滚动循环必刷题 (一)(解析版)

滚动循环必刷题（一）
[练习范围：1.1∽1.3]
一、选择题
1.磁感线可以方便地描述磁场，下列关于磁感线的认识正确的是（▲）
A.磁感线是由铁屑组成的
B.磁感线是磁体周围真实存在的曲线
C.磁体周围的磁感线都是从磁铁的S极出发回到N极
D.地磁场的磁感线是从地理南极附近出发回到北极附近
【答案】D
【解析】磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；在磁体外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从S极指向N极。

【分析】此题考查了磁感线的理解、磁感线方向的判断，是一道基础题。

【详解】AB、磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线，所以磁感线不是由铁屑组成的，故AB错误；C、在磁体外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从S极指向N极，故C错误；D、地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近，所以地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近，故D说法正确。

故选：D。

2.小金发现撒在磁铁上方有机玻璃板上的铁屑能有序排列，如图所示。

对此下列分析不正确的是（▲）
A.铁屑在磁铁周围的磁场中被磁化成小磁体
B.铁屑的排列显示出实际不存在的磁场
C.铁屑分布密的位置磁场强，分布疏的位置磁场弱
D.对比两种磁体周围铁屑的分布，说明磁场是有序的
【答案】B
【解析】（1）在磁体周围空间存在一种特殊的物质，这种物质能对放入其中的磁体产生力的作用，这就是磁场；（2）在磁体或电流的作用下，使原来没有磁性的物体获得磁性的过程叫磁化；（3）利用铁屑分布的密疏程度表示磁场强弱；（4）铁屑在磁场中会被磁体磁化，成为一个个小磁体，从而在磁场中有序地排列起来。

【分析】本题考查了磁场的存在、性质、磁化、惯性现象等知识点，是一道综合题。

需要清楚的是，磁场客观存在，利用细铁屑显示磁场分布，体现的是转换思想。

【详解】A、铁屑原来没有磁性，但在磁场的作用下能够获得磁性，说明被磁化了，故A正确；B、磁体周围始终存在磁场，借助细铁屑可以显示磁体周围的磁场分布特点，但不是将原来不存在的磁场显示出，故B错误；C、铁屑分布密的位置磁场强，分布疏的位置磁场弱，故C正确；D、对比两种磁体周围铁屑的分布，铁屑在磁场中会被磁体磁化，成为一个个小磁体，从而在磁场中有序地排列起来，说明磁场是有序的，故D正确。

故选：B。

3.如图甲所示为一台非铁磁性物质制成的天平。

天平左盘中是一块质量为M的小磁铁，右盘是质量为
2M的砝码，此时天平不平衡，当向左盘小磁铁上方放一块质量也为M的小磁铁后，发现磁铁悬停在空中（此时左盘中两磁铁如图乙所示），则下列有关说法正确的是（▲）
A.天平将保持水平平衡
B.天平仍然是右盘低，左盘高
C.天平将变为左盘低，右盘高
D.磁铁悬停在空中是因为受到的斥力大于重力
【答案】A
【解析】①天平是一个等臂杠杆，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，物体的重力等于砝码的重力，据此分析。

②物体间力的作用是相互，相互作用力大小相等，方向相反。

③物体处于静止或匀速直线运动状态，物体受力平衡。

【分析】本题考查了天平的原理、物体间相互作用力、平衡力等知识的应用，理解相关的知识点是解题的关键。

【详解】ABC、当向左盘小磁铁上方放一块质量也为M的小磁铁后，尽管上面磁铁悬停在空中，因物体间力的作用是相互的，下面磁铁受到上面磁铁的斥力F=G=Mg；天平左盘受到的力大小为2Mg,右盘砝码的重力大小为2Mg,天平是一个等臂杠杆，所以天平将保持平衡；故A正确，BC错误；D、磁铁悬停在空中，处于平衡状态，受平衡力作用，所以磁铁受到的斥力等于重力；故D错误。

故选：A。

4.如图所示，两个相同的纺锤形磁铁由于磁极间相互吸引而紧紧贴在一起。

下列各图能正确表示纺锤
形磁铁周围的磁感线分布特点的是（▲）
【答案】C
【解析】利用磁感线的特点分析判断，即磁感线在磁体的外部由N极指向S极。

【分析】利用应用磁感线的特点即磁感线在磁体的外部由N极指向S极是解题的关键。

【详解】如图，两个纺锤形磁铁左右相吸，说明它们的左、右两侧为磁极，由于磁感线在磁体的外部由N极指向S极，所以它们左、右两侧的磁感线从左侧N极指向右侧的S极，或者从右侧的N极指向左侧的S极，故能正确表示纺锤形磁铁周围的磁感线分布特点的是C图；故选：C。

5.如图所示，将条形磁铁固定在静止的小车上，电路连接完整后，闭合开关S时，小车不动，变阻器
的滑片P向左移动到某一位置时，小车开始向左运动。

则下列变阻器接人电路的方式正确的是（▲）
A.a接e、d接f
B.a接e、b接f
C.c接e、d接f
D.c接e、b接f
【答案】A
【解析】【分析】根据安培定则，同名磁极相互排斥，欧姆定律以及滑动变阻器的使用即可答题。

【详解】根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左端为N极，与固定在静止的小车上的条形磁铁相互排斥：当变阻器的滑片P向左移动到某位置时，小车开始向
左运动，说明斥力增大，则此时电路中的电流变大，磁性增强，则电阻变小，根据变阻器的接法，一上一下可知，a接e、d接f。

故选：A。

6.下列选项图中小磁针静止时N极指向正确的是（▲）
A B C D
【答案】C
【解析】【分析】【详解】A、由图可知电流由左侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管右侧为N 极；由磁极间的相互作用规律，可知小磁针左端为N极，右端为S极，故A错误；B、由图可知电流由右侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管左侧为N极；由磁极间的相互作用规律，可知小磁针右端应为S极，左端为N极，故B错误；C、由图可知电流由上侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管下侧为N极：由磁极间的相互作用规律，可知小磁针下端为S极，上端为N极，故C正确：D、由图可知电流由上侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管上侧为S极：由磁极间的相互作用规律，可知小磁针下端为N极，上端为S极，故D错误。

故选：C。

7.某同学研究电流产生的磁场，闭合开关前，小磁针的指向如图甲所示，闭合开关，小磁针的偏转情
况如图乙中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。

下列结论中不合理的是（▲）
A.由甲、乙两图可得电流可以产生磁场
B.由乙、丙两图可得电流产生的磁场方向与电流方向有关
C.由乙、丙两图可得电流产生的磁场强弱与电流大小有关
D.由甲、乙、丙三图可得电流有磁效应
【答案】C
【解析】电流周围存在磁场，磁场方向与电流方向有关。

【分析】此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，一定要掌握电流的磁效应。

同时考查了学生利用所学知识解决问题的能力。

【详解】A、当小磁针受到地磁场的作用时，一端指南一端指北如图甲，当导线中电流向左时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，所以，甲、乙两图可说明电流周围存在磁场，故A合理。

BC、乙丙只是改变了电流方向，没有改变电流大小，不能说明磁场强弱跟电流大小有关，故B合理，C不合理；D、由甲、乙、丙三图可知，导线中有电流时，小磁针的方向发生偏转，这说明电流的周围存在磁场，即电流具有磁效应，故D合理。

故选：C。

8.如图所示是电子警察抓拍系统原理图，若行人违规闯红灯，就会接通摄像系统电源，“电子警察”
就会自动抓拍人脸（光控开关由一些电子元件组合而成，内含电阻，可对电路进行保护）。

下列说法正确的是（▲）
A.只要光控开关接收到红光，摄像系统就会自动拍摄
B.若将光控开关和压力开关并联，也能起到相同的作用
C.只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄
D.行人只要经过埋有压力开关的路口，摄像系统就会自动拍摄
【答案】C
【解析】（1）只有在红灯亮的期间，光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶时，会压上压力开关，压力开关受到机动车的压力会闭合；（2）光控开关和压力开关都闭合后，电磁铁中有电流通过，产生磁性，电磁铁会将衔铁吸下，使摄像系统所在的电路接通，摄像机会对违规车辆进行拍照。

【分析】要使摄像系统工作，要同时具备两个条件：红灯亮起，光控开关因接受红光而闭合；行人要违规行驶，压上压力开关，两个条件同时具备，缺一不可。

【详解】AC、分析题意可知，只有光控开关和压力开关都闭合时，摄像系统才会自动拍摄，故A错误，C正确；B、若将光控开关和压力开关并联，根据并联电路的特点可知，任何一个开关闭合，摄像系统就会自动拍摄，不符合题意，故B错误；D、由题意知，行人闯红灯且要经过埋有压力开关的路口，光控开关和压力开关都闭合，摄像系统才会自动拍摄，故D错误。

故选：C。

二、简答题
9.如图所示，小磁针在条形磁体作用下处于静止状态。

（1）请标出小磁针的N极。

（2）用箭头标出条形磁体磁感线的方向。

【答案】（1）（2）如图所示
【解析】根据条形磁体的NS极，利用同名磁极相互排斥原理确定小磁针的N、S极和磁场的方向。

【分析】此题考查学生对于磁体磁极的判断、磁场方向的理解和掌握。

【详解】条形磁体的左端为N极，右端为S极，则小磁针的左端为S极，右端为N极，在磁体外部磁感线从N极流向S极，故磁感线方向如图所示：
10.根据图中小磁针的N极指向，画出通电螺线管线圈的绕线方法。

【答案】如图所示
【解析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的作用判断螺线管的磁极，根据安培定则，再判断螺线管的绕法。

【分析】知道螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极、磁感线、线圈绕法中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外几者。

【详解】甲图：小磁针的右端是N极，可以判断螺线管的右端是S极，用右手握住螺线管，大拇指指向左端N极，电流从螺线管的左端进入，并且大拇指指向左端，所以导线先从螺线管的上端绕过，如图所示：乙图：小磁针的左端是N极，可以判断螺线管的左端是S极，用右手握住螺线管，大拇指指向下端N极，电流从螺线管的左端进入，并且大拇指指向下端，所以导线先从螺线管的后面绕过，如图所示：
11.“认真观察和仔细分析”是科学研究的基本要求。

如图所示，在静止指向南北方向的小磁针上方
平行地放一根直导线。

闭合开关，原来静止的小磁针发生转动，原来静止的直导线仍然未动。

（1）小磁针发生转动，可以说明它一定受到力的作用，因为▲。

（2）直导线仍然未动，此时偏转的小磁针对直导线▲（选填“有”或“没有”）力的作用。

【答案】（1）力是改变物体运动状态的原因；（2）有
【解析】【分析】本题考查力与运动的关系、力的作用是相互的、力臂的画法、杠杆种类。

【详解】（1）物体不受力时保持静止或匀速直线运动状态，现小磁针的运动状态发生了改变，说明可以说明它一定受到力的作用，因为力是改变物体运动状态的原因。

（2）力的作用是相互的，通电直导线产生的磁场对小磁针有力的作用。

直导线仍然未动，是受到了阻力作用，与小磁针的反作用力平衡，保持了静态状态。

故答案为：（1）力是改变物体运动状态的原因；（2）有
12.做“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验时，亮亮在螺线管周围摆放了一些小磁针。

（1）通电后小磁针的指向如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与 ▲ 磁体的磁场相似。

（2）亮亮改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°,磁极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的 ▲ 方向有关。

（3）由安培定则可知，图乙中开关S 闭合后，螺线管的上端为 ▲ 极。

【答案】（1）条形； （2）电流； （3）S （或南）
【解析】（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似；（2）通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向和线圈的绕法有关；（3）运用安培定则可对螺线管的磁极进行判断。

【分析】本题考查了螺线管磁场的特点、磁极方向的判断等，注意通电螺线管的磁极极性与电流的方向和线圈的绕法有关。

【详解】（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极。

（2）如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180°,南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。

（3）根据安培定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的下端是通电螺线管的N 极，上端就是螺线管的S （或南）极。

故答案为：（1）条形； （2）电流； （3）S （或南）
13.随着科技进步，我们的生活变得越来越便利，现在很多小区用自动控制闸取代了传统门卫。

鑫鑫观察了小区入口的车辆出入自动控制闸，发现当车牌被识别系统识别后，绿灯亮，栏杆抬起，车辆通行。

于是他设计了如图所示的模拟电路，车牌识别成功相当于图中开关S 闭合。

（1）已知该电路电源电压为9V,指示灯L 工作时的阻值为10Ω,滑动变阻器接人电路的阻值为20Ω,线圈阻值不计。

闭合开关后，线圈吸住铁柱时，通过指示灯的电流为 ▲ A 。

（2）若栏杆AB 长度不变，使固定点O 向右移动，则电磁铁需产生更大的磁力才可将铁柱吸下。

若车牌识别成功后仍要使栏杆正常抬起，可以将滑动变阻器的滑片向 ▲ 移动。

【答案】（1）0.3； （2）上
【解析】（1）根据串联电路特点和欧姆定律算出电路的电流，根据P=I 2R 算出指示灯的功率；（2）
电磁继电器的吸合电流不变，电源电压下降，根据欧姆定律分析即可。

【分析】了解电磁继电器的工作原理和过程，掌握有关欧姆定律的简单计算是解答此题的关键。

【详解】（1）由图知，指示灯L 与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω时，开关闭合，电路的电流为I=Ω
+Ω=+2010V 9滑R R U L =0.3A 。

（2）若栏杆AB 长度不变，使固定点O 向右移动，则OB 的距离变短，需要更大的力才能使栏杆抬起，若车牌识别成功后仍要使栏杆正常抬起，则线圈产生的磁性要变强，此时可以将滑动变阻器的阻值调小些，增大了电路的电流，电磁铁的磁性增强，将铁柱吸下来，滑动变阻器向上移动时，电阻变小。

故答案为:（1）0.3； （2）上
14.聪聪利用如图所示电路研究电磁铁磁性强弱的影响因素。

其中，A、B、C为接线柱，D为小磁体，它的左端为N极。

指针与O点相连，能绕O点转动，当电路断开时，指针指向“0”刻度线。

（1）用笔画线代替导线，将图中的电路连接完整（接线柱用C）。

（2）在实验中，聪聪是根据▲来判断电磁铁磁性的强弱。

（3）在研究电流大小对电磁铁磁性强弱影响时，为了使电流可调节的范围最大，聪聪应该选择的2个接线柱是▲（选填“AB”“BC”或“AC”）。

【答案】（1）如图所示
（2）指针偏转角度；（3）BC
【解析】【分析】【详解】（1）
电磁铁的磁力大小与电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯有关。

根据指针的转动情况判断电磁铁磁性的强弱，指针转动幅度越大，磁性越强。

线缠绕匝数越多，电磁铁的磁力就越大。

这种情况下，电流只要变化一点点，就会使指针转动。

因此为了使电流可调节的范围最大，即需要减轻匝数对电磁铁磁力变化的影响，所以选择BC接线柱，使得匝数最少。

故答案为：（1）如图所示
（2）指针偏转角度；（3）BC
三、解答题
15.兴趣小组同学设计并制作了一个电子加热垫（如图甲所示），用于冬天时给杯子加热，它的内部
电路如图乙所示。

其中，R1是热敏电阻，当温度达到70℃时，它的阻值会随温度的变化而急剧变化（最后稳定在一个不为零的定值）；R2是定值电阻，当有电流通过时会产生热量；L是指示灯；
S为定时开关，连续工作8h后会自动断开；1为动触点，2、3、4是静触点。

若水温低于70℃,只
有R 2工作，加热垫处于加热状态；温度超过70℃时，指示灯L 发光，提示液体温度较高注意烫手，但仍持续加热。

已知R 2=6Ω,指示灯L 的电阻为40Ω,工作电路电压U 为12V,线圈电阻忽略不计。

（1）当液体温度低于70℃时，动触点1与静触点 ▲ 相连。

（2）当液体温度超过70℃时，工作电路中的总电流是多大？
（3）请结合电子加热垫的工作情况，在图丙中画出热敏电阻R 1的阻值随温度变化的大致曲线。

【答案】（1）2； （2）由题意知，当液体温度超过70℃时，动触点1与静触点3、4相连，此
时指示灯L 和R 2并联，所以I=
Ω
+Ω=+61240122V V R U R U L =2.3A ； （3）如答图所示
【解析】（1）水温低于70℃,只有R 2工作，说明工作电路R 2为的简单电路；（2）温度超过70℃时，指示灯L 发光，提示液体温度较高注意烫手，但仍持续加热，说明工作电路中灯泡和定值电阻R 2并联接入电路，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过灯泡和定值电阻的电流，根据并联电路电流规律计算工作电路中的总电流；（3）由题意可知随着温度升高，控制电路中电磁铁的磁性变大，所以通过控制电路的电流变大，根据欧姆定律可知热敏电阻R 1的阻值随温度的升高而减小，且温度达到70℃时，它的阻值会随温度的升高而急剧减小。

【分析】本题考查并联电路特点、欧姆定律的灵活运用以及影响电磁铁磁性的因素。

【详解】（1）水温低于70℃,只有R 2工作，说明工作电路R 2为的简单电路，此时动触点1与静触点2相连；（2）温度超过70℃时，指示灯L 发光，提示液体温度较高注意烫手，但仍持续加热，说明工作电路中灯泡和定值电阻R 2并联接入电路，并联电路各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得通过灯泡的电流：U L =Ω=4012V R U L =0.3A,通过定值电阻的电流：I 2=Ω
=6122V R U =2A,并联电路干路电流等于各支路电流之和，则工作电路中的总电流：I=I L +I 2=0.3A+2A=2.3A ；（2）由题意可知随着温度升高，控制电路中电磁铁的磁性变大，所以通过控制电路的电流变大，根据欧姆定律可知热敏电阻R 1的阻值随温度的升高而减小，且温度达到70℃时，它的阻值会随温度的升高而急剧减小。

（3）如图所示：
故答案为：（1）2； （2）由题意知，当液体温度超过70℃时，动触点1与静触点3、4相连，
此时指示灯L 和R 2并联，所以I=Ω+Ω=+61240122V V R U R U L =2.3A ； （3）如图所示。