高三物理朝阳目标答案

第一单元

参考答案

（一）基本题目

1．D 2．B 3．D 4.D 5. D 6.A 7.C 8．A 9.D 10.A

11．答匀速直线运动，tga = m

12．答，

13．2.5×104N

14．解：由整体法，有：F = 2mgsin30°

隔离物体B，有： kx = mg sin30°

由以上两式，得：

（二）提高题目

1.D

2.A

3. A

4.D

5.AD

6.C

7.A

8.A

9.D 10.D 11.D 12. AD 13.A 14.A 15.AC

16．

17.（1）N1, N2减小；（2）N1先减小后增大，N2减小

18．（12分）雨滴下落时受两个力作用：重力，方向向下；空气阻力，方向向上，当雨滴达到终极速度后，加速度为零，二力平衡，用表示雨滴质量，有

①

②

由①②得终极速度③

代入数值得＝1.2m/s .

19．当两个弹簧的总长度等于两弹簧原长之和时，下面弹簧的压缩量应等于上面弹簧的伸长量，设为x

对m1受力分析得：m1g=k1x+k2x…………①

对平板和m2整体受力分析得：

F=(m2+m)g+k2x……………②

①②联解得托起平板竖直向上的力F＝

未托m2时，上面弹簧伸长量为x1=……………③

下面弹簧伸长量为x2=……………④

托起m2时：m1上升高度为：h1=x1-x………………⑤

m2相对m1上升高度为：h2=x2+x…………………⑥

m2上升高度为：h=h1+h2……………………………⑦

③④⑤⑥⑦联解得h=

或h=

20．（2004江苏，15）参考解答：

（1）重物向上先做加速运动，后做减速运动，当重物速度为零时，下降的距离最大。设下降的最大距离为，由机械能守恒定律得

解得

（另解=0舍去）

（2）系统处于平衡状态时，两小环的可能位置为

a. 两小环同时位于大圆环的底端。

b. 两小环同时位于大圆环的顶端。

c. 两小环一个位于大圆环的顶端，另一个位于大圆环的底端。

d. 除上述三种情况外，根据对称性可知，系统如能平衡，则两小圆环的位置一定关于大圆环竖直对称，设平衡时，两小圆环在大圆环竖直对称轴两侧α角的位置上（如图所示）。对于重物，受绳子拉力T与重力mg作用，有T=mg

对于小圆环，受到三个力的作用，水平绳子的拉力T、竖直绳子的拉力T、大圆环的支持力N。两绳子的拉力沿大圆环切向的分力大小相等，方向相反

得，而=90°，所以α=45°

第二单元

（一）基本题目答案

选择题：1、ACD 2、D 3、BCD 4、BD 5、C 6、C 7、B 8、AC 9、AC 10、A

填空题：11、1∶2 12、0.5 s 13、()∶(-1)∶1 14、1.7s 15、105m 16、1 m/s, 2.5 m/s217、5 m/s 18、0.30；0.075 19、t a＞t b．20、0.2 s

计算题：

21：v A＝8.5 m/s,v B＝6.5 m/s，v C＝３.5 m/s.

22：100s.

23：两车相距最远时Δs＝12×4－×42＝24(m) 再次相遇：t2＝8(s)．

24：5(m/s)．

（二）提高题目答案：

一、选择题

1、BD

2、ABD

3、AC

4、C

5、C

6、C

7、A

8、D

9、C 10、C

二、计算题

11、设A车的速度为v A，B车加速行驶时间为t，两车在t0时相遇。则有

①

②

式中，t0 =12s，s A、s B分别为 A、B两车相遇前行驶的路程。依题意有

③

式中s＝84 m。由①②③式得

④

代入题给数据

v A=20m/s，v B=4m/s，a =2m/s2，

有

⑤

式中t的单位为s。解得

t1=6 s，t2=18 s ⑥

t2＝18s不合题意，舍去。因此，B车加速行驶的时间为 6 s。

12、解析：（1）从图中可以看出，在t＝2s内运动员做匀加速直线运动，其加速度大小为 =8m/s2

设此过程中运动员受到的阻力大小为f，根据牛顿第二定律，有mg－f＝ma

得f＝m(g－a)＝80×(10－8)N＝160N

（2）从图中估算得出运动员在14s内下落了

39.5×2×2m＝158 m

根据动能定理，有

所以有＝（80×10×158－×80×62）J≈1.25×105J

（3）14s后运动员做匀速运动的时间为

s＝57s

运动员从飞机上跳下到着地需要的总时间

t总＝t＋t′＝（14＋57）s＝71s

13．(2)(4)是明确的，（1）（3）(5)不太明确

由题可知整个过程应该是先匀加速后匀减速。

若（3）时速45英里是跳楼机的最大速度．且跳楼机应先匀加速后匀减速，则跳楼机的平均速度为

10m/s

下落时间为

显然与所给（1）（5）的时间均不相符．

14. 解析：(1)小球最后静止在水平地面上，在整个运动过程中，空气阻力做功使其机械能减少，设小球从开始抛出到最后静止所通过的路程S，有 fs=mv02/2 已知 f ＝

0.6mg 代入算得： s= 5 v02/(6g)

(2)第一次上升和下降：设上升的加速度为a11．上升所用的时间为t11，上升的最大高度为h1；下降的加速度为a12，下降所用时间为t12．

上升阶段：F合＝mg＋f ＝1.6 mg

由牛顿第二定律：a11＝1.6g

根据：v t＝v0－a11t11， v t＝0

得：v0＝l.6gt11，所以t11＝ 5 v0/(8g)

下降阶段：a12=(mg-f)/m= 0.4g

由h1= a11t112/2 和 h2= a12t122/2 得：t12＝2t11＝5 v0/(4g)

所以上升和下降所用的总时间为：T1＝t11＋t12＝3t11＝ 15 v0/(8g)

第二次上升和下降，以后每次上升的加速度都为a11，下降的加速度都为a12；设上升的初速度为v2，上升的最大高度为h2，上升所用时间为t21，下降所用时间为t22

由v22=2a12h1 和v02=2a11h1得 v2＝ v0/2

上升阶段：v2＝a11t21 得：t21= v2/ a11= 5 v0/(16g)

下降阶段：由 h2= a11t212/2 和h2= a12t222/2 得t22＝2t21

所以第二次上升和下降所用总时间为：T2＝t21＋t22＝3t21＝15 v0/(16g)= T1/2

第三次上升和下降，设上升的初速度为v3，上升的最大高度为h3，上升所用时间为t31，下降所用时间为t32

由 v32=2a11h2 和v22=2a12h2 得： v3＝ v2/2 = v0/4