德强高中暑假作业

德强高中暑假作业
-----高1学年物理学科(三) 一．选择题
二．实验题
11. 控制变量法小车（和钩码）质量不变都算对平衡摩擦力砂和砂桶的重力没
有满足小车质量M远大于小桶及钩码质量m造成的没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不
足【解析】(1)本实验要探究小车的加速度a和质量M、合外力F的关系，故采
用控制变量法；
(2)若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变．
(3)用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力
，目的是平衡摩擦力．对整体运用牛顿第二定律得，则小
车的合力，当沙和桶的总质量远小于小车的质量，小车所受的
拉力等于沙和沙桶的重力．
(4)图线上部弯曲，即当拉力较大时加速度与小桶及砝码重力不成正比，这是由于没有
满足小车质量M远大于小桶及钩码质量m造成的．
三．计算题
=
m
v=at=1×4m/s=4m/s，
(1)
:
末的速度大小v5=at1=1.4×5m/s=7.0m/s
参考答案
1．CD
【解析】物体的质量与合外力以及加速度无关，由本身的性质决定，故A 错误；物体的合
外力与物体的质量和加速度无关，故B 错误；根据牛顿第二定律可知，物体的加速度
的方向总是跟它所受合外力的方向一致，故C 正确；根据牛顿第二定律可知，物体的
加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比，故D 正确。

故选CD 。

【点睛】根据牛顿第二定律可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成
反比．物体的质量与合外力以及加速度无关，由本身的性质决定．合外力与质量以及加速度无关． 2．AB
【解析】AB 、对木块：
，对小车：
，故木块受到的摩擦力的大小
或
，故AB 正确；
C 、由于不是滑动摩擦力，不能通过公式F f ＝μmg 表达，故C 错误；
D 、Ma 指的是物体M 在过程中受到的合外力，故D 错误； 故选AB 。

3．AC
【解析】物体做直线运动，初末速度大小相等，物体可能做匀速直线运动，即恒力F 等于滑动摩擦力，故A 正确；物体可能速度先减为零，然后反向加速到相同的值，即力与运动方向相反，故减速时的加速度1F f a m +=
，加速时的加速度2F f
a m
-=，可得： 12a a >，故C 正确，BD 错误。

所以AC 正确，BD 错误。

4．AC
【解析】对网球：受到重力mg 和球拍的支持力N ，作出力图如图，
根据牛顿第二定律得：Nsinθ=ma；Ncosθ=mg；解得a=gtanθ，N=，故AC正确；球在竖直方向加速度为零，则球不失重，选项B错误；以球拍和球整体为研究对象，如图，根据
牛顿第二定律得：运动员对球拍的作用力为，则球拍对人的作用力大小为
，故C错误。

故选AC。

点睛：本题是两个作用下产生加速度的问题，分析受力情况是解答的关键，正确选择研究对象，运用正交分解，根据牛顿第二定律求解.
5．AB
【解析】0~2s内货物的加速度，根据牛顿第二定律：，解得F1=600N；0~2s内货物的位移：；则人对货物做的功为W F=Fx1=600J，选项A正确；整个过程中，根据动量定理：，解得整个过程中人对货物
的推力的冲量为，选项B正确；2~3s
内货物的加速度，根据牛顿第二定律：所受推力F2=450N；则0~2s和2~3s内货物所受推力之比为F1:F2=600:450=4:3，选项C错误；整个过程中货物的加速度先沿斜面向上，后向下，先超重后失重，选项D错误；故选AB.
点睛：此题首先要分析物体的受力情况，结合v-t图像求解加速度，然后求解推力的大小；注意动量定理的灵活运用.
6．BC
【解析】对整体运用牛顿第二定律得，隔离对分析，有，则，A错误B正确；在突然撤去的瞬间，的加
速度大小，C正确D错误．
7．B
【解析】对人受力分析，受重力和支持力，支持力小于重力，故合力向下，加速度向下，故升降机的加速度也向下；故升降机加速下降或者减速上升；故ACD错误，B正确；故选B。

点睛：本题考查对超重和失重现象的理解和分析能力，其实是牛顿运动定律的特殊应用，要知道加速度向下为失重，加速度向上为超重状态．
8．B
【解析】设斜面底部长为L，AD与水平面的夹角为，BD与水平面的夹角为，
物体在AD面上运动时的加速度为
物体在BD面上运动时的加速度为
物体在AD面上运动的时间：
物体在BD面上运动的时间：
由题意可知：
联立以上各式解得：，故B正确。

9．C
【解析】0-10m过程中，拉力一直做正功，速度增大，之后拉力与速度方向相反，开始做
负功，物块速度减小，0-10m 过程对物块由动能定理：W F =Fx=mv 2，解得v=5m/s ，选项A 错误，C 正确；0-5m 与0-15m 过程中，拉力F 做功相等，物块速度等大，方向均水平向右，则选项B 错误；x=18m 后物块的速度不再变化，对拉力F 作用的过程，由动能定
理：W F = mv t 2；解得v t =m/s ，选项D 错误；故选C.
点睛：此题关键是由图像分析物体的受力情况，从而分析物体的运动情况，结合牛顿第二定律及动能定理列方程进行分析. 10．B
【解析】设人对绳的拉力大小为F ，对重物进行分析，由牛顿第二定律得mg F ma -=，由牛顿第三定律可知，绳对人向上的拉力'F 与人对绳的拉力F 等大反向；设地面对人的支持力为N F ，对人进行分析，由平衡条件可得'N F F M g
+=
，联立解得350N F Mg mg ma N =-+=，B 正确．
13．(1)
(2)3.5s
【解析】(1)物体受力如图所示，
据牛顿第二定律有 竖直方向上:N -mg -F sin α=0 水平方向上:F cos α-f =ma 又 f =μN
解得:
则5s 末的速度大小v 5=at 1=1.4×5m/s=7.0m/s
撤去力F后，据牛顿第二定律有-f=ma′
解得:a′=-μg=-2m/s2
则t止=-v5/ a′=3.5s
【点睛】解决本题的关键正确的对物体进行受力分析得出物体运动的加速度，能理清物体的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解，本题易出错的是前后两种运动过程中物体所受摩擦力大小不相等．
12．（1）1m/s2（2）8m(3)4m
【解析】（1）由f=μN得：f=μmg=0.2×10×10N=20N
由F合=ma得：F−f=ma
a==1m/s2
（2）前4s内通过的位移大小：s=m=8m
（3）撤去F时的速度v=at=1×4m/s=4m/s，
由f=ma2得：a2=-2m/s2
滑动的距离x= m=4m
答：（1）滑块运动的加速度大小1m/s2 ；
（2）滑块在力F作用下，前4s内通过的位移大小为8m；
（3）4s后撤去F，木箱还能滑4m。

点睛：先求出滑动摩擦力的大小，再根据牛顿第二定律求出加速度；根据匀变速直线运动的位移公式求出前4s内的位移；撤去F后，根据牛顿第二定律求出加速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式求出还能滑动的距离。

11．控制变量法小车（和钩码）质量不变都算对平衡摩擦力砂和砂桶的重力没有满足小车质量M远大于小桶及钩码质量m造成的没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足
【解析】(1)本实验要探究小车的加速度a和质量M、合外力F的关系，故采用控制变量法；
(2)若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变．
(3)用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力
，目的是平衡摩擦力．对整体运用牛顿第二定律得，则小车的合
力，当沙和桶的总质量远小于小车的质量，小车所受的拉力等于沙和沙桶的重力．
(4)图线上部弯曲，即当拉力较大时加速度与小桶及砝码重力不成正比，这是由于没有满足小车质量M远大于小桶及钩码质量m造成的．
(5)a-F图象不过原点，a=0时，F＞0，这是由于实验时没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成的．
【点睛】解决本题的关键知道实验的原理以及实验中的注意事项，在本实验中，知道两个认为：1、认为小车所受的合力等于绳子的拉力；2、认为沙和沙桶的总重力等于小车所受的合力．。