2018-2019学年福建省龙岩高中高二上学期期中考试物理(文)试题

2018-2019学年福建省龙岩高中高二（上）期中
物理试卷（文科）
★祝考试顺利★
注意事项：
1、考试范围：高考范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单选题（本大题共20小题，共60.0分）
1.关于元电荷的下列说法中正确的是
A. 元电荷的实质是电子
B. 点电荷就是带有电荷的质点
C. 元电荷的值通常取
D. 非常小的带电体是点电荷
【答案】C
【解析】
元电荷是最小带电量，是大小，不是电荷种类，A错误；电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，并不是只有体积很小的带电体才能看作点电荷，点电荷不等同于带电的质点，主要表现在两者的侧重点不同。

点电荷是电学中重要的概念，它侧重于物体所带的电量，至于物体的质量是多大无关紧要；而带电的质点则侧重于物体的质量，它反映物体惯性的大小，至于质点带多少电量并不重要，它是一个力学概念，BD 错误；元电荷的值通常取e=1.60×10-19C，C正确．
2.下列不属于磁的应用的是
A. 磁带
B. 光盘
C. 磁流体发电机
D. 磁悬浮列车
【答案】B
【解析】
【分析】
根据“下列不属于磁的应用的是”可知，本题考查磁性器材的工作原理，根据各器材或机械的构造、工作原理分析应用磁性材料的实例，记清即可
【详解】磁性材料在我们生活中应用广泛，如：磁卡、磁盘、磁带、电脑软盘、磁流体发电机、磁悬浮列车、收音机里面的天线磁棒、录音机的磁头等；而光盘是利用了光头读取碟片上刻录的信息信号工作的。

本题选择不属于磁的应用的，故选：B。

3.真空中两静止点电荷的库仑力为F，若只将其中一个点电荷的电荷量变为原来的一半，则它的库仑力大小变为
A. 4F
B. 2F
C.
D.
【答案】C
【解析】
根据可知，若只将其中一个点电荷的电荷量变为原来的一半，则库仑力变为原来的一半，即F，故选C.
4.电场中有一点P，下列说法正确的是
A. 若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强不变
B. 若P点没有试探电荷，则P点的场强为零
C. P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力不变
D. P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向
【答案】A
【解析】
【分析】
根据“P点的场强不变”、“同一电荷在P点受的静电力不变”、“P点的场强方向”可知，本题考查场强的物理意义和方向，根据电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关和场强方向的规定进行判断。

【详解】AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷或电荷量的多少无关，所以在P点电荷减半或无检验电荷，P点的场强不变，故A正确，B错误；
C、据知，P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C错误；
D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，与负电荷在该点的受力方向相反，故D错误。

故选：A。

5.如右图所示为某静电场中的某一条电场线，a、b为该电场线上的两点，则下列判断中正确的是
A. b点的电场强度可能比a点的电场强度小
B. a点的电场强度一定等于b点的电场强度
C. 负电荷在b点受到的电场力方向向左
D. 正电荷在运动中通过a点时，其运动方向一定沿ba方向
【答案】A
【解析】
AB、由于一根电场线其疏密程度无法确定，所以也无法比较两点的电场强度，故A正确，B错误；
C、负电荷在b点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相反，而该点的电场强度方向即为该点的切线方向，所以负电荷在b点受到的电场力方向向右，故C错误；
D、正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，所以正电荷在运动中通过a点时，电场力方向一定向右，而运动方向并不一定沿ba方向，故D错误；
故选A。

【点睛】由于一根电场线其疏密程度无法确定，所以也无法比较两点的电场强度，负电荷在b 点受到的电场力方向与该点的电场强度方向相反。

6.如图所示，A、B、C三点在同一直线上，且，在A处固定一电荷量为Q的点电荷，当在B处放一电荷量为q的试探电荷时，它所受到的电场力为F；移去B处电荷，在C处放电
荷量为4q的试探电荷，其所受电场力大小为
A. F
B. 2F
C. 4F
D. 8F
【答案】A
【解析】
【分析】
根据“点电荷”、“所受电场力大小”可知，本题考查库仑定律，根据库仑定律得到F与AB 的关系，即可求出4q的点电荷在C点所受电场力．
【详解】设AB=r，则有BC=r.
根据库仑定律，则有：F=
故电荷量为4q的点电荷在C处所受电场力为：F C==F，故A正确、BCD错误。

故选：A.
7.下列哪些做法不是属于防止静电危害的措施
A. 印染厂保持适当的湿度
B. 油罐车运油时要装上一条拖地的金属链
C. 在地毯中夹杂的不锈钢丝导电纤维
D. 小汽车的顶部露出一根小金属杆
【答案】D
【解析】
【分析】
根据“不是属于防止静电危害的措施”可知，本题考查静电的防止和危害，根据静电危害的原理，分析选项中各措施的原理和目的，判断即可。

【详解】A、印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，所以印刷车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害。

属于防止静电危害。

故A不符合题意；
B、油罐车在运输过程中，油和罐之间不断摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时将静电导走，这是防止静电危害。

属于防止静电危害。

故B不符合题意；
C、不锈钢丝的作用是把鞋底与地毯摩擦产生的电荷传到大地上，以免发生静电危害。

属于防止静电危害。

故C不符合题意；
D、小汽车的顶部露出的一根小金属杆是天线，接受无线电信号用，不属于防止静电危害。

故D符合题意。

本题选不属于防止静电危害的，故选：D。

8.有关磁场，下列说法正确的是
A. 磁场只存在于磁铁周围
B. 磁场中的任意一条磁感应线都是从N极出发终止于S极
C. 磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，是矢量
D. 在磁场中运动的电荷一定受磁场力作用
【答案】C
【解析】
【分析】
根据“有关磁场，下列说法正确的是”可知，本题考查磁场的产生和磁感线的性质，根据磁场的产生、磁场的性质、磁感线的特点和洛伦兹力产生的条件，分析即可。

【详解】A、磁铁和电流都会产生磁场，所以磁场存在于磁铁和通电导线周围，故A错误；
B、磁场外部磁感线由N极指向S极，而内部磁感线由S极指向N极，是闭合曲线，故B错误；
C、磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，是矢量，故C正确；
D、当带电粒子运动方向与磁场方向平行时，电荷不受洛伦兹力，故D错误。

故选：C。

9.在赤道上方沿东西水平放置一根直导线并通以自东向西方向的电流，那么该处地磁场的方
向及该导线所受地磁场作用力的方向为
A. 地磁场向南，磁场作用力向上
B. 地磁场向南，磁场作用力向下
C. 地磁场向北，磁场作用力向上
D. 地磁场向北，磁场作用力向下
【答案】D
【解析】
【分析】
根据“该处地磁场的方向及该导线所受地磁场作用力的方向”可知，本题考查地磁场的方向和左手定则，根据地磁场的性质和左手定则，确定地磁场的方向和安培力的方向。

【详解】地磁场N极在地理南极处，故赤道处的磁场方向从南向北，电流方向自东向西，根据左手定则，安培力的方向向下。

故D正确，A、B、C错误。

故选：D。

10.下列图中，能正确表示直线电流的方向与其产生的磁场方向间关系的是
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
根据安培定则，右手握住直导线，大拇指所指方向为电流方向，四指弯曲方向为电流周围的磁场方向，故方向向下的电流周围的磁场方向为顺时针方向，方向向上的电流磁感线为逆时针方向，故A错误，B正确；根据安培定则方向向外的电流周围的磁场方向为逆时针方向，故CD错误。

故选B。

11.如图所示，关于对带电粒子在匀强磁场中运动的方向描述正确的是
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
根据“对带电粒子在匀强磁场中运动的方向描述”可知，本题考查左手定则的应用，根据左手定则磁场指向和四指指向，即可判断洛伦兹力方向。

【详解】A. 根据左手定则可知A图中洛伦兹力向下，故A错误；
B. 根据左手定则可知B图中洛伦兹力向上，故B正确；
C. 根据左手定则可知C图中洛伦兹力向上，故C错误；
D. 根据左手定则可知D图中洛伦兹力向下，故D错误。

故选：B。

12.在匀强磁场中，垂直磁场方向放入一个面积为3× 10-2 m2的线框，若穿过线框所围面积的磁通量为6 × 10-3Wb，则磁感应强度的大小等于
A. 0.2T
B. 0.4T
C. 0.8T
D. 1.2T
【答案】A
【解析】
根据磁通量的定义：，，故A正确，BCD错误。

故选：A。

13. 关于感应电动势的大小,下列说法中不正确的是: （）
A. 跟穿过闭合电路的磁通量的大小有关系
B. 跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系
C. 跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系
D. 跟电路的电阻大小有关系
【答案】C
【解析】
由法拉第电磁感应定律公式可知ABD错
14.按照麦克斯韦电磁场理论，以下说法中正确的是
A. 电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场
B. 稳定的电场周围产生稳定的磁场，稳定的磁场周围产生稳定的电场
C. 均匀变化的电场周围产生均匀变化的磁场，均匀变化的磁场周围产生均匀变化的电场
D. 周期性变化的电场周围产生周期性变化的磁场，周期性变化的磁场周围产生周期性变化的电场
【答案】D
【解析】
【分析】
根据“按照麦克斯韦电磁场理论”可知，本题主要是考查麦克斯韦电磁场理论，根据麦克斯韦电磁场理论，稳定电场磁场不能产生磁场电场，均匀变化电场磁场周围产生稳定的磁场
电场，周期性变化的电场磁场周围产生周期性变化的磁场电场。

即可判断。

【详解】AB、稳定电场不能产生磁场，稳定磁场不能产生电场，故A错误、B错误；
C、均匀变化电场周围产生稳定的磁场，均匀变化磁场周围产生稳定的电场，故C错误；
D、根据麦克斯韦理论可知，周期性变化的电场周围产生周期性变化的磁场，周期性变化的磁场周围产生周期性变化的电场，故D正确；
故选：D。

15.如图所示的电路，是由各种不同的电子元件组成，每个元件上都有标号，表示电容器的那个标号是
A. ①
B. ②
C. ③
D. ④
【答案】C
【解析】
如图所示电路图中，①是带有铁芯的线圈，表示电感器．②是电灯；③表示的元件由两块平行金属板构成，能够容纳电荷，表示电容器．④是电阻；故C正确．故选：C．
16.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是()
A. 在电场的周围，一定存在着由它激发的磁场
B. 变化的磁场在周围空间一定能形成电磁波
C. 赫兹通过实验证实了电磁波的存在
D. 无线电波的波长小于可见光的波长
【答案】C
【解析】
只有变化的电场才会产生磁场，恒定的电场不能产生磁场，A错误；均匀变化的磁场产生恒定的电场，但是恒定的电场不会产生磁场，B错误；赫兹通过实验证实了电磁波的存在，C正确；依照波长的长短的不同，电磁波谱可大致分为：无线电波，微波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，γ射线（伽马射线），故无线电波的波长大于可见光的波长，D错误．
17.下列关于电磁波的说法中，正确的是
A. 电磁波需要有介质才能传播
B. 频率、波长、能量的强弱都不能影响电磁波的传播速度
C. 麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在
D. 法拉第第一次通过实验验证了电磁波的存在
【答案】B
【解析】
试题分析：电磁波不需要有介质，也能传播，故A错误；电磁波传播的速度与频率、波长、电磁波的能量无关，与传播的介质有关，故B正确；麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在；故CD错误.故选D.
【点睛】电磁波的传播不需要介质，麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在．
18.下列各组电磁波中，按波长由长到短排列正确的是
A. 红外线、紫外线、可见光、射线
B. 射线、紫外线、红外线、可见光
C. 射线、紫外线、可见光、红外线
D. 红外线、可见光、紫外线、射线
【答案】D
【解析】
【分析】
根据“下列各组电磁波中，按波长由长到短排列”可知，本题考查电磁波的范围和波长的长短，根据依照波长的由长到短，电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，射线（伽马射线），分析判断．
【详解】电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，射线伽马射线，故D正确，ABC错误。

故选：D。

19.小明家的保险丝突然熔断，以下原因不可能的是
A. 家用电器的总功率过大
B. 导线绝缘皮损坏，火线、零线直接接触，造成短路
C. 灯座里的电线发生短路
D. 火线断路
【答案】D
【解析】
【分析】
根据“保险丝突然熔断，以下原因不可能的是”可知，本题考查了电流过大的原因和保险丝熔断的原因，根据保险丝熔断的原因是电路中电流过大，电流过大的原因是短路或电路中总功率过大，分析判断即可．
【详解】A、根据得，电路中用电器过多，可能总功率过大，电压不变，电流过大，会熔断保险丝。

说法正确，不符合题意。

故A错误；
B、导线绝缘皮损坏，火线、零线直接接触，造成短路时，电流过大，会导致熔断保险丝。

说法正确，不符合题意。

故B错误；
C、当灯座里的电线发生短路，电路中电流变大时，就会烧毁保险丝，说法正确，不符合题意；故C错误；
D、火线断路时，电路断开，所以不会引起保险丝熔断，故D正确。

本题选不可能的，故选：D。

【点睛】保险丝熔断的原因是电路中电流过大；电流过大的原因是短路或电路中总功率过大。

20.有三个电阻，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，现把它们并联起来接入电路，则通过它们的电流之比为I1：I2：I3是（）
A. 6：4：3
B. 3：4：6
C. 2：3：4
D. 4：3：2
【答案】A
【解析】
试题分析：并联电路两端的电压相等，设为1，则，，，所以，故A正确；
考点：考查了串并联电路规律的应用
【名师点睛】关键是知道并联电路各个支路两端的电压相等，串联电路中电流处处相等，然后根据欧姆定律解题
二、填空题（本大题共3小题，共14.0分）
21.面积S=0.5m2的闭合金属圆线圈处于磁感应强度B=0.4T的匀强磁场中，当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量是 ______ ；当金属圆环转过60°时，穿过环面的磁通量是 ______ ．【答案】 (1). 0.2W b； (2). 0.1W b
【解析】
由题，导线环的面积S=0.5m2，匀强磁场磁感应强度B=0.4T，当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量Φ=BS=0.5×0.4Wb=0.2Wb．当导线环转过60°时，穿过环面的磁通量为Φ'=BSsin30°=0.5×0.4×0.5Wb=0.1Wb．
22.通电导线在磁场中受到的作用叫安培力，安培力的方向可以用________判断（选填“左手定则”或“右手螺旋定则”）。

电动机就是利用通电线圈在磁场中受到安培力作用而转动这
一原理设计的。

电动机工作时将________转化为________（选填“电能”或“机械能”）【答案】 (1). 左手定则； (2). 电能； (3). 机械能；
【解析】
通电导线在磁场中受到的作用叫安培力，安培力的方向可以用左手定则来判断；电动机是将电能转化为机械能的装置；发动机是将机械能转化为电能的装置；
点睛：左手定则的内容：张开左手，使四指与大拇指在同一平面内，大拇指与四指垂直，把左手放入磁场中，让磁感线穿过手心，四指与电流方向相同，大拇指所指的方向是安培力的方向．
23.某发电机组的输出电压为10kV，为了减少远距离输电时的电能损失，需选用______选填“升压”或“降压”变压器将电压改变后再输送。

若改变后的电压为220kV，则此变压器原、副线圈的匝数比是______。

【答案】 (1). 升高 (2). 1：22
【解析】
【分析】
根据“为了减少远距离输电时的电能损失”、“变压器原、副线圈的匝数比”可知，本题考查了远距离输电和变压器的变压原理，根据电功率公式和变压器的电压与匝数成正比，列式分析计算即可。

【详解】输电功率一定，提高电压，减小输电线的电流，根据P=I2R，可以减小功率损耗；
变压器的电压与匝数成正比，要将电压为110kV的电压变为229kV，则所用的变压器为升压变压器，
根据公式
故答案为：升高；1：22
【点睛】输电功率一定，高压输电可以减小功率损耗；变压器原副线圈的电压与匝数成正比。

三、计算题（本大题共3小题，共26.0分）
24.某电机厂有一个圆形500匝的线圈，线圈总电阻为1500欧，2秒末时线圈的电流是，试求该时刻线圈磁通量的变化率是多少？
【答案】
【解析】
【分析】
根据“2秒末时线圈的电流是，试求该时刻线圈磁通量的变化率是多少”可知，本题考查了求磁通量的变化率，根据欧姆定律与法拉第电磁感应定律即可列式求解感应电动势和磁通量的变化率。

【详解】感应电动势：，
由法拉第电磁感应定律得：，
磁通量的变化率：；
答：磁通量的变化率为。

【点睛】根据欧姆定律可求感应电动势，根据法拉第电磁感应定律可求磁通量的变化率。

25.很多家用电器都有待机功能，比如，电视可以用遥控器关机而不必断开电源。

这一功能虽给人们带来了方便，但电器在待机状态下仍有能耗。

下表是小明家两台电器的数据统计。

这两台电器每天待机共耗电多少度？若能及时断开电源，他家每月可以节约多少电费？电价为
元度，每月按30天计算
待机功率每天平均待机时间
【答案】元
【解析】
【分析】
根据“这两台电器每天待机共耗电多少度”可知，本题考查电功的计算，根据W=Pt，可求共耗电能，计算即可。

【详解】根据知两台电器每天待机共耗电能为：
度，
若能及时断开电源，他家每月可以节约电费为：元元。

答：每天待机共耗电度，若能及时断开电源，他家每月可以节省元。

26.如图所示，在水平面上放置的相距为0.2m的平行金属导轨与电源、电键、导体棒AB、滑动变阻器可构成闭合电路，磁感应强度为B=0.5T的匀强磁场竖直向下，导体棒AB的质量
m=0．5kg，它与轨道之间的动摩擦因数μ=0.05。

当电键S闭合时，电路中电流为5A(g取10m ／s2)．求：
(1)此时导体棒AB受到的安培力大小及方向．
(2)此时导体棒AB的加速度大小．
【答案】（1）0.5N，方向水平向左（2）
【解析】
试题分析：（1）由题可得，导体AB受到安培力大小
根据左手定则可知，安培力的方向：水平向左
（2）根据牛顿第二定律，AB的加速度a，则：
代入数据得：
考点：考查了安培力的计算，牛顿第二定律
【名师点睛】由图象可知电流方向，由左手定则判断安培力的方向，根据牛顿第二定律求加速度的大小，基础题，较易。