河南省许昌市2019-2020学年中考物理考前模拟卷(4)含解析

河南省许昌市2019-2020学年中考物理考前模拟卷（4）
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．不能应用流体压强与流速的关系解释的现象是
A．飞机升空
B．地面刮起的“龙卷风”
C．树叶“吸向”高速行驶的汽车
D．吸盘贴在光滑玻璃上不脱落
D
【解析】
【详解】
A．飞机的螺旋桨高速旋转，螺旋桨下方空气流速小于上方空气流速，下方的压强大于上方的压强，产生向上的升力，故A不合题意；
B.地面上刮起的“龙卷风”，由于空气流速加快，内部压强变小而上升，故B不合题意；
C．高速行驶的汽车周围空气流速大，压强小，所以大气压会把树叶压向汽车，故C不合题意；
D. 吸盘贴在光滑玻璃上不脱落，是因为将吸盘内的空气排出，大气压能把吸盘紧紧地压在玻璃上，故D 符合题意。

2．小丽在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处（实验过程中保持透镜在50cm刻度线处不动），将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，移动光屏至82cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示．下列分析正确的是
A．如图所示的实验现象能够说明放大镜的成像特点
B．如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应该将蜡烛向右移动，光屏向左移动
C．若将点燃的蜡烛放在光具座上10cm刻度线处，通过移动光屏，在光屏上可呈现烛焰清晰的倒立缩小实像
D．若将点燃的蜡烛放在光具座上30cm刻度线处，在透镜的右侧透过凸透镜向蜡烛方向看，看不到蜡烛的像
C
【解析】
【分析】
【详解】
A．置在光具座上35cm刻度线处，物距u＝50cm−35cm＝15cm，满足：2f>u>f条件，成倒立、放大实像，是投影仪的原理，故A错误；
B ．如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应增大像距，减小物距，即蜡烛向右移动，光屏向右移动，故B 错误；
C ．将点燃的蜡烛放在光具座上10cm 刻度线处，物距u ＝50cm−10cm ＝40cm ，满足：u>2f 条件，成倒立、缩小的实像，故C 正确；
D ．将点燃的蜡烛放在光具座上30cm 刻度线处，物距u ＝50cm−30cm ＝20cm ，满足：2f>u>f 条件，成倒立、放大的实像，可以直接观察到像，故D 错误．
【点睛】
（1）凸透镜成像的规律及其应用：当物距u>2f 时，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；当物距2f>u>f 时，在光屏上得到倒立、放大的实像，应用于投影仪；当物距u<f 时，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；
（2）成实像时，物距越小，像距越大，成的像也越大；
（3）实像可以用光屏承接，也可以直接观察．
3．如图，用滑轮或滑轮组将重为G 的物体匀速拉起，不计摩擦和绳重，机械效率最高的是
A ．
B ．
C ．
D ．
C
【解析】
【详解】 由机械效率公式：有用有用总有用额外
W W W W W η==+ 可知，则提升同样的重物，升高相同的高度时，有用功一定，额外功越小，效率越高。

定滑轮、动滑轮、滑轮组分别提升同样的重物，在提升高度相同时，有用功相同；不计绳重和摩擦，对动滑轮、滑轮组来说，所做额外功就是提升动滑轮做的功；而使用定滑轮时，没有克服机械自重做额外功，即其额外功为0J ，所以定滑轮的机械效率最高，故C 正确，ABD 错误。

4．在原子中，带负电的粒子是( )
A．电子B．质子C．中子D．核子
A
【解析】
【分析】
【详解】
原子是由位于原子中心的原子核和核外绕核转动的电子组成；原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，电子带负电．故选A．
5．如图所示，工人使用滑轮组将装修材料送到楼上。

已知吊篮的质量为m1，建材材料的质量为m2，人对绳子的拉力为F，吊篮在拉力的作用下匀速上升了h，不计绳重和摩擦。

则下列说法正确的是
A．拉力F＝（m1+m2）g
B．额外功为（2F﹣m2g）h
C．机械效率为
D．其机械效率随h的增大而增大
B
【解析】
【详解】
由图知，作用在动滑轮上的绳子有2段，则绳子拉下的长度s＝2h，
不计绳重和摩擦，则拉力：F＝（m动+m1+m2）g，故A错误；
克服建材重力做的功为有用功，则有用功：W有用＝Gh＝m2gh；
拉力做的总功：W总＝Fs＝F×2h＝2Fh；
机械效率为：η＝＝＝，
额外功为：W额＝W总﹣W有用＝2Fh﹣m2gh＝（2F﹣m2g）h，故B正确；故C错误；
由机械效率公式η＝＝＝可知，机械效率的大小与h无关，故D错误。

6．在探究实践创新大赛中，小明同学展示了他的“液体压强演示仪”，其主要部件是一根两端开口且用橡皮膜扎紧的玻璃管（如图），将此装置放于水中，通过橡皮膜的凹凸程度变化，探究液体压强规律．如图
描述的几种橡皮膜的变化情况，其中正确的是（）
A．B．C．D．
B
【解析】
【详解】
A．玻璃管下端更深，所受的液体压强更大，所以应该是下面橡皮膜向上凹得更厉害些，故A错误；B．玻璃管下端更深，所受的液体压强更大，且下面橡皮膜向上凹得更厉害些，故B正确；
C．玻璃管水平放置在液体中，液体对两侧橡皮膜有向内的压强，所以右侧橡皮膜应该向左凹，故C错误；D．玻璃管水平放置在液体中，两侧的橡皮膜都应向内凹，故D错误；
故选B。

7．下图是电磁波及其应用实例，下列说法正确的是
A．电磁波和声波都是由物体振动产生的
B．γ射线在真空中的传播速度比可见光快
C．胸透机所使用的电磁波的波长比雷达用的电磁波短
D．用收音机收听96.2MHz频道的广播，会听到频率为96.2MHz的声音
C
【解析】
【详解】
A.由麦克斯韦的电磁场理论可以知道，电磁波不是物体振动产生的，而声波是由物体振动产生的，故A 错误；
B. 电磁波在真空中的传播速度相同，故B错误；
C. 由图可知，胸透机所使用的电磁波的频率更高，由c=λf得，波长比雷达用的电磁波短，故C正确；
D. 96.2MHz 是电磁波的频率，不是声音的频率，故D 错误。

8．关于声现象的描述，下列说法中正确的是
A ．禁止鸣笛，是在传播过程中减弱噪声
B ．频率高低决定声音的音色
C ．利用次声波可以预报地震、海啸等自然灾害
D ．“闻其声，知其人”是根据声音的音调来判断的
C
【解析】
【详解】
A 、禁止汽车鸣笛是为了在声源处减弱噪声，故A 错误；
B 、音调是指声音的高低，由振动频率决定；故B 错误；
C 、地震、海啸等自然灾害等发出的是次声波，次声波可以传递信息，所以利用次声波可以预报地震、海啸等自然灾害，故C 正确；
D 、每个发声体的音色是不同的，“闻其声，知其人”是根据声音的音色来判断，故D 错误；
9．如图所示，三个相同的容器内水面高度相同，甲容器内只有水，乙容器内有木块漂浮在水面上，丙容器中悬浮着一个小球，则下列四种说法正确的是（）
A ．三个容器对水平桌面的压力相等
B ．三个容器中，丙容器对水平桌面的压力最大
C ．如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力变大
D ．如果向丙容器中加入酒精，小球受到的浮力不变
A
【解析】
【分析】
【详解】
AB ．依据阿基米德原理，物体所受浮力等于排开水所受的重力，把木块和小球都换成等质量的水，则三者装的水一样多。

所以对水平桌面压力相等，故A 正确，B 错误；
C ．如果向乙中加入盐水导致液体密度变大，根据=F gV 浮液排，导致浮力变大，木块上浮减少排开水的体积直到浮力等于重力平衡，故C 错误；
D ．最后一项加入酒精导致液体密度变小，小球下沉，浮力由等于重力变为小于重力，浮力变小，故D 错误。

故选A。

10．全球变暖已经日益威胁到生物的生存，如图为一对北极熊母子无助地坐在一块不断熔化缩小的浮冰上，若浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则随着浮冰的熔化
A．浮冰在水中的体积在减小
B．浮冰受到的浮力大小不变
C．北极熊受到的支持力在减小
D．浮冰受到的浮力在增大
A
【解析】
【详解】
由题知，浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，则F浮＝G总；随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小；因为F浮＝G总，所以浮冰和北极熊受到的浮力减小；由F浮＝ρ水V排g可知，浮冰排开水的体积减小，即浮冰浸在水中的体积在减小。

故A正确，BD错误；北极熊站在浮冰上，受到的支持力和重力是一对平衡力，二力的大小相等，北极熊的重力不变，所以支持力大小不变，故C错误。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图所示的情景中，解释现象的叙述正确的是
A．飞机升空是因为机翼受到空气浮力
B．船闸是利用连通器的原理工作的
C．穿滑雪板是为了减小压强
D．茶壶盖上有孔与大气压有关
BCD
【解析】
【详解】
A、飞机升空是利用空气的升力，不是利用飞机受到的浮力工作的，不符合题意．
B、当船从上游进入船闸时，上游和船闸构成上端开口下端连通的连通器；当船从船闸进入下游时，船闸
和下游构成连通器，所以船闸是利用连通器工作的，符合题意；
C 、穿滑雪板是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，防止下陷，符合题意；
D 、茶壶盖上有孔，使水倒出时，水面上的压强总等于大气压，有利于水流出，符合题意．
故选BCD ．
12．在如图所示的电路中，A 、B 两点之间电压U 保持不变，电路连接完好。

当滑动变阻器的滑片P 向右滑动时 ，下列说法不正确的是
A ．电压表V 1和电流表A 的示数之比不变
B ．电压表V 2和电流表A 的示数之比不变
C ．电压表V 1示数的变化量和电流表A 示数变化量比值的绝对值1U I
∆∆增大 D ．电压表V 2示数的变化量和电流表A 示数变化量比值的绝对值
2U I ∆∆不变 BC
【解析】
【分析】
由电路图可知，R 1、R 2、R 3串联，V 1测R 1两端的电压，V 2测R 2两端的电压，电流表串联在电路中；当滑片向右滑动时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律和串联电路的特点对选项逐一分析得出答案。

【详解】
1
V 1A
U R I =，R 1与P 的滑动无关，R 1为定值，故V 1和A 的示数之比不变，故选项A 正确； 2
V 2A U R I =，P 向右滑动，R 2变大，因此V 2和A 的示数之比变大，故选项B 不正确；
''111111''1111U U U U U R I I I I I
n n -====-，所以V 1和A 示数变化量的比值绝对值不变，故选项C 不正确； 又U V1+U V2+U R3＝U ，故|△U 2|＝|△U V1|+|△U R3|，即
31V 213R U U U R R I I I
=+=+n n n n n n ，所以电压表V 2示数的变化量和电流表A 示数变化量比值的绝对值不变，故选项D 正确。

13．在探究凸透镜成像规律时，小明用焦距为fp=10cm 和fc=5cm 的甲、乙两个凸透镜依次进行实验。

当将蜡烛及透镜均分别放在图所示位置时，烛焰通过透镜都能在光屏上成清晰像（图中未画出），并且其中
一次是光屏在图中ab间移动得到的。

则
A．焦距为10cm的甲透镜成像较大
B．焦距为5cm的乙透镜成像较大
C．在ab间移动得到像时用的是甲透镜
D．在ab间移动得到像时用的是乙透镜
AC
【解析】
【分析】
根据题中“在探究凸透镜成像规律实验时”可知，本题考查凸透镜成像规律及其应用。

根据凸透镜成像规律进行分析判断。

【详解】
AB．由题，用焦距为fp=10cm和fc=5cm的甲、乙两个凸透镜依次进行实验。

当将蜡烛及透镜均分别放在图所示位置时，烛焰通过透镜都能在光屏上成清晰像。

因为物距一定，焦距越大，相当于减小了物距，根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”，因此焦距为10cm的甲透镜成像较大，故A正确，B错误。

CD．由蜡烛和凸透镜位置可知，此时物距u=35cm-20cm=15cm，若得到像时用的是甲透镜，物距满足在一倍焦距和二倍焦距之间，则像距v甲＞2fp=2×10cm=20cm，光屏在35cm+20cm=55cm的右侧移动；若得到像时用的是乙透镜，物距满足大于二倍焦距，则像距fc=5cm＜v乙＜2fc=2×5cm=10cm，光屏在40cm~45cm 之间移动；故C正确，D错误。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．电梯为居民上下楼带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，R2为保护电阻，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，此时电梯_____（能/不能）运行，电磁铁的上端是_____极，电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而_____，如果用较小的电阻替换R2电梯可乘人数将变_____（多/少）．
不能S 减小少
【解析】
试题分析：工作时，电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N 极，上端为S 极，故A 错误；正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K 与静触点A 接触，电梯正常工作；超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，动触点K 与静触点B 接触，电铃报警，电梯不工作；电源电压一定时，如果用较小的电阻替换R 2，要使电路中的电流保持不变，则压敏电阻R 1的阻值变大，压力将变小，电梯可乘人数将变少．
考点：电磁继电器的组成、原理和特点
15．如图所示的是甲、乙两电阻的电流与电压关系图象，由图可知两电阻的阻值R 甲_____（选填
“＞”“＜”或“＝“）R 乙．将甲、乙两电阻并联在电源电压为3V 的电路中，通过干路上的电流是_____A ．
＜ 0.65
【解析】
【分析】
【详解】
由图象可知，当2V U 甲＝时通过的电流为0.3A I 甲＝，3V U 乙＝时通过的电流为0.2A I 乙＝，由U I R =可得，甲乙的电阻分别为：2V
20=Ω0.3A 3
U R I ==甲甲甲，3V =15Ω0.2A U R I ==乙乙乙，两电阻的阻值R R 甲乙＜ ； 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：
123V 3V =0.45A 0.2A 0.65A 2015Ω
Ω3
U U I I I R R +=++=+甲乙＝＝． 16．如图甲所示，一块质量为0.2kg 的铁块被吸附在竖直放置且足够长的磁性平板上，在竖直方向上拉力F=3N 的作用下向上运动，铁块运动速度v 与时间t 的关系图象如图乙所示．则铁块受到的摩擦力为__N ，0～6s 内拉力F 做的功是__J （取g=10N/kg ）
1 3.6
【解析】
【详解】
由于物体在竖直方向上处于平衡状态，所以在竖直方向上受力平衡，通过受力分析可知，物体在竖直方向上受到三个力，竖直向上的拉力与竖直向下的重力和摩擦力，这三个力平衡，物体的重力
G=mg=0.2kg×10N/ kg=2N，
所以可求得铁块受到的摩擦力为
3N-2N=1N；
6s内物体通过的距离为1.2m，所以0~6s内拉力F做的功是
W=Fs=3N×1.2m=3.6J．
17．如图所示，甲、乙两个圆柱形容器中盛有两种不同的液体A、B，液体对两个容器底的压强相等，则ρA______ρB，现将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮，另一个悬浮(液体均无溢出)，此时两个容器底受到液体压强的大小关系是p甲________p乙。

(均填“大于”“等于”或“小于”)
大于小于
【解析】
【详解】
根据两种液体对容器底的压强相等，结合图知h A＜h B，由p=ρgh可知，ρA＞ρB；
因为原来两容器中液体产生的压强相等，均匀柱形容器，则F A=G A=pS A；F B=G B=pS B；又因为S A＞S B，可得G A＞G B，
由将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮，另一个悬浮（液体均无溢出），由于两物体重力相等都为G，原来液体对两个容器底的压强相等都为p，放入物体后的压强分别为p甲=p+、p
=p+，由S A＞S B可知：p甲＜p乙．
乙
18．小海一家驾车来到城市公园赏花，刹车时汽车的动能_____（选填“增大”、“不变”或“减小”），刹车片与车轮之间因为摩擦而发热，这是通过_____方式改变了内能；漫步公园中闻到阵阵花香，此现象说明分子在_____．
减小做功不停地做无规则运动
【解析】
【详解】
刹车时汽车的速度减小，质量不变，所以其动能减小；汽车在刹车过程中，车轮与刹车片摩擦，机械能转化为内能，机械能减小，内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变其内能的；闻到阵阵花香，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．小明的爸爸给自家的小汽车安装了电加热座椅垫，如图甲．小明研究发现该座椅垫有“高温”、“低温”、“关”三个挡位，其电路示意图如图乙，电源电压为12V，高温功率为20W，低温功率为9W．求：
（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流是多少？
（2）座椅垫处于“高温”挡时，5min产生热量是多少焦耳？
（3）加热片R1的阻值是多少？
（1）0.75A（2）6000J（3）8.8Ω
【解析】
【详解】
（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流：
9W
=0.75A
12V
P
I
U
==
低；
（2）高温档5min产生的热量：Q=W=P高t=20W×300s=6000J；（3）由图可知，座椅垫处于“高温”时，是R2的基本电路，
R2的阻值：
22
2
(12V)
=7.2Ω
20W
U
R
P
==
高
，
座椅垫处于低温时，R1、R2串联，
串联电路的总电阻：R=
2
U
P
低
=
2
(12V)
9W
=16Ω，
根据电阻的串联可得，加热片R1的阻值：R1=R-R2=16Ω-7.2Ω=8.8Ω。

答：（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流是0.75A；
（2）高温档加热5min产生的热量是6000J；
（3）加热片R1的阻值是8.8Ω。

20．某电动观光车的技术参数如下表：根据以上技术参数，解答下列问题：（g取10N/kg）空车质量1180kg 车身长度 3.8m
满载人员12人额定电压48V
满载时轮胎与地接触面积4×250 cm2最大车速45km/h 电动机效率80% 平路连续行驶里程≤80km
（1）设乘员质量平均为60kg，求满载时车对水平路面的压强？
（2）求观光车在水平路面上以最大速度匀速行驶5×103m所用的时间？
（3）若观光车在水平路面匀速行驶时受到的阻力为2×103N，求观光车匀速行驶5×103m过程中，牵引力所做的功？
（1）1.9×105Pa。

（2）400s。

（3）1×107J。

【解析】
【详解】
（1）满载时车对地的压力：F＝G＝mg＝（m1+m2）g＝（1180kg+12×60kg）×10N/kg＝1.9×104N;
车对地的压强：P＝F
S
＝
9
7.210J
20%
⨯
＝1.9×105Pa。

（2）最大车速：v＝45km/h＝12.5m/s，所用时间：t＝S
v
＝
3
510m
12.5m/s
⨯
＝400s。

（3）牵引力所做的功：W＝F牵•S＝F阻•S＝2×103N×5×103m＝1×107J。

21．如图甲所示是建筑工人使用滑轮组提水泥的情景，他用20s的时间把重为300N的水泥从地面上匀速提升4m，拉力做的功W随时间t的变化如图乙所示．不计绳重和摩擦，求：
（1）提水泥做的有用功；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）拉力的大小；
（4）拉力做功的功率．
（1）1200J；（2）75%；（3）200N；（4）80W．
【解析】
【分析】
【详解】
滑轮组的动滑轮绕2段绳；
（1）提水泥做的有用功：W有用＝Gh＝300N×4m＝1200J；
（2）由图乙读出20s内做的总功：W总＝1600J，
滑轮组的机械效率：η＝W
W
有用
总
×100%＝
1200J
1600J
×100%＝75%；
（3）拉力移动距离s＝2h＝2×4m＝8m，
拉力F＝W
s
总＝
1600J
8m
＝200N；
（4）拉力的功率：P＝W
t
总＝
1600J
20s
＝80W．
答：（1）提水泥做的有用功为1200J；
（2）机械效率为75%；
（3）拉力大小为200N；
（4）拉力的功率为80W．
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图是足球在空中飞行时的情景，画出它所受重力的示意图．
略
【解析】
【详解】
足球受到的重力作用点在重心上，方向竖直向下，从足球的重心开始竖直向下作一条有向线段，并标出G，即是重力的示意图，如下：
23．在通电螺线管附近有个小磁针，小磁针静止时N极所指的方向如图所示，请在图中标出通电螺线管的N、S极及电源的正、负极；
【解析】
试题分析：小磁针静止时N 极所指方向为该处磁场方向，由此可以确定螺线管的N 极、S 极，然后根据安培定则可知螺线管上电流方向向上，电源“+”极在右“-”极在左． 考点：安培定则
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明利用如图所示的电路测量小灯泡的额定功率．滑动变阻器标有“20Ω2A ”字样，电源电压恒为9V ，小灯泡的额定电压为2.5V ，额定功率小于1.5W ，阻值为1R 5=Ω、2R 15=Ω、3R 25=Ω的三个定值电阻R ．
请用笔画线代替导线，完
成图甲中实物电路的连接．电路连接正确后，把滑片调到最左端，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，若故障只有一处，则故障可是： ____________．手除故障后，继续实验，收集的数据记录在表一中．当电压表的示数为2.5V 时，电流表的示数加图乙所示，小灯泡的额定功率_______W ． 表一 实验序号 1 2 3 4 电压/V 1.0 1.5 2.0 2.5 电流/A
0.26
0.29
0.32
（4）分析表一中的数据，可知实验中选用的是__________Ω的定值电阻．小明完成上述实验后，去掉电流表，又多用了两个开关及一些导线，没有更换其它器材，设计了如图丙所示的电路，也完成了对小灯泡额定功率的测量，实验步骤下，请补充完整：
①闭合S 、1S ，断开2S ，移动滑片，使电压表的示数为__________V ； ②________________，读出电压表的示数为U ；
③灯泡额定功率的表达式为P =额__________（用已知量和测量的最表示）．
灯泡短路 0.9W 15 2.5 保持滑片位置不动，闭合S 、
S 2，断开S 1 1
6
A （U ﹣2.5V ） 【解析】 【详解】
根据小灯泡的额定电压和额定功率,可知小灯泡正常工作的电流,I p 1.50.6A?u 2.5W v
===, 所以电流表的量程选择的是0~0.6A ．如图：
（2）电路连接正确后，把滑片调到最左端，使滑动变阻器连入电路的电阻最大，电流表有示数，说明电路为通路． 电灯不亮，电压表无示数，说明灯被短路．
（3）当电压表为2.5v 是小灯泡正常发光，对应的电流时0.36A ，则其额定功率为：P =UI 2.5V 0.36A 0.9W =⨯=．
（4）由图表可知：当电路中电流最小时，滑动变阻器阻值最大，所以滑动变阻器的电阻为
11U 9V 1V
R 30Ω20ΩI 0.26A
-=
=≈>(滑动变阻器的最大电阻)滑动变阻器电阻太小，为了侧小灯泡的额定功率，需要至少串联一个15Ω的电阻． 【拓展】
（1）闭合S 、S 1，断开S 2，移动滑片，电压表测得的是灯两端的电压，因为灯的额定电压是2.5V ，所以使电压表的示数为2.5V ；
（2）保持滑片位置不动，闭合S 、S 2，断开S 1，此时电压表测得的是定值电阻和灯两端的V
定值电阻的阻值是15Ω，所以通过的电流时
U 2.5V
15Ω
-.
（3）灯泡额定功率的表达式为P 额= 2.51
U I 2.5V 15Ω6
U V -=⨯
=额额A(U 2.5V).- 25．小余和小乐按照课本要求探究并联电路中电流的关系，他们设计的电路如图所示。

（1）在连接电路的过程中，开关应该_____
（2）在实验中，小余试触时电流表的指针偏转情况如图所示，根据你的分析，你认为原因可能是_____（3）在实验过程中他们连接了如图所示的电路闭合开关后，观察到灯L2_____（选填“发光”或“不发光”）：通过分析电路连接情况，该电路存在的问题是：_____（写出一条即可）。

（4）请在如图上只改动一根导线，符合L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测灯L2的电流，开关控制所有用电器。

（_____）
（5）他们连好电路后把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出它们的电流，见下表：
实验次数A处的电流I A/A B处的电流I B/A C处的电流I C/A
1 0.10 0.1
2 0.22
他们下一步应该做的是_____。

A、整理器材，结束实验
B、改变电流表的量程或换电流表再测几次
C、换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值，这样做的目的是：_____。

通过对上面数据的分析，可以得出的结论是：_____。

断开电流表正负接线柱接反了不发光A2、L2被短路 C
得出普遍性的规律并联电路中干路电流等于各支路电流之和
【解析】
【详解】
（1）为保护电路，在连接电路的过程中，开关要断开；
（2）小余试触时电流表的指针偏转情况如图所示，即电流表指针偏向表盘左侧，说明电流表的正负接线柱接反了；
（3）灯L2与A2串联后与导线并联，故观察到灯L2不发光；即该电路存在的问题是：A2、L2被短路；（4）L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A1接在干路上，A2测灯L2的电流，A2与灯L2串联，开关控制所有用电器，开关接在干路上，注意电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，如下所示；
（5）为避免实验现象的偶然性，得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量，所以，下一步应该做的是C；由实验数据可知，并联电路中干路电流等于各支路电流之和。

26．在“探究二力平衡条件”的活动中，通过探究力对物体的作用效果来实现探究目的．
如图，甲装置是探究二力平衡条件的一种方法，实验中通过改变
砝码的__________来探究二力大小的关系；通过扭转小车松手后观察小车的状态，来探究二力是否
________________________．小明发现用图甲装置无法完成全部探究过程，又设计了图乙所示的装置．在卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，并观察随之发生的现象，由此可以得到二力平衡的又一个条件
__________________________．把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触的目的是________________________．（1）质量在同一条直线上（2）作用在同一物体上减小摩擦(力)对实验的影响
【解析】
试题分析：（1）甲装置实验中通过改变砝码质量来改变对小车拉力的大小，所以可探究二力平衡与二力大小的关系；保持两边力相等，用手将小车扭转一个角度后松手，小车不能处于静止状态，要发生转动，可以探究二力平衡二力是否必须作用在同一条直线上；
（2）当小卡片平衡时，用剪刀沿虚线迅速剪断小卡片，由于二力不在同一物体上，所以两侧钩码落下，说明二力平衡的又一个条件是两个力必须在同一物体上；把硬纸板支撑起来，不再与桌面接触，硬纸板与桌面间就不存在摩擦力，即减小了摩擦力对实验的影响．
考点：二力平衡条件的应用。