【物理】四川省德阳五中2014-2015学年高二上学期第一次月考
四川省德阳五中高二物理上学期期中试题新人教版
物理试题（理科）（满分110分 时间90分钟） 第Ⅰ卷 (选择题，共56分)一、单项选择题（本大题共8小题，每小题4分，共32分．）1．一个检验电荷q 在电场中某点受到的电场力为F ，该点的电场强度为E ，下图中能正确反映q 、E 、F 三者关系的是2．一节干电池的电动势为1.5V ，这表示该电池 A.能将1.5J 的化学能转变成电能B.外电路接通时两极间的电压恒定为1.5VC.它存储的电能比电动势为1.2V 可充电电池存储的电能多D.在电池内部将1C 正电荷由负极移送到正极的过程中，非静电力做功1.5J3．用RU P 2求出“220 V,40 W”灯泡电阻为1210 Ω，而室温下测得其电阻只有90 Ω，下列说法正确的是A ．两个阻值相差悬殊是不正常的，一定是测量时读错了数据B ．两个阻值相差悬殊是不正常的，一定是出厂时把灯泡的功率标错了C ．两个阻值相差悬殊是正常的，1 210 Ω是正常工作状态下(温度很高)的阻值，90 Ω可能是常温下的阻值D ．两个阻值相差悬殊是正常的，因为室温下测量电阻的误差大 4．平行板电容器和电源、电阻、电键串联，组成如图所示的电路．接通开关K ，电源即给电容器充电( )A ．保持K 接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B ．保持K 接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的带电量不变C ．充电结束后断开K ，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D ．充电结束后断开K ，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大5．如图是用电压表和电流表测电阻的一种连接方法，R x 为待测电阻。
由于电表内阻对测量结果的影响，则A ．电流表示数小于通过R x 的实际电流B ．电压表示数大于R x 两端的实际电压C ．电压表示数小于R x 两端的实际电压D ．测量结果小于R x 的实际电阻 6．一个电流表的满偏电流Ig ＝1mA ，内阻Rg ＝500Ω，要把它改装成一个量程为3V 的电压表，则A ．应在电流表上再串联一个阻值为3K Ω的电阻B ．应在电流表上再并联一个阻值为3K Ω的电阻C ．改装后的电压表内阻是3 K ΩD ．改装后的电压表内阻是500Ω7.一个电子只在电场力作用下从a 点运动到b 点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行且等间距的实线可能是电场线，也可能是等势面，则以下说法正确的是 A ．如果实线是等势面，电子在a 点的速率一定大于在b 点的速率 B ．无论图中的实线是电场线还是等势面，a 点场强都比b 点的场强小 C ．无论图中的实线是电场线还是等势面，a 点电势都比b 点的电势高 D ．无论图中的实线是电场线还是等势面，电子在a 点的电势能都比b 点的电势能小8.相等的三个电阻R 和123,,R R R 组成如图所示的电路， 且123==R R R ，若电阻1R 两端的电压为20V ，电阻3R两端的电压为4V ，则电阻2R 两端的电压为 A ．6V B ．8V C ．10V D ．12V二、不定项选择题（本大题共6小题，每小题4分，共24分。
四川省德阳市第五中学高二物理上学期精选试卷检测题
四川省德阳市第五中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。
某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。
直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。
四川省德阳市第五中学高二物理上学期期中试题
四川省德阳市第五中学2015-2016学年高二物理上学期期中试题（考试时间：90分钟；分值：110分）一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分。
1—9题单选，10—12多选。
）1、关于电场强度E 的说法正确的是（ ）A ．根据E=F/q 可知，电场中某点的电场强度与电场力F 成正比，与电量q 成反比B ．电场中某点的场强的大小与试探电荷的大小、有无均无关C ．电场中某点的场强方向就是放在该点的电荷所受电场力方向D ．以上说法均不正确2、如图所示，a 、b 、c 为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c 为ab 的中点，a 、b 电势分别为φa ＝5 V 、φb ＝3 V ．下列叙述正确的是( )A ．该电场在c 点处的电势一定为4 VB ．a 点处的场强E a 一定大于b 点处的场强E bC ．一正电荷从c 点运动到b 点电势能一定减少D ．一正电荷运动到c 点时受到的静电力由c 指向a3、给平行板电容器充电，断开电源后A 极板带正电，B 极板带负电．板间一带电小球C 用绝缘细线悬挂，如图所示．小球静止时与竖直方向的夹角为θ，则( )A ．若将B 极板向右平移稍许，电容器的电容将增大 B ．若将B 极板向下平移稍许，A 、B 两板间电势差将变大C ．若将B 板向上平移稍许，夹角θ将变小D ．轻轻将细线剪断，小球将做斜抛运动4、图中虚线是某电场中的一簇等势线。
两个带电粒子从P 点均沿等势线的切线方向射入电场，粒子运动的部分轨迹如图中实线所示。
若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（ ） A ．粒子从P 运动到b 的过程中，动能减小 B ．a 、b 两点的电势关系b a U UC ．粒子从P 运动到a 的过程中，电势能增大D ．a 、b 两点的电场强度大小关系b aE E <5、如图所示，图中1、2分别为电阻R 1、R 2的电流随电压变化的关系图线，则( )A ．R 1和R 2串联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅰ区域B ．R 1和R 2串联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅱ区域C ．R 1和R 2并联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅰ区域D ．R 1和R 2并联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅲ区域6、图中R 1=4Ω，R 2=9Ω，R 3=18Ω。
四川省德阳五中2014-2015学年高一下学期第一次月考物理试卷 .doc
四川省德阳五中2014-2015学年高一（下）第一次月考物理试卷一、不定项选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分）1．（4分）质点在一平面内沿曲线由P运动到Q，如果v、a、F分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，下列图象可能正确的是（）A． B．C． D．2．（4分）对质点运动的描述，以下说法正确的是（）A．平抛运动是速度方向每时每刻都在改变的运动B．匀速圆周运动是匀变速曲线运动C．做曲线运动的物体加速度可能恒定D．做曲线运动的物体速度可能恒定3．（4分）做匀速圆周运动的物体，所受到的向心力的大小，下列说法正确的是（）A．与线速度的平方成正比B．与角速度的平方成正比C．与运动半径成正比D．与线速度和角速度的乘积成正比4．（4分）物体受10N的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，某时刻撤去这个拉力，物体将（）A．匀速运动B．立即停止运动C．产生加速度，做匀减速运动D．产生加速度，做匀加速运动5．（4分）在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体做平抛运动的时间t A、t B、t C的关系分别是（）A．v A＞v B＞v C t A＞t B＞t C B．v A=v B=v C t A=t B=t CC．v A＜v B＜v C t A＞t B＞t C D．v A＞v B＞v C t A＜t B＜t C6．（4分）关于平抛运动说法正确的是（）A．平抛运动是匀变速曲线运动B．平抛运动的时间由竖直下落的高度决定C．水平方向的位移由初速度来决定D．平抛运动中物体速度方向可能沿竖直方向7．（4分）小船在400米宽的河中横渡，河水流速是2m/s，船在静水中的航速是4m/s，要使船航程最短，则船头的指向和渡河的时间t分别为（）A．船头应垂直指向对岸，t=100sB．船头应与上游河岸成60°角，t=sC．船头应垂直指向对岸，t=SD．船头应与下游河岸成60°角，t=100s8．（4分）水平抛出一个物体，经时间t秒后物体速度方向与水平方向夹角为θ，重力加速度为g，则平抛运动的初速度为（）A．g t sinθB．g t cosθC．g t tanθD．9．（4分）汽车甲和汽车乙以相等的速率沿同一水平弯道做半径相等的匀速圆周运动，汽车甲的质量大于汽车乙的质量．两车的向心加速度分别为a甲和a乙；沿半径方向受到的摩擦力分别为f甲和f乙．以下说法正确的是（）A．a甲小于a乙B．a甲大于a乙C．f甲大于f乙D．f甲等于f乙10．（4分）滑雪运动员以20m/s的速度从一平台水平飞出，落地点到飞出点的高度差为3.2m．不计空气阻力，g取10m/s2．运动员飞过的水平距离为s，所有时间为t，则下列说法正确的是（）A．s=16m，t=0.50s B．s=16m，t=0.80sC．s=20m，t=0.50s D．s=20m，t=0.80s11．（4分）如图所示，卡车通过定滑轮牵引河中的小船，小船一直沿水面运动．则（）A．小船的速度v2总大于汽车速度v1B．汽车速度v1总等于小船的速度v2C．如果汽车匀速前进，则小船减速前进D．如果汽车匀速前进，则小船加速前进12．（4分）如图，线段OA=2AB，A、B两球质量相等，当它们绕O点在光滑的水平桌面上以相同的角速度转动时，两线段中的拉力T AB：T OB为（）A．3：2 B．2：3 C．5：3 D．2：1二、实验题（本大题共5空，每空3分，共15分）13．（6分）如图在长1m的两端封闭的玻璃管中装满水，水中放有一个红蜡做成的小物体，将管竖直倒置时蜡制小物体能在管中匀速上升．现在做这样一个实验，将管倒置的同时，使管保持竖直且开始沿水平方向做0.2m/s的匀速直线运动．则：（1）从地面上看，红蜡块的运动轨迹应是一条线；（2）若蜡块相对管上升的速度是0.1m/s，蜡块刚到管顶时，管在水平方向上移动了m．14．（9分）在“研究平抛物体的运动”的实验中（1）安装实验仪器的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是．A、保证小球飞出时的速度适当B、保证小球飞出时的初速度方向水平C、保证小球在空中的时间每次都相等D、保证小球的运动轨迹是一条抛物线（2）如图所示，用频闪照相法测当地重力加速度时，用闪光周期为0.1s的闪光照相机对正在做平抛运动的球拍摄的照片．背景是每格边长为5cm的正方形格子．试分析照片求水平初速度为m/s，当地重力加速度为m/s2．三、计算题（本大题共4小题，共47分）15．（10分）从1.8m的高处水平抛出一小球，球落地时的速度方向与水平面间的夹角为37°．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，tan37°=0.75）求：（1）抛出时的初速度的大小（2）水平位移的大小．16．（12分）一圆盘可绕通过圆盘中心O且垂直于盘面的竖直轴转动．在距圆盘中心O为0.2m 处放一质量为m=0.5kg的小木块，它与圆盘之间相对静止且随圆盘一起做匀速圆周运动，并且每10s转动5圈，g取10m/s2，求：（1）木块所受到的静摩擦力？（2）若小木块与圆盘之间的动摩擦因数为0.5，为使小木块与圆盘间不发生相对滑动，则圆盘转动的角速度不能超过多大？17．（14分）如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80m．有一滑块从A点以v0=6.0m/s 的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB=2.2m．不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离（3）滑块落地时速度大小及方向（用与水平方向的正切值表示）．18．（11分）地面上有一个半径为R的圆形跑道，高为h的平台边缘上的P点在地面上P′点的正上方，P′与跑道圆心O的距离为L（L＞R），如图所示．跑道上停有一辆小车，现从P点水平抛出小沙袋，使其落入小车中（沙袋所受空气阻力不计）．问：（1）当小车分别位于A点和B点时（∠AOB=90°），沙袋被抛出时的初速度各为多大？（2）若小车在跑道上运动，则沙袋被抛出时的初速度在什么范围内？（3）若小车沿跑道顺时针运动，当小车恰好经过A点时，将沙袋抛出，为使沙袋能在B处落入小车中，小车的速率v应满足什么条件？四川省德阳五中2014-2015学年高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分）1．（4分）质点在一平面内沿曲线由P运动到Q，如果v、a、F分别表示质点运动过程中的速度、加速度和受到的合外力，下列图象可能正确的是（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：当合力与速度不在同一条直线上时，问题就做曲线运动，但是加速度的方向和合外力的方向是相同的．解答：解：A、物体做曲线运动，物体的速度的方向是沿着轨迹的切线方向的，所以A错误；B、物体受到的合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，并且合力的方向和加速度的方向是相同的，所以加速度的方向也是指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可以判断BC错误，D正确；故选D．点评：根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候经常用到的知识点．2．（4分）对质点运动的描述，以下说法正确的是（）A．平抛运动是速度方向每时每刻都在改变的运动B．匀速圆周运动是匀变速曲线运动C．做曲线运动的物体加速度可能恒定D．做曲线运动的物体速度可能恒定考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：做曲线运动的物体速度方向一定变化，大小不一定变化；匀速圆周运动的加速度的方向不断变化，所以是一种变加速运动；平抛运动的加速度的大小和方向都不变．是匀变速曲线运动．解答：解：A、平抛运动的速度的方向与受力的方向始终不在同一条直线上，是速度方向每时每刻都在改变的运动．故A正确；B、匀速圆周运动的加速度的方向不断变化，所以是一种变加速曲线运动．故B错误；C、平抛运动的加速度始终大于重力加速度g，大小和方向都不变．是匀变速曲线运动．故C 正确；D、做曲线运动的物体速度方向一定变化，所以做曲线运动的物体速度不可能恒定．故D错误．故选：AC点评：该题考查曲线运动的速度，以及两种最常见的曲线运动：匀速圆周运动和平抛运动，一定要牢记两种特殊的曲线运动的特点．3．（4分）做匀速圆周运动的物体，所受到的向心力的大小，下列说法正确的是（）A．与线速度的平方成正比B．与角速度的平方成正比C．与运动半径成正比D．与线速度和角速度的乘积成正比考点：向心力．分析：根据匀速圆周运动向心力公式逐项分析即可求解．解答：解：A、根据F=m，可知，当半径一定时，向心力与线速度的平方成正比，故A错误；B、根据F=mω2r，可知，当半径一定时，向心力与与角速度的平方成正比，故B错误；C、根据F=mω2r，可知，当角速度一定时，向心力与与半径成正比，故C错误；D、根据F=mωv，可知，向心力与线速度和角速度的乘积成正比，故D正确．故选D点评：本题主要考查了向心力公式的直接应用，难度不大，属于基础题．4．（4分）物体受10N的水平拉力作用，恰能沿水平面匀速运动，某时刻撤去这个拉力，物体将（）A．匀速运动B．立即停止运动C．产生加速度，做匀减速运动D．产生加速度，做匀加速运动考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，撤去一个力后，物体受力不平衡，必定产生加速度，当物体的运动方向与合力方向一致时，物体做加速运动；当物体的运动方向与合力方向相反时，物体将做减速运动．解答：解：当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，撤去拉力，物体在水平方向上只受摩擦力作用，立即产生加速度，而摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，故物体做匀减速运动，直到静止，故C正确，ABD错误．故选：C点评：解决本题应明确，当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，则可由二力平衡求得摩擦力，当物体所受力的合力不为零时，物体的运动状态一定改变．5．（4分）在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A、v B、v C的关系和三个物体做平抛运动的时间t A、t B、t C的关系分别是（）A．v A＞v B＞v C t A＞t B＞t C B．v A=v B=v C t A=t B=t CC．v A＜v B＜v C t A＞t B＞t C D．v A＞v B＞v C t A＜t B＜t C考点：平抛运动．分析：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．解答：解：三个物体都做平抛运动，取一个相同的高度，此时物体的下降的时间相同，水平位移大的物体的初速度较大，如图所示，由图可知：v A＜v B＜v C，由h=gt2可知，物体下降的高度决定物体运动的时间，所以t A＞t B＞t C，所以C正确．故选C．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．6．（4分）关于平抛运动说法正确的是（）A．平抛运动是匀变速曲线运动B．平抛运动的时间由竖直下落的高度决定C．水平方向的位移由初速度来决定D．平抛运动中物体速度方向可能沿竖直方向考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的物体所受的合外力为恒力，是匀变速曲线运动．速度、加速度、位移都是矢量，矢量的合成遵循平行四边形定则，分运动与合运动具有等时性，各分运动具有独立性．解答：解：AC、平抛运动只受重力，为匀变速曲线运动，故A正确；B、根根据h=可知，平抛运动的时间仅与抛出点的竖直高度有关，与初速度无关，故B正确；C、物体落地的水平位移与时间（竖直高度）及水平初速度有关，故C错误；D、平抛运动具有水平和竖直方向速度，根据平行四边形定则可知，合速度不可能沿竖直方向，故D错误．故选：AB点评：解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，同时进行，同时结束，以及各分运动具有独立性，互不干扰，且合运动轨迹成曲线．7．（4分）小船在400米宽的河中横渡，河水流速是2m/s，船在静水中的航速是4m/s，要使船航程最短，则船头的指向和渡河的时间t分别为（）A．船头应垂直指向对岸，t=100sB．船头应与上游河岸成60°角，t=sC．船头应垂直指向对岸，t=SD．船头应与下游河岸成60°角，t=100s考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短．解答：解：A、当船头垂直指向对岸时，渡河时间最短．t min==s=100s．故AC错误；B、当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短．设船头与上游河岸方向的夹角为θ，则cosθ===，所以θ=60°渡河的位移x=d=400m；根据矢量合成法则，则有：v合==2m/s．渡河时间t==s=s，故B正确，D错误；故选：B．点评：解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，以及知道当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，合速度与河岸垂直时，渡河位移最短．8．（4分）水平抛出一个物体，经时间t秒后物体速度方向与水平方向夹角为θ，重力加速度为g，则平抛运动的初速度为（）A．g t sinθB．g t cosθC．g t tanθD．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球水平抛出后在只有重力作用下做平抛运动，则可将平抛运动分解成水平方向匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．当抛出t时间后，由重力加速度可求出竖直方向的速度，并由此时物体的速度与水平方向夹角可确定初速度．解答：解：当物体抛出t秒后，竖直分速度为：v⊥=gt，由题此时物体速度与水平方向夹角为θ，则由三角函数可求出初速度为：==tanθ则：v0=故选：D．点评：本题关键掌握平抛运动的规律，能熟练运动的分解法研究，可将其分解成水平匀速直线运动，竖直自由落体．题目中值得注意夹角θ，它是物体速度与水平方向的夹角，而不是与竖直方向的夹角．9．（4分）汽车甲和汽车乙以相等的速率沿同一水平弯道做半径相等的匀速圆周运动，汽车甲的质量大于汽车乙的质量．两车的向心加速度分别为a甲和a乙；沿半径方向受到的摩擦力分别为f甲和f乙．以下说法正确的是（）A．a甲小于a乙B．a甲大于a乙C．f甲大于f乙D．f甲等于f乙考点：向心力；向心加速度．专题：匀速圆周运动专题．分析：汽车拐弯靠静摩擦力提供向心力，结合向心力的大小比较沿半径方向的摩擦力大小，根据向心加速度公式比较向心加速度大小．解答：解：A、向心加速度a=，因为速率相等，半径相等，则向心加速度大小相等．故A、B错误．C、根据知，线速度大小相等，半径相等，汽车甲的质量大于汽车乙的质量，则f甲＞f，故C正确，D错误．乙故选：C．点评：解决本题的关键知道向心力和向心加速度公式，知道汽车拐弯向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．基础题．10．（4分）滑雪运动员以20m/s的速度从一平台水平飞出，落地点到飞出点的高度差为3.2m．不计空气阻力，g取10m/s2．运动员飞过的水平距离为s，所有时间为t，则下列说法正确的是（）A．s=16m，t=0.50s B．s=16m，t=0.80sC．s=20m，t=0.50s D．s=20m，t=0.80s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的高度确定时间，根据h=，求出平抛运动的时间，在水平方向上做匀速直线运动，根据匀速直线运动公式求出水平位移．解答：解：在竖直方向上有h=，则在水平方向上，有s=v0t=20×0.8m=16m．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，两分运动具有等时性．11．（4分）如图所示，卡车通过定滑轮牵引河中的小船，小船一直沿水面运动．则（）A．小船的速度v2总大于汽车速度v1B．汽车速度v1总等于小船的速度v2C．如果汽车匀速前进，则小船减速前进D．如果汽车匀速前进，则小船加速前进考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于v，根据平行四边形定则求出车与船的速度．解答：解：船的速度等于沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，根据平行四边形定则，有v2cosθ=v1，则v2=．A、由上可知，汽车速度v1总小于小船的速度v2，故A错误，B也错误；C、如果汽车匀速前进，随着夹角θ在增大，则小船加速前进，故C错误，D正确；故选：D．点评：解决本题的关键知道船的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，会根据平行四边形定则对速度进行合成．12．（4分）如图，线段OA=2AB，A、B两球质量相等，当它们绕O点在光滑的水平桌面上以相同的角速度转动时，两线段中的拉力T AB：T OB为（）A．3：2 B．2：3 C．5：3 D．2：1考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：两个小球以相同的角速度绕着O点做匀速圆周运动，分别对两个小球运用牛顿第二定律列式，即可求得两段绳子拉力之比F AB：F OA．解答：解：设OA=2r，则OB=r，角速度为ω，每个小球的质量为m．则根据牛顿第二定律得：对A球：F AB=mω2•2r对B球：F OB﹣F AB=mω2•r联立以上两式得：F AB：F OB=2：3故选：B点评：本题要注意两球的加速度不同，只能用隔离进行研究，关键要分析它们向心力的来源．二、实验题（本大题共5空，每空3分，共15分）13．（6分）如图在长1m的两端封闭的玻璃管中装满水，水中放有一个红蜡做成的小物体，将管竖直倒置时蜡制小物体能在管中匀速上升．现在做这样一个实验，将管倒置的同时，使管保持竖直且开始沿水平方向做0.2m/s的匀速直线运动．则：（1）从地面上看，红蜡块的运动轨迹应是一条直线；（2）若蜡块相对管上升的速度是0.1m/s，蜡块刚到管顶时，管在水平方向上移动了2m．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：蜡块参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据运动的合成，判断运动的轨迹．根据平行四边形定则，求出蜡块的合位移．解答：解：（1）、两个匀速直线运动的合运动是匀速直线运动，所以运动轨道是直线．（2）、根据平行四边形定则，知合位移即为两方向的位移矢量和，长1m的两端封闭的玻璃管中，蜡块相对管上升的速度是0.1m/s，沿水平方向做0.2m/s的匀速直线运动，根据=，因此管在水平方向上移动了s x=×1=2m．故答案为：（1）直；（2）2．点评：速度、加速度、位移都是矢量，合成和分解都遵循平行四边形定则，注意判定直线与曲线运动的条件．14．（9分）在“研究平抛物体的运动”的实验中（1）安装实验仪器的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是B．A、保证小球飞出时的速度适当B、保证小球飞出时的初速度方向水平C、保证小球在空中的时间每次都相等D、保证小球的运动轨迹是一条抛物线（2）如图所示，用频闪照相法测当地重力加速度时，用闪光周期为0.1s的闪光照相机对正在做平抛运动的球拍摄的照片．背景是每格边长为5cm的正方形格子．试分析照片求水平初速度为2.5m/s，当地重力加速度为10m/s2．考点：研究平抛物体的运动．分析：（1）在实验中让小球在固定斜槽滚下后，做平抛运动，记录下平抛后运动轨迹．然后在运动轨迹上标出特殊点，对此进行处理，由于是同一个轨迹，因此要求抛出的小球初速度是相同的，所以在实验时必须确保抛出速度方向是水平的，同时固定的斜槽要在竖直面．（2）根据每秒的闪光次数，求出小球运动时间间隔，然后根据水平方向匀速运动x=v0t，竖直方向自由落体运动△h=gt2，即可求出物体的初速度和当地的重力加速度大小．解答：解：（1）研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出时小球才做平抛运动，故ACD错误，B正确（2）水平方向匀速运动，有：x=v0t，其中：x=5L=25cm，t=0.1s，所以解得：v0=2.5m/s．在竖直方向有：△h=gt2，其中：△h=2L=10cm=0.1m，代入解得：g=10m/s2故答案为：（1）B；（2）2.5，10．点评：在实验中如何实现让小球做平抛运动是关键，因此实验中关键是斜槽末端槽口的切线保持水平及固定后的斜槽要竖直．本题不但考查了平抛运动的规律，还灵活运用了匀速运动和匀变速运动的规律，很好的考查了学生对基础知识的掌握情况．三、计算题（本大题共4小题，共47分）15．（10分）从1.8m的高处水平抛出一小球，球落地时的速度方向与水平面间的夹角为37°．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，tan37°=0.75）求：（1）抛出时的初速度的大小（2）水平位移的大小．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：（1）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平行四边形定则求出球的初速度．（2）由高度求出时间，结合速度位移公式求出水平位移的大小．解答：解：（1）球落地时竖直方向的分速度大小为：v y===6m/s根据题意作出球落地时的速度分解图如图，根据平行四边形定则得初速度为：v0===8m/s（2）由h=，得：t===0.6s水平位移的大小为：x=v0t=8×0.6m=4.8m答：（1）抛出时的初速度的大小为8m/s．（2）水平位移的大小为4.8m．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动的分解法研究．16．（12分）一圆盘可绕通过圆盘中心O且垂直于盘面的竖直轴转动．在距圆盘中心O为0.2m 处放一质量为m=0.5kg的小木块，它与圆盘之间相对静止且随圆盘一起做匀速圆周运动，并且每10s转动5圈，g取10m/s2，求：（1）木块所受到的静摩擦力？（2）若小木块与圆盘之间的动摩擦因数为0.5，为使小木块与圆盘间不发生相对滑动，则圆盘转动的角速度不能超过多大？考点：向心力；摩擦力的判断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：（1）木块随圆盘一起做圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，结合角速度的大小求出静摩擦力的大小．（2）根据最大静摩擦力的大小，根据牛顿第二定律求出圆盘转动的最大角速度．解答：解：（1）角速度的大小为：，根据f=mrω2得，静摩擦力的大小为：f=0.5×0.2×π2=0.1π2=0.98N．（2）根据得：．答：（1）木块所受到的静摩擦力为0.98N；（2）圆盘转动的角速度不能超过5rad/s．点评：本题考查了圆周运动的基本运用，知道圆周运动向心力的来源是解决本题的关键，结合牛顿第二定律进行求解．17．（14分）如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80m．有一滑块从A点以v0=6.0m/s 的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB=2.2m．不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离（3）滑块落地时速度大小及方向（用与水平方向的正切值表示）．考点：动能定理；平抛运动．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）滑块在水平面上做匀减速直线运动，水平方向只受滑动摩擦力，根据动能定理即可求出B点的速度；（2）滑块从B点飞出后做平抛运动，高度已知，就可以求出运动的时间，水平方向做匀速直线运动，x=v B t；（3）平抛运动竖直方向做自由落体运动，v y=gt，根据平行四边形定值求解落地速度的大小，根据几何关系求解正切值．解答：解：（1）运用动能定理研究A→B得：﹣μmgl=mv B2﹣mv02解得v B=5.0m/s．（2）滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出做平抛运动．根据平抛运动规律得：X=v B tt==解得：X=2.0m（3）落地前瞬间竖直速度为：v y=gt=10×0.4m/s=4m/s，水平方向的速度为v B=5m/s，则落地时速度设速度与水平方向的夹角为α，则tanα=答：（1）滑块从B点飞出时的速度大小是5.0m/s；（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离是2.0m；（3）滑块落地时速度大小为，方向与竖直方向的夹角的正切值为0.8。
四川省德阳五中高二物理上学期精选试卷检测题
四川省德阳五中高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A 的小球a 固定于圆心O 的正下方半圆上A 点；带电量为q ,质量为m 的小球b 静止于B 点，其中∠AOB =30°。
由于小球a 的电量发生变化，现发现小球b 沿容器内壁缓慢向上移动，最终静止于C 点(未标出)，∠AOC =60°。
下列说法正确的是（ ）A ．水平面对容器的摩擦力向左B ．容器对小球b 的弹力始终与小球b 的重力大小相等C ．出现上述变化时，小球a 的电荷量可能减小D ．出现上述变化时，可能是因为小球a 的电荷量逐渐增大为32(23)A q【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】A ．对整体进行受力分析，整体受到重力和水平面的支持力，两力平衡，水平方向不受力，所以水平面对容器的摩擦力为0，故A 错误；B ．小球b 在向上缓慢运动的过程中，所受的外力的合力始终为0，如图所示小球的重力不变，容器对小球的弹力始终沿半径方向指向圆心，无论小球a 对b 的力如何变化，由矢量三角形可知，容器对小球的弹力大小始终等于重力大小，故B 正确； C ．若小球a 的电荷量减小，则小球a 和小球b 之间的力减小，小球b 会沿半圆向下运动，与题意矛盾，故C 错误；D ．小球a 的电荷量未改变时，对b 受力分析可得矢量三角形为顶角为30°的等腰三角形，此时静电力为22sin15Aqq mg kL ︒= a 、b 的距离为2sin15L R =︒当a 的电荷量改变后，静电力为2Aqq mg kL '='a 、b 之间的距离为L R '=由静电力122'q q F kL = 可得3223A A q q -=-'（） 故D 正确。
故选BD 。
2．真空中，在x 轴上的坐标原点O 和x =50cm 处分别固定点电荷A 、B ，在x =10cm 处由静止释放一正点电荷p ，点电荷p 只受电场力作用沿x 轴方向运动，其速度与在x 轴上的位置关系如图所示。
高二第一次月考物理试题(含答案和解析)
四川省德阳市绵竹市南轩中学【精品】高二第一次月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化B．闭合线框放在变化的磁场中一定能产生感应电流C．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流D．感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反2．如图所示，匀强磁场中有一圆形闭合线圈，线圈平面与磁感线平行，能使线圈中产生感应电流的应是下述运动中的哪一种（）A．线圈平面沿着与磁感线垂直的方向运动B．线圈平面沿着与磁感线平行的方向运动C．线圈绕着与磁场平行的直径ab旋转D．线圈绕着与磁场垂直的直径cd旋转3．如图所示，两根相距为l的平行直导轨ab、cd，b、d间连有一定值电阻R，导轨电阻可忽略不计．MN为放在ab和cd上的一导体杆，与ab垂直，其电阻也为R．整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，磁场方向垂直于导轨所在平面(指向图中纸面内)．现对MN施力使它沿导轨方向以速度v(如图)做匀速运动．令U表示MN两端电压的大小，则()A ．U ＝12Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由b 到d B ．U ＝12Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由d 到bC ．U ＝Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由b 到dD ．U ＝Blv ，流过定值电阻R 的感应电流由d 到b4．如图所示，竖直平面内有一金属环，半径为 a ，总电阻为 R （指拉直时两端的电阻），磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直穿过环平面，与环的最高点 A 铰链连接的长度为 2a 、电阻为2R的导体棒 AB 由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B 点的线速度为 v ，则这时 AB 两端的电压大小为（ ）A ．3BavB ．6BavC ．23BavD ．Bav5．如图所示，一个圆形线圈的匝数为N ，半径为a ，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。
四川省德阳五中高二上学期第一次月考物理试题
德阳五中高二物理9月月考试题一、选择题1．如图所示装置绕竖直轴匀速旋转，有一紧贴内壁的小物体，物体随装置一起在水平面内匀速转动的过程中所受外力可能是A ．重力、弹力 、向心力B ．重力、弹力、滑动摩擦力C ．下滑力、弹力、静摩擦力D ．重力、弹力、静摩擦力D2．如图甲为一女士站立在台阶式自动扶梯上正在匀速上楼，如图乙为一男士站立在乘履带式自动人行道上正在匀速上楼。
下列关于两人受到的力做功判断正确的是A ．甲图中支持力对人做正功B ．乙图中支持力对人做正功C ．甲图中摩擦力对人做负功D ．乙图中摩擦力对人做负功A3．用轻质等长的细线把两个质量相等的带电小球a 、b 悬挂起来，a 球带负电-3q ，b 球带正电q ，整个装置处在水平向右的匀强电场中，最后达到平衡时的状态可能是（ ）D4．太空深处有一均匀带负电的星球P ，有一也带负电的极小星体Q 沿如图所示的路径ABC 掠过星球，BA ．极小星体Q 在A 点的动能比B 点大B ，极小星体Q 在A 点的电势能比B 点大C ．极小星体Q 在A 点所受的电场力比B 点大D ．星球P 产生的电场在A 点的电势比B 点高 D 5．中国版“野牛”级重型气垫船，自重达540大功率燃气轮机，该机额定输出功率为8700kW f 与速度v 成正比，即f=kv 。
A ．“野牛”级重型气垫船的最大牵引力为2.9×105NB ．在额定输出功率下以最高时速航行时，气垫船所受的阻力为2.9×105NC ．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船发动机的输出功率为4350kWD ．从题中给出的数据，不能计算阻力f 与速度v 的比值kB6．如图所示，带箭头的实线表示电场中电场线的分布情况，一带电粒子在电场中运动轨迹如图中的虚线所示，粒子只受电场力，则正确的说法是A ．若粒子是从a 点到b 点，则带正电B ．粒子肯定带负电C ．若粒子是从b 点到a 点，则加速度减小甲 乙D ．若粒子是从b 点到a 点，则速度减小BC7．如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N 与静电计相接，极板M 接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U ．在两板相距一定距离d 时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q 不变，下面哪些操作将使静电计指针张角变小①将M 板向下平移②将M 板沿水平向左方向远离N 板③在M 、N 之间插入云母板（介电常数ε>1）④在M 、N 之间插入金属板，且不和M 、N 接触A ．①②B ．③④C ．①③D ．②④B8．如图所示，A 、B 、C 是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L ，电量为q =1.0×10-5 C 的负电荷由A 移动到C 电场力做功W 1=4.0×10-5J ，该电荷由C 移动到B 电场力做功W 2=-2.0×10-5J ，若B 点电势为零，以下说法正确的是A ．A 点电势为2VB ．A 点电势为-2VC ．匀强电场的方向为由C 指向AD ．匀强电场的方向为垂直于AC 指向BBC9．把一个电容器、电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接。
四川省德阳五中2014-2015学年高二上学期期中考试生物试题
四川省德阳五中2014-2015学年高二上学期期中考试生物试题（总分90分，90分钟完卷）一、选择题（每小题只有1个正确答案，1—30题每题1分，31—40题每题2分，共50分）1、新物种形成的标志是( )A．具有新的生理功能 B．出现新的形态结构C．出现地理隔离D．形成生殖隔离2、在对某工厂职工进行遗传学调查时发现，在男女各400名职工中，女性色盲基因的携带者为30人，患者为10人，男性患者为22人。
那么这个群体中色盲基因的频率为( )A.4.5％B.5.9％C.6％D.9％3、根据现代生物进化理论，判断下列说法正确的是( )A.生物进化的方向,决定于生物变异的方向B.生物进化的过程，实质是基因频率变化的过程C.同种生物或不同种生物之间相互选择共同发展就是共同进化D. 突变、基因重组和生殖隔离是新物种形成的三个基本环节4、下列关于自然界中影响物种形成的因素，不．正确的是( )A．突变和基因重组是物种形成的内因 B．自然选择是物种形成的外因C．隔离是物种形成的必不可少的重要因素D．物种的形成有的不需要经过隔离5、在下列图示中，正确表示血浆、组织液、淋巴三者之间的关系的是（）织组浆液..血巴淋B组浆A织血液巴淋织浆组巴.血.D淋液C浆血织组巴淋液6、人体内环境相对稳定是健康的保障，由于人体内环境成分发生明显变化而引起的病症是①小腿抽搐②镰刀型细胞贫血症③尿毒症④组织水肿A.①②③B.①③④C.①②④D.②③④7、下列关于内环境及其稳态的叙述中,正确的是( )A.人体代谢中的生物化学反应主要发生在细胞内B.呼吸酶､递质､激素､葡萄糖和CO2都是内环境的成分C.内环境稳态的实质是内环境的渗透压､温度和pH保持不变D.小肠绒毛上皮细胞生活的内环境为组织液和消化液8、人体发生酒精过敏时,身体的某些部位(如颈部)出现红肿,原因是细胞释放组织胺,导致毛细血管壁通透性增加,并且促使( )A.葡萄糖渗出,组织液减少B.血浆蛋白渗出,组织液增加C.葡萄糖渗出,组织液增加D.血浆蛋白渗出,组织液减少9、下列有关突触的叙述,正确的是( )A.神经元之间通过突触联系B.一个神经元只有一个突触C.突触由突触前膜和突触后膜构成D.神经递质能透过突触后膜10、某些麻醉剂是一种神经递质的阻断剂，当人体使用这些麻醉剂后，痛觉消失了，而其他大部分神经的传递功能正常，这一事实说明：( )A．不同的神经纤维是以不同的递质传递B．不同的神经元之间的递质可能不同C．所有神经元之间的递质可能相同 D．麻醉剂作用于大脑皮层，使痛觉中枢失去功能11、某人不小心从高处摔下,到医院检查,下列与确定此人神经中枢受损无关的检查是A.针刺双脚观察是否有反应B.检查血细胞的数量是否有变化C.检查膝跳反射是否正常D.要求此人复述医生的一段话12、下列关于反射弧和兴奋传导的叙述,不正确的是( )A.神经受刺激的部位膜外先变为正电位,接着恢复负电位,形成电信号在神经纤维上传导B.刺激某一反射的感受器或传出神经,都能使效应器产生反应C.神经元之间兴奋的传递只能是单方向的,决定于神经递质的存在､释放和作用的部位D.在特定情况下，突触释放的神经递质，也能使肌肉收缩和某些腺体分泌13、19世纪,世界上很多著名的科学家试图通过研碎胰腺的方法获得其中的胰岛素,但都没有获得成功,后有科学家通过结扎胰管让胰腺退化,然后单独研碎胰岛的方法成功获得了其中的胰岛素｡下列关于直接研碎胰岛素不能成功获得胰岛素的原因分析中,最可能的A.当时研磨技术比较落后,研磨不充分B.研磨时选取的胰腺部分正好不含有胰岛C.研磨过程中,胰腺中的消化酶把胰岛素分解了D.胰岛素有胰腺内的其他物质紧密结合,不容易分离14、科研人员分别给三只大白鼠注射了A､B､C三种激素后,观察到的相应反应是A可引起低血糖,甚至昏迷;B促进蛋白质的合成,并使软骨生长明显;C使呼吸､心率加快,并使体内产热量增加｡据此判断激素A､B､C的化学名称依次是( )A.甲状腺激素､胰岛素､生长激素B.胰高血糖素､生长激素､甲状腺激素C.胰岛素､生长激素､甲状腺激素D.生长激素､胰岛素､甲状腺激素15、下列关于高等动物生命活动的调节,合理的一项是( )A.促甲状腺激素释放激素作用于甲状腺,促使甲状腺产生甲状腺激素B.胰岛分泌具有拮抗作用的胰高血糖素和胰岛素对血糖含量进行调节C.人体的反馈调节中,神经调节与激素调节是完全独立的D.血液中二氧化碳含量升高,会抑制呼吸中枢的活动16、当动物缺乏某激素时,可以通过“饲喂”或“注射法”对该激素进行人为补充,下列可通过“饲喂法”补充的是( )①生长激素②甲状腺激素③胰岛素④性激素A.①②B.①③C.②④D.①④17、为了观察小狗甲状腺功能亢进引起的病变，可以采取下列哪项措施：（）A．用甲状腺制剂连续喂养发育正常的小狗B．向甲状腺功能不足的小狗注射一定剂量的甲状腺激素C．用碘制剂连续喂养发育正常的小狗D．切除发育正常的小狗的甲状腺体18、在体液调节中,激素从内分泌腺产生之后,通过体液的传送特异性地作用于靶细胞｡下面激素与靶细胞的关系,不正确的是( )A.促甲状腺激素释放激素与垂体细胞B.促性腺激素与精巢细胞C.胰高血糖素与骨骼肌细胞D.孕激素与子宫内膜细胞19、下图表示人体内各类细胞生成的途径，a—f表示不同种类的细胞，下列说法错误的是A. 造血干细胞形成多种细胞，要经过细胞增殖和细胞分化过程B. 各类细胞相同但功能不同，根本原因是不同细胞表达的基因不同C. c和d在不同的场所发育而成D. 当再次受抗原刺激时，机体具有更强烈的免疫反应，主要与c和d有关20、现有大小和生长状况相同的同一品系小鼠甲、乙、丙及另一品系小鼠丁，并对甲、乙、丙分别做如下处理：两周后，再将丁的皮肤小片分别移植到甲、乙、丙体表上，则移植的皮肤小片最易脱落和最易成活的分别是（）A. 乙、甲B.乙、丙C. 丙、丙D. 丙、甲21、下列哪一个生产或实验过程不能使用吲哚乙酸（）A. 处理扦插的月季枝条，促使其加快生根B. 处理青色的生香蕉，使其加速转变为黄色C. 处理去掉雄蕊的番茄花蕾，获得无子果实D. 处理切去胚芽鞘尖端的燕麦幼苗，使其长长一段22、用生长素类似物除去水稻田中的杂草，其原理与下列实验相似的一项是（）A. 用一定浓度的生长素培育无子番茄B. 用一定浓度的生长素促进扦插枝条生根C. 除去发育着的种子，子房发育停止D. 植物的顶端优势现象23、浙江省海宁市一位农民不慎错将家中存放的2，4-D当作农药，喷施到晚稻田中用治虫。
四川省德阳市第五中学高二物理模拟试题含解析
四川省德阳市第五中学高二物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选题）如图6－7所示，四个相同的金属容器共轴排列，它们的间距与容器的宽度相同，轴线上开有小孔．在最左边、最右边两个容器上加电压U后，容器之间就形成了匀强电场．今有一个电子从最左边容器的小孔沿轴线入射，刚好没有从最右边容器出射，则该电子停止运动前( )A．通过各容器的速度比依次为∶∶1B．通过各容器的时间比依次为5∶3∶1C．通过各容器间隙所用的时间比依次为5∶3∶1D．通过各容器间隙的加速度比依次为5∶3∶1参考答案：A2. 在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大参考答案：D 【考点】电势；电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度，由斜率的变化判断场强的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电场的方向．由电势能的变化情况判断电场力做功正负．【解答】解：A、φ﹣x图象的斜率等于电场强度，则知x=2m处的电场强度不为零．故A错误．B、从0到x=4m处电势不断降低，但x=2m点的电场方向不一定沿x轴正方向．故B错误．C、由斜率看出，从0到4m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大．故C错误．D、沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大．故D正确．故选：D3. （单选）如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路,导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环。
导线abcd所围区域内磁场的磁感强度B按图中哪一图线所表示的方式随时间t 变化时，导体圆环将受到向下的磁场作用力参考答案：B4. 以下关于惯性的说法正确的是（）A．高速运动的物体不容易停下来，所以物体运动速度越大，惯性越大B．用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，则难以推动的物体惯性大C．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，这是由于惯性所引起的D．物体不受外力作用时才有惯性参考答案：C【考点】惯性．【分析】惯性大小取决于物体的质量大小，与速度大小无关．匀速行驶中的客车突然刹车，乘客向前倾，是由于惯性所引起的．【解答】解：A、惯性大小与物体速度的大小无关．故A错误．B、用相同的水平力，分别推放在地面上的两个材料不同的物体，难以推动的物体受到的最大静摩擦力．故B错误．C、匀速行驶中的客车突然刹车，乘客下半身随车减速，而上半身由于惯性保持原来向前的速度而向前倾倒，故C正确．D、物体不受外力作用和受力作用时都有惯性．故D错误．故选C5. （多选题）利用电场和磁场来控制带电粒子的运动，是一项重要的物理应用技术．在等量正点电荷所激发的电场中，可以使带电粒子做匀速圆周运动．如图所示，AB为两个点电荷连线的中垂线，粒子在其上P点获得一垂直纸面向外的速度，恰好在中垂面上做匀速圆周运动．以下判断正确的是（）A．该粒子可能带正电B．该粒子一定带负电C．若点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，粒子仍在原轨道做匀速圆周运动D．若点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，粒子将无法在原轨道做匀速圆周运动参考答案：BD【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．【分析】负点电荷将绕O点在AB的中垂面里做匀速圆周运动，合外力提供向心力，根据向心力公式结合库仑定律以及离心运动条件，即可求解．【解答】解：AB、由题意可知，负点电荷将绕O点在AB的中垂面里做匀速圆周运动，故A错误，B 正确；CD、若点电荷M、N的带电量同时等量地缓慢增大，依据库仑定律，则库仑力增大，根据力的合成法则，则负点电荷受到的库仑合力增大，即提供的向心力大于所需要的向心力，因此粒子将做向心运动，则无法在原轨道做匀速圆周运动，故C错误，D正确；故选：BD．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （2分）三个标有“100Ω，4W”、“12.5Ω，8W”、“90Ω，10W”字样的电阻，当它们串联时允许加的最大总电压是V。
四川省德阳五中高二物理10月月考试题
四川省德阳五中2019-2019学年高二物理10月月考试题一、单选题（本大题共12小题，共48.0分）1.最早提出用电场线描述电场的物理学家是A. 库仑B. 奥斯特C. 法拉第D. 安培2.下列说法正确的是A. 电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质，实际上不存在B. 电荷所受的电场力越大，该点的电场强度一定越大C. 以点电荷为球心，r为半径的球面上各点的场强都相同D. 在电场中某点放入试探电荷q，受电场力F，该点的场强为，取走q后，该点的场强不变3.某电场的电场线分布如图所示实线，以下说法正确的是A. c点场强小于b点场强B. b和c处在同一等势面上C. 若将一试探电荷由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D. 若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由a点运动到d点，可判断该电荷一定带负电4.电场中某点的电场强度E与放在该点处的检验电荷q及所受电场力F间的关系如图，正确的是A. B. C. D.5.如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c三点，则A. a点电势比b点高B. a、b两点场强方向相同C. a、b、c三点与无穷远处电势不相等D. 带电粒子不计重力在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动6.四种电场的电场线如图所示一电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动，且加速度越来越大则该电荷所在的电场可能是图中的A. B. C. D.7.下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘，则坐标原点O处电场强度最小的是A. B. C. D.8.已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同如图所示，半径为R的球体上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在过球心O 的直线上有A、B两个点，O和B、B和A间的距离均为现以OB为直径在球内挖一球形空腔，若静电力常量为k，球的体积公式为，则A点处场强的大小为：A. B. C. D.9.有一个质量为2kg的质点在平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象分别如图甲、乙所示，下列说法正确的是A. 质点所受的合外力大小为6NB. 质点做匀变速曲线运动C. 质点的初速度大小为D. 质点2s内的位移大小为17m10.质量为m的物体P置于倾角为的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角时如图，下列判断正确的是A. P的速率为vB. P的速率为C. 绳的拉力等于 1D. 绳的拉力小于11.两个质量分别为2m和m的小木块a和可视为质点放在水平圆盘上，a与转轴的距离为L，b与转轴的距离为2L，a、b之间用长为L的强度足够大的轻绳相连，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。
四川省德阳市第五中学2014-2015学年高二下学期第一次月考物理试卷
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分：110分，时间：90分钟第Ⅰ卷（选择题 共48分）一、本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．如图所示，光滑斜面固定于水平面，滑块A 、B 叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A 上表面水平，则在斜面上运动时，B 受力的示意图为 ( )．解析 A 、B 整体沿斜面向下的加速度a 可沿水平方向和竖直方向分解为加速度a ∥和a ⊥，如图所示，以B 为研究对象， B 滑块必须受到水平向左的力来产生加速度a ∥．因此B受到三个力的作用，即：重力、A 对B 的支持力、A 对B 的水平向左的静摩擦力，故只有选项A 正确．2．为研究太阳系内行星的运动，需要知道太阳的质量，已知地球半径为R ，地球质量为m ，太阳与地球中心间距为r ，地球表面的重力加速度为g ，地球绕太阳公转的周期为T ．则太阳的质量为( )． A ．4π2r 3T 2R 2gB ．T 2R 2g 4π2mr 3 C ．4π2mgr 3R 3T 2 D ．4π2mr 3T 2R 2g 解析 在地球表面：G mm′R 2＝m′g① 地球绕太阳公转：G Mm r 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2r ② 由①②得：M ＝4π2mr 3T 2R 2g．故D 项正确． 答案 D3．如图所示，细线的一端固定于O 点，另一端系一小球．在水平拉力作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由A点运动到B点．在此过程中拉力的瞬时功率变化情况是( )．A．逐渐增大B．逐渐减小C．先增大，后减小D．先减小，后增大解析小球速率恒定，由动能定理知：拉力做的功与克服重力做的功始终相等，将小球的速度分解，可发现小球在竖直方向分速度逐渐增大，重力的瞬时功率也逐渐增大，则拉力的瞬时功率也逐渐增大，A项正确．答案 A4．如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是()A．这个电场可能是负点电荷的电场B．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小(不计重力)D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向答案 B解析因为(孤立)负点电荷的电场线是自四周无穷远处从不同方向指向负电荷的球对称分布的，而图中的电场线分布不具备这种特点，所以它不可能是负点电荷的电场，选项A 错误．因电场线越密处场强越大，故由图知场强E A>E B.又因点电荷q在电场中所受静电力F ＝，故静电力F A>F B，选项B正确．由牛顿第二定律知，加速度a＝，而F A>F B，故a A>a B，选项C错误．因“B点切线方向”即B点场强方向，而负电荷所受静电力方向与场强方向相反，故选项D错误．点评电场线的特点：①电场线上某点切线的方向表示该点场强的方向，不表示电荷受力的方向，也不表示速度的方向；②电场线的疏密反映电场强弱，在电场线密的地方，电场强．③电场线不是电荷运动的轨迹，只有当电场线是直线，而带电粒子只受电场力，且初速度方向与电场线平行时，运动轨迹才能与电场线重合．5、如图所示的匀强电场E的区域内，由A、B、C、D、A′、B′、C′、D′作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD垂直．下列说法正确的是()A．AD两点间电势差U AD与AA′两点间电势差U AA′相等B.带正电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，电场力做正功C.带负电的粒了从A点沿路径A→D→D′移到D′点，电场势能减少D.同一带电粒子从A点移到C′点，沿对角线A→C′与沿A→B→B′→C′电场力做功相同答案BD6、如图5所示，一束电子以不同的速率沿图示方向飞入横截面是一正方形的匀强磁场，下列判断正确的是( )图5A ．电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹越长B ．电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹线所对应的圆心角越大C ．在磁场中运动时间相同的电子，其轨迹一定重合D ．电子的速率不同，它们在磁场中运动的时间一定不相同答案 B解析由于R ＝m v Bq，而电子束以不同速率进入同一磁场，m 、B 、q 相同，v 大者偏转半径大，右图中表示几种不同速率的电子在磁场中的运动轨迹，由3、4、5可知，三者运动时间相同，但轨迹长短不同，所以A 和C 错；又由3、4、5可知，电子的速率不同，但在磁场中运动时间可能相同，故D 错；另由公式t ＝θ2πT ，T ＝2πm Bq与速率无关，所以，电子在磁场中的运动时间t 仅与轨迹圆孤所对应的圆心角θ有关，圆心角越大，时间t 越长，B 正确．提升练7. 如图所示，质量为m ，带电荷量q 的小球从P 点静止释放，下落一段距离后进入正交的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向左，磁场方向垂直纸面向里，则小球在通过正交的电场和磁场区域时的运动情况是( )A ．一定做曲线运动B ．轨迹一定是抛物线C ．可能做匀速直线运动D ．可能做匀加速直线运动答案 A 解析 小球从P 点静止释放，下落一段距离后进入正交的匀强电场和匀强磁场中后一定会受到电场力和洛伦兹力．电场力和重力会对小球做正功，洛伦兹力不做功．小球的动能会增加，即速度变大，且速度的方向也会发生变化．洛伦兹力也会变大，方向也会改变．小球运动的速度和加速度的大小、方向都会改变．所以运动情况是一定做曲线运动．8. 如图7所示，三个速度大小不同的同种带电粒子沿同一方向从图示长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90°、60°、30°，则它们在磁场中的运动时间之比为( )A ．1∶1∶1B ．1∶2∶3C ．3∶2∶1 D.3∶2∶1答案 C解析如右图所示，设带电粒子在磁场做圆周运动的圆心为O ，由几何关系知，圆弧MN 所对应的粒子运动的时间t ＝MNv ＝Rαv ＝m v qB ·αv ＝mαqB，因此，同种粒子以不同速率射入磁场，经历时间与它们的偏角α成正比，即t 1∶t 2∶t 3＝90°∶60°∶30°＝3∶2∶1.9、如图4－10－19所示，竖直平面内一具有理想边界AB 的匀强磁场垂直纸面向里，在距离边界H 处一正方形线框MNPO 以初速度v 0向上运动，假设在整个过程中MN 始终与AB 平行，则下列图象能反映线框从开始至到达最高点的过程中速度变化规律的是( )图4－10－19解析 在线框从开始运动到MN 边接近AB 时，线框做匀减速直线运动；MN 边进入磁场后因切割磁感线而产生感应电流，其受到安培力作用则线框加速度瞬时变大，速度瞬时减小更快．随着速度减小，产生的感应电流减小，安培力减小，加速度减小，所以能正确反映线框速度与时间关系的是图C.答案 C10、两条光滑的平行导轨水平放置，导轨的右端连接一阻值为R的定值电阻，将整个装置放在竖直向下的匀强磁场中，现将一导体棒置于O点，从某时刻起，在一外力的作用下由静止开始向左做匀加速直线运动，导体棒先后通过M和N两点，其中OM＝MN.已知导体棒与导轨接触良好，始终与导轨垂直，且除定值电阻外其余部分电阻均不计．则下列说法错误的是()图4－10－20A．导体棒在M、N两点时，所受安培力的大小之比为1∶ 2B．导体棒在M、N两点时，外力F的大小之比为1∶ 2C．导体棒在M、N两点时，电路的电功率之比为1∶2D．从O到M和从M到N的过程中流过电阻R的电荷量之比为1∶1解析由v2＝2ax可知，导体棒通过M、N两点时，导体棒速度之比为1∶2，产生的感应电流之比为1∶2，所受安培力之比为1∶2，由牛顿第二定律可知，外力F的大小之比不是1∶2；由电功率公式P＝I2R可知，导体棒通过M、N两位置时，电阻R的电功率之比为1∶2；由法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和电流定义可得q＝ΔΦ/R，从O到M和从M到N的两个过程中，ΔΦ相等，所以通过导体棒横截面的电荷量之比为1∶1.答案 B11、矩形线圈abcd，长ab＝20 cm，宽bc＝10 cm，匝数n＝200匝，线圈回路总电阻R＝5 Ω.整个线圈平面内均有垂直于线圈平面的磁场穿过．若磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图所示，则()A．线圈回路中感应电动势随时间均匀变化B．线圈回路中产生的感应电流为0.4 AC．当t＝0.3 s时，线圈的ab边所受的安培力大小为0.016 N D．在1 min内线圈回路产生的焦耳热为48 J解析由E＝n ΔΦΔt＝nSΔBΔt可知，由于线圈中磁感应强度的变化率ΔBΔt＝(20－5)×10－20.3T/s＝0.5 T/s为常数，则回路中感应电动势为E＝n ΔΦΔt＝2 V，且恒定不变，故选项A错误；回路中感应电流的大小为I＝ER＝0.4 A，选项B正确；当t＝0.3 s时，磁感应强度B＝0.2 T，则安培力为F＝nBIl＝200×0.2×0.4×0.2 N＝3.2 N，故选项C错误；1 min内线圈回路产生的焦耳热为Q＝I2Rt＝0.42×5×60 J＝48 J．选项D正确．答案BD12、如图13所示，一个绝缘且内壁光滑的环形细圆管，固定于竖直平面内，环的半径为R(比细管的内径大得多)，在圆管的最低点有一个直径略小于细管内径的带正电小球处于静止状态，小球的质量为m，带电荷量为q，重力加速度为g.空间存在一磁感应强度大小未知(不为零)，方向垂直于环形细圆管所在平面且向里的匀强磁场．某时刻，给小球一方向水平向右，大小为v0＝5gR 的初速度，则以下判断正确的是()A ．无论磁感应强度大小如何，获得初速度后的瞬间，小球在最低点一定受到管壁的弹力作用B ．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细圆管的最高点，且小球在最高点一定受到管壁的弹力作用C ．无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细圆管的最高点，且小球到达最高点时的速度大小都相同D ．小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中，水平方向分速度的大小一直减小解析 小球在轨道最低点时受到的洛伦兹力方向竖直向上，若洛伦兹力和重力的合力恰好提供小球所需要的向心力，则在最低点时小球不会受到管壁弹力的作用，A 选项错误．小球运动的过程中，洛伦兹力不做功，小球的机械能守恒，运动至最高点时小球的速度v ＝gR ，由于是双层轨道约束，小球运动过程不会脱离轨道，所以小球一定能到达轨道最高点，C 选项正确．在最高点时，小球圆周运动的向心力F ＝m v 2R ＝mg ，小球受到竖直向下洛伦兹力的同时必然受到与洛伦兹力等大反向的轨道对小球的弹力，B 选项正确．小球在从最低点到最高点的运动过程中，小球在下半圆内上升的过程中，水平分速度向右一定递减，到达圆心的等高点时，水平速度为零，而运动至上半圆后水平分速度向左且不为零，所以水平分速度一定有增大的过程，D 选项错误．答案 BC第Ⅱ卷（非选择题 共62分）二、填空题（第13题6分，第14题10分，共16分）13．某学习小组利用如图3所示的装置验证动能定理．图3(1)将气垫导轨调至水平，安装好实验器材，从图中读出两光电门中心之间的距离s＝________cm(2)测量挡光条的宽度d，记录挡光条通过光电门1和2所用的时间Δt1和Δt2，并从拉力传感器中读出滑块受到的拉力F，为了完成实验，还需要直接测量的一个物理量是__________．(3)该实验是否需要满足砝码盘和砝码的总质量远小于滑块、挡光条和拉力传感器的总质量？________(填“是”或“否”)．解析(1)毫米刻度尺要注意估读一位，是整数的要补零，因此两光电门中心之间距离是500.0 mm，即50.00 cm.(2)要测量物体的动能的变化量必须要测出物体的质量．(3)力的大小是从拉力传感器直接读的，没有必要满足题目叙述的条件．答案(1)50.00(2)滑块、挡光条和拉力传感器的总质量M(3)否14、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，某同学选中一个标有“2.5 V,0.6W”的小灯泡，除了导线和开关外，还有下列器材可供选择：电压表V 1(量程6 V ，内阻约为6 kΩ)；电压表V 2(量程3 V ，内阻约为3 kΩ)；电流表A 1(量程300 mA ，内阻约为1 Ω)；电流表A 2(量程150 mA ，内阻约为2 Ω)；滑动变阻器R 1(最大阻值200 Ω)；滑动变阻器R 2(最大阻值10 Ω)；直流电源E 1(电动势4.5 V ，r 1＝0.8 Ω)．(1)实验中电压表应选________，电流表应选________，滑动变阻器应选________．(填写器材代号)(2)以下的四个电路中应选用________电路图进行实验．(3)做完上述实验后，该同学接着用上述所选电路分别描绘了三个电学元件的伏安特性曲线，如图5－12－25甲所示，则三个元件中属于线性元件的是________(填写曲线代号)．然后他用图乙所示的电路给三个元件分别供电，并测出给元件1和元件2供电时的电流和电压值，分别标在图甲上，它们是A 点和B 点．已知R 0＝8.8 Ω，则该电源的电动势E ＝________V ，内电阻r ＝________Ω.这个电源给元件3供电时，元件3的电功率P ＝________W.图5－12－25解析 (1)灯泡的额定电流I ＝P U ＝0.24 A ，可知选择量程为300 mA 的电流表，误差较小，即选择A 1.从测量的精确度考虑，滑动变阻器选择总电阻为10 Ω的误差较小，即选择R 2.因灯泡的额定电压为2.5 V ，故电压表选用量程为3 V的V 2.(2)因为电压、电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约为R ＝U 2P ＝10.4 Ω，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法误差较小．故选A.(3)在图象中，只有图线1为直线，故线性元件为1.将电阻R 0等效到电源的内部，连接A 、B 两点并与横轴和纵轴相交，该图线为电源外电压与电流的关系图线．如图所示，当电流为0时，外电压为3.0 V ，知电源的电动势为3.0 V ，内阻r ＝3.00.3 Ω－8.8 Ω＝1.2 Ω.此时元件3的电流和电压分别为：0.2 A,1.0 V ，则元件3的电功率为0.2 W.答案 (1)V 2 A 1 R 2 (2)A(3)1 3.0 1.2 0.2三、本题共4小题，满分46分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
高三物理月考试题及答案-四川德阳市2015届高考第一次诊断性试卷(精校解析版)
2015年四川省德阳市高考一诊物理试卷一、选择题（本题包括11小题，每题4分，共44分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得满分，选不全的得一半的分，有选错或不答的得0分．）1．下列叙述中正确的是（ ）A ． 由电容的定义式C =Q U可知，C 与Q 成正比，与U 成反比 B ． 由磁感应强度的定义式B =F IL 可知，F 的方向与B 的方向一定相同 C ． 电流通过电阻时产生的热量Q =I 2Rt ，是由英国科学家焦耳发现的D ． 带电粒子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压成正比【答案】C【解析】 C 与Q ，U 无关，则A 错误；F 一定与B 垂直，则B 错误；焦耳定律是由英国科学家焦耳发现的，则C 正确；根据qv B=m 2v R，知v =qBR m ，则最大动能E K m =12mv 2=2222q B R m．与加速的电压无关，则D 错误 【考点】电容；焦耳定律；磁感应强度．.2．在如图所示的x ﹣t 图象和x ﹣t 图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（ ）A ． 甲车做曲线运动，丁车做直线运动B ． 在t 1时刻，甲、乙两车的速度相等C ． 追上前，丙、丁两车在t 2时刻相距最远D ． 在0﹣t 1时间内，丙、丁两车的平均速度相等【答案】C ．【解析】由图象可知：乙做匀速直线运动，甲做速度越来越小的变速直线运动，故A错误；在t1时刻两斜率不相等，所以两车速度不相等，故B错误；由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远，故C正确；0～t1时间内，根据面积表示位移，丙、丁两车的位移不相等，时间又相等，平均速度等于位移除以时间，所以丙、丁两车的平均速度不相等，故D错误．【考点】匀变速直线运动的图像；参考系和坐标系．.3．为了让乘客乘车更为舒适，某搡究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时（仅考虑乘客与水平面之间的作用），则关于乘客下列说法正确的是（）A．不受摩擦力的作用B．受到水平向左的摩擦力作用C．处于超重状态D．所受合力竖直向上【答案】B【解析】对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向左的分加速度，所以受到向后（水平向左）的摩擦力作用．故A错误，B正确；当此车减速上坡时，整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态．故C错误；由于乘客加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向下．故D错误．【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；摩擦力的判断与计算．.4．如图所示，三个重均为100N的物块，叠放在水平桌面上，各接触面水平，水平拉力F=20N 作用在物块2上，三条轻质绳结于O点，与物块3连接的绳水平，与天花板连接的绳与水平方向成45°角，竖直绳悬挂重为20N的小球P．整个装置处于静止状态．则（）A．物块1和2之间的摩擦力大小为20N B．水平绳的拉力大小为15NC．桌面对物块3的支持力大小为320N D．物块3受5个力的作用【答案】D．【解析】对物体1受力分析，受重力和支持力，假如受水平方向的摩擦力，则不能保持平衡，故物体1与物体2间的摩擦力为0，A错误；对绳子的连接点受力分析，受到三根绳子的三个拉力，如图，根据平衡条件，有：x方向：T2cos45°=T1y方向：T2sin45°=mg解得：T1=mg=20N即故水平绳中的拉力为20N．B错误；对物体1、2、3整体受力分析，受重力、支持力、向左的拉力为20N、绳子a的拉力也为20N，竖直方向：N=3mg=300N，故C错误；对物体1和物体2整体研究，受重力、支持力、向左的拉力F和向右的静摩擦力f23，根据平衡条件得：f23=F=20N；1、2间摩擦力0，23间摩擦力20N，则3与桌面间摩擦力0，故3受重力、支持力、压力、2给的摩擦力、绳子拉力，共5力作用，D正确；【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．.5．由于火星表面特征非常接近地球，人类对火星的探索一直不断，可以想象，在不久的将来，地球的宇航员一定能登上火星．已知火星半径是地球半径的，火星质量是地球质量的，地球表面重力加速度为g，假若宇航员在地面上能向上跳起的最大高度为h，在忽略地球、火星自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A．宇航员在火星表面受到的万有引力是在地球表面受到的万有引力的倍B ． 火星表面的重力加速度是gC ． 宇航员以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是hD ． 火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的3倍 【答案】D ．【解析】根据万有引力定律的表达式F =G 2Mm R ，已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，所以宇宙员在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍．故A 错误；由G 2Mm R =mg 得到：g =2GM R ．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，则火星表面的重力加速度是g ．故B 错误；宇航员以v 0在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出：可跳的最大高度是 h =202v g由于火星表面的重力加速度是g ，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h ′=h ．故C 错误；由mg =m 2v R，得第一宇宙速度 v ，由上知火星表面的重力加速度是g 倍．故D 正确．【考点】万有引力定律及其应用．.6．如图所示，d 处固定有负点电荷Q ，一个带电质点只在电场力作用下运动，射A 此区域时的轨迹为图中曲线abc ，a 、b 、c 、d 恰好是一正方形的四个顶点，则下列说法正确的是（ ）A ． 质点由a 到c ，电势能先增加后减小，在b 点动能最小B ． a 、b 、c 三点处电势高低关系是φa =φc ＞φbC ． 质点在a 、b 、c 三点处的加速度大小之比为1：2：1D ． 若将d 处的点电荷改为+Q ，该带电质点的轨迹仍可能为曲线abc【答案】A【解析】根据轨迹弯曲方向判断出粒子之间存在引力，它与固定在O 点的电荷是异种电荷，故质点带正电荷，质点从a 到b ，电势升高，电势能就增加；从b 到c 电势能减小，质点在b 点的电势能最大，则动能最小．故A 正确；根据点电荷的电场线的特点，Q 与ac 距离相等，都小于b ，故b 点的电势最高，a 、c 两点的电势相等，即φa =φc ＜φb ．故B 错误；质点在a 、b 、c 三点时的加速度大小要根据库仑定律求出库仑力．由图可知，r a =r c=2r b ，代人库仑定律：F =k 122q q r ，可得：2221a b b a F r F r ==由牛顿第二定律：21a b a a =，所以质点在a 、b 、c 三点处的加速度大小之比为2：1：2；故C 错误；若将d 处的点电荷改为+Q ，质点受到斥力，轨迹不可能沿曲线abc ，故D 错误．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．.7．如图所示，用粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架abcd ．其中ab 、cd 边均与ad 边成60°角，ab =bc =cd =L ，长度为L 的电阻丝电阻为R 0，框架与一电动势为E ，内阻r =0.8R 0的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为B 的匀强磁场，则梯形框架abcd 受到的安培力的大小为（ ）A ． 0B ． 0BEL RC ． 025BEL RD ． 035BEL R 【答案】B【解析】根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图电路abcd 上的电阻为3R 0，由几何关系得，ad 段的长度为2L ，所以ad 上的电阻为2R 0，并联部分的总电阻为：0000032 1.232R R R R R R ⋅==+并 电路中的总电流：0=2E E I R r R =+并 路端电压：00 1.20.62E U I R R E R =⋅=⋅=并 abcd 上的电流：10035U E I R R == abcd 上各段的安培力：123105BEL F F F BI L R ====ad 上的安培力：420032225U BEL F BI L BL R R =⋅=⋅= 各段受到的力中，F 1 和F 3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以线框受到的合外力：F =F 1cos60°+F 2+F 3cos60°+F 4=0BEL R 所以四个选项中B 正确．【考点】安培力．.8．如图所示，离地H 高处有一个质量为m 的物体，给物体施加一个水平方向的作用力F ，已知F 随时间的变化规律为：F =F 0﹣kt （以向左为正，F 0、k 均为大于零的常数），物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数为μ，且μF 0＞mg ．t =0时，物体从墙上静止释放，若物体所，最终落在地面上．则下列关于物体的运动说法正确的是（ ）A ． 当物体沿墙壁下滑时，物体先加速再做匀速直线运动B ． 物体从脱离墙壁到落地之前的运动轨迹是一段直线C ． 物体克服摩擦力所做的功W=mgHD ． 物体与墙壁脱离的时刻为t =0F k 【答案】CD ．【解析】竖直方向上，由牛顿第二定律有：mg ﹣μF =ma ，随着F 减小，加速度a 逐渐增大，做变加速运动，当F =0时，加速度增大到重力加速度g ，此后物块脱离墙面，故A 错误；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线．故B 错误；物体从开始运动到脱离墙面F 一直不做功，由动能定理得，2122H mg W m -= ，物体克服摩擦力所做的功W=mgH ．故C 正确；当物体与墙面脱离时F 为零，所以F =F 0﹣kt =0，解得时间t =0F k．故D 正确． 【考点】功的计算；摩擦力的判断与计算．. 9．人用绳子通过光滑定滑轮拉静止在地面上的物体A ，A 穿在光滑的竖直杆上当人以速度v 竖直向下匀速拉绳使质量为m 的物体A 上升高度h 后到达如图所示位置时此时绳与竖直杆的夹角为θ．已知重力加速度为g ，则下列说法正确的是（ ）A ． 此时物体A 的速度为cos v θB ． 此时物体A 的速度为v cos θC ． 该过程中绳对物体A 做的功为mgh +222cos mv θD ． 该过程中绳对物体A 做的功为mgh +mv 2cos 2θ【答案】AC ．【解析】将A 的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A 沿绳子方向的分速度，根据平行四边形定则得，实际速度cos A v v θ= ，故A 正确，B 错误；在A 上升的过程中根据动能定理有：2102A mgh W mv -+=- 即绳对A 做的功为： 2212cos v W mgh m θ=+ ，故C 正确，D 错误． 【考点】功的计算．.10．如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a 通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b 相连，b 的质量为m ，开始时a 、b 及传送带均静止，且a 不受传送带摩擦力作用．现让传送带逆时针匀速转动，则在b 上升h 高度（未与滑轮相碰）过程中，下列说法正确的是（ ）A ． 物块a 重力势能减少2mghB ． 摩擦力对a 做的功小于a 机械能的增加C ． 摩擦力对a 做的功等于物块a 、b 动能增加之和D ． 任意时刻，重力对a 、b 做功的瞬时功率大小相等【答案】BD ．【解析】开始时，a 、b 及传送带均静止且a 不受传送带摩擦力作用，有m a g sin θ=m b g ，则m a =sin m θ．b 上升h ，则a 下降h sin θ，则a 重力势能的减小量为m b g ×h sin θ=mgh ．故A 错误；根据能量守恒得，系统机械能增加，摩擦力对a 做的功等于a 、b 机械能的增量．所以摩擦力做功大于a 的机械能增加．因为系统重力势能不变，所以摩擦力做功等于系统动能的增加．故B 正确，C 错误；任意时刻a 、b 的速率相等，对b ，克服重力的瞬时功率P b =mgv ，对a 有：P a =m a gv sin θ=mgv ，所以重力对a 、b 做功的瞬时功率大小相等．故D 正确．【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．.11．如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k ，一端固定在倾角为θ的斜面底端，另一端与物块A 连接，两物块A 、B 质量均为m ，初始时均静止，现用平行于斜面向上的力F 拉动物块B ，使B 做加速度为a 的匀加速运动，A 、B 两物块在开始一段时间内的v ﹣t 关系分别对应图乙中A 、B 图线t 1时刻A 、B 的图加速度为g ，则下列说法正确的是（ ）A ． t l 时刻，弹簧形变量为2sin mg ma kθ+ B ． t 2时刻，弹簧形变量为sin mg k θC ． t l 时刻，A ，BD ． 从开始到t 2时刻，拉力F 先逐渐增大后不变【答案】BD【解析】由图读出，t 1时刻A 、B 开始分离，对A 根据牛顿第二定律：kx ﹣mg sin θ=ma ，则x =sin mg ma kθ+，故A 错误；由图知，t 2时刻A 的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：mg sin θ=kx ，则得：x =sin mg k θ，故B 正确；对AB 整体，根据牛顿第二定律得：F ﹣2mg sin θ+kx =2ma ，得F =2mg sin θ﹣kx +2ma ，则知开始时F 最小，此时有：2mg sin θ=kx ，得F 的最小值为 F =2ma ，由图读出，t 1时刻A 、B 开始分离，对A 根据牛顿第二定律：kx ﹣mg sin θ=ma 开始时有：2mg sin θ=kx 0，又x 0﹣x =2112at 速度V=at 1=．故C 错误．从开始到t 1时刻，对AB 整体，根据牛顿第二定律得：F+kx﹣mg sinθ=2ma，得F=mg sinθ+2ma﹣kx，x减小，F增大；t1时刻到t2时刻，对B，由牛顿第二定律得：F﹣mg sinθ=ma，得F=mg sinθ+ma，可知F不变，故D正确．【考点】牛顿第二定律；胡克定律．.二、实验题（本题共2小题，共16分）12．用如图1所示的装置探究“当小车质量一定时，小车加速度与拉力的关系”，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定，小车运动过程中阻力恒定．①实验时，一定要进行的操作是_______A．用天平测出砂和砂桶的质量B．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数C．改变砂和砂桶质量，再打出几条纸带D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的法数F为横坐标，以小车的加速度a为枞坐标，下面画出的四个a﹣F图象图2中正确的是_______③若测出的a﹣F图象的斜率为k，则小车的质量M=．【答案】（1）BC（2）a（3）2 k【解析】（1）本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故AD错误；打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故B正确；改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故C正确．故选BC．（2）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以a﹣F图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的a﹣F图象在F轴上有截距，故a正确．故选a（3）对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数F=F合，故小车质量为M=2k．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.13．某同学在实验室想测量一只灵敏电流计G表内的电阻r g，及电源的电动势E和内阻r，要求：测量尽量准确，能测多组数据且滑动变阻器调节方便，电表最大读数不得小于量程的，待测元件及提供的其他实验材料有：A．待测G表：量程500μA，内阻在150﹣2500Ω之间B．待测电源E：电动势约3.0V，内阻未知C．电流表A：量程2A，内阻约0.1ΩD．电压表V：量程300m V，内阻约500ΩE．定值电阻R0：R0=300F．滑动变阻器R1；最大阻值100Ω，额定电流2AH．电阻箱R2：0﹣9999ΩJ．开关S一个，导线若干（1）该同学先利用伏安法测量G表内阻0．①图甲是该同学设计的实验电路图，则虚线框中应该选用的元件是______；（填元件前面的序号字母）②该同学读出c表的示数为，电压表y的示数为u，请写出待测G表的内阻的计算表达式__________．（2）该同学测出r v=200Ω后，然后把G表和电阻箱R2串联，将它改装成一只量程为3V的电压表，则电阻箱R x应调到__________．（3）该同学利用电流表A和改装后的电压表，将各元件连接成图乙所示的测量电路，接着测量电源的电动势E及内阻n若利用测量的数据，作出的G表示数k与通过滑动变阻器蜀的电流，的关系图象如图丙所示，则可得到电源的电动势E=_______V．内阻r=________ （计算结果均保留两位有效数字）【答案】（1）①E ；②﹣R 0；（2）①2800；②1.5；0.6．【解析】（1）G 表本身可以测量通过的电流，但由题意可知，G 表内阻较小，无法直接用电压表进行测量，故应与E ：定值电阻R 0串联后再与电压表并联；同时由于两表量程偏低，且滑动变阻器阻值偏小，为了安全，采用滑动变阻器分压接法；故原理图如甲图所示；为了更好地保护电路，也可以与电阻箱串联后给G 供电；故电路图可以是甲图中的任一个； 用I 表示G 表示数，U 表示V 表示数；由欧姆定律可知，I =UR R + ，解得：R =﹣R 0；（2）①将G 表与电阻箱串联后，可以充当电压表使用，则其应并联在电源两端，滑动变阻器与电流表串联后即可进行测电源电动势和内电阻的实验，实物电路图如图所示：③根据改装原理可知，电压表的额定电流3=0.3(200)200R ⨯+ ；解得：R =2800Ω；电源的路端电压U =I G （200+2800）=3000I G ；故图象与纵坐标的交点为500μA ，则电源的电动势为：E =500μA×3000=1.5V ； 内阻r =5003500.75- =0.6Ω；【考点】测定电源的电动势和内阻．.三、计算题（本大题共有4小题，共50分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数字和单位．）14． 2014年全国多地雾霾频发，且有愈演愈烈的趋势，空气质量问题备受关注．在雾霾天气下，能见度下降，机动车行驶速度降低，道路通行效率下降，对城市快速路、桥梁和高速公路的影响很大，已知汽车保持匀速正常行驶时受到的阻为f1=0.2mg，刹车时受到的阻力为f2=0.5mg，重力加速度为g=10m/s2．（1）若汽车在雾霾天行驶的速度为v1=36km/h，则刹车后经过多长时间才会停下来？（2）若前车因故障停在车道上，当质量为m=1200kg的后车距已经停止的前车为x=22.5m 时紧急刹车，刚好不与前车相撞，则后车正常行驶时的功率为多大？【答案】（1）若汽车在雾霾天行驶的速度为v=54km/h，则刹车后经过3s时间才会停下来；（2）若前车因故障停在车道上，当质量为m=1200kg正在匀速行驶的后车，在前方22.5m 处发现了因故障停在车道上的前车，司机采取紧急刹车，刚好没有与前车相撞，则后车正常行驶时的功率为2.7×104W．【解析】（1）v=36km/h=10m/sf2=0.5mg刹车后由牛顿第二定律可知：﹣f2=ma﹣0.5mg=maa=0.5g=﹣5m/s2v′=v+at得：t=0105--=3s（2）根据动能定理有：﹣f2x=0-12mv02f2=k2mgv02=2k2gs=2×0.5×10×22.5得：v0=22.5m/s正常行驶时有：F﹣f1=0f1=k1mg=0.1mgP=Fv0=0.1×1200×10×22.5=2.7×104W【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.15．如图所示，水平地面上有一个精致的直角三角形滑块P，顶点A到地面的距离h=0.45m，水平地面上D处有一固定障碍物，滑块的C端到D的距离L=4.0m．在其顶点A处放一个小物块Q，不粘连，最初系统静止不动．现在滑块左端施加水平向右的推力F=24N，使二者相对静止一起向右运动，当C 端撞到障碍物时立即撤去力F ，且滑块P 立即以原速率反弹，小物块Q 最终落在地面上．滑块P 的质量M =3.5kg ，小物块Q 的质量m =0.5kg ，P 与地面间的动摩擦因数4．（取g =10m/s2）求： （1）小物块Q 落地前瞬间的速度．（2）小物块Q 落地时到滑块P 的B 端的距离．【答案】（1）小物块Q 落地前瞬间的速度为5m/s ； （2）小物块Q 落地时到滑块P 的B 端的距离为2.22m ．【解析】（1）对P 、Q 整体分析有：F ﹣μ（m +M ）g =（m +M ）a 1…① 代入数据解得：a 1=Fg M mμ-+=2m/s 2，当滑块C 运动到障碍物D 处时有：v D 2=2a 1L …②解得：v D =之后Q 物体做平抛运动有：h =2112gt …③解得：t 1=0.3s Q 落地前瞬间竖直方向的速度为： v y =gt 1 ④解得：v y =10×0.3m/s=3m/s由矢量合成得，Q 落地前瞬间的速度大小为v t ⑤ 与水平成θ，tan θ==0.75，θ=37° ⑥（2）由（1）得Q 平抛水平位移 x 1=v D t =4×0.3=1.2m ⑦ P 物体做匀减速运动，则有：μMg =Ma 2 ⑧ 得 a 2=μg =0.4×10=4m/s 2， 由a 2t 2=v D 得 t 2==1s ＞t 1 ⑨所以Q物体平抛时间内P的位移为：x2=v D t1﹣=4×0.3﹣0.5×4×0.32=1.02m ⑩所以Q落地时到滑块P的B端的距离为x=x1+x2=1.2+1.02=2.22（m）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.16．如图所示，一半径为R的竖直光滑圆轨道与水平轨道平滑连接，水平轨道上有一轻质弹簧，其左端固定在墙壁上，右端与质量为m、电荷量为+q的小物块（视为质点）接触但不相连，水平轨道AB段光滑，BC段粗糙且其长度L=3R，倾斜轨道CD段粗糙且与BC段平滑连接，倾斜轨道所在区域有水平向右的匀强电场，场强大小E=等手今向左推小物块压缩弹簧至某一位置后静止释放小物块，小物块由AB段进入圆轨道，通过圆轨道后在BC段和CD段上滑动，若小物块与BC段和CD段的动摩擦因数相同，倾斜轨道与水平面间的夹角θ=37°．重力加速度为g，取SIN37°=0.6，cos37°=0.8（1）若小物块恰能通过圆轨道的最高点，求弹簧的弹性势能Ep；（2）若小物块将弹簧压缩到弹性势能P214 3E mgR，释放后小物块在倾斜轨道能到达的最高点为P，在此过程中，小物块的电势能减少了△E p=mgR，求小物块在BC段克服摩擦力所做的功W．【答案】（1）若小物块恰能通过圆轨道的最高点，求弹簧的弹性势能52 mgR；（2）小物块在BC段克服摩擦力所做的功94 mgR．【解析】（1）小物块恰能通过圆轨道的最高点，则小物块重力完全充当向心力，根据牛顿第二定律：mg=m2 v R代入数据得：v根据能量的转化与守恒：E p=mg2R+12mv2=52mgR（2）若弹簧的弹性势能为：E P2=143mgR，在电场中，设小物块在BC段的位移为x，则△E电=qEx cosθ解得x=5 2 R小物块由A到P的全过程，由能量守恒定律，得E P2+△E电=μmgl+μ（mg cosθ+qE sinθ）x+mgx sinθ解得μ=3 4小物块在BC段克服摩擦力所做的功W f=μmgl=94 mgR【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；功的计算；机械能守恒定律．.17．如图所示，边长L=2m的正方形abcd区域（含边界）内，存在着垂直于区域表面向内的匀强磁场，磁感应强度日=0.5t带电平行金属板MN、PQ间形成了匀强电场E（不考虑金属板在其它区域形成的电场）．MN放在ad边上，两板左端肘、P恰在ab边上，两板右端N、Q间有一绝缘挡板EF，EF申间有一小孔O，金属板长度、板间距、挡板长度均为导．在M 和P的中间位置有一离子源s，能够正对孔O不断发射出各种速率的带负电离子，离子的电荷量均为q=1.6×10﹣16C，质量均为m=3.2×1025kg．（不计离子的重力，不考虑离子之间的相互作用，离子打到金属板或挡板上后将不反弹）（1）当电场强度E0=2×105N/C时，求能够袷SO连线穿过孔O的离子的速率v；（2）电场强度取值在一定范围内时，可使沿s o连线穿过O并进入磁场区域的离子直接从bc边射出，求满足条件的电场强度最大值E1及在此种情况下，离子在磁场区域运动的时间t；（3）在电场强度取第（2）问中满足条件的最小值的情况下，紧贴磁场边缘cd的内侧，从c点沿cd方向入射一电荷量分也为q、质量也为m，的带正电离子，要保证磁场中能够发生正、负离子的相向正碰（碰撞时两离子的速度方向恰好相反），求该正离子入射的速率v．【答案】（1）当电场强度E 0=2×105N/C 时，能够沿SO 连线穿过孔O 的离子的速率为4×105m/s ； （2）满足条件的电场强度最大值为1.25×106N/C ，离子在磁场区域运动的时间为7810s 3π-⨯； （3）该正离子入射的速率为5×105m/s ．【解析】（1）能穿过速度选择器的离子洛伦兹力与电场力相等， 即：qv 0B=qE ，代入数据解得：v 0=4×105m/s ； （2）穿过O 孔的离子满足：qv B=qE ，离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv B=m 2v r ，解得：E =2qB rm，从bc 边射出的离子其临界轨迹如图中①②所示：对于与轨迹①，半径最大，对应的电场强度值最大， 根据图示轨迹①，由几何知识可得：r 1==1m ， 解得：E 1max =1.25×106N/C ；由几何知识可知，sin θ=14L L r r-- ，sin θ=12 ， 则：θ=30°，粒子在磁场中做圆周运动的周期：T =2m Bqπ ， 粒子在磁场中的匀速时间：t =00709030810s 3603T π-+=⨯； （3）当E 取最小值时，离子轨迹如上图②所示，根据图示由几何知识可得：r 2=42L L -，解得：r 2=0.075m ，离子发生正碰，两离子轨迹将内切，如图所示：设从C 进入磁场的离子轨道半径为r ′，速率为v ′， 由几何知识得：（r ′﹣r 2）2=r 22+（r ′﹣2L）2， 将L 、r 2代入解得：r ′=0.2m ，由牛顿第二定律得：qv ′B=q 2''v r ，代入数据解得：v ′=5×105m/s ；【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．.。
2015年德阳市“一诊”物理试题(含答案)(1)讲解
德阳市高中2013级“一诊”考试物理试卷说明：1．本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试卷、草稿纸上答题无效。
考试结束后，将答题卡交回。
2．本试卷满分110分，90分钟完卷。
第I卷（选择题共44分）一、选择题：（本题共11小题，每小题4分，共44分。
在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。
全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不选的得0分。
）1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．下列表述符合物理学史实的是( )A．开普勒对“自由落体运动”和“运动和力的关系”的研究,开创了科学实验和逻辑推理相结合的重要科学研究方法B．牛顿发现万有引力定律，并用实验方法测出引力常量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．库仑利用扭秤实验巧妙地实现了他对电荷间相互作用力规律的研究D．安培首先提出电场的概念，并创造性地在电场中引入了电场线2．如图所示，质量相同的A、B两个小球位于同一高度处，A球以v0竖直下抛，B球以v0沿光滑斜面向下运动，下列说法中正确的是（）A．两球落地时速度相同B．两球落地时，A球重力的瞬时功率较小C．从开始至落地，B球在相等的时间内速度的变化较大D．从开始至落地，A球重力的平均功率较大3．如图所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘斜面上，导轨间距为L ，劲度系数为k 的轻质弹簧上端固定，下端与导体棒ab 相连，弹簧与导轨平面平行并与ab 垂直，棒垂直跨接在两导轨上，空间存在垂直导轨平面斜向上的匀强磁场，磁感应强度为B 。
当棒通以方向由a 到b 、大小为I 的电流时，棒平衡时弹簧伸长量为x 1；保持电流大小不变，使棒中电流反向，则棒平衡时（ ） A ．弹簧伸长，伸长量为1B2x kIL +B ．弹簧伸长，伸长量为1Bx kIL + C ．弹簧压缩，压缩量为1-B2x kILD ．弹簧压缩，压缩量为1-Bx kIL 4. 在一个半径为R 的星球表面，以初速度v 0竖直上抛一物体，不计阻力，上升的最大高度为h ，若发射一颗环绕该星球表面运行的卫星，则发射该卫星的速度大小为（ ） A.0v hR B.02v hR C. 02v hR D.02v hR 5．如图所示，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，板间距离为d ，有一带电粒子P 静止在电容器中，当在其下极板快速下移x 后，粒子P 开始运动，重力加速度为g ，则( ) A ．电容器的电容变大 B ．电容器极板上的电荷量增多 C ．粒子运动的加速度大小为g xd +xD ．粒子在运动过程其电势能减小6．如图所示，一小球用轻质细线悬挂在木板的支架上，木板沿倾角为θ的斜面下滑时，细线与竖直方向的夹角为θ，则在木板下滑的过程中，下列说法中正确的是（ ） A ．木板受到滑动摩擦力作用 B ．木板下滑的加速度大小为gsinθ C ．小球处于超重状态D ．木板和小球组成的系统机械能不守恒7．如图所示，一个修建高层建筑的塔式起重机在起吊重物过程中，它的输出功率随时间变化的图像，P 0为起重机的额定功率。
四川省德阳市第五中学选修1高中物理 《全反射》单元测试题含答案
四川省德阳市第五中学选修1高中物理《全反射》单元测试题含答案一、全反射选择题1．如图所示，足够大的平行玻璃砖厚度为d，底面镀有反光膜CD，反光膜厚度不计，一束光线以45°的入射角由A点入射，经底面反光膜反射后，从顶面B点射出（B点图中未画出）。
已知玻璃对该光线的折射率为2，c为光在真空中的传播速度，不考虑多次反射。
则下列说法正确的是（）A．该光线在玻璃中传播的速度为cB．该光线在玻璃中的折射角为30°C．平行玻璃砖对该光线的全反射临界角为45°πD．为了使从A点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜面积至少为24d 2．很多公园的水池底都装有彩灯，当一细束由红、蓝两色组成的灯光从水中斜射向空气时，关于光在水面可能发生的反射和折射现象，下列光路图中正确的是 ( )A．B．C．D．3．如图所示是一玻璃球体，其半径为R，O为球心，AB为水平直径。
M点是玻璃球的最高点，来自B点的光线BD从D点射出，出射光线平行于AB，已知∠ABD=30︒，光在真空中的传播速度为c，则（）A．此玻璃的折射率为2B．光线从B传播到D的时间为3R cC．若增大∠ABD，光线不可能在DM段发生全反射现象D．若减小∠ABD，从AD段射出的光线仍平行于AB4．如图所示，口径较大、充满水的薄壁圆柱形浅玻璃缸底有一发光小球，则（）A．小球必须位于缸底中心才能从侧面看到小球B．小球所发的光能从水面任何区域射出C．小球所发的光从水中进入空气后频率变大D．小球所发的光从水中进入空气后传播速度变大5．中国古人对许多自然现象有深刻认识，唐人张志和在《玄真子．涛之灵》中写道：“雨色映日而为虹”，从物理学的角度看，虹时太阳光经过雨滴的两次折射和一次反射形成的，右图是彩虹成因的简化示意图，其中a、b时两种不同频率的单色光，则两光A．在同种玻璃种传播，a光的传播速度一定大于b光B．以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后，b光侧移量大C．分别照射同一光电管，若b光能引起光电效应，a光一定也能D．以相同的入射角从水中射入空气，在空气张只能看到一种光时，一定是a光6．在桌面上有一倒立的玻璃圆锥，其顶点恰好与桌面接触，圆锥的轴（图中虚线）与桌面垂直，过轴线的截面为等边三角形，如图所示．有一半径为r的圆柱形平行光束垂直入射到圆锥的地面上，光束的中心轴与圆锥的轴重合．已知玻璃的折射率为1.5，则光束在桌面上形成的光斑半径为（）A．r B．1.5r C．2r D．2.5r7．如图所示，由某种透明介质制成的长直细圆柱体置于真空中．某种单色光在介质中传输，经过多次全反射后从右端射出．若以全反射临界角传输的光线刚好从右端以张角2θ出射，则此介质的折射率为（）A．1sin2θ+C．2+B．1cos2θ1sinθ++D．21cosθ8．频率不同的两束单色光1和2以相同的入射角从同一点射入一厚玻璃板后，其光路如图所示，下列说法正确的是（）A．单色光1的频率大于单色光2的频率B．在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度C．无论怎样改变入射角θ，单色光1和2都不可能在此玻璃板下表面发生全反射D．若让这两束光从同种玻璃射向空气，单色光1的全反射临界角大于光2的全反射临界角9．如图所示是一个用折射率n=2.4的透明介质做成的四棱柱的镜截面图。
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德阳五中高二物理9月月考试题一、选择题1．如图所示装置绕竖直轴匀速旋转，有一紧贴内壁的小物体，物体随装置一起在水平面内匀速转动的过程中所受外力可能是A．重力、弹力、向心力B．重力、弹力、滑动摩擦力C．下滑力、弹力、静摩擦力D．重力、弹力、静摩擦力D2．如图甲为一女士站立在台阶式自动扶梯上正在匀速上楼，如图乙为一男士站立在乘履带式自动人行道上正在匀速上楼。
下列关于两人受到的力做功判断正确的是A．甲图中支持力对人做正功B．乙图中支持力对人做正功C．甲图中摩擦力对人做负功D．乙图中摩擦力对人做负功A3．用轻质等长的细线把两个质量相等的带电小球a、b悬挂起来，a球带负电-3q，b球带正电q，整个装置处在水平向右的匀强电场中，最后达到平衡时的状态可能是（）D4．太空深处有一均匀带负电的星球P，有一也带负电的极小星体Q沿如图所示的路径ABC 掠过星球，B点是两者的最近点。
忽略其他天体的影响，运动过程中万有引力始终大于静电力。
则A．极小星体Q在A点的动能比B点大B，极小星体Q在A点的电势能比B点大C．极小星体Q在A点所受的电场力比B点大D．星球P产生的电场在A点的电势比B点高D5．中国版“野牛”级重型气垫船，自重达540吨，最高时速为108km/h，装有M－70大功率燃气轮机，该机额定输出功率为8700kW。
假设“野牛”级重型气垫船在海面航行过程所受的阻力f与速度v成正比，即f=kv。
A．“野牛”级重型气垫船的最大牵引力为2.9×105NB．在额定输出功率下以最高时速航行时，气垫船所受的阻力为2.9×105NC．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船发动机的输出功率为4350kWD．从题中给出的数据，不能计算阻力f与速度v的比值kB6．如图所示，带箭头的实线表示电场中电场线的分布情况，一带电粒子在电场中运动轨迹如图中的虚线所示，粒子只受电场力，则正确的说法是A．若粒子是从a点到b点，则带正电B．粒子肯定带负电C．若粒子是从b点到a点，则加速度减小D．若粒子是从b点到a点，则速度减小BC7．如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U．在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变，下面哪些操作将使静电计指针张角变小①将M板向下平移②将M板沿水平向左方向远离N板③在M、N之间插入云母板（介电常数ε>1）④在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触A．①②B．③④C．①③D．②④B8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电量为q=1.0×10-5 C的负电荷由A移动到C电场力做功W1=4.0×10-5J，该电荷由C移动到B电场力做功W2=-2.0×10-5J，若B点电势为零，以下说法正确的是A．A点电势为2VB．A点电势为-2VC．匀强电场的方向为由C指向AD．匀强电场的方向为垂直于AC指向BBC9．把一个电容器、电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接。
先使开关S 与1端相连，电源向电容器充电；然后把开关S掷向2端，电容器放电。
与电流传感器相连接的计算机所记录这一过程中电流随时间变化的I-t曲线如图乙所示。
下列关于这一过程的分析，正确的是A．在形成电流曲线1的过程中，电容器两极板间电压逐渐减小B．在形成电流曲线2的过程中，电容器的电容逐渐减小C．曲线1与横轴所围面积等于曲线2与横轴所围面积D．S接1端，只要时间足够长，电容器两极板间的电压就能大于电源电动势EC10．如图所示实线为等量异号点电荷周围的电场线，虚线为以一点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点．若将一试探正点电荷从虚线上N点移动到M点，则A ．电荷所受电场力大小不变B ．电荷所受电场力逐渐增大C ．电荷电势能逐渐减小D ．电荷电势能保持不变BC11．如图，一均匀带电+Q 细棍，在过中点c 垂直于细棍的直线上有a 、b 、d 三点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷．已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为(k 为静电力常量)A ．2Q qkR + B ．299Q q k R + C ．2109q kR D ．23Q k R 12．一物体静止在粗糙水平面上，在水平向右的拉力作用下开始向右运动。
在运动过程中，物体的动能E k 与位移x 的关系图象如图所示，其中0-x 1过程的图线是过原点的直线，x 1-x 2过程的图线为平行于横坐标轴的直线。
则下列说法正确的是：A. 在0-x 1过程中，物体的拉力不断增大B. 在x 1-x 2过程中，拉力做功为零C. 在0-x2过程中，物体的机械能不断增大D. 在0-x2过程中，物体克服摩擦力做功的功率先增大后保持不变D13.现有某人骑电动自行车以500 J的初动能在粗糙的水平路面上滑行，第一次关闭自充电装置，让车自由滑行，其动能随位移变化的关系如图中图线①所示；第二次启动自充电装置，其动能随位移变化的关系如图线②所示．则第二次向蓄电池所充的电能是( )A．300 J B．250 J C．200 J D．500 JC二、实验题14．利用下图装置可以做力学中的许多实验，（1）以下说法正确的是_____。
A．用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响B．用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行C．用此装置“探究加速度a与力F的关系” 每次改变砝码及砝码盘总质量之后，需要重新平衡摩擦力D．用此装置“探究加速度a与力F的关系”应使小盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量（2）本装置中要用到打点计时器，如图所示为实验室常用的两种计时器，其中甲装置用的电源要求是。
A．交流220V B．直流220V C．交流4 - 6V D．直流4 - 6V（3）在利用此装置“探究加速度a与力F的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如下图。
已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下A 点时小车的瞬时速度为 m/s。
（结果保留2位有效数字）（1）__BD__；（2）A；（3）0.51 ~ 0.53 m/s。
（结果保留2位有效数字）15．某物理兴趣活动小组利用如图甲所示装置验证机械能守恒定律，实验中电火花计时器所用的交流电源的频率为50 Hz，得到如图乙所示的纸带，选取纸带上连续打出的五个点A、B、C、D、E，测出A点距起点O(初速度为零)的距离为s0＝19.00 cm，点A、C之间的距离为s1＝8.36 cm，点C、E之间的距离为s2＝9.88 cm，g取9.8 m/s2，测得重物的质量为100 g.甲乙(1)选取O、C两点为初末位置研究机械能守恒，重物减少的重力势能为______J，打下C点时重物的动能为______J．(结果均保留三位有效数字)(2)实验中，由于存在阻力的作用，重物减少的重力势能总是大于重物增加的动能，依据实验数据来计算重物在下落过程中受到的平均阻力大小为f＝________N．(结果保留一位有效数字)(1)0.268 0.256 (2)0.04三、计算题16．如图所示，两块相同的金属板正对着水平放置，板间距离为d。
当两板间加电压U时，一个质量为m、电荷量为 + q的带电粒子，以水平速度v0从A点射入电场，经过一段时间后从B 点射出电场，A 、B 间的水平距离为L ，不计重力影响。
求：（1）带电粒子从A 点运动到B 点经历的时间；（2）带电粒子经过B 点时速度的大小；（3）A 、B 间的电势差。
（1）带电粒子在水平方向做匀速直线运动，从A 点运动到B 点经历的时间0v Lt =（4分）（2）带电粒子在竖直方向做匀加速直线运动板间场强大小d U E =（2分）加速度大小m qE a =（2分）经过B 点时粒子沿竖直方向的速度大小v y =at =0qU L md v ⋅ （2分） 带电粒子在B 点速度的大小v =202222220v d m L U q v + （2分）（3）带电粒子从A 点运动到B 点过程中，根据动能定理得202AB 2121mv mv qU -=（2分）A 、B 间的电势差U AB =222202qU L md v （2分）17．如图所示，在竖直平面内固定的圆形绝缘轨道的圆心在O 点、半径为r ，内壁光滑，A 、B 两点分别是圆弧的最低点和最高点。
该区间存在方向水平向右的匀强电场，一质量为m 、带负电的小球在轨道内侧做完整的圆周运动(电荷量不变)，经C 点时速度最大，O 、C 连线与竖直方向的夹角θ=60°，重力加速度为g 。
(1)求小球所受到的电场力大小；(2)小球在A 点速度v 0多大时，小球经B 点时对轨道的压力最小？(1)已知带电小球在光滑的竖直圆轨道内做完整的圆周运动，经C 点时速度最大，因此，C 点是竖直面内圆周运动的物理“最低点”，也就是小球在C 点受力情况满足合外力完全充当向心力，tan θ= (3分)因此，电场力F=mgtan60°即(2分) (2)小球在轨道最高点B 时的受力情况如图所示，Fmg在B 点时轨道对小球的压力最小等于零。
半径方向的合外力为重力mg ，在B 点，根据圆周运动的条件可得，mg=m (3分) 小球从A 到B 过程中，只有电场力和重力做了功，又知A 、B 两点在同一等势面上，该过程电场力做功为零，根据动能定理可得，-mg ·2r=(2分) 联立以上两式可得v 0(2分) 答案：18．空间有一静电场，在x 轴上的电场方向竖直向下，轴上的电场强度大小按E ＝kY 分布（Y 是轴上某点到O 点的距离），如图所示。
在O 点正下方有一长为L 的绝缘细线连接A 、B 两个均带负电的小球（可视为质点），A 球距O 点的距离为L ，两球恰好静止，细绳处于张紧状态。
已知A 、B 两球质量均为m, B 所带电量为-q ，，不计两小球之间的静电力作用(k=qL m g 3)。
2Bv r 22B 011mv mv 22。