高考数学(文)一轮(新题AB卷)全国课件:第七章 立体几何初步 7.5

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高考数学(文)一轮复习课件:第7章 立体几何7-5

高考数学(文)一轮复习课件:第7章 立体几何7-5

解法二:在正三棱柱中,由 D 为 A1C1中点可证 B1D⊥平面 AA1C1C,作 AH⊥CD,∴B1D⊥AH 又 B1D∩CD
=D,∴AH⊥平面 B1CD,∴∠ADH 为所求的线面角.设棱长为 2,在△ACD 中由等面积法得 AH=455,
45
∴sin∠ADH=
5 5
=45,故选
B.
线面垂直问题的常见类型及解题策略 (1)与命题真假判断有关的问题.解决此类问题的方法是结合图形进行推 理,或者依据条件举出反例否定. (2)证明直线和平面垂直的常用方法:①线面垂直的定义;②判定定理; ③垂直于平面的传递性(a∥b,a⊥α⇒b⊥α);④面面平行的性质(a⊥α, α∥β⇒a⊥β);⑤面面垂直的性质. (3)线面垂直的证明.证明线面垂直的核心是证线线垂直,而证明线线垂 直则需借助线面垂直的性质.因此,判定定理与性质定理的合理转化是 证明线面垂直的基本思想. (4)线面垂直的探索性问题.此类问题的解决方法同“线面平行的探索性 问题”的求解方法(见本章第四讲考点 1 典例探究的[方法规律]).
(2)范围:____0_,__2π___. 3.必记结论 (1)若两条平行线中一条垂直于一个平面,则另一条也垂直于这个平面. (2)若一条直线垂直于一个平面,则这条直线垂直于这个平面内任何一条直线. (3)过空间任一点有且只有一条直线与已知平面垂直. (4)过空间任一点有且只有一个平面与已知直线垂直.
【跟踪训练】 1.[2013·浙江高考]设 m,n 是两条不同的直线,α,β 是两个不同的平面( ) A.若 m∥α,n∥α,则 m∥n B.若 m∥α,m∥β,则 α∥β C.若 m∥n,m⊥α,则 n⊥α D.若 m∥α,α⊥β,则 m⊥β 解析 设直线 a⊂α,b⊂α,a∩b=A, ∵m⊥α,∴m⊥a,m⊥b. 又 n∥m,∴n⊥a,n⊥b,∴n⊥α.

2019-2020年高考数学一轮复习第7章立体几何初步课件文北师大版

2019-2020年高考数学一轮复习第7章立体几何初步课件文北师大版

[导学心语] 根据近5年全国卷高考命题特点和规律,复习本章时,要注意以下几个方 面: 1.深刻理解以下概念、性质、定理及公式. 简单几何体的结构特征;三视图及其表面积、体积公式;三个公理及线面、 面面平行和垂直的八个判定定理与性质定理. 2.抓住空间位置关系中平行、垂直这一核心内容强化训练,不仅要注意平 行与平行、垂直与垂直间的转化,而且要重视平行与垂直间的化归转化.在推理 证明中加强规范严谨性训练,避免因条件缺失、步骤混乱导致失分.
2019/7/20
最新中小学教学课件
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you!
2019/7/20
最连续性的同时,力求创新,空间的折叠 与探索开放性问题的命题趋向值得重视.
编后语
• 常常可见到这样的同学,他们在下课前几分钟就开始看表、收拾课本文具,下课铃一响,就迫不及待地“逃离”教室。实际上,每节课刚下课时的几分 钟是我们对上课内容查漏补缺的好时机。善于学习的同学往往懂得抓好课后的“黄金两分钟”。那么,课后的“黄金时间”可以用来做什么呢?
• 一、释疑难 • 对课堂上老师讲到的内容自己想不通卡壳的问题,应该在课堂上标出来,下课时,在老师还未离开教室的时候,要主动请老师讲解清楚。如果老师已
经离开教室,也可以向同学请教,及时消除疑难问题。做到当堂知识,当堂解决。 • 二、补笔记 • 上课时,如果有些东西没有记下来,不要因为惦记着漏了的笔记而影响记下面的内容,可以在笔记本上留下一定的空间。下课后,再从头到尾阅读一
第七章 立体几何初步
[五年考情]
[重点关注] 综合近5年全国卷高考试题,我们发现高考命题在本章呈现以下规律: 1.从考查题型、题量两个方面来看:一般是1~2个客观题,一个解答题; 从考查分值看,该部分大约占17~22分. 2.从考查知识点看:主要考查简单几何体的三视图及其表面积、体积、空 间中线线、线面、面面的平行和垂直的关系,突出对空间想象能力、逻辑推理能 力和正确迅速运算的能力,以及转化与化归思想的考查.

2024届高考一轮复习数学课件(新教材人教A版):立体几何

2024届高考一轮复习数学课件(新教材人教A版):立体几何
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2.下列四个命题中,正确的是 A.各侧面都是全等四边形的棱柱一定是正棱柱 B.对角面是全等矩形的六面体一定是长方体 C.有两侧面垂直于底面的棱柱一定是直棱柱
√D.长方体一定是直四棱柱
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则四棱锥C-BFNM与D-AEHG是全等的两个 四棱锥, ∵NM⊥AB,则NM⊥EF, 又CN⊥EF,NM∩CN=N, ∴EF⊥平面CMN,∴EF⊥平面DHG, ∵D∈平面DHG,A∉平面DHG,则AD与EF不垂直,故A错误; 三棱柱CNM-DHG为直三棱柱, 几何体AED-BFC的体积与三棱柱CNM-DHG体积相同,
4.已知m,n表示两条不同的直线,α,β表示两个不同的平面,则下列命 题中正确的是
√A.若m∥α,n⊥β,m∥n,则α⊥β
B.若m⊥n,m⊥α,n∥β,则α∥β C.若α⊥β,m⊥α,m⊥n,则n∥β D.若α⊥β,α∩β=m,n⊥m,则n⊥β
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√B.π6
π
π
C.4
D.3
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设 椭 圆 与 圆 柱 的 轴 截 面 如 图 所 示 , 作 DE⊥BC 交 BC 于 点 E , 则
∠CDE为“切面”所在平面与底面所成的角,设为θ.
设底面圆的直径为2r,则CD为椭圆的长轴2a,
√D.①是真命题,②是真命题
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高考数学一轮复习第7章立体几何初步课件文新人教A版

高考数学一轮复习第7章立体几何初步课件文新人教A版

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全国卷Ⅰ·T11 全国卷Ⅰ·T15 全国卷Ⅱ·T9 全国卷Ⅱ·T15
全国卷·T7 全国卷·T8
点、线、 全国卷Ⅰ·T11 面的位 全国卷Ⅰ·T18 全国卷Ⅰ·T18 全国卷Ⅰ·T19 全国卷Ⅰ·T19 置关系 全国卷Ⅱ·T19 全国卷Ⅱ·T19 全国卷Ⅱ·T18 全国卷Ⅱ·T18
全国卷Ⅲ·T19
全国 卷·T19
Байду номын сангаас
[重点关注] 综合近 5 年全国卷高考试题,我们发现高考命题在本章呈现以下规律: 1.从考查题型、题量两个方面来看:一般是 1~2 个客观题,一个解答题; 从考查分值看,该部分大约占 17~22 分. 2.从考查知识点看:主要考查简单几何体的三视图及其表面积、体积、空 间中线线、线面、面面的平行和垂直的关系,突出对空间想象能力、逻辑推理 能力和正确迅速运算的能力,以及转化与化归思想的考查.
第七章 立体几何初步
[五年考情]
考点
2016 年
2015 年
2014 年
2013 年
2012 年
三视图、 全国卷Ⅰ·T7 空间几 全国卷Ⅱ·T4 何体的 全国卷Ⅱ·T7 表面积 全国卷Ⅲ·T10 和体积 全国卷Ⅲ·T11
全国卷Ⅰ·T6 全国卷Ⅰ·T11 全国卷Ⅱ·T6 全国卷Ⅱ·T10
全国卷Ⅰ·T8 全国卷Ⅱ·T6 全国卷Ⅱ·T7

(全国通用版)高考数学一轮复习 第七章 立体几何 课时分层作业四十五 7.5 直线、平面垂直的判定及

(全国通用版)高考数学一轮复习 第七章 立体几何 课时分层作业四十五 7.5 直线、平面垂直的判定及

课时分层作业四十五直线、平面垂直的判定及其性质一、选择题(每小题5分,共25分)1.(2015·高考)设α,β是两个不同的平面,m是直线且m⊂α,“m∥β”是“α∥β”的( )A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件【解析】选B.当m∥β时,可能α∥β,也可能α与β相交.当α∥β时,由m⊂α可知,m∥β.因此,“m∥β”是“α∥β”的必要而不充分条件.2.(2018·某某模拟)PA垂直于以AB为直径的圆所在的平面,C为圆上异于A,B两点的任一点,则下列关系不正确的是( )A.PA⊥BCB.BC⊥平面PACC.AC⊥PBD.PC⊥BC【解析】选C.由PA⊥平面ACB⇒PA⊥BC,故A不符合题意;由BC⊥PA,BC⊥AC,PA∩AC=A,可得BC⊥平面PAC,所以BC⊥PC,故B,D不符合题意;无法判断AC⊥PB,故C符合题意.3.(2018·某某模拟)已知平面α,β,直线l,若α⊥β,α∩β=l,则( )A.垂直于平面β的平面一定平行于平面αB.垂直于直线l的直线一定垂直于平面αC.垂直于平面β的平面一定平行于直线lD.垂直于直线l的平面一定与平面α,β都垂直【解析】选D.垂直于平面β的平面与平面α重合、平行或相交,故A不正确;垂直于直线l的直线若在平面β内,则一定垂直于平面α,否则不一定,故B不正确;垂直于平面β的平面可能垂直于直线l,故C不正确;由面面垂直的判定定理知,垂直于直线l的平面一定与平面α,β都垂直,故D正确.【变式备选】已知三条不重合的直线m,n,l和两个不重合的平面α,β,则下列命题正确的是( )A.若m∥n,n⊂α,则m∥αB.若α⊥β,α∩β=m,n⊥m,则n⊥αC.若l⊥n,m⊥n,则l∥mD.若l⊥α,m⊥β且l⊥m,则α⊥β【解析】选D.若m∥n,n⊂α,则m∥α或m⊂α,故A不正确;若α⊥β,α∩β=m,n⊥m,则n与α相交或n ∥α或n⊂α,故B不正确;若l⊥n,m⊥n,则l与m相交、平行或异面,故C不正确;若l⊥α,m⊥β且l⊥m,则由直线与平面垂直的性质定理和平面与平面垂直的判定定理知α⊥β.4.直三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱长为2,AC=BC=1,∠ACB=90°,D是A1B1的中点,F是BB1上的动点,AB1,DF相交于点E.要使AB1⊥平面C1DF,则线段B1F的长为( )A. B.1C. D.2【解析】选A.设B1F=x,因为AB1⊥平面C1DF,DF⊂平面C1DF,所以AB1⊥DF.由已知可得A1B1=,设Rt△AA1B1斜边AB1上的高为h,则DE=h.又2×=h,所以h=,DE=.在Rt△DB1E中,B1E==.由面积相等得×=x,得x=.【变式备选】如图,三棱柱ABC-A1B1C1中,侧棱AA1⊥底面A1B1C1,AA1=AC=BC=1,∠ACB=90°,D是A1B1的中点,F是BB1上的点,AB1,DF相交于点E,且AB1⊥DF,则下列结论中不正确的是( )A.CE与BC1异面且垂直B.AB1⊥C1FC.△C1DF是直角三角形D.DF的长为【解析】选D.对于A,因为BC1⊂平面B1C1CB,CE⊄平面B1C1CB,且C∈平面B1C1CB,所以CE与BC1是异面直线.因为AA1∥CC1,AA1⊥平面ABC,所以CC1⊥平面ABC,所以CC1⊥AC.又AC⊥BC,BC∩CC1=C,所以AC⊥平面B1C1CB,又BC1⊂平面B1C1CB,所以AC⊥BC1.又四边形B1C1CB是正方形,连接B1C,所以BC1⊥B1C,又B1C∩AC=C,所以BC1⊥平面AB1C,因为CE⊂平面AB1C,所以BC1⊥CE,故A正确;对于B,因为C1A1=C1B1,D是A1B1的中点,所以C1D⊥A1B1,由AA1⊥底面A1B1C1可得AA1⊥C1D,又A1B1∩AA1=A1,所以C1D⊥平面ABB1A1,所以C1D⊥AB1,又DF⊥AB1,C1D∩DF=D,所以AB1⊥平面C1DF,所以AB1⊥C1F,故B正确;对于C,由C1D⊥平面ABB1A1可得C1D⊥DF,故△C1DF是直角三角形,故C正确;对于D,因为AC=BC=AA1=1,∠ACB=90°,所以A1B1=AB=,AB1=,所以DB1=,因为AB1⊥DF,所以∠FDB1=∠AB1F=∠A1AB1,所以cos∠FDB1=cos∠A1AB1,即=,所以=,解得DF=,故D错误.5.已知正方体ABCD-A1B1C1D1,点E,F,G分别是线段DC,D1D和D1B上的动点,给出下列结论①对于任意给定的点E,存在点F,使得AF⊥A1E;②对于任意给定的点F,存在点E,使得AF⊥A1E;③对于任意给定的点G,存在点F,使得AF⊥B1G;④对于任意给定的点F,存在点G,使得AF⊥B1G.其中正确结论的个数是( )A.0B.1C.2D.3【解析】选B.由DE⊥平面A1D,根据三垂线定理,①对于任意给定的点E,A1E在平面A1D的射影为A1D,所以存在点F,使得AF⊥A1E,所以①正确;②如果对于任意给定的点F,存在点E,使得AF⊥A1E,那么,又A1D⊥AD1,可知过A有两条直线与A1D垂直,故②错误;③只有AF垂直B1G在平面AD1的射影时,AF⊥B1G,故③错误;④只有AF⊥平面BB1D1D时,④才正确,AF与平面BB1D1D不垂直,故④错误.【变式备选】对于四面体A-BCD,有以下命题:①若AB=AC=AD,则点A在底面BCD内的射影是△BCD的外心;②若AB⊥CD,AC⊥BD,则点A在底面BCD内的射影是△BCD的内心;③四面体A-BCD的四个面中最多有四个直角三角形;④若四面体A-BCD的6条棱长都为1,则它的内切球的表面积为.其中正确的命题是( ) A.①③B.③④C.①②③D.①③④【解析】选D.由题设AB=AC=AD,故顶点A在底面内的射影是底面外心,故命题①是正确的;四面体中的四个面中最多有四个直角三角形,如图1,正方体中的四面体A-BCD中有四个直角三角形,故命题③是正确的;对于命题②,如图2,尽管AB⊥CD,AC⊥BD,点A在底面BCD内的射影不一定是△BCD的内心,即命题②是错误的;若四面体的6条棱都为1,则它的体积为V=××12×=,又设内切球的半径为r,则V=4×××r=⇒r=,则S=4πr2=4π×=,即命题④也是正确的.二、填空题(每小题5分,共15分)6.α,β是两个平面,AB,CD是两条线段,已知α∩β=EF,AB⊥α于B,CD⊥α于D,若增加一个条件,就能得出BD⊥EF,现有下列条件:①AC⊥β;②AC与α,β所成的角相等;③AC与CD在β内的射影在同一条直线上;④AC∥EF.其中能成为增加条件的序号是________.【解析】由题意得,AB∥CD,所以A,B,C,D四点共面,①:因为AC⊥β,EF⊂β,所以AC⊥EF,又因为AB⊥α,EF⊂α,所以AB⊥EF,因为AB∩AC=A,所以EF⊥面ABDC,又因为BD⊂面ABDC,所以BD⊥EF,故①正确;②:由①可知,若BD⊥EF成立,则有EF⊥面ABDC,则有EF⊥AC 成立,而AC与α,β所成角相等是无法得到EF⊥AC的,故②错误;③:由AC与CD在β内的射影在同一条直线上可知EF⊥AC,由①可知③正确;④:仿照②的分析过程可知④错误.答案:①③7.若圆锥的侧面积是底面积的3倍,则其母线与底面夹角的余弦值为__________.【解析】设圆锥的底面半径为r,母线长为l,由题意πr l=3πr2,即l=3r,母线与底面夹角为θ,则cos θ==.答案:8.如图,PA⊥圆O所在的平面,AB是圆O的直径,C是圆O上的一点,E,F分别是点A在PB,PC上的射影,给出下列结论:①AF⊥PB;②EF⊥PB;③AF⊥BC;④AE⊥平面PBC.其中正确结论的序号是________.【解析】由题意知PA⊥平面ABC,所以PA⊥BC.又AC⊥BC,且PA∩AC=A,所以BC⊥平面PAC,所以BC⊥AF.因为AF⊥PC,且BC∩PC=C,所以AF⊥平面PBC,所以AF⊥PB,又AE⊥PB,AE∩AF=A,所以PB⊥平面AEF,所以PB⊥EF.故①②③正确.答案:①②③三、解答题(每小题10分,共20分)9.如图,四棱锥P-ABCD的底面是正方形,PA⊥底面ABCD,PA=AD=2,点M,N分别在棱PD,PC上,且PC⊥平面AMN.(1)求证:AM⊥PD.(2)求直线CD与平面AMN所成角的正弦值.【解析】(1)因为四边形ABCD是正方形,所以CD⊥AD.又因为PA⊥底面ABCD,所以PA⊥CD,故CD⊥平面PAD.又AM⊂平面PAD,则CD⊥AM,而PC⊥平面AMN,有PC⊥AM,则AM⊥平面PCD,故AM⊥PD.(2)延长NM,CD交于点E,因为PC⊥平面AMN,所以NE为CE在平面AMN内的射影,故∠CEN为CD(即CE)与平面AMN所成的角,又因为CD⊥PD,EN⊥PN,则有∠CEN=∠M PN,在Rt△PMN中,sin∠MPN==,故CD与平面AMN所成角的正弦值为.10.一个正方体的平面展开图及该正方体的直观图的示意图如图所示,在正方体中,设BC的中点为M,GH的中点为N.(1)请将字母F,G,H标记在正方体相应的顶点处(不需说明理由).(2)证明:直线MN∥平面BDH.(3)求二面角A-EG-M的余弦值.【解析】(1)点F,G,H的位置如图所示.(2)连接BD,HF,设O为BD的中点,连接OH,OM,MN.因为M,N分别是BC,GH的中点,所以OM∥CD,且OM=CD,NH∥CD,且NH=CD,所以OM∥NH,OM=NH,所以四边形MNHO是平行四边形,从而MN∥OH,又MN⊄平面BDH,OH⊂平面BDH,所以MN∥平面BDH.(3)连接AC,EM,过M作MP⊥AC于点P.在正方体ABCD-EFGH中,AC∥EG,所以MP⊥EG.过P作PK⊥EG于点K,连接KM,所以EG⊥平面PKM,从而KM⊥EG.所以∠PKM是二面角A-EG-M的平面角.设AD=2,则CM=1,PK=2,在Rt△CMP中,PM=CMsin 45°=.在Rt△KMP中,KM==.所以cos∠PKM==.即二面角A-EG-M的余弦值为.1.(5分)已知m,n表示两条不同直线,α表示平面,下列说法正确的是( )A.若m∥α,n∥α,则m∥nB.若m⊥α,n⊂α,则m⊥nC.若m⊥α,m⊥n,则n∥αD.若m∥α,m⊥n,则n⊥α【解析】选B.选项A.若m∥α,n∥α则m与n可能平行、相交、异面,故A错误;B.若m⊥α,n⊂α,则m⊥n,显然成立;C.若m⊥α,m⊥n,则n∥α或n⊂α,故C错误;D.若m∥α,m⊥n,则n⊥α或n∥α或n与α相交.2.(5分)如图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,点O为线段BD的中点.设点P在线段CC1上,直线OP与平面A1BD 所成的角为α,则sinα的取值X围是( )A. B.C. D.【解析】选B.设正方体的棱长为1,则A1C1=,A1C=,A1O=OC1= =,OC=,所以cos∠A1OC1==,sin∠A1OC1=,cos∠A1OC==-,sin∠A1OC=,又直线与平面所成的角小于等于90°,而∠A1OC为钝角,所以sin α的X围为.3.(5分)(2018·某某模拟)如图,矩形ABCD中,AB=2AD,E为边AB的中点,将△ADE沿直线DE翻转成△A1DE(A1∉平面ABCD).若M,O分别为线段A1C,DE的中点,则在△ADE翻转过程中,下列说法错误的是( )A.与平面A1DE垂直的直线必与直线BM垂直B.异面直线BM与A1E所成角是定值C.一定存在某个位置,使DE⊥MOD.三棱锥A1-ADE外接球半径与棱AD的长之比为定值【解析】选C.取CD的中点F,连接BF,MF,如图1,可知平面MBF∥平面A1DE,所以BM∥平面A1DE,所以A正确.取A1D中点G,可得EG∥BM,如图2,所以B正确.由题意可得点A关于直线DE的对称点为F,则DE⊥平面A1AF,即过O与DE垂直的直线在平面A1AF内,而M不在平面A1AF内,故C错误.三棱锥A1-ADE外接球的球心即为O点,所以外接球半径为AD,故D正确.4.(12分)如图,菱形ABCD与四边形BDEF相交于BD,∠ABC=120°,BF⊥平面ABCD,DE∥BF,BF=2DE,AF⊥FC,M 为CF的中点,AC∩BD=G.(1)求证:GM∥平面CDE.(2)求证:平面ACE⊥平面ACF.【证明】(1)取BC的中点N,连接GN,MN.因为G为菱形对角线的交点,所以G为BD的中点,所以GN∥CD,又因为M,N分别为FC,BC的中点,所以MN∥FB,又因为DE∥BF,所以DE∥MN,又MN∩GN=N,DE∩CD=D,所以平面GMN∥平面CDE,又GM⊂平面GMN,所以GM∥平面CDE.(2)连接GE,GF,因为四边形ABCD为菱形,所以AB=BC,又BF⊥平面ABCD,所以AF=CF,因为AF=FC,所以FG⊥AC.设菱形的边长为2,∠ABC=120°,则GB=GD= 1,GA=GC=,又因为AF⊥FC,所以FG=GA=,则BF=,DE=,且BF⊥平面ABCD,DE∥BF,得DE⊥平面ABCD,在直角三角形GED中,GE==,又在直角梯形BDEF中,得EF==,从而EF2=GF2+GE2,所以FG⊥GE,又AC∩GE=G,所以FG⊥平面ACE,又FG⊂平面ACF,所以平面ACE⊥平面ACF.5.(13分)如图,四边形ABCD是矩形,AB=,BC=1,DE=2EC,PE⊥平面ABCD,PE=.(1)求证:AC⊥PB.(2)求二面角A-PB-C的正切值.【解析】(1)连接BE交AC于点F,因为四边形A BCD是矩形,AB=,BC=1,DE=2EC.所以CE=,所以=.因为∠ABC=∠BCD=,所以△ABC∽△BCE,∠BEC=∠ACB.因为∠BEC+∠ACE=∠ACB+∠ACE=,所以AC⊥BE.因为PE⊥平面ABCD,所以AC⊥PE.因为PE∩BE=E,所以AC⊥平面PBE.所以AC⊥PB.(2)取PB中点G,连接FG,AG,CG,因为PE⊥平面ABCD,所以PE⊥DC.因为PE=,所以PC=1=BC.所以CG⊥PB.所以CG∩AC=C,所以PB⊥平面ACG.所以AG⊥PB. 所以∠AGC是二面角A-PB-C的平面角.因为AB∥CD,AB=CD,DE=2EC.所以===.因为CE=,AC=2,所以CF=,AF=.因为BC⊥CD,BC⊥PE,所以BC⊥平面PCD.所以BC⊥PC,所以PB=.所以CG=.因为FG⊥AC,所以FG=FC=.所以Rt△AFG、Rt△CFG中,tan∠AGF=3,tan∠CGF=1.所以tan∠AGC=tan(∠AGF+∠CGF)===-2.所以二面角A -PB -C的正切值为-2.。

2020版高考数学(文科)一轮复习课件:第七章立体几何 7.5

2020版高考数学(文科)一轮复习课件:第七章立体几何 7.5

解析:依题意,对于①,由“若一条直线与两个平行平面中的 一个垂直,则该直线也垂直于另一个平面”得知,m⊥β,又 n⊂β, 因此 m⊥n,①正确;对于②,当 α⊥β 时,设 α∩β=n,在平面 β 内作直线 m⊥n, 则有 m⊥α, 因此②不正确; 对于③, 由 m∥n, m⊥α 得 n⊥α,又 n⊂β,因此有 α⊥β,③正确;对于④,当 m⊥α,α∩β =n,α⊥β 时,直线 m,n 不平行,因此④不正确.综上所述,正 确命题的个数为 2,故选 C. 答案:C
2.“直线 a 与平面 M 内的无数条直线都垂直”是“直线 a 与 平面 M 垂直”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
解析: 根据直线与平面垂直的定义知“直线 a 与平面 M 的无数 条直线都垂直”不能推出“直线 a 与平面 M 垂直”, 反之可以, 所 以是必要不充分条件. 答案:B
3.平面与平面垂直 (1)二面角: 从一条直线出发的⑤两个半平面所组成的图形叫做 二面角. (2)二面角的平面角: 在二面角的棱上任取一点, 以该点为垂足, 在两个半平面内分别作⑥垂直于棱的两条射线,这两条射线所构成 的角叫做二面角的平面角. 4.平面和平面垂直的定义 两个平面相交,如果所成的二面角是⑦直二面角,就说这两个 平面互相垂直.
图形语言
符号语言 a,b⊂α ②a∩b=O l⊥a l⊥b ⇒l⊥α ③a⊥α ⇒a∥b b⊥α
2.直线和平面所成的角 (1)定义: 平面的一条斜线和它在平面上的射影所成的④锐角叫 做这条直线和这个平面所成的角,一条直线垂直于平面,则它们所 成的角是直角;一条直线和平面平行或在平面内,则它们所成的角 是 0° 的角. π (2)范围:0,2.

2019-2020年高考数学一轮复习第7章立体几何课件

2019-2020年高考数学一轮复习第7章立体几何课件
第七章 立体几何
[五年考情]
考点
2016 年
三视图直观 图及几何体 的表面积体 积
11,6 分(理) 14,4 分(理) 9,6 分(文)
2015 年
2,5 分(理) 2,5 分(文)
2014 年
3,5 分(理) 3,5 分(文)
2013 年
2012 年
12,4 分(理) 11,4 分(理) 5,5 分(文) 3,5 分(文)
• 常常可见到这样的同学,他们在下课前几分钟就开始看表、收拾课本文具,下课铃一响,就迫不及待地“逃离”教室。实际上,每节课刚下课时的几分 钟是我们对上课内容查漏补缺的好时机。善于学习的同学往往懂得抓好课后的“黄金两分钟”。那么,课后的“黄金时间”可以用来做什么呢?
• 一、释疑难 • 对课堂上老师讲到的内容自己想不通卡壳的问题,应该在课堂上标出来,下课时,在老师还未离开教室的时候,要主动请老师讲解清楚。如果老师已
2019/7/20
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2019/7/20
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2,5 分(理)
空间点线 14,4 分(理)
面的位置 17(1),7 分(理)
关系
2,5 分(文)
18(1),7 分(文)
空间向量
及其应 17(2),8 分(理)
用、空间 14,4 分(文)
角Hale Waihona Puke 18(2),8 分(文)13,4 分(理) 17,4 分(理)
17(1),7 分(理) 20(1),7 分(理)
20(2),9 分 20(2),7 分
(理)
(理)
20(2),5 分 20(2),7 分
(文)
(文)

高考数学一轮复习第7章立体几何课件

高考数学一轮复习第7章立体几何课件
什么叫“超前思考,比较听课”?简单地说,就是同学们在上课的时候不仅要跟着老师的思路走,还要力争走在老师思路的前面,用自己的思路和老师的思路进行对 比,从而发现不同之处,优化思维。
比如在讲《林冲棒打洪教头》一文,老师会提出一些问题,如林冲当时为什么要戴着枷锁?林冲、洪教头是什么关系?林冲为什么要棒打洪教头?••••••
20(2),9 分 20(2),7 分
(理)
(理)
20(2),5 分 20(2),7 分
(文)
(文)
[重点关注] 分析近 5 年浙江卷高考试题发现本章主要考查简单几何体的三视图及表面 积、体积、空间中线、面的平行垂直关系、突出对空间想象能力,逻辑推理能 力的考查、分值大约在 20 分左右.
编后语
尖子生好方法:听课时应该始终跟着老师的节奏,要善于抓住老师讲解中的关键词,构建自己的知识结构。利用老师讲课的间隙,猜想老师还会讲什么,会怎样讲, 怎样讲会更好,如果让我来讲,我会怎样讲。这种方法适合于听课容易分心的同学。
2019/5/22
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空间点线 14,4 分(理)
面的位置 17(1),7 分(理)
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空间向量
及其应 17(2),8 分(理)
用、空间 14,4 分(文)

18(2),8 分(文)
13,4 分(理) 11),7 分(理)
有的同学听课时容易走神,常常听着听着心思就不知道溜到哪里去了;有的学生,虽然留心听讲,却常常“跟不上步伐”,思维落后在老师的讲解后。这两种情况都 不能达到理想的听课效果。听课最重要的是紧跟老师的思路,否则,教师讲得再好,新知识也无法接受。如何跟上老师饭思路呢?以下的听课方法值得同学们学习:

高考数学(理)一轮复习课件:第7章 立体几何7-5

高考数学(理)一轮复习课件:第7章 立体几何7-5

栏目 导引
第十二章
选考部分
考点多维探究
栏目 导引
第十二章
选考部分
考点 1 线面垂直的判定与性质
回扣教材 1.直线与平面垂直
任意 一条直线都垂直,就说直线 l 与平面 α 互相垂直. (1)定义:直线 l 与平面 α 内的______
(2)判定定理与性质定理: 文字语言 一条直线与一个平面内的 相交 直线都垂直, 判定定理 两条______ 则该直线与此平面垂直 垂直于同一个平面的两条
0° 的角. __________
π 0 , 2 (2)范围:__________.
3.必记结论 (1)若两条平行线中一条垂直于一个平面,则另一条也垂直于这个平面. (2)若一条直线垂直于一个平面,则这条直线垂直于这个平面内任何一条直线. (3)过空间任一点有且只有一条直线与已知平面垂直. (4)过空间任一点有且只有一个平面与已知直线垂直.
第十二章
选考部分
第七章 立体几何
栏目 导引
第十二章
选考部分
第Байду номын сангаас5讲
直线、平面垂直的判定与性质
栏目 导引
第十二章
选考部分
考纲展示 1.以立体几何的定义、公理定理为出发点, 认识和理解空间中线、面垂直的有关性质 和判定定理. 2.能运用公理定理和已获得的结论证明一 些空间图形的垂直关系的简单命题.
三年高考总结 从近三年高考情况来看,线线、线面、面面垂直的 判定与性质都是考查的重点内容.以客观题出现, 考查判断命题的真假以解答题形式出现,考查几何 体中直线、平面垂直的关系.解题时要把定义、判 定和性质结合起来,学会应用“化归思想”进行线 线、线面、面面问题的相互转化.
命题角度 2 以多面体为载体证明线面垂直的问题

2018高考数学文一轮复习构想课件:第七章 立体几何 7.

2018高考数学文一轮复习构想课件:第七章 立体几何 7.

4.(2017· 银川一模)如图,在正方形 ABCD 中,E、F 分别是 BC、CD 的中点,G 是 EF 的中点,现沿 AE、AF 及 EF 把这个 正方形折成一个空间图形,使 B、C、D 三点重合,重合后的点 记为 H,那么,在这个空间图形中必有( ) A.AH⊥平面 EFH B.AG⊥平面 EFH C.HF⊥平面 AEF D.HG⊥平面 AEF
1.如图,在△ABC 中,∠ABC=90° ,D 是 AC 的中点,S 是△ABC 所在平面外一点,且 SA=SB=SC. (1)求证:SD⊥平面 ABC; (2)若 AB=BC,求证:BD⊥平面 SAC.
——[悟· 技法]—— 证明线面垂直的常用方法 (1)利用线面垂直的判定定理. (2)利用“两平行线中的一条与平面垂直,则另一条也与这 个平面垂直”. (3)利用“一条直线垂直于两个平行平面中的一个,则与另 一个也垂直”. (4)利用面面垂直的性质定理.
——[通· 一类]—— [同类练]——(着眼于触类旁通)
2.(2017· 南昌二模)设 l,m 为两条不同的直线,α 为一个平 面,m∥α,则“l⊥α”是“l⊥m”的( ) A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
解析:∵m∥α,则当 l⊥α 时,l⊥m; 若 l⊥m, l 与 α 可能平行也可能相交, 故“l⊥α”是“l⊥m” 的充分不必要条件,故选 A. 答案:A
(2)判定定理与性质定理 文字语言 图形语言 一条直线与一个平 判定 面内的两条相交直 定理 线都垂直, 则该直线 与此平面垂直 性质 垂直于同一个平面 定理 的两条直线平行
符号语言 a,b⊂α ② a∩b=O ⇒l l⊥a l⊥b ⊥α ③ a⊥α ⇒a∥b b⊥α

高考数学(文)一轮(新题AB卷)全国课件:第七章 立体几何初步 7.1

高考数学(文)一轮(新题AB卷)全国课件:第七章 立体几何初步 7.1

3.如图所示的几何体中,是棱柱的为________(填写所有正确的序号).
【解析】根据棱柱的结构特征可知③⑤是棱柱. 答案:③⑤
4.已知一个几何体的三视图如图所示,则此几何体从上往下依次由________构成.
【解析】由三视图的特征可知,该几何体的上半部分为圆台,下半部分为圆柱. 答案:圆台、圆柱
2.利用斜二测画法得到的: ①三角形的直观图一定是三角形; ②正方形的直观图一定是菱形; ③等腰梯形的直观图可以是平行四边形; ④菱形的直观图一定是菱形. 以上结论正确的个数是________.
【解析】由斜二测画法的规则可知①正确;②错误,是一般的平行四边形;③错误,等腰 梯形的直观图不可能是平行四边形;而菱形的直观图也不一定是菱形,④也错误. 答案:1
【解析】(1)①也可以是棱台. ②棱锥其余各面都是有同一个公共顶点的三角形. ③侧棱延长后必须交于一点. ④必须用平行于底面的平面去截棱锥.
⑤正确. ⑥正棱台的侧棱长相等,非正棱台不一定相等. 答案:①× ②× ③× ④× ⑤√ ⑥×
(2)4个顶点连成矩形的情形显然成立;图(1)中四面体A1-D1B1A是③中描述的情形;图 (2)中四面体D-A1C1B是④中描述的情形;图(3)中四面体A1-D1B1D是⑤中描述的情形,因 此正确答案为①③④⑤.
【同源异考· 金榜原创】 1.下列命题正确的是 ( ) A.两个面平行,其余各面都是梯形的多面体是棱台 B.两个面平行且相似,其余各面都是梯形的多面体是棱台
C.直角梯形以一条直角腰所在的直线为旋转轴,其余三边旋转形成的面所围成的旋转 体是圆台 D.用平面截圆柱得到的截面只能是圆和矩形
【解析】选C.如图所示,可排除A、B选项.只要截面与圆柱的母线平行或垂直,则截得的 截面为矩形或圆,否则为椭圆或椭圆的一部分.

2019版高考数学一轮复习第7章立体几何7.5直线平面垂直的判定与性质习题课件文

2019版高考数学一轮复习第7章立体几何7.5直线平面垂直的判定与性质习题课件文

平面 DCC1D1 为 β.A1A⊥平面 ABCD;A1A∥平面 DCC1D1, 而平面 ABCD∩平面 DCC1D1=DC;对于 D 项,设平面 A1ABB1 为 α,平面 ABCD 为 β,直线 D1C1 为 l,平面 A1ABB1 ⊥平面 ABCD,D1C1∥平面 A1ABB1,而 D1C1∥平面 ABCD. 故 A,C,D 三项都是错误的.而对于 B 项,根据垂直于同 一直线的两平面平行,知 B 项正确.故选 B.
VA′-BCD=VC-A′BD=16.
B级 三、解答题 15.(2018·临汾期末)在三棱柱 ABC-A1B1C1,侧面 ABB1A1 为矩形,AB=2,AA1=2 2,D 是 AA1 中点,BD 与 AB1 交于点 O,且 OC⊥平面 ABB1A1.
证明:平面 AB1C⊥平面 BCD.
证明 ∵ABB1A1 为矩形,AB=2, AA1=2 2,D 是 AA1 的中点, ∴∠BAD=90°,∠ABB1=90°, BB1=2 2,AD=12AA1= 2, ∴tan∠ABD=AADB= 22, tan∠AB1B=BABB1= 22,
5.(2018·甘肃二诊)已知长方体 ABCD-A1B1C1D1 中,
AA1= 3,AB=4,若在棱 AB 上存在点 P,使得 D1P⊥PC, 则 AD 的取值范围是( )
A.(0,1]
B.(0,2]
C.(1, 3] D.[1,4)
解析 连接 DP,由 D1P⊥PC,DD1⊥PC,且 D1P,DD1 是平面 DD1P 内两条相交直线,得 PC⊥平面 DD1P,PC⊥ DP,即点 P 在以 CD 为直径的圆上,又点 P 在 AB 上,则 AB 与圆有公共点,即 0< AD≤12CD=2.故选 B.
∴D1E⊥BC,又 AB⊥BC,D1E∩AB=E, ∴BC⊥平面 ABD1, 又 BC⊂平面 BCD1, ∴平面 BCD1⊥平面 ABD1. ∵BC⊥平面 ABD1,AD1⊂平面 ABD1, ∴BC⊥AD1,又 CD1⊥AD1,BC∩CD1=C, ∴AD1⊥平面 BCD1, 又 AD1⊂平面 ACD1, ∴平面 ACD1⊥平面 BCD1. ∴共有 3 对平面互相垂直.故选 B.

第7章 §7.5 空间直线、平面的垂直--新高考数学新题型一轮复习课件

第7章 §7.5 空间直线、平面的垂直--新高考数学新题型一轮复习课件

新高考数学新题型一轮复习课件第七章§7.5 空间直线、平面的垂直考试要求1.理解空间中直线与直线、直线与平面、平面与平面的垂直关系.2.掌握直线与平面、平面与平面垂直的判定与性质,并会简单的应用.落实主干知识探究核心题型内容索引课时精练L U O S H I Z H U G A N Z H I S H I 落实主干知识1.直线与平面垂直(1)直线和平面垂直的定义任意一条如果直线l与平面α内的直线都垂直,就说直线l与平面α互相垂直.(2)判定定理与性质定理文字语言图形表示符号表示判定定理如果一条直线与一个平面内的垂直,那么该直线与此平面垂直⇒l⊥α性质定理 垂直于同一个平面的两条直线平行⇒a∥b 两条相交直线__________m∩n=P__________m⊂αn⊂αl⊥ml⊥n__________a⊥αb⊥α2.直线和平面所成的角(1)定义:平面的一条斜线和它在平面上的所成的角叫做这条直线和这个平面所成的角,一条直线垂直于平面,则它们所成的角是 ;一条直线和平面平行,或在平面内,则它们所成的角是0°.(2)范围:_______.射影90°3.二面角(1)定义:从一条直线出发的所组成的图形叫做二面角;两个半平面(2)二面角的平面角:在二面角的棱上任取一点,以该点为垂足,在两个半平面内分别作 的两条射线,这两条射线所构成的角叫做二面角的平面角.(3)二面角的范围:[0,π].垂直于棱4.平面与平面垂直(1)平面与平面垂直的定义两个平面相交,如果它们所成的二面角是 ,就说这两个平面互相垂直.直二面角(2)判定定理与性质定理文字语言图形表示符号表示判定定理如果一个平面过另一个平面的,那么这两个平面垂直⇒α⊥β性质定理两个平面垂直,如果一个平面内有一直线垂直于这两个平面的,那么这条直线与另一个平面垂直⇒l⊥α________a⊂αa⊥β垂线交线______________________α⊥βα∩β=al⊥al⊂β1.三垂线定理在平面内的一条直线,如果和穿过这个平面的一条斜线在这个平面内的射影垂直,那么它也和这条斜线垂直.2.三垂线定理的逆定理平面内的一条直线如果和穿过该平面的一条斜线垂直,那么它也和这条斜线在该平面内的射影垂直.判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)直线l 与平面α内的无数条直线都垂直,则l ⊥α.( )(2)垂直于同一个平面的两平面平行.( )(3)若两平面垂直,则其中一个平面内的任意一条直线垂直于另一个平面.( )(4)若直线a ⊥平面α,直线b ⊥平面α,则直线a ∥直线b .( )√×××1.(多选)若平面α⊥平面β,且α∩β=l ,则下列命题中正确的是A.平面α内的直线必垂直于平面β内的任意一条直线B.平面α内的已知直线必垂直于平面β内的无数条直线C.平面α内的任一条直线必垂直于平面βD.过平面α内任意一点作交线l 的垂线,则此垂线必垂直于平面β√√A项,如图①,a⊂α,b⊂β,且a,b与l都不垂直,则a,b不一定垂直,故A错;B项,如图②,a⊂α,作b⊥l,则b⊥α,则β内所有与b平行的直线都与a垂直,故B正确;C项,如图③,a⊂α,但a与l不垂直,则a与β不垂直,故C错;D项,如图④,由两平面垂直的性质定理可知D正确.2.“直线a与平面α内的无数条直线都垂直”是“直线a与平面α垂直”的必要不充分___________条件.3.在三棱锥P -ABC 中,点P 在平面ABC 上的射影为点O .(1)若P A =PB =PC ,则点O 是△ABC 的____心;如图1,连接OA ,OB ,OC ,OP ,在Rt △POA ,Rt △POB 和Rt △POC 中,P A =PC =PB ,∴OA =OB =OC ,即O 为△ABC 的外心.外图1(2)若P A⊥PB,PB⊥PC,PC⊥P A,则点O是△ABC的____心.垂如图2,延长AO ,BO ,CO 分别交BC ,AC ,AB 于点H ,D ,G .∵PC ⊥P A ,PB ⊥PC ,P A ∩PB =P ,P A ,PB ⊂平面P AB ,∴PC ⊥平面P AB ,又AB ⊂平面P AB ,∴PC ⊥AB ,∵AB ⊥PO ,PO ∩PC =P ,PO ,PC ⊂平面PGC ,∴AB ⊥平面PGC ,又CG ⊂平面PGC ,∴AB ⊥CG ,即CG 为△ABC 边AB 上的高.同理可证BD ,AH 分别为△ABC 边AC ,BC 上的高,即O 为△ABC 的垂心.图2T A N J I U H E X I N T I X I N G 探究核心题型例1 (2021·全国甲卷)已知直三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,侧面AA 1B 1B 为正方形,AB =BC =2,E ,F 分别为AC和CC 1的中点,BF ⊥A 1B 1.(1)求三棱锥F -EBC 的体积;题型一直线与平面垂直的判定与性质如图,取BC的中点为M,连接EM,由已知可得EM∥AB,AB=BC=2,AB∥A1B1,由BF⊥A1B1得EM⊥BF,又EM⊥CF,BF∩CF=F,所以EM⊥平面BCF,(2)已知D为棱A1B1上的点,证明:BF⊥DE.连接A1E,B1M,由(1)知EM∥A1B1,所以ED在平面EMB1A1内.在正方形CC1B1B中,由于F,M分别是CC1,BC的中点,所以由平面几何知识可得BF⊥B1M,又BF⊥A1B1,B1M∩A1B1=B1,所以BF⊥平面EMB1A1,又DE⊂平面EMB1A1,所以BF⊥DE.教师备选如图,在四棱锥P-ABCD中,四边形ABCD是矩形,AB⊥平面PAD,AD =AP,E是PD的中点,M,N分别在AB,PC上,且MN⊥AB,MN⊥PC.证明:AE∥MN.∵AB⊥平面P AD,AE⊂平面P AD,∴AE⊥AB,又AB∥CD,∴AE⊥CD.∵AD=AP,E是PD的中点,∴AE⊥PD.又CD∩PD=D,CD,PD⊂平面PCD,∴AE⊥平面PCD.∵MN⊥AB,AB∥CD,∴MN⊥CD.又∵MN⊥PC,PC∩CD=C,PC,CD⊂平面PCD,∴MN⊥平面PCD,∴AE∥MN.证明线面垂直的常用方法及关键(1)证明直线和平面垂直的常用方法:①判定定理;②垂直于平面的传递性(a∥b,a⊥α⇒b⊥α);③面面平行的性质(a⊥α,α∥β⇒a⊥β);④面面垂直的性质.(2)证明线面垂直的关键是证线线垂直,而证明线线垂直则需借助线面垂直的性质.底面ABCD,AB⊥AD,AC⊥CD,∠ABC=60°,PA =AB=BC,E是PC的中点,证明:(1)CD⊥AE;∵P A⊥底面ABCD,CD⊂平面ABCD,∴P A⊥CD,∵AC⊥CD,P A∩AC=A,P A,AC⊂平面P AC,∴CD⊥平面P AC.而AE⊂平面P AC,∴CD⊥AE.(2)PD⊥平面ABE.由P A=AB=BC,∠ABC=60°,可得AC=P A.∵E是PC的中点,∴AE⊥PC.由(1)知AE⊥CD,且PC∩CD=C,PC,CD⊂平面PCD,∴AE⊥平面PCD.而PD⊂平面PCD,∴AE⊥PD.∵P A⊥底面ABCD,∴P A⊥AB.又∵AB⊥AD且P A∩AD=A,P A,AD⊂平面P AD,∴AB⊥平面P AD,而PD⊂平面P AD,∴AB⊥PD.又∵AB∩AE=A,AB,AE⊂平面ABE,∴PD⊥平面ABE.例2 (2021·全国乙卷)如图,四棱锥P -ABCD 的底面是矩形,PD ⊥底面ABCD ,M 为BC 的中点,且PB ⊥AM .(1)证明:平面P AM ⊥平面PBD ;题型二平面与平面垂直的判定与性质∵PD ⊥平面ABCD ,AM ⊂平面ABCD ,∴PD ⊥AM .∵PB ⊥AM ,且PB ∩PD =P ,PB ⊂平面PBD ,PD ⊂平面PBD ,∴AM ⊥平面PBD .又AM ⊂平面P AM ,∴平面P AM ⊥平面PBD .(2)若PD=DC=1,求四棱锥P-ABCD的体积.由题意知AB=DC=1.∵AM⊥平面PBD,BD⊂平面PBD,∴AM⊥BD,由∠BAM+∠MAD=90°,∠MAD+∠ADB=90°,得∠BAM=∠ADB,则四棱锥P-ABCD的体积(2020·全国Ⅰ)如图,D为圆锥的顶点,O是圆锥底面的圆心,△ABC是底面的内接正三角形,P为DO上一点,∠APC=90°.(1)证明:平面P AB⊥平面P AC;教师备选∵D为圆锥顶点,O为底面圆心,∴OD⊥平面ABC,∵P在DO上,OA=OB=OC,∴P A=PB=PC,∵△ABC是圆内接正三角形,∴AC=BC,△P AC≌△PBC,∴∠APC=∠BPC=90°,即PB⊥PC,P A⊥PC,P A∩PB=P,∴PC⊥平面P AB,PC⊂平面P AC,∴平面P AB⊥平面P AC.设圆锥的母线为l,底面半径为r,OD2=l2-r2=2,解得r=1,在等腰直角三角形APC中,在Rt△P AO中,(1)判定面面垂直的方法①面面垂直的定义.②面面垂直的判定定理.(2)面面垂直性质的应用①面面垂直的性质定理是把面面垂直转化为线面垂直的依据,运用时要注意“平面内的直线”.②若两个相交平面同时垂直于第三个平面,则它们的交线也垂直于第三个平面.跟踪训练2 如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为矩形,平面PAD⊥平面ABCD,PA⊥PD,P A=PD,E为AD的中点.(1)求证:PE⊥BC;因为P A=PD,E为AD的中点,所以PE⊥AD.因为底面ABCD为矩形,所以BC∥AD.所以PE⊥BC.(2)求证:平面P AB⊥平面PCD.因为底面ABCD为矩形,所以AB⊥AD.又因为平面PAD⊥平面ABCD,平面PAD∩平面ABCD=AD,AB⊂平面ABCD,所以AB⊥平面P AD.又PD⊂平面P AD,所以AB⊥PD.又因为P A⊥PD,且P A∩AB=A,P A,AB⊂平面P AB,所以PD⊥平面P AB.又PD⊂平面PCD,所以平面P AB⊥平面PCD.例3 如图,已知ABCD -A 1B 1C 1D 1是底面为正方形的长方体,∠AD 1A 1=60°,AD 1=4,点P 是AD 1上的动点.题型三垂直关系的综合应用(1)试判断不论点P 在AD 1上的任何位置,是否都有平面BP A ⊥平面AA 1D 1D,并证明你的结论;∵BA⊥平面AA 1D 1D ,BA ⊂平面BP A ,∴平面BP A ⊥平面AA 1D 1D ,∴与P 点位置无关.的角的余弦值;过点P作PE⊥A1D1,垂足为E,连接B1E(如图),则PE∥AA1,∴∠B1PE或其补角是异面直线AA1与B1P所成的角.D1中,∵∠AD1A1=60°,在Rt△AA∴∠A1AD1=30°,∴在Rt△B1PE中,(3)求PB1与平面AA1D1所成角的正切值的最大值.由(1)知,B1A1⊥平面AA1D1,∴∠B1P A1是PB1与平面AA1D1所成的角,当A1P最小时,tan∠B1P A1最大,这时A1P⊥AD1,如图,在四棱锥S-ABCD中,四边形ABCD是边长为2的菱形,∠ABC=60°,△SAD为正三角形.侧面SAD⊥底面ABCD,E,F分别为棱AD,SB的中点.(1)求证:AF∥平面SEC;教师备选。

高考数学一轮第7章 立体几何 7-5a

高考数学一轮第7章 立体几何 7-5a

A.AG⊥平面 EFH B.AH⊥平面 EFH
C.HF⊥平面 AEF D.HG⊥平面 AEF
2019/8/8
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解析 根据折叠前、后 AH⊥HE,AH⊥HF 不变, ∴AH⊥平面 EFH,B 正确;∵过 A 只有一条直线与平 面 EFH 垂直,∴A 不正确;∵AG⊥EF,EF⊥GH,AG∩GH =G,∴EF⊥平面 HAG,又 EF⊂平面 AEF,∴平面 HAG ⊥平面 AEF,过 H 作直线垂直于平面 AEF,一定在平面 HAG 内,∴C 不正确;由条件证不出 HG⊥平面 AEF,∴D 不正 确.故选 B.
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解析 ①AE⊂平面 PAC,BC⊥AC,BC⊥PA⇒AE⊥BC, 故①正确;②AE⊥PC,AE⊥BC⇒AE⊥平面 PBC,PB⊂平 面 PBC⇒AE⊥PB,AF⊥PB,EF⊂平面 AEF⇒EF⊥PB,故 ②正确;③若 AF⊥BC⇒AF⊥平面 PBC,则 AF∥AE 与已知 矛盾,故③错误;由②可知④正确.
(1)证明:SD⊥平面 SAB; (2)求四棱锥 S-ABCD 的高.
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解 (1)证明:如图,取 AB 的中点 E,连接 DE,DB,
则四边形 BCDE 为矩形, ∴DE=CB=2, ∴AD=BD= 5. ∵侧面 SAB 为等边三角形,AB=2,
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解析 由 AB=CB,AD=CD 知 AC⊥DE,AC⊥BE,从 而 AC⊥平面 BDE,故③正确.
2019/8/8
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15
9.如图所示,在四棱锥 P-ABCD 中,PA⊥底面 ABCD, AB⊥AD,AC⊥CD,∠ABC=60°,PA=AB=BC,E 是 PC 的中点.求证:

高考数学(人教版文)一轮复习课件:第7章 立体几何7.5

高考数学(人教版文)一轮复习课件:第7章 立体几何7.5
的打“√”,错误的打“×”) (1)垂直于同一个平面的两平面平行。( × ) (2)若两条直线与一个平面所成的角相等,则这两条直线平行。 (× ) (3)若平面 α 内的一条直线垂直于平面 β 内的无数条直线, 则 α⊥β。 ( ×) (4)二面角是指两个相交平面构成的图形。( × ) (5)若两个平面垂直,则其中一个平面内的任意一条直线垂直于另 一个平面。( × )
(2)方法一,若 AB=BC,则 BD⊥AC, 由(1)可知,SD⊥平面 ABC,而 BD⊂平面 ABC, ∴SD⊥BD, ∵SD⊥BD、BD⊥AC,SD∩AC=D, ∴BD⊥平面 SAC。 方法二,若 AB=BC,则 BD⊥AC。由(1)知 SD⊥平面 ABC,又 SD⊂平面 SAC, ∴平面 ABC⊥平面 SAC,又平面 ABC∩平面 SAC=AC。 ∴BD⊥平面 SAC。
二、必明 3●个易误点 1.证明线面垂直时,易忽视面内两条线为相交线这一条件。 2. 面面垂直的判定定理中, 直线在面内且垂直于另一平面易忽视。 3. 面面垂直的性质定理在使用时易忘面内一线垂直于交线而盲目 套用造成失误。
考点一 证明直线与平面垂直 【典例 1】 已知直角△ABC 所在平面外一点 S,且 SA=SB=SC,D 为斜边 AC 中点。 (1)求证:SD⊥平面 ABC; (2)若 AB=BC,求证: BD⊥平面 SAC。
考纲要求 1.以立体几何的定义、公理和定理为出发点,认识和理解空间中 线、面垂直的有关性质与判定定理。 2.能运用公理、定理和已获得的结论证明一些空间图形的垂直关 系的简单命题。
考情分析 1.直线、平面垂直的判定及其性质是高考中的重点考查内容,涉 及线线垂直、线面垂直、面面垂直的判定及其应用等内容。 2.题型主要以解答题的形式出现,解题要求有较强的推理论证能 力,广泛应用转化与化归的思想。

高考数学(全国通用)一轮总复习(文理科)配套课件:第七章 立体几何 7.5

高考数学(全国通用)一轮总复习(文理科)配套课件:第七章 立体几何 7.5
与垂直相关的命题真假的判断方法
(1)借助几何图形判定;
(2)看能否找到反例,若能够找到反例,则结论不正确;
(3)正面验证所有可能情况.
第七章
第五节 直线、平面垂直的判定及其性质
主干知识回顾
名师考点精讲
综合能力提升
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【变式训练】 (2015·金华十校模拟)若m,n是两条不同的直线,α,β,γ是三个不同的平面, 则下列命题中为真命题的是( ) A.若m⊂β,α⊥β,则m⊥α B.若α∩γ=m,β∩γ=n,m∥n,则α∥β C.若m⊥β,m∥α,则α⊥β D.若α⊥γ,α⊥β,则β∥γ C 【解析】若m⊂α,α⊥β,则m,α位置关系不确定,可能平行、相交或m在平面α上,A错误; 若α∩γ=m,β∩γ=n,m∥n,则α∥β或α,β相交,B错误;由线面平行的性质定理和面面垂直的 判定定理可得C正确;若α⊥γ,α⊥β,则β,γ可能平行或相交,D错误.
【解题思路】利用线面垂直的判定定理和平行线的性质证明.
第七章
第五节 直线、平面垂直的判定及其性质
主干知识回顾
名师考点精讲
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第七章
第五节 直线、平面垂直的判定及其性质
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名师考点精讲
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线面垂直的判断方法 (1)定义法; (2)判定定理法; (3)平行平面法; (4)平行线法; (5)面面垂直的性质定理法; (6)直线的方向向量与平面的法向量共线法.
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第七章
第五节 直线、平面垂直的判定及其性质
主干知识回顾
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考点 3 平面与平面垂直的判定与性质
典例4 (2016·哈尔滨六中月考)如图,已知棱柱ABCD-A1B1C1D1的底面是菱形,且AA1⊥平面ABCD, ∠DAB=60°,AD=AA1=1,F为棱AA1的中点,M为线段BD1的中点. (1)求证:平面D1FB⊥平面BDD1B1; (2)求三棱锥D1-BDF的体积.
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第五节
直线、平面垂直的判定及其性质
【教材基础回顾】 1.直线与平面垂直 (1)定义:直线l与平面α内的_____一条直线都垂直, 就说直线l与平面α互相垂直.
任意
(2)判定定理与性质定理:
文字语言 一条直线与一个 相交 平 判 面内的两条 定 _____ 定 直线都垂直,则
图形语 言
符号语言
a,b⊂α a∩b=O _______
射影
[0, ] 2
锐角
3.平面与平面垂直 (1)二面角: 从一条直线出发的___________所组成的图形叫做二面 角;在二面角的棱上任取一点,以该点为垂足,在两个半 平面内分别作_________的两条射线,这两条射线所构 成的角叫做二面角的平面角.
两个半平面
垂直于棱
(2)定义:两个平面相交,如果所成的二面角是 _________,就说这两个平面互相垂直.
直二面角
(3)判定定理与性质定理:
文字语言 判 定 定 理
图形语言
符号语言
l⊥α l⊂β
一个平面过另 一垂线 个平面的_____, 则这两个平面 垂 直
_____ _____
⇒α ⊥β
文字语言
图形语言
符号语言
α⊥β
l⊂β
两个平面垂 直, 则一个平面 交线 性 内 质 垂直于_____ 定 的 理
【解析】选A.根据面面垂直的性质,知A不正确,直线l可能平行于平面β,也可能在平面β 内或与平面β相交.
2.(2016· 浙江高考)已知互相垂直的平面α,β交于直线l.若直线m,n满足m∥α,n⊥β, 则 ( ) A.m∥l B.m∥n C.n⊥l D.m⊥n 【解析】选C.由题意知,α∩β=l,所以l⊂β,因为n⊥β,所以n⊥l.
(3)反复验证所有可能的情况,必要时要运用判定或性质定理进行简单说明.
【拓展】反证法:反证法是立体几何中常用的间接证明方法.其步骤是:①否定结论;② 进行推理;③导出矛盾;④肯定结论.用反证法证题要注意:①宜用此法否;②命题结论的 反面情况有几种.
【同源异考· 金榜原创】 1.如图,在正四面体P-ABC中,D,E,F分别是AB,BC,CA的中点,下面四个结论不成立的是 ( )
【解析】选C.A中,由m⊥n,n∥α可得m∥α或m与α相交或m⊥α,错误;B中,由m∥β,β⊥α 可得m∥α或m与α相交或m⊂α,错误;C中,由m⊥β,n⊥β可得m∥n,又n⊥α,所以m⊥α,正 确;D中,由m⊥n,n⊥β,β⊥α可得m∥α或m与α相交或m⊂α,错误.
【技法点拨】 与线面垂直关系有关命题真假的判断方法 (1)借助几何图形来说明线面关系要做到作图快、准,甚至无需作图通过空间想象来判 断. (2)寻找反例,只要存在反例,结论就不正确.
3.如图1,四边形ABCD为矩形,PD⊥平面ABCD,AB=1, BC=PC=2,作如图2折叠.沿EF折叠后点 P在线段AD上的点记为M,并且EF∥DC,MF⊥CF. (1)证明:CF⊥平面MDF. (2)求三棱锥M-CDE的体积.
【解析】(1)因为PD⊥平面ABCD,PD⊂平面PCD,平面PCD⊥平面ABCD, 平面PCD∩平面ABCD=CD,MD⊂平面ABCD,MD⊥CD, 所以MD⊥平面PCD,因为CF⊂平面PCD,所以MD⊥CF. 因为CF⊥MF,MD,MF⊂平面MDF,MD∩MF=M, 所以CF⊥平面MDF.
2 2
3 , 8
2
所以VM-CDE= S△CDE· MD=
2
3 3 2 3 2 6 MD ME DE PE DE ( ) ( ) , 4 4 2
1 3
1 3 6 2 . 3 8 2 16
【母题变式溯源】
题号 1
2
知识点 与线面、面面垂 直有关的基础性 问题 与线面、面面垂 直有关的基础性 问题 直线与平面垂直
【教材母题变式】 1.下列命题中不正确的是 ( ) A.如果平面α⊥平面β,且直线l∥平面α,则直线l⊥平面β B.如果平面α⊥平面β,那么平面α内一定存在直线平行于平面β
C.如果平面α不垂直于平面β,那么平面α内一定不存在直线垂直于平面β D.如果平面α⊥平面γ,平面β⊥平面γ,α∩β=l,那么l⊥γ
A.BC∥平面PDF B.DF⊥平面PAE C.平面PDF⊥平面PAE D.平面PDE⊥平面ABC
【解析】选D.因为BC∥DF,DF⊂平面PDF, BC⊄平面PDF, 所以BC∥平面PDF,故选项A正确. 在正四面体中,AE⊥BC,PE⊥BC,DF∥BC, 所以BC⊥平面PAE,则DF⊥平面PAE,从而平面PDF⊥平面PAE.因此选项B,C均正确.
α∩β=a
l⊥a
【金榜状元笔记】 1.若两平行线中的一条垂直于一个平面,则另一条也垂直于这个平面. 2.两个相交平面同时垂直于第三个平面,它们的交线也垂直于第三个平面.
3.三垂线定理 在平面内的一条直线,如果它和这个平面的一条斜线的射影垂直,那么它也和这条斜线 垂直.
4.三垂线定理的逆定理 在平面内的一条直线,如果和这个平面的一条斜线垂直,那么它也和这条斜线的射影垂 直.
l⊥a _______ _____ l⊥b _____
文字语言 性 质 定 理 垂直于同一个平 平行 面 的两条直线 _____
图形语 言
a⊥α
符号语言
b⊥α
_____ _____
⇒a∥b
2.直线和平面所成的角 定义:一条斜线和它在平面上的_____所成的_____叫 做这条直线和这个平面所成的角.范围是________.
源自教材 P73· 练习T1 P72·探究 P79·
考向一 线面、面面垂直的判断问题 【典例1】设m,n是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,下列命题正确的是 ( )
A.若m⊥n,n∥α,则m⊥α B.若m∥β,β⊥α,则m⊥α C.若m⊥β,n⊥β,n⊥α,则m⊥α D.若m⊥n,n⊥β,β⊥α,则m⊥α
(2)因为CF⊥平面MDF,所以CF⊥DF, 又易知∠PCD=60°,所以∠CDF=30°, 从而CF= CD= , 因为EF∥DC,所以 即 所以DE= 所以PE=
1 2
1 2
DE CF , DP CP
1 DE 2 , 3 2
3 , 4
3 3 , 4
所以S△CDE= CD· DE=
1 2
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