原理点评：此题考查了电动机的制作原理，在电和磁部分出现的实验很多，要注意区分5.学习“电动机”内容时，老师用图实验装置演示“磁场对通电导线作用力的方向与什么因素有关”的实验后，同学们自然想到力既有方向又有大小．那么磁场对通电导线作用力的大小与什么因素有关呢？以下是小丽、小李与小明的猜想：小丽猜想：“可能跟磁铁的磁性强弱有关．”小李猜想：“可能跟导线AB在磁场中的位置有关．”小明猜想：“可能跟通过导线AB的电流大小有关．”请你根据图所示的实验装置，帮助小明设计实验来验证他的猜想，简述你的实验方案：．【答案】保持磁铁的磁性强弱、导线AB在磁铁中的位置不变，移动滑动变阻器的滑片，改变电路中电流的大小，观察两次导线AB的运动快慢，如果快慢不同说明与电流大小有关，如果快慢相同说明和电流大小无关．【解析】因为猜想中磁场对通电导线作用力的大小与磁铁的磁性强弱、导线AB在磁场中的位置、通过导线AB的电流有关，所以在设计实验的过程中需要用到控制变量法．验证磁场对通电导线作用力的大小与通过导线AB的电流大小是否有关，需要控制磁铁的磁性强弱、导线AB在磁铁中的位置不变，改变电路中电流的大小，通过观察导线运动得快满来比较受力的大小，用到转换法．【考点】直流电动机的构造和工作过程；磁场对通电导线的作用点评：在设计实验的过程中注意控制变量法和转换法的运用，中考常见题型6.将一根直导线放在静止的小磁针上方，通电后小磁针发生偏转，这表明通电直导线周围存在________。

电动机试题

7.某三相异步电动机的电源频率为50Hz,额定转速为1455r/min ，相对应的转差率为（） A.0.004 B.0.03 C.0.18 D.0.528.电动机的机械特性曲线如题8图所示,则该电动机为（） A.他励直流电动机 B.并励直流电动机 C.串励直流电动机 D.三相异步电动机一台三相异步电动机的电源频率为50Hz ，额定转速为1430r/min ，试问它是( )级电动机？ A ．1 B ．2 C ．3 D ．49.三相异步电动机的转速越高，其转差率( )A.越大B.越小C.不变D.不定 .旋转磁场的转速n 1与磁极对数p 和电源频率f 的关系是( )A. n 1=60p fB. n 1=60p2fC. n 1=60f pD. n 1=f 60p三相异步电动机的转速为n ，同步转速为n 1，则转差率s 等于( )A.11n n n - B. 11n n n + C. n n n 1- D. nn n 1+ 一台三相异步电动机的磁极对数p=2，电源频率为50Hz ，电动机转速n=1440r/min ，其转差率s 为( ) A.1% B.2% C.3% D.4% 若电源频率为50Hz ，三相异步电动机的额定转速n N =940r/min ，则其额定转差率为（）A ．2％B ．4％C ．6％D ．8％11．对于△联结的电动机，设I S 、T S 为直接起动时的起动电流和起动转矩，I SY 、T SY 为 Y －△起动时的起动电流和起动转矩，则有（）A ．31I I S SY =，31T T S SY =B ．31I I S SY =，31T T SSY =C ．31I I S SY =，31T T S SY = D ．31I I S SY =，31T T S SY =一台正常工作时定子绕组为△形联接的三相鼠笼式异步电动机采用Y －△转换起动，其起动电流为直接起动时电流的（）A ．31倍B ．31倍C ．3倍D ．3倍三相异步电动机的能耗制动是采取（）A ．将定子绕组从三相电源断开,将其中两相接入直流电源 B.将定子绕组从三相电源断开，将其中两相接入电阻 C.将定子绕组从三相电源断开，将其中两相接入电感D ．改变电动机接入电源的相序9.三相异步电动机产生的电磁转矩是由于( ) A.定子磁场与定子电流的相互作用 B.转子磁场与转子电流的相互作用 C.旋转磁场与转子电流的相互作用 D.定子电流与转子电流的相互作用25.影响异步电动机机械特性的两个重要因素是______和______。

高中物理中的电动机问题

例题1：如图所示，电阻R=20Ω，电动机的绕组电阻R′＝10Ω．当开关打开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P。

当开关合上后，电动机转动起来。

若保持电路两端的电压不变，电流表的示数I ′和电路消耗的电功率P ′应是（）A．I ′＝3I B．I′＜3IC．P′＝3P D．P′＜3P例题3：在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。

当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和1.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和15.0V．则当这台电动机正常运转时（）A．电动机的输出功率为30WB．电动机的输出功率为22WC．电动机的内阻为7.5D．电动机的内阻为2例题5：有一个直流电动机，把它接入0.2 V电压的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4 A；若把电动机接入2.0 V电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1.0 A．求电动机正常工作时的输出功率多大？如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是多大？例题6：如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻r=0.6 Ω， R=10Ω，U=160 V，电压表的读数为110 V，求:（1）通过电动机的电流是多少？（2）输入到电动机的电功率是多少？（3）在电动机中发热的功率是多少？（4）电动机工作1 h所产生的热量是多少？例题8：一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A。

在30s内可使该物体被匀速提升3m。

若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：（1）电动机的输入功率；（2）在提升重物的30s内，电动机线圈所产生的热量；（3）线圈的电阻。

例题1：如图所示，电阻R=20Ω，电动机的绕组电阻R′＝10Ω．当开关打开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P。

当开关合上后，电动机转动起来。

若保持电路两端的电压不变，电流表的示数I ′和电路消耗的电功率P ′应是（）A．I ′＝3I B．I′＜3I C．P′＝3P D．P′＜3P例题3：在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。

20.4电动机(解析版)-2024-2025学年九年级物理题型(人教版)

20.4 电动机（解析版）本节学习目标1.了解通电导线在磁场中会受到力的作用；2.认识通电导线在磁场中受力的方向与电流方向和磁场方向有关；3.了解直流电动机的构造和工作原理及其能量转化。

要点一磁场对通电导线的作用1. 磁场对通电导线的作用(1)力的方向和电流方向有关；(2)力的方向与磁感线方向有关。

2.左手定则伸开左手，使大拇指与四指在同一平面内并跟四指垂直，让磁感线垂直穿入手心，使四指指向电流方向，这时，拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受磁场力的方向。

【例】如图所示，是灵敏电流计内部结构示意图，它的工作原理是利用通电导体在中会受到的作用，使指针发生偏转，此时如果改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向（选填“会”或“不会”）发生改变。

【答案】磁场；力；会。

【解析】灵敏电流计的原理类似于电动机，是通电导体在磁场中受力转动，力的方向与导体中电流的方向及磁场的方向有关，当只改变电流方向时，由于受力方向变化，所以指针的偏转方向也会变。

【变式1】（2023·牡丹江）下列设备中，利用磁场对通电导体的作用而工作的是（）。

A. 发电机B. 电动机C. 电磁继电器D. 电水壶【答案】B。

【解析】A．发电机是利用电磁感应现象，使导体做切割磁感线运动，产生感应电流，故A不符合题意；B．电动机利用通电导体在磁场中受力而运动，即磁场对通电导体的作用，故B符合题意；C．电磁继电器是利用电流的磁效应，故C不符合题意；D．电水壶是利用电流的热效应，故D不符合题意。

故选B。

【变式2】（2022·江苏连云港）如图所示，闭合开关，导体ab就会运动起来，在此过程中，___________能转化为___________能。

利用这一原理可以制作___________。

【答案】①电；②机械；③电动机。

【解析】[1][2]如图，闭合开关，导体ab中有电流通过，通电导体在磁场中受力而运动，将电能转化为机械能。

[3]利用通电导体在磁场中受力而运动原理可以制作电动机。

20.4 电动机(原卷+解析)

20.4 电动机1．(2020·山西)如图所示，小明用漆包线、两节干电池、磁铁等器材，成功制作了一个小小电动机．他想改变电动机线圈转动的方向，下列方法可行的是( )A．只增强磁铁的磁性B．只增加线圈的匝数C．只增大线圈中的电流D．只将磁铁的磁极对调2．如图为直流电动机的工作原理．以下相关的分析中正确的是( )A．电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为内能B．电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能C．电动机工作过程中，线圈中的电流方向不断发生改变D．电动机工作过程中，线圈中的电流方向保持不变3．如图所示是扬声器的结构图．当扬声器的线圈中通入携带声音信息、时刻变化的电流时，线圈会在永久磁体的作用下受到力的作用并带动纸盆振动发声．下列说法中正确的是( )A．扬声器工作时是将机械能转化为电能B．扬声器的工作原理是通电线圈在磁场中受力运动C．扬声器中的永久磁体不会对线圈有作用力D．扬声器是把声音信号转换成电信号的一种装置4．在物理学中，用表示电流的方向垂直于纸面向里，用表示电流的方向垂直于纸面向外．如图所示，直导体在磁场中受到一个既跟电流方向垂直，又跟磁感线方向垂直的水平向左的磁场力F，选项的四种情况中，通电导体b受到的磁场力方向水平向左的是( )5．如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转．线圈中的电流越大，指针偏转角度越大，关于该现象，下列说法中正确的是( )A．电铃的工作原理与该表的工作原理相同B．电流表中的线圈可以用超导体材料制作C．该装置中没有磁体，通电后指针依然能偏转D．线圈中有电流通过时，把机械能转化为电能6．（2019·广州）在图8中，表示导线中的电流方向垂直于纸面向里，⊙表示导线中的电流方向垂直于纸面向外。

F是磁场对通电导线的作用力。

下列哪个选项中，磁场对通电导线的作用力与图中的F的方向相同( )A B C D7．(2019·百色)下列电器以“磁场对通电导体具有力的作用”为工作原理的是( )A．电动机B．电饭锅C．电热水器D．电磁铁8．(2019·东营)如图所示，研究磁场对通电导线作用的实验装置，当闭合开关，电流由a 至b 通过导线ab时，导线ab向左运动，下列说法正确的是( )A．只改变电流方向时，导线ab向右运动，机械能转化为电能B．只改变磁场方向时，导线ab向左运动，电能转化为机械能C．电流方向和磁场方向同时改变时，导线ab向左运动，电能转化为机械能D．电流方向和磁场方向同时改变时，导线ab向右运动，机械能转化为电能9．(2019·绵阳)用如图所示的装置探究通电导线在磁场中的受力情况。

初三物理电动机试题答案及解析

初三物理电动机试题答案及解析1.电磁感应现象是英国物理学家首先发现的．探究这个现象应选用如图中（填“甲”或“乙”）所示的装置进行实验．在这个现象中感应电流的方向与导体切割磁感应线运动的方向和方向有关；利用电磁感应现象可以制成机．【答案】法拉第甲磁场发电【解析】电磁感应现象是英国物理学家法拉第首先发现的，电磁感应是发电机的原理，感应电流的方向与导体切割磁感应线运动的方向和磁场方向有关；甲图是验证电磁感应的电路，乙图是验证磁场对电流的作用的电路。

【考点】电磁感应；磁场对电流的作用2.为了探究电动机为什么会转动，小明根据电动机主要构造制作了一台简易电动机（如图18）。

他用回形针做成两个支架，分别与电池的两极相连，用漆包线绕一个矩形线圈，以线圈引线为轴，并用小刀刮去轴的一端全部漆皮，另一端只刮去半周漆皮将线圈放在支架上，磁体放在线圈下方，闭合开关，用手轻推一下线圈，线圈就会不停地转动起来。

（1）要想改变线圈的转动方向，小明可采用哪些措施：A．改变电流的方向 B．提高电源的电压C．增加线圈的匝数 D．改变磁场的方向（2）开关闭合后，如果电动机不转，原因可能是哪些：A．磁铁磁性太弱 B．线圈处于平衡位置C．通过线圈的电流太大 D．电池电压太低（3）为了提高电动机转速，可采取的方法是；（4）小明还想设计一个能调节电动机转速的实验装置，他还需要的主要器材是。

【答案】（1）AD （2）ABD（3）提高电源的电压或增强磁体的磁性（4）滑动变阻器【解析】（1）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，转动方向与磁场方向和电流方向有关，所以要想改变运动方向，应改变线圈在磁场中的受力方向，即改变电流方向或磁场方向；答案选AD。

（2）开关闭合后，如果电动机不转说明线圈可能受磁场力较小，小于摩擦力，造成的原因可能是磁铁的磁性不强、线圈的匝数太少，电池电压不够导致电流较小等原因．也可能是不受磁场力，即电路中没有电流，即部分电路断开或线圈处于平衡位置；所以答案选ABD。

初三物理电动机试题答案及解析

初三物理电动机试题答案及解析1.在图所示的电路中：（1）闭合开关后导体ab迅速向左运动起来，这说明。

要使导体ab向右运动，可以采用的办法是。

（说出一条即可）。

（2）如果把图中电源更换为电流表（指针在正中央），手持导体ab紧贴轨道迅速向左或向右运动，电流表指针偏转，这是现象，根据这一原理可以制作出。

【答案】（1）通电导体在磁场中受到力的作用；将磁极对调（改变电流方向）（2）电磁感应；发电机（动圈式话筒等）【解析】（1）因为通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向与磁场的方向和电流的方向有关。

所以要使导体ab向右运动，可以将磁极对调或改变电流方向；（2）手持导体ab紧贴轨道迅速向左或向右运动时，导体ab切割磁感线，产生感应电流，是电磁感应现象。

发电机、动圈式话筒等都利用了这一原理。

【考点】电磁感应2.实验小组的同学进行电磁学实验。

（1）在如图1所示的实验中，当闭合开关后，可观察到磁场中金属棒ab在导轨上运动，这说明磁场对通电导体________。

（2）在如图2所示的实验中，闭合开关，保持蹄形磁体不动，若使导体AB沿________ （选填“竖直”或“水平”）方向运动，则灵敏电流计的指针将发生偏转。

此实验是将机械能转化成________能的过程。

【答案】（1）有力的作用（2）水平；电【解析】（1）通电导体在导轨上运动，说明它受到力的作用，这个力磁场施加的，即磁场对通电导体有力的作用。

（2）闭合回路的一部分要做切割磁感线运动，才有感应电流，要让导体AB沿水平方向运动。

此过程将导体棒的机械能转化为电路中的电能，导体棒相当于电源。

【考点】磁场对通电导线有力的作用电磁感应现象3. 1821年，世界上第一台电动机雏形由英国物理学家法拉第完成，其工作原理是_________，10年后，法拉第发现了_________现象，根据这一现象他又制成了世界上第一台发电机模型．【答案】通电线圈在磁场里受力转动；电磁感应．【解析】电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的；10年后，法拉第发现了电磁感应现象，发电机就是利用电磁感应现象制成的．【考点】发电机的构造和原理；直流电动机的原理4.电磁感应现象是英国物理学家法拉第首先发现的，探究该现象应选用图中_________（填“甲”或“乙”）所示的装置进行实验，在这个实验中感应电流的方向与磁场方向和___________方向有关。

高二物理题含电动机电路分析

1．一台小型电动机在3 V电压下工作,用此电动机提升所受重力为4 N的物体时,通过它的电流是A;在30 s内可使该物体被匀速提升3 m;若不计除电动机线圈生热之外的能量损失,求：1电动机的输入功率；2在提升重物的30 s内,电动机线圈所产生的热量；3线圈的电阻;解析：1电动机的输入功率P入＝UI＝×3 W＝W.2电动机提升重物的机械功率P机＝F v＝4×3/30 W＝W.根据能量关系P入＝P机＋P Q,得生热的功率P Q＝P入－P机＝－W＝W.所生热量Q＝P Q t＝×30 J＝6 J.3根据焦耳定律Q＝I2Rt,得线圈电阻R＝错误!＝错误!Ω＝5 Ω.2、如图所示,已知电源电动势E=20V,内阻r=lΩ,当接入固定电阻R=4Ω时,电路中标有“3V, 6W”的灯泡L和内阻R D=Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作.试求：1电路中的电流大小；2电动机的额定电压；3电动机的输出功率．1912分⑴灯泡L正常发光,电路中的电流为62A3LLPIU===⑵由闭合电路欧姆定律可求得,电动机的额定电压为U D=E－Ir+R－U L=20－2×1＋4－3＝7V⑶电动机的总功率为P总＝IU D＝2×7＝14W 电动机的热功率为P热＝I2R D ＝22×＝2W所以电动机的输出功率为P出＝P总－P热＝14－2＝12W3．如图所示,A为电解槽,M为电动机,N为电炉子,恒定电压U＝12 V,电解槽内阻r A ＝2 Ω,当S1闭合、S2、S3断开时,电流表A示数为6 A；当S2闭合、S1、S3断开时,A示数为5 A,且电动机输出功率为35 W；当S3闭合、S1、S2断开时,A示数为4 A．求：1电炉子的电阻及发热功率各多大2电动机的内阻是多少3在电解槽工作时,电能转化为化学能的功率为多少解析 1电炉子为纯电阻元件,由欧姆定律I ＝错误!得R ＝错误!＝2 Ω,其发热功率为P R ＝UI 1＝12×6 W ＝72 W.2电动机为非纯电阻元件,由能量守恒定律得UI 2＝I 错误!r M ＋P 输出,所以r M ＝错误!＝错误!Ω＝1 Ω.3电解槽工作时,由能量守恒定律得：P 化＝UI 3－I 错误!r A 所以P 化＝12×4－42×2 W＝16 W.答案 12 Ω 72 W 21 Ω 316 W4．利用电动机通过如图所示的电路提升重物, 已知电源电动势E ＝6 V ,电源内阻r ＝1 Ω,电阻R ＝3 Ω,重物质量m ＝ kg,当将重物固定时,电压表的示数为5 V ,当重物不固定,且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时,电压表的示数为 V ,求重物匀速上升时的速度大小不计摩擦,g 取10m/s 2．解析：设电动机内阻为r ′当将重物固定时I ＝错误!＝1 AR ＋r ′＝错误!＝5 Ω,r ′＝2 Ω当重物不固定时I ′＝错误!＝ AP 出＝UI ′＝ W,P R ＋P r ′＝I ′2R ＋r ′＝ W所以重物的功率P ＝P 出－P R －P r ′＝mgv ,解得v ＝ m/s 答案： m/s5．10分在图2－28所示电路中,电源电动势E ＝6 V ,内阻r ＝1 Ω.D 为直流电动机,其电枢线圈电阻R ＝2 Ω,限流电阻R ′＝3 Ω.当电动机正常工作时,电压表示数为 V ．求：1通过电动机的电流是多大2电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少解析：1通过电动机的电流I 与流过限流电阻R ′的电流相同,由I ＝错误!得：I ＝错误! A ＝ A.2由E ＝Ir ＋U ＋U D 可得电动机两端电压U D ＝E －Ir －U ＝6 V －×1 V － V ＝ V 所以电动机输入的电功率P 入＝U D I ＝ W.电动机的发热功率P 热＝I 2R ＝ W.电动机的输出功率P 出＝P 入－P 热＝ W.答案：1 A 2 W W W6．如图所示电路,电炉电阻R 1＝19 Ω,电动机电阻R 2＝ Ω,电源内阻r ＝1 Ω.当开关S 断开时,电炉消耗的电功率为475 W,S 接通、电动机正常运转后,电炉消耗的电功率为304 W ．求电动机转化为机械能的功率．解析：S 断开时外电路为纯电阻电路,电路中电流I ＝错误!＝错误! A ＝5 A,由此可解得电源电动势E＝IR1＋r＝5×19＋1 V＝100 接通后外电路有两个支路,除纯电阻负载R1支路外,另一支路负载为电动机,R1支路中的电流I1＝错误!＝错误!A ＝4 A.路端电压U＝I1R1＝4×19 V＝76 V.由I＝错误!＝错误!A＝24 A可知,电动机支路的电流I2＝24－4 A＝20 A.电动机输入的电功率P2＝I2U＝20×76 W＝1 520 W；电动机中的热功率P耗＝I错误!R2＝202× W＝200 W；因此电动机转化为机械能的功率P机＝I2U－I错误!R2＝1 320 W.答案：1 320 W7. 如右图所示,电源的电动势是6 V,内电阻是Ω,小电动机M的线圈电阻为Ω,限流电阻R0为3 Ω,若电压表的示数为3 V,试求：1电源的功率和电源的输出功率；2电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率．解析1由题意和部分电路欧姆定律可知I＝错误!＝错误!A＝1 A.电源的功率P电＝EI＝6×1 W＝6 W电源的输出功率P出＝P电－I2r＝6W－W＝W.2电动机消耗的功率P M＝IU M＝IE－Ir－UR0＝W电动机输出的机械功率P机＝P M－I2r＝W－W＝2 W.答案16 W W 2 W 2 W8．如下图所示,电源电动势为12 V,内电阻为r＝1 Ω,R1＝1 Ω,R2＝6 Ω,电动机线圈电阻为Ω,若开关闭合后通过电源的电流为3 A,则R1上消耗的电功率为多少电动机消耗的电功率为多少解析：R1上消耗的功率P1＝I2R1＝9×1 W＝9 W电动机两端的电压U＝E－IR1＋r＝12 V－3×1＋1 V＝6 V通过R2的电流为I1＝错误!＝错误!A＝1 A通过电动机的电流为I2＝I－I1＝2 A故电动机消耗的电功率为P2＝I2U＝2×6 W＝12 W.答案：9 W12 W9．规格为“220 V,36 W”的排气扇,线圈电阻为40 Ω,求：1接上220 V的电压后,排气扇转化为机械能的功率和发热的功率；2如果接上电源后,扇叶被卡住,不能转动,求电动机消耗的功率和发热的功率．12．解析：1排气扇在220 V的电压下正常工作时的电流为I＝错误!＝错误!A≈ A ,发热功率为P热＝I2R＝2×40 W≈1 W.转化为机械能的功率为P机＝P－P热＝36 W－1 W＝35 W.2扇叶被卡住不能转动后,电动机成为纯电阻用电器,电流做功全部转化为热能,此时电动机中电流为I′＝错误!＝错误!A＝A,电动机消耗的功率即电功率等于发热功率．P′电＝P′热＝UI′＝220× W＝1 210 W.答案：135 W 1 W21 210 W 1 210W10．如图所示,已知电源电动势E＝20 V,内阻r＝1 Ω,当接入固定电阻R＝4 Ω时,电路中标有“3 V,6 W”的灯泡L和内阻R D＝Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作．试求：1电路中的电流大小；2电动机的额定电压；3电动机的输出功率．解析：1灯泡L正常发光,电路中的电流为I＝P L/U L＝错误!A＝2 A.2由闭合电路欧姆定律可求得,电动机的额定电压为U D＝E－Ir＋R－U L＝20 V－2×1＋4 V－3 V＝7 V.3电动机的总功率为P总＝IU D＝2×7 W＝14 W电动机的热功率为P热＝I2R D＝22× W＝2 W所以电动机的输出功率为P出＝P总－P热＝14 W－2 W＝12 W.答案：12 A 27 V 312 W11．如图所示,电源电动势为E＝30 V,内阻为r＝1 Ω,电灯上标有“6 V,12 W”字样,直流电动机线圈电阻R＝2 Ω.若电灯恰能正常发光,求电动机输出的机械功率．解析：由电灯恰能正常发光知：I＝错误!＝错误!A＝2 A.则电动机两端电压U＝E－Ir－U灯＝22 V.所以电动机的输出功率P＝UI－I2R＝36 W.答案：36 W12．如图所示,电源的电动势E＝110 V,电阻R1＝21 Ω,电动机的电阻R0＝Ω,开关S1始终闭合;当开关S2断开时,电阻R1的电功率是525 W；当开关S2闭合时,电阻R1的电功率是336 W,求：1电源的内电阻；2当开关S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率;9．答案：11 Ω226 A 1 606 W解析：1电键S1闭合,R1的电功率525 W＝错误!,U1＝105 V;错误!＝错误!,则r＝错误!＝错误!Ω＝1 Ω;2电键S2闭合时,336 W＝错误!,U1′＝84 V;流过电源电流I＝错误!＝错误!A＝26 A;通过电动机的电流I M＝I－IR1＝26－错误!A＝22 A电动机的输入功率P入＝U1′I M ＝84×22 W＝1 848 W电动机的输出功率P出＝P入－I错误!R0＝1 848 W－222× W＝1 606 W;14．16分某一直流电动机提升重物的装置如图7所示,重物的质量m＝50 kg,电源提供的电压U＝110 V,不计一切摩擦．当电动机以v＝m/s的恒定速度向上提升重物时,电路中的电流I＝A,1由此可知电动机线圈的电阻R是多少2用此电动机提升质量为m′＝20 kg的重物,电动机的输入功率不变,提升速度是多少g取10 m/s2解析1由题意可知,电动机输入的电能一部分转化为线圈的内能,一部分对外输出转化为被提升重物的机械能,由能量的转化和守恒定律可得：UI＝I2R＋mg v解得：R＝错误!－错误!＝错误!Ω＝Ω.2由UI＝I2R＋m′g v′得v′＝错误!＝错误!m/s＝m/s.答案 1 Ω 2 m/s。

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