2024届海南中学高一物理第二学期期末达标测试试题含解析

2024届海南中学高一物理第二学期期末达标测试试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、 (本题9分)如图所示，一个球用一不计质量的网兜挂在光滑的墙壁上，已知球的重力为G ，网兜悬绳与墙壁的夹角为α。

则球对网兜的拉力F 1及球对墙壁的压力F 2大小分别为
A ．F 1=
cos G
α，F 2=G tanα B ．F 1=G cosα， F 2=G sinα C ．F 1=sin G α， F 2=
tan G
α
D ．F 1=G tanα， F 2=
cos G
α
2、 (本题9分)若在某行星和地球上相对于各自水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为
．已知该行星质量约为地
球的7倍，地球的半径为R ，由此可知，该行星的半径为（） A ．
B ．
C ．2R
D ．
3、 (本题9分)一质量为2kg 的物体静止在水平桌面上，在水平拉力F 的作用下，沿水平方向运动2s 后撤去外力，其v-t 图像如图所示，下列说法正确的是
A ．在0~2s 内，合外力做的功为4J
B ．在0~2s 内，合外力做的功为8J
C ．在0~6s 内，摩擦力做的功为-8J
D ．在0~6s 内，摩擦力做的功为-4J
4、 (本题9分)在下列所述实例中，机械能守恒的是： A ．滑块沿光滑斜面下滑的过程 B ．火箭加速上升的过程 C ．雨滴在空中匀速下落的过程
D ．游客在摩天轮中随摩天轮在竖直面内匀速转动的过程
5、 (本题9分)从同一点O 水平抛出的三个小物体，分别落到斜面上A 、B 、C 三个位置，如图所示．三个物体的初速度大小A B C v v v 、、和运动时间A B C t t t 、、的关系如下，其中正确的是
A ．A
B
C A B C v v v t t t ， B ．A B C A B C v v v t t t <<<<， C ．A B C A B C v v v t t t >>>>，
D ．A B C A B C v v v t t t ，>><<
6、 (本题9分)中国海军护航编队“巢湖”舰、“千岛湖”舰历经36h 、航行约8330km ，护送13艘货轮顺利抵达亚丁湾西部预定海域,如图所示,下列说法正确的是( )
A ．“8330km”指的是护航舰艇发的位移
B ．求平均速度时可将“千岛湖”舰看作质点
C ．此次护航过程的平均速度大约是231.4km/h
D ．以“千岛湖”舰为参考系，“巢湖”舰一定是静止的
7、在某一稳定轨道运行的空间站中，物体处于完全失重状态。

如图所示的均匀螺
旋轨道竖直放置，整个轨道光滑，P，Q点分别对应螺旋轨道中两个圆周的最高点，
对应的圆周运动轨道半径分别为R和r（R＞r）。

宇航员让一小球以一定的速度v
滑上轨道，下列说法正确的是（）
A．小球经过P点时比经过Q点时角速度小
B．小球经过P点时比经过Q点时线速度小
C．如果减小小球的初速度，小球可能不能到达P点
D．小球经过P点时对轨道的压力小于经过Q点时对轨道的压力
8、(本题9分)在如图所示的竖直平面内，在水平线MN的下方有足够大的匀强磁场，一个等腰三角形金属线框顶点C与MN重合，线框由静止释放，沿轴线DC方向竖直落入磁场中．忽略空气阻力，从释放到线框完全进入磁场过程中，关于线框运动的v－t图，可能正确的是：（）
A．B．
C．
D．
9、 (本题9分)如图所示的皮带传动装置，左边是主动轮，右边是一个轮轴，a 、b 、c 分别为轮边缘上的三点，已知R a <R b <R C ，假设在传动过程中皮带不打滑，则下列说法正确的是
A ．a 点与b 点的角速度大小相等
B ．a 点与b 点的线速度大小相等
C ．c 点的线速度最大
D ．c 点的角速度最大
10、 (本题9分)在高为H 的桌面上以速度v 水平抛出质量为m 的物体，当物体落到距地面高为h 处，如图所示，不计空气阻力，若以地面作为重力势能的零参考平面，正确的说法是（ ）
A ．物体在A 点的机械能为212
mgh mv +
B ．物体在A 点的机械能为2
12mgH mv +
C ．物体在A 点的动能为2
12
mgh mv +
D ．物体在A 点的动能为2
1()2
mg H h mv -+
11、 (本题9分)如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为1m 和2m 的两物块A 、B 相连接，并静止在光滑的水平面上．现使B 瞬时获得水平向右的速度3m/s ，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得
A ．在13t t 、时刻两物块达到共同速度1m/s ，且弹簧都处于伸长状态
B ．从到4t 时刻弹簧由压缩状态恢复到原长
C ．两物体的质量之比为12:m m =1∶2
D ．在2t 时刻A 与B 的动能之比为12:8:1k k
E E =
12、 (本题9分)如图甲所示，水平传送带始终以恒定速率v 1向右运行．初速度大小为v 2的小物块向左从与传送带等高的光滑水平地面上的A 处滑上传送带．若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v ﹣t 图象（以地面为参考系）如图乙所示．已知v 2＞v 1，正确是（ ）
A ．t 2时刻，小物块离A 处的距离达到最大
B ．t 2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C ．0～t 2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右
D ．0～t 3时间内，小物块相对传送带的位移大小为：12
22
v v t + 二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分）利用物体的自由落体运动做“验证机械能守恒定律”实验是实验室常用的实验方法，记录小球的自由落体运动通常有三种方法：①用打点计时器；②用光电门；③用频闪照相机。

三种装置如图所示。

打点计时器是大家所熟知的，光电门可记录小球通过光电门的时间，频闪照相在按下快门的同时切断电磁铁的电源让小球自由下落。

(1)关于上图这三种实验方法，下列说法正确的是________ A ．方法①③需要测量的量和计算方法相同 B ．方法②需要测量小球直径d
C ．三种方法都需要测量下落重物的质量
D ．方法③的系统误差最小
(2)下图是两位同学利用方法①实验操作时释放纸带瞬间的照片，你认为操作正确的是
_______
(3)方法②中测得小球被电磁铁吸住的位置到光电门的距离为h ，小球直径为d ，通过光电门的时间为t ∆，重力加速度为g 。

当______≈______时，可认为小球下落过程中机械能守恒。

(4)方法③得到如下图所示频闪照片，测量结果已标注在图上，从小球由O 点开始运动，到拍下D 像， 小球重力势能的减少量p E ∆=______J ，小球动能的增加量
k E ∆=_______J 。

（取2
9.8m/s g =，小球质量为1kg m =，频闪照相机每隔0.05s 闪光
一次，结果保留三位有效数字）
14、（10分） (本题9分)在“验证机械能守恒定律”的实验中
(1)有下列器材可供选择：A ．铁架台 B ．打点计时器 C ．复写纸 D ．纸带 E.低压交流电源 F.天平 G .重锤 H.导线 I.开关 在上述器材中,缺少的测量器材是___________. (2)关于这一实验,下列说法中正确的是___________. A ．重锤应选用密度小的物体 B ．两个限位孔应在同一竖直线上 C ．释放纸带前,重锤应靠近带点计时器 D ．应先释放纸带,后接通电源
(3)若质量1kg m =的重锤自由下落,在纸带上打出一系列的点如图所示, O 为第一个点,
、、A B C 为相邻的点,相邻计数点的时间间隔为0.02s ,长度单位是cm ,取
29.8m/s g =,求从点O 到打下计数点B 的过程中,物体重力势能的减少量
p E ∆=___________J ,动能的增加量k E ∆=____________J (结果均保留两位有效数字)
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分）质量均为m的两个木块P和Q叠放在水平地面上，P、Q接触面的倾角为θ。

如图所示，现在Q上加一水平推力F，使P、Q保持相对静止一起向左做匀加速直线运动，下列说法不正确的是
A．P、Q之间可能光滑
B．P木块所受合力方向水平向左
C．Q与地面间的动摩擦因数μ=
2F mg
D．若突然撒去F后，P、Q一定保持相对静止
16、（12分）汽车在水平地面上匀速行驶，汽车后壁货架上放有一小球（可视作质点），如图所示，由于前方事故，突然急刹车，刹车后汽车做匀减速直线运动，小球由于惯性从货架上水平飞岀，落在车厢底板时的速度为大小102m/s、方向与水平方向之间夹角为45 ,求：（g = 10m/s2）)
(1)汽车匀速行驶时的速度为多少？
(2)货架的竖直高度是多少？
17、（12分）如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，自然状态时其右端位于B点．D点位于水平桌面最右端，水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形状为半径R＝0.45m的圆环剪去左上角127°的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离为R，P点到桌面右侧边缘的水平距离为1.5R．若用质量m1＝0.4kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点，释放后弹簧恢复原长时物块恰停止在B点，用同种材料、质量为m2＝0.2kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点释放，物块过B点后其位移与时间的
关系为x ＝4t ﹣2t 2，物块从D 点飞离桌面后恰好由P 点沿切线落入圆轨道．g ＝10m/s 2，求：
（1）质量为m 2的物块在D 点的速度；
（2）判断质量为m 2＝0.2kg 的物块能否沿圆轨道到达M 点：
（3）质量为m 2＝0.2kg 的物块释放后在桌面上运动的过程中克服摩擦力做的功.
参考答案
一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分） 1、A 【解题分析】
对足球进行受力分析，如图所示。

小球处于静止状态，故由平衡条件可得：F 2=F 1sinα；G =F 1cosα；联立解得：1G
F cos α
=
；F 2=Gt anα；由牛顿第三定律可知球对网兜的拉力F 1及球对墙壁的压力F 2大小分别为：
1G
F cos α=
；F 2=Gtan α； A. F 1=cos G
α，F 2=G tanα，与结论相符，选项A 正确；
B. F 1=G cosα， F 2=G sinα与结论不相符，选项B 错误；
C. F 1=sin G α， F 2=tan G
α
，与结论不相符，选项C 错误； D. F 1=G tanα， F 2=cos G
α
，与结论不相符，选项D 错误；
2、C 【解题分析】
试题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，即0x v t =，在竖直方向上做自由落体运动，即212
h gt =
，
所以x v =两种情况下，抛出的速度相同，高度相同，
所以
74g g =
行地
，根据公式2Mm G mg R ＝可得2GM
g R =，故22
74M g R M g R ==行
行行地地
地，解得2R R =行，故C 正确；
考点：考查了平抛运动，万有引力定律
【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及掌握万有引力等于重力这一理论，并能灵活运用． 3、A 【解题分析】
A 、
B 、在0~2s 可读出初末速度，由动能定理可得2
21=
04J 2
W mv -=合，故A 正确，B 错误．C 、D 、在0~6s 内由全程的动能定理：00F f W W +=-，其中
22
2N 1N 4f ma ==⨯=；对于0~2s 牛顿第二定律1F f ma -=，得3N F =，而
132J=6J F W F x =⋅=⨯，联立得6J f W =-，故C 、D 均错误．故选A ．
【题目点拨】本题考查功的计算以及牛顿第二定律的应用、图象的应用，要注意明确物体的运动状态，再由牛顿第二定律求出拉力和摩擦力，才能准确求解． 4、A 【解题分析】
物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，判断做功情况，即可判断物体是否是机械能守恒．也可以根据机械能的概念分析． 【题目详解】
A 、木箱沿光滑斜面下滑的过程，斜面对木箱的支持力不做功，只有重力做功，所以木
箱的机械能守恒；故A 正确.
B 、火箭加速上升的过程，动能增加，重力势能增加，故机械能增加；故B 错误.
C 、雨滴在空中匀速下落的过程，动能不变，重力势能减小，所以机械能减小；故C 错误.
D 、游客在摩天轮中随摩天轮在竖直面内匀速转动的过程，动能不变，重力势能不断变化，所以机械能也在变化；故D 错误. 故选A. 【题目点拨】
本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件及机械能的概念即可进行判断． 5、A 【解题分析】 根据2
12
h gt
知，h A ＞h B ＞h C ，则t C ＜t B ＜t A ．根据x =vt 知，A 的水平位移最小，时间最长，则水平初速度最小，C 的水平位移最大，时间最短，则水平初速度最大，所以v C ＞v B ＞v A ．故B 正确，B 、C 、D 错误．故选A ．
【题目点拨】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定时间，根据水平位移和时间确定初速度． 6、B 【解题分析】
A 、“8330km”是护航舰艇走过的轨迹长度，因此是路程，不是位移，故A 错误；
B 、平均速度为位移和时间的比值，本题中位移长度远远大于“千岛湖”舰的尺寸，所以研究舰队平均速度时可将“千岛湖”舰看作质点，故B 正确；
C 、由于不知运动位移，不能求出此次航行的平均速度，故C 错；
D 、 若“千岛湖”舰与“巢湖”舰同向匀速行驶，则以“千岛湖”舰为参照物，“巢湖”舰是静止的，本题没有明确说明运动状态，故D 错； 综上所述本题答案是：B 7、AD 【解题分析】
AB.在空间站中的物体处于完全失重状态，靠轨道的支持力提供向心力，且支持力始终不做功，
则速率不变，即小球经过P 点时与经过Q 点时线速度大小相等，由R ＞r ，根据v r ω=，可知
小球经过P 点时比经过Q 点时角速度小，故A 正确，B 错误； C.在空间站中的物体处于完全失重状态，靠轨道的支持力提供向心力，且支持力始终不做功，
则速率不变，若减小小球的初速度，小球可以到达P 点，故C 错误；
D.在空间站中的物体处于完全失重状态，靠轨道的支持力提供向心力，则有：2
F r v m =，由
于支持力始终不做功，则速率不变，又R ＞r ，所以小球经过P 点时对轨道的压力小于经过Q
点时对轨道的压力，故D 正确。

8、CD
【解题分析】
根据楞次定律的“来拒去留”可知线框受到向上的安培力，线框由静止向下做加速运动，设线框的有效切割磁感线的长度为L ，线框的电阻为R ，则有F BIL =，根据欧姆定律
可得BLv I R =，故22B L v F R
=，根据牛顿第二定律可得mg F ma -=，故22mg F B L v a g m mR
-==-，运动过程中，L 在变大，v 在变大，故加速度在减小，即速度时间图像的斜率再减小，故AB 错误；由于不知道当线框完全进入磁场时重力和安培力的关系，所以之后线框的速度可能继续增大，可能恒定不变，故CD 正确 9、BC
【解题分析】
试题分析：由于ab 是皮带传动的两轮边缘上的点，所以a 点与b 点的线速度大小相等；因为ac 是同轴转动，所以ac 的角速度相等，根据
，则c 点的线速度最大；三
点角速度的关系是，选项BC 正确。

考点：同轴转动和皮带传动中角速度和线速度的关系。

10、BD
【解题分析】
AB ．在刚抛出时，物体的动能为212mv ，重力势能为mgH ，机械能为212
E mv mgH =+，根据机械能守恒可知：物体在A 点的机械能等于物体在刚抛出时的机械能，故A 错误，
B 正确；
CD ．根据机械能守恒得：2kA 12mv mgH mgh E +=+，则2kA 1()2
E mg H h mv =-+，故C 错误，D 正确。

11、BD
【解题分析】
试题分析：图线与坐标轴围成的面积表示位移，在1t 时刻B 的位移大于A 的位移，此时弹簧处于拉伸状态，在3t 时刻B 做加速运动，即受到向右的弹力，所以此时弹簧处于压缩状态，当B 的加速度为零时，弹簧弹力为零，所以4t 时刻B 受到的弹力为零，即弹簧恢复原长，故从3t 到4t 时刻弹簧由压缩状态恢复到原长，在A 错误B 正确；由于过程中两者和弹簧组成的系统动量守恒，故从0~1t 过程中有2213()1m m m ⨯=+⨯，解得212m m =，故12:2:1m m =，C 错误；在2t 时刻A 的速度为2/A v m s =，B 的速度为1/B v m s =-，根据12:2:1m m =，解得12:8:1k k E E =，故D 正确． 考点：考查了牛顿第二定律，动量守恒定律，
【名师点睛】对于这类弹簧问题注意用动态思想认真分析物体的运动过程，注意过程中的功能转化关系；解答时注意动量守恒和机械能守恒列式分析，同时根据图象，分析清楚物体的运动情况
12、BCD
【解题分析】
小物块滑上传送后在阻力作用下做匀减速直线运动，当速度减为0时，小物块又反向匀加速运动最后与传送带一起向右运动．根据图象分析有：0～t 1时间内木块向左匀减速直线运动，受到向右的摩擦力，t 1-t 2小物块向右匀加速，t 2-t 3当速度增加到与皮带相等时，一起向右匀速，摩擦力消失。

【题目详解】
A 项：在0-t 1时间内小物块向左减速，受向右的摩擦力作用，在t 1-t 2时间内小物块向右加速运动，受到向右的摩擦力作用，t 1时刻小物块向左运动到速度为零，离A 处的距离达到最大，故A 错误；
B 项：t 2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，则知小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故B 正确；
C 项：0～t 2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，且大小不变，故C 正确；
D 项：0～t 2时间内，传送带的位移为12v t ，小物块的位移为：
2122v v t -，所以小物块相对传送带的位移大小为1222
v v t +，由于t 2-t 3时间内小物块相对传送带静止，所以0～t 3时间内，小物块相对传送带的位移大小为：1
222
v v t +，故D 正确。

故选：BCD 。

【题目点拨】
本题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析，注意摩擦力的有无的判断。

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、ABD B gh 212d t ⎛⎫ ⎪∆⎝⎭
1.92 1.92 【解题分析】
(1)[1] A ．①③实验要确定出下落的高度与获得的速度，所用的方法都是留迹法，故A 正确；
B ．方法②要由d v t
=求速度则需要测量小球直径d ，故B 正确； C ．三种方法验证机械能时动能和重力势能都含有质量m ，则质量可以约掉，故三种方法都不需要测量下落重物的质量，故C 错误；
D ．方法①纸带与计时器有摩擦，方法②用平均速度测量速度有误差，方法③避免了①②两种情况，系统误差小，故D 正确。

故选ABD 。

(2)[2]A 图中的重物离打点计时器太远，导致纸带有很长一截不能打点，故B 图的操作是正确的，有效的利用了纸带打点。

(3)[3][4]方法②中，实验原理为验证重力势能的减少量等于动能的增加量，有 21()2d mgh m t
= 即验证机械能守恒定律需满足
21()2d gh t
≈ (4)[5][6]方法③中，小球重力势能的减少量
△E p=mgh =1×9.8×(11.02+8.57)×10-2J=1.92J
小球动能的增加量为
2
222k 111(8.5711.01)100()1[]J 1.92J 222220.05
D CD D
E E mv m t -++⨯∆=-=⨯⨯=⨯⨯≈⋅∆⨯
14、刻度尺 BC 0.48 0.47
【解题分析】
（1）打出纸带，进行数据处理时，需要测计数点之间的距离，故缺少器材为刻度尺； （2）为了让重锤的下落接近自由落体，忽略阻力，重锤应选体积较小，密度较大的物体，A 错误；在安装仪器时，必须保证两个限位孔在同一条竖直线上，防止重锤下落过程中纸带和限位孔间由摩擦，B 正确；释放纸带前，应让重锤靠近打点计时器，防止重锤下落时发生前后摇摆，C 正确；开始记录时，应先接通打点计时器电源，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，这样做有利于数据的采集和处理，不会对实验产生较大的误差，D 错误．故本小题选BC ．
（3）重力势能的减小量为：19.80.0486J 0.48J p E mgh ∆==⨯⨯≈ 动能的增加量为：22110.07020.048610.47J 2220.02k B E mv -⎛⎫∆==⨯⨯≈ ⎪⨯⎝⎭
由于存在空气阻力，重锤重力势能的减小量略大于其动能的增加量，在误差允许的范围内，p k E E ∆=∆，机械能守恒．
三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、CD
【解题分析】
A.若P 、Q 之间光滑，对P 受力分析，在水平方向上，由牛顿第二定律可知：
mg tanθ=ma ，故：a=g tanθ，所以当整体的加速度a =g tan θ时，P 、Q 之间没有摩擦力，再之间可能光滑，故A 正确。

B.P 木块水平向左做匀加速直线运动，加速度方向水平向左，根据牛顿第二定律知P 木块所受合力方向水平向左。

故B 正确。

C.对整体，由牛顿第二定律得：F -μ•2mg =2ma ，得2F a mg g
μ=-，故C 错误。

D.若突然撒去F 后，假设P 、Q 保持相对静止，则整体的加速度水平向右，P 的合力水平向右。

由于P 、Q 之间光滑，P 所受的重力和Q 的支持力的合力不可能水平向右，所以P 、Q 之间光滑时假设不成立。

故D 错误。

本题选不正确的，故选CD 。

16、（1）10m/s （2）5m
【解题分析】
(1)小球平抛运动的初速度即为汽车匀速行驶的速度，根据落在车厢底板时的速度可知
平抛运动的初速度为：0cos 4510m/s v v =︒=
(2)落在车厢底板时竖直方向的分速度：sin 4510m/s y v v =︒= 下落的时间：1s y v t g =
= 下降的高度：215m 2
h gt == 17、（1）2.25m/s （2）不能沿圆轨道到达M 点 （3）2.7J
【解题分析】
（1）设物块由D 点以初速度v D 做平抛运动，落到P 点时其竖直方向分速度为： v
y ==m/s ＝3m/s
y
D v v =tan53°43
= 所以：v D ＝2.25m/s
（2）物块在内轨道做圆周运动，在最高点有临界速度，则
mg ＝m 2
v R
， 解得：
v ==m/s 物块到达P 的速度：
P v ==＝3.75m/s
若物块能沿圆弧轨道到达M 点，其速度为v M ，由D 到M 的机械能守恒定律得： ()22222111cos5322
M P m v m v m g R =-⋅+︒ 可得：20.3375M v =-，这显然是不可能的，所以物块不能到达M 点 （3）由题意知x ＝4t -2t 2，物块在桌面上过B 点后初速度v B ＝4m/s ，加速度为： 24m/s a =
则物块和桌面的摩擦力：22m g m a μ=
可得物块和桌面的摩擦系数: 0.4μ=
质量m 1＝0.4kg 的物块将弹簧缓慢压缩到C 点，释放后弹簧恢复原长时物块恰停止在B 点，由能量守恒可弹簧压缩到C 点具有的弹性势能为：
p 10BC E m gx μ-=
质量为m 2＝0.2kg 的物块将弹簧缓慢压缩到C 点释放，物块过B 点时，由动能定理可得：
2p 2212
BC B E m gx m v μ-= 可得，2m BC x =
在这过程中摩擦力做功：
12 1.6J BC W m gx μ=-=-
由动能定理，B 到D 的过程中摩擦力做的功： W 2222201122
D m v m v =- 代入数据可得：W 2＝-1.1J
质量为m 2＝0.2kg 的物块释放后在桌面上运动的过程中摩擦力做的功 12 2.7J W W W =+=-
即克服摩擦力做功为2.7 J.。