2024届山东省德州市武城县第二中学物理高一第一学期期中监测试题含解析

2024届山东省德州市武城县第二中学物理高一第一学期期中监测试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。

第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、关于物体的重心，下列说法中正确的是()
A．重心就是物体上最重的一点
B．形状规则的物体的重心，一定在它的几何中心
C．重心是物体所受重力的作用点，故重心一定在物体上
D．用细软线将物体悬挂起来，静止时重心一定在悬线所在直线上
2、关于做匀变速直线运动的物体,下列说法正确的是（）
A．物体的加速度方向和速度方向总是相同的
B．物体的加速度方向和速度变化的方向总是相同的
C．物体的速度变化越大,其加速度越大
D．物体的加速度越大，速度就越大
3、如下图所示，将一个钢球分别放在量杯、口大底小的普通茶杯和三角烧杯中，钢球与各容器的底部和侧壁相接触，处于静止状态．若钢球和各容器的接触面都是光滑的，各容器的底面均水平，则以下说法中正确的是( )
A．各容器的侧壁对钢球均无弹力作用
B．各容器的侧壁对钢球均有弹力作用
C．量杯的侧壁对钢球无弹力作用，其余两种容器的侧壁对钢球均有弹力作用
D．口大底小的普通茶杯的侧壁对钢球有弹力作用，其余两种容器的侧壁对钢球均无弹力作用
4、下列图像中描述物体做匀速直线运动的是：
A．B．
C．D．
5、下列关于自由落体运动叙述符合史实的是（）
A．伽利略用实验直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动B．牛顿首先发现了亚里士多徳的观点有自相矛盾的地方
C．古希腊哲学家亚里士多德认为物体下落快慢与质量无关
D．伽利略认为，如果没有空气阻力，重物与轻物应该下落得同样快
6、由加速度的公式
Δ
Δ
v
a
t
可知（）
A．加速度a与速度变化量Δv成正比
B．物体的加速度大小由Δv决定
C．加速度a的方向与速度变化量Δv的方向相反
D．Δ
Δ
v
t
叫做速度的变化率，也即加速度
7、一物体沿直线运动时的速度—时间图象如图所示，则以下说法中正确的是（）
A．物体沿着直线向一个方向运动
B．物体沿直线往复运动
C．物体加速度最大的时刻为1s，3s，5s
D．物体加速度最大的时刻为0s，2s，4s，6s
8、甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v-t图像如图所示。

已知t=2s时甲车在乙车前2.5m处，则
A．在t=1s时，甲车在乙车前
B．在t=0时，甲车在乙车前7.5m
C．两车不能相遇
D．甲、乙两车两次相遇的位置之间沿公路方向的距离为40m
9、某物体沿一直线运动，其v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）
A．第2s内和第3s内速度方向相反
B．第2s内和第3s内的加速度方向相反
C．第3s到第4s加速度没有变
D．第5s内速度方向与加速度方向相反
10、甲、乙两车同时、同地、向同一个方向做直线运动，它们在0～4 s内运动的v—t图象如图所示，由图象可知()
A．在第2 s末，两车处于同一位置
B．在第2 s末，两车的速度相同
C．在0～4 s内，甲的加速度和乙的加速度的大小相等
D．在0～4 s内，甲、乙两车的位移相等
11、在一水平向右匀速运动的浅色传送带的左端A点，每隔相同的时间T，轻放上一个相同的煤块。

已知煤块与传送带间动摩擦因数为μ，煤块质量为m。

经测量，发现那些已经和传送带达到相同速度的煤块之间的距离均为L。

已知重力加速度为g，下列判断正确的有
A．传送带的速度大小为L / T
B．煤块在传送带上加速时间为L / 2μgT
C．每个煤块在传送带上留下的痕迹长L2 / 2μgT 2
D．传送带对每一个煤块做的功1/2mv2
12、如图所示，物体的质量M = 21kg，在= 1．11的水平面上向右运动．在运动过程中它还受到一个水平向左大小为31N的力F，g = 11m/s2，则物体受到的摩擦力和合力分别是是（）
A．摩擦力大小为21N方向水平向左
B．摩擦力大小为11N方向水平向右
C．合力大小为51N方向水平向左
D．合力大小为11N方向水平向右
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、（1）在做用打点计时器测速度的实验时，要用到打点计时器，打点计时器是一种_______仪器，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的电源是_______（填“直流电”或“交流电”）．
（2）在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，打点计时器在纸带上依次打出一系列的点A，B，C，D，E，相邻两点间的距离如下图所示，计时器打点周期为0.02 s，推测纸带的运动是做_____运动（填“加速”、“减速”或“匀速”），打C点时的瞬间，纸带的速度大小为______m/s；纸带的加速度为________m/s2；（结果保留两位有效数字）
14、某同学在做研究匀变速直线运动规律的实验时，获取了一条纸带的一部分，0、1、1、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个点(未标出)，计数点间的距离如图所示．由于粗心，该同学忘了测量3、4两个计数点之间的距离(电源频率为50 Hz)．求：
(1)6号计数点的瞬时速度的大小v6＝________m/s．(保留三位有效数字)
(1)利用逐差法处理数据，可得加速度a＝______m/s1．(保留三位有效数字)
(3)计数点3、4之间的距离是x4＝________cm．(保留三位有效数字)
15、某同学利用如图所示的装置验证力的平行四边形定则。

甲图中GE是橡皮条，轻质小圆环挂在橡皮条的下端；乙图中用两个互成角度的拉力F1、F2将小圆环拉至O点；丙图中用一个拉力F将小圆环仍拉至O点。

下列说法正确的是__________
A．进行乙图中的操作时，拉力F1、F2的方向可以成任意夹角
B．乙、丙两图中，橡皮条必须沿GE所在直线（图中虚线）方向拉伸
C．乙、丙两图中，必须将小圆环拉至相同的位置
D．乙、丙操作时必须要让弹簧秤平行于木板
三．计算题(22分)
16、（12分）严重的雾霾天气，对国计民生已造成了严重的影响，汽车尾气是形成雾霾的重要污染源，“铁腕治污”已成为国家的工作重点，地铁列车可实现零排放，大力发展地铁，可以大大减少燃油公交车的使用，减少汽车尾气排放。

若一地铁列车从甲站由静止启动后做直线运动，先匀加速运动20s达到最高速度72km/h，再匀速运动80s，接着匀减速运动15s到达乙站停住。

求:
(1)列车加速阶段的加速度；
(2)甲站到乙站的距离.
17、（10分）一个质点以v0=5m/s的初速度，a=2m/s2的加速度做匀加速直线运动，求：
（1）在前3s的平均速度是多大？
（2）在第4s内的位移是多大？
参考答案
一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解题分析】
A．重心只有在作用效果上的一个点，该点并不是物体上最重的一点，故A错误；
B．只有形状规则，质量分布均匀的物体，重心才在物体的几何中心上，B错误；
C．重心可以在物体上，也可以在物体之外，如空心的球体重心在球心上，不在物体上，故C错误；
D．用线竖直悬挂的物体静止时，由于只受重力和绳子拉力作用，二力平衡，等大反向，因此线所在的直线一定通过重心，D正确。

故选D。

点评：重力在物体上的作用点，叫做物体的重心；形状规则、质量分布均匀的物体的重心在物体的几何中心上；重心只是重力在作用效果上的作用点，重心并不是物体上最重的点；重心的位置可以在物体之外．
2、B
【解题分析】
加速度的方向和速度的方向无关，加速度的方向与速度方向可能相同，可能相反，可能不在同一条直线上，A错误；根据可知加速度的方向和速度变化量的方向相同，B正确；根据可知大，a不一定大，可能也很大，C 错误；物体的加速度越大，速度变化块，但不一定加速度大，D错误．
【题目点拨】
解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的方向与速度方向无关，加速度的大小与速度变化量的大小、速度的大小无关．
3、A
【解题分析】
如果将各容器的侧壁搬离，我们可以知道钢球还能处于静止状态，所以各容器的侧壁对钢球均无弹力作用，故A正确，BCD错误。

故选A。

4、C
【解题分析】
A．图像表示物体静止；B．图像表示物体先做匀减速运动后做反向的匀加速运动；C．图像表示物体做匀速运动；D．图像表示物体做匀加速运动；故选C.
5、D
【解题分析】
A、伽利略是通过理想斜面实验推断出自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，选项A错误；
B、伽利略首先发现了亚里士多德的观点有相互矛盾的地方，选项B错误；
C、亚里士多德认为重的物体比轻的物体下落快，认为物体下落快慢与质量有关，选项C错误；
D 、伽利略认为在没有空气阻力的情况下，物体的下落快慢与质量无关，即重物与轻物下落的一样快，选项D 正确 综上所述本题答案是：D
6、D
【解题分析】 由公式ΔΔv a t
=可知，加速度与速度的变化率成正比，与速度的变化量没有关系，故AB 错误；加速度a 的方向与速度变化量Δv 的方向相同，故C 错误；由公式ΔΔv a t =可知，ΔΔv t 叫做速率的变化率，也即加速度；故D 正确；故选D ．
7、BD
【解题分析】
试题分析：由图象可知，速度有正，有负，因此物体做往复运动，B 正确，A 错误；在速度—时间图象中图象的斜率绝对值表示加速度大小，因此在0s ，2s ，4s ，6s 时刻，加速度最大，D 正确，C 错误．
考点：速度—时间图象
8、AC
【解题分析】
B ．v -t 图象的的面积表示位移，t =2s 时甲车的位移为：
1202m 20m 2
x =⨯⨯=甲 乙车的位移为：
10+202m 30m 2
x =⨯=乙 由此可知初始时刻甲车在乙车前面12.5m 。

故B 不符合题意。

A ．根据图象可知，乙物体的初速度为v 2=10m/s ，加速度为a 2=5m/s 2；甲物体的初速度为0，加速度为a 1=10m/s 2。

根据位移时间公式可得在t =1s 时，甲车、乙车的位移分别为：
221111101m=5m 22
x a t ==⨯⨯ 222211110151m=12.5m 22
x v t a t =+=⨯+⨯⨯ 所以在t =1s 时，甲车在乙车前面。

故A 符合题意。

CD ．根据题意和图象可知两车不能相遇。

故C 符合题意，D 不符合题意。

9、BCD
【解题分析】
A ．第2s 内和第3s 内速度同为正方向，故A 错误；
B ．物体前2s 做匀加速直线运动，加速度为22140/2/2
a m s m s -==，第3s 做匀减速直线运动，加速度为22204/4/1
a m s m s -==-故B 正确； C ．2~4s 内图象的斜率一定，则物体的加速度不变，第3s 内和第4s 内加速度方向相同，故C 正确；
D ．第5s 内物体的速度减小，故速度方向与加速度方向相反，故D 正确．
10、BD
【解题分析】
A ．由图看出，在前2s 内乙比甲运动得快，在第2s 末两车相距最远。

故A 错误。

B ．在第2秒末，两车的速度相同，均为10m/s ，故B 正确；
C ．在0-4s 内，甲乙图线的斜率不同，故加速度大小不相等，故C 错误；
D ．因图像的“面积”等于物体的位移，可知在0-4s 内，两车位移相等，故D 正确；
11、ACD
【解题分析】
工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，可知x=vT ，解得传送带的速度L v T
=．故A 正确。

设每个工件匀加速运动的时间为t ，根据牛顿第二定律得，工件的加速度为μg ，根据v=v 0+at ，解得：v L t a gT
＝μ=．故B 错误。

工件与传送带相对滑动的路程为：222
2
222v v v L x v g g g gT μμμμ⋅-＝＝＝，选项C 正确；根据能量守恒得，传送带对每一个工件做的功等于工件动能变化量，即12
mv 1．故D 正确。

故选ACD 。

【题目点拨】
解决本题的关键知道工件在传送带上的运动规律，知道各个工件在传送带上的运动规律相同，结合牛顿第二定律、运动学公式、能量守恒综合求解．
12、AC
【解题分析】
试题分析：根据20N f F G N μμ===，可知物体受到的滑动摩擦力大小为21N ，方向与速度反向，水平向左，选项A 正确，B 错误；合力大小为=50F F f N 合+=，51N 方向水平向左，选项C 正确，D 错误；故选AC ． 考点：摩擦力；力的合成
【名师点睛】此题关键是知道滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相反，其大小可以用N f F μ=来计算．
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、计时器 交流电 加速 0.55 5.0
【解题分析】
根据打点计时器的构造和特点即可正确回答；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的中间时刻速度，可以求出打纸带上C 点时小车的瞬时速度大小．根据匀变速直线运动的推论公式△x =aT 2可以求出加速度的大小．
【题目详解】
（1）打点计时器是一种计时仪器，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的电源是交流电．
（2）由图可知相邻两段的位移之差为0.20x cm ∆=，所以纸带做匀加速运动；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：()21.00 1.2010/0.55/220.02
BD C x v m s m s T -+⨯===⨯，根据匀变速直线运动的推论公式△x =aT 2可以求出加速度的大小，得：()2222221.20 1.0010/ 5.0/0.02BC AB x x x a m s m s T T --⨯-∆====. 【题目点拨】
利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．
14、 (1)0.413 (1)0.496 (3)1.90
【解题分析】
（1）每相邻两计数点间还有4个打点未标出，则周期T=0.01×5=0.1s；时间中点的速度等于该过程中的平均速度，2576 3.88 4.3710/0.413/220.1
x v m s m s T -+==⨯≈⨯ （1）根据匀变速直线运动的推论，结合逐差法，那么滑块的加速度为：
()()2225713223.88 4.37 1.89 2.4010?/0.496?/2201x x a m s m s T -+-+-==⨯≈⨯．
（3）依据相等时间内，位移之差相等，即x 14-x 01=x 46-x 14； 解得：22460224 3.39 3.88 1.40 1.8910 5.291022
x x x m m --++++==⨯=⨯， 因此x 4=1.89×10-1m ．
点睛：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，掌握求解瞬时速度与作差法求解加速度的方法．
15、ACD
【解题分析】
本实验探究共点力合成的规律，研究合力与分力的关系，而合力与分力效果相同，对两个拉力的方向没有要求。

故A 正确；橡皮条拉伸方向不一定要竖直，只要橡皮条两次拉到相同位置O 点就行，故B 错误；两次将小圆环拉至相同的
位置，两个拉力与一个拉力效果相同，故C正确；操作时必须要让弹簧秤平行于木板，以减小实验的误差，选项D正确；故选ACD.
【题目点拨】
本实验中，为了使合力与两个分力达到相同效果，橡皮筋不仅伸长量要相同，方向也要相同．
三．计算题(22分)
16、（1）1 m/s2（2）1950m
【解题分析】
（1）72km/h=20m/s，则根据v=at 可得
（2）根据平均速度推论知，地铁列车匀加速运动的位移为：s1=vt1，
匀减速运动的位移为：s3=vt3，
根据匀速运动规律可知，地铁列车匀速运动的位移为：s2=vt2
根据题意可知，甲站到乙站的距离为：s=s1+s2+s3
由以上四式联立，代入数据解得：s=1950m．
【题目点拨】
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，本题也可以作出速度时间图线，结合图线围成的面积求出甲乙两站的距离．
17、（1）8m/s；（2）12m
【解题分析】
（1）由题知初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2
前t1=3s内的位移
x1=v0t1+1
2
a2
1
t=(53⨯+0.52
23
⨯⨯)m=24m
前3s的平均速度
1 124
m/s8m/s 3
x
v
t
===（2）前t2=4s内的位移
x2=v0t2+1
2
a2
2
t=(54⨯+0.52
24
⨯⨯)m=36m
第4s内的位移
x3=x2-x1=36m-24m=12m。