角动量守恒例题上课讲义
大学物理 角动量 角动量守恒定律课件
1 2 r gt , p mv mgt 2
r
v
2.4 角动量守恒定律
o
若以O为参考点,质点在任 意时刻的角动量为:
R
A
r
r
v
R
L0 r P ( R r ) p R mgt .
rmgt ; 方向垂直纸面向里
2.4 角动量守恒定律
• 若质点作匀速直线运动,以 O点为参考点,质点的角动 量为:
L0 r mv r mv const
L0 r mv sin r mv
• 注意:对不同的参考点有不同的角动量
开普勒第二定律 对于任一行星,由太阳 到行星的矢径在相等的 时间内扫过相等的面积
2.4 角动量守恒定律
3、质点系的角动量定理及守恒定律
质点系角动量对时间的变化率等 于质点系所受合外力矩,而与内 力矩无关。
写成积分式
dL 即: M 外 dt
L0
t
t0
L Mdt dL L L0 L
t0 L0
L Li ri pi ri mi vi
质点系的角动量守恒
当 M 外 0 时,L 恒矢量
2.4 角动量守恒定律 例1 一半径为 R 的光滑圆环置于竖直平面内.一质 量为 m 的小球穿在圆环上, 并可在圆环上滑动. 小球开始 时静止于圆环上的点 A (该点在通过环心 O 的水平面上), 然后从 A 点开始下滑.设小球与圆环间的摩擦略去不计.求 小球滑到点 B 时对环心 O 的角动量和角速度. 解 小球受重力和支持 力作用, 支持力的力矩为零, 重力矩垂直纸面向里
角动量守恒第一讲(质点)
刚体是各质元间的相对位置永不发生变化的质
点系。或所有质元间距保持不变的质点系。
20
二、刚体的基本运动形式
1. 平动
刚体在运动中,其上任意两点的连线始终保持平行。
A B A B A B
特点:刚体内任意一质元的运动都可代替刚体的运 动。常以质心作为代表点。这样,平动的刚体可看 成质点,质点的运动规律就是刚体的平动规律。
一、质点系的角动量
二、质点系的角动量定理 三、例题分析
12
§3.2
质点系的角动量守恒定律
一、质点系的角动量
质点系对惯性系中某一给定参考点O的总角动量 为各质点i 对O点的角动量的矢量和
L Li ri p i
i
i
i
ri m i v i
二、质点系的角动量定理
假定它的轨道 是圆形,且为匀速 圆周运动,试求它 们的角动量。 p mv
.
因此地球绕太阳旋转的角动量:
L1 r1 m 1 v 1 2 r m 1
2 1
r1
17
T1 40 2 1 2 . 663 10 kg m s
§3.2
例题 2 .
质点系的角动量守恒定律
16
§3.2
质点系的角动量守恒定律
三、例题分析
例题 1( 题 4 . 6 )
已知条件如图所示。
24
m 1 5 . 98 10
kg
11
r1 1 . 496 10 m 7 T1 3 . 156 10 s
地球绕太阳旋转
[解] L r p L r p rmv
m 2 r2 dt dt d dr dv 先 考 察 : (r v ) v r dt dt dt
角动量角动量守恒PPT课件
M M1 M2 M3
(2)刚体内作用力和反作用力的力矩互相抵消.
M ij
rj
j
O
d ri
i Fji
Fij
Mij M ji
M ji
(3)力矩必须明确是对哪个点(或轴) 8
三、角动量定理 角动量守恒
1.质点的角动量定理
将角动量 L r p 两边对时间求导
14
角动量守恒定律是一条普遍的规律,存在
于很多自然现象中,例如,行星受恒星引力作
用作椭圆轨道运动,引力的作用线始终通过恒
星中心,这样的力称为有心力。由于有心力对
力心的力矩恒为零,因此,受有心力作用的质
点对力心的角动量守恒。 掠面速度
·m
f
r
dS 1 r v dt 2
o r
vdt
12
将角动量定理的微分形式 M dL 两边乘以
dt 并积分得
t
dt
0 M dt L L0
t
0 M
dt :
质点或质点系的合外力矩的冲量矩;
L0 与L 分别是质点或质点系始末状态的角动量。
在一段时间内,质点(系)角动量的增量
等于作用于质点(系)的合外力矩的冲量
矩——质点(系)角动量定理的积分形式
Lrp
(xi yj zk ) (pxi py j pzk )
各坐标轴的分量
Lx ypz zpy Ly zpx xpz Lz xpy ypx
分别称为对 x、y 、z 轴的角动量
2
例 质点L沿某r一 p方向r作 m直v线运动,对O点的角动量 角动量大小为
L rm vsin m v d
《角动量习题课》PPT课件
M
mabk
dL dt
0!
(恒矢量)
或由
M
r
F
判断下列情况角动量是否守恒:
圆锥摆运动中,做水平匀速
圆周运动的小球m.
(1)对C点的角动量 (2)对O点的角动量 (3)对竖直轴CC'的角动量
(b mr
c) b(a c
( r )
)
c(a m
rb2)
L与 同方向
4
.质点直线运 动对某定 点的角动量:等于零
L r p mr v
o'
吗?? ? v
大小 L mvr sin mvd
方向:
d m r
如何使 L=0?
解:
试求v:该d质r 点对a原s点in的t 角i 动b量 c矢os量.t
j
L
mr
v
dt
m(a cos ti
b sintj )
(a sinti b cos tj )
m(ab cos 2 tk ab sin2 tk )
O
5-1-2 质点系的角动量
Li
ri L
pi
ri
Li
(mivi
)
mi mi
rrii2(
ri
)
i
共轴 L Li mirivi miri (ri )
i
i
i
[ miri2 ] J
i
J miri2 转动惯量
第3章 角动量守恒定律 PPT课件
若转轴不动,称定轴转动。 O
1. 定轴转动特征
(1) 刚体上各点都在垂直于固定轴的平面内(转动平面) 做圆周运动.其圆心都在一条固定不动的直线(转轴)上.
(2) 刚体上各点到转轴的垂直线在同样的时间内所转过 的角度都相同。因而用角量描述刚体的运动.
www. ******.com
3.3 刚体的运动
2. 定轴转动的描述
解:
N
R
T
Mg
T' M.
a R
mg
m
www. ******.com
3.4 刚体的角动量 转动定律 转动惯量
根据转动定律 根据牛顿第二定律
TR=Jβ
1 MR2
2
mg-T=ma
因绳与滑轮间无滑动,所以 a=Rβ
解以上三式得
a mg mM /2
a
mg
R R( m M / 2 )
rF
www. ******.com
3.1 质点的角动量 力矩
3.1.2 质点的角动量定理
力矩定义:
M rF
力矩大小:
M r F sinθ 式中 rsinθ d 为力臂,则
M Fd
因 Fsin θ F ,即合力切向分量,所以:
M r F
www. ******.com
3.2 质点的角动量守恒定律
(1) 角坐标 称角位置或角坐标。
规定逆时针转向 为正。
p x
O
刚体定轴转动的运动学方程
= (t) (2) 角位移
为 t时间内刚体所转过的角度。
p x O
www. ******.com
3.3 刚体的运动
(3) 角速度 角速度 lim Δ d Δt0 Δt dt 在定轴转动中,转向只可能有
第角动量角动量守恒定律PPT课件
(练习二,17)
解 设猴子、重物对地面的速度分别为
。
由猴、重物组成的系统角动量守恒,得
v1、v 2
v1 v2
R
∵ v1 v猴绳 v绳-地 v v绳-地
v1
v2
而 v绳地 v物地 v2 , 则 v1 v v2
∴
v2
v 2
第23页/共29页
机械能不守恒
力物的猴拉加,力由速于上和轻爬相绳过等各程m,处中1又g张,因力绳为相对猴等猴和,的物所拉相以力同在大质另于量一猴,端的绳重对重T1
[ C]
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第五章 角动量、角动量守恒定律
本章主要阐述三个问题:
1)角动量。 2)角动量守恒定律。 3)有心力与角动量守恒定律。 3)有心力与角动量守恒定律。
第10页/共29页
5-3 有心力与角动量守恒定律
自然界中有些力具有这样的性质:力的方向始终通过某一固定点,力的 大小仅依赖于质点与这个点之间的距离。我们称这样的力为有心力,相应的 固定点称为力心。例如,万有引力是有心力;静电作用力也是有心力。
作半径为 的m圆轨道运动。取圆周上 点R为参考点,如图所示,试求:①质P点
在图中点1处所受的力矩 和质点的角动量
的力矩 和质点的角动量 。
;②质m点
在图中点2处所受
M1
L1
m
M2
L2
解 ① 力矩 M 1
2
在点1处, 所m受引力指向 点,故 P M 1 0
角动量 L1
由 m作圆周运动的动力学方程,可得速度
A 另离一端系向一右质,运量绳O动子,处到于达松位的弛置物状体态时。。物开O现体始A在速时使度,物的物体方m体以向位与与于0绳.位5d垂k置垂g直直0。处.的2试,5初求m速物度间体的在距 处
精选讲义-角动量守恒定律
第四章角动量守恒定律基本要求:1. 明确力矩的物理涵义,掌握力矩的一般定义,并能从力矩的一般定义中得出力对某轴的力矩的表达式;2. 掌握质点的角动量的物理涵义,能熟练地推导在一般情况下的质点角动量定理,以及对轴的角动量定理;3. 理解角动量守恒定律的物理内容和定律的适用条件,并能运用这个定律解释有关现象。
§4-1力矩一、力矩的一般意义1、引入对于一个静止的质点来说, 当它受到力的作用时,将开始运动;但对于物体的转动而言, 当它受到外力作用时, 可能转动, 也可能不转动, 这决定于此外力是否产生力矩。
外力产生力矩,物体就转动, 不产生力矩,物体则不转动。
所以, 力矩对物体转动所起的作用, 与力对质点运动所起的作用是类似的。
2、定义在一般意义上,力矩是对某一参考点而言的。
如果质点p在坐标系o-xyz中的位置矢量是r (见图4-1), 那么作用于质点的力f相对于参考点o所产生的力矩,就定义为(4-1)显然,m必定垂直于由矢量r和f所决定的平面, m的指向应由右手定则确定:右手的四指由r的方向经小于 π的角转向f的方向,伸直的拇指所指的方向就是力矩m的方向。
m的大小等于以r和f为邻边的平行四边形的面积,即(4-2)式中θ是r与f之间的夹角。
在国际单位制中,力矩的单位是n ⋅ m (牛顿⋅米)。
3、合力情况合力对某参考点o的力矩等于各分力对同一点力矩的矢量之和:由力矩的定义式(4-1)可以看到, 力矩m与质点的位置矢量r有关, 也就是与参考点o的选取有关。
对于同样的作用力f, 选择不同的参考点, 力矩m的大小和方向都会不同。
为了表示力矩m是相对于参考点o的, 所以一般在画图时总是把力矩m画在参考点o 上, 而不是画在质点p上, 如图4-1所表示的那样。
如果作用于质点上的力f是多个力的合力, 即f = f1+ f2 + …+ f n ,代入式(4-1)中, 得=r⨯f1+ r⨯f2+ … + r⨯f n= m1+ m2 + … + m n(4-3)这表示, 合力对某参考点o的力矩等于各分力对同一点力矩的矢量之和。
第五节-角动量角动量守恒定理讲解学习
上二式相比,可得
例2一质量m = 2200kg 的汽车以的速度 沿一平直公路开行。求汽车对公路一侧距公路d= 50m 的一点的角动量是多大?对公路上任一点的角动量又是多大? 解:如图5-3所示,汽车对公路一侧距公路d= 50m的一点P1的角动量的大小为
汽车对公路上任一点P2的角动量的大小为
例3两个质量均为m 的质点,用一根长为2a、质量可忽略不 计的轻杆相联,构成一个简单的质点组。如图5-4所示,两质 点绕固定轴OZ以匀角速度转动,轴线通过杆的中点O与杆的夹角为,求质点组对O点的角动量大小及方向。 解: 设两质点A、B在图示的位置,它们对O点的角动量的大小相等、方向相同(与OA和 m v组成的平面垂直)。 角动量的大小为
大学物理角动量守恒定律ppt课件
d J
dt
v L1 v L2
v L1
dL v
dL
J d
dt
L2 v L2
L1 v L1
积分
M轴 dt Jd J2 J1
当 M 轴合外 0 时
t1
1
J2 J1 恒量
定轴转动刚体 角动量守恒
若转动惯量有变化,则有:J22 J11 恒量 19
5.5 定轴转动刚体的转动定律 转动中的功和能
Jz Jc mh2
式中:
J
关于通过质心轴的转动惯量
c
m 是刚体质量, h 是 c 到 z 的距离
h Cz
J z 是对平行于质心轴的一个轴的转动惯量
23
2) 转动惯量叠加,如图
z B
Jz JA JB JC
A
C
式中:J A 是A球对z轴的转动惯量
JB 是B棒对z轴的转动惯量
J c 是C球对z轴的转动惯量
点的角动量
有 r
1 2
g
t
2
LA
r
p
1 2
mpt3gmvg
mgt 0
o
r
RA r
(2) 对 O 点的角动量
m
mv
r r R
LO r p (R r) p R p R mgt
Rg
LO Rmgt
4
2. 质点的角动量定理
角动量的时间变化率
dL
d
(r
v
r
O
B S
A r
[证明] (1) 行星对太阳O的角动量的大小为
L r p rmvsin
其中 是径矢 r 与行星的动量 p 或速度 v 之间的夹角.
大学物理5.3角动量守恒定律解析课件
6.3kms1
➢ 增加通讯卫星的可利用率
探险者号卫星偏心率高
近地
h1 160.9km
v1 3.38104 kms1 t小很快掠过
远地
h1 2.03105 km v1 1225kms1 t大充分利用
第10页,共33页。
➢ 地球同步卫星的定点保持技术 卫星轨道平面与地球赤道平面倾角为零
严格同步条件 轨道严格为圆形 运行周期与地球自转周期完全相同 (23小时56分4秒)
第24页,共33页。
回顾作业 P72 4 -11
CB
Ny o Nx
F轴 0
M轴 0
A
A、B、C系统
p不守恒;
A、B、C系统对 o 轴角动量守恒
mA mB v1R mA mB mc vR
第25页,共33页。
练习:已知 m = 20 克,M = 980 克 ,v 0 =400米/秒,绳 不可伸长。求 m 射入M 后共同的 v =?
“1987超新星事件” 杨桢
第32页,共33页。
解:内核坍缩过程不受外力矩作用, 对自转轴的角动量守恒
2 5
mR020
2 5
mR2
得坍缩后的角速度为:
R0 R
2
0
2 107 6 103
2
45
2
24 3600
17.9
rad s-1
第33页,共33页。
Lz 恒量
第15页,共33页。
例.已知:两平行圆柱在水平面内转动,
m1 , R1 , 10 ; m2 , R2
求:接触且无相对滑动时
1 ? 2 ?
, 20
10
20
m1
.o1
R1
角动量守恒讲解
上一章讲了刚体的转动定律和转动惯量,和做水平物体的动量一样,刚体转动一样 有动量,在图1所示的刚体中,如果质点m的速度为v,则动量p为mv,而它相对于 原点的位置矢量为r,于是定义L=r×p = mr×v为质点相对于原点的角动量;
同样,角动量也是一个矢量,其方向的判断与力矩的判断方法一致;从定义可以看 出,角动量是由两个矢量的叉乘得来的,于是其大小就可以表示为rmvs)/dt = d(r×mv)/dt,
于是r×F = r×d(mv)/dt可化为r×F = d(r×mv)/dt,
其中r×F称为合力F对质点的合力矩,上式就可以表示为M=dL/dt,它表示作用于质 点的合力矩等于该点角动量随时间的变化率,式子变形后就是Mdt = dL,而Mdt叫做 冲量矩,在t1到t2时间内积分就是∫Mdt = L2-L1,这就是质点的角动量定理,即质 点所受冲量矩等于质点角动量的增量。
说完了质点的角动量,自然该说说刚体的角动量;如图2所示,因为单个质点的角动 量为ΔL=Δmi(ri^2)ω,将所有的质点的角动量加起来就是L=∑Δm(ri^2)ω = Jω, 这就是刚体绕定轴转动的角动量。
因为Mdt = dL =d(Jω),在t1到t2时间内积分得∫Mdt = Jω2 - Jω1,等式左边表示 力矩对定轴的冲量矩,右边表示刚体角动量的变化;显然,如果作用在刚体上的外 力等于零,那么刚体的角动量就保持不变,这就是角动量守恒定律,比如地球在宇 宙中的转动就可以近似为角动量守恒。
大家都知道芭蕾舞演员在原地旋转时,假设地面是光滑的,一般是手臂先水平打开, 当获得一定的旋转角速度时,再把手臂向身体靠拢,根据角动量守恒就知道,演员 的旋转角速度就会慢慢增大;这就是在角动量守恒的情况下,通过调整转动惯量来 改变旋转速度。
第四讲 角动量守恒定理(教师版)
第四讲 角动量守恒定律 2018.10.25一、角动量的概念类似于力对转轴的矩(力矩),我们引入动量对轴的矩,称为动量矩,也称角动量。
如右图,质点对点O 的角动量为αs i n m r v p r J =⨯= 对于绕固定轴转动的刚体,如右图,设其在某时刻转动的角速度为ω,刚体上某一质点的质量为i m ,它到轴的距离为i r ,则其动量大小为ωi i r m ,则整个刚体对转轴的角动量为 ∑∑==⋅=ωωωI r m r m r J ii i i 2 二、角动量定理由刚体绕定轴转动的转动定理可知βI M =,则ωβ∆=∆=∆I t I t M上式中t M ∆描述了力矩对时间的累积效应,称为冲量矩,用L 表示。
由于刚体定轴转动时转动惯量I 为恒量,故J I I ∆=∆=∆)(ωω,所以J L ∆=上式表明,合外力对刚体的冲量矩等于这段时间内刚体角动量的增量,称为角动量定理。
角动量定理不仅适用于刚体,对非刚体也可采用,这时物体对转轴的转动惯量不是恒量,前式应写成 1122ωωI I L -=三、角动量守恒定律如果物体受到的合力矩为零,即∑=0M ,则其冲量矩也为零,这有恒量=J这就是说,一个物体(系统),如果所受的外力对固定轴的力矩之矢量和为零,则该物体(系统)对该固定轴的角动量不变,这就是角动量守恒定律。
需要注意的是,角动量守恒定律适用于惯性系和质心系,对其它非惯性系,要引入惯性力矩,一般角动量不守恒。
因而不能直接在非惯性系中应用角动量守恒定律。
[例1]如图所示,一个半径为R 、内表面光滑的半球面固定在地面上,开口水平朝上。
一小滑块在半球面内侧最高点处获得沿球面的水平速度0v 。
忽略空气阻力。
求滑块在此后运动过程中的最大速率。
[例2]如图所示,一质量分布均匀的刚性螺旋环的质量为m,半径为R,螺距H=πR,可绕竖直的对称轴OO′无摩擦地转动,连接螺旋环与转轴的两支撑杆的质量可忽略不计.一质量也为m的小球穿在螺旋环上并可沿螺旋环无摩擦地滑动,首先扶住小球使其静止于螺旋环上的某一点A,这时螺旋环也处于静止状态.然后放开小球,让小球沿螺旋环下滑,螺旋环便绕转轴OO′转动.求当小球下滑到离其初始位置沿竖直方向的距离为h时,螺旋环转动的角速度和小球对螺旋环作用力的大小.[练习]如图,在水平的光滑桌面上开有一小孔,一条绳穿过小孔,其两端各系一质量为m 的小球。
高中物理竞赛§2.5质点角动量定理角动量守恒课件
§2.5 角动量定理、守恒定律—例
例 日:点处已到知日:心地距球离在为近日r2 点。处求到:日在心远距日离点为处r1的,速速度度为v2
v1
,在远
。
解:①分析:地球在太阳有心力作用下绕日运动,角动量守恒
②应用定律:
L1 L2
r 1 m v 1 r 2 m v 2
大小:MrFsin
M
o
r
F
Fd(力乘力臂)
d
m
方向: 右螺旋
单位:SI:N·m
2.说明
有心力:受力始终指向(或离开)某个中心 如:
质点受有心力作用时,力对力心的力矩=0 oF
太阳
v2
地球
MFd 0 v1
§2.5 质点角动量定理 角动量守恒(一角动量 二力矩)
2.5.3 质点的角动量定理 想法:动量随时间的变化率
当M合外0时 dLd t0 L恒矢量
即:当质点系对某点的合外力矩为零时,则质点系对该点 的角动量保持不变
§2.5 角动量定理 角动量守恒定律
说明:1.各量守恒的条件: 动量守恒 质点角动量守恒 质点系角动量守恒
F合外0 M合0 M合外0
2.对问题的求解方法: 可牛顿定律、可动量定理、可角动量定理、 可动能定理、…
v
LALB rA m v0rB m v
O l B
大小 rlA 0m m0 0vs vli9 m ns0 virnBmsvin v0l0 , k
两个未知量?
mA
rA
rB
只保守力做功→机械能守恒
1 2m0 2v1 2m2v 1 2k(ll0)2
可解
例:(P55:例2-13)已知:初始A(m1)、B(m2)同高,之后A 由
角动量守恒例题备课讲稿
长为L 的均匀直棒,质量为M ,上端用光滑水平轴吊起静止下垂。
今有一质量为m 的子弹,以水平速度v 0 射入杆的悬点下距离为a 处而不复出。
(1)子弹刚停在杆中时杆的角速度多大?(2)子弹冲入杆的过程中(经历时间为Δt ),杆上端受轴的水平和竖直分力各多大?(3)要想使杆上端不受水平力,则子弹应在何处击中杆?解:把子弹和杆看作一个系统。
系统所受的力有重力和轴对杆的约束力。
在子弹射入杆的极短时间内,重力和约束力均通过轴,因而它们对轴的力矩均为零,系统的角动量守恒,于是有ω)31(220ma Ml a mv +=22033ma ML amv +=∴ω(2)解法1:对子弹与杆系统,根据动量定理,在水平方向有0p p t F x -=∆ωωmd lM mv Mv p mv p c +=+==2,00t vm t ma l M F x ∆-∆+=∴0)2(ω此即为轴在水平方对杆上端的作用力,与v 0的方向相反。
在竖直方向上有222)(ωωmd lM g m M F y +=+-)(222g d m Mg lM F y +++=∴ωω如略去m ,则 Mg l M F y +=22ω(2)解法2:子弹冲入杆的过程中,子弹受杆的阻力的大小为:t mv ma t mv mv f ∆-=∆-=00'ω杆受子弹的水平冲力为 t ma mv f f ∆-=-=ω0'对杆用质心运动定律t lM Ma f F C x ∆==+2ω )2(lt r a t t ∆==∆=∴∆=ωαωααωt v m t ma lM Ma f F C x ∆-∆+=+-=∴0)2(ω此即为轴在水平方对杆上端的作用力,与v 0的方向相反。
在竖直方向上有222)(ωωmd l M g m M F y +=+- )(222g d m Mg l M F y +++=∴ωω 如略去m ,则 Mg l M F y +=22ω(3)由0=∴x F 可得:m MLv a 20-=ω 将22033md ML amv +=ω代入得m Mlmd Ml ma a 23322-+=解得l a 32=。
大学物理 第五讲 角动量 角动量守恒(一)
rc
mi ri
i
m
mi vi
i
vc
m
L rC mvC rC mvc
质心相对于O点的角动量 即 rC p LC
0 ( vC )
质心系是零动量系
0
mrc vC mi ri v i
m
r1
O
M
解: 原来处于平衡状态,M 受的合外力为零。即绳中张力 T Mg , T 也等于 m做圆周运动的向心力。当把 M 抬高1cm 时, m 的圆周运动半径增大了1cm,原来的 平衡被破坏。但由于外力矩为零,所以 m 圆周运动对 于圆心 O 点的角动量守恒,由此可核算新的状态下向 心力的大小,便可确定 M是否平衡或运动。
m1 g
m1
v1 r1 r ∥
r ∥
r2
v2
m2
N R
0
R 0
R 0
L1 r1 P1 m1r1 v1 m1 ( R r11 ) v1 m1 R v1 (指向纸内) L m Rv 1 1 1 L2 r2 P2 m 2 r2 v 2 m 2 ( R r11 ) v 2 m 2 R v 2 (指向纸外) L2 m2 Rv 2
L
v
所以地球人造卫星 在近地点速度大, 在远地点速度小。 1970年 ,我国发射 了第一颗地球人造 卫星。
L
r1 r2
F
v1
r
m
v2
近地点高度为 266 km, 速度为 8.13 km/s; 远地点高度为 1826 km, 速度为 6.56 km/s; 计算出椭圆的面积,根据“扫面速度”, 就可以得到绕行周期为 106分钟。(课下算一下)
第六讲 角动量 角动量守恒(二) (1)
m 3m u ; v
m 3m
6mu ( m 3 m )l
讨论
1. 量纲 对 2. >0 对 3. 当 m >3m’ 时,v > 0(向上) 当 m =3m ’时, v = 0(瞬时静止) 当 m <3m’ 时,v < 0(向下)
例5. 两个质量分别为m 、M的小球,位于一固定 的、半径为 R 的水平光滑圆形沟槽内。一轻 弹簧被压缩在两球间(未与球相连)。用线 将两球缚紧,并使它们静止,如图所示。
^ t
N m g m ac
B
ˆ l : mg sin N l ma c l
ˆ t :mg cos N t ma c t
l 2 6 ac l g sin 4 7
l l l M l 4 mg cos ac t 4 4 J0 4 JO
讨论
当不计滑轮质量和摩擦力矩时:
m = 0, Mf = 0 ,
有
m 2 m1 a g m 2 m1
2 m1 m 2 T1 T2 g m1 m 2
(与中学作过的一致!)
例 2. 已知:如图,R=0.2m,m=1kg,vo=o, h=1.5m,匀加速下落时间 t =3s, 绳、轮无相对滑动,轴光滑。 求:轮对o轴 J=? (测定转动惯量J 的实验方法之一) 【解】分别对物体m 和轮 看运动、分析力, R 设出各量如图所示。 绳 定轴0 N T T m v0= 0 α t h R · a m
G T
mg
【解】:由动力学关系:
对m: mg T ma
N
R ·
对轮: TR J
高二物理竞赛角动量定理角动量守恒定律课件
的速率向东奔跑, 他感到风从北方吹来,当他奔跑的速率加倍时, 则感到风从东北方向吹来, 求风的速度。
或 牛顿力学规律在伽利略变换下形式不变
A,B,C三个质点相互间有相对运动
M dL F dp
dt
dt
对质点系而言:(以两个质点为例)
设有质点m1 、 m2
分别受外力 F1 F2
外力矩 M1 M2
作用在质点系的角冲量等于系 统角动量的增量。
三、角动量守恒定律
若 则:
M合
dL
外
力
矩 0
0L
恒矢量
dt
M dL dt
角动量守恒定律:若对某一参考点, 系统(质点)所 受合外力矩恒为零时,则此质点系(质点)对该参考 点的角动量将保持不变。
注意:角动量守恒定律是宇宙中普遍成立的定律,无 论在宏观上还是微观领域中都成立。
已知:
v sd = 10 正东
vcs
v fd = 10 v cs = 20
正西 北偏西30o
•
vfd vsd
vcd vcs v sd
vcd 10 3 km / h 方向正北
vcs vcd
v fd v fc vcd
300
v fc v fd vcd
人地 cos 450
2人
地
4.23(m
s
1
)
质点动力学(二) 人 地 人 地
450 450
风 人
风 地
二、力学的相对性原理
aAC aAB aBC
aBC 0, 同一质点的加速度在两个相互间作匀速 aAC aAB 直线运动的参照系中是相同的。
在牛顿力学中,力与参考系无关,质量与运动无关 F F
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角动量守恒例题
长为L 的均匀直棒,质量为M ,上端用光滑水平轴吊起静止下垂。
今有一质量为m 的子弹,以水平速度v 0 射入杆的悬点下距离为a 处而不复出。
(1)子弹刚停在杆中时杆的角速度多大?
(2)子弹冲入杆的过程中(经历时间为Δt ),杆上端受轴的水平和竖直分力各多大?
(3)要想使杆上端不受水平力,则子弹应在何处击中杆?
解:把子弹和杆看作一个系统。
系统所受的力有重力和轴对杆的约束力。
在子弹射入杆的极短时间内,重力和约束力均通过轴,因而它们对轴
的力矩均为零,系统的角动量守恒,于是有 ω)3
1(220ma Ml a mv += 2
2033ma ML a mv +=∴ω (2)解法1:对子弹与杆系统,根据动量定理,在水平方向有
0p p t F x -=∆
ωωmd l M
mv Mv p mv p c +=+==2,00 t
v m t ma l M F x ∆-∆+=∴0)2(ω 此即为轴在水平方对杆上端的作用力,与v 0的方向相反。
在竖直方向上有
222
)(ωωmd l M g m M F y +=+- )(2
22g d m Mg l M F y +++=∴ωω 如略去m ,则 Mg l M F y +=22
ω
(2)解法2:子弹冲入杆的过程中,子弹受杆的阻力的大小为: t
mv ma t mv mv f ∆-=∆-=00'ω 杆受子弹的水平冲力为 t ma mv f f ∆-=
-=ω0' 对杆用质心运动定律
t l
M Ma f F C x ∆==+2ω )2(l
t r a t t ∆==∆=∴∆=ωαω
ααω
t
v m t ma l M Ma f F C x ∆-∆+=+-=∴0)2(ω
此即为轴在水平方对杆上端的作用力,与v 0的方向相反。
在竖直方向上有
222
)(ωωmd l M g m M F y +=+- )(2
22g d m Mg l M F y +++=∴ωω 如略去m ,则 Mg l M F y +=22
ω
(3)由0=∴x F 可得:
m
ML v a 20-=ω 将22033md ML a mv +=
ω代入得 m Ml md Ml ma a 23322-+=解得l a 3
2=。