第一章 立体几何初步(A)
2014-2015学年高中数学基础巩固试题第一章《立体几何初步综合测试》A新人教B版必修2

高中数学第一章立体几何初步综合测试A 新人教B版必修2时间120分钟,满分150分。
一、选择题(本大题共12个小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中只有一个是符合题目要求的)1.(2014·广西南宁高一期末测试)用符号表示“点A在直线l上,l在平面α外”正确的是( )A.A∈l,l⊄αB.A∈l,l∉αC.A⊂l,l∉αD.A⊂l,l⊄α[答案] A[解析] 点在直线上用“∈”表示,直线在平面外用“⊄”表示,故选A.2.(2014·河北邢台一中高一月考)若直线l不平行于平面α,且l⊄α,则( ) A.平面α内所有直线与l异面B.平面α内存在惟一的直线与l平行C.平面α内不存在与l平行的直线D.平面α内的直线都与l相交[答案] C[解析] ∵直线l不平行于平面α,且l⊄α,∴l与平面α相交,故平面α内不存在与l平行的直线.3.一长方体木料,沿图①所示平面EFGH截长方体,若AB⊥CD那么图②四个图形中是截面的是( )[答案] A[解析] 因为AB、MN两条交线所在平面(侧面)互相平行,故AB、MN无公共点,又AB、MN在平面EFGH内,故AB∥MN,同理易知AN∥BM.又AB⊥CD,∴截面必为矩形.4.(2014·湖南永州市东安天成实验中学高一月考)正方体ABCD-A1B1C1D1的体对角线AC1的长为3cm,则它的体积为( )A.4cm3B.8cm3C.11272cm3D.33cm3[答案] D[解析] 设正方体的棱长为a cm ,则3a 2=9,∴a = 3.则正方体的体积V =(3)3=33(cm 3).5.(2014·山东菏泽高一期末测试)某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是( )A .2πB .4πC .πD .8π[答案] C[解析] 由三视图可知,该几何体是底面半径为1,高为2的圆柱的一半,其体积V =12×π×12×2=π.6.将棱长为1的正方体木块切削成一个体积最大的球,则该球的体积为( ) A.π6B.2π3 C.3π2D.4π3[答案] A[解析] 将棱长为1的正方体木块切削成一个体积最大的球,球的直径应等于正方体的棱长,故球的半径为R =12,∴球的体积为V =43πR 3=43π×(12)3=π6.7.设α表示平面,a 、b 、l 表示直线,给出下列命题,①⎭⎪⎬⎪⎫a ⊥l b ⊥la ⊂αb ⊂α⇒l ⊥α; ②⎭⎪⎬⎪⎫a ∥αa ⊥b⇒b ⊥α; ③⎭⎪⎬⎪⎫a ⊄αb ⊂αa ⊥b ⇒a ⊥α;④直线l 与平面α内无数条直线垂直,则l ⊥α.其中正确结论的个数为( ) A .0 B .1 C .2 D .3[答案] A[解析] ①错,缺a 与b 相交的条件;②错,在a ∥α,a ⊥b 条件下,b ⊂α,b ∥α,b 与 α斜交,b ⊥α都有可能; ③错,只有当b 是平面α内任意一条直线时,才能得出a ⊥α,对于特定直线b ⊂α,错误;④错,l 只要与α内一条直线m 垂直,则平面内与m 平行的所有直线就都与l 垂直,又l 垂直于平面内的一条直线是得不出l ⊥α的.8.若某几何体的三视图如图所示,则这个几何体的直观图可以是( )[答案] B[解析] (可用排除法)由正视图可把A ,C 排除, 而由左视图把D 排除,故选B.9.用平行于圆锥底面的平面截圆锥,所得截面面积与底面面积的比是,这截面把圆锥母线分为两段的比是( )A .B .3-1)C .3[答案] B[解析] 如图由题意可知,⊙O 1与⊙O 2面积之比为,∴半径O 1A 1与OA 之比为3,∴PA 1PA =13,∴PA 1AA 1=13-1. 10.在正方体ABCD -A ′B ′C ′D ′中,过对角线BD ′的一个平面交AA ′于E 、交CC ′于F ,则以下结论中错误的是( )A .四边形BFD ′E 一定是平行四边形B .四边形BFD ′E 有可能是正方形C .四边形BFD ′E 有可能是菱形D .四边形BFD ′E 在底面投影一定是正方形 [答案] B[解析] 平面BFD ′E 与相互平行的平面BCC ′B ′及ADD ′A ′的交线BF ∥D ′E ,同理BE ∥D ′F ,故A 正确.特别当E 、F 分别为棱AA ′、CC ′中点时,BE =ED ′=BF =FD ′,则四边形为菱形,其在底面ABCD 内的投影为正方形ABCD ,∴选B.11.如图所示,在斜三棱柱ABC -A 1B 1C 1的底面△ABC 中,∠A =90°,且BC 1⊥AC ,过C 1作C 1H ⊥底面ABC ,垂足为H ,则点H 在()A .直线AC 上B .直线AB 上C .直线BC 上D .△ABC 内部[答案] B[解析]⎭⎪⎬⎪⎫⎭⎪⎬⎪⎫AC ⊥ABAC ⊥BC 1AB ∩BC 1=B ⇒AC ⊥平面ABC 1 AC ⊂平面ABC⇒平面ABC 1⊥平面ABC ,⎭⎪⎬⎪⎫ 平面ABC 1∩平面ABC =AB C 1H ⊥平面ABC⇒H 在AB 上.12.如图1,在透明密封的长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1容器内已灌进一些水,固定容器底面一边BC 于水平的地面上,再将容器倾斜,随着倾斜度的变化,有下列四个命题:①有水的部分始终呈棱柱形; ②水面四边形EFGH 的面积不会改变; ③棱A 1D 1始终与水面EFGH 平行;④当点E 、F 分别在棱BA 、BB 1上移动时(如图2),BE ·BF 是定值. 其中正确命题的序号是( ) A .①②③ B .①③④ C .③④ D .①②[答案] B[解析] 由于BC 固定于水平地面上, ∴由左右两个侧面BEF ∥CGH ,可知①正确; 又∵A 1D 1∥BC ∥FG ∥EH ,∴③正确;水的总量保持不变,总体积V =12BE ·BF ·BC ,∵BC 一定,∴BE ·BF 为定值,故④正确;水面四边形随着倾斜程度不同,面积随时发生变化, ∴②错.二、填空题(本大题共4个小题,每小题4分,共16分,把正确答案填在题中横线上) 13.用斜二测画法,画得正方形的直观图面积为182,则原正方形的面积为________. [答案] 72 [解析] 由S 直=24S 原,得S 原=22S 直=22×182=72. 14.如图,一个圆柱和一个圆锥的底面直径和它们的高都与一个球的直径相等,这时圆柱、圆锥、球的体积之比为________.[答案][解析] 设球半径为a ,则圆柱、圆锥、球的体积分别为:πa 2·2a ,13πa 2·2a ,43πa 3.所以体积之比2πa323πa 343πa 3=2343=15.考察下列三个命题,在“________”处都缺少同一个条件,补上这个条件其构成真命题(其中l 、m 为不同直线,α、β为不重合平面),则此条件为________.①⎭⎪⎬⎪⎫m ⊂αl ∥m ⇒l ∥α; ②⎭⎪⎬⎪⎫l ∥mm ∥α ⇒l ∥α; ③⎭⎪⎬⎪⎫l ⊥βα⊥β ⇒l ∥α. [答案] l ⊄α[解析] ①体现的是线面平行的判定定理,缺的条件是“l 为平面α外的直线”,即“l ⊄α”.它同样适合②③,故填l ⊄α.16.一块正方形薄铁片的边长为4cm ,以它的一个顶点为圆心,一边长为半径画弧,沿弧剪下一个扇形(如图),用这块扇形铁片围成一个圆锥筒,则这个圆锥筒的容积等于________cm 3.[答案]153π [解析] 据已知可得圆锥的母线长为4,设底面半径为r , 则2πr =π2·4⇒r =1(cm),故圆锥的高为h =42-1=15(cm), 故其体积V =13π·1215=15π3(cm 3).三、解答题(本大题共6个大题,共74分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤) 17.(本题满分12分)圆台的一个底面周长是另一个底面周长的3倍,轴截面的面积等于392cm 2,母线与轴的夹角是45°,求这个圆台的高、母线长和两底面半径.[解析] 圆台轴截面如图,设上、下底半径分别为x 和3x ,截得圆台的圆锥顶点为S ,在Rt △SOA 中,∠ASO =45°,∴SO =AO =3x ,∴OO 1=2x ,又轴截面积为S =12(2x +6x )·2x =392,∴x =7,∴高OO 1=14,母线长l =2OO 1=142,∴圆台高为14cm ,母线长为142cm ,两底半径分别为7cm 和21cm.18.(本题满分12分)(2014·陕西汉中市南联中学高一期末测试)在正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,AA 1=2,E 为棱CC 1的中点.(1)求四棱锥E -ABCD 的体积; (2)求证:B 1D 1⊥AE ; (3)求证:AC ∥平面B 1DE .[解析] (1)V E -ABCD =13×1×2×2=43.(2)∵BD ⊥AC ,BD ⊥CE ,CE ∩AC =C , ∴BD ⊥平面ACE , ∴BD ⊥AE 1,又∵BD ∥B 1D 1,∴B 1D 1⊥AE .(3)如图,取BB 1的中点F ,连接AF 、CF 、EF .则EF 綊AD ,∴四边形ADEF 为平行四边形, ∴AF ∥DE .又CF∥B1E,AF∩CF=F,DE∩B1E=E,∴平面AFC∥平面B1DE,∴AC∥平面B1DE.19.(本题满分12分)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是正方形,侧棱PD⊥底面ABCD,PD=DC.E是PC的中点,作EF⊥PB交PB于F.(1)证明PA∥平面EDB;(2)证明PB⊥平面EFD.[解析] (1)如图,设AC交BD于O,连接EO.∵底面ABCD是正方形,∴点O是AC的中点.△PAC中,EO是中位线.∴PA∥EO,而EO⊂平面EDB,且PA⊄平面EDB.∴PA∥平面EDB.(2)∵PD⊥底面ABCD,且DC⊂底面ABCD,∴PD⊥DC.由PD=DC知△PDC是等腰直角三角形,而DE是斜边PC的中线,∴DE⊥PC①又由PD⊥底面ABCD,得PD⊥BC∵底面ABCD是正方形,有DC⊥BC,∴BC⊥平面PDC,而DE⊂面PDC,∴BC⊥DE②由①和②推得DE⊥平面PBC,而PB⊂平面PBC,∴DE⊥PB又EF⊥PB且DE∩EF=F,所以PB⊥平面EFD.20.(本题满分12分)如图所示,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,M、N分别是AA1、AC 的中点.(1)求证:MN ∥平面BCD 1A 1; (2)求证:MN ⊥C 1D ; (3)求VD -MNC 1.[解析] (1)连接A 1C ,在△AA 1C 中,M 、N 分别是AA 1、AC 的中点,∴MN ∥A 1C .又∵MN ⊄平面BCA 1D 1且A 1C ⊂平面BCD 1A 1, ∴MN ∥平面BCD 1A 1.(2)∵BC ⊥平面CDD 1C 1,C 1D ⊂平面CDD 1C 1, ∴BC ⊥C 1D .又在平面CDD 1C 1中,C 1D ⊥CD 1,BC ∩CD 1=C , ∴C 1D ⊥平面BCD 1A 1,又∵A 1C ⊂平面BCD 1A 1,∴C 1D ⊥A 1C , 又∵MN ∥A 1C ,∴MN ⊥C 1D .(3)∵A 1A ⊥平面ABCD ,∴A 1A ⊥DN , 又∵DN ⊥AC ,∴DN ⊥平面ACC 1A 1, ∴DN ⊥平面MNC 1.∵DC =2,∴DN =CN =2,∴NC 21=CC 21+CN 2=6,MN 2=MA 2+AN 2=1+2=3,MC 21=A 1C 21+MA 21=8+1=9,∴MC 21=MN 2+NC 21,∴∠MNC 1=90°, ∴S △MNC 1=12MN ·NC 1=12×3×6=322,∴VD -MNC 1=13·DN ·S △MNC 1=13·2·322=1.21.(本题满分12分)(2014·山东文,18)如图,四棱锥P -ABCD 中,AP ⊥平面PCD ,AD ∥BC ,AB =BC =12AD ,E 、F 分别为线段AD 、PC 的中点.(1)求证:AP ∥平面BEF ; (2)求证:BE ⊥平面PAC .[解析] (1)证明:如图所示,连接AC 交BE 于点O ,连接OF .∵E 为AD 中点,BC =12AD ,AD ∥BC ,∴四边形ABCE 为平行四边形. ∴O 为AC 的中点,又F 为PC 中点, ∴OF ∥AP .又OF ⊂面BEF ,AP ⊄面BEF , ∴AP ∥面BEF .(2)由(1)知四边形ABCE 为平行四边形. 又∵AB =BC ,∴四边形ABCE 为菱形. ∴BE ⊥AC .由题意知BC 綊12AD =ED ,∴四边形BCDE 为平行四边形. ∴BE ∥CD .又∵AP ⊥平面PCD , ∴AP ⊥CD . ∴AP ⊥BE . 又∵AP ∩AC =A , ∴BE ⊥面PAC .22.(本题满分14分)(2014·广东文,18)如图1,四边形ABCD 为矩形,PD ⊥平面ABCD ,AB =1,BC =PC =2,作如图2折叠,折痕EF ∥DC .其中点E 、F 分别在线段PD 、PC 上,沿EF 折叠后点P 在线段AD 上的点记为M ,并且MF ⊥CF.(1)证明:CF ⊥平面MDF ;(2)求三棱锥M -CDE 的体积.[解析] (1)如图PD ⊥平面ABCD ,PD ⊂平面PCD ,∴平面PCD ⊥平面ABCD ,平面PCD ∩平面ABCD =CD ,MD ⊂平面ABCD ,MD ⊥CD ,∴MD ⊥平面PCD ,CF ⊂平面PCD ,∴CF ⊥MD ,又CF ⊥MF ,MD ,MF ⊂平面MDF ,MD ∩MF =M ,∴CF ⊥平面MDF .(2)∵CF ⊥平面MDF ,∴CF ⊥DF ,又易知∠PCD =60°,∴∠CDF =30°,从而CF =12CD =12,∵EF ∥DC ,∴DE DP =CF CP ,即DE 3=122,∴DE =34, ∴PE =334,S △CDE =12CD ·DE =38, MD =ME 2-DE 2=PE 2-DE 2 =3342-342=62, ∴V M -CDE =13S △CDE ·MD =13×38×62=216.。
2021年人教A版高中数学教材目录(全)

必修1欧阳光明(2021.03.07)第一章集合与函数概念1.1 集合1.2 函数及其表示 1.3 函数的基本性质第二章基本初等函数(Ⅰ)2.1 指数函数2.2 对数函数2.3 幂函数第三章函数的应用3.1 函数与方程3.2 函数模型及其应用必修2第一章空间几何体 1.1 空间几何体的结构1.2 空间几何体的三视图和直观图1.3 空间几何体的表面积与体积第二章点、直线、平面之间的位置关系2.1 空间点、直线、平面之间的位置关系2.2 直线、平面平行的判定及其性质 2.3 直线、平面垂直的判定及其性质第三章直线与方程3.1 直线的倾斜角与斜率3.2 直线的方程3.3 直线的交点坐标与距离公式必修3第一章算法初步1.1 算法与程序框图1.2 基本算法语句1.3 算法案例阅读与思考割圆术第二章统计2.1 随机抽样阅读与思考一个著名的案例阅读与思考广告中数据的可靠性阅读与思考如何得到敏感性问题的诚实反应2.2 用样本估计总体阅读与思考生产过程中的质量控制图2.3 变量间的相关关系阅读与思考相关关系的强与弱第三章概率3.1 随机事件的概率阅读与思考天气变化的认识过程3.2 古典概型3.3 几何概型必修4第一章三角函数1.1 任意角和弧度制1.2 任意角的三角函数1.3 三角函数的诱导公式1.4 三角函数的图象与性质1.5 函数y=Asin(ωx+ψ)1.6 三角函数模型的简单应用第二章平面向量2.1 平面向量的实际背景及基本概念2.2 平面向量的线性运算2.3 平面向量的基本定理及坐标表示2.4 平面向量的数量积2.5 平面向量应用举例第三章三角恒等变换3.1 两角和与差的正弦、余弦和正切公式3.2 简单的三角恒等变换必修5第一章解三角形1.1正弦定理和余弦定理1.2应用举例1.3实习作业第二章数列2.1数列的概念与简单表示法2.2等差数列2.3等差数列的前n 项和2.4等比数列2.5等比数列的前n 项和第三章不等式3.1不等关系与不等式3.2一元二次不等式及其解法3.3二元一次不等式(组)与简单的线性规划问题3.3.1二元一次不等式(组)与平面区域3.3.2简单的线性规划问题3.4基本不等式选修1-1第一章常用逻辑用语1.1命题及其关系1.2充分条件与必要条件1.3简单的逻辑联结词1.4全称量词与存在量词第二章圆锥曲线与方程2.1椭圆2.2双曲线2.3抛物线第三章导数及其应用3.1变化率与导数3.2导数的计算3.3导数在研究函数中的应用3.4生活中的优化问题举例选修1-2第一章统计案例1.1回归分析的基本思想及其初步应用1.2独立性检验的基本思想及其初步应用第二章推理与证明2.1合情推理与演绎证明2.2直接证明与间接证明第三章数系的扩充与复数的引入3.1数系的扩充和复数的概念3.2复数代数形式的四则运算第四章框图4.1流程图4.2结构图选修2-1第一章常用逻辑用语1.1命题及其关系1.2充分条件与必要条件1.3简单的逻辑联结词1.4全称量词与存在量词第二章圆锥曲线与方程2.1曲线与方程2.2椭圆2.3双曲线2.4抛物线第三章空间向量与立体几何3.1空间向量及其运算3.2立体几何中的向量方法选修2-2第一章导数及其应用1.1变化率与导数1.2导数的计算1.3导数在研究函数中的应用1.4生活中的优化问题举例1.5定积分的概念1.6微积分基本定理1.7定积分的简单应用第二章推理与证明2.1合情推理与演绎推理2.2直接证明与间接证明2.3数学归纳法第三章数系的扩充与复数的引入3.1数系的扩充和复数的概念3.2复数代数形式的四则运算选修2-3第一章计数原理1.1分类加法计数原理与分步乘法计数原理1.2排列与组合1.3二项式定理第二章随机变量及其分布2.1离散型随机变量及其分布列2.2二项分布及其应用2.3离散型随机变量的均值与方差2.4正态分布第三章统计案例3.1回归分析的基本思想及其初步应用3.2独立性检验的基本思想及其初步应用选修3-1第一讲早期的算术与几何第二讲古希腊数学第三讲中国古代数学瑰宝第四讲平面解析几何的产生第五讲微积分的诞生第六讲近代数学两巨星第七讲千古谜题第八讲对无穷的深入思考第九讲中国现代数学的开拓与发展选修3-2选修3-3第一讲从欧氏几何看球面第二讲球面上的距离和角第三讲球面上的基本图形第四讲球面三角形第五讲球面三角形的全等第六讲球面多边形与欧拉公式第七讲球面三角形的边角关系第八讲欧氏几何与非欧几何选修3-4第一讲平面图形的对称群第二讲代数学中的对称与抽象群的概念第三讲对称与群的故事选修4-1第一讲相似三角形的判定及有关性质第二讲直线与圆的位置关系第三讲圆锥曲线性质的探讨选修4-2第一讲线性变换与二阶矩阵第二讲变换的复合与二阶矩阵的乘法第三讲逆变换与逆矩阵第四讲变换的不变量与矩阵的特征向量选修4-3选修4-4第一讲坐标系第二讲参数方程选修4-5第一讲不等式和绝对值不等式第二讲证明不等式的基本方法第三讲柯西不等式与排序不等式第四讲数学归纳法证明不等式选修4-6第一讲整数的整除第二讲同余与同余方程第三讲一次不定方程第四讲数伦在密码中的应用选修4-7第一讲优选法第二讲试验设计初步选修4-8选修4-9第一讲风险与决策的基本概念第二讲决策树方法第三讲风险型决策的敏感性分析第四讲马尔可夫型决策简介高中人教版(B)教材目录介绍必修一第一章集合1.1 集合与集合的表示方法1.2 集合之间的关系与运算第二章函数2.1 函数2.2 一次函数和二次函数2.3 函数的应用(Ⅰ)2.4 函数与方程第三章基本初等函数(Ⅰ)3.1 指数与指数函数3.2 对数与对数函数3.3 幂函数3.4 函数的应用(Ⅱ)必修二第一章立体几何初步1.1 空间几何体1.2 点、线、面之间的位置关系第二章平面解析几何初步2.1 平面真角坐标系中的基本公式2.2 直线方程2.3 圆的方程2.4 空间直角坐标系必修三第一章算法初步1.1 算法与程序框图1.2 基本算法语句1.3 中国古代数学中的算法案例第二章统计2.1 随机抽样2.2 用样本估计总体2.3 变量的相关性第三章概率3.1 随机现象3.2 古典概型3.3 随机数的含义与应用3.4 概率的应用必修四第一章基本初等函(Ⅱ)1.1 任意角的概念与弧度制1.2 任意角的三角函数1.3 三角函数的图象与性质第二章平面向量2.1 向量的线性运算2.2 向量的分解与向量的坐标运算2.3 平面向量的数量积2.4 向量的应用第三章三角恒等变换3.1 和角公式3.2 倍角公式和半角公式3.3 三角函数的积化和差与和差化积必修五第一章解直角三角形1.1 正弦定理和余弦定理1.2 应用举例第二章数列2.1 数列2.2 等差数列2.3 等比数列第三章不等式3.1 不等关系与不等式3.2 均值不等式 3.3 一元二次不等式及其解法3.4 不等式的实际应用3.5 二元一次不等式(组)与简单线性规划问题选修1-1第一章常用逻辑用语1.1 命题与量词1.2 基本逻辑联结词1.3 充分条件、必要条件与命题的四种形式第二章圆锥曲线与方程2.1 椭圆2.2 双曲线2.3 抛物线第三章导数及其应用3.1 导数 3.2 导数的运算3.3 导数的应用选修1-2第一章统计案例第二章推理与证明第三章数系的扩充与复数的引入第四章框图选修4-5第一章不等式的基本性质和证明的基本方法1.1 不等式的基本性质和一元二次不等式的解法1.2 基本不等式1.3 绝对值不等式的解法1.4 绝对值的三角不等式1.5 不等式证明的基本方法第二章柯西不等式与排序不等式及其应用2.1 柯西不等式2.2 排序不等式2.3 平均值不等式(选学)2.4 最大值与最小值问题,优化的数学模型第三章数学归纳法与贝努利不等式3.1 数学归纳法原理3.2 用数学归纳法证明不等式,贝努利不等式。
高中数学 第一章 立体几何初步学案 新人教A版必修2

第一章立体几何初步二、重点难点重点:空间直线,平面的位置关系。
柱、锥、台、球的表面积和体积的计算公式。
平行、垂直的定义,判定和性质。
难点:柱、锥、台、球的结构特征的概括。
文字语言,图形语言和符号语言的转化。
平行,垂直判定与性质定理证明与应用。
第一课时棱柱、棱锥、棱台【学习导航】学习要求1.初步理解棱柱、棱锥、棱台的概念。
掌握它们的形成特点。
2.了解棱柱、棱锥、棱台中一些常用名称的含义。
3.了解棱柱、棱锥、棱台这几种几何体简单作图方法4.了解多面体的概念和分类.【课堂互动】自学评价1.棱柱的定义:表示法:思考:棱柱的特点:.【答】2.棱锥的定义:表示法:思考:棱锥的特点:. 【答】3.棱台的定义:表示法:思考:棱台的特点:.【答】4.多面体的定义:5.多面体的分类:⑴棱柱的分类⑵棱锥的分类⑶棱台的分类【精典范例】例1:设有三个命题:甲:有两个面平行,其余各面都是平行四边形所围体一定是棱柱;乙:有一个面是四边形,其余各面都三角形所围成的几何体是棱锥;丙:用一个平行与棱锥底面的平面去截棱锥,得到的几何体叫棱台。
以上各命题中,真命题的个数是(A)A.0 B. 1 C. 2 D. 3例2:画一个四棱柱和一个三棱台。
【解】四棱柱的作法:⑴画上四棱柱的底面----画一个四边形;⑵画侧棱-----从四边形的每一个顶点画平行且相等的线段;⑶画下底面------顺次连结这些线段的另一个端点互助参考7页例1⑷画一个三棱锥,在它的一条侧棱上取一点,从这点开始,顺次在各个侧面画出与底面平行的线段,将多余的线段檫去.互助参考7页例1点评:(1)被遮挡的线要画成虚线(2)画台由锥截得思维点拔:解柱、锥、台概念性问题和画图需要:(1).准确地理解柱、锥、台的定义(2).灵活理解柱、锥、台的特点:例如:棱锥的特点是:⑴两个底面是全等的多边形;⑵多边形的对应边互相平行;⑶棱柱的侧面都是平行四边形。
反过来,若一个几何体,具有上面三条,能构成棱柱吗?或者说,上面三条能作为棱柱的定义吗?答:不能.点评:就棱柱来验证这三条性质,无一例外,能不能找到反例,是上面三条能作为棱柱的定义的关键。
人教B高中数学必修二课时跟踪检测:第一章 立体几何初步 含解析

第一章立体几何初步1.1空间几何体1.1.7柱、锥、台和球的体积课时跟踪检测[A组基础过关]1.某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的体积为()A.2 B.3C.4 D.6解析:由三视图可知三棱锥的直观图如图所示.其中AB为高,底面是直角三角形,V=13AB×12BD×CD=13×2×12×3×2=2,故选A.答案:A2.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()A.13+π B.23+πC.13+2π D.23+2π解析:由该几何体的三视图可知该几何体是由一个三棱锥和半个圆柱组合而成,由此可知该几何体的体积为13×12×2×1×1+12π×12×2=13+π,故选A.答案:A3.某几何体的三视图如图所示,其中俯视图是等腰三角形,那么该几何体的体积是()A.96 B.128C.140 D.152解析:由三视图可知,该几何体是一个三棱柱,V=S·h=12×6×4×8=96.答案:A4.正三棱柱的侧面展开图是边长为2和4的矩形,则该正三棱柱的体积是()A.839B.439C.239D.439或839解析:当2为正三棱柱的底面周长时,正三棱柱底面三角形的边长a=2 3,底面面积S=34a2=39,正三棱柱的高h=4,所以正三棱柱的体积V=Sh=439;同理,当4为正三棱柱的底面周长时,正三棱柱底面三角形的边长a′=43,底面面积S′=34a′2=439,正三棱柱的高h′=2,所以正三棱柱的体积V′=S′h′=839.所以正三棱柱的体积为439或839.答案:D5.若正方体的棱长为2,则以该正方体各个面的中心为顶点的凸多面体的体积为()A.26B.23C.33D.23解析:以正方体各个面的中心为顶点的凸多面体是由两个全等的正四棱锥构成,正四棱锥的底面边长为1,高为22,∴V=2×13×1×1×22=23.故选B.答案:B6.已知圆锥的母线长为5,侧面积为20π,则此圆锥的体积为________.解析:由S侧=πrl=20π,l=5得r=4,∴圆锥的高h=l2-r2=3.∴圆锥的体积为V=13πr2·h=16π.答案:16π7.(2018·江苏卷)如图所示,正方体的棱长为2,以其所有面的中心为顶点的多面体的体积为________.解析:由图可知,该多面体为两个全等正四棱锥的组合体,且正四棱锥的高为1,底面正方形的边长等于2,所以该多面体的体积为2×13×1×(2)2=43.答案:438.已知某几何体的俯视图是边长分别为8和6的矩形,主视图是一个底边长为8,高为4的等腰三角形,左视图是一个底边长为6,高为4的等腰三角形.(1)求该几何体的体积; (2)求该几何体的侧面积.解:由已知可得该几何体是一个底面为矩形,高为4,顶点在底面的射影是矩形中心的四棱锥V -ABCD .如图所示,(1)V =13×(8×6)×4=64.(2)该四棱锥有两个侧面VAD ,VBC 是全等的等腰三角形,且BC 边上的高为h 1=42+⎝ ⎛⎭⎪⎫822=42,另两个侧面VAB ,VCD 也是全等的等腰三角形,AB边上的高为h 2=42+⎝ ⎛⎭⎪⎫622=5,因此S 侧=2×⎝ ⎛⎭⎪⎫12×6×42+12×8×5=40+24 2.[B 组 技能提升]1.一个正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图,则截去部分体积与剩余部分体积的比值为( )A.18B.17C.16D.15解析:由三视图可知,正方体被平面截去三棱锥A1-AB1D1,设正方体的边长为a,V正=a3,VA1-AB1D1=13×12a2·a=16a3,∴V A1-AB1D1V剩=16a3a3-16a3=15,故选D.答案:D2.一个正方体的顶点都在球面上,它的棱长为3,则这个球的体积为() A.9π B.932πC.27π D.2732π解析:∵棱长为3的正方体的体对角线长为33,∴球半径为332,∴V=43π⎝⎛⎭⎪⎫3233=2732π.故选D.答案:D3.一个底面半径为R的圆柱形水桶中装有适量的水,若放入一个半径为r的实心铁球(水面漫过球),水面高度恰好升高r,则Rr=________.解析:由题知43πr3=πR2·r,∴R r=233.答案:23 34.已知三棱锥的四个面都是腰长为2的等腰三角形,该三棱锥的主视图如图所示,则该三棱锥的体积是________.解析:由主视图知,三棱锥的高为1,底面是腰长为2,底边为23的等腰三角形,∴V=13×12×23×1×1=33.答案:3 35.如下的三个图中,上面的是一个长方体截去一个角所得多面体的直观图,它的主视图和左视图在下面画出(单位:cm).(1)在主视图下面,按照画三视图的要求画出该多面体的俯视图;(2)按照给出的尺寸,求该多面体的体积.解:(1)如图.(2)所求多面体的体积V=V长方体-V正三棱锥=4×4×6-13×⎝⎛⎭⎪⎫12×2×2×2=2843.6.圆台的母线长为6 cm,它的轴截面等腰梯形的一条对角线与一腰垂直且与下底所成的角为30°,求该圆台的体积.解:如图,等腰梯形AA1B1B为圆台的轴截面,AA1=6 cm,∠AA1B=90°,∠ABA1=30°,于是AB=2AA1=12 cm,由A1B1∥AB,得∠B1A1B=∠A1BA=30°,又∠A=90°-30°=60°,得∠A1BB1=60°-30°=30°,故△A1B1B为等腰三角形,∴A1B1=B1B=6 cm.又OO1·AB=AA1·A1B得,OO1=AA1·A1BAB=6×6312=33(cm),由圆台的体积公式:V圆台=13π·OO1·(A1O21+A1O1·AO+AO2)=13·π·33·(32+3×6+62)=633π(cm3).。
立体几何初步——第一章:简单几何体

A.是梯形,不一定是等腰梯形
B.一定是等腰梯形
C) A.圆台是直角梯形绕它的一腰旋转后而成的几何体 B.用平行于圆锥底面的平面去截此圆锥得到一个圆锥和一个圆台 C.用过圆锥的轴的平面截圆锥得到的一定是等边三角形 D.一平面截圆锥,截口形状是圆
球的截面
用平面去截一个球,
C
截面都是圆面;
球面被经过球心的 平面截得的圆叫做 球的大圆;
其它截面圆叫做球的小圆;
请大家想一想怎样用集合的观点去定义球?
把到定点O的距离等于或小于定长的点 的集合叫作球体,简称球。(包括球面)
其中: 1.把定点O叫作球心,定长叫作球的半径 2.到定点O的距离等于定长的点的集合叫作球 面。
二、填空题: (1)用一张6×8的矩形纸卷成一个圆柱,其轴
截面的面积为___4_8____.
(2)圆台的上、下底面的直径分别为2 cm,10cm,高为3cm,则圆台母线长为 5cm _______.
O
A
2、圆锥的表示:
用表示它的轴的字母表示, 如圆锥SO。
旋转轴叫做圆锥的轴。
S
垂直于轴的边旋转而成的曲 面叫做圆锥的底面。
不垂直于轴的边旋转
而成的曲面叫做圆锥
的侧面。
BO
无论旋转到什么位置不 垂直于轴的边都叫做圆 锥的母线。
轴 母线
A 底面
六、圆台的结构特征
1、定义:用一个平行于圆锥底面的平 面去截圆锥,底面与截面之间的部分,这 样的几何体叫做圆台。
球面距离 在球面上,两点之间
最短连线的长度,是经过这两点的
大圆在两点间的劣弧的长度,称这
段劣弧的长度为这
两点的球面距离; 举例:
P O
①飞机的飞行航线;
第一章立体几何初步知识点

高考立体几何知识点总结一 、空间几何体 (一) 空间几何体的类型1 多面体:由若干个平面多边形围成的几何体。
围成多面体的各个多边形叫做多面体的面,相邻两个面的公共边叫做多面体的棱,棱与棱的公共点叫做多面体的顶点。
2 旋转体:把一个平面图形绕它所在的平面内的一条定直线旋转形成了封闭几何体。
其中,这条直线称为旋转体的轴。
(二) 几种空间几何体的结构特征 1 、棱柱的结构特征1.1 棱柱的定义:有两个面互相平行,其余各面都是四边形,并且每相邻两个四边形的公共边都互相平行,由这些面所围成的几何体叫做棱柱。
1.2 棱柱的分类棱柱四棱柱平行六面体直平行六面体长方体正四棱柱正方体 性质:Ⅰ、侧面都是平行四边形,且各侧棱互相平行且相等; Ⅱ、两底面是全等多边形且互相平行;Ⅲ、平行于底面的截面和底面全等;1.3 棱柱的面积和体积公式ch S 直棱柱侧(c 是底周长,h 是高)S 直棱柱表面 = c ·h+ 2S 底 V 棱柱 = S 底 ·h2 、棱锥的结构特征2.1 棱锥的定义(1) 棱锥:有一个面是多边形,其余各面是有一个公共顶点的三角形,由这些面所围成的几何体叫做棱锥。
(2)正棱锥:如果有一个棱锥的底面是正多边形,并且顶点在底面的投影是底棱长都相等底面是正方形底面是矩形侧棱垂直于底面底面是平行四边形底面是四边形图1-1 棱面的中心,这样的棱锥叫做正棱锥。
2.2 正棱锥的结构特征Ⅰ、 平行于底面的截面是与底面相似的正多边形,相似比等于顶点到截面的距离与顶点到底面的距离之比;它们面积的比等于截得的棱锥的高与原棱锥的高的平方比;截得的棱锥的体积与原棱锥的体积的比等于截得的棱锥的高与原棱锥的高的立方比;Ⅱ、 正棱锥的各侧棱相等,各侧面是全等的等腰三角形;正棱锥侧面积:1'2S ch =正棱椎(c 为底周长,'h 为斜高) 体积:13V Sh =棱椎(S 为底面积,h 为高)正四面体:对于棱长为a 正四面体的问题可将它补成一个边长为a 22的正方体问题。
(完整版)高中数学必修二立体几何知识点总结

第一章 立体几何初步特殊几何体表面积公式(c 为底面周长,h 为高,'h 为斜高,l 为母线)ch S =直棱柱侧面积'21ch S =正棱锥侧面积 ')(2121h c c S +=正棱台侧面积 rh S π2=圆柱侧 ()l r r S +=π2圆柱表rl S π=圆锥侧面积 ()l r r S +=π圆锥表 lR r S π)(+=圆台侧面积 ()22R Rl rl r S +++=π圆台表柱体、锥体、台体的体积公式 V Sh =柱13V Sh =锥'1()3V S S h =台 2V Sh r h π==圆柱h r V 231π=圆锥 '2211()()33V S S h r rR R h π=+=++圆台 (4)球体的表面积和体积公式:V 球=343R π ; S 球面=24R π第二章 直线与平面的位置关系2.11 2 三个公理:(1符号表示为A ∈LB ∈L => l α⊂ A ∈αB ∈α(2符号表示为:A 、B 、C 三点不共线 => 有且只有一个平面α, 使A ∈α、B ∈α、C ∈α。
公理(3公理 L A · α C · B · A · α2.1.2 空间中直线与直线之间的位置关系1 空间的两条直线有如下三种关系: 相交直线:同一平面内,有且只有一个公共点; 平行直线:同一平面内,没有公共点;异面直线: 不同在任何一个平面内,没有公共点。
2 公理4:平行于同一条直线的两条直线互相平行。
符号表示为:设a 、b 、c 是三条直线a ∥bc ∥b强调:公理4实质上是说平行具有传递性,在平面、空间这个性质都适用。
公理4作用:判断空间两条直线平行的依据。
3 等角定理:空间中如果两个角的两边分别对应平行,那么这两个角相等或互补.4 注意点:① a'与b'所成的角的大小只由a 、b 的相互位置来确定,与O 的选择无关,为了简便,点O 一般取在两直线中的一条上; ② 两条异面直线所成的角θ∈(0, ); ③ 当两条异面直线所成的角是直角时,我们就说这两条异面直线互相垂直,记作a ⊥b ;④ 两条直线互相垂直,有共面垂直与异面垂直两种情形;⑤ 计算中,通常把两条异面直线所成的角转化为两条相交直线所成的角。
高中数学 第一章 立体几何初步 1.7.2 棱柱、棱锥、棱台和圆柱、圆锥、圆台的体积 1.7.3 球

7.2 棱柱、棱锥、棱台和圆柱、圆锥、圆台的体积7.3 球的表面积和体积学习目标 1.理解柱体、锥体、台体的体积公式(重点);2.理解球的表面积和体积公式(重点);3.能运用体积公式求解有关的体积问题,并且熟悉台体与柱体和锥体之间的转换关系(重、难点).知识点一 柱、锥、台体的体积公式几何体体积公式柱体圆柱V 柱体=ShS —柱体底面积 h —柱体的高棱柱 锥体圆锥V 锥体=13ShS —锥体底面积 h —锥体的高 棱锥 台体圆台V 台体=13(S 上+S 下+S 上·S 下)·hS 上、S 下—台体的上、下底面面积,h —高棱台【预习评价】简单组合体分割成几个几何体,其表面积如何变化?其体积呢? 提示 表面积变大了,体积不变. 知识点二 球的体积公式与表面积公式 1.球的体积公式V =43πR 3(其中R 为球的半径).2.球的表面积公式S =4πR 2. 【预习评价】球有底面吗?球面能展开成平面图形吗? 提示 球没有底面,球的表面不能展开成平面.题型一 柱体、锥体、台体的体积【例1】 (1)一个几何体的三视图如图所示(单位:m),则该几何体的体积为________m 3.解析 由所给三视图可知,该几何体是由相同底面的两个圆锥和一个圆柱组成,底面半径为1 m ,圆锥的高为1 m ,圆柱的高为2 m ,因此该几何体的体积V =2×13×π×12×1+π×12×2=83π(m 3). 答案 83π(2)在四棱锥E -ABCD 中,底面ABCD 为梯形,AB ∥CD ,2AB =3CD ,M 为AE 的中点,设E -ABCD 的体积为V ,那么三棱锥M -EBC 的体积为多少?解 如图,设点B 到平面EMC 的距离为h 1,点D 到平面EMC 的距离为h 2. 连接MD .因为M 是AE 的中点, 所以V M -ABCD =12V .所以V E -MBC =12V -V E -MDC .而V E -MBC =V B -EMC ,V E -MDC =V D -EMC , 所以V E -MBC V E -MDC =V B -EMC V D -EMC =h 1h 2. 因为B ,D 到平面EMC 的距离即为到平面EAC 的距离,而AB ∥CD ,且2AB =3CD ,所以h 1h 2=32.所以V E -MBC =V M -EBC =310V .规律方法 (1)求柱体的体积关键是求其底面积和高,底面积利用平面图形面积的求法,常转化为三角形及四边形,高常与侧棱、斜高及其在底面的投影组成直角三角形,进而求解. (2)锥体的体积公式V =13Sh 既适合棱锥,也适合圆锥,其中棱锥可以是正棱锥,也可以不是正棱锥.(3)三棱锥的体积求解具有较多的灵活性,因为三棱锥的任何一个面都可以作为底面,所以常常需要根据题目条件对其顶点和底面进行转换,这一方法叫作等积法.(4)台体的体积计算公式是V =13(S 上+S 下+S 上S 下)h ,其中S 上,S 下分别表示台体的上、下底面的面积.计算体积的关键是求出上、下底面的面积及高,求解相关量时,应充分利用台体中的直角梯形、直角三角形.另外,台体的体积还可以通过两个锥体的体积差来计算. 【训练1】 某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm 3)是( )A.π2+1 B.π2+3 C.3π2+1 D.3π2+3 解析 由三视图可知原几何体为半个圆锥和一个三棱锥的组合体,半圆锥的底面半径为1,高为3,三棱锥的底面积为12×2×1=1,高为3.故原几何体体积为:V =12×π×12×3×13+1×3×13=π2+1.答案 A【训练2】 四边形ABCD 中,A (0,0),B (1,0),C (2,1),D (0,3),绕y 轴旋转一周,求所得旋转体的体积.解 ∵C (2,1),D (0,3), ∴圆锥的底面半径r =2,高h =2. ∴V 圆锥=13πr 2h =13π×22×2=83π. ∵B (1,0),C (2,1),∴圆台的两个底面半径R =2,R ′=1,高h ′=1. ∴V 圆台=13πh ′(R 2+R ′2+RR ′)=13π×1×(22+12+2×1)=73π, ∴V =V 圆锥+V 圆台=5π.【训练3】 如图,四边形ABCD 为正方形,QA ⊥平面ABCD ,PD ∥QA ,QA =AB =12PD .(1)证明PQ ⊥平面DCQ ;(2)求棱锥Q -ABCD 的体积与棱锥P -DCQ 的体积的比值. (1)证明 由条件知PDAQ 为直角梯形. 因为QA ⊥平面ABCD ,所以平面PDAQ ⊥平面ABCD ,交线为AD . 又四边形ABCD 为正方形,DC ⊥AD , 所以DC ⊥平面PDAQ ,可得PQ ⊥DC . 在直角梯形PDAQ 中可得DQ =PQ =22PD ,则PQ ⊥QD .又DC ∩QD =D .所以PQ ⊥平面DCQ . (2)解 设AB =a .由题设知AQ 为棱锥Q -ABCD 的高, 所以棱锥Q -ABCD 的体积V 1=13a 3.由(1)知PQ 为棱锥P -DCQ 的高. 而PQ =2a ,△DCQ 的面积为22a 2, 所以棱锥P -DCQ 的体积V 2=13a 3.故棱锥Q -ABCD 的体积与棱锥P -DCQ 的体积的比值为1.题型二 球的表面积和体积【例2】 (1)已知球的表面积为64π,求它的体积; (2)已知球的体积为5003π,求它的表面积.解 (1)设球的半径为R ,则4πR 2=64π,解得R =4, 所以球的体积V =43πR 3=43π·43=2563π.(2)设球的半径为R ,则43πR 3=5003π,解得R =5,所以球的表面积S =4πR 2=4π×52=100π.规律方法 (1)已知球的半径,可直接利用公式求它的表面积和体积. (2)已知球的表面积和体积,可以利用公式求它的半径.【训练4】 (1)若圆锥与球的体积相等,且圆锥底面半径与球的直径相等,则圆锥侧面积与球面面积之比是________.(2)如图是一个几何体的三视图,根据图中的数据可得该几何体的表面积为________.解析 (1)设圆锥的底面半径为R , 由题意知球的半径为R2, V 圆锥=13πR 2h (h 为圆锥的高),V 球=43π(R 2)3=16πR 3,∴13πR 2h =16πR 3,h =12R ,则圆锥的母线l =R 2+h 2=52R , 圆锥的侧面积为π×R ×52R =52πR 2. 球的表面积为4π×(R2)2=πR 2. ∴圆锥的侧面积与球面面积之比为5∶2.(2)由三视图知该几何体由圆锥和半球组成,且球的半径和圆锥底面半径都等于3,圆锥的母线长等于5,所以该几何体的表面积为S =2π×32+π×3×5=33π. 答案 (1)52(2)33π【例3】 已知直三棱柱ABC -A 1B 1C 1的6个顶点都在球O 的球面上,若AB =3,AC =4,AB ⊥AC ,AA 1=12,则球O 的直径为( )A.3172B.210C.13D.310解析 因为三棱柱ABC -A 1B 1C 1的6个顶点都在球O 的球面上,若AB =3,AC =4,AB ⊥AC ,AA 1=12,所以三棱柱的底面是直角三角形,侧棱与底面垂直.△ABC 的外心是斜边的中点,上下底面的中心连线垂直底面ABC ,其中点是球心,即侧面B 1BCC 1,经过球的球心,球的直径是侧面B 1BCC 1的对角线的长,因为AB =3,AC =4,BC =5,BC 1=52+122=13,所以球的直径为13.答案 C【迁移1】 本例若将直三棱柱改为“棱长为4的正方体”,则此正方体外接球和内切球的体积各是多少?解 由题意可知,此正方体的体对角线长即为其外接球的直径,正方体的棱长即为其内切球的直径.设该正方体外接球的半径为R ,内切球的半径为r . 又正方体的棱长为4,故其体对角线长为43, 从而V 外接球=43πR 3=43π×(23)3=323π,V 内切球=43πr 3=43π×23=32π3. 【迁移2】 本例若将直三棱柱改为“正四面体”,则此正四面体的表面积S 1与其内切球的表面积S 2的比值为多少?解 设正四面体棱长为a ,则正四面体表面积为S 1=4·34·a 2=3a 2,其内切球半径r 为正四面体高的14,即r =14·63a =612a ,因此内切球表面积为S 2=4πr 2=πa 26,则S 1S 2=3a 2πa 26=63π. 【迁移3】 本例中若将直三棱柱改为“侧棱和底面边长都是32的正四棱锥”,则其外接球的半径是多少?解 依题意得,该正四棱锥的底面对角线的长为32×2=6,高为(32)2-(12×6)2=3,因此底面中心到各顶点的距离均等于3,所以该正四棱锥的外接球的球心即为底面正方形的中心,其外接球的半径为3.规律方法 空间几何体与球接、切问题的求解方法:(1)求解球与棱柱、棱锥的接、切问题时,一般过球心及接、切点作截面,把空间问题转化为平面图形与圆的接、切问题,再利用平面几何知识寻找几何中元素间的关系求解. (2)若球面上四点P ,A ,B ,C 构成的三条线段PA ,PB ,PC 两两互相垂直,且PA =a ,PB =b ,PC =c ,一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体,利用4R 2=a 2+b 2+c 2求解(其R为球的半径).课堂达标1.设正方体的表面积为24,那么其外接球的体积是( ) A.43π B.8π3C.43πD.323π解析 由题意可知,6a 2=24,∴a =2. 设正方体外接球的半径为R ,则3a =2R ,∴R =3,∴V 球=43πR 3=43π.答案 C2.已知高为3的直棱柱ABC -A 1B 1C 1的底面是边长为1的正三角形,则三棱锥B 1-ABC 的体积为( ) A.14 B.12 C.36D.34解析 S 底=12×1×1-⎝ ⎛⎭⎪⎫122=34,所以V 三棱锥B 1-ABC =13S 底·h =13×34×3=34.答案 D3.某几何体的三视图如图所示,则其表面积为________.解析 由三视图可知,该几何体为一个半径为1的半球,其表面积为半个球面面积与截面圆面积的和,即12×4π+π=3π.答案 3π4.一个几何体的三视图(单位:m)如图所示,则该几何体的体积为________ m 3.解析 由三视图知,几何体下面是两个球,球半径为32;上面是长方体,其长、宽、高分别为6、3、1, 所以V =43π×278×2+1×3×6=9π+18(m 3).答案 9π+185.正四棱锥的顶点都在同一球面上,若该棱锥的高为4,底面边长为2,求该球的表面积. 解 如图,设球心为O ,半径为r ,则Rt△AOF 中,(4-r )2+(2)2=r 2,解得r =94,∴该球的表面积为4πr 2=4π×(94)2=814π.课堂小结1.柱体、锥体、台体的体积之间的内在关系为2.在三棱锥A -BCD 中,若求点A 到平面BCD 的距离h ,可以先求V A -BCD ,h =3VS △BCD.这种方法就是用等体积法求点到平面的距离,其中V 一般用换顶点法求解,即V A -BCD =V B -ACD =V C -ABD =V D -ABC ,求解的原则是V 易求,且△BCD 的面积易求.3.求几何体的体积,要注意分割与补形.将不规则的几何体通过分割或补形将其转化为规则的几何体求解.4.利用球的半径、球心到截面圆的距离、截面圆的半径可构成直角三角形,进行相关计算.5.解决球与其他几何体的切接问题,通常先作截面,将球与几何体的各量体现在平面图形中,再进行相关计算.基础过关1.某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的体积是( )A.16B.13C.23D.1解析 如图,三棱锥的底面是一个直角边长为1的等腰直角三角形,有一条侧棱和底面垂直,且其长度为2,故三棱锥的高为2,故其体积V =13×12×1×1×2=13,故选B. 答案 B2.已知长方体的过一个顶点的三条棱长的比是1∶2∶3,对角线的长是214,则这个长方体的体积是( ) A.6B.12C.24D.48解析 设长方体的过一个顶点的三条棱长分别为x 、2x 、3x (x >0),又对角线长为214,则x 2+(2x )2+(3x )2=(214)2,解得x =2,∴三条棱长分别为2、4、6,∴V 长方体=2×4×6=48. 答案 D3.一空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )A.2π+2 3B.4π+2 3C.2π+233D.4π+233解析 该空间几何体由一圆柱和一四棱锥组成,圆柱的底面半径为1,高为2,体积为2π,四棱锥的底面边长为2,高为3,所以体积为13×(2)2×3=233,所以该几何体的体积为2π+233.答案 C4.圆柱形容器内盛有高度为8 cm 的水,若放入三个相同的球(球的半径与圆柱的底面半径相同)后,水恰好淹没最上面的球(如图所示),则球的半径是________cm.解析 设球的半径为r ,则圆柱形容器的高为6r ,容积为πr 2×6r =6πr 3,高度为8 cm 的水的体积为8πr 2,3个球的体积和为3×43πr 3=4πr 3,由题意6πr 3-8πr 2=4πr 3,解得r =4 cm. 答案 45.如图为某个几何体的三视图,则该几何体的体积为________.解析 由三视图可知,该几何体是由一个正四棱柱挖掉一个半圆锥所得到的几何体,其直观图如图所示,其中正四棱柱的底面正方形的边长a =2,半圆锥的底面半径r =1,高h =3,所以正四棱柱的体积V 1=a 2h =22×3=12,半圆锥的体积V 2=12×π3r 2h =π6×12×3=π2,所以该几何体的体积V =V 1-V 2=12-π2. 答案 12-π26.如图,在棱长为a 的正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,求A 到平面A 1BD 的距离d .解 在三棱锥A 1-ABD 中,AA 1⊥平面ABD ,AB =AD =AA 1=a ,A 1B =BD =A 1D =2a ,∵V A 1-ABD =V A -A 1BD ,∴13×12a 2×a =13×12×2a ×32×2a ×d . ∴d =33a . 7.已知底面半径为 3 cm ,母线长为 6 cm 的圆柱,挖去一个以圆柱上底面圆心为顶点,下底面为底面的圆锥,求所得几何体的表面积及体积.解 作轴截面如图,设挖去的圆锥的母线长为l ,底面半径为r ,则l =(6)2+(3)2=9=3(cm),r = 3 (cm).故几何体的表面积为 S =πrl +πr 2+2πrAD=π×3×3+π×(3)2+2π×3× 6=33π+3π+62π=(33+3+62)π(cm 2).几何体的体积为V =V 圆柱-V 圆锥=πr 2AD -13πr 2AD =π×3×6-13×π×3× 6 =26π(cm 3).能力提升8.已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为( )A.πB.3π4C.π2D.π4 解析 如图画出圆柱的轴截面ABCD ,O 为球心.球半径R =OA =1,球心到底面圆的距离为OM =12. ∴底面圆半径r =OA 2-OM 2=32,故圆柱体积V =πr 2h =π⎝ ⎛⎭⎪⎫322×1=3π4. 答案 B9.如图,有一个水平放置的透明无盖的正方体容器,容器高8 cm ,将一个球放在容器口,再向容器内注水,当球面恰好接触水面时测得水深为6cm ,如果不计容器厚度,则球的体积为( )A.500π3cm 3 B.866π3 cm 3 C.1 372π3 cm 3 D.2 048π3 cm 3 解析 作出该球的轴截面图如图所示,依题意BE =2,AE =CE =4,设DE =x ,故AD =2+x ,因为AD 2=AE 2+DE 2,解得x =3,故该球的半径AD =5,所以V =43πR 3=500π3(cm 3). 答案 A10.若球的半径由R 增加为2R ,则这个球的体积变为原来的________倍,表面积变为原来的________倍.解析 球的半径为R 时,球的体积为V 1=43πR 3,表面积为S 1=4πR 2,半径增加为2R 后,球的体积为V 2=43π(2R )3=323πR 3,表面积为S 2=4π(2R )2=16πR 2. 所以V 2V 1=323πR 343πR 3=8,S 2S 1=16πR 24πR 2=4, 即体积变为原来的8倍,表面积变为原来的4倍.答案 8 411.已知三棱锥A -BCD 的所有棱长都为2,则该三棱锥的外接球的表面积为________. 解析 如图,构造正方体ANDM -FBEC .因为三棱锥A -BCD 的所有棱长都为2,所以正方体ANDM -FBEC 的棱长为1.所以该正方体的外接球的半径为32. 易知三棱锥A -BCD 的外接球就是正方体ANDM -FBEC 的外接球,所以三棱锥A -BCD 的外接球的半径为32.所以三棱锥A -BCD 的外接球的表面积为S 球=4π⎝ ⎛⎭⎪⎫322=3π. 答案 3π12.已知过球面上A 、B 、C 三点的截面和球心的距离等于球半径的一半,且AB =18,BC =24,AC =30,求球的表面积和体积.解 ∵AB ∶BC ∶AC =18∶24∶30=3∶4∶5,∴△ABC 是直角三角形,∠B =90°.∵球心O 到截面△ABC 的投影O ′为截面圆的圆心,也即是Rt△ABC 的外接圆的圆心,∴斜边AC 为截面圆O ′的直径(如图所示).设O ′C =r ,OC =R ,则球半径R ,截面圆半径r ,在Rt△O ′CO 中,由题设知sin∠O ′CO =OO ′OC =12, ∴∠O ′CO =30°,∴rR =cos 30°=32,即R =23r ,① 又2r =AC =30⇒r =15,代入①得R =10 3.∴球的表面积为S =4πR 2=4π(103)2=1 200π.球的体积为V =43πR 3=43π(103)3=4 0003π. 13.(选做题)有一个倒圆锥形容器,它的轴截面是一个正三角形,在容器内放一个半径为r 的铁球,并注入水,使水面与球正好相切,然后将球取出,求这时容器中水的深度. 解 由题意知,圆锥的轴截面为正三角形,如图所示为圆锥的轴截面.根据切线性质知,当球在容器内时,水深为3r ,水面的半径为3r ,则容器内水的体积为V=V 圆锥-V 球=13π·(3r )2·3r -43πr 3=53πr 3, 而将球取出后,设容器内水的深度为h ,则水面圆的半径为33h , 从而容器内水的体积是V ′=13π·(33h )2·h =19πh 3,由V =V ′,得h =315r . 即容器中水的深度为315r .。
高中数学:第一章《立体几何初步》单元测试(9)北师大版必修2

立体几何初步—小题型11、空间两直线m l 、在平面βα、上射影分别为1a 、1b 和2a 、2b ,若1a ∥1b ,2a 与2b 交于一点,则l 和m 的位置关系为(A )一定异面 (B )一定平行 (C )异面或相交 (D )平行或异面2、二面角βα--l 是直二面角,βα∈∈B A ,,设直线AB 与βα、所成的角分别为∠1和∠2,则(A )∠1+∠2=900(B )∠1+∠2≥900(C )∠1+∠2≤900(D )∠1+∠2<9003、(A 方案)二面角α―AB ―β的平面角是锐角,C 是面α内的一点(它不在棱AB 上),点D是点C 在面β上的射影,点E 是棱AB 上满足∠CEB 为锐角的任意一点,那么 (A )∠CEB =∠DEB (B )∠CEB >∠DEB(C )∠CEB <∠DEB (D )∠CEB 与∠DEB 的大小关系不能确定 (B 方案)若点A (42+λ,4-μ,1+2γ)关于y 轴的对称点是B (-4λ,9,7-γ),则λ,μ,γ的值依次为(A )1,-4,9 (B )2,-5,-8 (C )-3,-5,8 (D )2,5,8 4、已知正方形ABCD ,沿对角线AC 将△ADC 折起,设AD 与平面ABC 所成的角为β,当β取最大值时,二面角B ―AC ―D 等于(A )1200(B )900(C )600(D )4505、有三个平面α,β,γ,下列命题中正确的是(A )若α,β,γ两两相交,则有三条交线 (B )若α⊥β,α⊥γ,则β∥γ (C )若α⊥γ,β∩α=a ,β∩γ=b ,则a ⊥b (D )若α∥β,β∩γ=∅,则α∩γ=∅ 6、已知一个简单多面体的各个顶点处都有三条棱,则顶点数V 与面数F 满足的关系式是 (A )2F+V=4 (B )2F -V=4 (C )2F+V=2 (D )2F -V=2 7、(A 方案)如图,直三棱柱ABC -A 1B 1C 1的体积为V ,点P 、Q 分别在侧棱AA 1和CC 1上,AP=C 1Q ,则四棱锥B -APQC 的体积为 (A )2V (B )3V (C )4V (D )5VABCPQA 1B 1C 1(7方案A 图) (7方案B 图)(B 方案)侧棱长为2的正三棱锥,若其底面周长为9,则该正三棱锥的体积是 (A )239 (B )433 (C )233 (D )439(A ) (B ) (C ) (D )ABC DA 1B 1C 1D 1AB CDA 1B 1C 1D 1F(8题A 方案图) (8题B 方案图)8、(A 方案)在正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中与AD 1成600角的面对角线的条数是 (A )4条 (B )6条 (C )8条 (D )10条(B 方案)正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,E 、F 分别是棱AB ,BB 1的中点,A 1E 与C 1F 所成的角是θ,则(A )θ=600(B )θ=450(C )52cos =θ (D )52sin =θABC DA 1B 1C 1D 1OM P(第9题B 方案图)9、(A 方案)已知三棱锥D -ABC 的三个侧面与底面全等,且AB=AC=3,BC =2,则以BC 为棱,以面BCD 与面BCA 为面的二面角的大小是 (A )4π (B )3π (C )2π (D )32π(B 方案)如图,正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,M 是DD 1的中点,O 是底面正方形ABCD 的中心,P 为棱A 1B 1上任意一点,则直线OP 与直线AM 所成的角为(A )4π (B )3π (C )2π(D )与P 点的位置有关 10、(A 方案)如图所示,在多面体ABCDEF 中,已知ABCD 是边长为3的正方形,EF ∥AB ,EF =23,EF 与面AC 的距离为2,则该多面体的体积为(A )29 (B )5 (C )6 (D )215ACDEFABC DE(第10题A 方案图) (第10题B 方案图)(B 方案)如图所示,四面体ABCD 中,AB ,BC ,CD 两两互相垂直,且AB=BC =2,E 是AC 的中点,异面直线AD 与BE 所成的角的大小是1010arccos,则四面体ABCD 的体积是 (A )8 (B )6 (C )2 (D )3811、已知球面的三个大圆所在平面两两垂直,则以三个大圆的交点为顶点的八面体的体积与球体积之比是(A )2∶π (B )1∶2π (C )1∶π (D )4∶3πABC D A 1B 1C 1D 1PQ(第12题图)12、在棱长为a 的正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,P ,Q 是对角线A 1C 上的点,且PQ =2a,则三棱锥P -BDQ 的体积为(A )3363a (B )3183a (C )3243a (D )无法确定 13、如图,在一根长11cm ,外圆周长6cm 的圆柱形柱体外表面,用一根细铁丝缠绕,组成10个螺旋,如果铁丝的两端恰好落在圆柱的同一条母线上,则铁丝长度的最小值为 (A )61cm (B )157cm (C )1021cm (D )1037cm14、在空间四边形ABCD 各边上分别取E 、F 、G 、H 四点,如果EF 和GH 能相交于点P ,那么(A )点P 必在直线AC 上 (B )点P 必在直线BD 上 (C )点P 必在平面ABC 内 (D )点P 必在平面上ABC 外 15、已知四棱锥P -ABCD 的底面为平行四边形,设x =2PA 2+2PC 2-AC 2,y =2PB 2+2PD 2-BD 2,则x ,y 之间的关系为(A )x >y (B )x =y (C )x <y (D )不能确定(B 方案)如图,在平行六面体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,M 为AC 与BD 的交点,若=11B A a ,=11D A b ,=A A 1c ,则下列向量中与M B 1相等的是(A )21-a +21b +c (B )21a +21b +c (C )21a 21-b +c (D )21-a 21-b +c 16、(A 方案)a 、b 为异面直线,α⊂a ,β⊂b ,又A ∈α,B ∈β,AB =12cm ,AB 与β成60角,则a 、b 间距离为 . (B 方案)已知向量a 、b 满足| a | = 31,| b | = 6,a 与b 的夹角为3π,则3| a |-2(a ·b )+4| b | = .17、正方体的两个面上的两条对角线所成的角为 .18、如图,在四棱锥P -ABCD 中,E 为CD 上的动点,四边形ABCD 为 时,体积V P -AEB 恒为定值(写上你认为正确的一个答案即可).ABCDEP(第35题图)19、四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1中,给出三个结论:(1)四棱柱ABCD -A 1B 1C 1D 1为直四棱柱;(2)底面ABCD 为菱形;(3)AC 1⊥B 1D 1. 以其中两个论断作为条件,余下的一个论断作为结论,可以得到三个命题,其中正确命题的个数为 .20、(A 方案)一个四面体的所有棱长都是2,四个顶点在同一个球面上,则此球的表面积为 .(B 方案)已知点A 、B 、C 的坐标分别为(0,1,0),(-1,0,1),(2,1,1),点P 的坐标为(x ,0,z ),若AB PA ⊥,AC PA ⊥,则点P 的坐标为 .简明参考答案题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15答案A CB B D B BC CD C A A A B16、(A 方案)36cm ; (B 方案)23 17、00或600或90018、可有多种答案,如正方形 19、120、(A 方案)3π ; (B 方案)(31,0,32-)。
2020-2021学年高中数学 第一章 立体几何初步 5.2 平行关系的性质课时作业(含解析)北师大

第一章立体几何初步[课时作业][A组基础巩固]1.两条直线都和一个平面平行,则这两条直线的位置关系是() A.平行B.相交C.异面D.以上均可能解析:这两条直线可能平行,可能相交,也可能异面.答案:D2.如图所示,长方体ABCD-A1B1C1D1中,E、F分别是棱AA1、BB1的中点,过EF的平面EFGH分别交BC和AD于点G、H,则HG与AB 的位置关系是()A.平行B.相交C.异面D.平行和异面解析:∵E、F分别是AA1、BB1的中点,∴EF∥AB,又AB平面EFGH,EF平面EFGH,∴AB∥平面EFGH,又AB平面ABCD,平面ABCD∩平面EFGH=GH,∴AB∥GH.答案:A3.如图,各棱长均为1的正三棱柱ABC-A1B1C1中,M,N分别为线段A1B,B1C上的动点,且MN∥平面ACC1A1,则这样的MN有() A.1条B.2条C.3条D.无数条解析:如图,过M作MQ∥AA1交AB于Q,过Q作QH∥AC,交BC 于点H ,过点H 作NH ∥BB 1,交B 1C 于点N .因为BB 1∥AA 1,所以NH ∥MQ ,则平面MQHN ∥平面ACC 1A 1,则MN ∥平面ACC 1A 1.因为M 为线段A 1B 上的动点,所以这样的MN 有无数条,故选D. 答案:D4.如图,P 是△ABC 所在平面外一点,平面α∥平面ABC ,线段P A ,PB ,PC 分别交α于A ′,B ′,C ′,若P A ′∶AA ′=2∶3,则△A ′B ′C ′与△ABC 面积的比为( ) A .2∶5 B .3∶8 C .4∶9D .4∶25解析:由题意知,△A ′B ′C ′∽△ABC , 从而S △A ′B ′C ′S △ABC=⎝⎛⎭⎫P A ′P A 2=⎝⎛⎭⎫252=425. 5.若直线l 不存在与平面α内无数条直线都相交的可能,则直线l 与平面α的关系为________. 解析:若直线l 与平面α相交或在平面α内,则在平面α内一定存在无数条直线与直线l 相交,故要使l 不可能与平面α内无数条直线都相交,只有l ∥α. 答案:l ∥α6.空间四边形ABCD 中,对角线AC =BD =4,E 是AB 的中点,过E 与AC 、BD 都平行的截面EFGH 分别与BC 、CD 、DA 交于F 、G 、H ,则四边形EFGH 的周长为________.解析:易知EFGH 为平行四边形,且F 、G 、H 分别为BC 、CD 、AD 的中点,∴EF =12AC =2,同理FG =GH =EH =2,∴四边形EFGH 的周长为8. 答案:87.如图所示,ABCD -A 1B 1C 1D 1是棱长为a 的正方体,M 、N 分别是下底面的棱A 1B 1,B 1C 1的中点,P 是上底面的棱AD 上的一点,AP =a3,过P ,M ,N 的平面交上底面于PQ ,Q 在CD 上,则PQ =________. 解析:∵MN ∥平面AC ,平面PMN ∩平面AC =PQ , ∴MN ∥PQ ,易知DP =DQ =23a .故PQ =PD 2+DQ 2=2DP =223a .答案:223a8.如图,P 为▱ABCD 所在平面外一点,E 为AD 的中点,F 为PC 上一点,当P A ∥平面EBF 时,PFFC=________. 解析:连接AC 交BE 于点G ,连接FG ,因为P A ∥平面EBF ,P A 平面P AC ,平面P AC ∩平面BEF =FG ,所以P A ∥FG ,所以PF FC =AGGC .又因为AD ∥BC ,E 为AD 的中点, 所以AG GC =AE BC =12,所以PF FC =12.答案:129.如图,在四棱锥P -ABCD 中,底面ABCD 为梯形,BC ∥AD ,E 为侧棱PD 的中点,且BC =2,AD =4.求证:CE ∥平面P AB .证明:取AD 的中点O ,连接OC ,OE (图略). ∵E 为侧棱PD 的中点, ∴OE ∥P A ,∴OE ∥平面P AB .∵BC =2,AD =4,BC ∥AD ,∴四边形ABCO 为平行四边形, ∴OC ∥AB ,∴OC ∥平面P AB .∵OC ∩OE =O ,∴平面OCE ∥平面P AB . ∵CE 平面OCE ,∴CE ∥平面P AB .10.如图所示,在棱长为a的正方体ABCD-A1B1C1D1中,P,Q分别是AD1,BD的中点.求证:PQ∥平面DCC1D1.证明:证法一连接AC、CD1,∵P,Q分别是AD1,AC的中点,∴PQ∥CD1.又P平面DCC1D1,CD1平面DCC1D1,∴PQ∥平面DCC1D1.证法二取AD中点G,连接PG、GQ.则有PG∥D1D.又PG平面DCC1D1,D1D平面DCC1D1,∴PG∥平面DCC1D1,同理GQ∥平面DCC1D1.又PG∩GQ=G,∴平面PGQ∥平面DCC1D1.又PQ平面PGQ,∴PQ∥平面DCC1D1.[B组能力提升]1.在正方体ABCD-A1B1C1D1中,作截面EFGH(如图)交C1D1,A1B1,AB,CD分别于点E,F,G,H,则四边形EFGH的形状为()A .平行四边形B .菱形C .矩形D .梯形解析:由于正方体中平面ABB 1A 1∥平面DCC 1D 1,又截面EFGH 与平面ABB 1A 1、平面DCC 1D 1分别相交于GF ,EH ,由面面平行的性质定理知GF ∥EH ;同理可得EF ∥GH ,故四边形EFGH 一定是平行四边形,选A. 答案:A2.已知正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的棱C 1D 1上存在一点E (不与端点重合),使得BD 1∥平面B 1CE ,则( ) A .BD 1∥CE B .AC 1⊥BD 1 C .D 1E =2EC 1D .D 1E =EC 1解析:连接BC 1,设B 1C ∩BC 1=O ,连接OE ,如图,BD 1∥平面B 1CE ,平面BC 1D 1∩平面B 1CE =OE ,∴BD 1∥OE ,∵O 为BC 1的中点,∴E 为C 1D 1的中点,∴D 正确,C 错误;由异面直线的定义,知BD 1,CE 是异面直线,故A 错误;连接AD 1,在矩形ABC 1D 1中,AC 1与BD 1不垂直,故B 错误.故选D. 答案:D3.已知平面α∥平面β,P 是α,β外一点,过点P 的直线m 与α,β分别交于点A ,C ,过点P 的直线n 与α,β分别交于点B ,D ,且P A =6,AC =9,PD =8,则BD 的长为________. 解析:当P 点在平面α和平面β之间时,由三角形相似可求得BD =24,当平面α和平面β在点P 同侧时可求得BD =245.答案:24或2454.在如图所示的五面体ABCDEF 中,四边形ABCD 为菱形,∠DAB =60°,EF ∥平面ABCD ,EA =ED =AB =2EF =2,M 为BC 的中点,求证:FM ∥平面BDE .证明:取CD 的中点N ,连接MN ,FN (图略). 因为N ,M 分别为CD ,BC 的中点,所以MN ∥BD .又BD 平面BDE ,且MN 平面BDE ,所以MN ∥平面BDE ,因为EF ∥平面ABCD ,EF 平面ABEF ,平面ABCD ∩平面ABEF =AB ,所以EF ∥AB . 又AB =CD =2DN =2EF =2,AB ∥CD , 所以EF ∥DN ,EF =DN ,所以四边形EFND 为平行四边形,所以FN ∥ED . 又ED 平面BDE ,且FN平面BDE ,所以FN ∥平面BDE .又FN ∩MN =N ,所以平面MFN ∥平面BDE . 又FM 平面MFN ,所以FM ∥平面BDE .5.四棱锥P -ABCD 的底面ABCD 是梯形,AB ∥CD ,且AB =23CD .试问在PC 上能否找到一点E ,使得BE ∥平面P AD ?若能,请确定E 点的位置,并给出证明;若不能,请说明理由. 解析:在PC 上取点E ,使CE PE =12,则BE ∥平面P AD .证明如下:如图,延长DA 和CB 交于点F ,连接PF .梯形ABCD 中,AB ∥CD ,AB =23CD .∴AB CD =BF FC =23,∴BC BF =12. 又CE PE =12,∴△PFC 中,CE PE =BCBF, ∴BE ∥PF ,而BE 平面P AD ,PF 平面P AD .∴BE ∥平面P AD .6.如图所示,平面α∥平面β,△ABC 、△A ′B ′C ′分别在α、β内,线段AA ′、BB ′、CC ′共点于O ,O 在α、β之间,若AB =2,AC =1,∠BAC =90°,OA ∶OA ′=3∶2. 求△A ′B ′C ′的面积.解析:相交直线AA ′、BB ′所在平面和两平行平面α、β分别相交于AB 、A ′B ′,由面面平行的性质定理可得,AB ∥A ′B ′.同理相交直线BB ′、CC ′确定的平面和平行平面α、β分别相交于BC 、B ′C ′,从而BC ∥B ′C ′.同理易证AC ∥A ′C ′.∴∠BAC 与∠B ′A ′C ′的两边对应平行且方向相反, ∴∠BAC =∠B ′A ′C ′.同理∠ABC =∠A ′B ′C ′,∠BCA =∠B ′C ′A ′. ∴△ABC 与△A ′B ′C ′的三内角分别相等,∴△ABC ∽△A ′B ′C ′,∵AB ∥A ′B ′,AA ′∩BB ′=O , ∴在平面ABA ′B ′中,△AOB ∽△A ′OB ′.∴A ′B ′AB =OA ′OA =23.而S △ABC =12AB ·AC =12×2×1=1.∴S △A ′B ′C ′S △ABC =⎝⎛⎭⎫A ′B ′AB 2, ∴S △A ′B ′C ′=49S △ABC =49×1=49.。
高中数学 第一章 立体几何初步 1.2.1 平面的基本性质

公共点个数 有且只有一个 没有 没有
特别提醒
若直线 a,b 是异面直线,则在空间中找不到一个平面,使其同时经过 a,b 两条 直线.例如,如图所示的长方体 ABCD-A1B1C1D1 中,棱 AB 和 B1C1 所在的直线 既不平行又不相交,找不到一个平面同时经过这两条棱所在的直线.要注意 分别在两个平面内的直线不一定是异面直线,可以平行,可以相交,也可以异 面.
.
探究一
探究二
探究三
探究四
解析:图(1)可以用几何符号表示为 α∩β=AB,a⊂ α,b⊂ β,a∥AB,b∥AB. 即平面 α 与平面 β 相交于直线 AB,直线 a 在平面 α 内,直线 b 在平面 β 内,直线 a 平行于直线 AB,直线 b 平行于直线 AB. 图(2)可以用几何符号表示为 α∩β=MN,△ABC 的三个顶点满足条件 A∈MN,B∈α,C∈β,B∉ MN,C∉ MN. 即平面 α 与平面 β 相交于直线 MN,△ABC 的顶点 A 在直线 MN 上,点 B 在 α 内但不在直线 MN 上,点 C 在平面 β 内但不在直线 MN 上. 答案:α∩β=AB,a⊂ α,b⊂ β,a∥AB,b∥AB α∩β=MN,△ABC 的三个顶 点满足条件 A∈MN,B∈α,C∈β,B∉ MN,C∉ MN
(2)在“A∈α,A∉ α,l⊂ α,l⊄ α”中“A”视为平面 α(集合)内的点(元素),直 线 l(集合)视为平面 α(集合)的子集.明确这一点,才能正确使用集合符号.
探究一
探究二
探究三
探究四
【典型例题 1】 如图所示,写出图形中的点、直线和平面之间的关系.
图(1)可以用几何符号表示为
.
图(2)可以用几何符号表示为
经过不在同一条直线上的
人教版数学必修2立体几何初步知识点

第一章 立体几何初步1.柱、锥、台、球的结构特征(1)棱柱:有两个面互相平行,其余各面都是四边形,且每相邻两个四边形的公共边都互相平行,由这些面所围成的几何体。
(2)棱锥:有一个面是多边形,其余各面都是有一个公共顶点的三角形,由这些面所围成的几何体(3)棱台:用一个平行于棱锥底面的平面去截棱锥,截面和底面之间的部分(4)圆柱:以矩形的一边所在的直线为轴旋转,其余三边旋转所成的曲面所围成的几何体(5)圆锥:以直角三角形的一条直角边为旋转轴,旋转一周所成的曲面所围成的几何体(6)圆台:用一个平行于圆锥底面的平面去截圆锥,截面和底面之间的部分(7)球体:以半圆的直径所在直线为旋转轴,半圆面旋转一周形成的几何体2. 空间几何体的表面积和体积:(1)侧面积公式:① 直棱柱S ch =(c 为底面周长,h 为高)② 正棱锥'12S ch =(c 为底面周长,'h 为斜高)③ 正棱台'121()2S c c h =+(12c c 、分别为上下底面的周长,'h 为斜高)④ 圆柱2S rh π=(r 为底面半径,h 为高)⑤ 圆锥S rl π=(r 为底面半径,l 为母线长)⑥ 圆台12()S r r l π=+(12r r 、分别为上下底面半径,l 为母线长)(2)体积公式:① 棱柱V Sh =(S 为底面积,h 为高)② 棱锥13V Sh =(S 为底面积,h 为高)③ 棱台121()3V S S h =+(12S S 、分别为上下底面积,h 为高)④ 圆柱2V Sh r h π==(S 为底面积,r 为底面半径,h 为高)⑤ 圆锥21133V Sh r h π==(S 为底面积,r 为底面半径,h 为高)⑥ 圆台121()3V S S h =+(12S S 、分别为上下底面积,h 为高)(3)球:①球的表面积公式:24S R π=②球的体积公式:343V R π= (R 表示球的半径)③球的任意截面的圆心与球心的连线垂直截面,若设球的半径为R ,截面圆的半径是r ,截面圆的圆心与球心的连线长为d ,则:222d R r =-。
高中数学 第一章 立体几何初步本章测评A 新人教B版必

第一章测评A(基础过关卷)(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.将一个等腰梯形绕着它的较长的底边所在的直线旋转一周,所得的几何体包括( )A.一个圆台、两个圆锥B.两个圆台、一个圆柱C.两个圆台、一个圆柱D.一个圆柱、两个圆锥答案:D2.下列说法中正确的是( )A.棱柱的侧面可以是三角形B.由6个大小一样的正方形所组成的图形是正方体的展开图C.正方体的各条棱长都相等D.棱柱的各条棱长都相等解析:根据棱柱的定义可知,棱柱的侧面都是平行四边形,侧棱长相等,但是侧棱和底面内的棱长不一定相等,而正方体的所有棱长都相等.答案:C3.给出下列四种说法:①两个相交平面有不在同一直线上的三个公共点;②一条直线和一个点确定一个平面;③若四点不共面,则每三点一定不共线;④三条平行线确定三个平面.正确说法的个数为( )A.1B.2C.3D.4解析:①中两个相交平面的公共点均在同一条直线上;②中一条直线和直线外一点确定一个平面;③中若四点不共面,则每三点一定不共线,故③正确;④中不共面的三条平行线确定三个平面.答案:A4.一个几何体的三视图如图所示,那么此几何体的侧面积为( )A.48B.64C.80D.84解析:由三视图可知,该几何体是底面边长为8,斜高为5的正四棱锥,所以此几何体的侧面积为S侧=×8×5×4=80,故选C.答案:C5.已知直线l⊥平面α,直线m⊂平面β,有下面四个命题:①α∥β⇒l⊥m;②α⊥β⇒l∥m;③l∥m⇒α⊥β;④l⊥m⇒α∥β.其中正确的命题是( )A.①与②B.①与③C.②与④D.③与④答案:B6.如图所示,梯形A1B1C1D1是平面图形ABCD的直观图(斜二测画法),若A1D1∥y'轴,A1B1∥C1D1,A1B1=C1D1=2,A1D1=1,则四边形ABCD的面积是( )A.10B.5C.5D.10答案:B7.某几何体的三视图如图所示,它的体积为( )A.72πB.48πC.30πD.24π解析:由三视图知,该几何体是由一个半球和一个圆锥组成,故V=π×33+·π×32×4=30π.答案:C8.表面积为16π的球的内接正方体的体积为( )A.8B.C.D.16答案:C9.如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,若点E为A1C1上的一点,则直线CE一定垂直于( )A.ACB.BDC.A1DD.A1D1解析:因为BD⊥平面A1ACC1,CE⊂平面A1ACC1,所以BD⊥CE.答案:B10.若一个n面体中有m个面是直角三角形,则称这个n面体的直度为.如图所示,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,四面体A1-ABC的直度为( )A. B. C. D.1解析:由已知得n=4,m=4,所以=1.答案:D二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分.把答案填在题中的横线上)11.如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别是AB,DD1的中点,则过D,E,F三点的截面截正方体所得截面的形状是.解析:取A1B1的中点G,则截面应为DD1GE,易证为矩形.答案:矩形12.正六棱柱的一条最长的对角线是13,侧面积为180,则该棱柱的体积为.解析:如图,设正六棱柱的底面边长为a,侧棱长为h,易知CF'是正六棱柱的一条最长的对角线,即CF'=13.因为CF=2a,FF'=h,所以CF'===13.①又因为正六棱柱的侧面积S侧=6a·h=180,②联立①②解得所以正六棱柱的体积V正六棱柱=6×a2×h=270.答案:27013.在一个半径为13cm的球内有一个截面,此截面面积是25πcm2,则球心到这个截面的距离为.答案:12cm14.一圆台上底半径为5cm,下底半径为10 cm,母线AB长为20cm,其中A在上底面上,B在下底面上,从AB的中点M拉一条绳子,绕圆台的侧面一周转到B点,则这条绳子最短为.答案:50cm15.设a,b是两条不同直线,α,β是两个不同平面,给出下列四个命题:①若a⊥b,a⊥α,b⊄α,则b∥α;②若a∥α,α⊥β,则a⊥β;③若a⊥β,α⊥β,则a∥α或a⊂α;④若a⊥b,a⊥α,b⊥β,则α⊥β.其中正确命题的序号是.答案:①③④三、解答题(本大题共4小题,共25分.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤)16.(6分)如图所示,四边形BCC1B1是圆柱的轴截面,AA1是圆柱的一条母线,已知AB=2,AC=2,AA1=3.(1)求证:AC⊥BA1.(2)求圆柱的侧面积.解: (1)证明:依题意AB⊥AC.因为AA1⊥平面ABC,所以AA1⊥AC.又因为AB∩AA1=A,所以AC⊥平面AA1B1B,因为BA1⊂平面AA1B1B,所以AC⊥BA1.(2)在Rt△ABC中,AB=2,AC=2,∠BAC=90°,所以BC=2,S侧=2π×3=6π.17.(6分)如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F,G分别是CB,CD,CC1的中点.(1)求证:平面AB1D1∥平面EFG;(2)求证:平面AA1C⊥平面EFG.解:(1)连接BD,因为E,F分别为BC,CD的中点,所以EF∥BD.因为BD∥B1D1,所以EF∥B1D1.又EF⊄平面AB1D1,B1D1⊂平面AB1D1,所以EF∥平面AB1D1,同理EG∥平面AB1D1.因为EF∩EG=E,所以平面AB1D1∥平面EFG.(2)因为AA1⊥平面ABCD,EF⊂平面ABCD,所以AA1⊥EF.又EF⊥AC,AA1∩AC=A,所以EF⊥平面A1AC,又EF⊂平面EFG,所以平面AA1C⊥平面EFG.18.(6分)如图所示,A,B,C,D为空间四点,在△ABC中,AB=2,AC=BC=,等边三角形ADB以AB为轴转动.(1)当平面ADB⊥平面ABC时,求CD.(2)当△ADB转动时,是否总有AB⊥CD?证明你的结论.解:(1)取AB的中点E,连接DE,CE.因为△ADB是等边三角形,所以DE⊥AB.当平面ADB⊥平面ABC时,因为平面ADB∩平面ABC=AB,所以DE⊥平面ABC,可知DE⊥CE.由已知可得DE=,EC=1.在Rt△DEC中,CD==2.(2)当△ADB以AB为轴转动时,总有AB⊥CD.证明如下:①当D在平面ABC内时,因为AC=BC,AD=BD,所以C,D都在线段AB的垂直平分线上,即AB⊥CD.②当D不在平面ABC内时,由(1)知AB⊥DE.又因为AC=BC,所以AB⊥CE.又DE,CE为相交直线,所以AB⊥平面CDE.由CD⊂平面CDE,得AB⊥CD.综上所述,总有AB⊥CD.19.(7分)如图,在△ABC中,AC=BC=AB,四边形ABED是边长为a的正方形,平面ABED⊥平面ABC,若G,F分别是EC,BD的中点.(1)求证:GF∥平面ABC;(2)求证:平面EBC⊥平面ACD;(3)求几何体ADEBC的体积V.解:(1)证法一:如图,连接EA,易知F为EA的中点.因为G,F分别是EC和EA的中点,所以GF∥AC.因为GF⊄平面ABC,AC⊂平面ABC,所以GF∥平面ABC.证法二:如图,取BC的中点M,AB的中点N,连接GM,FN,MN.因为G,F分别为EC和BD的中点,所以GM∥BE,且GM=BE,NF∥DA,且NF=DA.又因为四边形ADEB为正方形,所以BE∥AD,BE=AD.所以GM∥NF,且GM=NF.所以四边形MNFG为平行四边形.所以GF∥MN.又MN⊂平面ABC,GF⊄平面ABC,所以GF∥平面ABC.(2)证明:因为四边形ADEB为正方形,所以EB⊥AB.又因为平面ABED⊥平面ABC,所以BE⊥平面ABC.所以BE⊥AC.又因为CA2+CB2=AB2,所以AC⊥BC.所以AC⊥平面BCE.从而平面EBC⊥平面ACD.(3)如(1)证法二中的图,连接CN,因为AC=BC, 所以CN⊥AB,且CN=AB=a.又平面ABED⊥平面ABC,所以CN⊥平面ABED.因为C-ABED是四棱锥,所以V C-ABED=S ABED·CN=a2·a=a3.即几何体ADEBC的体积V=a3.。
高中数学必修2知识点总结归纳(人教版最全)

高中数学必修2知识点总结归纳(人教版最全)高中数学必修二知识点汇总第一章:立体几何初步1、柱、锥、台、球的结构特征1) 棱柱:是由两个平行的多边形底面和若干个侧面组成的几何体。
根据底面多边形的边数不同,可以分为三棱柱、四棱柱、五棱柱等。
棱柱的侧面和对角面都是平行四边形,侧棱平行且相等,平行于底面的截面是与底面全等的多边形。
2) 棱锥:是由一个多边形底面和若干个三角形侧面组成的几何体。
根据底面多边形的边数不同,可以分为三棱锥、四棱锥、五棱锥等。
棱锥的侧面和对角面都是三角形,平行于底面的截面与底面相似,其相似比等于顶点到截面距离与高的比的平方。
3) 棱台:是由一个平行于棱锥底面的平面截取棱锥,截面和底面之间的部分组成的几何体。
根据底面多边形的边数不同,可以分为三棱台、四棱台、五棱台等。
棱台的上下底面是相似的平行多边形,侧面是梯形,侧棱交于原棱锥的顶点。
4) 圆柱:是由一个圆形底面和一个平行于底面的圆柱面组成的几何体。
底面是全等的圆,母线与轴平行,轴与底面圆的半径垂直,侧面展开图是一个矩形。
5) 圆锥:是由一个圆形底面和一个以底面圆心为顶点的锥面组成的几何体。
底面是一个圆,母线交于圆锥的顶点,侧面展开图是一个扇形。
6) 圆台:是由一个圆形底面和一个平行于底面的圆台面组成的几何体。
上下底面是两个圆,侧面母线交于原圆锥的顶点,侧面展开图是一个弓形。
7) 球体:是由一个半圆面绕其直径旋转一周所形成的几何体。
球的截面是圆,球面上任意一点到球心的距离等于半径。
2、空间几何体的三视图三视图是指正视图(光线从几何体的前面向后面正投影)、侧视图(从左向右)和俯视图(从上向下)组成的视图。
正视图反映了物体上下、左右的位置关系,即反映了物体的高度和长度。
俯视图和侧视图是用来反映物体在不同方向上的位置关系的,前者反映长度和宽度,后者反映高度和宽度。
斜二测画法是一种直观的图示方法,它的特点是原来与x轴平行的线段仍然与x轴平行且长度不变,原来与y轴平行的线段仍然与y轴平行,但长度为原来的一半。
第一章“立体几何初步”教材与教法分析

第一章:“立体几何初步”教材与教法分析房山区教进修学校中学数学教研室张吉一、课标内容与要求1. 立体几何初步(约18课时)(1)空间几何体①利用实物模型、计算机软件观察大量空间图形,认识柱、锥、台、球及其简单组合体的结构特征,并能运用这些特征描述现实生活中简单物体的结构。
②能画出简单空间图形(长方体、球、圆柱、圆锥、棱柱等的简易组合)的三视图,能识别上述的三视图所表示的立体模型,会使用材料(如纸板)制作模型,会用斜二侧法画出它们的直观图。
③通过观察用两种方法(平行投影与中心投影)画出的视图与直观图,了解空间图形的不同表示形式。
④完成实习作业,如画出某些建筑的视图与直观图(在不影响图形特征的基础上,尺寸、线条等不作严格要求)。
⑤了解球、棱柱、棱锥、台的表面积和体积的计算公式(不要求记忆公式)。
(2)点、线、面之间的位置关系①借助长方体模型,在直观认识和理解空间点、线、面的位置关系的基础上,抽象出空间线、面位置关系的定义,并了解如下可以作为推理依据的公理和定理。
◆公理1:如果一条直线上的两点在一个平面内,那么这条直线在此平面内。
◆公理2:过不在一条直线上的三点,有且只有一个平面。
◆公理3:如果两个不重合的平面有一个公共点,那么它们有且只有一条过该点的公共直线。
◆公理4:平行于同一条直线的两条直线平行。
◆定理:空间中如果两个角的两条边分别对应平行,那么这两个角相等或互补。
②以立体几何的上述定义、公理和定理为出发点,通过直观感知、操作确认、思辨论证,认识和理解空间中线面平行、垂直的有关性质与判定。
通过直观感知、操作确认,归纳出以下判定定理。
◆平面外一条直线与此平面内的一条直线平行,则该直线与此平面平行。
◆一个平面内的两条相交直线与另一个平面平行,则这两个平面平行。
◆一条直线与一个平面内的两条相交直线垂直,则该直线与此平面垂直。
◆一个平面过另一个平面的垂线,则两个平面垂直。
通过直观感知、操作确认,归纳出以下性质定理,并加以证明。
高中数学必修2红对勾的习题答案 1-1-1

第一章 立体几何初步
红对勾系列丛书
解析:把握平面的三个特点: 无限延展; 解析 : 把握平面的三个特点: ①平 ;② 无限延展 ; ③ 没有厚薄,就可知仅有 正确 正确. 没有厚薄,就可知仅有D正确. 答案: 答案:D
第一章 立体几何初步
红对勾系列丛书
2.在空间中,下列说法正确的是( .在空间中,下列说法正确的是 A.一个点运动形成直线 . B.直线平行移动形成平面 . C.直线绕定点转动可以形成锥面 .
红对勾系列丛书
A.0个 . 个 C.2个 . 个
B.1个 . 个 D.3个 . 个
解析: 不正确 我们用平行四边形来表示平面, 不正确. 解析:(1)不正确.我们用平行四边形来表示平面,但 不能说平行四边形是一个平面.平行四边形仅是平面上四 不能说平行四边形是一个平面. 条线段构成的图形,它是不能无限延展的. 条线段构成的图形,它是不能无限延展的.
第一章 立体几何初步
红对勾系列丛书
3. 逐步掌握立体几何中的三种语言 文字语言 、 符 . 逐步掌握立体几何中的三种语言——文字语言 文字语言、 号语言、图形语言,及这三种语言之间的相互转化. 号语言、图形语言,及这三种语言之间的相互转化. 4.培养学习立体几何的兴趣,树立能学好立体几何的 .培养学习立体几何的兴趣, 信心. 信心.
第一章 立体几何初步
红对勾系列丛书
点、线、面、体之间的生成关系和位置关系,是认识几何 体之间的生成关系和位置关系, 体的结构特征所必需的. 体的结构特征所必需的. 答案: 答案:C
第一章 立体几何初步
红对勾系列丛书
3.下列说法中正确的个数是( .下列说法中正确的个数是 (1)平行四边形是一个平面; 平行四边形是一个平面; 平行四边形是一个平面
人教B版数学必修二1.1.1

数学
必修② ·人教B版
第一章
立体几何初步
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第一章 立体几何初步
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第一章 立体几何初步
本章首先通过直观感知、观
察,发现柱、锥、台、球及其简
单组合体的结构特征. 然后归纳
出空间中线面平行、垂直的判定
和性质.
本章的第一大节是空间几何
体,主要有以下内容:
数 学
暴露在外面的部分才是面,像(1)中把中间的四边形误认为多面体的面就错了.
必
修
②
人 教
B
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第一章 立体几何初步
〔跟踪练习 2〕
导学号 92434009
指出所给两个几何图形的面、顶点、棱,并指出它们分别由几个面围成,各
有多少条棱?多少个顶点?
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[解析] A中,“点动成线”的线也可以是曲线;B中,直线运动的轨迹也
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可以是直线;C中,曲面上也可以有直线;故只有选项D正确.
必
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②
人 教
B
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第一章 立体几何初步
3.如图,在正方体 ABCD-A1B1C1D1 中,与对角线
BD1 既不相交又不平行的棱有 导学号 92434002 ( C )
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第一章 立体几何初步
2.构成空间几何体的基本元素 (1)构成空间几何体的基本元素: _______点 、_______线 、_______面 (2)平面及其表示方法: ①平面的概念:平面是无限延展的. ②平面的表示方法:
高中数学必修二立体几何知识点总结

第一章 立体几何初步特殊几何体表面积公式(c 为底面周长,h 为高,为斜高,l 为母线)柱体、锥体、台体的体积公式(4)球体的表面积和体积公式:V= ; S=第二章 直线与平面的位置关系2.11 平面含义2三个公理:(1符号表示为A ∈LB ∈L =〉 A ∈αB ∈α (2符号表示为:A 、B 、C 三点不共线 => 有且只有一个平面α, 使A∈α、B ∈α、C ∈α。
公理(3公理2。
1 异面直线: 不同在任何一个平面内,没有公共点。
2 符号表示为:设a 、b 、c 是三条直线a ∥bc ∥b强调:公理4实质上是说平行具有传递性,在平面、空间这个性质都适用。
3 4 注意点:① a ’与b ’所成的角的大小只由a 、b 的相互位置来确定,与O 的选择无关,为了简便,点O 一般取在两直线中的一条上;② 两条异面直线所成的角θ∈(0, );③ 当两条异面直线所成的角是直角时,我们就说这两条异面直线互相垂直,记作a ⊥b ;④ 两条直线互相垂直,有共面垂直与异面垂直两种情形;⑤ 计算中,通常把两条异面直线所成的角转化为两条相交直线所成的角。
2。
1.3 - 2。
1.4 空间中直线与平面、平面与平面之间的位置关系1、直线与平面有三种位置关系:(1)直线在平面内 —— 有无数个公共点(2)直线与平面相交 —— 有且只有一个公共点(3)直线在平面平行 —— 没有公共点L A · α C · B· A · α =>a ∥c指出:直线与平面相交或平行的情况统称为直线在平面外,可用a α来表示a α a∩α=A a∥α2。
2。
直线、平面平行的判定及其性质21简记为:线线平行,则线面平行。
符号表示: a αb β =〉 a∥αa∥b21符号表示:a βb βa∩b = P β∥αa∥αb∥α2、判断两平面平行的方法有三种:(1)用定义;(2)判定定理;(3简记为:线面平行则线线平行。
人教B版数学必修二1.1.4

剪影以表演故事的民间戏曲. 表演时,艺人们在白色幕布后面,一边操纵戏曲人
物,一边用当地流行的曲调唱述故事,同时配以打击乐器和弦乐,有浓厚的乡
土气息. 在河南、山西等地的农村,这种拙朴的民间艺术形式很受人们的欢迎.
皮影戏和太阳光照射成像都具备光线、不透明物体和投影面这些相同的条件. 皮
数
学 必
影戏中的成像与太阳光成像原理一样吗?
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第一章 立体几何初步
[解析] 根据原图形中平行于 x 轴或 x 轴上的线段长
度不变,原图形中平行于 y 轴或 y 轴上的线段长度减半,
由直观图可知,原图形为如图所示的平行四边形
O′A′B′C′,
且 O′A′=2,O′B′=4 2,
∴
SO′A′B′C′
=
1 2
O′A′·O′B′
+
1 2
B′C′·O′B′
新课标导学
数学
必修② ·人教B版
第一章
立体几何初步
1.1 空间几何体
1.1. 4 投影与直观图
1
自主预习学案
2
互动探究学案
3
课时作业学案
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第一章 立体几何初步
自主预习学案
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第一章 立体几何初步
皮影戏,又称影子戏或灯影戏,是一种用灯光照射兽皮或纸板做成的人物
的平行投影(或象). 如果图形F上的所有点在平面α内关于直线l的平行投影构成图
形F′,则F′叫做图形F在α内关于直线l的__________. 平平面行α叫投做影__________,l叫
做投__射__面______.
投射线
数 学 必 修 ②
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第一章立体几何初步(A)(时间:120分钟满分:150分)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.下列推理错误的是()A.A∈l,A∈α,B∈l,B∈α⇒lαB.A∈α,A∈β,B∈α,B∈β⇒α∩β=ABC.l α,A∈l⇒A∉αD.A∈l,lα⇒A∈α2.给定下列四个命题:①若一个平面内的两条直线与另一个平面都平行,那么这两个平面相互平行;②若一个平面经过另一个平面的垂线,那么这两个平面相互垂直;③垂直于同一直线的两条直线相互平行;④若两个平面垂直,那么一个平面内与它们的交线不垂直的直线与另一个平面也不垂直.其中,为真命题的是()A.①和②B.②和③C.③和④D.②和④3.一个三角形在其直观图中对应一个边长为1的正三角形,原三角形的面积为()A.64B.34C.32D.624.如图,若Ω是长方体ABCD-A1B1C1D1被平面EFGH截去几何体EFGHB1C1后得到的几何体,其中E为线段A1B1上异于B1的点,F为线段BB1上异于B1的点,且EH∥A1D1,则下列结论中不正确的是()A.EH∥FGB.四边形EFGH是矩形C.Ω是棱柱D.Ω是棱台5.某人用如图所示的纸片,沿折痕折后粘成一个四棱锥形的“走马灯”,正方形做灯底,且有一个三角形面上写上了“年”字,当灯旋转时,正好看到“新年快乐”的字样,则在①、②、③处应依次写上()A.快、新、乐B.乐、新、快C.新、乐、快D.乐、快、新6.已知各顶点都在一个球面上的正四棱柱高为4,体积为16,则这个球的表面积是() A.16π B.20π C.24π D.32π7.圆锥的表面积是底面积的3倍,那么该圆锥的侧面展开图扇形的圆心角为() A.120° B.150° C.180° D.240°8.已知m,n是不同的直线,α,β是不重合的平面,则下列命题中正确的是() A.若m∥α,m∥n,则n∥αB.若m⊥α,n⊥α,则n⊥mC.若m⊥α,m∥β,则α⊥βD.若α⊥β,mα,则m⊥β9.把3个半径为R的铁球熔成一个底面半径为R的圆柱,则圆柱的高为()A.R B.2R C.3R D.4R10.一个棱锥的三视图如图,则该棱锥的全面积(单位:cm2)为()A.48+12 2 B.48+242C.36+12 2 D.36+24211.如图所示,在正方体ABCD—A1B1C1D1中,M、N分别是BB1、BC的中点.则图中阴影部分在平面ADD1A1上的正射影为()12.如图所示,在正方体ABCD—A1B1C1D1中,若E是A1C1的中点,则直线CE垂直于()A.AC B.BD C.A1D D.A1D1二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.等边三角形的边长为a,它绕其一边所在的直线旋转一周,则所得旋转体的体积为________.14.如图,网格纸的小正方形的边长是1,在其上用粗线画出了某多面体的三视图,则这个多面体最长的一条棱的长为________.15.若棱长为3的正方体的顶点都在同一球面上,则该球的表面积为________.16.如图所示,在直四棱柱ABCD—A1B1C1D1中,当底面四边形A1B1C1D1满足条件________时,有A1C⊥B1D1(注:填上你认为正确的一种情况即可,不必考虑所有可能的情况).三、解答题(本大题共6小题,共70分)17.(10分)某个几何体的三视图如图所示(单位:m),(1)求该几何体的表面积(结果保留π);(2)求该几何体的体积(结果保留π).18.(12分)如图是一个空间几何体的三视图,其中主视图和左视图都是边长为2的正三角形,左视图是一个正方形.(1)在给定的直角坐标系中作出这个几何体的直观图(不写作法);(2)求这个几何体的体积.19.(12分) 如图所示,空间四边形ABCD 中,E ,F ,G ,H 分别是AB ,BC ,CD ,DA上的点,且满足AE EB =AH HD =12,CF FB =CGGD=2.(1)求证:四边形EFGH 是梯形;(2)若BD =a ,求梯形EFGH 的中位线的长.20.(12分) 如图所示,长方体ABCD-A1B1C1D1中,M、N分别为AB、A1D1的中点,判断MN与平面A1BC1的位置关系,并证明你的结论.21.(12分) 如图,在四面体ABCD中,CB=CD,AD⊥BD,且E、F分别是AB、BD 的中点.求证:(1)EF∥面ACD;(2)面EFC⊥面BCD.22.(12分) 如图,已知矩形ABCD,过A作SA⊥平面AC,再过A作AE⊥SB于点E,过E作EF⊥SC于点F.(1)求证:AF⊥SC;(2)若平面AEF交SD于点G,求证:AG⊥SD.第一章立体几何初步(A) 答案1.C [若直线l∩α=A ,显然有l α,A ∈l ,但A ∈α.]2.D [当两个平面相交时,一个平面内的两条直线可以平行于另一个平面,故①不对;由平面与平面垂直的判定可知②正确;空间中垂直于同一条直线的两条直线可以相交也可以异面,故③不对;若两个平面垂直,只有在一个平面内与它们的交线垂直的直线才与另一个平面垂直,故④正确.]3.D [原图与其直观图的面积比为4∶2,所以34S 原=24,所以S 原=62.]4.D [∵EH ∥A 1D 1,∴EH ∥B 1C 1,∴EH ∥平面BB 1C 1C .由线面平行性质,EH ∥FG . 同理EF ∥GH .且B 1C 1⊥面EB 1F .由直棱柱定义知几何体B 1EF -C 1HG 为直三棱柱,∴四边形EFGH 为矩形,Ω为五棱柱.故选D .]5.A 6.C [如图所示,由V =Sh 得,S =4,即正四棱柱底面边长为2. ∴A 1O 1=2,A 1O =R =6. ∴S 球=4πR 2=24π.] 7.C [S 底+S 侧=3S 底,2S 底=S 侧,即:2πr 2=πrl ,得2r =l . 设侧面展开图的圆心角为θ, 则θπl 180°=2πr ,∴θ=180°.] 8.C [A 中还有可能n α;B 中n ∥m ;D 中还有可能m ∥β或m β或相交不垂直;C 中,由于m ∥β,设过m 的平面γ与β交于b ,则m ∥b ,又m ⊥α,则b ⊥α,又b β,则α⊥β,所以C 正确.]9.D 10.A [棱锥的直观图如图,则有PO =4,OD =3,由勾股定理,得PD =5,AB =62,全面积为12×6×6+2×12×6×5+12×62×4=48+122,故选A .] 11.A12.B [证BD ⊥面CC 1E ,则BD ⊥CE .]13.14πa 3解析如图,正三角形ABC 中,AB =a ,高AD =32a , ∴V =13πAD 2·CB =13π·⎝⎛⎭⎫32a 2·a =14πa 3.14.23解析 由主视图和左视图可知几何体是正方体切割后的一部分(四棱锥C 1-ABCD),还原在正方体中,如图所示.多面体最长的一条棱即为正方体的体对角线, 由正方体棱长AB =2知最长棱的长为23. 15.27π解析 若正方体的顶点都在同一球面上,则球的直径d 等于正方体的体对角线的长.∵棱长为3,∴d = 3·32=3 3⇒R =3 32.∴S =4πR 2=27π.16.B 1D 1⊥A 1C 1(答案不唯一)解析 由直四棱柱可知CC 1⊥面A 1B 1C 1D 1, 所以CC 1⊥B 1D 1,要使B 1D 1⊥A 1C , 只要B 1D 1⊥平面A 1CC 1, 所以只要B 1D 1⊥A 1C 1,还可以填写四边形A 1B 1C 1D 1是菱形,正方形等条件. 17.解 由三视图可知:该几何体的下半部分是棱长为2 m 的正方体,上半部分是半径为1 m 的半球. (1)几何体的表面积为S =12×4π×12+6×22-π×12=(24+π)(m 2).(2)几何体的体积为V =23+12×43×π×13=(8+2π3) (m 3).18.解 (1)直观图如图.(2)这个几何体是一个四棱锥.它的底面边长为2,高为2,所以体积V =13×22×2=423.19.解 (1)因为AE EB =AH HD =12,所以EH ∥BD ,且EH =13BD .因为CF FB =CGGD=2,所以FG ∥BD ,且FG =23BD .因而EH ∥FG ,且EH =12FG ,故四边形EFGH 是梯形.(2)因为BD =a ,所以EH =13a ,FG =23a ,所以梯形EFGH 的中位线的长为12(EH +FG)=12a . 20.解 直线MN ∥平面A 1BC 1, 证明如下:∵M ∉平面A 1BC 1,N ∉平面A 1BC 1.∴MN ⊆平面A 1BC 1.如图,取A 1C 1的中点O 1, 连接NO 1、BO 1.∵NO 1綊12D 1C 1,MB 綊12D 1C 1,∴NO 1綊MB .∴四边形NO 1BM 为平行四边形.∴MN ∥BO 1.又∵BO 1平面A 1BC 1, ∴MN ∥平面A 1BC 1.21.解 (1)∵E ,F 分别是AB ,BD 的中点, ∴EF 是△ABD 的中位线,∴EF ∥AD ,∵EF ⃘面ACD ,AD 面ACD ,∴EF ∥面ACD . (2)∵AD ⊥BD ,EF ∥AD ,∴EF ⊥BD . ∵CB =CD ,F 是BD 的中点,∴CF ⊥BD . 又EF ∩CF =F ,∴BD ⊥面EFC .∵BD 面BCD ,∴面EFC ⊥面BCD .22.证明 (1)∵SA ⊥平面AC ,BC 平面AC , ∴SA ⊥BC ,∵四边形ABCD 为矩形,∴AB ⊥BC . ∴BC ⊥平面SAB ,∴BC ⊥AE . 又SB ⊥AE ,∴AE ⊥平面SBC .∴AE ⊥SC .又EF ⊥SC ,∴SC ⊥平面AEF . ∴AF ⊥SC .(2)∵SA ⊥平面AC ,∴SA ⊥DC . 又AD ⊥DC ,∴DC ⊥平面SAD . ∴DC ⊥AG .又由(1)有SC ⊥平面AEF ,AG 面AEF , ∴SC ⊥AG ,∴AG ⊥平面SDC ,∴AG ⊥SD .感谢您的阅读,祝您生活愉快。