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初中数学人教版七年级下册期末-章节测试习题(1)

章节测试题1.【题文】已知关于的方程组(1)若求方程组的解；(2)若方程组的解满足求的取值范围.【答案】(1) ;(2) a＞-.【分析】（1）将a=2代入方程组计算即可求出解；（2）将a看做已知数求出x与y，根据x大于y得到a的范围. 【解答】解：（1）当a=2时，方程组为，①-②得：3y=6，即y=2，将y=2代入①得：x=9，则方程组的解为；（2）方程组两方程相减得：3y=10-2a，即y=，将y=代入第一个方程得：x=，根据题意得：＞，解得：a＞-.2.【题文】为了了解某地区“雾霾天气的主要成因”，随机调查了该地区部分市民，并对调査结果随机调査了该市部分市民，并对调査结果进行整理，绘制了如下尚不完整的统计图表.根据图表中提供的信息解答下列问题:(1)求接受调查的总人数；(2)填空:扇形统计图中E组所占的百分比为______%；(3)扇形统计图中，C组所对应扇形圆心角的度数为________；(4)若该地区人口约有100万人，请你估计持D组观点的市民人数.【答案】（1）600人；（2）60，150，15%；（3）90°；（4）30万人．【分析】（1）根据A组的人数和所占的百分比可以求得接受调查的总人数；（2）根据接受调查的总人数和B组观点的百分比可以求得m，总人数减去其余各组的人数可以求得n的值，根据E组人数和总人数可求得所占的百分比；（3）根据C组观点的人数占的百分比可以求得C组所对应扇形圆心角的度数；（4）根据D组观点占的百分比可以求得持D组观点的市民人数．【解答】解：（1）由题意可得，接受调查的总人数是：120÷20%=600，即接受调查的一共有600人；（2）m=600×10%=60，n=600-180-120-90-60=150，扇形统计图中E组所占的百分比为：×100%=15%，故答案为：60，150，15%；（3）扇形统计图中，C组所对应扇形圆心角的度数为：360°×=90°，故答案为：90°；（4）100×=30（万人），答：持D组观点的市民有30万人．3.【题文】某体育器材公司最新推出A、B两种不同型号的跳绳，我区某学校第一次订购两种跳绳共计640条，该公司共获利2160元，两种跳绳的成本价、销售价如下表：(1)求学校第一次订购A、B两种跳绳各多少条?(2)第二次订购A、B两种跳绳的条数皆为第一次的2倍，销售时，A种跳绳按原售价销售，B种跳绳全部降价出售，该公司为使利润不小于4080元，则B种跳绳每条的最低销售价应为多少元?【答案】（1）学校第一次订购A种跳绳400条，B种跳绳240条；（2）第二次B 种跳绳每条的最低销售价应为9.5元．【分析】（1）设学校第一次订购A种跳绳x条B种跳绳y条，根据“两种跳绳共计640条，该公司共获利2160元”列出方程组进行求解；（2）设第二次B种跳绳每条的最低销售价应为a元，根据“该公司的利润不少于4080元”列出不等式，继而即可求解．【解答】解：（1）设学校第一次订购A种跳绳x条，B种跳绳y条，根据题意得：，解得：．答：学校第一次订购A种跳绳400条，B种跳绳240条．（2）设第二次B种跳绳每条的最低销售价应为a元，根据题意得：（8-5）×400×2+（a-6）×240×2≥4080，解得：a≥9.5．答：第二次B种跳绳每条的最低销售价应为9.5元．4.【题文】如图1，在平面直角坐标系中，点A(0，4)，C(2，0).(1)已知坐标轴上有两动点P、Q同时出发，P点从C点出发沿轴负方向以1个单位长度每秒的速度匀速移动，Q点从O点出发以2个单位长度每秒的速度沿轴正方向移动，点Q到达A点整个运动随之结束，AC的中点D的坐标是(1，2)，设运动时间为秒，问:是否存在这样的使若存在，请求出的值；若不存在，请说明理由.(2)如图2，点F是线段AC上一点，满足∠FOC=∠FCO，点G是第二象限中一点，连OG，使得∠AOG=∠AOF，点E是线段OA上一动点，连CE交OF于点H，当点E在线段OA上运动的过程中，以下两个式子:哪个式子为定值，请求出这个定值.【答案】(1) t=；(2)的值不变，其值为2．【分析】（1）先得出CP=t，OP=2-t，OQ=2t，AQ=4-2t，再根据，列出关于t的方程，求得t的值即可；（2）过H点作AC的平行线，交x轴于P，先判定OG∥AC，再根据角的和差关系以及平行线的性质，得出∠PHO=∠GOF=∠1+∠2，∠OHC=∠OHP+∠PHC=∠GOF+∠4=∠1+∠2+∠4，最后代入进行计算即可．【解答】解：（1）由条件可知：P点从C点运动到O点时间为2秒，Q点从O点运动到A点时间为2秒，∴0＜t≤2时，点Q在线段AO上，即 CP=t，OP=2-t，OQ=2t，AQ=4-2t，∴S△DOP＝OP•y D＝(2−t)×2＝2−t，S△DOQ＝OQ•x D＝×2t×1＝t，∵，∴2（2-t）=t，∴t=；（2）的值不变，其值为2．∵∠2+∠3=90°，又∵∠1=∠2，∠3=∠FCO，∴∠GOC+∠ACO=180°，∴OG∥AC，∴∠1=∠CAO，∴∠OEC=∠CAO+∠4=∠1+∠4，如图，过H点作AC的平行线，交x轴于P，则∠4=∠PHC，PH∥OG，∴∠PHO=∠GOF=∠1+∠2，∴∠OHC=∠OHP+∠PHC=∠GOF+∠4=∠1+∠2+∠4，∴＝=，不能确定.＝=＝2．5.【题文】已知，平面直角坐标系中，A(2，0)，B()，且满足(1)求点B坐标；(2)P(0，)为轴上一点，求的取值范围；(3)若Q为直线AB上一点，连接OQ，且直接写出点Q 的纵坐标的取值范围.【答案】（1）B（-2，4）；（2）m≥6或m≤-2；（3）≤y≤3或6≤y≤8.【分析】（1）根据非负数的性质列出方程组，解方程组求出a、b，得到点B的坐标；（2）先利用待定系数法求得直线AB的解析式为y=-x+2，进而得出直线AB交y 轴于（0，2），根据三角形的面积公式求出根据S△ABP不小于8时，×|y-2|×（2+2）≥8，得到点P的纵坐标m的取值范围；（3）分两种情况，当点Q在线段AB上时，可得2（4-y）≤y≤3（4-y）计算可得；当点Q在线段AB的延长线上时，可得2（y-4）≤y≤3（y-4）计算即可．【解答】解：（1）∵∴2a+b=0，3a+2b-2=0，解得a=-2，b=4，∴B（-2，4）；（2）设直线AB的解析式为y=kx+b，把A（2，0），B（-2，4）代入，可得，解得，∴直线AB的解析式为y=-x+2，令x=0，则y=2，即直线AB交y轴于（0，2），=4，根据得，8，即×|m-2|×（2+2）≥8，解得m≥6或m≤-2；（3）≤y≤3或6≤y≤8.6.【答题】下列方程中，是二元一次方程的是（）A.3x﹣2y＝4zB.4x+y＝2C.D.6xy+9＝0 【答案】B【分析】直接利用二元一次方程的定义分析得出答案．【解答】A、，是三元一次方程，故此选项错误；B、，是二元一次方程，故此选项正确；C、，是分式方程，故此选项错误；D、，是二元二次方程，故此选项错误；选B.7.【答题】若m＜1，则下列各式中错误的是（）A.m+2＜3B.m﹣1＜0C.2m＜2D.m+1＞0【答案】D【分析】根据不等式的性质即可求出答案．【解答】∵m＜1∴m+1＜2故D错误选D.8.【答题】在下列调查中，适宜采用全面调查的是（）A.了解明德集团所有中学生的视力情况B.了解某校七(4)班学生校服的尺码情况C.调查北京2017年的游客流量D.调查中国“2018俄罗斯世界杯”栏目的收视率【答案】B【分析】根据实际问题的需要选择合适的调查方式.【解答】A、适合用抽样调查；B、适合用全面调查；C、适合用抽样调查；D、适合用抽样调查，所以答案选B.9.【答题】不等式组的解在数轴上表示正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【分析】分别求出各不等式的解集，再在数轴上表示出来即可．【解答】解：解得：x＜3，x≥-1故不等式组的解集为：-1≤x＜3在数轴上表示为：．选C.10.【答题】已知是二元一次方程2x+y＝14的解，则k的值是（）A.2B.﹣2C.3D.﹣3【答案】A【分析】根据方程的解的定义，将方程2x+y＝14中x，y用k替换得到k的一元一次方程进行求解．【解答】将代入二元一次方程2x+y＝14，得7k＝14，解得k＝2．选A.11.【答题】在一个三角形中，一个外角是其相邻内角的2倍，那么这个外角是（）A.150B.120°C.100°D.90°【答案】B【分析】设与外角相邻的内角为x°，根据平角的定义得到方程3x=180，求出x即可．【解答】设与外角相邻的内角为x°，∵一个三角形中，一个外角是其相邻内角的2倍∴这个外角为2x°∴3x=180∴x=60．即这个外角为120°选B.12.【答题】由方程组可得出x与y的关系式是（）A.x+y＝9B.x+y＝3C.x+y＝﹣3D.x+y＝﹣9【答案】A【分析】本题考查了二元一次方程组的解法。

元素周期表元素周期律章节综合练习题附答案

元素周期表元素周期律章节综合练习题一、单选题1.下列说法中，不符合皿A族元素性质特征的是()A.从上到下原子半径逐渐减小B.易形成-1价离子C.最高价氧化物的水化物显酸性D.从上到下氢化物的稳定性依次减弱2.下列有关碱金属、卤素结构和性质描述正确的是( )①随着核电荷数的增加，碱金属单质、卤素单质的熔、沸点依次升高,密度依次增大②F、Cl、Br、I的最外层电子数都是7,次外层电子数都是8③碱金属单质的金属性很强，均易与氧气发生反应，加热时生成氧化物R2O④砹是原子序数最大的卤族元素,根据卤素性质的递变规律,At与比化合最容易⑤根据HF、HCl、HBr、HI的稳定性逐渐减弱的事实，推出F、Cl、Br、I的非金属性逐渐增强的规律⑥碱金属都应保存在煤油中⑦卤素按F、Cl、Br、I的顺序其非金属性逐渐减弱的原因是随着核电荷数增加，电子层数增多，原子半径增大起主要作用⑧碳酸铯不易发生分解反应生成氧化铯和二氧化碳A.全部正确B.⑦⑧C.①③⑤⑥⑦D.①③⑦⑧3.下列不能说明氯元素的非金属性比硫元素强的事实是( )①HCl比H2S稳定②HC1O氧化性比H2SO4强③HClO4酸性比H2so4强④Cl2能与H2s反应生成S⑤氯原子最外层有7个电子，硫原子最外层有6个电子A.②⑤B.①②C.①②④D.①③⑤4.下列说法正确的是( )A.第I A族元素的金属性比第IIA族元素的金属性强B.第W A族元素的简单气态氢化物中，稳定性最强的其沸点也最高C.同周期非金属元素的氧化物对应的水化物的酸性从左到右依次增强D.第二周期元素随族序数的递增,其最高化合价也递增©)))5.已知某原子的结构示意图为，下列说法正确的是()A.该元素位于第2周期第IIA族B.该元素位于第2周期第皿族C.该元素位于第3周期第IIA族D.该元素位于第3周期0族6.下列关于元素周期表的叙述正确的是( )A.周期表中有8个主族,8个副族B.目前使用的元素周期表中，最长的周期含有32种元素C.短周期元素是指1〜20号元素D.原子的最外层电子数都等于该元素所在的族序数7.下列关于卤族元素在周期表中由上到下性质发生递变的叙述中,正确的是（）①单质的氧化性增强②单质的颜色加深③气态氢化物的稳定性增强④单质的沸点升高⑤阴离子的还原性增强A.①②③B.②③④C.②④⑤D.①③⑤8.氟、氯、溴、碘四种元素，它们的下列性质的递变规律不正确的是（）A.单质的密度依次增大9.单质的熔点、沸点依次升高C.C12可从KI溶液中置换出I2D.气态氢化物的稳定性逐渐减弱，氯、溴、碘元素的氧化物对应水化物的酸性逐渐增强10如图所示为第I A族金属（又称为碱金属）元素的某些性质与核电荷数的变化关系,则下列各性质中不符合图示关系的是（）A.金属性B.与水反应的剧烈程度C.阳离子的氧化性D.原子半径11.下列关于元素周期表的叙述中正确的是（）A.除零族元素外，短周期元素的最高化合价在数值上都等于该元素所属的族序数B.除零族外，由长、短周期元素共同组成的元素族称为主族C.主、副族元素的族序数从左到右都是依次由小到大排列（如I B〜皿B）D.元素周期表共七个横行代表七个周期,18个纵行代表18个族11.元素周期表是学习化学的重要工具,如图是元素周期表中的一格，从该图中,我们获取的相关信息中错误的是（）2299A.该元素的名称是钠C.该元素在地壳中的含量为22.99%B.该元素的原子序数为11D.该元素的元素符号为NaII12.15号元素在元素周期表中的位置是( )A.第2周期VA族B.第2周期VIA族C.第3周期VIA族D.第3周期VA族13.原子序数为83的元素位于:①第五周期;②第六周期;③W A族；④V A族；⑤IIB族，其中正确的组合是( )A.①④B.②③C.②④D.①⑤14.下列说法正确的是( )A.碱性强弱顺序:LiOH〉NaOH〉KOH〉RbOHB.金属性强弱顺序:Rb〉K〉Na〉LiC.和酸反应时Fe失2个电子,Na失1个电子，所以Fe的金属性强于NaD.Rb不易与水反应放出H215.下图分别为元素周期表的一部分(数字为原子序数)，其中X为35的是()L二、填空题16.碱金属与卤素是典型的金属元素和非金属元素。

第二章章节习题

第二章会计要素与会计等式一、单项选择题1、某企业6月初的资产总额为15万元，负债总额为5万元。

6月份发生下列业务：取得收入共计6万元，发生费用共计4万元，则6月底该企业的所有者权益总额为（）A、12万元B、17万元C、16万元D、10万元2、下列表述中，正确的是（）。

A、所有者权益的金额应等于企业总资产金额B、所有者权益的金额应等于企业总资产减去总负债后的余额C、所有者权益的金额应等于企业净利润金额D、所有者权益的金额应等于企业总负债金额3、企业的所有者权益在金额上等于（）。

A、企业流动负债减去长期负债后的差额B、企业流动资产减去流动负债后的差额C、企业全部资产减去全部负债后的差额D、企业长期负债减去流动负债后的差额4、企业收到投资者追加投资300000元，款项存入银行。

关于这笔经济业务，以下说法正确的是（）。

A、导致资产内部增减变动，总额不变B、导致资产增加，负债增加C、导致资产增加，所有者权益增加D、导致所有者权益内部增减变动，总额不变5、下列不属于所有者权益的是（）。

A、实收资本B、资本公积C、盈余公积D、主营业务收入6、M公司月初资产总额为100万元，本月发生下列业务：（1）以银行存款购买原材料10万元；（2）向银行借款60万元，款项存入银行；（3）以银行存款归还前欠货款30万元。

则月末该公司资产总额为（）万元。

A、130B、160C、100D、1107、资产按照现在购买相同或者相似资产所需支付的现金或者现金等价物的金额计量的会计计量属性是（）。

A、历史成本B、重置成本C、公允价值D、现值8、某企业月初资产总额为80万元，本月发生下列业务：（1）从银行取得借款5万元存入银行；（2）用银行存款购买材料2万元（不考虑增值税）；（3）收回应收账款8万元存入银行；（4）以银行存款偿还货款6万元。

则月末资产总额为（）万元。

A、82B、79C、89D、879、流动资产是指变现或耗用期限在（）的资产。

《管理学》八大章节选择练习题

《管理学》八大章节选择练习题第一章管理思想与管理理论【练习1】泰罗认为科学管理的中心问题是()A. 实现标准化B.制定科学的报酬制度C.提高工人素质D.提高生产效率【答案】D【练习2】在历史上第一次使管理从经验上升为科学的是()A.科学管理理论B.一般行政管理理论C.行为科学理论D.定量分析方法【答案】A【练习1】霍桑实验表明（）A.非正式组织对实现组织目标的达成是有害的B.正式组织对达成组织目标是有益的C.企业应该采取一切措施取缔非正式组织D.企业应该正视非正式组织的存在【答案】D【练习2】梅奥通过（）否定了传统的管理理论对于人的假设，提出了自己的观点。

A.金属切削实验B.搬运铁块实验C.霍桑实验D.车间照明实验【答案】C【练习3】（）是梅奥在总结霍桑实验的基础上得到的结论。

（多选题）A.职工是社会人B.人的行为时有动机导向的，而动机则是由需要引起的C.人的需要是有层次的D.新型的领导能力在于提高职工的满意度【答案】AD【练习】在现代管理理论学派中,哪一学派认为在企业管理中,没有什么一成不变、普遍适用的“最佳的”管理理论和方法？（）A.管理过程学派B.行为科学学派C.系统管理学派D.权变理论学派【答案】D【练习】全面质量管理的目标是（）A.挑选出质量有瑕疵的产品B.在企业中杜绝生产不合格产品的行为C.建立组织对持续改进的承诺D.用统计学的方法来控制产品生产的全过程【答案】C 全面质量管理是以质量为中心，全体职工以及有关部门积极参与，把专业技术、经营管理、数理统计和思想教育结合起来，建立起产品的研究、设计、生产、服务等全过程的质量管理体系，从而有效第利用人力、物力、财力、信息等资源，以最经济的手段生产出顾客满意的产品，使组织、全体成员及社会受益，从而使组织获得长期成功和发展。

其目标是建立组织对持续改进的承诺。

第二章管理与组织概述【练习】判断一个人在组织中是否管理者的标准是：他或她是否有（）A 魅力B 权利C 资源D 下属【答案】D【练习】关于公司总经理与中层管理人员之间的区别，存在以下几种不同的说法，你认为其中哪种说法最为贴切？（）A.总经理比中层管理人员更需要具备对环境的洞察力B.总经理比中层管理人员更有发言权C.总经理比中层管理人员更需要掌握反映公司经营问题的信息D.总经理比中层管理人员较少受约束【答案】A【练习1】张强是某大型企业集团的总裁助理，年富力强，在助理岗位上工作得十分出色，他最近被任命为集团销售总公司的总经理，从而由一名参谋人员变成了独挡一面的部门负责人。

第二章生产经营单位的安全生产管理习题

章节习题--第二章生产经营单位的安全生产管理一、单项选择题1.安全生产是关系到生产经营单位____的大事。

A.全员、全面、全系统B.全员、全层次、全过程C.全面、全层次、全过程D.全员、全层次、全系统2.安全生产责任制是生产经营单位最基本的安全制度。

建立的安全生产责任制必须符合国家安全生产法律法规和____的要求，并应适时修订。

CA.生产经营单位管理体制B.生产经营单位实际情况C.政策、方针D.目标、措施3.安全生产责任制是按照职业安全健康工作方针“安全第一，预防为主”和“____”的原则，将各级负责人员、各职能部门及其工作人员和各岗位生产工人在职业安全健康方面应做的事情和应负的责任加以明确规定的一种制度。

CA.安全生产、人人有责B.三同时C.管生产的同时必须管安全D.五同时4.安全生产责任制是生产经营单位各项安全生产规章制度的核心，是生产经营单位行政岗位责任制和经济责任制度的重要组成部分，也是最基本的职业健康安全管理制度。

它是从____上落实“安全生产，人人有责”，从而增强各级管理人员的责任心，使安全管理纵向到底、横向到边，责任明确、协调配合，把安全工作落到实处。

A.方法B.制度C.内容D.程序5.生产经营单位安全生产责任制的范围，____到各级人员的安全生产责任制，____到各职能部门的安全生产责任制。

A.横向，纵向B.纵向，横向C.生产，管理D.直接，间接6.生产经营单位的主要负责人是本单位安全生产的第一负责人，对安全生产工作____负责。

CA.主要B.直接C.全面D.完全7.没有直接出现在生产经营单位主要负责人6项安全生产职责中的是____。

A.组织开展本单位安全生产宣传教育工作B.保证本单位安全生产投人的有效实施C.组织制定并实施本单位安全生产事故应急预案D.督促、检查本单位的安全生产工作8.在建立安全生产责任制的同时建立安全生产责任制的监督、检查等制度，特别要注意发挥________的监督作用，以保证安全生产责任制得到真正落实。

小学语文人教部编版(2019)五年级上册第三单元快乐读书吧-章节测试习题

章节测试题1.【答题】“劈山救母”的故事情节出自（）。

A. 《葫芦娃》B. 《宝莲灯》C. 《白蛇传》D. 《拔萝卜》【答案】B【分析】本题考查课外阅读积累能力。

【解答】《劈山救母》又名《宝莲灯》，是中国古代神话传说之一。

其情节多说的是刘沉香劈开华山救出其母三圣母的传说和二郎神杨戬劈开桃山救母的故事。

2.【答题】下列不属于民间故事的一项是（）A. 《八仙过海》B. 《田螺姑娘》C. 《草房子》D. 《刘三姐》【答案】C【分析】本题考查辨析体裁的能力。

【解答】《草房子》是作家曹文轩创作的一部长篇小说，不属于民间故事。

3.【答题】下列民间故事与国家或地区不对应的一项是（）A. 《小拇指》——印度B. 《日月潭的传说》——中国C. 《聪明的牧羊人》——欧洲D. 《曼丁之狮——松迪亚塔》——非洲【答案】A【分析】本题考查对民间故事的掌握。

【解答】A《小拇指》——法国。

4.【答题】根据下面的文字描述猜故事，选一选。

（）刚结婚不久的女子，亲自去长城寻找丈夫，得知丈夫已死，她痛哭了三天三夜。

A. 《神笔马良》B. 《三个和尚》C. 《孟姜女的传说》D. 《梁山伯与祝英台》【答案】C【分析】本题考查课外阅读积累能力。

【解答】题目中文字描述的故事情节出自《孟姜女的传说》。

5.【答题】根据下面的文字描述猜故事，选一选。

（）一位酷爱画画的放牛娃勤学不辍，获得了仙人赠送的神笔，他用这支笔造福贫苦人民。

A. 《神笔马良》B. 《三个和尚》C. 《孟姜女的传说》D. 《梁山伯与祝英台》【答案】A【分析】本题考查课外阅读积累能力。

【解答】题目中文字描述的故事情节出自《神笔马良》。

6.【答题】根据下面的文字描述猜故事，选一选。

（）富家小姐女扮男装入学堂，与穷书生相爱遇阻拦，最后二人双双化蝶。

A. 《神笔马良》B. 《三个和尚》C. 《孟姜女的传说》D. 《梁山伯与祝英台》【答案】D【分析】本题考查课外阅读积累能力。

【解答】题目中文字描述的故事情节出自《梁山伯与祝英台》。

数列章节课后习题及答案

数列习题及答案详解一、选择题1．在数列{a n }中，a 1＝1，a n ＝2a n －1＋1，则a 5的值为( )． A ．30 B ．31 C ．32 D ．33解析 a 5＝2a 4＋1＝2(2a 3＋1)＋1＝22a 3＋2＋1＝23a 2＋22＋2＋1＝24a 1＋23＋22＋2＋1＝31. 答案 B2．设数列{a n }的前n 项和S n ＝n 2，则a 8的值为( )． A ．15 B ．16 C ．49 D ．64解析由于S n ＝n 2，∴a 1＝S 1＝1.当n ≥2时，a n ＝S n －S n －1＝n 2－(n －1)2＝2n －1，又a 1＝1适合上式． ∴a n ＝2n －1，∴a 8＝2×8－1＝15. 答案 A3．设数列{a n }是等差数列，其前n 项和为S n ，若a 6＝2且S 5＝30，则S 8等于( )．A ．31B ．32C ．33D ．34解析由已知可得⎩⎪⎨⎪⎧a 1＋5d ＝2，5a 1＋10d ＝30，解得⎩⎨⎧a 1＝263，d ＝－43.∴S 8＝8a 1＋8×72d ＝32.答案 B4．已知{a n }是等比数列，a 2＝2，a 5＝14，则公比q 等于( )．A ．－12B ．－2C ．2 D.12解析由题意知：q 3＝a 5a 2＝18，∴q ＝12.答案 D5．在等比数列{a n }中，a 4＝4，则a 2·a 6等于( )． A ．4 B ．8 C ．16 D ．32解析由等比数列的性质得：a 2a 6＝a 24＝16. 答案 C6．设{a n }是公差不为0的等差数列，a 1＝2且a 1，a 3，a 6成等比数列，则{a n }的前n 项和S n ＝( )． A.n 24＋7n 4 B.n 23＋5n 3 C.n 22＋3n4D ．n 2＋n 7．设S n 为等比数列{a n }的前n 项和，8a 2＋a 5＝0，则S 5S 2＝( )．A ．－11B ．－8C ．5D ．11解析设等比数列的首项为a 1，公比为q .因为8a 2＋a 5＝0，所以8a 1q ＋a 1q 4＝0. ∴q 3＋8＝0，∴q ＝－2，∴S5S 2＝)1(11)1(2151q a q q q a --⋅-- ＝1－q 51－q 2＝－11. 答案 A8．等差数列{a n }的通项公式为a n ＝2n ＋1，其前n 项的和为S n ，则数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 的前10项的和为( )．A ．120B ．70C ．75D ．100 解析 ∵)2(2)123(+=++=n n n n S n ，S n n＝n ＋2.∴数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫S n n 前10项的和为：(1＋2＋…＋10)＋20＝75.答案 C9．设数列{(－1)n}的前n 项和为S n ，则对任意正整数n ，S n ＝( )．A.2]1)1[(--nn B.2]1)1[(1+--n C.2]1)1[(+-nD.2]1)1[(--n解析因为数列{(－1)n}是首项与公比均为－1的等比数列，所以S n ＝)1(1])1(1)[1(------n＝2]1)1[(--n.答案 D10．等比数列{a n }的前n 项和为S n ，若a 1＝1，且4a 1,2a 2，a 3成等差数列，则S 4＝( )． A ．7 B ．8 C ．15 D ．16解析设数列{a n }的公比为q ，则4a 2＝4a 1＋a 3，∴4a 1q ＝4a 1＋a 1q 2，即q 2－4q ＋4＝0，∴q＝2.∴S 4＝1－241－2＝15.答案 C 11．已知数列{a n }是各项均为正数的等比数列，数列{b n }是等差数列，且a 6＝b 7，则有( )． A ．a 3＋a 9≤b 4＋b 10 B ．a 3＋a 9≥b 4＋b 10 C ．a 3＋a 9≠b 4＋b 10D ．a 3＋a 9与b 4＋b 10的大小关系不确定解析 10476518218218121932222)(b b b a q a q q a q q a q a q a a a +====≥+=+=+12．已知等差数列{}n a 的前n 项和为)(*∈N n S n ，且7,373=-=S S ，那么数列{}n a 的公差=d （） A ．1 B ．2 C ．3 D ．4答案 A二、填空题13．若S n ＝1－2＋3－4＋…＋(－1)n －1·n ，S 50＝________. 解析 S 50＝1－2＋3－4＋…＋49－50 ＝(－1)×25＝－25. 答案－2514．等差数列{a n }前9项的和等于前4项的和．若a 1＝1，a k ＋a 4＝0，则k ＝________.解析设{a n }的公差为d ，由S 9＝S 4及a 1＝1，得9×1＋9×82d ＝4×1＋4×32d ，所以d ＝－16.又a k ＋a 4＝0，所以0)]61)(14(1[)]61)(1(1[=--++--+k ，即k ＝10.答案 1015.《九章算术》“竹九节”问题：现有一根9节的竹子，自上而下各节的容积成等差数列，上面4节的容积共3升，下面3节的容积共4升，则第5节的容积为________升．解析设竹子从上到下的容积依次为a 1，a 2，…，a 9，由题意可得a 1＋a 2＋a 3＋a 4＝3，a 7＋a 8＋a 9＝4，设等差数列{a n }的公差为d ，则有4a 1＋6d ＝3①，3a 1＋21d ＝4②，由①②可得d＝766，a 1＝1322a 5＝a 1＋4d ＝1322＋4×766＝6766. 答案 676616. 已知数列{a n }的前n 项和S n ＝3n 2－2n ＋1，则其通项公式为________．解析当n ＝1时，a 1＝S 1＝3×12－2×1＋1＝2；当n ≥2时，a n ＝S n －S n －1＝3n 2－2n ＋1－[3(n －1)2－2(n －1)＋1]＝6n －5，显然当n ＝1时，不满足上式．故数列的通项公式为a n ＝⎩⎪⎨⎪⎧2，n ＝1，6n －5，n ≥2.答案 a n ＝⎩⎪⎨⎪⎧2，n ＝16n －5，n ≥217. 等比数列{a n }中，若a 1＝12，a 4＝－4，则公比q ＝________；|a 1|＋|a 2|＋…＋|a n |＝________.解析设等比数列{a n }的公比为q ，则a 4＝a 1q 3，代入数据解得q 3＝－8，所以q ＝－2；等比数列{|a n |}的公比为|q |＝2，则|a n |＝12×2n －1，所以|a 1|＋|a 2|＋|a 3|＋…＋|a n |＝12(1＋2＋22＋…＋2n －1)＝12(2n －1)＝2n －1－12.答案－2 2n －1－12三、解答题18. 知数列{a n }的前n 项和S n 是n 的二次函数，且a 1＝－2，a 2＝2，S 3＝6. (1)求S n ；(2)证明：数列{a n }是等差数列．(1)解设S n ＝An 2＋Bn ＋C (A ≠0)，则⎩⎪⎨⎪⎧－2＝A ＋B ＋C ，0＝4A ＋2B ＋C ，6＝9A ＋3B ＋C ，解得：A ＝2，B ＝－4，C ＝0.∴S n ＝2n 2－4n .(2)证明当n ＝1时，a 1＝S 1＝－2.当n ≥2时，a n ＝S n －S n －1＝2n 2－4n －[2(n －1)2－4(n －1)] ＝4n －6.∴a n ＝4n －6(n ∈N *)．当n ＝1时符合上式，故a n ＝4n －6， ∴a n ＋1－a n ＝4，∴数列{a n }成等差数列．19. 知数列{a n }的前n 项和S n ＝－n 2＋24n (n ∈N *)． (1)求{a n }的通项公式；(2)当n 为何值时，S n 达到最大？最大值是多少？解 (1)n ＝1时，a 1＝S 1＝23.n ≥2时，a n ＝S n －S n －1＝－n 2＋24n ＋(n －1)2－24(n －1)＝－2n ＋25.经验证，a 1＝23符合a n ＝－2n ＋25，∴a n ＝－2n ＋25(n ∈N *)．(2)法一 ∵S n ＝－n 2＋24n ，∴n ＝12时，S n 最大且S n ＝144. 法二 ∵a n ＝－2n ＋25，∴a n ＝－2n ＋25＞0，有n ＜252.∴a 12＞0，a 13＜0，故S 12最大，最大值为144.20. d 为非零实数，a n ＝1n[C 1n d ＋2C 2n d 2＋…＋(n －1)C n －1n d n －1＋n C n n d n ](n ∈N *)．(1)写出a 1，a 2，a 3并判断{a n }是否为等比数列．若是，给出证明；若不是，说明理由； (2)设b n ＝nda n (n ∈N *)，求数列{b n }的前n 项和S n . 解 (1)由已知可得a 1＝d ，a 2＝d (1＋d )，a 3＝d (1＋d )2.当n ≥2，k ≥1时，k nC k n ＝C k －1n －1，因此 a n ＝∑n k ＝1k n C k n d k ＝∑n k ＝1C k －1n －1d k ＝d ∑n －1k ＝0C k n －1d k ＝d (d ＋1)n －1. 由此可见，当d ≠－1时，{a n }是以d 为首项，d ＋1为公比的等比数列；当d ＝－1时，a 1＝－1，a n ＝0(n ≥2)，此时{a n }不是等比数列． (2)由(1)可知，a n ＝d (d ＋1)n －1，从而b n ＝nd 2(d ＋1)n －1S n ＝d 2[1＋2(d ＋1)＋3(d ＋1)2＋…＋(n －1)(d ＋1)n －2＋n (d ＋1)n －1]．①当d ＝－1时，S n ＝d 2＝1.当d ≠－1时，①式两边同乘d ＋1得(d ＋1)S n ＝d 2[(d ＋1)＋2(d ＋1)2＋…＋(n －1)(d ＋1)n －1＋n (d ＋1)n ]．② ①，②式相减可得－dS n ＝d 2[1＋(d ＋1)＋(d ＋1)2＋…＋(d ＋1)n －1－n (d ＋1)n ]＝⎥⎦⎤⎢⎣⎡+--+n n d n d d d )1(1)1(2. 化简即得S n ＝(d ＋1)n(nd －1)＋1. 综上，S n ＝(d ＋1)n (nd －1)＋1.21. 知数列{a n }是首项为a 1＝14，公比q ＝14的等比数列，设n n a b 41log32=+ (n ∈N *)，数列{c n }满足c n ＝a n ·b n .(1)求数列{b n }的通项公式； (2)求数列{c n }的前n 项和S n .[尝试解答] (1)由题意，知a n ＝⎝⎛⎭⎫14n (n ∈N *)，又2log 341-=n n a b ，故b n ＝3n －2(n ∈N *)．(2)由(1)，知a n ＝⎝⎛⎭⎫14n ，b n ＝3n －2(n ∈N *)，∴c n ＝(3n －2)×⎝⎛⎭⎫14n (n ∈N *)． ∴S n ＝1×14＋4×⎝⎛⎭⎫142＋7×⎝⎛⎭⎫143＋…＋(3n －5)×⎝⎛⎭⎫14n －1＋(3n －2)×⎝⎛⎭⎫14n ，于是14S n ＝1×⎝⎛⎭⎫142＋4×⎝⎛⎭⎫143＋7×⎝⎛⎭⎫144＋…＋(3n －5)×⎝⎛⎭⎫14n ＋(3n －2)×⎝⎛⎭⎫14n ＋1，两式相减，得 34S n ＝14＋3⎣⎡⎦⎤⎝⎛⎭⎫142＋⎝⎛⎭⎫143＋…＋⎝⎛⎭⎫14n －(3n －2)×⎝⎛14n ＋1＝12－(3n ＋2)×⎝⎛⎭⎫14n ＋1， ∴S n ＝23－3n ＋23×⎝⎛⎭⎫14n (n ∈N *)．22. 数列{a n }的前n 项和记为S n ，a 1＝1，a n ＋1＝2S n ＋1(n ≥1)． (1)求{a n }的通项公式；(2)等差数列{b n }的各项为正，其前n 项和为T n ，且T 3＝15，又a 1＋b 1，a 2＋b 2，a 3＋b 3成等比数列，求T n .解 (1)由a n ＋1＝2S n ＋1，可得a n ＝2S n －1＋1(n ≥2)，两式相减得a n ＋1－a n ＝2a n ，则a n ＋1＝3a n (n ≥2)．又a 2＝2S 1＋1＝3，∴a 2＝3a 1.故{a n }是首项为1，公比为3的等比数列，∴a n ＝3n －1. (2)设{b n }的公差为d ，由T 3＝15，b 1＋b 2＋b 3＝15，可得b 2＝5，故可设b 1＝5－d ，b 3＝5＋d ，又a 1＝1，a 2＝3，a 3＝9，由题意可得(5－d ＋1)(5＋d ＋9)＝(5＋3)2，解得d 1＝2，d 2＝－10.∵等差数列{b n }的各项为正，∴d ＞0，∴d ＝2，b 1＝3，∴T n ＝3n ＋n n －1 2×2＝n 2＋2n .。

医学微生物学各章节经典习题

细菌绪论1. 下列微生物中，属于非细胞型微生物的是：A. 立克次体B. 真菌C.衣原体D. 病毒E.螺旋体2.细胞核的分化程度高，有核膜和核仁；胞质内细胞器完整的微生物是：A. 立克次体B. 真菌C.衣原体D. 病毒E. 螺旋体3.第一次用显微镜观察到各种形态的微生物的伟人是：A．吕文虎克B.巴斯德C.柯霍D.伊凡诺夫斯基E.弗莱明4.创用固体培养基和细菌染色技术，使得病原菌的分离培养和鉴定成为可能的伟人是：A. 吕文虎克B.巴斯德C.柯霍D.伊凡诺夫斯基E.弗莱明5.首次研制了炭疽疫苗、狂犬病疫苗的伟人是：A. 吕文虎克B.巴斯德C.柯霍D.伊凡诺夫斯基E.弗莱明6. 细菌属于原核细胞型微生物的主要依据是A. 单细胞，结构简单B. 原始核、细胞器不完善C. 二分裂方式繁殖D. 有细胞壁E. 对抗生素敏感7. 有关原核细胞型微生物错误的描述是A. 无核质B. 无核膜和核仁C. 细胞器不完善D. 具有胞浆膜E. 仅有核质、无核的形态二、填空题1. 微生物可以按细胞结构特点，为、、三种类型。

2. 细胞的分化程度低，仅有原始核质，呈环状裸DNA团块结构，无核膜、和核仁的微生物属于。

3. 寄居在人体的体表及与外界相通的腔道中对人无害的细菌称为。

这些微生物在机体健康或正常情况下不致病，只是在抵抗力低下时才导致疾病，这类微生物又称为或。

4. 能引起人类和动植物发生疾病的微生物称为。

5. 支原体、放线菌、、、和均属于型微生物。

三、名词解释1.微生物2.非细胞型微生物3.原核细胞型微生物4.真核细胞型微生物5.致病微生物（病原微生物）6.条件致病微生物四、问答题1. 根据微生物大小、结构、组成等，可把微生物分成几大类？特点如何？2. 简述原核细胞型微生物的种类与特征。

参考答案一、选择题1. D2. B3. A4. C5. B6. B7. A二、填空题1. 非细胞型微生物，原核细胞型微生物，真核细胞型微生物2. 原核细胞型微生物3. 正常菌群，条件致病菌，机会致病菌4. 病原微生物或致病性微生物5. 立克次体，螺旋体，衣原体，细菌，原核细胞三、名词解释：1. 是存在于自然界的一大群体形微小、结构简单、肉眼直接看不见，必须借助光学显微镜或电子显微镜放大数百倍、数千倍，甚至数万倍才能观察到的微生物。

章节练习

章节练习一、单选题1、“应付账款”账户的期初余额为8000元，本期贷方发生额为12000元，期末余额为6000元，则该账户的本期借方发生额为（）。

A.10000元B.4000元C.2000元D.14000元2、在复式记账法下，对每项经济业务都应以相等的金额，在（）中进行登记。

A.不同的账户B.两个账户C.两个或两个以上账户D.一个或一个以上账户3、在借贷记账法下，资产类账户的结构特点是（）。

A.借方记增加，贷方记减少，余额在借方B.贷方记增加，借方记减少，余额在贷方D.贷方记增加，借方记减少，一般无余额4、在借贷记账法下，负债类账户的结构特点是（）。

A.借方记增加，贷方记减少，余额在借方B.贷方记增加，借方记减少，余额在贷方C.借方记增加，贷方记减少，一般无余额D.贷方记增加，借方记减少，一般无余额5、在借贷记账法下，所有者权益类账户的结构特点是（）。

A.借方记增加，贷方记减少，余额在借方B.贷方记增加，借方记减少，余额在贷方C.借方记增加，贷方记减少，一般无余额D.贷方记增加，借方记减少，一般无余额6、在借贷记账法下，收入类账户的结构特点是（）。

A.借方记增加，贷方记减少，余额在借方B.贷方记增加，借方记减少，余额在贷方C.借方记增加，贷方记减少，一般无余额7、在借贷记账法下，费用类账户的结构特点是（）。

A.借方记增加，贷方记减少，余额在借方B.贷方记增加，借方记减少，余额在贷方C.借方记增加，贷方记减少，一般无余额D.贷方记增加，借方记减少，一般无余额8、在借贷记账法下，资产类账户的期末余额＝（）。

A.期初借方余额＋本期借方发生额－本期贷方发生额B.期初贷方余额＋本期贷方发生额－本期借方发生额C.期初借方余额＋本期贷方发生额－本期借方发生额D.期初贷方余额＋本期借方发生额－本期贷方发生额9、存在对应关系的账户称为（）。

A.一级账户B.对应账户C.总分类账户D.明细分类账户10、在借贷记账法下，所有者权益账户的期末余额等于（）。

2023年中级会计实务章节练习习题3

2023年中级会计实务章节练习习题32023年中级会计实务章节练习习题3一、单项选择题1、甲公司为增值税一般纳税人，2×23年1月3日外购需要安装的生产设备一套，取得增值税普通发票注明的价款为55万元，增值税税额为7.15万元，支付运费取得增值税普通发票注明的运费为1万元，增值税税额为0.09万元，支付安装人员薪酬2.5万元。

不考虑其他因素，该固定资产的入账金额为（）万元。

A.56B.58.5C.65.74D.63.24答案：C2、甲公司为增值税一般纳税人，2×23年3月2日一次性外购3台不同型号且具有不同功能的A设备、B设备和C 设备，取得增值税专用发票注明的价款为580万元，增值税税额为75.4万元，支付运费取得增值税专用发票注明运费12万元，增值税税额为1.08万元，设备已运抵该公司。

A、B、C设备的公允价值分别为200万元、260万元和180万元。

其中A设备在安装过程中领用本公司自产产品一批，其成本为20万元，市场售价为30万元。

则A 设备的入账金额为（）万元。

A.215B.230C.220D.205答案：D3、甲公司为增值税一般纳税人，2×23年2月1日开始自行建造某仓库，外购工程物资一批全部用于仓库建造，取得增值税专用发票注明的价款为200万元，增值税税额为26万元，建造过程中领用本公司外购原材料一批，该批产品的成本为40万元，市场售价为50万元，购入时已抵扣增值税进项税额5.2万元，以银行存款支付工程人员薪酬合计12万元。

仓库于2×23年5月31日达到预定可使用状态，则甲公司该仓库的入账成本为（）万元。

A.252B.262C.267.2D.257.2答案：A4、2×23年6月，甲公司购入一项需要安装的生产线，支付价款600万元，并于当日投入安装。

安装过程中领用自产原材料一批，成本为400万元，已计提减值准备40万元，市场售价为420万元；安装过程中计提在建工程人员薪酬为30万元，满足资本化条件的借款费用20万元，外聘专业人员服务费10万元，员工培训费5万元，2×23年12月，该生产线达到预定可使用状态。

小学科学教科版一年级上册植物4. 这是谁的叶-章节测试习题

章节测试题1.【答题】枫叶的形状像（）。

A.手掌B.心形C.方形【答案】A【分析】本题考查叶子的形状。

【解答】枫树叶的形状像手掌。

2.【答题】（）不是杨树叶。

A. B. C.【答案】C【分析】本题考查叶的形态。

【解答】C选项是枫树叶。

3.【答题】银杏叶是（）。

A.针形叶B.带形叶C.扇形叶D.披针形叶【答案】C【分析】本题考查叶子的形状。

【解答】银杏叶像扇子，银杏叶是扇形叶。

4.【答题】桑树叶和杨树叶是一样的。

（）【答案】×【分析】本题考查叶子的形状。

【解答】桑树叶和杨树叶是不一样的。

5.【答题】银杏叶是手掌形状的。

（）【答案】×【分析】本题考查叶子的特征。

【解答】银杏叶像扇子。

6.【答题】同一种叶子的颜色不一定都一样。

（）【答案】✓【分析】本题考查叶子的形态。

【解答】新鲜的叶子和落叶颜色是不一样的。

7.【答题】只有红色的枫叶。

（）【答案】×【分析】本题考查叶子的形态。

【解答】枫叶有红色、黄色、绿色的。

8.【答题】新鲜的叶与落叶相比，除了颜色不同，其它都相同。

（）【答案】×【分析】本题考查叶子的形态。

【解答】同一植物的新鲜叶子与落叶的外观、形状、叶脉等大致相同。

不同点：颜色、新鲜程度、软硬等都会有不同。

9.【答题】同一种植物的叶的形状基本相同。

（）【答案】✓【分析】此题考查的是植物的叶。

【解答】同一种植物的叶，虽然有的颜色不同，有的大小不同，但它们叶片的形状基本相同。

故此题是正确的。

10.【答题】我从树上摘一片叶子来观察。

（）【答案】×【分析】此题考查的是植物的叶。

【解答】我们在观察树叶时，不要从树上摘叶子，要爱护树木。

故此题是错误的。

11.【答题】秋天，所有植物的叶子都会变黄。

（）【答案】×【分析】此题考查的是植物的叶。

【解答】秋天，植物叶子变黄脱落是植物适应环境的表现。

但是有些植物是常绿的，秋冬季叶子都是绿色的。

生活中常见的常青植物有冬青、松树等。

高一数学章节复习习题(全)第一章集合与逻辑用语1.1 集合的概念

第一章集合与逻辑用语1.1 集合的概念知识梳理】一、集合的概念我们把所研究的对象叫做，把一些元素组成的总体叫做．二、集合中元素的特性（1）：给定一个集合，任何对象是不是这个集合的元素是确定的；（2）：集合中的元素一定是不同的；（3）：集合中的元素没有固定的顺序．三、集合的表示（1）集合通常用大写的拉丁字母表示，如A、B、C、……（2）元素通常用小写的拉丁字母表示，如a、b、c……四、常用数集自然数集：_____；正整数集：_____；整数集：_____；有理数集：_____；实数集：．五、元素与集合的关系（1）属于：如果a 是集合A 的元素，就说a _____A ，记作a ____A ；（2）不属于：如果a 不是集合A 的元素，就说a _____A ，记作a _____A ．六、集合分类（根据集合所含元素个数不同，可把集合分为如下几类）（1）把不含任何元素的集合叫做记作；（2）含有有限个元素的集合叫做；（3）含有无穷个元素的集合叫做．七、集合的表示方法（1）列举法：把集合的元素出来，写在大括号内；（2）描述法：在大括号内先写上表示这个集合元素的及取值(或变化)范围，再画上竖线，在竖线后面写出这个集合中元素所具有的．八、识别集合含义的方法（1）看代表元素：例如{})(|x p x 表示数集，{})(|)(x p y x ，表示点集；（2）看条件：例如{}1|2+=x y x ，{}1|2+=x y y ，{}1|)(2+=x y y x ，是不同的集合．考点分类精讲】考点1 集合的含义【考题1】下列给出的对象中，能表示集合的是（） A ．一切很大的数 B ．无限接近零的数 C ．聪明的人D ．方程22-=x 的实数根【举一反三】1．下列语句能确定是一个集合的是（） A ．著名的科学家B ．留长发的女生C ．2010年广州亚运会比赛项目D ．视力差的男生2．下列各组对象不能组成集合的是( ) A ．大于6的所有整数B ．高中数学的所有难题C ．被3除余2的所有整数D ．函数1-=x y 图象上所有的点3．下列条件能形成集合的是（） A ．充分小的负数全体 B ．爱好足球的人 C ．中国的富翁D ．公司的全体员工考点2 集合中元素的三个特征及其应用【考题2】已知集合M 中的元素a ，b ，c 是ABC △的三边，则ABC △一定不是（） A ．锐角三角形 B ．钝角三角形 C ．直角三角形D ．等腰三角形【举一反三】1．由实数x ，x -，x ，2x 及33x -所组成的集合，最多含有元素的个数是（） A ．1 B ．2 C ．3D ．42．已知集合A 是由0，m ，m 2－3m ＋2三个元素构成的集合，且2∈A ，则实数m ＝（） A ．5 B ．4 C ．3D ．2考点3 元素与集合关系的判断【考题3】用符号“∈”或“∉”填空。

西经各章节练习题

西经各章节练习题第一章节练习题1. 西经是指从格林尼治天文台向西计算，表示地理位置的经度值。

西经的范围是从0度到180度，其中0度经线位于格林尼治天文台。

2. 西经的计算方法是根据地球自转的运动来确定的。

地球自转一周需要24小时，即360度。

因此，每小时地球自转15度，每分钟地球自转0.25度，每秒地球自转约0.00417度。

3. 西经的正负表示东西方向，0度经线位于英国的格林尼治天文台，称为本初子午线。

向东方，经度逐渐增大；向西方，经度逐渐减小。

最西的经度为180度，即国际日期变更线。

第二章节练习题1. 在地球上的不同地方，当地的经度值是不同的。

以北京为例，北京位于东经116.46度，表示它的位置在本初子午线的东经116.46度处。

2. 如果要计算两个地点之间的经度差，可以按照如下方法计算：首先确定两个地点的经度数值，然后取绝对值，最后相减即可得到经度差值。

3. 通过计算经度差值，可以确定两个地点的东西方向关系。

如果经度差值为正数，表示一个地点在另一个地点的东方；如果经度差值为负数，表示一个地点在另一个地点的西方。

第三章节练习题1. 通过计算经度差值，可以确定两个地点的东西方向关系。

如果经度差值为正数，表示一个地点在另一个地点的东方；如果经度差值为负数，表示一个地点在另一个地点的西方。

2. 在地图上标注不同经度的位置时，通常使用经线表示。

经线是一组平行于本初子午线的线，每隔15度标注一个经线。

经线可以帮助我们更直观地了解地球上不同地点的经度关系。

3. 在航海、航空等领域，准确计算经度非常重要。

通过精确计算经度差值，可以确定航行或飞行方向，帮助导航员准确找到目标地点。

总结：通过以上章节的练习题，我们了解了西经的定义、计算方法和应用。

西经是表示地理位置的经度值，范围为0度到180度。

我们可以根据地球自转的运动来计算西经值，每小时约15度，每分钟约0.25度，每秒约0.00417度。

同时，我们也学会了通过计算经度差值来确定两个地点的东西方向关系，以及在地图上标注经度位置时使用经线的方法。

分析化学章节测试练习题第一章定量分析化学概论一.选择题1.试样

分析化学章节测试练习题第一章定量分析化学概论．选择题1. 试样用量为 0.1 ~ 10 mg 的分析称为 ----------------- ( )(A) 常量分析 (B) 半微量分析 (C) 微量分析 (D) 痕量分析2. 试液体积在 1 ~ 10 mL 的分析称为------------------------------------------------ ------------- ()(A) 常量分析 (B) 半微量分析 (C) 微量分析(D)痕量分析2平的称量误差为 ±0.1mg ，分析结果的有效数字应取 ------ ( )(A) 一位 (B) 两位 (C) 三位 (D) 四位4. 在滴定分析中所用标准溶液浓度不宜过大，其原因是 -------- ( ) (A) 过量半滴造成误差大 (B) 造成终点与化学计量点差值大 ,终点误差大 (C)造成试样与标液的浪费(D) (A) 、 (C)兼有之5. 已知某溶液的 pH 值为 0.070 ，其氢离子浓度的正确值为 ------- ( )6. 下列说法中正确的是 -------- ( )(C) 摩尔是一系统的物质的量，该系统中所包含的基本单元数与 0.012 千克碳 -12 的原子数目相等 (D) １摩尔等于 6.023 ×1023个基本单元 7. 已知T H 2SO 4/NaOH0.0100g / mL , 则c NaOH 应为多少 mol/L ------ ( )(A)0.1020 (Ｂ)0.2039(Ｃ)0.0200 (Ｄ) 0.01008. 下列物质中可用于直接配制标准溶液的是 ------- ( )3. 以加热驱除水分法测定 CaSO 4 1 H 2 O 中结晶水的含量时，称取试样 0.2000 g ，已知天(A) 0.8 mol/L (B) 0.851 mol/L(C) 0.85 mol/L (D) 0.8511 mol/L(A) 物质的量的单位是摩尔 (B) 摩尔就是摩尔质量注：H 2SO4= 98.07(A) 固体 NaOH (G.R.)；(B) 浓 HCl (G .R.)；(C) 固体 K 2Cr2O7 (G.R.)；(D) 固体 Na2S2O3·5H2O (A.R.)9.已知邻苯二甲酸氢钾 (KHC 8H4O4)的摩尔质量为 204.2g/mol ，用它来标定0.1mol/L NaOH 溶液，宜称取邻苯二甲酸氢钾为( )(A) 0.25g 左右 (B) 1g 左右 (C) 0.1g 左右 (D) 0.5g 左右10.可用下法中哪种方法减小分析测定中的偶然误差 ? ---- ( )( A ) 进行对照试验；(B ) 进行空白试验；( C) 进行仪器校准；( D) 增加平行试验的次数11.用同一浓度的 KMnO 4标准溶液，分别滴定体积相等的 FeSO4 和 H 2C2O4溶液，已知滴定消耗 KMnO 4 的体积相等，则两溶液浓度的关系是 ------ ( )(A) C F e S4O C H2C2O4(B) 2 C FeSO4C H 2C2O 4(C) C F e S4O 2C H 2C2O4(D) 5 C FeSO42C H2C2O412.以下各类滴定，当滴定剂和被测物质浓度均增大 10 倍时，滴定突越范围增大最多的是- ( )2+(A ) 偏高(B) EDTA 滴定 Ca2+(C) Ce4+滴定 Fe2+(D) AgNO 3 滴定 NaCl13.标定好的 NaOH 标准溶液因保存不当吸收了 CO2，若以此溶液测定 HAc 含量，则分析结果将( )(A) 偏高( B) 偏低 (C) 无影响 (D)不能确定14.用同一 NaOH溶液分别滴定体积相等的 H2SO4和HAc 溶液，消耗的体积相等。

教育心理学章节同步练习题及答案(第一章)

一、选择题:在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，把所选选项前的字母填在题后的括号内。

1．西方公认的科学教育心理学的创始人是（)。

A．桑代克B．斯金纳C．华生D．布鲁纳2．1877年(）出版了世界上第一本命名为《教育心理学》的书。

A．赫尔巴特B．桑代克C．华生D．卡普捷列夫3．教育心理学主要研究的是学校教育中的（）。

A．学生的学习B．教育措施C．学校环境D．教与学的规律4．教育心理学初创时期的时间大致为（）。

A．19世纪20年代以前B．19世纪80年代C．20世纪20年代以前D．20世纪80年代5．科学教育心理学的诞生是在（).A．1903年B．1913年C．1924年D．1934年6．20世纪初,我国出现的第一本教育心理学著作是1908年由房东岳翻译,日本的小原又一撰写的（)。

A．《教育实用心理学》B．《教育心理学》C．《教育心理大纲》D．《教育心理统计》7．教育心理学完善时期的时间大致为（）。

A．19世纪20年代以前B．19世纪80年代C．20世纪20年代以前D．20世纪80年代以后11．我国第一本《教育心理学》教科书的编写者是（）。

A．陶行知B．杨贤江C．廖世承D．潘菽12．观察学生在课堂上的表现，以了解学生的注意稳定性、情绪状态和个性特征所采用的研究方法是(）。

A．测验法B．观察法C．实验法D．调查法13．（)是教学内容的载体,是教学内容的表现形式，是师生之间传递信息的一种工具. A．教学工具B．教学环境C．教学设施D．教学媒体14．教育心理学研究的核心内容是（）。

A．教学方法B．教师C．学生D．学习过程15．学校教育按照特定教学目标组织教学的过程中,起关键作用的是（）A．学生B．教学内容C．教师D．教学环境16．下列不属于教育心理学对教育实践作用的一项是（)。

A．描述B．监控C．解释D．预测17．1868年，俄国教育家乌申斯基出版了（），对当时的心理学发展成果进行了总结，因此，乌申斯基被称为“俄罗斯教育心理学的奠基人”。

小学数学冀教版第二册100以内数的认识多一些、少一些、多得多、少得多-章节测试习题

章节测试题
1.【答题】梨可能有（）个.
A.25 B.63 C.99
【答案】A
【分析】此题考查的是用“多一些”、“多得多”、“少一些”、“少得多”、“差不多”描述数的大小关系.
【解答】根据题意，苹果有70个，梨的个数比苹果少得多，25比70少得多，63比70少一些，所以梨可能有25个，故选A.
2.【答题】二年级可能有（）人.
14.【答题】选词填空.
多一些少一些多得多少得多
比 ______ 比 ______
比 ______ 比 ______
【答案】少一些,少得多,多得多,多一些
【分析】此题考查的是用“多一些”、“多得多”、“少一些”、“少得多”、“差不多”描述数的大小关系.
【解答】根据题意，17比23小一些，所以比少一些；23比59小得多，所以比少得多；59比17大得多，所以比多得多；23比17大一些，所以比多一些.
A.65 B.78 C.100
【答案】B
【分析】此题考查的是用“多一些”、“多得多”、“少一些”、“少得多”、“差不多”描述数的大小关系.
【解答】根据题意，一年级有80人，二年级与一年级的人数差不多，选项中只有78和80差不多，故选B.
3.【答题】女孩可能跳了（）下.
A.45 B.68 C.72
【答案】B
7.【答题】芳芳比丽丽踢的个数多得多.（<lxjx></lxjx>）
【答案】×
【分析】此题考查的是用“多一些”、“多得多”、“少一些”、“少得多”、“差不多”描述数的大小关系.
【解答】根据题意，芳芳踢了25个，丽丽踢了23个，所以芳芳比丽丽踢的个数多一些，故此题是错误的.
8.【答题】小美与小芳的通话时间比小丽和小芳的通话时间多得多.（<lxjx></lxjx>）

按章节整理习题

第三章货币时间价值一、单项选择题1．某项永久性奖学金，每年计划颁发50000元奖金。

若年复利率为8％，该奖学金的本金应为( )元。

A．625000 B．500000 C．125000 D．4000002．已知(P／A，10％，4)=3．1699，(P／F，10％，4)=0．6830，(P／F，10％，5)=0．6209，则(P／A，10％，5)为( )。

A．2．5490 B．3．7908 C．3．8529 D．5．10533．一项600万元的借款，借款期3年，年利率为8％，若每半年复利一次，有效年利率会高出名义利率( )。

A．4％B．0．24％C．O．16％D．0．8％4．假设以l0％的年利率借得500000元，投资于某个寿命为l0年的项目，为使该投资项目成为有利的项目，每年至少应收回的现金数额为( )元。

A．100000 B．50000 C．89567 D．813725．某企业于每半年末存入银行10000元，假定年利息率为6％，每年复利两次。

已知(F／A，3％，5)=5．3091，(F／A，3％，10)=11．464，(F／A，6％，5)=5．6371，(F／A，6％，l0)=13．181，则第5年末的本利和为( )元。

A．53091 B．56371 C．114640 D．1318106．已知(F／A，8％，l0)=14．487，(F／A，8％，12)=18．977，则ll年，8％的预付年金终值系数为( )。

A．15．487 B．16．726 C．17．977 D．19．4157．ABC公司拟投资购买某企业发行的债券，在名义利率相同的情况下，对ABC公司比较有利的复利计息期是( )。

A．1年B．半年C．1季D．1月8．当市场利率上升时，长期固定利率债券价格的下降幅度()短期债券的下降幅度。

A．大于B．小于C．等于D．不确定9．当必要报酬率不变的情况下，对于分期付息的债券，当市场利率小于票面利率时，随着债券到期日的接近，当付息期无限小时，债券价值将相应()。