【全国百强校】河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测理综物理试题(图片版)
河南省林州市第一中学2016-2017学年高一(普通班)5月调
林州一中2016级高一5月调研考试物理试题选择题（共14小题，每小题4分，满分56分.1-9题只有一个选项符合题目要求；10-14题有多项符合题目要求，全选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 关于力对物体做功，如下说法正确的是A. 滑动摩擦力对物体一定做负功B. 作用力的功与反作用力的功其代数和一定为零C. 静摩擦力对物体可能做正功D. 一对相互作用的滑动摩擦力的总功可能为零【答案】C【解析】滑动摩擦力对物体可以做正功、负功，也可以不做功，选项A错误；作用力的功与反作用力的功不一定大小相等、正负相反，故其代数和不一定为零，选项B错误；静摩擦力对物体可能做正功，也可做负功，也可不做功，选项C正确；一对相互作用的滑动摩擦力的总功一定为负功，选项D错误；故选C.2. 起重机将物体从地面加速提升到某高度，在这一过程中A. 起重机对物体所做的功等于物体动能的增加量B. 起重机对物体所做的功等于物体机械熊的增加量C. 起重机对物体所做的功等于物体重力势能的增加量D. 物体受到的合力所做的功等于物体机械能的增加量【答案】B【解析】根据动能定理：，所以起重机对物体所做的功等于物体机械能的增加量，物体受到的合力所做的功等于物体动能的增加量，所以ACD错误；B正确。
3. 光滑水平面上质量为m＝1 kg的物体在水平拉力F的作用下从静止开始运动，如图甲所示，若力F随时间的变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是A. 拉力在前2 s内和后4 s内做的功之比为1∶1B. 拉力在前2 s内和后4 s内做的功之比为1∶3C. 拉力在4 s末和6 s末做功的功率之比为2∶3D. 拉力在前2 s内和后4 s内做功的功率之比为1∶1【答案】B【解析】根据牛顿第二定律得：在0-2s内，加速度，在2-6s内，加速度，拉力在前2s内的位移s1＝a1t12＝×4×4＝8m，在2-6s内的位移s1＝v0t2+a2t22＝4×2×4+×2×16＝48m，则拉力在前2s内做功为W1=F1s1=4×8=32J，在后4s做功为W2=F2s2=2×48=96J，所以，故A错误，B正确；4s末的速度v4=a1t1+a2t3=4×2+2×2=12m/s，6s末的速度v6=a1t1+a2t2=4×2+2×4=16m/s，则，故C错误；拉力在前2s内的功率 ,后4s内做功的功率，则，故D错误．故选B.4. 如图甲所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在水平地面上，一小球放在轻弹簧的上端而不栓连，从静止开始向上运动的过程中，规定运动的起点为重力势能的零势能点，小球机械能E随其位移大小x的变化规律如图乙所示，且曲线与平行与x轴的直线相切，则下列说法中正确的是A. 小球在这段位移上加速度一直减小B. 小球在这段位移上加速度先减小后变大C. 小球在这段位移上先加速后减速运动...D. 上升过程中，弹簧对小球做功为【答案】B【解析】由图知，小球在0～x1这段位移内，弹簧对小球有向上的弹力，弹力先大于重力，后小于重力．弹力不断减小，则小球的合力先减小后增大，加速度先减小后增大，故A错误，B正确．小球在x1～x2这段位移上，小球离开弹簧做竖直上抛运动，先向上减速后向下加速，故C错误．上升过程中，根据功能原理可知，弹簧对小球做功等于小球机械能的增加，为E0．故D错误．故选B点睛：本题关键是分析小球的受力情况来确定小球的运动情况．分析时，要抓住弹力与压缩量成正比的特点，要知道除重力以外的力对单个物体做功等于物体机械能的变化．5. 测定运动员体能的一种装置如图所示，运动员的质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦和质量），绳的另一端悬吊的重物质量为m2，人（人的正面朝左）用力向后蹬传送带而人的重心不动，设传送带上侧以速度V向后运动，则：A. 人对传送带做了正功B. 人对传送带做了负功C. 传送带对人做功的功率为m1gVD. 人对传送带做功的功率为m2gv【答案】AD【解析】本题主要是通过在力的方向上有无位移判断力是否做功，人的重心不动知人处于平衡状态，摩擦力与拉力平衡，人对传送带的摩擦力方向向右，传送带在力的方向上有位移，所以人对传送带做功，故A正确；B错误；人的重心不动，绳对人的拉力和人与传送带间的滑动摩擦力平衡，即拉力大小等于m2g．所以人对传送带做功的功率为m2gv，传送带对人不做功，故C错误；D正确。
河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测文综地理试题 Word版含答案
河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测文综地理试题读某区域某日局部降水量预报图，回答1～2 题。
1．导致图中雨雪分界线在甲、乙两处发生弯曲的主要因素是A.纬度B.大气环流C.地形D.海陆热力性质差异2．下列对甲、乙两地天气的叙述，正确的有①甲地中雨，乙地中雪②甲地中雪，乙地中雨③甲、乙两地风向均为偏北风，乙地风力较强④甲、乙两地风向均为偏南风，甲地风力较强A.①④B.①③C.②④D.②③读跨国石化企业在长三角的投资分布图，完成3～4 题。
3．下列关于图中信息的叙述，正确的是A．生产厂家集中分布在浙江省B．生产厂家空间分布的差异较小C．投资公司和研发中心的集中程度高D．生产厂家多沿河、交通线分布4．上海吸引跨国石化企业的优势在于A．产业基础B．技术和信息C．政府政策D．交通厄立特里亚气候干旱，降水量小而且不稳定。
2007 年人均国民收入仅270 美元，农业是国民经济的支柱，但粮食不能自给。
目前中国和厄立特里亚正在开展农业方面的合作。
读有关厄立特里亚的图文资料，回答5～7 题。
5．关于该国从东南部到西北部气温变化趋势，描述正确的是A.逐渐升高B.逐渐降低C.先升高，后降低D.先降低，后升高6．解决该国农业用水紧缺的可行措施有①修建水库等水利工程②海水淡化③跨流域从他国调水④改进灌溉技术A.②④B.①④C.②③D.①③7．我国欲支援一批农业机械设备到该国，选择的最佳海运路线及季节是A.马六甲海峡冬季B.霍尔木兹海峡冬季C.马六甲海峡夏季D.霍尔木兹海峡夏季读下列有关上海外来常住人口信息图，回答8～9 题。
8．能正确反映图甲、图乙所示信息的说法是A.图中所示外来常住人口抚养比趋向平衡B.图中所示中心城区外来常住人口增长幅度高于郊区人口增长幅度C.图中所示外来常住人口主要涌入中心城区D.图中所示外来常住人口性别比趋向平衡9．关于外来常住人口迁入对上海经济社会发展影响，叙述正确的是A.外来常住人口性别比变化对城市发展影响不大B.外来常住人口的文化素质大大提升了上海就业队伍的整体水平C.外来常住人口规模的不断扩大是实现“健康城市”模式的主要方式D.外来常住人口规模和增长变化情况有利于中心城区的第二产业向郊区转移中纬度地区东西走向山脉的南北两侧，由于光照时间长短不同，出现了明显的温度差异，即阳坡温度高于阴坡。
河南省林州市2016 届高三升学质量检测
河南省林州市2016 届高三升学质量检测语文试题注意事项：1．本试卷分第I 卷（阅读题）和第II 卷（表达题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名考号填写在答题纸相应的位置上。
2．本试卷满分150 分，考试用时150 分钟。
3．答题全部在答题纸上完成，试卷上答题无效。
第I 卷阅读题甲必考题一、现代文阅读（9 分，每小题3 分）阅读下面的文字，完成1～3 题。
《周易》的前生今世《易传》是对《周易》一书的第一次系统解释的著作，因为共有10 篇文字，故又称《十翼》。
《易经》与《周易》，不是两名一实的重同关系，而是种属关系。
自从阴、阳爻由数字中归类抽象出来之后，很自然地固定为六十四个六爻卦体，对这些卦体作出有序排列，并且各自给予一个卦名，便诞生了第一部《易经》。
据史传，这第一部《易经》诞生于夏代初期，其名为《连山》。
夏代之前，洪水泛滥，人或为鱼鳖；大禹治水，洪灾顿息，舜将帝位禅让于禹，建立夏朝。
由于长期的洪灾，人们对赖以避难的高山心怀感激；洪灾之后的渔猎生活，山上盛产的野果和飞禽走兽，为人们的主要生活来源；对山的崇拜，也就成为一种必然。
因此，在对六十四卦排序之时，象征山的“艮”卦名列榜首，也就顺理成章。
六爻重卦“艮”是由两个经卦“艮”相重而成，象形山连着山。
所以，夏代制定的以“艮”为首卦的《易经》，便取名为《连山》。
我国最早图腾对象“山”，也因此可以确认。
由渔猎社会转向农业社会，也是在以“山”为崇拜对象的夏代。
个中原因，显然是洪水消减之后，人们纷纷从山上下来，在平原上安营扎寨的缘故。
长期的农事活动，使人们对“春播一粒粟，秋收万颗粮”的土地产生了感情。
于是，由“山”移情于“地”的观念随着农事活动的深入展开而得以确立。
商汤取夏政而代之，作为治国之策的《易经》，也必须作出相应的改编。
由于古籍资料的残缺，我们已无法知道改编的全部内容，但是从商朝初期诞生的第二部《易经》称名《归藏》，可以确定这部《易经》的首卦已由“艮”改换为“坤”。
2016年高考真题——理科综合（河南省） Word版含解析——物理部分
2016年普通高等学校招生全国统一考试（新课标I 卷）理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
有选错的得0分。
14. 一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上。
若将云母介质移出，则电容器（ ）A. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B. 极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D. 极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变 【答案】D【解析】由4πr SC kdε=可知，当云母介质抽出时，r ε变小，电容器的电容C 变小；因为电容器接在恒压直流电源上，故U 不变，根据Q CU =可知，当C 减小时，Q 减小。
再由UE d=，由于U 与d 都不变，故电场强度E 不变，答案为D【考点】电容器的基本计算 15. 现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。
质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。
若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。
此离子和质子的质量比约为（ ） A. 11 B. 12 C. 121 D. 144 【答案】D【解析】设质子的质量数和电荷数分别为1m 、1q ，一价正离子的质量数和电荷数为2m 、2q ，对于任意粒子，在加速电场中，由动能定理得：2102qU mv =- 得 2qU v m = ①在磁场中应满足 2v qvB m r= ②由题意，由于两种粒子从同一入口垂直进入磁场，从同一出口垂直离开磁场，故在磁场中做匀速圆周运动的半径应相同． 由①②式联立求解得匀速圆周运动的半径12mUr B q=，由于加速电压不变，故1212212111r B m q r B m q =⋅⋅= 其中211212B B q q ==，，可得121144m m = 故一价正离子与质子的质量比约为144【考点】带电粒子在电场、磁场中的运动、质谱仪。
河南省林州市第一中学2015-2016学年高一上学期入学考试物理试题 PDF版含答案
河南省林州市一中2015-2016年新生入学考试物理试题答题时间：100分钟，满分：100分注意事项：本题分选择题和非选择题两部分，选择题的答案序号用2B铅笔填涂在答题卡的相应题号的位置上；非选择题就直接答在答题卡上的相应位置的方框中。
第Ⅰ卷 选择题（44分）一、本题共16个小题，其中1～10题为单项选择题，选对一题得2分，共20分；11～16题为不定项选择题，选全对一题得4分，选对不全得2分。
1、如图所示是一台收音机的屏板，当图中黑块（显示调台）左移时，所接收的电磁波（）A、波速变大，波长变小B、波速变小，波长变大C、波速不变，波长变大D、波速不变，波长变小2、为节能环保，国务院规定机关、商场等单位夏季室内空调温度设置不得低于（ ）A、26℃B、22℃C、18℃D、14℃3、等效替代法、控制变量法、类比法、实验推理法和建立理想模型法等科学方法，在我们学习物理知识过程中，就常常要用到。
例如：①用合力表示作用在一个物体上的两个力；②用磁感线描述磁场；③在实验事实的基础上，经过科学推理得出牛顿第一定律；④用总电阻表示同一段电路上并联的两个电阻；⑤借助水压学习电压。
其中的学习上述知识时，用到“等效替代法”方法的是（）A.①和②B.①和④C.②和③D.①和⑤4、如图所示的光学现象中，下列的描述或解释错误的是（）（a）（b）（c）（d）A．图（a）中，小孔成的像是倒立的实像，反映了光在同种介质中沿直线传播B．图（b）中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，利用了光的折射原理C．图（c）中，白光通过三棱镜可以分解成多种色光，是因为不同颜色的光通过玻璃时偏折的角度不同。
D．图（d）中，因漫反射的反射光线杂乱无章，因此有的光线可能不遵循光的反射定律5、如图所示，水平恒力F拉着质量为m的木块在水平放置在地面上的长木板上向右匀速运动，木板恰好能保持静止。
则在此基础上，再逐渐增大F的过程中（设木板足够长，木块没脱离木板），则关于木板与地面之间的摩擦力大小的说法正确的是（ ）FA．恒为开始的F B．随F的增大而增大C．由于木板没有运动，所以没有摩擦力D．由于木板和地面的粗糙程度不知道，所以无法判断6、游乐场中的一种滑梯如图所示。
河南省林州市第一中学高三理综(物理部分)升学质量检测试题
河南省林州市第一中学 2016届高三升学质量检测理综物理部分14．以下说法不正确是（）A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非,是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．在公式电压U 和电流I 具有因果关系、公式中ΔΦ和E 具有因果关系、同理在中ΔV 和a 具有因果关系C．超高压带电作业的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是为了屏蔽电场D．电磁感应原理的广泛应用，人们制成了用于加热物品的电磁炉15.质点做直线运动的速度－时间图象如图所示，该质点( )A．在第1 秒末速度方向发生了改变B．在第2 秒末加速度方向发生了改变C．在前2 秒内发生的位移为零D．第3 秒末和第5 秒末的位置相同16.如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O.一人站在A 点处以速度v0 沿水平方向扔小石子，已知AO＝40 m，g 取10 m/s2.下列说法正确的是( )A．若v0＝18 m/s，则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则v0 越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C．若石块不能落入水中，则v0 越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．若石块不能落入水中，则v0 越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小17.一个质量为m 的小铁块沿半径为R 的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5 倍，则此过程中铁块损失的机械能为( )18．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O.下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A．O 点的电场强度为零，电势最低B．O 点的电场强度为零，电势最高C．从O 点沿x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O 点沿x 轴正方向，电场强度增大，电势降低19．我国于2013 年12 月发射了“嫦娥三号”卫星，该卫星在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T；卫星还在月球上软着陆。
【全国百强校】河南省林州市第一中学2015-2016学年高一上学期期中考试物理试题解析(解析版)
说明：1、本试卷第1卷（选择题）和第二卷（非选择题）满分100分，考试时间90分钟2、将第1卷的答案代表字母填在第二卷的答题表（答题卡）中一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分，其中1-8是单选，9-12是多项选择题，多选题选对但选不全的得2分，有错选或不答的得零分）1下列说法正确的是（）A、速度变化越大，则加速度越大a ，则物体一定做减速运动B、加速度0C、加速度a越大，则物体的速度一定增大D、若加速度方向与速度方向相同，加速度减小时，则速度反而增大【答案】D考点：考查了加速度和速度的关系【名师点睛】加速度和速度关系是学生容易出错的地方，判断物体做加速还是减速运动，只要判断加速度和速度方向关系当加速度与速度方向相同时，物体做加速运动，当物体加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动，不用考虑加速度是变大还是变小2下列说法错误的是（）A、压力和支持力的方向总是垂直于接触面的B、弹簧测力计在称过重物后指针恢复到零刻度属于弹性形变C、微小的力不能使坚硬的物体发生形变，所以就没有弹力产生D、只有发生弹性形变的物体，才会对它所接触的物体产生弹力的作用【答案】C【解析】试题分析：压力和支持力的方向总是垂直于接触面指向被压或者被支持的物体，A 正确；弹性形变是指物体发生形变后会恢复原状的形变，故B 正确；由于有些物体的形变非常微小，不容易被发觉，但不一定不是没有发生形变，C 错误；只有发生弹性形变的物体，才会对它所接触的物体产生弹力的作用，D 正确 考点：考查了弹力，弹性形变【名师点睛】发生形变时物体由于要恢复原状，对与它接触的物体产生力的作用，这种力叫做弹力．产生条件：①两物体互相接触；②物体发生弹性形变（包括人眼不能观察到的微小形变）．3一个长度为L 的轻弹簧，将其上端固定，下端挂一个质量为m 的小球时，弹簧的总长度变为2L ，现将两个这样的弹簧按如图所示方式连接，AB 两小球的质量均为m ，则两小球平衡时，B 球距悬点O 的距离为（不考虑小球的大小，且弹簧都在弹性限度范围内）（ ）A 、3LB 、4LC 、5LD 、6L【答案】C考点：考查了胡克定律【名师点睛】在弹性限度内，物体的形变跟引起形变的外力成正比．这个定律是英国科学家胡克发现的，所以叫做胡克定律．胡克定律的表达式为F kx =或F k x ∆=∆，其中k 是常数，是物体的 劲度（倔强）系数4下列说法正确的是A 、体积很大的物体，不能视为质点B 、参考系必须是静止不动的物体C 、做直线运动的物体，其位移大小不一定等于路程D 、甲的加速度22/a m s =甲，乙的加速度23/a m s =-乙，a a >乙甲【答案】C考点：考查了质点，参考系，位移和路程，加速度【名师点睛】判断物体能不能看做质点，判断依据不是质点的质量大小和体积大小，而是我们所研究的问题，位移大小和路程之间大小关系是位移大小≤路程，当物体做单向直线运动时，等号成立，矢量的正负号只表示方向，不参与大小的比较5如图所示，一小球在光滑的V 形槽中由A 点释放，经B 点（与B 点碰撞所用时间不计）到达与A 点等高的C 点，设A 点的高度为1m ，则全过程中小球通过的路程和位移大小分别为（ ）A B C ,1m 【答案】C【解析】试题分析：路程是指物体的轨迹的长度，所以小球通过的路程为012sin 60s =⨯=，小球的位移是指从初位置指向末位置的有向线段，所以012tan 60x AC ==⨯=，故C 正确 考点：考查了路程和位移【名师点睛】位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置，位移的大小不大于路程．路程是标量，是运动路径的长度．当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程，位移与路程是描述运动常用的物理量，它们之间大小关系是位移大小≤路程6一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A 的时间间隔是5s ，两次经过一个较高点B 的时间间隔是3s ，则AB 之间的距离是（210/g m s =）（ ）A 、80mB 、40mC 、20mD 、不能确定【答案】C考点：考查了竖直上抛运动，自由落体运动重口味【名师点睛】对于竖直上抛运动问题，关键要抓住对称性，知道上升和下降的时间相等，再由运动学公式即可求解7在真空中，将苹果和羽毛同时从同一高度由静止释放，下列闪频照片中符合事实的是（ ）【答案】C【解析】试题分析：在真空中，没有空气阻力，两者做自由落体运动，轨迹应该相同，故C 正确；考点：考查了自由落体运动【名师点睛】关键是知道自由落体运动中，运动的快8一质点沿直线Ox 方向做变速直线运动，它离开O 点的距离x 随时间变化的关系为362x t t =-（m ），它的速度v 随时间t 变化的关系为266v t t =-（m/s ），则该质点在t =2s 时的瞬时速度，t=0到t=2s 间的平均速度、平均速率分别为（ ）A 、18/2/6/m s m s m s --、、 B 、18/2/2/m s m s m s --、、 C 、2/2/18/m s m s m s ---、、 D 、18/6/6/m s m s m s -、、 【答案】A【解析】试题分析：质点在t =2s 时的瞬时速度2266218/v m s =-⨯=-根据266v t t =-可得当1t s =时速速为零，t=0时物体的位置坐标为00x =，t=1时物体的位置坐标为14x m =，t=2时物体的位置坐标为24x m =-，所以t=0到t=2s 过程中质点的位移为4x m =-，路程为12s m =，所以平均速度为2/x v m s t ==-，平均速率为'6/s v m s t==，故A 正确 考点：考查了路程和位移，平均速度和平均速率【名师点睛】本题关键根据题意求解出各个不同时刻物体的位置，然后求解各段时间的位移和平均速度；要明确位移等于位置坐标的变化，平均速度等于位移除以时间，平均速率等于路程除以时间9如图所示是一辆汽车做直线运动的x-t 图像，对应的线段所表示的运动，下列说法正确的是A 、AB 段表示静止B 、BC 段发生的位移大于CD 段发生的位移C 、CD 段运动方向和BC 段运动方向相反D 、CD 段运动速度大小大于BC 段运动速度大小【答案】ACD考点：考查了位移时间图像【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x 的变化量x ∆10如图所示甲、乙两物体的v-t 图像，其中三角形OPQ 的面积为1s ，三角形OQT 的面积为2s ，已知t =0时刻甲在前、乙在后，两者相距为0x ，下列说法正确的是（ ）A 、若012x m =，则两物体不能相遇B 、若010x m =，则两物体相遇一次C 、若08x m =，则两物体相遇两次D 、若021x s s =+，则两物体相遇两次【答案】ABC考点：考查了速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移11一物体做加速直线运动，依次通过A 、B 、C 三点，AB=BC ，物体在AB 段的加速度为1a ，所用时间为1t ，在BC 段的加速度为2a ，所用时间为2t ，且物体在B 点的速度为2A CB v v v +=，则（ ） A 、12a a = B 、12a a < C 、12t t = D 、12t t >【答案】BD【解析】试题分析：通过图线可以看出，两端位移相等，即图线与时间轴所围成的面积相等，可以得出BC 段图线的斜率大于AB 段图线的斜率，所以12a a <．由图线可知，12t t >，故BD 正确考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】本题用图象法解决比较简单直观，知道图线与时间轴所围成的面积表示位移，图线斜率的大小表示加速度的大小12沿直线做匀变速运动的一列火车和一辆汽车的速度分别为12v v 、，12v v 、在各个时刻的大小如图所示，从表中数据可以看出（ ）A 、火车的速度变化较慢B 、汽车的加速度较小C 、火车的位移在减小D 、汽车的位移在增加【答案】AC考点：考查了加速度的计算【名师点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量，知道加速度的正负表示方向，不表示大小，加速度的方向，不表示物体运动的方向，基础题二、实验题（（1）4分，（2）每空2分，（3）每空2分，共14分）13（1）在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，下列说法正确的是_________A 、电火花计时器正常工作时，其打点的周期取决于交流电压的高低B 、电火花计时器应接在10V 以下的交流电源上才能正常工作C 、打点计时器连续工作时间很短，应注意打点之后要立即关闭电源D 、开始试验时，应先接通电源，后释放纸带（2）某同学在实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带如图所示，纸带上两相邻计数点的时间间隔为0.1T s ，其中1237.057.688.33x cm x cm x cm ===、、、4568.959.6110.26x cm x cm x cm ===、、，则D 点瞬时速度大小为__________m/s ，计算小车运动加速度的表达式为_________________。
物理---河南省林州市第一中学2016-2017学年高一(火箭班)5月调研考试试题
一、选择题：本题共12小题，1~6题为单选题，7~12题，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
1．下列叙述正确的是( )A ．带等量异种电荷的两个导体接触后，电荷就会由于相互中和而消失B ．一个物体带91.610C -⨯的负电荷，这是它失去了101.010-⨯个电子的缘故C ．元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量D ．电场中某点场强越大，则同一电荷在该点所受电场力越大2．关于电场强度的下列说法中不正确的是( )A ．电场强度在数值上等于单位电荷在电场中所受的电场力的大小B ．在电场中某点不放电荷，则该点的电场强度一定为零C ．正电荷在电场中某点所受电场力的方向就是这点电场强度的方向D ．负电荷在电场中某点所受电场力的方向就是这点电场强度的反方向3．两个分别带有电荷量-Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们之间的库仑力的大小为F ，若将两小球相互接触后分开一定的距离，两球间的库仑力大小变为43F ，则两小球间的距离变为( ) A ．4r B ．2r C ．r D ．2r 4．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，下列判断正确的是( )A ．1、2两点的电场强度相等B ．1、3两点的电场强度相等C ．1、2两点的电势相等D ．2、3两点的电势相等5．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是( )A ．电场强度的方向处处与等势面垂直B ．电场强度为零的地方，电势也逐渐降低C ．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度方向总是指向该点的电势降落最快的方向6．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷，一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点，则该粒子( )A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c的动能变化7．如图所示，分别在M、N两点固定放置两个点电荷+Q和-2Q，以M、N连线的中点O为圆心的圆周上有A、B、C、D四点，下列说法正确的是( )A．A点电场强度小于B点电场强度B．C点电场强度与D点电场强度相同C．A点电势小于B点电势D．将某正电荷从C点移到O点，电场力不做功8．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则( )A．平行板电容器的电容值变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能减小D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一段距离，则带电油滴所受电场力不变9．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线，粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判断( )A粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B粒子在A点的动能小于它在B点的动能C粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能DA点的电势低于B点的电势10．如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，下列说法中正确的是( )A．滑动触头向右移动时，电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变D．电压U增大时，电子从出发到打在荧光屏上的时间不变11．如图所示，电荷量为+q和-q的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电池强度为零的点有( )A．体中心、各面中点和各边中点B．体中心和各边中点C．各面中心和各边中点D．体中心和各面中心12．a、b、c三个 粒子（重力不计）由同一点M同时垂直场强方向进入带有等量异种电荷的两平行金属棒的电场间，其轨迹如图所示，其中b恰好沿板的边缘飞出电场，由此可知( )A ．进入电场时a 的速度最大，c 的速度最下B ．a 、b 、c 在电场中运动经历的时间氙灯C ．若把上极板向上移动，则a 在电场中运动经历的时间增加D ．若把上极板向下移动，则a 在电场中运动经历的时间增加二、计算题13．把一检验电压q 放在点电荷Q 所形成的电场中的A 点，若检验电荷的电荷量为q=8210C --⨯，它所受的电场力F=3210N -⨯，方向背向Q ，如图所示（1）求A 点的场强大小及方向。
河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测理综试题 Word版含答案
河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测理综生物部分1．麦穗籽粒干重中50%以上来源于其麦穗下的叶片，其他可由颖壳、麦芒和叶鞘等非叶光合器官提供。
研究发现靠近麦穗越近的叶片其光合速率越高，且对籽粒干重的贡献率越高。
下列说法错误的是( )A．去除麦穗后，穗下第一片叶片的光合速率会有所降低B．去除离麦穗最近的一片叶，其第二片叶的光合会降低C．为确定叶鞘对麦穗籽粒干重的贡献，可对其遮光处理D．麦芒细胞的光合产物除了自身消耗之外还能运出组织2．下列关于组成细胞的物质及细胞结构的描述，正确的是( )A．酶、抗体、受体的特异性都与氨基酸的排列顺序有关B．利用胞吐作用运输的物质都是大分子物质C．糖蛋白、抗体、限制酶都是具有识别作用的物质D．核糖体都能参与多肽链的合成，其形成都与核仁有关3．下列有关细胞生命历程的叙述错误的是( )A．细胞增殖是生物体生长、发育和遗传的基础B．减数分裂的出现明显加快了生物进化的速度C．细胞在癌变过程中发生了基因突变和基因重组D．细胞的衰老与凋亡并不能说明动物个体已经衰老4．下列关于科学实验及方法的叙述中正确的是 ( )A．运用差速离心法，可以将细胞中各种细胞器和化合物分离开来B．沃森和克里克研究DNA 分子结构时，运用了构建数学模型的方法C．孟德尔运用假说一演绎法发现并提出了生物的遗传定律D．在探究遗传物质的实验中，格里菲思运用了放射性同位素标记法5．取某种植物幼茎等长切段若干(无芽和无叶)均分为四组，a 组浸泡在蒸馏水中，其他三组分别浸泡在不同浓度的生长素溶液中(其中有高浓度、低浓度和最适浓度)，培养一段时间，测量并记录各组切段的平均长度，实验重复两次，结果如下图所示。
下列说法不正确的是( )A．实验前的幼茎切段应浸泡在蒸馏水中以消除茎内原有激素对实验的影响B．实验结果说明三种浓度的生长素均能促进切段的生长C．d 组切段伸长最多，说明d 组使用了最适浓度的生长素溶液D．b 组切段伸长最少，说明b 组使用了高浓度生长素溶液6．内环境稳态是维持机体正常生命活动的必要条件，下列叙述错．误．的是 ( ) A.内环境保持相对稳定有利于机体适应外界环境的变化B.内环境稳态有利于新陈代谢过程中酶促反应的正常进行C.维持内环境中Na+、K+浓度的相对稳定有利于维持神经细胞的正常兴奋性D.内环境中发生的丙酮酸氧化分解给细胞提供能量，有利于生命活动的进行29．（10 分）下图是不同条件对番茄光合作用的影响。
河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测理综物理试题.doc
河南省林州市第一中学2016届高三升学质量检测理综物理部分14．以下说法不正确是（）A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非,是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法B．在公式电压U 和电流I 具有因果关系、公式中ΔΦ 和E 具有因果关系、同理在中ΔV 和a 具有因果关系C．超高压带电作业的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是为了屏蔽电场D．电磁感应原理的广泛应用，人们制成了用于加热物品的电磁炉15.质点做直线运动的速度－时间图象如图所示，该质点( )A．在第1 秒末速度方向发生了改变B．在第2 秒末加速度方向发生了改变C．在前2 秒内发生的位移为零D．第3 秒末和第5 秒末的位置相同16.如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O.一人站在A 点处以速度v0 沿水平方向扔小石子，已知AO＝40 m，g 取10 m/s2.下列说法正确的是( )A．若v0＝18 m/s，则石块可以落入水中B．若石块能落入水中，则v0 越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C．若石块不能落入水中，则v0 越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．若石块不能落入水中，则v0 越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小17.一个质量为m 的小铁块沿半径为R 的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5 倍，则此过程中铁块损失的机械能为( )18．如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x 轴垂直于环面且过圆心O.下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是( )A．O 点的电场强度为零，电势最低B．O 点的电场强度为零，电势最高C．从O 点沿x 轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O 点沿x 轴正方向，电场强度增大，电势降低19．我国于2013 年12 月发射了“嫦娥三号”卫星，该卫星在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T；卫星还在月球上软着陆。
【精编】2016年河南省百校联盟高考物理质检试卷与解析
2016年河南省百校联盟高考物理质检试卷一、选择题：本题共12小题，每小题5分，在每题给出的四个选项中，第1题～第8题，每小题只有一个选项符合题目要求；第9题～第12题，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分．1．（5分）如图所示为甲、乙两物体从同一地点开始做直线运动的v﹣t图象，图中t1=t2，则在0一t2时间内物体的运动，下列说法错误的是（）A．在t1时刻，甲位移是乙位移的2倍B．加速过程中，甲的加速度大小是乙的加速度大小的2倍C．在t1到t2之间某个时刻，甲与乙相遇D．在到达t2时刻之前，甲一直在乙的前面2．（5分）一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，则下列说法正确的是（）A．斜面对长木板的摩擦力为mgsinθB．斜面对长木板的摩擦力为3μ2mgcosθC．长木板对人的摩擦力为2μ1mgcosθD．长木板对人的摩擦力为2mgsinθ3．（5分）如图所示，光滑固定斜面体ABC的两个底角∠A=37°，∠B=53°，两个物块通过一绕过定滑轮的轻绳相连放于两斜面上，给m2一沿斜面向下的初速度，结果m2刚好能沿斜面匀速下滑，若将m1、m2互换位置，并同时释放两物块，则m1的加速度（重力加速度为g）（）A．大小为0.1g 方向沿斜面向上B．大小为0.1g 方向沿斜面向下C．大小为0.2g 方向沿斜面向上D．大小为0.2g 方向沿斜面向下4．（5分）正三角形ABC的三个顶点处分别有垂直于三角形平面的无限长直导线，导线中通有恒定电流，方向如图所示，a、b、c三点分别是正三角形三边的中点，若A、B、C三处导线中的电流分别为I、2I、3I，已知无限长直导线在其周围某一点产生的磁场磁感应强度B的大小与电流成正比，与电流到这一点的距离成反比，即B=k，则a、b、c三点的磁感应强度大小关系为（）A．a点最大B．b点最大C．c点最大D．b、c两点一样大5．（5分）如图所示，AB是半圆弧的直径，处于水平，O是圆弧的圆心，C是圆弧上一点，∠OAC=37°，在A、O两点分别以一定的初速度同时水平抛出两个小球，结果都落在C点，则两个球抛出的初速度v l、v2的大小之比为（）A．v l：v2=32：7 B．v l：v2=16：7 C．v l：v2=16：3 D．v l：v2=16：96．（5分）如图所示，质量为m的小球用长为L的细绳与O点相连，开始时小球位于A点，OA长为L，在OA的垂直平分线BC和虚线OD的交点处有一小钉，虚线OD与水平方向的夹角θ=37°，当小球由静止释放，小球运动到最低点时，细绳刚好断开（不考虑细绳与小钉碰撞的能量损失），则绳能承受的最大拉力为（）A．2mg B．3mg C．4mg D．5mg7．（5分）某赤道平面内的卫星自西向东飞行绕地球做圆周运动，该卫星离地高度为h，赤道上某人通过观测，前后两次出现在人的正上方最小时间间隔为t，已知地球的自转周期为T0，地球的质量为M，引力常量为G，由此可知（）A．地球的半径为B．地球的半径为C．该卫星的运行周期为t﹣T0D．该卫星运行周期为8．（5分）如图所示，平行板电容器竖直放置，与直流电源相连，开始时两板M、N错开（图中实线所在位置），M板固定，并接地，两板间P点固定一带正电的粒子，则（）A．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，两板间的电压先增大后减小B．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器的带电量先增大后减小C．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，带电粒子的电势能先增大后减小D．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器贮存的电场能先增大后减小9．（5分）如图所示为两电量绝对值相等的点电荷A、B激发的电场，矩形abcd 的中心正好与两电荷连线的中点O重合，ad边平行于点电荷连线，e、f、g、h 分别为矩形各边与两电荷连线及中垂线的交点，取无穷远处为零电势处．则下述正确的是（）A．若A、B是同种电荷，则e、f两点场强相同B．若A、B是同种电荷，则a、b、c、d四点电势相同C．若A、B是异种电荷，则g、h两点的电势为零D．若A、B是异种电荷，则a、c两点场强相同10．（5分）物体做自由落体运动，其下落的高度h、瞬时速度v、时间t、平均速度之间的关系正确的是（）A．B．C．D．11．（5分）如图所示，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，当滑动变阻器R 的滑片缓慢地从最左端向右移动一段距离的过程中，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，电流表的示数为I，电容器的带电量为Q，则在这个过程中，下列图象正确的是（）A．B．C．D．12．（5分）如图所示，一单边有界磁场的边界上有一粒子源，以与水平方向成θ角的不同速率，向磁场中射入两个相同的粒子1和2，粒子1经磁场偏转后从边界上A点出磁场，粒子2经磁场偏转后从边界上B点出磁场，OA=AB，则（）A．粒子1与粒子2的速度之比为1：2B．粒子1与粒子2的速度之比为1：4C．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：1D．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：2二、实验题：本题共2小题．共15分．13．（8分）某同学用气垫导轨做侧滑块加速度和验证机械能守恒定律实验，A、B为气垫导轨上的两个光电门，当滑块在气垫导轨上滑动通过两光电门时，连接在光电门上的数字计时器记录滑块上的挡光片挡光时间，两光电门间的距离为L．（1）先用一螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2所示，读数为d=cm．（2）实验开始先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定气垫导轨是否水平？（3）让滑块在图示1位置由静止开始在悬挂重物的牵引下向左运动，牵引滑块的细绳始终保持水平，滑块通过A、B两光电门的时间分别为t1、t2，则此次运动过程中，滑块运动的加速度大小为（用题设中各物理量符号表示）．要利用此过程验证机械能守恒定律，还需要测量的物理量为（填物理量及符号），要验证机械能守恒的表达式为（用顺设中各物理量符号表示）．14．（7分）某实验小组用如下所示实验电路测三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，定值电阻R0=3Ω．（1）闭合电键前，滑动变阻器的滑片应移动到最（填“左”或“右”）端，闭合电键后，在连续调节滑动变阻器滑片的过程中，电压表V2的示数（填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）根据实验测得的两个电压表的多组示数，作出U1﹣U2图象，如图所示，由此得到电池组的电动势E=，内阻r=．（3）本实验引起系统误差的主要原因有．三、计算论述题：本题共3小题，共计35分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题．答案中必须明确写出数值和单位．15．（9分）如图所示，一固定倾斜放置的粗糙直杆方向与水平方向的夹角为θ=37°，其上套有一质量为m的环，给环一个初速度让环沿杆下滑，环恰好能匀速下滑，现给环一斜向上的拉力，方向与杆的夹角也为θ，使环从A点由静止沿杆向上做匀加速直线运动，至C点时撤去拉力，结果环恰好能滑到D点，已知AB=BC=CD=L，重力加速度为g，拉力作用在环上时，杆对环的弹力垂直于杆向下，（已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）环与杆间的动摩擦因数；（2）拉力F的大小．16．（12分）如图所示，一光滑绝缘斜面固定在水平向右的匀强电场中，斜面的倾角为37°，斜面上有A、B两个小球，B球固定，A球恰好处于静止，两球相距L，两球的质量均为m，带电量的大小均为q，A带负电，静电力常量为k．（已知sin37°=，cos37）求：，（1）B球的电性及匀强电场的电场强度大小；（2）释放B球的一瞬间，B球的加速度大小；（3）释放B球后，当A球沿斜面向下运动L的距离时，B球运动了n l L的距离，这时A球的速度为v，B球的速度为n2v，此过程中两个球间的库仑力做功的代数和为多少？17．（14分）如图所示，在平面直角坐标系xoy中，第工象限内有沿y轴负向的匀强电场，电场强度的大小为E，第IV象限内有垂直纸面向外的匀强磁场．在y 轴的正半轴上，各点处均向x轴正向发射质量均为m、电荷量为q的带正电粒子，结果这些粒子均能从x轴上的Q占决入磁场，并且到Q点速度最小的粒子A，经磁场偏转后恰好从（0，一L）射出磁场，已知QQ=L，粒子的重力不计．求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小及粒子A在磁场中运动的时间；（2）若某粒子c从y轴上的P点射出，经过Q点时，速度方向与x轴正向成30°，求OP的大小及该粒子在磁场中做圆周运动的半径．2016年河南省百校联盟高考物理质检试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，在每题给出的四个选项中，第1题～第8题，每小题只有一个选项符合题目要求；第9题～第12题，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但选不全的得3分，有选错的得0分．1．（5分）如图所示为甲、乙两物体从同一地点开始做直线运动的v﹣t图象，图中t1=t2，则在0一t2时间内物体的运动，下列说法错误的是（）A．在t1时刻，甲位移是乙位移的2倍B．加速过程中，甲的加速度大小是乙的加速度大小的2倍C．在t1到t2之间某个时刻，甲与乙相遇D．在到达t2时刻之前，甲一直在乙的前面【解答】解：A、根据图象可知，甲乙都做匀加速直线运动，而t1=t2，则a甲=2a乙，所以在t1时刻，v甲=2v乙，此时甲的位移，乙的位移，甲位移是乙位移的2倍，故AB正确；C、图象与坐标轴围成面积代表位移，甲、乙两物体从同一地点开始做直线运动，根据图象可知，在t2时刻，甲乙的位移相等，则在t2时刻相遇，相遇前甲一直在乙的前面，故C错误，D正确．本题选错误的，故选：C2．（5分）一长木板静止在倾角为θ的斜面上，长木板上一人用力推长木板上物块，使物块与长木板间的摩擦力刚好为零，已知人、物块、长木板的质量均为m，人、物块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与斜面间的动摩擦因数为μ2，则下列说法正确的是（）A．斜面对长木板的摩擦力为mgsinθB．斜面对长木板的摩擦力为3μ2mgcosθC．长木板对人的摩擦力为2μ1mgcosθD．长木板对人的摩擦力为2mgsinθ【解答】解：AB、对人，物块，长木板三者整体研究，斜面对它们的摩擦力为静摩擦力，其大小为f=3mgsinθ，故AB错误；CD、对人，物块整体研究，由于物块与长木板间的摩擦力刚好为零，因此长木板对人的静摩擦力大小为f′=2mgsinθ，故C错误，D正确；故选：D．3．（5分）如图所示，光滑固定斜面体ABC的两个底角∠A=37°，∠B=53°，两个物块通过一绕过定滑轮的轻绳相连放于两斜面上，给m2一沿斜面向下的初速度，结果m2刚好能沿斜面匀速下滑，若将m1、m2互换位置，并同时释放两物块，则m1的加速度（重力加速度为g）（）A．大小为0.1g 方向沿斜面向上B．大小为0.1g 方向沿斜面向下C．大小为0.2g 方向沿斜面向上D．大小为0.2g 方向沿斜面向下【解答】解：由题意知，m2恰好沿斜面匀速下滑时，由二力平衡有：m1gsin37°=m2gsin53°互换位置后，设m1的加速度为a，方向沿斜面向下，由牛顿第二定律有：m1gsin53°﹣m2gsin37°=（m1+m2）a，解得：a=0.2g，故ABC错误，D正确．故选：D4．（5分）正三角形ABC的三个顶点处分别有垂直于三角形平面的无限长直导线，导线中通有恒定电流，方向如图所示，a、b、c三点分别是正三角形三边的中点，若A、B、C三处导线中的电流分别为I、2I、3I，已知无限长直导线在其周围某一点产生的磁场磁感应强度B的大小与电流成正比，与电流到这一点的距离成反比，即B=k，则a、b、c三点的磁感应强度大小关系为（）A．a点最大B．b点最大C．c点最大D．b、c两点一样大【解答】解：设正三角形的边长为2L，根据公式B=k，结合矢量的叠加原理，则a、b、c三点的磁感应强度大小分别为B a=4k；B b==kB c==k综上所述，故B正确，ACD错误；故选：B．5．（5分）如图所示，AB是半圆弧的直径，处于水平，O是圆弧的圆心，C是圆弧上一点，∠OAC=37°，在A、O两点分别以一定的初速度同时水平抛出两个小球，结果都落在C点，则两个球抛出的初速度v l、v2的大小之比为（）A．v l：v2=32：7 B．v l：v2=16：7 C．v l：v2=16：3 D．v l：v2=16：9【解答】解：两球下落的高度相同，根据t=知，下落的时间相同，设圆弧的半径为R，则A点抛出的球平抛运动的水平位移x1=2Rcos37°•cos37°=1.28R，从O 点抛出的球做平抛运动的水平位移为x2=x1﹣R=0.28R，根据v=知，v1：v2=1.28：0.28=32：7．故选：A．6．（5分）如图所示，质量为m的小球用长为L的细绳与O点相连，开始时小球位于A点，OA长为L，在OA的垂直平分线BC和虚线OD的交点处有一小钉，虚线OD与水平方向的夹角θ=37°，当小球由静止释放，小球运动到最低点时，细绳刚好断开（不考虑细绳与小钉碰撞的能量损失），则绳能承受的最大拉力为（）A．2mg B．3mg C．4mg D．5mg【解答】解：小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒定律，设小球运动到最低点时的速度为v，则有：mg（L﹣）=在最低点，绳子刚好拉断，则绳能承受的最大拉力满足F﹣mg=m解得：F=5mg，故D正确．故选：D7．（5分）某赤道平面内的卫星自西向东飞行绕地球做圆周运动，该卫星离地高度为h，赤道上某人通过观测，前后两次出现在人的正上方最小时间间隔为t，已知地球的自转周期为T0，地球的质量为M，引力常量为G，由此可知（）A．地球的半径为B．地球的半径为C．该卫星的运行周期为t﹣T0D．该卫星运行周期为【解答】解：根据赤道平面内的卫星绕地球做圆周运动，由万有引力提供向心力，则有：解得：R=﹣h，设卫星的周期为T，则有：=1，解得：T=，因此R=﹣h，故D正确，ABC错误；故选：D．8．（5分）如图所示，平行板电容器竖直放置，与直流电源相连，开始时两板M、N错开（图中实线所在位置），M板固定，并接地，两板间P点固定一带正电的粒子，则（）A．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，两板间的电压先增大后减小B．电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器的带电量先增大后减小C．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，带电粒子的电势能先增大后减小D．电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器贮存的电场能先增大后减小【解答】解：A、电键K闭合，由于电容器一直与电源相连，因此电容器两极间的电压不变，故A错误；B、由电容的决定式C=，可知，两板间的正对面积先增大后减小，因此平行板电容器的电容先增大后减小，由Q=CU可知，由于K闭合，电压一定，电容器的带电量先增大后减小，故B正确；C、电键K断开，电容器的带电量一定，由U=可知，两板间的电压先减小后增大，由电压分配可知，P点的电势先降低后升高，因此带正电的电荷在P点的电势能先减小后增大，故C错误；D、由电压分配可知，电容器的电量一定，N板移动过程中，两板电荷间的库仑力先做正功后做负功，因此电容器贮存的电场能先减小后增大，故D错误；故选：B．9．（5分）如图所示为两电量绝对值相等的点电荷A、B激发的电场，矩形abcd 的中心正好与两电荷连线的中点O重合，ad边平行于点电荷连线，e、f、g、h 分别为矩形各边与两电荷连线及中垂线的交点，取无穷远处为零电势处．则下述正确的是（）A．若A、B是同种电荷，则e、f两点场强相同B．若A、B是同种电荷，则a、b、c、d四点电势相同C．若A、B是异种电荷，则g、h两点的电势为零D．若A、B是异种电荷，则a、c两点场强相同【解答】解：A、根据等量同种电荷电场线和等势线分布情况和对称性，可知abcd 四点的电场强度大小相等，但方向不同．故A错误；B、abcd四点所处的为四个对称点且电势为标量，则电势相同．故B正确；C、若A、B是异种电荷，则g、h两点的连线是两个点电荷的连线的中垂线，该中垂线上各点的电势与无穷远处的电势相等，所以电势为零．故C正确；D、若A、B是异种电荷，根据等量异种点电荷的电场的特点可知，则a、c两点场强相同．故D正确．故选：BCD．10．（5分）物体做自由落体运动，其下落的高度h、瞬时速度v、时间t、平均速度之间的关系正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：物体做自由落体运动．下落的高度h=gt2；故h﹣t图象为过原点的抛物线；故A正确；C错误；B、由v=gt可知，速度﹣时间图象为过原点的直线；故B错误，D正确；故选：AD．11．（5分）如图所示，电源电动势为E、内阻为r．闭合开关S，当滑动变阻器R 的滑片缓慢地从最左端向右移动一段距离的过程中，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，电流表的示数为I，电容器的带电量为Q，则在这个过程中，下列图象正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：A、电压表测量滑动变阻器的电压，电流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律U=E﹣I（R1+r）得：△U=△I（R1+r）解得：=（R1+r），不变，故A错误，B正确；C、当滑动变阻器R的滑片缓慢地从最左端向右移动一段距离的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I增大，根据欧姆定律可知电阻R1两端电压增大，电路中总电流I增大，根据Q=UC=CR1I 可知，Q﹣I图象是过原点的倾斜直线，故C错误，D正确；故选：BD12．（5分）如图所示，一单边有界磁场的边界上有一粒子源，以与水平方向成θ角的不同速率，向磁场中射入两个相同的粒子1和2，粒子1经磁场偏转后从边界上A点出磁场，粒子2经磁场偏转后从边界上B点出磁场，OA=AB，则（）A．粒子1与粒子2的速度之比为1：2B．粒子1与粒子2的速度之比为1：4C．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：1D．粒子1与粒子2在磁场中运动的时间之比为1：2【解答】解：AB、粒子进入磁场后速度的垂线与OA的垂直平分线的交点为粒子1在磁场中的轨迹圆的圆心；同理，粒子进入磁场后速度的垂线与OB的垂直平分线的交点为粒子2在磁场中的轨迹圆的圆心；由几何关系可知，两个粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为r1：r2=1：2，由r=可知，粒子1与粒子2的速度之比为1：2，故A正确，B错误；CD、由于粒子在磁场中做圆周运动的；均为周期均为T=，且两粒子在磁场中做圆周运动的轨迹所对的圆心角相同，根据公式t=，两个粒子在磁场中运动的时间相等，故C正确，D错误；故选：AC二、实验题：本题共2小题．共15分．13．（8分）某同学用气垫导轨做侧滑块加速度和验证机械能守恒定律实验，A、B为气垫导轨上的两个光电门，当滑块在气垫导轨上滑动通过两光电门时，连接在光电门上的数字计时器记录滑块上的挡光片挡光时间，两光电门间的距离为L．（1）先用一螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2所示，读数为d=0.6725cm．（2）实验开始先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定气垫导轨是否水平？取下牵引重物，M放在任意位置不动，或取下牵相重物，轻推滑块，数字计时器记录每一个光电门的电束被挡住的时间都相等（3）让滑块在图示1位置由静止开始在悬挂重物的牵引下向左运动，牵引滑块的细绳始终保持水平，滑块通过A、B两光电门的时间分别为t1、t2，则此次运动过程中，滑块运动的加速度大小为（﹣）（用题设中各物理量符号表示）．要利用此过程验证机械能守恒定律，还需要测量的物理量为滑块的质量M，以及悬挂重物的质量m，（填物理量及符号），要验证机械能守恒的表达式为mgL=（M+m）d2（（﹣）（用顺设中各物理量符号表示）．【解答】解：（1）螺旋测微器的读数为：d=6.5+22.5×0.01mm=6.725mm=0.6725cm（2）气垫导轨处于水平时，滑块受力平衡，故可以取下牵引重物，M放在任意位置不动，或取下牵相重物，轻推滑块，数字计时器记录每一个光电门的电束被挡住的时间都相等；（3）经过光电门的速度v=；由v2﹣v02=2ax可知，（）2﹣（）2=2aL；解得：a=（﹣）要想验证机械能守恒，还需要测量滑块的质量M，以及悬挂重物的质量m，根据机械能守恒定律可知：mgL=（M+m）d2（（﹣）；故答案为：（1）0.6725；（2）可以取下牵引重物，M放在任意位置不动，或取下牵相重物，轻推滑块，数字计时器记录每一个光电门的电束被挡住的时间都相等；（3）滑块的质量M，以及悬挂重物的质量m；mgL=（M+m）d2（（﹣）；14．（7分）某实验小组用如下所示实验电路测三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，定值电阻R0=3Ω．（1）闭合电键前，滑动变阻器的滑片应移动到最左（填“左”或“右”）端，闭合电键后，在连续调节滑动变阻器滑片的过程中，电压表V2的示数增大（填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）根据实验测得的两个电压表的多组示数，作出U1﹣U2图象，如图所示，由此得到电池组的电动势E= 4.5V，内阻r=3Ω．（3）本实验引起系统误差的主要原因有电压表的分流作用．【解答】解：（1）由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路安全，闭合开关前滑片由置于最左端；移动滑片过程，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知，电路电流增大，定值电阻两端电压增大，电压表V2的示数增大．（2）由图示电路图可知，电源电动势：E=U1+Ir=U1+r，整理得：U1=E﹣U2，则：U1﹣U2图象图象的截距：b=E=4.5V，图象斜率：k===1，解得：r=kR0=3Ω．（3）由于电压表的分流作用，流过电源的电流大于，这是造成实验误差的原因．故答案为：（1）左；增大；（2）4.5V；3Ω；（3）电压表的分流作用．三、计算论述题：本题共3小题，共计35分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题．答案中必须明确写出数值和单位．15．（9分）如图所示，一固定倾斜放置的粗糙直杆方向与水平方向的夹角为θ=37°，其上套有一质量为m的环，给环一个初速度让环沿杆下滑，环恰好能匀速下滑，现给环一斜向上的拉力，方向与杆的夹角也为θ，使环从A点由静止沿杆向上做匀加速直线运动，至C点时撤去拉力，结果环恰好能滑到D点，已知AB=BC=CD=L，重力加速度为g，拉力作用在环上时，杆对环的弹力垂直于杆向下，（已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）环与杆间的动摩擦因数；（2）拉力F的大小．【解答】解：（1）环能沿杆匀速下滑，根据力的平衡有：mgsinθ=μmgcosθ解得：μ=tanθ=0.75；（2）由AB=BC=CD=L，环从A到C过程中，杆对环的弹力垂直于杆向下，根据牛顿第二定律有：Fcosθ﹣f﹣mgsinθ=ma1Fsinθ=N+mgcosθf=μNv2=2a1×2L环从C到D的过程中，根据牛顿第二定律有：mgsinθ+μmgcosθ=ma2v2=2a2L解得：F=答：（1）环与杆间的动摩擦因数为0.75；（2）拉力F的大小为．16．（12分）如图所示，一光滑绝缘斜面固定在水平向右的匀强电场中，斜面的倾角为37°，斜面上有A、B两个小球，B球固定，A球恰好处于静止，两球相距L，两球的质量均为m，带电量的大小均为q，A带负电，静电力常量为k．（已知sin37°=，cos37）求：，（1）B球的电性及匀强电场的电场强度大小；（2）释放B球的一瞬间，B球的加速度大小；（3）释放B球后，当A球沿斜面向下运动L的距离时，B球运动了n l L的距离，这时A球的速度为v，B球的速度为n2v，此过程中两个球间的库仑力做功的代数和为多少？【解答】解：（1）由于A球处于静止，A球受力平衡，A球受到重力、斜面的支持力和B球的库仑力，库仑力应沿斜面向上，所以B球带负电；对A球，根据力的平衡有：mgsin37°+qEcos37°=k得：E=﹣．（2）释放B球的一瞬间，根据牛顿第二定律得：qEcos37°+mgsin37°+k=ma代入数据解得：a=（3）释放B球后，当A球沿斜面向下运动L的距离时，B球运动了n l L的距离，根据动能定理得：对A球有：（qEcos37°+mgsin37°）L+W1=对B球有：（qEcos37°+mgsin37°）n l L+W2=两个球间的库仑力做功的代数和为：W=W1+W2．解得：W=﹣答：（1）B球的电性及匀强电场的电场强度大小是﹣；（2）释放B球的一瞬间，B球的加速度大小是．（3）两个球间的库仑力做功的代数和为﹣．17．（14分）如图所示，在平面直角坐标系xoy中，第工象限内有沿y轴负向的匀强电场，电场强度的大小为E，第IV象限内有垂直纸面向外的匀强磁场．在y 轴的正半轴上，各点处均向x轴正向发射质量均为m、电荷量为q的带正电粒子，结果这些粒子均能从x轴上的Q占决入磁场，并且到Q点速度最小的粒子A，经磁场偏转后恰好从（0，一L）射出磁场，已知QQ=L，粒子的重力不计．求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小及粒子A在磁场中运动的时间；（2）若某粒子c从y轴上的P点射出，经过Q点时，速度方向与x轴正向成30°，求OP的大小及该粒子在磁场中做圆周运动的半径．【解答】解：（1）粒子在电场中做类平抛运动，水平方向：L=v0t，竖直方向：v y=t，到达Q点时的速度：v==，当：=t时，速度最小，为：v=，速度方向与x轴夹角为45°，粒子经磁场偏转后从（0，﹣L）射出磁场，由几何知识可知，粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径：r=L，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：B=2，粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=，。
河南省安阳市林州一中高三物理上学期9月质检试卷(含解析)
河南省安阳市林州一中2016届高三上学期质检物理试卷（9月份）一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每小题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．人类对落体运动的认识经历了差不多两千年的时间口下列有关落体运动的说法正确的有（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢由其物重决定B．如果完全排除空气的阻力，落体运动就成为自由落体运动C．考虑空气阻力的影响，较轻的物体下落的快一些D．伽利略在研究落体运动时用到了理想斜面实验2．汽车在平直公路上做刹车实验，若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系，如图所示，下列说法正确的是（）A．t=0时汽车的速度为10 m/sB．刹车过程持续的时间为5sC．刹车过程经过3s的位移为7.5 mD．刹车过程汽车加速度大小为10 m/s3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是（）A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s5．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动．则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）（）A．μmg（1+）B．μmg（1+）C．μmg D．μMg6．如图所示，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个网周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为（）A．B．C．mgR D．2mgR7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s8．如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点，以a、b两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．t1＜t2，v1＜v2 B．t1＜t2，v1＞v2 C．t1＞t2，v1＞v2 D．t1＞t2，v1＜v29．如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是（）A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg10．如图所示，倾角为30°的斜面上，质量为m的物块在恒定拉力作用下沿斜面以加速度a=（g为重力加速度）向上加速运动距离x的过程中，下列说法正确的（）A．重力势能增加mgs B．动能增加mgsC．机械能增加mgs D．拉力做功为mgs11．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，下列说法错误的是（）A．物块B的加速度为B．物块A．B间的弹力为C．弹簧的弹力为D．物块A的加速度为12．如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，下列说法正确的是（）A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：113．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是（）A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度v向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动14．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0二、实验题：本题共2小题，共15分．15．某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数．已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同．小木块由斜面上的A点静止下滑，经过B点到达水平面上的C 点静止．A、C两点间的水平距离为x．小木块可视为质点．回答下列问题：（1）小木块质量为m，重力加速度大小为g，若滑动摩擦因数为μ，由A点运动到C点过程中，克服摩擦力做功与x之间的关系式为W f= ．为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？．A．小木块的质量m B．斜面倾角 C．A、B两点间的距离lD．A、C两点间的竖直高度差h E．A、C两点间的水平距离x（3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ= ．（4）小木块运动到B点时，由于水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将（填“偏大”、“相等”或“偏小”）．16．某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上．然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度值记作l0，弹簧下端每增加一个50g的砝码时，指针示数分别记作l1、l2、…l5，g取9.8m/s2．﹣l图线．根据n﹣l图线，可知弹簧的劲度系数k= N/m．（保留2位有效数字）（3）根据n﹣l图线，可知弹簧的原长l0= cm．三、计算论述题：本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出答案和单位．17．宇航员站在一星球表面上的某高处，沿水平方向抛出一小球，经过时间t，小球落到星球表面，测得抛出点与落点之间的距离为L．若抛出时的初速度增大到原来的2倍，则抛出点与落点之间的距离为L．已知两落点在同一水平面上，该星球的质量为M，引力常数为G．求该星球的第一宇宙速度．18．如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点．现用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a﹣F图象如图乙所示，取g=10m/s2．求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以及木板与地面的滑动摩擦因数．若水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长．19．如图所示，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，另一端系有质量为m的小球．现将小球拉到A点（保持绳绷直且水平）由静止释放，当它经过B点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C点．地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知O点离地高度为H，重力加速度大小为g，不计空气阻力影响，求：（1）轻绳所受的最大拉力大小；调节绳子的长短，当地面上DC两点间的距离x取最大值时，此时绳的长度为多大．20．如图所示，传送带与两轮切点A、B间的距离为l=20m，半径为R=0.4m的光滑的半圆轨道与传送带相切于B点，C点为半圆轨道的最高点．BD为半圆轨道直径．物块质量为m=1kg．已知传送带与物块间的动摩擦因数=0.8，传送带与水平面夹角=37°．传送带的速度足够大，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10ms2，物块可视为质点．求：（1）物块无初速的放在传送带上A点，从A点运动到B点的时间；物块无初速的放在传送带上A点，刚过B点时，物块对B点的压力大小；（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C，物块放在A点的初速度为多大．河南省安阳市林州一中2016届高三上学期质检物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题～第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题～第14题，每小题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分．1．人类对落体运动的认识经历了差不多两千年的时间口下列有关落体运动的说法正确的有（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢由其物重决定B．如果完全排除空气的阻力，落体运动就成为自由落体运动C．考虑空气阻力的影响，较轻的物体下落的快一些D．伽利略在研究落体运动时用到了理想斜面实验【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题根据物理学史及科学家贡献进行分析答题，要知道相关科学家的物理学成就【解答】解：A、亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的，重物比轻物下落快，故A正确．B、伽利略把日常生活中见到的较重的物体下落得比较快的原因归之于空气阻力对不同物体的影响不同，如果完全排除空气的阻力，物体运动就成为自由落体运动；故B正确．C、伽利略运用逻辑推理证明了考虑空气阻力的影响，轻轻的物体下落的慢一些，故C错误．D、伽利略在研究落体运动时没有用到了理想斜面实验．该实验是在研究牛顿第一定律时才引入的；故D错误；故选：AB【点评】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，要加强记忆．2．汽车在平直公路上做刹车实验，若从t=0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系，如图所示，下列说法正确的是（）A．t=0时汽车的速度为10 m/sB．刹车过程持续的时间为5sC．刹车过程经过3s的位移为7.5 mD．刹车过程汽车加速度大小为10 m/s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据位移x与速度的平方v2之间的关系图线，结合速度位移公式得出初速度、加速度大小，根据速度时间公式求出刹车过程持续的时间，根据位移公式求出刹车过程中的位移．【解答】解：A、根据0﹣v2=2ax得，，可知，解得刹车过程中加速度大小a=5m/s2，由图线可知，汽车的初速度为10m/s，则刹车过程持续的时间t=，故BD错误，A正确．C、刹车过程中3s内的位移等于2s内的位移，则x=，故C错误．故选：A．【点评】本题考查了运动学公式和图象的综合，关键理清图象斜率表示的物理意义，注意汽车速度减为零后不再运动．3．如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示．两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是（）A．施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B．施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C．施加力F后，地面对斜面的支持力增大D．施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，可以把AB看出一个整体处理，对物体进行受力分析，根据共点力的平衡列式求解即可．【解答】解：设斜面倾角为θ，A的质量为m，斜面体B的质量为M，A、开始时A受到的摩擦力f=μmgcosθ，增加力F后的摩擦力：f′=μ（mg+F）cosθ，滑动摩擦力增大．故A正确；B、若甲图中A可沿斜面匀速下滑，则A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即mgsinθ=μmgcosθ，加上向下的力F后，对A进行受力分析，则满足F+mgsinθ=μ（mg+F）cosθ，所以仍然做匀速下滑，故B正确；C、D、以A与斜面体为研究的对象，开始时系统受到重力与竖直方向的支持力的作用即可处于平衡状态，所以不受地面的摩擦力，支持力：N1=（M+m）g；增加竖直向下的力F后，仍然以相同为研究对象，则竖直方向受到重力、支持力和向下的力F，支持力：N2=（M+m）g+F＞N1，水平方向由于没有其他的外力，所以水平方向仍然不受摩擦力的作用．故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D【点评】该题考查共点力作用下物体的平衡状态，解决本题的关键能够正确地进行受力分析，明确系统在水平方向不受其他的外力的作用，所以不受地面的摩擦力．4．某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s．飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动．若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为（）A．10m/s B．15m/s C．20m/s D．30m/s【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】结合匀变速直线运动的速度位移公式，抓住位移关系，求出航母匀速运动的最小速度．【解答】解：设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v1．由运动学公式得：v=v1+atL1=v1tL2=L+L1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为v1=10m/s．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意舰载机的位移不是航母跑道的长度．5．如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动．则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）（）A．μmg（1+）B．μmg（1+）C．μmg D．μMg【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F的最大值．【解答】解：对A、B整体进行受力分析：F=（M+m）a对A进行受力分析：F﹣f B=ma对B进行受力分析：f A=Ma当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，f A=μmg．求解上面方程组，F最大=μmg（1+），故A正确、BCD错误．故选：A．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用．6．如图所示，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个网周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为（）A．B．C．mgR D．2mgR【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功．【解答】解：小球在最低点时，由牛顿第二定律得：7.5mg﹣mg=m小球在最高点时，有：mg﹣0.5mg=m小球由最低点到最高点的过程中，由动能定理得：﹣2mgR﹣W f=mv22﹣mv12解得 W f=mgR．故选：C【点评】运用动能定理解题要确定好研究的过程，找出有多少力做功，然后列动能定理表达式求解．7．质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v﹣t图象如图是．小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的．小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．小球受到的空气阻力大小为0.3NB．小球上升时的加速度大小为18m/s2C．小球第一次上升的高度为0.375mD．小球第二次下落的时间为s【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据v﹣t图象求得物体下落时的加速度，由牛顿第二定律求出阻力大小，根据竖直上抛规律求得第一次上升的高度和第二次下落的时间，再根据受力分析求得上升时的加速度．【解答】解：A、小球在0﹣0.5s内加速运动的加速度a=，根据牛顿第二定律有：mg﹣f=ma，可得阻力f=m（g﹣a）=0.1×（10﹣8）N=0.2N，故A错误；B、小球上升时阻力向下，据牛顿第二定律有：mg+f=ma′解得上升的加速度a，故B错误；C、由v﹣t图象知小球落地时的速度为4m/s，则第一次反弹时的初速度．则据速度位移关系知小球第一次上升的高度，故C正确；D、物体下落的加速度为8m/s2，下落高度为0.375m，物体下落时间t=，故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，掌握竖直上抛运动规律是正确问题的关键．8．如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P 点，以a、b两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2．不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．t1＜t2，v1＜v2 B．t1＜t2，v1＞v2 C．t1＞t2，v1＞v2 D．t1＞t2，v1＜v2【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，根据水平位移比较初速度．【解答】解：两球在P点相遇，由于h1＞h2，根据t=知，t1＞t2，水平位移相等，根据x=vt知，v1＜v2．故选：D．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．9．如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态．现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下．重力加速度大小为g．当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是（）A．大环对小环的弹力为3mg B．大环对小环的弹力为4mgC．轻杆对大环的弹力为Mg+5mg D．轻杆对大环的弹力为Mg+6mg【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度．根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小．【解答】解：小环从最高到最低，由动能定理，则有：mv2=mg•2R；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：N﹣mg=m得：N=mg+m联立解得：大环对小环的支持力为：N=5mg对大环分析，有：T=N+Mg=5mg+Mg，则C正确，ABD错误故选：C【点评】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．10．如图所示，倾角为30°的斜面上，质量为m的物块在恒定拉力作用下沿斜面以加速度a=（g为重力加速度）向上加速运动距离x的过程中，下列说法正确的（）A．重力势能增加mgs B．动能增加mgsC．机械能增加mgs D．拉力做功为mgs【考点】功能关系．【分析】重力势能增加等于克服重力做功．动能增加等于合外力做功．根据重力势能增加和动能增加分析机械能的增加．拉力做功等于机械能增加．【解答】解：A、重力势能增加△E p=mgssin30°=mgs，故A错误．B、根据动能定理知，动能增加为△E k=mas=mgs，故B错误．C、机械能等于动能与重力势能之和，则知机械能增加为△E=△E p+△E k=mgs，故C正确．D、根据功能原理知，拉力做功为W=△E=mgs，故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键要掌握常见的功与能的关系，知道重力势能变化与重力做功的关系、动能变化与合外力做功的关系，了解功能原理．11．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g．某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，下列说法错误的是（）A．物块B的加速度为B．物块A．B间的弹力为C．弹簧的弹力为D．物块A的加速度为【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】剪断细绳前，隔离对A分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度，隔离分析求出A、B间的弹力大小．【解答】解：C、剪断细绳前，弹簧的弹力：F弹=mgsin30°=mg，细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，F弹=mg，故C错误；A、剪断细线瞬间，对A、B系统，加速度：a==g，故A错误，D正确；B、对B，由牛顿第二定律得：2mgsin30°﹣N=2ma，解得：N=mg，故B错误．本题选错误的，故选：ABC．【点评】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用．12．如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、ω1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、ω2、v2，下列说法正确的是（）A．a1：a2=1：2 B．T1：T2=1：2 C．ω1：ω2=1：D．v1：v2=：1【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式求解即可．【解答】解：对于任一情形，根据万有引力提供向心力得：G=ma=ω2r=r=m可得 a=，T=2π，ω=，v=r相同，根据题中条件可得：a1：a2=1：2，T1：T2=：1，ω1：ω2=1：，v1：v2=1：故选：AC【点评】抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力进行解答，注意区别中心天体的质量不同．13．如图为玻璃自动切割生产线示意图．图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行．滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动．割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割．移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是（）A．保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B．滑杆以速度v向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D．滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动。
河南省林州市第一中学2016届高三假期练习(二)理综物理试题
河南省林州市第一中学2016 届高三假期练习卷（二）理科综合能力试卷物理部分14．如图所示，质量为m 物块静止在粗糙的与水平面夹角为θ的斜面上。
当受到平行于斜面向上的外力F 的作用，F 按图乙所示规律变化时，斜面和物块始终处于静止状态，物块与斜面间的摩擦力大小变化规律可能是下图中的( )15．a、b 两物体的质量分别为m1、m2，由轻质弹簧相连。
当用恒力F 竖直向上拉着a，使a、b 一起向上做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x1 ；当用大小仍为F 的恒力沿水平方向拉着a，使a、b 一起沿光滑水平桌面做匀加速直线运动时，弹簧伸长量为x2，如图所示。
则( )A．x1 一定等于x2B．x1 一定大于x2C．若m1> m2，则x1> x2D．若m1< m2，则x1＜x216．如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度.现将一小球从地面上某一点P 处，以某一初速度斜向上抛出，小球恰好能水平进入圆筒中，不计空气阻力.则下列说法中正确的是( )A. 小球抛出点P 离圆筒的水平距离越远，抛出的初速度越大B. 小球从抛出点P 运动到圆筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关C. 弹簧获得的最大弹性势能P E 与小球抛出点位置p 无关D. 小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的机械能守恒17．我国科学考察队在地球的两极地区进行科学观测时，发现带电的太空微粒平行于地面进入两极区域上空，受空气和地磁场的影响分别留下的一段弯曲的轨迹，若垂直地面向下看，粒子在地磁场中的轨迹如图甲、乙所示，则( )A．甲、乙两图电带电粒子动能越来越小，是因为洛伦兹力对粒子均做负功B．图甲表示在地球的南极处，图乙表示在地球的北极处C．图甲飞入磁场的粒子带正电，图乙飞入磁场的粒子带正电D．甲、乙两图中，带电粒子受到的洛伦兹力都是越来越大18．我国研制并成功发射的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h 的轨道上做匀速圆周运动，运行的周期为T。
河南省林州市第一中学2016-2017学年高一下学期期中考试物理试题
第I 卷（选择题共40分）一、选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一个选项正确，第7～10题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.下列说法正确的是（ ）A .做匀速圆周运动的物体，其加速度一定指向圆心B .物体受到的合力为恒力时，可能做匀速圆周运动C .两个匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D .只要时间足够长，做平抛运动的物体的速度可能沿竖直方向2.—轻杆的一端固定在水平转轴O 上，另一端固定有一定质量的小球，如图所示。
当小球在竖直平面内沿顺时针方向匀速转动到图中位置时，轻杆对小球作用力的方向可能沿（ ）A .F 1的方向B .F 2的方向C .F 3的方向D .F 4的方向3.为使物体脱离星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v 2与第一宇宙速度v 1的关系为122v v ，已知某星球的半径为R ，其表面的重力加速度为地球表面重力加速度g 的41，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（ ）A . gR 2B . gRC .22gRD .4gR 4.—条东西走向的小河各处的水流速度相同且恒定不变，一小船从河岸的A 点出发开始渡河，船相对于水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，其到达对岸的过程中的运动轨迹如图所示，已知船在渡河过程中船头方向始终垂直于岸边，下列说法正确的是（ ）A .水流的方向自东向西B .沿虚线AB 轨迹渡河所用的时间最短C .沿三条不同路径渡河所用的时间相同D .船相对于水做匀加速直线运动的渡河轨迹如虚线AD 所示5.已知地球存在绕地轴的自转，赤道上的重力加速度为g ，两极处的重力加速度为g 0，若要使赤道上的物体刚好“飘”起来，则地球自转的角速度应为原来的（ ）A .gg g -00倍B .ggg -0 倍 C .gg 0倍 D .gg 0倍 6.“套圈”是一项老少皆宜的体育运动项目，如图所示，水平地面上固定着两根直杆1、2，直杆的粗细不计、高度均为h =0.1m ，两直杆之间的距离L =0.3m ，某人将内圆直径d =0.1m 的环沿水平方向抛出，刚抛出时环平面距地面的高度H =1.35m ，环的中心与直杆1的水平距离L 0=1m ，环面在空中保持水平，忽略空气阻力的影响，取g =10m /s 2，下列说法错误．．的是（ ）A .若想套中直杆1，环抛出时的水平初速度不能小于1.9m /sB .若想套中直杆2，环抛出时的水平初速度范围为2.4m /s ～2.8m /sC .若以2m /S 的水平初速度将环抛出，则可以套中直杆1D .若以2.3m /s 的水平初速度将环抛出，则环落到直杆1、2之间的地面上7.如图所示，在水平直杆上套有一圆环，一穿过圆环的细线一端固定在O 点.另一端悬挂一质量为m 的物体A ，现让圆环从O 点正上方的O ＇点开始以恒定的速度沿直杆向右滑行，用T 表示细线的拉力，重力加速度为g ，下列说法正确的是（ ）A .物体A 相对地面做直线运动B .物体A 相对地面做曲线运动C .T 等于mgD .T —定大于mg8.如图所示，A 、B 为两颗人造卫星，它们均环绕地球做匀速圆周运动。
河南省林州市第一中学2016-2017学年高一3月调研考试物
一.选择题1.下列关于曲线运动的说法中正确的是（ ） A.做曲线运动的物体的加速度一定是变化的 B.做曲线运动的物体其速度大小一定是变化的C.做匀速圆周运动的物体，所受的合力不一定时刻指向圆心D.骑自行车冲到圆弧桥顶时，人对自行车座的压力减小2.如图所示，某人游珠江，他以一定的速度面部始终垂直河岸向对岸游去，江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是（ ）A.水速大时，路程长，时间长B.水速大时，路程长，时间短C.水速大时，路程长，时间不变D.路程.时间与水速无关3.如图所示，在一颗大树下有张石凳子，上面水平摆放着一排香蕉，小猴子为了一次拿到更多的香蕉，它紧抓住软藤下端，同时树上的老猴子向上拉动软藤的另一端，使得小猴子到达石凳子时保持身体水平向右运动。
已知老猴子以大小恒定的速率v 拉动软藤，当软藤与竖直方向成θ角时，小猴子的水平运动速度大小为（ ）A.cos v θB.sin v θC.cos v θ D.sin vθ4.若以抛出点为起点，初速度方向为水平位移的正方向，则下列图中，能正确描述做平抛运动物体的水平位移x 随时间t 变化关系的是（ ）5.如图所示为一种“滚轮—平盘无级变速器”的示意图，它由固定于主动轴上的平盘和可随从动轴转动的圆柱形滚轮组成，由于摩擦的作用，当平盘转动时，滚轮就会跟着转动，若滚轮不打滑，那么主动轴转速1n 、从动轴转速2n 、滚轮半径r 以及滚轮中心到主动轴轴线的距离x 之间的关系是（ ）A.21x r n n =B.21rx n n = C.2212x n n r= D.2n n =6.如图所示，可视为质点的质量为m 的小球，在半径为R 的竖直放置的光滑圆形管内做圆周运动，下列说法中正确的是（ ）A.小球能够通过最高点的最小速度为0B.C.如果小球在最高点时的速度大小为D. 7.质量为m 的物体随水平传送带一起匀速运动，A 为传送带的终端皮带轮，如图所示，皮带轮半径为r ，要使物体通过终端时能水平抛出，皮带轮的转速至少为（ ）8.如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线栓在同一点并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们（ ）A.运动周期相同B.运动的线速度大小相等C.运动的角速度相同D.向心加速度大小相等9.如图所示，一质点从倾角为θ的斜面顶端以水平初速度0v 抛出，重力加速度为g ，则下列说法中正确的是（ ）A.质点抛出后，经时间0tan gv θ离斜面最远 B.质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为0sin vθC.质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为0cos vθD.质点抛出后，经时间0cot gv θ离斜面最远 10.如图所示，两物块A 、B 套在水平粗糙的CD 杆上，并用不可伸长的轻绳连接，整个装置能绕过CD 中点的轴1OO 转动，已知两物块质量相等，杆CD 对物块A 、B 的最大静摩擦力大小相等，开始时绳子处于自然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块B 到1OO 轴的距离为物块A 到1OO 轴的距离的两倍，现让该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，在从绳子处于自然长度到两物块A 、B 即将滑动的过程中，下列说法中正确的是（ ）A.A 受到的静摩擦力一直增大B.B 受到的静摩擦力先增大，后保持不变C.A 受到的静摩擦力先增大后减小D.B 受到的合外力一直在增大 二.非选择题11.如图甲所示，在一端封闭、长约1m 的玻璃管内住满清水，水中放一个蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动，假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1s 上升的距离都是10cm ，玻璃管向右匀加速平移，每1s 通过的水平位移依次是2.5cm .7.5cm .12.5cm .17.5cm ，图乙中，y 轴表示蜡块在竖直方向的位移，x 轴表示蜡块随玻璃通过的水平位移，0t =时蜡块位于坐标原点。
【全国百强校】河南省林州市第一中学2016届高三9月教学质量监测考试物理试题解析(解析版)
一、选择题：本题共14小题，在每题给出的四个选项中，1-11题，每小题只有一个选项符合要求，12-14题，每小题有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有错选的得0分 1人类对落体运动的认识经历了差不多两千多年的时间，下列有关落体运动的说法不正确的是（ ） A 、亚里士多德认为物体下落的快慢由其物重决定B 、如果完成排除空气的阻力，落体运动就成为自由落体运动C 、考虑空气阻力的影响，较轻的物体下落的快一些D 、伽利略在研究落体运动时用到了理想斜面实验 【答案】C考点：考查了物理学史【名师点睛】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，做此类问题，要多记忆，2汽车在平直公路上做刹车实验，若从t =0时起汽车在运动过程中的位移与速度的平方之间的关系，如图所示，下列说法正确的是（ ）A 、t=0时汽车的速度为10m/sB 、刹车过程持续时间为5sC 、刹车过程经过3s 的位移为7.5mD 、刹车过程汽车加速度大小为210/m s 【答案】A【解析】试题分析：根据图像可得20.110x v =-+，因为不牵涉时间，所以对比公式222v v ax -=即220122v x v a a=-，可得2010.1,1022v a a=--=，解得25/a m s =-，010/v m s =，故A 正确D 错误；汽车刹车过程中时间02v t s a-==，B 错误；汽车经过2s 停止，因而刹车过程经过3s 的位移和2s 的位移相同，故00102v x t m +==，所以C 错误； 考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】根据位移x 与速度的平方v 2之间的关系图线，结合速度位移公式得出初速度、加速度大小，根据速度时间公式求出刹车过程持续的时间，根据位移公式求出刹车过程中的位移，关键理清图象斜率表示的物理意义，注意汽车速度减为零后不再运动3如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平面上，斜面体上有一小滑块A 沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F ，如图乙所示，两种情况下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是（ ）A 、施加F 后，下滑块A 受到的滑动摩擦力增大B 、施加F 后，小滑块仍以原速度匀速下滑C 、施加F 后，地面对斜面体的支持力增大D 、施加F 后，地面对斜面体的摩擦力增大 【答案】D考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解4某航母跑道长160m ，飞机发动机产生的最大加速度为25/m s ，起飞需要的最低速度为50m/s ，飞机在航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动，若航母沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为（ ）A 、10m/sB 、15m/sC 、20m/sD 、30m/s 【答案】A考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题5如图所示，质量为M 的长木板位于光滑水平面上，质量为m 的物块静止在长木板上，两者之间的滑动摩擦因数为μ，现对物块m 施加水平向右的恒力F ，若恒力F 使长木板与物块出现相对滑动，则恒力F 的最小值为（重力加速度为g ，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）、A 、mg μB 、Mg μC 、(1)m mg M μ+D 、(1)Mmg mμ+ 【答案】C 【解析】试题分析：以物块m 为研究对象，根据牛顿第二定律可得1F mg ma μ-=，以长木板为研究对象，根据牛顿第二定律可得2mg Ma μ=，若两者出现相对滑动，故有12a a ≥，联立解得(1+)mF mg Mμ≥，故C 正确；考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用，当AB 保持静止，具有相同的加速度时，F 达到最大值时，A 、B 间的摩擦力达到最大静摩擦力．根据牛顿第二定律求出F 的最大值6如图所示，质量为m 的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用，设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg ，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg ，小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为A 、4mgR B 、2mgRC 、mgRD 、2mgR 【答案】C考点：考查了圆周运动，动能定理【名师点睛】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功，运用动能定理解题要确定好研究的过程，找出有多少力做功，然后列动能定理表达式求解7质量为0.1kg 的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的v-t 图像如图所示，小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的34，小球运动受到空气阻力大小恒定，取210/g m s ，下列说法正确的是（ ）A 、小球受到空气阻力大小0.3NB 、小球上升时的加速度大小为218/m sC 、小球第一次上升的高度为0.375mD 、小球第二次下落的时间为 【答案】C 【解析】考点：考查了牛顿第二定律，速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移8如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a 、b 两小球，两者的运动轨迹相交与P 点，ab 两小球平抛的初速度分别为1v 、2v ，a 、b 两小球运动到P 点的时间分别为12t t 、，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）A 、1212t t v v <<、B 、1212t t v v <>、C 、1212t t v v >>、D 、1212t t v v ><、 【答案】D 【解析】试题分析：两小球做平抛运动，从图中可知a 球下落的高度比b 球的大，在竖直方向上做自由落体运动个，故根据公式212h gt =可得t =，所以可得12t t >，在水平方向上做匀速直线运动，两者的水平位移相同，所以根据xv t=可得12v v <，故D 正确； 考点：考查了平抛运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移9如图所示，一质量为M 的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大环上质量为m 的小环（可视为质点）处于静止状态，现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下，重力加速度大小为g ，当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是A 、大环对小环的弹力为3mgB 、大环对小环的弹力为4mgC 、轻杆对大环的弹力为Mg+5mgD 、轻杆对大环的弹力为Mg+6mg 【答案】C考点：考查了机械能守恒，圆周运动【名师点睛】解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度．根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小10如图所示，倾角为30°的斜面上，质量为m 的物块在恒定拉力作用下沿斜面以加速度2ga =（g 为重力加速度）向上加速运动距离x 的过程中，下列说法正确的是（ ）A 、重力势能增加mgxB 、动能增加4mgxC 、机械能增加mgxD 、拉力做功为2mgx【答案】C 【解析】试题分析：物块上升的高度为2x ，因而增加的重力势能为12P E mgx ∆=，A 错误；根据动能定理可得增加的动能为12k E ma x mgx ∆=⋅=，B 错误；根据能量守恒定律可得P k E E E ∆=∆+∆，故增加的机械能为E mgx ∆=，C 正确；由于斜面是否光滑未知，因而不能确定拉力的大小，不能得到拉力作用的功，D 错误； 考点：考查了功能关系，动能定理【名师点睛】解决本题的关键要掌握常见的功与能的关系，知道重力势能变化与重力做功的关系、动能变化与合外力做功的关系，了解功能原理11如图所示，在倾角30θ=的光滑斜面上，物块A 、B 质量分别为m 和2m ，物块A 静止在轻弹簧上面，物块B 用细线与斜面顶端相连，A 、B 紧挨在一起，但A 、B 之间无弹力，已知重力加速度为g ，某时刻将细线剪断，则剪断细线的瞬间，下列说法错误的是（ ）A 、物体B 的加速度为2g B 、物块A 、B 之间的弹力为2mg C 、弹簧的弹力为3mg D 、物块A 的加速度为3g 【答案】A考点：考查了牛顿第二定律的瞬时性【名师点睛】抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用，剪断细绳前，隔离对A 分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度，隔离分析求出A 、B 间的弹力大小12如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M 和2M 的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为1111a T v ω、、、，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为2222a T v ω、、、，下列说法正确的是A 、12:1:2a a =B 、12:1:2T T =C 、12:1:ωω=D 、12:v v =【答案】AC 【解析】试题分析：根据2Mm G ma r =可得2Ma G r =，故12:1:2a a =，A 正确；根据公式2224Mm r G m r T π=可得2T =12::1T T =，B 错误；根据公式22MmG m r rω=可得12:1:ωω=，C 正确；根据22Mm v G m r r=可得v =12:v v =，D 错误； 考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】在万有引力这一块，设计的公式和物理量非常多，在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算13如图为玻璃自动切割生产线示意图，图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行，滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动，割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割，移动玻璃的宽度为L ，要使切割后的玻璃长为2L 的矩形，以下做法能达到要求的是（ ）A 、保持滑杆不动，使割刀以速度2v沿滑杆移动 B 、滑杆以速度v 向左移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动 C 、滑杆以速度v 向右移动的同时，割刀以速度2v 沿滑杆滑动 D 、滑杆以速度v 向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动 【答案】CD考点：考查了运动的合成与分解【名师点睛】掌握平行四边形定则的应用，注意割刀一个分运动必须与玻璃速度相同，是解题的关键，根据运动的合成与分解的规律，结合矢量的合成法则，确保割刀在水平方向的速度等于玻璃的运动速度，即可求解14如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F 作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P ，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动，物体运动速度的倒数与加速度a 的关系如图乙所示，若重力加速度为g ，下列说法正确的是（ ）A 、物体的质量为物体的质量为00Pv a B ．空气阻力大小为()000P a g v a -C ．物体加速运动的时间为0v a D ．物体匀速运动的速度大小为0v 【答案】ABD考点：考查了功率，牛顿第二定律的应用【名师点睛】做本题的关键是知道物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的1v与a 的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大 二、实验题：本题共2小题，共15分15某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同，小木块由斜面上的A 点静止下滑，经过B 点到达水平面上的C 点静止，A 、C 两点间的水平距离为X ，小木块可视为质点，回答下列问题：（1）小木块质量为m ，重力加速度大小为g ，若滑动摩擦因数为μ，由A 点运动到C 点过程中，克服摩擦力做功与x 之间的关系式为f W =__________（2）为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？ A 、小木块的质量m B 、斜面倾角θ C 、A 、B 两点间的距离D 、A 、C 两点间的竖直高度差hE 、A 、C 两点间的水平距离x （3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ=___________；（4）小木块运动到B 点时，由于与水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将________（填“偏大”“相等”或“偏小”） 【答案】（1）mgx μ（2）DE （3）hx（4）偏大考点：测量动摩擦因数实验【名师点睛】根据摩擦力做功表达式，结合几何长度与三角知识关系，即可求解；根据动能定理，重力做功与摩擦力做功之和为零，即可求解；根据0mgh mgx μ-=，即可求解动摩擦因数的值；根据减小的重力势能，并没有完全由摩擦力做功转化为内能，从而确定求解16某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测量弹簧的劲度系数k ，做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数记作0l ，弹簧下端每增加一个50g 的砝码时，指针示数分别记作12345l l l l l 、、、、，29.8/g m s =，（1）下表记录的是该同学测出的5个值，其中0l 未记录以砝码的数目n 为纵轴，以弹簧的长度l 为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出n-l 图线（2）根据n l-图线可知弹簧的劲度系数k=________________N/m （3）根据n l-图线可知弹簧的原长l=___________cm【答案】（1）如图所示（2）28（3）1.70（1.60-1.80）（3）把n l-图线延长，与l轴的交点即为弹簧的原长，所以可得01.70l cm=考点：探究弹力和弹簧伸长的关系【名师点睛】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差三、计算论述题：（本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数据计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位）17宇航员站在一星球表面的某高度处，沿水平方向抛出一个小球，经过时间t，小球落到星球表面，测得抛出点与落地点之间的距离为L，若抛出时的初速度增大到2，已知两落地点在同一水平面上，该星球的半径为R，万有引力常量为G，若在该星球上发射卫星，求卫星的第一宇宙速度【解析】考点：考查了万有引力定律的应用【名师点睛】根据平抛运动的规律，知初速度增大到2倍，则水平位移也增大2倍，结合几何关系求出小球落地的高度，通过平抛运动竖直方向上的运动规律求出重力加速度的大小，结合万有引力等于重力求出月球的质量M ，然后结合22Mm v G m R R=求解第一宇宙速度 18如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg ，长为 1.4l m =；木板右端放着一小滑块，小滑块质量为m =1kg ，可视为质点，现用水平恒力F 作用在木板M 右端，恒力F 取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a F -图像如图乙所示，取210/g m s =，求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数1μ以及木板与地面的滑动摩擦因数2μ（2）若水平恒力F =27.8N ，且始终作用在木板M 上，当小滑块m 从木板上滑落时，经历的时间为多次【答案】（1）10.4μ=、20.1μ=（2）t =2s【解析】试题分析：（1）由图乙可知，当恒力25N F ≥时，小滑块与木板将出现相对滑动，以小滑块为研究对象，根据牛顿第二定律得，11mg ma μ=，代入数据解得10.4μ=．以木板为研究对象，根据牛顿第二定律有：122F mg m M g Ma μμ--+=（）， 则()1221mg m M g a F M Mμμ++=-， 结合图象可得()1294mg m M gM μμ++-=-，解得20.1μ=．考点：考查了牛顿第二定律，摩擦力的计算【名师点睛】由图可知，当恒力25N F ≥时，小滑块与木板将出现相对滑动，滑块的加速度，结合牛顿第二定律求出滑块与木板间的动摩擦因数，对木板研究，根据牛顿第二定律得出加速度的表达式，结合图线求出木板与地面间的动摩擦因数．根据牛顿第二定律分别得出滑块和木板的加速度，根据位移之差等于L ，结合运动学公式求出经历的时间19如图所示，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O 点，另一端系有质量为m 的小球，现将小球拉到A 点，（保持绳绷直且水平）由静止释放，当它经过B 点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C 点，地面上的D 点与OB 在同一竖直线上，已知O 点离地高度为H ，重力加速度大小为g ，不计空气阻力影响，求（1）轻绳所受的最大拉力大小（2）调节绳子的长短，当地面上DC 两点间的距离s 取最大值时，此时绳的长度为多大【答案】（1）3mg （2）02H l =【解析】试题分析：（1）从A 到B ，由机械能守恒定律得：21 2mv mgl =，小球下摆到B 点时，绳的拉力和重力提供向心力， 由牛顿第二定律的：2v F mg m l-=，解得：3F mg =根据牛顿第三定律F F '=得轻绳所受的最大拉力为3mg ；（3）设此时绳子的长度为0l ，从A 到B 的过程中，有20012mgl mv = 绳子断后，小球做平抛运动，运动时间为t ，竖直方向：2012H l gt -=，水平方向，DC 间距离：0x v t =，代入数据解得：x =； 由数学知识可知，当02H l =时，DC 间的距离最大． 考点：机械能守恒，牛顿第二定律，平抛运动【名师点睛】掌握运用运动的合成与分解的方法处理平抛运动问题，能根据竖直面内圆周运动最高点和最低点小球所受合力提供圆周运动向心力讨论绳所受拉力大小问题，掌握规律是解决问题的关键20如图所示，传送带与两轮切点A 、B 间的距离为20l cm =，半径为R =0.4m 的光滑的半圆轨道与传送带相切于B 点，C 点为半圆轨道的最高点，BD 为半圆轨道的直径，物块质量为m =1kg ，已知传送带与物块间的动摩擦因数0.8μ=，传送带与水平面间的夹角37θ=，传送带的速度足够大，已知sin 370.6=，cos370.8=，210/g m s =，物块可视为质点，求：（1）物块无初速度的放在传送带上A 点，从A 点运动到B 点的时间（2）物块无初速度的放在传送带上A 点，刚过B 点时，物块对B 点的压力大小（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C ，物块放在A 点的初速度为多大【答案】（1）t=10s （2）48N B N '=（3）A v =/s考点：考查了牛顿第二定律，机械能守恒定律，动能定理，圆周运动【名师点睛】根据牛顿第二定律求出物块的加速度，结合位移时间公式求出物块从A到B的时间．根据速度位移公式求出在B点的速度，结合径向的合力提供向心力求出支持力的大小，从而根据牛顿第三定律求出压力的大小．根据牛顿第二定律求出C点的速度，对B到C的过程运用机械能守恒定律求出B点的速度，再根据速度位移公式求出A点的速度：。
河南省安阳市林州一中高三物理上学期开学考试试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
河南省安阳市林州一中2016届高三上学期开学物理试卷一、选择题〔每题6分〕1．以下说法不正确是( )A．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜测和假设的科学方法B．在公式I=电压U 和电流I 具有因果关系、公式E=n中△Φ和E具有因果关系、同理在a=中△V 和a 具有因果关系C．超高压带电作业的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是为了屏蔽电场D．电磁感应原理的广泛应用，人们制成了用于加热物品的电磁炉考点：静电场中的导体；电磁感应现象的发现过程．分析：在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜测和假设的科学方法．探究加速度与力、质量三个物理量之间的定量关系，采用控制变量的研究方法．电流与电压有因果关系，超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用．解答：解：A、在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，而伽利略开创了以实验检验猜测和假设的科学方法．故A正确．B、在公式I=电压U和电流I具有因果关系、公式E=n中△Φ和E没有因果关系，在a=中△V和a没有因果关系，故B错误．C、超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这是利用了静电屏蔽的作用．故C正确；D、利用电磁感应现象与涡流的热效应，人们制成了用于加热物品的电磁炉；故D正确．此题选错误的，应当选：B点评：物理学常用研究的方法有：假设法、归纳法、控制变量法、实验模拟法等等，我们不仅要学习知识，还要学习科学研究的方法．2．质点做直线运动的速度﹣时间图象如下列图，该质点( )A．在第1秒末速度方向发生了改变B．在第2秒末加速度方向发生了改变C．在前2秒内发生的位移为零D．第3秒末和第5秒末的位置一样考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向；解答：解：A、0﹣2s内速度图象在时间轴的上方，都为正，速度方向没有改变．故A错误；B、速度时间图象的斜率表示加速度，由图可知1﹣3s图象斜率不变，加速度不变，方向没有发生改变，故B错误；C、根据“面积〞表示位移可知，0﹣2s内的位移为：x1=×2×2m=2m．故C错误；D、根据“面积〞表示位移可知，0﹣3s内的位移为：x1=×2×2﹣m=1m，0﹣5s内的位移为：x2=×2×1m=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置一样．故D正确．应当选：D．点评：深刻理解某一段时间内的位移就等于在该段时间内速度图象与时间轴围成的面积是解决此类题目的突破口．3．如图为湖边一倾角为30°的大坝的横截面示意图，水面与大坝的交点为O．一人站在A 点处以速度v0沿水平方向扔小石子，AO=40m，g取10m/s2．如下说法正确的答案是( )A．假设v0=18m/s，如此石块可以落入水中B．假设石块能落入水中，如此v0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大C．假设石块不能落入水中，如此v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大D．假设石块不能落入水中，如此v0越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越小考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移求出石块落在水中的最小速度．石块能落在水中，如此下落的高度一定，竖直分速度一定，结合平行四边形定如此判断速度方向与水平面夹角与初速度的大小关系．石块不能落在水中，石块竖直位移与水平位移的比值是定值，结合平抛运动的规律分析落在斜面上的速度方向与斜面倾角与什么因素有关．解答：解：A、根据h=得，t=．如此石块落入水中的最小初速度．可知v0=18m/s，如此石块可以落入水中．故A正确．B、假设石块能落入水中，如此下落的高度一定，可知竖直分速度一定，根据知，初速度越大，如此落水时速度方向与水平面的夹角越小．故B错误．C、假设石块不能落入水中，速度方向与水平方向的夹角的正切值，位移方向与水平方向夹角的正切值，可知tanα=2tanθ，因为θ一定，如此速度与水平方向的夹角一定，可知石块落到斜面时速度方向与斜面的夹角一定，与初速度无关．故C、D错误．应当选：A．点评：解决此题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解．4．一个质量为m的小铁块沿半径为R的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5倍，如此此过程中铁块损失的机械能为( )A．mgR B．mgR C．D．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：当滑到半球底部时，半圆轨道底部所受压力为铁块重力的1.5倍，根据牛顿第二定律可以求出铁块的速度；铁块下滑过程中，只有重力和摩擦力做功，重力做功不影响机械能的减小，损失的机械能等于抑制摩擦力做的功，根据动能定理可以求出铁块抑制摩擦力做的功．解答：解：铁块滑到半球底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的1.5倍，由牛顿第二定律得：1.5mg=m对铁块的下滑过程运用动能定理得：mgR﹣W=mv2，解得：W=mgR；应当选：B．点评：根据向心力公式求出末速度，再根据动能定理求出抑制摩擦力做的功即可．5．如下列图，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．如下关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的答案是( )A．O点的电场强度为零，电势最高B．O点的电场强度为零，电势最低C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：圆环上均匀分布着负电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x轴上电场强度的方向，即可判断电势的上下．解答：解：AB、圆环上均匀分布着负电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向左，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O点的电势最低，故A错误，B正确；CD、O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．x轴上电场强度方向向左，电势升高，故C错误，D错误．应当选：B．点评：解决此题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．6．我国于2013 年12 月发射了“嫦娥三号〞卫星，该卫星在距月球外表高度为h的轨道上做匀速圆周运动，其运行的周期为T；卫星还在月球上软着陆．假设以R表示月球的半径，忽略月球自转与地球对卫星的影响．如此( )A．月球的第一宇宙速度为B．“嫦娥三号〞绕月运行时的向心加速度为C．物体在月球外表自由下落的加速度大小为D．由于月球外表是真空，“嫦娥三号〞降落月球时，无法使用降落伞减速考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供向心力=ma解答，注意r=R+h．解答：解：A、根据公式：，此时r=R，解得第一宇宙速度为：，故A正确；B、根据知“嫦娥三号〞绕月运行时的向心加速度为，故B 错误；C、根据公式：和月球外表：，得：．故C 正确；D、降落伞只能在有空气时才能产生阻力，由于月球外表是真空，“嫦娥三号〞降落月球时，无法使用降落伞减速．故D正确．应当选：ACD点评：此题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进展讨论．7．如下列图，理想变压器输入端接在电动势随时间变化、内阻为r的交流电源上，输出端接理想电流表与阻值为R的负载，变压器原、副线圈匝数的比值为：．如果要求负载消耗达到最大功率，如此如下说法正确的答案是( )A．交流电源的效率为50%B．电流表的读数为C．负载上消耗的热功率为D．该交流电源电动势的瞬时值表达式为e=E m sin〔100π〕考点：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图可读出最大值，周期，求得ϖ，得出表达式，求得电压有效值可得输出功率，由输出功率与电功率求得效率，解答：解：A、C把变压器和R看做一个整体，等效电阻为R′，如此当R′=r时，总功率为P总==负载功率为P负载=，如此其效率为50%．如此A正确，C错误；B、电流表的读数为有副线圈电流的有效值：原线圈电流有效值为I1=，如此：=，故B正确；D、由图知周期为0.04S，如此其ω=，如此瞬时值表达式为e=E m sin〔50π〕，故D错误；应当选：AB．点评：此题巧妙应用当R′=r时，输出功率最大，结合闭合电路欧姆定律解决问题，难度较大．8．如下列图，平行金属轨道宽度为d，一局部轨道水平，左端接电阻R，倾斜局部与水平面夹θ角，且置于垂直斜面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B．现将一质量为m长度也为d 的导体棒从导轨顶端由静止释放，直至滑到水平局部〔导体棒下滑到水平局部之前已经匀速，滑动过程与导轨保持良好接触，重力加速度为g〕．不计一切摩擦阻力，导体棒接入回路电阻为r，如此整个下滑过程中( )A．导体棒匀速运动是速度大小为B．匀速运动时导体棒两端电压为C．导体棒下滑距离为S时，通过R的总电荷量为D．重力和安培力对导体棒所做的功大于导体棒获得的动能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出电流，由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出速度，根据求解电荷量．解答：解：A：导体棒ab达最大速度时做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：mgsinθ=BI m d，感应电流：I m=，感应电动势：E m=Bdv m，解得：v m=sinθ=sinθ，故A正确；B：感应电动势：E=BdV=sinθ，根据欧姆定律得：U棒==，故B 错误；C：有感应电动势：E=和，与电量，得：=，故C正确；D：导体棒运动过程中受重力和安培力，根据动能定理：W合=△E K，得；W G+W安=△E K，故D错误；应当选：AC点评：此题是电磁感应与电路、力学相结合的综合题，应用E=BLv、欧姆定律、安培力公式、功能关系即可正确解题．三、非选择题：包括必考题和选考题两局部．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第18题为选考题，考生根据要求作答．〔一〕必考题9．某实验小组用图甲所示装置“探究功与物体速度变化的关系〞．〔1〕为平衡小车运动过程中受到的阻力，应该采用下面所述方法中的C〔填入选项前的字母代号〕．A．逐步调节木板的倾斜程度，让小车能够自由下滑B．逐步调节木板的倾斜程度，让小车在橡皮条作用下开始运动C．逐步调节木板的倾斜程度，给小车一初速度，让拖着纸带的小车匀速下滑D．逐步调节木板的倾斜程度，让拖着纸带的小车自由下滑〔2〕图乙是该实验小组在实验过程中打出的一条纸带，打点计时器连接的电源的频率为50Hz，如此橡皮筋恢复原长时小车的速度为1.40m/s〔结果保存3位有效数字〕．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：该实验中为了确保橡皮筋拉力为小车的外力，需要进展平衡摩擦力的操作，小车的整个运动过程是，小车在橡皮条的拉力作用下先加速运动，当橡皮条恢复原长时，小车由于惯性继续前进，做匀速运动，明确实验原理即可正确解答此题．解答：解：〔1〕为了平衡摩擦力的影响，在实验中可以将木板一端垫高，如此小车受到的重力的分力可以与摩擦力平衡；如此小车做匀速运动时，如此摩擦力的影响可以取消，此时，小车后面的纸带上的点应为均匀分布的，因此不能拖着纸带，也不能有橡皮条作用，故C正确，ABD错误；〔2〕由图可知，A点2.1cm，B点4.6cm，C点7.4cm，D点10.2cm，E点13.0cm；橡皮筋恢复原长时小车做匀速运动，根据纸带可知匀速运动时两个点之间的位移为：x=13.0﹣10.2=10.2﹣7.4=7.4﹣4.6=2.8cm=0.028m，所以v==m/s=1.40m/s故答案为：〔1〕C；〔2〕1.40．点评：明确实验原理是解决此题的关键，因此要分析清楚小车的运动，小车先加速后匀速，同时加强根底物理知识在实验中的应用，注意平衡摩擦力时，小车不能有橡皮条作用，也不能拖着纸带．10．电池的内阻很小，不便于直接测量．某探究小组的同学将一只2.5Ω的保护电阻R0与电池串联后再用电流表和电压表测电池的电动势和内阻，实验电路如图1所示．①按电路原理图把图2实物电路补画完整；②实验中测定出了如下数据：I/A 0.10 0.15 0.17 0.23 0.25 0.30U/V 1.20 1.10 1.00 0.80 1.00 0.60请根据数据在图3中坐标图上画出I﹣U 图象．连线时，有一组数据是弃之不用的，原因是U﹣I 图象如下列图，数据存在严重错误③由I﹣U图象得出电池的电动势为1.50V，内阻为0.50Ω．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：R0为保护电阻，同时可以起到增大内阻的作用，使外电路中的电压与电流变化明显；由描点法得出U﹣I图象，而图象与纵坐标的交点为电动势；图象的斜率表示电源的内电阻．解答：解：①对照电路图连线即可，要注意电表的极性；实物图连线如图②根据描点法作出I﹣U图象，有一组数据是弃之不用的，原因是数据存在严重错误③U﹣I图象的纵轴截距表示电源的电动势，故E=1.50V内阻和定值电阻之和等于图线的斜率，故r+R0==3.0Ω所以r=3﹣2.5=0.50Ω故答案为：①实物电路图连接如下列图；②U﹣I 图象如下列图，数据存在严重错误③1.50，0.50点评：测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地2016届高考题目的出题热点，此题突出了对于实验原理、仪器选择与U﹣I图象处理等多方面内容的考查，题目层次源于课本，凸显能力，表现创新意识，侧重于对实验能力的考查．11．2012年11月23日上午，由来自东海舰队“海空雄鹰团〞的飞行员戴明盟驾驶的中国航母舰载机歼﹣15降落在“辽宁舰〞甲板上，首降成功，随后舰载机通过滑跃式起飞成功．滑跃起飞有点象高山滑雪，主要靠甲板前端的上翘来帮助战斗机起飞，其示意图如下列图，设某航母起飞跑道主要由长度为L1=160m 的水平跑道和长度为L2=20m的倾斜跑道两局部组成，水平跑道与倾斜跑道末端的高度差h=4.0m．一架质量为M=2.0×104kg的飞机，其喷气发动机的推力大小恒为F=1.2×105N，方向与速度方向一样，在运动过程中飞机受到的平均阻力大小为飞机重力的0.1倍，假设航母处于静止状态，飞机质量视为不变并可看成质点，倾斜跑道看作斜面，不计拐角处的影响．取g=10m/s2．〔1〕求飞机在水平跑道运动的时间．〔2〕求飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小．〔3〕如果此航母去掉倾斜跑道，保持水平跑道长度不变，现在跑道上安装飞机弹射器，此弹射器弹射距离为84m，要使飞机在水平跑道的末端速度达到100m/s，如此弹射器的平均作用力多大？〔弹射过程中发动机照常工作〕考点：动能定理；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕根据牛顿第二定律求出飞机的加速度，结合位移时间时间公式求出飞机在水平跑道上运动的时间．〔2〕根据速度时间公式求出飞机在倾斜轨道上的初速度，再根据牛顿第二定律求出飞机在倾斜轨道上的加速度，根据速度位移公式求出飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小．〔3〕对全过程运用动能定理，根据动能定理求出弹射器的平均作用力．解答：解：〔1〕设飞机在水平跑道上的加速度为a1，阻力为f，由牛顿第二定律得，F﹣f=ma1，，代入数据解得t1=8s．〔2〕设飞机在水平跑道末端速度为v1，倾斜跑道末端速度为v2，加速度为a2，水平跑道上：v1=a1t1，倾斜跑道上，由牛顿第二定律，，代入数据解得m/s．〔3〕设弹射器弹力为F1，弹射距离为x，飞机在跑道末端的速度为v3，由动能定理得，，代入数据解得．答：〔1〕飞机在水平跑道运动的时间为8s．〔2〕飞机到达倾斜跑道末端时的速度大小为m/s．〔3〕弹射器的平均作用力为106N．点评：此题考查了牛顿第二定律、运动学公式和动能定理的根本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．〔18分〕如图a所示，水平直线MN下方有竖直向上的匀强电场，现将一重力不计，比荷=1×106C/kg的正电荷置于电场中的O点由静止释放，经过×10﹣5s后，电荷以v0=1.5×104m/s的速度通过MN进入其上方的匀强磁场，磁场与纸面垂直，磁感应强度B按图b所示规律周期性变化〔图b中磁场方向以垂直纸面向外为正方向，以电荷第一次通过MN时为t=0时刻〕．计算结果可用π表示，求：〔1〕O点与直线MN之间的电势差；〔2〕t=×10﹣5s时刻电荷与O点的水平距离〔3〕如果在O点右方d=67.5cm处有一垂直于MN的足够大的挡板，求电荷从O点出发运动到挡板所需要的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：〔1〕根据动能定理求出O点与直线MN之间的电势差．〔2〕电荷进入磁场后做匀速圆周运动，分别求出电荷在磁场中运动的半径和周期，画出轨迹，由几何关系求出t=×10﹣5s时刻电荷与O点的水平距离．〔3〕电荷在周期性变化的磁场中运动，根据周期性分析电荷到达档板前运动的完整周期数，即可求出荷沿ON运动的距离．根据电荷挡板前的运动轨迹，求出其运动时间，即得总时间．解答：解：〔1〕电荷在电场中做匀加速直线运动，由动能定理得：，解得？：V．〔2〕当磁场垂直纸面向外时，设电荷运动的半径为r1，如此，解得：，周期为：．当磁场垂直纸面向里时，电荷运动的半径为：=0.03m=3cm．周期为：．电荷从t=0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图甲所示，t=时刻电荷与O点的水平距离为：△d=2〔r1﹣r2〕=4cm．〔3〕电荷从第一次通过MN开始，其运动的周期T=，根据电荷的运动情况可知，电荷到达挡板前运动的完整周期数为15个，此时电荷沿MN运动的距离：15△d=60cm．如此最后7.5cm的运动轨迹如乙图所示，有：r1+r1cosα=7.5cm．解得cosα=0.5，如此α=60°，故电荷运动的总时间为：s．答：〔1〕O点与直线MN之间的电势差为1.125×102V；〔2〕t=×10﹣5s时刻电荷与O点的水平距离为4cm．〔3〕电荷从O点出发运动到挡板所需要的时间为．点评：此题是带电粒子在电场和磁场中运动的问题，电荷在电场中运动时，由牛顿第二定律和运动学公式结合研究是最常用的方法，也可以由动量定理处理．电荷在周期性磁场中运动时，要抓住周期性即重复性进展分析，根据轨迹求解时间．(二〕选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答【物理--选修3-3】13．关于一定量的理想气体，如下说法正确的答案是( )A．气体分子的体积是指每个气体分子平均所占有的空间体积B．只要能增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高C．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D．气体从外界吸收热量，其内能不一定增加E．气体在等压膨胀过程中温度一定升高考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：根据气体分子间空隙很大，分析气体的体积与所有气体分子的体积之和的关系．根据温度的微观含义、压强产生的微观机理分析．根据热力学第一定律分析气体内能变化，根据等压变化分析温度变化．解答：解：A、气体粒子之间的距离远远大于粒子本身的直径，所以气体分子的体积小于每个气体分子平均所占有的空间体积，故A错误；B、温度是分子平均动能得标志，增加气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以升高，故B正确；C、气体对容器壁的压强是气体分子不断撞击器壁产生的，与超失重无关，故C错误；D、改变内能的方式有做功和热传递，当气体从外界吸收热量同时气体对外做功，如此内能可能会减小，故D正确；E、等压变化过程，体积与热力学温度成正比，体积膨胀，温度升高，故E正确；应当选：BDE．点评：解答此题的关键熟悉理想气体模型、气压的微观解释，与内能的决定因素，根底题．14．拔火罐〞是一种中医疗法，为了探究“火罐〞的“吸力〞，某人设计了如图实验．圆柱状气缸〔横截面积为S〕被固定在铁架台上，轻质活塞通过细线与重物m相连，将一团燃烧的轻质酒精棉球从缸底的开关K处扔到气缸内，酒精棉球熄灭时〔设此时缸内温度为t℃〕密闭开关K，此时活塞下的细线刚好拉直且拉力为零，而这时活塞距缸底为L．由于气缸传热良好，重物被吸起，最后重物稳定在距地面处．环境温度为27℃不变，与大气压强相当，气缸内的气体可看做理想气体，求t值．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：酒精棉球熄灭后，以活塞为研究对象可求出封闭气体初末状态压强，利用理想气体状态方程列式即可求解．解答：解：酒精棉球熄灭时，封闭气体向下得压力，大气压向上的支持力，由平衡得：P1S=P0S解得：P1=P0此时体积为：V1=LS，温度为：T1=273+t重物被吸起稳定后，活塞受绳子得拉力，封闭气体向下得压力和大气压向上得支持力，由平衡得：P2S+mg=P0S解得：此时体积为：，温度为T2=273+27K=300K有理想气体状态方程得：解得：t=127℃答：此种情况下的温度为127℃点评：此题得关键是以活塞为研究对象，受力分析利用平衡求出初末状态压强，然后利用理想气体状态方程列式即可求解．【物理--选修3-4】15．如下列图，实线与虚线分别表示振幅〔A〕、频率〔f〕均一样的两列波的波峰和波谷．此刻，M是波峰与波峰相遇点，如下说法中正确的答案是 ( )A．P、N两质点始终处在平衡位置B．该时刻质点O正处于平衡位置C．随着时间韵推移，质点M将向O点处移动D．从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，此时位移为零E．O M连线中点是振动加强的点，其振幅为2A考点：波的叠加．分析：由图知P、N是振动减弱的点，M、O都处于振动加强的点，MO连线上各点的振动也加强．在波的传播过程中，质点不会向前移动，振幅为质点离开平衡的位置的最大位移．解答：解：A、P、N两点是波谷和波峰叠加，由于两列波的振幅相等，P、N的位移始终为零，即始终处于平衡位置，故A正确；B、由图知O点是波谷和波谷叠加的位置，是振动加强点，该时刻O点位于波谷，故B错误；C、振动的质点只是在各自的平衡位置附近振动，不会“随波逐流〞，如此质点M不会向O 点处移动，故C错误；D、该时刻M点位于波峰，从该时刻起，经过四分之一周期，质点M到达平衡位置，此时位移为零，故D正确；E、OM连线中点，也是振动加强的点，其振幅与O或M点一样，为2A，故E正确；应当选：ADE点评：介质中同时存在几列波时，每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰．在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和．16．如图甲所示，在平静的水面下深d处有一个点光源s，它发出的是两种不同颜色的a光和b光，在水面上形成了一个被照亮的圆形区域，该区域的中间为由ab两种单色光所构成的复色光的圆形区域，其半径为R．周边为环状区域，其宽度为△L且为a光的颜色〔见图乙〕如此：两种色光的折射率n a、n b分别是多少？考点：光的折射定律．。
河南省林州市第一中学2016-2017学年高一3月调研考试物理试题 Word版含答案
一.选择题1.下列关于曲线运动的说法中正确的是（ ） A.做曲线运动的物体的加速度一定是变化的 B.做曲线运动的物体其速度大小一定是变化的C.做匀速圆周运动的物体，所受的合力不一定时刻指向圆心D.骑自行车冲到圆弧桥顶时，人对自行车座的压力减小2.如图所示，某人游珠江，他以一定的速度面部始终垂直河岸向对岸游去，江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是（ ）A.水速大时，路程长，时间长B.水速大时，路程长，时间短C.水速大时，路程长，时间不变D.路程.时间与水速无关3.如图所示，在一颗大树下有张石凳子，上面水平摆放着一排香蕉，小猴子为了一次拿到更多的香蕉，它紧抓住软藤下端，同时树上的老猴子向上拉动软藤的另一端，使得小猴子到达石凳子时保持身体水平向右运动。
已知老猴子以大小恒定的速率v 拉动软藤，当软藤与竖直方向成θ角时，小猴子的水平运动速度大小为（ ）A.cos v θB.sin v θC.cos v θ D.sin vθ4.若以抛出点为起点，初速度方向为水平位移的正方向，则下列图中，能正确描述做平抛运动物体的水平位移x 随时间t 变化关系的是（ ）5.如图所示为一种“滚轮—平盘无级变速器”的示意图，它由固定于主动轴上的平盘和可随从动轴转动的圆柱形滚轮组成，由于摩擦的作用，当平盘转动时，滚轮就会跟着转动，若滚轮不打滑，那么主动轴转速1n 、从动轴转速2n 、滚轮半径r 以及滚轮中心到主动轴轴线的距离x 之间的关系是（ ）A.21x r n n =B.21rx n n = C.2212x n n r= D.2n n =6.如图所示，可视为质点的质量为m 的小球，在半径为R 的竖直放置的光滑圆形管内做圆周运动，下列说法中正确的是（ ）A.小球能够通过最高点的最小速度为0B.C.如果小球在最高点时的速度大小为D. 7.质量为m 的物体随水平传送带一起匀速运动，A 为传送带的终端皮带轮，如图所示，皮带轮半径为r ，要使物体通过终端时能水平抛出，皮带轮的转速至少为（ ）8.如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线栓在同一点并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们（ ）A.运动周期相同B.运动的线速度大小相等C.运动的角速度相同D.向心加速度大小相等9.如图所示，一质点从倾角为θ的斜面顶端以水平初速度0v 抛出，重力加速度为g ，则下列说法中正确的是（ ）A.质点抛出后，经时间0tan gv θ离斜面最远 B.质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为0sin vθC.质点抛出后，当离斜面最远时速度大小为0cos vθD.质点抛出后，经时间0cot gv θ离斜面最远 10.如图所示，两物块A 、B 套在水平粗糙的CD 杆上，并用不可伸长的轻绳连接，整个装置能绕过CD 中点的轴1OO 转动，已知两物块质量相等，杆CD 对物块A 、B 的最大静摩擦力大小相等，开始时绳子处于自然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块B 到1OO 轴的距离为物块A 到1OO 轴的距离的两倍，现让该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，在从绳子处于自然长度到两物块A 、B 即将滑动的过程中，下列说法中正确的是（ ）A.A 受到的静摩擦力一直增大B.B 受到的静摩擦力先增大，后保持不变C.A 受到的静摩擦力先增大后减小D.B 受到的合外力一直在增大 二.非选择题11.如图甲所示，在一端封闭、长约1m 的玻璃管内住满清水，水中放一个蜡块，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧，然后将这个玻璃管倒置，在蜡块沿玻璃管上升的同时，将玻璃管水平向右移动，假设从某时刻开始计时，蜡块在玻璃管内每1s 上升的距离都是10cm ，玻璃管向右匀加速平移，每1s 通过的水平位移依次是2.5cm .7.5cm .12.5cm .17.5cm ，图乙中，y 轴表示蜡块在竖直方向的位移，x 轴表示蜡块随玻璃通过的水平位移，0t =时蜡块位于坐标原点。