甘肃省天水市一中2014-2015学年高二上学期第一学段(期中)考试物理(理)试题

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甘肃省天水市一中高二物理上学期第一学段段考试题理(含解析)新人教版

一、选择题 ( 此题共 12 小题，每题 4 分，共 48 分． 1-8 小题给出的四个选项中，只有一个选项正确， 9-12 小题有两个以上选项正确．所有选对的得 4 分，选对但不全的得2 分，有选错或不答的得 0 分 )1．对于电场，以下说法正确的选项是()A ．由 E ＝ F知，若 q 减半，则该处电场强度为本来的2 倍qQ2B ．由 E ＝ k r 2 知， E 与 Q 成正比，而与 r 成反比C ．由 E ＝ kQ2 知，在以 Q 为球心，以 r 为半径的球面上，各处场强均同样rD ．电场中某点场强方向就是该点所放电荷遇到的静电力的方向2．以下图是电场中的一条电场线，已知 ab ＝ bc ，则以下关系式中必定正确的选项是 ( )A ． E a ＝ E b ＝ E cB ． E a >E b >E cC ． φ a >φ b >φ cD ．U ab ＝ U bcA 、B 错；此外只有在匀强电场中 U=Ed ，因此 D 也没法判断。

3．对于电势和电势能以下说法中正确的选项是（）A．在电场中，电势高的地方，电荷在该点拥有的电势能就大B．在电场中，电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它所拥有的电势能也越大C．在电场中的任何一点上，正电荷所拥有的电势能必定大于负电荷拥有的电势能D．在负的点电荷所产生的电场中任何一点上，正电荷所拥有的电势能必定小于负电荷所具有的电势能4．以下图，有一质量为、带电量为q 的油滴，被置于竖直搁置的两平行金属板间的匀m强电场中，设油滴是从两板中间地点，并以初速度为零进入电场的，能够判断A．油滴在电场中做抛物线运动B．油滴在电场中自由落体运动C．油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D．油滴打在极板上的运动时间不单决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的荷质比5．示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理能够等效成以下状况：以下图，真空室中电极K 发出电子( 初速度不计) ，经过电压为U1的加快电场后，由小孔S 沿水平金属板A、B 间的中心线射入板中．金属板长为L，相距为d，当A、B 间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点．已知电子的质量为m、电荷量为e，不计电子重力，以下状况中必定能使亮点偏离中心距离变大的是A．U1变小，U2变大B．U1变大，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小6．一只“ 220V、100W”的灯泡正常工作时的电阻为484 , 假如在它未工作时丈量其电阻，应有A．仍等于484B．大于 484C．小于484D．没法确立7．以下图电路中，S1闭合，S2断开， L1、L2是两个完好同样的灯泡，若将S2闭合后， L1 的亮度将A．不变C．变暗B ．变亮D．怎样变化，不可以确立8.以下图的电路中，电键 S 本来是闭合的，当 R1、 R2的滑片恰巧处于各自的中点地点时，悬在平行板电容器 C两水平极板间的带电灰尘 P 恰巧处于静止状态，能使灰尘 P 加快向上挪动的方法是A．把R1 的滑片向上挪动B．把R2的滑片向上挪动C．把 2 的滑片向下挪动D．断开电键RS9．一带电粒子从电场中的 A 点运动到 B 点，轨迹如图中虚线所示。

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天水一中上学期高二物理期中检测（理科）
物理学是关于大自然规律的知识;更广义地说，物理学探索分析大自然所发生的现象，以了解其规则。

以下是为大家整理的上学期高二物理期中检测，希望可以解决您所遇到的相关问题，加油，一直陪伴您。

一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分，其中1、5、12为多选题，其余为单选题，选对得4分，漏选得2分，不选、错选得0分)
1、如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为φa=5V，φb=3V.下列说法正确的是
A.c点的电势一定为4V
B.a点的场强一定比b点场强大
C.电场线的方向一定向右
D.正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少
2、如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点。

下列说法中正确的是
1。

高二物理上学期期中-天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

甘肃省天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题（本题共11个小题，每个小题3分，共33分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（3分）下列说法正确的是（）A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过克服摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷考点：静电现象的解释．分析：不论静电感应带电，还是摩擦起电，它们不会创造电荷，只是电荷的转移，从一物体转移另一物体，或从一部分转移另一部分，当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷，点电荷的电量不确定，但是元电荷的整数倍．解答：解：A、静电感应不会创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分，故A正确，D错误；B、一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体只能带上同种电荷；故B错误；C、摩擦起电是因为通过电荷发生了转移而产生了电荷，故C错误；故选：A．点评：考查带电或起电的本质，掌握点电荷与元电荷的区别，理解点电荷的成立条件．2．（3分）下列关于电场线的说法中，正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是假象的曲线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、为了形象的描述电场引入电场线的概念，它是假象的切线，实际不存在．故A错误．B、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故B错误．C、电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，故C错误．D、电场线越密的地方场强大，同一试探电荷所受的静电力越大．故D正确．故选：D．点评：记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线是假象的曲线，即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．3．（3分）下列关于电流方向的说法中，不正确的是（）A．电流的方向和自由电子定向移动的方向相同B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向相同考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向规定为电流方向，据此分析答题．解答：解：A、正电荷的定向移动方向是电流的方向，与电子的定向移动方向相反，故A 错误，B正确；C、在金属导体中的电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反，故C正确；D、正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反，所以电流的方向与正离子定向移动的方向相同，故D正确；本题选错误的故选：A．点评：本题考查了电流的方向，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题．4．（3分）如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，则（）A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向相同C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子（不计重力）在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，并且垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，由此可以判断电场和电势的变化的情况．解答：解：A、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b、c三点的电势都相等为零，所以A错误．B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以B 正确．C、无穷远处电势为零，而a、b、c三点的电势都相等为零，所以C错误．D、垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，电场的方向是在水平方向的，所以电荷不能在a、b连线上运动，所以D错误．故选B．点评：本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．5．（3分）如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等考点：电势；电场强度；电场线．专题：图析法．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；故选D．点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低．6．（3分）对于电场中A、B两点，下列说法正确的是（）A．电势差的定义式U AB=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势差的定义式，是比值定义法，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．由此定义可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．电荷电势能的变化只与电场力做功有关．解答：解：A、U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比．故A错误．B、根据电势差的定义式可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A 点移到B点电场力所做的功．故B错误．C、根据电势差的定义式可知：将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差U AB=1V．故C正确．D、电荷由A点移到B点的过程中，电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功．故D错误．故选C．点评：电势差的定义式，是比值定义法，有比值定义的共性，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．7．（3分）如图所示，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（）A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b到a．故B 错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；故选：D点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握．8．（3分）一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，则应在电流计上（）A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：I g R g=（I﹣I g）R，其中I为量程解答：解：改装成电流表要并联电阻分流，其并联电阻阻值为R：R==≈0.1Ω故为并联0.1Ω的电阻．则A错误，B 错误 C 正确 D错误故选：C点评：考查的电流表的改装原理，明确分流程度与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大．9．（3分）电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，则当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为（）A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联电路电流相等，根据欧姆定律得出两电阻之比，当两电阻并联时，电压相等，结合电阻之比求出通过两电阻的电流之比．解答：解：电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，则R1：R2=U1：U2=2：1，当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，则I1：I2=R2：R1=1：2．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道串并联电路的特点，串联电路电流相等，并联电路电压相等．10．（3分）如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A．E a=B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：已知a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．解答：解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：故选：D．点评：本题关键是明确点电荷的场强的公式E=，记住即可，基础题目．11．（3分）横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．已知导线每单位体积中有n 个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，则在时间t内通过导体截面的电子个数为（）A．nSv B．nvt C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由电流定义式和微观表达式可以得到时间t内通过导线横截面的电子数．解答：解：电流可以表示为：解得：N=nsvt故C正确，ABD错误故选：C点评：重点掌握电流的各种表达式，能灵活选取表达式并进行计算．二．多项选择题（本题共4个小题，每个小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的或不选不得分）12．（4分）在静电场中，关于场强和电势的说法正确的是（）A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．解答：解：AB、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故AB错误；C、电势为零是人为选取的，则电势为零的地方场强可以不为零也可能为零．故C正确．D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故D错误．故选：C．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．13．（4分）两个半径相同的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，则两球的电量为：q′==﹣3Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．故选：CD．点评：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．14．（4分）如图所示是某导体的I﹣U图线，下列说法正确的是（）A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图象的意义可明确电流与电压的关系，并能求出电阻的数值，由电流的定义可求得每秒通过电阻截面的电荷量．解答：解：A、由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，故A正确；B、由I=可知，图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可知电阻R=Ω=2Ω，故B正确；C、导体的I﹣U图线是一条倾斜的直线，则该导体为线性元件，故C错误；在R两端加6V的电压时，电路中电流I==3A，则每秒通过电阻的电荷量为q=It=3×1=3C；故D正确；故选：ABD．点评：本题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，区分U﹣I图象与I﹣U图象的异同．15．（4分）如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：计算题．分析：在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB两点的机械能．解答：解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B 点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A 点的动能比在B点多0.5J，选项C正确．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D正确．故选：CD．点评：对于本题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．三．实验题（每空3分，共18分）16．（9分）如图所示，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，则：（选填“增大”、“减小”或“不变”）（1）当向两板间插入电介质时，静电计指针张角变小．（2）当两板间距离增大时，静电计指针张角变大．（3）当两板互相平行地错开时，静电计指针张角变大．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器电量保持不变，根据电容的变化判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化．解答：解：平行板电热器电容：C=，两极板间的电压：U==；（1）当向两板间插入电介质时，两板间的电势差减小，静电计指针张角变小．（2）当两板间距离增大时，两极板间电压增大，静电计指针张角变大．（3）当两板互相平行地错开时，两极板间电压变大，静电计指针张角变大．故答案为：（1）变小；（2）变大；（3）变大．点评：本题考查了判断静电计指针夹角变化情况，应用平行板电热器电容公式、电容定义式即可正确解题．（9分）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，17．电流表内阻为0.5Ω．（1）当测量100Ω左右的电阻时，宜采用甲电路．（2）现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，则此电阻的测量值为20Ω，测量值小于真实值．（选填：“大于”或“小于”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据要测电阻与电压表电流表内阻的大小关系确定内外接法；根据测量数据用欧姆定律求测量值，根据电路求真实值．解答：解：（1）因 R=100Ω＞=50Ω属于大电阻，用电流表内接法，故用甲电路（2）由R测===20Ω由于电压表的分流作用，使电流表示数偏大，则R测偏小．所以测量值小真实值．故答案为：（1）甲（2）20；小于点评：大电阻用内接法，测量值偏大，小电阻用外接法，测量值偏小．四．计算题（本大题共4小题，满分33分．18题8分，19题8分，20题8分，21题9分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分；有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）18．（8分）如果把带电量为q=1.0×10﹣5C的点电荷从电场中A点移至B点，需克服电场力做功1.2×10﹣4J．试求：（1）求A、B两点间的电势差；（2）若选A点电势为零，则B点电势为多大？考点：电势能；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电势差的定义式U=计算A、B两点间的电势差；（2）若选A点电势为零，根据电势差与电势的关系计算B点的电势．解答：解：（1）A、B两点间的电势差为：U AB==V=﹣12V（2）由U AB=φA﹣φB，φA=0得，φB=12V答：（1）A、B两点间的电势差是﹣12V；（2）若选A点电势为零，则B点电势为12V．点评：本题中对于电场力做功与电荷变化的关系要掌握．知道U AB=φA﹣φB，在确定了零电势后可求得某点的电势．19．（8分）有一干电池，当移动1.5C电荷时，非静电力做功为6J，（1）则该蓄电池的电动势为多大？（2）若给一小灯泡供电，供电的电流为0.3A，供电时间12min，则非静电力做功多大？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据电动势的定义式E=，W是非静电力做功，求解蓄电池的电动势．根据此式变形求解非静电力做功．解答：解：（1）已知q=1.5C，非静电力做功为：W=6J则该蓄电池的电动势为：E==V=4V（2）由E=，q=It得非静电力做功为：W非=EIt=4×0.3×12×60J=864J答：（1）则该蓄电池的电动势为4V；（2）非静电力做功864J．点评：本题关键掌握电动势的定义式E=，知道公式中W是非静电力做功．20．（8分）如图所示，匀强电场中a、b两点的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37°角，两点间的电势差为32V．（1）匀强电场的场强大小；（2）把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少多少．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：已知匀强电场中ab间的电势差和距离，根据电势差与场强的关系式U=Ed，d是两点沿场强方向的距离，即可求解场强大小．由W=qU求出电场力做功，即可得到电势能的变化．解答：解：由U ab=Ed ab cos37°，则得：场强 E==/m=100V/m．把q=10﹣10C从a点移到b点，电场力对该电荷做功为：W=qU ab=10﹣10×32J=3.2×10﹣9J，则其电势能将减少3.2×10﹣9J．答：（1）匀强电场的场强大小100V/m．（2）把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少3.2×10﹣9J．点评：解决本题的关键是掌握U=Ed和W=qU两个公式，要注意公式中d是两点沿场强方向的距离．21．（9分）两平行金属板A、B水平放置，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=5×102．﹣6kg的带电微粒，以v0=2m/s的水平初速度从两板间正中央射入，如图所示，取g=10m/s （1）当两板间电压U AB=1×103V时，微粒恰好不发生偏转，求微粒的电量和电性．（2）要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压U的取值范围？考点：带电粒子在混合场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：（1）根据共点力平衡求出粒子的电性和电量的大小．（2）将粒子的运动分解为沿电场方向和垂直电场方向，抓住两个临界状态，即从上极板边缘飞出和下极板边缘飞出，根据牛顿第二定律和运动学公式求出两极板间电压的取值范围．解答：解：（1）微粒恰好不偏转时有：，代入数据解得q=2×10﹣9C，电场力方向竖直向上，电场的方向竖直向下，则微粒带负电．（2）粒子能穿过电场需用时间，设粒子偏转的最大加速度a，则最大侧移量，代入数据解得a=16m/s2当粒子恰好打在下极板边缘时，两板间的电压为U1则代入数据解得U1=600V，当粒子恰好打在上极板边缘，两极板间的电压为U2，代入数据解得U2=2600V．则微粒不能打到金属板上的电压范围为﹣600V＜U AB＜2600V．答：（1）微粒的电量q=2×10﹣9C，微粒带负电．（2）两板间的电压U的取值范围为﹣600V＜U AB＜2600V．点评：解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法，知道粒子在垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向做匀变速直线运动，抓住临界情况，结合等时性，运用牛顿第二定律和运动学公式综合求解．。

甘肃省天水市秦安一中高二物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题

甘肃省天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷一．单项选择题〔此题共11个小题，每个小题3分，共33分．每一小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的〕1．〔3分〕如下说法正确的答案是〔〕A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过抑制摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷2．〔3分〕如下关于电场线的说法中，正确的答案是〔〕A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大3．〔3分〕如下关于电流方向的说法中，不正确的答案是〔〕A．电流的方向和自由电子定向移动的方向一样B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向一样4．〔3分〕如下列图，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如此〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向一样C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子〔不计重力〕在a点无初速释放，如此它将在a、b连线上运动5．〔3分〕如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等6．〔3分〕对于电场中A、B两点，如下说法正确的答案是〔〕A．电势差的定义式U AB=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功7．〔3分〕如下列图，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，假设粒子所受重力不计，如此如下判断正确的答案是〔〕A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能8．〔3分〕一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，如此应在电流计上〔〕A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻9．〔3分〕电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，如此当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为〔〕A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：110．〔3分〕如下列图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的答案是〔〕A．E a=B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b11．〔3分〕横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，如此在时间t内通过导体截面的电子个数为〔〕A．nSv B．nvt C．D．二．多项选择题〔此题共4个小题，每个小题4分，共16分．每一小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的或不选不得分〕12．〔4分〕在静电场中，关于场强和电势的说法正确的答案是〔〕A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零13．〔4分〕两个半径一样的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，如此相互作用力可能为原来的〔〕A．B．C．D．14．〔4分〕如下列图是某导体的I﹣U图线，如下说法正确的答案是〔〕A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C15．〔4分〕如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中抑制重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．如此如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J三．实验题〔每空3分，共18分〕16．〔9分〕如下列图，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，如此：〔选填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕〔1〕当向两板间插入电介质时，静电计指针张角．〔2〕当两板间距离增大时，静电计指针张角．〔3〕当两板互相平行地错开时，静电计指针张角．〔9分〕用伏安法测电阻，可采用如下列图的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，17．电流表内阻为0.5Ω．〔1〕当测量100Ω左右的电阻时，宜采用电路．〔2〕现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，如此此电阻的测量值为Ω，测量值真实值．〔选填：“大于〞或“小于〞〕．四．计算题〔本大题共4小题，总分为33分．18题8分，19题8分，20题8分，21题9分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分；有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．〕18．〔8分〕如果把带电量为q=1.0×10﹣5C的点电荷从电场中A点移至B点，需抑制电场力做功1.2×10﹣4J．试求：〔1〕求A、B两点间的电势差；〔2〕假设选A点电势为零，如此B点电势为多大？19．〔8分〕有一干电池，当移动1.5C电荷时，非静电力做功为6J，〔1〕如此该蓄电池的电动势为多大？〔2〕假设给一小灯泡供电，供电的电流为0.3A，供电时间12min，如此非静电力做功多大？20．〔8分〕如下列图，匀强电场中a、b两点的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37°角，两点间的电势差为32V．〔1〕匀强电场的场强大小；〔2〕把电荷量为1.0×10﹣10C正电荷从a点移到b点电势能将减少多少．21．〔9分〕两平行金属板A、B水平放置，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=5×102．﹣6kg的带电微粒，以v0=2m/s的水平初速度从两板间正中央射入，如下列图，取g=10m/s 〔1〕当两板间电压U AB=1×103V时，微粒恰好不发生偏转，求微粒的电量和电性．〔2〕要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压U的取值范围？甘肃省天水市秦安一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题〔此题共11个小题，每个小题3分，共33分．每一小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的〕1．〔3分〕如下说法正确的答案是〔〕A．不论摩擦起电还是感应起电，都是因为电荷的转移B．一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体有可能带上异种电荷C．摩擦起电是因为通过抑制摩擦做功而使物体产生了电荷D．摩擦起电是创造了电荷考点：静电现象的解释．分析：不论静电感应带电，还是摩擦起电，它们不会创造电荷，只是电荷的转移，从一物体转移另一物体，或从一局部转移另一局部，当电荷间距远大于自身大小时，才能看成点电荷，点电荷的电量不确定，但是元电荷的整数倍．解答：解：A、静电感应不会创造电荷，只是电荷从物体的一局部转移到了另一局部，故A正确，D错误；B、一个带电物体接触另一个不带电物体，两个物体只能带上同种电荷；故B错误；C、摩擦起电是因为通过电荷发生了转移而产生了电荷，故C错误；应当选：A．点评：考查带电或起电的本质，掌握点电荷与元电荷的区别，理解点电荷的成立条件．2．〔3分〕如下关于电场线的说法中，正确的答案是〔〕A．电场线是电场中实际存在的线B．在复杂电场中电场线是可以相交的C．沿电场线方向，场强必定越来越小D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的静电力越大考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是假象的曲线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强．解答：解：A、为了形象的描述电场引入电场线的概念，它是假象的切线，实际不存在．故A错误．B、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，如此有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交．故B错误．C、电场线的疏密代表电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，故C错误．D、电场线越密的地方场强大，同一试探电荷所受的静电力越大．故D正确．应当选：D．点评：记住电场线的特点：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线是假象的曲线，即可顺利解出此题，故要在理解的根底上牢记根本概念．3．〔3分〕如下关于电流方向的说法中，不正确的答案是〔〕A．电流的方向和自由电子定向移动的方向一样B．物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与正离子定向移动的方向一样考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向规定为电流方向，据此分析答题．解答：解：A、正电荷的定向移动方向是电流的方向，与电子的定向移动方向相反，故A 错误，B正确；C、在金属导体中的电流方向与其中的自由电子定向移动的方向相反，故C正确；D、正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反，所以电流的方向与正离子定向移动的方向一样，故D正确；此题选错误的应当选：A．点评：此题考查了电流的方向，是一道根底题，掌握根底知识即可正确解题．4．〔3分〕如下列图，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如此〔〕A．a点电势比b点高B．a、b两点场强方向一样C．a、b、c三点与无穷远处电势不相等D．带电粒子〔不计重力〕在a点无初速释放，如此它将在a、b连线上运动考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，并且垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，由此可以判断电场和电势的变化的情况．解答：解：A、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b、c三点的电势都相等为零，所以A错误．B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以B 正确．C、无穷远处电势为零，而a、b、c三点的电势都相等为零，所以C错误．D、垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，电场的方向是在水平方向的，所以电荷不能在a、b连线上运动，所以D错误．应当选B．点评：此题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于根本的几种电场的情况要了解，此题看的就是学生的根本知识的掌握情况，比拟简单．5．〔3分〕如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等考点：电势；电场强度；电场线．专题：图析法．分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的上下看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．解答：解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；应当选D．点评：此题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的上下．6．〔3分〕对于电场中A、B两点，如下说法正确的答案是〔〕A．电势差的定义式U AB=，说明两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比B．A、B两点间的电势差等于将正电荷从A点移到B点电场力所做的功C．将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差为1VD．电荷由A点移到B点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等与电场力所做的功考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势差的定义式，是比值定义法，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．由此定义可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．电荷电势能的变化只与电场力做功有关．解答：解：A、U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关，不能说两点间的电势差U AB与电场力做功W AB成正比，与移动电荷的电量q成反比．故A错误．B、根据电势差的定义式可知：A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功．故B错误．C、根据电势差的定义式可知：将1C电荷从A点移到B点，电场力做1J的功，这两点间的电势差U AB=1V．故C正确．D、电荷由A点移到B点的过程中，电荷电势能的变化仍等于电场力所做的功．故D错误．应当选C．点评：电势差的定义式，是比值定义法，有比值定义的共性，U AB反映电场本身的性质，与试探电荷无关．7．〔3分〕如下列图，图中实线表示一匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，假设粒子所受重力不计，如此如下判断正确的答案是〔〕A．电场线方向向下B．粒子一定从a点运动到b点C．a点电势比b点电势高D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系．解答：解：A、由曲线运动的知识可知：带电粒子所受的电场力向下，由于粒子带负电所以电场线的方向向上，故A错误；B、由上可知，由于粒子的运动方向不知，所以可能是从a到b，也可能是从b到a．故B 错误；C、由于粒子带负电所以电场线的方向向上，所以a点电势比b点电势低．故C错误；D、带电粒子从a到b点过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，粒子在a点的电势能大于在b点的电势能．故D正确；应当选：D点评：在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生根本要求，也是重点知识，要重点掌握．8．〔3分〕一个电流计的满偏电流I g=100μA，内阻为600Ω，要把它改装成一个量程为0.6A 的电流表，如此应在电流计上〔〕A．串联一个5.4kΩ的电阻B．串联一个约0.1Ω的电阻C．并联一个约0.1Ω的电阻D．并联一个5.4kΩ的电阻考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题；恒定电流专题．分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：I g R g=〔I﹣I g〕R，其中I为量程解答：解：改装成电流表要并联电阻分流，其并联电阻阻值为R：R==≈0.1Ω故为并联0.1Ω的电阻．如此A错误，B 错误 C 正确 D错误应当选：C点评：考查的电流表的改装原理，明确分流程度与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小如此分流大．9．〔3分〕电阻R1、R2串联在电路中时，R1和R2两端电压之比为2：1，如此当R1、R2并联接入电路中时，通过R1与R2的电流之比为〔〕A．1：2 B．2：1 C．1：4 D．4：1考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：串联电路电流相等，根据欧姆定律得出两电阻之比，当两电阻并联时，电压相等，结合电阻之比求出通过两电阻的电流之比．解答：解：电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，如此R1：R2=U1：U2=2：1，当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，如此I1：I2=R2：R1=1：2．故A正确，B、C、D错误．应当选：A．点评：解决此题的关键知道串并联电路的特点，串联电路电流相等，并联电路电压相等．10．〔3分〕如下列图，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的答案是〔〕A．E a=B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：a点与b点与O点的距离关系，根据点电荷的场强公式E=列式求解即可．解答：解：结合几何关系，有：ao：bo=：根据公式E=，有：应当选：D．点评：此题关键是明确点电荷的场强的公式E=，记住即可，根底题目．11．〔3分〕横截面积为S的导线中，通有电流强度为I的电流．导线每单位体积中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率是v，如此在时间t内通过导体截面的电子个数为〔〕A．nSv B．nvt C．D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：由电流定义式和微观表达式可以得到时间t内通过导线横截面的电子数．解答：解：电流可以表示为：解得：N=nsvt故C正确，ABD错误应当选：C点评：重点掌握电流的各种表达式，能灵活选取表达式并进展计算．二．多项选择题〔此题共4个小题，每个小题4分，共16分．每一小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的或不选不得分〕12．〔4分〕在静电场中，关于场强和电势的说法正确的答案是〔〕A．电势高的地方电场强度不一定大B．电场强度大的地方电势一定高C．电势为零的地方场强可能为零D．场强为零的地方电势也一定为零考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零．电势为零是人为选取的．解答：解：AB、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小．电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势不一定高．故AB错误；C、电势为零是人为选取的，如此电势为零的地方场强可以不为零也可能为零．故C正确．D、场强为零的地方电势不一定为零，电势为零是人为选取的．故D错误．应当选：C．点评：对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势上下看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．13．〔4分〕两个半径一样的金属小球，带电荷量之比为1：7，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，如此相互作用力可能为原来的〔〕A．B．C．D．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系．解答：解：由库仑定律可得两球接触前的库仑力为：F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，如此两球的电量为：q′==4Q两球接触后的库仑力为：F'=k=F；当两球带异种电荷时，两球接触中和后再平分电量，如此两球的电量为：q′==﹣3Q 两球接触后的库仑力为：F'=k=故CD正确、AB错误．应当选：CD．点评：两一样小球相互接触再分开，如此电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向．14．〔4分〕如下列图是某导体的I﹣U图线，如下说法正确的答案是〔〕A．通过电阻的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2ΩC．此导体是一个非线性元件D．在R两端加6.0 V电压时，每秒通过电阻截面的电荷量是3.0C考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图象的意义可明确电流与电压的关系，并能求出电阻的数值，由电流的定义可求得每秒通过电阻截面的电荷量．解答：解：A、由图可知，电流随着其两端的电压的增大而增大，故电流与其两端的电压成正比，故A正确；B、由I=可知，图象的斜率表示电阻的倒数，如此由图象可知电阻R=Ω=2Ω，故B正确；C、导体的I﹣U图线是一条倾斜的直线，如此该导体为线性元件，故C错误；在R两端加6V的电压时，电路中电流I==3A，如此每秒通过电阻的电荷量为q=It=3×1=3C；故D正确；应当选：ABD．点评：此题考查欧姆定律的应用，注意对于图象的认识，区分U﹣I图象与I﹣U图象的异同．15．〔4分〕如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中抑制重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J．如此如下说法正确的答案是〔〕A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：计算题．分析：在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，抑制重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比拟AB两点的机械能．解答：解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向一样，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B 点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，抑制重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A 点的动能比在B点多0.5J，选项C正确．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D正确．应当选：CD．点评：对于此题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷抑制电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．三．实验题〔每空3分，共18分〕16．〔9分〕如下列图，静电计的指针和外壳分别与两块平行金属板相连接，使两个金属板带上等量的异种电荷，如此：〔选填“增大〞、“减小〞或“不变〞〕〔1〕当向两板间插入电介质时，静电计指针张角变小．〔2〕当两板间距离增大时，静电计指针张角变大．〔3〕当两板互相平行地错开时，静电计指针张角变大．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：平行板电容器电量保持不变，根据电容的变化判断电势差的变化，从而得出指针偏角的变化．解答：解：平行板电热器电容：C=，两极板间的电压：U==；〔1〕当向两板间插入电介质时，两板间的电势差减小，静电计指针张角变小．〔2〕当两板间距离增大时，两极板间电压增大，静电计指针张角变大．〔3〕当两板互相平行地错开时，两极板间电压变大，静电计指针张角变大．故答案为：〔1〕变小；〔2〕变大；〔3〕变大．点评：此题考查了判断静电计指针夹角变化情况，应用平行板电热器电容公式、电容定义式即可正确解题．〔9分〕用伏安法测电阻，可采用如下列图的甲、乙两种接法．如所用电压表内阻为5 000Ω，17．电流表内阻为0.5Ω．〔1〕当测量100Ω左右的电阻时，宜采用甲电路．〔2〕现采用乙电路测量某电阻的阻值时，两电表的读数分别为10V、0.5A，如此此电阻的测量值为20Ω，测量值小于真实值．〔选填：“大于〞或“小于〞〕．。

甘肃省天水一中高二物理上学期第一学段测试题理【会员独享】

天水一中2009级2022—2012学年第一学期第二阶段试题物理一．选择题（每小题至少有一个选项正确每小题4分，共48分）1．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。

如果在荧光屏上P 点出现亮斑，那么示波管中的A ．极板X 应带正电B ．极板X ’应带正电 C ．极板Y 应带正电D ．极板Y ’应带正电2．在真空中，有两个完全相同的金属小球带电量分别为－Q 1和＋Q 2，相距r 时，其相互作用力为F 。

今将两小球接触一下，再相距r ，这时相互作用力为F/3，则两球原来带电量大小的关系是A ．Q 1:Q 21:3=B ．Q 1:Q 23:1=C ．Q 1:Q 22:1=D ． Q 1:Q 21:2=3．如图所示，带箭头的直线表示某电场的电场线，虚线表示等势线，一个带负电的粒子以一定初速度进入电场，由A 运动到B （轨迹为图中AB 实曲线所示）．设粒子经过A 、B 两点时的加速度和速度分别用a A 、a B 、v A 、v B 表示，则（不计粒子重力）A ．a A ＞a BB ．a A ＜a BC ．v A ＞v BD ．v A ＜v B4．A 、B 是一条电场线上的两点，一正电荷从A 点静止释放，仅在电场力的作用下沿电场线由A 点运动到B 点，此过程中的速度图象如图所示，比较A 、B 两点场强E 和电势φ的大小，以下正确的是A. E A ＞E BB. E A ＜E BC.φA ＞φBD.φA ＜φB5．如图所示，带正电的金属圆环竖直放置，某一时刻，一个电子恰好经过圆环的圆心沿轴线以速度v 0水平向右运动，若电子仅受电场力，则运动情况可能是A ．做匀速直线运动B ．做减速直线运动C ．做加速直线运动D ．以圆心为平衡位置做振动6．如图所示，中子内有一个电荷量为 + 23 e 的上夸克和两个电荷量为 - 13 e 的下夸克，3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为（）A ．ker 2B ．ke 3r2 C ．ke 9r2 D ．2ke 3r27．质量为m 的带正电小球A 悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E 的匀强电场中，当小球A 静止时，细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为A ．E m g33 B ．Em g3 C ．Emg2 D ．Emg28．某电场的部分电场线如图所示，A 、B 是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹(图中虚线)上的两点，下列说法中正确的是 A ．粒子的机械能一定守恒B ．粒子一定是从B 点向A 点运动C ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能D ．粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能9．如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、 c 间距离，用φa 、φb 、φc 和E a 、E b 、E c 分别表示a 、b 、c 三点的电势和场强，可以判定A ．φa ＞φb ＞φ cB ．E a ＞E b ＞E cC ．φa –φb =φb –φ cD ．E a = E b = E c10．关于等势面，以下说法正确的是A ．等势面越密的地方，电场强度越大B ．等量同种点电荷的中垂面一定是等势面C ．在同一等势面上各点的电场强度必定相等D ．在同一等势面上移动电荷，电场力不做功11. 匀强电场中有两点A 、B,已知U AB ＝5V,A 、B 间的距离为0.1m ，则匀强电场的场强A.E ≥50V/mB.E ≤50V/mC.E ＝50V/mD.以上说法都不对12. 对处于静电平衡状态的导体，以下说法正确的是A ．导体一定是等势体a bB．导体内部的场强处处为零C．导体的电势一定为零D．导体表面的电场线一定与表面垂直二. 填空题 (每空4分,共20分 )13．在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A 与一灵敏的相接，极板B和静电计的外壳接地。

甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题Word版含答案

8 首先测得导线横截面积为 1.0mm2 ，查得铜的电阻率为 1.7 10 m ，再利用图甲所示电
路测出铜导线的电阻 Rx ，从而确定导线的实际长度。可供使用的器材有：电流表：量程 0.6A，内阻约 0.2Ω ；电压表：量程 3V，内阻约 9kΩ ；滑动变阻器 R1：最大阻值 5Ω ；滑动变阻器 R2：最大阻值 20Ω ；定值电阻：R 0=3Ω ；电源：电动势 6V，内阻可不计；开关、导线若干。回答下列问题：（1）实验中滑动变阻器应选
b
）
A.Ea＜Eb C.φ a＜φ
D. φ a＞φ
b
11. a、b、c 三个粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中 b 恰好飞出电场，由此可以肯定（）
A.在 b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上 B.b 和 c 同时飞离电场 C.进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小 D.动能的增量相比，c 的最小，a 和 b 的一样大 12. 两个电荷量分别为+q 和－q 的带电粒子分别以速度 va 和 vb 射入匀强磁场，两粒子的入射方向与竖直磁场边界的夹角分别为 30°和 60°，磁场宽度为 d，两粒子同时由 A 点出发，同时到达与 A 等高的 B 点，如图所示，则（ A．a 粒子带正电，b 粒子带负电 B．两粒子的轨道半径之比 Ra∶Rb＝ C．两粒子的质量之比 ma∶mb＝1∶2 D．两粒子的速度之比 va∶vb＝ 3 ∶2
3
）
3 ∶1
二.实验题（每空 3 分，共 18 分） 13. （ 1 ）用多用电表的电阻“×10”挡进行测量时表盘的示数如下图，待测阻值约为 Ω。（2）用螺旋测微器测得样品的外径如下图所示，其示数 D= mm．
14. 实验室购买了一捆标称长度为 100m 的铜导线，某同学想通过实验测其实际长度。该同学

高二物理上学期期中-天水市秦安二中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

甘肃省天水市秦安二中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9-12小题有两个以上选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷），带电荷量分别为﹣3×10﹣9C和9×10﹣9C，它们之间静电力大小为F，现让两小球接触后又放回原处，它们之间静电力大小变为（）A．F B．C．3F D．考点：库仑定律．分析：两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小．解答：解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律可得，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为，F=k=27×10﹣18，当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量均为q=，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F′，则F′=k=F，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分．2．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．解答：解：根据电流强度的定义公式I=；可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．故选：B．点评：本题应能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．3．（4分）下列关于电势和电势能等的说法中，正确的是（）A．电势降落的方向，一定是电场强度的方向B．电场力做正功，电荷的电势能一定减小C．电势越高处，电荷电势能一定越大D．电势能与电荷量大小有关，与电荷种类无关考点：电势．分析：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能就大．电场中电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它具有的电势能不一定越大．电势为零的点，任一试探电荷在该点的电势能一定为零．电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．解答：解：A、沿电场线的方向电势降低，电场线的方向是电势降落最快的方向，不能说电势降低的方向就是电场线的方向．故A错误；B、电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．故B正确；C、根据推论可知：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故C错误；D、电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故D错误．故选：B．点评：本题考查电势、电势能的关系，可根据电势的定义式φ=分析它们之间的关系．要注意电荷的正负．4．（4分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．P B．C．D．P﹣考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机消耗的电功率为P=UI，发热功率P热=I2r．解答：解：电动机消耗的电功率为P，加在电动机上的电压是U，故电流为：I=；发热功率：P热=I2R=；故选：C．点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路；电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．5．（4分）下列说法中错误的是（）A．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．制作汽油桶的材料用金属比塑料好C．电工穿绝缘衣比金属衣安全D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全考点：* 静电的利用和防止．分析：避雷针利用尖端放电来中和电荷；其它选项均利用静电屏蔽作用，从而即可求解．解答：解：A、避雷针是利用中和电荷，尖端放电，来避免雷击的一种设施，故A正确；B、因为塑料和油摩擦容易起电，静电积累多了容易有火花，会爆炸，危险!而且会造成巨大的损失，而金属能及时把产生的静电导走，故B正确；C、电工穿金属衣比绝缘衣安全，直到静电屏蔽，故C错误；D、呆在汽车里比呆在木屋里要安全，汽车起到静电屏蔽作用，故D正确，本题选择错误的，故选：C．点评：考查避雷针的工作原理，理解尖端放电，掌握静电屏蔽作用及在实际生活中的应用．6．（4分）如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2，则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（不计粒子重力）（）A．＜B．＜C．＜D．＜考点：带电粒子在匀强电场中的运动．分析：带电粒子无初速度在加速电场中被加速，又以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子先做匀加速直线运动，后做类平抛运动．这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动．可利用加速电场的电压U 求出进入偏转电场的初速度，然后运用偏转电场的长度L求出运动时间，由于分运动间具有等时性，所以由运动学公式求出垂直于初速度方向的位移．值得注意的是，求出的位移不是等于偏转电场的宽度，而是小于或等于宽度的一半．解答：解：带电粒子在电场中被加速，则有 qu1=﹣0 （1）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，可看成匀速直线运动与匀加速直线运动的两分运动．匀速直线运动：由运动学公式得 L=vt （2）匀加速直线运动：设位移为x，则有x==t2（3）要使带电粒子能飞出电场，则有x＜（4）由（1）﹣（4）可得：＜故选：C．点评：考查带电粒子在电场中加速与偏转，从而先做匀加速直线运动，后做匀加速曲线运动．运用了运动学公式与动能定理，同时体现出处理类平抛运动的方法．还值得注意是：粒子的偏转位移应小于偏转电场宽度的一半．7．（4分）如图所示电路中，S1闭合，S2断开，L1、L2是两个完全相同的灯泡，若将S2闭合后，L1的亮度将（）A．不变B．变亮C．变暗D．如何变化，不能确定考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：将S2闭合后，分析外电路总电阻的变化，判断总电流的变化，由闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化，即可判断L1亮度的变化．解答：解：将S2闭合后，两灯并联，外电路总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，由闭合电路欧姆定律分析可知路端电压减小，灯L1的电压减小，实际功率减小，所以L1的亮度变暗．故C正确．故选：C点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，关键掌握并联电路的总电阻小于任何一个支路的电阻，由闭合电路欧姆定律进行分析．8．（4分）如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P 加速向上移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：要使尘埃P上移，应使其受到的合力向上，则应增大电容器两端的电压；通过闭合电路欧姆定律分析如何调节滑动变阻器．解答：解：P开始时受重力、电场力而保持静止，电场力竖直向上，而要使P向上运动，必须增大电场力，需要增大板间场强，则电容器两端的电压应增大；A、R1此时相当于导线，故调节R1不会改变电容器两端的电压．故A错误；B、由电路图可知，电容器与R2的上端并联，把R2的滑片向上移动时电容器板间电压减小，场强减小，则尘埃P所受的电场力减小，所以P应向下移动．故B错误．C、把R2的滑片向下移动，使C两端的电压增大，可知尘埃P向下加速运动；故C正确．D、断开电键S时，电源断开，电容器充电，板间场强逐渐减小，尘埃向下加速运动，故D 错误；故选：C．点评：本题关键确定电容器板间电压，要注意电容器两端的电压等于与之并联电阻两端的电压；而与电容器串联的电阻只能作为导线处理．9．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子在A点的初速度为零考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．解答：解：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B 点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C 正确；D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D错误．故选：BC．点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，判定动能增加与否，从确定速度大小．10．（4分）两个完全相同的灵敏电流计改装成两个不同量程的电压表V1、V2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表（）A．读数相同B．指针偏转的角度相同C．量程大的电压表读数大D．量程大的电压表读数小考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：两表串联后，通过每个电流表的电流相同，指针偏转角度相同，但两电压表的总内阻不同，则两表的示数不同，其示数之比为两表的内阻之比．解答：解：A、两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同．故A错误．B、因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确．C、两表指针偏转角度相同，示数不等．因是串联关系，分压之比为内阻之比，量程大的内阻大，电压表读数大，故C正确，D错误．故选：BC．点评：考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为串联关系，相同的电流表电流相同，偏转角度一样，而对应刻度由量程决定．11．（4分）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源的电动势，r为电源内阻，且R1＞r，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：R1为定值电阻，R2为可变电阻，根据P=I2R1可以分析电阻R1的功率的变化情况，由于R2减小的时候，电路电流就在增加，所以不能根据P=I2R2来分析R2的功率的变化情况；当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大．解答：解：A、根据数学知识分析得知，当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，当把R1和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R1+r，根据结论可知，当R2=R1+r时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，所以A正确；BC、根据P=I2R1可知，当R2=0时，电路的总电流最大，所以此时R1获得最大功率，所以B 错误，C正确；D、电源的输出功率的变化关系为先增大在减小，当当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，由于R1＞r，外电阻已经大于了内电阻，所以此时电源的输出功率随着外电阻的增大而减小，所以当R2=0时，电源的输出功率最大，所以D正确；故选：ACD．点评：对于R2的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把R1和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的变化情况，即为R2的功率的情况．12．（4分）如图所示的两个电路中，电源相同，各电阻阻值相等，电源和电流表内阻不可忽略，四个相同的电流表、、、的读数分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式正确的是（）A．I1=I3B．I1＜I4C．I2=2 I1D．I2＜I3+I4考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：由题，电源相同，其内阻不计，电路的路端电压等于电动势．根据串联电路电压的分配，分析A1和R串联的电压与A3和R串联电压的关系，分析I1和I3及I1和I4大小．根据并联电路的特点分析I1和I3的关系．根据外电路总电阻的关系，判断I2与I3+I4的关系．解答：解：A、B、左图中，A1和R串联的电压小于电源的电动势，右图中，A3和R串联电压等于电源的电动势，则I1＜I3，I1＜I4．故A错误，B正确．C、由于电流表的内阻不可忽略不计，A1和R串联这一路电流小于R的电流，所以I2＞2I1．故C错误．D、设电流表的内阻为r，左图中外电路总电阻为R左=r+=，右图中，外电路总电阻R右=（R+r），根据数学知识得到＞1，所以左图中干路电流小于右图中干路电流，即有I2＜I3+I4．故D正确．故选：BD．点评：本题难度在于运用数学知识分析两图中外电阻的大小，作商是比较大小经常用到的方法．二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共14分）.13．（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～15V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A回答下列问题：（1）实验中电流表应选用C （用序号表示）；（2）如图是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电流来选择电流表量程；题（2）的关键是根据小灯泡电阻满足，可知电流表应用外接法．解答：解：（1）：根据小灯泡规格“6V，1.5W”可知，小灯泡额定电流为：I=，所以电流表应选C；（2）：小灯泡在额定情况下的电阻为R=，由于满足，所以电流表应用外接法；连线图如图所示：故答案为：（1）C（2）如图点评：应明确：①应根据待测电阻的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．14．（8分）在把电流表改装为电压表的实验中，实验所用的电流表满刻度电流为200μA，欲将此表改装成量程为2V的电压表．（1）为测出电流表的内阻，采用如图1所示的电路原理图．请将以下各实验步骤填写完整．①依照电路原理图将实物连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S1，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验完毕时，两个电阻箱读数如图2所示，则电流表内阻r g=500Ω．这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值偏小（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：（1）根据半偏法测电阻的原理完成实验步骤．（2）电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积是电阻箱示数，根据串并联电路特点分析实验误差．解答：解：（1）①为保护电路，连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节 R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S2，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验应用半偏法测电流表内阻，电流表内阻等于电阻箱R′的阻值，由图2所示R′可知，电阻箱阻值为：R′=0×100000Ω+0×10000Ω+0×1000Ω+5×100Ω+0×10Ω+0×1Ω=500Ω，则电流表内阻为：r g=R′=500Ω．半偏法测电流表内阻，当闭合S1时，电路总电阻变小，电路总电阻变大，电流表半偏法时流过电阻箱的电流大于满偏电流的一半，电阻箱阻值小于电流表内阻，用这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值偏小．故答案为：（1）①大；②S2；R；③S1；R′；④R′；（2）500；偏小．点评：本题考查了半偏法测电流表内阻实验，要掌握半偏法测电阻的原理、会进行实验误差分析．三、解答题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本大题3小题，共38分）. 15．（12分）如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m 的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：（1）电子通过B点时的速度大小V；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）根据动能定理求出电子通过B点时的速度大小；（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，根据水平方向上做匀速直线运动，求出运动的时间，结合竖直方向上做匀加速直线运动求出侧移距离．解答：解：（1）从A到B由动能定理得：eU0=mv02解得：v0=；（2）电子作类平抛运动有：=ma，解得：a=水平方向 L=v0t竖直方向 y=at2解之得：y=答：（1）电子通过B点时的速度大小为；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间飞出时的侧移距离y为．点评：本题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，掌握处理带电粒子在偏转电场中运动的方向，结合牛顿第二定律和运动学公式，抓住等时性进行求解．16．（12分）在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？（2）电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI﹣I2r求解输出功率．解答：解：（1）通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I=得：I===0.1 A（2）由E=Ir+U+U D可得电动机两端电压：U D=E﹣Ir﹣U=6 V﹣0.1×1 V﹣0.3 V=5.6 V所以电动机输入的电功率：P入=U D I=0.56 W电动机的发热功率：P热=I2R=0.02 W电动机的输出功率：P出=P入﹣P热=0.54 W答：（1）通过电动机的电流是0.1A；（2）电动机输入的电功率为0.56W、转变为热量的功率为0.02W和输出机械功率是0.54W．点评：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．17．（14分）有一种测量压力的电子秤，其原理如图所示．E是内阻不计、电动势为6V的电源．R0是一个阻值为400Ω的限流电阻．G是由理想电流表改装成的指针式测力显示器．R 是压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，其关系如下表所示．C是一个用来保护显示器的电容器．秤台的重力忽略不计．压力F/N 0 50 100 150 200 250 300 …电阻R/Ω300 280 260 240 220 200 180 …（1）在坐标系中画出电阻R随压力F变化的图线，并归纳出电值R随压力F变化的函数关系式（2）写出压力与电流的关系式，说明该测力显示器的刻度是否均匀（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的量程是多少牛顿？考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据电阻随压力变化的数据来画图，把压力和电阻作为一组有序数对在坐标系中描点然后连接即可．再根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知电阻与压力成一次函数关系，利用待定系数法可确定函数关系式．（2）根据欧姆定律推导串联电路电流的关系式，结合R与F的关系式推导压力与电流的关系式可知测力显示器的刻度是否均匀．（3）根据串联电路电压规律可知压敏电阻两端的电压，根据串联电路特点可计算压敏电阻的值，进一步计算测力计的最大测量值．解答：解：（1）把压力大小作为横坐标，把电阻大小作为纵坐标，在坐标系中描点连线即可得压敏电阻R的阻值随压力F的大小变化的图象．如图．根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知压敏电阻R的阻值与压力F成一次函数关系，设它们的关系式为R=KF+b．把F=50N，R=280Ω和F=100N，R=260Ω代入得：280=50K+b…①，260=100K+b…②．①②构成方程组解得K=﹣0.4，b=300，所以它们的关系式为R=300﹣0.4F．（2）根据欧姆定律得 I=把R=﹣0.4F+300，U=6V，R0=400Ω代入上式化简得：F=1750﹣所以压力和电流不成一次函数关系，故该测力显示器的刻度是不均匀的．（3）从上式可知，压力增大时，压敏电阻值减小，当电阻两端的电压为5V时，压敏电阻两端的电压为：U1=U﹣U0=6V﹣5V=1V根据串联电路特点可得==即=得 R=80Ω把R=80Ω代入R=300﹣0.4F．即80=﹣0.4F+300解得F=550N．答：（1）利用表中的数据归纳出电阻R随压力F变化的函数式为R=300﹣0.4F；（2）通过寻求压力与电流表中电流的关系为F=1750﹣，该测力显示器的刻度不均匀．（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的最大称量值为550N．点评：本题考查学生对欧姆定律和串联电流特点的掌握并结合函数知识对实际问题做出正确的判断．。

甘肃省天水市一中2015届高三上第一学段物理考试试题及答案

天水一中2012级2014～2015学年度第一学期第一学段考试题物理命题人：刘卫东审核人：赵小华一、选择题(每小题4分，共48分。

注意：第1、3、6、10、12小题为多选题)1．a 、b 两辆汽车在同一条平直公路上行驶的v －t 图象如下图所示．下列说法正确的是 A.t 1时刻，a 车和b 车处在同一位置 B.t 2时刻，a 、b 两车运动方向相反C.在t 1到t 2这段时间内，b 车的加速度先减小后增大D.在t 1到t 2这段时间内，b 车的位移大于a 车的位移2．如图所示，两轻弹簧a 、b 悬挂一小铁球处于平衡状态，a 弹簧与竖直方向成30°角，b 弹簧水平，a 、b 的劲度系数分别为k 1、k 2，则a 、b 两弹簧的伸长量x 1与x 2之比为 A.212k k B.21k k C.12k k D.212kk3．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的的质量均为m ，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为3μ，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g 。

现对物块施加一水平向右的拉力F ，则木板加速度大小a 可能是 A ．g a μ= B ．32g a μ=C ．3g a μ=D ．32gm F a μ-= 4．在高速公路的拐弯处，路面造得外高内低，即当车向右拐弯时，司机左侧的路面比右侧的要高一些，路面与水平面间的夹角为θ,设拐弯路段是半径为R 的圆弧，要使车速为v 时车轮与路面之间的横向（即垂直于前进方向）摩擦力等于零，θ应满足 A. gtan θ＝v 2/R B. gsin θ＝v 2/R C. gcot θ＝v 2/R D. gcos θ＝v 2/R 5．一物体从某高度以初速度v 0水平抛出，落地时速度大小为v t ，则它运动时间为A ．g v v t 0-B ．gv v t 22-C ．g v v t 2202- D ．g v v t 20- 6．如图所示，一个匀速转动的半径为R 的水平圆盘上放着两个木块，木块M 放在圆盘的边缘处，木块M 和N 质量之比为1:3，且与圆盘摩擦因数相等，木块N 放在离圆心13R 处，它们都随圆盘一起做匀速圆周运动。

甘肃省天水市一中高三物理上学期第一学段考试试题(含解析)新人教版

甘肃省天水市一中2014届高三物理上学期第一学段考试试题（含解析）新人教版一、选择题（本题共12小题，每小题4分.共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1—7题只有一项符合题目要求，第8—12题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.））1．第一次通过实验比较准确的测出万有引力常量的科学家是A、牛顿B、伽利略C、胡克D、卡文迪许2．下列说法正确的是（）A、物体做匀速直线运动，机械能一定守恒B、物体所受的合力不做功，机械能一定守恒C、物体所受的合力不等于零，机械能可能守恒D、物体所受的合力等于零，机械能一定守恒3．经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”。

“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体。

如图，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动。

现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1∶m2 =3∶2，则可知A 、m 1、m 2做圆周运动的线速度之比为3∶2B 、m 1、m 2做圆周运动的角速度之比为3∶2C 、m 1做圆周运动的半径为52LD 、m 2做圆周运动的半径为52L4．质量为m 的物体，从距地面h 高处由静止开始以加速度a ＝13g 竖直下落到地面，在此过程A 、物体的动能增加13mghB 、物体的重力势能减少13mgh C 、物体的机械能减少13mgh D 、物体的机械能保持不变【解析】5．使物体脱离某星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v 2与第一宇宙速度v 1的关系是v v 22 1。

已知某星球的半径为r ，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g 的61。

不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为A 、gr 61B 、gr 31C 、gr 21D 、gr6. 静止在粗糙水平面上的物块A 受方向始终水平向右的拉力作用下做直线运动，t =4s 时停下，其速度—时间图象如图所示，已知物块A 与水平面间的动摩擦因数处处相同，下列判断正确的是A 、全过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功B 、全过程拉力做的功等于零C 、t =2s 时刻拉力瞬时功率，为整个过程拉力功率的最大值D、t=1s到t=3s这段时间内拉力不做功7．如图所示，小球以初速度为v0从光滑斜面底部向上滑，恰能到达最大高度为h的斜面顶部。

甘肃省天水市高二物理上学期期中考试试题新人教版

物理一、选择题(本题共13小题，每小题4分，共52分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1对于金属导体，还必须满足下列哪一个条件才能在导体中产生恒定的电流？（）A．有可以自由移动的电荷 B．导体两端有电压C．导体内存在电场 D．导体两端加有恒定的电压2.某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1．0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）A．0A B．0.8A C．1.6A D．3.2A3.下列关于电阻率的叙述，正确的是（）A.电阻率与导体的长度和横截面积有关B.电阻率表征了材料的导电能力的强弱，由导体的材料决定，且与温度有关C.电阻率大的导体，电阻一定大D.有些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响，可以用来制成电阻温度计4.一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R。

把它拉制成直径为d／5的均匀细丝后，它的电阻变为（）A．R／625 B．R／500 C．500R D．625R5.下列关于电流说法正确的是（）A、导体中没有电流时，说明导体内部没有电荷移动B、由I＝U/R可知，导体两端电压越大，经过导体电流越大C、电流有方向，所以是矢量D、由R＝U/I可知，经过导体的电流越大，导体电阻越小6.关于电动势下列说法正确的是（）A．电源电动势等于电源正负极之间的电势差B．用电压表直接测量电源两极得到的电压数值，实际上总略小于电源电动势的准确值C．电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D．电源电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量7.如右图为多用表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻r g=100Ω，调零电阻的最大值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.8V，用它测量电阻R x，能准确测量的阻值范围是（）A．40kΩ～80kΩ B．4kΩ～8kΩC．400Ω～800Ω D．40Ω～80Ω8.电动机的内阻阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是（）A电动机消耗的电能为UItB电动机消耗的电能为I2RtC电动机线圈产生的热量为I2RtD电动机线圈产生的热量为U2t/R9.如图，电源的内阻不可忽略．已知定值电阻R1=10Ω，R2=8Ω．当电键S接位置1时，电流表的示数为0.20A．那么当电键S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值（）A.0.28AB.0.25AC.0.22AD.0.19A 2AR1R2 110.关于三个公式R U P R I P UI P /,,22===的适用范围，以下说法正确的是（）A.第一个公式普遍适用于求电功率，后两个公式普遍适用于求热功率B.在纯电阻电路中，三个公式既可适用于求电功率又可适用于求热功率C.在非纯电阻电路中，第一个公式可适用于求电功率，第二个公式可适用于求热功率，第三个公式没有意义D.由RI U =可知，三个公式没有任何区别，它们表达相同的意义，所求P 即是电功11．用电流表和电压表测量电阻Rx 的阻值．如图所示，分别将图甲和图乙两种测量电路连接到电路中，按照甲图时，电流表示数4.60 mA ，电压表示数2.50 V ；按照乙图时，电流表示数为5.00 mA ，电压表示数为2.30 V ，比较这两次结果，正确的是（）A ．电阻的真实值更接近543 Ω，且大于543 ΩB ．电阻的真实值更接近543 Ω，且小于543 ΩC ．电阻的真实值更接近460 Ω，且大于460 ΩD ．电阻的真实值更接近460 Ω，且小于460 Ω12．用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表．将它们串联起来接入电路中，如图所示，此时（）A ．两只电表的指针偏转角相同B ．两只电表的指针都不偏转C ．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D ．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角13．为了测定小灯泡的伏安特性曲线，需要测得的电压范围尽可能大些，误差小些，为此，下列电路合适的是（）二、实验题(本题共2小题，每空5分共10分．请按照要求作答)14．某研究性学习小组利用如图（甲）所示电路测量某电池的电动势E 和内电阻r .由于该电池的内电阻r 较小，因此在电路中接入了一阻值为2.00 Ω的定值电阻R 0.闭合开关S ，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U ，并计算出通过电阻箱的电流数值I ，为了比较准确地得出实验结论，在坐标纸中画出了如图（乙）所示的U －I 图象，由图象可得：E ＝________V ，r ＝________Ω.三、计算题(本题共3小题，共38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15.(12分)有一个直流电动机，把它接入0.2V 电压的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A ，若把它接入2V 电压的电路中，电动机正常工作，工作电流是1A 。

天水一中高二物理上学期第一学段段中试题理

天水一中2012级2013～2014学年第一学期第一学段中考试题物理（理科）一、选择题：（共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）00。

1．下述说法正确的是A ．根据E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比。

B ．根据E = KQ/r 2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比。

C ．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强。

D ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．在真空中有两个完全相同的金属的小球甲和乙，给甲球带上大小为q 1的正电荷，乙球带上大小q 2的负电荷（带电小球视为点电荷），把两球放在距离为r 的两点，小球可视为点电荷，两球间的库仑力大小为F 。

现使两球接触，然后分开放回原处，两球间的库仑力大小变为F/8，则两球原来带电量大小的关系可能是A ．q 1=2q 2B ．q 2=3q 1C ．q 1=4q 2D ．q 2=8q 1 3．在真空中的A 点固定一个带电量大小为Q 的正点电荷，有一个质量为m 的带电油滴恰好是在A 点正下方距离为r 的B 点处保持静止，油滴带电量大小q ，则A ．油滴一定带正电B ．油滴一定带负电C ．B 点处的电场强度大小等于mg/qD ．B 点处的电场强度大小等于KQ/r 24．如图所示，在A 、B 两点上放置两个点电荷，它们的电荷量分别为q 1、q 2，MN 是过a 、b 的直线，P 是直线上的一点。

若P 点的场强为零，则 A ． q 1、q 2都是正电荷，且q 1＞q 2B ． q 1是正电荷，q 2是负电荷，且q 1＜|q 2|C ． q 1是负电荷，q 2是正电荷，且|q 1|＞q 2D ． q 1、q 2都是负电荷，且|q 1|＜|q 2|5．如图所示，P 、Q 是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点为O ， A 、B 是中垂线上的两点， OA < OB ，用E A 、E B 、φA 、φB 分别表示A 、B 两点的场强和电势，则A ．E A 一定大于EB ，φA 一定大于φB B ．E A 不一定大于E B ，φA 一定大于φBC ．将正电荷q 由A 移到B 电场力一定做正功，电势能减小D ．将负电荷q 由A 移到B 电场力做正功，电势能减小6．如图所示是点电荷电场中的一条电场线，Ａ、Ｂ是这电场线上的两点，若将一负电荷从A 点自由释放，负电荷沿电场线由A 到B 运动过程中，加速度逐渐减小，比较A 、B 两点电势的高低和场强的大小，可得：A ．φA ＜φB B ．φA ＞φBC ．E A ＜E BD ．E A ＞E B 7．一个带正电的质点，电量q=2.0×10-9C ，在静电场中由a 点移到b 点，在这过程中，除电场力外，其它力做的功为6.0×10-5J ，质点的动能增加了8.0×10-5J ，则a 、b 两点间的电势差U ab 为A ．1×104VB ．3×104VC ．4×104VD ．7×104VPN· · AB8．如图所示，A 、B 两点各放有电量为+Q 和+2Q 的点电荷，A 、B 、C 、D 四点在同一直线上，且AC=CD=DB 。

【物理】甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中试卷(文科)

甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共24小题，每小题2分，满分48分．在每小题给出的四个选项中，其中只有一个选项符合题目要求）1．（2分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的电荷，才能作为点电荷B．体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C．点电荷一定是带电量很小的电荷D．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体简化为一个点，叫做点电荷．同一个电荷能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．解答：解：A、体积很小的带电体，如果相对于研究的问题，体积不能忽略不计，将其简化为点产生的误差较大，那么就不能简化为点，故A错误；B、体积较大的带电体，如果相对于研究的问题，体积可以忽略不计，将其简化为点产生的误差较小，那么可以简化为点电荷，故B错误；C、点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，故C错误；D、当电荷在球上均匀分布时，可以将其看成是电荷全部集中于球心的点电荷，否则会产生较大的误差，故D正确；故选D．点评：如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷．一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，即需要具体问题具体分析．2．（2分）电场强度的定义式为E=，则（）A．该定义式只适用于点电荷产生的电场B．F是试探电荷所受到的力，q是产生电场的电荷电量C．场强的方向与F的方向相同，场强的大小E与F成正比，与q成反比D．电场强度的单位是牛/库考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：E=是电场强度的定义式，q是检验电荷的电荷量，F是检验电荷所受的电场力，适用于任何电场．场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同．场强仅由电场本身决定．解答：解：A、E=是电场强度的定义式，适用于任何电场．故A错误．B、公式中F是检验电荷所受的电场力，q是检验电荷的电荷量，故B错误．C、场强的方向与放在该点的正电荷所受的电场力方向相同，与放在该点的负电荷所受的电场力方向相反．故C错误．D、F的单位是N，q的单位是C，由此公式可得E的单位为N/C．故D正确．故选：D点评：对于电场强度的定义式E=，可从定义的方式、E的单位、方向、与电场力的关系等方面来理解E的物理意义．3．（2分）如下图所示，表示磁场对通电直导线的作用，其中不正确的是（）A．B．C．D．考点：左手定则．分析：根据左手定则来判断即可，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．解答：解：A、根据左手定则可得，安培力的方向垂直导线斜向上，所以A正确；B、根据左手定则可得，安培力的方向水平向左，所以B正确；C、根据左手定则可得，安培力的方向向下，所以C错误；D、根据左手定则可得，安培力的方向水平向左，所以D正确；因选不正确，故选：C．点评：掌握住左手定则的内容，直接判断即可，比较简单，同时要注意与右手定则的区别，注意磁场方向、电流方向以及安培力的方向之间的关系．4．（2分）如图所示是等量点电荷的电场线，下列说法中正确的是（）A．都是同种点电荷的电场线B．都是异种点电荷的电场线C．甲是同种点电荷的电场线，乙是异种点电荷的电场线D．甲是异种点荷的电场线，乙是同种点电荷的电场线考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断甲是异种点荷的电场线，乙是同种点电荷的电场线．故选D．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．（2分）某电场的电场线如图所示，则某点电荷A和B所受电场力的大小关系是（）A．F A＞F B B．F A＜F BC．F A=F B D．电荷正负不明无法判断考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；再据F=Eq判断即可．解答：解：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，A 点的电场线密，所以A点的电场强度大，电荷在A点受到的电场力大，所以F A＞F B，故A正确，BCD错误．故选：A．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小即可解决本题．6．（2分）关于电流，下列说法正确的是（）A．电荷的移动形成电流B．只有正电荷的定向移动才能形成电流C．正电荷定向移动的方向与电流方向相同D．电路中电流的方向是由电源的负极到电源的正极考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：解答本题需要知道电流的形成，电路中形成电流的条件，电流方向的规定，电流大小的定义．解答：解：A、电流是由电荷定向移动形成的，选项A中缺少“定向”两个字，故A错误；B、正负电荷的定向移动均可以形成电流；故B错误；C、我们规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同；故C正确；D、电路中电流的方向，在电源内部由电源的负极流向正极，外部由正极流向负极；故D错误；故选：C．点评：本题综合考查了电流的形成、电流形成的条件、电流的方向和电流大小，这些都是基本内容，要记住．7．（2分）对于远距离输电，下列说法正确的是（）A．远距离输电输送的是直流电B．高压输电可以减少电能损失C．高压线路上的电压可以随意升高D．输电线上的电阻越大，则电能损失越小考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI可知，输送功率一定，当输送电压越大时，输送电流越小，根据P损=I2R 可知，输电线的电能损失，在高压输电中，电压不是随意提高，要综合考虑各种因素，又如：感抗与容抗．解答：解：A、远距离输电是来自于发电站，是交流电发电机，故A错误；B、根据P=UI可知，输送功率一定，当输送电压越大时，输送电流越小，根据P损=I2R可知，输电线的电能损失减小，故B正确；C、在高压输电中，电压不是随意提高，要综合考虑各种因素，故C错误；D、根据P损=I2R可知，输电线上的电阻越大，则输电线的电能损失越大，故D错误；故选：B．点评：考查公式P=UI与P损=I2R的应用，注意输电线的电压降与输电线两端电压的区别，是解题的关键．8．（2分）下列电学器件中，哪个是电容器（）A．B．C．D．考点：常见电容器的构造．专题：电容器专题．分析：每种类型的电容内部结构是不一样的！简单来说就是，两个电极中间夹了一层介质就构成了电容！根据介质的不同又分为薄膜电容、铝电解电容、陶瓷电容等解答：解：A、这是电流表，用来测量电流的器材．故A错误．B、这是滑动变阻器，是一个可调电阻．故B错误．C、这是一个可调电容大小的电容器，故C正确．D、这是一个蓄电池，故D错误．故选C．点评：了解常见的电容器构造，并能区分于其他的电器．9．（2分）关于磁感线的下列说法中，正确的是（）A．磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B．磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同C．磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，终止于磁铁的南极D．磁感线有可能出现相交的情况考点：磁感线及用磁感线描述磁场．分析：磁感线是磁场中的有方向的曲线，但是人为假想的，不存在．磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同．在磁铁的外部磁感线从磁铁的北极出发，进入磁铁的南极，而在磁铁的内部磁感线从磁铁的南极出发，指向磁铁的北极．磁感线不可能出现相交．解答：解：A、磁感线是磁场中的有方向的曲线，但是人为假想的，并不存在．故A错误．B、根据规定，磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同．故B正确．C、在磁铁的外部磁感线从磁铁的北极出发，进入磁铁的南极，而在磁铁的内部磁感线从磁铁的南极出发，指向磁铁的北极．故C错误．D、磁感线不可能出现相交．如相交，交点处磁场方向就有两个，不可能．故D错误．故选B点评：本题考查对磁感线的认识和理解能力．对于磁感线常常抓住几个“不”：不存在，不相交，不是粒子运动轨迹．但是闭合曲线．10．（2分）下列物理量的单位是“特斯拉”的是（）A．安培力B．电场强度C．电容D．磁感应强度考点：磁感应强度．分析：“特斯拉”是磁感应强度的单位，不是电场强度、电动势、电容的单位．解答：解：A、安培力的单位是牛顿，不是特斯拉．故A错误；B、电场强度的单位是牛/库，不是特斯拉．故B错误．C、电容的单位是法拉，不是特斯拉．故C错误．D、磁感应强度的单位是特斯拉．故D正确．故选：D点评：本题考查对物理量的掌握程度．单位是物理量的组成部分，对名称和符号都要记住，可结合物理公式加强记忆．11．（2分）关于洛伦兹力，下列说法正确的是（）A．电荷处于磁场中一定受到洛伦兹力B．运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力C．某运动电荷在某处未受到洛伦兹力，该处的磁感应强度一定为零D．洛伦兹力可改变运动电荷的运动方向考点：洛仑兹力．分析：运动电荷在磁场中受到的磁场力为洛伦兹力，其方向由左手定则来确定，而大小则是由F=Bqv求得．解答：解：A、电荷处于磁场中，不受到洛伦兹力，因为电荷没有运动，故A错误；B、运动电荷在磁场中平行与磁场方向时，则没有洛伦兹力；故B错误；C、若运动电荷与磁场方向平行，则没有洛伦兹力，但有磁场存在，故C错误；D、根据左手定则可知，洛伦兹力垂直与速度的方向，则一定改变运动电荷的运动方向，故D正确；故选：D点评：洛伦兹力由左手定则来确定，其方向垂直与磁场、运动电荷的方向．且电荷的运动取决于洛伦兹力是否存在，或大小与否．12．（2分）处在磁场中的一闭合线圈，若产生了感应电流，则可以判定（）A．线圈在磁场中运动B．线圈做切割磁感线运动C．磁场发生变化D．穿过线圈的磁通量发生了变化考点：感应电流的产生条件．分析：感应电流的产生其条件是闭合线圈的磁通量发生变化，由此可判定各个选项解答：解：A、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化，而线圈在磁场中运动，不一定出现磁通量的变化，故A错误；B、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化，而线圈做切割磁感线运动，不一定出现磁通量的变化，故B错误；C、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化，而磁场发生变化，不一定出现线圈磁通量的变化，故C错误；D、产生了感应电流，则可以判定线圈磁通量的变化，故D正确；故选：D点评：主要是抓住感应电流产生的条件：闭合线圈的磁通量发生变化，而磁通量的变化可以是由磁场变化引起，也可以是线圈的面积变化，或位置变化引起的．13．（2分）下列说法正确的是（）A．磁通量越大，磁通量的变化率越大B．磁通量的变化量越大，磁通量的变化率越大C．磁通量变化率越大，磁通量的变化越快D．磁通量越大，磁通量的变化量越大考点：磁通量．分析：磁通量的变化量△Φ=Φ2﹣Φ1，磁通量的变化率为，结合关系式分析判断．解答：解：A、磁通量越大，磁通量的变化量不一定大，磁通量的变化率不一定大，故A 错误．B、磁通量的变化量越大，磁通量的变化率不一定大，故B错误．C、磁通量的变化率越大，磁通量变化越快，故C正确．D、磁通量越大，磁通量的变化量不一定大，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道磁通量、磁通量变化量、磁通量变化率的关系，可以与速度、速度变化量、速度变化率（加速度）进行类比．14．（2分）如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（）A．B．C．D．考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．变压器的电流比为：原副线圈电流与匝数成反比，电压比为：原副线圈电压与匝数成正比．且电流与电压均是有效值，电表测量值也是有效值．解答：解：A、甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；B、乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；C、丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；D、丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误．故选：C．点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定．15．（2分）下列应用与涡流无关的是（）A．电磁炉B．微波炉C．金属探测器D．高频感应冶炼炉考点：* 涡流现象及其应用．分析：电流做周期性的变化，在附近的导体中产生感应电流，该感应电流看起来像水中的漩涡，所以叫做涡流．涡流会在导体中产生大量的热量．解答：解：A、电磁炉是闭合线圈在变化磁场中，产生的感应电流不同于涡流，但与涡流有关．故A错误．B、微波炉是产生电磁波，从而对食物进行加热，与涡流无关．故B正确．C、探测器中变化电流遇到金属物体，在金属物体上产生涡流．故C错误．D、真空冶炼炉是线圈中的电流做周期性变化，在冶炼炉中产生涡流，从而产生大量的热量．与涡流有关．故D错误．故选：B．点评：掌握涡流的原理及应用与防止：真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等．16．（2分）关于电动势，下列说法中错误的是（）A．电动势的单位是伏特B．电动势大小等于没有接入外电路时电源两端的电压C．电动势大小由电源本身性质决定D．电动势的单位是焦耳考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电动势的大小等于非静电力把单位正电荷从电源的负极，经过电源内部移到电源正极所作的功．如设W为电源中非静电力（电源力）把正电荷量q从负极经过电源内部移送到电源正极所作的功，则电动势大小为：E=；。

甘肃省天水市第一中学2015-2016学年高二上学期第一次段中考试物理(理)试题

天水市一中2014级2015-2016学年度第一学期第一次检测考试物理试题命题：牛杰审核：孙维忠一、选择题（注：1-6题为单选，7-10题为多选，每小题4分，共计40分） 1．毛皮与橡胶棒摩擦后，橡胶棒带负电，这是因为A.橡胶棒上的正电荷转移到毛皮上去了B.毛皮上的电子转移到橡胶棒上去了C.橡胶棒丢失了质子D.毛皮得到了质子2．A 、B 两个带同种电荷的绝缘金属球，半径为r ，球心相距3r ，A 带电荷量＋Q 1，B 带电荷量＋Q 2，则A 、B 间相互作用力 ( ） A.无法确定 B.等于122(3)kQ Q r C.大于122(3)kQ Q r D.小于122(3)kQ Q r3．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是A ．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向B ．电场强度为零的地方，电势也为零C ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D ．电场强度的方向处处与等电势面垂直4．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab ＝Ubc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知 A ．三个等势面中，a 的电势最高 B ．带电质点通过Q 点时的加速度较大 C ．带电质点通过P 点时的动能较大 D ．带电质点通过P 点时电势能较大5．真空中有一静电场，其在x 轴正半轴的电势随x 变化的关系如图所示，则根据图象可知（）A ．R 处的电场强度E ＝0B ．若试探电荷从x 1处移到x 2处，电场力不一定做正功C ．x 1处与x 2处的电场强度方向相反D ．该电场有可能是处在O 点的正的点电荷激发产生的6．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0V ，点A 处的电势为6V ，点B 处的电势为3V ，则电场强度的大小为（） A.200/V m B. C. 100/V m D.7．空中有两个等量的正电荷q 1和q 2，分别固定于A 、B 两点，DC 为AB 连线的中垂线，C 为A 、B 两点连线的中点，将一正电荷q 3由C 点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有( ) A ．电势能逐渐减小 B ．电势能逐渐增大C ．q 3受到的电场力先减小后增大D ．q 3受到的电场力先增大后减小8．如图，在正点电荷Q 的电场中有M 、N 、P 、F 四点，M 、N 、P 为直角三角形的三个顶点，F 为MN 的中点，∠M=30°，M 、N 、P 、F 四点的电势分别用M ϕ、N ϕ、P ϕ、F ϕ表示。

甘肃省天水市一中高二物理上学期第一学段段考(期中)试题文新人教版

第一学段考试物理试题（文科）本试卷分第I 卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，满分100 分。

考试用时90 分钟。

第I 卷（选择题共 48 分）一、此题共 8 小题。

每题 6 分，共 48 分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

选对的得 6 分，选错或不选的得 0 分。

1．以下现象中，不属于防备静电危害的是．．．A．在很高的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的烟囱中安装静电除尘器C．油罐车后边装一根拖在地上的铁链条D．寄存易燃品的库房的工人穿上导电橡胶做的防电靴2．对于电场线和磁感线，以下说法正确的选项是A．电场线和磁感线都是在空间实质存在的线B．电场线和磁感线都是闭合的曲线C．磁感线从磁体的N 极发出，停止于S 极D．电场线从正电荷或无穷远出发，停止于无穷远或负电荷3．在电场中的某点放入电荷量为q 的尝试电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为2q 的尝试电荷，此时测得该点的电场强度为A．大小为2E，方向和E相反B．大小为E，方向和 E 同样C．大小为2E，方向和E同样D．大小为E，方向和 E 相反4．右图为某电场中的一条电场线，a、 b 为该电场线上的两点，则以下判断中正确的选项是A．a点的场强必定比 b 点的场强盛a bB．b点的场强可能比 a 点的场强小C．负电荷在 a 点遇到的电场力方向向左D．正电荷在运动中经过 b 点时，其运动方向必定沿ba 方向5．以下对于电流的说法中，不正确的是．．．A．习惯上规定正电荷定向挪动的方向为电流的方向B．国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C．电流既有大小又有方向，因此电流是矢量D．由I Q可知，电流越大，单位时间内经过导体横截面的电荷量就越多t6．如下图，环形导线中通有顺时针方向的电流I ，则该环形导线中心处的磁场方向为A．水平向右B．水平向左C．垂直于纸面向里D．垂直于纸面向外I7．如下图，通电硬直导线ab 平行条形磁铁搁置，导线能够在空中自由运动，此中的电流方向由 a 到 b，则导线的运动状况为A．a端转向纸里，b 端转向纸外，且远离磁铁B．a端转向纸里，b 端转向纸外，且凑近磁铁C．a端转向纸外，b 端转向纸里，且远离磁铁D．a端转向纸外，b 端转向纸里，且凑近磁铁8．在电子射线管中，电子流方向由左向右，其上方搁置一根通犹如下图方向电流的直导线，导线与电子射线管平行，则电子流方向将IA ．向上偏转B ．向下偏转v C．向纸里偏转 D ．向纸外偏转第 II卷非选择题部分（共52 分）二、此题共 4 小题。

甘肃省天水一中高三物理上学期期中试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题

甘肃省天水一中2015届高三上学期期中物理试卷一、选择题〔1--8、11、12为单项选择题，每一小题4分，9、10、13为多项选择题，每一小题4分〕1．〔4分〕两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的一样金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，如此两球间库仑力的大小为〔〕A．B．C．D．12F2．〔4分〕如下列图，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以一样速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．如此〔〕A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小3．〔4分〕如下列图，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为r的同一圆周上，如此3个夸克在其圆心处产生的电场强度为〔〕A．B．C．D．4．〔4分〕带有等量异种电荷的一对平行金属板，上极板带正电荷．如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它们的电场线也不是彼此平行的直线，而是如下列图的曲线〔电场方向未画出〕．虚线MN是穿过两极板正中央的一条直线．关于这种电场，以下说法正确的答案是〔〕A．平行金属板间的电场，可以看做匀强电场B．b点的电势高于d点的电势C．b点的电势低于c点的电势D．假设将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，它必将沿着电场线运动到负极板5．〔4分〕如下列图，在X轴上关于O点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和﹣Q，一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在O点，如此如下判断正确的答案是〔〕A．O点电场强度为零B．A、C两点电场强度相等C．B、D两点电势相等D．假设将点电荷﹣q从A点移向C，电势能减小6．〔4分〕如下列图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以O为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M点经过P到达N点的过程中〔〕A．速率先增大后减小B．速率先减小后增大C．静电力先减小后增大D．电势能先增大后减小7．〔4分〕图中A、B、C三点都在匀强电场中，AC⊥BC，∠ABC=53°，BC=20cm．把一个电量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为﹣1.6×10﹣3J，如此该匀强电场的场强大小和方向是〔〕A．800V/m，垂直AC向左B．800V/m，垂直AC向右C．1000V/m，垂直AB斜向上D．1000V/m，垂直AB斜向下8．〔4分〕静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如下列图的折线，图中φ0和d为量，一个质量为m、电荷量为q带负电的粒子恰好在电场中以x=0为中心、沿x 轴方向做周期性运动．忽略粒子的重力，如此〔〕A．在﹣d＜x＜d区间内的场强大小都是，方向均沿+x方向B．在﹣d＜x＜d区间内粒子做简谐运动C．要使粒子能运动到﹣d处，粒子在O点的动能至少为qφ0D．粒子从﹣运动到的过程中，电势能先增大后减小9．〔4分〕光滑水平面上放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个质量m=1kg的小物块自C点由静止释放，小物块带电荷量q=2C，其运动的v﹣t 图线如图乙所示，其中B点为整条图线切线斜率最大的位置〔图中标出了该切线〕，如此以下分析正确的答案是〔〕A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB．由C点到A点物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点，电势逐渐降低D．B、A两点间的电势差为U BA=8.25V10．〔4分〕如下列图的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的答案是〔〕A．假设仅将R2的滑动触头P向b端移动，如此I不变，U增大B．假设仅增大A、B板间距离，如此电容器所带电荷量减少C．假设仅用更强的光照射，如此I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．假设仅用更强的光照射R1，如此U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变11．〔4分〕电源、开关S、定值电阻R1、灯泡L、光敏电阻R2和电容器连接成如下列图的电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射时，光敏电阻的阻值变小，如此〔〕A．灯泡亮度变暗B．电容器两极板间电压变小C．电容器所带电荷量减小D．液滴向上运动12．〔4分〕如图为多用表欧姆档的原理图，其中电流表的满偏电流为300μA，内r g=100Ω，调零电阻的最大阻值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V．用它测量电阻R x，能准确测量的范围是〔〕A．30kΩ～80kΩB．3kΩ～8kΩC．300Ω～800ΩD．30Ω～80Ω二、实验题13．〔6分〕用多用表的欧姆挡〔R×1K〕检查性能良好的晶体二极管，发现多用电表的表针向右偏转的角度很小，这说明〔〕A．二极管加有正向电压，故测得电阻很小B．二极管加有反向电压，故测得电阻很大C．此时红表笔接的是二极管的正极D．此时红表笔接的是二极管的负极14．〔12分〕两位同学在实验室利用如图〔a〕所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E 和内电阻r．调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据．并根据数据描绘了如图〔b〕所示的两条U﹣I直线．回答如下问题：〔1〕根据甲乙两同学描绘的直线，可知正确的答案是A．甲同学是根据电压表 V1和电流表A的数据B．甲同学是根据电压表 V2和电流表A的数据C．乙同学是根据电压表 V1和电流表A的数据D．乙同学是根据电压表 V2和电流表A的数据〔2〕根据图〔b〕，求出定值电阻R0=Ω，电源的电动势E=，电源内电阻的阻值r=Ω四、计算题〔34分〕15．〔11分〕如图1所示，真空中相距d=5cm的两块平行金属板A、B与电源连接〔图中未画出〕，其中B板接地〔电势为零〕，A板电势变化的规律如图2所示．将一个质量m=2.0×10﹣23kg，电量q=+1.6×10﹣15C的带电粒子从紧临B板处释放，不计重力．求：〔1〕在t=0时刻释放该带电粒子，释放瞬间粒子加速度的大小；〔2〕假设在t=时刻从紧临B板处无初速释放该带电粒子，粒子恰好不能到达A板，试求 A 板电势变化的周期为多大？16．〔10分〕如下列图，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率684W；S1、S2都闭合时电炉消耗功率475W〔电炉电阻可看作不变〕．试求：〔1〕电源的电动势；〔2〕S1、S2都闭合时，流过电解槽的电流大小；〔3〕S1、S2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．17．〔13分〕如下列图的直角坐标系中，在直线x=﹣2l0到y轴区域内存在着两个大小相等、方向相反的有界匀强电场，其中x轴上方的电场方向沿y轴负方向，x轴下方的电场方向沿y轴正方向．在电场左边界上A〔﹣2l0，﹣l0〕到C〔﹣2l0，0〕区域内，连续分布着电荷量为+q、质量为m的粒子．从某时刻起由A点到C点间的粒子，依次连续以一样的速度v0沿x 轴正方向射入电场．假设从A点射入的粒子，恰好从y轴上的A′〔0，l0〕沿x轴正方向射出电场，其轨迹如图虚线所示．不计粒子的重力与它们间的相互作用．求：〔1〕粒子从A点到A′的时间t；〔2〕匀强电场的电场强度E；〔3〕在AC间还有哪些位置的粒子，通过电场后也能沿x轴正方向运动？甘肃省天水一中2015届高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔1--8、11、12为单项选择题，每一小题4分，9、10、13为多项选择题，每一小题4分〕1．〔4分〕两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的一样金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，如此两球间库仑力的大小为〔〕A．B．C．D．12F考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：计算题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．解答：解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个一样的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．应当选C．点评：此题考查库仑定律与带电题电量的转移问题．2．〔4分〕如下列图，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以一样速度垂直于电场线方向飞出a、b两个带电粒子，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示．如此〔〕A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的动能，一个增加一个减小考点：电场线；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧．根据电场力做功来判断动能的变化．解答：解：A、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，由于电场线的方向不知，所以粒子带电性质不定，故A错误；B、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨道的内侧，从图中轨道变化来看速度与力方向的夹角小于90°，所以电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，故B错误，D错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以a受力减小，加速度减小，b受力增大，加速度增大，故C正确．应当选C．点评：加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．3．〔4分〕如下列图，中子内有一个电荷量为的上夸克和两个电荷量为的下夸克，3个夸克都分布在半径为r的同一圆周上，如此3个夸克在其圆心处产生的电场强度为〔〕A．B．C．D．考点：电场强度；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先将两个电荷量为的下夸克在圆心处产生的电场强度进展合成，再与电荷量为的上夸克在圆心处产生的电场强度合成，求出3个夸克在其圆心处产生的电场强度．解答：解：一个下夸克在圆心处产生的电场强度大小为E1==，两个电荷量为的下夸克在圆心处产生的合场强大小为E2=E1=，方向沿A→O．电荷量为的上夸克在圆心处产生的电场强度大小为E3==，方向沿A→O，所以3个夸克在其圆心处产生的电场强度大小E=E2+E3=，方向沿A→O．应当选A点评：此题电场的叠加问题，要利用对称性．对于两个下夸克场强的合成可利用力的合成进展类比．4．〔4分〕带有等量异种电荷的一对平行金属板，上极板带正电荷．如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它们的电场线也不是彼此平行的直线，而是如下列图的曲线〔电场方向未画出〕．虚线MN是穿过两极板正中央的一条直线．关于这种电场，以下说法正确的答案是〔〕A．平行金属板间的电场，可以看做匀强电场B．b点的电势高于d点的电势C．b点的电势低于c点的电势D．假设将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，它必将沿着电场线运动到负极板考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中场强处处一样，电场线应是平行同向疏密均匀的直线；顺着电场线方向电势降低；带电粒子要沿电场线运动，电场线必须是直线．解答：解：A、由电场线的分布情况看出，平行金属板间各处的电场强度不是处处一样，所以不能看成匀强电场，故A错误．B、与电场线垂直的直线应是等势线，由图看出图中虚线是一条等势线，b点与d点的电势一样，故B错误．C、据题上极板带正电荷，电场线从上极板指向下极板，根据顺着电场线方向电势降低，可知d点的电势低于c点，而b、d两点的电势相等，所以b点的电势低于c点的电势．故C 正确．D、将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，不一定能沿电场线运动，只有在ab所在的电场线上，正电荷所受的电场力一直沿电场线向下，能沿此电场线运动，其他电场线是曲线，正电荷所受的电场力沿电场线的切线方向，将使电荷离开电场线，故D错误．应当选：C．点评：解决此题关键掌握电场线的两个物理意义：疏密表示场强的大小，方向表示电势的上下，要明确只有电场线是直线时，电荷才能沿电场线运动．5．〔4分〕如下列图，在X轴上关于O点对称的F、G两点有等量异种电荷Q和﹣Q，一正方形ABCD与XOY在同一平面内，其中心在O点，如此如下判断正确的答案是〔〕A．O点电场强度为零B．A、C两点电场强度相等C．B、D两点电势相等D．假设将点电荷﹣q从A点移向C，电势能减小考点：电场的叠加；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：等量异种电荷产生的电场中，电场线关于两电荷的连线和中垂线对称，根据对称性分析场强的大小；根据顺着电场线方向电势降低，判断电势关系．对于电势能，可根据负电荷在电势高处电势能小进展判断．解答：解：A、Q和﹣Q在O点的电场方向均向右，根据叠加原理可知O点电场强度不为零．故A错误．B、根据电场线分布的对称性可知，A、C两点电场强度相等，故B正确．C、根据顺着电场线方向电势降低，D点的电势比B点高，故C错误．D、A到C电势逐渐降低，根据负电荷在电势高处电势能小，可知电势能增大，故D错误．应当选：B．点评：考查等量同种电荷周围电场线和等势线分布情况，明确场强的矢量性．6．〔4分〕如下列图，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以O为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M点经过P到达N点的过程中〔〕A．速率先增大后减小B．速率先减小后增大C．静电力先减小后增大D．电势能先增大后减小考点：库仑定律．分析：根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．解答：解：A、当电子从M点向N点运动时，库仑力先做正功，后做负功，运动的速度先增加后减小，所以动能先增加后减小，如此电势能先减小后增加．所以A正确；B、D错误；C、根据库仑定律可知，静电力先增大后减小，故C错误；应当选：A．点评：根据库仑力做功的特点，库仑力做正功，电势能减小，库仑力做负功，电势能增加．7．〔4分〕图中A、B、C三点都在匀强电场中，AC⊥BC，∠ABC=53°，BC=20cm．把一个电量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为﹣1.6×10﹣3J，如此该匀强电场的场强大小和方向是〔〕A．800V/m，垂直AC向左B．800V/m，垂直AC向右C．1000V/m，垂直AB斜向上D．1000V/m，垂直AB斜向下考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据一个q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，可知，A与B电势相等．根据电荷从B移到C，电场力做功为﹣1.73×10﹣3J，由电势差的公式求出BC间的电势差．由E=求场强大小，根据等势线与电场线垂直，作出电场线．解答：解：由题，q=10﹣5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，如此A与B电势相等，AB连线是一条等势线．BC间电势差为：==﹣173V该匀强电场的场强大小为：E==电场线方向垂直于AB向下．如图．应当选：D．点评：此题根据题设条件找到等势点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，并由高电势处指向低电势处作电场线是常规思路．8．〔4分〕静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如下列图的折线，图中φ0和d为量，一个质量为m、电荷量为q带负电的粒子恰好在电场中以x=0为中心、沿x 轴方向做周期性运动．忽略粒子的重力，如此〔〕A．在﹣d＜x＜d区间内的场强大小都是，方向均沿+x方向B．在﹣d＜x＜d区间内粒子做简谐运动C．要使粒子能运动到﹣d处，粒子在O点的动能至少为qφ0D．粒子从﹣运动到的过程中，电势能先增大后减小考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势随x均匀变化时，电场为匀强电场，由电势差与电场强度的关系可求得电场强度大小，根据顺着电场线方向电势降低，判断场强的方向．简谐运动的特征是F=﹣kx，在恒力作用下粒子不可能做简谐运动．根据动能定理研究动能．根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的变化．解答：解：A、在﹣d＜x＜0内的场强大小 E==，电势升高，如此场强方向沿﹣x方向；在0＜x ＜d区间内，场强大小E==，电势降低，如此场强沿+x方向．故A错误．B、由上分析可知，在﹣d＜x＜0内场强不变，粒子所受的电场力不变，在0＜x＜d区间内，场强不变，粒子所受的电场力也不变，对照简谐运动的条件F=﹣kx，可知粒子做非简谐运动，故B错误．C、粒子能运动到﹣d处时速度为零，根据动能定理得：﹣qφ0=0﹣E k0，如此得：粒子在O点的动能至少为 E k0=qφ0．故C正确．D、粒子从﹣运动到的过程中，电势先升高后降低，根据负电荷在电势高处电势能小，可知电势能先减小后增大，故D错误．应当选：C点评：此题关键抓住图线的斜率表示场强，再从题干中找出可用的信息，同时能从图象中判断出电场的性质；并能灵活应用动能定理求解动能．9．〔4分〕光滑水平面上放置两个等量同种电荷，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个质量m=1kg的小物块自C点由静止释放，小物块带电荷量q=2C，其运动的v﹣t 图线如图乙所示，其中B点为整条图线切线斜率最大的位置〔图中标出了该切线〕，如此以下分析正确的答案是〔〕A．B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1V/mB．由C点到A点物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点，电势逐渐降低D．B、A两点间的电势差为U BA=8.25V考点：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据v﹣t图象的斜率等于加速度和牛顿第二定律求解电场强度E．根据能量守恒定律分析物块电势能的变化情况．根据电场线方向判断电势的上下．根据动能定理求解AB 两点电势差U AB．解答：解：A、v﹣t图象的斜率等于加速度，B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明物块在B处加速度最大，根据牛顿第二定律得：F=qE=ma，B为中垂线上电场强度最大的点，由图得：B点的加速度为 a===2m/s2，E==V/m=lV/m．故A正确．B、由图知，由C到A的过程中，物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小．故B错误．C、由电势能的公式E P=qφ知，由C到A的过程中，电势逐渐降低，故C正确．D、物块从A到B的过程，根据动能定理得：qU AB=mv B2﹣mv A2，如此得，U AB==×〔42﹣72〕=﹣8.25V，所以U BA=﹣U AB=8.25V，故D正确．应当选：ACD点评：解决此题的关键是掌握速度图象的物理意义和动能定理，知道电势与电势能的关系E P=qφ．10．〔4分〕如下列图的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的答案是〔〕A．假设仅将R2的滑动触头P向b端移动，如此I不变，U增大B．假设仅增大A、B板间距离，如此电容器所带电荷量减少C．假设仅用更强的光照射，如此I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．假设仅用更强的光照射R1，如此U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：此电路中R1和R3串联，电路稳定时R3相当于导线，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压．根据闭合电路的动态分析，分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化以与θ角的变化．通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化．解答：解：A、滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故A 错误．B、假设仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，如此由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少，故B正确．C、假设仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，如此电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少．故C错误．D、假设仅用更强的光照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E﹣Ir可得：||=r，不变，故D正确．应当选：BD点评：解决此题的关键电路稳定时R3相当于导线，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，再利用闭合电路欧姆定律进展动态分析．对于电容的动态分析，应根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进展分析．11．〔4分〕电源、开关S、定值电阻R1、灯泡L、光敏电阻R2和电容器连接成如下列图的电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射时，光敏电阻的阻值变小，如此〔〕A．灯泡亮度变暗B．电容器两极板间电压变小C．电容器所带电荷量减小D．液滴向上运动考点：闭合电路的欧姆定律；带电粒子在混合场中的运动．专题：恒定电流专题．分析：先读懂电路图，知该电路R1和R2串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合电路欧姆定律分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化；再分析带电液滴的受力情况，确定运动．通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化．解答：解：A、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，由P L=I2R L知灯泡的功率增大，将变亮，故A错误．B、电流增大，R1两端间的电压增大，如此电容器的电压增大，故B错误．C、由电容器的电量公式Q=CU知电容器所带的电荷量增大，故C错误．D、电容器板间场强E=，知板间电压增大，场强增大，液滴所受的电场力〔方向向上〕增大，故液滴向上运动，故D正确．应当选：D．点评：此题考查了电容器的动态分析、闭合电路的欧姆定律、局部电路的欧姆定律、匀强电场．解决此题的关键抓住电容器两端电压与R1两端电压相等，利用闭合电路欧姆定律进展动态分析．12．〔4分〕如图为多用表欧姆档的原理图，其中电流表的满偏电流为300μA，内r g=100Ω，调零电阻的最大阻值R=50kΩ，串联的固定电阻R0=50Ω，电池电动势E=1.5V．用它测量电阻R x，能准确测量的范围是〔〕A．30kΩ～80kΩB．3kΩ～8kΩC．300Ω～800ΩD．30Ω～80Ω考点：多用电表的原理与其使用．专题：恒定电流专题．分析：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小，求解出该欧姆表的中值电阻即可．解答：解：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；欧姆表的中值电阻R中等于欧姆表的内电阻R总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时：I g=半偏时，I g=联立解得：R中=R总=应当选B．点评：此题关键明确欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小；知道中值电阻等于欧姆表内电阻．二、实验题13．〔6分〕用多用表的欧姆挡〔R×1K〕检查性能良好的晶体二极管，发现多用电表的表针向右偏转的角度很小，这说明〔〕A．二极管加有正向电压，故测得电阻很小B．二极管加有反向电压，故测得电阻很大C．此时红表笔接的是二极管的正极D．此时红表笔接的是二极管的负极考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．。

高二物理上学期第一阶段考试试题理高二全册物理试题

嗦夺市安培阳光实验学校甘肃省天水市高二物理上学期第一阶段考试试题理（满分:100分，时间:90分钟）一．选择题（共12小题，其中1-8为单选，9-12为多选，每题4分，共48分）1．一根横截面积为S的铜导线，通过电流为I．已经知道铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，电子电荷量为e，阿佛加德罗常数为N A，设每个铜原子只提供一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动速率为（）A ．B ．C ．D ．2．电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）A．电动势是一种非静电力 B．电动势越大，表明电源储存的电能越多C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映 D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压3．如下图为两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则下列说法正确的是（）A．R1、R2的电阻之比等于2：1 B．把它们串联接入电路中电流之比是2：1C．把它们并联接入电路中电流之比是2：1 D．把它们并联在电路中功率之比是1：24.用两个相同的表头改装成不同量程的电压表V1和V2，其量程之比为1：2，当把这两个电压表按下列要求接入电路中时，其示数之比U1：U2和指针偏角之比Q1：Q2，正确的是（）A．并联接入电路中，U2：U1=1：1，Q1：Q2=1：2B．并联接入电路中，U1：U2=1：2，Q1：Q2=1：1C．串联接入电路中U1：U2=1：1，Q1：Q2=1：2D．串联接入电路中，U1：U2=1：2，Q1：Q2=1：15．将粗细均匀、长为L、电阻为R 的金属导线截去，再均匀拉长至L，导线电阻变为（）A ．B ． C． D．NR6．一个T型电路如图所示，电路中的电阻R1=10Ω，R2=120Ω，R3=40Ω．另有一测试电源，电动势为100V，内阻忽略不计．则（）A．当cd端短路时，ab之间的等效电阻是50ΩB．ab端短路时，cd之间的等效电阻是50ΩC．当ab两端接通测试电源时，cd两端的电压为80VD．当cd两端接通测试电源时，ab两端的电压为80V7．额定电压都是110V，额定功率P A=100W，P B=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是图中的哪一个（）A ．B ．C ．D ．8．一个用满偏电流为3mA 的电流表改装而成的欧姆表，调零后用它测500Ω的电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，如果用它测量一个未知电阻时，指针指在1mA处，则被测电阻的阻值为（）A．2000 Ω B．15000Ω C．1000 Ω D．500 Ω9．如右图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0．5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1．0ΩD．在R两端加上6．0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3．0C10．如右图所示电路中，闭合开关S后当变阻器R3的滑动头P 向b 移动时，下列说法正确的是（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．电源消耗的总功率变小D．电源的效率（电源的输出功率/电源消耗的总功率）变小11．一辆电动观光车蓄电池的电动势为E，内阻为r，当空载的电动观光车以大小为v的速度匀速行驶时，流过电动机的电流为I，电动车的质量为m，电动车受到的阻力是车重的k倍，忽略电动观光车内部的摩擦，则有（）A．电动机的内阻为B．电动机的内阻为C．电动车的工作效率D．电动机的输入功率为12．如右图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（）A. 电压表读数减小B. 电流表读数减小C. 质点P将向上运动D. R3上消耗的功率逐渐增大二．实验题（共2小题、9空，每空2分，共18分）13．用如图甲所示的电路图研究灯泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性。

高二物理上学期期中-天水三中2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案

甘肃省天水三中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1．（3分）下列物理现象或规律符合客观事实的是（）A．美国物理学家密立根通过扭秤装置总结出了真空中点电荷间力的作用规律B．正负电荷的中和就是正负电荷相互抵消了C．电场线的概念最早是由英国物理学家法拉第提出的D．法国物理学家库仑利用油滴实验最先测定出了元电荷e的数值考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、法国物理学家库仑通过扭秤装置总结出了真空中点电荷间力的作用规律，故A错误；B、正负电荷的中和是正负电荷数量相等，故B错误；C、电场线的概念最早是由英国物理学家法拉第提出的，故C正确；D、美国物理学家密立根利用油滴实验最先测定出了元电荷e的数值，故D错误；故选：C．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（3分）如图所示，当带正电的球C移近不带电的枕形金属导体时，枕形导体上的电荷移动的情况是（）A．枕形金属导体上的正电荷向B端移动，负电荷不移动B．枕形金属导体上的带负电的电子向A端移动，正电荷不移动C．枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向B端和A端移动D．枕形金属导体上的正、负电荷同时分别向A端和B端移动考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带正电荷的球C移近不带电的枕形金属导体时，发生了静电感应现象，金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动；电荷间的相互作用，同号电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．解答：解：金属导电的实质是自由电子的移动，即负电荷在外电场的作用下枕形金属导体自由电子向A移动，正电荷不移动．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：考查了静电感应时，电荷的移动；重点是金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动．3．（3分）两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A．B．C．D．12F考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：计算题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．解答：解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．故选C．点评：本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．4．（3分）如图所示，将带电粒子从电场中的A点无初速地释放，不计重力作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子在电场中一定做加速直线运动，电势能一定逐渐减少B．带电粒子的电场中一定做加速直线运动，电势能一定逐渐增加C．带电粒子一定向电势低的方向运动D．带电粒子的加速度一定越来越小考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电粒子所在电场线是直线，无初速度释放后，电场力做正功，动能增大，电势能减小，一定做加速直线运动．由于带电粒子的电性未知，则带电粒子不一定顺着电场线运动，电势不一定降低，加速度不一定减小．解答：解：A、由图看出，带电粒子所在的电场线是直线，则无速度释放后，带电粒子在电场力作用下一定做加速直线运动．故A正确．B、由于电场力做正功，电势能一定减小．故B错误．C、带电粒子的电性未知，则带电粒子不一定顺着电场线运动，电势不一定降低，故C错误．D、若带电粒子带负电，将逆着电场线运动，加速度增大．故D错误．故选：A点评：本题要抓住带电粒子所在的电场线是直线，只在电场力作用下，一定沿电场线做加速直线运动，根据电场力做功正负，即可判断动能和电势能的变化．5．（3分）将一正电荷从无穷处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10﹣9J，若将一个等量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10﹣9J，则M、N两点的电势ϕM、ϕN的关系为（）A．ϕM＜ϕN＜0 B．ϕN＞ϕM＞0 C．ϕN＜ϕM＜0 D．ϕM＞ϕN＞0考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场力做功与电荷电势能变化的关系，由电场力做功情况分析电荷电势能的变化，判断电势高低．解答：解：正电荷从无穷处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10﹣9J，电荷的电势能减小，则M点的电势小于无穷远的电势，即φM＜0．负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10﹣9J，电势能减小，则N点的电势小于无穷远的电势，即φN＜0．由于两电荷电量相等，N点移向无穷远处电场力做功较大，N点与无穷远间的电势差较大，则N点的电势低于M点的电势，即得到φN＜φM＜0．故选C点评：本题也可以画出电场线，标出M、N两点在电场线上大致位置，再判断电势的高低．6．（3分）下列关于电场性质的说法，正确的是（）A．电场强度大的地方，电场线一定密，电势也一定高B．电场强度大的地方，电场线一定密，但电势不一定高C．电场强度为零的地方，电势一定为零D．电势为零的地方，电场强度一定为零考点：电场强度；电场线；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系．电场强度为零，电势不一定为零．电势为零，电场强度也不一定为零．电场强度越大的地方，电势不一定高．顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小．解答：解：A、B、电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高．故A错误．B正确；C、D、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零；电势为零的地方，电场强度不一定为零．故CD错误．故选：B点评：电场强度和电势这两个概念非常抽象，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．7．（3分）如图所示，若将平行板电容器的A、B两板稍微错开些，使正对面积减小的过程中，电阻R中将（）A．会有瞬时向左的电流B．会有瞬时向右的电流C．不会有电流通过R D．无法判断电流方向考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：本题由电容器的决定式由平行板左右错开时，电容器的正对面积发生变化，由正对面积的变化判定电容器的变化，由于不切断电源，电容器极板间电压恒定，由此判定电容器的带电量的变化，从而确定电流的变化问题．解答：解：根据电容器的决定式C=，当正对面积S减小时，电容器的电容减小；由于电容器的电容减小，两极板间电压保持不变，根据公式C=，电容器的带电荷量将减小，故电容器放电，会有瞬时向左的电流；故选：A．点评：本题主要考查电容器的动态变化，抓住电容器与电源相连，两极板间电压保持不变，由于电容器的正对面积发生变化而引起电容器的电容变化，从而判定在变化过程中电容器是充电还是放电来判定电流方向．8．（3分）如图，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是（）A．两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大B．两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大C．与两板间距离无关，仅与加速电压U有关D．以上说法都不正确考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电容器的动态分析．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理列出末动能与电场力做功的关系，判断末速度的大小．解答：解：粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理：eU=mv2，A、两板间距离越大，场强E=越小，加速时间越长，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故A错误．B、两板间距离越小，场强E=越大，加速度越大，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故B错误．C、根据动能定理：eU=mv2，虽然极板间距发生变化，但是电压不变，所以最后的末速度大小不变，故C正确．故选：C点评：电场力做功仅与加速的电压高低有关，当极板间的间距发生变化时要首先判断极板间的电压是否发生变化．9．（3分）如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v0的带电微粒从A点射入电场，在竖直平面内沿直线从A运动到B，在此过程中微粒的（）A．动能和电势能都减少，重力势能增加B．动能和重力势能都增加，电势能减少C．动能减少，重力势能和电势能都增加D．动能不变，重力势能增加，电势能减少考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带点小球做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上，根据重力和电场力做功的正负判断动能、电势能、重力势能的变化．解答：解：带点小球做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上，如果电场力水平向右，如图所示，则两力的合力不可能沿虚线方向．故电场力只能水平向左，如图所示，则两力的合力可沿虚线方向．所以小球电场力方向水平向左，物体在竖直平面内沿直线从A运动到B的过程中，高度升高所以重力做负功，重力势能增加；电场力做负功，电势能增加；根据动能定律，合力做负功，所以动能减小；故C正确．故选：C点评：本题考查了重力做功与重力势能和电场力做功与电势能的关系，难度不大，属于基础题．10．（3分）两电阻R1、R2的电流I和电压U的关系如图所示，可知电阻大小之比R1：R2等于（）A．B．3：1 C．D．1：3考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据图线的斜率表示电阻的倒数去进行求解．解答：解：因为该图线为I﹣U图线，则图线的斜率表示电阻的倒数，两根图线的斜率比为3：1，所以电阻比为1：3．故A、B、C错，D正确．故选D．点评：解决本题的关键搞清I﹣U图线的斜率表示什么．二、多项选择题（5X4=20分）11．（4分）如图所示，a、b是竖直方向上的电场线的两点，一带电质点在a点由静止释放，沿电场线向上运动，到b点恰好速度为零，下列说法中正确的是（）A．带电粒子在a、b两点所受的电场力都是竖直向上的B．a点的电势比b点的电势高C．带电质点在a点的电势能比b点的电势能小D．a点的电场强度比b点的电场强度大考点：电场强度；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意可知，带点质点受两个力，重力和电场力．由静止向上运动，可判断出电场力的方向，根据电场力做的功，判断电势能的变化．通过带电质点初末速度为零可比较出两点的电场强度．沿电场线方向电势逐渐降低．解答：解：A、由题意可知，带点质点受两个力，重力和电场力，开始由静止向上运动，电场力大于重力，且方向向上．因为在一根电场线上，所以在两点的电场力方向都向上．故A正确．B、沿电场线方向电势逐渐降低，因为不知道电场的方向，所以无法判断电势的高低．故B错误．C、电场力做正功，电势能降低，所以带电质点在a点的电势能比在b点的电势能大．故C错误．D、在a点，电场力大于重力，到b点恰好速度为零，可知先加速后减速，所以b点所受的电场力小于重力．所以a点的电场强度比b点的电场强度大．故D正确．故选AD．点评：解决本题的关键通过a、b两点的速度为0，知道受重力和电场力两个力，且知道电场力的方向．通过电场力与重力的大小关系，比较电场强度的大小．以及知道电场力做功与电势能的关系和沿电场线方向电势降低．12．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的场强大于B点场强D．粒子的速度不断减小考点：电场线；牛顿第二定律；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．解答：解：A、由图所示，粒子从A到B，根据曲线运动条件可得，电场力逆着电场线方向，所以粒子带负电．故A错误；B、从A到B，电场线越来越疏，所以电场强度减小，电场力也变小，则加速度也减小，故B 正确；C、从A到B，电场线越来越疏，所以电场强度减小，故A点的场强大于B点场强，故C正确；D、由图所示，粒子从A到B，根据曲线运动条件可得，电场力逆着电场线方向，与速度方向夹角大于90°，所以阻碍粒子运动，因此速度不断减小，故D正确；故选：BCD点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．13．（4分）如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A．电容器带电量不变B．尘埃仍静止C．检流计中有a→b的电流D．检流计中有b→a的电流考点：电容器的动态分析；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：带电尘埃原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．解答：解：A、将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则电容器带电量减小．故A错误．B、由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，尘埃所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．CD、电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→b的电流．故C正确，D错误．故选：BC．点评：本题电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析．14．（4分）下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置B．在电源内部正电荷从低电势处向高电势处移动C．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化D．电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，反映了电源内部非静电力做功的本领，电动势与外电路无关．解答：解：A、电源是通过内部非静电力把其它形式的能转化为电能的装置，故A错误；B、在电源内部，电流方向从负极指向正极，所以正电荷从低电势处向高电势处，故B正确；C、把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故C错误；D、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，反映了电源内部非静电力做功的本领，故D正确．故选：BD点评：本题考查对电动势的方向的理解，要注意电动势与电流相似，都是标量，难度不大，属于基础题．15．（4分）如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知正确的是（）A．导体的电阻是25ΩB．导体的电阻是0.04ΩC．当导体两端的电压是10V时，通过导体的电流是0.4AD．当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压是2.5V考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由I﹣U图象找出导体两端电压所对应的电流，然后由欧姆定律求出导体电阻；已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出通过导体的电流；已知电流与电阻，由欧姆定律可以求出导体两端电压．解答：解：A、根据图象，由欧姆定律可得，导体电阻R===25Ω，故A正确，B错误；C、当导体两端电压是10V时，通过导体的电流I===0.4A，故C正确；D、当通过导体的电流是0.1A时，导体两端的电压U=IR=0.1A×25Ω=2.5V，故D正确；故选ACD．点评：由图象找出导体两端电压与所对应的电流，应用欧姆定律即可正确解题．三、填空题（4X4=16分）16．（4分）将一电荷量为2×10﹣5的试探电荷放在点电荷Q的电场中的P点处，所受的电场力的大小为2×10﹣2N，则P点的电场强度的大小为1×103N/C，如果P点距点电荷Q为10cm，则Q的电荷量为1.1×10﹣9C．（计算参考数值：静电力恒量K=9.0×109Nm2/C2）考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：已知试探电荷的电荷量和所受的电场力，根据电场强度的定义式求出场强的大小．由点电荷场强公式求解场源电荷Q的电量．解答：解：由题，试探电荷的电荷量q=2×10﹣5C，所受的电场力F=2×10﹣2N，则P点的电场强度的大小为：E===1×103N/C再据E=得：Q===1.1×10﹣9C故答案为：1000，1.1×10﹣9C点评：本题考查场强两个公式的应用能力，要准确理解场强两公式中电量的含义，E=中，q是试探电电荷．公式E=中，Q是场源电荷．17．（4分）把电荷量q=1.0×10﹣5C的电荷从A点移到B点，电场力做功W=2.0×10﹣2J，则电荷的电势能减小，若规定B点为零电势，则电荷在A点的电势能E PA为2.0×10﹣2J；A点的电势ϕA=2000V．考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题，已知正电荷从A点移到B点，电场力做的功，根据电势差公式求出AB间电势差．由AB间电势差U AB=φA﹣φB，及B点为零电势，求出A点的电势，再求出正电荷在A 点的电势能E PA．解答：解：AB间电势差U AB==由题，B点为零电势，即φB=0，U AB=φA﹣φB，得到A点的电势φA=2000V，正电荷在A点的电势能E PA=qφA=1.0×10﹣5×200J=2×10﹣2J故答案为：2×10﹣2J，2000V点评：求解电势．往往先求出该点与零电势点间的电势差，再求出某点的电势．也可以根据电场力做功与电势能变化的关系，求出正电荷在A点的电势能．18．（4分）平行板电容器所带的电荷量为Q=4×10﹣8C，电容器两板间的电压为U=2V，则该电容器的电容为2×10﹣8F；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为1V，两板间电场强度变为原来的倍，此时平行板电容器的电容为2×10﹣8F．考点：电容．专题：电容器专题．分析：根据电容的定义式求出电容器电容的大小，电荷量减半，电容不变，结合电容的定义式求出两板间的电压，根据E=判断电场强度的变化．解答：解：根据C=得，电容器的电容C=．电荷量减半，电容不变，仍然为2×10﹣8F．则两板间的电压U′=．根据知，电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的．故答案为：2×10﹣8F、1V、、2×10﹣8F．点评：解决本题的关键掌握电容的定义式C=，知道电容的大小与电荷量以及两板间的电压无关．19．（4分）如图所示，R1=10Ω，R2=120Ω，当A与B两端接100V电源时，C与D两端所接电压表的读数为80V，则电阻R=40Ω．如果将100V的电源改接在C与D两端，电压表接在A与B两端，则电压表的读数为25V．考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：则欧姆定律可求得R的阻值；再由串并联电路的规律可求得AB接电压表时的读数．解答：解：当AB接电压，CD接电压表时，电压表示数为R两端的电压；故80=，解得R=40Ω；当电源接在CD两端时，R与R2串联，电压表所测为：U==25V；故答案为：40；25．点评：本题考查串并联电路的规律及欧姆定律的应用，要注意与电压表串联的电阻作为导线处理．四、计算题（共34分）20．（11分）如图所示，质量m=2.0×10﹣3kg的带电小球用绝缘细线竖直地悬挂于电场中，当小球的带电量为q1=1.0×10﹣4C时，悬线中的张力为T1=1.5×10﹣2N，则小球所在处的场强为多大？当小球的带电量为q2=﹣1.0×10﹣4C时，悬线中的张力T2为多大？考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先据重力和线的张力判断电场力的大小和方向；据此求出场强；再利用F=Eq求出电场力，利用三力的平衡求出悬线的张力．解答：解：小球的重力G=mg=2.0×10﹣3×10=2.0×10﹣2N根据悬线的张力和平衡关系知电场力的方向向上，所以F+T1=G所以F=G﹣T1=5×10﹣3N小球处的场强E===50N/C电量为q2=﹣1.0×10﹣4C时，电场力F2=Eq2=50×10﹣4=5×10﹣3N 方向向下，此时绳子的张力为T2=G+F1=（2+0.5）×10﹣2N=2.5×10﹣2N答：悬线中的张力T2为2.5×10﹣2N．点评：明确三力平衡的关系和场强的求法，再利用F=Eq求电场力是解题的关键，属于基础题．21．（11分）在匀强电场中，A、B两点连线与电场线的夹角如图所示，将正电荷由A点移动到B点电场力做10J正功，若A、B相距0.20m，正电荷电量为4×10﹣4C，则（1）电场线沿什么方向？（2）A、B间电势差为多少？（3）该匀强电场的场强为多少？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据沿电场方向电势降低即可判断电场方向；（2）由U=即可求得两点电势差；（3）由U=Ed即可求得电场强度；解答：解：（1）将正电荷由A点移动到B点电场力做10J正功，所以A点的电势大于B 点的电势，故电场方向竖直向上（2）AB电势差为：V（3）电场大小为：E=V/m（3）BA之间电势差为：U BA=﹣U AB=﹣300V电荷做功为：W=qU BA=﹣1×10﹣8×（﹣300）J=3×10﹣6J答：（1）电场线沿什么竖直向上方向；（2）A、B间电势差为2.5×104V；（3）该匀强电场的场强为2.5×105V/m点评：匀强电场中电场力做功公式W=qEd中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负．22．（12分）如图所示，两带电平行板A、B间的电场为匀强电场，场强E=4.0×102v/m，两板相距d=16cm，板长L=30cm，一带电量q=1.0×10﹣16C，质量m=1.0×10﹣22kg的粒子沿平行于板的方向，从两板的正中间射入电场后向着B板偏转，不计带电粒子的重力，求：（1）粒子带何种电荷？（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度V0至少为多少？（3）粒子飞出电场时最大偏角为多大？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）平行金属板B板带负电，粒子向B板偏转，则粒子带正电．（2）当粒子恰好从B板右侧边缘飞出电场时，此时粒子的速度为粒子飞出电场时最小速度．此时粒子水平位移为L，竖直位移为，根据牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出初速度．（3）分解速度，求出偏转角的正切，再求粒子飞出电场时的最大偏角．解答：解：（1）由于B板带负电，粒子向B板偏转，说明粒子带正电；（2）在粒子偏转到B板之前飞出电场做类似平抛运动．竖直方向：=at2=••t2得：t=水平方向：v0==L=0.4×m/s=2×104m/s所以要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为2×104m/s；（3）设粒子飞出电场的最大偏角为θ，则有：tanθ===•==0.4（2）要使粒子能飞出电场，粒子飞入电场时的速度v0至少为2×104m/s．（3）（1）粒子带正电；答：粒子飞出电场时的最大偏角正切值0.4．点评：本题是带电粒子在电场中做类平抛运动的问题，关键根据分运动的位移公式和速度公式列式求解．。