2019高考物理一轮选练练题1含解析新人教版20181009486
2019人教版高考物理一轮选习练题(1)及答案-教学文档
2019人教版高考物理一轮选习练题（1）及答案一、选择题1、1．某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里，其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指A. 速度、位移B. 速度、路程C. 速率、位移D. 速率、路程【来源】浙江新高考2019年4月选考科目物理试题【答案】 D链接---(2019·河北唐山模拟)一列有8节车厢的动车组列车,沿列车前进方向看,每两节车厢中有一节自带动力的车厢(动车)和一节不带动力的车厢(拖车).该动车组列车在水平铁轨上匀加速行驶时,设每节动车的动力装置均提供大小为F的牵引力,每节车厢所受的阻力均为f,每节车厢总质量均为m,则第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为( A )A.0B.2FC.2(F-f)D.2(F-2f)解析:以整体为研究对象,由牛顿第二定律4F-8f=8ma,以后4节车厢为研究对象,由牛顿第二定律F45+2F-4f=4ma,解得F45=0,选项A正确.2、(2019·南昌市十所省重点中学高三第二次模拟)自行车和汽车同时驶过平直公路上的同一地点，此后其运动的v－t图象如图所示，自行车在t＝50 s时追上汽车，则()A．汽车的位移为100 mB．汽车的运动时间为20 sC．汽车的加速度大小为0.25 m/s2D．汽车停止运动时，二者间距最大解析：选C.t＝0时刻自行车和汽车位于同一地点，自行车在t＝50 s时追上汽车，两者的位移相等，由图线与时间轴包围的面积表示位移求出自行车的位移，从而得到汽车的位移．根据平均速度公式求汽车运动的时间，由速度公式求加速度．通过分析两者速度关系分析何时间距最大．汽车的位移等于自行车的位移x ＝v 自t ＝4×50 m ＝200 m ，故A 错误；设汽车运动时间为t ，则有x ＝v 0＋02t ，得t ＝2x v 0＝2×20010 s ＝40 s ，故B 错误；汽车的加速度大小为a ＝v 0t ＝1040 m/s 2＝0.25 m/s 2，故C 正确；在两者速度相等前，汽车的速度大于自行的速度，汽车在自行车的前方，两者间距增大，速度相等后，汽车的速度小于自行车的速度，汽车仍在自行车的前方，两者间距减小，所以两者速度相等时间距最大，故D 错误．3、如图所示，倾角为α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a 放在斜劈上，轻质细线一端固定在物体a 上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c 点，滑轮2下悬挂物体b ，系统处于静止状态。
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人教物理2019高考一轮基础习选题（1）李仕才一、选择题1、如图所示，长为L 的长木板水平放置，在木板的A 端放置一个质量为01的小物块.现缓慢地 抬高A 端，使木板以B 端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为a 时小物块开始滑动，此时 停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v,重力加速度为g.下列判断正确的是（BCD ）A. 整个过程物块受的支持力垂直于木板，所以不做功B. 物块所受支持力做功为mgLsin «C. 发生滑动前摩擦力逐渐增大D. 整个过程木板对物块做的功等于物块机械能的增加量解析:缓慢转动过程中支持力与速度同向，所以支持力做正功，当停止转动后，支持力与速度 垂直不再做功，选项A 错误;转动过程由动能定理得W N -mgLsin a =0,故W N 二mgLsin a ,选项B 正确;发生滑动前，摩擦力为静摩擦力，大小等于mgs in a ,随着a 的增大而增大，选项C 正确; 根据功能关系，除重力以外的力做的功等于物块机械能的增加量，也就是木板对物块做的功 等于物块机械能的增加量，选项D 正确.2、距地面高5 m 的水平直轨道上A 、B 两点相距2 m,在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h,如图所示.小车始终以4 m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨加速度的大小g=10 m/sl 可求得h 等于（ ）B. 2. 25 m D. 4. 75 m确.3、历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运 百一匕一勺动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”定义为 s ,其中⑷和分别表示某段位移s 内的初速和末速。
力＞0表示物体做加速运动，水0表示物体做减速运动。
解析：选A ・根据两球同时落地可得\/¥=宁代入数据得h = 1.25 in, 选项A 正 道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断, 最后两球同时落地.不计空气阻力，取重力C. 3. 75 mAA. 1. 25 m而现在物理学中加速度的定义式为* ,下列说法正确的是（）A.若力不变，则臼也不变B.若A>0且保持不变，则a逐渐变小-（v0 +V,）C.若力不变，则物体在中间位置处速度为2D.若A不变，则物体在中问位置处速度为Y 2【答案】C【解析】若A不变，有两种情况一是：A>0,在这种情况下，相等位移内速度增加量相等，所以平均速度来越大，所以相等位移内用的时间越来越少，由0= =2 ,可知，0越来越犬；第二种情况A<0,相等t位移内速度减少量相等，平均速度越来越小，所以相等位移内用的时间越来越多，由可知Q越t 来越小，故AB错误；因为相等位移内速度变化相等，所以中间位蚤处位移为速度变化量为宜鼻， 2 2所以此位蚤的速度为v0 +三上=土二，C正确，D错误。
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人教物理2019高考一轮训练学题（1）李仕才1、（2018全国III卷）（多选）甲乙两车在同一平直公路上同向运动，甲做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动。
甲乙两车的位置x随时间t的变化如图所示。
下列说法正确的是A.在右时刻两车速度相等B.从0到右时间内，两车走过的路程相等C.从介到&时间内，两车走过的路程相等D.从行到t2时间内的某时刻，两车速度相等【答案】CD【解析】根据位移图象的物理意义可知，在九时刻两车的位置相同，速度不相等，乙车的速度大于甲车的速度，选项A错误；从0到右时间内，乙车走过的路程大于甲车，选项B 错误；从右到□时间内，两车都是从丛位置走到应位置，两车走过的路程相等，选项C正确；根据位移图像的斜率等于速度可知，从肚到励时间内的某时刻，两车速度相等，选项 D 正确。
此题以位移图像给出解题信息，考查对位移图像的理解。
两个轻环a和〃套在位于竖直面内的一段固定圆弧上;一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为皿的小球.在a和b之间的细线上悬挂一小物块.平衡时，a、〃间的距离恰好等于圆弧的半径.不计所有摩擦.小物块的质量为（）m 3A. 2B. 2mC. mD. 2m关键词①轻环，不计所有摩擦；②日、b间的距离恰好等于圆弧的半径.【答案】C【解析】如图所示，圆弧的圆心为0,悬挂小物块的点为C,由于ab=R,则"00为等边三角形，同一条细线上的拉力相等，T=mg,合力沿0c方向，则0c为角平分线，由几何关系知，ZacD= 120=,故线的拉力的合力与物块的重力犬小相等，即每条线上的拉力T=G=mg,所以小物块质量为叫故C对.3、（多选）如图5所示，用水平力尸把一个物体紧压在竖直墙壁上静止，下列说法中正确的是（）A.水平力F跟墙壁对物体的弹力是一对作用力与反作用力B.物体的重力跟墙壁对物体的静摩擦力是一对平衡力C.水平力尸与物体对墙壁的压力是一对作用力与反作用力D.物体对墙壁的压力与墙壁对物体的弹力是一对作用力与反作用力关键词①紧压；②静止.【答案】BD【解析】水平力F跟墙壁对物体的弹力作用在同一物体上，大小相等、方向相反，且作用在同一条直线上，是一对平衡力，选项A错误；物体在竖直方向上受竖直向下的重力以及墙壁对物体竖直向上的静摩擦力的作用，因物体处于静止状态，故这两个力是一对平衡力，选项B正确；水平力尸作用在物体上，而物体对墙壁的压力作用在墙壁上，这两个力不是平衡力，也不是相互作用力，选项C错误；物体对墙壁的压力与墙壁对物体的弹力是两个物体间的相互作用力，是一对作用力与反作用力，选项D正确.4、（2018 -河北邢台质检）有下列几种情景，其中对情景的分析和判断正确的是（）%1点火后即将升空的火箭；%1高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车；%1磁悬浮列车在轨道上高速行驶；%1太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动.B.末速度D.加速A. ①中，因火箭还没运动，所以加速度一定为零B. ②中，轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C. ③中，高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D. ④中，因空间站处于完全失重状态，所以空间站内的物体加速度为零【答案】B【解析】点火后火箭即将升空的瞬间，加速度竖直向上，不为零，A 错；轿车紧急刹车时刹 . A y车时间短，且速度改变很大，则由代知加速度很大，B 对；磁悬浮列车速度很大，但速 度没有变化，加速度为零，C 错；空间站以及里面的物体受地球万有引力作用，加速度不为 零，D 错.5、（2018 •广东湛江模拟）如图1所示，一骑行者所骑自行车前后轮轴的距离为L,在 水平道路上匀速运为J,当看到道路前方有一条减速带时，立刻刹车使自行车做匀减速直线 运动，自行车垂直经过该减速带时，对前、后轮造成的两次颠簸的时间间隔为利用以上数据，可以求出前、后轮经过减速带这段时间内自行车的（）A. 初速度C.平均速度【答案】C 【解析】匀变速直线运动的位移公式：x=v^t+^-at i,速度公式：v t = v^ + at,共含有w 、w 、x 、a 、 £（五个未知量，至少要知道三个，才能求出另外两个物理量。
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丰富丰富纷繁2019 高考物理一轮选练习题（ 1）李仕才一、选择题1、(2017 ·江西南昌质检) 如下图，粗拙水平面上有一固定的、粗拙程度到处同样的圆弧形框架 ABC，框架下边搁置一块厚度不计的金属板，金属板的中心O点是框架的圆心，框架上套有一个轻圆环，用轻弹簧把圆环与金属板的O点固定连结，开始时轻弹簧处于水平拉伸状态．用一个一直沿框架切线方向的拉力 F 拉动圆环，从左边水平川点迟缓绕框架运动，直到轻弹簧达到竖直地点，金属板一直保持静止状态，则在整个过程中()A．沿框架切线方向拉力 F 渐渐减小B．水平面对金属板的摩擦力渐渐增大C．水平面对金属板的支持力渐渐减小D．框架对圆环的支持力渐渐减小分析：选 C.弹簧伸长量不变，弹簧的弹力大小F′不变，弹簧与水平方向夹角为θ .金属板受重力 mg、支持力 N、弹簧的拉力 F′和向右的静摩擦力 f 作用，水平方向 f ＝F′cos θ，竖直方向 N＋F′sin θ＝mg，得 N＝ mg－F′sin θ，跟着θ的增大，支持力不停减小，静摩擦力渐渐减小，故 B 错， C 对；圆环受弹簧的拉力、框架的支持力( 大小不变成F′) 、拉力 F 和滑动摩擦力 f ′，有 F＝f ′＝μ F′，故拉力大小不变，A、 D错．【链接】历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加快度”定义为，此中v0 和 v s分别表示某段位移s 内的初速和末速。
A>0 表示物体做加快运动，A<0 表示物体做减速运动。
而此刻物理学中加快度的定义式为，以下说法正确的选项是（）A. 若 A 不变，则 a 也不变B. 若 A>0 且保持不变，则 a 渐渐变小C.若 A 不变，则物体在中间地点处速度为D.若 A 不变，则物体在中间地点处速度为【答案】 C2、（ 2018 江西师范大学隶属中学月考）为了探访金矿地区的地点和金矿储量，常利用重力加快度失常现象．如下图，P 点为某地域水平川面上的一点，假设在P 点正下方有一空腔或密度较大的金矿，该地域重力加快度的大小就会与正常状况有细小偏离，这类现象叫做“重力加快度失常”．假如球形地区内储蓄有金矿，已知金矿的密度为ρ ，球形地区四周均匀散布的岩石密度为ρ 0，且ρ ＞ρ 0.又已知引力常量为G，球形空腔体积为V，球心深度为 d( 远小于地球半径) ，则以下说法正确的选项是（）A. 有金矿会致使P 点重力加快度偏小B. 有金矿不会致使P 点重力加快度变化C. P 点重力加快度失常值约为g＝D. 在图中 P1点重力加快度失常值大于P 点重力加快度失常值【答案】 C3、依据量子理论：光子既有能量也有动量；光子的能量 E 和动量 p 之间的关系是 E=pc ，其中 c 为光速。
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地地道道的达到 （人教）物理 2019 高考一轮选练练题（ 2）李仕才一、选择题 1、如图甲所示，倾角θ ＝30°的圆滑斜面固定在水平面上，自然伸长的轻质弹簧一端固定在斜面底端的挡板上． 一质量为 m 的小球， 从离弹簧上端必定距离的地点静止开释，接触弹簧后持续向下运动．小球运动的v-t 图象如图乙所示，此中 OA 段为直线， AB 段是与 OA 相切于 A点的光滑曲线， BC 是光滑曲线，不考虑空气阻力，重力加快度为 g. 对于小球的运动过程，下列说法正确的选项是()1A ．小球在 tB 时辰所受弹簧弹力大于2mg1B ．小球在 tC 时辰的加快度大于2gC ．小球从 t C 时辰所在的地点由静止开释后，不可以回到出发点D ．小球从 t A 时辰到 t C 时辰的过程中重力势能的减少许等于弹簧弹性势能的增添量1分析：选 B. 由图象可知，小球在t B 时辰加快度大小为零，此时F 弹 ＝mgsin 30 °＝ 2mg ，选项 A 错误；小球在 t C 时辰抵达最低点，弹力达到最大值；小球在 A 点的加快度大小为 1g ，2由图象可知，在 C 点的切线的斜率大于在 A 点的切线的斜率，即小球在 t C 时辰的加快度大1t 时辰所在的地点由静止开释后，小球于 2g ，选项 B 正确；由能量守恒定律可知，小球从C 能回到出发点，选项 C 错误；小球从 t A 时辰到 t C 时辰的过程中重力势能的减少许与动能减 小量之和等于弹簧弹性势能的增添量，选项D 错误；应选 B.2、“嫦娥五号” 探测器由轨道器、返回器、着陆器等多个部分构成 . 探测器估计在 2017 年由“长征五号” 运载火箭在中国文昌卫星发射中心发射升空, 自动达成月面样品收集, 并从月球腾飞 , 返回地球 , 带回约 2 kg 月球样品 . 某同学从网上获得一些信息, 如表中数据所示 , 请依据题意 , 判断地球和月球的密度之比为( B )月球半径R 0 月球表面处的重力加快度g地地道道的达到地球和月球的半径之比=4地球表面和月球表面的重力加快度之比=6A. B.C.4D.6解析 : 在地球表面 , 重力等于万有引力 , 则有G=mg, 解得M=, 故密度为ρ= ==; 同理 , 月球的密度为ρ0=, 故地球和月球的密度之比为==6× = ,选项 B正确.3、（ 2018 山东省临沂市高三上学期期中）如下图，质量分别为m A和 m B的物体 A 和 B 相对静止，以共同的速度沿倾角为的固定斜面匀速下滑，则以下说法错误．．的是 ( )A. A 、 B 之间的动摩擦因数小于 B 与斜面之间的动摩擦因数B. B 遇到的摩擦力的协力大小为C. A 遇到的静摩擦力的大小为D.取走 A物体后， B 物体仍将匀速下滑【答案】 ABC 正确；依据滑动摩擦力定义式可知，解得，，解得，故，从该剖析中可知取走 A 物体后，物体 B 受滑动摩擦力为，代入得，，即物体 B 受力均衡，则物体 B 还能做匀速直线运动， A 错误 D 正确．4、如下图，磁感觉强度大小为 B 的匀强磁场方向斜向右上方，与水平方向所夹的锐角为45°.3将一个4金属圆环 ab 置于磁场中，圆环的圆心为O，半径为r ，两条半径Oa 和 Ob互相垂直，且 Oa 沿水平方向．当圆环中通以电流I 时，圆环遇到的安培力大小为()3A. 2BIrB. 2π BIrC．BIr D． 2BIr分析：选 A. 圆环遇到的安培力大小等效为 ab 连线的长度电流遇到的安培力， ab 连线的长度为2r ， F＝BI · 2r ＝ 2BIr ，选项 A 正确．5、如下图 , 在 x 轴下方的第Ⅲ , Ⅳ象限中 , 存在垂直于xOy 平面方向的匀强磁场, 磁感觉强度 B1=2B2=2B, 带电粒子a,b 分别从 x 轴上的 P,Q 两点 ( 图中没有标出) 以垂直于 x 轴方向的速度同时进入匀强磁场B1,B 2中 , 两粒子恰在第一次经过y 轴时发生正碰, 碰撞前带电粒子 a 的速度方向与y 轴正方向成60°角 , 若两带电粒子的比荷分别为k1,k 2, 进入磁场时的速度大小分别为 v1,v 2, 不计粒子重力和两粒子间互相作用, 则以下关系正确的选项是( C )A.k =2k2 B.2k =k21 1C.v 1=2v2D.2v 1=v 2分析 : 两粒子在 y 轴上发生正碰时粒子 a 的速度与 y 轴正方向成 60°角 , 则粒子 b 速度与 y轴负方向成 60°角 , 轨迹对应的圆心角分别为120°和 60° , 如下图 . 两粒子同时进入磁场并相撞 , 则运动时间相等, 即 t 1=t 2, 而 t 1= =,t 2= =, 将 B1=2B2=2B 代入得 k1=k2; 因为两粒子正碰则轨道半径相等, 而 R1=,R 2=, 解得 v1=2v2.6、如图，边长为2L 的等边三角形地区 abc 内部的匀强磁场垂直纸面向里， b 点处于 x 轴的坐标原点 O；一与三角形地区abc 等高的直角闭合金属线框ABC，∠ ABC＝60°， BC边处在 x 轴上．现让金属线框ABC沿 x 轴正方向以恒定的速度v 穿过磁场，在t ＝ 0 时线框 B 点恰巧位于原点 O的地点．规定逆时针方向为线框中感觉电流的正方向，在以下四个i － x 图象中，能正确表示线框中感觉电流随位移变化关系的是()地地道道的达到1 3 分析：选 D.当 B 点向右运动0～L 过程中，线框切割磁感线的有效长度从0 增添到2·AC＝2 L，感觉电流从0～ i 0，感觉电流为逆时针方向；当线圈向右运动L～ 2L 过程中，切割磁感线的有效长度从3 0，感觉电流从 i ～ 0，电流为逆时针方向；当线圈向右运动2L～2 L减小到3L 过程中，切割磁感线的有效长度从3L 减小到0，感觉电流从2i 0～0，电流为顺时针方向；对照题中图象可知，选项D正确；应选 D.7、14C 是碳的一种半衰期为 5 730 年的放射性同位素，2010 年 2 月科学家发现了曹操墓，若考14 4古工作者探测到其棺木中 C 的含量约为本来的5，则该古木死亡的时间距今大概为1 1已知2 3≈0.8 ( )A．22 900 年B． 11 400 年C．5 700 年D．1 900 年分析：选 D. 假定古木死亡时14C 的质量为0 14m，此刻的质量为 m，从古木死亡到此刻所含 C m 1 n 4 1经过了 n 个半衰期，由题意可知：m0 ＝2 ＝5，因此 n≈3，即古木死亡的时间距今约为 5 1年， D 正确．730×年＝ 1 91038、如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其向上做匀加快直线运动，以 x 表示 P 走开静止地点的位移，在弹簧恢还原长前，以下表示F 和 x 之间关系的图像可能正确的选项是（）A.B.C.D.【根源】 2018 年全国一般高等学校招生一致考试物理（新课标I 卷）【答案】 A【点睛】牛顿运动定律是高中物理骨干知识，匀变速直线运动规律贯串高中物理。
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哈哈哈哈哈哈哈哈你好2019 人教高考物理一轮选训习题（4）及答案李仕才一、选择题1、(2018 ·河北邢台质检) 有以下几种情形，此中对情形的剖析和判断正确的选项是()①点火后马上升空的火箭；②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为防止事故紧迫刹车；③磁悬浮列车在轨道上高速行驶；④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动.A.①中，因火箭还没运动，所以加快度必定为零B.②中，轿车紧迫刹车，速度变化很快，所以加快度很大C.③中，高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加快度也必定很大D.④中，因空间站处于完整失重状态，所以空间站内的物体加快度为零【答案】 B【分析】点火后火箭马上升空的瞬时，加快度竖直向上，不为零， A 错；轿车紧迫刹车时刹车时间短，且速度改变很大，则由a＝v知加快度很大，B对；磁悬浮列车速度很大，但速t度没有变化，加快度为零， C 错；空间站以及里面的物体受地球万有引力作用，加快度不为零，D错.2、如下图 , 在一个边长为 a 的正六边形地区内存在磁感觉强度为B, 方向垂直于纸面向里的匀强磁场 , 三个同样带正电的粒子比荷为, 先后从 A 点沿 AD方向以大小不等的速度射入匀强磁场地区 , 粒子在运动过程中只受磁场力作用; 已知编号为①的粒子恰巧从 F 点飞出磁场地区 ; 编号为②的粒子恰巧从 E 点飞出磁场地区; 编号为③的粒子从ED边上的某一点垂直界限飞出磁场地区, 则世纪金榜导学号49294170()A.编号为①的粒子进入磁场地区的初速度大小为哈哈哈哈哈哈哈哈你好B. 编号为②的粒子在磁场地区内运动的时间T=C.编号为③的粒子在ED边上飞出的地点与 E 点的距离为 (2-3)aD.三个粒子在磁场内运动的时间挨次减少并且为4∶ 2∶ 1【分析】选A、 C、 D。
三个粒子的运动轨迹如下图。
设编号为①的粒子在正六边形地区磁场中做圆周运动的半径为 r 1, 初速度大小为v1, 则 qv1B=m , 由几何关系可得r 1=, 解得 v1=, 在磁场中转了 120°运动时间t 1= =, 选项 A正确 ; 设编号为②的粒子在正六边形地区磁场中做圆周运动的半径为r 2, 线速度大小为v2, 周期为 T2=, 由几何关系可得, 粒子在正六边形地区磁场运动过程中转过的圆心角为60° , 则粒子在磁场中运动的时间t 2= =, 选项 B 错误 ; 设编号为③的粒子在正六边形地区磁场中做圆周运动的半径为r 3, 在磁场中转了 30° ,t 3==, 由几何关系可得AE=2acos30°=a,r 3==2a,O3E==3a,EG=r3-O3E=(2-3)a,选项C正确;t1∶ t2∶ t3=∶∶=4∶ 2∶ 1, 选项 D正确。
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2019人教版高考物理一轮训练选----选择题（1）及答案李仕才1、（2017 •北京东城区质检）研究发现，轿车的加速度的变化情况将影响乘客的舒适度，若引入一个新的物理量（加速度的变化率）来表示加速度变化的快慢，则该物理量的单位是（）A.m/sB. m/s2C. m/s3D. m2/sAa m/s2丽加速度变化的快慢可用At表示。
该物理量的单位为s =m/s\C正确。
2、顶端装有滑伦的粗糙斜而固定在地而上，力、〃两物体通过细绳如图接，并处于静止状态（不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦）。
现用水平力厂作用于悬挂的物体〃上，使其缓慢拉动一小角度，发现川物体仍然静止。
则此过程中正确的选项是（）A.水平力尸变大B.物体A所受斜面给的摩擦力一左变大C.物体力所受斜血给的作用力不一定变大D.细绳对物体A的拉力不变解析如图所示，对物块〃受力分析,mg则有矽tan "，斥二"SO,当〃被拉动一个小角度后，〃角增尢力F增大，同时细绳对物体A的拉力斤增大,A受到斜面的摩擦力根据初始状态的不同,可能增大也可能减小，物体A受到斜而给的作用力一定改变，故A正确,B、C、D错误;故选A。
3、在滑冰场上，甲、乙两个穿着溜冰鞋的小孩原来静止不动，在猛推一下后分别向相反方向运动。
假定两板与冰面间的动摩擦因数相同。
已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（）A.在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B.在推的过程屮，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C.在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D.在分开后,甲的加速度大小小于乙的加速度大小答案|c解厠在推的过程中，作用力与反作用力大小相等，相互作用时间相同，故A、B均错;分开后，% Ff?两者滑动摩擦力分别为£1二〃〃Tig,斤2二则各自的加速度分别为日】二"1二〃g,及二“2二“g,X 1 v l 2X 2两者做匀减速直线运动的加速度大小相等，则根据 Fax 、可知2 V 2 ,因为脸顶,则旳”2, 故C 对、D 错。
(人教)物理2019高考一轮选练练题(1)及答案
（人教）物理2019高考一轮选练练题（1）及答案解析：选C.小球在从A到O运动的过程中，受弹力和摩擦力，由牛顿第二定律可知：kΔx－μmg＝ma，物体做加速度减小的加速运动，当加速度为零的时(弹力等于摩擦力时)速度最大，接下来摩擦力大于弹力，小球开始做减速运动，当弹簧原长时离开弹簧，故A错误；因为小球恰能沿轨道运动到最高点B，由重力提供向心力：mg＝m v2BR，解得：v B＝gR，从O到B根据动能定理得：－mg2R＝12mv 2B－12mv20，联立以上解得：v0＝5gR，由上分析可知：小球从开始运动到离开弹簧速度先增大后减小，所以最大速度要比5gR大，故B错误；从A到O根据能量守恒得：E p＝12mv 20＋μmgx0，联立以上得：E p＝2.5mgR＋μmgx0，故C正确；小球在最低点时做圆周运动，由牛顿第二定律得：N－mg＝m v20R，联立以上解得：N＝6mg，故D错误．3、（2019甘肃武威市第六中学高三阶段考）将某材料制成的长方体锯成A、B两块放在水平面上，A、B紧靠在一起，物体A的角度如图所示．现用水平方向的力F推物体B，使物体A、B保持原来形状，整体沿力F的方向匀速运动，则() A. 物体A在水平方向受两个力的作用，合力为零B. 物体A只受一个摩擦力C. 物体B对A的弹力小于桌面对物体A的摩擦力D. 物体B在水平方向受三个力的作用【答案】C【解析】对A受力分析，在水平方向上受B对A的弹力，桌面的滑动摩擦力，B对A的静摩擦力，在三个力的作用下处于平衡，选项AB错误；受力如图。
从图上可知，木板B对A的压力小于桌面对木板A的摩擦力，选项C正确；对B分析，在水平方向上受推力F，桌面的摩擦力，A对B的压力，A对B的静摩擦力，在四个力作用下平衡，选项D错误。
4、如图所示，厚度均匀的木板放在水平地面上，木板上放置两个相同的条形磁铁，两磁铁的N极正对．在两磁铁竖直对称轴上的C点固定一垂直于纸面的长直导线，并通一垂直纸面向里的恒定电流，木板和磁铁始终处于静止状态，则()A．导线受到的安培力竖直向上，木板受到地面的摩擦力水平向右B．导线受到的安培力竖直向下，木板受到地面的摩擦力水平向左C．导线受到的安培力水平向右，木板受到地面的摩擦力水平向右D．导线受到的安培力水平向右，木板受到地面的摩擦力为零解析：选C.条形磁铁的磁场在C处的磁感应强度方向竖直向上，由左手定则可知，长直导线所受的安培力水平向右．把木板和条形磁铁看成整体，由牛顿第三定律可知，木板和条形磁铁所受安培力向左．对木板和条形磁铁，由平衡条件可知，木板受到地面的摩擦力水平向右，选项C正确．5、如图所示,两竖直平行板间同时存在匀强电场和匀强磁场,电场的电场强度为E、方向水平向左,磁场的磁感应强度为B、方向与电场垂直且水平向里.一带电液滴以竖直向下的初速度v=进入电、磁场区域,最终能飞出该区域.则液滴在电、磁场中( D )A.做匀速直线运动B.做匀变速曲线运动C.运动速度逐渐减小D.机械能逐渐减小解析:带电液滴进入场中时,由题意可知,电场力等于洛伦兹力,所以重力使其加速运动,从而洛伦兹力的大小增大,方向随速度方向的变化而变化,所以带电液滴将向右做变速曲线运动,故A,B均错误;由题意可知,带电液滴向右偏离并射出复合场,则运动速度逐渐增大,故C错误;由上分析可知,电场力做负功,电势能增加,则机械能减小,故D正确.6、质量为0.8 kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6 N，g取10 m/s2，则以下说法正确的是()A．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6 NB．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8 NC．若升降机是加速上升，加速度大小5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N D．若升降机是减速上升，加速度大小5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N 解析：选C.A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：F2绳子＋mg2＝62＋0.8×102N＝10 N，故AB错误；C、若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：F y－mg＝ma，解得：F y＝12 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝6 5 N，故C正确；D、若升降机减速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：mg－F y＝ma，解得：F y＝4 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝213 N，故D错误；故选C.7、下表给出了一些金属材料的逸出功．现用波长为400 nm的单色光照射上述材料，能产生光电效应的材料最多有几种(普朗克常量h＝6.6×10－34 J·s，光速c＝3.00×108 m/s)()材料铯钙镁铍钛逸出功(10－19 J) 3.0 4.3 5.9 6.2 6.6A.2种B．3种C．4种D．5种解析：选A.光电效应发生的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，入射光的能量大于金属的逸出功，光子的能量为ε＝hν＝h cλ，代入计算得ε＝6.6×10－34×3×108400×10－9J＝4.95×10－19 J，可以看出光子能量大于逸出功的金属有两种，所以A项正确．8、（多选）甲、乙两建筑工人用简单机械装置将工件从地面提升并运送到楼顶。
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人教物理2019高考一轮选习练题(1)李仕才一、选择题q_1、如图，匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为Bo某种比荷为m,速度大小为v的一群离子以一定发散角a由原点0射出，y轴正好平分该发散角，离子束偏转后打在x轴上长度为L的区a域MN内，则cos (2)为世纪金榜导学号49294169( )BqL BqLA. -4nwB. i_2mvBqL BqLc. D. 1-曲2V【解析】选B o洛伦兹力充当向心力qvB二m r ,根据题意，粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点，粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M点，画出粒子速度方向与y轴正方向夹角为BqL 的轨迹，设0M之间的距离为x,则有2rcos ()二x, 2r=x+L联立解得:cos 0=l-2mV,故B正确。
2、如图2所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是冶，经过一小段时间之后，速度变为也，Av表示速度的变化量.由图中所示信息可知()A.汽车在做加速直线运动B.汽车的加速度方向与V.的方向相同C.汽车的加速度方向与vi的方向相反D.汽车的加速度方向与Av的方向相反【答案】C【解析】根据题團，汽车的速度变小，做的是减速直线运动，选项A错误；汽车的加速度与加方向相同，所以与讪、的的方向都相反，选项B、D错误，选项C正确.3、如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C屮央各有一小孔,小孔分别位于0、M、P点。
由0点静止释放的电子恰好能运动到P点。
现将C板向右平移到P'点，则由0点静止释放的电子（）A.运动到P点返冋B.运动到P和I"点之间返回C.运动到P'点返回D.穿过P'点【解析】选A。
电子在A、B间加速，在B、C间减速，加速电压做功与减速电压做功相等。
现将C板向右平移到P,点,B、C板间的电场强度不变，根据U二Ed判断，由0点静止释放的电子运动到P点速度为0再返回,A项正确。
4、如图所示，长L、质量m的极其柔软的匀质物体在台面上以水平速度V。
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（人教）物理2019高考一轮选练练题（1）及答案李仕才一、选择题1、“天宫一号”目标飞行器与“神舟十号”飞船自动交会对接前的示意图如图所示,圆形轨道Ⅰ为“天宫一号”运行轨道,圆形轨道Ⅱ为“神舟十号”运行轨道.此后“神舟十号”要进行多次变轨,才能实现与“天宫一号”的交会对接,则(D)A.“天宫一号”的运行速率大于“神舟十号”在轨道Ⅱ上的运行速率B.“神舟十号”变轨后比变轨前高度增加,机械能减少C.“神舟十号”可以通过减速而使轨道半径变大D.“天宫一号”和“神舟十号”对接瞬间的向心加速度大小相同解析:根据G=m得v=,“天宫一号”的轨道半径大,运行速率小,选项A错误;“神舟十号”只有加速后才能实现向高轨道的变轨,故机械能增加,选项B,C错误;根据a=,“天宫一号”与“神舟十号”对接瞬间的向心加速度a=,大小相等,选项D正确.2、(2017·南平市普通高中毕业班适应性检测)如图所示，轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于粗糙水平面上质量为m的小球接触但不连接．开始时小球位于O点，弹簧水平且无形变．O点的左侧有一竖直放置的光滑半圆弧轨道，圆弧的半径为R，B为轨道最高点，小球与水平面间的动摩擦因数为μ.现用外力推动小球，将弹簧压缩至A点，OA间距离为x0，将球由静止释放，小球恰能沿轨道运动到最高点B.已知弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g.下列说法中正确的是()A．小球在从A到O运动的过程中速度不断增大B．小球运动过程中的最大速度为v m＝5gRC．小球与弹簧作用的过程中，弹簧的最大弹性势能E p ＝2.5mgR＋μmgx0D．小球通过圆弧轨道最低点时，对轨道的压力为5mg 解析：选C.小球在从A到O运动的过程中，受弹力和摩擦力，由牛顿第二定律可知：kΔx－μmg＝ma，物体做加速度减小的加速运动，当加速度为零的时(弹力等于摩擦力时)速度最大，接下来摩擦力大于弹力，小球开始做减速运动，当弹簧原长时离开弹簧，故A错误；因为小球恰能沿轨道运动到最高点B，由重力提供向心力：mg＝m v2BR，解得：v B＝gR，从O到B根据动能定理得：－mg2R＝12mv2B－12mv20，联立以上解得：v0＝5gR，由上分析可知：小球从开始运动到离开弹簧速度先增大后减小，所以最大速度要比5gR大，故B错误；从A到O根据能量守恒得：E p＝12mv20＋μmgx0，联立以上得：E p＝2.5mgR＋μmgx0，故C正确；小球在最低点时做圆周运动，由牛顿第二定律得：N－mg＝m v20R，联立以上解得：N＝6mg，故D错误．3、（2018甘肃武威市第六中学高三阶段考）将某材料制成的长方体锯成A、B两块放在水平面上，A、B紧靠在一起，物体A的角度如图所示．现用水平方向的力F推物体B，使物体A、B保持原来形状，整体沿力F的方向匀速运动，则( )A. 物体A在水平方向受两个力的作用，合力为零B. 物体A只受一个摩擦力C. 物体B对A的弹力小于桌面对物体A的摩擦力D. 物体B在水平方向受三个力的作用【答案】C【解析】对A受力分析，在水平方向上受B对A的弹力，桌面的滑动摩擦力，B对A的静摩擦力，在三个力的作用下处于平衡，选项AB错误；受力如图。
人教物理2019高考一轮选习练题(1)含答案-最新教学文档
人教物理2019高考一轮选习练题（1）含答案一、选择题1、如图是对着竖直墙壁沿水平方向抛出的小球a 、b 、c 的运动轨迹，三个小球到墙壁的水平距离均相同，且a 和b 从同一点抛出。
不计空气阻力，则（ ）A ．a 和b 的飞行时间相同B ．b 的飞行时间比c 的短C ．a 的水平初速度比b 的小D ．c 的水平初速度比a 的大【参考答案】D2、(2019·海安模拟)下列说法正确的是( )A ．直线运动的物体位移大小等于路程B ．计算火车过桥时所用的时间，火车可当成质点C ．速度变化快的物体加速度不一定大D ．参考系可以是匀速运动的物体，也可以是变速运动的物体答案：D3、(2019·哈师大附中月考)如图，MN 为转轴OO ′上固定的光滑硬杆，且MN 垂直于OO ′.用两个完全相同的小圆环套在MN 上．分别用两条不可伸长的轻质细线一端与圆环连接，另一端系于OO ′上，长度分别为l 1、l 2.已知l 1、l 2与MN 的夹角分别为θ1、θ2，OO ′匀速转动时，线上弹力分别为F T 1、F T 2.下列说法正确的是( )A ．若l 1sinθ1>l 2sinθ2，则F T 1>F T 2B ．若l 1cosθ1>l 2cosθ2，则F T 1>F T 2C ．若l 1tanθ1>l 2tanθ2，则F T 1>F T 2D ．若l 1>l 2，则F T 1>F T 2解析：设两环的质量均为m ，硬杆转动的角速度为ω，根据牛顿第二定律，对左环有：FT 1cosθ1＝mω2l 1cosθ1；对右环有：F T 2cosθ2＝mω2l 2cosθ2两环ω相等得FT 1FT 2＝l 1l 2；若l 1cosθ1>l 2cosθ2，则F T 1cosθ1>F T 2cosθ2，不能得到F T 1>FT 2；由题意可知l1sinθ1<l2sinθ2；若l1tanθ1>l2tanθ2，可得cosθ1<cosθ2，不能得到F T1>F T2；若l1>l2，则F T1>FT2，选项D正确，A、B、C错误．答案：D4、如图所示，滑雪者由静止开始沿斜坡从A点自由滑下，然后在水平面上前进至B点停下．已知斜坡、水平面与滑雪板之间的动摩擦因数皆为μ，滑雪者(包括滑雪板)的质量为m，A、B两点间的水平距离为L.在滑雪者经过AB段运动的过程中，克服摩擦力做的功()A．大于μmgL B．小于μmgLC．等于μmgL D．以上三种情况都有可能解析：设斜坡与水平面的交点为C，BC长度为L1，AC水平长度为L2，AC 与水平面的夹角为θ，如图所示，则滑雪者在水平面上摩擦力做功W1＝－μmgL1，在斜坡上摩擦力做功W2＝－μmgcosθ·L2cosθ＝－μmgL2，所以在滑雪者经过AB段过程中，摩擦力做功W＝W1＋W2＝－μmg(L1＋L2)＝－μmgL.所以滑雪者克服摩擦力所做的功为μmgL.故选项C正确．答案：C5、(2019·四川资阳二诊)如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略，一带负电的油滴被固定于电容器中的P点，现将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是()A．平行板电容器的电容将减小B．带电油滴的电势能将减少C．静电计指针的张角变小D．若将上极板与电源正极断开后，再将下极板左移一小段距离，则带电油滴所受的电场力不变解析：由C ＝εr S 4πkd 知，将平行板电容器的上极板竖直向下平移一小段距离，d 减小，C 增大，A 错误；U 不变，静电计指针的张角不变，C 错误；由E ＝U d 知，E 增大，则P 点与负极板间的电势差增大，P 点的电势升高，E p ＝φq ，又油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，B 正确；若将上极板与电源正极的导线断开后再将下极板左移一小段距离，Q 不变，由C ＝εr S 4πkd 知，S 减小，C 减小，由U＝Q C 得，电压U 增大，场强E ＝U d 增大，带电油滴所受的电场力增大，D 错误． 答案：B6、一匀强磁场的边界是MN ，MN 左侧是无场区，右侧是匀强磁场区域，如图甲所示，现有一个金属线框以恒定速度从MN 左侧进入匀强磁场区域．线框中的电流随时间变化的I －t 图象如图乙所示．则可能的线框是如图丙所示中的( )解析：从乙图看到，电流先均匀增加后均匀减小，而线圈进入磁场是匀速运动，所以有效长度是均匀增加的，所以D 项正确，B 项排除的原因是中间有段时间电流恒定不变．答案：D7、(2019·安徽模拟)如图所示，理想变压器原、副线圈上接有四个完全相同的灯泡，若四个灯泡恰好都能正常发光，则下列说法正确的是( )A ．U 1：U 2＝：4 B ．U 1：U 2＝：3C ．若将L 1短路，则副线圈的三个灯泡仍能正常发光D ．若将L 2短路，则副线圈的两个灯泡两端的电压变为额定电压的43倍解析：设灯泡的额定电压为U ，额定电流为I ，则副线圈电压为3U ，电流为I ，原线圈的灯泡正常发光，电流也为I ，所以原、副线圈的匝数比为：1，原线圈两端电压为3U ，所以U 1：U 2＝：3，选项A 错误、B 正确；若将L 1短路，则原线圈的电压增大，则副线圈两端电压也增大，三个灯泡不能正常发光，选项C 错误；若将L 2短路，设副线圈的电流为I ′，原线圈的电流也为I ′，因此2I ′R ＋I ′R ＝U 1＝4U ，则I ′R ＝43U ，即副线圈的每个灯泡两端的电压变为额定电压的43，选项D 正确．答案：BD二、非选择题利用如图1所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系．小车的质量为M ＝200.0 g ，钩码的质量为m ＝10.0 g ，打点计时器的电源为50 Hz 的交流电．图1(1)挂钩码前，为了消除摩擦力的影响，应调节木板右侧的高度，直至向左轻推小车观察到____________________．(2)挂上钩码，按实验要求打出的一条纸带如图2所示．选择某一点为O ，依次每隔4个计时点取一个计数点．用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx ，记录在纸带上．计算打出各计数点时小车的速度v ，其中打出计数点“1”时小车的速度v 1＝________m/s.图2(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力，取g ＝9.80 m/s 2，利用W ＝mgΔx 算出拉力对小车做的功W.利用Ek ＝12M v 2算出小车动能，并求出动能的变化量ΔEk.计算结果见下表.图3(4)实验结果表明，ΔEk总是略小于W.某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的．用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F＝________N.解析：(1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车，小车做匀速运动．(2)两计数点间的时间间隔T＝5×0.02 s＝0.1 sv1＝x022T＝(2.06＋2.50)×0.012×0.1m/s＝0.228 m/s(3)确定标度，根据给出数据描点．作图如图所示．(4)从图线上取两个点(4.5,4.24)，(2.15,2.0)图线的斜率k＝4.24－2.04.5－2.15≈0.953①又有k＝ΔEkΔW＝M v22mgΔx②根据运动学公式有v2＝2aΔx③根据牛顿第二定律有F＝Ma④由①②③④式解得F≈0.093 N答案：(1)小车做匀速运动(2)0.228(3)见解析图(4)0.093。
2019高考物理一轮复习优练题1含解析新人教版.docx
2019人教版高考物理一轮优练题（1）李仕才1、（多选）（质点）（2018 •贵州汇川期初）“梦之队”收获7金2银1铜,创造了1984年参加奥运会以来的最好成绩。
回国后，教练员和运动员认真分析了比赛视频，对于下面的叙述，正确的是（）A.研究运动员的跳水动作时，可以将运动员看成质点B.研究运动员与跳板接触过程中跳板的弯曲情况时，可将运动员看成质点C.为了提高训练成绩，不管分析什么问题，都不能把运动员看成质点D.能否把运动员看成质点,应根据研究问题而定答案］BD画物体能否看成质点，关键是看物体的形状和大小对所研究问题的影响是否可以忽略，当研究运动员的跳水动作时，不能将运动员看成质点,研究运动员接触跳板时跳板的弯曲情况, 可以将运动员看成质点，所以能否将运动员看成质点,应根据所研究的问题而定,A、C不符合题意,B、D符合题意。
故答案为BD。
4D2、（多选）（弹力）如图\\\\\\乙\\\所不，畀、〃两个物块的重力分别是GM N, Gn=\ N,弹簧的重力不计,整个装置沿竖直方向处于静止状态，这时弹簧的弹力F-1 \则天花板受到的拉力和地板受到的压力，有可能是（）A.1 N 和 6 NB.5 N 和 6 NC.1 N 和 2 ND.5 N 和 2 N丽弹簧的弹力为2 N,有两种可能情形:弹簧处于拉伸状态;弹簧处于压缩状态，因此对应的解应有两组。
⑦当弹簧处于拉伸状态时，由爪〃受力均平衡可知M受重力、弹簧向下的拉力及绳子对A的拉力，由共点力的平衡可知，绳子的拉力F二G A+FW N;由牛顿第三定律可知天花板受到的拉力为5 对〃分析，〃受重力、支持力及弹簧向上的拉力而处于平衡，则〃受支持力尺二〃7g-®N;D符合题意。
②^弹簧处于压缩状态，同理可知,A符合题意。
故答案为AD。
3、（惯性）（2017 •山东潍坊月考）关于惯性的认识，以下说法正确的是（）A.物体受到力的作用后，运动状态发生改变，惯性也随之改变B.置于光滑水平而上的物体即使质量很大也能被拉动,说明惯性与物体的质量无关C.让物体的速度发生改变，无论多快，都需要一定时间，这是因为物体具有惯性D.同一物体沿同一水平面滑动，速度较大时停下来的时间较长,说明惯性与速度有关答案C 解析惯性大小与物体的运动状态及受力情况无关，只由物体的质量大小决定，八、B、D均错误; 要改变物体的速度，必须有外力作用，而且要经历一定的时间,c正确。
2019高考物理一轮选训习题1含解析新人教版
2019人教高考物理一轮选训习题（1）及答案一、选择题1、如图,匀强磁场垂直于纸面,磁感应强度为B。
某种比荷为,速度大小为v的一群离子以一定发散角α由原点O射出,y轴正好平分该发散角,离子束偏转后打在x轴上长度为L的区域MN内,则cos()为世纪金榜49294169()A. -B.1-C.1-D.1-【解析】选B。
洛伦兹力充当向心力qvB=m,根据题意,粒子速度方向沿y轴正方向的打在N点,粒子速度方向与y轴正方向夹角为的打在M点,画出粒子速度方向与y轴正方向夹角为的轨迹,设OM之间的距离为x,则有2rcos()=x,2r=x+L联立解得:cos()=1-,故B正确。
2、一质点在x轴上运动，在t0＝0时刻质点处于位置x0＝0 m，然后质点沿x轴正方向运动，在t1＝2 s时刻质点处于位置x1＝10 m，此后质点沿x轴负方向运动，在t2＝4 s时刻质点处于位置x2＝－10 m，求：(1)质点在0～4 s内的平均速率；(2)后2 s内质点的平均速度和0～4 s内的平均速度.【答案】(1)7.5 m/s (2)－10 m/s，沿x轴负方向－2.5 m/s，沿x轴负方向3、空间某区域竖直平面内存在电场,电场线分布如图所示。
一个质量为m、电量为q,电性未知的小球在该电场中运动,小球经过A点时的速度大小为v1,方向水平向右,运动至B点时的速度大小为v2。
若A、B两点之间的高度差为h,则以下判断中正确的是世纪金榜49294164()A.A、B两点的电场强度和电势大小关系为E A>E B、φA<φBB.若v2>v1,则电场力一定做正功C.A、B两点间的电势差为(--2gh)D.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为m-m【解析】选C。
由电场线的疏密分布知E A<E B,沿电场线电势降低,φA>φB,所以A错误。
从A运动到B对带电小球应用动能定理得:mgh+qU AB=m-m,若v2>v1,电场力也不一定做正功,B错误。
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（人教）物理2019高考一轮选练练题（1）及答案李仕才一、选择题1、“天宫一号”目标飞行器与“神舟十号”飞船自动交会对接前的示意图如图所示,圆形轨道Ⅰ为“天宫一号”运行轨道,圆形轨道Ⅱ为“神舟十号”运行轨道.此后“神舟十号”要进行多次变轨,才能实现与“天宫一号”的交会对接,则( D ) A.“天宫一号”的运行速率大于“神舟十号”在轨道Ⅱ上的运行速率 B.“神舟十号”变轨后比变轨前高度增加,机械能减少 C.“神舟十号”可以通过减速而使轨道半径变大D.“天宫一号”和“神舟十号”对接瞬间的向心加速度大小相同解析:根据G =m 得v=,“天宫一号”的轨道半径大,运行速率小,选项A 错误;“神舟十号”只有加速后才能实现向高轨道的变轨,故机械能增加,选项B,C 错误;根据a=,“天宫一号”与“神舟十号”对接瞬间的向心加速度a=,大小相等,选项D 正确.2、(2019·南平市普通高中毕业班适应性检测)如图所示，轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于粗糙水平面上质量为m 的小球接触但不连接．开始时小球位于O 点，弹簧水平且无形变．O 点的左侧有一竖直放置的光滑半圆弧轨道，圆弧的半径为R ，B 为轨道最高点，小球与水平面间的动摩擦因数为μ.现用外力推动小球，将弹簧压缩至A 点，OA 间距离为x 0，将球由静止释放，小球恰能沿轨道运动到最高点B.已知弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g.下列说法中正确的是( )A ．小球在从A 到O 运动的过程中速度不断增大B ．小球运动过程中的最大速度为v m ＝5gRC ．小球与弹簧作用的过程中，弹簧的最大弹性势能E p ＝2.5mgR ＋μmgx 0D ．小球通过圆弧轨道最低点时，对轨道的压力为5mg解析：选C.小球在从A 到O 运动的过程中，受弹力和摩擦力，由牛顿第二定律可知：kΔx －μm g ＝ma ，物体做加速度减小的加速运动 ，当加速度为零的时(弹力等于摩擦力时)速度最大，接下来摩擦力大于弹力，小球开始做减速运动，当弹簧原长时离开弹簧，故A 错误；因为小球恰能沿轨道运动到最高点B ，由重力提供向心力：mg ＝m v 2BR ，解得：v B ＝gR ，从O到B 根据动能定理得：－mg 2R ＝12mv 2B －12mv 20，联立以上解得：v 0＝5gR ，由上分析可知：小球从开始运动到离开弹簧速度先增大后减小，所以最大速度要比5gR 大，故B 错误；从A到O 根据能量守恒得：E p ＝12mv 20＋μmgx 0，联立以上得：E p ＝2.5mgR ＋μmgx 0，故C 正确；小球在最低点时做圆周运动，由牛顿第二定律得：N －mg ＝m v 2R ，联立以上解得：N ＝6mg ，故D错误．3、（2019甘肃武威市第六中学高三阶段考）将某材料制成的长方体锯成A 、B 两块放在水平面上，A 、B 紧靠在一起，物体A 的角度如图所示．现用水平方向的力F 推物体B ，使物体A 、B 保持原来形状，整体沿力F 的方向匀速运动，则( )A. 物体A 在水平方向受两个力的作用，合力为零B. 物体A 只受一个摩擦力C. 物体B 对A 的弹力小于桌面对物体A 的摩擦力D. 物体B 在水平方向受三个力的作用 【答案】C【解析】对A 受力分析，在水平方向上受B 对A 的弹力，桌面的滑动摩擦力，B 对A 的静摩擦力，在三个力的作用下处于平衡，选项AB 错误；受力如图。
从图上可知，木板B 对A 的压力小于桌面对木板A 的摩擦力，选项C 正确；对B 分析，在水平方向上受推力F ，桌面的摩擦力，A 对B 的压力，A 对B 的静摩擦力，在四个力作用下平衡，选项D 错误。
4、如图所示，厚度均匀的木板放在水平地面上，木板上放置两个相同的条形磁铁，两磁铁的N 极正对．在两磁铁竖直对称轴上的C 点固定一垂直于纸面的长直导线，并通一垂直纸面向里的恒定电流，木板和磁铁始终处于静止状态，则( )A ．导线受到的安培力竖直向上，木板受到地面的摩擦力水平向右B ．导线受到的安培力竖直向下，木板受到地面的摩擦力水平向左C ．导线受到的安培力水平向右，木板受到地面的摩擦力水平向右D ．导线受到的安培力水平向右，木板受到地面的摩擦力为零解析：选C.条形磁铁的磁场在C 处的磁感应强度方向竖直向上，由左手定则可知，长直导线所受的安培力水平向右．把木板和条形磁铁看成整体，由牛顿第三定律可知，木板和条形磁铁所受安培力向左．对木板和条形磁铁，由平衡条件可知，木板受到地面的摩擦力水平向右，选项C 正确．5、如图所示,两竖直平行板间同时存在匀强电场和匀强磁场,电场的电场强度为E 、方向水平向左,磁场的磁感应强度为B 、方向与电场垂直且水平向里.一带电液滴以竖直向下的初速度v 0=进入电、磁场区域,最终能飞出该区域.则液滴在电、磁场中( D ) A.做匀速直线运动B.做匀变速曲线运动C.运动速度逐渐减小D.机械能逐渐减小解析:带电液滴进入场中时,由题意可知,电场力等于洛伦兹力,所以重力使其加速运动,从而洛伦兹力的大小增大,方向随速度方向的变化而变化,所以带电液滴将向右做变速曲线运动,故A,B均错误;由题意可知,带电液滴向右偏离并射出复合场,则运动速度逐渐增大,故C错误;由上分析可知,电场力做负功,电势能增加,则机械能减小,故D正确.6、质量为0.8 kg的球固定在支杆AB的上端，支杆AB的下端固定在升降机上，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，如图所示，已知绳的拉力为6 N，g取10 m/s2，则以下说法正确的是( )A．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为6 NB．若升降机是静止状态，则AB杆对球的作用力大小为8 NC．若升降机是加速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 ND．若升降机是减速上升，加速度大小 5 m/s2，则AB杆对球的作用力大小为6 5 N解析：选C.A、B若升降机是静止的，球静止，处于平衡状态，由平衡条件可知，杆的作用力大小：F2绳子＋mg2＝62＋0.8×102 N＝10 N，故AB错误；C、若升降机加速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：F y－mg＝ma，解得：F y＝12 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝6 5 N，故C正确；D、若升降机减速上升，对球，在竖直方向，由牛顿第二定律得：mg－F y＝ma，解得：F y＝4 N，在水平方向，由平衡条件得：F x＝F绳子＝6 N，杆对球的作用力大小：F＝F2x＋F2y＝213 N，故D错误；故选C.7、下表给出了一些金属材料的逸出功．现用波长为400 nm的单色光照射上述材料，能产生光电效应的材料最多有几种(普朗克常量h＝6.6×10－34J·s，光速c＝3.00×108 m/s)( ) 材料铯钙镁铍钛逸出功(10－19 J) 3.0 4.3 5.9 6.2 6.6A.2种C．4种D．5种解析：选A.光电效应发生的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，入射光的能量大于金属的逸出功，光子的能量为ε＝hν＝h cλ，代入计算得ε＝6.6×10－34×3×108400×10－9J＝4.95×10－19 J，可以看出光子能量大于逸出功的金属有两种，所以A项正确．8、（多选）甲、乙两建筑工人用简单机械装置将工件从地面提升并运送到楼顶。
如图所示，设当重物提升到一定高度后，两工人保持位置不动，甲通过缓慢释放手中的绳子，使乙能够用一始终水平的轻绳将工件缓慢向左拉动，最后工件运送至乙所在位置，完成工件的运送，设两绳端始终在同一水平面上，蝇的重力及滑轮的摩擦不计，滑轮大小忽略不计，则在工件向左移动过程中（）A. 甲手中绳子上的拉力不断破小B. 楼顶对甲的支持力不断增大C. 楼顶对甲的摩擦力大于对乙的摩擦力D. 乙手中绍子上的拉力不斯增大【来源】天津和平区2019-2019学年第二学期高三第一次质量检测物理试题 【答案】 CDD 、绳子与滑轮夹角为θ，则有tan θmgf，当θ角减小，则f 增大，根据平衡条件可知乙手中绳子上的拉力不断增大，D 正确； 故选CD 。
二、非选择题1．实验室有下列器材：灵敏电流计G(内阻约为50 Ω)； 电压表V(0～3 V ，内阻约为10 kΩ)； 电阻箱R 1(0～9 999 Ω)；滑动变阻器R 2(0～100 Ω，1.5 A)； 旧干电池一节； 导线开关若干．(1)某实验小组先测灵敏电流计的内阻，电路如图甲所示，测得电压表示数为2 V ，灵敏电流计示数为4 mA ，电阻箱旋钮位置如图乙所示，则灵敏电流计内阻为________Ω.(2)为将灵敏电流计的量程扩大为原来的10倍，该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱R 1的阻值调为________Ω.调好后连接成如图丙所示的电路测干电池的电动势和内阻，调节滑动变阻器读出了几组电压表和电流计的示数如下表，请在图丁所示的坐标系中作出合适的I g －U 图线.(3)由作出的I g －r ＝________Ω. 解析：(1)由图乙可知，电阻箱示数为R 1＝0×1 000 Ω＋4×100 Ω＋5×10 Ω＋5×1 Ω＝455 Ω.由欧姆定律得R g ＋R 1＝U I ＝ 2 V 0.004 A ＝500 Ω，电流计内阻为R g ＝500 Ω－455 Ω＝45 Ω.(2)将灵敏电流计的量程扩大为原来的10倍，并联电阻阻值R ＝I g R g I －I g ＝45I g10I g －I g＝5 Ω，根据表中实验数据在坐标系内找出对应点，然后根据找出的点作出图象，如答案图所示．(3)由I g －U 图线可知，图线与横轴的交点坐标值为1.4，则电源电动势E ＝1.4 V ，电流表内阻R A ＝R 1R g R 1＋R g ＝5 Ω×4.5 Ω5 Ω＋4.5 Ω＝2.4 Ω，图线的斜率k ＝ΔI ΔU ＝0.003 A×101.4 V －0.8 V ＝120 Ω，电源内阻r ＝1k－R A ＝20 Ω－2.4 Ω＝17.6 Ω.答案：(1)45 (2)5 如图所示 (3)1.4 17.62、2015年12月10日，百度宣布，其无人驾驶汽车已完成国内首次城市、环路及高速道路混合路况下的全自动驾驶．(1)如图所示，无人驾驶汽车车头装有一个激光雷达，就像车辆的“鼻子”，随时“嗅”着前方80 m 范围内车辆和行人的“气息”．若无人驾驶汽车在某路段刹车时的加速度为3.6 m/s 2，为不撞上前方静止的障碍物，汽车在该路段匀速行驶时的最大速度是多少？(2)若一辆有人驾驶的汽车在该无人驾驶汽车后30 m 处，两车都以20 m/s 的速度行驶，当前方无人驾驶汽车以3.6 m/s 2的加速度刹车1.4 s 后，后方汽车驾驶员立即以5.0 m/s 2的加速度刹车．试通过计算判断两车在运动过程中是否会发生追尾事故？ 解析：(1)对无人驾驶汽车，由运动学公式有 －2ax ＝0－v 2①代入数据解得v 0＝24 m/s(2)设有人驾驶汽车刹车后经过t 2时间与无人驾驶汽车的速度相同，此时的速度为v 该过程无人驾驶汽车刹车时间为t 2＋t 1，其中t 1＝1.4 s 对无人驾驶汽车v ＝v 0－a(t 2＋t 1)② 对有人驾驶汽车v ＝v 0－a′t 2③联立②③式得t 2＝3.6 s ，v ＝2 m/s 又x 无＝v 0＋v 2(t 2＋t 1)④ x 有＝v 0＋v 2t 2＋v 0t 1⑤ Δx＝x 有－x 无⑥联立④⑤⑥，代入数据解得Δx＝12.6 m ＜30 m ，即两车不会相撞． 答案：(1)24 m/s (2)不会。