高考物理最新电磁学知识点之稳恒电流基础测试题及答案解析(1)

高考物理最新电磁学知识点之稳恒电流基础测试题及答案解析(1)
一、选择题
1．移动充电宝是一种能直接给手机等移动设备充电的储能装置。

如图所示为某品牌充电宝的技术参数。

关于该充电宝，下列说法中正确的是（）
A．在给充电宝充电时，是将化学能转化为电能
B．给该无电的充电宝充电，需要30h才能充满
C．给该无电的充电宝充满电，需要消耗111Wh的电能
D．该充电宝用“输出1”给手机充电时，输出功率为5W
2．如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则()
A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变小
C．通过R2的电流变小D．电源内阻消耗的电压变大
3．如图所示电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，若将滑动片P向下滑动，则（）
A．A灯变亮
B．B灯变亮
C．总电流变小
D．R1上消耗功率变大
4．如图所示的电路，R1、R2、R4均为定值电阻，R3为热敏电阻(温度升高，电阻减小)，电源的电动势为E，内阻为r.起初电容器中悬停一质量为m的带电尘埃，当环境温度降低
时，下列说法正确的是()
A．电压表和电流表的示数都减小
B．电压表和电流表的示数都增大
C．电压表和电流表的示数变化量之比保持不变
D．带电尘埃将向下极板运动
5．电动机是把电能转化成机械能的一种设备，在工农业、交通运输、国防及家电、医疗领域广泛应用。

图示表格是某品牌电动机铭牌的部分参数，据此信息，下列说法中正确的是（）
A．该电动机的发热功率为1100W
B．该电动机转化为机械能的功率为1100W
C．该电动机的线圈电阻R为8.8Ω
D．该电动机正常工作时每分钟对外做的功为4
6.610J
6．如图是某品牌手机电池的铭牌，根据你所学的物理知识进行判断，下列说法正确的是
A．“3000mAh”表示该电池储存的电能最多10800J
B．“11.55Wh”表示该电池储存的电能最多为41580J
C．一个标注为“3V，4000F”的超级电容器容纳的电荷量肯定比该电池能释放的电荷量多D．用匹配的充电器给电池充电，若把电池从电量为10%充电到40%花了30分钟，则充电器消耗的平均电功率为6.93W
7．如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（）
A ．V 的读数变大，A 的读数变小
B ．V 的读数变大，A 的读数变大
C ．V 的读数变小，A 的读数变小
D ．V 的读数变小，A 的读数变大
8．如图是某款能一件自动上水的全自动智能电热壶，当壶内水位过低时能自动加满水，加热之后的水，时间长了冷却，机器又可以自动加热到设定温度。

某同学为了研究其工作原理，经进一步查阅厂家相关技术说明了解到：“一键加水”是由一水泵（电动机）和传感器来实现的，单独对这一部分进行测试时发现，当其两端所加电压110V U =时，电动机带不动负载，因此不转动，此时通过它的电流12A I =；当其两端所加电压236V U =时（通过变压器实现），电动机能带动负载正常运转，这时电流21A I =，则下列说法正确的是（）
A ．这种电热壶工作时加热部分的电阻值约为5Ω
B ．正常工作时，其输出的机械功率为31W
C ．正常工作时，其电动机内阻两端电压为32V
D ．使用一天该水壶消耗的电能为36KWh
9．如图所示，A 、B 两闭合圆形线圈用同样导线且均绕成100匝。

半径A B 2R R =，内有以B 线圈作为理想边界的匀强磁场。

若磁场均匀减小，则A 、B 环中感应电动势A B :E E 与产生的感应电流A B :I I 分别是（ ）
A ．A
B :2:1E E =；A B :1:2I I =
B ．A B :2:1E E =；A B :1:1I I =
C ．A B :1:1E E =；A B :2:1I I =
D ．A B :1:1
E E =；A B :1:2I I =
10．如图，A 、B 两盏电灯完全相同．当滑动变阻器的滑动头向右移动时，则（ ）
A ．A 灯变亮，
B 灯变亮
B ．A 灯变暗，B 灯变亮
C ．A 灯变暗，B 灯变暗
D ．A 灯变亮，B 灯变暗
11．竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图所示的电路图连接。

绝缘线与左极板的夹角为θ。

当滑动变阻器R 的滑片在a 位置时， 电流表的读数为I 1，夹角为θ1；当滑片在b 位置时， 电流表的读数为I 2，夹角为θ2，则（ ）
A ．θ1<θ2，I 1<I 2
B ．θ1>θ2，I 1>I 2
C ．θ1＝θ2，I 1＝I 2
D ．θ1<θ2，I 1＝I 2
12．一块手机电池的背面印有如图所示的一些符号，另外在手机使用说明书上还写有“通话时间3 h ，待机时间100 h”，则该手机通话和待机时消耗的功率分别约为（ ）
A ．1.8 W ，5.4×10-2W
B ．3.6 W ，0.108 W
C ．0.6 W ，1.8×10-2W
D ．6.48×103 W ，1.94×102W
13．以下四种规格的用电器，让它们在额定电压下工作相同的时间，下列说法正确的是（ ）
A．电动机输出功率为650W B．电风扇和电烙铁产生的热量相同
C．电风扇和电烙铁消耗的电能相同D．日光灯消耗的电能全部转化为光能14．如图所示，a、b两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长l a＝3l b，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则()
A．两线圈内产生顺时针方向的感应电流
B．a、b线圈中感应电动势之比为9∶1
C．a、b线圈中感应电流之比为3∶4
D．a、b线圈中电功率之比为3∶1
15．如图为多用电表欧姆档的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300μA，内阻
R g=100Ω，调零电阻的最大值R0=50kΩ，电池电动势E=1.5V，电源内阻不计。

将两表笔短接调零后，用它测量电阻R x，当电流计指针只在满刻度的一半时，R x的阻值是（）
A．25kΩB．5kΩC．50kΩD．50Ω
16．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器4R的滑片向b端移动时，则（）
A．质点P将向上运动B．电流表读数减小
C．电压表读数减小D．3R上消耗的功率增大
17．在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，某同学设计了一种报警装
R会发生变化，导置，电路如图所示，M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻M
致S两端电压U增大，从而使装置发出警报，E为内阻不计的电源，此过程中（）
A．此过程中流过电源的电流变小
B．此过程中流过传感器M的电流变小
R变大，且R越大，U增大越明显
C．M
R变小，且R越大，U增大越明显
D．M
18．如图甲所示为一款儿童电动汽车，该款电动汽车的部分参数如图乙所示，则下列说法正确的是 ( )
A．电源规格中的4.5 A·h，A·h 是能量的单位
B．电机的输出功率小于24W
C．电机线圈的电阻为6 Ω
D．行驶过程中电机突发故障，被卡住无法转动，此时通过电机的电流为 2 A
19．如图所示，两段长度和材料相同、各自粗细均匀的金属导线a、b，单位体积内的自由电子数相等，横截面积之比S a∶S b＝1∶2。

已知5s内有5×1018个自由电子通过导线a的横截面，电子的电荷量e=1.6×10－19C。

下列说法正确的是（）
A．流经导线a的电流为0.16A
B．流经导线b的电流为0.32A
C．a、b的电阻之比R a∶R b＝1∶2
D．自由电子在导线a和b中的定向移动速率之比v a∶v b＝1∶2
20．在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，将滑动变阻器R3的滑片P向a 端移动过程中（）
A．电压表示数变大，电流表示数变小B．R2消耗的功率变小
C．电源的总功率变大D．电源效率变低
21．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系图如图所示.用此电源和电阻R1、R2组成电路.R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路.为使电源输出功率最大，可采用的接法是( )
A．将R1单独接到电源两端
B．将R1、R2并联后接到电源两端
C．将R1、R2串联后接到电源两端
D．将R2单独接到电源两端
22．如图所示，电阻R1、R2、R3、R4满足R1:R2:R3:R4=1:2:3:4，则当A、B间接上直流电压时，流过R1、R2、R3、R4的电流I1:I2:I3:I4为( )
A．1:2:3:4
B．6:3:2:11
C．3:2:1:6
D．3:2:1:4
23．图为测量某电源电动势和内阻时得到的U-I图线．用此电源与三个阻值均为3Ω的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V．则该电路可能为
A ．
B ．
C ．
D ．
24．如图是某电源的路端电压与电流的关系图像，下面结论正确的是（ ）
A ．电源的电动势为1.0V
B ．电源的内阻为12Ω
C ．电源的短路电流为0.5A
D ．电流为0.3A 时的外电阻是18Ω
25．如图所示的电路中，输入电压U 恒为12V ，灯泡L 上标有“6V ，12W”字样，电动机线圈的电阻R M ＝0.50Ω。

若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是（ ）
A ．通过电动机的电流为12A
B ．电动机的输入功率为24W
C ．电动机的输出功率为12W
D ．电动机的热功率为2.0W
【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除
一、选择题
1．D
解析：D
【解析】
【详解】
A ．给充电宝充电时是把电能转化为化学能的过程，故A 错误；
B ．该充电宝的容量为
3530000mAh 30000103600 1.0810C -==⨯⨯=⨯q
以1.5A 的电流为用电器充电则供电时间
5
1.0810s 20h 1.5
q t I ⨯=== 故B 错误；
C ．该充电宝的容量为30000mAh =q ，充电的电压为5V ，则消耗的电能为
45.410J=150Wh W qU ==⨯
而111Wh 是充电宝的额定储存能量，故C 错误；
D ．该充电宝用“输出1”给手机充电时，电压为5V ，电流为1A ，则输出功率为
5W P UI ==
故D 正确。

故选D 。

2．B
解析：B
【解析】
【分析】
【详解】
A ．光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R 1两端的电压减小，电压表的示数变小，A 错误； BCD ．因电路中电流减小，故电源的内电压减小，则路端电压增大，同时R 1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R 2的电流增大，由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由2P I R =可知，小灯泡消耗的功率变小，
B 正确
C
D 错误．
3．D
解析：D
【解析】
将滑动片向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流I 增大，则R 1上消耗功率变大，路端电压U E Ir =﹣，I 增大，U 减
小，则A 灯变暗，B 灯与变阻器并联的电压1U E I R r =+并﹣（），I 增大，则U 并减小，所
以B 灯变暗，故D 正确，ABC 错误；
故选D ．
【点睛】对于电路中动态变化分析问题，一般先确定局部电阻的变化，再确定总电阻的变化，到总电流、总电压的变化，再回到局部电路研究电压、电流的变化．
4．C
解析：C
【解析】
【分析】
首先要读懂电路图，知道电容器的端电压等于R 4的端电压，根据温度升高，判断电路的总电阻的变化，在判断支路电压和电流的变化；再根据电容器板间电压的变化，分析板间场强的变化，判断带电尘埃的受力情况，从而分析其运动情况；
【详解】
AB 、当环境温度降低时，R 3的阻值增大，外电路总电阻增大，则总电流减小，所以电流表的示数减小；根据欧姆定律可得内电压减小，R 1两端的电压减小，并联部分的电压1U E U U =--并内增大，则电压表的示数增大，故A 、B 错误；
C 、电压表的示数为U=E−I(R 1+r)，则得电压表和电流表的示数变化量之比为
1()U R r I
∆=-+∆，保持不变，故C 正确； D 、电容器板间电压增大，板间场强增大，带电尘埃所受的电场力增大，则带电尘埃将向上极板运动，故D 错误；
故选C 。

【点睛】
关键是注意此题牵涉的电阻较多，分析应逐项分析，注意灵活应用闭合电路的欧姆定律和各支路的电压与电流的关系。

5．C
解析：C
【解析】
【分析】
【详解】
A ．电动机的输出功率为
110080.0%W 880W P P η=⋅=⨯=出总
则电动机的发热功率为
1100W 880W 220W P =-=热
选项A 错误；
B ．电动机转化为机械能的功率等于输出功率880W ，选项B 错误；
C ．电路中的额定电流为5A ，所以电动机的内电阻为
22220=
==8.85
P R I ΩΩ热 选项C 正确； D ．电动机正常工作时每分钟对外做的功为
488060J 5.2810J W P t ==⨯=⨯出
选项D 错误。

故选C 。

6．B
解析：B
【解析】
【详解】
A. 3000mAh 表示电池用3000mA 的电流放电时，可以持续一个小时，其对应的是电荷量，不是电能，故A 错误；
B 、“11.55Wh ”表示该电池储存的电能最多为:
11.553600J 41580J W Pt ==⨯=
故B 正确；
C. 电容中容纳的电量取决于其电压值，如果充电后电压很小，则电量很小，故超级电容容
纳的电量不一定比电池释放的电荷量多，故C 错误； D 、由W UIt =可得:
4.43360030%J 14256J W Uq ==⨯⨯⨯=
则对应的功率:
14256W 7.92W 3060
W P t =
==⨯ 故D 错误。

7．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
S 断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V 的读数变大；
把R 1归为内阻，内电压减小，故R 3中的电压增大，由欧姆定律可知R 3中的电流也增大，电流表示数增大，
A ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故A 错误；
B ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故B 正确；
C ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故C 错误；
D ．分析得V 的读数变大，Ａ的读数变大，故D 错误；
8．B
解析：B 【解析】 【分析】
考查电功率与热功率，焦耳定律。

【详解】
A ．由铭牌图可知，加热部分额定电压为220V ，额定功率为1500W ，则加热部分电阻为：
2222032.31500
U R P ==Ω=Ω
A 错误；
B ．电压110V U =时，电动机带不动负载，此时仅加热部分工作，电流12A I =，则电动机内阻：
1110V 52A
U r I =
==Ω 其两端所加电压236V U =时，电动机能带动负载正常运转，这时电流21A I =，则输出功率：
2
22231W P P P U I I r =-=-⋅=总热
出 B 正确；
C ．正常工作时，其电动机内阻两端电压为：
25V U I r ==内
C 错误；
D ．使用一天该水壶，加热部分消耗的电能为：
1.524KW h 36KW h W P t =⋅=⨯⋅=⋅
总消耗的电能应该加上电动机消耗，故大于36KW h ⋅，D 错误。

故选B 。

9．D
解析：D 【解析】 【分析】 【详解】
根据法拉第电磁感应定律
B S
E n
n t t
∆Φ∆⋅==∆∆ 题中n 相同，
B
t
∆∆相同，面积S 也相同，则得到A 、B 环中感应电动势E A ：E B =1：1。

根据电阻定律
L R S ρ
= L =n •2πr
ρ、S 0相同，则电阻之比
R A ：R B =r A ：r B =2：1
根据欧姆定律E
I R
=
得，产生的感应电流之比 I A ：I B =1：2
故D 正确，ABC 错误； 故选D 。

10．D
解析：D 【解析】
当滑出向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻增大，所以外电路电阻增大，路端电压增大，总电流减小，即B 中的电流减小，所以B 变暗，B 两端的电压减小，而路端电压是增大的，所以并联电路两端的电压增大，即A 两端的电压增大，所以A 变亮，D 正确．
11．D
解析：D 【解析】 【详解】
因电容器稳定后相当于开路，对电路没有影响，故移动滑片时电路中电流不变，即
12I I =
小球带正电，小球受重力、电场力及绳子的拉力而处于平衡；滑片右移时，与电容器并联部分的电压增大，则电容器两端的电压增大，由U =Ed 可知，两极板间的电场强度增大；小球受到的水平向右的电场力增大，因重力不变，要使小球重新处于静止状态，细线与竖直板间的夹角应增大。

故选D 。

12．C
解析：C 【解析】
由图知 3.6U V =,500Q mA h =⋅．通话时3t h =，由Q It =，P UI =得
0.6UQ P W t =
=.同理待机时100t h =，21.810UQ
P W t -=⨯'
='，C 对． 13．A
解析：A 【解析】 【详解】
A ．由图知，电动机在额定电压下工作时，电动机输出功率为650W ，故A 正确。

B ．在相同时间内，电风扇产生的热量小于电烙铁产生的热量，故B 错误。

C ．电风扇和电烙铁额定功率不等，根据W=Pt 知，在相同的时间内，电风扇和电烙铁消耗的电能不同，故C 错误。

D ．日光灯消耗的电能转化为光能和内能，故D 错误。

故选A 。

14．B
解析：B 【解析】
试题分析：根据楞次定律可知，两线圈内均产生逆时针方向的感应电流，选项A 错误；因磁感应强度随时间均匀增大，则
B
k t
∆=∆，根据法拉第电磁感应定律可知2
ΔΔΔΔB E n n l t t
Φ==，则239()11a b E E ==，选项B 正确；根据2
444B n
l S E E
klS t I l nl
R nl S ρρ
ρ∆∆'
='=
='
=∝，故a 、b 线圈中感应电流之比为3:1，选项C 错
误；电功率232344klS B nk l S P IE n l l t ρρ
'⋅'
∆===∝∆，故a 、b 线圈中电功率之比为27:1，选项D 错误；故选B ．
【学科网考点定位】法拉第电磁感应定律；楞次定律；闭合电路欧姆定律；电功率．
【名师点睛】此题是一道常规题，考查法拉第电磁感应定律、以及闭合电路的欧姆定律；要推导某个物理量与其他物理量之间的关系，可以先找到这个物理量的表达式，然后看这个物理量和什么因素有关；这里线圈的匝数是容易被忽略的量．
15．B
解析：B 【解析】 【详解】
欧姆表的中值电阻R 中等于欧姆表的内电阻R 总，根据闭合电路欧姆定律，满偏时
g E I R =
总
当电流计指针指在满刻度的
12
时 12g x
E I R R =+总 联立解得
12
x g E
R R I =
-总
联立可得：
R x =5kΩ。

故B 正确ACD 错误。

故选B 。

16．C
解析：C 【解析】 【详解】
ABC ．由图可知，2R 与滑动变阻器4R 串联后与3R 并联后，再由1R 串联接在电源两端；电容器与3R 并联；当滑片向b 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时1R 两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过3R 的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而2R 中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故AB 错误，C 正确；
D ．因3R 两端的电压减小，由2U
P R
=可知，3R 上消耗的功率减小，故D 错误；
故选C 。

17．D
解析：D 【解析】 【详解】
AB ．根据欧姆定律可知，当S 两端电压U 增大，干路电流增大；根据串联电路的分压作用知，M 与R 并联的电压变小，流过R 的电流变小，而干路电流变大，则流过M 的电流变大，故A 、B 错误；
CD ．由闭合电路欧姆定律可知总电阻减小，M 与R 并联的电阻变小，所以传感器的电阻
M R 变小；假设R 很小，甚至为零，则传感器部分的电路被短路，故传感器M R 的大小变
化对S 的电压就无影响，所以R 越大，U 增大越明显，故C 错误，D 正确； 故选D 。

18．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
A •h 是电流与时间的乘积，是电量的单位．故A 错误；电动机的额定功率：
P=UI=12×2=24W ，可知电动机的输出功率一定小于24W ．故B 正确；只知道电动机的额定电压与额定电流，不能由欧姆定律求出电动机的电阻值．故C 错误；知道电动机的额定电压，不知道电动机的电阻值，所以若电机突发故障，被卡住无法转动，不能求出通过电动机的电流值．故D 错误．故选B ．
19．A
解析：A 【解析】 【分析】 【详解】
AB ．根据电流的定义式求解通过a 、b 导体的电流
1819510 1.6A A 100.165
q I t ⨯==⨯=⨯－
A 正确，
B 错误；
C ．根据电阻定律
L
R S
ρ
= 可知
21
a b b a R S R S == C 错误；
D ．根据电流的微观表达式
I neSv =
可知
21
a b b a v S v S == D 错误。

故选A 。

20．A
解析：A 【解析】 【分析】 【详解】
AB ．分析电路结构可知电压表测量路端电压，电流表测量滑动变阻器支路的电流；当滑动变阻器滑片由b 端向a 端滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，则干路电流变小，根据U E Ir =-可知路端电压变大，电压表示数变大，电阻1R 在干路上，根据
U IR =可知两端电压变小，根据串联分压可知并联支路电压变大，灯泡2R 两端电压变
大，流过的电流变大，灯泡2R 消耗功率变大，根据串联分流可知流过滑动变阻器的电流减小，电流表示数变小，故A 正确，B 错误；
C ．根据P EI =可知，干路电流变小，则电源的总功率变小，故C 错误；
D ．电源效率为
221100%100%
()1
I R R r I R r r R R
η==⨯=⨯+++ 当滑动变阻器滑片由b 端向a 端滑动时，分析变阻器接入电路的电阻变大，电源效率变高，故D 错误； 故选A 。

21．A
解析：A 【解析】 【详解】
根据闭合电路欧姆定律得：U=E −Ir 知，I=0时，U=E ，图象的斜率等于r ，则由电源的U −I 图线得到：电源的电动势为E=3V ，内阻为r=0.5Ω. 由电阻的伏安特性曲线求出
R 1=0.5Ω、R 2=1Ω，R 1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为3A ，路端电压为1.5V ，则电源的输出功率为P 出1=1.5V×3A=4.5W， 同理，当将R 1、R 2串联后接到电源两端，利用欧姆定律可得电路电流I 串=1.5A ，此时电源的输出功率P 串=I 2串(R 1+R 2)=3.75W ；两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I 并=3.6A,此时电源的输出功率P 并=EI 并−I 2并r=4.32W ；R 2单独接到电源两端输出功率为P 出
2
=2V×2A=4W.所以将R 1单独接到电源两端时电源的输出功率最大。

故A 正确，BCD 错误。

故选：A
由电源的U-I 图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U-I 图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．
22．B
解析：B 【解析】 【详解】
由并联电路的电压相同可得：电阻R 1、R 2、R 3两端的电压相等，故由欧姆定律可得：
，又由并联电路电流分流可得：
，所以
，故B 正确，A 、C 、D 错误；
故选B 。

【点睛】
关键是根据并联电路电压相同，由欧姆定律得到I 1，I 2，I 3的数值关系，然后根据并联电路电流分流求得I 4与I 1，I 2，I 3的关系，即可得到比值。

23．B
解析：B 【解析】 【分析】 【详解】
由上图可知电源电动势为6V ，电源内阻为64
0.54
-Ω=Ω． A ．三电阻并联，1R =Ω外，6
4A 1.5
E I A R r =
==+外，4V U IR ==外； B ．两个电阻串联，然后与第三个电阻并联，2R =Ω外， 2.4A E
I R r
=
=+外，
4.8V U IR ==外；
C ．三电阻串联，9R =Ω外，0.63A E
I R r
=
=+外， 5.68V U =； D ．两电阻并联后与第三个电阻串联， 4.5R =Ω外， 1.2A E
I R r
==+外， 5.4V U =； 【点睛】
根据图象求得电源的电动势和内电阻是本题的关键，之后根据闭合电路欧姆定律来计算即可．
24．D
解析：D 【解析】 【分析】
A ．电源的电动势为纵轴的截距，为6.0V ，故A 错误；
B ．电源的内阻为该图形的斜率绝对值
6.0 5.0
2.00.5
U r I ∆-=
=Ω=Ω∆ 故B 错误；
C ．该图像的纵轴没有从零开始，故图像与横轴的电流不是短路电流，短路电流
6.0V
=
3.0A 2.0Ω
E I r ==短 故C 错误；
D ．根据闭合电路的欧姆定律
E
I R r
=
+ 得
E R r I
=
- 带入数据解得
18.0R =Ω
故D 正确。

故选D 。

25．D
解析：D 【解析】 【详解】
A ．灯泡与电动机串联，通过的电流相等，则电流
2A L
L
P I U =
= 故A 错误；
B ．电动机两端的电压为
U M =U -U L =6V
所以电动机的输入功率为
P =U M I =12W
故B 错误；
CD ．电动机的发热功率为
P 热=I 2R M =2W
电动机的输出功率为
P 出=P -P 热=10W
故C 错误，D 正确。

故选D 。