安徽省铜陵市2019-2020学年中考物理最后模拟卷含解析

安徽省铜陵市2019-2020学年中考物理最后模拟卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图所示，用不变的拉力F匀速拉动重为G的物体A，使物体A沿水平方向移动了一段距离s，在此过程中拉力F做的功为（）
A．Fs B．Gs C．2Fs D．（G+F）s
C
【解析】
试题分析：由图可以看出，该滑轮组绳子的有效股数n=2，绳子自由端移动2s，已知拉力为F，由功的公式可以计算拉力所做的功．
解：由题知：
拉力为F，绳子自由端移动距离是2s；
由功的公式得：W=2Fs．
故选C．
【点评】本题考查功的计算，做功的两个必要因素是：一是作用在物体上的力，一是物体在力的方向上移动的距离，本题中的难点是判断拉力方向上移动的距离．
2．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（）
A．0℃的冰没有内能B．冬天搓手取暖是利用做功来改变内能
C．物体温度越高，所含热量越多D．物体的机械能越多，其内能就越多
B
【解析】
【详解】
A．任何物体都有内能，0℃的冰也有内能，故A错误；
B．冬天搓手，克服摩擦做功，是利用做功来改变内能，故B正确；
C．热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故C错误；
D．机械能是物体由于机械运动而具有的能，内能的大小与机械能的大小没有必然联系，故D错误；3．如图所示是电阻R和灯泡L的I﹣U图象，若电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，电路中的电流为0.6A，则电源电压为_____V；若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时灯L的电阻为_____Ω，干路电流为_____A。

9 7.5 1.4
【解析】
【详解】
[1]电阻R 和灯泡L 串联接在某一电源上时，因串联电路中各处的电流相等，电路中的电流为0.6A ，所以，通过它们的电流均为0.6A ，由图象可知，它们两端的电压分别为U L ＝3V ，U R ＝6V ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：
3V 6V 9V L R U U U ++＝＝＝
[2]若将电阻R 和灯泡L 并联接在电压为6V 的源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压均为6V ，由图象可知对应的电流分别为I L ′＝0.8A ，I R ＝0.6A ，由U I R
=
可得，此时灯L 的电阻： 6V 7.5Ω0.8A
L L U R I '===' [3]因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：
0.8A 0.6A 1.4A L R I I I '++＝＝＝
4．你认为估测数据中符合实际的是
A ．25寸彩电的功率约25W
B ．正常人的步行速度约4km/h
C ．洗澡水的温度约70℃
D ．一只鸡蛋的重力约2N
B
【解析】
【详解】
A 、25寸彩电的功率约为130W ，25W 不符合实际；
B 、正常人步行时的速度大约为1.1m/s≈4km/h ，符合实际；
C 、洗澡水的温度约为36℃～40℃，70℃不符合实际；
D 、一只鸡蛋的重力约0.5N ，2N 不符合实际；
5．三个质量和体积都相同的空心球,分别用铜、铁、铝制成,则三个球的空心部分体积
()ρρρ铜铁铝＞＞
A ．铁球最小
B ．铝球最小
C．铜球最小D．无法判断B
【解析】
【详解】
判断三个球材料的体积，根据
m
V
ρ
=，质量相等，密度大的体积小，所以铜的材料体积最大，铝的材料
体积最小，又知球的体积相等，则空心部分的体积，铜球最大，铝球最小．
6．如图所示，小铭的体重为G，支架横杆到地面的高度为h，小铭第一次顺着竖直的杆从杆顶匀速下滑到地面，第二次沿比杆粗糙的绳从杆顶匀速下滑到地面，第一次比第二次需要的时间短，两次小铭所受摩擦力的大小分别为f1、f2，重力做的功分别为W1、W2，重力的功率分别为P1、P2，摩擦力的功率分别为P1’、P2’.则
A．f1＜f2B．W1＝W2C．P1＜P2D．P1′＜P2′.
B
【解析】
【分析】
【详解】
题意可知,小铭始终是匀速下滑,处于平衡状态,所以,摩擦力与重力是一对平衡力,大小均与重力相同．因此f1=f2,故A错误；
小铭的体重为G，支架横杆到地面的高度为h，小明第一次顺着竖直的杆从杆顶匀速下滑到地面，第二次沿比杆粗糙的绳从杆顶匀速下滑到地面，都是重力做功，
所做的功W1=W2=Gh，故B正确；
小铭做功的功率,根据P=W
t
的知识可得,所做的功一样,所用时间越短,功率越大,故P1>P2，故C错误．
小铭两次下滑的摩擦力相等，第一次比第二次需要的时间短，据P=Fv可知，P1′>P2′．故D错误．7．某家庭电路的部分电路如图所示,其中甲、乙两处分别装用电器和开关．对此电路,下列说法正确的是( )
A．火线上的保险丝应该改装到零线上
B．甲处应装用电器,乙处应装开关
C．当用电器功率增大时,通过保险丝的电流就增大
D．当保险丝熔断后,可以用铜丝代替
C
【解析】
【详解】
A．为了安全，保险丝应接在火线上，而不是零线上，故A错误；
B．按照安全用电的要求，甲处安装开关，乙处安装电灯，故B错误；
C．家庭电路中用电器是并联的，同时使用的越多，电路中的总功率越大，而电路两端的电压是不变的，根据P=UI，电路中的电流越大，故C正确；
D．电路中电流增大时，超过保险丝的熔断电流值，保险丝就会熔断，因此当保险丝熔断后，不可以用铜丝代替，故D错误．
8．下列选项中符合安全用电要求的是
A．及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线
B．熔丝熔断后，接上铜丝替代熔丝
C．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
D．在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电风扇
A
【解析】
【详解】
A．电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故A正确；
B．熔丝熔断后，不能用铜丝替代，因为铜丝的电阻率小、熔点高，在电流过大时，不能自动断开电路，起到保护的作用，故B错误；
C．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故C错误；
D．水是导体，未断开电源开关，用电器上有电，若用湿布擦拭用电器，容易发生触电事故，故D错误；9．用大小不同的力拨动同一根琴弦，主要是改变声音的
A．音调B．音色C．响度D．速度
C
【解析】
【详解】
同一根琴弦其振动的频率不变，音调不变；其材料结构不变，音色也不会改变．
用大小不同的力拨动同一根琴弦，用力大的时候弦振动的振幅大，发出声音的响度大，用力小的时候弦振
动的振幅小，发出声音的响度小；因此用大小不同的力拨动同一根琴弦主要改变声音的响度．故C正确．10．学校食堂为了确保师生健康，厨师把师生用过的餐具进行高温蒸煮消毒，从把餐具放进冷水直至加热到水沸腾的过程中，关于餐具的下列相关物理量肯定没变的是
A．温度B．体积C．质量D．密度
C
【解析】
试题分析：在餐具放进冷水直至加热到水沸腾的过程中，温度升高了，所以A错；热胀冷缩后，体积变大，所以B错；质量是指物体所含物质的多少，质量不变，所以C正确；质量不变，体积增大，所以密度会变小，所以D错；应选C。

考点：质量和密度
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示为小明在科学实践课上制作的“折纸青蛙”，用手按住青蛙的后部，此时青蛙相对于桌面静止，松手后，青蛙就可以向前跳动，则下列说法正确的是
A．青蛙离开桌面能继续向前运动，是因为青蛙具有惯性
B．青蛙能向前跳动是因为桌面对青蛙的力大于青蛙对桌面的力
C．青蛙离开桌面向前跳动的过程中只受重力和空气阻力
D．用手按住青蛙后部时，青蛙受到的重力与桌面对青蛙的支持力是一对平衡力
AC
【解析】
【分析】
（1）物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
（2）一对相互作用力的大小是相等的；
（3）地面附近的物体都受到重力的作用；
（4）二力平衡的条件：两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上。

【详解】
A．青蛙离开桌面能继续向前运动，是因为青蛙具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故A正确；
B．青蛙能向前跳动是因为青蛙受到桌面对青蛙的力，这个力与青蛙对桌面的力是一对相互作用力，大小相等，故B错误；
C．青蛙离开桌面向前跳动的过程中会受到重力和空气阻力的共同作用，故C正确；
D．用手按住青蛙的后部时，桌面对青蛙的支持力要大于青蛙受到的重力，不是一对平衡力，故D错误。

故选AC。

12．下列说法正确的是
A．炒菜时，满屋飘香，表明分子在不停地做无规则运动
B．煤的热值比干木柴的大，煤燃烧时放出的热量比干木柴燃烧时放出的热量多
C．用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较大
D．四冲程汽油机的做功冲程中，内能转化为机械能
ACD
【解析】
【详解】
A、炒菜时，芳香油分子不停地做无规则运动，扩散到空气中，由于炒菜时温度很高，所以分子的扩散速度加快，故“满屋飘香”故A正确；
B、根据Q mq
＝可知，物质燃烧放出的热量与热值、质量都有关，故热值大燃烧时放出热量不一定多。

故B错误；
C、用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较大，与其他物质相比，在质量相同的情况下，升高相同的温度，水吸收的热量多，故C正确；
D、四冲程汽油机的做功冲程中，将高温高压燃气的内能转化为活塞的机械能，故D正确。

13．如图所示的电路，电源电压不变．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到a端，不计温度对灯丝电阻的影响．则下列说法正确的是（）
A．电路总电阻变小B．灯L变暗
C．R1的电功率变小D．通过R1的电流不变
AC
【解析】
【分析】
【详解】
由电路图可知,R2与滑动变阻器串联后与R1并联，它们再与灯泡L串联，因无论是串联电路还是并联电路中一个电阻的阻值增大时电路中的总电阻增大，所以，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到a端，接入电路
中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故A正确；由I＝U
R
可知，电路中的电流变大，灯泡两端的电压
变大，由P＝UI根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故B错误；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，当灯泡两端的电压变大，则并联部分两端的电压变小，
根据P＝
2
U
R
可知R1的电功率变小，故C正确；由I＝
U
R
可知,R1支路的电流变小，故D错误．故选AC.
【点睛】
由电路图可知，R2与滑动变阻器串联后与R1并联，它们再与灯泡L串联，无论是串联电路还是并联电路中一个电阻的阻值增大时电路中的总电阻增大，据此可知滑片移动时电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P＝UI可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化，利用串联电路的电压特点可知并联部分两端的电压变化，根据P＝2
U
R
可知R1的功率的变化；利用欧姆定律可知R1的电流变化．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示的串联和并联电路，两个灯泡阻值不等．开关S闭合后，甲图中的电压关系U＝_____；乙图中的电流关系I＝_____．
U1+U1I1+I1
【解析】
【详解】
由图甲知道，两灯泡在电路中串联，由于串联电路中电源电压等于各部分两端电压之和，所以，甲图中的电压关系是：U＝U1+U1；由图乙知道，两灯泡在电路中并联，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，图中的电流关系是：I＝I1+I1．
15．一次性打火机里的燃料是一种叫丁烷的物质，通常情况下呈气态，它是在常温下用_____的方法使它液化后存在打火机里的；如果不小心将其摔坏，待里面的液体刚消失时，立刻捡起残骸，会感觉残骸较冷，这是因为里面的液体迅速_____（填物态变化的名称）时要_____（吸收/放出）大量的热．
压缩体积汽化吸收
【解析】
【详解】
降低温度和压缩体积是气体液化的两种方式，气体打火机里的丁烷气体，是在常温下利用压缩体积的方法使气体液化的；
如不小心将其摔坏，待里面的液体刚消失时，立刻捡起残骸，会感觉残骸较冷，这是因为液态丁烷迅速汽化吸收大量的热．
16．跳台滑雪比赛时（如图所示），运动员在跳台上的助滑道下滑过程中，运动员的重力势能不断转化为运动员的________能；于台端飞出后，由于运动员具有___________他会在空中继续向前飞行；同时他在空中始终受到竖直向下的_________力作用，因此他最终会落在低处的雪道上。

动惯性重
【解析】
【详解】
跳台滑雪比赛时，运动员在跳台上的助滑道下滑过程中，运动员的质量不变，高度减小，速度增大，运动员的重力势能减小，动能增大，故该过程是重力势能转化为动能的过程；运动员于跳台端飞出后，运动员能继续向前运动，是由于运动员具有惯性；运动员在空中始终受到竖直向下的重力作用，因此他最终会落在低处的雪道上。

17．公路上，路灯的连接方式是_______联；回到家中，按下开关，电灯亮了，开关与电灯的连接方式是_______联．
并串
【解析】
【详解】
公路边的灯虽然要亮一起亮，要灭一起灭，但一盏灯泡不亮，不影响其它的灯泡工作，说明彼此互不影响，所以是并联的；
家中的电灯与控制它的开关之间的连接是串联，串联时开关对电灯才能起到控制作用．
【点睛】
重点是并联和串联的区分，牢记串联和并联的电路特点，即并联时为并列关系，支路之间互不影响，可以独立工作，而串联时，电流只有一条路径，一处断开，整个电路即为断路．
18．甲车沿直线从高处下滑，它运动的s-t图像如图所示，则8秒内小车的速度为_____米/秒，小车的动能______，重力势能______（后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。

0.5 不变减小
【解析】
【详解】
由甲车沿直线从高处下滑时的s-t图象知道，图象为过原点的倾斜直线，说明物体做匀速直线运动；且8
秒内小车的路程是4m ，由速度公式知道，8秒内小车的速度是：4m 0.5m /s 8s
s v t ===；由于物体匀速下滑时，质量不变，速度不变，所以，动能不变；由于高度不断减小，所以，重力势能不断减小。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．电动摩托车是利用电动机来驱动的一种环保型交通工具，采用独轮设计，车身小巧并具有自身平衡功能,可帮助通勤者应对拥堵的交通和避免昂贵的停车费.某款电动摩托车的整车质量为57kg ，电动机的额定电压为60V ，电动机的额定功率为300W ，且行驶最大速度可达40km/h ，此车只可乘一人，已知小强的质量为60kg ，匀速行驶时所受阻力为总重的0.02倍．（g=10N/kg ）该车以额定功率行驶20min 时，消耗的电能；若该车电动机将80%的电能转化为克服阻力做的功，在平直公路上以额定功率匀速行驶20km 所需要的时间．
（1）3.6×
105J （2）1950s 【解析】
【详解】
（1）由P=W t
可得消耗的电能：W=Pt=300W×20×60s=3.6×105J ； （2）人和车的总重力：G 总=(m 车+m 人)g=(57kg+60kg)×
10N/kg=1170N ；车受到的阻力：F 阻=0.02G 总=0.02×1170N=23.4N ；由题意得：80%Pt=F 阻S ，则t=80%F P S 阻=323.4N 2010m 80%300W
⨯⨯⨯=1950s ． 20．用如图所示滑轮组提升重物．人用500N 的拉力F ，15s 内使重为900N 的物体匀速上升了3m ．不计绳重和摩擦，求：
动滑轮的重．人拉绳子做功的功率．滑轮组的机械效率．
（1）动滑轮重为100N ；
（2）拉力的功率为200W ；
（2）滑轮组的机械效率为90%．
【解析】
试题分析：（1）由题知，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，因为F=G 轮+G 物）/2，即500N=（G 轮+900N ）/2，所以动滑轮的重：G 轮=100N ；
（2）拉力移动的距离：s=2h=6m ，拉力做功：W 总=Fs=500N×
6m=3000J ， 拉力做功功率：P=W/t=3000J/15s=200W ；
（3）使用滑轮组做的有用功：W 有=Gh=900N×
3m=2700J ， 滑轮组的机械效率：η=W 有/W 总×
100%=2700J/3000J×100%=90%
考点：滑轮组绳子拉力的计算；功的计算；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算21．如图所示，工人师傅在电动机上用2000N的力，在1min内通过滑轮组将放在大平板车上的货物在平直公路上匀速拉动50m，已知滑轮组的机械效率为60%，平板车铭牌的部分参数如表，g取10N/kg．
求：（1）平板车所受的摩擦力是多少？
（2）电动机的输出功率是多少千瓦？
（3）平板车的最大载货量是多少吨？
（4）要使滑轮组的机械效率再提高些，应采取的措施是？
（1）3.6×103N；（2）5kW；（3）60t；（4）①在不超过最大载货量的前提下，增加货物重力从而增大车与地面的摩擦力；②减小动滑轮的重力；③减少滑轮之间的摩擦等
【解析】
【详解】
（1）W总=F×3s=2 000N×3×50m=3×105J
W有=ηW总=60%×3×105J=1.8×105J
由于平板车做匀速直线运动，F=f，
W有=Fs=fs，
所以摩擦力f=W
s
有=
5
1.810J
50m
⨯
=3.6×103N；
答：平板车所受的摩擦力是3.6×103N；
（2）P=W
t
总=
5
310J
60s
⨯
=5000W=5kw；
答：电动机的输出功率是5kw；
（3）轮与地面的接触面积为S=20×0.05m2=1m2；F=pS=7×105Pa×1m2=7×105N；
7×105N合70t
平板车的最大载货量是70t-10t=60t；
答：平板车的最大载货量是60t；
（4）①在不超过最大载货量的前提下，增加货物重力从而增大车与地面的摩擦力；②减小动滑轮的重力；
③减少滑轮之间的摩擦等．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．在图丙中，标出小磁针的 N、S 极及螺线管磁感线的方向．
【解析】
【详解】
根据安培定则判断，右手握住螺线管，四指弯曲指向电流的方向，则大母指的指向即为螺线管的磁场方向，即大母指端所指的右端为N极，根据异名磁极相互吸引的规律，小磁针的右端为N极，左端为S极，根据磁感线从N极出发到S极的规律，两条磁感线的方向向左，如图：
23．在图中画出力F1的力臂和力臂L1对应的力F1．
见解析
【解析】
力臂是由支点向力的作用线所引的垂线段的长，也就是说力和对应的力臂所在的直线是垂直的，根据这一规则可画出如下图所示的力和力臂：
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在“测量小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。

如图甲是小白测量小灯泡额
定功率的实物电路图（不完整），请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整。

小白闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡不发光，电压表示数为零，电流表有示数，则电路故障是_____。

实验时，电压表的示数如图乙所示，则应将滑片向_____（选填“A”或“B”）端移到合适位置，才能使小灯泡正常工作，若正常工作时电流表示数为0.5A，则灯泡额定电功率为_____W。

完成上述实验后，小白又设计了如图丙所示的实验电路，借助实验室的器材，同样测出了小灯泡正常发光时电功率，请你完成下列实验步骤：
①接好实验电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点_____（选填“1”或“2”）移动滑片，使电压表的示数为灯泡的额定电压U1。

②滑片的位置保持不动，再将开关S1拨到另一个触点读出电压表的示数为U2；
③小灯泡正常发光时功率的表达式P＝_____（用U1、U2、R0表示）。

小灯泡短路 A 1.25 2 U1×
21
U U
R
【解析】
【详解】
（1）滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，如图所示：
（2）闭合开关，灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是连通的，因为电压表示数为零，分的电压为零，
则该处电阻为零，故灯泡短路；
（3）图乙中电压表选用0﹣3V 的小量程，分度值为0.1V ，电压大小为1.4V ；
灯在额定电压下正常发光，电压表示数为1.4V 时，小于灯的额定电压2.5V ，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A 端移动到合适位置，直到电压表示数为额定电压2.5V 。

灯泡的额定功率为：P ＝UI ＝2.5V ×0.5A ＝1.25W ；
（4）①接好实验电路，闭合开关S ，将S 1拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为灯泡的额定电压U 1； ②滑片的位置保持不动，再将开关S 1拨到另一个触点读出电压表的示数为U 2；
③由串联电路特点和欧姆定律可得，此时电路中的电流I ＝2
10
U U R -，由P ＝UI 可得，小灯泡正常发光时功率的表达式为：P ＝U 1×210
U U R -。

25．如图所示，是小明做“探究凸透镜成像规律”实验的装置。

（1）当蜡烛位于图中的B 处时，移动光屏到D 处，观察到光屏上呈现清晰的像，但是像偏下，那么他应该把凸透镜向_____（选填“上”或“下”）适当调节，才能使像最终成在光屏的中央。

正确调整后，发现像和物大小相等，则该凸透镜焦距为_____cm 。

（2）小明只是把透镜换成焦距为15cm 的凸透镜，屏上的像变得模糊。

要使像变清晰，光屏应向_____（选
填“左”或“右”）适当移动，此时光屏上的像应该是倒立、_____（选填“放大”、“等大”或“缩小”）
的实像。

上 10 右 放大
【解析】
【详解】
（1）根据过光心的光线传播方向不变，像的位置偏低时，为了使像能成在光屏的中央，应把蜡烛向下调节或将凸透镜向上调节；
由图可知，u=v=20cm ，则可知20cm=2f ，f=10cm ；
（2）焦距为15cm 的凸透镜对光线的会聚能力变弱，光线将延迟会聚成像，像距变大，要使像变清晰，光屏应向右移动，增大像距；更换凸透镜后，物距u=20cm ，焦距f=15cm ，满足2f ＞u ＞f ，成倒立、放大的实像。

26．小强在进行“测定小灯泡的电功率”的实验，已知电源电压为3V ，小灯泡的额定电压为2.5V ，他已连接了部分电路，如图所示，请你接着完成下列步骤：
用
笔画线代替导线，将图的电路连接完整．________连接电路时，开关S应当处于_________状态，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于________（选填“左端”或“右端”）．连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表的示数为0，则出现故障的原因可能是
______________．故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电压表的示数如图所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_______端移动．当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则电流表的示数为________A，小灯泡的额定功率是___________W．
断开右端灯L（或电压表）被短路
左0.2 0.5
【解析】
【详解】
（1）图中有两处问题，分别是变阻器和电压表未接入电路中，由于小灯泡的额定电压是2.5V，故电压表的量程应该选择“3V”，变阻器接上端的接线柱；
（2）连接电路时，开关应处于断开的位置，变阻器的阻值调到最大，故滑片P置于最右端；
（3）由于故障的现象是电流表有示数而电压表无示数，所以故障是灯泡短路或者电压表短路；
（4）由图读出电压表的示数为1.7V，小于小灯泡的额定电压2.5V，故应该使电路中的电流增大，变阻器的阻值减小，所以滑片向左端移动；
（5）由图读出电流表的示数为0.2A，这就是小灯泡的额定电流，故小灯泡的额定电功率为：
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．。