教育最新K122019高考物理一轮选练编题(1)(含解析)新人教版
(完整版)2019年高考物理一轮基础系列题1含解析新人教版
5、[多选]如图所示，一块长木板 B 放在光滑的水平面上，在 B 上放一物体 A，现以恒 定的外力 F 拉 B，由于 A、B 间摩擦力的作用，A 将在 B 上滑动，以地面为参考系，A、B 都 向前移动一段距离。在此过程中( )
A．外力 F 做的功等于 A 和 B 动能的增量 B．B 对 A 的摩擦力所做的功等于 A 的动能增量 C．A 对 B 的摩擦力所做的功等于 B 对 A 的摩擦力所做的功 D．外力 F 对 B 做的功等于 B 的动能的增量与 B 克服摩擦力所做的功之和 解析：选 BD A 物体所受的合外力等于 B 对 A 的摩擦力，对物体 A 应用动能定理，则 有 B 对 A 的摩擦力所做的功等于 A 的动能的增量，B 对；A 对 B 的摩擦力与 B 对 A 的摩擦力 是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，但是由于 A 在 B 上滑动，A、B 相对地的 位移不等，故二者做功不等，C 错；对长木板 B 应用动能定理，WF－Wf＝ΔEkB，即 WF＝ΔEkB＋Wf 就是外力 F 对 B 做的功，等于 B 的动能增量与 B 克服摩擦力所做的功之和， D 对；由前述讨论知 B 克服摩擦力所做的功与 A 的动能增量(等于 B 对 A 的摩擦力所做的功)不 等，故 A 错。 6、(多选)一物体静止在水平地面上，在竖直向上的拉力 F 的作用下开始向上运动，如 图甲所示．在物体运动过程中，空气阻力不计，其机械能 E 与位移 x 的关系图象如图乙所
河曲智叟亡以应。（《愚公移山》） 选择，音乐会，昂贵，火柴，
河曲智叟亡以应。（《愚公移山》）
亡：通“无”。 亡：通“无”。
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日之其所亡。（《乐羊子妻》） 大明的母亲(一)___ ncle 喜欢在(6)___上看电视上的足球，但从不去看足球(7)___
2019高考物理一轮选练习题(含解析)新人教版
丰富丰富纷繁2019 高考物理一轮选练习题（ 1）李仕才一、选择题1、(2017 ·江西南昌质检) 如下图，粗拙水平面上有一固定的、粗拙程度到处同样的圆弧形框架 ABC，框架下边搁置一块厚度不计的金属板，金属板的中心O点是框架的圆心，框架上套有一个轻圆环，用轻弹簧把圆环与金属板的O点固定连结，开始时轻弹簧处于水平拉伸状态．用一个一直沿框架切线方向的拉力 F 拉动圆环，从左边水平川点迟缓绕框架运动，直到轻弹簧达到竖直地点，金属板一直保持静止状态，则在整个过程中()A．沿框架切线方向拉力 F 渐渐减小B．水平面对金属板的摩擦力渐渐增大C．水平面对金属板的支持力渐渐减小D．框架对圆环的支持力渐渐减小分析：选 C.弹簧伸长量不变，弹簧的弹力大小F′不变，弹簧与水平方向夹角为θ .金属板受重力 mg、支持力 N、弹簧的拉力 F′和向右的静摩擦力 f 作用，水平方向 f ＝F′cos θ，竖直方向 N＋F′sin θ＝mg，得 N＝ mg－F′sin θ，跟着θ的增大，支持力不停减小，静摩擦力渐渐减小，故 B 错， C 对；圆环受弹簧的拉力、框架的支持力( 大小不变成F′) 、拉力 F 和滑动摩擦力 f ′，有 F＝f ′＝μ F′，故拉力大小不变，A、 D错．【链接】历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加快度”定义为，此中v0 和 v s分别表示某段位移s 内的初速和末速。
A>0 表示物体做加快运动，A<0 表示物体做减速运动。
而此刻物理学中加快度的定义式为，以下说法正确的选项是（）A. 若 A 不变，则 a 也不变B. 若 A>0 且保持不变，则 a 渐渐变小C.若 A 不变，则物体在中间地点处速度为D.若 A 不变，则物体在中间地点处速度为【答案】 C2、（ 2018 江西师范大学隶属中学月考）为了探访金矿地区的地点和金矿储量，常利用重力加快度失常现象．如下图，P 点为某地域水平川面上的一点，假设在P 点正下方有一空腔或密度较大的金矿，该地域重力加快度的大小就会与正常状况有细小偏离，这类现象叫做“重力加快度失常”．假如球形地区内储蓄有金矿，已知金矿的密度为ρ ，球形地区四周均匀散布的岩石密度为ρ 0，且ρ ＞ρ 0.又已知引力常量为G，球形空腔体积为V，球心深度为 d( 远小于地球半径) ，则以下说法正确的选项是（）A. 有金矿会致使P 点重力加快度偏小B. 有金矿不会致使P 点重力加快度变化C. P 点重力加快度失常值约为g＝D. 在图中 P1点重力加快度失常值大于P 点重力加快度失常值【答案】 C3、依据量子理论：光子既有能量也有动量；光子的能量 E 和动量 p 之间的关系是 E=pc ，其中 c 为光速。
教育最新K122019高考物理一轮选训习题(1)(含解析)新人教版
2019人教高考物理一轮选训习题（1）及答案李仕才一、选择题1、如图,匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为B。
某种比荷为,速度大小为v的一群离子以一定发散角α由原点O射出,y轴正好平分该发散角,离子束偏转后打在x轴上长度为L的区域MN内,则cos()为世纪金榜导学号49294169( )A. -B.1-C.1-D.1-【解析】选B。
洛伦兹力充当向心力qvB=m,根据题意,粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点,粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M点,画出粒子速度方向与y轴正方向夹角为的轨迹,设OM之间的距离为x,则有2rcos()=x,2r=x+L联立解得:cos()=1-,故B正确。
2、一质点在x轴上运动，在t0＝0时刻质点处于位置x0＝0 m，然后质点沿x轴正方向运动，在t1＝2 s时刻质点处于位置x1＝10 m，此后质点沿x轴负方向运动，在t2＝4 s时刻质点处于位置x2＝－10 m，求：(1)质点在0～4 s内的平均速率；(2)后2 s内质点的平均速度和0～4 s内的平均速度.【答案】(1)7.5 m/s (2)－10 m/s，沿x轴负方向－2.5 m/s，沿x轴负方向3、空间某区域竖直平面内存在电场,电场线分布如图所示。
一个质量为m、电量为q,电性未知的小球在该电场中运动,小球经过A点时的速度大小为v1,方向水平向右,运动至B点时的速度大小为v2。
若A、B两点之间的高度差为h,则以下判断中正确的是世纪金榜导学号49294164( )A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A>E B、φA<φBB.若v2>v1,则电场力一定做正功C.A、B两点间的电势差为(--2gh)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为m-m【解析】选C。
由电场线的疏密分布知E A<E B,沿电场线电势降低,φA>φB,所以A错误。
从A 运动到B对带电小球应用动能定理得:mgh+qU AB=m-m,若v2>v1,电场力也不一定做正功,B错误。
2019高考物理一轮训练选选择题(1)(含解析)新人教版.docx
2019人教版高考物理一轮训练选----选择题（1）及答案李仕才1、（2017 •北京东城区质检）研究发现，轿车的加速度的变化情况将影响乘客的舒适度，若引入一个新的物理量（加速度的变化率）来表示加速度变化的快慢，则该物理量的单位是（）A.m/sB. m/s2C. m/s3D. m2/sAa m/s2丽加速度变化的快慢可用At表示。
该物理量的单位为s =m/s\C正确。
2、顶端装有滑伦的粗糙斜而固定在地而上，力、〃两物体通过细绳如图接，并处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）。
现用水平力厂作用于悬挂的物体〃上，使其缓慢拉动一小角度，发现川物体仍然静止。
则此过程中正确的选项是（）A.水平力尸变大B.物体A所受斜面给的摩擦力一左变大C.物体力所受斜血给的作用力不一定变大D.细绳对物体A的拉力不变解析如图所示，对物块〃受力分析,mg则有矽tan "，斥二"SO,当〃被拉动一个小角度后，〃角增尢力F增大，同时细绳对物体A的拉力斤增大,A受到斜面的摩擦力根据初始状态的不同,可能增大也可能减小，物体A受到斜而给的作用力一定改变，故A正确,B、C、D错误;故选A。
3、在滑冰场上，甲、乙两个穿着溜冰鞋的小孩原来静止不动，在猛推一下后分别向相反方向运动。
假定两板与冰面间的动摩擦因数相同。
已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（）A.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B.在推的过程屮，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C.在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D.在分开后,甲的加速度大小小于乙的加速度大小答案|c解厠在推的过程中，作用力与反作用力大小相等，相互作用时间相同，故A、B均错;分开后，% Ff?两者滑动摩擦力分别为£1二〃〃Tig,斤2二则各自的加速度分别为日】二"1二〃g,及二“2二“g,X 1 v l 2X 2两者做匀减速直线运动的加速度大小相等，则根据 Fax 、可知2 V 2 ,因为脸顶,则旳”2, 故C 对、D 错。
2019年高考物理一轮选练编题(1)(含解析)新人教版
人教版物理2019年高考一轮选练编题（1）李仕才一、选择题1、如图,在水平面上A,B,C三点固定着三个电荷量为3Q的正点电荷,将另一质量为m的带正电的小球(可视为点电荷)放置在O点,OABC恰构成一棱长为L的正四面体.已知静电力常量为k,重力加速度为g.为使小球能静止在O点,则关于小球所受电场力的合力方向和所带的电荷量,下列说法中正确的是( AD )A.所受电场力的合力方向竖直向上B.所受电场力的合力方向竖直向下C.电荷量为D.电荷量为解析: 对小球受力分析可知,重力与库仑力平衡,所以小球受到三个库仑力的合力的方向与重力方向相反,选项A正确,B错误;将A,B,C处正点电荷施加的库仑力正交分解到水平方向和竖直方向,设α是A,B,C处正点电荷施加的库仑力方向与竖直方向的夹角,根据平衡条件在竖直方向上得3Fcos α=mg,又由库仑定律得F=,再由图可知,∠CAO′=30°,则AO′=,OO′=L,所以得cos α=,联立以上各式解得q=,选项C错误,D 正确.2、如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在a球上的力大小为F1、作用在b球上的力大小为F2，则此装置平衡时，出现了如图右所示的状态，b球刚好位于O点的正下方．则F1与F2的大小关系应为( )A ．F 1＝4F 2B ．F 1＝3F 2C ．3F 1＝4F 2D ．3F 1＝7F 2解析：选D.设Oa 绳、ab 绳和竖直方向的夹角为α.以两个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件可知，F 1－F 2＝T Oa sin α；T Oa cos α＝4mg ；对小球b ；T ab cos α＝3mg ；F 2＝T ab sin α由此可得：T Oa T ab ＝43；F 1－F 2F 2＝T Oa T ab，解得3F 1＝7F 2；故选D. 3、一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为x ，动能变为原来的4倍。
配套K122019高考物理一轮选习练题(1)(含解析)新人教版
人教物理2019高考一轮选习练题（1）李仕才一、选择题1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a 、b 、c 的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a 和b 从同一点抛出。
不计空气阻力，则（ ） A ．a 和b 的飞行时间相同 B ．b 的飞行时间比c 的短 C ．a 的水平初速度比b 的小 D ．c 的水平初速度比a 的大【参考答案】D2、(2018·海安模拟)下列说法正确的是( )A ．直线运动的物体位移大小等于路程B ．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C ．速度变化快的物体加速度不一定大D ．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体 答案：D3、(2018·哈师大附中月考)如图，MN 为转轴OO′上固定的光滑硬杆，且MN 垂直于OO′.用两个完全相同的小圆环套在MN 上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO′上，长度分别为l 1、l 2.已知l 1、l 2与MN的夹角分别为θ1、θ2，OO′匀速转动时，线上弹力分别为F T 1、F T 2.下列说法正确的是( )A ．若l 1sin θ1>l 2sin θ2，则F T 1>F T 2B ．若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1>F T 2C ．若l 1tan θ1>l 2tan θ2，则F T 1>F T 2D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT 1cos θ1＝m ω2l 1cos θ1；对右环有：F T 2cos θ2＝m ω2l 2cos θ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2；若l 1cos θ1>l 2cos θ2，则F T 1cos θ1>F T 2cos θ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知l 1sin θ1<l 2sin θ2；若l 1tan θ1>l 2tan θ2，可得cos θ1<cos θ2，不能得到F T 1>F T 2；若l 1>l 2，则F T 1>FT 2，选项D 正确，A 、B 、C 错误．答案：D4、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A 点自由滑下，然后在水平面上前进至B 点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m ，A 、B 两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB 段运动的过程中，克服摩擦力做的功( )A ．大于μmgLB ．小于μmgLC ．等于μmgLD ．以上三种情况都有可能解析：设斜坡与水平面的交点为C ，BC 长度为L 1，AC 水平长度为L 2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W 1＝－μmgL 1，在斜坡上摩擦力做功W 2＝－μmgcos θ·L 2cos θ＝－μmgL 2，所以在滑雪者经过AB 段过程中，摩擦力做功W ＝W 1＋W 2＝－μmg(L 1＋L 2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C 正确． 答案：C5、(2018·四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E 的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P 点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是( )A ．平行板电容器的电容将减小B ．带电油滴的电势能将减少C ．静电计指针的张角变小D ．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变解析：由C ＝εr S4πkd 知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C增大，A 错误；U 不变，静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝Ud 知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq ，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段距离，Q 不变，由C ＝εr S 4πkd 知，S 减小，C 减小，由U ＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d 增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误．答案：B6、一匀强磁场的边界是MN ，MN 左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN 左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I －t 图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的( )解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D 项正确，B 项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．答案：D7、(2018·安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是( )A ．U 1：U 2＝：4B ．U 1：U 2＝：3C ．若将L 1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光D ．若将L 2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的43倍解析：设灯泡的额定电压为U ，额定电流为I ，则副线圈电压为3U ，电流为I ，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I ，所以原、副线圈的匝数比为：1，原线圈两端电压为3U ，所以U 1：U 2＝：3，选项A 错误、B 正确；若将L 1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C 错误；若将L 2短路，设副线圈的电流为I′，原线圈的电流也为I′，因此2I′R＋I′R＝U 1＝4U ，则I′R＝43U ，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43，选项D 正确．答案：BD 二、非选择题利用如图1所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系．小车的质量为M ＝200.0 g ，钩码的质量为m ＝10.0 g ，打点计时器的电源为50 Hz 的交流电．图1(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到____________________．(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图2所示．选择某一点为O ，依次每隔4个计时点取一个计数点．用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx ，记录在纸带上．计算打出各计数点时小车的速度v ，其中打出计数点“1”时小车的速度v1＝________m/s.图2(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取g ＝9.80 m/s 2，利用W ＝mg Δx 算出拉力对小车做的功W.利用Ek ＝12Mv 2算出小车动能，并求出动能的变化量ΔEk.计算结果见下表.图3(4)实验结果表明，ΔEk 总是略小于W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的．用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F ＝________N.解析：(1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车，小车做匀速运动． (2)两计数点间的时间间隔T ＝5×0.02 s＝0.1 s v1＝x022T＝＋2×0.1m/s ＝0.228 m/s(3)确定标度，根据给出数据描点．作图如图所示．(4)从图线上取两个点(4.5,4.24)，(2.15,2.0) 图线的斜率k ＝4.24－2.04.5－2.15≈0.953①又有k ＝ΔEk ΔW ＝Mv22mg Δx ②根据运动学公式有v 2＝2a Δx③ 根据牛顿第二定律有 F ＝Ma④由①②③④式解得F≈0.093 N答案：(1)小车做匀速运动 (2)0.228 (3)见解析图 (4)0.093。
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人教物理2019高考一轮选习练题(1)李仕才一、选择题q_1、如图，匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为Bo某种比荷为m,速度大小为v的一群离子以一定发散角a由原点0射出，y轴正好平分该发散角，离子束偏转后打在x轴上长度为L的区a域MN内，则cos (2)为世纪金榜导学号49294169( )BqL BqLA. -4nwB. i_2mvBqL BqLc. D. 1-曲2V【解析】选B o洛伦兹力充当向心力qvB二m r ,根据题意，粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点，粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M点，画出粒子速度方向与y轴正方向夹角为BqL 的轨迹，设0M之间的距离为x,则有2rcos ()二x, 2r=x+L联立解得:cos 0=l-2mV,故B正确。
2、如图2所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是冶，经过一小段时间之后，速度变为也，Av表示速度的变化量.由图中所示信息可知()A.汽车在做加速直线运动B.汽车的加速度方向与V.的方向相同C.汽车的加速度方向与vi的方向相反D.汽车的加速度方向与Av的方向相反【答案】C【解析】根据题團，汽车的速度变小，做的是减速直线运动，选项A错误；汽车的加速度与加方向相同，所以与讪、的的方向都相反，选项B、D错误，选项C正确.3、如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C屮央各有一小孔,小孔分别位于0、M、P点。
由0点静止释放的电子恰好能运动到P点。
现将C板向右平移到P'点，则由0点静止释放的电子（）A.运动到P点返冋B.运动到P和I"点之间返回C.运动到P'点返回D.穿过P'点【解析】选A。
电子在A、B间加速，在B、C间减速，加速电压做功与减速电压做功相等。
现将C板向右平移到P,点,B、C板间的电场强度不变，根据U二Ed判断，由0点静止释放的电子运动到P点速度为0再返回,A项正确。
4、如图所示，长L、质量m的极其柔软的匀质物体在台面上以水平速度V。
教育最新K122019高考物理一轮复习 选编练题(2)(含解析)新人教版
2019高考物理（人教版）一轮选编练题（2）李仕才1、如图，一物块在水平拉力F 的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F 的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动，物块与桌面间的动摩擦因数为( )图1A ．2－ B.63 C.33 D.23【答案】C2、由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道。
当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行。
已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s ，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103 m/s ，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为( )A. 西偏北方向，1.9×103m/sB. 东偏南方向，1.9×103m/sC. 西偏北方向，2.7×103m/sD. 东偏南方向，2.7×103m/s【答案】B【解析】如图所示，由余弦定理，可知310m/s v ∆=⨯，方向为东偏南方向，B 正确。
【解题关键】解此题的关键是正确理解卫星轨道位置的以及运动和合成综合运用．3、（2018浙江新高考4月）如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作，下列F-t 图像能反应体重计示数随时间变化的是A. B. C. D.【答案】 C 【解析】对人的运动过程分析可知，人下蹲的过程可以分成两段：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，故C 正确，A 、B 、D 错误；故选C 。
【点睛】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态。
2019人教版高考物理一轮选习练题(1)及答案-教学文档
2019人教版高考物理一轮选习练题（1）及答案一、选择题1、1．某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指A. 速度、位移B. 速度、路程C. 速率、位移D. 速率、路程【来源】浙江新高考2019年4月选考科目物理试题【答案】 D链接---(2019·河北唐山模拟)一列有8节车厢的动车组列车,沿列车前进方向看,每两节车厢中有一节自带动力的车厢(动车)和一节不带动力的车厢(拖车).该动车组列车在水平铁轨上匀加速行驶时,设每节动车的动力装置均提供大小为F的牵引力,每节车厢所受的阻力均为f,每节车厢总质量均为m,则第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为( A )A.0B.2FC.2(F-f)D.2(F-2f)解析:以整体为研究对象,由牛顿第二定律4F-8f=8ma,以后4节车厢为研究对象,由牛顿第二定律F45+2F-4f=4ma,解得F45=0,选项A正确.2、(2019·南昌市十所省重点中学高三第二次模拟)自行车和汽车同时驶过平直公路上的同一地点，此后其运动的v－t图象如图所示，自行车在t＝50 s时追上汽车，则()A．汽车的位移为100 mB．汽车的运动时间为20 sC．汽车的加速度大小为0.25 m/s2D．汽车停止运动时，二者间距最大解析：选C.t＝0时刻自行车和汽车位于同一地点，自行车在t＝50 s时追上汽车，两者的位移相等，由图线与时间轴包围的面积表示位移求出自行车的位移，从而得到汽车的位移．根据平均速度公式求汽车运动的时间，由速度公式求加速度．通过分析两者速度关系分析何时间距最大．汽车的位移等于自行车的位移x ＝v 自t ＝4×50 m ＝200 m ，故A 错误；设汽车运动时间为t ，则有x ＝v 0＋02t ，得t ＝2x v 0＝2×20010 s ＝40 s ，故B 错误；汽车的加速度大小为a ＝v 0t ＝1040 m/s 2＝0.25 m/s 2，故C 正确；在两者速度相等前，汽车的速度大于自行的速度，汽车在自行车的前方，两者间距增大，速度相等后，汽车的速度小于自行车的速度，汽车仍在自行车的前方，两者间距减小，所以两者速度相等时间距最大，故D 错误．3、如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a 放在斜劈上，轻质细线一端固定在物体a 上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c 点，滑轮2下悬挂物体b ，系统处于静止状态。
2019高考物理一轮选练编题2含解析新人教版(1)
人教版物理2019年高考一轮选练编题（2）李仕才一、选择题1、学校“身边的物理”社团小组利用传感器研究物体的运动．在一小球内部装上无线传感器，并将小球竖直向上抛出，通过与地面上接收装置相连的计算机描绘出小球上抛后运动规律的相关图象．已知小球在运动过程中受到的空气阻力随速度的增大而增大，则下列图象可能是计算机正确描绘的是(已知v、t分别表示小球速度的大小、运动的时间)( )解析：选D.在上升过程和下降过程中，小球受到重力和阻力，根据速度的变化关系，判断出阻力的变化关系，结合牛顿第二定律判断出加速度的变化即可判断在上升阶段，物体做减速运动，根据牛顿第二定律可知mg＋f＝ma，其中f＝kv，由于速度减小，阻力减小，加速度减小，当速度达到0时，小球向下做加速运动，根据mg－kv＝ma可知，随时间的延续，速度增大，阻力增大，加速度减小，在v－t图象中斜率代表加速度，故D正确．2、如图所示,质量分别为m,2m的小球A,B,由轻质弹簧相连后再用细线悬挂在电梯内,已知电梯正在竖直向上做匀加速直线运动,细线中的拉力为F,此时突然剪断细线.在线断的瞬间,弹簧的弹力大小和小球A的加速度的大小分别为( A )A.,+gB.,+gC.,+gD.,+g解析:对两球及弹簧整体,由牛顿第二定律F-3mg=3ma,对B球有F弹-2mg=2ma,解得F弹=,对A球有mg+F弹=ma A,得a A=+g,选项A正确.3、（2018山东省临沂市高三上学期期中）某质点做匀变速直线运动，运动的时间为t，位移为x，该质点的图象如图所示，下列说法错误．．的是( )A. 质点的加速度大小为B. t=0时，质点的初速度大小为aC. t=0到t=b这段时间质点的平均速度为0D. t=0到t=b这段时间质点的路程为【答案】D4、如图所示，电梯质量为M，电梯地板上放置一个质量为m的物块，轻质钢索拉动电梯由静止开始竖直向上做匀加速直线运动，当上升高度为H时，速度达到v.不计空气阻力，重力加速度为g，在这个过程中( )。
2019高考物理一轮选练编题(1)(含解析)新人教版
人教物理2019高考一轮选练编题（1）李仕才一、选择题1、如图(甲)所示,一质量为m的物块在t=0时刻,以初速度v0从足够长、倾角为θ的粗糙斜面底端向上滑行,物块速度随时间变化的图像如图(乙)所示.t0时刻物块到达最高点,3t0时刻物块又返回底端.下列说法正确的是( BC )A.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量为3mgt0·cos θB.物块从t=0时刻开始运动到返回底端的过程中动量的变化量为-mv0C.斜面倾角θ的正弦值为D.不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功解析:物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量I G=3mgt0,选项A错误;上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动,下滑过程中做初速度为零、末速度为v的匀加速直线运动,上滑和下滑的位移大小相等,所以有t0=·2t0,解得v=,物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为Δp=-mv-mv0=-mv0,选项B正确;上滑过程中有-(mgsin θ+μmgcosθ)·t0=0-mv0,下滑过程中有(mgsin θ-μmgcos θ)2t0=,解得sin θ=,选项C正确;根据图像可求出物块上升的最大位移,由动能定理求出整个过程中摩擦力所做的功,选项D错误.2、我国的北斗卫星导航系统计划由若干静止轨道卫星、中地球轨道卫星组成，其中静止轨道卫星均定位在距离地面约为3.6×104 km的地球同步轨道上，中地球轨道卫星距离地面的高度约为2.16×104 km，已知地球半径约为6.4×103 km.则中地球轨道卫星运动的( )A．线速度大于第一宇宙速度B．线速度小于静止轨道卫星的线速度C．加速度约是静止轨道卫星的2.3倍D ．加速度约是静止轨道卫星的2.8倍解析：选C.根据G Mm r 2＝m v 2r 得，v ＝GM r，因为中地球轨道卫星的轨道半径大于第一宇宙速度的轨道半径，则中地球轨道卫星的线速度小于第一宇宙速度；中地球轨道卫星的轨道半径小于静止轨道卫星的轨道半径，则线速度大于静止轨道卫星的线速度，故A 、B 错误．根据G Mm r2＝ma 得，加速度a ＝GM r2，中地球轨道卫星的轨道半径大约是静止轨道卫星轨道半径的0.66倍，则加速度约为静止轨道卫星的2.3倍，故C 正确，D 错误．故选C.3、2018山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“”是导出单位【答案】B4、质量为m 、电荷量为q 的微粒，以速度v 与水平方向成θ角从O 点进入方向如图所示的正交的匀强电场(场强大小为E)和匀强磁场(磁感应强度大小为B)组成的混合场区，该微粒在电场力、洛伦兹力和重力的作用下，恰好沿直线运动到A ，重力加速度为g ，下列说法中正确的是( )A ．该微粒一定带正电B ．微粒从O 到A 的运动可能是匀变速运动C．该磁场的磁感应强度大小为mg qvcos θD．该电场的场强为Bvcos θ解析：选C.若微粒带正电，电场力水平向左，洛伦兹力垂直OA斜向右下方，则电场力、重力、洛伦兹力不能平衡．若微粒带负电，符合题意，A错误；微粒如果做匀变速运动，重力和电场力不变，而洛伦兹力变化，微粒不能沿直线运动，与题意不符，B错误；由平衡条件得：qvBcos θ＝mg，qvBsin θ＝qE，知C正确，D错误．5、扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌.为了有效隔离外界振动对STM的扰动,在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板,并施加磁场来快速衰减其微小振动,如图所示.无扰动时,按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场;出现扰动后,对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是( A )解析:紫铜薄板上下振动时,方案B,C,D中穿过薄板的磁通量不发生变化,没有感应电流产生;方案A中,无论是上下还是左右振动,薄板中的磁通量都会发生变化,产生的感应电流会阻碍紫铜薄板上下及其左右振动,达到衰减的效果,选项A正确.6、质量为0.8 kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6 N，g取10 m/s2，则以下说法正确的是( )A．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6 NB．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8 NC．若升降机是加速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 ND．若升降机是减速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N解析：选C.A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：F2绳子＋2＝62＋2 N＝10 N，故AB错误；C、若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：F y－mg＝ma，解得：F y＝12 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝6 5 N，故C正确；D、若升降机减速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：mg－F y＝ma，解得：F y＝4 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝213 N，故D错误；故选C.7、（2018北京市第二中学期中）如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，之间用一轻弹簧连接．A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态。
2019高考物理(人教版)一轮选练编题(1)及答案
2019高考物理（人教版）一轮选练编题（1）及答案加的总动能Ek=mv2=1.6×106J,系统消耗的总能量E=Ek+Q=1.76×106 J,选项C错误,D正确.2、(2019·云南省楚雄市高三下学期统测)随着我国登月计划的实施，我国宇航员登上月球已不是梦想；假如我国宇航员登上月球并在月球表面附近以初速度v0竖直向上抛出一个小球，经时间t后回到出发点．已知月球的半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是()A．月球表面的重力加速度为v0 tB．月球的质量为2v0R2 GtC．宇航员在月球表面获得v0Rt的速度就可能离开月球表面围绕月球做圆周运动D．宇航员在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的绕行周期为Rt v0解析：选B.小球在月球表面做竖直上抛运动，根据匀变速运动规律得t ＝2v 0g 月，解得g 月＝2v 0t ，故A 错误；物体在月球表面上时，由重力等于月球的万有引力得G Mm R 2＝mg 月，解得M ＝R 2g 月G，联立t ＝2v 0g 月，可得M ＝2v 0R 2Gt ，故B 正确；宇航员离开月球表面围绕月球做圆周运动至少应获得的速度大小即月球的第一宇宙速度大小，所以G Mm R 2＝m v 2R ，解得v ＝GM R ＝2v 0R t，故C 错误；宇航员乘坐飞船在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动，根据重力提供向心力得mg 月＝m 4π2R T 2＝m 2v 0t ，解得T ＝π 2Rt v 0，故D 错误． 3、历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”定义为，其中v 0和v s 分别表示某段位移s 内的初速和末速。
A>0表示物体做加速运动，A<0表示物体做减速运动。
而现在物理学中加速度的定义式为，下列说法正确的是（）A.若A不变，则a也不变B.若A>0且保持不变，则a逐渐变小C.若A不变，则物体在中间位置处速度为D.若A不变，则物体在中间位置处速度为【答案】C4、(2019·哈尔滨市第九中学高三二模)如图所示，在光滑绝缘的水平直轨道上有两个带电小球a和b，a球质量为2m、带电量为＋q，b球质量为m、带电量为＋2q，两球相距较远且相向运动．某时刻a、b球的速度大小依次为v和1.5v，由于静电斥力的作用，它们不会相碰．则下列叙述正确的是()A．两球相距最近时，速度大小相等、方向相反B．a球和b球所受的静电斥力对两球始终做负功C．a球一直沿原方向运动，b球要反向运动D．a、b两球都要反向运动，但b球先反向解析：选 D.本题利用动量守恒和功能关系求解比较简单，由于地面光滑，系统所受合外力为零，满足动量守恒条件，当两球速度相等，系统损失机械能最大，两球相距最近．水平方向系统动量守恒，由完全非弹性碰撞的知识可知，当两球速度相等时，系统损失机械能最大，两球相距最小，故A错误；由题意可知，a球动量大于b球动量，因此系统动量水平向右，故b球运动过程中将反向运动而静电斥力一直存在，a球速度减小为0后，也将反向(或者根据牛顿第二定律分析，此时a、b速度大小一样，而b的减速的加速度大，故b先减为零，然后反向加速运动)，因此静电斥力对b球先做负功后做正功，故BC错误，D 正确．5、中子和质子结合成氘核,同时放出γ光子,核反应方程是H n H+γ,以下说法正确的是( ACD )A.反应后氘核的质量一定小于反应前质子和中子的总质量B.反应前后质量数不变,因而质量不变C.由核子组成原子核一定向外释放能量D.光子所具有的能量为Δmc2,Δm为反应中的质量亏损,c为光速解析:根据质能方程,这个反应释放能量,一定发生质量亏损,即反应后氘核的质量一定小于反应前质子和中子的总质量,这个质量亏损与释放能量的关系满足质能方程ΔE=Δmc2.由核子组成原子核一定向外释放能量,这个能量叫原子核的结合能.反应前后质量数不变,但质量变化,选项A,C,D正确.6、(2019·郑州市三模)(多选)如图所示为氢原子的能级图．用光子能量为13.06 eV的光照射一群处于基态的氢原子，下列说法正确的是()A．氢原子可以辐射出连续的各种波长的光B．氢原子可能辐射出10种不同波长的光C．氢原子从n＝4的能级向n＝3的能级跃迁时辐射光的波长最短D．辐射光中，光子能量为0.31 eV的光波长最长解析：选BD.氢原子只能辐射出不连续的几种波长的光．故A错误；因为(－13.6＋13.06)eV＝－0.54 eV，知氢原子能够跃迁到第5能级，根据C25＝10知可能观测到氢原子辐射的不同波长的光有10种．故B正确；从n＝5能级跃迁到n＝1能级辐射的光子能量最大，波长最短．故C 错误；从n＝5能级跃迁到n＝4能级辐射的光子能量最小，波长最长．光子能量为E5－E4＝[－0.54－(－0.85)]eV＝0.31 eV.故D正确．7、如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t＝0时刻，质量沿中线射入两板间，为m的带电微粒以初速度v0～T时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金3属板边缘飞出.微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g.关于微粒在0～T时间内运动的描述，正确的是( )A2B．末速度沿水平方向mgdC．重力势能减少了12D．克服电场力做功为mgd【答案】BC8、（多选）在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示，碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面来减小阻力，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量均为19 kg，则A. 碰后蓝壶速度为0.8m／sB. 碰后蓝壶移动的距离为2.4mC. 碰撞过程两壶损失的动能为7.22JD. 碰后红、蓝两壶所滑过的距离之比为1:20 【来源】宁夏银川一中2019届高三第四次模拟考试理综物理试卷【答案】 AD【解析】A、设碰后蓝壶的速度为 ,碰前红壶的速度碰后红壶的速度为根据动量守恒定律可得:解得，故A正确；B、根据碰前红壶的速度图像可以知道红壶的加速度为:碰后红壶减速到零需要的时间为：碰后蓝壶运动图像的面积代表走过的位移，故B错；点睛：知道v-t图像中斜率代表加速度，面积代表运动走过的位移，并利用动量守恒解题。
2019高考物理一轮复习优编选题(1)(含解析)新人教版.docx
2019高考物理（人教版）一轮优编选题（1）李仕才1、（刹车类问题）（2017・山西四校联考）以36 km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为日可m/s?的加速度，刹车后第3 s内，汽车走过的路程为（）A. 12. 5 mB. 2 mC. 10 mD. 0. 5 m丽由卩它十可得从刹车到静止所需的吋间^2.5s,则第3 s内的位移，实际上就是2、2.5s 内的位移，x=at，2=^）. 5 mo2、 .（多选）如图，一光滑的轻滑轮用细绳加‘悬挂于0点;另一细绳跨过滑轮,其一端悬挂物块曰,另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b.外力尸向右上方拉b,整个系统处于静止状态。
若尸方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A.绳加'的张力也在一定范围内变化B.物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C.连接曰和力的绳的张力也在一定范围内变化D.物块b与桌面间的摩擦力也在一泄范围内变化答案|BD颐物块b始终保持静止，物块a也始终保持静止，绳子对a的拉力等于a的重力，绳子的夹角Q 也保持不变，00’绳的拉力也保持不变，选项A、C错误。
选力为研究对象，在y轴方向有用cos B +Fcos 丫 +2盹,由于斥不变，尸变化,所以尺也变化，选项B正确。
斥和尸在/轴方向的分力和桌面对方的摩擦力的合力为零，由于尸在一定范围内变化，则摩擦力也在一定范围3、（图象问题）（2018 •河北衡水中学一调）如图，穿在水平直杆上质量为刃的小球开始时静止。
现对小球沿杆方向施加恒力F Q,垂直于杆方向施加竖直向上的力F、且尸的大小始终与小球的速度成正比，即F=kv｛图中未标出）。
已知小球与杆间的动摩擦因数为〃，小球运动过程中未从杆上脱落，且FQ mg。
下列关于运动中的速度一时间图象正确的是（）B C D甄小球开始重力大于竖直向上的力〃;支持力方向向上，随着速度的增大，尸增大，则支持力减小，摩擦力减小，根据牛顿第二定律，加速度增大。
2019高考物理一轮基础习选题(1)(含解析)新人教版.docx
人教物理2019高考一轮基础习选题（1）李仕才一、选择题1、如图所示，长为L 的长木板水平放置，在木板的A 端放置一个质量为01的小物块.现缓慢地 抬高A 端，使木板以B 端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为a 时小物块开始滑动，此时 停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v,重力加速度为g.下列判断正确的是（BCD ）A. 整个过程物块受的支持力垂直于木板，所以不做功B. 物块所受支持力做功为mgLsin «C. 发生滑动前摩擦力逐渐增大D. 整个过程木板对物块做的功等于物块机械能的增加量解析:缓慢转动过程中支持力与速度同向，所以支持力做正功，当停止转动后，支持力与速度 垂直不再做功，选项A 错误;转动过程由动能定理得W N -mgLsin a =0,故W N 二mgLsin a ,选项B 正确;发生滑动前，摩擦力为静摩擦力，大小等于mgs in a ,随着a 的增大而增大，选项C 正确; 根据功能关系，除重力以外的力做的功等于物块机械能的增加量，也就是木板对物块做的功 等于物块机械能的增加量，选项D 正确.2、距地面高5 m 的水平直轨道上A 、B 两点相距2 m,在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h,如图所示.小车始终以4 m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨加速度的大小g=10 m/sl 可求得h 等于（ ）B. 2. 25 m D. 4. 75 m确.3、历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运 百一匕一勺动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”定义为 s ,其中⑷和分别表示某段位移s 内的初速和末速。
力＞0表示物体做加速运动，水0表示物体做减速运动。
解析：选A ・根据两球同时落地可得\/¥=宁代入数据得h = 1.25 in, 选项A 正 道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断, 最后两球同时落地.不计空气阻力，取重力C. 3. 75 mAA. 1. 25 m而现在物理学中加速度的定义式为* ,下列说法正确的是（）A.若力不变，则臼也不变B.若A>0且保持不变，则a逐渐变小-（v0 +V,）C.若力不变，则物体在中间位置处速度为2D.若A不变，则物体在中问位置处速度为Y 2【答案】C【解析】若A不变，有两种情况一是：A>0,在这种情况下，相等位移内速度增加量相等，所以平均速度来越大，所以相等位移内用的时间越来越少，由0= =2 ,可知，0越来越犬；第二种情况A<0,相等t位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越多，由可知Q越t 来越小，故AB错误；因为相等位移内速度变化相等，所以中间位蚤处位移为速度变化量为宜鼻， 2 2所以此位蚤的速度为v0 +三上=土二，C正确，D错误。
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人教物理2019高考一轮选练编题（1）
李仕才
一、选择题
1、如图(甲)所示,一质量为m的物块在t=0时刻,以初速度v0从足够长、倾角为θ的粗糙斜面底端向上滑行,物块速度随时间变化的图像如图(乙)所示.t0时刻物块到达最高点,3t0时
刻物块又返回底端.下列说法正确的是( BC )
A.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量为3mgt0·cos θ
B.物块从t=0时刻开始运动到返回底端的过程中动量的变化量为-mv0
C.斜面倾角θ的正弦值为
D.不能求出3t0时间内物块克服摩擦力所做的功
解析:物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量I G=3mgt0,选项A错误;上滑过程中物块做初速度为v0的匀减速直线运动,下滑过程中做初速度为零、末速度为v的匀加速直线运
动,上滑和下滑的位移大小相等,所以有t0=·2t0,解得v=,物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为Δp=-mv-mv0=-mv0,选项B正确;上滑过程中有-(mgsin θ+μmgcos
θ)·t0=0-mv0,下滑过程中有(mgsin θ-μmgcos θ)2t0=,解得sin θ=,选项C正确;根据图像可求出物块上升的最大位移,由动能定理求出整个过程中摩擦力所做的功,选项D错误.
2、我国的北斗卫星导航系统计划由若干静止轨道卫星、中地球轨道卫星组成，其中静止轨道卫星均定位在距离地面约为3.6×104km的地球同步轨道上，中地球轨道卫星距离地面的高度约为2.16×104 km，已知地球半径约为6.4×103 km.则中地球轨道卫星运动的( )
A．线速度大于第一宇宙速度
B．线速度小于静止轨道卫星的线速度
C．加速度约是静止轨道卫星的2.3倍
D．加速度约是静止轨道卫星的2.8倍
解析：选C.根据G Mm r 2＝m v 2r 得，v ＝GM r
，因为中地球轨道卫星的轨道半径大于第一宇宙速度的轨道半径，则中地球轨道卫星的线速度小于第一宇宙速度；中地球轨道卫星的轨道半径小于静止轨道卫星的轨道半径，则线速度大于静止轨道卫星的线速度，故A 、B 错误．根据G Mm r 2＝ma 得，加速度a ＝GM r
2，中地球轨道卫星的轨道半径大约是静止轨道卫星轨道半径的0.66倍，则加速度约为静止轨道卫星的2.3倍，故C 正确，D 错误．故选C.
3、2018山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）
A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念
B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法
C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证
D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“
”是导出单位
【答案】B
4、质量为m 、电荷量为q 的微粒，以速度v 与水平方向成θ角从O 点进入方向如图所示的正交的匀强电场(场强大小为E)和匀强磁场(磁感应强度大小为B)组成的混合场区，该微粒在电场力、洛伦兹力和重力的作用下，恰好沿直线运动到A ，重力加速度为g ，下列说法中正确的是( )
A ．该微粒一定带正电
B ．微粒从O 到A 的运动可能是匀变速运动
C ．该磁场的磁感应强度大小为mg qvcos θ
D ．该电场的场强为Bvcos θ
解析：选C.若微粒带正电，电场力水平向左，洛伦兹力垂直OA斜向右下方，则电场力、重力、洛伦兹力不能平衡．若微粒带负电，符合题意，A错误；微粒如果做匀变速运动，重力和电场力不变，而洛伦兹力变化，微粒不能沿直线运动，与题意不符，B错误；由平衡条件得：qvBcos θ＝mg，qvBsin θ＝qE，知C正确，D错误．
5、扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌.为了有效隔离外界振动对STM的扰动,在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板,并施加磁场来快速衰减其
微小振动,如图所示.无扰动时,按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场;出现扰动后,对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是( A )
解析:紫铜薄板上下振动时,方案B,C,D中穿过薄板的磁通量不发生变化,没有感应电流产生;方案A中,无论是上下还是左右振动,薄板中的磁通量都会发生变化,产生的感应电流会阻碍紫铜薄板上下及其左右振动,达到衰减的效果,选项A正确.
6、质量为0.8 kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6 N，g取10 m/s2，则以下说法正确的是( )
A．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6 N
B．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8 N
C．若升降机是加速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N
D．若升降机是减速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N
解析：选C.A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：F2绳子＋2＝62＋2 N＝10 N，故AB错误；C、若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：F y－mg＝ma，解得：F y＝12 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝6 5 N，故C正确；D、若升降机减速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：mg－F y＝ma，解得：F y＝4 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝213 N，故D错误；故选C.
7、（2018北京市第二中学期中）如图所示，在水平光滑地面上有A、B两个木块，之间用一
轻弹簧连接．A靠在墙壁上，用力F向左推B使两木块之间弹簧压缩并处于静止状态。
若突然撤去力F，则下列说法中正确的是（）
A. 木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒
B. 木块A离开墙壁前，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，机械能也不守恒
C. 木块A离开墙壁后，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒
D. 木块A离开墙壁后，A、B和弹簧组成的系统动量不守恒，但机械能守恒
【答案】C
8、高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的均加速直线运动，在启动阶段列车的动能（）
A. 与它所经历的时间成正比
B. 与它的位移成正比
C. 与它的速度成正比
D. 与它的动量成正比
【来源】2018年全国普通高等学校招生统一考试物理（新课标I卷）
【答案】 B
二、非选择题
1、常用无线话筒所用的电池电动势E 约为9 V ，内阻r 约为40 Ω，最大允许电流为100 mA.
(1)为测定该电池的电动势和内阻，某同学先利用多用电表直流电压10 V 挡粗测电源电动势如图甲所示，测得值为________V.
(2)接着该同学利用图乙的电路进行实验．图中电压表为理想电表，R 为电阻箱(阻值范围为0～999.9 Ω)，R 0为定值电阻，目的是为了防止电阻箱的阻值调得过小时，通过电源的电流大于其承受范围，起保护电路的作用；实验室备有的定值电阻R 0的规格有以下几种，则本实验应选用________．
A ．50 Ω，1.0 W
B ．500 Ω，2.5 W
C ．1 500 Ω，15 W
D ．2 500 Ω，25 W
(3)接入符合要求的R 0后，闭合开关S ，调整电阻箱的阻值读出电压表的示数U ，再改变电阻箱阻值R ，取得多组数据，作出了如图丙的图线．由图线求得该电池的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.(结果保留三位有效数字)
解析：(1)直流电压10 V 挡的最小分度为0.2 V ，故测得值为9.2 V.
(2)电池最大允许电流为100 mA ，则电路中总电阻R 总≥E I
＝90 Ω＝r ＋R 0，故定值电阻R 0应选50 Ω，选项A 正确．
(3)根据闭合电路欧姆定律E ＝U ＋I(R 0＋r)＝U ＋U R (R 0＋r)，解得1U ＝1E ＋R 0＋r E ·1R
，故该图线纵坐标的截距为1E ＝0.1 V －1，解得电池电动势E ＝10.0 V ，斜率k ＝R 0＋r E
＝0.6－0.1－－2＝253
，解得R 0＋r ＝83.3 Ω，故电池内阻r ＝33.3 Ω. 答案：(1)9.2 (2)A (3)10.0 33.3。