甘肃省天水一中2014届高三下学期第六次模拟考试语文试题Word版含解析

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甘肃省天水一中高三下学期5月中旬仿真考试语文试卷 Word版含答案.pdf

天水一中2015届高考全仿真考试试题语文本试题卷分第I卷（阅读题）和第11卷（表达题）两部分。

考生作答时，将答案答在答题卡上（答题注意事项见答题卡），在本试题卷上答题无效。

考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。

第I卷阅读题甲必考题一、现代文阅读（9分，第小题3分）阅读下面的文字，完成l～3题。

早在大约公元前1550年，人们就已经知道柳树的叶子可以止痛。

古希腊名医希波克拉底在他的著作中也提到过用柳叶汁来镇痛和退热。

1763年4月25日，英国牛津郡的牧师爱德华?斯通给伦敦皇家学会主席写了一封信，报告了他应用柳树皮治疗热病的情形。

信中说，他5年里总共给大约50例病人服用这种树皮的粉末，几乎从未失败过……1874年，苏格兰医生麦克拉根用柳树皮提取物成功地降低了风湿病患者的体温，并缓解了患者的疼痛和浮肿。

两年后，他的实验报告发表在了医学杂志《柳叶刀》上。

后来，其他科学家从柳树皮中分离出水杨苷，并制备出水杨酸钠，也证明了它的退热、止痛和消炎作用。

从此，水杨酸钠就一直用于热病、风湿病和痛风的治疗。

不过水杨酸钠味道比较苦，而且服后人会感到胃十分不舒服。

1897年，在拜耳公司工作的德国化学家费利克斯?霍夫曼，为他患有严重风湿病的父亲改造水杨酸钠。

很快，他找到了制成纯净乙酰水杨酸的方法。

随后，拜耳公司工业药品实验室主任、药物学先驱之一赫尔曼?德赖泽对水杨酸进行了缜密的研究，肯定了水杨酸的药理功效。

于是，拜耳公司在1899年2月以“阿司匹林”的名字给此药注了册。

阿司匹林最初的使用和推广，没有做很多广告。

拜耳公司起初只是免费将它提供给医生使用。

由于它效果好，立刻获得患者的欢迎。

医生们对此药也十分欣赏，仅仅两年时间里，各出版物上有关它的文章就达到了160篇，使它在全球的影响迅速扩大。

20世纪初著名的意大利歌唱家恩里克?卡鲁索一度因为头痛烦恼不已。

但在服用阿司匹林之后，卡鲁索称，阿司匹林是“唯一能够减轻他病痛的药品”。

甘肃省天水一中2014届高三下学期第七次模拟考试语文试题Word版含答案

天水一中2011级高三第七次模拟考试语文试题本试卷分第I卷（阅读题）和第Ⅱ卷（表达题）两部分，其中第1卷第三、四题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

注意事项：1．答题前，务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。

2．答题时使用0．5毫米黑色签字笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚。

3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。

4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。

5．做选考题时，考生按照题目要求作答，在答题卡上把所选题目对应的题号标明。

第I卷（阅读题，共70分）甲必考题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1～3题。

书法的人文精神与价值取向书法艺术是一种饱含人文精神的艺术，古人对书法的人文精神多有论述。

柳公权曰：‚心正则笔正。

‛苏轼说：‚古文论书者，兼论其平生。

苟非其人，虽工不贵也。

‛明末项穆在《书法雅言》中说：‚论书如论相，观书如观人。

‛古往今来，强调书家的人格地位，书品即人品的人格主义的评价方法长期影响着书坛。

书法作为一门独立的艺术，与其他艺术一样，各自有属于自己的美学内函与价值，它不需要嫁接或附属于非原生态的环境来生存。

但是，书法是一种标榜的艺术，书法伤口在彰显艺术魅力的同时，书法家的人格、学识等因素也会凸现出来。

所以说书法是一种人文的艺术、人格的艺术也未免不可。

世上没有纯粹的艺术，尤其是书法这门必须承载汉字，并通过汉字以表达事项和情感的艺术。

那么，书家的作品，即使是书写他人原创的作品，首先也是经过书家的人格认可，且注入了自己饱满的情感后才书写出来的，每幅作品都无疑会携刻上自己的人格烙印。

艺术家提供的产品必须能满足人们的精神需要，这就是艺术家的良知与社会责任。

艺术家为了能生产合格的产品，必须从精神的、道义的、物质的、社会的、生活的多个方面进行投入、筛选、填充、调试，甚至是反复地加工提炼，艺术的修炼必须是人格的修炼和人文领域诸多学科的学识与涵养。

甘肃省天水一中2014届高三下学期第六次模拟考试语文试题含解析

天水一中2011级2013-2014学年度高三第六次模拟考试试题语文命题人:徐有祥审核：马宗义注意事项：1. 本试卷分第Ⅰ卷（阅读题）和第Ⅱ卷（表达题）两部分。

2. 答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应的位置。

3。

全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。

第I卷阅读题甲必考题一、现代文阅读（9分，每小题3分）生命的节奏与教育的节奏①学校生活是一段生命的旅程，教育则是一场深入生命的探险。

那些对生命充满好奇的探险者，如蒙台梭利、怀特海、维果茨基,分别在不同的领域中发现了学校旅程中最重要的秘密：生命是有节奏的,睿智的教育期待着与生命的和鸣共振。

②自然拥有自身的节奏，如日月盈亏，寒来暑往；生命拥有自身的节奏,如呼吸吐纳、生老病死。

依据自然节奏的启示和生命自身的律动，人类创造了新的节奏，如音乐、诗歌、美术、数字.作为一项面向生命的事业,教育也是一种依据生命的律动而创造的节奏.教育面向生命，就必须探寻生命的节奏，合于生命的节奏,强化生命的节奏，并创造生命的节奏。

③教育的节奏要求教育者对生命节奏的敏感。

蒙台梭利从生命的节奏中敏锐地捕捉到了教育的敏感期。

“当某种特殊的敏感性在儿童身上被激起时，它就像一道光线照射到某处而不是其他什么地方，使得那个被光线笼罩的地方成了他的整个世界。

”“如果儿童不能根据他的敏感期所发出的一些指令行事,那么，一种自然征服的机会就永远地丧失了。

”因此，教育需要观察和发现，教育不能等待，不能忽略,不能错过.④教育又必须等待，必须耐心等待生命的生长。

维果茨基从生命的节奏中发现了智力的最近发展区和教育最佳期.他用心理学的实验告诉人们，只有当儿童在自己的发展中达到一定的成熟程度时,一定的教育才能有可能进行，这是教育的最低界限。

除了最低教育界限外，还存在着最高教育界限,两者之间就是“教育最佳期"。

早于或晚于最佳期的教育，或因超出最近发展区而无法对那些尚未成熟的心理机能施加影响，或因停留于现有发展水平而不能有效促进心理机能发展。

甘肃省天水一中2013-2014学年高一下学期第一学段考试语文试题Word版含解析

天水一中2013级2013—2014学年度第二学期第一学段考试语文试题时间:120分钟满分:100分一、阅读下面的文字，完成1～3题。

（每小题2分，共6分）中国瓷器艺术中国是世界上最早发明瓷器的国家。

英语的“China”既是瓷器的意思，又指中国，可见瓷器与中国的关系何其密切。

现在，瓷器不单是使用得最广泛、最受欢迎的用具，其精湛的工艺与艺术成就已成为一门世界性的学问——深藏其中的艺术内涵、工艺技巧、科学知识、各朝代的历史情况，以及意识形态与信仰特征等，均是饶有趣味的研究题材。

瓷器是用瓷石或高岭土做胎，在1200℃左右的高温中烧成，胎体较陶器坚固，且经久耐用的器皿。

瓷器表面施有一层高温釉，不仅使器物具有美观效果，而且便于清洗。

瓷器的胎体可塑性极强，可以制作成各种形状的器物，便于满足人们各方面的需要。

由于制瓷原料成本低，瓷器可以大量生产，与金、银、铜等金属器物相比，瓷器既经济又实用，所以一经问世，就深得世人喜爱。

瓷器不仅是可供使用的物质器皿，而且在造型、色泽和装饰工艺等方面，具有极高的艺术性、美学鉴赏性和收藏价值，堪称实用与观赏相结合，技术与艺术相交融的产物。

中国既是世界上最早发明和使用瓷器的国家，也是世界上最大的瓷器生产国。

瓷器成熟于东汉晚期，后经魏晋南北朝400多年的发展，形成中国陶瓷史上的第一个发展期，这时期以青瓷独盛为主要特征，且历久不衰。

唐代是中国瓷器发展的第一个高峰期，当时除南方越窑青瓷与北方邢窑白瓷相互媲美，形成所谓“南青北白”的格局外，其它如三彩陶器、黑釉、花釉、绞胎以及釉下彩绘也尽显风采。

宋代是中国制瓷业极其辉煌的历史时期，各地新兴窑场不断，涌现出不少驰名中外的瓷窑。

所谓“五大名窑──定、汝、官、哥、钧”就是其中的典型代表。

除此五大名窑外，宋代还形成了八大瓷窑体系。

宋代，与宋王朝并存的还有辽、金、西夏等少数民族政权，这些地区的瓷器，以鲜明的游牧民族风格和地域特征著称于世。

元朝，当成熟的青花瓷出现后，不仅迅速发展为明清瓷器生产的主流，同时也是行销海外的主要品种。

甘肃省天水一中2014届高三下学期第五次模拟考试语文试题Word版含答案

天水一中2014届模拟考试试卷语文第Ⅰ卷阅读题甲必考题一、现代文阅读(9分，每小题3分) ? 阅读下面的文字，完成1-3题。

? 1．下列关于“散文诗的意义”的表述，不正确的一项是 ? A.散文诗的意义追求，是一个永恒、现实的课题。

散文诗的意义是它的生命线，它必须坚持意义追求，没有意义的散文诗一定不是好作品。

? B．散文诗意义的追求，只有在审美的前提下，在足以强化审美而不是削弱审美的前提下，才能实现，因为散文诗的意义和审美是一体化的存在。

? C．散文诗的意义，不能简单化地从其理性直白中取得，而要从溶涵于其诗歌整体中的一切方面，包括情绪的起伏流动、语言节奏的每一个细部中去领悟和品味 ? D．意义的范畴远超“思想”或理性的范畴，它离不开思想性，但不等同于思想性。

因此，散文诗的意义的表现方式，不同于哲学、理论文章以及新闻报道。

2．下列理解和分析，不符合原文意思的一项是 ? A．中国古代的“文以载道”观认为，文章不过是一个载体，它承载的是“道”，即理性的道德伦理观念之类，传道论教为目的，写文章是手段。

? B．中国古代的“文”，与现代作为审美对象的文学作品并不等同，现在作为审美对象的散文诗，在性质上与古代的“文以载道”的观点明显不同。

C．人们已经舍去了在作品的结尾处将主题思想和盘托出的方式，但是在一些诗评中，孤立地抽出主题思想即“意义”的做法，仍相当流行。

? D．审美中所包含的“意义”，其内涵与外延很宽泛，不仅限于思想、哲理、道德观、政治理想等，还包括对于事物的印象、感受、幻觉。

3．根据原文内容，下列理解和分析不正确的一项是 ? A.将“思想性”和“艺术性”分立的观念是错误的，意义不是附加于“美”之上的“身外之物”，不存在“无意义”之“美”的作品。

? B．美是真善美浑然一体的统一，是人对于外在事物的主体感知，美感中包含着对事物存在之“真”和理性感知上“善”的认同。

? C．意义的追求，原出于美自身不可或缺的内在构成，而不是可有可无的外在附加，审美和意义不是对立的，而是统一的。

甘肃省天水一中2014届高三下学期第一次诊断考试语文试题Word版含解析

天水一中2011级2013—2014学年第学期考试注意事项： 1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在答题卡和卡和试卷规定的位置上。

2．第1卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答案不能答在试卷上。

3．第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答．答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。

不按以上要求作答的答案.无效。

4．第Ⅱ卷三、四题为选做题，考生须从所给三、四两题中任选一题作答，不能全选。

甲必考题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成后面题目。

1．下列关于“宋代家训的特点”的表述，不正确的一项是（） A．宋代家训继承并发展了传统家训的散文、诗歌、条规等体裁，它汇集了宋及宋前历代的家训，以历史上的人、事为榜样和范例教育子弟。

B．宋代家训都有治生、制用的内容，提倡辩证的节俭，把简朴当作优良传统代代相传，但对公益事业，则主张尽力而为，不要吝惜财产。

C．宋代家训注重道德教育，倡导通过对家庭成员言行举止的规范，将父慈、子孝、兄友、弟悌、夫正、妇顺等儒家思想贯彻集中。

D．宋代家训对子孙的训导首先建立在教育的基础上，当好言相劝不能奏效时，家长便采取庭训、笞、杖、役、经济惩罚、不承认身份等惩罚方式。

2．下列对文章内容的理解，正确的一项是（） A．在家训发展史上，宋代家训是个重要阶段，其标志之一就是家训的数量和质量远远超过了前代。

B．宋代选官以科举为主，一些家族为使其成员能科举入仕，积极纂述家训，这是宋代家训繁荣的重要原因。

C．为提高子孙素质，宋代家训既对子孙加强道德教育，又重视参加科举考试以入仕的教育及其他知识的教育。

D．家训是为家庭的兴旺长久，而社会的长治久安又离不开家庭的修整、稳定、繁荣。

甘肃省天水市一中高三下学期一模考试语文试卷Word版含答案.pdf

?天水一中2015届高考第一次模拟考试试题语文第I卷? 阅读题甲? 必考题一、现代文阅读阅读下面的文字，完成l～3题。

(9分，每小题3分)艺术与模仿自然宗白华一个艺术品里形式的结构，如点、线之神秘的组织，色彩或音韵之奇妙的和谐，与生命情绪的表现交融组合成一个“境界”。

每一座巍峨崇高的建筑里是表现一个“境界”，每一曲悠扬清妙的音乐里也启示一个“境界”。

虽然建筑与音乐是抽象的形或音的组合，不含有自然真景的描绘。

但图画雕刻，诗歌小说戏剧里的“境界”则往往寄托在景物的幻现里面。

模人体的雕刻，写景如画的荷马史诗是希腊最伟大最中心的艺术创造，所以柏拉图与亚里士多德两位希腊哲学家都说模仿自然是艺术的本质。

但两位对“自然模仿”的解释并不全同，因此对艺术的价值与地位的意见也两样。

柏拉图认为人类感官所接触的自然乃是“观念世界”的幻影。

艺术又是描摹这幻影世界的幻影。

所以在求真理的哲学立场上看来是毫无价值、徒乱人意、刺激肉感。

亚里士多德的意见则不同。

他看这自然界现象不是幻影，而是一个个生命的形体。

所以模仿它、表现它，是种有价值的事，可以增进知识而表示技能。

亚里士多德的模仿论确是有他当时经验的基础。

希腊的雕刻、绘画，如中国古代的艺术原本是写实的作品。

它们生动如真的表现，流传下许多神话传说。

米龙(Myron)雕刻的牛，引动了一个活狮子向它跃搏，一只小牛要向它吸乳，一个牛群要随着它走，一位牧童遥望掷石击之，想叫它走开，一个偷儿想顺手牵去。

啊，米龙自己也几乎误认它是自己牛群里的一头! 这种写幻如真的技术是当时艺术所推重的。

亚里士多德根据这种事实说艺术是模仿自然，也不足怪了。

何况人类本有模仿冲动，而难能可贵的写实技术也是使人惊奇爱慕的呢。

但亚里士多德的学说不以此篇为满足。

他不仅是研究“怎样的模仿”，他还要研究模仿的对象。

艺术可就三方面来观察： (一)艺术品制作的材料，如木、石、音、字等;(二)艺术表现的方式，即如何描写模仿;(三)艺术描写的对象。

2014年甘肃省天水一中高考数学六模试卷(文科)

2014年甘肃省天水一中高考数学六模试卷（文科）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、选择题(本大题共12小题，共60.0分)1.已知集合U=R，集合M={y|y=2x，x∈R}，集合N={x|y=lg（3-x）}，则（∁U M）∩N=（）A.{y|y≥3}B.{y|y≤0}C.{y|0＜y＜3}D.∅【答案】B【解析】解：M={y|y=2x，x∈R}={y|y＞0}，U=R，则（∁U M）={y|y≤0}．由3-x＞0得x＜3．所以N={x|y=lg（3-x）}={x|x＜3}，所以（∁U M）∩N={y|y≤0}∩{y|y＜3}={y|y≤0}．故选B．由指数函数的值域得到集合M，求对数函数的定义域化简集合N，然后直接利用交集的运算求解．本题考查了交、并、补集的混合运算，考查了指数函数值域与对数型函数定义域的求法，是基础题．2.i是虚数单位，复数表示的点落在哪个象限（）A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【答案】C【解析】解：==-3-8i，对应的坐标为（-3，-8），位于第三象限，故选：C根据复数的几何意义，利用复数的基本运算先化简即可得到结论．本题主要考查复数的几何意义，利用复数的基本运算先化简是解决本题的关键．3.在长为12cm的线段AB上任取一点C．现作一矩形，邻边长分别等于线段AC，CB的长，则该矩形面积大于20cm2的概率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：设AC=x，则BC=12-x（0＜x＜12）矩形的面积S=x（12-x）＞20∴x2-12x+20＜0∴2＜x＜10由几何概率的求解公式可得，矩形面积大于20cm2的概率P==．故选C．设AC=x，则BC=12-x，由矩形的面积S=x（12-x）＞20可求x的范围，利用几何概率的求解公式可求．本题主要考查了二次不等式的解法，与区间长度有关的几何概率的求解公式的应用，属于基础试题．4.如图所示是一个算法的流程图，若输出的结果是31，则判断框中整数M的值是（）A.3B.4C.5D.6【答案】B【解析】解：程序在运行过程中各变量的值如下表示：是否继续循环S A循环前/11第一圈是1+212第二圈是1+21+223第三圈是1+21+22+234第四圈是1+21+22+23+245∵输出的结果是31故继续循环的条件A不能超过4．故M=4故选B．分析程序中各变量、各语句的作用，再根据流程图所示的顺序，可知：该程序的作用是累加S=1+21+22+23+24=31的值，并输出．算法是新课程中的新增加的内容，也必然是新高考中的一个热点，应高度重视．程序填空也是重要的考试题型，属于基础题．5.已知某几何体的三视图如图，其中正视图中半圆半径为1，则该几何体体积为（）A.24-B.24-C.24-πD.24-【答案】A【解析】解：由三视图知几何体是一个长方体截去一个半圆柱，长方体的长宽高分别是4，2，3∴长方体的体积是4×2×3=24，截取的半圆柱的底面圆的半径是1，高是3，∴半圆柱的体积是∴要求的几何体的体积是24-故选A．由三视图知几何体是一个长方体截去一个半圆柱，长方体的长宽高分别是4，2，3，截取的半圆柱的底面圆的半径是1，高是3，体积做差得到结果．本题考查由三视图还原几何体并且求几何体的体积，本题解题的关键是看出几何体各个部分的长度，本题是一个基础题．6.设F1、F2分别为双曲线＞，＞的左、右焦点，若在双曲线右支上存在点P，满足|PF2|=|F1F2|，且F2到直线PF1的距离等于双曲线的实轴长，则该双曲线的离心率e为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：依题意|PF2|=|F1F2|，可知三角形PF2F1是一个等腰三角形，F2在直线PF1的投影是其中点，由勾股定理知可知|PF1|=2=4b根据双曲定义可知4b-2c=2a，整理得c=2b-a，代入c2=a2+b2整理得3b2-4ab=0，求得=；∴e====．故选：D．利用题设条件和双曲线性质在三角形中寻找等量关系，得出a与b之间的等量关系，进而求出离心率．本题主要考查三角与双曲线的相关知识点，突出了对计算能力和综合运用知识能力的考查，属中档题．7.已知f（x）=x2+sin，f′（x）为f（x）的导函数，则f′（x）的图象是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：由f（x）=x2+sin=x2+cosx，∴f′（x）=x-sinx，它是一个奇函数，其图象关于原点对称，故排除B，D．又f″（x）=-cosx，当-＜x＜时，cosx＞，∴f″（x）＜0，故函数y=f′（x）在区间（-，）上单调递减，故排除C．故选：A．先化简f（x）=x2+sin=x2+cosx，再求其导数，得出导函数是奇函数，排除B，D．再根据导函数的导函数小于0的x的范围，确定导函数在（-，）上单调递减，从而排除C，即可得出正确答案．本题主要考查函数的单调性与其导函数的正负之间的关系，即当导函数大于0时原函数单调递增，当导函数小于0时原函数单调递减．8.定义一种运算（a，b）*（c，d）=ad-bc，若函数f（x）=（1，lnx）*（tan，2x），x0是方程f（x）=0的解，且x0＜x1，则f（x1）的值（）A.恒为正值B.等于0C.恒为负值D.不大于0【答案】A【解析】解：由题意知，f（x）=（1，lnx）*（tan，2x）=2x-tan×lnx=2x+lnx，∵x0是方程f（x）=0的解，∴2x0+lnx0=0．又由于函数f（x）=2x+lnx在区间（0，+∞）上是单调增函数，f（x0）=0，∵x1＞x0，∴f（x1）＞0．故答案为A．利用新定义化简函数f（x）的解析式为2x+lnx，在区间（0，+∞）上是单调减函数，f（x0）=0，而x1＞x0，从而得到f（x1）＞0．本题主要考查新定义、诱导公式以及函数的单调性的判断及应用，属于中档题．9.已知＜＜，则（）A.n＜m＜1B.m＜n＜1C.1＜m＜nD.1＜n＜m【答案】D【解析】解：∵0＜a=＜1∴函数为减函数即m＞n又∵0＜a＜1且＜＜0∴m、n都大于1，即m＞n＞1故答案选D．对数函数底与真数同大于1或同大于0小于1时函数值为正，底和真数一个大于1，一个大于0小于1时函数值为负．本题考查了如何利用对数函数单调性比较大小的知识，并考查了如何判断对数函数值的正负．10.命题p：x∈R且满足sin2x=1．命题q：x∈R且满足tanx=1．则p是q的（）A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】C【解析】解：由sin2x=1得2x=+2kπ，k∈Z，即x=，k∈Z，由tanx=1，得x=，k∈Z，∴p是q的充要条件．故选：C．根据三角函数的性质以及充分条件和必要条件的定义进行判断．本题主要考查充分条件和必要条件的应用，利用三角函数的性质是解决本题的关键．11.函数y=ln（x+1）与y=的图象交点的横坐标所在区间为（）A.（0，1）B.（1，2）C.（2，3）D.（3，4）【答案】B【解析】解：令f（x）=ln（x+1）-，∵f（2）=ln3-＞＞0，f（1）=ln2-1＜lne-1=0，又函数f（x）在（1，2）上的图象是一条连续不断的曲线，∴函数f（x）在区间（1，2）内有零点，即ln（x+1）=有解，此解即为函数y=ln（x+1）与y=的图象交点的横坐标．故选：B．该问题可转化为方程ln（x+1）=的解的问题，进一步可转化为函数f（x）=ln（x+1）-的零点问题．本题考查函数零点的存在问题，本题中函数y=ln（x+1）与y=的图象交点的横坐标，可转化为函数f（x）=ln（x+1）-的零点．注意函数与方程思想、转化与化归思想的运用．12.抛物线y2=2px（p＞0）的焦点为F，已知点A，B为抛物线上的两个动点，且满足∠AFB=90°．过弦AB的中点M作抛物线准线的垂线MN，垂足为N，则的最大值为（）A. B. C.1 D.【答案】A【解析】解：设|AF|=a，|BF|=b，由抛物线定义，得AF|=|AQ|，|BF|=|BP|在梯形ABPQ中，∴2|MN|=|AQ|+|BP|=a+b．由勾股定理得，|AB|2=a2+b2配方得，|AB|2=（a+b）2-2ab，又ab≤，∴（a+b）2-2ab≥（a+b）2-2，得到|AB|≥（a+b）．∴≤=，即的最大值为．故选A．设|AF|=a，|BF|=b，由抛物线定义，2|MN|=a+b．再由勾股定理可得|AB|2=a2+b2，进而根据基本不等式，求得|AB|的范围，即可得到答案．本题主要考查抛物线的应用和解三角形的应用，考查基本不等式，考查了计算能力、分析问题和解决问题的能力．二、填空题(本大题共4小题，共20.0分)13.已知正三棱锥的侧面均为等腰直角三角形，侧面的面积为，则它的外接球体积为______ ．【答案】【解析】解：如图，三棱锥P-ABC为正三棱锥，则它的外接球的直径为正方体的对角线PD，求得PA=PB=PC=1，PD=，则正三棱锥的外接球体积为V=π•=．故答案为：．正三棱锥的侧面均为等腰直角三角形，则它的外接球的直径为正方体的对角线，即可得出结论．如果一个三棱锥三个侧面两两互相垂直，它的外接球的直径为正方体的对角线．14.如图，正方形ABCD的边长为1，延长BA至E，使AE=1，连接EC、ED，则sin∠CED=______ ．【答案】【解析】解：∵AE=1，正方形的边长为：1；∴ED==，EC==，CD=1，∴cos∠CED==，sin∠CED=∠=．故答案为：．通过正方形求出ED，EC利用余弦定理求出∠CED的余弦值，然后求出正弦值．本题考查勾股定理与余弦定理的应用，考查计算能力．15.直线y=kx+1与曲线y=x3+ax+b相切于点A（1，3），则b的值为______ ．【答案】3【解析】解：∵直线y=kx+1与曲线y=x3+ax+b相切于点A（1，3），∴…①又∵y=x3+ax+b，∴y'=3x2+ax，当x=1时，y'=3+a得切线的斜率为3+a，所以k=3+a；…②∴由①②得：b=3．故答案为：3．由于切点在直线与曲线上，将切点的坐标代入两个方程，得到关于a，b，k的方程，再求出在点（1，3）处的切线的斜率的值，即利用导数求出在x=1处的导函数值，结合导数的几何意义求出切线的斜率，再列出一个等式，最后解方程组即可得．从而问题解决．本小题主要考查直线的斜率、导数的几何意义、利用导数研究曲线上某点切线方程等基础知识，考查运算求解能力．属于基础题．16.已知△ABC面积S和三边a，b，c满足：S=a2-（b-c）2，b+c=8，则△ABC面积S 的最大值为______ ．【答案】【解析】解：∵a2=b2+c2-2bccos A，即a2-b2-c2=-2bccos A，S△ABC=bcsin A，∴分别代入已知等式得：bcsin A=2bc-2bccos A，即sin A=4-4cos A，代入sin2A+cos2A=1得：cos A=，∴sin A=，∵b+c=8，∴c=8-b，∴S△ABC=bcsin A=bc=b（8-b）≤•（）2=，当且仅当b=8-b，即b=4时取等号，则△ABC面积S的最大值为．故答案为：利用三角形面积公式变形出S，利用余弦定理列出关系式，代入已知等式计算即可求出S的最大值．此题考查了余弦定理，三角形的面积公式，以及同角三角函数间基本关系的运用，熟练掌握余弦定理是解本题的关键．三、解答题(本大题共8小题，共94.0分)17.已知等差数列{a n}满足a3=10，a5-2a2=6．（Ⅰ）求a n；（Ⅱ）数列{b n}满足b n=为奇数为偶数，T n为数列{b n}的前n项和，求T2n．【答案】解：（Ⅰ）在等差数列中，设公差为d，∵a3=10，a5-2a2=6．∴，解得，∴a n=2+4（n-1）=4n-2．（Ⅱ）∵，为奇数，为偶数，∴T2n=（b1+b3+…+b2n-1）+（b2+b4+…+b2n）=（1+22+…+22n-2）+[1+5+…+（4n-3）]=+=2n2-n．【解析】（Ⅰ）根据条件建立方程组，即可求出等差数列的首项和公差，即可求a n；（Ⅱ）利用分组求和及等差数列、等比数列的求和公式即可求数列{b n}的前n项和T n．本题主要考查数列的通项公式和前n项和的计算，要求熟练掌握特殊数列的求和公式，考查学生的计算求解能力．18.已知点，是离心率为的椭圆C：＞＞上的一点．斜率为的直线BD交椭圆C于B、D两点，且A、B、D三点不重合．（Ⅰ）求椭圆C的方程；（Ⅱ）△ABD的面积是否存在最大值？若存在，求出这个最大值；若不存在，请说明理由？【答案】解：（Ⅰ）∵，，a2=b2+c2∴a=2，，∴椭圆方程为．…（5分）（Ⅱ）设直线BD的方程为由，消去y可得∴，，由△=-8b2+64＞0，可得＜＜∴，设d为点A到直线BD：的距离，∴∴，当且仅当b=±2，时，△ABD的面积最大，最大值为．…（12分）【解析】（Ⅰ）根据点，是离心率为的椭圆C上的一点，建立方程，即可求椭圆C的方程；（Ⅱ）直线方程代入椭圆方程，计算出三角形的面积，利用基本不等式，可得结论．本小题主要考查椭圆的方程的求法，考查弦长公式的应用和利用均值不等式求最值的方法，考查思维能力、运算能力和综合解题的能力．19.如图，四棱锥P-ABCD的底面是正方形，PA⊥底面ABCD，PA=2，∠PDA=45°，点E、F分别为棱AB、PD的中点．（Ⅰ）求证：AF∥平面PCE；（Ⅱ）求三棱锥C-BEP的体积．【答案】解：证明：（Ⅰ）取PC的中点G，连接FG、EG∴FG为△CDP的中位线∴FG CD∵四边形ABCD为矩形，E为AB的中点∴AE CD∴FG AE∴四边形AEGF是平行四边形（2分）∴AF∥EG又EG⊂平面PCE，AF⊄平面PCE∴AF∥平面PCE（4分）（Ⅱ）∵三棱锥C-BEP即为三棱锥P-BCE∵PA⊥底面ABCD，即PA是三棱锥P-BCE的高在R t△BCE中，BE=1，BC=2，（10分）∴三棱锥C-BEP的体积V C-BEP=V P-BCE==（12分）【解析】（Ⅰ）欲证AF∥平面PCE，根据直线与平面平行的判定定理可知只需证AF与平面PCE 内一直线平行，取PC的中点G，连接FG、EG，AF∥EG又EG⊂平面PCE，AF⊄平面PCE，满足定理条件；（Ⅱ）三棱锥C-BEP的体积可转化成三棱锥P-BCE的体积，而PA⊥底面ABCD，从而PA即为三棱锥P-BCE的高，根据三棱锥的体积公式进行求解即可．本题主要考查了直线与平面平行的判定，以及平面与平面垂直的判定和三棱锥的体积，属于中档题．20.为了解某班学生喜爱打篮球是否与性别有关，对此班50人进行了问卷调查得到了如下的列联表：已知在全部50人中随机抽取1人抽到喜爱打篮球的学生的概率为．（1）请将上面的列联表补充完整；（2）是否有99.5%的把握认为喜爱打篮球与性别有关？说明你的理由；（3）已知喜爱打篮球的10位女生中，A1，A2，A3，A4，A5还喜欢打羽毛球，B1，B2，B3还喜欢打乒乓球，C1，C2还喜欢踢足球，现再从喜欢打羽毛球、喜欢打乒乓球、喜欢踢足球的女生中各选出1名进行其他方面的调查，求B1和C1不全被选中的概率．下面的临界值表供参考：（参考公式：，其中n=a+b+c+d）【答案】解：（1）∵在全部50人中随机抽取1人抽到喜爱打篮球的学生的概率为．∴在50人中，喜爱打篮球的有=30，∴男生喜爱打篮球的有30-10=20，列联表补充如下：（2）∵＞∴有99.5%的把握认为喜爱打篮球与性别有关．（3）从10位女生中选出喜欢打羽毛球、喜欢打乒乓球、喜欢踢足球的各1名，其一切可能的结果组成的基本事件有5×3×2=30种，如下：（A1，B1，C1），（A1，B1，C2），（A1，B2，C1），（A1，B2，C2），（A1，B3，C1），（A1，B3，C2），（A2，B1，C1），（A2，B1，C2），（A2，B2，C1），（A2，B2，C2），（A2，B3，C1），（A2，B3，C2），（A3，B1，C1），（A3，B1，C2），（A3，B2，C1），（A3，B3，C2），（A3，B2，C2），（A3，B3，C1），（A4，B1，C1），（A4，B1，C2），（A4，B2，C1），（A4，B2，C2），（A4，B3，C1），（A4，B3，C2），（A5，B1，C1），（A5，B1，C2），（A5，B2，C1），（A5，B2，C2），（A5，B3，C1），（A5，B3，C2），基本事件的总数为30，用M表示“B1，C1不全被选中”这一事件，则其对立事件表示“B1，C1全被选中”这一事件，由于由（A1，B1，C1），（A2，B1，C1），（A3，B1，C1），（A4，B1，C1），（A5，B1，C1）5个基本事件组成，∴，∴由对立事件的概率公式得．【解析】（1）根据在全部50人中随机抽取1人抽到喜爱打篮球的学生的概率，做出喜爱打篮球的人数，进而做出男生的人数，填好表格．（2）根据所给的公式，代入数据求出临界值，把求得的结果同临界值表进行比较，看出有多大的把握说明打篮球和性别有关系．（3）从10位女生中选出喜欢打羽毛球、喜欢打乒乓球、喜欢踢足球的各1名，其一切可能的结果组成的基本事件有5×3×2，而满足条件的事件B1和C1不全被选中，通过列举得到事件数，求出概率．本题是一个统计综合题，包含独立性检验和概率，本题通过创设情境激发学生学习数学的情感，帮助培养其严谨治学的态度．21.函数f（x）=sinx．（1）令f1（x）=f′（x），f n+1（x）=f n′（x），（n∈N*），求f2014（x）的解析式；（2）若f（x）+1≥ax+cosx在[0，π]上恒成立，求实数a的取值范围．【答案】解：（Ⅰ）由题意得：f1（x）=cosx，f2（x）=-sinx，f3（x）=-cosx，f4（x）=sinx，…，周期为4，∴f2014（x）=f503×4+2（x）=f2（x）=-sinx．（Ⅱ）设g（x）=sinx+1-ax-cosx，g′（x）=cosx-a+sinx=sin（x+）-a．∵x∈[0，π]，∴sin（x+）∈[-1，]．当a≤-1时，g′（x）≥0在[0，π]上恒成立，∴g（x）≥g（x）min=g（0）=0成立，故a≤-1；当a时，g′（x）≤0在[0，π]上恒成立，g（x）=g（π）=2-πa≥0，得a，无解．当-1＜a＜时，则存在x0∈（0，π]使得x∈（0，x0）时，g（x）是增函数，x∈（x0，π]时，g（x）是减函数，故g（x）min=g（0），或g（x）min=g（π），∴，解得：a，故-1＜a．综上所述：a．【解析】（Ⅰ）问中利用函数的周期性不难求出；（Ⅱ）问中先将不等式转化成函数利用导数，讨论a，进而求出a的取值范围．本题是一道关于导数应用的综合型题目，不管问题怎么变化，关于导数最基本的知识点要牢牢掌握．22.如图，点A是以线段BC为直径的圆O上一点，AD⊥BC于点D，过点B作圆O的切线，与CA的延长线相交于点E，点G是AD的中点，连接CG并延长与BE相交于点F，延长AF与CB的延长线相交于点P．（1）求证：BF=EF；（2）求证：PA是圆O的切线．【答案】证明：（1）∵BC是圆O的直径，BE是圆O的切线，∴EB⊥BC．又∵AD⊥BC，∴AD∥BE．可得△BFC∽△DGC，△FEC∽△GAC．∴，，得．∵G是AD的中点，即DG=AG．∴BF=EF．（2）连接AO，AB．∵BC是圆O的直径，∴∠BAC=90°．由（1）得：在R t△BAE中，F是斜边BE的中点，∴AF=FB=EF，可得∠FBA=∠FAB．又∵OA=OB，∴∠ABO=∠BAO．∵BE是圆O的切线，∴∠EBO=90°，得∠EBO=∠FBA+∠ABO=∠FAB+∠BAO=∠FAO=90°，∴PA⊥OA，由圆的切线判定定理，得PA是圆O的切线．【解析】（1）利用平行线截三角形得相似三角形，得△BFC∽△DGC且△FEC∽△GAC，得到对应线段成比例，再结合已知条件可得BF=EF；（2）利用直角三角形斜边上的中线的性质和等边对等角，得到∠FAO=∠EBO，结合BE是圆的切线，得到PA⊥OA，从而得到PA是圆O的切线．本题求证直线是圆的切线，着重考查了直角三角形的性质、相似三角形的判定与性质和圆的切线判定定理等知识，属于中档题．23.在直角坐标系x O y中，直线C的参数方程为为参数），曲线P在以该直角坐标系的原点O的为极点，x轴的正半轴为极轴的极坐标系下的方程为ρ2-4ρcosθ+3=0．（1）求直线C的普通方程和曲线P的直角坐标方程；（2）设直线C和曲线P的交点为A、B，求|AB|．【答案】解：（1）由曲线C的参数方程为为参数），消去参数t得到曲线C的普通方程为x-y-1=0；∵x=ρcosθ，y=ρsinθ，曲线P在极坐标系下的方程为ρ2-4ρcosθ+3=0，∴曲线P的直角坐标方程为x2+y2-4x+3=0．（2）曲线P可化为（x-2）2+y2=1，表示圆心在（2，0），半径r=1的圆，则圆心到直线C的距离为，故|AB|==．【解析】（1）参数t得到曲线C的普通方程为x-y-1=0，利用x=ρcosθ，y=ρsinθ，即可得出P的直角坐标方程；（2）利用点到直线的距离公式可求出圆心到直线的距离d和弦长l=即可得出．本题考查直角坐标系与极坐标之间的互化，熟练掌握极坐标与直角坐标的互化公式、点到直线的距离公式、弦长l=是解题的关键．24.设函数f（x）=|2x-a|+5x，其中a＞0．（Ⅰ）当a=3时，求不等式f（x）≥5x+1的解集；（Ⅱ）若不等式f（x）≤0的解集为{x|x≤-1}，求a的值．【答案】解：（Ⅰ）当a=3时，f（x）≥5x+1可化为|2x-3|≥1．----------（2分）由此可得x≥2或x≤1．故不等式f（x）≥5x+1的解集为{x|x≥2或x≤1{．-------------（5分）（Ⅱ）由f（x）≤0得|2x-a|+5x≤0，此不等式化为不等式组，或＜．------------（7分）即，或＜．因为a＞0，所以不等式组的解集为{x|x≤-}，由题设可得-=-1，故a=3．---------------（10分）【解析】（Ⅰ）当a=3时，f（x）≥5x+1可化为|2x-3|≥1，由此求得不等式f（x）≥5x+1的解集．（Ⅱ）由f（x）≤0得|2x-a|+5x≤0，此不等式化为不等式组，或＜．分别求得这两个不等式组的解集，再取并集，即得所求．本题主要考查分式不等式的解法，体现了等价转化的数学思想，属于中档题．。

甘肃省天水一中2014届高三下学期第六次模拟考试数学(文)试题Word版含答案

天水一中2011级高三第6次模拟考试试题数学（文科）命题：马四保审核：蔡恒录一、选择题（本大题包括12小题，每小题5分，共60分，） 1．已知集合R U =，集合},2{R x y y M x∈==，集合)}3lg({x y x N -==，则()=N M C U （）A ．{}3≥y y B.{}0≤y y C.{}30<<y y D.∅2．i 是虚数单位，复数231i i -⎛⎫ ⎪+⎝⎭表示的点落在哪个象限（）A ．第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限3．在长为12cm 的线段AB 上任取一点C ，现作一矩形，邻边长分别等于线段AC 、CB 的长，则该矩形面积大于20cm 2的概率为（） A.16 B. 13 C. 23 D. 454．如图是一个算法的流程图，若输出的结果是31，则判断框中整数M 的值是（） A ．3 B ．4 C ．5 D ．65．已知某几何体的三视图如图，其中正(主)视图中半圆的半径为1，则该几何体的体积为（）A ．3242π-B ．243π- C ．24π- D ．242π-6．设1F 、2F 分别为双曲线22221(0,0)x y a b a b-=＞＞的左、右焦点.若在双曲线右支上存在点P ，满足212PF FF =，且2F 到直线1PF 的距离等于双曲线的实轴长，则该双曲线的离心率为( ) A.45 B. 35C.2D. 2 7．已知()21sin ,42f x x x π⎛⎫=++ ⎪⎝⎭()f x '为()f x 的导函数，则()f x '的图像是（）8．定义一种运算bc ad d c b a -=*),(),(，若函数)2,38(tan)ln ,1()(xx x f π*=，0x 是方程0)(=x f 的解，且10x x <，则)(1x f 的值（）A ．恒为正值B ．等于0C ．恒为负值D ．不大于09．已知m 21log ＜n 21log ＜0，则（）(A)n ＜m ＜1 (B)m ＜n ＜1 (C)1＜m ＜n (D)1＜n ＜m10．命题:p x R ∈且满足sin 21x =.命题:q x R ∈且满足tan 1x =.则p 是q 的（） A. 充分非必要条件 B. 必要非充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件11．函数)1ln(+=x y 与xy 1=的图像交点的横坐标所在区间为（） A.(0,1) B.(1,2) C.(2,3) D.(3,4)12．抛物线22(0)y px p =>的焦点为F ，已知点,A B 为抛物线上的两个动点，且满足90AFB ∠=.过弦AB 的中点M 作抛物线准线的垂线MN ，垂足为N ，则MN AB的最大值为（）C. 1二、填空题(本大题包括4小题，每小题5分，共20分)． 13．已知正三棱锥的侧面均为等腰直角三角形，侧面的面积为21，则它的外接球体积为14．如图，正方形ABCD 的边长为1，延长BA 至E ，使1AE =，连接 EC 、ED ，则sin CED ∠=15．已知直线1y kx =+与曲线3y x ax b =++切于点(1,3)，则b 的值为__________.16．已知ABC ∆面积S 和三边c b a ,,满足：8,)(22=+--=c b c b a S ，则ABC ∆面积S 的最大值为_______________ .三、解答题本大题包括6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）． 17．（12分）已知等差数列{}n a 满足62,10253=-=a a a .（Ⅰ）求n a ；（Ⅱ）数列{}n b 满足()()11212n n n n b a n --⎧⎪=⎨⎪⎩为奇数为偶数 , n T 为数列{}n b 的前n 项和，求2n T .18．（12分）已知点)2,1(A 是离心率为22的椭圆C ：)0(12222>>=+b a ay b x 上的一点，斜率为2的直线BD 交椭圆C 于B 、D 两点，且A 、B 、D 三点不重合．（1）求椭圆C 的方程；（2）ABD ∆的面积是否存在最大值？若存在，求出这个最大值；若不存在，请说明理由？ 19．（12分）如图，四棱锥P －ABCD 的底面是正方形，PA ⊥底面ABCD ，PA ＝2，∠PDA=45，点E 、F 分别为棱AB 、PD 的中点．（1）求证：AF ∥平面PCE ；（2）求三棱锥C －BEP 的体积． 20．（12分）为了解某班学生喜爱打篮球是否与性别有关，对本班50人进行了问卷调查得到了如下的列联表：已知在全部50人中随机抽取1人抽到喜爱打篮球的学生的概率为35．（1）请将上面的列联表补充完整；（2）是否有99.5％的把握认为喜爱打篮球与性别有关？说明你的理由；（3）已知喜爱打篮球的10位女生中，321,,A A A 还喜欢打羽毛球，123BB B ，，还喜欢打乒乓球，12C C ，还喜欢踢足球，现在从喜欢打羽毛球、喜欢打乒乓球、喜欢踢足球的8位女生中各选出1名进行其他方面的调查，求1B 和1C 不全被选中的概率．下面的临界值表供参考：（参考公式：d c b a n d b c a d c b a bc ad n K +++=++++-=,))()()(()(22） 21．（12分）函数x x f sin )(=.（1）令)(),()(),()(*'1'1N n x f x f x f x f n n ∈==+，求)(2014x f 的解析式；（2）若x ax x f cos 1)(+≥+在[]π,0上恒成立，求实数a 的取值范围. 请考生在第22、23、24题中任选一．．．题．作答，如果多做，则按所做第1题计分。

天水市一中高三语文模拟部分试题及答案

2019年天水市一中高三语文模拟部分试题及答案2019年天水市一中高三语文模拟试题及答案第Ⅰ卷阅读题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1——3题。

诺贝尔文学奖的审美标准是“具有理想主义倾向的杰出文学作品”。

虽然瑞典文学院始终以“理想主义”作为最高标准来评选作品，但是，在各个不同的历史阶段，对“理想主义”的理解有所不同。

自19世纪中叶起，欧洲资本主义进入稳定发展时期，社会矛盾虽然日益尖锐，但人们仍然对生活和未来充满信心。

受此影响，诺贝尔文学奖最初十几年多关注那些透过温和的人道主义显现出真、善、美的文学作品。

光明、崇高、热情、高雅是此时获奖作品的共同风格。

例如，1910年德国作家海泽的获奖是因为他的作品“所达到的充满理想主义光辉的、完美的艺术境界”。

不难发现，此时欧洲人的文学审美观念趋向于追求古典式的和谐之美，而人与现实的和谐是这种古典美的核心，它折射出当时欧洲人对人与现实关系的向往与期待。

第一次世界大战的爆发使人类遭到空前的浩劫，欧洲人古典的乌托邦梦想随着战火灰飞烟灭。

西方知识分子开始了对世界的全面反思，用更加冷峻的目光来审视人与现实的关系。

传统文学观念受到严重的冲击，乐观主义倾向开始淡出20世纪西方文学的舞台，文学的视角转移到从人生的悲剧性体验中发现美与善。

如果说战前的西方文学多从美的角度来审视人与现实的关系，从而建立起对人类未来的美好幻想，那么，此时的西方文学更多地从丑的角度来反思现实对人类心灵的扭曲与异化。

这一时期的诺贝尔文学奖更多地表彰那些具有浓厚悲剧意识的作家。

如1919年瑞典文学院将文学奖颁给瑞士作家施皮特勒，正是因为他的史诗《奥林匹斯的春天》“表达了人类在强加于自身的各种欲望搏斗时表现出的自由意志、各种理想、各种想象以及人类的痛苦、绝望等等”。

接踵而来的第二次世界大战以及战后的冷战和全球核威胁，使人类的精神从悲观走向了绝望。

在这片思想的荒原上，存在主义哲学思想开始风靡世界。

甘肃省天水市高三语文第六次诊断考试(最后一考)试题(含解析)

天水市2016—2017学年2014级高三第六次诊断考试语文试题本试卷分为第I卷（阅读题）和第II卷（表达题）两部分。

满分150分，考试用时150分钟第I卷（阅读题）一、现代文阅读（一）论述类文本阅读阅读下面的文字，完成下列小题。

唐人古体古体诗，亦名古诗、古风或往体诗，指的是产生于唐以前并和唐代新出现的近体诗（又名今体诗）相对的一种诗体。

它的特点是格律限制不太严格，篇幅可长可短，押韵比较自由灵活，不必拘守对偶、声律，有四言、五言、七言、杂言等多种形式。

不过唐人的古体以五言、七言为主，杂言也多以七言为主体。

五七言古诗自汉魏以来已经有了悠久的传统，至唐代又发生了新变。

唐代社会生活领域的扩展和人的思想感情的复杂化，要求诗歌作品在表现范围上有较大的开拓，加上篇幅短小、格律严整的近体诗走向定型化，更促使这种少受时空限制的古诗朝着发挥自己特长的道路迈进。

一般说来，较之魏晋六朝诗歌大多局限于比较单纯的抒情写景，唐人的古诗则趋向笔力驰骋、气象峥嵘、边幅开阔、语言明畅，不仅抒写波澜起伏的情感心理活动，还直接叙述事件，刻画人物，铺捧场景，生发议论，使诗歌表情达意的功能得到空前的发挥。

唐代诗人中也有接近于汉魏古诗含蓄淳厚作风的，如王、孟、韦、柳，但较为少见，不构成唐人古诗的主流。

另外，在音节上，唐代古诗受今体诗的影响，或则吸取声律的和谐与对仗的工整，或则有意走上反律化的途径，皆不同于晋、宋以前诗歌韵调的纯任自然。

所以明代格调论者以唐人古诗为汉魏以来古诗的“变体”，并不算错。

只是他们从伸正黜变、荣古虐今的传统观念出发，贬抑唐人古诗的成就，甚至宣言“唐无五言古诗”（李攀龙《唐选诗序》），那就太过分了。

清王士禛《古诗选》在五言古诗部分选了一百多位汉魏六朝作家的作品，于唐人只取陈于昂、张九龄、李白、韦应物、柳宗元五家，还说是“四唐古诗之变，可以略睹焉”（《古诗选•五言诗凡例》），显示出同一偏见。

倒是明末许学夷在《诗源辩体》中强调指出“唐人五古自有唐体”，它以敷陈充畅为特色，不能拿汉魏古诗委婉含蓄的作风来硬加绳尺，可谓通达之见。

甘肃省天水市一中2014届第六次高考模拟考试文综历史试卷

甘肃省天水市一中2014届第六次高考模拟考试文综历史试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

其中第Ⅱ卷第41、42题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷选择题（选择题共35题，每小题4分，共140分。

在每小题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

）24.《老子》中说：“故道大，天大，地大，人亦大。

域中有四大，而人居其一焉。

”《孝经》中说：“天地之性，人为贵。

”《左传》中记载：“夫民，神之主也。

……民之所欲，天必从之。

”《易·贲卦·象辞》中记载：“观乎天文，以察时变；关乎人文，以化成天下。

”以上资料的共同点是()A．体现了中国古代的人文精神B．体现了中国古代讲求人与自然的和谐C．说明中国古代没有宗教和神学D．说明了中国古代统治者重视民25.农业是古代中国最基本的经济形式。

下列图片说明了()戽斗手摇翻车脚踏翻车高转筒车A．水患治理的不断进步B．经营方式的个体化C．水利设施的广泛修筑D．灌溉工具的多样化26.唐中宗曾未经中书、门下两省径自封拜官职。

但他装置诏敕的封袋，不敢照常式封发，而改用斜封；所书“敕”字，也不敢用朱笔，而改用墨笔，时称“斜封墨敕”。

这个故事主要说明()A．君主专制空前强化B．皇权受到相权的制约C．三省六部制瓦解D．科举选官尚未实施27.葛兆光在《中国思想史》中曾说:“朱熹最重要也是在后世影响最广泛的著作是《家礼》。

”“朱熹对于自己提倡的理学原则如何进人生活世界是相当注意的，他反复强调这种原则在生活中的实现。

”对于朱熹的作用，作者认为()A．实现了儒学的道德化和宗教化B．实现了儒学的政治化C．实现了儒学的世俗化和普及化D．实现了儒学的哲学化28.从1545年到1800年，大约有60000吨白银流向了中国。

也就是说，欧洲人平均每年从中国购买了价值大约226吨白银的货物，这是1500年前欧洲每年购买所有亚洲货物的20倍之多。

2025届甘肃省天水一中高三第六次模拟考试语文试卷含解析(1)

2025届甘肃省天水一中高三第六次模拟考试语文试卷请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

1、阅读下面的文字,完成下面小题。

文艺创作贵在“情”,就是要充盈文艺追求的深情。

如果对文艺事业没有深情厚谊，缺乏传世之心，仅仅将其当作谋生的手段、牟利的工具，这样的文艺工作就①，这样的文艺工作者就容易成为市场的奴隶。

坚定艺术追求，一往情深、不改初心、矢志不渝，是艺术创作的必然要求。

也唯有如此，广大文艺工作者才能以文质兼美的优秀作品，满足人民需求，赢得社会赞誉，无愧时代期许。

文艺创作贵在“实”,就是要增强扎根生活的笃实。

生活是艺术之母，越是攀登文艺高峰，越要深入火热生活，扎根人民群众，积蓄创作力量。

人民生活中存在着文学艺术的丰富矿藏，只有发扬劳作上手的精神，走出书斋画室，走进人民群众，投身基层一线，用脚丈量大地，才能创作出思想性、时代性、艺术性、观赏性有机统一的文艺佳作。

文艺创作贵在“意”，就是要②。

文艺是胸怀和创意的对接，观念和手段相结合、内容和形式相融合的深度创新，创新是艺术的生命。

可以说，没有创新动力、创作活力的持续迸发，精品力作就难以迸发涌现，文艺高峰也只能是镜中花、水中月，可望而不可即。

倡导创新精神，并不是要标新立异，而是倡导将创新精神、创新教育融入艺术学习创作过程中，在博采众长、海纳百川、深入实践基础上，融会贯通、激发灵感、厚积薄发,提升艺术原创能力，推动文艺不断繁荣发展。

1．文中使用了哪些修辞手法（）A．比喻、夸张B．比喻、排比C．对偶、排比D．对偶、借代2．文中画波浪线的句子可改写成:“走进群众,扎根基层,才能创作出上乘的文艺作品。

”从语义上看二者基本相同,但原文表达效果更好,为什么?3．请在文中画横线处补写恰当的语句,使整段文字语意完整连贯,内容贴切,逻辑严密,每处不超过10个字。

甘肃省天水市第一中学高三语文下学期一模考试试题

天水一中2015届高考第一次模拟考试试题语文注意事项：1. 本试卷分第Ⅰ卷（阅读题）和第Ⅱ卷（表达题）两部分。