2024届辽宁省抚顺市六校高一物理第一学期期中联考试题含解析

2024届辽宁省抚顺市六校高一物理第一学期期中联考试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、下列关于路程和位移的说法，正确的是（ ）
A ．位移就是路程
B ．质点运动的位移大小可能大于路程
C ．质点运动一段时间，路程不能为零但位移可能为零
D ．质点运动一段路程，位移不可能是零
2、两个质点A 、B 在同一直线上运动的v ﹣t 图象如图所示，由图可知（ ）
A ．两质点从同一位置同时开始运动
B ．在0﹣t 2时间内质点A 的平均速度比质点B 的大
C ．在t 2时刻，两质点速度相等
D ．在0﹣t 1时间内，质点B 的加速度小于A 的加速度
3、做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（ ）
A ．物体所受的重力和抛出点的高度
B ．物体的初速度和抛出点的高度
C ．物体所受的重力和初速度
D ．物体所受的重力、高度和初速度
4、两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0-0.4s 时间内的v-t 图线如图所示，则甲的加速度的大小和图中时间t 1分别为（ ）
A ．
210/3
m s 和0.30s B ．3 m/s 2和0.30s C ．21/3m s 和0.28s D ．3 m/s 2和0.28s 5、下列各s-t 或v-t 图中，表示质点做匀速直线运动的是（ ）
A ．
B ．
C ．
D ．
6、如图所示，一小球从某高处A 点自由落下，落到直立于地面的轻弹簧上，小球从B 点开始压缩弹簧，到达最低点C ，然后被弹簧弹回。

下列说法中正确的是
A ．小球到达
B 点时速度最大
B ．小球速度最大时的位置在B 、
C 之间
C ．小球从B 点下落到C 点的过程中，加速度先减小后增大
D ．小球从A 点下落到C 点的过程中，先做匀加速运动后做匀减速运动
7、物体做匀变速直线运动，从某时刻开始计时，第一秒末的速度是2m/s ，第二秒末的速度大小是8m/s ，则下面判断正确的是（ ）
A ．该物体的加速度大小一定是6m/s 2
B ．该物体的加速度大小可能是10m/s 2
C ．该物体在前2s 内的位移大小可能是6m
D ．该物体在前2s 内的位移大小一定是4m
8、如图所示,甲、乙两车同时由静止从A 点出发,沿直线AC 运动。

甲先以加速度a 1做初速度为零的匀加速运动,到达B 点后做加速度为a 2的匀加速运动，到达C 点时的速度为v ，乙以加速度a 3做初速度为零的匀加速运动,到达C 点时的速度亦为v ，若123a a a ≠≠,则( )
A ．甲、乙不可能同时由A 达到C
B ．甲一定先由A 达到C
C ．若a 1>a 3，则乙一定先由A 达到C
D．若a1<a3，则乙一定先由A达到C
9、下列所给的图象中能反映作直线运动的物体回到初始位置的是( )
A．B．
C．D．
10、下列有关说法正确的是
A．物体的运动速度变化量越大，加速度一定越大
B．物体的运动速度变化越快，加速度一定越大
C．加速度越大，物体速度一定越大
D．加速度变大，速度可能变小
二、实验题
11、（4分）某同学在一次实验中,用打点计时器（频率为50Hz,即每0.02s打一个点）记录了被小车拖动的纸带的运动情况,在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点。

相邻计数点间还有4个点未画出。

其中x1=7.05cm、x2=7.67cm、x3＝8.29cm、x4=8.91cm、x5=9.53cm、x6=10.15cm。

（1）从A点到G点小车运动的平均速度为_____m/s，F点的瞬时速度为____m/s。

（保留两位有效数字）
（2）假设小车做匀加速直线运动，则小车的加速度a=____.
12、（10分）“探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示．
（1）本实验采用的科学方法是______
A ．理想实验法
B ．等效替代法
C ．控制变量法
D ．建立物理模型法
（2）关于此实验，下列说法中正确的是______
A ．两个分力F 1、F 2的方向一定要垂直
B ．弹簧测力计的读数越大越好
C ．两次拉橡皮筋时，只需保证橡皮筋伸长量相同即可
D ．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行
（3）某次实验中，拉OB 细绳的弹簧秤指针位置如甲图所示，其读数为____N ；乙图中的F 与F ′两力中，方向一定沿AO 方向的是______．
三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分）质点从静止开始做匀加速直线运动，经t 1=4s 后速度达到v 1=20m/s ，然后匀速运动了t 2=10s ，接着经t 3=5s 匀减速运动后静止.求:
（1）质点在加速运动阶段的加速度a 1；
（2）质点在第16s 末的速度v 3；
（3）质点整个运动过程的位移x ．
14、（14分）如图，甲、乙两名运动员在训练2100m ⨯接力赛跑。

己知甲、乙两运动员的起跑过程可看成加速度大小为22m/s 的匀加速运动，且经加速后都能达到并保持m 8m/s v =的速度跑完全程。

已知接力区的长度为=18m L ，乙在接力区前端听到口令时起跑，在甲乙相遇时完成交接棒，假设接棒动作不影响运动员的速度大小。

（1）在某次练习中，甲以m 8m/s v =的速度跑到接力区前端012m s =处时，向乙发出起跑口令，求此次练习中交接棒处离接力区前端的距离；
（2）为了取得最好成绩，需要乙恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，则甲应在距离接力区前端多远时对乙发出起跑口令？他们跑完2100m ⨯全程的最好成绩（从甲起跑开始，至乙到达终点的总时间）是多少？
（3）若接力区的长度只有=9m L '，则他们的最好成绩又是多少？甲应在距离接力区前端多远是对已发出起跑口令？
15、（13分）在平直公路上匀速行驶的汽车因紧急情况突然刹车，刹车后经2s 速度由15m/s 减为9m/s ，假设刹车过程中汽车做匀减速直线运动，求：
（1）汽车刹车过程中加速度a 的大小和方向；
（2）汽车刹车后4s 末的速度4υ；
（3）汽车刹车后8s 内滑行的距离s 。

参考答案
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1、C
【解题分析】
A ．位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置，路程是标量，故A 错误；
B ．位移的大小等于初位置与末位置之间有向线段的长度，路程是物体运动路线的长度，位移大小小于等于路程，故B 错误；
CD ．位移取决于物体的始末位置，路程取决于物体实际运动的路径，所以质点运动一段时间，路程不能为零但位移可能为零，故C 正确，D 错误。

故选C 。

2、C
【解题分析】试题分析：v-t 图像只表述速度与时间变化规律，不能描述位置随时间变化规律；v-t 图像的斜率表示加速度，v-t 图像与坐标轴围成的面积表示位移，据此分析．
从速度时间图像中只能看出两质点是同时开始运动的，但是不能看出是否从同一位置开始运动的，A 错误；根据图线与时间轴包围的面积大小等于位移，可知在20~t 时间内质点B 比质点A 位移大，所以在20~t 时间内质点A 的平均速度比质点B 的小，B 错误；在2t 时刻，两者的图像交于同一点，即两质点速度相等，C 正确；根据图象的斜率表示加速度的大小可知，在0-t 1时间内，质点B 的加速度大于A 的加速度，D 错误．
3、B
【解题分析】
对于做平抛运动的物体，水平方向上：x =v 0t ；竖直方向上：h =
12gt 2 ；所以水平位移为x v =，所以水平方向通过的最大距离取决于物体的高度和初速度．
A. 物体所受的重力和抛出点的高度，与结论不相符，选项A 错误；
B. 物体的初速度和抛出点的高度，与结论相符，选项B 正确；
C. 物体所受的重力和初速度，与结论不相符，选项C 错误；
D. 物体所受的重力、高度和初速度，与结论不相符，选项D 错误；
4、A
【解题分析】由图，根据数学三角形相似法得， 1t 3=40.4，得到t 1=0.3s ，甲的加速度为1010/s=/s 0.33
v a m m t ∆-== ，故A 正确，BCD 错误；
故选A 。

5、A
【解题分析】
A ．位移随时间均匀增大，表示匀速直线运动，故A 正确；
B ．s 随时间增加越来越快，说明速度增加，不是匀速直线运动，故B 错误；
C ．速度随时间均匀增加，表示匀加速直线运动，故C 错误；
D ．速度随时间增加的越来越快，表示做加速度增加的加速运动，故D 错误。

6、BC
【解题分析】
ABC.小球接触弹簧前做自由落体运动，速度不断增大，接触弹簧后由牛顿第二定律 mg kx ma -=
弹簧压缩量不断增大，故小球做加速度减小的运动，当重力等于弹力，加速度为0时小球速度最大，当小球从平衡位置继续向处运动时，弹力大于重力时，且弹力继续增大，故加速度逐渐变大，直到C 点速度减为0，故A 错误；B 正确；C 正确；
D.接触弹簧后，小球受到的是变力，故不是匀变速运动，D 错误；
故选BC 。

7、BD
【解题分析】解：A 、B 、若1s 后的速度方向与初速度方向相同，则加速度
， 若最后1s 后的速度方向
与初速度方向相反，则加速度，故A 错误B 正确 物体做匀变速直线运动，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故前2s 的平均速度等于第一秒末的速度为2m/s ，故前2s 位移为：，D 正确.
本题选BD
8、AD
【解题分析】
根据题意画出速度时间图象，根据速度时间图线得，若a1＞a3，如左图，因为末速度相等，位移相等，即图线与时间轴所围成的面积相等，则t甲＜t乙。

若a3＞a1，如右图，因为末速度相等，位移相等，即图线与时间轴所围成的面积相等，则t甲＞t乙．通过图线作不出位移相等，速度相等，时间相等的图线，所以甲乙不能同时到达。

A．甲、乙不可能同时由A达到C，与结论相符，选项A正确；
B．甲一定先由A达到C，与结论不相符，选项B错误；
C．若a1>a3，则乙一定先由A达到C，与结论不相符，选项C错误；
D．若a1<a3，则乙一定先由A达到C，与结论相符，选项D正确；
9、ACD
【解题分析】
A．由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置，故A正确；
B．由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故B错误；
C．物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C正确；D．物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；
故选ACD。

10、BD
【解题分析】
A、加速度取决于速度变化的快慢，速度变化量大，但如果时间长，则加速度可能很小，故A错误；
B、加速度是描述速度变化快慢的物理量，则物体的速度变化越快，则加速度一定越大，故B正确；
C、加速度描述物体速度变化的快慢，加速度越大说明物体的速度变化越快，速度不一定越大，故C错误；
D、物体的加速度变大，如果加速度方向与速度方向相反，速度在减小，故D正确。

【题目点拨】
解决本题的关键知道加速度的物理意义，会通过加速度的方向和速度的方向判断物体是加速还是减速。

二、实验题
11、0.86 0.98 0.62m/s 2
【解题分析】
(1)[1]由交流电的频率为50Hz ，知相邻两点的时间间隔为0.02s ，每隔4个点取一个计数点，则各相邻计数点间的时间
间隔T =5×
0.02s=0.1s ；由平均速度公式 x v t
∆=∆ 得：
2
(7.05+7.67+8.29+8.91+9.53+10.15)10m/s 0.86m/s 60.1
v -⨯==⨯ [2]F 点的瞬时速度近似等于EG 段的平均速度，有：
2
(9.5310.15)10m/s 0.98m/s 20.2
EG EG F x v v T -+⨯==== (2)[3]因为连续相等时间内的位移之差
0.62cm x ∆=
根据
2x aT ∆=
得加速度为
2
2220.6210m/s 0.62m/s 0.01
x a T -∆⨯=== 12、B D 2.6 F
【解题分析】
（1）[1]合力与分力是等效替代的关系，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，所以本实验采用的等效替代法；
A ．理想实验法。

故A 项错误；
B ．等效替代法。

故B 项正确；
C ．控制变量法。

故C 项错误；
D ．建立物理模型法。

故D 项错误；
（2）[2]A. 实验是为验证两弹簧测力计的合力与一个弹簧测力计的力大小相等，方向基本一致，对两细绳之间的夹角、两弹簧秤拉力的大小没有要求，两细绳间的夹角通常在60°至120°之间最佳，故A 项错误；
B.为减小误差，弹簧测力计的示数应适当大一些，但不是越大越好，也不要求橡皮筋伸长量相等。

故B 项错误，C 项错误；
C.为了比较两个力的合力和一个力的关系，由于力是矢量，除了记录大小，还需记录方向，即细绳套的方向，故C 项错误；
D. 为减小实验误差，在使用弹簧测力计时要注意尽量使弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故D 项正确。

（3）[3] 由图可知，弹簧测力计的最小刻度为0.2N ，故只需要估读到同位。

所以，弹簧测力计的读数为2.6N ；
[4]用一根弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力方向一定沿橡皮筋方向，故F 方向一定沿AO 方向。

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、 (1) 5m/s 2 (2) 12m/s ；(3) 290m.
【解题分析】
解:
（1）设加速阶段的加速度为1a ,则:
111v a t =
2211120m/s 5m/s 4
v a t === （2）设减速运动阶段的加速度为2a ,因为2122v v a t =+ ,所以
21220204m/s 5
v a t --===- 当16s t =时,质点已减速运动了32s t =,此时质点的速度为
3123(2042m/s 12m/s v v a t =+=-⨯=）
（3）匀加速直线运动的位移
111204m 40m 22
v x t ==⨯= 匀速直线运动位移
2222010m 200m x v t ==⨯=
匀减速直线运动的位移
133205m 50m 22
v x t ==⨯= 则总位移
123x =40+200+50m=290m x x x =++（）
14、（1）4m (2)16m,27s (3)27.125s,15m
【解题分析】 甲乙两人不是从同一地点出发的，当已追上甲时，它们的位移关系是2012
s at vt +=，由此可以求得需要的时间，进而求乙的位移．当两人的速度相等时，两车的距离为零，即处于同一位置．结合位移关系进行求解．
【题目详解】
（（1）设乙起跑后经t 时间被追上，则
2m 012
v t at s -= 解得：
2s t =（6s 舍）
故：
214m 2
x at == （2）乙从起跑到加速至最大速度时间为0t ，则：
m 04s v t a
== 这段时间内乙的位移：
200116m 18m 2
x at L ==<=， 故乙起跑时，与甲的距离为
m 0016m x v t x ∆=-=
这种情况之下，接力棒随甲运动员从静止开始加速至最大速度m v 后，保持m v 做匀速运动，直至到达终点，加速过程时间为0=4s t ，设匀速运动过程时间为1t ，则
01m
23s s x t v -== 其中s 为2100m ⨯赛跑的总位移，即：
s =200m
故：
0127s t t t =+=总
（3）由于L '0x <，故不可能在乙达到最大速度时完成接棒。

为取得最好成绩，应在接力区末端即乙跑出L '时完成交接棒，设乙此时的速度为1v ，则
由：
212v aL '=
解得：
1=6m/s v
接棒后，乙继续加速至最大速度，设接棒后乙加速的时间为2t ，则
m 121s v v t a
-== 全程的时间除了甲的加速时间0t 、乙接到棒后加速运动的时间2t 外，接力棒均在做匀速运动，设接力棒匀速运动的总时间为3t ，则
003m
()22.125s s x x L t v '---== 故：
023 27.125s t t t t '=++=总
乙起跑时，与甲的距离为：
6m 9m 15m x ∆=+=
【题目点拨】
此题考查追及相遇问题，一定要掌握住两者何时相遇、何时速度相等这两个问题，这道题是典型的追及问题，同学们一定要掌握住．
15、（1）23/m s -, 方向与速度方向相反；(2) 3/m s （3）37.5m
【解题分析】
（1）汽车刹车过程中加速度：209153/2
t v v a m s t --===- 方向与速度方向相反； （2）汽车刹车后4s 末的速度：0415343/v v at m s =-=-⨯=
（3）刹车的时间：01553v t s a =
== 08515537.522t v v s s t m m +===⨯=。