2020-2021学年安徽省黄山市西武中学高二物理月考试卷带解析

2020-2021学年安徽省黄山市西武中学高二物理月考试卷含解析
一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意
1. 关于减小远距离输电线上的功率损耗，下列说法正确的是
A．由功率P=U2/R，应降低输电电压，增大导线电阻
B．由P=IU，应低电压小电流输电
C．由P=I2R，应减小导线电阻或减小输电电流
D．上述说法均不对
参考答案：
C
2.
参考答案：
D
3. （单选）关于电磁感应，下列说法中正确的是（）
A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大；
B．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零；
C．穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大；
D．通过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大。

参考答案：
D
4. （单选）如图所示，虚线为某电场的等势面，今有两个带电粒子(重力不计)，以不同的速率，沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的轨迹1和2运动，由轨迹可以断定A．两个粒子的电性一定不同
B．粒子1的动能和粒子2的电势能都是先减少后增大
C．经过B、C两点，两粒子的速度可能不等
D．两个粒子带电量一定不同
参考答案：
BAC
5. 如图所示圆环形导体线圈a 平放在水平桌面上，在a 的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向上滑动，下列表述正确的是（）
A．线圈a 中将产生俯视逆时针方向的感应电流
B．穿过线圈a 的磁通量变大
C．线圈a 有收缩的趋势
D．线圈a 对水平桌面的压力F 将变小
参考答案：
D
【考点】楞次定律．
【分析】首先明确滑动触头向上滑动时通过判断出线圈b中的电流减小，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向．根据感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因，可以很好判断线圈的运动趋势．
【解答】解：A、B、当滑动触头P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，b线圈产生的磁场减弱，故穿过线圈a的磁通量变小；
根据b中的电流方向和安培定则可知b产生的磁场方向向下穿过线圈a，根据楞次定律，a中的感应电流的磁场要阻碍原来磁场的减小，故a的感应电流的磁场方向也向下，根据安培定则可知线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故AB错误．
C、再根据微元法将线圈a无限分割根据左手定则不难判断出线圈a应有扩张的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向上滑动导致穿过线圈a的磁通量减小，故只有线圈面积增大时才能阻碍磁通量的减小，故线圈a应有扩张的趋势，故C错误；
D、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向上滑动时，可以用“等效法”，即将
线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁互相吸引，故线圈a对水平桌面的压力F将减小，故D正确．
故选：D．
二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分
6. 元电荷（基本电荷）：电子和质子所带等量的异种电荷，电荷量e =1.60×10-19C.实验指出，所有带电体的电荷量或者等于电荷量e，或者是电荷量e的整数倍．因此，电荷量e称为元电荷．电荷量e的数值最早由美国科学家用实验测得的．
参考答案：
密立根
7. 在某次闪电中，持续的时间约0.005s，所形成的平均电流约 6×104A。

若闪电过程中流动的电量以 0.5A的电流通过电灯，可供灯照明的时间为 s。

参考答案：
6
8. 在如图下所示的电路中，电流表、电压表的读数如图所示，则通过R的电流是____A，加在电阻R 两端的电压是______V。

参考答案：
2.40 ；12.0
9. 在磁感应强度B为0.4T的匀强磁场中，让长0.2m的导体ab在金属框上以6m/s的速度向右移动，如图所示，此时ab中感应电动势的大小等于伏,如果R1=6Ω，R2=3Ω，其他部分的电阻不计，则通过ab的电流大小为安培..
参考答案：10. 法国物理学家用精密的实验定量研究了电荷间的相互作用的规律，它就
是。

参考答案：
11. 一定质量的理想气体，在压强不变的条件下，它在100℃时的体积和9℃时的体积之比
是。

它在0℃时的热力学温度是K。

参考答案：
373:282，273
12. 如图所示，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒。

ab 和cd用导线连成一个闭合回路。

当ab棒向左运动时，cd导线受到向下的磁场力。

由此可知Ⅰ是▲极，a点电
势▲（填“大于”或“小于”）b点电势。

参考答案：
__S_____ 、____大于____
13. 滑动变阻器使用联接（填限流式或者分压式）时可以实现被测电路两端电压从0连续可调，从而有效保护电路；使用多用电表测量电阻时，每次更换量程都必须进行，使用完后旋钮的位置应该指在。

参考答案：
三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分
14. 在练习使用多用表的实验中
（1）某同学连接的电路如图所示：①若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过________的电流；
②若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，此时测得的是________的电阻；
③若旋转选择开关，使尖端对准直流电压挡，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时测得的是________两端的电压。

（2）（单选）在使用多用表的欧姆挡测量电阻时，若（）
A．双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大
B．测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必需减小倍率，重新调零后再进行测量
C．选择“′10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于25
D．欧姆表内的电池使用时间太长，虽然完成调零，但测量值将略偏大
参考答案：
（1）①R1 (2分)；②R1和R2串联(2分)；③R2（或电源）(2分)
（2）D
15. （4分）在“用描迹法画出电场中平面上的等势线”的实验中，要把白纸、导电纸、复写纸铺放在木板上，它们的铺放顺序自下而上是
A．导电纸、复写纸、白纸 B．复写纸、导电纸、白纸
C．白纸、导电纸、复写纸 D．白纸、复写纸、导电纸
参考答案：
D
四、计算题：本题共3小题，共计47分
16. 风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展，如图所示风车阵中发电机输出功率为100kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V，输电线电阻为10Ω.若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：（1）在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比．
（2）用户得到的电功率是多少．
参考答案：
(1)输电线损失的功率
P损＝P×4%＝100kW×4%＝4kW.
输电线的电流I2＝＝A＝20A.
升压变电器输出电压U2＝＝V＝5×103V.
升压变压器原、副线圈匝数比：＝＝＝.
电压损失U损＝I2R线＝20×10V＝200V.
降压变压器原线圈端电压U3＝U2－U损＝4800V.
降压变压器原、副线圈匝数比＝＝.
(2)用户得到的电功率即降压变压器的输出功率为
P用＝P－P损＝P(1－4%)＝100×96%kW＝96kW.
17. 如图所示，在两端封闭粗细均匀的竖直长管道内，用一可自由移动的活塞A封闭体积相等的两部分气体．开始时管道内气体温度都为T0=500K，下部分气体的压强p0=1.25×105Pa，活塞质量
m=0.25kg，管道的内径横截面积S=1cm2．现保持管道下部分气体温度不变，上部分气体温度缓慢降
至T，最终管道内上部分气体体积变为原来的，若不计活塞与管道壁间的摩擦，g=10m/s2，求此时上部分气体的温度T．
参考答案：
解：设初状态时两部分气体体积均为V0，对下部分气体，等温变化，根据玻意耳定律知：P0V0=PV，其中：
解得：P= 1.25×105Pa=1×l05Pa
对上部分气体，初态：P1=P0﹣=1×105Pa
末态：
根据理想气体状态方程，有：
解得：T=281.25 K
答：此时上部分气体的温度T=281.25 K．
【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强．
【分析】对下部分气体分析知气体为等温变化，根据玻意耳定律求出气体压强，再根据平衡求出上部分气体压强，最后对上部分气体根据根据理想气体状态方程列式求温度．
18. 如图所示, 匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，一倾角为α=600的光滑斜面上,静止一
根长为L=1m，重G=3N，通有电流I=3A的金属棒。

求：
（1）匀强磁场的磁感应强度大小；
（2）导体棒对斜面的压力大小。

参考答案：(1) T (2) 6N；。