专题7 随机变量的分布列、期望、方差-2018年浙江高考数学分析及相似模拟题训练Word版含解析
2018年高考浙江卷数学试题解析(精编版)(原卷版)
绝密★启用前2018年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数学本试题卷分选择题和非选择题两部分。
全卷共4页,选择题部分1至2页;非选择题部分3至4页。
满分150分。
考试用时120分钟。
考生注意:1.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填在试题卷和答题纸规定的位置上。
2.答题时,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范作答,在本试题卷上的作答一律无效。
参考公式:若事件A,B互斥,则若事件A,B相互独立,则若事件A在一次试验中发生的概率是p,则n次独立重复试验中事件A恰好发生k次的概率台体的体积公式其中分别表示台体的上、下底面积,表示台体的高柱体的体积公式其中表示柱体的底面积,表示柱体的高锥体的体积公式其中表示锥体的底面积,表示锥体的高球的表面积公式球的体积公式其中表示球的半径选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1. 已知全集U={1,2,3,4,5},A={1,3}A. B. {1,3} C. {2,4,5} D. {1,2,3,4,5}2. 双曲线的焦点坐标是A. (−,0),(,0)B. (−2,0),(2,0)C. (0,−),(0,)D. (0,−2),(0,2)3. 某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm3)是学|科|网...学|科|网...学|科|网...A. 2B. 4C. 6D. 84. 复数(i为虚数单位)的共轭复数是A. 1+iB. 1−iC. −1+iD. −1−i5. 函数y=sin2x的图象可能是A. B.C. D.6. 已知平面α,直线m,n满足,,则“m∥n”是“m∥α”的A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件7. 设0<p<1,随机变量ξ的分布列是ξ0 1 2P则当p在(0,1)内增大时,A. D(ξ)减小B. D(ξ)增大C. D(ξ)先减小后增大D. D(ξ)先增大后减小8. 已知四棱锥S−ABCD的底面是正方形,侧棱长均相等,E是线段AB上的点(不含端点),设SE与BC所成的角为θ1,SE与平面ABCD所成的角为θ2,二面角S−AB−C的平面角为θ3,则A. θ1≤θ2≤θ3B. θ3≤θ2≤θ1C. θ1≤θ3≤θ2D. θ2≤θ3≤θ19. 已知a,b,e是平面向量,e是单位向量.若非零向量a与e的夹角为,向量b满足b2−4e·b+3=0,则|a−b|的最小值是−1 +1 C. 2 D. 2−10. 已知成等比数列,且.若,则非选择题部分(共110分)二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。
专题03 随机变量的分布列、期望、方差(解析版)-备战2020高考数学——2019浙江高考数学试题探源与变式
专题三 随机变量的分布列、期望、方差【母题原题1】【2019浙江,7】设01a <<,则随机变量X 的分布列是:则当a 在()0,1内增大时( ) A. ()D X 增大 B. ()D X 减小C. ()D X 先增大后减小D. ()D X 先减小后增大【答案】D 【解析】方法1:由分布列得1()3aE X +=,则 2222111111211()01333333926a a a D X a a +++⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-⨯+-⨯+-⨯=-+ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭,则当a 在(0,1)内增大时,()D X 先减小后增大.方法2:则()222221(1)222213()()03399924a a a a D X E X E X a ⎡⎤+-+⎛⎫=-=++-==-+⎢⎥ ⎪⎝⎭⎢⎥⎣⎦故选D.【母题原题2】【2018浙江,7】设0<p <1,随机变量ξ的分布列是 ξ12P则当p 在(0,1)内增大时, A. D (ξ)减小 B. D (ξ)增大C. D (ξ)先减小后增大D. D (ξ)先增大后减小 【答案】D 【解析】,,,∴先增后减,因此选D.点睛:【母题原题3】【2017浙江,8】已知随机变量iξ满足P (iξ=1)=p i ,P (iξ=0)=1—p i ,i=1,2.若0<p 1<p 2<12,则A. ()1E ξ< ()2E ξ, ()1D ξ< ()2D ξB. ()1E ξ< ()2E ξ, ()1D ξ> ()2D ξC. ()1E ξ> ()2E ξ, ()1D ξ< ()2D ξD. ()1E ξ> ()2E ξ, ()1D ξ> ()2D ξ 【答案】A【解析】∵()()1122,E p E p ξξ==,∴()()12E E ξξ<, ∵()()()()1112221,1D p p D p p ξξ=-=-,∴()()()()12121210D D p p p p ξξ-=---<,故选A .【名师点睛】求离散型随机变量的分布列,首先要根据具体情况确定X 的取值情况,然后利用排列,组合与概率知识求出X 取各个值时的概率.对于服从某些特殊分布的随机变量,其分布列可以直接应用公式给出,其中超几何分布描述的是不放回抽样问题,随机变量为抽到的某类个体的个数.由已知本题随机变量i ξ服从两点分布,由两点分布数学期望与方差的公式可得A 正确.【命题意图】1.分布列的概念及其性质;2.考查期望、方差的关系及其计算公式;3.考查运算求解能力、分析与解决问题的能力.【命题规律】离散型随机变量的均值与方差是高考的热点题型,前几年以解答题为主,常与排列、组合、概率等知识综合命题.以实际问题为背景考查离散型随机变量的均值与方差在实际问题中的应用,是高考的主要命题方向.近三年浙江卷略有淡化,难度有所降低,主要考查分布列的性质、数学期望、方差的计算,及二者之间的关系.同时,考查二次函数性质的应用,逐渐形成稳定趋势. 【答题模板】求离散型随机变量均值、方差的步骤:(1)理解随机变量X 的意义,写出X 可能取得的全部值; (2)求X 的每个值的概率; (3)写出X 的分布列; (4)由公式求出()E X 、方差. 【方法总结】1. 求离散型随机变量均值、方差的基本方法(1)已知随机变量的分布列求它的均值、方差和标准差,可直接按定义(公式)求解; (2)已知随机变量ξ的均值、方差,求ξ的线性函数a b ηξ=+的均值、方差和标准差,可直接用ξ的均值、方差的性质求解;(3)如能分析所给随机变量是服从常用的分布(如两点分布、二项分布等),可直接利用它们的均值、方差公式求解. 2. 六条性质(1) ()E C C = (C 为常数)(2) ()()E aX b aE X b +=+ (,a b 为常数) (3) ()()()1212E X X E X E X +=+(4)如果12,X X 相互独立,则()()()1212E X X E X E X ⋅=⋅ (5) ()()()()22D XE XE X =-(6) ()()2D aX b a D X +=3. 均值与方差性质的应用若X 是随机变量,则()f X η=一般仍是随机变量,在求η的期望和方差时,熟练应用期望和方差的性质,可以避免再求η的分布列带来的繁琐运算.一、选择题1.【浙江省金华十校2019届第二学期高考模拟】设01p <<,随机变量ξ的分布列是则当p 在(0,1)内增大时( ) A .()E ξ减小,()D ξ减小 B .()E ξ减小,()D ξ增大 C .()E ξ增大,()D ξ减小 D .()E ξ增大,()D ξ增大【答案】A 【解析】由题意得11()01212222p p pE ξ-=⨯+⨯+⨯=-,所以当p 在(0,1)内增大时,()E ξ减少; 221()[0(1)][1(1)]2222p p p D ξ=--⨯+--⨯22132[2(1)]222p p p p --++--⨯=231()242p --=, 所以当p 在(0,1)内增大时,()D ξ减少. 故选:A .2.【浙江省浙南名校联盟2019届高三上学期期末】已知随机变量的分布列如下表:X -1 0 1Pa b c其中.若的方差对所有都成立,则( )A .B .C .D .【答案】D 【解析】由的分布列可得:的期望为,,所以的方差,因为所以当且仅当时,取最大值,又对所有都成立,所以只需,解得,所以.故选D3.【浙江省嘉兴市2019届高三上期末】已知随机变量ξ的分布列如下,则E(ξ)的最大值是()ξ-1 0 aPA.B.C.D.【答案】B【解析】根据分布列的性质的到,所有的概率和为1,且每个概率都介于0和1之间,得到b-a=0,,根据公式得到化简得到,根据二次函数的性质得到函数最大值在轴处取,代入得到.此时,经检验适合题意.故答案为:B.4.【2018届浙江省杭州市第二次检测】已知,随机变量ξ 的分布列如下:ξ -1 0 1P当 a 增大时,( )A. E (ξ)增大, D (ξ)增大B. E (ξ)减小, D (ξ)增大C. E (ξ)增大, D (ξ)减小D. E (ξ)减小, D (ξ)减小 【答案】A【解析】分析:由随机变量 的分布列,推导出,从而当增大时,增大;,由,得到当增大时,增大. 详解:由随机变量 的分布列,得,∴当增大时,增大;,∵,∴当增大时,增大,故选A .5.【浙江省宁波市2019届高三上期末】已知是离散型随机变量,则下列结论错误的是( ) A . B .C .D .【答案】D 【解析】 在A 中,,故A 正确;在B 中,由数学期望的性质得,故B 正确; 在C 中,由方差的性质得,故C 正确;在D 中,,故D 错误.故选D.6.【2018年浙江省普通高等学校全国招生统一考试模拟】已知随机变量()1,2i ξ=的分布列如表所示:ξ12 p13i p23i p -若1212023p p <<<<,则( ) A. ()()()()1212,E E D D ξξξξ<< B. ()()()()1212,E E D D ξξξξ C. ()()()()1212,E E D D ξξξξ>> D. ()()()()1212,E E D D ξξξξ>> 【答案】D 【解析】由题意得()24233i i i i E p p p ξ⎛⎫=+-=- ⎪⎝⎭. ∵1212023p p <<<< ∴()()12E E ξξ> ∵()()()()2221201233i i i i i i D E p E p E ξξξξ⎛⎫⎡⎤⎡⎤⎡⎤=-+-+-- ⎪⎣⎦⎣⎦⎣⎦⎝⎭∴()222214122183333339i i i i i i i i D p p p p p p p ξ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=-+-+-+=--+ ⎪ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭设()21839f x x x =--+,则()f x 在20,3⎛⎫⎪⎝⎭上单调递减. ∵1212023p p <<<< ∴()()12D D ξξ> 故选D.7.【2018年4月浙江省金华十校高考模拟】随机变量的分布列如下: -1 0 1其中,,成等差数列,则的最大值为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】因为,,成等差数列,,.则的最大值为 .本题选择A 选项.8.【2017届浙江省高三上学期高考模拟】已知,随机变量的分布如下:-11当增大时,( ) A. 增大,增大 B. 减小,增大 C.增大,减小 D.减小 ,减小【答案】B 【解析】由题意得,,,又∵,∴故当增大时,减小,增大,故选B.9.【2017年12月浙江省重点中学期末热身】已知随机变量ξ满足()103P ξ==, ()1P x ξ==, ()223P x ξ==-,若203x <<,则( ) A. ()E ξ随着x 的增大而增大, ()D ξ随着x 的增大而增大 B. ()E ξ随着x 的增大而减小, ()D ξ随着x 的增大而增大 C. ()E ξ随着x 的增大而减小, ()D ξ随着x 的增大而减小D. ()E ξ随着x 的增大而增大, ()D ξ随着x 的增大而减小 【答案】C【解析】∵ 随机变量ξ满足()103P ξ==, ()1P x ξ==, ()223P x ξ==- ∴()124012333E x x x ξ⎛⎫=⨯+⨯+⨯-=- ⎪⎝⎭ ∴()22222414421412012333333333D x x x x x x x x x ξ⎡⎤⎡⎤⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫=--⨯+--⋅+--⋅-=-+-⋅++ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎢⎥⎢⎥⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎣⎦⎣⎦⎣⎦ 221811139612x x x ⎛⎫=--+=-++ ⎪⎝⎭∵203x <<∴()E ξ随着x 的增大而减小, ()D ξ随着x 的增大而减小 故选C 二、填空题10.【2018届浙江省宁波市5月模拟】已知随机变量的分布列如下表:若,则______;______.【答案】 0. . 【解析】 由题得所以.解得a=0. 所以故答案为:0,.11.【浙江省2018年12月重点中学高三期末热身】已知随机变量的分布列为:-1 0 2若,则__________;___________.【答案】【解析】由分布列的性质以及期望公式可得,,解得,,,故答案为.12.【浙江省余姚中学2018届高三选考科目模拟卷(二)】若随机变量的分布列如表所示:则______,____.【答案】【解析】由题意可知:,解得(舍去)或由方差计算性质得1 2。
2018年浙江高考模拟试卷数学卷(最新整理)
∴ ACO 为等边三角形,从而 CD AO -------(3 分)
∵点 P 在圆 O 所在平面上的正投影为点 D ,
∴ PD 平面 ABC ,又 CD 平面 ABC ,
A
∴ PD CD ,
---------(5 分)
DO
B
由 PD AO D 得, CD 平面 PAB . ---------(6 分)
B 、 D 三点不重合. (Ⅰ)求椭圆 C 的方程; (Ⅱ)求证:直线 AB 、 AD 的斜率之和为定值. (Ⅲ) ABD 的面积是否存在最大值?若存在,求出这个最大值;若不存在,说明理由?
22、(衢州市 2017 年 4 月高三教学质量检测理科改编)(本题满分 15 分)已知数列an 满足
a1
1 2
C
(注:证明 CD 平面 PAB 时,也可以由平面 PAB 平面 ACB 得到,酌情给分.)
(Ⅱ)法 1:
过 D 作 DH 平面 PBC 交平面于点 H ,连接 PH ,则 DPH 即为所求的线面角。-----
(8 分)
由(Ⅰ)可知 CD 3 , PD DB 3 ,
∴ VP BDC
1 3
2 3
1
. log2.5 6.25 ln e (0.064) 3
.
12、(原创)已知离散型随机变量 的分布列为
0
1
2
则变量 的数学期望
_________,方差
____________.
13、(原创)函数
f
(x)
2
x
,
x
2
则 f f 2 =
x2 2x 1, x 2
;方程 f f x 2 解是
n 次独立重复试验中事件 A 恰好发生 k 次的概率
2018年浙江省普通高等学校全国招生统一考试数学模拟测试卷(解析版)
2018年普通高等学校招生全国统一考试数学模拟试题(浙江卷)一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合,则()A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:求出中不等式解集,找出解集中的整数解确定出,找出中不等式的整数解确定出,求出与的交集即可.详解:∵集合∴集合又∵∴集合∴故选A.点睛:此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2. 双曲线的离心率是()A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:直接利用双曲线方程,求出实轴长以及焦距的长,即可得到双曲线的离心率.详解:∵双曲线的方程为∴,∵∴∴故选C.点睛:本题考查了双曲线简单性质的应用,离心率的求法.求双曲线的离心率(或离心率的取值范围),常见有两种方法:①求出,代入公式;②只需要根据一个条件得到关于的齐次式,转化为的齐次式,然后转化为关于的方程(不等式),解方程(不等式),即可得(的取值范围).3. 某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:由已知中的三视图,可知该几何体右边是三棱锥,左边是直三棱柱,分别计算出体积,相加即可.详解:由三视图知:几何体右边是三棱锥,其底面为腰长为1的等腰直角三角形,高为1,其体积为;左边为直三棱柱,其底面为腰长为1的等腰直角三角形,高为1,其体积为.∴该几何体的体积为.故选B.点睛:本题利用空间几何体的三视图重点考查学生的空间想象能力和抽象思维能力.三视图问题是考查学生空间想象能力最常见题型,也是高考热点.观察三视图并将其“翻译”成直观图是解题的关键,不但要注意三视图的三要素“高平齐,长对正,宽相等”,还要特别注意实线与虚线以及相同图形的不同位置对几何体直观图的影响,对简单组合体三视图问题,先看俯视图确定底面的形状,根据正视图和侧视图,确定组合体的形状.4. 若满足约束条件,则的最小值是()A. B. C. D.【答案】B【解析】分析:根据约束条件作出平面区域,化为,从而结合图象,即可求得最小值.详解:由约束条件作出平面区域如图所示:化为,由,解得.由图可得,当直线经过点时,直线在轴上的截距最大,此时有最小值,即.故选B.点睛:本题主要考查线性规划中利用可行域求目标函数的最值,属简单题.求目标函数最值的一般步骤是“一画、二移、三求”:(1)作出可行域(一定要注意是实线还是虚线);(2)找到目标函数对应的最优解对应点(在可行域内平移变形后的目标函数,最先通过或最后通过的顶点就是最优解);(3)将最优解坐标代入目标函数求出最值.5. 在等差数列中,若,且它的前项和有最小值,则当时,的最小值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】分析:根据题设条件,利用等差数列的性质推导出,,由此能求出时,的最小值.详解:∵数列是等差数列,它的前项和有最小值∴公差,首项,为递增数列∵∴,由等差数列的性质知:,.∵∴当时,的最小值为16.故选C.点睛:本题考查等差数列的前项和的应用,考查数列的函数特性,是中档题.解答本题的关键是根据,,确定时,的最小值.6. 如图,是双曲线与椭圆的公共焦点,点是在第一象限的公共点.若,则的离心率是()A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析:由题意知,,∵,∴,∴,∵,∴的离心率是,选考点:椭圆离心率【方法点睛】解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于a,b,c的方程或不等式,再根据a,b,c的关系消掉b得到a,c的关系式,建立关于a,b,c的方程或不等式,要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.7. 已知二次函数,则“与有相同的零点”是“”的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】C【解析】分析:若是函数与函数相同的零点可推出,即,再根据充要条件的定义判断即可.详解:若是函数与函数相同的零点,则,.∴,即.∴二次函数,则“与有相同的零点”是“”的充要条件.故选C.点睛:充分、必要条件的判断方法(1)利用定义判断:直接判断“若p,则q”和“若q,则p”的真假.在判断时,确定条件是什么、结论是什么.(2)从集合的角度判断:利用集合中包含思想判定.抓住“以小推大”的技巧,即小范围推得大范围,即可解决充分必要性的问题.(3)利用等价转化法:条件和结论带有否定性词语的命题,常转化为其逆否命题来判断真假.8. 已知随机变量的分布列如表所示:若,则()A. B.C. D.【答案】D【解析】分析:根据定义用表示出,,根据函数单调性得出结论.详解:由题意得.∵∴∵∴设,则在上单调递减.∵∴故选D.点睛:求离散型随机变量均值与方差的基本方法(1)已知随机变量的分布列求它的均值、方差,按定义求解.(2)已知随机变量的均值、方差,求的线性函数的均值、方差,可直接用的均值、方差的性质求解.(3)如果所给随机变量是服从常用的分布(如两点分布、二项分布等),利用它们的均值、方差公式求解.9. 已知得内角所对的边分别为,且,点在所在平面上的投影恰好是的重心,设平面与底面所成的锐二面角分别为,则()A. B. C. D.【答案】A【解析】分析:由题意画出图形,分别求出平面,,与底面所成的锐二面角,根据为的重心,可得,再由的大小关系可得到三边的距离关系,在直角三角形中由、、的大小得到三个角的大小关系.详解:根据题意画出如图所示的图形:∵为的重心∴过分别作、、垂直于、、,连接、、,可知、、分别为平面,,与底面所成的锐二面角,分别为.在、、中,,且.∴在、、中,,.∴,即.∵正切函数在上为增函数∴故选A.点睛:线面角找垂线,即通过线面垂直关系确定射影,再根据解直角三角形确定大小,二面角找垂面,即找棱垂直的平面,得到平面角之后再解三角形即可.10. 已知为锐角的外心,,若,且.记,,,则()A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:由已知结合数量积的几何意义列关于,,的方程组,求得,再由余弦定理求得,展开数量积,结合,且余弦函数在上为减函数即可得答案.详解:分别取,的中点为,,连接,,根据题设条件可得,.∴,.∵∴①②∵③∴由①②③得根据余弦定理可得∴在中,由大边对大角得:.∵,且余弦函数在上为减函数∴∴故选D.点睛:(1)向量的运算将向量与代数有机结合起来,这就为向量和函数的结合提供了前提,运用向量的有关知识可以解决某些函数问题.(2)以向量为载体求相关变量的取值范围,是向量与函数、不等式、三角函数等相结合的一类综合问题.(3)向量的两个作用:①载体作用:关键是利用向量的意义、作用脱去“向量外衣”,转化为我们熟悉的数学问题;②工具作用:利用向量可解决一些垂直、平行、夹角与距离问题.二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)11. 若复数满足(为虚数单位),则复数的虚部为__________;_________.【答案】(1). 3(2).【解析】分析:把已知等式变形,利用复数代数形式的乘除运算化简求得虚部,再由模的计算公式求模.详解:∵∴∴复数的虚部为,.故答案为,.点睛:本题重点考查复数的基本运算和复数的概念,属于基本题.首先对于复数的四则运算,要切实掌握其运算技巧和常规思路,如. 其次要熟悉复数相关基本概念,如复数的实部为、虚部为、模为、对应点为、共轭为12. 已知函数,则__________;函数的单调递减区间是__________.【答案】(1). 1(2).【解析】试题分析:因为,所以;当时,为单调递增函数;当时,,函数在上单调递增,在上单调递减,所以函数的单调递减区间为.考点:1、分段函数的求值;2、对数的运算;3、函数的单调性.13. 多项式的展开式中,含的系数是__________;常数项是__________.【答案】(1). 200(2). 144【解析】分析:根据题意,由二项式定理分析可得的展开式的通项为,进而令、3、0、1,求出对应的值,分析可得答案.详解:根据题意,的展开式的通项为.∴当时,有;当时,有;当时,有;当时,有.∴多项式的展开式中,含的项为,即含的系数是;常数项是.故答案为,.点睛:求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略(1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第项,再由特定项的特点求出值即可.(2)已知展开式的某项,求特定项的系数.可由某项得出参数项,再由通项写出第项,由特定项得出值,最后求出其参数.14. 在中,角所对的边分别为,已知,,,点满足,则__________;__________.【答案】(1). 8(2).【解析】分析:由已知利用余弦定理即可求得的值,进而求得的值,利用余弦定理可求的值.详解:如图,,,.∴根据余弦定理得,即.∴或(舍去)∵点满足∴∴在中,由余弦定理可得.∴故答案为,.点睛:本题主要考查余弦定理解三角形. 对余弦定理一定要熟记两种形式:(1);(2),同时还要熟练掌握运用两种形式的条件.另外,在解与三角形、三角函数有关的问题时,还需要记住等特殊角的三角函数值,以便在解题中直接应用.15. 分配名水暖工去个不同的民居家里检查暖气管道,要求名水暖工部分配出去,并每名水暖工只能去一个居民家,且每个居民家都要有人去检查,那么分配的方案共有__________种(用数字作答).【答案】36【解析】分析:根据题意,分2步分析:①,将4名水暖工分成3组,②,将分好的三组全排列,对应3个不同的居民家,由分步计数原理计算可得答案.详解:根据题意,分2步分析:①将4名水暖工分成3组,有种分组方法;②将分好的三组全排列,对应3个不同的居民家,有种分配方法.∴共有6×6=36种不同的分配方案故答案为36.点睛:解答排列、组合问题的角度:解答排列、组合应用题要从“分析”、“分辨”、“分类”、“分步”的角度入手;(1)“分析”就是找出题目的条件、结论,哪些是“元素”,哪些是“位置”;(2)“分辨”就是辨别是排列还是组合,对某些元素的位置有、无限制等;(3)“分类”就是将较复杂的应用题中的元素分成互相排斥的几类,然后逐类解决;(4)“分步”就是把问题化成几个互相联系的步骤,而每一步都是简单的排列、组合问题,然后逐步解决.16. 已知向量满足,则的取值范围是__________.【答案】【解析】分析:根据绝对值三角不等式即可求出.详解:∵∴∴,即;,即.∴的取值范围是故答案为.点睛:本题考查向量的模,解答本题的关键是利用绝对值三角不等式,即.17. 已知,则的最大值是__________.【答案】【解析】分析:将通分后,再将分子分母同时除以,再设,根据对勾函数的性质,即可求得的最大值.详解:∵∴令,则.∵∴∴又∵在上为单调递增∴∴的最大值是故答案为.点睛:解答本题的关键是将等式化简到,再通过换元将其形式进行等价转化,最后运用对勾函数的单调性求出该函数的最值,从而使得问题获解.形如的函数称为对勾函数,其单调增区间为,;单调减区间为,.三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)18. 已知函数(1)若,求的值域;(2)若的最大值是,求的值.【答案】(1);(2)【解析】分析:(1)时,化简函数,利用三角函数的性质求出的值域;(2)化简函数,根据三角函数的图象与性质求出的值.详解:(1)由题意.∴函数的值域为.(2)由题意.∵函数的最大值为∴∴又∵∴.点睛:对三角函数考查是近几年高考考查的一类热点问题,一般难度不大,但综合性较强.解答这类问题,两角和与差的正余弦公式、诱导公式以及二倍角公一定要熟练掌握并灵活应用,特别是二倍角公式的各种变化形式要熟记于心在研究三角函数的图象和性质问题时,一般先运用三角恒等变形,将表达式转化为一个角的三角函数的形式求解. 19. 设平面平面,,,,,,(1)证明:平面;(2)求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)见解析;(2)【解析】分析:(1)由于,,可得,进而可得四边形是平行四边形.可得,利用线面平行的判定定理可得平面;(2)取中点,连结交于点,连结,先证与平面所成角等于与平面所成角,再证平面平面,然后作,交直线于点,得平面,即可得是与平面所成角,再求出、,即可得直线与平面所成角的正弦值.详解:(1)∵,∴.又∵∴四边形是平行四边形∴,因此平面.(2)取中点,连结交于点,连结.∵∴与平面所成角等于与平面所成角.∵,平面平面∴平面.又∵∴平面∴.在正方形中,,故平面.∴平面平面.在平面中,作,交直线于点,得平面.∴是与平面所成角.过点作.∵∴∵∴点睛:本题主要考查线面平行的判定定理、直线和平面成的角的定义及求法,属于难题.求直线和平面所成角的关键是作出这个平面的垂线进而斜线和射影所成角即为所求,有时当垂线较为难找时也可以借助于三棱锥的等体积法求得垂线长,进而用垂线长比上斜线长可求得所成角的正弦值,当空间关系较为复杂时也可以建立空间直角坐标系,利用向量求解.20. 已知函数.(1)求的导函数;(2)求的定义域及值域.【答案】(1);(2)【解析】分析:(1)根据复合函数以及幂函数的求导公式进行运算;(2)根据根式的性质以及二次函数的值域求出函数的定义域,对函数求导,判断出单调性求出函数的极大值,即函数的最大值,再由根式的性质得出函数的值域.详解:(1)对求导得:.(2)∵∴对一切恒成立∴的定义域为.令,即,解得(舍去),或.当时,,;当时,,.∴当时,取最大值又∵,所以∴的值域为点睛:利用导数解答函数最值或值域的一般步骤:第一步:先求出函数的定义域;第二步:利用或求单调区间;第三步:解得两个根;第四步:比较两根同区间端点的大小;第五步:求极值;第六步:比较极值同端点值的大小.21. 设抛物线的焦点为,过点的动直线交抛物线于不同两点,线段中点为,射线与抛物线交于点.(1)求点的轨迹方程;(2)求面积的最小值.【答案】(1);(2)【解析】分析:(1)设直线方程为,代入,消去,运用韦达定理和中点坐标公式,再运用代入法消去,即可得到的轨迹方程;(2)设,根据(1)可得,由点在抛物线上,化简可得,由点到直线的距离公式,以及弦长公式,求出的面积,再构造新函数,利用导数即可求得的面积的最小值.详解:(1)设直线方程为,代入得设,则,,.∴.设,由消去得中点的轨迹方程为(2)设.∵,∴由点在抛物线上,得.又∵∴,点到直线的距离又.所以,面积设,有,故在上是减函数,在上是增函数,因此,当时取到最小值.所以,面积的最小值是.点睛:在圆锥曲线中研究范围,若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系,则可首先建立目标函数,再求这个函数的最值.在利用代数法解决最值与范围问题时,常从以下方面考虑:①利用判别式来构造不等关系,从而确定参数的取值范围;②利用已知参数的范围,求新参数的范围,解这类问题的关键是两个参数之间建立等量关系;③利用隐含或已知的不等关系建立不等式,从而求出参数的取值范围;④利用基本不等式求出参数的取值范围;⑤利用函数的值域的求法,确定参数的取值范围.22. 已知数列满足:.证明:当时,(1);(2);(3).【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)见解析【解析】分析:(1)用数学归纳法和反证法证明即可;(2)由数列的递推式以及作差法可得,构造函数,利用导数求出函数函数的单调性,从而可以证明;(3)由数列的递推式,以及(2)的结论可得,根据等比数列的通项公式即可证明,再结合已知可得,即可证明不等式成立.详解:(1)数学归纳法证明:当时,成立假设时,成立,那么时,假设,则,矛盾所以,故得证所以,故(2)由得设则由于与在上单调递增,所以故在上单调递增,所以所以即(3)由(2)得,则所以又,所以,所以,故所以,所以点睛:1.数学归纳法是一种重要的数学思想方法,主要用于解决与正整数有关的数学问题.证明时步骤(1)和(2)缺一不可,步骤(1)是步骤(2)的基础,步骤(2)是递推的依据.2.在用数学归纳法证明时,第(1)步验算的不一定为1,而是根据题目要求选择合适的起始值.第(2)步,证明时命题也成立的过程,一定要用到归纳假设,否则就不是数学归纳法.。
2018年浙江高考数学二轮复习教师用书:第1部分 重点强化专题 专题3 突破点7 随机变量及其分布
突破点7 随机变量及其分布(对应学生用书第26页)[核心知识提炼]提炼1离散型随机变量的分布列离散型随机变量X的分布列如下:则(1)p i(2)p1+p2+…+p i+…+p n=1(i=1,2,3,…,n).(3)E(X)=x1p1+x2p2+…+x i p i+…+x n p n为X的均值或数学期望(简称期望).D(X)=(x1-E(X))2·p1+(x2-E(X))2·p2+…+(x i-E(X))2·p i+…+(x n-E(X))2·p n叫做随机变量X的方差.(4)均值与方差的性质①E(aX+b)=aE(X)+b;②D(aX+b)=a2D(X)(a,b为实数).(5) 两点分布与二项分布的均值、方差①若X服从两点分布,则E(X)=p,D(X)=p(1-p);②若X~B(n,p),则E(X)=np,D(X)=np(1-p).提炼2几种常见概率的计算(1)相互独立事件同时发生的概率P(AB)=P(A)P(B).(2)独立重复试验的概率如果事件A 在一次试验中发生的概率是p ,那么它在n 次独立重复试验中恰好发生k 次的概率为P n (k )=C k n p k·(1-p )n -k,k =0,1,2,…,n .[高考真题回访]回访1 离散型随机变量及其分布列1.(2013·浙江高考)设袋子中装有a 个红球,b 个黄球,c 个蓝球,且规定:取出一个红球得1分,取出一个黄球得2分,取出一个蓝球得3分.(1)当a =3,b =2,c =1时,从该袋子中任取(有放回,且每球取到的机会均等)2个球,记随机变量ξ为取出此2球所得分数之和,求ξ的分布列;(2)从该袋子中任取(每球取到的机会均等)1个球,记随机变量η为取出此球所得分数.若E η=53,D η=59,求a ∶b ∶c . 【导学号:68334087】 [解] (1)由题意得ξ=2,3,4,5,6. 故P (ξ=2)=3×36×6=14,1分P (ξ=3)=2×3×26×6=13, 2分P (ξ=4)=2×3×1+2×26×6=518,3分P (ξ=5)=2×2×16×6=19, 4分P (ξ=6)=1×16×6=136. 5分所以ξ的分布列为6分(2)由题意知η的分布列为所以E (η)=a +b +c +a +b +c +a +b +c =3,10分D (η)=⎝⎛⎭⎪⎫1-532·a a +b +c +⎝ ⎛⎭⎪⎫2-532·b a +b +c +⎝ ⎛⎭⎪⎫3-532·c a +b +c =59,化简得⎩⎪⎨⎪⎧2a -b -4c =0,a +4b -11c =0. 13分解得a =3c ,b =2c ,故a ∶b ∶c =3∶2∶1. 15分回 访2 离散型随机变量的均值与方差2.(2017·浙江高考)已知随机变量ξi 满足P (ξi =1)=p i ,P (ξi =0)=1-p i ,i =1,2.若0<p 1<p 2<12,则( )A .E (ξ1)<E (ξ2),D (ξ1)<D (ξ2)B .E (ξ1)<E (ξ2),D (ξ1)>D (ξ2)C .E (ξ1)>E (ξ2),D (ξ1)<D (ξ2) D .E (ξ1)>E (ξ2),D (ξ1)>D (ξ2)A [由题意可知ξi (i =1,2)服从两点分布,∴E (ξ1)=p 1,E (ξ2)=p 2,D (ξ1)=p 1(1-p 1),D (ξ2)=p 2(1-p 2). 又∵0<p 1<p 2<12,∴E (ξ1)<E (ξ2).把方差看作函数y =x (1-x ), 根据0<ξ1<ξ2<12知,D (ξ1)<D (ξ2).故选A.]3.(2014·浙江高考)已知甲盒中仅有1个球且为红球,乙盒中有m 个红球和n 个蓝球(m ≥3,n ≥3),从乙盒中随机抽取i (i =1,2)个球放入甲盒中.(1)放入i 个球后,甲盒中含有红球的个数记为ξi (i =1,2);(2)放入i 个球后,从甲盒中取1个球是红球的概率记为p i (i =1,2).则( )【导学号:68334088】A .p 1>p 2,E (ξ1)<E (ξ2)B .p 1<p 2,E (ξ1)>E (ξ2)C .p 1>p 2,E (ξ1)>E (ξ2)D .p 1<p 2,E (ξ1)<E (ξ2)A [随机变量ξ1,ξ2的分布列如下:所以E (ξ1)=m +n+m +n =m +n, E (ξ2)=C 2n C 2m +n +2C 1m C 1n C 2m +n +3C 2m C 2m +n =3m +nm +n ,所以E (ξ1)<E (ξ2).因为p 1=m m +n +nm +n ·12=2m +n m +n,p 2=C 2m C 2m +n +C 1m C 1n C 2m +n ·23+C 2n C 2m +n ·13=3m +nm +n,p 1-p 2=nm +n>0,所以p 1>p 2.] 4.(2014·浙江高考)随机变量ξ的取值为0,1,2.若P (ξ=0)=15,E (ξ)=1,则D (ξ)=________.25[设P (ξ=1)=a ,P (ξ=2)=b , 则⎩⎪⎨⎪⎧15+a +b =1,a +2b =1,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =35,b =15,所以D (ξ)=15+35×0+15×1=25.](对应学生用书第27页) 热点题型1 相互独立事件的概率题型分析:高考主要考查相互独立事件概率的求解及实际应用,对事件相互独立性的考查相对较频繁,难度中等.【例1】 (1)投篮测试中,每人投3次,至少投中2次才能通过测试.已知某同学每次投篮投中的概率为0.6,且各次投篮是否投中相互独立,则该同学通过测试的概率为( ) A .0.648 B .0.432 C .0.36D .0.312(2)如图71,由M 到N 的电路中有4个元件,分别标为T 1,T 2,T 3,T 4,电流能通过T 1,T 2,T 3的概率都是p ,电流能通过T 4的概率是0.9.电流能否通过各元件相互独立.已知T 1,T 2,T 3中至少有一个能通过电流的概率为0.999.图71①求p ;②求电流能在M 与N 之间通过的概率.(1)A [3次投篮投中2次的概率为P (k =2)=C 23×0.62×(1-0.6),投中3次的概率为P (k =3)=0.63,所以通过测试的概率为P (k =2)+P (k =3)=C 23×0.62×(1-0.6)+0.63=0.648.故选A.](2)记A i 表示事件:电流能通过T i ,i =1,2,3,4,A 表示事件:T 1,T 2,T 3中至少有一个能通过电流,B 表示事件:电流能在M 与N 之间通过.①A -=A -1A -2A -3,A -1,A -2,A -3相互独立,2分P (A -)=P (A -1A -2A -3)=P (A -1)P (A -2)P (A -3)=(1-p )3.3分又P (A -)=1-P (A )=1-0.999=0.001, 4分 故(1-p )3=0.001,p =0.9. 6分②B =A 4∪A -4A 1A 3∪A -4A -1A 2A 3,10分P (B )=P (A 4∪A -4A 1A 3∪A -4A -1A 2A 3)=P (A 4)+P (A -4A 1A 3)+P (A -4A -1A 2A 3)=P (A 4)+P (A -4)P (A 1)P (A 3)+P (A -4)P (A -1)P (A 2)·P (A 3) =0.9+0.1×0.9×0.9+0.1×0.1×0.9×0.9 =0.989 1.15分[方法指津]求相互独立事件和独立重复试验的概率的方法(1)直接法:正确分析复杂事件的构成,将复杂事件转化为几个彼此互斥的事件的和事件或几个相互独立事件同时发生的积事件或独立重复试验问题,然后用相应概率公式求解. (2)间接法:当复杂事件正面情况比较多,反面情况较少,则可利用其对立事件进行求解.对于“至少”“至多”等问题往往也用这种方法求解.[变式训练1] (2017·杭州学军中学高三模拟)商场举行有奖促销活动,顾客购买一定金额的商品后即可抽奖.每次抽奖都是从装有4个红球、6个白球的甲箱和装有5个红球、5个白球的乙箱中,各随机摸出1个球.在摸出的2个球中,若都是红球,则获一等奖;若只有1个红球,则获二等奖;若没有红球,则不获奖,则顾客抽奖1次能获奖的概率是________;若某顾客有3次抽奖机会,记该顾客在3次抽奖中获一等奖的次数为X ,则E (X )=________.【导学号:68334089】710 35 [由题得,在甲箱中抽中红球、白球的概率分别为25,35,在乙箱中抽中红球、白球的概率分别为12,12.抽奖一次不获奖的概率为35×12=310,所以其(对立事件)获奖的概率为1-310=710.因为每次获得一等奖的概率为25×12=15,3次抽奖相互独立,故E (X )=np =3×15=35.] 热点题型2 离散型随机变量的分布列、期望和方差题型分析:离散型随机变量的分布列问题是高考的热点,常以实际生活为背景,涉及事件的相互独立性、互斥事件的概率等,综合性强,难度中等.【例2】 (1)(2017·萧山中学高三仿真考试)随机变量X 的分布列如下表,且E (X )=2,则D (2X -3)=( )A.1 C [由题可得16+p 1+13=1,解得p 1=12.所以E (X )=0×16+2×12+a ·13=2,解得a =3.所以D (X )=(0-2)2×16+(2-2)2×12+(3-2)2×13=1,所以D (2X -3)=4D (X )=4,故选C.](2)(2017·绍兴市方向性仿真考试)设X 是离散型随机变量,P (X =x 1)=23,P (X =x 2)=13,且x 1<x 2,若E (X )=43,D (X )=29,则x 1+x 2=( )A.53B.73C.113D .3D [由已知得⎩⎪⎨⎪⎧23x 1+13x 2=43,23⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1-432+13⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2-432=29,解得⎩⎪⎨⎪⎧x 1=1,x 2=2或⎩⎪⎨⎪⎧x 1=53,x 2=23,因为x 1<x 2,所以⎩⎪⎨⎪⎧x 1=1,x 2=2,所以x 1+x 2=1+2=3,故选D.] [方法指津]解答离散型随机变量的分布列及相关问题的一般思路: 1明确随机变量可能取哪些值.2结合事件特点选取恰当的计算方法,计算这些可能取值的概率值. 3根据分布列和期望、方差公式求解.提醒:明确离散型随机变量的取值及事件间的相互关系是求解此类问题的关键.[变式训练2] (1)(2017·温州九校协作体高三期末联考)将四位同学等可能地分到甲、乙、丙三个班级,则甲班级至少有一位同学的概率是________,用随机变量ξ表示分到丙班级的人数,则E ξ=________. 【导学号:68334090】6581 43 [甲班级没有分到同学的概率为1+1+C 14+C 24+C 3434=1681,所以甲班级至少有一位同学的概率为1-1681=6581.随机变量ξ的可能取值为0,1,2,3,4,则P (ξ=0)=1681,P (ξ=1)=C 14+1+C 23+C 1334=3281,P (ξ=2)=C 24+1+34=2481,P (ξ=3)=C 34×234=881,P (ξ=4)=134=181,于是E ξ=0×1681+1×3281+2×2481+3×881+4×181=43.](2)(2017·金华十校高考模拟考试)设随机变量X的分布列为则a=3 1095[由分布列的概念易得12+15+a=1,解得a=310,则E(X)=1×12+2×15+3×310=95.]。
207高考复习---概率、随机变量分布列、期望方差
2017高考复习---概率、随机变量分布列、期望方差1.某高校进行自主招生面试时的程序如下:共设3道题,每道题答对给10分、答错倒扣5分(每道题都必须回答,但相互不影响).设某学生对每道题答对的概率都为,则该学生在面试时得分的期望值为分.2.随机变量ξ服从二项分布ξ~B(n,p),且Eξ=300,Dξ=200,则P等于.3.设随机变量X~B(6,),则P(X=3)=.4.口袋中装有大小质地都相同、编号为1,2,3,4,5,6的球各一只.现从中一次性随机地取出两个球,设取出的两球中较小的编号为X,则随机变量X的数学期望是.其中a,b,c成等差数列,若.则Dξ的值是.6.已知某随机变量ξ的概率分布列如表,其中x>0,y>0,随机变量ξ的方差Dξ=,则4只球,取到1只红球得1分,取到1只黑球得3分,设得分为随机变量ξ,则P(ξ≤7)=.8.一个袋子里装有大小相同的3个红球和2个黄球,从中同时取出2个球,则其中含红球个数的数学期望是.9.甲、乙两个袋子中均装有红、白两种颜色的小球,这些小球除颜色外完全相同,其中甲袋装有4个红球、2个白球,乙袋装有1个红球、5个白球.现分别从甲、乙两袋中各随机抽取1个球,记抽取到红球的个数为ξ,则随机变量ξ的数学期望Eξ=.10.有一种游戏规则如下:口袋里有5个红球和5个黄球,一次摸出5个,若颜色相同则得100分,若4个球颜色相同,另一个不同,则得50分,其他情况不得分.小张摸一次得分的期望是分.11.为参加2012年伦敦奥运会,某旅游公司为三个旅游团提供了a,b,c,d四条旅游线路,每个旅游团可任选其中一条线路,则选择a线路旅游团数ξ的数学期望Eξ=.12.随机变量X的分布列如下:若,则DX的值是.每个盒子放一个小球,球的编号与盒子的编号相同时叫做放对了,否则叫做放错了.设放对的个数记为ξ,则ξ的期望Eξ=.15.从三男三女6名学生中任选2名(每名同学被选中的概率均相等),则2名都是女同学的概率等于.16.盒子中装有编号为1,2,3,4,5,6,7的七个球,从中任意抽取两个,则这两个球的编号之积为偶数的概率是(结果用最简分数表示)17.口袋中有形状和大小完全相同的四个球,球的编号分别为1,2,3,4,若从袋中随机抽取两个球,则取出的两个球的编号之和大于5的概率为.18.盒子中有大小相同的3只白球,1只黑球,若从中随机地摸出两只球,两只球颜色不同的概率是.19.从长度分别为2,3,4,5的四条线段中任意取出三条,以这三条线段为边可以构成三角形的概率是.20.从分别写有0,1,2,3,4五张卡片中取出一张卡片,记下数字后放回,再从中取出一张卡片.两次取出的卡片上的数字之和恰好等于4的概率是.21.甲乙两人玩猜数字游戏,先由甲在心中任想一个数字,记为a,再由乙猜甲刚才所想的数字,把乙猜的数字记为b,且a,b∈{1,2,3,4},若|a﹣b|≤1,则称甲乙“心有灵犀”.现任意找两人玩这个游戏,得出他们“心有灵犀”的概率为.22.将一颗骰子掷两次,观察出现的点数,并记第一次出现的点数为m,第二次出现的点数为n,向量=(m,n),=(3,6),则向量与共线的概率为.23.某学校有两个食堂,甲、乙两名学生各自随机选择其中的一个食堂用餐,则他们在同一个食堂用餐的概率为.24.在一次招聘口试中,每位考生都要在5道备选试题中随机抽出3道题回答,答对其中2道题即为及格,若一位考生只会答5道题中的3道题,则这位考生能够及格的概率为.2017年03月25日茅盾中学09的高中数学组卷参考答案与试题解析一.填空题(共24小题)1.(2012•温州一模)某高校进行自主招生面试时的程序如下:共设3道题,每道题答对给10分、答错倒扣5分(每道题都必须回答,但相互不影响).设某学生对每道题答对的概率都为,则该学生在面试时得分的期望值为15分.【分析】设该生在面试时的得分为X,由题设条件知X的可能取值为﹣15,0,15,30,分别求出P(X=﹣15),P(X=0),P(X=15),P(X=30),由此能求出该学生在面试时得分的期望值.【解答】解:设该生在面试时的得分为X,由题设条件知X的可能取值为﹣15,0,15,30,P(X=﹣15)==,P(X=0)==,P(X=15)==,P(X=30)==,∴EX=﹣15×+0×+15×+30×=15.∴该学生在面试时得分的期望值为15分.故答案为:15.【点评】本题考查离散型随机变量的数学期望的求法,解题时要认真审题,注意n次独立重复试验中事件恰好发生k次的概率计算公式的灵活运用.2.(2016春•松桃县校级期末)随机变量ξ服从二项分布ξ~B(n,p),且Eξ=300,Dξ=200,则P等于.【分析】根据随机变量符合二项分布,根据二项分布的期望和方差的公式和条件中所给的期望和方差的值,得到关于n和p的方程组,解方程组得到要求的未知量p.【解答】解:∵ξ服从二项分布B~(n,p)Eξ=300,Dξ=200∴Eξ=300=np,①;Dξ=200=np(1﹣p),②.可得1﹣p==,∴p=1﹣=.故答案为:.【点评】本题主要考查分布列和期望的简单应用,本题解题的关键是通过解方程组得到要求的变量,注意两个式子相除的做法,本题与求变量的期望是一个相反的过程,但是两者都要用到期望和方差的公式,本题是一个基础题.3.(2013春•渭滨区校级期末)设随机变量X~B(6,),则P(X=3)=.【分析】根据条件中所给的变量符合二项分布,写出变量取值不同时对应的概率公式,本题x=3,代入公式得到要求的概率.【解答】解:∵随机变量X服从二项分布B(6,),∴P(X=3)=C36()3×(1﹣)3=.故答案为:.【点评】本题考查二项分布的概率计算公式,是基础题.解题时要认真审题,仔细解答.4.(2015•中山二模)口袋中装有大小质地都相同、编号为1,2,3,4,5,6的球各一只.现从中一次性随机地取出两个球,设取出的两球中较小的编号为X,则随机变量X的数学期望是.【分析】确定X的可能取值为1,2,3,4,5,求出相应的概率,可求随机变量X的数学期望【解答】解:由题设知X的可能取值为1,2,3,4,5.随机地取出两个球,共有:=15种,∴P(X=1)=,P(X=2)=,P(X=3)=,P(X=4)=,P(X=5)=,故EX=1×+2×+3×+4×+5×=.故答案为:.【点评】本题考查离散型随机变量的数学期望的求法,确定X的可能取值,求出相应的概率是关键.其中a,b,c成等差数列,若.则Dξ的值是.【分析】要求这组数据的方差,需要先求出分布列中变量的概率,这里有三个条件,一个是三个数成等差数列,一个是概率之和是1,一个是这组数据的期望,联立方程解出结果.【解答】解:∵a,b,c成等差数列,∴2b=a+c,∵a+b+c=1,Eξ=﹣1×a+1×c=c﹣a=.联立三式得,∴.故答案为:【点评】这是一个综合题目,包括等差数列,离散型随机变量的期望和方差,主要考查分布列和期望的简单应用,通过解方程组得到要求的变量,这与求变量的期望是一个相反的过程,但是两者都要用到期望的公式.6.(2014•余杭区校级模拟)已知某随机变量ξ的概率分布列如表,其中x>0,y>0,随机变量ξ的方差Dξ=,则x+y=.【解答】解:由题意可得:2x+y=1,Eξ=x+2y+3x=4x+2y=4x+2(1﹣2x)=2.∴方差Dξ==(1﹣2)2x+(2﹣2)2(1﹣2x)+(3﹣2)2x.化为,解得,∴=.∴=.故答案为.【点评】熟练掌握离散型随机变量的期望与方差是解题的关键.7.(2015春•淮安校级期末)袋中有4只红球3只黑球,从袋中任取4只球,取到1只红球得1分,取到1只黑球得3分,设得分为随机变量ξ,则P(ξ≤7)=.【分析】取出的4只球中红球个数的可能为4,3,2,1个,黑球相应个数为0,1,2,3个,得分的随机变量ξ=4,6,8,10,由经能求出P(ξ≤7)的值.【解答】解:取出的4只球中红球个数的可能为4,3,2,1个,黑球相应个数为0,1,2,3个,∴得分的随机变量ξ=4,6,8,10,∴P(ξ≤7)=P(ξ=4)+P(ξ=6)==.故答案为:.【点评】本题考查概率的求法,是中档题,解题时要认真审题,注意排列组合知识的合理运用.8.(2001•江西)一个袋子里装有大小相同的3个红球和2个黄球,从中同时取出2个球,则其中含红球个数的数学期望是 1.2.【分析】由题意知ξ的可能取值是0、1、2,当ξ=0时,表示从中取出2个球,其中不含红球,当ξ=1时,表示从中取出2个球,其中1个红球,1个黄球,当ξ=2时,表示从中取出2个球,其中2个红球,这三种情况根据古典概型概率公式得到结果,求出期望.【解答】解:设含红球个数为ξ,ξ的可能取值是0、1、2,当ξ=0时,表示从中取出2个球,其中不含红球,当ξ=1时,表示从中取出2个球,其中1个红球,1个黄球,当ξ=2时,表示从中取出2个球,其中2个红球,∴P(ξ=0)==0.1,P(ξ=1)==0.6P(ξ=2)==0.3∴Eξ=0×0.1+1×0.6+2×0.3=1.2.故答案为:1.2.【点评】本题这种类型是近几年高考题中经常出现的,考查离散型随机变量的分布列和期望,大型考试中理科考试必出的一道问题.不过大多数题目是以解答题的形式出现的.9.(2012•浙江校级模拟)甲、乙两个袋子中均装有红、白两种颜色的小球,这些小球除颜色外完全相同,其中甲袋装有4个红球、2个白球,乙袋装有1个红球、5个白球.现分别从甲、乙两袋中各随机抽取1个球,记抽取到红球的个数为ξ,则随机变量ξ的数学期望Eξ=.【分析】由题中ξ的取值可能是0,1,2,由等可能事件的概率计算出概率,得出分布列再有公式求出期望即可【解答】解:由题ξ的取值可能是0,1,2,从丙个袋中各一个球,总的取法有6×6=36 故P(ξ=0)=,P(ξ=1)=,P(ξ=2)=所以ξ的分布列为=故答案为【点评】本题考查离散型随机变量的期望与方差,解题的关键是根据相应的概率计算公式求出变量取每一个可能值的概率,列出分布列,求出期望.10.(2013•浙江模拟)有一种游戏规则如下:口袋里有5个红球和5个黄球,一次摸出5个,若颜色相同则得100分,若4个球颜色相同,另一个不同,则得50分,其他情况不得分.小张摸一次得分的期望是分.【分析】由题意知小张摸一次得分X的可能取值是0,,50,100,当得分为100时,表示从十个球中取五个球,取到的都是颜色相同的球,当得分50时,表示取到的球有四个颜色相同,结合变量对应的事件,做出分布列和期望.【解答】解:由题意知小张摸一次得分X的可能取值是0,,50,100,当得分为100时,表示从十个球中取五个球,取到的都是颜色相同的球,从10个球中取5个共有C105种结果,而球的颜色都相同包括两种情况,∴P(X=100)==,当得分50时,表示取到的球有四个颜色相同,P(X=50)==,P(X=0)=1﹣=,∴EX=100×==,故答案为:.【点评】本题考查离散型随机变量的分布列和期望,这种类型是近几年高考题中经常出现的,考查离散型随机变量的分布列和期望,大型考试中理科考试必出的一道问题.11.(2013•西湖区校级模拟)为参加2012年伦敦奥运会,某旅游公司为三个旅游团提供了a,b,c,d四条旅游线路,每个旅游团可任选其中一条线路,则选择a线路旅游团数ξ的数学期望Eξ=.【分析】确定ξ的可能取值,计算相应的概率,可得分布列,进而可求ξ的数学期望.【解答】解:由题意,ξ=0,1,2,3,P(ξ=0)==,P(ξ=1)==,P(ξ=2)==,P(ξ=3)==ξ 0 1 2 3P∴期望Eξ=0×+1×+2×+3×=故答案为:【点评】本题考查离散型随机变量的分布列和期望,考查学生的计算能力,属于中档题.12.(2011•海珠区一模)随机变量X的分布列如下:若,则DX的值是.X ﹣1 0 1P a ca和c,再利用方差公式求方差即可.【解答】解:由题意:,解得:所以DX=故答案为:【点评】本题考查分布列的性质、期望和方差的计算,考查基础知识和基本运算.13.(2012•浙江模拟)已知随机变量ξ的分布列如下表所示,ξ的期望Eξ=1.5,则a的值等于0.5.ξ0 1 2 3P 0.1 a b 0.2分布列的性质建立方程求解即可.【解答】解:由题意可得:⇒.故答案为:0.5.【点评】此题属于基本题型,重点考查了随机变量的分布列的性质,期望定义及学生利用方程的思想求解问题.14.(2011•宁波模拟)一个人随机的将编号为1,2,3,4的四个小球放入编号为1,2,3,4的四个盒子,每个盒子放一个小球,球的编号与盒子的编号相同时叫做放对了,否则叫做放错了.设放对的个数记为ξ,则ξ的期望Eξ=1.【分析】由于ξ表示匹对的个数,由题意则ξ可能取:0,1,2,4,并利用古典概型随机事件的概率公式及排列数与组合数,求出其分布列,根据期望公式求出所求.【解答】解:由题意ξ可能取:0,1,2,4,则,,,Eξ==1.故答案为:1【点评】此题考查了离散型随机变量的定义及其分布列,并且利用分布列求出期望,还考查了考虑问题时的严谨的逻辑思维及计算能力.15.(2013•浙江)从三男三女6名学生中任选2名(每名同学被选中的概率均相等),则2名都是女同学的概率等于.【分析】由组合数可知:从6名学生中任选2名共有=15种情况,2名都是女同学的共有=3种情况,由古典概型的概率公式可得答案.【解答】解:从6名学生中任选2名共有=15种情况,满足2名都是女同学的共有=3种情况,故所求的概率为:=.故答案为:.【点评】本题考查古典概型及其概率公式,涉及组合数的应用,属基础题.16.(2013•上海)盒子中装有编号为1,2,3,4,5,6,7的七个球,从中任意抽取两个,则这两个球的编号之积为偶数的概率是(结果用最简分数表示)【分析】从7个球中任取2个球共有=21种,两球编号之积为偶数包括均为偶数、一奇一偶两种情况,有=15种取法,利用古典概型的概率计算公式即可求得答案.【解答】解:从7个球中任取2个球共有=21种,所取两球编号之积为偶数包括均为偶数、一奇一偶两种情况,共有=15种取法,所以两球编号之积为偶数的概率为:=.故答案为:.【点评】本题考查古典概型的概率计算公式,属基础题,其计算公式为:P(A)=,其中n(A)为事件A所包含的基本事件数,m为基本事件总数.17.(2015•江苏模拟)口袋中有形状和大小完全相同的四个球,球的编号分别为1,2,3,4,若从袋中随机抽取两个球,则取出的两个球的编号之和大于5的概率为.【分析】由组合知识求出从4个球中随机抽取两个球的所有方法种数,由题意得到两球编号之和大于5的方法种数,然后直接利用古典概型概率计算公式求解.【解答】解:从5个球中随机抽取两个球,共有种抽法.满足两球编号之和大于5的情况有(2,4),(3,4)共2种取法.所以取出的两个球的编号之和大于5的概率为.故答案为.【点评】本题考查了古典概型及其概率计算公式,考查了组合及组合数公式,是基础题.18.(2010•江苏)盒子中有大小相同的3只白球,1只黑球,若从中随机地摸出两只球,两只球颜色不同的概率是.【分析】算出基本事件的总个数n=C42=6,再算出事件A中包含的基本事件的个数m=C31=3,算出事件A的概率,即P(A)=即可.【解答】解:考查古典概型知识.∵总个数n=C42=6,∵事件A中包含的基本事件的个数m=C31=3∴故填:.【点评】本题考查古典概型及其概率计算公式,其算法是:(1)算出基本事件的总个数n;(2)算出事件A中包含的基本事件的个数m;(3)算出事件A的概率,即P(A)=.19.(2009•安徽)从长度分别为2,3,4,5的四条线段中任意取出三条,以这三条线段为边可以构成三角形的概率是.【分析】本题是一个古典概率试验发生包含的基本事件可以列举出共4种;而满足条件的事件是可以构成三角形的事件可以列举出共3种;根据古典概型概率公式得到结果.【解答】解:由题意知,本题是一个古典概率∵试验发生包含的基本事件为2,3,4;2,3,5;2,4,5;3,4,5共4种;而满足条件的事件是可以构成三角形的事件为2,3,4;2,4,5;3,4,5共3种;∴以这三条线段为边可以构成三角形的概率是.故答案为:【点评】本题考查古典概型,考查三角形成立的条件,是一个综合题,解题的关键是正确数出组成三角形的个数,要做到不重不漏,要遵循三角形三边之间的关系.20.(2011•鼓楼区校级模拟)从分别写有0,1,2,3,4五张卡片中取出一张卡片,记下数字后放回,再从中取出一张卡片.两次取出的卡片上的数字之和恰好等于4的概率是.【分析】由题意抽两次且属于有放回的抽样,利用计数原理及古典概型随机事件的概率公式即可求出.【解答】解:由题意属于有放回的抽样,因为从分别写有0,1,2,3,4五张卡片中取出一张卡片,记下数字后放回,再从中取出一张卡片,即抽两次,所以利用分步计数原理可得总数为:5×5=25,即:“取出的两张卡片的数字之和恰好的等于4为事件A”:事件A的个数为:(4,0),(0,4),(2,2),(1,3),(3,1)共5个,利用古典概型随机事件的概率公式及得:P(A)=.故答案为:【点评】此题考查了有放回的抽样,古典概型随机事件的概率公式及分步计数原理.21.(2011•江西校级模拟)甲乙两人玩猜数字游戏,先由甲在心中任想一个数字,记为a,再由乙猜甲刚才所想的数字,把乙猜的数字记为b,且a,b∈{1,2,3,4},若|a﹣b|≤1,则称甲乙“心有灵犀”.现任意找两人玩这个游戏,得出他们“心有灵犀”的概率为.【分析】本题是一个古典概型,试验发生包含的事件是两个人分别从4个数字中各选一个数字,共有4×4种结果,满足条件的事件是|a﹣b|≤1,可以列举出所有的满足条件的事件,根据古典概型概率公式得到结果.【解答】解:由题意知本题是一个古典概型,试验发生包含的事件是两个人分别从4个数字中各选一个数字,共有4×4=16种结果,满足条件的事件是|a﹣b|≤1,可以列举出所有的满足条件的事件,当a=1时,b=1,2,当a=2时,b=1,2,3当a=3时,b=2,3,4当a=4时,b=3,4总上可知共有2+3+3+2=10种结果,∴他们“心有灵犀”的概率为=故答案为:【点评】本题考查古典概型及其概率公式.考查利用分类计数原理表示事件数,考查理解能力和运算能力,注意列举出的事件数做到不重不漏.22.(2012•东莞二模)将一颗骰子掷两次,观察出现的点数,并记第一次出现的点数为m,第二次出现的点数为n,向量=(m,n),=(3,6),则向量与共线的概率为.【分析】本题是一个古典概型,试验发生包含的事件是一颗骰子掷两次,共有6×6种结果,满足条件事件是向量共线,根据向量共线的条件得到6m﹣3n=0即n=2m,列举出所有的结果数,得到概率.【解答】解:由题意知本题是一个古典概型,∵试验发生包含的事件是一颗骰子掷两次,共有6×6=36种结果,满足条件事件是向量=(m,n)与=(3,6)共线,即6m﹣3n=0,∴n=2m,满足这种条件的有(1,2)(2,4)(3,6),共有3种结果,∴向量与共线的概率P=,故答案为:【点评】本题考查古典概型及其概率公式,考查向量共线的充要条件,考查利用列举法得到所有的满足条件的事件数,本题是一个比较简单的综合题目.23.(2013•西湖区校级模拟)某学校有两个食堂,甲、乙两名学生各自随机选择其中的一个食堂用餐,则他们在同一个食堂用餐的概率为.【分析】先求出基本事件的总数,再找出所要求的事件包括的基本事件的个数,利用古典概型的概率计算公式即可得出.【解答】解:甲学生随机选择其中的一个食堂用餐可有两种选法,同理乙也有两种选法,根据乘法原理可知:共有22=4中选法;其中他们在同一个食堂用餐的方法只有两种:一种是都到第一个食堂,另一种是都到第二个食堂,因此他们在同一个食堂用餐的概率P=.故答案为.【点评】熟练掌握分步乘法原理和古典概型的概率计算公式是解题的关键.24.(2011•卢湾区一模)在一次招聘口试中,每位考生都要在5道备选试题中随机抽出3道题回答,答对其中2道题即为及格,若一位考生只会答5道题中的3道题,则这位考生能够及格的概率为.【分析】根据这位考生只会答5道题中的3道题,可先计算出所有的基本事件个数,及该考生不及格的事件个数,进行求出该生不能及格的概率,然后根据对立事件减法公式,得到答案.【解答】解:从5道备选试题中随机抽出3道题共有:C53==10种情况其中从该考生考试不及格,即正好抽中该生不会的两道题有:C31=3种情况即这位考生不及格的概率为故这位考生能够及格的概率P=1﹣=故答案为:【点评】本题考查的知识点是古典概型及其概率计算公式,其中根据正繁则反的原则,先求对立事件的概率,是解答本题的关键.。
2018届高考数学二轮离散型随机变量的均值与方差专题卷(浙江专用)
专题10.7 离散型随机变量的均值与方差班级__________ 姓名_____________ 学号___________ 得分__________一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选择中,只有一个是符合题目要求的。
) 1.袋中有大小相同的3只钢球,分别标有1、2、3三个号码,有放回的依次取出2个球,设两个球号码之和为随机变量X ,则X 所有可能值的个数是( ) A. 9 B. 8 C. 6 D. 5 【答案】D2. 已知离散型随机变量X 的分布列为则X 的数学期望E (X )= ( ) A. 32B. 2C. 52D.3【答案】A . 【解析】3313123510102EX =⨯+⨯+⨯=,故选A . 3. 已知随机变量X 的分布列为则()25E X +=( )A. 1.32B. 1.71C. 2.94D. 7.64 【答案】D【解析】由题意,E (X )=-2×0.16+1×0.44+3×0.40=1.32, ∴E(2X+5)=2E (X )+5=2.64+5=7.644.若随机变量X ~B (100,p ),X 的数学期望EX =24,则p 的值是 ( )(A) (B) (C) (D)【答案】C .【解析】∵X ~B (100,p ),∴EX =100p .又∵EX =24,∴24=100p ,p ==.5. 若ξ~B (n ,p )且E (ξ)=6,D (ξ)=3,则P (ξ=1)的值为( ) A .3·2-2B .3·2-10C .2-4D .2-8【答案】B【解析】E (ξ)=np =6,D (ξ)=np (1-p )=3⇒p =12,n =12,P (ξ=1)=C 112⎝ ⎛⎭⎪⎫1212=3210.6. 设在各交通岗遇到红灯的事件是相互独立的,且概率都是0.4,则此人三次上班途中遇红灯的次数的期望为( )A .0.4B .1.2C .0.43D .0.6 【答案】B7. 利用下列盈利表中的数据进行决策,应选择的方案是 ( )(A)A 1(B)A 2(C)A 3(D )A 4【答案】C .8. 已知X 的分布列为设Y =2X +3,则E (Y )的值为( ).A.73 B .4 C .-1 D .1 【答案】A .【解析】E (X )=-12+16=-13,E (Y )=E (2X +3)=2E (X )+3=-23+3=73.9. 一个射箭运动员在练习时只记射中9环和10环的成绩,未击中9环或10环就以0环记.该远动员在练习时击中10环的概率为a ,击中9环的概率为b ,既未击中9环也未击中10环的概率为c (a ,b ,[)0,1c ∈),如果已知该运动员一次射箭击中环数的期望为9环,则当1019a b+取最小值时,c 的值为( ) A .111 B .211 C .511D .0 【答案】A 【解析】试题分析:由运动员一次射箭击中环数的期望为9环,可知9910=+b a ,即1910=+b a,则 91211081109101)910)(9110(9110≥++=++=+a b b a b a b a b a ,当a b b a 108110=,即b a 9=时取等号,此时 119,111==a b ,则1111=--=b a c ,故正确选项为A.10. 设随机变量的分布列如表所示,且EX =1.6,则a ×b = ( )(A)0.2(B)0.1(C)0.15(D)0.4【答案】C11. 如图, 将一个各面都涂了油漆的正方体, 切割成125个同样大小的小正方体, 经过搅拌后, 从中随机取出一个小正方体, 记它的涂油漆面数为X ,则X 的均值为()E X =( )A .126125 B .65 C .168125 D .75【答案】B 【解析】试题分析:X 的可能取值为0,1,2,3.(1)8个顶点处的8个小正方形涂有3个面,所以8125PX (=3)=; (2)每条棱上除了两个顶点处的小正方形,还有3个,一共有412=36⨯个小正方形涂有2个面,所以36125P X (=2)=; (3)每个面上除去棱上的还有9个小正方形,因此有96=54⨯个小正方形涂有一面,所以54125P X (=1)=; (4)还有125-++=(83654)27个没有涂漆的小正方形,所以27125P X (=0)=; 故()275436860+++=1251251251255E X =⨯⨯⨯⨯123.选B. 12. 甲乙两人进行乒乓球比赛, 约定每局胜者得1分, 负者得0分, 比赛进行到有一人比对方多2分或打满6局时停止, 设甲在每局中获胜的概率为23,乙在每局中获胜的概率为13,且各局胜负相互独立, 则比赛停止时已打局数ξ的期望()E ξ为( )A .24181 B .26681 C .27481 D .670243【答案】B二、填空题13.【2016高考江苏卷】已知一组数据4.7,4.8,5.1,5.4,5.5,则该组数据的方差是________________. 【答案】0.1【解析】这组数据的平均数为1(4.7 4.8 5.1 5.4 5.5) 5.15++++=,2222221(4.7 5.1)(4.8 5.1)(5.1 5.1)(5.4 5.1)(5.5 5.1)0.15S ⎡⎤∴=-+-+-+-+-=⎣⎦.故答案应填:0.1, 14. 一台机器生产某种产品,如果生产一件甲等品可获得50元,生产一件乙等品可获得30元,生产一件次品,要赔20元,已知这台机器生产出甲等品,乙等品和次品的概率分别为0.7, 0.2和0.1,则这台机器每生产一件产品平均预期可获利__________. 【答案】39元【解析】∵一台机器生产某种产品,如果生产出一件甲等品可获利50元,生产出一件乙等品可获利30元,生产出一件次品,要赔20元,这台机器生产出甲等品、乙等品和次品的概率分别为0.7, 0.2和0.1,∴这台机器每生产一件产品平均预期可获利: 500.7300.2200.139⨯+⨯-⨯=,答案为39元. 15.一个兴趣学习小组由12男生6女生组成,从中随机选取3人作为领队,记选取的3名领队中男生的人数为X ,则X 的期望)(X E = . 【答案】2 【解析】试题分析:由题意X 的可能取值为0,1,2,3,P (X=0)= 3631820816C C =,P (X=1)= 12126318180816C C C =, P (X=2)= 21126318396816C C C =, P (X=3)= 312318220816C C =,∴E (X )=0×20816+1×180816+2×396816+3×220816=2 16.同时抛掷5枚均匀的硬币160次,设5枚硬币正好出现1枚正面向上,4枚反面向上的次数为ξ,则ξ的数学期望是 . 【答案】25三、解答题17.【2018届湖南师范大学附属中学高三11月月考】一只袋中放入了大小一样的红色球3个,白色球3个,黑色球2个.(Ⅰ)从袋中随机取出(一次性)2个球,求这2个球为异色球的概率;(Ⅱ)若从袋中随机取出(一次性)3个球,其中红色球、白色、黑色球的个数分别为a 、b 、c ,令随机变量ξ表示a 、b 、c 的最大值,求ξ的分布列和数学期望. 【答案】(Ⅰ)34;(Ⅱ) 127. 【解析】试题分析:(Ⅰ)取出两个球是同一颜色的种数为222332C C C ++,由此利用对立事件概率计算公式能求出取两个球颜色不同的概率;(Ⅱ)由已知ξ的可能取值为0,1,2,3,分别求出相应的概率,由此能求出随机变量ξ的分布列和数学期望.试题解析:(Ⅰ)设事件A 表示“从袋中随机取出(一次性)2个球,求这2个球为异色球”,则()22233238314C C C P A C =-=. (Ⅱ)ξ的可能取值为1,2,3.()2338213,28C P C ξ=== ()21213526382+92,14C C C C P C ξ=== ()1113323891,28C C C P C ξ=== 则ξ的分布列为于是, 991121232814287E ξ=⨯+⨯+⨯=. 18.【2018届甘肃省张掖市民乐县第一中学高三10月月考】一个不透明的袋子中装有4个形状相同的小球,分别标有不同的数字2,3,4,x ,现从袋中随机摸出2个球,并计算摸出的这2个球上的数字之和,记录后将小球放回袋中搅匀,进行重复试验.记A 事件为“数字之和为7”.试验数据如下表:(1)如果试验继续下去,根据上表数据,出现“数字之和为7”的频率将稳定在它的概率附近.试估计“出现数字之和为7”的概率,并求x 的值;(2)在(1)的条件下,设定一种游戏规则:每次摸2球,若数字和为7,则可获得奖金7元,否则需交5元.某人摸球3次,设其获利金额为随机变量η元,求η的数学期望和方差.【答案】(1)13,5;(2)3-,96.试题解析:(1)由数据表可知,当试验次数增加时,频率稳定在0.33附近,所以可以估计“出现数字之和为7”的概率为,,A事件包含两种结果,则有,5x=,(2)设表示3次摸球中A事件发生的次数,则,,,则,.19.【2017四川模拟】某校为了普及环保知识,增强学生的环保意识,在全校组织了一次有关环保知识的竞赛,经过初赛,复赛,甲、乙两个代表队,(每队3人)进入了决赛,规定每人回答一个问题,答对为本队赢得10分,答错得0分,假设甲队中每人答对的概率均为34,乙队中3人答对的概率分别为432,,543,且各人回答正确与否相互之间没有影响,用ξ表示乙队的总得分. (1)求ξ的分布列和数学期望;(2)求甲、乙两队总得分之和等于30分且甲队获胜的概率.ξ的分布列为30()13132133010203060203056E ξ∴=⨯+⨯+⨯+⨯=.20.【2018届湖南省邵阳市洞口一中、隆回一中、武冈二中高三上第二次月考】某省电视台举行歌唱大赛,大赛依次设初赛,复赛,决赛三个轮次的比赛.已知某歌手通过初赛,复赛,决赛的概率分别为且各轮次通过与否相互独立.记该歌手参赛的轮次为 (1)求的分布列和数学期望. (2)记“函数是偶函数”为事件,求发生的概率; 【答案】(1)分布列见解析;(2)的分布列为(2)因为是偶函数,所以或。
【精品】专题07概率与统计文-2018年高考题和高考模拟题数学(文)分项版汇编
7.概率与统计1.【2018年浙江卷】设0<p<1,随机变量ξ的分布列是A. D(ξ)减小B. D(ξ)增大C. D(ξ)先减小后增大D. D(ξ)先增大后减小【答案】D点睛:2.【2018年全国卷Ⅲ文】若某群体中的成员只用现金支付的概率为0.45,既用现金支付也用非现金支付的概率为0.15,则不用现金支付的概率为A. 0.3B. 0.4C. 0.6D. 0.7【答案】B【解析】分析:由公式计算可得详解:设设事件A为只用现金支付,事件B为只用非现金支付,则,因为,所以,故选B.点睛:本题主要考查事件的基本关系和概率的计算,属于基础题。
3.【2018年全国卷II文】从2名男同学和3名女同学中任选2人参加社区服务,则选中的2人都是女同学的概率为A. B. C. D.【答案】D【解析】分析:分别求出事件“2名男同学和3名女同学中任选2人参加社区服务”的总可能及事件“选中的2人都是女同学”的总可能,代入概率公式可求得概率.详解:设2名男同学为,3名女同学为,从以上5名同学中任选2人总共有共10种可能,选中的2人都是女同学的情况共有共三种可能,则选中的2人都是女同学的概率为,故选D.点睛:应用古典概型求某事件的步骤:第一步,判断本试验的结果是否为等可能事件,设出事件;第二步,分别求出基本事件的总数与所求事件中所包含的基本事件个数;第三步,利用公式求出事件的概率.4.【2018年江苏卷】某兴趣小组有2名男生和3名女生,现从中任选2名学生去参加活动,则恰好选中2名女生的概率为________.【答案】点睛:古典概型中基本事件数的探求方法(1)列举法.(2)树状图法:适合于较为复杂的问题中的基本事件的探求.对于基本事件有“有序”与“无序”区别的题目,常采用树状图法.(3)列表法:适用于多元素基本事件的求解问题,通过列表把复杂的题目简单化、抽象的题目具体化.(4)排列组合法(理科):适用于限制条件较多且元素数目较多的题目.5.【2018年江苏卷】已知5位裁判给某运动员打出的分数的茎叶图如图所示,那么这5位裁判打出的分数的平均数为________.【答案】90【解析】分析:先由茎叶图得数据,再根据平均数公式求平均数.详解:由茎叶图可知,5位裁判打出的分数分别为,故平均数为.点睛:的平均数为.6.【2018年全国卷Ⅲ文】某公司有大量客户,且不同龄段客户对其服务的评价有较大差异.为了解客户的评价,该公司准备进行抽样调查,可供选择的抽样方法有简单随机抽样、分层抽样和系统抽样,则最合适的抽样方法是________.【答案】分层抽样点睛:本题主要考查简单随机抽样,属于基础题。
精品解析:2018年全国普通高等学校招生统一考试数学(浙江卷)(解析版)
绝密★启用前2018年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)数 学本试题卷分选择题和非选择题两部分。
全卷共4页,选择题部分1至2页;非选择题部分3至4页。
满分150分。
考试用时120分钟。
考生注意:1.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填在试题卷和答题纸规定的位置上。
2.答题时,请按照答题纸上“注意事项”的要求,在答题纸相应的位置上规范作答,在本试题卷上的作答一律无效。
参考公式:选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.已知全集{}1,2,3,4,5U =,{}1,3A =,则U A =ð( )A. ∅B. {}1,3C. {}2,4,5D. {}1,2,3,4,5【答案】C 【解析】 【分析】根据补集的定义可得结果.【详解】因为全集{1,2,3,4,5}U =,{1,3}A =,所以根据补集的定义得{}2,4,5U A =ð,故选C. 【点睛】若集合的元素已知,则求集合的交集、并集、补集时,可根据交集、并集、补集的定义求解.2.双曲线221 3x y -=的焦点坐标是( )A. (),)B. ()2,0-,()2,0C. (0,,(D. ()0,2-,()0,2【答案】B 【解析】 【分析】根据双曲线方程确定焦点位置,再根据222c a b =+求焦点坐标【详解】因为双曲线方程为2213x y -=,所以焦点坐标可设为(,0)c ±,因为222314,2c a b c =+=+==,所以焦点坐标为(20)?,选B.【点睛】由双曲线方程22221(0,0)x y a b a b-=>>可得焦点坐标为(,0)(c c ±=,顶点坐标为(,0)a ±,渐近线方程为b y x a=±.3.某几何体的三视图如图所示(单位:cm ),则该几何体的体积(单位:3cm )是( ) A. 2 B. 4C. 6D. 8【答案】C【解析】 【分析】先还原几何体为一直四棱柱,再根据柱体体积公式求结果.【详解】根据三视图可得几何体为一个直四棱柱,高为2,底面为直角梯形,上下底分别为1、2,梯形的高为2,因此几何体的体积为()1122262⨯+⨯⨯=,选C. 【点睛】先由几何体的三视图还原几何体的形状,再在具体几何体中求体积或表面积等. 4.复数21i- (i 为虚数单位)的共轭复数是 A. 1+i B. 1−iC. −1+iD. −1−i【答案】B 【解析】分析:化简已知复数z ,由共轭复数的定义可得.详解:化简可得z=21i -()()()21+=111i i i i =+-+ ∴z 的共轭复数为1﹣i. 故选:B .点睛:本题考查复数的代数形式的运算,涉及共轭复数,属基础题.5.函数y =2x sin2x 的图象可能是 A. B. C. D.【答案】D 【解析】分析:先研究函数的奇偶性,再研究函数在π(,π)2上的符号,即可判断选择.详解:令()2sin 2xf x x =, 因为,()2sin 2()2sin 2()x x x R f x x x f x -∈-=-=-=-,所以()2sin 2xf x x =为奇函数,排除选项A,B; 因为π(,π)2x ∈时,()0f x <,所以排除选项C ,选D.点睛:有关函数图象的识别问题的常见题型及解题思路:(1)由函数的定义域,判断图象的左、右位置,由函数的值域,判断图象的上、下位置;(2)由函数的单调性,判断图象的变化趋势;(3)由函数的奇偶性,判断图象的对称性;(4)由函数的周期性,判断图象的循环往复.6.已知直线m ,n 和平面α,n ⊂α,则“m n P ”是“m αP ”的 A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件【答案】D 【解析】试题分析:直线,平面,且,若,当时,,当时不能得出结论,故充分性不成立;若,过作一个平面,若时,则有,否则不成立,故必要性也不成立.由上证知“”是“”的既不充分也不必要条件,故选D . 考点:1、线面平行;2、命题的充分必要条件.7.设01p <<,随机变量ξ的分布列如图,则当p 在()0,1内增大时,( )A. ()D ξ减小B. ()D ξ增大C. ()D ξ先减小后增大D. ()D ξ先增大后减小【答案】D 【解析】 【分析】先求数学期望,再求方差,最后根据方差函数确定单调性. 【详解】111()0122222p p E p ξ-=⨯+⨯+⨯=+Q , 2222111111()(0)(1)(2)2222224p p D p p p p p ξ-∴=--+--+--=-++,1(0,1)2∈Q ,∴()D ξ先增后减,因此选D. 【点睛】222111(),()(())().n nni iii i i i i i E x p D x E p x p E ξξξξ=====-=-∑∑∑8.已知四棱锥S ABCD -的底面是正方形,侧棱长均相等,E 是线段AB 上的点(不含端点),设SE 与BC 所成的角为1θ,SE 与平面ABCD 所成的角为2θ,二面角S AB C --的平面角为3θ,则( ) A. 123θθθ≤≤ B. 321θθθ≤≤C. 132θθθ≤≤D. 231θθθ≤≤【答案】D 【解析】 【分析】分别作出线线角、线面角以及二面角,再构造直角三角形,根据边的大小关系确定角的大小关系. 【详解】设O 为正方形ABCD 的中心,M 为AB 中点,过E 作BC 的平行线EF ,交CD 于F ,过O 作ON 垂直EF 于N ,连接SO 、SN 、OM ,则SO 垂直于底面ABCD ,OM 垂直于AB ,因此123,,,SEN SEO SMO θθθ∠=∠=∠= 从而123tan ,tan ,tan ,SN SN SO SOEN OM EO OMθθθ==== 因为SN SO EO OM ≥≥,,所以132tan tan tan ,θθθ≥≥即132θθθ≥≥,选D.【点睛】线线角找平行,线面角找垂直,面面角找垂面.9.已知a r 、b r 、e r 是平面向量,e r 是单位向量.若非零向量a r 与e r的夹角为3π,向量b r 满足2430b e b -⋅+=r r r ,则a b -r r的最小值是( )A.1B.1C. 2D. 2【答案】A 【解析】 【分析】先确定向量a r 、b r所表示的点的轨迹,一个为直线,一个为圆,再根据直线与圆的位置关系求最小值.【详解】设()()(),,1,0,,a x y e b m n ===r r r,则由π,3a e =r r 得πcos ,3a e e x y a ⋅=⋅=∴=r r r r , 由2430b e b -⋅+=r r r 得()2222430,21,m n m m n +-+=-+=因此,a b -r r 的最小值为圆心()2,0到直线y =1 1.选A.【点睛】以向量为载体求相关变量的取值范围,是向量与函数、不等式、三角函数、曲线方程等相结合的一类综合问题.通过向量的坐标运算,将问题转化为解方程、解不等式、求函数值域或直线与曲线的位置关系,是解决这类问题的一般方法.10已知1234,,,a a a a 成等比数列,且1234123ln()a a a a a a a +++=++.若11a >,则( ) A. 1324,a a a a << B. 1324,a a a a >< C. 1324,a a a a <> D. 1324,a a a a >>【答案】B 【解析】 【分析】先证不等式ln 1x x +≥,再确定公比的取值范围,进而作出判断.【详解】令()ln 1,f x x x =--则1()1f x x'=-,令()0,f x '=得1x =,所以当1x >时,()0f x '>,当01x <<时,()0f x '<,因此()(1)0,ln 1f x f x x ≥=∴≥+,若公比0q >,则1234123123ln()a a a a a a a a a a +++>++>++,不合题意;若公比1q ≤-,则212341(1)(1)0,a a a a a q q +++=++≤ 但212311ln()ln[(1)]ln 0a a a a q q a ++=++>>,即12341230ln()a a a a a a a +++≤<++,不合题意; 因此210,(0,1)q q -<<∈,22113224,0a a q a a a q a ∴>=<=<,选B.【点睛】构造函数对不等式进行放缩,进而限制参数取值范围,是一个有效方法.如ln 1,x x ≥+2e 1,e 1(0).x x x x x ≥+≥+≥非选择题部分(共110分)二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分。
2018年浙江高考数学二轮复习练习:专题限时集训7 随机变量及其分布 Word版含答案
专题限时集训(七) 随机变量及其分布(对应学生用书第125页) [建议A 、B 组各用时:45分钟][A 组 高考达标]一、选择题1.(2017·浙江省新高考仿真训练卷(一))设随机变量X 的概率分布表如图,则P (|X -2|=1)=( )A.712 B.2 C.512D.16C [由|X -2|=1解得X =3或X =1,所以P (|X -2|=1)=P (X =3)+P (X =1)=m +16,又由分布列的性质知16+14+m +13=1,所以m +16=512,所以P (|X -2|=1)=512,故选C.]2.某种子每粒发芽的概率都为0.9,现播种了1 000粒,对于没有发芽的种子,每粒需要再补种2粒,补种的种子数记为X ,则X 的数学期望为( )【导学号:68334091】A .100B .200C .300D .400B [将“没有发芽的种子数”记为ξ,则ξ=1,2,3,…,1 000,由题意可知ξ~B (1 000,0.1),所以E (ξ)=1 000×0.1=100,又因为X =2ξ,所以E (X )=2E (ξ)=200,故选B.] 3.现有甲、乙两个靶,某射手向甲靶射击一次,命中的概率为34;向乙靶射击两次,每次命中的概率为23.该射手每次射击的结果相互独立.假设该射手完成以上三次射击,该射手恰好命中一次的概率为( )A.536B.2936C.736D.13C [34×⎝⎛⎭⎪⎫1-23×⎝ ⎛⎭⎪⎫1-23+14×23×⎝ ⎛⎭⎪⎫1-23+14×⎝ ⎛⎭⎪⎫1-23×23=736,故选C.]4.设某项试验的成功率是失败率的2倍,用随机变量X 去描述1次试验的成功次数,则P (X =0)等于( ) A .0 B.12 C.13D.23C [由已知得X 的所有可能取值为0,1, 且P (X =1)=2P (X =0),由P (X =1)+P (X =0)=1,得P (X =0)=13.]5.箱中装有标号为1,2,3,4,5,6且大小相同的6个球.从箱中一次摸出两个球,记下号码并放回,如果两球号码之积是4的倍数,则获奖.现在4人参与摸奖,恰好有3人获奖的概率是( ) A.16625 B.96625 C.624625D.4625B [若摸出的两球中含有4,必获奖,有5种情形;若摸出的两球是2,6,也能获奖.故获奖的情形共6种,获奖的概率为6C 26=25.现有4人参与摸奖,恰有3人获奖的概率是C 34⎝ ⎛⎭⎪⎫253·35=96625.] 二、填空题6.随机变量ξ的取值为0,1,2.若P (ξ=0)=15,E (ξ)=1,则D (ξ)=________.【导学号:68334092】25[由题意设P (ξ=1)=p , ξ的分布列如下:由E (ξ)=1,可得p =5,所以D (ξ)=12×15+02×35+12×15=25.]7.(2017·绍兴一中高考考前适应性考试)高一(1)班的假期义工活动小组由10人组成,已知参加义工活动次数为1,2,3的人数分别为3,3,4,现要从这10人中随机选出2人作为该组代表参加座谈会,则选出的2人参加义工活动次数之和为4的概率为________;若设X 为选出的2人参加义工活动次数之差的绝对值,则随机变量X 的数学期望为________.13 1 [根据等可能事件的概率,选出的2人参加义工活动次数之和为4的概率为P =C 13C 14+C 23C 210=13.由题可得X 的所有可能取值是0,1,2,则P (X =0)=2C 23+C 24C 210=415,P (X =1)=C 13C 13+C 13C 14C 210=715,P (X =2)=C 13C 14C 210=415,则数学期望E (X )=0×415+1×715+2×415=1.]8.荷花池中,有一只青蛙在成品字形的三片荷叶上跳来跳去(每次跳跃时,均从一叶跳到另一叶),而且逆时针方向跳的概率是顺时针方向跳的概率的两倍,如图72所示,假设现在青蛙在A 叶上,则跳三次后仍停在A 叶上的概率是________.图7213 [设顺时针跳的概率为p ,则逆时针跳的概率为2p ,则p +2p =1,即p =13,由题意可知,青蛙三次跳跃 的方向应相同,即要么全为顺时针方向,要么全为逆时针方向,故所求概率P=⎝ ⎛⎭⎪⎫233+⎝ ⎛⎭⎪⎫133=827+127=13.] 三、解答题9.某单位实行休年假制度三年来,对50名职工休年假的次数进行的调查统计结果如下表所示:(1)从该单位任选两名职工,用η表示这两人休年假次数之和,记“函数f (x )=x 2-ηx -1在区间(4,6)上有且只有一个零点”为事件A ,求事件A 发生的概率P ;(2)从该单位任选两名职工,用ξ表示这两人休年假次数之差的绝对值,求随机变量ξ的分布列及数学期望E (ξ).[解] (1)函数f (x )=x 2-ηx -1的图象过点(0,-1), 在区间(4,6)上有且只有一个零点,则必有⎩⎪⎨⎪⎧f ,f,即⎩⎪⎨⎪⎧16-4η-1<0,36-6η-1>0,解得154<η<356,所以η=4或η=5.4分当η=4时,P 1=C 220+C 110C 115C 50=68245, 当η=5时,P 2=C 120C 115C 250=1249.η=4与η=5对应的事件为互斥事件,故事件A 发生的概率为P =P 1+P 2=68245+1249=128245. (2)从该单位任选两名职工,用ξ表示这两人休年假次数之差的绝对值,则ξ的所有可能取值是0,1,2,3,于是P (ξ=0)=C 25+C 210+C 220+C 215C 250=27, P (ξ=1)=C 15C 110+C 110C 120+C 115C 120C 250=2249, 8分P (ξ=2)=C 15C 120+C 110C 115C 250=1049, P (ξ=3)=C 15C 115C 250=349.10分从而ξ的分布列为ξ的数学期望E (ξ)=0×7+1×49+2×49+3×49=49.15分10.甲、乙两班进行消防安全知识竞赛,每班出3人组成甲、乙两支代表队,首轮比赛每人一道必答题,答对则为本队得1分,答错或不答都得0分.已知甲队3人每人答对的概率分别为34,23,12,乙队每人答对的概率都是23.设每人回答正确与否相互之间没有影响,用ξ表示甲队总得分.(1)求随机变量ξ的分布列及其数学期望E (ξ);(2)求在甲队和乙队得分之和为4的概率. 【导学号:68334093】 [解] (1)ξ的可能取值为0,1,2,3.P (ξ=0)=14×13×12=124;1分 P (ξ=1)=34×13×12+14×23×12+14×13×12=14; 2分 P (ξ=2)=34×23×12+14×23×12+34×13×12=1124;3分P (ξ=3)=34×23×12=14.4分所以ξ的分布列为7分 所以E (ξ)=0×124+1×14+2×1124+3×14=2312.10分(2)设“甲队和乙队得分之和为4”为事件A .则P (A )=14×C 33⎝ ⎛⎭⎪⎫233+1124×C 23⎝ ⎛⎭⎪⎫232×13+14×C 13⎝ ⎛⎭⎪⎫231×⎝ ⎛⎭⎪⎫132=13.15分[B 组 名校冲刺]一、选择题1.已知袋子中装有大小相同的6个小球,其中有2个红球、4个白球.现从中随机摸出3个小球,则至少有2个白球的概率为( ) 【导学号:68334094】 A.34B.35C.45D.710C [所求问题有两种情况:1红2白或3白,则所求概率P =C 12C 24+C 34C 36=45.] 2.从集合M ={1,2,3,4}中任取三个不同元素组成三位数.记组成三位数的三个数字中偶数的个数为ξ,则ξ的数学期望为( ) A.12B .1 C.32D .2C [由题意知ξ的可能取值为1,2,P (ξ=1)=C 12A 33A 34=12,P (ξ=2)=C 12A 33A 34=12,所以E (ξ)=1×12+2×12=32,故选C.]3.甲、乙两人独立地从六门选修课程中任选三门进行学习,记两人所选课程相同的门数为X ,则E (X )为( ) 【导学号:68334095】A .1B .1.5C .2D .2.5B [X 可取0,1,2,3,P (X =0)=C 36C 36C 36=120,P (X =1)=C 16C 25C 23C 36C 26=920,P (X =2)=920,P (X =3)=C 36C 36C 36=120, 故E (X )=0×120+1×920+2×920+3×120=1.5.]4.(2017·浙江省新高考仿真训练卷(五))已知p >0,q >0,随机变量ξ的分布列如下:若E (ξ)=49,则p 2+q 2=( )A.49B.12C.59D .1C [由题意得q +p =1,E (ξ)=pq +qp =2pq =49,所以p 2+q 2=(q +p )2-2pq =1-49=59,故选C.] 二、填空题5.现有10道题,其中6道甲类题,4道乙类题,张同学从中任选3道题作答.已知所选的3道题中有2道甲类题,1道乙类题.设张同学答对每道甲类题的概率都是35,答对每道乙类题的概率都是45,且各题答对与否相互独立,则张同学恰好答对2道题的概率为________.57125[设张同学答对甲类题的数目为x ,答对乙类题的数目为y ,答对题的总数为X ,则X =x +y .所以P (X =2)=P (x =2,y =0)+P (x =1,y =1)=C 22×⎝ ⎛⎭⎪⎫352×⎝ ⎛⎭⎪⎫1-45+C 12×35×⎝ ⎛⎭⎪⎫1-35×45=57125.] 6.某商场在儿童节举行回馈顾客活动,凡在商场消费满100元者即可参加射击赢玩具活动,具体规则如下:每人最多可射击3次,一旦击中,则可获奖且不再继续射击,否则一直射击到3次为止.设甲每次击中的概率为p (p ≠0),射击次数为η,若η的数学期望E (η)>74,则p的取值范围是________.【导学号:68334096】⎝⎛⎭⎪⎫0,12 [由已知得P (η=1)=p ,P (η=2)=(1-p )p ,P (η=3)=(1-p )2,则E (η)=p +2(1-p )p +3(1-p )2=p 2-3p +3>74,解得p >52或p <12,又p ∈(0,1),所以p ∈⎝ ⎛⎭⎪⎫0,12.]三、解答题7.在一次数学考试中,第22,23,24题为选做题,规定每位考生必须且只需在其中选做一题,设5名考生选做这三题中任意一题的可能性均为13,每位考生对每题的选择是相互独立的,各考生的选择相互之间没有影响.(1)求其中甲、乙两人选做同一题的概率;(2)设选做第23题的人数为ξ,求ξ的分布列及数学期望.[解] (1)设事件A 1表示“甲选22题”,A 2表示“甲选23题”,A 3表示“甲选24题”,B 1表示“乙选22题”,B 2表示“乙选23题”,B 3表示“乙选24题”,2分则甲、乙两人选做同一题的事件为A 1B 1+A 2B 2+A 3B 3,且A 1与B 1,A 2与B 2,A 3与B 3相互独立,所以P (A 1B 1+A 2B 2+A 3B 3)=P (A 1)P (B 1)+P (A 2)P (B 2)+P (A 3)P (B 3)=3×19=13.5分(2)ξ的可能取值为0,1,2,3,4,5,则ξ~B ⎝ ⎛⎭⎪⎫5,13. 7分 所以P (ξ=k )=C k5⎝ ⎛⎭⎪⎫13k ⎝ ⎛⎭⎪⎫235-k =C k 525-k35,k =0,1,2,3,4,5.11分所以ξ的分布列为所以E (ξ)=np =5×3=3.15分8.气象部门提供了某地区今年六月份(30天)的日最高气温的统计表如下:的日最高气温不高于32℃的频率为0.9.某水果商根据多年的销售经验,六月份的日最高气温t (单位:℃)对西瓜的销售影响如下表:(1)求Y ,Z (2)若视频率为概率,求六月份西瓜日销售额X 的期望和方差;【导学号:68334097】[解](1)由已知得P(t≤32)=0.9,所以P(t>32)=1-P(t≤32)=0.1,所以Z=30×0.1=3,Y=30-(6+12+3)=9. 5分(2)由题意,知X的所有可能取值为2,5,6,8.易知P(X=2)=P(t≤22)=630=0.2,P(X=5)=P(22<t≤28)=1230=0.4,P(X=6)=P(28<t≤32)=930=0.3,P(X=8)=P(t>32)=330=0.1.所以六月份西瓜日销售额X的分布列为9分所以E(X)=2×0.2+5×0.4+6×0.3+8×0.1=5,12分D(X)=(2-5)2×0.2+(5-5)2×0.4+(6-5)2×0.3+(8-5)2×0.1=3. 14分。
2018年高考数学命题角度3.1离散型随机变量的分布列与期望、方差大题狂练理 Word版 含答案
命题角度3.1 离散型随机变量的分布列与期望、方差1.某印刷厂的打印机每5年需淘汰一批旧打印机并购买新机,买新机时,同时购买墨盒,每台新机随机购买第一盒墨150元,优惠0元;再每多买一盒墨都要在原优惠基础上多优惠一元,即第一盒墨没有优惠,第二盒墨优惠一元,第三盒墨优惠2元,……,依此类推,每台新机最多可随新机购买25盒墨.平时购买墨盒按零售每盒200元.以这十台打印机消耗墨盒数的频率代替一台打印机消耗墨盒数发生的概率,记ξ表示两台打印机5年消耗的墨盒数.(1)求ξ的分布列;(2)若在购买两台新机时,每台机随机购买23盒墨,求这两台打印机正常使用五年在消耗墨盒上所需费用的期望.【答案】(1) ξ的分布列为(2) 这两台打印机正常使用五年所需购买墨盒的费用的期望为6614元.故ξ的分布列为(2)记y 表示在题设条件下,购买2台新机使用五年在消耗墨盒上所需的费用(单位:元) 若在购买两台新机时,每台机随机购买23盒墨,则需付款2223150462230163942⨯⎛⎫⨯-⨯⨯+⨯= ⎪⎝⎭则()()126176639463942006394220010025255025Ey ⎛⎫=⨯++++⨯++⨯⨯⎪⎝⎭()()216394320063944200661425100++⨯⨯++⨯⨯= 答:这两台打印机正常使用五年所需购买墨盒的费用的期望为6614元.2.随着人们对环境关注度的提高,绿色低碳出行越来越受到市民重视. 为此贵阳市建立了公共自行车服务系统,市民凭本人二代身份证到自行车服务中心办理诚信借车卡借车,初次办卡时卡内预先赠送20积分,当积分为0时,借车卡将自动锁定,限制借车,用户应持卡到公共自行车服务中心以1元购1个积分的形式再次激活该卡,为了鼓励市民租用公共自行车出行,同时督促市民尽快还车,方便更多的市民使用,公共自行车按每车每次的租用时间进行扣分收费,具体扣分标准如下: ①租用时间不超过1小时,免费;②租用时间为1小时以上且不超过2小时,扣1分; ③租用时间为2小时以上且不超过3小时,扣2分;④租用时间超过3小时,按每小时扣2分收费(不足1小时的部分按1小时计算).甲、乙两人独立出行,各租用公共自行车一次,两人租车时间都不会超过3小时,设甲、乙租用时间不超过1小时的概率分别是0.4和0.5;租用时间为1小时以上且不超过2小时的概率分别是0.4和0.3.(1)求甲、乙两人所扣积分相同的概率;(2)设甲、乙两人所扣积分之和为随机变量ξ,求ξ的分布列和数学期望()E ξ. 【答案】(1)甲、乙两人所扣积分相同的概率为0.36,(2)ξ的数学期望() 1.5E ξ=.【解析】试题分析:(1)先确定甲、乙两人所扣积分相同事件取法:扣0分、扣1分及扣2分,再根据相互独立事件概率乘法公式及互斥事件概率加法公式得所求概率,(2)先确定随机变量取法,再分别求对应概率,列表可得分布列,最后根据数学期望公式求期望.(Ⅱ)ξ的可能取值为: 01234,,,,, ()()()1100.2P P A P B ξ===,()()()()()122110.40.30.40.50.32P P A P B P A P B ξ==+=⨯+⨯=,()()()()()()()13223120.40.20.40.30.20.50.3P P A P B P A P B P A P B ξ==++=⨯+⨯+⨯=, ()()()()()233230.40.20.20.30.14P P A P B P A P B ξ==+=⨯+⨯=, ()()()3340.20.20.04P P A P B ξ===⨯=,所以ξ的分布列为:ξξ的数学期望()00.210.3220.330.1440.04 1.5E ξ=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=.答:甲、乙两人所扣积分相同的概率为0.36, ξ的数学期望() 1.5E ξ=.3.已知6只小白鼠有1只被病毒感染,需要通过对其化验病毒DNA 来确定是否感染.下面是两种化验方案:方案甲:逐个化验,直到能确定感染为止.方案乙:将6只分为两组,每组三个,并将它们混合在一起化验,若存在病毒DNA ,则表明感染在这三只当中,然后逐个化验,直到确定感染为止;若结果不含病毒DNA ,则在另外一组中逐个进行化验. (1)求依据方案乙所需化验恰好为2次的概率.(2)首次化验化验费为10元,第二次化验化验费为8元,第三次及其以后每次化验费都是6元,列出方案甲所需化验费用的分布列,并估计用方案甲平均需要体验费多少元? 【答案】(1)13;(2)分布列见解析, 773.试题解析:(2)设方案甲化验的次数为ξ,则ξ可能的取值为1,2,3,4,5,对应的化验费用为η元,则()()11106P P ξη====, ()()511218656P P ξη====⨯=, ()()54113246546P P ξη====⨯⨯=, ()()5431143065436P P ξη====⨯⨯⨯=,()()5432153665433P P ξη====⨯⨯⨯=则其化验费用η的分布列为所以1111177 1018243036666633Eη=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=(元).所以甲方案平均需要化验费773元4.某保险公司针对一个拥有20000人的企业推出一款意外险产品,每年每位职工只要交少量保费,发生意外后可一次性获得若干赔偿金.保险公司把企业的所有岗位共分为、、三类工种,从事三类工种的人数分布比例如图,根据历史数据统计出三类工种的赔付频率如下表(并以此估计赔付频率).对于、、三类工种职工每人每年保费分别为元,元,元,出险后的赔偿金额分别为100万元,100万元,50万元,保险公司在开展此项业务过程中的固定支出为每年10万元.(Ⅰ)若保险公司要求利润的期望不低于保费的20%,试确定保费、所要满足的条件;(Ⅱ)现有如下两个方案供企业选择;方案1:企业不与保险公司合作,企业自行拿出与保险提供的等额的赔偿金额赔付给出险职工;方案2:企业于保险公司合作,企业负责职工保费的60%,职工个人负责保费的40%,出险后赔偿金由保险公司赔付.若企业选择翻翻2的支出(不包括职工支出)低于选择方案1的支出期望,求保费、所要满足的条件,并判断企业是否可与保险公司合作.(若企业选择方案2的支出低于选择方案1的支出期望,且与(Ⅰ)中保险公司所提条件不矛盾,则企业可与保险公司合作.)【答案】(Ⅰ)元;(Ⅱ)企业有可能与保险公司合作.试题解析:(Ⅰ)设工种,,职工的每份保单保险公司的效益为随机变量,,,则,,的分布列为保险公司期望收益,,.根据要求.解得,所以每张保单的保费需要满足元.结果与(Ⅰ)不冲突,所以企业有可能与保险公司合作.5.如图,小华和小明两个小伙伴在一起做游戏,他们通过划拳(剪刀、石头、布)比赛决胜谁首先登上第3个台阶,他们规定从平地开始,每次划拳赢的一方登上一级台阶,输的一方原地不动,平局时两个人都上一级台阶,如果一方连续两次赢,那么他将额外获得一次上一级台阶的奖励,除非已经登上第3个台阶,当有任何一方登上第3个台阶时,游戏结束,记此时两个小伙伴划拳的次数为X .(1)求游戏结束时小华在第2个台阶的概率; (2)求X 的分布列和数学期望. 【答案】(1)50243(2)()25181E X =试题解析:解:(1)易知对于每次划拳比赛基本事件共有339⨯=个,其中小华赢(或输)包含三个基本事件上,他们平局也为三个基本事件,不妨设事件“第()*i i N ∈次划拳小华赢”为i A ;事件“第i 次划拳小华平”为i B ;事件“第i 次划拳小华输”为i C ,所以()()()3193i i i P A P B P C ====. 因为游戏结束时小华在第2个台阶,所以这包含两种可能的情况:第一种:小华在第1个台阶,并且小明在第2个台阶,最后一次划拳小华平;其概率为()()()()()()212122124781p A P B P C P B P C P A P B =+=, 第二种:小华在第2个台阶,并且小明也在第2个台阶,最后一次划拳小华输,其概率为()()()()()()()()()()()()3221233123421234529243p P B P B P C A P A P B P C P C A P A P C P A P C P C =++=所以游戏结束时小华在第2个台阶的概率为127295081243243p p p =+=+=. (2)依题可知X 的可能取值为2、3、4、5,()()()()()4123412522381P X P A P C P A P C ⎛⎫===⨯= ⎪⎝⎭,()()()2121222239P X P A P A ⎛⎫===⨯= ⎪⎝⎭,()()()()()()()()()()123123123322P X P A P B P A P B P A P A P B P B P B ==++ ()()()()()()()()()()()()12312312312322213227P A P B P B P B P A P B P B P B P A P C P A P A ++++=()()()()224152381P X P X P X P X ==-=-=-==, 所以X 的分布列为:所以X 的数学期望为:()2132222512345927818181E X =⨯+⨯+⨯+⨯=.6.为吸引顾客,某公司在商场举办电子游戏活动.对于,A B 两种游戏,每种游戏玩一次均会出现两种结果,而且每次游戏的结果相互独立,具体规则如下:玩一次游戏A ,若绿灯闪亮,获得50分,若绿灯不闪亮,则扣除10分(即获得10-分),绿灯闪亮的概率为12;玩一次游戏B ,若出现音乐,获得60分,若没有出现音乐,则扣除20分(即获得20-分),出现音乐的概率为25.玩多次游戏后累计积分达到130分可以兑换奖品.(1)记X 为玩游戏A 和B 各一次所得的总分,求随机变量X 的分布列和数学期望; (2)记某人玩5次游戏B ,求该人能兑换奖品的概率. 【答案】(1)详见解析;(2)9923125.。
2018高考数学浙江专版二轮复习与策略课件 专题7 随机变量及其分布 精品
所以ξ的分布列为 ξ P 2 1 4 3 1 3 5 5 18 5 1 9 6 1 36 6分
(2由题意知η的分布列为 η P 2b 3c 5 a 所以E(η= + + = , a+b+c a+b+c a+b+c 3 10分 1 2 3
52 52 52 5 a b c D(η= 1-3 · + 2-3 · + 3-3 · = , a+b+c a+b+c a+b+c 9 2a-b-4c=0, 化简得 a+4b-11c=0.
1 1 2 3m+n C2 C C 2 C m m n n 1 p2= 2 + 2 · + · = , 3 Cm+n Cm+n 3 C2 3 m + n m+n
n p1-p2= >0,所以p1>p2.] 6m+n
1 3.(2014· 浙江高考随机变量ξ的取值为0,1,2.若P(ξ=0= 5 ,E(ξ=1,则D(ξ =________.
13分 15分
解得a=3c,b=2c,故a∶b∶c=3∶2∶1.
回访2
离散型随机变量的均值与方差
2.(2014· 浙江高考已知甲盒中仅有1个球且为红球,乙盒中有m个红球和n个 蓝球(m≥3,n≥3,从乙盒中随机抽取i(i=1,2个球放入甲盒中. (1放入i个球后,甲盒中含有红球的个数记为ξi(i=1,2; (2放入i个球后,从甲盒中取1个球是红球的概率记为pi(i=1,2.则( A.p1>p2,E(ξ1<E(ξ2 B.p1<p2,E(ξ1>E(ξ2 C.p1>p2,E(ξ1>E(ξ2 D.p1<p2,E(ξ1<E(ξ2
提炼2 几种常见概率的计算
(1条件概率 PAB nAB 在A发生的条件下B发生的概率为P(B|A= = . PA nA (2相互独立事件同时发生的概率 P(AB=P(AP(B. (3独立重复试验的概率 如果事件A在一次试验中发生的概率是p,那么它在n次独立重复试验中恰
2018年高考数学浙江专版二轮复习与策略 专题7 随机变量及其分布 讲练 含答案
突破点7 随机变量及其分布i(2)p1+p2+…+p i+…+p n=1(i=1,2,3,…,n).(3)E(X)=x1p1+x2p2+…+x i p i+…+x n p n为X的均值或数学期望(简称期望).D(X)=(x1-E(X))2·p1+(x2-E(X))2·p2+…+(x i-E(X))2·p i+…+(x n-E(X))2·p n 叫做随机变量X的方差.(4)均值与方差的性质①E(aX+b)=aE(X)+b;②D(aX+b)=a2D(X)(a,b为实数).(5)两点分布与二项分布的均值、方差①若X服从两点分布,则E(X)=p,D(X)=p(1-p);②若X~B(n,p),则E(X)=np,D(X)=np(1-p).在A发生的条件下B发生的概率为P(B|A)=P(AB)P(A)=n(AB)n(A).(2)相互独立事件同时发生的概率P(AB)=P(A)P(B).(3)独立重复试验的概率如果事件A在一次试验中发生的概率是p,那么它在n次独立重复试验中恰好发生k次的概率为P n(k)=C k n p k·(1-p)n-k,k=0,1,2,…,n.回访1离散型随机变量及其分布列1.(2013·浙江高考)设袋子中装有a个红球,b个黄球,c个蓝球,且规定:取出一个红球得1分,取出一个黄球得2分,取出一个蓝球得3分.(1)当a=3,b=2,c=1时,从该袋子中任取(有放回,且每球取到的机会均等)2个球,记随机变量ξ为取出此2球所得分数之和,求ξ的分布列;(2)从该袋子中任取(每球取到的机会均等)1个球,记随机变量η为取出此球所得分数.若Eη=53,Dη=59,求a∶b∶c.[解](1)由题意得ξ=2,3,4,5,6.故P(ξ=2)=3×36×6=14,1分P(ξ=3)=2×3×26×6=13,2分P(ξ=4)=2×3×1+2×26×6=518,3分P(ξ=5)=2×2×16×6=19,4分P(ξ=6)=1×16×6=136. 5分所以ξ的分布列为(2)由题意知η的分布列为所以E(η)=aa+b+c+2ba+b+c+3ca+b+c=53,10分D (η)=⎝ ⎛⎭⎪⎫1-532·a a +b +c +⎝ ⎛⎭⎪⎫2-532·b a +b +c +⎝ ⎛⎭⎪⎫3-532·c a +b +c =59,化简得⎩⎨⎧2a -b -4c =0,a +4b -11c =0.13分 解得a =3c ,b =2c ,故a ∶b ∶c =3∶2∶1. 15分回访2 离散型随机变量的均值与方差2.(2014·浙江高考)已知甲盒中仅有1个球且为红球,乙盒中有m 个红球和n 个蓝球(m ≥3,n ≥3),从乙盒中随机抽取i (i =1,2)个球放入甲盒中.(1)放入i 个球后,甲盒中含有红球的个数记为ξi (i =1,2);(2)放入i 个球后,从甲盒中取1个球是红球的概率记为p i (i =1,2).则( ) A.p 1>p 2,E (ξ1)<E (ξ2) B.p 1<p 2,E (ξ1)>E (ξ2) C.p 1>p 2,E (ξ1)>E (ξ2) D.p 1<p 2,E (ξ1)<E (ξ2)A [随机变量ξ1,ξ2的分布列如下:所以E (ξ1)=n m +n +2m m +n =2m +nm +n, E (ξ2)=C 2n C 2m +n +2C 1m C 1n C 2m +n +3C 2mC 2m +n =3m +n m +n,所以E (ξ1)<E (ξ2).因为p 1=m m +n +n m +n ·12=2m +n2(m +n ),p 2=C 2mC 2m +n +C 1m C 1n C 2m +n ·23+C 2n C 2m +n ·13=3m +n 3(m +n ), p 1-p 2=n 6(m +n )>0,所以p 1>p 2.]3.(2014·浙江高考)随机变量ξ的取值为0,1,2.若P (ξ=0)=15,E (ξ)=1,则D (ξ)=________.25[设P (ξ=1)=a ,P (ξ=2)=b , 则⎩⎪⎨⎪⎧15+a +b =1,a +2b =1,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =35,b =15,所以D (ξ)=15+35×0+15×1=25.]热点题型1 相互独立事件的概率与条件概率题型分析:高考对条件概率的考查,主要体现在对条件概率的了解层次,难度较小,对事件相互独立性的考查相对较频繁,难度中等.(1)(2015·全国卷Ⅰ)投篮测试中,每人投3次,至少投中2次才能通过测试.已知某同学每次投篮投中的概率为0.6,且各次投篮是否投中相互独立,则该同学通过测试的概率为( )A.0.648B.0.432C.0.36D.0.312(2)如图7-1,由M 到N 的电路中有4个元件,分别标为T 1,T 2,T 3,T 4,电流能通过T 1,T 2,T 3的概率都是p ,电流能通过T 4的概率是0.9.电流能否通过各元件相互独立.已知T 1,T 2,T 3中至少有一个能通过电流的概率为0.999.图7-1①求p ;②求电流能在M 与N 之间通过的概率.(1)A [3次投篮投中2次的概率为P (k =2)=C 23×0.62×(1-0.6),投中3次的概率为P (k =3)=0.63,所以通过测试的概率为P (k =2)+P (k =3)=C 23×0.62×(1-0.6)+0.63=0.648.故选A.](2)记A i 表示事件:电流能通过T i ,i =1,2,3,4,A 表示事件:T 1,T 2,T 3中至少有一个能通过电流,B 表示事件:电流能在M 与N 之间通过. ①A -=A -1A -2A -3,A -1,A -2,A -3相互独立, 2分P (A -)=P (A -1A -2A -3)=P (A -1)P (A -2)P (A -3)=(1-p )3.3分 又P (A -)=1-P (A )=1-0.999=0.001, 4分 故(1-p )3=0.001,p =0.9.6分 ②B =A 4∪A -4A 1A 3∪A -4A -1A 2A 3, 10分 P (B )=P (A 4∪A -4A 1A 3∪A -4A -1A 2A 3) =P (A 4)+P (A -4A 1A 3)+P (A -4A -1A 2A 3)=P (A 4)+P (A -4)P (A 1)P (A 3)+P (A -4)P (A -1)P (A 2)·P (A 3) =0.9+0.1×0.9×0.9+0.1×0.1×0.9×0.9 =0.989 1.15分1.解决条件概率的关键是明确“既定条件”.2.求相互独立事件和独立重复试验的概率的方法(1)直接法:正确分析复杂事件的构成,将复杂事件转化为几个彼此互斥的事件的和事件或几个相互独立事件同时发生的积事件或独立重复试验问题,然后用相应概率公式求解.(2)间接法:当复杂事件正面情况比较多,反面情况较少,则可利用其对立事件进行求解.对于“至少”“至多”等问题往往也用这种方法求解.[变式训练1](2016·全国甲卷)某险种的基本保费为a(单位:元),继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下:(1)(2)若一续保人本年度的保费高于基本保费,求其保费比基本保费高出60%的概率;(3)求续保人本年度的平均保费与基本保费的比值.[解](1)设A表示事件“一续保人本年度的保费高于基本保费”,则事件A 发生当且仅当一年内出险次数大于1,故P(A)=0.2+0.2+0.1+0.05=0.55. 2分(2)设B表示事件“一续保人本年度的保费比基本保费高出60%”,则事件B 发生当且仅当一年内出险次数大于3,故P(B)=0.1+0.05=0.15.4分又P(AB)=P(B),故P(B|A)=P(AB)P(A)=P(B)P(A)=0.150.55=311.因此所求概率为311. 6分(3)记续保人本年度的保费为X,则X的分布列为E(X)=0.85a×0.30+a×0.15+1.25a×0.20+1.5a×0.20+1.75a×0.10+2a×0.05=1.23a. 13分因此续保人本年度的平均保费与基本保费的比值为1.23. 15分热点题型2 离散型随机变量的分布列、期望和方差题型分析:离散型随机变量的分布列问题是高考的热点,常以实际生活为背景,涉及事件的相互独立性、互斥事件的概率等,综合性强,难度中等.(2016·嘉兴第一中学优化卷)红队队员甲,乙,丙与蓝队队员A ,B ,C进行围棋比赛,甲对A ,乙对B ,丙对C 各一盘.已知甲胜A ,乙胜B ,丙胜C 的概率分别为0.6,0.5,0.5,假设各盘比赛结果相互独立.(1)求红队至少两名队员获胜的概率;(2)用ξ表示红队队员获胜的总盘数,求ξ的分布列和数学期望E (ξ). [解] (1)记甲对A ,乙对B ,丙对C 各一盘中甲胜A ,乙胜B ,丙胜C 分别为事件D ,E ,F ,则甲不胜A ,乙不胜B ,丙不胜C 分别为事件D -,E -,F -,根据各盘比赛结果相互独立可得红队至少两名队员获胜的概率P =P (DE F -)+P (D E -F )+P (D -EF )+P (DEF )=P (D )P (E )P (F -)+P (D )P (E -)P (F )+P (D -)P (E )P (F )+P (D )P (E )P (F )=0.6×0.5×(1-0.5)+0.6×(1-0.5)×0.5+(1-0.6)×0.5×0.5+0.6×0.5×0.5=0.55.6分(2)依题意可知ξ=0,1,2,3,P (ξ=0)=P (D -E -F -)=P (D -)P (E -)P (F -)=(1-0.6)×(1-0.5)×(1-0.5)=0.1, P (ξ=1)=P (D E -F -)+P (D -E F -)+P (D -E -F )=0.6×(1-0.5)×(1-0.5)+(1-0.6)×0.5×(1-0.5)+(1-0.6)×(1-0.5)×0.5=0.35,8分P (ξ=2)=P (DE F -)+P (D E -F )+P (D -EF )=0.6×0.5×(1-0.5)+0.6×(1-0.5)×0.5+(1-0.6)×0.5×0.5=0.4.10分P (ξ=3)=P (DEF )=0.6×0.5×0.5=0.15. 故ξ的分布列为:解答离散型随机变量的分布列及相关问题的一般思路:(1)明确随机变量可能取哪些值.(2)结合事件特点选取恰当的计算方法计算这些可能取值的概率值. (3)根据分布列和期望、方差公式求解.提醒:明确离散型随机变量的取值及事件间的相互关系是求解此类问题的关键.[变式训练2] 某工厂有两条相互不影响的生产线分别生产甲、乙两种产品,产品出厂前需要对产品进行性能检测.检测得分低于80的为不合格品,只能报废回收;得分不低于80的为合格品,可以出厂,现随机抽取这两种产品各60件进行检测,检测结果统计如下:(1)(2)生产一件甲种产品,若是合格品可盈利100元,若是不合格品则亏损20元;生产一件乙种产品,若是合格品可盈利90元,若是不合格品则亏损15元.在(1)的前提下:①记X 为生产1件甲种产品和1件乙种产品所获得的总利润,求随机变量X 的分布列和数学期望;②求生产5件乙种产品所获得的利润不少于300元的概率.[解] (1)甲种产品为合格品的概率约为4560=34,乙种产品为合格品的概率约为4060=23.2分(2)①随机变量X 的所有取值为190,85,70,-35,且P (X =190)=34×23=12,P (X =85)=34×13=14,P (X =70)=14×23=16,P (X =-35)=14×13=112.所以随机变量X 的分布列为6分 所以E (X )=1902+854+706-3512=125.8分②设生产的5件乙种产品中合格品有n 件,则不合格品有(5-n )件, 依题意得,90n -15(5-n )≥300,解得n ≥257,取n =4或n =5,13分设“生产5件乙种产品所获得的利润不少于300元”为事件A , 则P (A )=C 45⎝ ⎛⎭⎪⎫23413+⎝ ⎛⎭⎪⎫235=112243.15分。
2018年浙江省普通高等学校全国招生统一考试数学模拟卷参考答案
y12 2
1
y12
2
x12 2
,代入上式得 kPA kPB
1 2
(2)当直线 PQ 的斜率存在时,设其方程 y kx b , Q(x2, y2 )
y kx b
由 x2
4
y2 2
1
(1 2k 2 )x2
4kbx 2b2
4
0
则
x1
于 A、B 的两点,且 PBQ 90 .
(1)求 kPA kPB 的值; (2)求 BPQ 面积的最大值.
解析:(1)由题意知 A(2, 0), B(2, 0) ,设 P(x1, y1)
则 kPA
kPB
y1 x1 2
y1 x1 2
y12 x12 4
又因为点 P 在椭圆上,所以 x12 4
故 f (x)max max f (0), f (1) 1
又因为 f (x) 1 1 x 1 x 2 1 (x 1)2 7 7
48 8
88
由于等号不能同时取到,所以 f (x) 7 8
7
综上可知:
f
(x) 1
8
21.如图,已知椭圆 E : x2 y2 1 的左、右顶点分别为 A、B ,若 P、Q 为椭圆 E 上不同 42
所以 1 1 1 x 1 (1 1 x) 0
1 x 2
1 x
2
故 g'(x) 0
所以 g(x) 在区间[0,1] 单调递增,故 g(x) g(0) 0
所以 f (x) 1 1 x 1 x 2 48
(2)设 h(x) f '(x) 1 1 x 3 2 1 x 2 4
2018届高三理科数学答题模板 离散型随机变量的分布列期望和方差
离散型随机变量的分布列、期望和方差【离散型随机变量及其分布列】随机变量:随着试验结果变化而变化的变量,常用字母ξ,η等来表示随机变量。
离散型随机变量:所有取值可以一一列出的随机变量;离散型随机变量的分布列:如果离散型随机变量ξ可能取的值为x1,x2,x3,…,x n,…,而ξ取每一个值x i(i=1,2,3,…)的概率P(ξ=x i)=p i,以表格的形式表示如下:上表称为离散型随机变量ξ的概率分布列,简称为ξ的分布列。
任一随机变量的分布列都具有下列性质:(1)0≤p i≤1,(i=1,2,3,…);(2)p1+p2+p3+...+p n+ (1)(3)离散型随机变量在某一范围内取值的概率等于它取这个范围内各个值的概率之和。
求离散型随机变量分布列:(1)先判断一个变量是否为离散型随机变量,主要看变量的值能否按一定的顺序一一列举出来.(2)明确随机变量X可取哪些值.(3)求x取每一个值的概率.(4)列成分布列表,【离散型随机变量的期望与方差】数学期望的定义:称为ξ的数学期望或平均数,均值,数学期望又简称为期望,它反映了随机变量取值的平均水平。
方差的定义:称为ξ的均方差,简称为方差,叫做随机变量ξ的标准差,记作:期望与方差的性质:求均值(数学期望)的一般步骤:(1)首先判断随机变量是否服从二点分布、二项分布或超几何分布,若服从,则直接用公式求均值.(2)若不服从特殊的分布,则先求出随机变量的分布列,再利用公式求均值。
方差的求法:(1)若随机变量X 服从二点分布或二项分布,则直接利用方差公式可求. (2)若随机变量X 不服从特殊的分布时,求法为:【2017年高考全国Ⅰ卷,理19】为了监控某种零件的一条生产线的生产过程,检验员每天从该生产线上随机抽取16个零件,并测量其尺寸(单位:cm ).根据长期生产经验,可以认为这条生产线正常状态下生产的零件的尺寸服从正态分布2(,)N μσ.(1)假设生产状态正常,记X 表示一天内抽取的16个零件中其尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件数,求(1)P X ≥及X 的数学期望;(2)一天内抽检零件中,如果出现了尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件,就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查.(ⅰ)试说明上述监控生产过程方法的合理性;(ⅱ)下面是检验员在一天内抽取的16个零件的尺寸:经计算得0.212≈,其中i x 为抽取的第i 个零件的尺寸,1,2,,16i =⋅⋅⋅.用样本平均数x 作为μ的估计值ˆμ,用样本标准差s 作为σ的估计值ˆσ,利用估计值判断是否需对当天的生产过程进行检查?剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据,用剩下的数据估计μ和σ(精确到0.01).附:若随机变量Z 服从正态分布2(,)N μσ,则(33)0.997 4P Z μσμσ-<<+=,160.997 40.959 2=0.09≈.【解析】试题分析:(1)根据题设条件知一个零件的尺寸在(3,3)μσμσ-+之内的概率为0.9974,则零件的尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的概率为0.0026,而~(16,0.0026)X B ,进而可以求出X 的数学期望.(2)(i )判断监控生产过程的方法的合理性,重点是考虑一天内抽取的16个零件中,出现尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件的概率大还是小,若小即合理;(ii )根据题设条件算出μ的估计值和σ的估计值,剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据9.22,算出剩下数据的平均数,即为μ的估计值,剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据9.22,剩下数据的样本方差,即为σ的估计值.(2)(i )如果生产状态正常,一个零件尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的概率只有0.0026,一天内抽取的16个零件中,出现尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件的概率只有0.0408,发生的概率很小.因此一旦发生这种情况,就有理由认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查,可见上述监控生产过程的方法是合理的.(ii )由9.97,0.212x s =≈,得μ的估计值为ˆ9.97μ=,σ的估计值为ˆ0.212σ=,由样本数据可以看出有一个零件的尺寸在ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外,因此需对当天的生产过程进行检查.剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据9.22,剩下数据的平均数为1(169.979.22)10.0215⨯-=,因此μ的估计值为10.02.162221160.212169.971591.134ii x==⨯+⨯≈∑,剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据9.22,剩下数据的样本方差为221(1591.1349.221510.02)0.00815--⨯≈,因此σ0.09≈.【考点】正态分布,随机变量的期望和方差.【点拨】数学期望是离散型随机变量中重要的数学概念,反应随机变量取值的平均水平.求解离散型随机变量的分布列、数学期望时,首先要分清事件的构成与性质,确定离散型随机变量的所有取值,然后根据概率类型选择公式,计算每个变量取每个值的概率,列出对应的分布列,最后求出数学期望.正态分布是一种重要的分布,之前考过一次,尤其是正态分布的3σ原则.性,但难度不是太大,求解的关键是读懂题意,所以提醒考生要重视数学中的阅读理解问题.【2017年高考全国Ⅰ卷,理19】某公司为确定下一年度投入某种产品的宣传费,需了解年宣传费x (单位:千元)对年销售量y (单位:t )和年利润z (单位:千元)的影响,对近8年的年宣传费i x 和年销售量i y (i =1,2,···,8)数据作了初步处理,得到下面的散点图及一些统计量的值.表中i w = ,w =81ii w=∑(Ⅰ)根据散点图判断,y=a +bx 与y =c +y 关于年宣传费x 的回归方程类型?(给出判断即可,不必说明理由)(Ⅱ)根据(Ⅰ)的判断结果及表中数据,建立y 关于x 的回归方程;(Ⅲ)已知这种产品的年利率z 与x 、y 的关系为z =0.2y -x.根据(Ⅱ)的结果回答下列问题:(ⅰ)年宣传费x =49时,年销售量及年利润的预报值是多少?(ⅱ)年宣传费x 为何值时,年利率的预报值最大?附:对于一组数据11(,)u v ,22(,)u v ,……,(,)n n u v ,其回归线v u αβ=+的斜率和截距的最小二乘估计分别为:µ121()()=()niii nii u u v v u u β==---∑∑,µµ=v u αβ-【答案】(Ⅰ)y c =+适合作为年销售y 关于年宣传费用x 的回归方程类型;(Ⅱ)$100.6y =+(Ⅲ)46.24解析:(Ⅰ)由散点图可以判断,y c =+适合作为年销售y 关于年宣传费用x 的回归方程类型.(Ⅱ)令w =,先建立y 关于w 的线性回归方程,由于$81821()()()iii ii w w y y dw w ==--=-∑∑=108.8=6816, ∴$cy d w =-$=563-68×6.8=100.6. ∴y 关于w 的线性回归方程为$100.668y w =+, ∴y 关于x 的回归方程为$100.6y =+(Ⅲ)(ⅰ)由(Ⅱ)知,当x =49时,年销售量y 的预报值$100.6y =+=576.6, 576.60.24966.32z=⨯-=$.【考点】非线性拟合;线性回归方程求法;利用回归方程进行预报预测;应用意识 【点拨】本题考查了非线性拟合及非线性回归方程的求解与应用,是源于课本的试题类型,解答非线性拟合问题,先作出散点图,再根据散点图选择合适的函数类型,设出回归方程,利用换元法将非线性回归方程化为线性回归方程,求出样本数据换元后的值,然后根据线性回归方程的计算方法计算变换后的线性回归方程系数,即可求出非线性回归方程,再利用回归方程进行预报预测,注意计算要细心,避免计算错误.答题思路【命题意图】离散型随机变量的均值与方差是高考的热点,主要考查学生对取有限个值的离散型随机变量的均值、方差的理解,要求学生能计算简单离散型随机变量的均值、方差,并能解决一些实际问题.【命题规律】离散型随机变量的均值与方差如单独考查一般以客观题形式出现,主要考查利用公式进行计算,难度不大,若以解答题形式出现,一般不单独考查,常见命题方式有两种:一是与概率、分布列计算结合在一起进行考查,二是与统计结合在一起进行考查,难度中等.【答题模板】解答本类题目,以2017年第10题高考题为例,一般考虑如下三步:第一步:确定概率求期望 抽取的一个零件的尺寸在(3,3)μσμσ-+之内的概率为0.9974,从而零件的尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的概率为0.0026,故~(16,0.0026)X B .因此(1)1(0)10.99740.0408P X P X ≥=-==-=. X 的数学期望为160.00260.0416EX =⨯=;第二步:根据概率判断合理性 如果生产状态正常,一个零件尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的概率只有0.0026,一天内抽取的16个零件中,出现尺寸在(3,3)μσμσ-+之外的零件的概率只有0.0408,发生的概率很小.因此一旦发生这种情况,就有理由认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查,可见上述监控生产过程的方法是合理的.第三步:剔除值,求估计值 由9.97,0.212x s =≈,得μ的估计值为ˆ9.97μ=,σ的估计值为ˆ0.212σ=,由样本数据可以看出有一个零件的尺寸在ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外,因此需对当天的生产过程进行检查.剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据9.22,剩下数据的平均数为1(169.979.22)10.0215⨯-=,因此μ的估计值为10.02.162221160.212169.971591.134ii x==⨯+⨯≈∑,剔除ˆˆˆˆ(3,3)μσμσ-+之外的数据9.22,剩下数据的样本方差为221(1591.1349.221510.02)0.00815--⨯≈,因此σ的估计值为0.09≈.【方法总结】1. 高考对离散型随机变量的均值与方差的考查主要有以下三个命题角度: (1)已知离散型随机变量符合条件,求其均值与方差; (2)已知离散型随机变量的均值与方差,求参数值; (3)已知离散型随机变量满足两种方案,试作出判断.2. 求离散型随机变量均值、方差的基本方法(1)已知随机变量的分布列求它的均值、方差和标准差,可直接按定义(公式)求解; (2)已知随机变量ξ的均值、方差,求ξ的线性函数η=aξ+b 的均值、方差和标准差,可直接用ξ的均值、方差的性质求解;(3)如能分析所给随机变量服从常用的分布(如两点分布、二项分布等),可直接利用它们的均值、方差公式求解.3.解答题中对期望与方差的考查常与分布列结合在一起进行考查,求解此类问题要先根据随机变量的定义,确定随机变量可以取哪些值,然后根据随机变量的取这些值的意义求出取这些值的概率,列出分布列,根据均值与方差的公式计算,若随机变量服从二项分布,可直接利用公式()()(),1E X np D X np p ==-求解.4.均值与方差的实际应用对于均值与方差的实际应用,命题模式通常是已知离散型随机变量满足两种方案,试作出判断.求解这类问题要用到均值与方差.(1)D (X )表示随机变量X 对E (X )的平均偏离程度,D (X )越大表明平均偏离程度越大,说明X 的取值越分散;反之,D (X )越小,X 的取值越集中在E (X )附近,统计中常用D (X )来描述X的分散程度.(2)随机变量的均值反映了随机变量取值的平均水平,方差反映了随机变量取值偏离于均值的程度,它们从整体和全局上刻画了随机变量,是生产实际中用于方案取舍的重要的理论依据,一般先比较均值,若均值相同,再用方差来决定.1.【2017年高考全国Ⅲ卷,理18】某超市计划按月订购一种酸奶,每天进货量相同,进货成本每瓶4元,售价每瓶6元,未售出的酸奶降价处理,以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验,每天需求量与当天最高气温(单位:℃)有关.如果最高气温不低于25,需求量为500瓶;如果最高气温位于区间[)2025,,需求量为300瓶;如果最高气温低于20,需求量为200瓶,为了确定六月份的订购计划,统计了前三年六月份各天的最高气温数据,得下面的频数分布表:(1)求六月份这种酸奶一天的需求量X (单位:瓶)的分布列;(2)设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y (单位:元).当六月份这种酸奶一天的进货量n (单位:瓶)为多少时,Y 的数学期望达到最大值? 【解析】⑴易知需求量x 可取200,300,500 ()21612003035P X +===⨯ ()3623003035P X ===⨯ ()257425003035P X ++===⨯.则分布列为:⑵①当200n ≤时:,此时max 400Y =,当200n =时取到.②当200300n <≤时:()()4122002200255Y n n =⋅+⨯+-⋅-⎡⎤⎣⎦ 880026800555n n n -+=+=此时max 520Y =,当300n =时取到.③当300500n <≤时,()()()()12220022002300230022555Y n n n =⨯+-⋅-+⨯+-⋅-+⋅⋅⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦ 320025n-=此时520Y <.④当500n ≥时,易知Y 一定小于③的情况.综上所述:当300n =时,Y 取到最大值为520.2.【2017年高考北京卷,理17】为了研究一种新药的疗效,选100名患者随机分成两组,每组各50名,一组服药,另一组不服药.一段时间后,记录了两组患者的生理指标x 和y 的数据,并制成下图,其中“*”表示服药者,“+”表示未服药者.(Ⅰ)从服药的50名患者中随机选出一人,求此人指标y 的值小于60的概率;(Ⅱ)从图中A ,B ,C ,D 四人中随机.选出两人,记ξ为选出的两人中指标x 的值大于1.7的人数,求ξ的分布列和数学期望E (ξ);(Ⅲ)试判断这100名患者中服药者指标y 数据的方差与未服药者指标y 数据的方差的大小.(只需写出结论)【答案】(Ⅰ)0.3;(Ⅱ)详见解析;(Ⅲ)在这100名患者中,服药者指标y 数据的方差大于未服药者指标y 数据的方差. 【解析】(Ⅱ)由图知,A,B,C,D 四人中,指标x 的值大于1.7的有2人:A 和C. 所以ξ的所有可能取值为0,1,2.21122222222444C C C C 121(0),(1),(2)C 6C 3C 6P P P ξξξ=========. 所以ξ的分布列为故ξ的期望121()0121636E ξ=⨯+⨯+⨯=. (Ⅲ)在这100名患者中,服药者指标y 数据的方差大于未服药者指标y 数据的方差. 【考点】1.古典概型;2.超几何分布;3.方差的定义. 【点拨】求分布列的三种方法1.由统计数据得到离散型随机变量的分布列; 2.由古典概型求出离散型随机变量的分布列;3.由互斥事件的概率、相互独立事件同时发生的概率及n 次独立重复试验有k 次发生的概率求离散型随机变量的分布列.3. 【2017年高考江苏卷,理23】 已知一个口袋有m 个白球,n 个黑球(,*,2m n n ∈N ≥),这些球除颜色外全部相同.现将口袋中的球随机的逐个取出,并放入如图所示的编号为1,2,3,,m n +L的抽屉内,其中第k 次取出的球放入编号为k 的抽屉(1,2,3,,)k m n =+L .(1)试求编号为2的抽屉内放的是黑球的概率p ;(2)随机变量X 表示最后一个取出的黑球所在抽屉编号的倒数,()E X 是X 的数学期望,证明:()()(1)nE X m n n <+-【答案】(1)nm n+(2)见解析 【解析】解:(1) 编号为2的抽屉内放的是黑球的概率p 为: 11C C n m n n m n np m n-+-+==+. (2) 随机变量 X 的概率分布为:随机变量 X 的期望为:$来&源:()()(1)nE X m n n <+-.【考点】古典概型概率、随机变量及其分布、数学期望【点拨】求解离散型随机变量的数学期望的一般步骤为:第一步是“判断取值”,即判断随机变量的所有可能取值,以及取每个值所表示的意义; 第二步是“探求概率”,即利用排列组合、枚举法、概率公式(常见的有古典概型公式、几何概型公式、互斥事件的概率和公式、独立事件的概率积公式,以及对立事件的概率公式等),求出随机变量取每个值时的概率;第三步是“写分布列”,即按规范形式写出分布列,并注意用分布列的性质检验所求的分布列或某事件的概率是否正确;第四步是“求期望值”,一般利用离散型随机变量的数学期望的定义求期望的值,对于有些实际问题中的随机变量,如果能够断定它服从某常见的典型分布(如二项分布(,)X B n p :),则此随机变量的期望可直接利用这种典型分布的期望公式(()E X np )求得.因此,应熟记常见的典型分布的期望公式,可加快解题速度.4. 【2017年高考天津卷,理16】从甲地到乙地要经过3个十字路口,设各路口信号灯工作相互独立,且在各路口遇到红灯的概率分别为.(Ⅰ)设表示一辆车从甲地到乙地遇到红灯的个数,求随机变量的分布列和数学期望;(Ⅱ)若有2辆车独立地从甲地到乙地,求这2辆车共遇到1个红灯的概率. 【答案】 (1)(2)试题解析:(Ⅰ)随机变量的所有可能取值为0,1,2,3.,,,.所以,随机变量的分布列为随机变量的数学期望.(Ⅱ)设表示第一辆车遇到红灯的个数,表示第二辆车遇到红灯的个数,则所求事件的概率为.所以,这2辆车共遇到1个红灯的概率为.【考点】离散型随机变量概率分布列及数学期望【点拨】求离散型随机变量概率分布列问题首先要清楚离散型随机变量的可取值有那些?当随机变量取这些值时所对应的事件的概率有是多少,计算出概率值后,列出离散型随机变量概率分布列,最后按照数学期望公式计算出数学期望.;列出离散型随机变量概率分布列及计算数学期望是理科高考数学必考问题. 5.【2017年高考浙江卷,理8】已知随机变量i ξ满足P (i ξ=1)=p i ,P (i ξ=0)=1—p i ,i =1,2. 若0<p 1<p 2<12,则 A .1E()ξ<2E()ξ,1D()ξ<2D()ξ B .1E()ξ<2E()ξ,1D()ξ>2D()ξ C .1E()ξ>2E()ξ,1D()ξ<2D()ξD .1E()ξ>2E()ξ,1D()ξ>2D()ξ【答案】A 【解析】试题分析:112212(),(),()()E p E p E E ξξξξ==∴<Q111222121212()(1),()(1),()()()(1)0D p p D p p D D p p p p ξξξξ=-=-∴-=---<Q ,选A .【考点】 两点分布【点拨】求离散型随机变量的分布列,首先要根据具体情况确定X 的取值情况,然后利用排列,组合与概率知识求出X 取各个值时的概率.对于服从某些特殊分布的随机变量,其分布列可以直接应用公式给出,其中超几何分布描述的是不放回抽样问题,随机变量为抽到的某类个体的个数.由已知本题随机变量i ξ服从两点分布,由两点分布均值与方差公式可得A 正确.6.【2017河北五邑四模】某校高考数学成绩ξ近似地服从正态分布()2100,5N ,且(110)0.96P ξ<=,则(90100)P ξ<<的值为( )A. 0.49B. 0.48C. 0.47D. 0.46 【答案】D7.【2017黑龙江哈尔滨六中一模】为了响应国家发展足球的战略,哈市某校在秋季运动会中,安排了足球射门比赛.现有10名同学参加足球射门比赛,已知每名同学踢进的概率均为0.6,每名同学有2次射门机会,且各同学射门之间没有影响.现规定:踢进两个得10分,踢进一个得5分,一个未进得0分,记X 为10个同学的得分总和,则X 的数学期望为( ) A. 30 B. 40 C. 60 D. 80 【答案】C【解析】由题意每个学生的得分服从二项分布(),X B n p ~,其中10,0.6n p ==,所以由二项分布的数学期望公式可得每个学生的数学期望为()0.6106E X np ==⨯=,因此10个同学的的数学期望是()1060E X =,应选答案C.8.【2017四川资阳4月模拟】已知随机变量X 服从正态分布N (2,σ²),且P (0≤X ≤2)=0.3,则P (X >4)=_____. 【答案】0.2;【解析】解:由题意结合正态分布的性质可知: ()240.3P x ≤≤= , 则: 10.32(4)0.22P X -⨯>== . 9.【2017安徽阜阳二模】一企业从某生产线上随机抽取100件产品,测量这些产品的某项技术指标值x ,得到的频率分布直方图如图.(1)估计该技术指标值x 平均数x ;(2)在直方图的技术指标值分组中,以x 落入各区间的频率作为x 取该区间值的频率,若4x x ->,则产品不合格,现该企业每天从该生产线上随机抽取5件产品检测,记不合格产品的个数为ξ,求ξ的数学期望E ξ. 【答案】(Ⅰ)17;(Ⅱ)0.7试题解析:(Ⅰ) 120.06140.14160.3180.32200.10220.0817x =⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯= (Ⅱ)由频率分布直方图可知(4)0.14P x x ->=, ∴()~5,0.14B ξ,所以50.140.7E ξ=⨯=10.【2017广东佛山二模】某保险公司针对企业职工推出一款意外险产品,每年每人只要交少量保费,发生意外后可一次性获赔50万元.保险公司把职工从事的所有岗位共分为A 、B 、C 三类工种,根据历史数据统计出三类工种的每赔付频率如下表(并以此估计赔付概率).(Ⅰ)根据规定,该产品各工种保单的期望利润都不得超过保费的20%,试分别确定各类工种每张保单保费的上限;(Ⅱ)某企业共有职工20000人,从事三类工种的人数分布比例如图,老板准备为全体职工每人购买一份此种保险,并以(Ⅰ)中计算的各类保险上限购买,试估计保险公司在这宗交易中的期望利润.【答案】(Ⅰ)见解析;(Ⅱ)55000元.【解析】试题分析:(I )设工种A 每份保单的保费,则需赔付时,收入为450100a -⨯<,根据概率分布可计算出保费的期望值为5a -,令50.2a a -≤解得 6.25a ≤.同理可求得工种,B C 保费的期望值;(II )按照每个工种的人数计算出份数然后乘以(1)得到的期望值,即为总的利润. 试题解析:(Ⅰ)设工种A 的每份保单保费为a 元,设保险公司每单的收益为随机变量X ,则X 的分布列为保险公司期望收益为51110EX a ⎛⎫=-+ ⎪⎝⎭()451501010a -⨯⨯ 5a =- 根据规则50.2a a -≤ 解得 6.25a ≤元,设工种B 的每份保单保费为b 元,赔付金期望值为45501021010⨯⨯=元,则保险公司期望利润为10b -元,根据规则100.2b b -≤,解得12.5b ≤元,设工种C 的每份保单保费为c 元,赔付金期望值为4450105010⨯=元,则保险公司期望利润为50c -元,根据规则500.2c c -≤,解得62.5c ≤元.11.【2017湖南长沙二模】某种产品的质量以其质量指标值衡量,并依据质量指标值划分等极如下表:从某企业生产的这种产品中抽取200件,检测后得到如下的频率分布直方图:(1)根据以上抽样调查数据 ,能否认为该企业生产的这种产品符合“一、二等品至少要占全部产品90%”的规定?(2)在样本中,按产品等极用分层抽样的方法抽取8件,再从这8件产品中随机抽取4件,求抽取的4件产品中,一、二、三等品都有的概率;(3)该企业为提高产品质量,开展了“质量提升月”活动,活动后再抽样检测,产品质量指标值X 近似满足()~218,140X N ,则“质量提升月”活动后的质量指标值的均值比活动前大约提升了多少? 【答案】(1)见解析;(2)37;(3)17.6 试题解析:(1)根据抽样调查数据,一、二等品所占比例的估计值为0.2000.3000.2600.0900.0250.875++++=,由于该估计值小于0.92,故不能认为该企业生产的这种产品符合“一、二等品至少要占全部产品92%”的规定.(2)由频率分布直方图知,一、二、三等品的频率分别为0.375、0.5、0.125,故在样本中用分层抽样方法抽取的8件产品中,一等品3件,二等品4件,三等品1件,再从这8件产品中随机抽取4件,一、二、三等品都有的情况有2种:①一等品2件,二等品1件,三等品1件;②一等品1件,二等品2件,三等品1件,故所求的概率2111213413414837C C C C C C P C +==. (3)“质量提升月”活动前,该企业这种产品的质量指标值的均值约为1700.0251800.11900.22000.32100.262200.092300.025⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯ 200.4=“质量提升月”活动后,产品质量指标值X 近似满足()~218,140X N ,则()218E X =. 所以,“质量提升月”活动后的质量指标值的均值比活动前大约提升了17.612.【2017重庆二诊】“微信运动”已成为当下热门的健身方式,小王的微信朋友圈内也有大量好友参与了 “微信运动”,他随机选取了其中的40人(男、女各20人),记录了他们某一天的走路步数,并将数据整理如下:(1)已知某人一天的走路步数超过8000步被系统评定“积极型”,否则为“懈怠型”,根据题意完成下面的22⨯列联表,并据此判断能否有95%以上的把握认为“评定类型”与“性别”有关?附: ()()()()()22n ad bc k a b c d a c b d -=++++,(2)若小王以这40位好友该日走路步数的频率分布来估计其所有微信好友每日走路步数的概率分布,现从小王的所有微信好友中任选2人,其中每日走路不超过5000步的有X 人,超过10000步的有Y 人,设X Y ξ=-,求ξ的分布列及数学期望. 【答案】(Ⅰ)没有95%以上的把握认为二者有关;(Ⅱ)由见解析.【解析】【试题分析】(1)依据题设条件做成2×2列联表,计算出卡方系数,再与参数进行比对,做出判断;(2)先求随机变量ξ的分布列,再运用随机变量的数学期望公式计算求解: (Ⅰ)()2240141268403.8412020221811K ⨯⨯-⨯==<⨯⨯⨯,故没有95%以上的把握认为二者有关;13.【2017湖南娄底二模】某种产品的质量以其质量指标值衡量,并依据质量指标值划分等级如下表:从某企业生产的这种产品中抽取200件,检测后得到如下的频率分布直方图:(Ⅰ)根据以上抽样调查数据,能否认为该企业生产的这种产品符合“一、二等品至少要占全部产品92%”的规定?(Ⅱ)在样本中,按产品等级用分层抽样的方法抽取8件,再从这8件产品中随机抽取4件,求抽取的4件产品中,一、二、三等品都有的概率;(Ⅲ)该企业为提高产品质量,开展了“质量提升月”活动,活动后在抽样检测,产品质量指标值X 近似满足()218,140X N ~,则“质量提升月”活动后的质量指标值的均值比活动前大约提升了多少? 【答案】(Ⅰ)见解析; (Ⅱ)37;(Ⅲ)大约提升了17.6 解析:(Ⅰ)根据抽样调查数据,一、二等品所占比例的估计值为0.2000.3000.260++0.0900.0250.875++=,由于该估计值小于0.92,故不能认为该企业生产的这种产品符合“一、二等品至少要占全部产品92%”的规定.(Ⅱ)由频率分布直方图知,一、二、三等品的频率分别为0.375、0.5、0.125,故在样本中用分层抽样方法抽取的8件产品中,一等品3件,二等品4件,三等品1件.再从这8件产品中随机抽取4件,一、二、三等品都有的情形有2种:①一等品2件,二等品1件,三等品1件;②一等品1件,二等品2件,三等品1件.故所求的概率21112134134148C C C C C C P C +=37=. (Ⅲ)“质量提升月”活动前,该企业这种产品的质量指标值的均值约为1700.0251800.1⨯+⨯+1900.22000.3⨯+⨯+2100.262200.09⨯+⨯+2300.025200.4⨯=,“质量提升月”活动后,产品质量指标值X 近似满足()218,140X N ~,则()218E X =. 所以,“质量提升月”活动后的质量指标值的均值比活动前大约提升了17.6.14.【2017安徽淮南二模】随着社会发展,淮北市在一天的上下班时段也出现了堵车严重的现象.交通指数是交通拥堵指数的简称,是综合反映道路网畅通或拥堵的概念.记交通指数为T ,其范围为[0,10],分别有5个级别:T ∈[0,2)畅通;T ∈[2,4)基本畅通;T ∈[4,6)轻度拥堵;T ∈[6,8)中度拥堵;T ∈[8,10]严重拥堵.早高峰时段(T≥3 ),从淮北市交通指挥中心随机选取了一至四马路之间50个交通路段,依据交通指数数据绘制的直方图如。
浙江专版2018年高考数学专题3概率及期望与方差突破点7随机变量及其分布教学案
突破点7 随机变量及其分布(对应学生用书第26页)[核心知识提炼]提炼1离散型随机变量的分布列离散型随机变量X的分布列如下:则i(2)p1+p2+…+p i+…+p n=1(i=1,2,3,…,n).(3)E(X)=x1p1+x2p2+…+x i p i+…+x n p n为X的均值或数学期望(简称期望).D(X)=(x1-E(X))2·p1+(x2-E(X))2·p2+…+(x i-E(X))2·p i+…+(x n-E(X))2·p n 叫做随机变量X的方差.(4)均值与方差的性质①E(aX+b)=aE(X)+b;②D(aX+b)=a2D(X)(a,b为实数).(5) 两点分布与二项分布的均值、方差①若X服从两点分布,则E(X)=p,D(X)=p(1-p);②若X~B(n,p),则E(X)=np,D(X)=np(1-p).提炼2几种常见概率的计算(1)相互独立事件同时发生的概率P(AB)=P(A)P(B).(2)独立重复试验的概率如果事件A在一次试验中发生的概率是p,那么它在n次独立重复试验中恰好发生k次的概率为P n(k)=C k n p k·(1-p)n-k,k=0,1,2,…,n.[高考真题回访]回访1 离散型随机变量及其分布列1.(2013·浙江高考)设袋子中装有a个红球,b个黄球,c个蓝球,且规定:取出一个红球得1分,取出一个黄球得2分,取出一个蓝球得3分.(1)当a=3,b=2,c=1时,从该袋子中任取(有放回,且每球取到的机会均等)2个球,记随机变量ξ为取出此2球所得分数之和,求ξ的分布列;(2)从该袋子中任取(每球取到的机会均等)1个球,记随机变量η为取出此球所得分数.若E η=53,D η=59,求a ∶b ∶c . 【导学号:68334087】[解] (1)由题意得ξ=2,3,4,5,6. 故P (ξ=2)=3×36×6=14,1分 P (ξ=3)=2×3×26×6=13, 2分 P (ξ=4)=2×3×1+2×26×6=518,3分 P (ξ=5)=2×2×16×6=19, 4分 P (ξ=6)=1×16×6=136.5分所以ξ的分布列为6分(2)由题意知η的分布列为所以E (η)=a +b +c +a +b +c +a +b +c =3,10分D (η)=⎝⎛⎭⎪⎫1-532·a a +b +c +⎝ ⎛⎭⎪⎫2-532·b a +b +c +⎝ ⎛⎭⎪⎫3-532·c a +b +c =59,化简得⎩⎪⎨⎪⎧2a -b -4c =0,a +4b -11c =0. 13分 解得a =3c ,b =2c ,故a ∶b ∶c =3∶2∶1. 15分回 访2 离散型随机变量的均值与方差2.(2017·浙江高考)已知随机变量ξi 满足P (ξi =1)=p i ,P (ξi =0)=1-p i ,i =1,2.若0<p 1<p 2<12,则( )A .E (ξ1)<E (ξ2),D (ξ1)<D (ξ2)B .E (ξ1)<E (ξ2),D (ξ1)>D (ξ2)C .E (ξ1)>E (ξ2),D (ξ1)<D (ξ2) D .E (ξ1)>E (ξ2),D (ξ1)>D (ξ2)A [由题意可知ξi (i =1,2)服从两点分布,∴E (ξ1)=p 1,E (ξ2)=p 2,D (ξ1)=p 1(1-p 1),D (ξ2)=p 2(1-p 2). 又∵0<p 1<p 2<12,∴E (ξ1)<E (ξ2).把方差看作函数y =x (1-x ), 根据0<ξ1<ξ2<12知,D (ξ1)<D (ξ2).故选A.]3.(2014·浙江高考)已知甲盒中仅有1个球且为红球,乙盒中有m 个红球和n 个蓝球(m ≥3,n ≥3),从乙盒中随机抽取i (i =1,2)个球放入甲盒中.(1)放入i 个球后,甲盒中含有红球的个数记为ξi (i =1,2);(2)放入i 个球后,从甲盒中取1个球是红球的概率记为p i (i =1,2).则( )【导学号:68334088】A .p 1>p 2,E (ξ1)<E (ξ2)B .p 1<p 2,E (ξ1)>E (ξ2)C .p 1>p 2,E (ξ1)>E (ξ2)D .p 1<p 2,E (ξ1)<E (ξ2)A [随机变量ξ1,ξ2的分布列如下:所以E (ξ1)=m +n+m +n =m +n, E (ξ2)=C 2n C 2m +n +2C 1m C 1n C 2m +n +3C 2m C 2m +n =3m +nm +n ,所以E (ξ1)<E (ξ2). 因为p 1=m m +n +nm +n ·12=2m +n 2 m +n,p 2=C 2m C 2m +n +C 1m C 1n C 2m +n ·23+C 2n C 2m +n ·13=3m +n3 m +n,p 1-p 2=n6 m +n>0,所以p 1>p 2.]4.(2014·浙江高考)随机变量ξ的取值为0,1,2.若P (ξ=0)=15,E (ξ)=1,则D (ξ)=________.25[设P (ξ=1)=a ,P (ξ=2)=b , 则⎩⎪⎨⎪⎧15+a +b =1,a +2b =1,解得⎩⎪⎨⎪⎧a =35,b =15,所以D (ξ)=15+35×0+15×1=25.](对应学生用书第27页) 热点题型1 相互独立事件的概率题型分析:高考主要考查相互独立事件概率的求解及实际应用,对事件相互独立性的考查相对较频繁,难度中等.【例1】 (1)投篮测试中,每人投3次,至少投中2次才能通过测试.已知某同学每次投篮投中的概率为0.6,且各次投篮是否投中相互独立,则该同学通过测试的概率为( ) A .0.648 B .0.432 C .0.36D .0.312(2)如图71,由M 到N 的电路中有4个元件,分别标为T 1,T 2,T 3,T 4,电流能通过T 1,T 2,T 3的概率都是p ,电流能通过T 4的概率是0.9.电流能否通过各元件相互独立.已知T 1,T 2,T 3中至少有一个能通过电流的概率为0.999.图71①求p ;②求电流能在M 与N 之间通过的概率.(1)A [3次投篮投中2次的概率为P (k =2)=C 23×0.62×(1-0.6),投中3次的概率为P (k =3)=0.63,所以通过测试的概率为P (k =2)+P (k =3)=C 23×0.62×(1-0.6)+0.63=0.648.故选A.](2)记A i 表示事件:电流能通过T i ,i =1,2,3,4,A 表示事件:T 1,T 2,T 3中至少有一个能通过电流,B 表示事件:电流能在M 与N 之间通过.①A -=A -1A -2A -3,A -1,A -2,A -3相互独立,2分P (A -)=P (A -1A -2A -3)=P (A -1)P (A -2)P (A -3)=(1-p )3.3分又P (A -)=1-P (A )=1-0.999=0.001, 4分 故(1-p )3=0.001,p =0.9. 6分 ②B =A 4∪A -4A 1A 3∪A -4A -1A 2A 3,10分P (B )=P (A 4∪A -4A 1A 3∪A -4A -1A 2A 3)=P (A 4)+P (A -4A 1A 3)+P (A -4A -1A 2A 3)=P (A 4)+P (A -4)P (A 1)P (A 3)+P (A -4)P (A -1)P (A 2)·P (A 3) =0.9+0.1×0.9×0.9+0.1×0.1×0.9×0.9 =0.989 1.15分[方法指津]求相互独立事件和独立重复试验的概率的方法(1)直接法:正确分析复杂事件的构成,将复杂事件转化为几个彼此互斥的事件的和事件或几个相互独立事件同时发生的积事件或独立重复试验问题,然后用相应概率公式求解. (2)间接法:当复杂事件正面情况比较多,反面情况较少,则可利用其对立事件进行求解.对于“至少”“至多”等问题往往也用这种方法求解.[变式训练1] (2017·杭州学军中学高三模拟)商场举行有奖促销活动,顾客购买一定金额的商品后即可抽奖.每次抽奖都是从装有4个红球、6个白球的甲箱和装有5个红球、5个白球的乙箱中,各随机摸出1个球.在摸出的2个球中,若都是红球,则获一等奖;若只有1个红球,则获二等奖;若没有红球,则不获奖,则顾客抽奖1次能获奖的概率是________;若某顾客有3次抽奖机会,记该顾客在3次抽奖中获一等奖的次数为X ,则E (X )=________.【导学号:68334089】710 35 [由题得,在甲箱中抽中红球、白球的概率分别为25,35,在乙箱中抽中红球、白球的概率分别为12,12.抽奖一次不获奖的概率为35×12=310,所以其(对立事件)获奖的概率为1-310=710.因为每次获得一等奖的概率为25×12=15,3次抽奖相互独立,故E (X )=np=3×15=35.]热点题型2 离散型随机变量的分布列、期望和方差题型分析:离散型随机变量的分布列问题是高考的热点,常以实际生活为背景,涉及事件的相互独立性、互斥事件的概率等,综合性强,难度中等.【例2】 (1)(2017·萧山中学高三仿真考试)随机变量X 的分布列如下表,且E (X )=2,则D (2X -3)=( )A.1 C [由题可得16+p 1+13=1,解得p 1=12.所以E (X )=0×16+2×12+a ·13=2,解得a =3.所以D (X )=(0-2)2×16+(2-2)2×12+(3-2)2×13=1,所以D (2X -3)=4D (X )=4,故选C.](2)(2017·绍兴市方向性仿真考试)设X 是离散型随机变量,P (X =x 1)=23,P (X =x 2)=13,且x 1<x 2,若E (X )=43,D (X )=29,则x 1+x 2=( )A.53B.73C.113D .3D[由已知得⎩⎪⎨⎪⎧23x 1+13x 2=43,23⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1-432+13⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2-432=29,解得⎩⎪⎨⎪⎧x 1=1,x 2=2或⎩⎪⎨⎪⎧x 1=53,x 2=23,因为x 1<x 2,所以⎩⎪⎨⎪⎧x 1=1,x 2=2,所以x 1+x 2=1+2=3,故选D.] [方法指津]解答离散型随机变量的分布列及相关问题的一般思路: 1 明确随机变量可能取哪些值.2 结合事件特点选取恰当的计算方法,计算这些可能取值的概率值.3 根据分布列和期望、方差公式求解.提醒:明确离散型随机变量的取值及事件间的相互关系是求解此类问题的关键.[变式训练2] (1)(2017·温州九校协作体高三期末联考)将四位同学等可能地分到甲、乙、丙三个班级,则甲班级至少有一位同学的概率是________,用随机变量ξ表示分到丙班级的人数,则E ξ=________. 【导学号:68334090】6581 43 [甲班级没有分到同学的概率为1+1+C 14+C 24+C 3434=1681,所以甲班级至少有一位同学的概率为1-1681=6581.随机变量ξ的可能取值为0,1,2,3,4,则P (ξ=0)=1681,P (ξ=1)=C 14 1+1+C 23+C 13 34=3281,P (ξ=2)=C 24 1+1+2 34=2481,P (ξ=3)=C 34×234=881,P (ξ=4)=134=181,于是E ξ=0×1681+1×3281+2×2481+3×881+4×181=43.](2)(2017·金华十校高考模拟考试)设随机变量X 的分布列为则a =310 95 [由分布列的概念易得12+15+a =1,解得a =310,则E (X )=1×12+2×15+3×310=95.]。
专题07 概率与统计理-2018年高考题和高考模拟题数学(理)分项版汇编 Word版含解析
7.概率与统计1.【2018年浙江卷】设0<p<1,随机变量ξ的分布列是则当p在(0,1)内增大时,A. D(ξ)减小B. D(ξ)增大C. D(ξ)先减小后增大D. D(ξ)先增大后减小2.【2018年理新课标I卷】下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形.此图由三个半圆构成,三个半圆的直径分别为直角三角形ABC的斜边BC,直角边AB,AC.△ABC的三边所围成的区域记为I,黑色部分记为II,其余部分记为III.在整个图形中随机取一点,此点取自I,II,III的概率分别记为p1,p2,p3,则A. p1=p2B. p1=p3C. p2=p3D. p1=p2+p33.【2018年理新课标I卷】某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍.实现翻番.为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例.得到如下饼图:则下面结论中不正确的是A. 新农村建设后,种植收入减少B. 新农村建设后,其他收入增加了一倍以上C. 新农村建设后,养殖收入增加了一倍D. 新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半4.【2018年全国卷Ⅲ理】某群体中的每位成员使用移动支付的概率都为,各成员的支付方式相互独立,设为该群体的10位成员中使用移动支付的人数,,,则A. 0.7B. 0.6C. 0.4D. 0.35.【2018年全国卷Ⅲ理】的展开式中的系数为A. 10B. 20C. 40D. 806.【2018年理数全国卷II】我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数可以表示为两个素数的和”,如.在不超过30的素数中,随机选取两个不同的数,其和等于30的概率是A. B. C. D.7.【2018年浙江卷】从1,3,5,7,9中任取2个数字,从0,2,4,6中任取2个数字,一共可以组成___________个没有重复数字的四位数.(用数字作答)8.【2018年浙江卷】二项式的展开式的常数项是___________.9.【2018年理数天津卷】在的展开式中,的系数为____________.10.【2018年江苏卷】某兴趣小组有2名男生和3名女生,现从中任选2名学生去参加活动,则恰好选中2名女生的概率为________.11.【2018年江苏卷】已知5位裁判给某运动员打出的分数的茎叶图如图所示,那么这5位裁判打出的分数的平均数为________.12.【2018年理新课标I卷】从2位女生,4位男生中选3人参加科技比赛,且至少有1位女生入选,则不同的选法共有_____________种.(用数字填写答案)13.【2018年理数天津卷】已知某单位甲、乙、丙三个部门的员工人数分别为24,16,16.现采用分层抽样的方法从中抽取7人,进行睡眠时间的调查.(I)应从甲、乙、丙三个部门的员工中分别抽取多少人?(II)若抽出的7人中有4人睡眠不足,3人睡眠充足,现从这7人中随机抽取3人做进一步的身体检查. (i)用X表示抽取的3人中睡眠不足的员工人数,求随机变量X的分布列与数学期望;(ii)设A为事件“抽取的3人中,既有睡眠充足的员工,也有睡眠不足的员工”,求事件A发生的概率.14.【2018年理北京卷】电影公司随机收集了电影的有关数据,经分类整理得到下表:好评率是指:一类电影中获得好评的部数与该类电影的部数的比值.假设所有电影是否获得好评相互独立.(Ⅰ)从电影公司收集的电影中随机选取1部,求这部电影是获得好评的第四类电影的概率;(Ⅱ)从第四类电影和第五类电影中各随机选取1部,估计恰有1部获得好评的概率;(Ⅲ)假设每类电影得到人们喜欢的概率与表格中该类电影的好评率相等,用“”表示第k类电影得到人们喜欢,“”表示第k类电影没有得到人们喜欢(k=1,2,3,4,5,6).写出方差,,,,,的大小关系.15.【2018年理新课标I卷】某工厂的某种产品成箱包装,每箱200件,每一箱产品在交付用户之前要对产品作检验,如检验出不合格品,则更换为合格品.检验时,先从这箱产品中任取20件作检验,再根据检验结果决定是否对余下的所有产品作检验,设每件产品为不合格品的概率都为,且各件产品是否为不合格品相互独立.(1)记20件产品中恰有2件不合格品的概率为,求的最大值点.(2)现对一箱产品检验了20件,结果恰有2件不合格品,以(1)中确定的作为的值.已知每件产品的检验费用为2元,若有不合格品进入用户手中,则工厂要对每件不合格品支付25元的赔偿费用.(i)若不对该箱余下的产品作检验,这一箱产品的检验费用与赔偿费用的和记为,求;(ii)以检验费用与赔偿费用和的期望值为决策依据,是否该对这箱余下的所有产品作检验?16.【2018年全国卷Ⅲ理】某工厂为提高生产效率,开展技术创新活动,提出了完成某项生产任务的两种新的生产方式.为比较两种生产方式的效率,选取40名工人,将他们随机分成两组,每组20人,第一组工人用第一种生产方式,第二组工人用第二种生产方式.根据工人完成生产任务的工作时间(单位:min)绘制了如下茎叶图:(1)根据茎叶图判断哪种生产方式的效率更高?并说明理由;(2)求40名工人完成生产任务所需时间的中位数,并将完成生产任务所需时间超过和不超过的工人数填入下面的列联表:超过不超过(3)根据(2)中的列联表,能否有99%的把握认为两种生产方式的效率有差异?附:,17.【2018年理数全国卷II】下图是某地区2000年至2016年环境基础设施投资额(单位:亿元)的折线图.为了预测该地区2018年的环境基础设施投资额,建立了与时间变量的两个线性回归模型.根据2000年至2016年的数据(时间变量的值依次为)建立模型①:;根据2010年至2016年的数据(时间变量的值依次为)建立模型②:.(1)分别利用这两个模型,求该地区2018年的环境基础设施投资额的预测值;(2)你认为用哪个模型得到的预测值更可靠?并说明理由.优质模拟试题18.【甘肃省西北师大属中2018届冲刺诊断】第十九届西北医疗器械展览将于2018年5月18至20日在兰州举行,现将5名志愿者分配到3个不同的展馆参加接待工作,每个展馆至少分配一名志愿者的分配方案种数为()A. 540B. 300C. 180D. 15019.【湖南省湘潭市2018届四模】食物相克是指事物之间存在着相互拮抗、制约的关系,若搭配不当,会引起中毒反应.已知蜂蜜与生葱相克,鲤鱼与南瓜相克,螃蟹与南瓜相克.现从蜂蜜、生葱、南瓜、鲤鱼、螃蟹五种食物中任意选取两种,则它们相克的概率为()A. B. C. D.20.【安徽省示范高中(皖江八校)2018届第八联考】如下图是2017年第一季度五省GDP情况图,则下列陈述中不正确的是()A. 2017年第一季度GDP增速由高到低排位第5的是浙江省.B. 与去年同期相比,2017年第一季度的GDP总量实现了增长.C. 去年同期河南省的GDP总量不超过4000亿元 .D. 2017年第一季度GDP总量和增速由高到低排位均居同一位的省只有1个.21.【山西省两市2018届第二次联考】若二项式中所有项的系数之和为,所有项的系数的绝对值之和为,则的最小值为()A. 2B.C.D.22.【重庆市2018届三模】山城农业科学研究所将5种不同型号的种子分别试种在5块并成一排的试验田里,其中两型号的种子要求试种在相邻的两块试验田里,且均不能试种在两端的试验田里,则不同的试种方法数为()A. 12B. 24C. 36D. 4823.【辽宁省大连市2018届二模】某工厂生产的一种零件的尺寸(单位:)服从正态分布.现从该零件的生产线上随机抽取20000件零件,其中尺寸在内的零件估计有()(附:若随机变量服从正态分布,则,A. 6827个B. 9545个C. 13654个D. 19090个24.【辽宁省大连市2018届二模】关于圆周率,数学发展史上出现过许多很有创意的求法,如著名的蒲丰试验.受其启发,我们也可以通过设计下面的试验来估计的值,试验步骤如下:①先请高二年级 500名同学每人在小卡片上随机写下一个实数对;②若卡片上的能与1构成锐角三角形,则将此卡片上交;③统计上交的卡片数,记为;④根据统计数估计的值.假如本次试验的统计结果是,那么可以估计的值约为()A. B. C. D.25.【江西省重点中学2018届第二次联考】九江联盛某超市为了检查货架上的奶粉是否合格,要从编号依次为1到50的袋装奶粉中抽取5袋进行检验,用系统抽样方法确定所选取的5袋奶粉的编号可能是()A. 6,12,18,24,30 B. 2,4,8,16,32C. 2,12,23,35,48D. 7,17,27,37,4726.【安徽省宿州市2018届三模】的展开式中项的系数为__________.27.【山东省潍坊市2018届三模】三国时期吴国的数学家赵爽曾创制了一幅“勾股圆方图”,用数形结合的方法给出了勾股定理的详细证明.如图所示的“勾股圆方图”中,四个全等的直角三角形与中间的小正方形拼成一个大正方形,其中一个直角三角形中较小的锐角满足,现向大正方形内随机投掷一枚飞镖,则飞镖落在小正方形内的概率是_______.28.【山东省济南市2018届三模】近期,济南公交公司分别推出支付宝和微信扫码支付乘车活动,活动设置了一段时间的推广期,由于推广期内优惠力度较大,吸引越来越多的人开始使用扫码支付.某线路公交车队统计了活动刚推出一周内每一天使用扫码支付的人次,用表示活动推出的天数, 表示每天使用扫码支付的人次(单位:十人次),统计数据如表所示:根据以上数据,绘制了散点图.(1)根据散点图判断,在推广期内, 与(均为大于零的常数)哪一个适宜作为扫码支付的人次关于活动推出天数的回归方程类型?(给出判断即可,不必说明理由);(2)根据(1)的判断结果及表中的数据,建立关于的回归方程,并预测活动推出第天使用扫码支付的人次;(3)推广期结束后,车队对乘客的支付方式进行统计,结果如下车队为缓解周边居民出行压力,以万元的单价购进了一批新车,根据以往的经验可知,每辆车每个月的运营成本约为万元.已知该线路公交车票价为元,使用现金支付的乘客无优惠,使用乘车卡支付的乘客享受折优惠,扫码支付的乘客随机优惠,根据统计结果得知,使用扫码支付的乘客中有的概率享受折优惠,有的概率享受折优惠,有的概率享受折优惠.预计该车队每辆车每个月有万人次乘车,根据给数据以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,在不考虑其它因素的条件下,按照上述收费标准,假设这批车需要年才能开始盈利,求的值.参考数据:其中其中参考公式:对于一组数据,其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为:.29.【山东省威海市2018届三模】某网购平台为了解某市居民在该平台的消费情况,从该市使用其平台且每周平均消费额超过100元的人员中随机抽取了100名,并绘制右图所示频率分布直方图,已知之间三组的人数可构成等差数列.(1)求的值;(2)分析人员对100名调查对象的性别进行统计发现,消费金额不低于300元的男性有20人,低于300元的男性有25人,根据统计数据完成下列列联表,并判断是否有的把握认为消费金额与性别有关?(3)分析人员对抽取对象每周的消费金额与年龄进一步分析,发现他们线性相关,得到回归方程.已知100名使用者的平均年龄为38岁,试判断一名年龄为25岁的年轻人每周的平均消费金额为多少.(同一组数据用该区间的中点值代替),其中30.【山东省烟台市2018届适应性练习(二)】某房产中介公司2017年9月1日正式开业,现对其每个月的二手房成交量进行统计,表示开业第个月的二手房成交量,得到统计表格如下:(1)统计中常用相关系数来衡量两个变量之间线性关系的强弱.统计学认为,对于变量,如果,那么相关性很强;如果,那么相关性一般;如果,那么相关性较弱.通过散点图初步分析可用线性回归模型拟合与的关系.计算的相关系数,并回答是否可以认为两个变量具有很强的线性相关关系(计算结果精确到0.01)(2)请根据上表提供的数据,用最小二乘法求出关于的线性回归方程(计算结果精确到0.01),并预测该房产中介公司2018年6月份的二手房成交量(计算结果四舍五入取整数).(3)该房产中介为增加业绩,决定针对二手房成交客户开展抽奖活动.若抽中“一等奖”获6千元奖金;抽中“二等奖”获3千元奖金;抽中“祝您平安”,则没有奖金.已知一次抽奖活动中获得“一等奖”的概率为,获得“二等奖”的概率为,现有甲、乙两个客户参与抽奖活动,假设他们是否中奖相互独立,求此二人所获奖金总额(千元)的分布列及数学期望.参考数据:,,,,.参考公式:7.概率与统计答案1.【2018年浙江卷】设0<p<1,随机变量ξ的分布列是则当p在(0,1)内增大时,A. D(ξ)减小B. D(ξ)增大C. D(ξ)先减小后增大D. D(ξ)先增大后减小【答案】D点睛:2.【2018年理新课标I卷】下图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形.此图由三个半圆构成,三个半圆的直径分别为直角三角形ABC的斜边BC,直角边AB,AC.△ABC的三边所围成的区域记为I,黑色部分记为II,其余部分记为III.在整个图形中随机取一点,此点取自I,II,III的概率分别记为p1,p2,p3,则A. p1=p2B. p1=p3C. p2=p3D. p1=p2+p3【答案】A【解析】分析:首先设出直角三角形三条边的长度,根据其为直角三角形,从而得到三边的关系,之后应用相应的面积公式求得各个区域的面积,根据其数值大小,确定其关系,再利用面积型几何概型的概率公式确定出p1,p2,p3的关系,从而求得结果.详解:设,则有,从而可以求得的面积为,黑色部分的面积为,其余部分的面积为,所以有,根据面积型几何概型的概率公式,可以得到,故选A.点睛:该题考查的是面积型几何概型的有关问题,题中需要解决的是概率的大小,根据面积型几何概型的概率公式,将比较概率的大小问题转化为比较区域的面积的大小,利用相关图形的面积公式求得结果. 3.【2018年理新课标I卷】某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍.实现翻番.为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例.得到如下饼图:则下面结论中不正确的是A. 新农村建设后,种植收入减少B. 新农村建设后,其他收入增加了一倍以上C. 新农村建设后,养殖收入增加了一倍D. 新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半【答案】A详解:设新农村建设前的收入为M,而新农村建设后的收入为2M,则新农村建设前种植收入为0.6M,而新农村建设后的种植收入为0.74M,所以种植收入增加了,所以A项不正确;新农村建设前其他收入我0.04M,新农村建设后其他收入为0.1M,故增加了一倍以上,所以B项正确;新农村建设前,养殖收入为0.3M,新农村建设后为0.6M,所以增加了一倍,所以C项正确;新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的综合占经济收入的,所以超过了经济收入的一半,所以D正确;故选A.点睛:该题考查的是有关新农村建设前后的经济收入的构成比例的饼形图,要会从图中读出相应的信息即可得结果.4.【2018年全国卷Ⅲ理】某群体中的每位成员使用移动支付的概率都为,各成员的支付方式相互独立,设为该群体的10位成员中使用移动支付的人数,,,则A. 0.7B. 0.6C. 0.4D. 0.3【答案】B点睛:本题主要考查二项分布相关知识,属于中档题。
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专题七 随机变量的分布列、期望、方差
【母题原题1】【2018浙江,7】设0<p <1,随机变量ξ的分布列是
则当p 在(0,1)内增大时,
A. D (ξ)减小
B. D (ξ)增大
C. D (ξ)先减小后增大
D. D (ξ)先增大后减小 【答案】D
【解析】分析:先求数学期望,再求方差,最后根据方差函数确定单调性.
详解:
,
,
,∴
先增后减,因此选D.
点睛:
【母题原题2】【2017浙江,8】已知随机变量i
ξ满足P (i
ξ=1)=p i ,P (i
ξ=0)=1—p i ,i=1,2.若0<p 1<p 2<12
,
则
A. ()1E ξ< ()2E ξ, ()1D ξ< ()2D ξ
B. ()1E ξ< ()2E ξ, ()1D ξ> ()2D ξ
C. ()1E ξ> ()2E ξ, ()1D ξ< ()2D ξ
D. ()1E ξ> ()2E ξ, ()1D ξ> ()2D ξ 【答案】A
【解析】∵()()1122,E p E p ξξ==,∴()()12E E ξξ<,
∵()()()()1112221,1D p p D p p ξξ=-=-,∴()()()()12121210D D p p p p ξξ-=---<,故选A . 【名师点睛】求离散型随机变量的分布列,首先要根据具体情况确定X 的取值情况,然后利用排列,组合与概率知识求出X 取各个值时的概率.对于服从某些特殊分布的随机变量,其分布列可以直接应用公式给出,其中超几
何分布描述的是不放回抽样问题,随机变量为抽到的某类个体的个数.由已知本题随机变量i ξ服从两点分布,由两点分布数学期望与方差的公式可得A 正确.
【命题意图】1.分布列的概念及其性质;2.考查期望、方差的关系及其计算公式;3.考查运算求解能力、分析与解决问题的能力.
【命题规律】离散型随机变量的均值与方差是高考的热点题型,前几年以解答题为主,常与排列、组合、概率等知识综合命题.以实际问题为背景考查离散型随机变量的均值与方差在实际问题中的应用,是高考的主要命题方向.近三年浙江卷略有淡化,难度有所降低,主要考查分布列的性质、数学期望、方差的计算,及二者之间的关系.
【答题模板】
求离散型随机变量均值、方差的步骤:
(1)理解随机变量X 的意义,写出X 可能取得的全部值; (2)求X 的每个值的概率; (3)写出X 的分布列; (4)由公式求出()E X 、方差. 【方法总结】
1. 求离散型随机变量均值、方差的基本方法
(1)已知随机变量的分布列求它的均值、方差和标准差,可直接按定义(公式)求解;
(2)已知随机变量ξ的均值、方差,求ξ的线性函数a b ηξ=+的均值、方差和标准差,可直接用ξ的均值、方差的性质求解;
(3)如能分析所给随机变量是服从常用的分布(如两点分布、二项分布等),可直接利用它们的均值、方差公式求解. 2. 六条性质
(1) ()E C C = (C 为常数)
(2) ()()E aX b aE X b +=+ (,a b 为常数) (3) ()()()1212E X X E X E X +=+
(4)如果12,X X 相互独立,则()()()1212E X X E X E X ⋅=⋅ (5) ()(
)()()2
2
D X
E X
E X =-
(6) ()()2
D aX b a D X +=
3. 均值与方差性质的应用若X 是随机变量,则()f X η=一般仍是随机变量,在求η的期望和方差时,熟练应
用期望和方差的性质,可以避免再求η的分布列带来的繁琐运算.
相似模拟题训练
1.【2018 ξ 的分布列如下:
1
当 a 增大时,( )
A. E (ξ)增大, D (ξ)增大
B. E (ξ)减小, D (ξ)增大
C. E (ξ)增大, D (ξ)减小
D. E (ξ)减小, D (ξ)减小 【答案】A
32.【2018年浙江省普通高等学校全国招生统一考试模拟】已知随机变量()1,2i ξ=的分布列如表所示:
若1212
023
p p <<
<<,则( ) A. ()()()()1212,E E D D ξξξξ<< B. ()()()()1212,E E D D ξξξξ
C. ()()()()1212,E E D D ξξξξ>>
D. ()()()()1212,E E D D ξξξξ>> 【答案】D
【解析】分析:根据定义用i p 表示出()i E ξ, ()i D ξ,根据函数单调性得出结论. 详解:由题意得()24
233
i i i i E p p p ξ⎛⎫=+-=- ⎪⎝⎭. ∵1212
023
p p <<
<< ∴()()12E E ξξ> ∵()()()()2221201233i i i i i i D E p E p E ξξξξ⎛⎫⎡⎤⎡⎤⎡⎤=
-+-+-- ⎪⎣⎦⎣⎦⎣⎦⎝⎭
∴()222
214122183333339i i i i i i i i D p p p p p p p ξ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛
⎫=-+-+-+=--+ ⎪ ⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝
⎭
设()2
1839f x x x =--
+,则()f x 在20,3⎛⎫
⎪⎝⎭
上单调递减. ∵1212023
p p <<
<< ∴()()12D D ξξ> 故选D.
3.【2018年4
)
D. 【答案】A
.
本题选择A 选项.
( )
B.
D.
【答案】B
增大时,
B.
5.【2017年12月浙江省重点中学期末热身】已知随机变量ξ满足()1
03
P ξ==
, ()1P x ξ==, ()223P x ξ==
-,若2
03
x <<,则( ) A. ()E ξ随着x 的增大而增大, ()D ξ随着x 的增大而增大 B. ()E ξ随着x 的增大而减小, ()D ξ随着x 的增大而增大 C. ()E ξ随着x 的增大而减小, ()D ξ随着x 的增大而减小 D. ()E ξ随着x 的增大而增大, ()D ξ随着x 的增大而减小 【答案】C
【解析】∵ 随机变量ξ满足()103P ξ==
, ()1P x ξ==, ()2
23
P x ξ==-
∴()124
0123
33
E x x x ξ⎛⎫=⨯+⨯+⨯-=-
⎪⎝⎭
∴
2
21811139612x x x ⎛
⎫=--+=-++ ⎪⎝⎭
∵203
x <<
∴()E ξ随着x 的增大而减小, ()D ξ随着x 的增大而减小 故选C
6.【2017届浙江省嘉兴市第一中学适应性考试】随机变量X 的分布列如下表,且E (X )=2,则D (2X -3)=( )
A. 2
B. 3
C. 4
D. 5 【答案】C
7.【2017届浙江省杭州市4月二模】已知随机变量ξ的概率分布列为:
则E ξ=__________, D ξ=__________. 【答案】 1
1
2
【解析】1110121424E ξ=⨯
+⨯+⨯= , ()()()222
11110111214242
E ξ=-⨯+-⨯+-⨯= .
8.【腾远2018年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)红卷】已知两个离散型随机变量的分布列如下:
.
【答案】
.
9.【2018届浙江省宁波市5月模拟】已知随机变量
,则.
【答案】
故答案为:0
点睛:本题主要考查分布列的性质
散型随机变量的分布列的基础知识的掌握能力和基本的运算能力.
10.【2018届浙江省绍兴市3
的数学期望.
【答案】
故填(12 11.【浙江省台州市2018届高三上期末】已知随机变量X的分布列为:
则m=___________,()
D X=__________.
【答案】1
6
5
9
【解析】由题意,111
1,
236
m m
++=∴=,
1115
123
2363
EX
∴=⨯+⨯+⨯=,()
D X=
222
1515155
1232333639
⎛⎫⎛⎫⎛⎫⨯-+⨯-+⨯-= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭,故答案为(1)16,(2)59.
12.【2017届浙江省台州市4
【答案】。