2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练10
2018年高考数学江苏专版三维二轮专题复习训练3个附加题综合仿真练及答案(6份)
3个附加题综合仿真练(一)1.本题包括A 、B 、C 、D 四个小题，请任选二个作答 A ．[选修4－1：几何证明选讲]如图，A ，B ，C 是圆O 上不共线的三点，OD ⊥AB 于D ，BC 和AC 分别交DO 的延长线于P 和Q ，求证：∠OBP ＝∠CQP .证明：连结OA ，因为OD ⊥AB ，OA ＝OB ， 所以∠BOD ＝∠AOD ＝12∠AOB ，又∠ACB ＝12∠AOB ，所以∠ACB ＝∠DOB ，又因为∠BOP ＝180°－∠DOB ，∠QCP ＝180°－∠ACB ， 所以∠BOP ＝∠QCP ， 所以B ，O ，C ，Q 四点共圆， 所以∠OBP ＝∠CQP . B ．[选修4－2：矩阵与变换]已知矩阵A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤211 3，B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 10 －1.求矩阵C ，使得AC ＝B . 解：因为⎪⎪⎪⎪⎪⎪2113＝2×3－1×1＝5,所以A－1＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤35 －15－15 25， 又AC ＝B ，所以C ＝A－1B ＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤ 35 －15－15 25⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 10 －1＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤3545－15－35. C ．[选修4－4：坐标系与参数方程]在极坐标系中，已知圆C 的圆心在极轴上，且过极点和点⎝⎛⎭⎪⎫32，π4，求圆C 的极坐标方程． 解：法一：因为圆心C 在极轴上且过极点， 所以设圆C 的极坐标方程为ρ＝a cos θ，又因为点⎝⎛⎭⎪⎫32，π4在圆C 上， 所以32＝a cos π4，解得a ＝6.所以圆C 的极坐标方程为ρ＝6cos θ.法二：点⎝⎛⎭⎪⎫32，π4的直角坐标为(3,3)， 因为圆C 过点(0,0)，(3,3)， 所以圆心C 在直线为x ＋y －3＝0上． 又圆心C 在极轴上，所以圆C 的直角坐标方程为(x －3)2＋y 2＝9. 所以圆C 的极坐标方程为ρ＝6cos θ. D ．[选修4－5：不等式选讲]已知x ，y ，z 为不全相等的正数．求证：x yz ＋y zx ＋z xy >1x ＋1y ＋1z.证明：因为x ，y ，z 都是正数， 所以x yz ＋y zx ＝1z ⎝ ⎛⎭⎪⎫x y ＋y x ≥2z. 同理可得y zx ＋z xy ≥2x ，z xy ＋x yz ≥2y，将上述三个不等式两边分别相加，并除以2， 得x yz ＋y zx ＋z xy ≥1x ＋1y ＋1z. 由于x ，y ，z 不全相等，因此上述三个不等式中等号至少有一个取不到， 所以x yz ＋y zx ＋z xy >1x ＋1y ＋1z. 2．口袋中装有大小相同的卡片八张，其中三张标有数字1，三张标有数字2，两张标有数字3.第一次从口袋中任意抽取一张，放回口袋后第二次再任意抽取一张，记第一次与第二次取到卡片上数字之和为ξ.(1)ξ为何值时，其发生的概率最大？说明理由； (2)求随机变量ξ的数学期望E (ξ)．解：(1)依题意，随机变量ξ的取值是2,3,4,5,6. 因为P (ξ＝2)＝3×382＝964； P (ξ＝3)＝2×3×382＝932； P (ξ＝4)＝3×3＋2×3×282＝2164；P (ξ＝5)＝2×3×282＝316； P (ξ＝6)＝2×28＝116. 所以当ξ＝4时，其发生的概率最大，最大值为P (ξ＝4)＝2164.(2)由(1)知E (ξ)＝2×964＋3×932＋4×2164＋5×316＋6×116＝154，所以随机变量ξ的数学期望E (ξ)＝154. 3．在平面直角坐标系xOy 中，直线l ：x ＝－1，点T (3,0)．动点P 满足PS ⊥l ，垂足为S ，且OP ―→·ST ―→＝0.设动点P 的轨迹为曲线C .(1)求曲线C 的方程；(2)设Q 是曲线C 上异于点P 的另一点，且直线PQ 过点(1,0)，线段PQ 的中点为M ，直线l 与x 轴的交点为N .求证：向量SM ―→与NQ ―→共线．解：(1)设P (x ，y )为曲线C 上任意一点 .因为PS ⊥l ，垂足为S ，又直线l ：x ＝－1，所以S (－1，y )． 因为T (3,0)，所以OP ―→＝(x ，y )，ST ―→＝(4，－y )． 因为OP ―→·ST ―→＝0，所以4x －y 2＝0，即y 2＝4x . 所以曲线C 的方程为y 2＝4x . (2)证明：因为直线PQ 过点(1,0)，故设直线PQ 的方程为x ＝my ＋1，P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)．联立方程⎩⎪⎨⎪⎧y 2＝4x ，x ＝my ＋1，消去x ，得y 2－4my －4＝0.所以y 1＋y 2＝4m ，y 1y 2＝－4.因为M 为线段PQ 的中点，所以M 的坐标为⎝ ⎛⎭⎪⎫x 1＋x 22，y 1＋y 22，即M (2m 2＋1,2m )．又因为S (－1，y 1)，N (－1,0)，所以SM ―→＝(2m 2＋2,2m －y 1)，NQ ―→＝(x 2＋1，y 2)＝(my 2＋2，y 2).因为(2m 2＋2)y 2－(2m －y 1)(my 2＋2)＝(2m 2＋2)y 2－2m 2y 2＋my 1y 2－4m ＋2y 1＝2(y 1＋y 2)＋my 1y 2－4m ＝8m －4m －4m ＝0.所以向量SM ―→与NQ ―→共线．3个附加题综合仿真练(二)1．本题包括A 、B 、C 、D 四个小题，请任选二个作答 A ．[选修4－1：几何证明选讲]如图，四边形ABCD 是圆的内接四边形，BC ＝BD ，BA 的延长线交CD 的延长线于点E .求证：AE 是四边形ABCD 的外角∠DAF 的平分线. 证明：因为四边形ABCD 是圆的内接四边形， 所以∠DAE ＝∠BCD ，∠FAE ＝∠BAC ＝∠BDC . 因为BC ＝BD ，所以∠BCD ＝∠BDC ， 所以∠DAE ＝∠FAE ，所以AE 是四边形ABCD 的外角∠DAF 的平分线． B ．[选修4－2：矩阵与变换]已知变换T 将平面上的点⎝ ⎛⎭⎪⎫1，12，(0,1)分别变换为点⎝ ⎛⎭⎪⎫94，－2，⎝ ⎛⎭⎪⎫－32，4.设变换T 对应的矩阵为M .(1)求矩阵M ；(2)求矩阵M 的特征值． 解：(1)设M ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b c d ， 则⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b c d ⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤112＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤94－2，⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b c d ⎣⎢⎡⎦⎥⎤01＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤－324， 即⎩⎪⎨⎪⎧a ＋12b ＝94，c ＋12d ＝－2，b ＝－32，d ＝4，解得⎩⎪⎨⎪⎧a ＝3，b ＝－32，c ＝－4，d ＝4，则M ＝⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤3 －32－44. (2)设矩阵M 的特征多项式为f (λ)，可得f (λ)＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪λ－3 324 λ－4＝(λ－3)(λ－4)－6＝λ2－7λ＋6， 令f (λ)＝0，可得λ＝1或λ＝6. C ．[选修4－4：坐标系与参数方程]在平面直角坐标系xOy 中，以O 为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系．直线l ：2ρsin ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ－π4＝m (m ∈R)，圆C 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x ＝1＋3cos t ，y ＝－2＋3sin t (t 为参数)．当圆心C 到直线l 的距离为2时，求m 的值． 解：由2ρsin ⎝⎛⎭⎪⎫θ－π4＝m ， 得2ρsin θcos π4－2ρcos θsin π4＝m ，即x －y ＋m ＝0，即直线l 的直角坐标方程为x －y ＋m ＝0， 圆C 的普通方程为(x －1)2＋(y ＋2)2＝9， 圆心C 到直线l 的距离d ＝|1－－＋m |2＝2，解得m ＝－1或m ＝－5. D ．[选修4－5：不等式选讲]已知x ，y ，z 都是正数且xyz ＝8，求证：(2＋x )(2＋y )·(2＋z )≥64. 证明：因为x 为正数，所以2＋x ≥22x . 同理2＋y ≥22y ，2＋z ≥22z .所以(2＋x )( 2＋y )( 2＋z )≥22x ·22y ·22z ＝88xyz . 因为xyz ＝8，所以(2＋x )( 2＋y )( 2＋z )≥64.2.在平面直角坐标系xOy 中，点F (1,0)，直线x ＝－1与动直线y ＝n 的交点为M ，线段MF 的中垂线与动直线y ＝n 的交点为P .(1)求动点P 的轨迹E 的方程；(2)过动点M 作曲线E 的两条切线，切点分别为A ，B ，求证：∠AMB 的大小为定值．解：(1)因为直线y ＝n 与x ＝－1垂直，所以MP 为点P 到直线x ＝－1的距离． 连结PF (图略)，因为P 为线段MF 的中垂线与直线y ＝n 的交点，所以MP ＝PF . 所以点P 的轨迹是抛物线． 焦点为F (1,0)，准线为x ＝－1. 所以曲线E 的方程为y 2＝4x .(2)证明：由题意，过点M (－1，n )的切线斜率存在，设切线方程为y －n ＝k (x ＋1)， 联立方程⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋k ＋n ，y 2＝4x ，得ky 2－4y ＋4k ＋4n ＝0，所以Δ1＝16－4k (4k ＋4n )＝0，即k 2＋kn －1＝0 (*)，因为Δ2＝n 2＋4>0，所以方程(*)存在两个不等实根，设为k 1，k 2， 因为k 1·k 2＝－1，所以∠AMB ＝90°，为定值．3．对于给定的大于1的正整数n ，设x ＝a 0＋a 1n ＋a 2n 2＋…＋a n n n，其中a i ∈{0,1,2，…，n －1}，i ＝0,1，2，…，n －1，n ，且a n ≠0，记满足条件的所有x 的和为A n .(1)求A 2； (2)设A n ＝n n n －f n2，求f (n )．解：(1)当n ＝2时，x ＝a 0＋2a 1＋4a 2，a 0∈{0,1}，a 1∈{0,1}，a 2＝1， 故满足条件的x 共有4个，分别为x ＝0＋0＋4，x ＝0＋2＋4，x ＝1＋0＋4，x ＝1＋2＋4，它们的和是22，所以A 2＝22. (2)由题意得，a 0，a 1，a 2，…，a n －1各有n 种取法；a n 有n －1种取法，由分步计数原理可得a 0，a 1，a 2…，a n －1，a n 的不同取法共有n ·n ·…·n ·(n －1)＝n n(n －1)， 即满足条件的x 共有n n(n －1)个，当a 0分别取0,1,2，…，n －1时，a 1，a 2，…，a n －1各有n 种取法，a n 有n －1种取法， 故A n 中所有含a 0项的和为(0＋1＋2＋…＋n －1)·nn －1(n －1)＝n n n －22；同理，A n 中所有含a 1项的和为(0＋1＋2＋…＋n －1)nn －1(n －1)·n ＝n n n －22·n ； A n 中所有含a 2项的和为(0＋1＋2＋…＋n －1)·n n －1(n －1)·n 2＝n n n －22·n 2；A n 中所有含a n －1项的和为(0＋1＋2＋…＋n －1)·n n －1(n －1)·n n －1＝n n n －22·nn －1；当a n 分别取i ＝1,2，…，n －1时，a 0，a 1，a 2，…，a n －1各有n 种取法， 故A n 中所有含a n 项的和为(1＋2＋…＋n －1)n n·n n＝n n ＋1n －2·n n.所以A n ＝n n n －22(1＋n ＋n 2＋…＋nn －1)＋n n ＋1n －2·n n＝n n n －22·n n －1n －1＋n n ＋1n －2·n n＝n n n －2(nn ＋1＋n n－1)，故f (n )＝nn ＋1＋n n－1.3个附加题综合仿真练(三)1．本题包括A 、B 、C 、D 四个小题，请任选二个作答 A ．[选修4－1：几何证明选讲]如图，AB 为圆O 的切线，A 为切点，C 为线段AB 的中点，过C 作圆O 的割线CED (E 在C ，D 之间)．求证：∠CBE ＝∠BDE .证明：因为CA 为圆O 的切线， 所以CA 2＝CE ·CD ，又CA ＝CB ， 所以CB 2＝CE ·CD ， 即CB CE ＝CD CB， 又∠BCD ＝∠BCD ， 所以△BCE ∽△DCB ， 所以∠CBE ＝∠BDE .B ．[选修4－2：矩阵与变换]设a ，b ∈R.若直线l ：ax ＋y －7＝0在矩阵A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤3 0－1 b 对应的变换作用下，得到的直线为l ′：9x＋y －91＝0.求实数a ，b 的值．解：法一：在直线l ：ax ＋y －7＝0上取点M (0,7)，N (1，7－a )，由⎣⎢⎡⎦⎥⎤3 0－1 b ⎣⎢⎡⎦⎥⎤07＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 07b ，⎣⎢⎡⎦⎥⎤3 0－1 b ⎣⎢⎡⎦⎥⎤17－a ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤ 3 b －a －1，可知点M (0,7)，N (1,7－a )在矩阵A 对应的变换作用下分别得到点M ′(0,7b )，N ′(3，b (7－a )－1)，由题意可知：M ′，N ′在直线9x ＋y －91＝0上，∴⎩⎪⎨⎪⎧7b －91＝0，27＋b －a －1－91＝0，解得⎩⎪⎨⎪⎧a ＝2，b ＝13，∴实数a ，b 的值分别为2,13.法二：设直线l 上任意一点P (x ，y )，点P 在矩阵A 对应的变换作用下得到Q (x ′，y ′)，则⎣⎢⎡⎦⎥⎤3 0－1 b ⎣⎢⎡⎦⎥⎤x y ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤x ′y ′， ∴⎩⎪⎨⎪⎧x ′＝3x ，y ′＝－x ＋by ，由Q (x ′，y ′)在直线l ′：9x ＋y －91＝0上， ∴27x ＋(－x ＋by )－91＝0， 即26x ＋by －91＝0， ∵点P 在ax ＋y －7＝0上， ∴26a ＝b 1＝－91－7， 解得a ＝2，b ＝13.∴实数a ，b 的值分别为2,13. C ．[选修4－4：坐标系与参数方程]在极坐标系中，直线l 和圆C 的极坐标方程分别为ρcos ⎝ ⎛⎭⎪⎫θ＋π6＝a (a ∈R)和ρ＝4sin θ.若直线l 与圆C 有且只有一个公共点，求a 的值．解：由ρcos ⎝⎛⎭⎪⎫θ＋π6＝a ，得32ρcos θ－12ρsin θ＝a ， 故化为直角坐标方程为3x －y －2a ＝0，由圆C 的极坐标方程ρ＝4sin θ，得ρ2＝4ρsin θ， 化为直角坐标方程为x 2＋(y －2)2＝4，若直线l 与圆C 只有一个公共点，则圆心C 到直线l 的距离等于半径，故d ＝|－2－2a |2＝2，解得a ＝1或a ＝－3. D ．[选修4－5：不等式选讲]已知a ，b ∈R ，a >b >e(其中e 是自然对数的底数)，求证：b a>a b. 证明：∵b a>0，a b>0，∴要证b a>a b， 只要证a ln b >b ln a, 只要证ln b b >ln a a，构造函数f (x )＝ln xx，x ∈(e ，＋∞)．则f ′(x )＝1－ln xx 2，x ∈(e ，＋∞)，f ′(x )<0在区间(e ，＋∞)上恒成立，所以函数f (x )在x ∈(e ，＋∞)上是单调递减的， 所以当a >b >e 时，有f (b )>f (a )， 即ln b b >ln a a，故b a >a b得证．2．从0,1,2,3,4这五个数中任选三个不同的数组成一个三位数，记X 为所组成三位数的各位数字之和．(1)求X 是奇数的概率；(2)求X 的概率分布及数学期望． 解：(1)记“X 是奇数”为事件A ， 能组成的三位数的个数是4×4×3＝48.X 是奇数的个数是C 12C 23A 33－C 12C 12A 22＝28，所以P (A )＝2848＝712.故X 是奇数的概率为712.(2)X 的可能取值为3,4,5,6,7,8,9.当X ＝3时，组成的三位数是由0,1,2三个数字组成， 所以P (X ＝3)＝448＝112； 当X ＝4时，组成的三位数是由0,1,3三个数字组成， 所以P (X ＝4)＝448＝112； 当X ＝5时，组成的三位数是由0,1,4或0,2,3组成， 所以P (X ＝5)＝848＝16； 当X ＝6时，组成的三位数是由0,2,4或1,2,3组成， 所以P (X ＝6)＝1048＝524；当X ＝7时，组成的三位数是由0,3,4或1,2,4组成， 所以P (X ＝7)＝1048＝524；当X ＝8时，组成的三位数是由1,3,4三个数字组成， 所以P (X ＝8)＝648＝18； 当X ＝9时，组成的三位数是由2,3,4三个数字组成， 所以P (X ＝9)＝648＝18. 所以X 的概率分布为：故E (X )＝3×112＋4×12＋5×6＋6×24＋7×24＋8×8＋9×8＝4.3．设P (n ，m )＝∑k ＝0n(－1)k C knmm ＋k，Q (n ，m )＝C n n ＋m ，其中m ，n ∈N *.(1)当m ＝1时，求P (n,1)·Q (n,1)的值；(2)对∀m ∈N *，证明：P (n ，m )·Q (n ，m )恒为定值．解：(1)当m ＝1时，P (n,1)＝∑k ＝0n(－1)k C kn11＋k ＝1n ＋1∑k ＝0n (－1)k C k ＋1n ＋1＝1n ＋1， 又Q (n,1)＝C 1n ＋1＝n ＋1，显然P (n,1)·Q (n,1)＝1.(2)证明：P (n ，m )＝∑k ＝0n(－1)k C knm m ＋k＝1＋∑k ＝1n －1(－1)k(C kn －1＋C k －1n －1)m m ＋k＋(－1)nmm ＋n＝1＋∑k ＝1n －1(－1)k Ck n －1m m ＋k＋∑k ＝1n(－1)k C k －1n －1mm ＋k＝P (n －1，m )＋∑k ＝1n(－1)k C k －1n －1m m ＋k＝P (n －1，m )－m n ∑k ＝0n (－1)k C k n m m ＋k＝P (n －1，m )－m nP (n ，m ) 即P (n ，m )＝nm ＋nP (n －1，m )， 由累乘，易求得P (n ，m )＝n ！m ！n ＋m ！P (0，m )＝1C n n ＋m，又Q (n ，m )＝C nn ＋m ，所以P (n ，m )·Q (n ，m )＝1.3个附加题综合仿真练(四)1．本题包括A 、B 、C 、D 四个小题，请任选二个作答 A ．[选修4－1：几何证明选讲]如图，AB 是圆O 的直径，C 为圆O 外一点，且AB ＝AC ，BC 交圆O于点D ，过D 作圆O 的切线交AC 于点E .求证：DE ⊥AC . 解：如图，连结OD .因为AB ＝AC ，所以∠B ＝∠C . 由圆O 知OB ＝OD ， 所以∠B ＝∠BDO .从而∠BDO ＝∠C ，所以OD ∥AC . 又DE 为圆O 的切线，所以DE ⊥OD ， 所以DE ⊥AC .B ．[选修4－2：矩阵与变换]已知矩阵A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2x y2，X ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤－1 1，且AX ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤12 ，其中x ，y ∈R. (1)求x ，y 的值；(2)若B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 －10 2，求(AB )－1.解：(1)AX ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2 x y 2 ⎣⎢⎡⎦⎥⎤－1 1 ＝ ⎣⎢⎡⎦⎥⎤x －22－y .因为AX ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤12，所以⎩⎪⎨⎪⎧x －2＝1，2－y ＝2，解得x ＝3，y ＝0.(2)由(1)知A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2302 ，又B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 －102 ， 所以AB ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2 30 2⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 －10 2＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2 40 4 .设(AB )－1＝ ⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b cd ，则⎣⎢⎡⎦⎥⎤2 40 4⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b c d ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 001，即⎣⎢⎡⎦⎥⎤2a ＋4c 2b ＋4d 4c 4d ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 001.所以⎩⎪⎨⎪⎧2a ＋4c ＝1，4c ＝0，2b ＋4d ＝0，4d ＝1，解得a ＝12，b ＝－12，c ＝0，d ＝14，即 (AB )－1＝ ⎣⎢⎢⎡⎦⎥⎥⎤12 －12 0 14 .C ．[选修4－4：坐标系与参数方程]在平面直角坐标系xOy 中，直线l 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x ＝1－22t ，y ＝2＋22t (t 为参数)，以坐标原点O为极点，x 轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线C 的极坐标方程为ρsin 2θ－4cos θ＝0，已知直线l 与曲线C 相交于A ，B 两点，求线段AB 的长．解：因为曲线C 的极坐标方程为ρsin 2θ－4cos θ＝0，所以ρ2sin 2θ＝4ρcos θ，即曲线C 的直角坐标方程为y 2＝4x .将直线l 的参数方程⎩⎪⎨⎪⎧x ＝1－22t ，y ＝2＋22t 代入抛物线方程y 2＝4x ，得⎝ ⎛⎭⎪⎫2＋22t 2＝4⎝⎛⎭⎪⎫1－22t ， 即t 2＋82t ＝0，解得t 1＝0，t 2＝－8 2. 所以AB ＝|t 1－t 2|＝8 2. D ．[选修4－5：不等式选讲] 设函数f (x )＝|2x ＋1|－|x －2|. (1)求不等式f (x )>2的解集； (2)若∀x ∈R ，f (x )≥t 2－112t 恒成立，求实数t 的取值范围． 解：(1)不等式f (x )>2可化为⎩⎪⎨⎪⎧x >2，2x ＋1－x ＋2>2或⎩⎪⎨⎪⎧－12≤x ≤2，2x ＋1＋x －2>2或⎩⎪⎨⎪⎧x <－12，－2x －1＋x －2>2，解得x <－5或x ＞1，所以所求不等式的解集为{x |x <－5或x >1}．(2)由f (x )＝|2x ＋1|－|x －2|＝⎩⎪⎨⎪⎧x ＋3，x >2，3x －1，－12≤x ≤2，－x －3，x <－12，可得f (x )≥－52，若∀x ∈R ，f (x )≥t 2－112t 恒成立，则t 2－112t ≤－52，即2t 2－11t ＋5≤0，解得12≤t ≤5. 故实数t 的取值范围为⎣⎢⎡⎦⎥⎤12，5. 2.如图，在直三棱柱ABC A 1B 1C 1中，已知AB ⊥AC ，AB ＝2，AC ＝4，AA 1＝3.D 是线段BC 的中点．(1)求直线DB 1与平面A 1C 1D 所成角的正弦值； (2)求二面角B 1A 1D C 1的余弦值．解：因为在直三棱柱ABC A 1B 1C 1中，AB ⊥AC ，所以分别以AB ，AC，AA1所在的直线为x 轴，y 轴，z 轴，建立如图所示的空间直角坐标系，则A (0,0,0)，B (2,0,0)，C (0,4,0)，A 1(0,0,3)，B 1(2,0，3)，C 1(0,4,3)， 因为D 是BC 的中点，所以D (1，2,0)， (1)因为A 1C 1――→＝(0,4,0)，A 1D ―→＝(1,2，－3)， 设平面A 1C 1D 的法向量n 1＝(x 1，y 1，z 1)， 则⎩⎪⎨⎪⎧n 1·A 1C 1――→＝0，n 1·A 1D ―→＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧4y 1＝0，x 1＋2y 1－3z 1＝0，取⎩⎪⎨⎪⎧x 1＝3，y 1＝0，z 1＝1，所以平面A 1C 1D 的法向量n 1＝(3,0,1)，而DB 1―→＝(1，－2,3)，设直线DB 1与平面A 1C 1D 所成角为θ，所以sin θ＝|cos 〈n 1，DB 1―→〉|＝|n 1·DB 1―→||n 1|·|DB 1―→|＝|3＋3|10×14＝33535，所以直线DB 1与平面A 1C 1D 所成角的正弦值为33535.(2) A 1B 1――→＝(2,0,0)，DB 1―→＝(1，－2,3)， 设平面B 1A 1D 的法向量n 2＝(x 2，y 2，z 2)， 则⎩⎪⎨⎪⎧n 2·A 1B 1――→＝0，n 2·DB 1―→＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧2x 2＝0，x 2－2y 2＋3z 2＝0，取⎩⎪⎨⎪⎧x 2＝0，y 2＝3，z 2＝2，所以平面B 1A 1D 的法向量n 2＝(0,3,2)，所以cos 〈n 1，n 2〉＝n 1·n 2|n 1|·|n 2|＝210×13＝13065，故结合图象知二面角B 1A 1D C 1的余弦值13065. 3．已知集合X ＝{1,2,3}，Y n ＝{1,2,3，…，n }(n ∈N *)，设S n ＝{(a ，b )|a 整除b 或b 整除a ，a ∈X ，b ∈Y n }，令f (n )表示集合S n 所含元素的个数．(1)写出f (6)的值；(2)当n ≥6时，写出f (n )的表达式，并用数学归纳法证明． 解：(1)Y 6＝{1,2,3,4,5,6}，S 6中的元素(a ，b )满足：若a ＝1，则b ＝1,2,3,4,5,6；若a ＝2，则b ＝1,2,4,6；若a ＝3，则b ＝1,3,6.所以f (6)＝13. (2)当n ≥6时，f (n )＝⎩⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎧n ＋2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫n 2＋n 3，n ＝6t ，n ＋2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫n －12＋n －13，n ＝6t ＋1，n ＋2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫n 2＋n －23，n ＝6t ＋2，n ＋2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫n －12＋n 3，n ＝6t ＋3，n ＋2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫n 2＋n －13，n ＝6t ＋4，n ＋2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫n －12＋n －23，n ＝6t ＋5(t ∈N *)．下面用数学归纳法证明：①当n ＝6时，f (6)＝6＋2＋62＋63＝13，结论成立．②假设n ＝k (k ≥6)时结论成立，那么n ＝k ＋1时，S k ＋1在S k 的基础上新增加的元素在(1，k ＋1)，(2，k ＋1)，(3，k ＋1)中产生，分以下情形讨论：a ．若k ＋1＝6t ，则k ＝6(t －1)＋5，此时有f (k ＋1)＝f (k )＋3＝k ＋2＋k －12＋k －23＋3＝(k ＋1)＋2＋k ＋12＋k ＋13，结论成立；b ．若k ＋1＝6t ＋1，则k ＝6t ，此时有f (k ＋1)＝f (k )＋1＝k ＋2＋k 2＋k3＋1＝(k ＋1)＋2＋k ＋－12＋k ＋－13，结论成立；c ．若k ＋1＝6t ＋2，则k ＝6t ＋1，此时有f (k ＋1)＝f (k )＋2＝k ＋2＋k －12＋k －13＋2＝(k ＋1)＋2＋k ＋12＋k ＋－23，结论成立；d ．若k ＋1＝6t ＋3，则k ＝6t ＋2，此时有f (k ＋1)＝f (k )＋2＝k ＋2＋k 2＋k －23＋2＝(k ＋1)＋2＋k ＋－12＋k ＋13，结论成立；e ．若k ＋1＝6t ＋4，则k ＝6t ＋3，此时有f (k ＋1)＝f (k )＋2＝k ＋2＋k －12＋k3＋2 ＝(k ＋1)＋2＋k ＋12＋k ＋－13，结论成立；f ．若k ＋1＝6t ＋5，则k ＝6t ＋4，此时有f (k ＋1)＝f (k )＋1＝k ＋2＋k 2＋k －13＋1＝(k ＋1)＋2＋k ＋－12＋k ＋－23，结论成立．综上所述，结论对满足n ≥6的自然数n 均成立．3个附加题综合仿真练(五)1．本题包括A 、B 、C 、D 四个小题，请任选二个作答 A ．[选修4－1：几何证明选讲]如图，AB 是半圆的直径，C 是半圆上一点，D 是弧AC 的中点，DE ⊥AB 于E ，AC 与DE 交于点M ，求证：AM ＝DM .证明：连结AD ，因为AB 为直径，所以AD ⊥BD ， 又DE ⊥AB ，所以∠ABD ＝∠ADE .因为D 是弧AC 的中点， 所以∠DAC ＝∠ABD ， 所以∠ADE ＝∠DAC . 所以AM ＝DM .B ．[选修4－2：矩阵与变换]已知向量⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1是矩阵A 的属于特征值－1的一个特征向量．在平面直角坐标系xOy 中，点P (1,1)在矩阵A 对应的变换作用下变为P ′(3,3)，求矩阵A .解：设A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤ab c d ，因为向量⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1是矩阵A 的属于特征值－1的一个特征向量， 所以⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b cd ⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤a －b c －d ＝(－1)⎣⎢⎡⎦⎥⎤1－1＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤－11. 所以⎩⎪⎨⎪⎧a －b ＝－1，c －d ＝1.①因为点P (1,1)在矩阵A 对应的变换作用下变为P ′(3，3)，所以⎣⎢⎡⎦⎥⎤a b c d ⎣⎢⎡⎦⎥⎤11＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤a ＋b c ＋d ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤33.所以⎩⎪⎨⎪⎧a ＋b ＝3，c ＋d ＝3.②由①②解得a ＝1，b ＝2，c ＝2，d ＝1，所以A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 22 1.C ．[选修4－4：坐标系与参数方程]在平面直角坐标系xOy 中，已知直线⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－32＋22n ，y ＝22n (n 为参数)与曲线⎩⎪⎨⎪⎧x ＝18t 2，y ＝t(t为参数)相交于A ，B 两点，求线段AB 的长．解：法一：将曲线⎩⎪⎨⎪⎧x ＝18t 2，y ＝t (t 为参数)化为普通方程为y 2＝8x .将直线⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－32＋22n ，y ＝22n(n 为参数)代入y 2＝8x 得，n 2－82n ＋24＝0，解得n 1＝22，n 2＝6 2. 则|n 1－n 2|＝42， 所以线段AB 的长为4 2. 法二：将曲线⎩⎪⎨⎪⎧x ＝18t 2，y ＝t(t 为参数)化为普通方程为y 2＝8x,将直线⎩⎪⎨⎪⎧x ＝－32＋22n ，y ＝22n(n 为参数)化为普通方程为x －y ＋32＝0，由⎩⎪⎨⎪⎧y 2＝8x ，x －y ＋32＝0，得⎩⎪⎨⎪⎧x ＝12，y ＝2或⎩⎪⎨⎪⎧x ＝92，y ＝6.所以AB 的长为⎝ ⎛⎭⎪⎫92－122＋－2＝4 2.D ．[选修4－5：不等式选讲]已知函数f (x )＝3x ＋6，g (x )＝14－x ，若存在实数x 使f (x )＋g (x )>a 成立，求实数a 的取值范围．解：存在实数x 使f (x )＋g (x )＞a 成立， 等价于f (x )＋g (x )的最大值大于a ， 因为f (x )＋g (x ) ＝3x ＋6＋14－x＝3×x ＋2＋1×14－x ， 由柯西不等式得，(3×x ＋2＋1×14－x )2≤(3＋1)(x ＋2＋14－x )＝64，所以f (x )＋g (x )＝3x ＋6＋14－x ≤8，当且仅当x ＝10时取“＝”，故实数a 的取值范围是(－∞，8)．2.如图，在四棱锥O ABCD 中，底面ABCD 是边长为1的菱形，∠ABC ＝45°，OA ⊥底面ABCD ，OA ＝2，M 为OA 的中点．(1)求异面直线AB 与MD 所成角的大小；(2)求平面OAB 与平面OCD 所成锐二面角的余弦值． 解：作AP ⊥CD 于点P ，分别以AB ，AP ，AO 所在直线为x 轴，y 轴，z 轴建立空间直角坐标系，则A (0,0,0)，B (1,0,0)，P ⎝ ⎛⎭⎪⎫0，22，0，D ⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，22，0， O (0,0,2)，M (0,0,1)．(1)设直线AB 与MD 所成角为θ，由AB ―→＝(1,0,0)，BD ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，22，－1，则cos θ＝|cos 〈AB ―→，BD ―→〉|＝222＝12，故AB 与MD 所成角为60°.(2)OP ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫0，22，－2，OD ―→＝⎝ ⎛⎭⎪⎫－22，22，－2，设平面OCD 的法向量n ＝(x ，y ，z )， 则⎩⎪⎨⎪⎧n ·OP ―→＝0，n ·OD ―→＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧22y －2z ＝0，－22x ＋22y －2z ＝0，取z ＝2，则n ＝(0,4，2).易得平面OAB 的一个法向量为m ＝(0,1,0)，cos 〈n ，m 〉＝432×1＝223，故平面OAB 与平面OCD 所成锐二面角的余弦值为223.3．设a ＞b ＞0，n 是正整数，A n ＝1n ＋1(a n ＋a n －1b ＋a n －2b 2＋…＋a 2b n －2 ＋ab n －1＋b n) ，B n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫a ＋b 2n . (1)证明：A 2＞B 2；(2)比较A n 与B n (n ∈N *)的大小，并给出证明．解：(1)证明：A 2－B 2＝13(a 2＋ab ＋b 2)－⎝ ⎛⎭⎪⎫a ＋b 22＝112(a －b )2>0. (2)A n ≥B n ，证明如下： 当n ＝1时，A 1＝B 1； 当n ≥3时，A n ＝1n ＋1·a n ＋1－b n ＋1a －b，B n ＝⎝⎛⎭⎪⎫a ＋b 2n ，令a ＋b ＝x ，a －b ＝y ，且x >0，y >0，于是A n ＝1n ＋1·⎝ ⎛⎭⎪⎫x ＋y 2n ＋1－⎝ ⎛⎭⎪⎫x －y 2n ＋1y＝12n ＋1n ＋y[(x ＋y )n ＋1－(x －y )n ＋1]，B n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2n，因为[(x ＋y )n ＋1－(x －y )n ＋1]＝(2C 1n ＋1x ny ＋2C 3n ＋1·xn －2y 3＋…)≥2C 1n ＋1x ny ，所以A n ≥12n ＋1n ＋y·2C 1n ＋1x ny ＝x n 2n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫x 2n＝B n .3个附加题综合仿真练(六)1．本题包括A 、B 、C 、D 四个小题，请任选二个作答 A ．[选修4－1：几何证明选讲]如图，AB 为半圆O 的直径，直线PC 切半圆O 于点C ，AP ⊥PC ，P 为垂足．求证：(1)∠PAC ＝∠CAB ； (2)AC 2＝AP ·AB .证明：(1)因为PC 切半圆O 于点C ，所以∠PCA ＝∠CBA . 因为AB 为半圆O 的直径，所以∠ACB ＝90°. 因为AP ⊥PC ，所以∠APC ＝90°. 因此∠PAC ＝∠CAB .(2)由(1)知，△APC ∽△ACB ，故AP AC ＝AC AB， 即AC 2＝AP ·AB .B ．[选修4－2：矩阵与变换]已知矩阵A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤110，B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 002.(1)求AB ；(2)若曲线C 1：x 28＋y 22＝1在矩阵AB 对应的变换作用下得到另一曲线C 2，求C 2的方程． 解：(1)因为A ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤11 0，B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 002，所以AB ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤0110⎣⎢⎡⎦⎥⎤1 00 2＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤0 210.(2)设Q (x 0，y 0)为曲线C 1上的任意一点， 它在矩阵AB 对应的变换作用下变为P (x ，y )，则⎣⎢⎡⎦⎥⎤0 21 0⎣⎢⎡⎦⎥⎤x 0y 0＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤x y ，即⎩⎪⎨⎪⎧2y 0＝x ，x 0＝y ，所以⎩⎪⎨⎪⎧x 0＝y ，y 0＝x2.因为点Q (x 0，y 0)在曲线C 1上，则x 208＋y 202＝1，从而y 28＋x 28＝1，即x 2＋y 2＝8.因此曲线C 1在矩阵AB 对应的变换作用下得到曲线C 2：x 2＋y 2＝8. C ．[选修4－4：坐标系与参数方程]在平面直角坐标系xOy 中，圆C 的参数方程为⎩⎪⎨⎪⎧x ＝cos α，y ＝sin α－2(α为参数)．以O 为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l 的极坐标方程为θ＝β，若圆C 与直线l 相切，求直线l 的极坐标方程．解：圆的直角坐标方程为x 2＋(y －2)2＝1， 设直线l 对应的直角坐标方程为y ＝kx ， 因为圆C 与直线l 相切， 所以d ＝|2|1＋k2＝1，得到k ＝±3，故直线l 的极坐标方程θ＝π3或θ＝2π3. D ．[选修4－5：不等式选讲]已知a ，b ，c ，d 为实数，且a 2＋b 2＝4，c 2＋d 2＝16，证明：ac ＋bd ≤8. 证明：由柯西不等式可得：(ac ＋bd )2≤(a 2＋b 2)(c 2＋d 2)． 因为a 2＋b 2＝4，c 2＋d 2＝16， 所以(ac ＋bd )2≤64，因此ac ＋bd ≤8.2.已知正六棱锥S ABCDEF 的底面边长为2，高为1.现从该棱锥的7个顶点中随机选取3个点构成三角形，设随机变量X 表示所得三角形的面积．(1)求概率P (X ＝3)的值；(2)求X 的概率分布，并求其数学期望E (X )． 解：(1)从7个顶点中随机选取3个点构成三角形， 共有C 37＝35种取法．其中X ＝3的三角形如△ABF ， 这类三角形共有6个． 因此P (X ＝3)＝635.(2)由题意，X 的可能取值为3，2，6，23，3 3. 其中X ＝3的三角形如△ABF ，这类三角形共有6个；其中X ＝2的三角形有两类，如△SAD (3个)，△SAB (6个)，共有9个； 其中X ＝6的三角形如△SBD ，这类三角形共有6个； 其中X ＝23的三角形如△CDF ，这类三角形共有12个； 其中X ＝33的三角形如△BDF ，这类三角形共有2个． 因此P (X ＝3)＝635，P (X ＝2)＝935，P (X ＝6)＝635，P (X ＝23)＝1235，P (X ＝33)＝235.所以随机变量X 的概率分布为：所求数学期望E (X )＝3×635＋2×935＋6×635＋23×1235＋33×235＝363＋66＋1835.3．已知数列{a n }满足：a 1＝1，对任意的n ∈N *，都有a n ＋1＝⎝⎛⎭⎪⎫1＋1n 2＋n a n ＋12n . (1)求证：当n ≥2时，a n ≥2；(2)利用“∀x ＞0，ln(1＋x )＜x ”，证明：a n ＜2e 34(其中e 是自然对数的底数)．证明：(1)①由题意，a 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋12×1＋12＝2，故当n ＝2时，a 2＝2，不等式成立．21 ②假设当n ＝k (k ≥2，k ∈N *)时不等式成立，即a k ≥2，则当n ＝k ＋1时，a k ＋1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋1k k ＋a k ＋12＞2. 所以，当n ＝k ＋1时，不等式也成立．根据①②可知，对所有n ≥2，a n ≥2成立. (2)当n ≥2时，由递推公式及(1)的结论有a n ＋1＝⎝⎛⎭⎪⎫1＋1n 2＋n a n ＋12n ≤⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋1n 2＋n ＋12n ＋1a n (n ≥2)． 两边取对数，并利用已知不等式ln(1＋x )＜x ，得 ln a n ＋1≤ln ⎝ ⎛⎭⎪⎫1＋1n 2＋n ＋12n ＋1＋ln a n ＜ln a n ＋1n 2＋n ＋12n ＋1， 故ln a n ＋1－ln a n ＜1n 2＋n ＋12n ＋1(n ≥2)， 求和可得ln a n －ln a 2＜12×3＋1 3×4＋…＋1n －n ＋123＋124＋…＋12n ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫12－13＋⎝ ⎛⎭⎪⎫13－14＋…＋⎝ ⎛⎭⎪⎫1n －1－1n ＋123·1－12n －21－12＝12－1n ＋122－12n <34. 由(1)知，a 2＝2，故有ln a n 2＜34，即a n ＜2e 34(n ≥2)， 而a 1＝1＜2e 34，所以对任意正整数n ，有a n ＜2e 34.。
江苏省普通高等学校2018年高三语文招生考试20套模拟测试附加题(无答案)
江苏省普通高等学校招生考试高三模拟测试卷语文附加分(满分40分，考试时间30分钟)一、阅读材料，完成20—22题(10分)20. 用斜线“/”给下面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)张玉田盛称白石，而不甚许稼轩，耳食者遂于两家有轩轾意。
不知稼轩之体，白石尝效之矣，集中如《永遇乐》《汉宫春》诸阕，均次稼轩韵。
其吐属气味，皆若秘响相通，何后人过分门户耶！白石才子之词，稼轩豪杰之词才子豪杰各从其类爱之强论得失皆偏辞也。
(选自清·刘熙载《艺概》)21. “白石”“稼轩”是哪两位词人？请写出他们的姓名。
(2分)________________________________________________________________________22. 材料中，作者主要批评了什么观点？理由是什么？(请用自己的话说明)(4分)________________________________________________________________________二、名著阅读题(15分)23. 下列对有关名著的说明，不正确的两项是(5分)( )( )A. 《红楼梦》中，贾府丢了玫瑰露、茯苓霜，宝玉主动认下，保全了柳五儿和彩云，也顾及了探春，可见其关爱女性、平等待人的品性。
B. 《子夜》中，受进口火柴冲击，难以支撑的火柴厂主周仲伟只好选择停工，后多方求助，在益中公司资助下，火柴厂才重新开工。
C. 葛朗台从索漠城里走过的时候，人们对他又钦佩，又敬重，又害怕。
他的说话、衣着、姿势甚至瞪眼睛，都成了地方上的金科玉律。
D. 《茶馆》的人物语言富于个性，如崔久峰的“中国非亡国不可”、常四爷的“我饿着，也不能叫鸟儿饿着”等，三言两语即勾勒出众生相。
E. 《女神之再生》中，本是炼石补天的神女，不愿再补天，她们要去创造个新鲜的太阳，“要照彻天内的世界，天外的世界”。
24. 简答题。
(10分)(1) 《哈姆莱特》第一幕中，鬼魂出现了两次，分别是在什么情况下出现的？(4分)________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________(2) 孟浩然有诗云：“羊公碑尚在，读罢泪沾襟。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练2
附加题自选练2(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)宋人不知诗而强作诗。
其为诗也，言理而不言情，故终宋之世无诗焉。
然_宋_人_亦_不_可_免_于_有_情_也_故_凡_其_欢_愉_愁_怨_之_致_动_于_中_而_不_能_抑_者_类_发_于_诗_余_故_其_所_造_独_工_非_后_世_可_及。
盖以沉至之思而出之必浅近，使读之者骤遇如在耳目之表，久诵而得沉永之趣，则用意难也。
惟宋人专力事之，篇什既多，触景皆会。
天机所启，若出自然。
禾中王子介人，示予所著词，不下千余首，自前世李、晏、周、秦之徒，未有多于兹者也。
(节选自陈子龙《王介人诗余序》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限5处)(5分)解析：给文言文断句可借助一些常见的标志性词语，如“也”一般是用在句末的语气词；“故”一般位于句首；“非”表否定判断。
答案：然宋人亦不可免于有情也/故凡其欢愉愁怨之致/动于中而不能抑者/类发于诗余/故其所造独工/非后世可及(每处1分)2．文段“自前世李、晏、周、秦之徒”中的“周、秦”分别是指词人和。
(2分)答案：周邦彦秦观(每空1分)3．请概括陈子龙认为宋人诗不如词的原因。
(3分)答：参考答案：①宋人不知诗而强作诗，作诗言理而不言情。
②宋人的欢愉愁怨之情涌动于内心不可抑制，是借助词抒发出来的。
③宋人致力于写词。
(每点1分)参考译文：宋人不懂诗却勉强作诗。
宋人作诗，只讲道理却不抒写情感，所以整个宋代没有诗。
然而宋人内心也不可避免有情感，所以宋人的欢愉愁怨之情，涌动在内心不可抑制，大都借助词抒发出来，所以宋人所作的词十分精巧，不是后人可以赶得上的。
十分深沉的思想表达出来一定浅显明白，使读它的人猛然看到时就像在耳朵眼睛的表面一样(浅显)，长时间诵读就能体会到深沉隽永的意趣，但想要运用它的意旨却很难。
只有宋人专门致力于作词，篇目已经很多，看到景物都会作词。
天赋的灵机开启，就像出于自然。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练6 Word版含解析
附加题自选练6(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)元人非不读书，而所制之曲，绝无一毫书本气，以其有书而不用，非当用而无书也，后人之曲则满纸皆书矣。
元_人_非_不_深_心_而_所_填_之_词_皆_觉_过_于_浅_近_以_其_深_而_出_之_以_浅_非_借_浅_以_文_其_不_深_也，后人之词则心口皆深矣。
(节选自《闲情偶寄》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)解析：解答文言断句题，首先要从整体上理解语段大意，然后要注意语句结构的完整性，如“元人非不深心”句子结构完整，后面的“而”是连词，用在下一句的开头，因此应该在“而”前停顿。
“非借浅以文其不深也”中的“非”表示否定，“借浅以文其不深”都是否定的内容，因此“非”前停顿。
答案：元人非不深心/而所填之词/皆觉过于浅近/以其深而出之以浅/非借浅以文其不深也(每处1分)2．《闲情偶寄》的作者是代的(人名)。
(2分)答案：清李渔(每空1分)3．根据材料，概括元人之曲和后人之曲的异同。
(4分)答：参考答案：异：元人之曲用词浅显易懂，后人之曲则用词典雅精深。
(2分)同：两者思想内容上都较为深刻。
(2分)参考译文：元代人并非不读书，然而他们所作的曲子，绝对没有一点书卷气，这是因为他们有可用的书本知识而不愿去用，绝非应当用时却没有这方面的书本知识，后人的曲子却是满篇的书面之语。
元代人作曲并非没有深刻的立意，然而他们所填的词，人们都觉得过于浅显易懂，这是因为他们立意深但是表述浅显，并不是借助浅显的文字来掩饰立意的不深刻，后人的曲子则是立意和表述都非常精深。
二、名著阅读题(15分)4．下列有关名著的说明，不正确的两项是(5分)()A．《阿Q正传》中，小D为了革命，用砖砸开了静修庵，砸了静修庵里“皇帝万岁万万岁”的龙牌，并顺手拿走了观音娘娘座前的宣德炉。
B．《边城》中老船夫说翠翠“在梦中被一个人的歌声浮起来，上悬崖摘了一把虎耳草”，这个唱歌的人其实就是二老傩送。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练3 Word版含解析
附加题自选练3(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)今人作文，皆不足为文。
大_抵_专_务_节_字_更_易_新_好_生_面_辞_语_至_说_义_理_处_又_不_肯_分_晓_观_前_辈_欧_苏_诸_公_作_文_何_尝_如_此？圣人之言坦易明白，因言以明道，正欲使天下后世由此求之。
使圣人立言要教人难晓，圣人之经定不作矣。
若其义理精奥处，人所未晓，自是其所见未到耳。
学者须玩味深思，久之自可见。
(节选自朱熹《朱子语类》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限5处)(5分)解析：解答文言断句题，首先要读懂句意，从整体上来理解断句部分。
其次抓关键词，分析句子结构。
如“观”为动词，“观”的内容是“前辈欧苏诸公作文”，“观前辈欧苏诸公作文”句意完整，故“观”前应断开，“作文”后应断开。
答案：大抵专务节字/更易新好生面辞语/至说义理处/又不肯分晓/观前辈欧苏诸公作文/何尝如此(每处1分)2．与朱熹同为“程朱理学”代表人物的“二程”分别是、。
(2分)答案：程颢程颐3．作者认为今人作文怎样才能“足为文”？请用自己的话概括。
(3分)答：解析：解答此题，首先要从整体上把握材料，然后找出与题目相关的信息，对其进行概括。
如从“圣人之言坦易明白，因言以明道，正欲使天下后世由此求之”可以看出，为文应言辞平易明白；从“使圣人立言……未到耳”可以看出，为文应该阐明道理。
参考答案：言辞平易明白；(1分)言辞能够阐明道理。
(2分)参考译文：现在的人写文章，都不值得称为文章。
他们大多专心致力于减省字词，改用一些新奇生僻的词语。
到了阐说义理的地方，又不肯说清楚。
看看前辈欧阳修、苏轼等人写的文章，哪里是这样呢？圣人的话浅易明白，通过语言来阐明道理，就是想要让后人了解这些道理。
如果圣人著书立说要让人难以理解，那么圣人的著作就一定不能兴盛了。
如果他们的书在义理精微深奥的地方，别人都读不懂，自然是他们的见解还不精到罢了。
2018年江苏高三-高考模拟二语文
2018年高考真题模拟卷（含答案）语文 2018年高三江苏省二模试卷语文单选题（本大题共7小题，每小题____分，共____分。
）1. 在下面一段话的空缺处依次填入词语，最恰当的一组是(3分)( )尽管越来越多的人出国后选择去卢浮宫、大英博物馆、玛雅美术馆参观，但________式的参观却不在少数；尽管城市中的雕塑越来越多，但真正走入市民精神生活的却________；尽管文化市场上艺术品________，但泡沫也不少，个别收藏者连作者都不了解就举牌，一转身又投向下一场拍卖。
A. 浅尝辄止所剩无几琳琅满目B. 走马观花寥寥无几琳琅满目C. 走马观花所剩无几鳞次栉比D. 浅尝辄止寥寥无几鳞次栉比2. 下列各句中，没有使用比喻手法的一项是(3分)( )A. 伏击某一运动中之敌，打早了，暴露了自己，也让敌人有了防备；打迟了，敌人已集中驻止，伏击变为啃硬骨头。
B. 马云说，让阿里巴巴坚持18年的是阿里的理想主义，一个公司如果失去了理想，天天思考的就是赚钱，那就变成了一部赚钱的机器。
C. 每到寒暑假，学生们都离开校园，这条街上的很多商铺就像冬眠了；等学生返校时，这条街又渐渐热闹起来。
D. 近日，人民币对美元汇率暴涨致使美国基金经理马克·哈特亏损约2.5亿美元，现在他茶饭不思，健康状况亮起了红灯。
3. 下列对联中，属于纪念屈原的一组是(3分)( )①至圣无域泽天下盛德有范垂人间②旨远辞高，同风雅并举行廉志洁，与日月争光③万顷重湖悲去国一江千古属斯人④世上疮痍，诗中圣哲民间疾苦，笔底波澜A. ①②B. ②③C. ③④D. ②④4. 依次填入下面一段文字横线处的语句，衔接最恰当的一项是(3分)( )侥幸心理实际是一种投机取巧的心理，________，________。
________，________，________，________。
但是随着社会文明程度的提高和法制的日益健全，靠侥幸取胜或避害的可能将越来越小，社会终将是老实人的天下。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练4 Word版含解析
附加题自选练4(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)书法之坏，自颜真卿始。
自颜而下，终晚唐无晋韵矣。
至五代李后主，始知病之，谓颜书有楷法而无佳处，正如叉手并足，如田舍郎翁耳。
李之论一出，至宋米元章评之曰：颜书笔头如蒸饼，大丑恶可厌。
又_曰_颜_行_书_可_观_真_便_入_俗_品_米_之_言_虽_近_风_不_为_无_理_然_能_言_而_行_不_逮。
至赵子昂出，一洗颜、柳之病，直以晋人为师，右军之后，一人而已。
(节选自《墨池琐录》) 1．用斜线“/”给文言文中的画线部分断句。
(限5处)(5分)解析：解答主观断句题主要靠对文意的理解，可利用判断主谓宾来断句，也可利用一些停顿标志来断句，比如“曰”后面要停顿，还可利用关联词来断句，比如“虽……然……”，“然”前应断开。
答案：又曰/颜行书可观/真便入俗品/米之言虽近风/不为无理/然能言而行不逮(每处1分) 2．《墨池琐录》的作者与《三国演义》开篇词《临江仙》的作者为同一人，请写出其朝代和姓名。
(2分)答：答案：明代杨慎(每空1分)3．结合材料，用自己的话简要概括颜真卿书法之“病”。
(3分)答：参考答案：缺乏晋人气韵；(1分)遵循楷书笔法却没有楷书的长处显得丑陋。
(2分) 参考译文：书法的破坏，从颜真卿开始。
从颜真卿往后，一直到晚唐都没有晋人气韵了。
到五代李后主，才知道颜真卿的书法有问题，说颜真卿的书法有楷书笔法却没有楷书的长处，正像叉着手并着脚的人，就像种庄稼的老汉一样。
李煜的言论出来后，到宋代米芾评论颜真卿的书法说：颜真卿的字笔头像馒头，十分丑恶让人讨厌。
又说颜真卿的行书可以一看，楷书就进入俗品，米芾的话虽然近于讽刺，也不是没有道理，然而他能说却做不到。
到赵子昂出现，他一下子去掉颜、柳的毛病，直接把晋人当老师，右军(王羲之)以后，就他一人罢了。
二、名著阅读题(15分)4．下列对有关名著的说明，不正确的两项是(5分)()A．《红楼梦》中，王熙凤极富心机，最善玩弄权术，她毒设相思局，弄权铁槛寺，逼死尤二姐，最后落了个“如冰水好空相妒，枉与他人作笑谈”的悲剧下场。
2018江苏省高考附加题
（2018江苏省高考附加题）书《沥海秋诗集》后龚自珍人以诗名,诗尤以人名。
唐大家若李、杜、韩及昌谷、玉溪:及宋、元,眉山、涪陵、遗山,当代吴娄东,皆诗与人为一。
人外无诗,诗外无人,其面目也完。
益阳汤鹏,海秋其宇,有诗三千余篇,芟而存之二千余篇,评者无虑数十家,最后属龚现祚作一言,巩祚亦一言而已,曰:完。
何以谓之完也?海秋心迹尽在是所欲言者在是所不欲言而卒不能不言在是所不欲言而竟不言于所求其言亦在是。
要不肯捋撸他人之言以为已言,任举一篇,无论识与不识,曰:此汤益阳之诗。
[注]⑥抒擀:摘取,21.用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)22.文中昌谷、玉溪的本名分别是、 2分23,根据材料,用自己的话概括汤鹏诗作的特点。
(4分)江苏模拟试题一、阅读材料,完成下面小题《宋史》言,刘忠肃每戒子弟曰:“士当以器识为先,一命为文人,无足观矣。
”仆读自一读此言便绝应酬文宇所以养其器识而不堕于文人悬牌在室以拒来请人所共见足下尚不知邪 ?抑将谓随俗为之,而无伤于器识邪?韩文公文起八代之衰,若但作《原道》、《原毁》、《争臣论》、《平淮西碑》、《张中丞传后序》诸篇,而一切铭状概为谢绝,则诚近代之泰山北斗矣；今犹未敢许也。
选自顾炎武《亭林遗书》21．用“/”给上面文言文中的划线部分断句。
(限6处)22．顾炎武是明末清初的杰出的思想家,与、并称为清初“三大儒”。
23．作者为什么不同意称韩愈为“近代之泰山北斗”?二、阅读材料，完成下面小题。
题自书杜拾遗诗后徐渭余读书卧龙山之巅，每于风雨晦暝时，辄呼杜甫。
嗟乎，唐以诗赋取士，如李杜者不得举进士；元以曲取士，而迄今啧啧于人口如王实甫者，终不得进士之举。
然青莲以清平调三绝宠遇明皇实甫见知于花拖而荣耀当世彼拾遗者一见而辄阻仅博得早朝诗几首而已余俱悲歌慷慨苦不胜述。
为录其诗三首，见吾两人之遇，异世同轨。
谁谓古今人不相及哉！22. 用斜线“/”给上面文言文中的划线部分断句。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练10 Word版含解析
附加题自选练10(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)若乃春风春鸟，秋月秋蝉，夏云暑雨，冬月祁寒，斯四候之感诸诗者也。
嘉会寄诗以亲，离群托诗以怨。
至于楚臣去境，汉妾辞宫；塞客衣单，孀闺泪尽；或士有解佩出朝，一去忘返；女有扬蛾入宠，再盼倾国。
凡斯种种，感荡心灵，非陈诗何以展其义？非长歌何以骋其情？故曰：诗可以群可以怨使穷贱易安幽居靡闷莫尚于诗矣。
(节选自钟嵘《诗品·序》，有删改) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)解析：本题考查给文言材料断句的能力。
“可以群”“可以怨”是并列句式，“可以怨”前后应断开；“穷贱易安”“幽居靡闷”也是并列关系，故“易安”“靡闷”后均应断开。
答案：诗可以群/可以怨/使穷贱易安/幽居靡闷/莫尚于诗矣(每处1分)2．文中“楚臣去境，汉妾辞宫”指、两个典故。
(2分)答案：屈原放逐昭君出塞(每空1分)3．概括“凡斯种种，感荡心灵”的两种因素。
(4分)答：解析：本题考查归纳材料要点，分析相关问题的能力。
“凡斯种种，感荡心灵”即所有这种种(情景)，感动激荡人的心灵。
由材料可知，因素之一是春夏秋冬四季美景；“至于楚臣去境……再盼倾国”是因素之二，即抒写个人的经历。
参考答案：景物气候，(2分)个人经历。
(2分)(意思对即可)参考译文：至于那春风春鸟，秋月秋蝉，夏云暑雨，冬月酷寒，这是(人)有感于四季节令气候并把它表现在诗歌里。
在美好的集会时用诗来表现亲近愉悦，离开朋友时用诗来表达哀怨。
至于楚国臣子离开国都，汉朝的嫔妃辞别宫廷；在边关的客子衣裳单薄，闺中寡居的妇女眼泪哭尽；有的士人解下佩印辞官离朝，一离开忘记返回；女子有扬起蛾眉，入宫受宠，再次顾盼，(相貌)倾国倾城。
所有这种种(情景)，感动激荡人的心灵，如果不铺陈诗句还能用什么来抒发他的情义？如果不放声歌唱还能用什么来舒展他的情怀？所以说：诗可以结交朋友，可以怨恨不平。
江苏省2018届高三语文附加题考前辅导
南外、金陵、海安三校联考语文附加题一、阅读材料，完成20—22题。
（10分）昔有王元长者，常谓余云：“宫商与二仪俱生，自古词人不知之。
唯见范晔、谢庄颇识之耳。
”尝欲造《知音论》，未就而卒。
王元长创其首谢脁、沈约扬其波三贤咸贵公子幼有文辨于是士流景慕务为精密，襞积细微，专相陵架。
故使文多拘忌，伤其真美。
（梁钟嵘《诗品序》）20．用斜线“／”给上面文言文中的画线部分断句。
（限5处）（5分）王元长创其首／谢脁、沈约扬其波／三贤咸贵公子／幼有文辨／于是士流景慕／务为精密（抓对称、抓名词、抓虚词；难断“三贤咸贵公子／幼有文辨”）思路：抓名代、抓修辞（顶针、对偶、对称）、抓虚词、抓云曰、抓固定句式（词组）。
【注意】（1）一些标时间的名词或副词：初、今、俄顷、须臾、顷之等；（2）文言文中善用四字句。
（3）特别要抓谓语。
谓语如果是形容词，谓语后可停顿；如果是动词，宾语后可停顿。
方法：先易后难，突破难处。
据分断句，不多断句。
【链接1】（2017仪征联考）用斜线“/”给下面文言文中的画线部分断句(限5处)。
柳子厚诗在陶渊明下／韦苏州上／退之豪放奇险则过之／而温丽精深不及也／所贵乎枯淡者／谓其外枯而中膏【技法指要】看对称——在陶渊明下／韦苏州上；看虚词——而、也、者【链接2】（2017仪征联考）用斜线“／”给文言文中的画线部分断句。
（限5处）【答案】近见有腐儒老伧／以全《礼》不便幼学／甚且不便两闱／简而为《礼注》／○又简而为提要／为心典【技法指津】抓住句式特点→对举：不便幼学／甚且不便两闱；简而为《礼注》／○又简而为提要。
21.用斜线“／”给文中画线的部分断句。
（限6处）（6分）诗本性情/○当以性情为主/奇警○者/○犹第在词句间争难斗险/使人荡心骇目/不敢逼视/○而意味或少焉。
【链接3】（2017语数英联考）用斜线“／”给文中画线的部分断句。
（限6处）诗本性情/○当以性情为主/奇警○者/○犹第在词句间争难斗险/使人荡心骇目/不敢逼视/○而意味或少焉（每处1分，多画不给分）易误断：奇警者犹第在词句间/争难斗险21．谢朓是南北朝（南朝）时期杰出山水诗人，与“大谢”谢灵运（人名）同族，世称“小谢”。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练9 Word版含解析
附加题自选练9(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)乾隆癸卯科浙江乡试，首题“逸民伯夷、叔齐、虞仲、夷逸、朱张、柳下惠、少连”，获售者鲜登第，时称“逸民榜”。
丙子科题“夫达也者，质直而好义，察言而观色，虑以下人”，所取文皆动宕发皇，登第者独多，时称“响榜”。
大抵场屋文字，察理宜精，而才不可敛；审法宜密，而笔不可枯。
必_也_以_沉_实_之_思_运_高_华_之_气_风_骨_近_于_古_而_声_调_合_于_今_斯_为_举_业_利_器。
(节选自清代陆以湉《冷庐杂识》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限5处)(5分)解析：考生可利用虚词和固定句式来断句，如“也”作为语气词一般用于句末。
还可利用句式结构来断句，如“沉实之思”与“高华之气”、“风骨近于古”与“声调合于今”句式一致。
答案：必也/以沉实之思/运高华之气/风骨近于古/而声调合于今/斯为举业利器(每处1分) 2．文中“癸卯”属于纪年法，在“乡试”中考中的人，称作。
(2分) 答案：干支举人(每空1分)3．请根据材料简要概括影响考生“登第”的因素。
(3分)答：解析：由材料中的“所取文皆动宕发皇”“大抵场屋文字，察理宜精，而才不可敛”“以沉实之思……而声调合于今”等可知，影响登第的主观因素是考生的才华和所作文章的风格。
另外，由癸卯年和丙子年浙江考生登第情况的不同，还可分析出影响登第的客观因素是试题的质量。
参考答案：①试题的质量；②考生的才华；③文章的风格。
(每点1分，意思对即可) 参考译文：乾隆帝癸卯年科试浙江乡试，首题“逸民伯夷、叔齐、虞仲、夷逸、朱张、柳下惠、少连”，考中乡试的人很少有考中进士的，当时被称为“逸民榜”。
丙子年科试题为“夫达也者，质直而好义，察言而观色，虑以下人”，被选中的文章都气势动宕恣肆、主旨显豁，考中进士的人特别多，当时被称为“响榜”。
大概科场文字，体察道理应该精要，而才华不能收敛；详究方法应该严密，而文笔不能枯竭。
2018版高考语文(江苏专用)附加题含解析
训练A(时间：140分钟分值：185分)板块一文言断句与简答一、(2017·江苏名校高三十月五校联考)阅读材料，完成1～3题。
(10分)初，注《庄子》者数十家，莫能究其旨要。
向秀于旧注外为解义妙析奇致大畅玄风唯《秋水》《至乐》二篇未竟而秀卒。
秀子幼，义遂零落，然犹有别本。
郭象者，为人薄行，有俊才。
见秀义不传于世，遂窃以为己注。
乃自注《秋水》《至乐》二篇，又易《马蹄》一篇，其余众篇，或定点文句而已。
后秀义别本出，故今有向、郭二《庄》，其义一也。
(选自刘义庆《世说新语》) 1.用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限3处)(4分)答案向秀于旧注外为解义/妙析奇致/大畅玄风/唯《秋水》《至乐》二篇未竞而秀卒。
2.向秀，字子期，河内怀人，是魏晋竹林七贤之一。
请写出竹林七贤中其他任意两人的名字。
(2分)答：________________________________________________________________________________________________________________________________答案嵇康、阮籍、山涛、刘伶、王戎、阮咸3.为何向秀、郭象的两种《庄子》注本内容基本一致？请根据材料简要概括。
(4分)答：________________________________________________________________________________________________________________________________答案郭象见向秀注本未在世流传，便窃为己用。
仅自注《秋水》《至乐》，改注《马蹄》，余篇修订文句。
后来向秀释义副本出现，所以两种注本内容基本一致。
【参考译文】当初，注释《庄子》的有几十家，但没有能挖掘出它的精神实质的。
向秀在前人旧注之外重新解释《庄子》，分析精确玄妙，使玄学之风更为兴盛，只是《秋水》《至乐》两篇还没注解完，他就去世了。
2018江苏高考语文真题 附加题及答案
一、阅读材料，完成21－23题。
（10分）书汤海秋诗集后龚自珍人以诗名，诗尤以人名。
唐大家若李、杜、韩及昌谷、玉谿，及宋、元眉山、涪陵、遗山，当代吴娄东，皆诗与人为一。
人外无诗，诗外无人，其面目也完。
益阳汤鹏，海秋其字，有诗三千余篇，芟而存之二千余篇，评者无虑数十家，最后属龚巩祚一言。
巩祚亦一言而已，曰：完。
何以谓之完也？海秋心迹尽在是所欲言者在是所不欲言而卒不能不言在是所不欲言而竟不言于所不言求其言亦在是。
要不肯挦撦他人之言以为己言，任举一篇，无论识与不识，曰：此汤益阳之诗。
[注]挦撦：摘取。
21.用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
（限4处）（4分）22.文中昌谷、玉溪的本名分别是、。
（2分）23.根据材料，用自己的话概括汤鹏诗作的特点。
（4分）二、名著阅读题（15分）24.下列对有关名著的说明，不正确的两项是（5分）（选择两项且全答对得5分，选择两项对一项得2分，其余情况得0分）A.《三国演义》中，曹操攻陷徐州后，派遣张辽劝降陷入困境中的关羽，关羽提出了“卸甲”的三个条件，这一情节突出了关羽的忠义形象。
B.《茶馆》中，秦仲义说：“只有那么办，国家才能富强！”他说的“那么办”是指通过收回房子、卖掉土地等途径，筹集资金来开办工厂。
C.《风波》中，七斤曾经在喝醉后骂有些遗老臭味的赵七爷是“贱胎”，并在革命后很快剪掉了辫子，这体现了他是一个具有新思想的农民。
D.《老人与海》中，老渔夫圣地亚哥奋力捕到的大马林鱼被鲨鱼给毁了，回到港口后，男孩遗憾地对他说，以后他们俩不能一起捕鱼了。
E.《欧也尼・葛朗台》中，葛朗台太太的性情极好，从不向丈夫要钱，她有着天使般的温柔，她的善良和忍让反衬了格朗台的冷漠和贪婪。
25.简答题（10分）（1）《红楼梦》“散余资贾母明大义，复世职政老沐天恩”一回中，贾母得知府中库藏已空、入不敷出的实情后，将自己多年的积蓄拿出来，以渡难关。
请结合这一情节，分析贾母的形象特点。
（6分）（2）巴金的《家》中，梅表姐因躲避炮火再次来到高家，他在花园里看见觉新站在树下，她“嘴唇微微动一下，像要说话”，最终还是“转过身默默地走了”。
2018江苏语文高考卷含附加题答案版
2018年普通高等学校招生全国统一考试语文I试题一、语言文字运用（15分）1．在下面一段话的空缺处依次填入词语，最恰当的一组是（3分）C中国古代的儒家经典，莫不是古圣人深思熟虑、的结晶。
如果把经典仅仅当作一场的说教，那你永远进不了圣学大门。
必得躬亲实践，才能切实摇圣人的心得，如此我们的修为才能日有所进。
A．特立独行耳提面命顿悟B．特立独行耳濡目染领悟C．身体力行耳提面命领悟D．身体力行耳濡目染顿悟2．在下面一段文字横线处填入语句，衔接最恰当的一项是（3分）B“理性经济人”，把利己看作人的天性，只追求个人利益的最大化，这是西方经济学的基本假设之一。
，。
，，，，更倾向于暂时获得产品或服务，或与他人分享产品或服务。
使用但不占有，是分享经济最简洁的表述。
①反而更多地采取一种合作分享的思维方式②不再注重购买、拥有产品或服务③但在分享经济这一催化剂的作用下④人们不再把所有权看作获得产品的最佳方式⑤在新兴的互联网平台上⑥这个利己主义的假设发生了变化A．③⑥⑤①④②B．③⑥⑤④②①C．⑤⑥③①④②D．⑤⑥③④②①3．下列诗句与所描绘的古代体育活动，对应全部正确的一项是（3分）D①乐手无踪洞箫吹，精灵盘丝任翻飞。
②雾縠云绡妙剪裁，好风相送上瑶台。
③浪设机关何所益，仅存边角未为雄。
④来疑神女从云下，去似姮娥到月边。
A．①下围棋②荡秋千③抖空竹④放风筝B．①抖空竹②荡秋千③下围棋④放风筝C．①下围棋②放风筝③抖空竹④荡秋千D．①抖空竹②放风筝③下围棋④荡秋千4．对下面一段文字主要意思的提炼，最准确的一项是（3分）D偏见可以说是思想的放假。
它是没有思想的人的家常日用，是有思想的人的星期天娱乐。
假如我们不能怀挟偏见，随时随地必须得客观公正、正经严肃，那就像造屋只有客厅，没有卧室，又好比在浴室里照镜子还得做出摄影机前的姿态。
学#科网A．没有思想的人往往更容易产生偏见。
B．即使有思想的人也常常会怀挟偏见。
C．人无法做到随时随地保持客观公正。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练5 Word版含解析
附加题自选练5(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)夫幽人韵士，摒绝声色，其嗜好不得不钟于山水花竹。
夫山水花竹者，名之所不在，奔竞之所不至也。
天_下_之_人_栖_止_于_嚣_崖_利_薮_目_眯_尘_沙_心_疲_计_算_欲_有_之_而_有_所_不_暇。
故幽人韵士，得以乘间而踞为一日之有。
夫幽人韵士者，处于不争之地，而以一切让天下之人者也。
惟夫山水花竹，欲以让人，而人未必乐受，故居之也安，而踞之也无祸。
(节选自袁宏道《瓶史》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)解析：解答文言断句题，要从整体上理解语段的大致意思，且要注意句子结构，如“目眯尘沙”和“心疲计算”两句对仗工整，中间应该断开。
另外，要注意对关键词的理解，如“薮”是生长着很多草的湖泽，或者人、物聚集的地方。
因此，“嚣崖利薮”应该连在一起，共同作为“栖止”的处所。
除此之外，有些地方可断可不断，如“天下之人”是主语，它的后面可断可不断，如果题目限制断3处就不断，现在要求断4处，就需要在主谓之间断开。
答案：天下之人/栖止于嚣崖利薮/目眯尘沙/心疲计算/欲有之而有所不暇(每处1分) 2．袁宏道在文学上提出“说”，与、袁中道，合称“公安三袁”。
(2分)答案：性灵袁宗道(每空1分)3．根据材料，简要概括“幽人韵士”钟爱山水花竹的原因。
(4分)答：解析：解答本题，首先要了解材料大意。
然后根据题干中要求的筛选信息的标准——“‘幽人韵士’钟爱山水花竹的原因”，从材料中提炼出关键信息。
如由“夫幽人韵士，摒绝声色，其嗜好不得不钟于山水花竹”可概括出“拒绝声色”，由“夫山水花竹者，名之所不在”可概括出“不争名利”等。
参考答案：①拒绝声色；②不争名利；③有暇欣赏；④居安无祸。
(每点1分，意思对即可)参考译文：那些隐逸而风雅的士人，杜绝一切宴乐女色，他们的嗜好只能钟情于山水花竹。
山水花竹，既没有名利缠绕，也没有相伴名利而生的奔走争竞。
2018届高考语文(江苏专版)三维二轮专题复习课件ppt (10)
“以待凶岁”的“待”字面意思确实是“等
待”义，但将“以待凶岁”译成“用来等待灾年”显然是不妥 的，因为“等待灾年”的潜台词是“希望灾年到来”，这样于 情于理都是说不通的。这里的“待”应酌情译为“防备”。
[ 参考答案]
(吴遵路)又将本郡常平仓储备的粮食扩大
到两百万石，用来防备灾年。
[总结]
译文时要根据具体的语言环境斟酌字句，该抠
则抠，宜变则变。
情形(二)：不知句读而“串译” [例4] 时宋庠、郑戬、叶清臣等皆宰相吕夷简所不悦。
[考生翻译]
[失分评析]
显然，误译是将原文句读为“时宋庠、郑
戬、叶清臣等皆宰相/吕夷简所不悦” ，而正确句读是 “时宋 庠、郑戬、叶清臣等/皆宰相吕夷简所不悦 ”，误译将宰相 一职安错了对象。
[参考答案] 当时宋庠、郑戬、叶清臣等人，都是宰相 吕夷简所不喜欢的人。
二、“ 表达失据”乱语意 高考文言文翻译一般要求直译， 直译应尽量尊重原文， “原 声重现”，但并非抛弃变通，否则极易造成表达失据。 情形(一)：一味抱定字面意思“硬译” [例 3] (遵路)又广属郡常平仓储畜至二百万，以待 凶岁。 ． (《宋史· 列传第一百八十五· 循吏》) [考生翻译]
[失分评析]
[总结]
像上述这些古代专有名词、固定用语和特殊表
达，由于其存在的文化背景、社会状态均已发生变化，今人极 易以当代眼光视之。除此外，古今异义词如“孤(幼而丧 父 )”“妻子”“非常”“中国”“无论”“其实”“交通” 等，偏义复词如“便可白公姥 ”“昼夜勤作息 ”“死生 ，昼夜 ．． ．． ．． 事也”等，互文用法如“草行露宿”“ 将军百战死，壮士十年 归”等，与现代汉语不同的句式和用法如倒装句、定语后置句 等也极易以今律古。 克服以今律古，关键是要做到两点：一是有严谨的态度， 碰到疑难不要想当然，要勤思考，勤翻书；二要打下扎实的基 础，如果文言根基厚实，传统文化的浸润充分，以今律古的概 率将大为降低。
高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练8 Word版含解析.doc
附加题自选练8(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)吏部尚书卢文纪与故相崔协有隙。
是时，协子颀方举进士，文纪谓延曰：“吾_尝_誉_子_于_朝_贡_举_选_士_当_求_实_效_无_以_虚_名_取_人_昔_有_越_人_善_泅_生_子_方_晬_其_母_浮_之_水_上。
人怪而问之，则曰：‘其父善泅，子必能之。
’若是可乎？”延退而笑曰：“卢公之言，为崔协也，恨其父遂及其子邪！”明年，选颀甲科，人皆称其公。
累迁刑部尚书，以太子少保致仕。
(节选自《新五代史》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限6处)(6分)答案：吾尝誉子于朝/贡举选士/当求实效/无以虚名取人/昔有越人善泅/生子方晬/其母浮之水上(每处1分)2．《新五代史》是由(朝代)(人名)编纂的。
(2分)答案：北宋欧阳修(每空1分)3．卢文纪讲越人善于游泳的故事的意图是什么？(2分)答：参考答案：表面上是在提醒王延，贡举挑选士人不能为虚名所惑，应当注重一个人的实际才能，(1分)实质上是因与崔协有矛盾而让王延不要录取崔协的儿子崔颀。
(1分) 参考译文：吏部尚书卢文纪与前宰相崔协有矛盾。
这时，崔协的儿子崔颀正参加进士考试，卢文纪对王延说：“我曾经在朝廷称誉你，贡举挑选士人，应当讲求实效，不要凭虚名录取士人。
过去有个越人善于游泳，他的儿子生下刚满一百天，孩子的母亲就把孩子浮在水上。
旁人看到感觉奇怪，就问她，她说：‘他的父亲善于游泳，儿子也一定能游泳。
’像这样行吗？”王延退下后笑着说：“卢公的话，是因崔协而说的啊，痛恨别人的父亲于是就牵连到儿子啊！”第二年，选崔颀中甲科，人们都称颂王延办事公正。
王延多次升迁担任刑部尚书，后来以太子少保的身份辞官归家。
二、名著阅读题(15分)4．下列对有关名著的说明，不正确的两项是(5分)()A．《三国演义》中，诸葛亮在五丈原患病，自知时日不多，欲用禳星之法延长寿命，但还差一天就成功的时候，主灯被魏延失足扑灭。
2018年高考语文江苏专版三维二轮专题复习：附加题自选练1含解析
附加题自选练1(时间：30分钟满分：40分)一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)迹诗书传记百家之文，二帝三王之所以基太平而泽后世，必曰礼乐云，若政与刑，乃其助尔。
礼节之，乐和之，人_已_大_治_之_后_其_所_谓_助_者_几_不_用_矣_下_三_王_而_王_者_亦_有_议_礼_乐_之_情_者_乎_其_所_谓_礼_乐_如_何_也？儒衣冠而言制作者，文采声音云而已。
基太平而泽后世倘在此邪？宋之为宋久矣，礼乐不接于民之耳目，何也？抑犹未可以制作邪？董仲舒、王吉以为王者未制作，用先王之礼乐宜于世者，如欲用先王之礼乐，则何者宜于世邪？(节选自《临川先生文集》) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)解析：先粗读文段大意，明确大意，然后根据标志性词语，通过分析句子结构等来断句。
如“……之后”后面一般要断开；“矣”是语气词，一般用在句尾，其后要断开。
答案：人已大治之后/其所谓助者几不用矣/下三王而王者/亦有议礼乐之情者乎/其所谓礼乐如何也(每处1分)2．本文选自《临川先生文集》，临川先生是(朝代)的(姓名)。
(2分) 答案：宋代(北宋)王安石(每空1分)3．结合材料，简要概括作者对“礼乐”与“政刑”的态度。
(4分)答：解析：阅读材料，寻找有关“礼乐”“政刑”的相关内容。
如“二帝三王之所以基太平而泽后世，必曰礼乐云，若政与刑，乃其助尔”“人已大治之后，其所谓助者几不用矣”“宋之为宋久矣，礼乐不接于民之耳目，何也”，将这些内容用自己的话进行概括即可。
参考答案：①将礼乐视为根本，旨在切实地在百姓中推行礼乐；(2分)②将政刑视为一种辅助手段，最高目标是达到不用政刑的境界。
(2分)参考译文：根据诗书传记百家的文章而考知，二帝三王奠定太平盛世并且泽被后世的方法，一定说礼乐等等，像政与刑，是礼乐的辅助罢了。
礼节制人性，乐和顺人性，(通过礼乐的教化，)百姓被治理得很好之后，作为辅助手段的政刑几乎就可以不用了。
2018年江苏高考语文真题试题及附加题
2018年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）语文I试题一、语言文字运用（15分）1．在下面一段话的空缺处依次填入词语，最恰当的一组是（3分）中国古代的儒家经典，莫不是古圣人深思熟虑、的结晶。
如果把经典仅仅当作一场的说教，那你永远进不了圣学大门。
必得躬亲实践，才能切实摇圣人的心得，如此我们的修为才能日有所进。
A．特立独行耳提面命顿悟B．特立独行耳濡目染领悟C．身体力行耳提面命领悟D．身体力行耳濡目染顿悟2．在下面一段文字横线处填入语句，衔接最恰当的一项是（3分）“理性经济人”，把利己看作人的天性，只追求个人利益的最大化，这是西方经济学的基本假设之一。
，。
，，，，更倾向于暂时获得产品或服务，或与他人分享产品或服务。
使用但不占有，是分享经济最简洁的表述。
①反而更多地采取一种合作分享的思维方式②不再注重购买、拥有产品或服务③但在分享经济这一催化剂的作用下④人们不再把所有权看作获得产品的最佳方式⑤在新兴的互联网平台上⑥这个利己主义的假设发生了变化A．③⑥⑤①④② B．③⑥⑤④②① C．⑤⑥③①④② D．⑤⑥③④②①3．下列诗句与所描绘的古代体育活动，对应全部正确的一项是（3分）①乐手无踪洞箫吹，精灵盘丝任翻飞。
②雾縠云绡妙剪裁，好风相送上瑶台。
③浪设机关何所益，仅存边角未为雄。
④来疑神女从云下，去似姮娥到月边。
A．①下围棋②荡秋千③抖空竹④放风筝B．①抖空竹②荡秋千③下围棋④放风筝C．①下围棋②放风筝③抖空竹④荡秋千D．①抖空竹②放风筝③下围棋④荡秋千4．对下面一段文字主要意思的提炼，最准确的一项是（3分）偏见可以说是思想的放假。
它是没有思想的人的家常日用，是有思想的人的星期天娱乐。
假如我们不能怀挟偏见，随时随地必须得客观公正、正经严肃，那就像造屋只有客厅，没有卧室，又好比在浴室里照镜子还得做出摄影机前的姿态。
学#科网A．没有思想的人往往更容易产生偏见。
B．即使有思想的人也常常会怀挟偏见。
C．人无法做到随时随地保持客观公正。
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附加题自选练10
(时间：30分钟满分：40分)
一、阅读材料，完成1～3题。
(10分)
若乃春风春鸟，秋月秋蝉，夏云暑雨，冬月祁寒，斯四候之感诸诗者也。
嘉会寄诗以亲，离群托诗以怨。
至于楚臣去境，汉妾辞宫；塞客衣单，孀闺泪尽；或士有解佩出朝，一去忘返；女有扬蛾入宠，再盼倾国。
凡斯种种，感荡心灵，非陈诗何以展其义？非长歌何以骋其情？故曰：诗可以群可以怨使穷贱易安幽居靡闷莫尚于诗矣。
(节选自钟嵘《诗品·序》，有删改) 1．用斜线“/”给上面文言文中的画线部分断句。
(限4处)(4分)
解析：本题考查给文言材料断句的能力。
“可以群”“可以怨”是并列句式，“可以怨”前后应断开；“穷贱易安”“幽居靡闷”也是并列关系，故“易安”“靡闷”后均应断开。
答案：诗可以群/可以怨/使穷贱易安/幽居靡闷/莫尚于诗矣(每处1分)
2．文中“楚臣去境，汉妾辞宫”指、两个典故。
(2分)
答案：屈原放逐昭君出塞(每空1分)
3．概括“凡斯种种，感荡心灵”的两种因素。
(4分)
答：
解析：本题考查归纳材料要点，分析相关问题的能力。
“凡斯种种，感荡心灵”即所有这种种(情景)，感动激荡人的心灵。
由材料可知，因素之一是春夏秋冬四季美景；“至于楚臣去境……再盼倾国”是因素之二，即抒写个人的经历。
参考答案：景物气候，(2分)个人经历。
(2分)(意思对即可)
参考译文：
至于那春风春鸟，秋月秋蝉，夏云暑雨，冬月酷寒，这是(人)有感于四季节令气候并把它表现在诗歌里。
在美好的集会时用诗来表现亲近愉悦，离开朋友时用诗来表达哀怨。
至于楚国臣子离开国都，汉朝的嫔妃辞别宫廷；在边关的客子衣裳单薄，闺中寡居的妇女眼泪哭尽；有的士人解下佩印辞官离朝，一离开忘记返回；女子有扬起蛾眉，入宫受宠，再次顾盼，(相貌)倾国倾城。
所有这种种(情景)，感动激荡人的心灵，如果不铺陈诗句还能用什么来抒发他的情义？如果不放声歌唱还能用什么来舒展他的情怀？所以说：诗可以结交朋友，可以怨恨不平。
使处境困难地位卑贱的人容易安心，使隐居避世的人消除苦闷，(要想如此)没有比诗更好的了。
二、名著阅读题(15分)
4．下列有关名著的说明，不正确的两项是(5分)()
A．“义不负心，忠不顾死”的信条束缚了刘备的手脚，因为义，他迟迟没有夺取刘表及刘琦的荆州牧，对待刘璋的益州也久久不用兵。
B．《呐喊》里《头发的故事》由女子学校里女生剪去长辫子而留短发一事引发议论，从一个侧面反映了辛亥革命的不彻底性，揭示了封建思想并没有从人们心底消除的现实，启发读者：男女真正平等的道路在中国还要走很久。
C．《茶馆》情节环环相扣，衔接巧妙，例如第二幕一开场李三向王利发的妻子抱怨工钱不涨，引出了王利发夫妻之间的口角，而李三抱怨的时候提到了城门要关了可菜还没买，又给常四爷出场做了铺垫。
D．《边城》中作者特意在故事的发展中穿插了对歌、提亲、赛龙舟等苗族风俗的描写，展示边城的自然环境、人文环境，既是对边城的乡土性的诗意揭示，也是优美的诗意烘托。
E．《子夜》里的玛金和蔡真是闸北丝厂总罢工的领导者，在陈月娥汇报了裕华丝厂车间的情形及姚金凤家会议之后，她们认识统一，决定让裕华丝厂先罢工再冲厂，并商讨好罢工的一切布置。
解析：选BE B项，《头发的故事》并非从女生说起，也没有明确说是“女子学校”，文章也没有以男女平等为主题；E项，她们认识不统一，蔡真决定先罢工再冲厂，玛金认为还需要再考虑。
5．简答题(10分)
(1)《红楼梦》中，海棠诗社起社时，探春为什么给黛玉取号“潇湘妃子”？作者这样安排有何用意？(5分)
答：
(2)简述葛朗台太太的形象。
(5分)
答：
解析：(1)对于第一问的回答，一则要联想到她的住处的名字“潇湘馆”，并且此处种有竹子，再次还要想到娥皇、女英的神话故事与林黛玉的爱哭又十分地相似。
第二问要考虑到这一叫法与后来的人物命运。
(2)答题时采用先总后分的结构。
先总括她的性格特征，懦弱、善良、俭朴，再联系原文的情节对这种性格特征加以联系印证。
参考答案：(1)第一问：①黛玉住处潇湘馆有竹子；②斑竹又名湘妃竹，黛玉住处又名“潇湘馆”；③娥皇、女英哭竹成斑，黛玉也爱哭，将来想宝玉，也要变成斑竹的。
(每点
2分，答出两点即可)第二问：预示了黛玉的命运和结局。
(1分)
(2)这是一位值得同情的人物，她心地善良、性格懦弱，生活十分俭朴。
(1分)她对自己的丈夫百依百顺，从不反抗，这种逆来顺受的态度事实上不仅助长了葛朗台的专制和吝啬，也给自己和女儿带来了苦难。
(2分)她虔信天主教，把人生全部的希望都寄托在进入天堂的信念里。
(1分)同时她是个慈母，非常理解和疼爱欧也妮。
(1分)
三、材料概括分析题(15分)
阅读下面的材料，完成6～8题。
人生在世，说话做事须讲求严谨。
严谨总是与细致结伴，与周全牵手，与认真为伍，与责任同行。
严谨的人，说话办事让人放心，言行举止让人安心。
然而，有的人觉得严谨太过呆板，不够活络，认为处事严谨的人似乎不懂变通，不灵活、缺悟性，甚至把严谨与守旧画等号，与无能相挂钩。
如此模糊乃至错误的认知，导致不少人的言行与严谨相去甚远。
当下，人们呼唤“工匠精神”的苏醒，赞美“航天精神”的伟大，呼吁去浮躁、讲精准，这都是对严谨态度的认可和企盼。
严谨是训练出来的，也是修炼出来的。
严谨就是要做事专心，心无旁骛，注重细节。
特别是全心投入，总是把活儿放在心上，把心放在活儿上，倾注情感去做事。
同时还要去浮躁，不急功近利，方能气定神闲地做成事、干好活儿。
无论怎样，需从一点一滴做起，不轻于易，不疏于细，即所谓“天下难事，必作于易；天下大事，必作于细”。
人须严谨，但不必拘谨。
拘谨，乃拘泥于谨慎。
拘谨的人，好比古时候大户人家的小姐、豪门中的媳妇，大气不出、大门不迈，没有了做人的磊落和洒脱。
正所谓“过犹不及”，拘谨不是谨慎，而是不自信、没底气的表现。
拘谨的人，言行过于谨小慎微，不自在、不自然，会释放一种令人窒息的紧张感。
拘谨会折断思想的翅膀，熄灭创意的火花，把朝气变成暮气。
严谨是约束，拘谨是束缚。
约束是需要的，束缚是要挣脱的，人需要严谨但不必拘谨。
(选自徐文秀《严谨莫拘谨》，有删改) 6．“严谨”的内涵是什么？请简要概括。
(4分)
答：
参考答案：态度认真；责任心强；做事细致周全；谨言慎行。
(每点1分)
7．结合材料第二段，概括养成严谨作风的方法。
(5分)
答：
参考答案：①立德修身，加强训练，从一点一滴做起；②要专心细心，全身心投入；
③要摒弃浮躁和急功近利的心理。
(答出一点给1分，答出两点给3分，答出三点给5分)
8．根据材料，分析“严谨”与“拘谨”的区别。
(6分)
答：
参考答案：①严谨是说话做事表现出的好品质、好作风；拘谨是拘泥于谨慎，是不自信、没底气的表现。
②严谨是对自我的约束，是需要的；拘谨是束缚，是要挣脱的。
③严谨出成果，拘谨影响成效。
(每点2分，意思对即可)。