【物理】甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三上学期第三次月考试卷
高三物理上学期期中-定西市通渭县马营中学2016届高三上学期第四次月考试物理试题及答案卷
甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1．关于伽利略对自由落体运动的研究，以下说法正确的是（）A．伽利略认为在同一地点，重的物体和轻的物体下落快慢不同B．伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C．伽利略通过数学推演并用小球在斜面上运动，验证了位移与时间的平方成正比D．伽利略用小球在斜面上运动“冲淡重力”，验证了运动速度与位移成正比2．如图所示，汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至距路口停车线20m处时，绿灯还有3s熄灭，而该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，则汽车运动的速度（v）﹣时间（t）图象可能是（）A．B．C． D．3．如图甲所示，在光滑的水平面上，物体A在水平方向的外力F作用下做直线运动，其v ﹣t图象如图乙所示，规定向右为正方向．下列判断正确的是（）A．在3 s末，物体处于出发点右方B．在1﹣2 s内，物体正向左运动，且速度大小在减小C．在1﹣3 s内，物体的加速度方向先向右后向左D．在0﹣1 s内，外力F不断增大4．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，小车左边紧贴墙壁，若在小车斜面上放着一个物体m，当m沿着小车的斜表面下滑时，小车M始终静止不动，则小车M受力个数可能为（）A．4个或5个B．5个或6个C．3个或4个D．4个或6个5．如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，A球保持不动，这时三根细绳张力F、F、F的变化情况是（）A．都变大B．和变大，不变C．和变大，不变D．和变大，不变6．将一小物体以初速度v0竖直向上抛出，若物体所受的空气阻力的大小不变，则小物体到达最高点的最后一秒和离开最高点的第一秒时间内通过的路程s1和s2，速度的变化量△v1和△v2的大小关系（）A．s1=s2B．s1＜s2C．△v1＞△v2D．△v1＜△v27．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（）A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变8．在如图所示装置中，两物体质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态．由图可知（）A．m1一定大于m2B．m1可能大于2m2C．m1一定小于2m2D．α一定等于β三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22-25题为必考题，每个试题考生都作答；第33题选考题，（一）必考题9．在探究力的合成方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的（填字母代号）A．将橡皮条拉伸相同长度即可B．将弹簧秤都拉伸到相同刻度C．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）A．拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D．两细绳必须等长．10．某同学用打点计时器测量做匀加速直线运动的物体的加速度，电源频率f=50Hz在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个计数点，因保存不当，纸带被污染，如图所示，A、B、C、D是依次排列的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：S A=16.6mm S B=126.5mm S D=624.5mm若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为s②打C点时物体的速度大小为m/s（取2位有效数字）③物体的加速度大小为m/s2．11．A、B两列火车，在同一轨道上同向行驶，A车在前，其速度v A=10m/s，B车在后，速度v B=30m/s，因大雾能见度很低，B车在距A车x0=75m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但B车要经过180m才能停下来．（1）B车刹车时A仍按原速率行驶，两车是否会相撞？（2）若B车在刹车的同时发出信号，A车司机经过△t=4s收到信号后加速前进，则A车的加速度至少多大才能避免相撞？12．如图所示，倾角为θ的光滑斜面ABC放在水平面上，劲度系数分别为k1、k2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹簧之间有一质量为m1的重物，最下端挂一质量为m2的重物，此时两重物处于平衡状态，现把斜面ABC绕A点缓慢地顺时针旋转90°后，重新达到平衡．试求：m1、m2沿斜面各移动的距离．（二）选考题：共15分．【物理--选修3-3】13．下列叙述正确的有（）A．气体的压强越大，分子的平均动能越大B．自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性C．外界对气体做正功，气体的内能一定增大D．温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大E．扩散现象与布朗运动都与温度有关F．第二类永动机违反了热力学第二定律14．如图所示，粗细均匀的玻璃细管上端封闭，下端开口，竖直插在大而深的水银槽中，管内封闭有一定质量的空气，玻璃细管足够长，管内气柱长4cm，管内外水银面高度差为10cm．现将玻璃管沿竖直方向缓慢移动．（大气压强相当于75cmHg）求：①若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度；②若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管又应如何移动多少距离．甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多个选项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1．【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】要了解伽利略“理想斜面实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理．（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端．【解答】解：A、亚里士多德认为在同一地点重的物体和轻的物体下落快慢不同，伽利略认为同一地点轻重物体的下落是相同的；故A错误；B、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，但并未直接进行验证，而是在斜面实验的基础上的理想化推理，故B错误．C、伽利略通过数学推演并用小球在斜面上验证了位移与时间的平方成正比，故C正确．D、小球在斜面上运动运动速度与位移不成正比，故D错误，故选：C【点评】伽利略的“理想斜面实验”是建立在可靠的事实基础之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶．2．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】由题，该汽车在绿灯熄灭时刚好停在停车线处，在3s通过的位移正好是20m，根据“面积”确定位移是20m的速度图象才符合题意．【解答】解：A、在3s内位移为x=×10×3=15m，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意．故A错误．B、由图可知S B＞15m，可能为20m，所以汽车可能不超过停车线，故B正确；C、在3s内位移等于x=×10=20m，则C可能是该汽车运动的v﹣t图象．故C正确．D、在3s内位移等于x=×10=17.5m，该汽车还没有到达停车线处，不符合题意．故D 错误．故选：BC．【点评】本题是实际问题，首先要读懂题意，其次抓住速度图象的“面积”等于位移进行选择．3．【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，t轴上方位移为正，下方位移为负，确定前3s内物体位移的正负，判断其位置；速度图象直接反映物体速度的变化情况，可读出速度大小的变化．图象的斜率等于加速度，由牛顿第二定律分析外力F的变化．【解答】解：A、根据速度图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，t轴上方位移为正，下方位移为负，则前3s内物体的位移为正，说明物体处于出发点右方．故A正确．B、在1﹣2 s内，速度为正值，说明速度向右运动，速度不断减小．故B错误．C、在1﹣3 s内，图象的斜率不变，则加速度不变．故C错误．D、在0﹣1 s内，图象切线不断减小，则加速度不断减小，由牛顿第二定律得知外力F不断减小．故D错误．故选A【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．属于基础题．4．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】由于小车的斜面是否光滑未知，要进行讨论，分两种情况分析：若斜面光滑时和斜面粗糙时分别分析M受力的个数．【解答】解：若M斜面光滑时，M受到4个力：重力Mg、m对M的压力，墙壁的弹力和地面的支持力；若m匀速下滑时，M受到4个力：重力Mg、m对M的压力和滑动摩擦力，地面的支持力，根据整体法研究知墙壁对M没有弹力；若斜面粗糙，m加速下滑时，M受到5个力：重力Mg、m对M的压力和滑动摩擦力，墙壁的弹力和地面的支持力；故选A【点评】本题考查分析受力情况的能力，要分斜面是否粗糙、物体m匀速、加速等情况进行分析，不能漏解．5．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先以B为研究对象受力分析，由分解法作图判断出T AB大小的变化；再以AB整体为研究对象受力分析，由平衡条件判断T AD和T AC的变化情况．【解答】解：以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图：由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即T AB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为α，则竖直方向有：T AC sinα=2mg得：T AC=，不变；水平方向：T AD=T AC cosα+F，T AC cosα不变，而F逐渐变大，故T AD逐渐变大；故B正确；故选：B．【点评】当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单．6．将一小物体以初速度v0竖直向上抛出，若物体所受的空气阻力的大小不变，则小物体到达最高点的最后一秒和离开最高点的第一秒时间内通过的路程s1和s2，速度的变化量△v1和△v2的大小关系（）A．s1=s2 B．s1＜s2C．△v1＞△v2D．△v1＜△v2【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据牛顿第二定律，得到上升阶段和下降阶段的加速度的大小关系，然后根据速度时间关系公式和平均速度公式分析．【解答】解：C、D、上升阶段，合力为：F合1=mg+f，故加速度为：a1==g+；下降阶段，合力为：F合2=mg﹣f，故加速度为：a2==g﹣；故a1＞a2；根据速度时间关系公式，有：△v1=a1T△v2=a2T故△v1＞△v2故C正确，D错误；A、B、根据速度时间关系公式和平均速度公式，有s1=T=T=a1T2s2=a2T2故s1＞s2故A错误，B错误；故选C．【点评】本题关键是先根据牛顿第二定律判断上升阶段和下降阶段的加速度大小，然后灵活地选择运动学公式列式判断．7．【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【分析】对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变．【解答】解：由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变．故选CD【点评】物体本来就是向下运动，受到的摩擦力是向上的，当传送带在向上转动时，对物体的受力没影响，可以思考一下，如果传送带向下转动，情况又会如何呢？8．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对与m1连接的滑轮进行受力分析，抓住两个绳子拉力在水平方向上的分力相等，得出α、β的关系．根据竖直方向上合力等于m1的重力，得出m1和m2的关系．【解答】解：绳子通过定滑轮和动滑轮相连，绳子的拉力相等，等于m2的重力，对与m1连接的滑轮进行受力分析，有Tsinα=Tsinβ，所以α=β．在竖直方向上有：Tcosα+Tcosβ=m1g，而T=m2g，则有2m2gcosα=m1g．所以m1一定小于2m2，故选：CD．【点评】解决本题的关键合适地选择研究对象，正确地进行受力分析，运用共点力平衡，抓住水平方向和竖直方向合力为零进行求解．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22-25题为必考题，每个试题考生都作答；第33题选考题，（一）必考题9.【考点】验证力的平行四边形定则．【专题】实验题．【分析】该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题．【解答】解：①A、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同．故A错误，C正确；B、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度．故B 错误，D正确．故选：CD．②A、为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故A正确；B、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C、用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小．故C错误；D、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故D错误．故选：AB．【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．10．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．【解答】解：①打点计时器打出的纸带每隔4个点选择一个计数点，则相邻两计数点的时间间隔为T=0.1s．②根据间的平均速度等于点的速度得v c===2.5m/s．③匀加速运动的位移特征是相邻的相等时间间隔内的位移以aT2均匀增大，即△x=aT2，所以有：x BC=x AB+aT2，x CD=x BC+aT2=x AB+2aT2，x BD=2x AB+3aT2，所以a===9.27 m/s2故答案为：①0.1 ②2.5 ③9.27【点评】要注意单位的换算和有效数字的保留．能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．11．【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】（1）A、B两列火车在同轨道上同向行驶，A车在前做匀速运动，而B车在距A车75m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，做匀减速运动．A车若按原速度前进，则做匀速直线运动，由公式算出刹车的加速度大小，及停止时间．通过求出AB两车的位移关系即可判断是否会相撞；（2）当B车在刹车的同时发出信号后，B车做匀减速运动，A车做匀速，收到信号4.0s后才加速前进．由速度公式表示出相遇但不相撞的速度关系，由两车的位移表示出两车的位移关系，最终确定A车的加速度多大时才能避免事故．【解答】解：（1）B车刹车的加速度大小为：两车速度相同时：=8s在这段时间内两车的位移分别为：x A=v A t0=80m因为x B＞x A+x0，则两车会相撞．（2）设A车司机收到信号后以加速度a A加速前进，两车恰相遇不相撞应满足速度关系：v A=v B 即：30﹣2.5t=10+a A（t﹣4）位移关系s B=s A+x0 即：30t﹣×2.5t2=75+10×4+10（t﹣4）+解得：答：（1）A车若按原速前进时，两车会相撞；（2）A车的加速度至少为0.83m/s2才能避免相撞事故．【点评】本题是物体做匀减速、匀速及匀加速相综合的应用，不论是什么运动，它们的运动时间是相同的，所以有的根据速度相同来求出位移，有的根据位移关系来确定速度大小．该题也可用相对运动的知识来解决．12．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】在旋转前后，物体均处于平衡状态，则共点力的平衡条件可得出物体弹簧弹力，由胡克定律可求得弹簧的伸长量，则可得出旋转前后的距离．【解答】解：没旋转时，两弹簧均处于伸长状态，两弹簧伸长量分别为x1、x2，由平衡条件可知k2x2=m2gsinθ，解得：x2=k2x2+m1gsinθ=k1x1解得：x1=旋转后，两弹簧均处于压缩状态，压缩量为x1′，x2′m2gcosθ=k2x2′解得：x2′=（m1+m2）gcosθ=k1x1′解得：x1′=所以m1移动的距离d1=x1+x1′=m2移动的距离d2=x2+x2′+d1=（sinθ+cosθ）+（sinθ+cosθ）答：m1、m2沿斜面移动的距离各为和（sinθ+cosθ）+（sinθ+cosθ）．【点评】本题为共点力的平衡问题，受力分析较为简单，只要明确沿斜面方向平衡关系即可求解．（二）选考题：共15分．【物理--选修3-3】13．【考点】布朗运动；温度是分子平均动能的标志；热力学第二定律．【专题】布朗运动专题．【分析】温度是平均动能的标志，改变内能的方式有做功和热传递，自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，扩散现象与布朗运动都与温度有关．【解答】解：A、温度越高分子的平均动能越大，A错误；B、自然界中所进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，B正确；C、改变内能的方式有做功和热传递，外界对气体做正功，气体的内能不一定增大，C错误；D、温度升高，平均动能增大，物体内的每一个分子的热运动速率不一定都增大，D错误；E、扩散现象与布朗运动都与温度有关，温度越高，现象越明显，E正确；F、第二类永动机违反了热力学第二定律，F正确；故选：BEF【点评】重点掌握温度是平均动能的标志，改变内能的两种方式，布朗运动的实质．14．【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】①确定好两个状态下的状态参量，由玻意耳定律求解；②确定好两个状态下的状态参量，由玻意耳定律求解空气柱长度，再根据几何关系求解；【解答】解：①玻璃管内的空气作等温变化，管内外水银面恰好相平时，根据玻意耳定律，有：（p0﹣gH1）S l1=p0 S l2解得：l2=②（a）若管内水银面较高，管内气柱长l3（p0﹣gH1）Sl1=（p0﹣gH3）Sl3解得：l3=玻璃管上移的距离：x2=H3+l3﹣（l1+H1）=15+4.33﹣（4+10）=5.33cm（b）若管外水银面较高，管内气柱长l4（p0﹣gH1）Sl1=（p0+gH4）Sl4解得：l4=玻璃管下移的距离：x4=l1+H1+H4﹣l3=4+10+15﹣2.89=26.11cm答：①若要使管内外水银面恰好相平，此时管内气柱的长度为3.5cm；②若要使管内外水银面高度差为15cm，玻璃管应上移5.33cm距离或者下移26.11cm．【点评】考查玻意耳定律的应用，会确定初末状态的参量是解题的关键，第二问注意多解．。
甘肃省定西市通渭县马营中学2015_2016学年高二物理上学期期末试卷(含解析)
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高二（上）期末物理试卷一、选择题：（本题共16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的，全部选对的得3分，少选德1分，有错选或不答的得0分）1．用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力的一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力2．如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（）A．F1＞F2＞F3B．F3＞F1＞F2C．F2＞F3＞F1D．F3＞F2＞F13．质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内平均速度的大小和方向分别为（）A．0.25m/s 向右B．0.25m/s 向左C．1m/s 向右D．1m/s 向左4．如图所示，三个小球从同一高度处的O点分别以水平初速度v1、v2、v3抛出，落在水平面上的位置分别是A、B、C，O′是O在水平面上的射影点，且O′A：O′B：O′C=1：3：5．若不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A．v1：v2：v3=1：3：5 B．三个小球下落的时间相同C．三个小球落地的速度相同D．三个小球落地的位移相同5．如图所示，A、B是两个摩擦传动轮，两轮半径大小关系为R A=2R B，则两轮边缘上的（）A．角速度之比ωA：ωB=1：2 B．周期之比T A：T B=1：2C．转速之比n A：n B=1：2 D．向心加速度之比a A：a B=2：16．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变7．如图所示，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力和摩擦力分别为（）A．（M+m）g、0 B．（M+m）g﹣F、0C．（M+m）g+Fsinθ、FsinθD．（M+m）g﹣Fsinθ、Fcosθ8．质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能（）A．一直增大B．先逐渐减小至零，再逐渐增大C．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大9．如图所示，用长为L的轻绳把一个小铁球悬挂在高2L的O点处，小铁球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点B处，若运动中轻绳断开，则小铁球落到地面时的速度大小为（）A． B．C．D．10．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c 点为电势零点，则当这个带电小球的电势能等于﹣6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV11．嫦娥二号卫星已成功发射，这次发射后卫星直接进入近地点高度200公里、远地点高度约38万公里的地月转移轨道直接奔月．当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须“急刹车”，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点100公里、周期12小时的椭圆轨道a．再经过两次轨道调整，进入100公里的近月圆轨道b．轨道a和b相切于P点，如图所示．下列说法正确的是（）A．嫦娥二号卫星的发射速度大于7.9 km/s，小于11.2 km/sB．嫦娥二号卫星的发射速度大于11.2 km/sC．嫦娥二号卫星在a、b轨道经过P点的速度v a=v bD．嫦娥二号卫星在a、b轨道经过P点的加速度分别为a a、a b则a a＞a b12．如图所示，虚线a、b、c为三个同心圆面，圆心处有一个点电荷，现从b、c之间一点P以相同的速率发射两个带电粒子，分别沿PM、PN运动到M、N点，M、N两点都处于圆周c上，以下判断正确的是（）A．到达M、N时两粒子速率仍相等B．到达M、N时两粒子速率v M＞v NC．到达M、N时两粒子的电势能相等D．两个粒子的电势能都是先减小后增大13．如图（a）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，A、V为理想电流表和电压表．若原线圈接入如图（b）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V，下列表述正确的是（）A．电流表的示数为2AB．原、副线圈匝数比为2：1C．电压表的示数为电压的有效值D．原线圈中交变电压的频率为100Hz14．在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图．过c点的导线所受安培力的方向（）A．与ab边平行，竖直向上B．与ab边平行，竖直向下C．与ab边垂直，指向左边D．与ab边垂直，指向右边15．如图所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g，则有（）A．a1=0，a2=g B．a1=g，a2=gC．a1=0，a2=g D．a1=g，a2=g16．地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，一个带电油滴能沿一条与竖直方向成α角的直线MN运动（MN在垂直于磁场方向的平面内），如图所示，则以下判断中正确的是（）A．如果油滴带正电，它是从M点运动到N点B．如果油滴带正电，它是从N点运动到M点C．如果电场方向水平向左，油滴是从M点运动到N点D．如果电场方向水平向右，油滴是从M点运动到N点二、实验题：（本题共设两小题，每空2分，共22分）17．在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点．已知打点计时器每隔0.02s打一个点，当地的重力加速度为g=9.80m/s2，那么：（1）根据图上所得的数据，应取图中O点到点来验证机械能守恒定律；（2）从O点到（1）问中所取的点，重物重力势能的减少量△E p= J，动能增加量△E k= J （结果取三位有效数字）；（3）若测出纸带上所有各点到O点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v及物体下落的高度h，则以为纵轴，以h为横轴画出的图象是图2中的．18．在如图甲所示的电路中，四节干电池串连，小灯泡A、B的规格为“3.8V，0.3A”．合上开关 S 后，无论怎样移动滑动片，A、B灯都不亮．（1）用多用电表的直流电压挡检查故障：①选择开关置于下列量程的挡较为合适（用字母序号表示）；A．2.5V B．10V C．50V D．250V②测得c、d 间电压约为5.8V，e、f 间电压为0，则故障是下列哪一项？；A．A灯丝断开 B．B灯丝断开C．d、e间连线断开 D．B灯被短路（2）接着训练用欧姆表的“×l”挡测电阻，欧姆表经过“欧姆调零”，①测试前，一定要将电路中的开关 S ；②测c、d 间和e、f间电阻时，某次测试结果如图乙所示，读数为Ω，此时测量的是间电阻，根据小灯泡的规格计算出的电阻为Ω，它不等于测量值，原因是：三、计算题：（本题共设三小题，共30分）19．如图所示，电阻R1=2Ω，小灯泡L上标有“3V，1.5W“，电源内阻r=1Ω，滑动变阻器的最大阻值为R0（大小未知），当触头P滑动到最上端a时，安培表的读数为1A，小灯泡L恰好正常发光，求：（1）滑动变阻器的最大阻值R0（2）当触头P滑动到最下端b时，求电源的总功率及输出功率．20．如图所示，在E=1×103V/m的竖直匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨QPN与一水平绝缘轨道MN连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P为QN圆弧的中点，其半径R=40cm，一带正电q=10﹣4C 的小滑块质量m=10g，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.15，位于N点右侧1.5m处，取g=10m/s2，求：（1）要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，则滑块应以多大的初速度v0向左运动？（2）这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大？21．如图所示，在第二象限内有水平向右的匀强电场，在第一、第四象限内分别存在匀强磁场，磁感应强度大小相等，方向如图所示；现有一个带电粒子在该平面内从x轴上的P点，以垂直于x轴初速度v0进入匀强电场，恰好经过y轴上的Q点且与y轴成45°角射出电场，再经过一段时间又恰好垂直于x轴进入下面的磁场．已知OP之间的距离为d，（不计粒子的重力）求：（1）Q点的坐标；（2）带电粒子自进入电场至在磁场中第二次经过x轴的时间．2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的，全部选对的得3分，少选德1分，有错选或不答的得0分）1．用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法正确的是（）A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力的一对作用力和反作用力C．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力D．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力【考点】作用力和反作用力．【分析】一对平衡力与“作用力与反作用力“的共同的特点：二力都是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．一对平衡力与“作用力与反作用力“的区别：作用力与反作用力描述的是两个物体间相互作用的规律，二力平衡描述的是一个物体在二力作用下处在平衡状态．【解答】解：对小球受力分析，受地球对其的重力，细线对其向上的拉力，小球保持静止状态，加速度为零，合力为零，故重力和拉力是一对平衡力；细线对小球的拉力的反作用力是小球对细线的向下的拉力，这两个力是一对相互作用力，故A错误，B错误，C正确，D错误故选：C．【点评】本题涉及三力，重力、细线对小球的拉力和小球对细线的拉力，其中重力和细线对小球的拉力是平衡力（因为小球处于平衡状态），细线对小球的拉力和小球对细线的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混淆的，要注意其最明显的区别在于是否同体．2．如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（）A．F1＞F2＞F3B．F3＞F1＞F2C．F2＞F3＞F1D．F3＞F2＞F1【考点】力的合成．【专题】计算题；压轴题．【分析】如果一个物体受到三个力的作用也能处于平衡状态，叫做三力平衡．很显然这三个力的合力应该为零．而这三个力可能互成角度，也可能在一条直线上；对于三力平衡，一般根据“任意两个力的合力与第三个力等大反向”的关系，借助三角函数、相似三角形等手段求解；或将某一个力分解到另外两个力的反方向上，得到的这两个分力势必与另外两个力等大、反向；对于多个力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法．本题对P点受力分析，可以运用合成法、分解法、正交分解法求解．【解答】解：对P点受力分析，如图根据共点力平衡条件F1=F3cos30°=F3F2=F3sin30°=F3因而F3＞F1＞F2故选B．【点评】物体在三个力的作用下处于平衡状态，要求我们分析三力之间的相互关系的问题叫三力平衡问题，这是物体受力平衡中最重要、最典型也最基础的平衡问题．这种类型的问题有以下几种常见题型：①三个力中，有两个力互相垂直，第三个力角度（方向）已知．②三个力互相不垂直，但夹角（方向）已知《考试说明》中规定力的合成与分解的计算只限于两力之间能构成直角的情形．三个力互相不垂直时，无论是用合成法还是分解法，三力组成的三角形都不是直角三角形，造成求解困难．因而这种类型问题的解题障碍就在于怎样确定研究方法上．解决的办法是采用正交分解法，将三个不同方向的力分解到两个互相垂直的方向上，再利用平衡条件求解．③三个力互相不垂直，且夹角（方向）未知三力方向未知时，无论是用合成法还是分解法，都找不到合力与分力之间的定量联系，因而单从受力分析图去求解这类问题是很难找到答案的．要求解这类问题，必须变换数学分析的角度，从我们熟悉的三角函数法变换到空间几何关系上去考虑，因而这种问题的障碍点是如何正确选取数学分析的方法．解决这种类型的问题的对策是：首先利用合成法或分解法作出三力之间的平行四边形关系和三角形关系，再根据力的三角形寻找与之相似的空间三角形，利用三角形的相似比求解．④三力的动态平衡问题即三个力中，有一个力为恒力，另一个力方向不变，大小可变，第三个力大小方向均可变，分析第三个力的方向变化引起的物体受力的动态变化问题．这种类型的问题不需要通过具体的运算来得出结论，因而障碍常出现在受力分析和画受力分析图上．在分析这类问题时，要注意物体“变中有不变”的平衡特点，在变中寻找不变量．即将两个发生变化的力进行合成，利用它们的合力为恒力的特点进行分析．在解决这类问题时，正确画出物体在不同状态时的受力图和平行四边形关系尤为重要．3．质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内平均速度的大小和方向分别为（）A．0.25m/s 向右B．0.25m/s 向左C．1m/s 向右D．1m/s 向左【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度．【专题】运动学中的图像专题．【分析】质点做直线运动的v﹣t图象中，图象与横坐标所围成的面积表示位移，平均速度等于总位移除以总时间，根据即可解题．【解答】解：由题图得前8s内的位移为：，则平均速度为： =﹣0.25m/s，负号表示方向向左．B正确．故选：B【点评】质点做直线运动的v﹣t图象中，图象与坐标轴所围成的面积表示位移，面积的正负表示位移的方向，该题难度不大，属于基础题．4．如图所示，三个小球从同一高度处的O点分别以水平初速度v1、v2、v3抛出，落在水平面上的位置分别是A、B、C，O′是O在水平面上的射影点，且O′A：O′B：O′C=1：3：5．若不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A．v1：v2：v3=1：3：5 B．三个小球下落的时间相同C．三个小球落地的速度相同D．三个小球落地的位移相同【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定小球运动的时间，根据水平位移求出三个小球的初速度之比，将落地速度分解，求出落地的速度关系．【解答】解：A、三个小球的高度相等，则根据h=知，平抛运动的时间相等，水平位移之比为1：3：5，则根据x=v0t得，初速度之比为1：3：5．故AB正确．C、小球落地时的竖直方向上的分速度相等，落地时的速度v=，初速度不等，则落地的速度不等．故C错误．D、小球落地时的位移，水平位移不等，竖直位移相等，则小球通过的位移不等．故D错误．故选：AB．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，灵活运用运动学公式进行求解．5．如图所示，A、B是两个摩擦传动轮，两轮半径大小关系为R A=2R B，则两轮边缘上的（）A．角速度之比ωA：ωB=1：2 B．周期之比T A：T B=1：2C．转速之比n A：n B=1：2 D．向心加速度之比a A：a B=2：1【考点】线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】因为传动时无滑动，则轮子边缘上的点线速度大小相等，根据v=rω得出角速度之比，周期T=，ω=2πn，a=rω2=Vω【解答】解：A、A、B为靠摩擦传动的两轮边缘上的两点，它们在相同时间内走过的弧长相等，则线速度大小相等，即νA：νB=1：1，因为R A=2R B，根据v=rω知，ωA：ωB=1：2，故A正确B、周期T=，周期之比T A：T B=2：1，故B错误C、ω=2πn，所以转速之比n A：n B=1：2，故C正确D、a=rω2=Vω，故向心加速度之比a A：a B=1：2，故D错误故选：AC【点评】解决本题的关键知道靠传送带传到的轮子边缘上的点，线速度相等，共轴转动，角速度相等，以及掌握线速度和角速度的关系6．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．【解答】解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；反之，保持S不变，减小d，则θ减小．故A正确，B错误．C、D、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S 时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；反之，保持d不变，增大S，则θ减小，故C错误，D错误．故选：A．【点评】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式C=和C=．7．如图所示，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力和摩擦力分别为（）A．（M+m）g、0 B．（M+m）g﹣F、0C．（M+m）g+Fsinθ、FsinθD．（M+m）g﹣Fsinθ、Fcosθ【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物块m匀速上升，受力平衡，合力为零．楔形物块M始终保持静止合力也为零，将两个物体看成整体进行研究，根据平衡条件求解地面对楔形物块支持力和摩擦力．【解答】解：以物块m和楔形物块M整体为研究对象，分析受力情况，如图，由平衡条件得地面对楔形物块支持力大小为：N=（M+m）g﹣Fsinθ地面对楔形物块有向右的摩擦力大小为：f=Fcosθ．所以D正确．故选：D【点评】本题采用整体法处理两个物体的平衡问题，也可以采用隔离法研究．8．质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能（）A．一直增大B．先逐渐减小至零，再逐渐增大C．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大【考点】动能定理的应用．【分析】一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力．根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况．【解答】解：A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故A正确．B、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大．故B正确．C、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小．故C错误．D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到0时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大．故D正确．故选ABD．【点评】对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向．对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究．9．如图所示，用长为L的轻绳把一个小铁球悬挂在高2L的O点处，小铁球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点B处，若运动中轻绳断开，则小铁球落到地面时的速度大小为（）A． B．C．D．【考点】平抛运动；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律．【专题】平抛运动专题．【分析】小球恰好能通过最高点B，重力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解得到B点速度；然后根据机械能守恒定律列式求解落地速度．【解答】解：小球恰好能通过最高点B，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m①整个运动过程只有重力做功，机械能守恒，根据守恒定律，有：②联立解得：；故选D．【点评】本题突破口在于小球恰好经过B点，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；然后机械能守恒定律列式求解落地速度，不难．10．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c 点为电势零点，则当这个带电小球的电势能等于﹣6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV【考点】电势能．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．【解答】解：小球自a点运动到b时，电场力做负功：W ab=2eV﹣20eV=﹣18eV ①由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：U ab=3U bc②从b到c电场力做正功，根据动能定理有：W bc=E kc﹣E kb③联立①②③可得E kc=8eV．由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c点：E=E p+E k=8eV即电势能和动能之和为8eV，因此当电势能等于﹣6eV时动能为14eV，故ACD错误，B正确．故选B．【点评】学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．11．嫦娥二号卫星已成功发射，这次发射后卫星直接进入近地点高度200公里、远地点高度约38万公里的地月转移轨道直接奔月．当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须“急刹车”，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点100公里、周期12小时的椭圆轨道a．再经过两次轨道调整，进入100公里的近月圆轨道b．轨道a和b相切于P点，如图所示．下列说法正确的是（）A．嫦娥二号卫星的发射速度大于7.9 km/s，小于11.2 km/sB．嫦娥二号卫星的发射速度大于11.2 km/sC．嫦娥二号卫星在a、b轨道经过P点的速度v a=v bD．嫦娥二号卫星在a、b轨道经过P点的加速度分别为a a、a b则a a＞a b【考点】万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】A、B嫦娥二号发射出去后绕地球做椭圆运动，知嫦娥二号的发射速度大于7.9km/s，小于11.2km/s．C、嫦娥二号在椭圆轨道的P点进入圆轨道需减速，使得万有引力等于需要的向心力，做圆周运动．。
高三物理月考试题及答案-甘肃张掖市2015届高考三诊试卷
甘肃省张掖市2015届高考物理三诊试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分；有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B．由电场强度的定义式E=可知E的方向决定于q的正负C．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律D．“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应2．（6分）如图所示的x﹣t图象和v﹣t图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．x﹣t图象中t1时刻v1＞v2C．v﹣t图象中0至t3时间内3和4的平均速度大小相等D．两图象中，在t2、t4时刻2、4开始反向运动3．（6分）压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小．一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如甲图所示，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一质量为m的物体，升降机静止时电流表示数为I0．某过程中电流表的示数如乙图所示，则在此过程中（）A．物体处于失重状态B．物体处于超重状态C．升降机一定向上做匀加速运动D．升降机一定向下做匀减速运动4．（6分）如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ．质量为m、长为L的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中．当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab保持静止．则磁感应强度的方向和大小可能为（）A．竖直向上，B．平行导轨向上，C．水平向右，D．水平向左，5．（6分）如图，物块A和B的质量分别为4m和m，开始AB均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F=6mg作用下，动滑轮竖直向上加速运动．已知动滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳足够长，在滑轮向上运动过程中，物块A和B 的加速度分别为（）A．a A=g，a B=5g B．a A=a B=g C．a A=g，a B=3g D．a A=0，a B=2g6．（6分）“嫦娥二号”绕月卫星于2010年10月1日18时59分57秒在西昌卫星发射中心发射升空，并获得了圆满成功．“嫦娥二号”新开辟了地月之间的“直航航线”，即直接发射至地月转移轨道，再进入距月面约h=l×l05m的圆形工作轨道，开始进行科学探测活动．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g月，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．由题目条件可知月球的平均密度为B．“嫦娥二号”在工作轨道上绕月球运行的周期为2πC．“嫦娥二号”在工作轨道上的绕行速度为D．“嫦娥二号”在工作轨道上运行时的向心加速度为（）2g月7．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R以外其余电阻不计．从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1=220sinl00πtV．下列说法中正确的（）A．t=s时，电压表的读数为22VB．t=s时，ac两点电压瞬时值为110VC．滑动变阻器触片向上移，电压表和电流表的示数均变大D．单刀双掷开关由a扳向b，电压表和电流表的示数均变小8．（6分）如图所示，直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，比荷相同的两个粒子（不计重力）沿AB方向射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则（）A．从P点射出的粒子速度大B．从Q点射出的粒子速度大C．从Q点射出的粒子在磁场中运动的时间长D．两个粒子在磁场中运动的时间一样长三、非选择题：包括必考题和选考题，第9题-第12题为必考题，每个题每位考生必须作答，第13题-第17题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（6分）在《探究加速度与力、质量的关系》实验中（1）某小组同学用如图1所示装置，采用控制变量方法，来研究在小车质量不变的情况下，研究小车加速度与小车受力的关系．下列措施中正确的是________A．平衡摩擦力的方法就是将木板一端垫高，在塑料小桶中添加砝码，使小车在绳的拉力作用下能匀速滑动B．每次改变小车所受的拉力时，不需要重新平衡摩擦力C．实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（2）如图2所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.50cm，BC=3.88cm，CD=6.26cm，DE=8.67cm，EF=11.08cm，FG=13.49cm，则小车运动的加速度大小a=_______m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度大小v C= _______m/s．（结果保留二位有效数字）10．（9分）某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V1（量程3V，内阻R v1=10kΩ）电压表：V2（量程15V，内阻R v2=50kΩ）电流表：G（量程3mA，内阻R g=100Ω）电流表：A（量程3A，内阻约为0.5Ω）滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω，额定电流2A）R2（阻值范围0～1000Ω，额定电流1A）定值电阻：R3=0.5ΩR4=10Ω①为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中电压表应选用_______，滑动变阻器应选用_______（填写器材的符号）．该同学发现所给的两个电流表的量程均不符合要求，他将电流表G进行改装，电流表G应与定值电阻并联，改装后的电流表对应的量程是_______A．②在如图所示的虚线框内，画出该同学实验连线时依据的实验原理图．③电流表G改装后其表盘没有来得及重新刻度，该同学利用上述实验原理测得数据，以电流表G的读数为横坐标，以电压表V的读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_______V （结果保留三位有效数字），电源的内阻r=_______Ω（结果保留两位有效数字）．11．（14分）如图所示，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A 点以v0=2m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；（2）要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大？12．（18分）如图甲所示，空间存在一有界匀强磁场，磁场的左边界如虚线所示，虚线右侧足够大区域存在磁场，磁场方向竖直向下．在光滑绝缘水平面内有一长方形金属线框，ab 边长为l=0.2m，线框质量m=0.1kg、电阻R=0.1Ω，在水平向右的外力F作用下，以初速度v0=1m/s匀加速进入磁场，外力F大小随时间t变化的图线如图乙所示．以线框右边刚进入磁场时开始计时，求：（1）匀强磁场的磁感应强度B（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q；（3）若线框进入磁场过程中F做功为W F=0.27J，求在此过程中线框产生的焦耳热Q．(二）选考题【物理一选修3-3】（15分）13．（6分）下列说法正确的是（）A．气体的内能是所有分子热运动的动能和分子间的势能之和B．气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变C．功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功D．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体E．一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加14．（9分）如图，在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a、b和c三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S、和S．已知大气压强为p0，温度为T0．两活塞A 和B用一根长为4l的不可伸长的轻线相连，把温度为T0的空气密封在两活塞之间，此时两活塞的位置如图所示．现对被密封的气体加热，使其温度缓慢上升到T．若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略，此时两活塞之间气体的压强可能为多少？【物理-选修3-4】（15分）15．图甲为某一列沿x轴正向传播的简谐横波在t=1.0s时刻的波形图，图乙为参与波动的某一质点的振动图象，则下列说法正确的是（）A．该简谐横波的传播速度为4m/sB．从此时刻起，经过2秒，P质点运动了8米的路程C．从此时刻起，P质点比Q质点先回到平衡位置D．乙图可能是甲图x=2m处质点的振动图象E．此时刻M质点的振动速度小于Q质点的振动速度【物理-选修3-5】（15分）16．下列说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．在中子轰击下生成和的过程中，原子核中的平均核子质量变小C．太阳辐射能量主要来自太阳内部的聚变反应D．卢瑟福依据极少数α粒子发生大角度散射提出了原子核式结构模型E．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量减小17．如图所示，光滑水平面上一质量为M、长为L的木板右端靠竖直墙壁．质量为m的小滑块（可视为质点）以水平速度v0滑上木板的左端，滑到木板的右端时速度恰好为零．①求小滑块与木板间的摩擦力大小；②现小滑块以某一速度v滑上木板的左端，滑到木板的右端时与竖直墙壁发生弹性碰撞，然后向左运动，刚好能够滑到时木板左端而不从木板上落下，试求的值．甘肃省张掖市2015届高考物理三诊试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分；有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B．由电场强度的定义式E=可知E的方向决定于q的正负C．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律D．“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应考点：物理学史．专题：常规题型．分析：静止的电荷的周围存在电场，运动的电荷还存在磁场；根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、静止的电荷的周围存在电场，运动的电荷还存在磁场，故A错误；B、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，故B错误；C、安培首先总结出磁场对电流作用力的规律，故C错误；D、“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应，故D正确；故选：D．点评：理解电场与磁场的存在的范畴，认识电与磁的联系，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（6分）如图所示的x﹣t图象和v﹣t图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．x﹣t图象中t1时刻v1＞v2C．v﹣t图象中0至t3时间内3和4的平均速度大小相等D．两图象中，在t2、t4时刻2、4开始反向运动考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：x﹣t图线与v﹣t图线只能描述直线运动；x﹣t的斜率表示物体运动的速度，斜率的正和负分别表示物体沿正方向和负方向运动．v﹣t的斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移．平均速度等于位移与时间之比．根据相关知识进行解答．解答：解：A、运动图象反映物体的运动规律，不是运动轨迹，无论速度时间图象还是位移时间图象只能表示物体做直线运动．故A错误．B、在x﹣t图象中图线的斜率表示物体的速度，在t1时刻图线1的斜率大于图线2的斜率，故v1＞v2．故B正确．C、在v﹣t图线中图线与时间轴围成的面积等于物体发生的位移．故在0﹣t3时间内4围成的面积大于3围成的面积，故3的平均速度小于4的平均速度；故C错误．D、x﹣t图线的斜率等于物体的速度，斜率大于0，表示物体沿正方向运动；斜率小于0，表示物体沿负方向运动．而t2时刻之前物体的运动沿正方向，t2时刻之后物体沿负方向运动．故t2时刻开始反向运动．v﹣t图象中速度的正负表示运动方向，从0﹣t5这段时间内速度始终为正，故t4时刻没有反向运动．故D错误．答案：B．点评：对于v﹣t图线和s﹣t图线的基本的特点、意义一定要熟悉，这是我们解决这类问题的金钥匙，在学习中要多多积累．3．（6分）压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小．一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如甲图所示，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一质量为m的物体，升降机静止时电流表示数为I0．某过程中电流表的示数如乙图所示，则在此过程中（）A．物体处于失重状态B．物体处于超重状态C．升降机一定向上做匀加速运动D．升降机一定向下做匀减速运动考点：闭合电路的欧姆定律；牛顿第二定律．专题：恒定电流专题．分析：根据升降机静止时电流表示数和此运动过程中电流，由欧姆定律分析压敏电阻的阻值如何变化，确定压敏电阻所受压力如何变化，判断物体处于失重状态还是超重状态，再分析升降机可能的运动情况．解答：解：AB、据题，升降机静止时电流表示数为I0，而此过程中电流表示数为2I0，电流增大，由欧姆定律分析压敏电阻的阻值变小，说明压敏电阻所受压力增大，大于重力，则物体处于超重状态．故A错误，B正确．CD、物体处于超重状态时，速度方向可能向下，也可能向上，则升降机可能向下做匀减速运动，也可能向上做匀加速运动．故C、D错误．故选：B．点评：本题是信息题，首先要抓住题中信息：压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，其他部分是常规问题．4．（6分）如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ．质量为m、长为L的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中．当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab保持静止．则磁感应强度的方向和大小可能为（）A．竖直向上，B．平行导轨向上，C．水平向右，D．水平向左，考点：安培力；共点力平衡的条件及其应用．分析：以金属杆为研究对象进行受力分析，由平衡条件判断安培力的最小值．从而求出磁场强度的最小值，然后根据右手定则判断磁场的方向．解答：解：金属导轨光滑，所以没有摩擦力，则金属棒只受重力支持力和安培力，根据平衡条件支持力和安培力的合力应与重力等大反向，根据矢量三角形合成法则作出三种情况的合成图如图：由图可以看出当安培力F与支持力垂直时有最小值：F min=mgsinθ即BIL=mgsinθ则B min=A、=•＞，由右手定则判断磁场的方向，竖直向上，故A 错误；B、cosθ不一定大于sinθ故B错误；C、＞，由右手定则判断磁场的方向水平向左，故C错误D正确．故选：D点评：本题借助磁场中安培力考查了矢量三角形合成法则求最小值问题，判断出最小值是关键．5．（6分）如图，物块A和B的质量分别为4m和m，开始AB均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F=6mg作用下，动滑轮竖直向上加速运动．已知动滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳足够长，在滑轮向上运动过程中，物块A和B 的加速度分别为（）A．a A=g，a B=5g B．a A=a B=g C．a A=g，a B=3g D．a A=0，a B=2g考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：通过对滑轮受力分析，求出绳上的拉力，由牛顿第二定律分别对AB可求得加速度解答：解：对滑轮分析：F﹣2T=ma，又m=0，所以，对A分析：由于T＜4mg故A静止，a A=0对B：a B=，故D正确故选：D点评：本题主要考查了牛顿第二定律求加速度，抓住受力分析是关键即可6．（6分）“嫦娥二号”绕月卫星于2010年10月1日18时59分57秒在西昌卫星发射中心发射升空，并获得了圆满成功．“嫦娥二号”新开辟了地月之间的“直航航线”，即直接发射至地月转移轨道，再进入距月面约h=l×l05m的圆形工作轨道，开始进行科学探测活动．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g月，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．由题目条件可知月球的平均密度为B．“嫦娥二号”在工作轨道上绕月球运行的周期为2πC．“嫦娥二号”在工作轨道上的绕行速度为D．“嫦娥二号”在工作轨道上运行时的向心加速度为（）2g月考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：月球表面重力等于万有引力，绕月卫星的向心力由万有引力提供，据此列式分析即可．解答：解：A、在月球表面重力与万有引力相等有可得月球质量M=，据密度公式可得月球密度=，故A正确；B、根据万有引力提供圆周运动向心力有可得周期T==，故B错误；C、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号绕行速度为，故C错误；D、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号在工作轨道上的向心加速度，故D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键是抓住星球表面重力与万有引力相等，万有引力提供圆周运动向心力入手，掌握公式及公式变换是正确解题的关键．7．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R以外其余电阻不计．从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1=220sinl00πtV．下列说法中正确的（）A．t=s时，电压表的读数为22VB．t=s时，ac两点电压瞬时值为110VC．滑动变阻器触片向上移，电压表和电流表的示数均变大D．单刀双掷开关由a扳向b，电压表和电流表的示数均变小考点：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由时间求出瞬时电压的有效值，再根据匝数比等于电压之比求电压，结合电路动态分析判断电阻增大时电流的变化．解答：解：A、原线圈两端电压有效值为220V，副线圈两端电压有效值为22V，电表测量的是有效值，故A正确；B、t=s时，ac两点电压瞬时值为110V，故B错误；C、滑动变阻器触片向上移，电阻变大，副线圈的电压由匝数和输入电压决定，伏特表的示数不变，安培表示数减小，C错误；D、单刀双掷开关由a扳向b，匝数比变小，匝数与电压成正比，所以伏特表和安培表的示数均变大，故D错误；故选：A点评：本题考查了变压器的特点，需要特别注意的是CD两选项，考查了电路的动态分析，这是2015届高考中的热点．8．（6分）如图所示，直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，比荷相同的两个粒子（不计重力）沿AB方向射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则（）A．从P点射出的粒子速度大B．从Q点射出的粒子速度大C．从Q点射出的粒子在磁场中运动的时间长D．两个粒子在磁场中运动的时间一样长考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：粒子在磁场中做圆周运动，根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，根据轨迹分析粒子运动半径和周期的关系，从而分析得出结论解答：解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系（图示弦切角相等），粒子在磁场中偏转的圆心角相等，根据粒子在磁场中运动的时间：t=T，又因为粒子在磁场中圆周运动的周期T=，可知粒子在磁场中运动的时间相等，故D正确，C错误；如图，粒子在磁场中做圆周运动，分别从P点和Q点射出，由图知，粒子运动的半径R P＜R Q，又粒子在磁场中做圆周运动的半径R=知粒子运动速度v P＜v Q，故A错误，B正确；故选：BD点评：粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决本题的关键三、非选择题：包括必考题和选考题，第9题-第12题为必考题，每个题每位考生必须作答，第13题-第17题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（6分）在《探究加速度与力、质量的关系》实验中（1）某小组同学用如图1所示装置，采用控制变量方法，来研究在小车质量不变的情况下，研究小车加速度与小车受力的关系．下列措施中正确的是BDA．平衡摩擦力的方法就是将木板一端垫高，在塑料小桶中添加砝码，使小车在绳的拉力作用下能匀速滑动B．每次改变小车所受的拉力时，不需要重新平衡摩擦力C．实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（2）如图2所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.50cm，BC=3.88cm，CD=6.26cm，DE=8.67cm，EF=11.08cm，FG=13.49cm，则小车运动的加速度大小a=2.4m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度大小v C=0.51 m/s．（结果保留二位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）探究加速度与力的关系实验时，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）A、实验时首先要平衡摩擦力，平衡摩擦力的方法就是，小车与纸带相连，小车前面不挂小桶，把小车放在斜面上给小车一个初速度，看小车能否做匀速直线运动，故A错误；B、平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力，每次改变拉小车的拉力后都不需要重新平衡摩擦力，故B正确；C、为了提高纸带的利用率，在纸带上尽量多的打点，因此实验中应先接通电源，后放开小车，故C误；D、每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量，故D正确；故选：BD．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可得：设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，a=（a1+a2+a3）代入实验数据解得：a=2.4m/s2，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．v C===0.51m/s；故答案为：（1）BD；（2）2.4，0.51．点评：对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．该题考查在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中的注意事项：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；同时会求瞬时速度与加速度，学会通过描点作图象，注意单位的统一与正确的计算．。
甘肃省定西市通渭县马营中学届高三数学上学期第三次月考试卷理(含解析)【含答案】
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第三次月考数学试卷（理科）一.选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的4个选项中，只有一个是符合题目要求的）1．设U=R，P={x|x＞1}，Q={x|x（x﹣2）＜0}，则∁U（P∪Q）=（）A．{x|x≤1或x≥2}B．{x|x≤1} C．{x|x≥2} D．{x|x≤0}2．函数的最小正周期为（）A．4πB．2πC．πD．3．函数y=f（x）的图象如图所示，则导函数y=f′（x）的图象的大致形状是（）A．B．C．D．4．已知复数z=（i是虚数单位），则复数z的虚部是（）A． i B．C．D． i5．下列大小关系正确的是（）A．0.43＜30.4＜log43 B．log43＜0.43＜30.4C．0.43＜log43＜30.4D．log43＜30.4＜0.436．下列说法正确的是（）A．“a＞1”是“f（x）=log a x（a＞0，a≠1）在（0，+∞）上为增函数”的充要条件B．命题“∃x∈R使得x2+2x+3＜0”的否定是：“∀x∈R，x2+2x+3＞0”C．“x=﹣1”是“x2+2x+3=0”的必要不充分条件D．命题p：“∀x∈R，sinx+cosx≤”，则￢p是真命题7．函数f（x）=sin（ωx+φ）（x∈R）（ω＞0，|φ|＜）的部分图象如图所示，如果，且f（x1）=f（x2），则f（x1+x2）=（）A．B．C．D．18．已知α∈（0，π），且，则cos2α的值为（）A．B．C．D．9．函数f（x）=lnx+ax存在与直线2x﹣y=0平行的切线，则实数a的取值范围是（）A．（﹣∞，2] B．（﹣∞，2）C．[0，+∞）D．（2，+∞）10．已知函数f（x）=cos（2x+ϕ）满足f（x）≤f（1）对x∈R恒成立，则（）A．函数f（x+1）一定是偶函数B．函数f（x﹣1）一定是偶函数C．函数f（x+1）一定是奇函数D．函数f（x﹣1）一定是奇函数11．已知函数f（x）=lnx，x1，x2∈（0，），且x1＜x2，则下列结论中正确的是（）A．（x1﹣x2）[f（x1）﹣f（x2）]＜0 B．f（）＜f（）C．x1f（x2）＞x2f（x1）D．x2f（x2）＞x1f（x1）12．已知函数f（x）满足f（x+1）=﹣f（x），且f（x）是偶函数，当x∈（0，1]时，f（x）=x2，若在区间[﹣1，3]内，函数g（x）=f（x）﹣kx﹣k有4个零点，则实数k的取值范围是（）A．B．C．D．二.填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分，）13．函数f（x）=1+x﹣sinx在（0，2π）上的单调情况是．14．函数y=log2|x+1|的单调递减区间为，单调递增区间为．15．化简： = ．16．在不等边三角形中，a为最大边，要想得到角A为钝角的结论，三边a，b，c应满足．三.解答题（本大题共5小题，每小题14分，共70分，解答应写出必要的文字说明，证明过程及演算步骤）17．在锐角△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且2asinB=b．（Ⅰ）求角A的大小；（Ⅱ）若a=6，b+c=8，求△ABC的面积．18．已知{a n}是一个等差数列，且a2=1，a5=﹣5．（Ⅰ）求{a n}的通项a n；（Ⅱ）求{a n}前n项和S n的最大值．19．（1）已知a，b，m，n均为正数，且，比较与的大小．（2）已知a＞0，b＞0且a≠b，比较a a b b与的大小．20．某电器公司生产A种型号的家庭电脑，2007年平均每台电脑的生产成本为5000元，并以纯利润20%标定出厂价，2008年开始，公司更新设备，加强管理，从而使成本逐年降低，预计2011年平均每台A种型号的家庭电脑尽管出厂价尽是2007年的80%，但却可以实现纯利润50%的高效益．（1）求2011年每台电脑的生产成本；（2）以2007年的生产成本为基数，求2007年至2011年生产成本每年降低的百分数（精确到0.01，≈2.449）21．设函数f（x）=ax﹣，曲线y=f（x）在点（2，f（2））处的切线方程为7x﹣4y﹣12=0．（Ⅰ）求f（x）的解析式；（Ⅱ）曲线y=f（x）上任一点处的切线与直线x=0和直线y=x所围成的三角形面积为定值，并求此定值．2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第三次月考数学试卷（理科）参考答案与试题解析一.选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的4个选项中，只有一个是符合题目要求的）1．设U=R，P={x|x＞1}，Q={x|x（x﹣2）＜0}，则∁U（P∪Q）=（）A．{x|x≤1或x≥2}B．{x|x≤1} C．{x|x≥2} D．{x|x≤0}【考点】交、并、补集的混合运算．【专题】计算题．【分析】由集合P={x|x＞1}，Q={x|x（x﹣2）＜0}，知P∪Q，再由全集U=R，能求出∁U（P∪Q）．【解答】解：∵P={x|x＞1}，Q={x|x（x﹣2）＜0}={x|0＜x＜2}，∴P∪Q={x|x＞0}，又U=R，∴∁U（P∪Q）={x|x≤0}．故选：D．【点评】本题考查交、并、补集的混合运算，是基础题．解题时要认真审题，仔细解答．2．函数的最小正周期为（）A．4πB．2πC．πD．【考点】三角函数的周期性及其求法；诱导公式的作用；二倍角的正弦．【专题】计算题；三角函数的图像与性质．【分析】利用诱导公式可求得sin（x+）=cosx，再利用二倍角的正弦即可求得f（x）的最小正周期．【解答】解：∵f（x）=sinxcosx=sin2x，∴其周期T==π．故选C．【点评】本题考查诱导公式与二倍角的正弦，考查三角函数的周期性及其求法，属于中档题．3．函数y=f（x）的图象如图所示，则导函数y=f′（x）的图象的大致形状是（）A．B．C．D．【考点】函数的图象．【专题】数形结合．【分析】由原函数的单调性得到导函数的函数值的符号，由此逐一核对四个选项即可得到答案．【解答】解：因为函数f（x）的图象先减后增然后为常数函数，所以对应的导函数的值先负后正，最后等于0，由此可得满足条件的图象是D．故选：D．【点评】本题考查了函数的图象，考查了函数的单调性和导函数的函数值符号间的关系，是基础题．4．已知复数z=（i是虚数单位），则复数z的虚部是（）A． i B．C．D． i【考点】复数代数形式的乘除运算．【专题】数系的扩充和复数．【分析】利用复数的除法的运算法则化简求解即可．【解答】解：复数z====．复数z的虚部是：．故选：C．【点评】本题考查复数的除法的运算法则的应用，考查计算能力．5．下列大小关系正确的是（）A．0.43＜30.4＜log43 B．log43＜0.43＜30.4C．0.43＜log43＜30.4D．log43＜30.4＜0.43【考点】不等关系与不等式；对数值大小的比较．【专题】综合题；不等式的解法及应用．【分析】要比较的三个数均大于0，然后通过比较它们与和1的大小关系可得答案．【解答】解：因为，，30.4＞30=1．所以．故选C．【点评】本题考查了不等式的大小比较，考查了指数式和对数的运算性质，正确选取中间媒介对该类问题的解决起到事半功倍的作用，是基础题．6．下列说法正确的是（）A．“a＞1”是“f（x）=log a x（a＞0，a≠1）在（0，+∞）上为增函数”的充要条件B．命题“∃x∈R使得x2+2x+3＜0”的否定是：“∀x∈R，x2+2x+3＞0”C．“x=﹣1”是“x2+2x+3=0”的必要不充分条件D．命题p：“∀x∈R，sinx+cosx≤”，则￢p是真命题【考点】命题的真假判断与应用；命题的否定；必要条件、充分条件与充要条件的判断．【专题】探究型．【分析】A．利用充要条件的定义和函数的性质判断．B．利用特称命题的否定是全称命题来判断．C．利用充分条件和必要条件的定义进行判断．D．利用命题p与￢p真假关系进行判断．【解答】解：根据对数函数的性质可知，“f（x）=log a x（a＞0，a≠1）在（0，+∞）上为增函数”，则a＞1，所以A正确．特称命题的否定是全称命题，所以命题“∃x∈R使得x2+2x+3＜0”的否定是：“∀x∈R，x2+2x+3≥0”，所以B错误．因为x2+2x+3=0的判断式△＜0，所以方程无解，所以“x=﹣1”是“x2+2x+3=0”即不充分也不必要条件，所以C错误．因为命题p为真命题，所以￢p是假命题，所以D错误．故选：A．【点评】本题主要考查命题的真假判断，涉及的知识点较多．7．函数f（x）=sin（ωx+φ）（x∈R）（ω＞0，|φ|＜）的部分图象如图所示，如果，且f（x1）=f（x2），则f（x1+x2）=（）A．B．C．D．1【考点】由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式；正弦函数的对称性．【专题】计算题；三角函数的图像与性质．【分析】通过函数的图象求出函数的周期，利用函数的图象经过的特殊点求出函数的初相，得到函数的解析式，利用函数的图象与函数的对称性求出f（x1+x2）即可．【解答】解：由图知，T=2×=π，∴ω=2，因为函数的图象经过（﹣），0=sin（﹣+ϕ）∵，所以ϕ=，∴，，所以．故选C．【点评】本题考查三角函数的解析式的求法，函数的图象的应用，函数的对称性，考查计算能力．8．已知α∈（0，π），且，则cos2α的值为（）A．B．C．D．【考点】二倍角的余弦；同角三角函数间的基本关系．【专题】三角函数的求值．【分析】利用条件，两边平方，可得sin2α=﹣，进而可求cosα﹣sinα，利用二倍角的余弦公式可得结论．【解答】解：∵，α∈（0，π），∴1+2sinαcosα=，∴sin2α=﹣，且sinα＞0，cosα＜0，∴cosα﹣sinα=﹣=﹣，∴cos2α=（cosα﹣sinα）（cosα+sinα）=﹣．故选C．【点评】本题考查用二倍角的余弦公式，考查同角三角函数的平方关系，考查学生的计算能力，属于中档题．9．函数f（x）=lnx+ax存在与直线2x﹣y=0平行的切线，则实数a的取值范围是（）A．（﹣∞，2] B．（﹣∞，2）C．[0，+∞）D．（2，+∞）【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程．【专题】导数的概念及应用．【分析】问题等价于f′（x）=2在（0，+∞）上有解，分离出参数a，转化为求函数值域问题即可．【解答】解：函数f（x）=lnx+ax存在与直线2x﹣y=0平行的切线，即f′（x）=2在（0，+∞）上有解，而f′（x）=+a，即+a=2在（0，+∞）上有解，a=2﹣，因为x＞0，所以2﹣＜2，所以a的取值范围是（﹣∞，2）．故选B．【点评】本题考查利用导数研究曲线上某点切线方程问题，注意体会转化思想在本题中的应用．10．已知函数f（x）=cos（2x+ϕ）满足f（x）≤f（1）对x∈R恒成立，则（）A．函数f（x+1）一定是偶函数B．函数f（x﹣1）一定是偶函数C．函数f（x+1）一定是奇函数D．函数f（x﹣1）一定是奇函数【考点】余弦函数的奇偶性．【专题】计算题；三角函数的图像与性质．【分析】依题意，f（1）是最大值，从而可求得φ=2kπ﹣2，k∈Z，于是可求得f（x+1）=cos2x，继而可得答案．【解答】解：显然f（1）是最大值，所以f（1）=cos（2+φ）=1，∴2+φ=2kπ，φ=2kπ﹣2，k∈Z，所以f（x）=cos（2x+2kπ﹣2）=cos（2x﹣2），∴f（x+1）=cos（2x+2﹣2）=cos2x，所以f（x+1）是偶函数．故选A．【点评】本题考查余弦函数的奇偶性，求得φ=2kπ﹣2，k∈Z是关键，考查分析与运算能力，属于中档题．11．已知函数f（x）=lnx，x1，x2∈（0，），且x1＜x2，则下列结论中正确的是（）A．（x1﹣x2）[f（x1）﹣f（x2）]＜0 B．f（）＜f（）C．x1f（x2）＞x2f（x1）D．x2f（x2）＞x1f（x1）【考点】对数函数的单调性与特殊点．【专题】函数的性质及应用．【分析】根据函数的单调性可得A不正确；根据函数的图象是下凹的，可得B不正确；利用导数判断函数在（0，+∞）上是增函数，故有＞，化简可得 x1f（x2）＞x2f（x1），故C正确、且D不正确．【解答】解：由于已知函数f（x）=lnx在定义域（0，+∞）上是增函数，x1，x2∈（0，），且x1＜x2 ，可得[f（x1）﹣f（x2）]＜0，故（x1﹣x2）[f（x1）﹣f（x2）]＞0，故A不正确．由于已知函数f（x）=lnx的增长速度较慢，图象是下凹型的，故有f（）＞f （），故B不正确．∵已知函数f（x）=lnx，x1，x2∈（0，），且x1＜x2 ，则′==＞0，∴函数在（0，+∞）上是增函数，故有＞，化简可得 x1f（x2）＞x2f（x1），故C正确、且D不正确．故选C．【点评】本题主要考查导数的运算法则的应用，利用导数研究函数的单调性，函数的单调性的应用，属于中档题．12．已知函数f（x）满足f（x+1）=﹣f（x），且f（x）是偶函数，当x∈（0，1]时，f（x）=x2，若在区间[﹣1，3]内，函数g（x）=f（x）﹣kx﹣k有4个零点，则实数k的取值范围是（）A．B．C．D．【考点】根的存在性及根的个数判断．【专题】函数的性质及应用．【分析】根据f（x+1）=﹣f（x），可得f（x）是周期为2的周期函数．再由f（x）是偶函数，当x∈[0，1]时，f（x）=x2，可得函数在[﹣1，3]上的解析式．根据题意可得函数y=f（x）的图象与直线y=kx+k 有4个交点，数形结合可得实数k的取值范围．【解答】解：∵函数f（x）满足f（x+1）=﹣f（x），故有f（x+2）=f（x），故f（x）是周期为2的周期函数．再由f（x）是偶函数，当x∈[0，1]时，f（x）=x2，可得当x∈[﹣1，0]时，f（x）=x2，故当x∈[﹣1，1]时，f（x）=x2，当x∈[1，3]时，f （x）=（x﹣2）2．由于函数g（x）=f（x）﹣kx﹣k有4个零点，故函数y=f（x）的图象与直线y=kx+k 有4个交点，如图所示：把点（3，1）代入y=kx+k，可得k=，数形结合可得实数k的取值范围是（0，]，故选C．【点评】本题主要考查函数的周期性的应用，函数的零点与方程的根的关系，体现了转化、数形结合的数学思想，属于基础题．二.填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分，）13．函数f（x）=1+x﹣sinx在（0，2π）上的单调情况是单调递增．【考点】利用导数研究函数的单调性．【专题】导数的概念及应用．【分析】先求出函数f（x）的导数，结合三角函数的性质，得到f′（x）＞0，从而得到函数的单调性．【解答】解：∵f（x）=1+x﹣sinx，∴f′（x）=1﹣cosx＞0，∴f（x）在（0，2π）单调递增，故答案为：单调递增．【点评】本题考查了函数的单调性问题，考查导数的应用，是一道基础题．14．函数y=log2|x+1|的单调递减区间为（﹣∞，﹣1），单调递增区间为（﹣1，+∞）．【考点】对数函数的图像与性质．【专题】函数的性质及应用．【分析】去掉绝对值，判断对数函数y=log2|x+1|的单调性即可．【解答】解：令x+1=0，解得x=﹣1；∴当x＜﹣1时，函数y=log2|x+1|=log2（﹣x﹣1）是单调减函数，其单调递减区间为（﹣∞，﹣1）；当x＞﹣1时，函数y=log2|x+1|=log2（x+1）是单调增函数，其单调递增区间为（﹣1，+∞）．故答案为：（﹣∞，﹣1），（﹣1，+∞）．【点评】本题考查了绝对值意义的应用问题，也考查了对数函数的图象与性质的应用问题，是基础题目．15．化简： = tan2α．【考点】三角函数的化简求值．【专题】转化思想；三角函数的求值．【分析】通分利用倍角公式即可得出．【解答】解：原式==tan2α．故答案为：tan2α．【点评】本题考查了倍角公式的应用，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．16．在不等边三角形中，a为最大边，要想得到角A为钝角的结论，三边a，b，c应满足b2+c2＜a2．【考点】余弦定理．【专题】计算题；解三角形．【分析】由A为钝角，得到cosA小于0，利用余弦定理即可得出a，b，c满足的关系式．【解答】解：要使A为钝角，则有cosA＜0，∴＜0，∵2bc＞0，∴b2+c2﹣a2＜0，即b2+c2＜a2，故答案为：b2+c2＜a2【点评】此题考查了余弦定理，以及余弦函数的性质，熟练掌握余弦定理是解本题的关键．三.解答题（本大题共5小题，每小题14分，共70分，解答应写出必要的文字说明，证明过程及演算步骤）17．在锐角△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且2asinB=b．（Ⅰ）求角A的大小；（Ⅱ）若a=6，b+c=8，求△ABC的面积．【考点】正弦定理；余弦定理．【专题】解三角形．【分析】（Ⅰ）利用正弦定理化简已知等式，求出sinA的值，由A为锐角，利用特殊角的三角函数值即可求出A的度数；（Ⅱ）由余弦定理列出关系式，再利用完全平方公式变形，将a，b+c及cosA的值代入求出bc的值，再由sinA的值，利用三角形面积公式即可求出三角形ABC的面积．【解答】解：（Ⅰ）由2asinB=b，利用正弦定理得：2sinAsinB=sinB，∵sinB≠0，∴sinA=，又A为锐角，则A=；（Ⅱ）由余弦定理得：a2=b2+c2﹣2bc•cosA，即36=b2+c2﹣bc=（b+c）2﹣3bc=64﹣3bc，∴bc=，又sinA=，则S△ABC=bcsinA=．【点评】此题考查了正弦定理，三角形的面积公式，熟练掌握正弦定理是解本题的关键．18．已知{a n}是一个等差数列，且a2=1，a5=﹣5．（Ⅰ）求{a n}的通项a n；（Ⅱ）求{a n}前n项和S n的最大值．【考点】等差数列的通项公式；等差数列的前n项和．【分析】（1）用两个基本量a1，d表示a2，a5，再求出a1，d．代入通项公式，即得．（2）将S n的表达式写出，是关于n的二次函数，再由二次函数知识可解决之．【解答】解：（Ⅰ）设{a n}的公差为d，由已知条件，，解出a1=3，d=﹣2，所以a n=a1+（n﹣1）d=﹣2n+5．（Ⅱ）=4﹣（n﹣2）2．所以n=2时，S n取到最大值4．【点评】本题是对等差数列的基本考查，先求出两个基本量a1和d，其他的各个量均可以用它们表示．19．（1）已知a，b，m，n均为正数，且，比较与的大小．（2）已知a＞0，b＞0且a≠b，比较a a b b与的大小．【考点】不等式比较大小．【专题】计算题；转化思想；综合法；不等式的解法及应用．【分析】（1）利用作差法比较大小．（2）利用作商法比较大小．【解答】解：（1）﹣=（abm+amn﹣abn﹣bmn）= [ab（m﹣n）+mn（a﹣b）]，∵a，b，m，n均为正数，且，∴a＜b，m＜n，∴a﹣b＜0，m﹣n＜0，∴﹣＜0，∴＜．（2）∵a＞0，b＞0且a≠b，∴==，当 a＞b＞0时，＞1，＜0，＜1，此时a a b b＜（ab）；当 b＞a＞0时，＜1，＞0，＜1，此时a a b b＜（ab）∴a a b b＜（ab）．【点评】本题考查两个数的大小的比较，是基础题，解题时要认真审题，注意作差法、作商法的合理运用．20．某电器公司生产A种型号的家庭电脑，2007年平均每台电脑的生产成本为5000元，并以纯利润20%标定出厂价，2008年开始，公司更新设备，加强管理，从而使成本逐年降低，预计2011年平均每台A种型号的家庭电脑尽管出厂价尽是2007年的80%，但却可以实现纯利润50%的高效益．（1）求2011年每台电脑的生产成本；（2）以2007年的生产成本为基数，求2007年至2011年生产成本每年降低的百分数（精确到0.01，≈2.449）【考点】函数模型的选择与应用．【专题】应用题；函数思想；综合法；函数的性质及应用．【分析】第（1）问是价格和利润的问题，销售总利润可以按每台来算也可以按实现50%的利润来算，从而找出等量关系；第（2）问是增长率问题，要注意列出方程后，用二分法求解，但应用二分法时注意合理使用计算器．【解答】解：（1）设2011年每台电脑的成本为p元，根据题意，得p（1+50%）=5 000×（1+20%）×80%，解得p=3 200（元）．故2011年每台电脑的生产成本为3 200元．（2）设2007年至2011年间每年平均生产成本降低的百分率为x，根据题意，得5000（1﹣x）4=3 200（0＜x＜1）．4取区间（0，0.15）的中点x1=0.075，用计算器可算得f（0.075）≈460．因为f（0.075）•f（0.15）＜0，所以x0∈（0.075，0.15）．再取（0.075，0.15）的中点x2=0.112 5，用计算器可算得f（0.112 5）≈﹣98．因为f（0.075）•f（0.112 5）＜0，所以x0∈（0.075，0.112 5）．同理，可得x0∈（0.009 375，0.112 5），x0∈（0.103 125，0.112 5），x0∈（0.103 125，0.107 812 5），x0∈（0.105 468 75，0.107 812 5）．由于|0.107 812 5﹣0.105 468 75|=0.002 343 75＜0.01，此时区间（0.105 468 75，0.107 812 5）的两个端点精确到0.01的近似值都是0.11，所以原方程精确到0.01的近似解为0.11．2007年至2011年生产成本平均每年降低的百分数为11%．【点评】本题主要考查建立函数模型的能力和用二分法来解函数模型方法．21．设函数f（x）=ax﹣，曲线y=f（x）在点（2，f（2））处的切线方程为7x﹣4y﹣12=0．（Ⅰ）求f（x）的解析式；（Ⅱ）曲线y=f（x）上任一点处的切线与直线x=0和直线y=x所围成的三角形面积为定值，并求此定值．【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程；函数解析式的求解及常用方法．【专题】计算题；导数的概念及应用．【分析】（Ⅰ）求导函数，利用曲线y=f（x）在点（2，f（2））处的切线方程为7x﹣4y﹣12=0，建立方程，可求得a=1，b=3，从而可得f（x）的解析式；（Ⅱ）求出切线方程，从而可计算切线与直线x=0和直线y=x所围成的三角形面积．【解答】解：（Ⅰ）求导函数可得：f′（x）=a+∵曲线y=f（x）在点（2，f（2））处的切线方程为7x﹣4y﹣12=0．∴f（2）=∴a+=，2a﹣=∴a=1，b=3∴f（x）的解析式为f（x）=x﹣；（Ⅱ）设（x0，x0﹣）为曲线f（x）上任一点，则切线的斜率为1+，∴切线方程为y﹣（x0﹣）=（1+）（x﹣x0），令x=0，可得y=﹣由切线方程与直线y=x联立，求得交点横坐标为x=2x0∴曲线f（x）上任一点处的切线与直线x=0和直线y=x所围成的三角形面积为定值×|2x0|×|﹣|=6【点评】本题考查导数知识的运用，考查导数的几何意义，考查学生的计算能力，属于中档题．。
甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三第三次月考文科综合试卷
马营中学2015—2016学年度高三级第3次月考文科综合试卷第Ⅰ卷(选择题，140分)12．2014年，l件甲商品可以交换5件乙商品，l件乙商品可以交换4件丙商品。
2015年，乙商品的生产条件不变，生产甲商品的部门劳动生产率提高25％，l件乙商品可以交换5件丙商品。
不考虑其他因素，下列判断正确的是A．1件甲商品可以交换20件丙商品B．生产一件甲商品耗费的劳动量减少了25％C．生产丙商品的部门劳动生产率提高了20％D．生产一件丙商品耗费的劳动量增加了20％13．在一些企业的生产岗位，使用一台机器人成本为10万元，而3个工人一年的工资福利等企业要支付15万元以上。
一个机器人可以顶替3个工人的工作量。
企业之所以使用机器人替代人工，原因在于①价格变动调节生产要素投入②利润最大化是企业经营的目的③科技创新增强企业的竞争优势④互为替代品的价格影响生活消费A．①② B．②③ C．③④ D．②④14．2015年3月以来,某国A商品在中国销售量持续下降。
如下图所示,A商品的需求曲线由S1移动到S2。
下列可能导致这种变动出现的事件有①A商品生产商减少生产②A商品因售后服务存在问题被媒体曝光③A商品更新换代,价格上涨④A商品的替代品价格下降A．①② B．①③ C．②④ D．③④15．“暑期经济”，正在火热上演。
商家们纷纷紧盯“暑期经济”这一“经济增长点”，大力推出适合学生的暑期电影套票、暑期游泳健身卡、暑期游学专线……据此说明A．生产决定消费 B．收入是消费的基础和前提C．企业成功的因素之一在于创新 D．消费反作用于生产16．重庆某高校毕业生小王准备大学毕业后开一家“快餐火锅”。
小王认真研究了国家鼓励大学生创业政策，并成功申请到l0万元创业贷款。
火锅店也红红火火的开了起来。
关于小王开“快餐火锅”。
说法正确的是A．小王开火锅店取得的收入主要是按劳分配B．小王树立了多种方式就业观C．小王获得的创业贷款属于国家再分配的转移支付D．10万元执行了货币的价值尺度职能17．2015年5月1日开始实施的《存款保险条例》规定，存款保险实行限额偿付，向存款人最高偿付限额为人民币50万元。
甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三理综第三次月考试题(无答案)
马营中学2015—2016学年度高三级第3次月考理科综合试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷(共126分)以下数据可供解题时参考：相对原子质量（原子量）：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 Ba-137一、选择题(本题包括13小题。
每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意) 1．关于细胞结构和功能的说法中，正确的是A．所有细胞中核糖体的形成都与核仁密切相关B．神经细胞有细胞周期，其化学成分在不断更新C．葡萄糖、RNA、蛋白质都可以在叶绿体中合成D．线粒体分解葡萄糖产生CO2和H2O2．下列有关ATP的叙述，正确的是A．机体在运动时消耗ATP，睡眠时不消耗ATPB．淀粉酶催化淀粉水解为麦芽糖不需要ATP提供能量C．线粒体和叶绿体合成ATP都依赖氧D．静息电位形成中K+从细胞内到细胞外需要ATP提供能量3．下列变异属于基因重组的是A．同胞兄妹间存在遗传差异B．动物细胞在分裂过程中突破“死亡”的界限，成为不死的癌细胞C．姐妹染色单体的交叉互换D．显微镜下观察某人处于分裂状态的细胞，发现细胞两极所含的染色体数目不同4．关于免疫调节的叙述，正确的是A．免疫系统由免疫器官、淋巴细胞、淋巴因子和抗体组成B．记忆细胞在受到相应抗原刺激时细胞周期会缩短C．二次免疫时，浆细胞是由B细胞受到抗原刺激后增殖、分化产生的D．当抗原侵入宿主细胞时，细胞免疫才开始发挥作用5．关于生物进化的叙述，错误的是A．生物的种间竞争是一种选择过程B．地理隔离可阻止种群间的基因交流，种群基因库间的差异导致种群间产生生殖隔离 C．人类种群中，控制一对相对性状的各种基因型频率的改变说明人类在不断进化D．共同进化的过程也是生物多样性形成的过程6.内环境稳态是维持机体正常生命活动的必要条件，下列相关叙述正确的是A.内环境主要由血浆、组织液、淋巴组成，激素、呼吸酶、血浆蛋白都属于内环境的成分B.维持内环境中Na+、K+浓度的相对稳定有利于维持神经细胞的正常兴奋性C．流感病毒的入侵一定会破坏人体内环境的稳态D．人体散失水分过多会导致下丘脑中的神经中枢产生渴觉7．中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是A．用胆矾炼铜 B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷 D．打磨磁石制指南针8．下列说法正确的是A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba(NO3)2溶液可得到BaSO3和BaSO4。
甘肃省定西市通渭县高三物理上学期期末试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三〔上〕期末物理试卷一、选择题〔共8小题，每一小题6分，总分为48分〕1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如下列图．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中〔〕A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小2．如下列图，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为〔〕A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s3．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，如此〔〕A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v14．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如下列图．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如此如下关于力F的大小和力F做功W 的大小关系式正确的答案是〔〕A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t05．如下列图，一电场的电场线分布关于y轴〔沿竖直方向〕对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．如此〔〕A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动6．宇宙中，两颗靠得比拟近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如下列图．假设AO＞OB，如此〔〕A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大7．如下列图，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度与电势均一样C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，如此〔〕A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ二、非选择题9．如下列图为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．〔1〕假设入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，如此A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2〔2〕为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：〔3〕设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，如此关系式〔用m1、m2与图中字母表示〕成立．即表示碰撞中动量守恒．10．在“验证机械能守恒定律〞的实验中，电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带〔如下列图〕，把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于J，动能的增加量等于J〔取三位有效数字〕．〔2〕根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a=m/s2，ag〔填“大于〞或“小于〞〕，原因是．11．如下列图，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕水平向右电场的电场强度；〔2〕假设将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；〔3〕电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．12．如下列图，在一光滑的水平面上有两块一样的木板B和C．重物A〔视为质点〕位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度一样，如下列图．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，如此〔〕A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac14．如下列图，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如下列图．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求〔1〕第二次平衡时氮气的体积；〔2〕水的温度．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，假设驱动力的振幅保持不变，如下说法正确的答案是〔〕A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f16．一棱镜的截面为直角三角形ABC，∠A=30°，斜边AB=a，棱镜材料的折射率为n=．在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求其射出的点的位置〔不考虑光线沿原来路线返回的情况〕．2016-2017学年甘肃省定西市通渭县高三〔上〕期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔共8小题，每一小题6分，总分为48分〕1．质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如下列图．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中〔〕A．F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小【考点】2H：共点力平衡的条件与其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】此题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，O点缓慢移动时，点O始终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况．【解答】解：以结点O为研究对象受力分析如如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，如此可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ﹣T B=0Tsinθ﹣F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθT=在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．应当选：A．2．如下列图，A、B两物体相距s=7m，物体A以v A=4m/s 的速度向右匀速运动，而物体B 此时的速度v B=10m/s，只在摩擦力作用下向右做匀减速运动，加速度a=﹣2m/s2，那么物体A追上物体B所用的时间为〔〕A．7 s B．8 s C．9 s D．10 s【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．【解答】解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：x B=v B t+at2=10t﹣t2设物体B速度减为零的时间为t1，有t1==5s在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＜x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：t总===8s应当选：B．3．某车以一样的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，如此〔〕A．v2=k1v1B．v2=v1C．v2=v1D．v2=k2v1【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大．根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求解．【解答】解：设汽车的功率为P，质量为m，如此有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1应当选：B．4．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v﹣t图象如下列图．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，如此如下关于力F的大小和力F做功W的大小关系式正确的答案是〔〕A．F=μmg B．F=2μmg C．W=μmgv0t0D．W=μmgv0t0【考点】66：动能定理的应用；1I：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律．【分析】根据动量定理求解恒力F的大小．由速度图象的“面积〞求出位移，再求解力F 做功W的大小．【解答】解：根据动量定理得：对全过程：Ft0﹣μmg•3t0=0，得F=3μmg在0﹣t0时间内物体的位移为x=，力F做功大小为W=Fx=3μmg=．应当选D5．如下列图，一电场的电场线分布关于y轴〔沿竖直方向〕对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN．P点在y轴右侧，MP⊥ON．如此〔〕A．M点的电势比P点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动【考点】A7：电场线；AG：匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A、过M、P、N做等势线，可得到过P点的等势线通过M、N之间，因顺着电场线电势降低，如此有φM＞φP＞φN，故A错误；B、将负电荷由O点移到P点，因U OP＞0，所以W=﹣qU OP＜0，如此电场力做负功，故B错误；C、由U=Ed可知，MN间的平均场强小于OM间的平均场强，故MN两点间的电势差小于OM两点间的电势差，C错误；D、根据电场线的分布特点会发现，电场线关于y轴两边对称，故y轴上的场强方向在 y轴上，所以在O点静止释放一带正电粒子，其所受电场力沿y轴正方向，如此该粒子将沿y 轴做直线运动，故D正确．应当选：D．6．宇宙中，两颗靠得比拟近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统．在浩瀚的银河系中，多数恒星都是双星系统．设某双星系统A、B绕其连线上的O 点做匀速圆周运动，如下列图．假设AO＞OB，如此〔〕A．星球A的质量一定大于B的质量B．星球A的线速度一定大于B的线速度C．双星间距离一定，双星的质量越大，其转动周期越大D．双星的质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【考点】4F：万有引力定律与其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有一样的角速度，根据向心力公式判断质量关系，根据v=ωr判断线速度关系．【解答】解：A、根据万有引力提供向心力m1ω2r1=m2ω2r2，因为r1＞r2，所以m1＜m2，即A 的质量一定小于B的质量，故A错误．B、双星系统角速度相等，根据v=ωr，且AO＞OB，可知，A的线速度大于B的线速度，故B 正确．CD、设两星体间距为L，中心到A的距离为r1，到B的距离为r2，根据万有引力提供向心力公式得： =，解得周期为T=，由此可知双星的距离一定，质量越大周期越小，故C错误；总质量一定，转动周期越大，双星之间的距离就越大，故D正确．应当选：BD．7．如下列图，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．如下说法中正确的答案是〔〕A．A点的电场强度等于B点的电场强度B．B、D两点的电场强度与电势均一样C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先增大后减小D．一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功【考点】AC：电势；AE：电势能．【分析】等量异种电荷周围的电场线是靠近两边电荷处比拟密，中间疏，在两电荷中垂线上，中间密，向两边疏，根据电场线的疏密比拟电场强度的大小．根据电场力做功判断电势能的变化．根据电场力方向与速度方向的关系判断电场力做功情况．【解答】解：A、A点的电场线比B点的电场线密，如此A点的电场强度大于B点的电场强度．故A错误．B、B、D两点的电场线疏密度一样，如此B、D两点间的电场强度相等，等量异种电荷连线的中垂线是等势线，如此B、D两点的电势相等．故B正确．C、一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电场力先做负功，再做正功，如此电势能先增大后减小．故C正确．D、一电子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力方向水平向左，电场力一直做正功．故D错误．应当选BC．8．在倾角为θ的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，如此〔〕A．此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B．当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinθ=kdC．当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为D．此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fd﹣m1v2﹣m1gdsinθ【考点】66：动能定理的应用；2H：共点力平衡的条件与其应用；37：牛顿第二定律．【分析】首先根据能量守恒求得F做的功与弹性势能的增加量，然后对初始静止状态和B 刚要离开挡板的状态进展受力分析即可求得受力情况与加速度．【解答】解：AD、由能量守恒可得：此过程中拉力F做功的大小=物块A动能的增加量+物块A重力势能的增加量+弹簧弹性势能的增加量；所以，此过程中弹簧弹性势能的增加量为拉力F做功的大小﹣物块A动能的增加量﹣物块A 重力势能的增加量=，故A错误，D正确；BC、系统处于静止状态时，弹簧弹力F1=kx1=m1gsinθ，x1为压缩量；物块B刚要离开挡板C 时，弹簧弹力F2=kx2=m2gsinθ，x2为伸长量；又有x1+x2=d，故m2gsinθ=kx2≠kd；当物块B刚要离开挡板时，物块A受到的合外力为F﹣m1gsinθ﹣F2=F﹣kd，故物块A的加速度为，故B错误，C正确；应当选：CD．二、非选择题9．如下列图为实验室中验证动量守恒的实验装置示意图．〔1〕假设入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，如此 CA．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2〔2〕为完成此实验，需要调节斜槽末端的切线必须水平，如何检验斜槽末端水平：将小球放在斜槽末端看小球是否静止，假设静止如此水平〔3〕设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，P为碰前入射小球落点的平均位置，如此关系式〔用m1、m2与图中字母表示〕m1=m1+m2成立．即表示碰撞中动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】〔1〕为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量．为了使两球发生正碰，两小球的半径一样；〔2〕明确验证末端水平的根本方法是将小球放置在末端，根据小球的运动分析是否水平；〔3〕两球做平抛运动，由于高度相等，如此平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．【解答】解：〔1〕在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1﹣m2＞0，m1＞m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径一样，r1=r2应当选C〔2〕研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出，小球才做平抛运动；把小球轻轻的放在斜槽末端，假设小球能保持静止，如此说明斜槽末端水平．〔3〕由于小球下落高度一样，如此根据平抛运动规律可知，小球下落时间一样；P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1=碰撞后入射小球的速度v2=碰撞后被碰小球的速度v3=假设m1v1=m2v3+m1v2如此明确通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，带入数据得：m1=m1+m2所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平．故答案为：〔1〕C 〔2〕将小球放在斜槽末端看小球是否静止，假设静止如此水平〔3〕m1=m1+m210．在“验证机械能守恒定律〞的实验中，电磁打点计时器所用的电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.80m/s2，测得所用的重物质量为1.00kg．实验中得到的一条点迹清晰的纸带〔如下列图〕，把第一个点记为O，另选连续的四个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D各点到O点的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．〔1〕根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62 J，动能的增加量等于7.56 J〔取三位有效数字〕．〔2〕根据以上数据，可知重物下落时的实际加速度a= 9.74 m/s2，a 小于g〔填“大于〞或“小于〞〕，原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】纸带实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一局部转化给摩擦产生的内能．【解答】解：〔1〕重力势能减小量△E p=mgh=1.0×9.8×0.7776J=7.62J．在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：v c==3.89m/s，△E k=E kC=mv C2=〔3.89〕2=7.56J〔2〕根据以上数据，mah=△E k=7.56J解得：a=＜g，其主要原因是纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．故答案为：〔1〕7.62，7.56，〔2〕9.74；小于；纸带与打点计时器间有摩擦阻力，或存在空气阻力．11．如下列图，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：〔1〕水平向右电场的电场强度；〔2〕假设将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；〔3〕电场强度变化后物块下滑的距离L时的动能．【考点】66：动能定理的应用；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件与其应用；A6：电场强度．【分析】〔1〕带电物体静止于光滑斜面上恰好静止，且斜面又处于水平匀强电场中，如此可根据重力、支持力，又处于平衡，可得电场力方向，再由电荷的电性来确定电场强度方向．〔2〕当电场强度减半后，物体受力不平衡，产生加速度．借助于电场力由牛顿第二定律可求出加速度大小．〔3〕选取物体下滑距离为L作为过程，利用动能定理来求出动能．【解答】解：〔1〕小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，F N sin37°=qE①F N cos37°=mg②由1、②可得电场强度〔2〕假设电场强度减小为原来的，如此变为mgsin37°﹣qEcos37°=ma③可得加速度a=0.3g．〔3〕电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理如此有：mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=E k﹣0④可得动能E k=0.3mgL12．如下列图，在一光滑的水平面上有两块一样的木板B和C．重物A〔视为质点〕位于B 的右端，A、B、C的质量相等．现A和B以同一速度滑向静止的C，B与C发生正碰．碰后B 和C粘在一起运动，A在C上滑行，A与C有摩擦力．A滑到C的右端而未掉下．试问：从B、C发生正碰到A刚移动到C右端期间，C所走过的距离是C板长度的多少倍？【考点】53：动量守恒定律；66：动能定理的应用．【分析】对BC组成的系统由动量守恒即可求得碰后BC的共同速度，再以ABC组成的系统由动量守恒可求得最后的合速度；因A与C之间有摩擦力做功，如此由动能定理可求表示BC走过的距离；同理由动能定理可表示A运动的距离，联立即可解得C的距离与板长的倍数．【解答】解：设A、B、C的质量均为m．碰撞前，A与B的共同速度为v0，碰撞后B与C的共同速度为v1．对B、C〔A对B的摩擦力远小于B、C间的撞击力〕，根据动量守恒定律得mv0=2mv1设A滑至C的右端时，ABC的共同速度为v2，对A和BC应用动量守恒定律得mv0+2mv1=3mv2设AC间的动摩擦因数为μ，从碰撞到A滑至C的右端的过程中，C所走过的距离是s，对BC根据动能定理得如果C的长度为l，如此对A根据动能定理得连立以上各式可解得C走过的距离是C板长度的倍．[物理--选修3-3]13．带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体．气体开始处于状态a，然后经过过程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c，b、c状态温度一样，如下列图．设气体在状态b和状态c的压强分别为p b和p c，在过程ab和ac中吸收的热量分别为Q ab和Q ac，如此〔〕A．p b＞p c，Q ab＞Q ac B．p b＞p c，Q ab＜Q acC．p b＜p c，Q ab＞Q ac D．p b＜p c，Q ab＜Q ac【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据理想气体状态方程，整理后可得V﹣T图象，判断斜率的意义，得到压强的变化，再根据热力学第一定律判断做功和吸热．【解答】解：根据理想气体状态方程=C，整理可得：V=T，所以斜率越大，表示压强越小，即b点的压强小于c点．由热力学第一定律△U=W+Q经过过程ab到达状态b或经过过程ac到状态c，温度变化情况一样，所以△U相等，又因经过过程ab到达状态b，体积增大，对外做功，W为负值，而经过过程ac到状态c，体积不变，对外不做功，W为零，所以第一个过程吸收的热量多．应当选：C．14．如下列图，系统由左右两个侧壁绝热、底部、截面均为S的容器组成．左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭．两个容器的下端由可忽略容积的细管连通．容器内两个绝热的活塞A、B下方封有氮气，B上方封有氢气．大气的压强p0，温度为T0=273K，两个活塞因自身重量对下方气体产生的附加压强均为0.1p0．系统平衡时，各气体柱的高度如下列图．现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时A上升了一定的高度．用外力将A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h．氮气和氢气均可视为理想气体．求〔1〕第二次平衡时氮气的体积；〔2〕水的温度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】〔1〕以B上方的氢气为研究对象，由玻意耳定律求出气体压强，然后以A下方的氮气为研究对象，由波意耳定律求出氮气的体积．〔2〕结合第一问的结果，求出氮气的末状态的压强，分析氮气的初末两个状态的状态参量，利用理想气体的状态方程，可求出氮气末状态的温度，即为水的温度．【解答】解：〔1〕以氢气为研究对象，初态压强为p0，体积为hS，末态体积为0.8hS．气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p0V1=p2V2，即：p0hS=p×0.8hS，解得：p=1.25p0①活塞A从最高点被推回第一次平衡时位置的过程是等温过程．该过程的初态压强为1.1p0，体积为V；末态的压强为p′，体积为V′，如此p′=p+0.1p0=1.35p0②V′=2.2hS ③由玻意耳定律得：1.1p0×V=1.35p0×2.2hS，解得：V=2.7hS ④〔2〕活塞A从最初位置升到最高点的过程为等压过程．该过程的初态体积和温度分别为2hS 和T0=273K，末态体积为2.7hS．设末态温度为T，由盖﹣吕萨克定律得： =，解得：T=368.55K；答：〔1〕第二次平衡时氮气的体积为2.7hS；〔2〕水的温度为368.55K．[物理--选修3-4]15．某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f，假设驱动力的振幅保持不变，如下说法正确的答案是〔〕A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f的增大而减小B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f的减小而增大C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0。
甘肃省定西市通渭县马营中学2015_2016学年高二物理上学期期中试题理
马营中学2015—2016学年度第一学期期中考试 高二 物理试卷 *请将答案填写到答题卡上 一、选择题(本题共有10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的4个选项中，至少有一项是正确的。
全部选对的给4分，选对但不全的得2分，有选错的或不选的得0分) 1、用丝绸摩擦过的玻璃棒和用毛皮摩擦过的橡胶棒，都能吸引轻小物体，这是因为：（ ） A 、被摩擦过的玻璃棒和橡胶棒一定带上了电荷 B 、被摩擦过的玻璃棒和橡胶棒一定带上了同种电荷 C 、被吸引的轻小物体一定是带电体 D 、被吸引的轻小物体一定不是带电体 2、如图所示，当带正电的球C 移近不带电的枕形金属导体时，枕形导体上的电荷移动情况是：（ ） A 、 枕形金属导体上的正电荷向B 端移动，负电荷不移动 B 、枕形金属导体上的带负电的电子向A 端移动，正电荷不移动 C 、枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向B 端和A 端移动 D 、枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向A 端和B 端移动 3、真空中有相距为r 的两个点电荷A 、B ，它们之间相互作用的静电力为F ，如果将A 的带电量增加到原来的4倍，B 的带电量不变，要使它们的静电力变为F/4，则它们的距离应当变为：（ ） A 、16r B 、4r C 、r 22 D 、2r 4、关于电场下列说法正确的是（ ） A 、只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场 B 、电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的东西 C 、电荷间相互作用是通过电场而产生，电场最基本的特征是对处在它里面的电荷有力的作用 D 、电场是人为设想出来的，其实并不存在 5、如图所示，在a 、b 两点固定着两个带等量异种性质电的点电荷，c 、d 两点将a 、b 两点的连线三等分，则：（ ） A 、c 、d 两点处的场强大小相等 B 、c 、d 两点处的场强大小不相等 C 、从c 点到d 点场强先变大后变小 D 、从c 点到d 点场强先变小后变大 6、一带电粒子从电场中的A 点运动到B 点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力则：（ ） A 、粒子带正电B、粒子的加速度逐渐减小C、A点的场强大于B点的场强D、粒子的速度不断减小7、关于电势差和电场力做功的说法中，正确的是：（）A、电势差的大小由电场力在两点间移动电荷做的功和电荷的电量决定B、电场力在两点间移动电荷做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电量决定C、电势差是矢量，电场力做的功是标量D、在匀强电场中与电场线垂直方向上任意两点的电势差为零8、如图所示，对一个给定的电容器充电时，下列的图像中能正确反映电容器的带电量Q、电压U和电容器电容C之间关系的是：（）9、如图所示P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动，关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是：（）A、两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大B、两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大C、与两板间距离无关，仅与加速电压U有关D、以上说法都不正确10、如图所示，电量和质量都相同的带正电粒子以不同的初速度通过A、B两板间的加速电场后飞出，不计重力的作用，则：（）A、它们通过加速电场所需的时间相等B、它们通过加速电场过程中动能的增量相等C、它们通过加速电场过程中动能的增量不相等D、它们通过加速电场过程中电势能的减少量相等二、填空题（每空2分，共30分）11、有三个相同的绝缘金属小球A、B、C，其中A小球带有2.0×10-5C的正电荷，小球B、C 不带电。
甘肃省通渭县马营中学2016届高三第二次月考理综生物试卷
马营中学2015—2016学年度高三级第2次月考理科综合试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
第Ⅰ卷(共126分)以下数据可供解题时参考：相对原子质量（原子量）：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 S-32 Ba-137一、选择题(本题包括13小题。
每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意) 1．ATP是细胞的能量通货，是生命活动的直接能源物质，下图为ATP的结构和ATP与ADP相互转化的关系式。
下列说法不．正确的是（）A．图1中的A代表腺苷，b、c为高能磷酸键B．ATP是生物体生命活动所需能量的直接来源C．ATP与ADP快速转化依赖于酶催化作用具有高效性D．酶1和酶2催化作用的机理是降低反应的活化能2．格里菲斯和艾弗里的肺炎双球菌转化实验证实了 ( )①DNA是遗传物质②RNA是遗传物质③DNA是主要的遗传物质④蛋白质不是遗传物质⑤糖类不是遗传物质A. ②④⑤B. ①④⑤C. ②③⑤D.③④⑤3.下列有关实验叙述正确的是（）A.检测酵母菌呼吸作用放出二氧化碳可以用溴麝香草酚蓝水溶液，现象是蓝→绿→黄B.提取叶绿体中色素时，加入CaCO3的目的是使得研磨充分C.观察根尖有丝分裂时，可以看到某一个细胞的各个时期染色体变化情况D.向酒精里面直接加入重铬酸钾会使溶液出现灰绿色4．对下列四幅图的描述正确的是( )A. 图甲表示酵母菌呼吸时氧气浓度与C02产生量的关系，a点时有机物消耗量最大B. 图乙，用碘蒸气分别处理c和g时刻处叶肉细胞，g点时刻颜色较深C. 图丙，造成cd段下降的原因是细胞一分为二D. 图丁，b→c可以代表一个细胞周期5．下列发生了细胞分化且能体现体细胞全能性的生物学过程是（）A．玉米种子萌发长成新植株B．小鼠骨髓造血干细胞形成各种血细胞C．小麦花粉经离体培养发育成单倍体植株D．胡萝卜根韧皮部细胞经组织培养发育成新植株6．下列关于细胞分裂、分化、衰老和死亡的叙述，正确的是（）A．细胞分化使各种细胞的遗传物质有所差异，导致细胞的形态和功能各不相同B．个体发育过程中细胞的分裂、分化和淍亡对于生物体都是有积极意义的C．细胞分裂存在于个体发育整个生命过程中，细胞分化仅发生于胚胎发育阶段D．多细胞生物细胞的衰老与机体的衰老总是同步进行的29．下图是有丝分裂示意图，据图回答：(9分)（1）图2表示的是______细胞进行有丝分裂的______期，此时细胞中姐妹染色单体、染色体、DNA数目之比为______。
甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三第三次月考英语试题
马营中学2015—2016学年度高三级第3次月考英语试卷本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，保留试卷，只交答题卡。
注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、班级填写在答题卡上2．选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔、钢笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持答题卡面清洁，不折叠，不破损。
第Ⅰ卷第一部分听力部分（略）第二部分阅读理解（共两节，满分40分）第一节阅读下列短文，从每题所给的四个选项（A、B、C和D）中，选出最佳选项，并把答案在答题卡上涂黑。
AA car needs gas to run and your body also needs food to work for you. Eating the right kind of food is very important. It can keep your body strong, so take care of what you eat.There are four main food groups altogether. The dairy products group has food like milk, cheese and sour milk. The other three groups are the meat and fish group, the fruit and vegetable group, and the bread and rice group. Each meal should have at least one food from all the four main groups. With all these food together you will be given enough energy during the day.It is easy to get into bad eating habits. You may eat your breakfast in a hurry to get to school on time. Or you may not have time for a good lunch. It may seem easy to finish your supper with fish and chips all the time. But you will find yourself tired during these days and you can not think quickly.Watching what you eat will help keep your body healthy and strong. It is also good to take some exercise. It will help you eat more if you take a walk or play games in the open air. Having a good eating habit with some exercise is the key to your health.1. Which of the following diets do you think is the best one?A. Eggs, tomatoes and chicken.B. Corn, fish, cream and pork.C. Milk, bread, cabbages and beef.D. Rice, beancurd, apples, fish and chicken.2. Which of the following is a good eating habit?A.Having at least one food from all the four groups each meal.B. Eating fish and chips for supper all the time.C. Finishing your lunch in a very short time.D. Going to school without any breakfast.3.The underlined word “dairy” in the second paragraph meansA . the shop that sells milk and butter.B. the food made out of cows such as milk and butter .C. a farm where cows are kept.D. a place where milk products are made.4. In this passage the writer mainly tells us that ______.A. every person needs food to grow wellB. taking exercise can keep your body strongC. enough energy helps people think more quicklyD. right kind of food with exercise will keep you healthy.BAre you looking for some new and exciting places to take your kids to? Try some ofthese places:. Visit art museums. They offer a variety of activities to excite your kids' interest. Manyoffer workshops for making hand-made pieces, traveling exhibits, book signings(签名) by children's favorite writers, and even musical performances and other arts.. Head to a natural history museum. This is where kids can discover the past fromdinosaur models to rock collections and pictures of stars in the sky. Also, ask what kind of workshops and educational programs are prepared for kids and any special events that are coming up.. Go to a Youtheater. Look for one in your area offering plays for child and familyvisitors. Pre-show play shops are conducted by area artists and educators where kidscan discover the secret about performing arts. Puppet (木偶) making and stagemake-up are just a couple of the special offerings you might find..Try hands-on science. Visit one of the many hands-on science museums around the country. These science play-lands are great fun for kids and grown-ups alike. They'llkeep your child mentally and physically active the whole day through while pushing buttons, experimenting, and building.. When everyone is tired, enjoy a fun familyscience show, commonly found in these museums.5. If a child is interested in the universe, he probably will visitA. a YoutheaterB. an art museum -C. a hands-on science museumD. a natural history museum6. What can kids do at a Youtheater?A. Look at rock collections.B. Watch puppet makingC. See dinosaur models..D. Give performances.7. What does "hands-on science" mean in the last paragraph?A. Learning science by doing things.B. Science games designed by kids.C. A show of kids' science work.D. Reading science books.8. Where does this text probably come from?A. A science textbook.B. A museum guide.C. A tourist mapD. A news report.CHoney from the African forest is not only a kind of natural sugar, it is also delicious.Most people, and many animals, like eating it. However, the only way for them to get that honey is to find a wild bees' nest and take the honey from it. Often, these nests are high up in trees, and it is difficult to find them. In parts of Africa, though, people and animals looking for honey have a strange and unexpected helper - a little bird called a honey guide.The honey guide does not actually like honey, but it does like the wax in the beehives (蜂房). The little bird cannot reach this wax, which is deep inside the bees' nest. So, when it finds a suitable nest, it looks for someone to help it. The honey guide gives a loud cry that attracts the attention of both passing animals and people. Once it has their attention, it flies through the forest, waiting from time to time for the curious animal or person as it leads them to the nest. When they finally arrive at the nest, the follower reaches in to get at the delicious honey as the bird patiently waits and watches. Some of the honey, and the wax, always falls to the ground, and this is when the honey guide takes its share.Scientists do not know why the honey guide likes eating the wax, but it is very determined in its efforts to get it. The birds seem to be able to smell wax from a long distance away. They will quickly arrive whenever a beekeeper is taking honey from his beehives, and will even enter churches when beeswax candles are being lit.9. Why is it difficult to find a wild bees' nest?A. It's small in size.B. It's covered with wax.C. It's hidden in trees.D. It's hard to recognize.10. What do the words "the follower" in Paragraph 2 refer to?A. A bird.B. A beeC. A beekeeper.D. A honey seeker.11. The honey guide is special in the way .A. it goes to churchB. it gets its foodC. it sings in the forestD. it reaches into bees' nests12. What can be the best title for the text?A. Wild BeesB. Wax and HoneyC. Honey-Lover's HelperD. Beekeeping in AfricaDAbout twenty of us had been fortunate enough to receive invitations to a film-studio（影棚）to take part in a crowd-scene. Although our "act" would last only for a short time, we could see quite a number of interesting things.We all stood at the far end of the studio as workmen prepared the scene, setting up trees at the edge of a winding path. Very soon, bright lights were turned on and the big movie-camera was wheeled into position. The director shouted something to the camera operator and then went to speak to the two famous actors nearby. Since it was hot in the studio, it came as a surprise to us to see one of the actors put on a heavy overcoat and start walking along the path. A big fan began blowing tiny white feathers down on him, and soon the trees were covered in "snow". Two more fans were turned on, and a "strong wind" blew through the trees. The picture looked so real that it made us feel cold.The next scene was a complete contrast(对比).The way it was filmed was quite unusual. Pictures taken on an island in the Pacific were shown on a glass screen. An actor and actress stood in front of the scene so that they looked as if they were at the water's edge on an island. By a simple trick like this, palm trees, sandy beaches, and blue, clear skies had been brought into the studio!Since it was our turn next, we were left wondering what scene would be prepared for us. For a full three minutes in our lives we would be experiencing the excitement of being film ”Stars”!13. Who is the author?A. A cameraman.B. A crowd-scene actorC.A film director.D. A workman for scene setting14. What made the author feel cold?A. The heavy snowfall.B. The low temperature.C. The man-made scene.D. The film being shown.15. What would happen in the "three minutes" mentioned, in the last paragraph?A. The next scene would be prepared.B. More stars would act in the film.C. The author would leave the studio.D. A new scene would be filmed.第二节（共5小题：每小题2分，满分10分）根据短文内容，从短文后的选项中选出能填入空白处的最佳选项，选项中有两项为多余选项。
甘肃省定西市通渭县马营中学高三物理上学期第一次月考试卷(含解析)
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为( )A．100m/s2，方向向右B．100m/s2，方向向左C．500m/s2，方向向左D．500m/s2，方向向右2．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）( )A．三个 B．四个 C．五个 D．六个3．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为( )A．B．m C．m D．2m4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )A．N处受到的支持力竖直向上B．M处受到的支持力竖直向上C．N处受到的摩擦力沿水平方向D．M处受到的摩擦力沿MN方向5．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是( )A．B．C．D．6．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙能追上甲B．t=20 s时，乙追上了甲C．在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离7．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )A．F fa大小改变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右8．用一轻绳将小球P系于墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．在墙壁和球之间夹有一矩形Q，P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )A．Q受到2个力B．小球P受到物块Q的弹力是因为小球P发生形变引起的C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小二、本卷包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=__________m/s2，打C点时物块的速度v=__________m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是__________（填正确答案标号）A．物块的质量 B．斜面的高度 C．斜面的倾角．10．某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示；一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指同0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如下表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm．P1P2P3P4P5P6x0（cm） 2.04 4.06 6.06 8.05 10.03 12.01x（cm） 2.64 5.26 7.81 10.30 12.93 15.41n 10 20 30 40 50 60k（N/m）163 ①56.0 43.6 33.8 28.81/k（m/N）0.0061 ②0.0179 0.0229 0.0296 0.0347（1）将表中数据补充完整：①__________，②__________．（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k﹣n图象．（3）图（b）中画出的直线可以近似认为通过原点，若从试验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系表达式为k=__________N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系表达式为k=__________N/m．11．如图所示，人重600N，木块A 重400N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力；（2）人脚对A的摩擦力的方向和大小．12．最近某报道称某一段道路上，有一辆汽车和自行车追尾相撞事件，情况是这样的：当时汽车正以v=72km/h速度向前行使，司机发现正前方△x=45m处有一以v=6km/h的速度与汽车同方向匀速行驶的自行车，司机以a=2m/s2的加速度开始刹车，最终还是发生了追尾事故，请你判断一下停下此新闻是真是假．某同学解法如下：汽车速度减小为0所用时间t==10s在10s内汽车前进的位移为X1==100m10s内自行车前进的位移为x2=vt=60m由于x2+△x=105m＞x1所以汽车停止运动时，自行车位于汽车之前，所以该同学从中得出不可能发生车祸．由此判断此新闻是假的．（1）你认为该同学判断是否正确，请分析之．（2）如果发生追尾事故，请你计算出从汽车减速到两车追尾所有的时间；如果不发生追尾事故，请你计算出两车运动过程中的最小距离．(二）选考题【物理--选修3-3】13．2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯•鲍姆加物纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为f=kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的v﹣t图象如图所示，若该运动员和所带装备的总质量m=100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字）2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹．小球在这0.01s内的平均加速度为( )A．100m/s2，方向向右B．100m/s2，方向向左C．500m/s2，方向向左D．500m/s2，方向向右【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据加速度的定义式a=进行求解．【解答】解：规定水平向右为正方向．根据加速度的定义式a=得：a=m/s2=﹣500m/s2负号表明加速度方向与正方向相反，即水平向左．故选C．【点评】在进行矢量式运算时，我们要先规定正方向，与正方向相同的取正值，与正方向相反的取负值．2．小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）( )A．三个 B．四个 C．五个 D．六个【考点】竖直上抛运动．【分析】小球做竖直上抛运动，先求解出小球运动的总时间，然后判断小球在抛出点以上能遇到的小球数．【解答】解：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，根据位移时间关系公式，有：代入数据，有：解得：t=0（舍去）或 t=1.2s每隔0.2s抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：N=故选：C．【点评】本题关键明确第一个小球的运动情况，然后选择恰当的运动学公式列式求解出运动时间，再判断相遇的小球个数．3．如图所示，光滑斜面的倾角为30°轻绳通过两个滑轮与A相连，轻绳的另一端固定于天花板上，不计轻绳与滑轮的摩擦．物块A的质量为m不计滑轮的质量，挂上物块B后，当滑轮两边轻绳的夹角为90°时，A、B恰能保持静止，则物块B的质量为( )A．B．m C．m D．2m【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A受力分析，运用共点力平衡条件求出细线的拉力；再对B受力分析，再次运用共点力平衡条件求出B的质量．【解答】解：先对A受力分析，再对B受力分析，如图根据共点力平衡条件，有mgsin30°=T解得M=故选A．【点评】本题关键是先后对物体A、B受力分析，根据共点力平衡条件，结合合成法或正交分解法列式求解．4．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是( )A．N处受到的支持力竖直向上B．M处受到的支持力竖直向上C．N处受到的摩擦力沿水平方向D．M处受到的摩擦力沿MN方向【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的问题，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反，由此可判知各选项的正误．【解答】解：A、M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故A错误B正确；C、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故C错误．D、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故D错误；故选：B．【点评】解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题．支持力是一种弹力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物．静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反．5．下列所给的图象中能反映作直线运动物体回到初始位置的是( )A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】x﹣t图象中的纵坐标表示物体的位置，v﹣t图象中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图象中的运动过程可得出正确结果．【解答】解：A、由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，物体先沿正向运动，后沿负向运动，最后回到了初始位置，故A正确；B、由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故不可能回到初始位置，故B错误；C、物体在第1s内沿正方向运动，第2s内继续沿正向运动，故2s末物体没有回到初始位置，故C错误；D、物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选：ACD．【点评】图象为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义；即可确定点、线、面的含义．6．甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙能追上甲B．t=20 s时，乙追上了甲C．在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后乙比甲运动快D．由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定量思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】速度图象反映物体速度随时间的变化情况，可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化．【解答】解：A、由图可知：乙在0﹣10s内速度为零，甲先出发，但乙出发后做匀加速直线运动，甲做匀速直线运动，在t=20s前，甲比乙运动快，在t=20s后，乙比甲运动快，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲．故A错误．BCD、在10﹣20s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大；20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小，在t=20s时刻两者距离最大．故BD错误，C正确．故选：C【点评】本题既考查理解速度图象的能力，也考查分析两物体运动情况的能力，往往当两物体速度相等时，相距最远或最近．7．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间( )A．F fa大小改变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对初始状态进行受力分析，剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力未发生变化，根据此时物体的受力情况确定摩擦力的大小和方向．【解答】解：初始状态，a在水平方向上受绳子拉力、弹簧的弹力还有摩擦力处于平衡，b受弹簧的弹力和绳子的拉力处于平衡．右侧细绳剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，a仍然受三个力作用，摩擦力的大小和方向不变，而b受到向左的弹力，将受到向右的摩擦力．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】本题属于牛顿第二定律的瞬时问题，关键抓住剪断细绳的瞬间，弹簧的弹力不变．8．用一轻绳将小球P系于墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示．在墙壁和球之间夹有一矩形Q，P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是( )A．Q受到2个力B．小球P受到物块Q的弹力是因为小球P发生形变引起的C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对小球P受力分析，受重力、拉力和支持力，共三个力；再对小方块Q受力分析，受压力、支持力、重力和向上的静摩擦力，共4个力；最后再次对P受力分析，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件列方程，求出拉力的一般表达式进行讨论．【解答】解：A、对物块Q受力分析，受重力、压力、支持力和向上的静摩擦力，共4个力，故A错误；B、根据弹力产生的特点可知，小球P受到物块Q的弹力是因为物块Q发生形变引起的．故B 错误；C、由A的分析可知，物块在竖直方向受到重力和摩擦力的作用，摩擦力的大小与重力相等，方向与重力相反，与绳子的长度无关．故C错误；D、对P受力分析，受拉力、重力和支持力，如图所示根据平衡条件，有Tcosθ=mgTsinθ=N解得T=绳子变长，角度θ变小，故拉力T变小，故D正确；故选：D【点评】本题关键是能够灵活地选择研究对象进行受力分析，根据平衡条件列方程求解．二、本卷包括必考题和选考题两部分．第9-12题为必考题，每个试题考生都作答；第13题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑是的加速度a=3.25m/s2，打C点时物块的速度v=1.79m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是C（填正确答案标号）A．物块的质量 B．斜面的高度 C．斜面的倾角．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素；测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】（1）根据△x=aT2可求加速度，根据求解C点的速度；（2）对滑块根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因素的表达式进行分析即可．【解答】解：（1）根据△x=aT2，有：解得：a===3.25m/s2打C点时物块的速度：v=m/s=1.79m/s（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma解得：μ=故还需要测量斜面的倾角，故选：C；故答案为：（1）3.25，1.79；（2）C．【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等．10．某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示；一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处；通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指同0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如下表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60，整个弹簧的自由长度为11.88cm．P1P2P3P4P5P6x0（cm） 2.04 4.06 6.06 8.05 10.03 12.01x（cm） 2.64 5.26 7.81 10.30 12.93 15.41n 10 20 30 40 50 60k（N/m）163 ①56.0 43.6 33.8 28.81/k（m/N）0.0061 ②0.0179 0.0229 0.0296 0.0347（1）将表中数据补充完整：①81.7，②0.0122．（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k﹣n图象．（3）图（b）中画出的直线可以近似认为通过原点，若从试验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系表达式为k=N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系表达式为k=N/m．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；定性思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】（1）弹簧的圈数相同的情况下，劲度系数是相同的，根据P2的示数，利用胡克定律即可以求得此时的劲度系数的大小；（2）应用描点法作出得出对应的图象；（3）根据得出的图象进行分析，根据图象的性质可明确对应的表达式．【解答】解：（1）根据P2的示数可知，P2部分的原长为4.06cm，拉伸后的长度为5.26cm，根据胡克定律可得，k===81.7N/m，倒数为=0.0122；（2）根据表中的数据画出图象，如图所示：（3）根据得到的图象可知，=，解得，k=；从题中的数据可以发现，劲度系数与自由长度的乘积近似相等，即kl1=3.47，所以弹簧的劲度系数k与其自由长度l1（单位为m）的关系的表达式为k=．故答案为：（1）81.7，0.0122，（2）如图所示；（3）（在～之间都可以）；（在～之间都可以）．【点评】本题关键根据胡克定律得到弹簧弹力和长度的关系公式，分析得到图象的物理意义，最后结合图象求解劲度系数．11．如图所示，人重600N，木块A 重400N，人与A、A与地面间的动摩擦因数均为0.2，现人用水平力拉绳，使他与木块一起向右做匀速直线运动，滑轮摩擦不计，求：（1）人对绳的拉力；（2）人脚对A的摩擦力的方向和大小．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先后对人和木块整体、人受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：（1）对人和木块整体受力分析，受重力（M+m）g、地面支持力N、绳子的拉力2F，向后的滑动摩擦力f，根据共点力平衡条件，有：2F﹣f=0N﹣（M+m）g=0其中f=μN解得f=200NF=100N（2）对人受力分析，受重力、木块的支持力、绳子的拉力F、向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，绳子的拉力与静摩擦力平衡等于100N，故由牛顿第三定律知，人的脚给木块摩擦力向右，大小为100N．答：（1）人对绳的拉力为100N；（2）人脚对A的摩擦力的方向向右，大小为100N．【点评】本题关键先后对人和木块整体、人受力分析，然后根据共点力平衡条件进行分析计算．12．最近某报道称某一段道路上，有一辆汽车和自行车追尾相撞事件，情况是这样的：当时汽车正以v=72km/h速度向前行使，司机发现正前方△x=45m处有一以v=6km/h的速度与汽车同方向匀速行驶的自行车，司机以a=2m/s2的加速度开始刹车，最终还是发生了追尾事故，请你判断一下停下此新闻是真是假．某同学解法如下：汽车速度减小为0所用时间t==10s在10s内汽车前进的位移为X1==100m10s内自行车前进的位移为x2=vt=60m由于x2+△x=105m＞x1所以汽车停止运动时，自行车位于汽车之前，所以该同学从中得出不可能发生车祸．由此判断此新闻是假的．（1）你认为该同学判断是否正确，请分析之．（2）如果发生追尾事故，请你计算出从汽车减速到两车追尾所有的时间；如果不发生追尾事故，请你计算出两车运动过程中的最小距离．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；追及、相遇问题．【分析】（1）该同学判断不正确，理由是对能否发生车祸的临界条件把握不够，汽车速度大于自行车速度，判断是否发生车祸的临界条件是汽车速度减小至与自行车速度相同时，看位移是否满足汽车位移大于自行车位移与两车距离之和，而不是以汽车速度减至为0为判断依据．（2）当两车的速度相等时相距最近，根据速度公式求出时间，再由位移公式求解最小距离．【解答】解：（1）该同学判断不正确，正确的做法应该是：根据速度位移关系知，汽车速度减至与自行车速度相等时汽车的位移为：x1==m=91m此过程中经历的时间为：t==s=7s所以此过程中自行车的位移为：x2=vt=6×7m=42m由于x1＞x2+△x=42m+45m=87m，所以会发生车祸．（2）由上知两车将发生追尾相撞，设从汽车减速开始到两车追尾所用时间为t′，则有：v0t′+=vt′+△x代入得：20t′+t′2=6t′+45解得：t1′=5s，t2′=9s＞t=7s，不合理，舍去．答：（1）该同学判断不正确，会发生车祸．（2）从汽车减速开始到两车追尾所用时间是5s．【点评】解决本题的关键是对于相遇临界条件的把握，当汽车速度减小至比自行车速度还小时，肯定不会发生车祸，真正的临界条件是两车速度相等时是否发生车祸是关键．(二）选考题【物理--选修3-3】13．2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯•鲍姆加物纳乘气球升至约39km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气阻力，高速运动受阻力大小可近似表示为f=kv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状，横截面积及空气密度有关，已知该运动员在某段时间内高速下落的v﹣t图象如图所示，若该运动员和所带装备的总质量m=100kg，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数（结果保留1位有效数字）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）忽略空气阻力，运动员做自由落体运动，根据速度时间关系公式和位移时间关系公式列式后联立求解即可；（2）由图象得到最大速度，然后根据平衡条件列式求解即可【解答】解：（1）设运动员从开始自由下落至1.5km高度处的时间为t，下落距离为S，在1.5km 高度出的速度为v，根据运动学公式，有：v=gt…①s=gt2…②根据题意，有：s=39km﹣1.5km=37.5km=37500m…③联立①②③解得：t=87s，v=870m/s；（2）该运动员达到最大速度v max时，加速度为零，根据牛顿第二定律，有：mg=k…④由所给的v﹣t图象可读出：v max≈360m/s…⑤联立④⑤解得：k=0.008kg/m．答：（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落到1.5km高度处所需要的时间及其在此处速度的大小为870m/s（2）该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数0.008kg/m【点评】本题关键是明确运动员的受力情况和运动情况，知道当阻力与重力平衡时，运动员的速度达到最大值，不难。
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三(上)第一次月考生物试卷(解析版)
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考生物试卷一、选择题（本题包括13小题．每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意）1．关于细胞的叙述，错误的是（）A．植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用B．动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关C．ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应D．哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖2．同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是（）A．二者所处的细胞周期不同B．二者合成的特定蛋白不同C．二者所含有的基因组不同D．二者核DNA的复制方式不同3．将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为a、b、c、d、e和f组（每组的细条数相等），取上述6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示．假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则（）A．实验后，a组液泡中的溶质浓度比b组的高B．浸泡导致f组细胞中液泡的失水量小于b组的C．a组细胞在蔗糖溶液中失水或吸水所耗A TP大于b组D．使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于0.4～0.5mol•L﹣1之间4．关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是（）A．磷酸是光反应中合成A TP所需的反应物B．光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与C．人体在剧烈运动时所需要的能量由乳酸分解提供D．病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量5．下列关于高倍显微镜的使用中，正确的（）A．因为藓类的叶片大，在高倍镜下容易找到，所以可以使用高倍物镜B．在低倍镜下找到叶片细胞，即可换高倍物镜C．换高倍物镜后，必须先用粗准焦螺旋调焦，再用细准焦螺旋调到物像清晰D．为了使高倍物镜下的视野亮一些，可使用最大的光圈或凹面反光镜6．下列细胞器在其生命活动过程中均可产生水的是（）①核糖体②叶绿体③中心体④线粒体．A．①②④ B．④C．②④D．③④二、解答题（共4小题，满分39分）7．某植物净光合速率变化趋势如图所示．据图回答下列问题：（1）当CO2浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为，CO2浓度在a～b之间时，曲线表示了净光合速率随CO2浓度的增高而增高．（2）CO2浓度大于c时，曲线B和C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是．（3）当环境中CO2浓度小于a时，在图示的3种光强下，该植物呼吸作用产生的CO2量（填“大于”、“等于”或“小于”）光合作用吸收的CO2量．（4）据图可推测，在温室中，若要采取提高CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑这一因素的影响，并采取相应措施．8．图A为某生物体细胞有丝分裂示意图，图B表示在一个细胞周期（G1、S、G2组成分裂间期，M 为分裂期）中的细胞核内DNA 含量的变化曲线；图C表示处于一个细胞周期中各个时期细胞数目的变化（用特殊的方法在一个培养基中测得的），请据图回答．（1）图A处于有丝分裂期，相当于B图（填字母）期．（2）此细胞在分裂末期能否出现细胞板，理由是．（3）C图中的DNA 含量为2C～4C 之间的细胞，处在B图的（填字母）期．（4）若A图是根尖分生区细胞，正处于营养液中，则在正常情况下，与其吸收矿质元素有关的细胞器主要是和，因为进行此生理活动需要前者提供，后者提供．9．根据图中化合物的结构分析回答：（1）该化合物叫肽，是由种氨基酸失去个水分子而形成的，这种反应称为．（2）假如上述氨基酸的平均分子量为X，则该化合物的分子量为．（3）请写出肽键的结构式：．（4）该化合物在（细胞器）上合成，其结构是由和组成．10．根据“生物组织中可溶性糖、脂肪、蛋白质的鉴定”实验，回答下列问题：（1）鉴定成熟苹果果肉中存在还原性糖所用的试剂是，该试剂与细胞内还原性糖发生作用，形成沉淀，因此，可用该试剂检验糖尿病人尿液中的含量．（2）鉴定花生子叶中脂肪的实验中，能将脂肪染成橘黄色的染液是，用其染色时，要用酒精冲洗浮色，这是因为．（3）本实验注意事项：①斐林试剂极不稳定，其甲液和乙液需，使用时再临时混合均匀用于实验．②双缩脲试剂的使用，应先加试剂，造成碱性环境，再加试剂．三、解答题（共1小题，满分15分）[生物--选修3：现代生物科技专题]）11．植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关．若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性．回答下列问题：（1）理论上，基因组文库含有生物的基因；而cDNA文库中含有生物的基因．（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中出所需的耐旱基因．（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过法将其导入植物的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株．要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的是否得到提高．（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，则可推测该耐旱基因整合到了（填“同源染色体的一条上”或“同源染色体的两条上”）．2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第一次月考生物试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括13小题．每小题6分，共78分，每小题只有一个选项符合题意）1．关于细胞的叙述，错误的是（）A．植物细胞的胞间连丝具有物质运输的作用B．动物细胞间的黏着性与细胞膜上的糖蛋白有关C．ATP水解释放的能量可用于细胞内的吸能反应D．哺乳动物的细胞可以合成蔗糖，也可以合成乳糖【考点】细胞膜的功能；糖类的种类及其分布和功能；A TP在生命活动中的作用和意义．【分析】本题主要考查细胞膜的知识．1、脂质：构成细胞膜的主要成分是磷脂，磷脂双分子层构成膜的基本骨架．2、蛋白质：膜的功能主要由蛋白质承担，功能越复杂的细胞膜，其蛋白质的含量越高，种类越多．①蛋白质的位置：有三种．镶在磷脂双分子层表面；嵌入磷脂双分子层；贯穿于磷脂双分子层．②种类：a．有的与糖类结合，形成糖被，有识别、保护、润滑等作用．b．有的起载体作用，参与主动运输过程，控制物质进出细胞．c．有的是酶，起催化化学反应的作用．3、特殊结构﹣﹣糖被：①位置：细胞膜的外表．②本质：细胞膜上的蛋白质与糖类结合形成的糖蛋白．③作用：与细胞表面的识别有关；在消化道和呼吸道上皮细胞表面的还有保护和润滑作用．4、细胞膜的功能：①将细胞与外界环境分开；②控制物质进出细胞；③进行细胞间的信息交流．【解答】解：A、胞间连丝是贯穿细胞壁沟通相邻细胞的细胞质连线，为细胞间物质运输与信息传递的重要通道，故A选项正确；B、细胞膜的外表的糖蛋白对于动物用保护润滑的作用，动物细胞间的粘着性也和其有关，因此癌细胞易扩散主要就是其表面的糖蛋白减少，故B选项正确；C、吸能反应一般与A TP水解的反应相联系，有ATP水解提供能量，故C选项正确；D、蔗糖是植物细胞特有与合成的，乳糖是动物细胞特有与合成的，比如哺乳动物的乳汁，故D选项错误．故选：D．【点评】本题主要考查学生对知识的理解和记忆能力．细胞膜的特征：①结构特征：具有一定的流动性．②功能特征：具有选择透过性．细胞膜的流动性是表现其选择透过性的结构基础．因为只有细胞膜具有流动性，细胞才能完成其各项生理功能，才能表现出选择透过性．相反，如果细胞膜失去了选择透过性，细胞可能已经死亡了．2．同一动物个体的神经细胞与肌细胞在功能上是不同的，造成这种差异的主要原因是（）A．二者所处的细胞周期不同B．二者合成的特定蛋白不同C．二者所含有的基因组不同D．二者核DNA的复制方式不同【考点】细胞的分化．【分析】1、人体内所有体细胞都是由同一个受精卵有丝分裂形成，都含有该生物全部的遗传物质．2、细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程．细胞分化的实质是基因的选择性表达，即不同细胞选择表达的基因不完全相同．【解答】解：A、神经细胞与肌细胞都已经高度分化，不再分裂，没有细胞周期，故A选项错误；B、神经细胞与肌细胞在功能上不同的根本原因是基因的选择性表达，即二者合成的特定蛋白不同，故B选项正确；C、神经细胞与肌细胞都是由同一个受精卵有丝分裂形成的，含有相同的基因组成，故C选项错误；D、核DNA的复制方式相同，都是半保留复制，故D选项错误．故选：B．【点评】本题考查细胞分裂和细胞分化的相关知识，要求考生识记细胞有丝分裂的结果，明确人体所有体细胞都是由同一个受精卵有丝分裂而来的，含有相同的遗传物质；识记细胞分化的概念，掌握细胞分化的根本原因，能准确判断各选项．3．将某植物花冠切成大小和形状相同的细条，分为a、b、c、d、e和f组（每组的细条数相等），取上述6组细条分别置于不同浓度的蔗糖溶液中，浸泡相同时间后测量各组花冠细条的长度，结果如图所示．假如蔗糖溶液与花冠细胞之间只有水分交换，则（）A．实验后，a组液泡中的溶质浓度比b组的高B．浸泡导致f组细胞中液泡的失水量小于b组的C．a组细胞在蔗糖溶液中失水或吸水所耗A TP大于b组D．使细条在浸泡前后长度不变的蔗糖浓度介于0.4～0.5mol•L﹣1之间【考点】细胞质壁分离与质壁分离复原现象及其原因．【分析】实验前长度/实验后长度的比值为1时，水分进出细胞达到平衡；比值小于1表明细胞吸水，且比值越小花冠吸水越多，则吸水量a＞b＞c；比值大于1表明细胞失水，且比值越大，花冠失水越多，则失水量d＜e＜f．【解答】解：A、据图可推知a组吸水多于b组，因此实验后a组细胞液中溶质浓度低于b组，故A 选项错误；B、比值小于1表明细胞吸水，则b组细胞吸水；比值大于1表明细胞失水，则f组细胞失水，因此浸泡导致f组细胞中液泡的失水量＞b组，故B选项错误；C、水分子进出细胞的方式是自由扩散，不消耗能量，故C选项错误；D、由c组吸水，d组失水知细条细胞液浓度介于0.4～0.5mol﹒L﹣1之间，故D选项正确．故选：D．【点评】本题考查渗透作用的相关知识，意在考查学生的识图和判断能力，属于中档题．4．关于光合作用和呼吸作用的叙述，错误的是（）A．磷酸是光反应中合成A TP所需的反应物B．光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与C．人体在剧烈运动时所需要的能量由乳酸分解提供D．病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；细胞呼吸的过程和意义．【分析】光合作用光反应中主要有两个物质变化：H2O[H]+O2↑，ADP+Pi+能量ATP．光合作用过程中，光能的吸收、传递均不需要酶的催化．动物细胞无氧呼吸的产物是乳酸，乳酸在机体中不会再分解供能，会和体液中的碳酸氢钠反应中和，而排出体外．【解答】解：A、光合作用的光反应中有A TP的合成，合成ATP的原料包括ADP和Pi，A正确；B、光合作用中叶绿素吸收光能不需要酶的参与，B正确；C、人体在剧烈运动时所需要的能量由葡萄糖分解提供，此时肌肉细胞会进行无氧呼吸产生乳酸，而乳酸不能再分解供能，将会与碳酸氢钠生成乳酸钠排出体外，C错误；D、病毒没有细胞结构，只能在宿主细胞中代谢和繁殖，因此病毒核酸的复制需要宿主细胞的呼吸作用提供能量，D正确．故选：C．【点评】本题考查了光合作用和呼吸作用的有关知识，意在考查考生的识记能力和理解能力，难度适中．要求考生能够识记光合作用过程中的物质变化；明确水的光解和光能的吸收不需要酶的催化；识记病毒的核酸和蛋白质均在宿主细胞中合成，需要消耗宿主细胞的能量和原料．5．下列关于高倍显微镜的使用中，正确的（）A．因为藓类的叶片大，在高倍镜下容易找到，所以可以使用高倍物镜B．在低倍镜下找到叶片细胞，即可换高倍物镜C．换高倍物镜后，必须先用粗准焦螺旋调焦，再用细准焦螺旋调到物像清晰D．为了使高倍物镜下的视野亮一些，可使用最大的光圈或凹面反光镜【考点】细胞观察实验．【分析】高倍显微镜的使用方法：1．选好目标：一定要先在低倍显微镜下把需进一步观察的部位调到中心，同时把物象调节到最清晰的程度，才能进行高倍显微镜的观察．2．转动转换器，调换上高倍镜头，转换高倍镜时转动速度要慢，并从侧面进行观察（防止高倍镜头碰撞玻片），如高倍显微镜头碰到玻片，说明低倍镜的焦距没有调好，应重新操作．3调节焦距：转换好高倍镜后，用左眼在目镜上观察，此时一般能见到一个不太清楚的物象，可将细准焦螺旋逆时针移动约0.5﹣1圈，即可获得清晰的物象（切勿用粗调节器）．【解答】解：A、显微镜下找物象时，必需用低倍显微镜，A错误；B、应在低倍镜下找到叶片细胞，将观察的目标移至视野中央，然后换高倍物镜观察结构，B错误；C、换高倍物镜后，不能用粗准焦螺旋调焦，只能用细准焦螺旋调节物像，C错误；D、为了使高倍物镜下的视野亮一些，可使用较大的光圈或凹面反光镜，D正确．故选：D．【点评】本题考查了高倍镜的使用方法，意在考查学生的理解和实验操作能力，试题难度一般．6．下列细胞器在其生命活动过程中均可产生水的是（）①核糖体②叶绿体③中心体④线粒体．A．①②④ B．④C．②④D．③④【考点】线粒体、叶绿体的结构和功能；细胞器中其他器官的主要功能．【分析】本题主要考查各种细胞器的结构和功能．1、核糖体有些附着在内质网上，有些游离在细胞质基质中，是细胞内合成蛋白质的场所．2、叶绿体是绿色植物细胞中重要的细胞器，其主要功能是进行光合作用．叶绿体由双层膜、类囊体和基质三部分构成．类囊体是一种扁平的小囊状结构，在类囊体薄膜上，有进行光合作用必需的色素和酶．许多类囊体叠合而成基粒．基粒之间充满着基质，其中含有与光合作用有关的酶．基质中还含有DNA．3、中心体存在于动物细胞和低等植物细胞中，与细胞的有丝分裂有关．4、线粒体普遍存在于真核细胞，是进行有氧呼吸和形成ATP的主要场所．线粒体有内外两层膜，内膜向内折叠形成嵴，嵴的周围充满了液态的基质．在线粒体的内膜上和基质中，有许多种与有氧呼吸有关的酶．在线粒体内还含有少量的DNA、RNA．【解答】解：①核糖体内进行蛋白质合成（脱水缩合）时产生水，①正确；②叶绿体内进行的光合作用产生水，②正确；③中心体与动物细胞有丝分裂有关，不产生水，③错误；④线粒体内进行的呼吸作用产生水，④正确．故选：A．【点评】本题考查了学生对各种细胞器功能的理解和辨析．可以进行归类记忆：与能量转换有关的细胞器：线粒体和叶绿体；含DNA的细胞器：线粒体和叶绿体；含色素的细胞器：叶绿体和液泡；植物特有的细胞器：叶绿体和液泡；动植物都有但功能不同的细胞器：高尔基体；与分泌蛋白合成和分泌有关的细胞器：核糖体、内质网、高尔基体、线粒体；与细胞有丝分裂有关的细胞器：核糖体、线粒体、中心体（动物细胞和低等植物细胞）、高尔基体（植物细胞）．二、解答题（共4小题，满分39分）7．某植物净光合速率变化趋势如图所示．据图回答下列问题：（1）当CO2浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为0，CO2浓度在a～b之间时，曲线A、B、C表示了净光合速率随CO2浓度的增高而增高．（2）CO2浓度大于c时，曲线B和C所表示的净光合速率不再增加，限制其增加的环境因素是光强．（3）当环境中CO2浓度小于a时，在图示的3种光强下，该植物呼吸作用产生的CO2量大于（填“大于”、“等于”或“小于”）光合作用吸收的CO2量．（4）据图可推测，在温室中，若要采取提高CO2浓度的措施来提高该种植物的产量，还应该同时考虑光强这一因素的影响，并采取相应措施．【考点】光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；影响光合作用速率的环境因素．【分析】影响光合作用的环境因素包括：光照强度、温度、二氧化碳浓度等．分析曲线图看出，本实验探究了二氧化碳浓度和光照强度对光合作用的影响，曲线中因变量为净光合速率，净光合速率=总光合速率﹣呼吸速率．【解答】解：（1）由图可知，当二氧化碳浓度为a时，高光强下该植物的净光合速率为0．二氧化碳浓度在a～b之间时，曲线ABC都表示了净光合速率随二氧化碳浓度的增高而增高．（2）当二氧化碳浓度大于c时，随着二氧化碳浓度的上升，BC曲线净光合速率不变，而在不同光照强度下不同，所以限制因素是光照强度．（3）当二氧化碳浓度小于a时，此时三条曲线的净光合速率均小于0，由于净光合速率=总光合速率﹣呼吸速率，因此在此区段内呼吸速率大于光合速率．（4）图中研究的是二氧化碳浓度和光照强度共同作用的曲线，所以还要考虑光照强度．故答案为：（1）0；A、B、C；（2）光强；（3）大于；（4）光强．【点评】本题考查了影响光合作用的环境因素的相关探究实验，意在考查考生的识图分析能力和图文转换能力，难度适中．考生在分析图解时能够利用单一变量的原则；明确净光合速率为总光合速率和呼吸速率的差值．8．图A为某生物体细胞有丝分裂示意图，图B表示在一个细胞周期（G1、S、G2组成分裂间期，M 为分裂期）中的细胞核内DNA 含量的变化曲线；图C表示处于一个细胞周期中各个时期细胞数目的变化（用特殊的方法在一个培养基中测得的），请据图回答．（1）图A处于有丝分裂中期期，相当于B图（填字母）M期．（2）此细胞在分裂末期能否出现细胞板不能，理由是是一个动物细胞．（3）C图中的DNA 含量为2C～4C 之间的细胞，处在B图的（填字母）S期．（4）若A图是根尖分生区细胞，正处于营养液中，则在正常情况下，与其吸收矿质元素有关的细胞器主要是线粒体和核糖体，因为进行此生理活动需要前者提供能量（或ATP），后者提供蛋白质（或载体）．【考点】细胞有丝分裂不同时期的特点；有丝分裂过程及其变化规律．【分析】分析A图：图A细胞含有同源染色体，且染色体的着丝点都排列在赤道板上，处于有丝分裂中期．分析B图：图B表示在一个细胞周期（G1、S、G2组成分裂间期，M为分裂期）中的细胞核内DNA 含量的变化曲线．分析C图：图C表示处于一个细胞周期中各个时期细胞数目的变化，DNA含量为2C代表G1期；DNA含量为2C～4C代表S期；DNA含量为4C代表G2和M期．【解答】解：（1）图A细胞处于有丝分裂中期，相当于图B的M期．（2）图A细胞有中心体没有细胞壁，为动物细胞，因此在分裂末期不会出现细胞板．（3）由以上分析可知，C图中的DNA含量由2C到4C的细胞，处在B图的S期．（4）根尖分生区细胞吸收矿质元素的方式是主动运输，需要载体蛋白和消耗能量，其中载体蛋白由核糖体合成，而能量由线粒体提供．故答案为：（1）中期M（2）不能是一个动物细胞（3）S（4）线粒体核糖体能量（或A TP）蛋白质（或载体）【点评】本题结合细胞分裂图、柱形图和曲线图，考查细胞有丝分裂不同时期的特点、物质跨膜运输方式等，要求考生识记细胞有丝分裂不同时期的特点，掌握有丝分裂过程中DNA含量变化规律，能准确判断图A所处的时期，图C中各柱形代表的时期；掌握物质跨膜运输的方式及影响因素，再结合所学的知识答题．9．根据图中化合物的结构分析回答：（1）该化合物叫四肽，是由3种氨基酸失去3个水分子而形成的，这种反应称为脱水缩合．（2）假如上述氨基酸的平均分子量为X，则该化合物的分子量为4X﹣54．（3）请写出肽键的结构式：﹣CO﹣NH﹣．（4）该化合物在核糖体（细胞器）上合成，其结构是由蛋白质和RNA组成．【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合．【专题】模式图；蛋白质的合成．【分析】分析题图可知，该图是肽链结构，其中﹣CO﹣NH﹣羧基，该化合物中含有3个羧基，因此是由4个氨基酸脱去3分子水形成的四肽化合物；氨基酸脱水缩合反应的场所是核糖体．【解答】解：（1）由分析可知，该化合物是由4个氨基酸脱去3分子水形成的四肽化合物；四个R 基中，2个是﹣H，因此是3种氨基酸；氨基酸形成肽链的过程是脱水缩合反应．（2）如果该化合物的氨基酸的平均分子量是X，则该化合物的分子量为4X﹣18×3=4X﹣54．（3）肽键的结构是﹣CO﹣NH﹣．（4）该化合物合成的场所是核糖体，核糖体的组成成分是蛋白质和RNA．故答案为：（1）四 3 3 脱水缩合（2）4X﹣54（3）﹣CO﹣NH﹣（4）核糖体蛋白质RNA【点评】本题旨在考查学生；理解氨基酸的结构特点和氨基酸的脱水缩合的过程和场所，并学会应用相关知识分析肽链结构及应用元素守恒进行计算．10．根据“生物组织中可溶性糖、脂肪、蛋白质的鉴定”实验，回答下列问题：（1）鉴定成熟苹果果肉中存在还原性糖所用的试剂是斐林试剂，该试剂与细胞内还原性糖发生作用，形成砖红色沉淀，因此，可用该试剂检验糖尿病人尿液中葡萄糖的含量．（2）鉴定花生子叶中脂肪的实验中，能将脂肪染成橘黄色的染液是苏丹Ⅲ染液，用其染色时，要用酒精冲洗浮色，这是因为苏丹Ⅲ能溶解在酒精中．（3）本实验注意事项：①斐林试剂极不稳定，其甲液和乙液需分别配制，使用时再临时混合均匀用于实验．②双缩脲试剂的使用，应先加试剂0.1g/mlNaOH1毫升，造成碱性环境，再加试剂0.01g/mlCuSO4溶液4滴．【考点】检测还原糖的实验；检测蛋白质的实验；检测脂肪的实验．【专题】实验分析题；蛋白质核酸的结构与功能；糖类脂质的种类和作用．【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）．斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）．（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应．（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）．（4）淀粉遇碘液变蓝．（5）甲基绿能使DNA呈绿色，吡罗红能使RNA呈红色．【解答】解：（1）鉴定成熟苹果果肉中是否存在还原糖所用的试剂是斐林试剂，在水浴加热的条件下，试剂与细胞内还原糖发生作用，形成砖红色沉淀．（2）鉴定花生子叶中脂肪的实验中，用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）能将脂肪染成橘黄色（或红色）．50%的酒精具有脱色的作用，能够溶解染液．（3）①斐林试剂极不稳定，其甲液和乙液需分别配制，使用时再临时混合均匀用于实验．②双缩脲试剂的使用，应先加0.1g/mlNaOH，试剂振荡摇匀，造成碱性的反应环境，然后再加入3～4滴CuSO4溶液，振荡摇匀后观察现象．故答案为：（1）斐林试剂砖红色葡萄糖（2）苏丹Ⅲ染液苏丹Ⅲ能溶解在酒精中（3）①分别配制②0.1g/mlNaOH1毫升0.01g/mlCuSO4溶液4滴【点评】本题考查生物组织中化合物的鉴定，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的使用方法、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累．三、解答题（共1小题，满分15分）[生物--选修3：现代生物科技专题]）11．植物甲具有极强的耐旱性，其耐旱性与某个基因有关．若从该植物中获得该耐旱基因，并将其转移到耐旱性低的植物乙中，有可能提高后者的耐旱性．回答下列问题：（1）理论上，基因组文库含有生物的全部基因；而cDNA文库中含有生物的部分基因．（2）若要从植物甲中获得耐旱基因，可首先建立该植物的基因组文库，再从中筛选出所需的耐旱基因．（3）将耐旱基因导入农杆菌，并通过农杆菌转化法法将其导入植物乙的体细胞中，经过一系列的过程得到再生植株．要确认该耐旱基因是否在再生植株中正确表达，应检测此再生植株中该基因的表达产物，如果检测结果呈阳性，再在田间试验中检测植株的耐旱性是否得到提高．（4）假如用得到的二倍体转基因耐旱植株自交，子代中耐旱与不耐旱植株的数量比为3：1时，则可推测该耐旱基因整合到了同源染色体的一条上（填“同源染色体的一条上”或“同源染色体的两条上”）．【考点】基因工程的原理及技术．【分析】1、基因文库是指将含有某种生物不同基因的许多DNA片段，导入到受体菌的群体中储存，各个受体菌分别含有这种生物的不同基因．基因组文库包含某种生物所有的基因；部分基因文库包含某种生物的部分基因．如：cDNA文库．。
甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三(上)第三次月考物理试卷(解析版)
甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三（上）第三次月考物理试卷一.选择题（本题共8小题，每小题6分，每题至少有一个正确选项，全选对得6分，选对但不全得3分，选错得0分）1．匀速运动的汽车上有一个苹果自由落下，关于苹果的运动下列说法正确的是（）A．在汽车上看苹果做自由落体运动B．在汽车上看苹果在下落的同时向车后运动C．在地面上看苹果做自由落体运动D．在地面上看苹果做平抛运动2．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．3．如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由无初速度滑下，重力加速度为g．当小圆环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（）A．Mg﹣5mg B．Mg+mg C．Mg+5mg D．Mg+10mg4．假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．则地球的密度为（）A．B．C． D．5．如图，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁．今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这一瞬间，以下说法正确的有（）A．球的速度为零，加速度为零B．球的速度为零，加速度大小为C．在弹簧第一次恢复原长之后，A才离开墙壁D．在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动6．如图所示，木块m沿固定的光滑斜面从静止开始下滑，当下降h高度时，重力的瞬时功率是（）A．mg B．mgcosθC．mgsinθD．mgsinθ7．一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度为v，若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v，对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前两次克服摩擦力所做的功，则（）A．W F2＞4W F1，W f2＞2W f1B．W F2＞4W F1，W f2=2W f1C．W F2＜4W F1，W f2=2W f1D．W F2＜4W F1，W f2＜2W f18．一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端．已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定．若用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是（）A． B．C．D．二、非选择题（共5小题，满分62分）9．为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：（2）若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是．A．m=5g B．m=15g C．m=40g D．m=400g（3）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式为．（用△t1，△t2，D，x表示）10．用图甲所示装置验证机械能守恒定律时，所用交流电源的频率为50Hz，得到如图乙所示的纸带．选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出A点距起点O的距离为s0=19.00cm，点A、C间的距离为s1=8.36cm，点C、E间的距离为s2=9.88cm，g取9.8m/s2，测得重物的质量为1kg．（1）下列做法正确的有．A．图甲中两限位孔必须在同一竖直线上B．实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直C．实验时，先放手松开纸带，再接通打点计时器电源D．数据处理时，应选择纸带上距离较近的两点作为初、末位置（2）选取O、C两点为初末位置研究机械能守恒．重物减少的重力势能是J，打下C 点时重物的速度是m/s．（结果保留三位有效数字）（3）继续根据纸带算出各点的速度v，量出下落距离s，以为纵轴、以s为横轴画出的图象，应是图丙中的．（4）实验中，重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，写出一条产生这一现象的原因．11．如图所示，在倾角为37°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点，测得AB两点间的距离是75m，g取10m/s2．求：（1）物体抛出时速度的大小；（2）落到B点时的速度大小（结果带根号表示）．12．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图．整个轨道在同一竖直平面内．表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切，A点距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R．圆心O恰在水面，一质量为m的游客（视为质点）可从轨道AB上任意位置滑下，不计空气阻力．（1）若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面D点，OD=2R，求游客滑到的速度v B大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f．（2）若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．（提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m）13．一质量为m=0.4kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的v﹣t图象的一部分，已知0.4s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最大，t=2s时刻关闭发动机，玩具车开始做匀减速运动最终停止．小汽车全过程中所受阻力可视为恒定．（1）关闭发动机后小车运动的时间；（2）求匀加速阶段小汽车的驱动力；（3）估算全过程小汽车行驶的距离．2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一.选择题（本题共8小题，每小题6分，每题至少有一个正确选项，全选对得6分，选对但不全得3分，选错得0分）1．匀速运动的汽车上有一个苹果自由落下，关于苹果的运动下列说法正确的是（）A．在汽车上看苹果做自由落体运动B．在汽车上看苹果在下落的同时向车后运动C．在地面上看苹果做自由落体运动D．在地面上看苹果做平抛运动【考点】参考系和坐标系．【分析】苹果从火车上自由落下，在水平方向上与火车有相同的速度，根据运动的合成与分解即可判断．【解答】解：A、以火车为参考系，火车的速度为零，在水平方向上苹果与火车有速度相同，所以苹果的水平方向速度为零，即苹果做自由落体运动，故A正确，B错误；C、以地面为参考系，在水平方向上与火车有相同的速度，所以苹果水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，合运动为平抛运动，故C错误，D正确．故选：AD【点评】选取的参考系不同，观察同一种运动的结果可能就不一样，难度不大，属于基础题．2．取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=，据题有：=mgh，联立解得：v=，则cosα==，得：α=．故选：B．【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解．3．如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由无初速度滑下，重力加速度为g．当小圆环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（）A．Mg﹣5mg B．Mg+mg C．Mg+5mg D．Mg+10mg【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的拉力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小．【解答】解：小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m，得：F=mg+m，小环从最高到最低，由动能定理，则有：；对大环分析，有：T=F+Mg=m（g+）+Mg=5mg+Mg．故C正确，A、B、D错误．故选：C【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．4．假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G．则地球的密度为（）A．B．C． D．【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据万有引力等于重力，则可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解．【解答】解：在两极，引力等于重力，则有：mg0=G，由此可得地球质量M=，在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：G﹣mg=m，而密度公式，ρ==，故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式．5．如图，质量均为m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A球紧靠竖直墙壁．今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这一瞬间，以下说法正确的有（）A．球的速度为零，加速度为零B．球的速度为零，加速度大小为C．在弹簧第一次恢复原长之后，A才离开墙壁D．在A离开墙壁后，A、B两球均向右做匀速运动【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先分析原来弹簧的弹力大小，再分析突然将F撤去瞬间，两球的受力情况，求解加速度．将F撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化．在弹簧第一次恢复原长时，A才离开墙壁．在A离开墙壁后，A向右做加速运动、B向右做减速运动【解答】解：A、B撤去F前，弹簧的弹力大小等于F，将F撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化，则知A球的受力情况没有变化，其合力仍为零，加速度为零，B球的合力大小等于F，方向方向向右，则其加速度大小为．故A错误，B正确．C、在弹簧第一次恢复原长后，弹簧对A有向右的拉力，A才离开墙壁．故C正确．D、在A离开墙壁后，弹簧伸长，则A向右做加速运动、B向右做减速运动．故D错误．故选：BC【点评】本题是瞬间问题，分析状态变化前后弹簧的弹力是关键，根据弹簧的弹力，分析两球的运动情况6．如图所示，木块m沿固定的光滑斜面从静止开始下滑，当下降h高度时，重力的瞬时功率是（）A．mg B．mgcosθC．mgsinθD．mgsinθ【考点】功率、平均功率和瞬时功率；机械能守恒定律．【专题】功率的计算专题．【分析】由机械能守恒定律可求得木块下滑的高度，由功率公式可求得重力瞬时功率．【解答】解：由机械能守恒得：mgh=mv2；物体的速度v=；则重力的功率P=mgvsinθ=mgsinθ；故选D．【点评】功率公式P=Fv应注意公式里的速度为与力F方向一致的速度，若不在同一直线上，可以将速度进行分解，功率为力与沿力的方向上分速度的乘积．7．一物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度为v，若将水平拉力的大小改为F2，物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v，对于上述两个过程，用W F1、W F2分别表示拉力F1、F2所做的功，W f1、W f2分别表示前两次克服摩擦力所做的功，则（）A．W F2＞4W F1，W f2＞2W f1B．W F2＞4W F1，W f2=2W f1C．W F2＜4W F1，W f2=2W f1D．W F2＜4W F1，W f2＜2W f1【考点】功的计算．【专题】功的计算专题．【分析】根据动能定理，结合运动学公式，求出滑动摩擦力做功，从而求得结果．【解答】解：由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比为S1：S2==1：2；两次物体所受的摩擦力不变，根据力做功表达式，则有滑动摩擦力做功之比W f1：W f2=fS1：fS2=1：2；再由动能定理，则有：W F﹣W f=；可知，W F1﹣W f1=；W F2﹣W f2=4×；由上两式可解得：W F2=4W F1﹣2W f1，故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】考查做功表达式的应用，掌握动能定理的内容，注意做功的正负．8．一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端．已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定．若用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是（）A． B．C．D．【考点】加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】摩擦力恒定，物体沿斜面下滑时做初速度为零的匀变速直线运动，根据初速度为零匀变速直线运动中合力、速度、位移和机械能所时间变化特点可解答本题．【解答】解：A、物体在斜面上运动时做匀加速运动，根据牛顿第二定律可知，其合外力恒定，故A 正确；B、在v﹣t图象中，斜率表示加速度大小，由于物体做匀加速运动，因此其v﹣t图象斜率不变，故B错误；C、物体下滑位移为：x=at2，根据数学知识可知，其位移与时间图象为抛物线，故C错误；D、设开始时机械能为E总，根据功能关系可知，开始机械能减去因摩擦消耗的机械能，便是剩余机械能，即有：E=E总﹣fs=E总﹣f•at2，因此根据数学知识可知，机械能与时间的图象为开口向下的抛物线，故D错误．故选：A．【点评】对于图象问题要明确两坐标轴、斜率的含义等，对于比较复杂的图象问题可以利用物理规律写出两个物理量的函数关系式，根据数学知识进一步判断图象性质．二、非选择题（共5小题，满分62分）9．为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△t1、△t2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．回答下列问题：（1）实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：取下牵引砝码，M放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间△t都相等（2）若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是D．A．m=5g B．m=15g C．m=40g D．m=400g（3）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式为．（用△t1，△t2，D，x表示）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】分析：（1）明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；（2）根据牛顿第二定律可以推导出滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等的条件，根据实验目的可知需要测量的数据；（3）光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替即v=，再根据运动学公式即可求出物体的加速度a．【解答】解答：解：（1）气垫导轨可以认为是光滑的，在判断其是否水平时可以采取的方法是：接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止说明导轨是光滑的，或接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动．取下牵引砝码，M放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间△t都相等．（2）在该实验中实际是：mg=（M+m）a，要满足mg=Ma，应该使砝码的总质量远小于滑块的质量．若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，m4=400g不能满足，故选D．（3）根据遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替得通过第一个光电门的速度为：v1=通过第二个光电门的速度为：v2=根据运动学公式，则加速度为：a==故答案为：（1）取下牵引砝码，M放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间△t都相等；（2）D；（3）．【点评】点评：明确实验原理以及相应的物理规律，熟悉具体操作，提高应用基本物理规律解决问题的能力．10．用图甲所示装置验证机械能守恒定律时，所用交流电源的频率为50Hz，得到如图乙所示的纸带．选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出A点距起点O的距离为s0=19.00cm，点A、C间的距离为s1=8.36cm，点C、E间的距离为s2=9.88cm，g取9.8m/s2，测得重物的质量为1kg．（1）下列做法正确的有AB．A．图甲中两限位孔必须在同一竖直线上B．实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直C．实验时，先放手松开纸带，再接通打点计时器电源D．数据处理时，应选择纸带上距离较近的两点作为初、末位置（2）选取O、C两点为初末位置研究机械能守恒．重物减少的重力势能是 2.68J，打下C点时重物的速度是 2.28m/s．（结果保留三位有效数字）（3）继续根据纸带算出各点的速度v，量出下落距离s，以为纵轴、以s为横轴画出的图象，应是图丙中的C．（4）实验中，重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，写出一条产生这一现象的原因重物受到空气阻力或纸带与打点计时器之间的摩擦阻力．【考点】验证机械能守恒定律．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；机械能守恒定律应用专题．【分析】（1）了解实验中的注意事项后分析解答．（2）重物减少的重力势能为mgh，根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可以求出打下记数点C时的速度大小；（3）根据可知，﹣s的图象应为过原点的直线；（4）由于空气阻力和摩擦力阻力的作用重物减小的重力势能总是略大于增加的动能．【解答】解：（1）A、为了减小纸带与限位孔之间的摩擦图甲中两限位孔必须在同一竖直线，A正确．B、为了保证纸带在竖直方向做自由落体，实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直，B正确．C、实验时，先接通打点计时器电源再放手松开纸带，故C错误．D、为了减小测量数据h的相对误差，数据处理时，应选择纸带上距离较远的两点作为初、末位置，D错误．故选：AB．（2）重物减少的重力势能为：△E p=mgh=mg（s0+s1）=1kg×9.8m/s2×（19.00+8.36）×10﹣2m≈2.68Jv c==2.28m/s（3）根据可知，﹣s的图象应为过原点的直线，C正确、ABD错误．故选：C（4）由于阻力的作用重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，这里的阻力主要来源于重物受到的空气阻力和纸带与打点计时器之间的摩擦阻力．故答案为：（1）AB；（2）2.681，2.28；（3）C；（4）重物受到空气阻力或纸带与打点计时器之间的摩擦阻力【点评】本题考查了验证机械能守恒定律中的数据处理方法，以及有关误差分析，要学会根据可能产生误差的原因进行分析．11．如图所示，在倾角为37°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点，测得AB两点间的距离是75m，g取10m/s2．求：（1）物体抛出时速度的大小；（2）落到B点时的速度大小（结果带根号表示）．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间，结合水平位移求出平抛运动的初速度，根据速度公式求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出落到B点的速度．【解答】解：（1）由题意可得：Lcos37°=v0t，，代入数据解得：v0=20m/s，t=3s、（2）物体落到B点的竖直分速度为：v y=gt=10×3m/s=30m/s，根据平行四边形定则知：m/s=10m/s答：（1）物体抛出时速度的大小为20m/s；（2）落到B点时的速度大小为10m/s．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．12．图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图．整个轨道在同一竖直平面内．表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切，A点距水面的高度为H，圆弧轨道BC的半径为R．圆心O恰在水面，一质量为m的游客（视为质点）可从轨道AB上任意位置滑下，不计空气阻力．（1）若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面D点，OD=2R，求游客滑到的速度v B大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f．（2）若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h．（提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的向心力与其速率的关系为F向=m）【考点】动能定理；平抛运动；向心力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）游客从B点开始做平抛运动，将运动分解，即可求出游客到达B的速度，A到B的过程中由动能定理即可求出运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f．（2）设OP与OB最近的夹角是θ，在P点离开轨道时，轨道对游客的支持力是0，由重力指向圆心的分力提供向心力，结合机械能守恒与向心力的表达式即可求解．【解答】解：（1）游客从B点开始做平抛运动，则：2R=v B t联立得：从A到B的过程中重力与摩擦力做功，由动能定理得：得：W f=mg（2R﹣H）；（2）设OP与OB最近的夹角是θ，游客在P点时的速度为v P，受到的支持力为N，B到P的过程中只有重力做功，机械能守恒，得：在P点，根据向心力公式，有：mgcosθ﹣N=，又知N=0，cosθ=，联立相关公式得：答：（1）游客滑到的速度v B大小是，运动过程轨道摩擦力对其所做的功是mg（2R﹣H）．（2）P点离水面的高度是．【点评】该题中正确判断出游客在P点离开轨道时，轨道对游客的支持力是0，由重力指向圆心的分力提供向心力是解题的关键．13．一质量为m=0.4kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的v﹣t图象的一部分，已知0.4s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最大，t=2s时刻关闭发动机，玩具车开始做匀减速运动最终停止．小汽车全过程中所受阻力可视为恒定．（1）关闭发动机后小车运动的时间；（2）求匀加速阶段小汽车的驱动力；（3）估算全过程小汽车行驶的距离．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据图象，利用加速度定义，可求得关闭发动机后的加速度，根据速度公式可求时间根据图象求得0﹣0.4s内的加速度，利用牛顿第二定律列式求解牵引力F分段求出：0﹣0.4s内的位移，0.4﹣2s内的位移，2s以后的位移，三段位移之和即所求距离【解答】解：设2s后小汽车加速度为a2，根据图象可得a2==﹣2m/s2设减速阶段时间为t，由v t﹣v0=at解得：t==4s（2）设0﹣0.4s内，小汽车加速度为a1a1===10m/s2根据牛顿第二定律得：F﹣f=ma1关闭发动机后，f=ma2代入数据解得：F=4.8N（3）0﹣0.4s内的位移：x1===0.8m根据图象可得：0.4﹣2s内的位移x2==11.2m2s以后的位移：x3===16m故小车的总位移：x=x1+x2+x3代入数据可得：x=28m答：（1）关闭发动机后小车运动的时间为4s：（2）匀加速阶段小汽车的驱动力为4.8N：（3）全过程小汽车行驶的距离为28m．【点评】本题关键根据图象，分段研究小车的运动，要求能够熟练应用牛顿第二定律和运动学公式，难度适中．。
甘肃省通渭县马营中学高三地理上学期第二次月考试题
大气圈 岩石圈 水 圈绿色植物 ② 动物 化石燃料 碳化 ① ③ ③ ④⑥ ⑤马营中学2015—2016学年度高三级第2次月考文科综合试卷第Ⅰ卷(选择题，140分)一、选择题。
(共35题，每小题4分，共140分)读图，回答1～2题。
工业革命以来，人类大量使用石油、煤炭等化石燃料，从而加剧全球变暖，带来气候多变、灾害丛生等严重后果。
为此全社会在倡导发展低碳经济和低碳生活。
图示意碳物质在地球各圈层中的循环过程，读图回答1～3题。
1．图中 （ ）A ．①—②—③反映碳在大气圈、水圈、岩石圈循环的过程B ．⑥环节在人类的作用下，会导致岩石圈物质循环受阻C ．⑤环节循环速度如果加快，可以减缓碳排放的速度D ．控制④环节的人类活动是发展低碳经济的途径之一2．有关人类活动作用于⑤及可能的后果是（ ）A ．人工增雨改变水资源的空间分布B ．建设水电站后容易加剧洪涝灾害C ．发展火电站可能导致沿海低地被淹D ．北京冬季燃煤取暖导致河流污染3．据图分析，我们可以把“节能减排”的重点放在（ ）A ．农村更多使用沼气来获得绿色能源B ．依靠科技提高化石燃料的使用效率C ．大力开发水能和核电D ．大规模地发展第三产业下图中箭头表示空气运动方向，读下图完成4--5题。
4．若该图为北半球三圈环流的一部分，且甲地纬度较乙地低，则A ．该环流是高纬环流B．该环流是低纬环流C．甲、乙之间近地面为中纬西风带D．甲、乙之间近地面为低纬信风带5．若甲、乙分别为南半球的陆地和海洋，则此季节A．全球海洋等温线向高纬凸出B．亚洲高压处于强盛时期C．亚热带大陆西岸干热少雨D．我国山区泥石流、滑坡频发下图①--⑤为0°至北纬66°34′之间不同日期的昼夜分布曲线分布图，读图，回答6-8题。
（昼长）6．曲线由①→②→③变化的时段内，太阳直射点的移动情况是（）A．从北回归线到赤道B．从赤道到南回归线C．从南回归线到赤道D．从赤道到北回归线7．曲线由⑤→④→③变化的时段内，下列说法正确的是（）A．北半球昼长夜短，且昼逐渐缩短B．北半球昼短夜长，且昼逐渐增长C．南半球昼长夜短，且夜逐渐缩短D．南半球昼短夜长，且夜逐渐增长8．2008年l0月16日，国家海洋局宣布我国首个南极内陆考察站正式命名为“中国南极昆仑站（80°25′S、70°07′E）”。
甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三上学期第三次月考化学试卷 含解析
2015-2016学年甘肃省定西市通渭县马营中学高三（上）第三次月考化学试卷一、选择题（共7小题,每小题6分，满分42分)1．中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷D．打磨磁石制指南针2．下列说法正确的是（)A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO3和BaSO43．N A为阿伏伽德罗常数的值．下列说法正确的是（)A．18gD2O和18gH2O中含有的质子数均为10N AB．2L0.5mol/L亚硫酸溶液中含有的H+个数为2N AC．过氧化钠与水反应时，生成0。
1mol氧气转移的电子数为0。
2N AD．密闭容器中2molNO与1molO2充分反应，产物的分子数为2N A4．原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别为1、6、7、1．a﹣的电子层结构与氦相同，b和c的次外层有8个电子，c﹣和d+的电子层结构相同．下列叙述错误的是(）A．元素的非金属性次序为c＞b＞aB．a和其他3种元素均能形成共价化合物C．d和其他3种元素均能形成离子化合物D．元素a、b、c各自最高和最低化合价的代数和分别为0、4、65．海水开发利用的部分过程如图所示．下列说法错误的是（）A．向苦卤中通入Cl2是为了提取溴B．粗盐可采用除杂和重结晶等过程提纯C．工业生产常选用NaOH作为沉淀剂D．富集溴一般先用空气和水蒸气吹出单质溴,再用SO2将其还原吸收6．下列实验中,对应的现象以及结论都正确且两者具有因果关系的是(）选项实验现象结论A．将稀硝酸加入过量铁粉中，充分反应后滴加KSCN溶液有气体生成，溶液呈血红色稀硝酸将Fe氧化为Fe3+B．将铜粉加1.0mol•L﹣1Fe2（SO4）3溶液中溶液变蓝、有黑色固体出现金属铁比铜活泼C．用坩埚钳夹住一小块用砂纸仔细打磨过的铝箔在酒精灯上加热熔化后的液态铝滴落下来金属铝的熔点较低D．将0。
甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高二上学期期中考试语文试题
马营中学2015－2016学年第一学期期中考试高二语文试题第Ⅰ卷（1~7每题3分，共21分）一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1~3题老子其人其书的时代，自司马迁《史记》以来只有异说，清代学者崇尚考据，对此议论纷纷，如汪中作《老子考异》，力主老子为战国时人，益启争端。
钱穆先生说：“老子伪迹不彰，真相大白，则先秦诸子学术思想之系统条贯始终不明，其源流派别终无可言.”大家都期待这个问题有新的解决线索.过去对于古书真伪及年代的讨论，只能以材料证明纸上材料，没有其它的衡量标准，因而难有定论。
用来印证《老子》的古书，大多收到辨伪家的怀疑，年代确不可移的，恐怕要数到《林非子》。
《吕氏春秋》和《淮南子》，但这几木书戍书太晚，没有多少作用.近年战国秦汉简帛侠籍大黄出上，为学术界提供了许多前所未见的地下材料，这使我们有可能重新考虑《老子》的时代问题。
1973牛长沙马王堆三亏汉基出土的串书，内有《老子》两种版本，甲本字体比较早，不避汉高祖讳，应抄写于高祖即帝位前，乙本避高祖讳，可以抄写于文帝初。
这两本《老子》抄写年代都晚，无益于《老子》著作年代的推定，但乙本前面有《黄帝书》四篇，系。
黄”、“老”合抄之本，则从根本上改变了学术界对早期道家的认识。
郭沐若先生曾指出，道家都是以“发明黄老道德意”为其指归，故也可称之为黄老学派.《老子》和《黄帝书》是道家的经典，在汉初被妙写在《老子》前面的《黄帝书》显然在当时公众心目中已据有崇高位置，不会是刚刚撰就的作品。
同时，《黄帝书》与《申子》、《慎子》、《韩非子》等有许多共通文句，而申不害、慎到、韩非二人均曾学黄老之术，这些共通之处可认作对《皇帝书》的引用阐发。
申不害和慎到的年代，前人推为战国中期，《皇帝书》不应更晚。
至于《皇帝书》与《老子》的共通之处也甚多，入《皇帝书经法》篇云“王天下者有玄德”，什么是“玄德。
”文中未见解释，查《老子》五十一章：“生而不有，为而不持，长而不宰，之谓玄德。
甘肃省定西市通渭县马营中学2016届高三第三次月考数学(文)试卷
马营中学2015—2016学年度高三级第三次月考试题数 学 试 卷（文）第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，满分60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．已知集合P={0，1，2}，Q={y |y =3x }，则P∩Q=A ．{0，1}B ．{1，2}C ．{0，1，2}D ．∅ 2．下列函数中，既不是奇函数，也不是偶函数的是（A ）错误！未找到引用源。
（B ）错误！未找到引用源。
（C ）错误！未找到引用源。
（D ）错误！未找到引用源。
3．若a,b ∈R ，且a>b ，则下列不等式中恒成立的是 A.22b a > B.b a )21()21(< C.0)lg(>-b a D.1>ba4．已知定义在R 上的函数)(x f 是偶函数，对R x ∈，都有)2()2(x f x f -=+，当 2)3(-=-f 时，)2015(f 的值为（ ） A ．－2 B ．2 C ．－4 D ．45．函数2sin 2xy x =-的图象大致是（ ）6．已知f （x ）、g （x ）均为[﹣1，3]上连续不断的曲线，根据下表能判断方程f （x ）=g （x ） 有实数解的区间是A ．（﹣1，0）B ．（1，2）C ．（0，1）D ．（2，3） 7．已知R 上可导函数f （x ）的图象如图所示，则 不等式0)()32(2>'--x f x x 的解集为 A ．（－∞，－2）∪（1，＋∞） B ．（－∞，－2）∪（1，2）C ．（－∞，－1）∪（1，0）∪（2，＋∞）D ．（－∞，－1）∪（－1，1）∪（3，＋∞） 8．若角α的终边在直线y ＝2x 上，则ααααcos 2sin cos sin 2+-的值为( )A ．34 B. 0 C ．1 D. 549．将函数sin ()y x x x R =+∈的图象向左平移(0)m m >个单位长度后，所得到的图象关于y 轴对称，则m 的最小值是（ ） A ．12πB ．3πC ．6πD ．56π10．若函数32()236f x x mx x =-+在区间()2,+∞上为增函数，则实数m 的取值范围是（ ）A ．(),2-∞B ．(],2-∞C ．5,2⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭ D ．5,2⎛⎤-∞ ⎥⎝⎦11．函数()()xx x f 21ln -+=的零点所在的大致区间是（ ） A.（0，1）B.（1，2）C.（2，3）D.（3，4）12．已知函数f(x)=⎩⎨⎧>+≤+-0),1ln(0,22x x x x x ，若|f(x)|≥ax ，则a 的取值范围 （ ）A.（0-，∞）B.），（1-∞C.[-2,1]D.[-2,0]第Ⅱ卷二、填空题（共4个小题，每小题5分，共20分）13．函数)10(2)1(log ≠>++=a a x y a 且恒过定点A ，则A 的坐标为 ．14．已知()⎩⎨⎧>≤-=-0,0,12x x x x f x ，若()10>x f ，则0x 的取值范围_______15．函数f (x)=的定义域是 。
马营中学2015-2016年高一上学期物理期末试题及答案下载
2015—201学年度高一级第一学期期末试题（卷）物 理一．选择题（1-6小题为单选题，每题为4分；7-12小题为多选题，全对得4分，对而不全得 2分。
本大题有12小题，共48分）1．以下情景中，加着点的人物或物体可看成质点的是( )A ．研究一列火车．．通过长江大桥所需的时间B ．乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球．．．C ．研究航天员翟志刚．．．在太空出舱挥动国旗的动作D ．用GPS 确定打击海盗的“武汉．．”．舰．在大海中的位置 2．对于质点的运动，下列说法中正确的是( )A ．质点的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B ．质点速度变化率越大，则加速度越大C ．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D ．质点运动的加速度越大，它的速度变化越大3．如图所示，一小球从A 点由静止开始沿斜面向下做匀变速直线运动，若到达B 点时速度为v ，到达C 点时速度为2v ，则x AB ∶x BC 等于( )A ．1∶1B ．1∶2C ．1∶3D ．1∶44．把一个重为G 的物体，用一水平推力F ＝kt (k 为常量，t 为时间)压在竖直的足够高的平整墙面上，如图所示，从t ＝0开始物体所受的摩擦力f 随时间t 的变化关系是图中的哪一个( )5．如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间。
设墙面对球的压力大小为N 1，球对木板的6压力大小为N2。
以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。
不计摩擦，在此过程中()A．N1始终减小，N2始终增大B．N1始终减小，N2始终减小C．N1先增大后减小，N2始终减小D．N1先增大后减小，N2先减小后增大6．如图所示，A和B两物块的接触面是水平的，A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑，在下滑过程中B的受力个数为()A．3个B．4个C．5个D．6个7．伽利略为了研究自由落体的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，对于这个研究过程，下列说法正确的是()A．斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程B．斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动时间的测量C．通过对斜面实验的观察与计算，直接得到自由落体的运动规律D．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体的运动规律8．某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知()A．0～2 s内的加速度为1 m/s2B．0～5 s内的位移为10 mC．第1 s末与第3 s末的速度方向相同D．第1 s末与第5 s末加速度方向相同9．如图所示为位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ，在斜杆的下端固定有质量为m的小球。
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甘肃省定西市通渭县马营中学2015-2016学年高三（上）第三次月考物理试卷1匀速运动的汽车上有一个苹果自由落下，关于苹果的运动下列说法正确的是（）A •在汽车上看苹果做自由落体运动B .在汽车上看苹果在下落的同时向车后运动C.在地面上看苹果做自由落体运动D •在地面上看苹果做平抛运动2•取水平地面为重力势能零点，一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等.不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）TTC.3.如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大圆环上的质量为m的小环（可视为质点），从大圆环的最高处由无初速度滑下，重力加速度为环滑到大圆环的最低点时，大圆环对轻杆拉力的大小为（）A . Mg - 5mgB . Mg+mg C. Mg+5mg D . Mg+10mg4.假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面重力加速度在两极的大小为g o,赤道的大小为g;地球自转的周期为T,引力常量为G.则地球的密度为（）3兀削GT2：E O~S3兀号oGT2 8m的A、B两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上,A球紧靠竖直墙壁.今用水平力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将F撤去，在这一瞬间，以下说法正确的有（）12g.当小圆3开GT25.如图，质量均为J-A .球的速度为零，加速度为零B .球的速度为零，加速度大小为 FnC .在弹簧第一次恢复原长之后， A 才离开墙壁D .在A 离开墙壁后，A 、B 两球均向右做匀速运动6•如图所示，木块 m 沿固定的光滑斜面从静止开始下滑，当下降h 高度时，重力的瞬时功率是（）7.—物体静止在粗糙水平地面上，现用一大小为F 1的水平拉力拉动物体，经过一段时间后其速度为v ,若将水平拉力的大小改为 F 2,物体从静止开始经过同样的时间后速度变为2v ,对于上述两个过程，用W FI 、W F 2分别表示拉力F i 、F 2所做的功，W fi 、W f2分别表示前两次克服摩擦力所做的功，则（）A . W F 2>4W FI , W f2 >2W fiB . W F 2>4W FI , W f2=2W fiC . W F2< 4W FI , W f2=2W fiD . W F2< 4W FI , W f2< 2W fi&一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t o 滑至斜面底端•已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定.若用F 、v 、s 和E 分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是（）9•为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验•其中G 1、G 2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G 1、G2光电门时，光束被遮挡的时间△ t 1、△ t 2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为 M ,挡光片宽度为D ，光电门间距离为 x ，牵引砝码的质量为 m .回答下列问题：D. mgsin 0. iiJt(1) 实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答:(2) 若取M=0.4kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个(3) 在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，求得的加速度的表达式A. m=5gB. m=15gC. m=40gD. m=400g为_______________ .（用△切△ t2, D, x表示）10. 用图甲所示装置验证机械能守恒定律时，所用交流电源的频率为50Hz，得到如图乙所示的纸带.选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E,测出A点距起点0的距离为2 s o=19.OOcm，点A、C 间的距离为s i=8.36cm，点C、E 间的距离为S2=9.88cm , g 取9.8m/s ,测得重物的质量为1kg.打点计时器吏子童鞫甲(1)下列做法正确的有A .图甲中两限位孔必须在同一竖直线上B .实验前，手应提住纸带上端，并使纸带竖直C.实验时，先放手松开纸带，再接通打点计时器电源D .数据处理时，应选择纸带上距离较近的两点作为初、末位置(2) _____________________________________________________________________________________ 选取O、C两点为初末位置研究机械能守恒.重物减少的重力势能是________________________________________ J,打下C点时重物的速度是____________________ m/s.(结果保留三位有效数字)2(3)继续根据纸带算出各点的速度v,量出下落距离s,以+为纵轴、以s为横轴画出的图象，应是图丙中的___________________ .(4)实验中，重物减小的重力势能总是略大于增加的动能，写出一条产生这一现象的原因_______________ •11. 如图所示，在倾角为37°的斜坡上，从A点水平抛出一个物体，物体落在斜坡的B点,测得AB两点间的距离是75m, g取10m/s2.求：(1)物体抛出时速度的大小；(2)落到B点时的速度大小(结果带根号表示).12. 图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图.整个轨道在同一竖直平面内.表面粗糙的AB段轨道与四分之一光滑圆弧轨道BC在B点水平相切，A点距水面的高度为H，圆弧轨道BC 的半径为R .圆心0恰在水面，一质量为m的游客(视为质点)可从轨道AB上任意位置滑下，不计空气阻力.(1 )若游客从A点由静止开始滑下，到B点时沿切线方向滑离轨道落在水面D点，0D=2R , 求游客滑到的速度V B大小及运动过程轨道摩擦力对其所做的功W f.(2)若游客从AB段某处滑下，恰好停在B点，又因受到微小扰动，继续沿圆弧轨道滑到P点后滑离轨道，求P点离水面的高度h.(提示：在圆周运动过程中任一点，质点所受的2向心力与其速率的关系为F向=叮.)13. 一质量为m=0.4kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的V-t图象的一部分，已知0.4s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最大，t=2s时刻关闭发动机，玩具车开始做匀减速运动最终停止. 小汽车全过程中所受阻力可视为恒定.(1) 关闭发动机后小车运动的时间;(2) 求匀加速阶段小汽车的驱动力;(3) 估算全过程小汽车行驶的距离.答案1. 【考点】参考系和坐标系.【分析】苹果从火车上自由落下，在水平方向上与火车有相同的速度，根据运动的合成与分解即可判断.【解答】解：A、以火车为参考系，火车的速度为零，在水平方向上苹果与火车有速度相同，所以苹果的水平方向速度为零，即苹果做自由落体运动，故A正确，B错误；C、以地面为参考系，在水平方向上与火车有相同的速度，所以苹果水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，合运动为平抛运动，故C错误，D正确.故选：AD【点评】选取的参考系不同，观察同一种运动的结果可能就不一样，难度不大，属于基础题.2. 【考点】平抛运动.【专题】平抛运动专题.【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角.【解答】解：设抛出时物体的初速度为v o,高度为h,物块落地时的速度大小为v,方向与水平方向的夹角为a根据机械能守恒定律得：1 . 1 2+mgh= □厂据题有：丄丁-「=mgh,联立解得：V= 一，贝y COS a=—= 1,v 2得：a^—4故选：B.【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解.3. 【考点】向心力；牛顿第二定律.【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用.【分析】根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的拉力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小.【解答】解：小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：2F- mg=m—,2得: F=mg+m ,R小环从最高到最低，由动能定理，则有：• |, :-.j - _7 ;2对大环分析，有：T=F+Mg=m (g+ ' ) +Mg=5mg+Mg .故C 正确，A、B、D 错误.R故选：C【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解.4. 【考点】万有引力定律及其应用.【专题】万有引力定律的应用专题.【分析】根据万有引力等于重力，则可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解.【解答】解：在两极，弓I力等于重力，则有：mg o=G^,R2g0R2由此可得地球质量M=—:—在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：G ' - mg=^^ ',胪T2而密度公式一-丄S O R2G 3兀尸. =一Z --------------------- ，故B正确，ACD错误；GT2 (g0"g)故选：B.【点评】考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式.5. 【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】先分析原来弹簧的弹力大小，再分析突然将F 撤去瞬间，两球的受力情况，求解加速度.将F 撤去瞬间，弹簧的弹力没有变化.在弹簧第一次恢复原长时， A 才离开墙壁.在 A 离开墙壁后，A 向右做加速运动、B 向右做减速运动【解答】解：A 、B 撤去F 前，弹簧的弹力大小等于 F ,将F 撤去瞬间，弹簧的弹力没有变 化，则知A 球的受力情况没有变化，其合力仍为零，加速度为零， B 球的合力大小等于 F ,方向方向向右，则其加速度大小为：丄.故A 错误，B 正确.ITC 、 在弹簧第一次恢复原长后，弹簧对 A 有向右的拉力，A 才离开墙壁.故 C 正确.D 、 在A 离开墙壁后，弹簧伸长，则 A 向右做加速运动、B 向右做减速运动•故 D 错误. 故选：BC【点评】本题是瞬间问题，分析状态变化前后弹簧的弹力是关键， 根据弹簧的弹力，分析两球的运动情况6. 【考点】功率、平均功率和瞬时功率；机械能守恒定律.由机械能守恒定律可求得木块下滑的高度，由功率公式可求得重力瞬时功率.解：由机械能守恒得:mgh=—mv~ ； 物体的速度v= 「■ I ；则重力的功率 P=mgvsin 9=mgsin 9..：：7匕1； 故选D .【点评】功率公式P=Fv 应注意公式里的速度为与力 F 方向一致的速度，若不在同一直线上,可以将速度进行分解，功率为力与沿力的方向上分速度的乘积.7. 【考点】功的计算.【专题】功的计算专题.【分析】根据动能定理，结合运动学公式，求出滑动摩擦力做功，从而求得结果.【解答】解：由题意可知，两次物体均做匀加速运动，则在同样的时间内，它们的位移之比v 2v为 S i : S2= i ；I =1 : 2；两次物体所受的摩擦力不变，根据力做功表达式，则有滑动摩擦力做功之比 W fi : W f2=fS l ：fS 2=1: 2 ；再由动能定理，则有：W F - W f =J -• |〕2可知，W FI -【专题】 功率的计算专题.【分析】2W F2 —W f2=4X 二Tj- ；2由上两式可解得：W F2=4W FI- 2W fi,故C正确，ABD错误；故选：C.【点评】考查做功表达式的应用，掌握动能定理的内容，注意做功的正负.8. 【考点】加速度与力、质量的关系式；匀变速直线运动的速度与时间的关系.【专题】牛顿运动定律综合专题.【分析】摩擦力恒定，物体沿斜面下滑时做初速度为零的匀变速直线运动，根据初速度为零匀变速直线运动中合力、速度、位移和机械能所时间变化特点可解答本题.【解答】解：A、物体在斜面上运动时做匀加速运动，根据牛顿第二定律可知，其合外力恒定，故A正确；B、在v-t图象中，斜率表示加速度大小，由于物体做匀加速运动，因此其v-t图象斜率不变，故B错误；C、物体下滑位移为：x=—at2,根据数学知识可知，其位移与时间图象为抛物线，故C错误;2D、设开始时机械能为E总，根据功能关系可知，开始机械能减去因摩擦消耗的机械能，便是剩余机械能，即有：E=E总-fs=E总-f? at2，因此根据数学知识可知，机械能与时间的2图象为开口向下的抛物线，故D错误.故选：A.【点评】对于图象问题要明确两坐标轴、斜率的含义等，对于比较复杂的图象问题可以利用物理规律写出两个物理量的函数关系式，根据数学知识进一步判断图象性质.9. 【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题.【分析】分析：(1)明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答；(2 )根据牛顿第二定律可以推导出滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等的条件，根据实验目的可知需要测量的数据；(3)光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替即v=-,再根据运动学公式即可求出物体的加速度a.t【解答】解答：解：(1)气垫导轨可以认为是光滑的，在判断其是否水平时可以采取的方法11是：接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，滑块基本保持静止说明导轨是光滑的，或接通气 源，将滑块静置于气垫导轨上，轻推滑块，滑块能基本做匀速直线运动.取下牵引砝码，M 放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M ,数字计时器记录每一个光电门的 光束被挡的时间△ t 都相等.(2)在该实验中实际是： mg= (M+m ) a ,要满足mg=Ma ，应该使砝码的总质量远小于滑 块的质量.若取M=0.4kg ，改变m 的值，进行多次实验， m 4=400g 不能满足，故选 D .(3) 根据遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替得通过第一个光电门的速度为：通过第二个光电门的速度为：D V 2=— 12根据运动学公式，则加速度为:故答案为：(1)取下牵引砝码，M 放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M ,数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间 △ t 都相等;【点评】点评：明确实验原理以及相应的物理规律，熟悉具体操作，提高应用基本物理规律 解决问题的能力. 10. 【考点】验证机械能守恒定律.【专题】实验题；定性思想；实验分析法；机械能守恒定律应用专题.【分析】(1)了解实验中的注意事项后分析解答.。