湖南省三湘名校联盟天壹名校联盟2023-2024学年下学期高二期末考试物理答案

ʌ高二物理试题参考答案㊀第１㊀页(
共４页)ɔ湖南省三湘名校联盟天壹名校联盟2023-2024学年期末测试
高二物理答案
１．A㊀A ．爱因斯坦借鉴了普朗克的能量子理论提出光子的概念,成功解释光电效应现象,A 正确;B ．牛顿总结万有引力定律,但引力常量G 是卡文迪许通过扭秤实验测得的,B 错误;
C ．选项中的观点是亚里士多德的,C 错误;
D ．卢瑟福通过α粒子散射实验研究,提出了原子的 核式结构模型 ,不是 枣糕模型 ,D 错误．
２．B ㊀A．物体速度不变,做匀速直线运动,A 错误;B ．物体加速度恒定,做匀加速直线运动,B 正确;
C ．物体的加速度不断增大,做变加速运动,C 错误;
D ．物体受到的合力不断增大,其加速度不断增大,做变加速运动,D 错误．
３．A㊀A ．正确;B ． 波浪 中质点振动方向与波传播方向垂直,是横波,B 错误;
C ．一个周期内每把扇子运动的路程是４A ,C 错误;
D ．介质中的质点在振动过程中不会随波移动,故横坐标不变,D 错误．
４．B ㊀A ．火箭发射升空的过程中,加速度向上,宇航员处于超重状态,A 错误;
B ㊁
C ．卫星的基本规律 高轨低速长周期 ,而７．９k m /s 是最大的环绕速度,故B 正确,C 错误;
D ．由万有引力定律:G Mm r ２＝mω２r ,和地球表面有G Mm R ２
＝m g ,联立得:ω＝R r g r ,D 错误．５．B ㊀A ．管道模型中,能到最高点的条件是最高点速度大于零即可,A 错误;
B ．在最高点
C 点时对轨道没有压力,由m g ＝m v ２R
,解得v ＝２m /s ,B 正确;C ．在最高点C 点速度为４m /s 时,由F ＋m g ＝m v ２R
,解得F ＝０．１５N ,小球对轨道的反作用力竖直向上,C 错误;
D ．若从A 点静止释放,到B 点由机械能守恒定律:m g R ＝１２
m v ２B ,在B 点由牛顿第二定律:F －m g ＝m v ２B R ,解得F ＝３m g ,与R 无关,D 错误．６．C ㊀A ．由图乙可得v ０＝３m /s ,A 错误;B ．根据系统动量守恒,m １v ０＝m １v １＋m ２v ２,由图乙知,v １＝０时,v ２＝２m /s ,代入可得:m ２＝０．３k g
,B 错误;C ．弹簧压缩最短时,物块A ㊁B 速度相等,m １v ０＝(m １＋m ２)v ３,得v ３＝１．２m /s ,由动量定理,I ＝m ２v ３＝
０．３６N s ,C 正确;D ．从接触弹簧到弹簧第一次恢复原长的过程,相当于弹性碰撞,由m １v ０＝m １v A ＋m ２v B ,１２m １v ２０＝１２m １v ２A ＋１２m ２v ２B ,解得:v B ＝２m １v ０m １＋m ２
＝２．４m /s ,D 错误．
ʌ高二物理试题参考答案㊀第２㊀页(
共４页)ɔ７．A D㊀A ㊁B ．由图示结合折射定律可知,光线b 对应的折射率较大,增大入射角光线b 首先发生全反射,故A 正确,B 错误;
C ．同种介质对频率大的光的折射率大,C 错误;
D ．真空中频率大的光的波长短,D 正确．
８．A C ㊀A ．静止时,电容器不充电也不放电,故电流表示数为零,根据电压正负极可知M 极板带正电,A 正确;B ．匀速运动与静止状态一样,电流表示数为零,B 错误;
C ．由静止突然向前加速时,电容器极板N 会向后移动,两极板间距增大,由:C ＝εr S ４πk d
,C 减小,又C ＝Q U ,U 不变,Q 减小,放电,故电流由b 点流向a 点,C 正确;
D ．保持向前匀加速运动时,M ㊁N 极板之间的距离不变,故电场强度不变,D 错误．９．A C ㊀A ．小球A ㊁B 和轻杆系统只有重力做功,故机械能守恒,A 正确;
B ．小球A 减少的重力势能应等于小球B 增加的机械能与小球A 增加的动能之和,B 错误;
C ．根据机械能守恒定律:３m g L ＝m g L ＋１２
(３m ＋m )v ２,得v ＝g L ,C 正确;D ．对B 由动能定理:－m g L ＋W ＝１２
mv ２,得W ＝３２m g L ,D 错误．１０．B C D㊀A ．根据右手定则,可知感应电流方向为由b 到a ,A 错误;B ．金属棒匀速时,B I L ＝m g s i n θ,I ＝B L v R ＋r
,解得B ＝１T ,B 正确;C ．金属棒稳定运动时,电动势E ＝B L v ＝２V ,a b 间的电压为外电压,U a b ＝R R ＋r
E ＝１．５V ,C 正确;D ．通过电阻R 的电荷量q ＝I －t ＝ΔΦ(R ＋r )t t ＝B L x R ＋
r ,解得x ＝１．６m ,由能量守恒:m g x s i n θ＝Q ＋１２mv ２,Q R ＝R R ＋r
Q ＝０．４５J ,D 正确．１１．(６分)(１)B C (２分)㊀(２)１．２０(２分)㊀(３)B (２分)
解析:(１)需要天平测小车质量,需要刻度尺测纸带中打点的间距,时间可由纸带读出,不需要秒表,故选B C ;
(２)根据:a ＝x ２－x １T ２＝１．２０m /s ２;(３)a －F 图像不过原点,
且有正的纵截距,应该是平衡摩擦力时木板倾角过大,选B ．１２．(１０分)(１)B (２分)㊀(２)A (２分)㊀偏大(２分)(３)２９９０(２分)㊀I g (r g ＋R ０)I A
－R A (２分)解析:(１)R x 相对电压表和电流表内阻来讲是大电阻,
且要求多测几组数据,故用分压式和内接法,选B ．(２
)闭合开关S 前,为了各电表安全,应将滑片P 滑到A 端,使电压电流从零开始变化;内接法测量值比真实值偏大．(３)量程１m A 的电流表G 要改装成３V 的电压表,总电阻R ＝U I
＝３０００Ω,故需要串联电阻２９９０Ω,根据欧姆定律,R x ＝I g (r g ＋R ０)I A
－R A ．
ʌ高二物理试题参考答案㊀第３㊀页(
共４页)ɔ１３．(１０分)(１)２．２ˑ１０５P a ㊀(２)１２c m 解析:(１)当 子弹 与管内壁间达到最大摩擦力时,竹筒内气体压强达临界值,由平衡条件得:p １＝p ０＋f S
(２分)
得:p １＝２．
２ˑ１０５P a ;(２分)(２)根据气体等温变化规律:p ０L ０S ＝p １L １S ,(２分)解得:L １＝１０c m ,(２分)
推杆推动的距离:ΔL ＝L ０－L １＝１２c m ．(２分)
１４．(１４分)(１)４m /s ㊀(２)７．５ˑ１０－２J ㊀能胜出
解析:(１)设碰撞前瞬间弹珠A 的速度为v １,由动能定理得:－μm g x １＝１２m v ２１－１２m v ２０(２分)解得v １＝４m /s (２分)
(２)设碰后瞬间弹珠A 的速度为v １ᶄ,弹珠B 的速度为v ２,由动量守恒定律得:m v １＝m v １ᶄ＋m v ２解得v ２＝３m /s (２分)
所以两弹珠碰撞瞬间的机械能损失ΔE ＝１２m v ２１－(１２m v １ᶄ２＋１２m v ２２)(２分)解得ΔE ＝７．５ˑ１０－２J (２分)
碰后弹珠B 运动的距离为Δx ,由动能定理得－μm g Δx ＝０－１２
m v ２２(２分)解得Δx ＝０．９m (１分)
所以弹珠B 恰好进坑,故能胜出．(１分)
１５．(１６分)(１)２q E L m ㊀(２)２３E ㊀(３)４πm ３q B ㊀(４)(２－１)L 解析:(１)带电粒子在Ⅰ区匀强电场中做匀加速直线运动,由动能定理:q E L ＝１２
m v ２０(２分)解得:v ０＝２q E L m
(２分)(２
)带电粒子在Ⅱ区匀强电场中做类平抛运动,x 轴方向:L ＝v ０t １(１分)y 轴方向:３２
L ＝１２a t ２１(１分)a ＝qE ２m 解得:E ２＝２３E (２分)
ʌ高二物理试题参考答案㊀第４㊀页(共４页)ɔ(３)带电粒子在Q 点时竖直分速度v y ＝a t １＝６q E L m
Q 点速度与x 轴夹角正切:t a n θ＝v y v ０
＝３,所以:θ＝６０ʎ(２分)在磁场中粒子的周期:T ＝２πm q B ,在磁场中运动的时间t ２＝２３T ＝４πm ３q B (２分)(４)带电粒子在匀强磁场中:q v B ＝m v ２r ,得r ＝m v q
B (１分)设从A 点释放的粒子进入磁场的速度大小为v １,半径为r １,
第二次到x 轴的位置坐标为x １,有:x １＝L ＋v ０t －２r １s i n θ＝L ＋v ０t －２m v １q
B s i n θ设从
C 点释放的粒子刚进入Ⅱ区的速度为v C ,进入磁场的速度大小为v ２,半径为r ２,第二次到x 轴的位置坐标为x ２,有:２q E L ＝１２m v ２C ㊀v C ＝２v ０(１分)x ２＝L ＋v C t －２r ２s i n α＝L ＋v C t －２m v ２q
B s i n α其中v １s i n θ＝v ２s i n α＝v y ＝２a ３２
L 所以两个粒子第二次经过x 轴的位置之间的距离
Δx ＝x ２－x １＝v C t －v ０t ＝(２－１)L (２分)。