2018-2019(含答案)高一(上)第一次月考物理试卷 (2)

2018-2019（含答案）高一（上）第一次月考物理试卷(2) ..............................................................................................................................................2018.11.09
一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）
1.年月日凌晨时，美国宇航局科学家宣布，年月日发射升空的“旅行者号”探测器经过约年的长途跋涉，终于飞出了太阳系，进入星际空间，则以下说法正确的是（）
A.在分析探测器年的运动时，不能将其视为质点
B.研究探测器的姿态控制问题时，能将其视为质点
C.研究探测器的运动时，可选太阳为参考系
D.年月日凌晨时为一段时间
2.在年全国运动会上，运动员张培萌夺得男子和比赛两块金牌，被誉为“中国新飞人”，他在比赛中之所以能够取得胜利，取决于他在中的（）
A.某时刻的瞬时速度大
B.撞线时的瞬时速度大
C.平均速度大
D.起跑时的加
速度大
3.汽车以的速度运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为，则它关闭发动机后通过所需时间为（）
A. B. C. D.
4.质点做直线运动的位移和时间平方的关系图象如图所示，该质点（）
A.加速度大小为
B.任意相邻内的位移差都为
C.第内的位移是
D.第内的平均速度大小为
5.下列图象均能正确皮映物体在直线上的运动，则在内物体位移最大的是（）
A. B.
C. D.
二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分）
6.一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为，分析照片得到的数据，发现质点在第次、第次闪光的时间间隔内移动了；在第次、第次闪光的时间间隔内移动了，由上述条件可知（）
A.质点运动的加速度是
B.质点运动的加速度是
C.第次闪光时质点的速度是
D.第次闪光时质点的速度是
7.如图所示是、两质点从同一地点运动的图象，则下列说法中正确的是（）
A.质点以的速度匀速运动
B.质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动
C.质点最初做加速运动，后做减速运动
D.、两质点在末相遇
8.将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间相隔，它们运动的图象分别如直线甲、乙所示．则（）
A.时，两球高度相差一定为
B.时，两球相对于各自抛出点的位移相等
C.两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等
D.甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的相等
三、实验题（本题共2小题，共15分）
9.在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度如下，为了算出加速度，最合理的方法是（）
A.根据任意两个计数点的速度，用公式算出加速度
B.根据实验数据画出图象，量出其倾角，用公式算出加速度
C.根据实验数据画出图象，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式算
出加速度
D.依次算出通过连续两个计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度
10.某同学利用打点计时器研究做匀加速直线运动小车的运动情况，图所示为该同学实验
时打出的一条纸带中的部分计数点（后面计数点未画出），相邻计数点间有个点迹未画出．（打点计时器每隔打出一个点）
为研究小车的运动，此同学用剪刀沿虚线方向把纸带上、、 …等各段纸带剪下，将剪下的纸带一端对齐，按顺序贴好，如图所示．简要说明怎样判断此小车是否做匀变
速直线运动．
方法：________．
在图中、、、、、，则打下点迹时，小车运动的速度大小是________，小车运动的加速度大小是________．（本小题计算结果保留两位有效数字）
四、计算题（本题共2小题，共37分．需写出规范的解题步骤）
11.歼战机是我国自行设计研制的首型舰载多用途歼击机，短距起飞能力强大．若歼
战机正常起飞过程中加速度为，经距离就达到起飞速度腾空而起．现已知“辽宁”舰
起飞甲板长为，且起飞过程可简化为匀加速直线运动．现有两种方法助其正常起飞，方法一：在航空母舰静止的情况下，用弹射系统给飞机以一定的初速度；方法二：起
飞前先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行．求：
方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度；
方法二情况下航空母舰的最小速度．
12.下表为甲乙两汽车的性能指标．开始时两车静止在同一条平直公路上，甲车在前乙车在后，两车相距．某时刻起两车向同一方向同时启动，若两车由静止开始运动到最大速度的时间内都以最大加速度（启动时的加速度）做匀加速直线运动．求两车的最大加速度的大小．
通过计算判断两车相遇时各做何种性质的运动？
答案
1. 【答案】C
【解析】明确物体看作质点的条件是指物体在所研究的问题中大小和形状可以忽略不计；参考系的选取是任意的；
时间对应一段过程，而时刻对应一个瞬间．
【解答】解：、仅研究探测器运动的快慢时，可以将其视为质点，故错误；
、研究探测器的姿态控制时，其大小、形状不能忽略，即不能将其视为质点，故错误；、研究物体的运动必须选择参考系，而参考系的选取是任意的，故可选太阳为参考系；故正确；
、年月日凌晨时为一个时刻，故错误．
故选：．
2. 【答案】C
【解析】比赛是在相同的位移内比时间，也就是比较平均速度
【解答】解：比赛是在相同的位移内比时间，时间短的胜，即时间短的平均速度大．故正确，、、错误．
故选：
3. 【答案】A
【解析】汽车做匀减速运动，已知匀减速运动的初速度、位移与加速度，根据匀变速直线运动的位移时间公式，求汽车运动所需的时间．
【解答】解：取汽车初速度方向为正方向，则汽车关闭发动机后做匀减速直线运动，其加速度为：，初速度．
根据匀变速直线运动的位移时间公式有：，
代入得：
解得：，
而汽车减速至停止运动的时间为：
故不合理舍去，所以汽车通过所需时间为．
故选：．
4. 【答案】B
【解析】根据和时间平方的关系图象写出函数关系式，进而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以时间．
【解答】解：、根据位移和时间平方的关系图象得出位移时间关系式为：，对
照，可得加速度，初速度为．故错误．
、任意相邻内的位移差，故正确．
、第内的位移等于前内的位移减去第一秒的位移，即，故错误；
、同理求得物体第内的位移，平均速度为
．故错误．
故选：．
5. 【答案】B
【解析】根据位移的坐标变化量分析物体的位移情况，根据速度图象的“面积”确定时刻物体的位移是否最大．
【解答】解：、位移的斜率在变化，物体的速度大小和方向在变化，物体在内位移为，内位移为．
、根据速度图象的“面积”得到物体在内位移大于．
、物体在前内位移等于，在后内物体为位移为，
则内位移为．
、物体前内位移为，后内位移为，在内物体的位移为．
故选
6. 【答案】A,C
【解析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出质点运动的加速度，根据某段时间
内平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出两次闪光中间时刻的速度，结合速度时间公式求
出第次闪光的速度．
【解答】解：、根据得加速度为：．故
正确，错误．
、根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知，第一次和第二次闪光中间时
刻的速度为：，
则第一次闪光时的速度为：．故正确，错
误．
故选：．
7. 【答案】A,B,D
【解析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度的正负
表示速度的方向．两图象相交时表示两质点相遇．由此分析即可．
【解答】解：、在图象中图线的斜率表示速度，所以质点的速度不变，做匀速直线
运动，且速度为，故正确；
、质点的位移先增大，后减小，说明质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线
运动，故正确；
、质点的图线切线斜率先减小后增大，说明质点前做减速运动，后做加速运动，故错误；
、、两质点从同一地点出发，在末位移相同，说明两质点在末相遇，故正确．
故选：
8. 【答案】B,D
【解析】速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，但不能反映物体初始的位置．由图直接读出物体运动的时间．
【解答】解：、根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，知时，
，乙的位移为零，两球位移之差等于
甲球通过的位移为
甲
，但两球初始的高度未知，故时两球的高度相差不一定为．故错误．
、时，甲球相对于抛出点的位移为，乙球相对于抛
出点的位移为，故两球相对于各自的抛出点的位移相等．故正确．
、两球从不同的高度以同样的速度竖直向上抛出，根据竖直上抛运动的规律
，是抛出点距地面的高度，可知两球从抛出至落到地面所用的时间间隔不相等．故错误．
、由图知，甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等，都是．故正确．
故选．
9. 【答案】C
【解析】通过题目给出的数据作出速度-时间图象，解出其斜率即是小车的加速度．
【解答】解：、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可
能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出图象，考虑到误差，不可能
是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布
在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，
用公式算出加速度，所以误差小；故错误，正确．
、根据实验数据画出图象，当纵坐标取不同的标度时，图象的倾角就会不同，所以
量出其倾角，用公式算出的数值并不是加速度，故错误．
、这种方法是不对的，因为根本就不知道加速度是一个什么函数，如果是一个变化值这
种方法完全是错误的，除非你能确定加速度是什么函数，故错误．
故选：
10. 【答案】连接纸带左上角（上方中点或纸带中点）为一条直线或每条纸带比前一条纸带长度增加量相等; ,
【解析】纸带的长度分别等于平均，因为剪断的纸带所用的时间都是，即
时间相等，所以纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比；而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比．; 匀
变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可求出点的速度，
根据逐差法求出加速度，根据，可求出点的速度．
【解答】解：它们的长度分别等于平均，因为剪断的纸带所用的时间都是，
即时间相等，所以纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比；而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，最后得出结论纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，因
此图中的、、、、、，各点连起来恰好为一直线，说明每相邻两个纸袋相差的长
度相等，即，所以说明小车做匀变速直线运动．
; 匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可得：
根据匀变速直线运动的推论，有：
①
②
③
④
联立①②③④解得：．
11. 【答案】方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度为; 方法二情况下航空母舰的最小速度为．
【解析】飞机做匀加速直线运动，应用匀变速直线运动的速度位移公式可以求出飞机获
得的最小速度．; 航母做匀速直线运动，飞机做匀加速直线运动，应用匀变速直线运动
的速度公式、速度位移公式可以求出航母的速度．
【解答】解：设飞机起飞速度为，
由匀变速直线运动的速度位移公式得：
，，解得；; 设第二种方法中起飞过程经历
时间为，
则：，
飞机位移：，
航空母舰位移：，
位移关系：，
联立解得：；
答：方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度为；
方法二情况下航空母舰的最小速度为．
12. 【答案】两车的最大加速度的大小分别为和．; 相遇时甲车做匀加
速直线运动，乙车已达最大速度并做匀速直线运动．
【解析】根据表格给出的数据得到甲、乙两车的最大加速度大小；; 根据求出的加速度，根据汽车相遇条件求出汽车可能的运动，注意汽车做匀加速运动的速度不能大于汽车
所允许的最大速度．
【解答】解：根据表格给出的数据可得：甲
乙; 乙车达到最大速度时，经历时间乙
乙
，在
这内两车的位移分别为：
甲甲
乙乙甲
故此时两车未相遇．
当甲车达到最大速度时，经历的时间甲
甲
，两车运动的位移分别为甲甲
乙乙乙甲
故两车已相遇
可知相遇时甲车做匀加速直线运动，乙车已达最大速度并做匀速直线运动．
答：两车的最大加速度的大小分别为和．
相遇时甲车做匀加速直线运动，乙车已达最大速度并做匀速直线运动．。