夹江县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

夹江县外国语学校2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________
一、选择题
1．下面哪个符号是电容的单位
A. J
B. C
C. A
D. F
【答案】D
【解析】电容的单位是法拉，用F表示，故选D.
2．某型号的回旋加速器的工作原理如图所示（俯视图）。

D形盒内存在匀强磁场，磁场的磁感应强度为B。

D形盒半径为R，两盒间狭缝很小，带电粒子穿过狭缝的时间忽略不计。

设氘核（）从粒子源A处射入加速电场的初速度不计。

氘核质量为m、带电荷量为q。

加速器接频率为f的高频交流电源，其电压为U。

不计重力，不考虑相对论效应。

下列正确的是
A．氘核第1次经过狭缝被加速后进入D形盒运动轨道的半径为
B．只增大电压U，氘核从D形盒出口处射出时的动能不变
C．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器不能加速氦核（）
D．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器也能加速氦核（）
【答案】ABD
【解析】
3．（多选）如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。

整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（）
A．偏转电场E2对三种粒子做功一样多
B．三种粒子打到屏上时的速度一样大
C．三种粒子运动到屏上所用时间相同
D．三种粒子一定打到屏上的同一位置
【答案】AD
【解析】
4．在光滑的水平面上，有两个静止的小车，车上各站着一个运动员．两车（包含负载）的总质量均为M．设甲车上的人接到一个质量为m，沿水平方向飞来的速率为V的蓝球；乙车上的人把原来在车上的同样的蓝球
沿水平方向以速率V 掷出去，则这两种情况下，甲、乙两车所获得的速度大小的关系是（以上速率都是相对地面而言）（ ）
A ．V 甲＞V 乙
B ．V 甲＜V 乙
C ．V 甲＝V 乙
D ．视M 、m 和V 的大小而定 【答案】B
5． 如图所示，一圆盘可以绕其竖直轴在水平面内运动，圆盘半径为R ，甲、乙两物体的质量分别为M 和m （M >m ），它们与圆盘之间的最大静摩擦力均为正压力的μ倍，两物体用长为L 的轻绳连在一起，L <R .若将甲物体放在转轴位置上，甲、乙连线正好沿半径方向拉直，要使两物体与圆盘不发生相对滑动，则圆盘旋转的角速度最大不得超过（两物体看作质点）（ ）
A.
mL
g
)m M (-μ B.
ML
g
)m M (-μ C.
ML
g
)m M (+μ D.
mL
g
)m M (+μ
【答案】D 【解析】
6． 某同学自制的简易电动机示意图如图所示。

矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴。

将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方。

为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将
A. 左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉
B. 左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉
C. 左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉
D. 左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉
【答案】AD
【解析】
【名师点睛】此题是电动机原理，主要考查学生对物理规律在实际生活中的运用能力；关键是通过分析电流方向的变化分析安培力的方向变化情况。

7．如图甲、乙两图是电子技术中的常用电路,a、b是各部分电路的输入端,其中输入的交流高频成分用“≋”表示,交流低频成分用“~”表示,直流成分用“—”表示。

关于两图中负载电阻R上得到的电流特征是（）
A.图甲中R得到的是交流成分
B.图甲中R得到的是直流成分
C.图乙中R得到的是低频成分
D.图乙中R得到的是高频成分
【答案】答案:AC
【解析】解析:当交变电流加在电容器上时,有“通交流、隔直流,通高频、阻低频”的特性,甲图中电容器隔直流,R得到的是交流成分,A正确,B错误;乙图中电容器能通过交流高频成分,阻碍交流低频成分,R得到的是低频成分,C正确,D错误。

8．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。

如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）
A．极板x应带正电
B．极板x´应带正电
C．极板y应带正电
D．极板y´应带正电
【答案】AC
9． 如图所示，AB 、CD 为两个光滑的平台，一倾角为 37°，长为 5 m 的传送带与两平台平 滑连接。

现有一小煤块以 10 m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，当传送带静止时，小煤块恰好能滑到平台 CD 上，则下列说法正确的是（重力加速度 g=10m/s 2，sin370=0.6，cos370=0.8）（ ）
A. 小煤块跟传送带间的动摩擦因数ì=0.5
B. 当小煤块在平台 AB 上的运动速度 v=4 m/s 时，无论传送带匀速运动的速度多大，小物体都不能到达平台 CD
C. 若小煤块以 v=8 m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，传送带至少要以 3m/s 的速度顺时针 运动，才能使小物体到达平台 CD
D. 若小煤块以 v=8m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，传送带以 4m/s 的速度顺时针运动时， 传送带上留下的痕迹长度为 2.4m 【答案】ABC
【解析】A 、传送带静止时，小煤块受力如图甲所示
据牛顿第二定律得cos sin umg mg ma θθ+= ，B→C 过程有2
2v al = ，
解得2
10/a m s =， 0.5μ=，故A 正确；
B 、当小煤块受到的摩擦力始终向上时，最容易到达传送带顶端，此时，小物体受力如图乙所示，据牛顿第二
定律得sin cos mg umg ma θθ-='， 若恰好能到达高台时，有2
2v a l =' ，解得25/4/v m s m s =>，即当
小煤块在AB 平台上向右滑动速度小于4m/s ，无论传带顺时针传动的速度多大，小煤块总也不能到达高台CD ，故B 正确；
C 、以v '表示传送带顺时针传动的速度大小，对从小煤块滑上传送带到小物体速度减小到传送带速度过程有
2212v v ax -='， 对从小煤块速度减小到运动到恰滑上CD 高台过程，有222v a x =''， 12x x l +=， 解得
3/v m s '=，即传送带至少以3 m/s 的速度顺时针运动，小物体才能到达高台CD ，故C 正确；
D 、对小煤块煤块的位移12x m =， 22112x l x v t a t =-''=-，t=1s ，传送带的位移1 1.6v v s v m a
'
-⨯
='=， 24s v t m '==，传送带上留下的痕迹长度221x s m -=，故D 错误；
故选ABC 。

10．如图所示，回旋加速器D 形盒的半径为R ，所加磁场的磁感应强度为B ，用来加速
质量为m 、电荷量为q 的质子（H 11），质子从下半盒的质子源由静止出发，加速到最大
能量E 后，由A 孔射出．则下列说法正确的是（ ） A ．回旋加速器加速完质子在不改变所加交变电压和
磁场情况下，可以直接对α（He 24）粒子进行加速
B ．只增大交变电压U ，则质子在加速器中获得的最大能量将变大
C ．回旋加速器所加交变电压的频率为2mE 2πmR
D ．加速器可以对质子进行无限加速 【答案】C
11．距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h ，如图所示。

小车始终以4m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。

不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s²。

可求得h 等于（ ）
A. 3.75m
B. 2.25m
C. 1.25m
D. 4.75m 【答案】C
12．（2016·河北沧州高三月考）某物体在竖直方向上的力F 和重力作用下，由静止向上运动，物体动能随位移变化图象如图所示，已知0～h 1段F 不为零，h 1～h 2段F ＝0，则关于功率下列说法正确的是（ ）
A ．0～h 2段，重力的功率一直增大
B．0～h1段，F的功率可能先增大后减小
C．0～h2段，合力的功率可能先增大后减小
D．h1～h2段，合力的功率可能先增大后减小
【答案】BC
【解析】【参考答案】BC
13．一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力
A．t＝2 s时最小B．t＝2 s时最大
C．t＝6 s时最小D．t＝8.5 s时最大
【答案】B
【解析】
14．一交流电压为u＝1002sin100πt V，由此表达式可知（）
A．用电压表测该电压其示数为100 V
B．该交流电压的周期为0.02 s
C．将该电压加在100 Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为200 W
D．t＝1/400 s时，该交流电压的瞬时值为100 V
【答案】ABD
【解析】
试题分析：电压表显示的是有效值，
U =，故A 正确；100ωπ=，周期220.02100T s ππ
ωπ=
==，故B
正确；由22100100100
U P W R ===，故C 错误；把1
400t s =时，代入表达式100100u t V V π==（），故D 正确；
考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．
15．如图所示为一质点从t ＝0时刻开始，做初速度为零的匀加速直线运动的位移—时间图象，图中斜虚线为t ＝4 s 时对应图象中的点的切线，交时间轴于t ＝2 s 处，由此可知该质点做匀加速运动的加速度为（ ）
A. 2
2m/s B.
21m/s 2 C. 23m/s 2 . D. 22
m/s 3
【答案】B
16．质量为m 的带电小球在匀强电场中以初速v 0水平抛出，小球的加速度方向竖直向下，其大小为2g/3。

则在小球竖直分位移为H 的过程中，以下结论中正确的是（ ）
A. 小球的电势能增加了2mgH/3
B. 小球的动能增加了2mgH/3
C. 小球的重力势能减少了mgH/3
D. 小球的机械能减少了mgH/3 【答案】BD
17．如图甲所示，倾角为θ的足够长传送带以恒定的速率v 0沿逆时针方向运行。

t =0时，将质量m =1 kg 的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v –t 图象如图乙所示。

设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g =10 m/s 2
，sin 37°
=0.6，cos 37°=0.8。

则
A ．传送带的速率v 0=10 m/s
B ．传送带的倾角θ=30°
C．传送带的倾角θ=37°
D．物体与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5
【答案】ACD
【解析】ACD 由图象可以得出物体先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，结合加速度的大小求出动摩擦因数的大小和传送带的夹角。

由于刚放到传送带上时，物体的相对传送带斜向上运动，故受到的摩擦力方向为沿传送带向下，从图乙中可知，当物体的速度达到10 m/s后，物体的运动加速度发生变化，但仍是加速运动，所以由此可知10 m/s为传送带的速度，即，之后物体相对传送带斜向下运动，受到的摩擦力方向为
沿传送带向上，在0~1s内物块的加速度，由牛顿第二定律得
，在1~2s内，，由牛顿第二定律得：
，解得：μ=0.5，θ=37°，故ACD正确。

二、填空题
18．一部电梯在t=0时由静止开始上升，电梯的加速度a随时间t的变化如图所示，电梯中的乘客处于失重状态的时间段为____________（选填“0~9 s”或“15~24 s”）。

若某一乘客质量m=60 kg，重力加速度g取10 m/s2，电梯在上升过程中他对电梯的最大压力为____________N。

【答案】15~24 s 660（每空3分）
【解析】
19．质量为m1=2kg的带电绝缘球A，在光滑水平面上，从无限远处以初速度10m/s，向另一个固定在水平面上带同号电荷的绝缘球B靠近，B球的质量为m2=3kg，在它们相距到最近时，总的动能为______J，它们具有的电势能为_______J。

【答案】0 100
20．如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，要使它的量程加大，应使R1（填“增大”或“减小”）；乙图是表，要使它的量程加大，应使R
（填“增大”或“减小”）。

2
【答案】安培；减小；伏特；增大
三、解答题
21．物体以一定的初速度从斜面底端A点冲上固定的光滑斜面，斜面总长度为l，到达斜面
底端3
最高点C时速度恰好为零，如图所示，已知物体运动到距斜面
4l处的B点时，所用时间为t，求物体从B滑到C所用的时间。

【答案】t
【解析】
解法三 比例法
对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间里通过的位移之比为x 1∶x 2∶x 3∶…∶x n ＝1∶3∶5∶…∶
（2n －1）。

因为x CB ∶x BA ＝x AC 4∶3x AC 4
＝1∶3，而通过x BA 的时间为t ，所以通过x BC 的时间t BC ＝t 。

解法四 中间时刻速度法 利用推论：匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度，v AC ＝v 0＋02＝v 02。

又v 20＝2ax AC ，v 2B ＝2ax BC ，x BC ＝x AC 4。

由以上三式解得v B ＝v 02。

可以看成v B 正好等于AC 段的平均速度，因此B 点是这段位移的中间时刻，因此有t BC ＝t 。

解法五 图象法
根据匀变速直线运动的规律，画出v －t 图象，如图所示。

利用相似三角形的规律，面积之比等于对应边的平方比，得S △AOC S △BDC ＝CO 2CD 2，且S △AOC S △BDC ＝41
，OD ＝t ，OC ＝t ＋t BC 。

所以41＝（t ＋t BC ）2t 2
，解得t BC ＝t 。

22．一长度为L 的细线一端固定在O 点，另一端拴一质量为m 的小球，P 为地面上的一点，O 、P 两点的连线与水平地面垂直。

若小球恰好能在竖直平面内绕 O 点做完整的圆周运动，在小球做圆周运动过程中，第一次在小球运动到最高点A 的瞬间剪断细线，第二次在小球运动到最低点B 的瞬间剪断细线，若两次小球的落地点到P 点的距离相等，求O 点距水平地面的高度h 。

【答案】1.5L
【解析】。