山西省太原市第五中学2018-2019学年高二上学期12月月考试题 物理(理) Word版含答案
山西省太原市第五中学2018-2019学年高一12月月考物理 (解析版)
2018-2019学年山西省太原市第五中学高一12月月考物理
一、单选题：共8题
1．关于四种基本相互作用，以下说法中正确的是
A.万有引力只发生在天体与天体之间，质量小的物体(如人与人)之间无万有引力
B.强相互作用只发生在宇宙天体等宏观物体之间
C.弱相互作用就是非常小的物体间的相互作用
D.电磁相互作用是不需要相互接触就能有作用的
2．关于物体的惯性，以下说法中正确的是
A.物体运动时的惯性比静止时的惯性大
B.物体的质量越大，物体的惯性越大
C.物体受力越大，惯性越大
D.短跑运动员百米冲刺后不能马上停下是由于运动员受到惯性力作用
3．如图所示，质量为m的物体A以一定初速度v沿粗糙斜面上滑，物体A在上滑过程中受到的力有
A.向上的冲力、重力、斜面的支持力和沿斜面向下的摩擦力
B.重力、斜面的支持力和下滑力
C.重力、对斜面的正压力和沿斜面向下的摩擦力
D.重力、斜面的支持力和沿斜面向下的摩擦力
4．质点在三个共点力F1、F2、F3的作用下处于平衡状态，如图所示，则它们的大小关系是
A.F1>F2>F3
B.F1>F3>F2
C.F3>F1>F2
D.F2>F1>F3
5．在一些救援行动中，千斤顶发挥了很大作用。
如图所示是剪式千斤顶，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起。
当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力为1.0×105N，此时千斤顶两臂间的夹角为120°，则下列判断错误的是。
【物理】山西省太原市第五中学2017-2018学年高二12月月考(理)试题(解析版)
太原五中2017-2018学年度第一学期阶段性检测高二物理（理）一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分。
其中1-7题只有一个选项符合题意，8-12题有多个选项符合题意，全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分。
请将正确选项填写到答卷纸的相应位置）1. 教学楼走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么由此设计的电路为（）A. “与”门电路B. “或”门电路C. “非”门电路D. 上述答案都有可能【答案】B【解析】不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，所满足的关系是“或”逻辑关系，即事件的某一个条件满足，该事件就能发生，故B正确，ACD错误。
2. 电功率的计算公式P=U2/R中，U是加在用电器上的电压，R是用电器的电阻，此式可用于（）A. 计算电冰箱的功率B. 计算电风扇的功率C. 计算电烙铁的功率D. 计算洗衣机的功率【答案】C【解析】电功率的计算公式，它只能适用于纯电阻电路，所以只能计算电烙铁的功率，不能计算电冰箱、电风扇、以及洗衣机的功率，故C正确，ABD错误。
3. 下列说法正确的是（）A. 欧姆定律适用于所有电路B. 根据R=U/I可知，对金属导体而言，R与U成正比，与I成反比C. 根据I=U/R可知，导体中的电流跟导体两端的电压U成正比，跟导体的电阻R成反比D. 电路中两点之间的电压就等于这两点的电势差，沿着电流的方向各点的电势在降低【答案】C【解析】欧姆定律适用范围是：金属导电和电解液导电，欧姆定律不适用于气体导电，故A 错误；导体电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，与电压、电流无关，故B错误；根据可知，导体中的电流跟导体的电压成正比，与R成反比，故C正确；沿着电流方向，通过电阻才有电势的降落，故D错误。
所以C正确，ABD错误。
4. 有2Ω、3Ω、6Ω的三个电阻，它们并联时的总电阻是（）A. 2ΩB. 1.5 ΩC. 1.37ΩD. 1Ω【答案】D【解析】根据并联电阻总阻值公式：，带入数据可得：，故D正确，ABC错误。
精品解析：山西省太原市第五中学2019届高三上学期12月阶段检测理综物理试题(解析版)
太原五中2018—2019学年度第一学期阶段性检测高三理科综合一、选择题1.在选定正方向后，甲、乙两质点运动的v—t图象如图所示，则在0～t2时间内（）A. 甲质点做直线运动，乙质点做曲线运动B. 乙质点的加速度先增大后减小C. t1时刻两质点相遇D. 0～t2时间内，甲质点的平均速度等于乙质点的平均速度【答案】B【解析】【分析】速度-时间图象只能反映直线运动的规律，图象的斜率表示加速度，倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动。
【详解】A项：速度-时间图象只能反映直线运动的规律，则知甲、乙两质点均做直线运动，故A错误；B项：根据v-t图象的斜率表示加速度，乙质点图线的斜率先增大后减小，则知乙质点的加速度先增大后减小，故B正确；C项：t1时刻两质点的速度相同，图象与时间轴所围面积表示位移，由图象可知，两面积不相等，故C错误；D项：0～t2时间内，图象与时间轴所围面积表示位移，由图可知，两质点的位移不相等，所以平均速不相同，故D错误。
故应选：B。
2.如图所示，水平桌面上平放有10张卡片，每一张卡片的质量均为m，用手指以竖直向下的力压第1张卡片，并以一定速度向右移动手指，确保第1张卡片与第2张卡片之间有相对滑动．设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，手指与第1张卡片之间的动摩擦因数为μ1，卡片之间、卡片与桌面之间的动摩擦因数均为μ2，且有μ1＞μ2，则下列说法正确的是（）A. 任意两张卡片之间均可能发生相对滑动B. 第1张卡片受到手指的摩擦力向左C. 上一张卡片受到下一张卡片的摩擦力一定向左D. 最下面那张卡片受到水平桌面的摩擦力向右【答案】C【解析】【分析】第1张卡片受到手指的摩擦力是静摩擦力，方向与相对运动趋势方向相反。
第2张卡片受到手指的滑动摩擦力，小于它受到的最大静摩擦力，与第3张卡片之间不发生相对滑动。
根据卡片之间的相对运动，从而分析摩擦力的方向。
【详解】A项：设每张的质量为m，动摩擦因数为μ2，对第2张分析，它对第3张卡片的压力等于上面两张卡片的重力及手指的压力，最大静摩擦力F m=μ2•（2mg+F），而受到的第1张卡片的滑动摩擦力为f=μ2（mg+F）＜F m，则第2张卡片与第3张卡片之间不发生相对滑动。
物理(理)卷2019届山西省太原市第五中学高二上学期期中考试(12月) (2016.12)
太原五中2016—2017学年度第一学期阶段性检测高二物理（理）命题人：李兴鹏吴柴乐校对人：高二物理组（2016.12）一、选择题（每小题3分，共36分，1-8小题为单项选择题，9-12小题为多项选择题，漏选得2分，多选错选得0分）1.下列说法正确的是( )A．电源电动势越大，电源两极间的电压一定越高B．电源的作用就是能为电路持续地提供自由电荷C．电源的作用是让正负极保持一定量的正、负电荷，维持一定的电势差D．电源电动势的大小，与非静电力所做的功成正比，与移送电荷量成反比2．太阳能电池已经越来越多地应用于我们生活中，有些太阳帽前安装的小风扇就是靠太阳能电池供电的．可以测得某太阳能电池的电动势为0.6 V，这表示以下说法中错误的是( )A．太阳能电池在1 s内将0.6 J的太阳能转变为电能B．在不接入电路时，太阳能电池两极间的电压为0.6 VC．电路中每通过1 C电荷量，太阳能电池把0.6 J的太阳能转变为电能D．太阳能电池将太阳能转化为电能的本领比一节干电池(电动势为1.5 V)将化学能转化为电能的本领小3.关于静电场，下列说法正确的是（）A．在电场中某点电势等于零，则该点电场强度一定为零，B．电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少C．根据公式Uab=Ed可知，在匀强电场中a、b 间的距离越大，电势差就越大D．电荷在电场中某点的电势能，等于把它从这点移动到零势位置时静电力所做的功4.如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点．可知：( )A．粒子带负电B．粒子在M点的动能小于在N点的动能C．粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力5.如图，导体A、B的伏安特性曲线为直线，导体C的伏安特性曲线的为曲线，则下列说法正确的是()A．若将这三个导体串联起来接在电压恒为6 V的直流电源两端，稳定时通过导体的电流均为2 AB．若将这三个导体串联起来接在电压恒为6 V的直流电源两端，稳定时三个导体电阻R A∶R B∶R C＝1∶3∶2C．若将这三个导体串联后接在电压恒为3 V和6 V的直流电源上，三个导体的阻值之比不变D．若将这三个导体并联后接在恒为3 V的直流电源上，则通过它们的电流比I A ∶I B ∶I C ＝3∶2∶16.如图所示，虚线AB 和CD 分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O 点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M 、N 上，下列说法中正确的是( )A ．C 、D 两处电势、场强均相同B ．A 、B 两处电势、场强均相同C ．在虚线AB 上O 点的场强最大D ．带正电的试探电荷在O 处的电势能小于在B 处的电势能7.如图所示为示波管的工作示意图，炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U 的加速电场，经加速后形成横截面积为S 、电流为I 的电子束．设电子离开金属丝时初速度为零，已知电子的电荷量为e 、质量为m ，则在刚射出加速电场时，一小段长为ΔL 的电子束内的电子个数是( )．A.IeS m 2eU B. I ΔL eS m2eU C. I ΔLem 2eU D.IS ΔLem 2eU8．如图所示，A 、B 、C 、D 是匀强电场中的四个点，D 是BC 的中点，A 、B 、C 构成一个直角三角形，AB 长为10cm ，电场线与三角形所在的平面平行，已知φA =5V 、φB =-5V 、φC =15V ，由此可以判断( )A ．场强的方向由C 指向B B ．场强的方向垂直AD 连线斜向上C ．场强的大小为m V /100D ．场强的大小为m V /33200 9.在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E 、内电阻为r ，R 1、R 2为定值电阻，R 3为滑动变阻器，C 为电容器，A 、V 为理想电流表和电压表。
山西省太原五中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P26．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E312．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为mm．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，故其U﹣I图象是通过坐标原点的直线．【解答】解：标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，通常用合金材料制成；根据欧姆定律公式I=，当R一定时，电流I与电压U成正比，故I﹣U图象是直线；故选：A．【点评】本题关键明确标准电阻是指电阻值不随温度变化而变化，然后根据欧姆定律分析，基础题．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据电流的微观表达式I=nqvs，分析定向移动速率的关系．【解答】解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据电流的微观表达式I=nqvs可知，v=，则导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的4倍，故CD错误．故选：B【点评】知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，电流的微观表达式I=nqvs，反映出电流I是联系宏观与微观的桥梁．3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电子定向移动的速度和时间，求出自由电荷△t时间内移动的距离，再求出体积，即可求解通过导体横截面的自由电子数目；也可以根据电量公式q=It，求出电量，也求解电子数目．【解答】解：在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线对应体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS△t．由于流经导线的电流为I，则在△t时间内，流经导线的电荷量为I△t，而电子的电荷量为e，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为 N=．故AC正确，BD错误；故选：AC【点评】本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别；电动势的定义式E=；电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电动势越大，这种转化本领越大．【解答】解：A、电源的电动势等于电源没有接入电源没有接入电路时两极间的电压；故A 正确；B、电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷由负极移到正极，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势就越大．故BC正确；D、电源的内阻也会对其他电阻一样都对电流起阻碍作用；故D正确；故选：ABCD．【点评】解决本题要准确掌握电动势的物理意义、与路端电压之间的关系和定义式，电动势的定义式E=中W是非静电力做功，q是所移送的正电荷．5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数．当两个电阻并联后总电阻R比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系．【解答】解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1＞P2．故选C【点评】本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．6．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时，电流表应采用外接法．同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法．【解答】解：A、如果电压表读数变化不明显而电流表变化明显；则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P 应接在b处．故A错误，B正确；C、根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化；而电压表变化明显；则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：（1）当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法．（2）采用试触法进行分析．7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】据串联电路电压与电阻成正比的规律，以及并联电路的特点，分析滑动变阻器的滑片P的位置．【解答】解：要使R获得的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的规律，可知变阻器滑片上部分的电阻与下部分和R0并联的总电阻相等，根据并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律可知，变阻器滑片上部分的电阻小于下部分的电阻，所以滑片P应移到R0的中点偏上．故ACD错误，B正确．故选：B【点评】解决本题关键根据串、并联电路的特点，理解分压器的原理．要知道并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律，并灵活运用．8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据数学知识确定直径与横截面积的关系，根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．【解答】解：镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S1=，由数学知识得知，直径变化后横截面积是S2=，由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000R．故选：D【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故面积变化时，长度也要变化．9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，所以此时电压为：U′===4V，当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=8V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=8V×4C=32J．故选：D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当可变电阻的滑片向a移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析总电流I总的变化和路端电压的变化，进一步分析电阻R1的电流I1的变化．由I2=I总﹣I1来分析I2的变化．【解答】解：当可变电阻的滑片向a移动晨，变阻器有效电阻减小，使该支路的电阻减小，从而引起整个电路的总电阻R外减小，据闭合电路欧姆定律可知，电路的总电流I总增大，电路的外电压U外=E﹣I总r减小，即R1两端的电压U1=U外减小，通过R1的电流I1减小．又因I 总增大，I1减小，通过R2的电流I2=I总﹣I1增大．故选：C【点评】本题是电路中动态变化分析问题，难点是分析I2的变化，根据I2=I总﹣I1分析，这种方法常常被称为总量法．11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的路端电压等于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故AC正确．故选：AC．【点评】本题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．12．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据小灯泡刚好正常发光，求解出电流；根据闭合电路欧姆定律求解出电动机两端的电压，然后根据P出=UI﹣I2r求解电动机的输出功率．【解答】解：小灯泡刚好正常发光，故电流为：I=；根据闭合电路欧姆定律，电动机两端的电压：U=E﹣IR﹣U L=30﹣2×1﹣6=22V；故电动机输出的功率为：P出=UI﹣I2r=22×2﹣22×2=36W；故选A．【点评】本题关键明确含电机电路是非纯电阻电路，小灯泡是纯电阻，根据小灯泡正常发光求电流，根据闭合电路欧姆定律求解电机电压，根据能量守恒定律求解电机的输出功率，不难．二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的 A （填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为11.30 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．即A部分．游标卡尺测内径时，主尺读数为11mm，游标读数为0.05×6=0.30mm，最后读数为11.30mm．故答案为：A，11.30【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是0.642 mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用A1（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ= ．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）螺旋测微器的读数由固定刻度与可动刻度读数之和，需要估读到0.001mm；（2）a、根据欧姆定律估算电路中电流的最大值，即可选择电流表．b、根据伏安法测电阻原理作出实验电路图．（3）根据电阻定律和截面积公式结合，求得电阻率表达式．【解答】解：（1）固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01mm×14.2=0.142mm，则电阻丝的直径 d=0.5mm+0.142mm=0.642mm（2）a、电=路中最大电流约为I==≈3×10﹣4A=300μA，故电流表应选A1；b、待测电阻阻值约为几十kΩ，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故滑动变阻器应采用分压接法．电流表内阻为200Ω，电压表内阻为50kΩ，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示．（3）根据电阻定律得：R x=ρ，又 S=联立可得：故答案为：（1）0.641﹣0.643（2）a、A1b、变阻器分压接法，电流表内接（图略）（3）【点评】此题要掌握螺旋测微器的读数方法：固定刻度与可动刻度读数之和，要注意螺旋测微器需要估读．根据“大内小外”选择电流表的接法，根据变阻器总电阻与待测电阻的大小选择变阻器的接法．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】画出电路图．已知电路中的电流和路端电压，对两种情况由闭合电路欧姆定律列出两个表达式，联立即可求解．【解答】解：画出电路图如图所示．由闭合电路欧姆定律E=U+Ir得：E=2.9+0.3 rE=2.7+0.4 r解得：E=3.5V，r=2Ω．答：电池的电动势为3.5V，内阻为2Ω．【点评】本题是伏安法测量电动势和内阻的实验，对两种情况根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，来求解电动势和内阻，这是常用的思路．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？【考点】电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】由E=可求得电池的电动势；由W=UIt可求得非静电力做的功．【解答】解：（1）电池的电动势E==3V；（2）t=10min=600s非静电力做的功等于这段时间灯泡消耗的电能W=EIt=3V×0.2A×600s=360J；答：有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是3V；给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是360J．【点评】本题考查电源的电动势，要注意明确电动势的计算及非静电做功的求解方法，注意单位的换算．17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】计算题；定量思想；等效替代法；恒定电流专题．【分析】（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律求出流过R3的电流，即电流表的读数．（2）电容器的电压等于R3两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．（3）断开电键S后，电容器通过R1、R2放电，R1、R2相当并联后与R3串联．再求解通过R2的电量．【解答】解：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得：电流表的读数 I===0.8A（2）电容器所带的电量 Q=CU3=CIR3=20×10﹣6×0.8×4C=6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由于各个电阻都相等，则通过R2的电量为Q′=Q=3.2×10﹣5C答：（1）电流表的读数为0.8A；（2）电容器所带的电荷量为6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，通过R2的电量为3.2×10﹣5C．【点评】本题解题时要注意电流表的内阻不计时，也称为理想电流表，相当于可测量电流的导线，可将并联电路短路．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．。
山西省太原第五中学高二物理12月月考试题(含解析)
2014-2015学年山西太原第五中学高二12月月考物理卷选择题1. 将规格为“6V，6W”和“6V，4W”的A灯和B灯接入电压12V的电路中去，既要使两灯都能正常发光，又要使整个电路消耗的电功率最小，如图所示的四种接法最合理的是A B C D2. 在电磁学建立和发展的过程中，许多物理学家做出了重要贡献。
下列说法符合史实的是A．法拉第首先提出正电荷、负电荷的概念B．库仑首先提出电荷周围存在电场的观点C．奥斯特首先发现电流的磁效应D．洛伦兹提出分子电流假说3. 如图，长方形线框 abcd 通有电流 I，放在直线电流 I ' 附近，线框与直线电流共面，则下列表述正确的是A.线圈四个边都受安培力作用，它们的合力方向向左B.只有ad和bc边受安培力作用，它们的合力为零C.ab和dc边所受安培力大小相等，方向相同D.线圈四个边都受安培力作用，它们的合力为零4. 处于匀强磁场中的一个带电粒子，仅在磁场力作用下做匀速圆周运动。
将该粒子的运动等效为环形电流，那么此电流值A．与粒子电荷量成正比 B．与粒子速率成正比C．与粒子质量成正比 D．与磁感应强度成正比5. 从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有大量的高能带电粒子，这些高能粒子流到达地球会对地球上的生命带来危害，但是由于地球周围存在磁场，地磁场能改变宇宙射线中的带电粒子从而对地球上的生命起到保护作用，如图所示。
那么A．地磁场对宇宙射线的阻挡作用各处相同B．地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南、北两极最强，赤道附近最弱C．地磁场对垂直射向地球表面的宇宙射线的阻挡作用在南、北两极最弱，赤道附近最强D．地磁场会使沿地球赤道平面内射来的宇宙射线中的带电粒子向两极偏转6. 如图所示，直线A、B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图像，设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻R0分别接到a、b两电源上，通过R0的电流分别为Ia 和Ib，则A．ra＞rbB．Ia＞IbC．R0接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低D．R0接到b电源上，电源的输出功率较小，电源的效率也较低7. 回旋加速器是加速带电粒子的装置，其主体部分是两个D形金属盒。
山西省太原市第五中学学年高二物理上学期月考试题
山西省太原市第五中学学年高二物理上学期月考试题山西省太原市第五中学2018-2019学年高二物理上学期10月月考试题一．单项选择题（每题4分，共40分。
在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项吻合题目要求的，请将正确选项前的字母填入答题栏内。
）1.以下对物体带电现象的表达正确的选项是()A．经过摩擦使某物体带负电，那么该物体在摩掠过程中产生了额外的电子B．某物体带电量有可能为3.3×10－19 CC．物体所带电量是元电荷的整数倍D．电荷相互中和是电荷完好消失的现象2.真空中有两个点电荷，它们之间的相互作用力为F，若将每个点电荷的电荷量都增加一倍，同时使它们之间的距离减半，那么它们之间的相互作用力将变为()A．16F B．4FC.F4 D.F163.以下列图的各电场中,A、B两点电场强度相同的是()4.以下关于电场与电场线的说法中,正确的选项是()A.电场是人为规定的B.电场是客观存在的特别物质,它对放入其中的电荷有力的作用C.电场线是客观存在的一条条的线D.电场线只能描述电场的方向,不能够描述电场的强弱5.以下那位科学家发现尖端放电现象（）A.丹麦物理学家奥斯特B.英国物理学家法拉第C.美国科学家富兰克林D.法国物理学家库仑6.为了防范静电的危害，应赶忙把产生的静电导走，下面措施中不是防范静电危害的是（）A．油灌车后边装一条拖地的铁链B．电工钳柄上套有绝缘的胶套C．飞机轮胎上装搭地线D．印刷车间中保持合适的湿度7.以下关于电容器的说法中，正确的选项是( )A．电容越大的电容器，带电荷量也必然越多B．电容器不带电时，其电容为零C．两个电容器的带电荷量相等时，两板间电势差较大的电容器的电容较大D．电容器的电容跟它可否带电没关8.有关电容的单位及换算正确的选项是()A．电容的单位是库仑B．电容的国际单位是法拉C．1 F＝10－6μFD．1 F＝106 pF9.关于电流强度正确的选项是（）A.依照I=q / t可知I与q成正比B.若是在任何相等的时间内经过导体横截面积的电量相等，则导体中的电流是恒定电流C.电流有方向，电流强度是标量D.电流强度的单位“安培”不是国际单位制10.在考据焦耳定律的实验中，为了比较电流经过两根不相同的电阻丝产生的热量跟电阻的关系，实验时应同时保持相同的物理量是()A．经过它们的电流和加在它们两端的电压B．经过它们的电流和它们的电阻C．经过它们的电流和通电时间D．经过它们的电流、加在它们两端的电压和通电时间二．计算题（本大题共1个小题，共10分）1.一段导体两端电压是4V，在2min内经过导体某一横截面积的电量是15C，那么经过这段导体的电流是多少，这段导体的电阻是多少，这段时间内产生的热量是多少？一、选择题1 2 3 4 5 6 7 8 9 10C A C B C BD B B C二、计算题11.答案：0.125A，32Ω60 J山西省太原市第五中学学年高二物理上学期月考试题。
山西省太原市第五中学学年高二物理上学期月考试卷 理含解析
太原五中2018—2019学年度第一学期阶段性检测高二物理（理）一、选择题（1-8单项选择，每题3分，9-12多项选择，每题4分：漏选2分，多项选择错选0分。
共40分）1.以下列图，质量为m、半径为b的小球，放在半径为a、质量为3m的大空心球内。
大球开始静止在圆滑的水平面上，当小球从图示地址无初速度地沿大球内壁滚到最低点时，大球搬动的距离是（）A. B. C. D.【答案】D【分析】设小球滑到最低点所用的时间为t，大球的位移大小为x，小球发生的水平位移大小为a-b-x，取水平向左方向为正方向．则依照水平方向平均动量守恒得：即：, 解得：,应选D．2.一宇宙飞船以v=1.0×104 m/s的速度进入密度为ρ=2.0×10-7 kg/m3的微陨石流中，若是飞船在垂直于运动方向的最大截面积为S=5m2，且认为微陨石与飞船碰撞后都附着在飞船上。
为使飞船的速度保持不变，飞船的牵引力应为( )A. 100 NB. 200 NC. 50 ND. 150 N【答案】A【分析】选在时间△t内与飞船碰撞的微陨石为研究对象，其质量应等于底面积为S，高为v△t的直柱体内微陨石尘的质量，即m=ρSv△t，初动量为0，末动量为mv．设飞船对微陨石的作用力为F，由动量定理得：F•△t=mv-0, 则F==ρsv2=2.0×10-7×5×（1.0×104）2=102N；依照牛顿第三定律可知，微陨石对飞船的撞击力大小也等于100N．飞船要保持原速度匀速翱翔，助推器增大的推力应为100N；应选A.点睛：本题主要观察了动量定理及依照牛顿第三定律的直接应用，要注意正确选择研究对象，做好受力分析才能正确求解．3.以下列图，真空中的绝缘水平面上C点左侧的地域水平面圆滑且空间存在水平向右的匀强电场，C点的右侧水平面粗糙。
现从左侧地域的某点由静止释放带正电绝缘小球A，球A经加速后与置于C点的不带电的绝缘球B发生碰撞，碰撞时间极短，且碰撞中系统无机械能损失，碰撞后B球的速率为碰前A球速率的一半，且两球均停在C点右侧粗糙水平面上的同一点，A、B两球资料相同均可视为质点，则A、B两球的质量之比（）A. 1:1B. 1:2C. 1:3D. 1:4【答案】C【分析】设A球碰前速度为v0，则碰后B的速度为v0，由动量守恒定律：；由动能定理，对A：;对B: ；联立解得：（舍掉），m A:m B=1:3，应选C.4.以下列图,人站在小车上，不断用铁锤敲击小车的一端。
山西省太原五中高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P26．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E312．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为mm．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ=．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．山西省太原五中2015～2016学年度2015～2016学年度高二上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、不定项选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．全选对的给4分，选对不选全的给2分，有选错的不给分．请将正确选项填写到答题卡的相应位置）1．实验室中的标准电阻（电阻值不变）的伏安特性曲线应最接近于图中的（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，故其U﹣I图象是通过坐标原点的直线．【解答】解：标准电阻的电阻值不随温度的变化而变化，通常用合金材料制成；根据欧姆定律公式I=，当R一定时，电流I与电压U成正比，故I﹣U图象是直线；故选：A．【点评】本题关键明确标准电阻是指电阻值不随温度变化而变化，然后根据欧姆定律分析，基础题．2．有甲、乙两导体，甲的横截面是乙的2倍，而单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体的电流相同B．乙导体的电流是甲导体的2倍C．乙导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的2倍D．甲、乙两导体中自由电荷定向移动的速度大小相等【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据电流的微观表达式I=nqvs，分析定向移动速率的关系．【解答】解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据电流的微观表达式I=nqvs可知，v=，则导体中自由电荷定向移动的速率是甲导体的4倍，故CD错误．故选：B【点评】知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，电流的微观表达式I=nqvs，反映出电流I是联系宏观与微观的桥梁．3．有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I．设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在△t 时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A．nvS△t B．nv△t C． D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电子定向移动的速度和时间，求出自由电荷△t时间内移动的距离，再求出体积，即可求解通过导体横截面的自由电子数目；也可以根据电量公式q=It，求出电量，也求解电子数目．【解答】解：在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线对应体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvS△t．由于流经导线的电流为I，则在△t时间内，流经导线的电荷量为I△t，而电子的电荷量为e，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为 N=．故AC正确，BD错误；故选：AC【点评】本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度．4．下列关于电源电动势的说法正确的是（）A．电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压B．电源内，电源把其它形式的能转化为电能越多，其电动势也越大C．电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量D．电源的内阻和其它电阻一样都对电流起阻碍作用【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；电源的电动势与电压的单位相同，但与电压有本质的区别；电动势的定义式E=；电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电动势越大，这种转化本领越大．【解答】解：A、电源的电动势等于电源没有接入电源没有接入电路时两极间的电压；故A 正确；B、电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷由负极移到正极，电源把其他形式的能转化为电能越多，电动势就越大．故BC正确；D、电源的内阻也会对其他电阻一样都对电流起阻碍作用；故D正确；故选：ABCD．【点评】解决本题要准确掌握电动势的物理意义、与路端电压之间的关系和定义式，电动势的定义式E=中W是非静电力做功，q是所移送的正电荷．5．如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，并且把第一象限分为了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域正确的是（）A．特性曲线在Ⅰ区，P1＜P2B．特性曲线在Ⅲ区，P1＜P2C．特性曲线在Ⅰ区，P1＞P2D．特性曲线在Ⅲ区，P1＞P2【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数．当两个电阻并联后总电阻R比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系．【解答】解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1＞P2．故选C【点评】本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．6．伏安法测电阻时，为提高测量的精确度，可在连接电路时，将电压表的一端P预留出来，使P分别跟a、b两点接触一下，同时注意观察电流表、电压表的示数，则正确的是（）A．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在a点B．两次比较若电流表A的示数变化显著，则P应接在b点C．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在a点D．两次比较若电压表V的示数变化显著，则P应接在b点【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】本题的关键是对欧姆定律和串并联规律的理解和应用，当电流表采用外接法即P接在a处时，造成误差的原因是电压表的分流作用，所以当电压表内阻越大时，电压表的分流作用越小，电流表示数变化越不明显，所以若电流表读数变化不明显时，电流表应采用外接法．同理，若电压表读数变化不明显，说明电流表分压作用较小，即电流表内阻较小，应采用内接法．【解答】解：A、如果电压表读数变化不明显而电流表变化明显；则说明电流表的分压作用较小，即电流表内阻较小，由于电流表内阻越小时，电流表采用内接法时误差较小，所以P 应接在b处．故A错误，B正确；C、根据欧姆定律和串并联规律可知，若电流表示数没有显著变化；而电压表变化明显；则说明电压表的分流作用较小，即电压表的内阻很大，由于电压表内阻越大时采用电流表外接法误差较小，所以电流表应采用外接法，即P应接在a处；故C正确，D错误；故选：BC．【点评】应明确电流表采用外接法和内接法的条件和选择方法：（1）当满足时，电流表应用外接法；当满足时，电流表应用内接法．（2）采用试触法进行分析．7．如图所示，路端电压U不变，要使定值电阻R两端的电压为，则滑动触头应在（）A．R0的中点处B．R0的中点偏上处C．R0的中点偏下处D．无论调到什么位置均不能满足要求【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】据串联电路电压与电阻成正比的规律，以及并联电路的特点，分析滑动变阻器的滑片P的位置．【解答】解：要使R获得的电压，根据串联电路电压与电阻成正比的规律，可知变阻器滑片上部分的电阻与下部分和R0并联的总电阻相等，根据并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律可知，变阻器滑片上部分的电阻小于下部分的电阻，所以滑片P应移到R0的中点偏上．故ACD错误，B正确．故选：B【点评】解决本题关键根据串、并联电路的特点，理解分压器的原理．要知道并联总电阻比任何一个支路的电阻都小的规律，并灵活运用．8．一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R．把它拉制成直径为的均匀细丝后，它的电阻变为（）A． B．C．100R D．10000R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据数学知识确定直径与横截面积的关系，根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．【解答】解：镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S1=，由数学知识得知，直径变化后横截面积是S2=，由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000R．故选：D【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故面积变化时，长度也要变化．9．一定值电阻，通过2C的电荷量时，消耗的电能是8J，若在相同时间内通过4C的电荷量，那么电阻两端的电压和消耗的电能分别为（）A．4V，16J B．8V，16J C．4V，32J D．8V，32J【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）已知电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8J，所以此时电压为：U′===4V，当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=8V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=8V×4C=32J．故选：D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．10．如图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1和R2是两阻值固定的电阻．当可变电阻R的滑片向a端移动时，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2将发生的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当可变电阻的滑片向a移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析总电流I总的变化和路端电压的变化，进一步分析电阻R1的电流I1的变化．由I2=I总﹣I1来分析I2的变化．【解答】解：当可变电阻的滑片向a移动晨，变阻器有效电阻减小，使该支路的电阻减小，从而引起整个电路的总电阻R外减小，据闭合电路欧姆定律可知，电路的总电流I总增大，电路的外电压U外=E﹣I总r减小，即R1两端的电压U1=U外减小，通过R1的电流I1减小．又因I 总增大，I1减小，通过R2的电流I2=I总﹣I1增大．故选：C【点评】本题是电路中动态变化分析问题，难点是分析I2的变化，根据I2=I总﹣I1分析，这种方法常常被称为总量法．11．将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，它们的内阻分别为r1、r2、r3，则下列关系正确的是（）A．r1=r2＜r3B．r1＞r2＞r3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电源的路端电压等于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故AC正确．故选：AC．【点评】本题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．12．将一盏“6V、12W”的小灯泡，一台线圈电阻是2Ω的电动机及电动势为30V、内阻1Ω的电源组成串联闭合电路，小灯泡刚好正常发光，则电动机输出的功率是（）A．36W B．44W C．50W D．63W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据小灯泡刚好正常发光，求解出电流；根据闭合电路欧姆定律求解出电动机两端的电压，然后根据P出=UI﹣I2r求解电动机的输出功率．【解答】解：小灯泡刚好正常发光，故电流为：I=；根据闭合电路欧姆定律，电动机两端的电压：U=E﹣IR﹣U L=30﹣2×1﹣6=22V；故电动机输出的功率为：P出=UI﹣I2r=22×2﹣22×2=36W；故选A．【点评】本题关键明确含电机电路是非纯电阻电路，小灯泡是纯电阻，根据小灯泡正常发光求电流，根据闭合电路欧姆定律求解电机电压，根据能量守恒定律求解电机的输出功率，不难．二、实验题（本题共2个小题，13题4分，14题8分，共12分）13．图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的 A （填“A”“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为11.30 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题．【分析】游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．即A部分．游标卡尺测内径时，主尺读数为11mm，游标读数为0.05×6=0.30mm，最后读数为11.30mm．故答案为：A，11.30【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度．14．解答关于“测定某电阻丝的电阻率”实验的有关问题：（1）实验中，用螺旋测微器测量一种电阻值很大的电阻丝直径，刻度位置如图1所示，则电阻丝的直径是0.642 mm．（2）用电流表和电压表精确测定此电阻丝的阻值（约为几十kΩ），提供下列可选用的器材：电压表V（量程3V，内阻约50kΩ）电流表A1（量程200μA，内阻约200Ω）电流表A2（量程5mA，内阻约20Ω）电流表A3（量程0.6A，内阻约1Ω）滑动变阻器R（最大阻值50Ω）电源E（电源电压为4V）及开关S、导线若干a．在所提供的电流表中应选用A1（填器材符号）；b．在虚线框图2中画出测电阻的实验电路；（3）分别用L、d、R X表示电阻丝的长度、直径和阻值，则电阻率表达式为ρ=．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）螺旋测微器的读数由固定刻度与可动刻度读数之和，需要估读到0.001mm；（2）a、根据欧姆定律估算电路中电流的最大值，即可选择电流表．b、根据伏安法测电阻原理作出实验电路图．（3）根据电阻定律和截面积公式结合，求得电阻率表达式．【解答】解：（1）固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01mm×14.2=0.142mm，则电阻丝的直径 d=0.5mm+0.142mm=0.642mm（2）a、电=路中最大电流约为I==≈3×10﹣4A=300μA，故电流表应选A1；b、待测电阻阻值约为几十kΩ，滑动变阻器最大阻值为50Ω，故滑动变阻器应采用分压接法．电流表内阻为200Ω，电压表内阻为50kΩ，相对来说，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，实验电路图如图所示．（3）根据电阻定律得：R x=ρ，又 S=联立可得：故答案为：（1）0.641﹣0.643（2）a、A1b、变阻器分压接法，电流表内接（图略）（3）【点评】此题要掌握螺旋测微器的读数方法：固定刻度与可动刻度读数之和，要注意螺旋测微器需要估读．根据“大内小外”选择电流表的接法，根据变阻器总电阻与待测电阻的大小选择变阻器的接法．三、计算题（本题共4个小题，共40分）15．把一个滑动变阻器与电流表串联后再与电压表并联（电表认为理想），然后接于一个电池的两极上．当变阻器的滑动头在某一位置时，电流表的读数是0.3A，电压表的读数是2.9V；当滑动头移到另一位置时，电流表读数是0.4A，电压表读数是2.7V．试求该自制电池的电动势和内阻．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】画出电路图．已知电路中的电流和路端电压，对两种情况由闭合电路欧姆定律列出两个表达式，联立即可求解．【解答】解：画出电路图如图所示．由闭合电路欧姆定律E=U+Ir得：E=2.9+0.3 rE=2.7+0.4 r解得：E=3.5V，r=2Ω．答：电池的电动势为3.5V，内阻为2Ω．【点评】本题是伏安法测量电动势和内阻的实验，对两种情况根据闭合电路欧姆定律列出两个方程，来求解电动势和内阻，这是常用的思路．16．有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是多少？【考点】电功、电功率．【专题】计算题；定量思想；方程法；恒定电流专题．【分析】由E=可求得电池的电动势；由W=UIt可求得非静电力做的功．【解答】解：（1）电池的电动势E==3V；（2）t=10min=600s非静电力做的功等于这段时间灯泡消耗的电能W=EIt=3V×0.2A×600s=360J；答：有一电池，当移动1C电荷时非静电力做功是3J，该电池的电动势是3V；给一小灯泡供电，供电电流是0.2A，供电10min，非静电力做的功是360J．【点评】本题考查电源的电动势，要注意明确电动势的计算及非静电做功的求解方法，注意单位的换算．17．如图所示电路，A、B两点间接上一电动势为4V、内电阻为1Ω的直流电源，3个电阻的阻值均为4Ω，电容器的电容为20μF，电流表内阻不计，求：（1）电流表的读数；（2）电容器所带电荷量；（3）断开电源后，通过R2的电荷量．【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【专题】计算题；定量思想；等效替代法；恒定电流专题．【分析】（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律求出流过R3的电流，即电流表的读数．（2）电容器的电压等于R3两端的电压，求出电压，再求解电容器的电量．（3）断开电键S后，电容器通过R1、R2放电，R1、R2相当并联后与R3串联．再求解通过R2的电量．【解答】解：（1）当电键S闭合时，电阻R1、R2被短路．根据欧姆定律得：电流表的读数 I===0.8A（2）电容器所带的电量 Q=CU3=CIR3=20×10﹣6×0.8×4C=6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，电容器相当于电源，外电路是R1、R2相当并联后与R3串联．由于各个电阻都相等，则通过R2的电量为Q′=Q=3.2×10﹣5C答：（1）电流表的读数为0.8A；（2）电容器所带的电荷量为6.4×10﹣5C；（3）断开电键S后，通过R2的电量为3.2×10﹣5C．【点评】本题解题时要注意电流表的内阻不计时，也称为理想电流表，相当于可测量电流的导线，可将并联电路短路．18．如图（甲）所示，A、B是在真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．A、B两极板间距离d=15cm．今在A、B两极板上加如图（乙）所示的交变电压，交变电压的周期T=1.0×10﹣6s；t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V．一个荷质比=1.0×108 C/kg的带负电的粒子在t=0 时从B板附近由静止开始运动，不计重力．问：（1）当粒子的位移为多大时，粒子速度第一次达最大值？最大速度为多大？（2）粒子运动过程中将与某一极板相碰撞，求粒子撞击极板时的速度大小．。
【精品】山西省太原市第五中学2019届高三上学期12月阶段检测理科综合试卷(含答案)
太原五中2018—2019学年度第一学期阶段性检测高三理科综合第Ⅰ卷（选择题共126分）可能用到的相对原子质量：H：1 C：12 N：14 O：16 Na：23 Sr：88一、选择题：本大题共13小题，每小题6分，共78分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列关于生命物质基础和结构基础的相关叙述，正确的是A．组成细胞的元素和化合物在无机自然界中都可以找到B．生态系统的碳循环指的是CO2等在无机环境和生物群落中的往复循环C．蛋白质、核酸和纤维素的单体分别是氨基酸、核苷酸和葡萄糖D. 神经元细胞膜突起形成轴突的作用是扩大神经元接受刺激的面积2．下列有关教材生物学实验的叙述，不正确的是A．在恩格尔曼探究叶绿体功能的实验中，放有水绵的临时装片需放在黑暗、无空气的环境中B．艾弗里将加热杀死的S型肺炎双球菌的DNA、蛋白质等各种物质分开，分别与活的R型菌混合，验证各自的作用C．在“32P标记的噬菌体侵染细菌”的实验中，保温时间过长或过短时上清液的检测结果可能相同D．利用血细胞计数板计数酵母菌数量时，先滴培养液后盖盖玻片会使计数值偏大3．柽柳能够在盐碱环境中正常生长，研究发现柽柳能积累土壤中的无机盐离子，使其细胞液中的无机盐离子浓度高于土壤溶液。
下列相关叙述正确的是A．温度会影响根对无机盐和水的吸收速率B．柽柳根尖细胞发生渗透作用的前提是具有成熟的大液泡C．柽柳根尖细胞可通过细胞膜直接接触进行细胞间的信息交流D．物质跨膜运输进出根尖细胞的过程伴随着旺盛的ATP与ADP的相互转化4．动物的昼夜节律与周期基因密切相关，该基因的表达及调控过程如图所示，其编码的蛋白PER在夜间累积而在白天降解。
下列相关叙述正确的是A．①过程中游离的核糖核苷酸之间通过氢键相互连接B．②过程中一个mRNA分子只能翻译出一个PER蛋白C．TIM与PER的结合物影响核糖体在mRNA上的移动D．周期基因的表达与调控可能发生在下丘脑某些细胞中5．脱落酸(ABA)是植物体内的重要激素，其具有多种功能。
山西省太原市第五中学高二物理上学期12月阶段性检测试题(2021年整理)
山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题1 / 31山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（山西省太原市第五中学2017-2018学年高二物理上学期12月阶段性检测试题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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太原五中2017—2018学年度第一学期阶段性检测高二理科综合（物理）一．单项选择题(每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母填入答题栏内.)1.一磁场的磁感线如图所示，一个小磁针放入磁场中，则小磁针将( )A、顺时针转动直到N指向右B、逆时针转动直到S指向右C、保持不动D、一直顺时针转动2.关于磁感线的下列说法中，正确的是（）A。
磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B。
磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同C。
磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，终止于磁铁的南极D。
磁感线有可能出现相交的情况3.如图所示，在通有恒定电流的螺线管内有一点P，过P点的磁感线方向是( ）A．从螺线管的N极指向S极B．放在P点的小磁针S极受力的方向C．静止在P点的小磁针N极指的方向D．在P点放一通电小线圈，磁感线一定垂直于小线圈平面4。
下列说法正确的是（）A．磁场中某处磁感应强度的大小，等于长为L，通以电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与乘积IL的比值B．一小段通电导线放在某处如不受磁场力作用，则该处的磁感应强度为零C．因为B＝F/IL，所以磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的导线所受磁场力F的大小成正比,与IL的大小成反比D．磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关5。
山西省太原市第五中学20182019学年高二数学上学期12月月考试题理
山西省太原市第五中学2018-2019学年高二数学上学期12月月考试题 理一、选择题（每小题4分,共40分,每小题只有一个正确答案） 1.直线x+y+1=0的倾斜角为( )A .B .C .D .2.过点P (2，1)且与原点距离最远的直线为( )+y-5=0 =0 +2y-4=0 =0 3.直线l 1：(3+a )x+4y=5-3a 和直线l 2：2x+(5+a )y=8平行，则a=( ) 或-1或14.已知直线x+y=0被圆(x+1)2+(y+1)2=r 2(r>0)所截得的弦长|AB|=2，则r 的值是( ) A .D .5. 点P (4，-2)与圆x 2+y 2=4上任一点连线的中点的轨迹方程是( ) A .(x-2)2+(y+1)2=1B .(x-2)2+(y+1)2=4C .(x+4)2+(y-2)2=4 D .(x+2)2+(y-1)2=16.若圆C 经过(1，0)，(3，0)两点，且与y 轴相切，则圆C 的方程为( ) A .(x-2)2+(y±2)2=3 B .(x-2)2+(y±)2=3 C .(x-2)2+(y±2)2=4D .(x-2)2+(y±)2=47. 已知椭圆mx 2+4y 2=1的离心率为，则实数m 等于 ( )或或6或88.已知直线ax ＋by ＋c －1＝0(bc ＞0)经过圆x 2＋y 2－2y －5＝0的圆心，则4b ＋1c的最小值是( )A ．9B ．8C ．4D ．29. 已知椭圆=1(a>b>0)的离心率是，过椭圆上一点M 作直线MA ，MB 交椭圆于A ，B 两点，且斜率分别为k 1，k 2，若点A ，B 关于原点对称，则k 1·k 2的值为( )A .C .10.已知直线x ＋y －k ＝0(k ＞0)与圆x 2＋y 2＝4交于不同的两点A ，B ，O 是坐标原点，且有|OA →＋OB →|≥33|AB →|，那么k 的取值范围是( )A ．(3，＋∞)B ．[2，＋∞)C ．[2，22)D ．[3，22)二、填空题（每小题4分，共20分）11. 两条平行直线l 1：3x+4y-4=0与l 2：3x+4y+1=0之间的距离是 . 12. 直线3x-4y+k=0在两坐标轴上的截距之和为2，则实数k= .13.如果三角形三个顶点为O (0，0)，A (0，15)，B (-8，0)，那么它的内切圆方程是 .是椭圆=1上的一点，F 1和F 2是焦点，若∠F 1PF 2=30°，则△F 1PF 2的面积等于 . 15. 已知椭圆=1(a>b>0)的两个焦点分别为F 1，F 2，设P 为椭圆上一点，∠F 1PF 2的外角平分线所在的直线为l ，过F 1，F 2分别作l 的垂线，垂足分别为R ，S ，当P 在椭圆上运动时，R ，S 所形成的图形的面积为 . 三、解答题（共40分）16. 已知△ABC 的顶点坐标分别为A (-1，5)，B (-2，-1)，C (4，3)，M 是BC 的中点.(1)求AB 边所在直线的方程； (2)求以线段AM 为直径的圆的方程.17. 已知点A (-3，0)，B (3，-3)，C (1，3). (1)求过点C 且和直线AB 平行的直线l 1的方程；(2)若过点B 的直线l 2和直线BC 关于直线AB 对称，求l 2的方程.18. 已知圆C ：x 2+y 2﹣2x ﹣2y +1=0的圆心C 到直线x +y ﹣m =0（m ∈R ）的距离小于22． (1)求m 的取值范围；(2)判断圆C 与圆D ：x 2+y 2﹣2mx =0的位置关系． 19.已知椭圆C ：=1(a>b>0)的左焦点为F ，A为椭圆上一点，AF 交y 轴于点M ，且M 为AF 的中点. (1)求椭圆C 的方程；(2)直线l 与椭圆C 有且只有一个公共点A ，平行于OA 的直线交l 于点P ，交椭圆C 于不同的两点D ，E ，问是否存在常数λ，使得|PA|2=λ|PD|·|PE|?若存在，求出λ的值；若不存在，请说明理由.太原五中2018-2019学年度第一学期阶段性检测高 二 数 学（理） 答 案出题人、校对人：刘晓瑜、王文杰、王芳（2018年12月）一、选择题（每小题4分,共40分,每小题只有一个正确答案） 1-5：DABDA 6-10： DDADC 【解析】：1. D 直线斜率为-，即tan α=-，又∵0≤α<π，∴α=.由题意可得所求直线为过点P 且垂直于OP 的直线，由直线OP 的斜率为，则所求直线的斜率为-2，方程为y-1=-2(x-2)，即为2x+y-5=0.由题意可得解得a=-7.因为圆心(-1，-1)到直线x+y=0的距离d=，所以弦长AB=2=2=2，因为r>0，解得r=.设圆上任一点为Q (x 0，y 0)，PQ 的中点为M (x ，y )，则解得因为点Q 在圆x 2+y 2=4上，所以=4，即(2x-4)2+(2y+2)2=4，化简得(x-2)2+(y+1)2=1.因为圆C 经过(1，0)，(3，0)两点，所以圆心必在这两点连线的垂直平分线上，故圆心可设为(2，b )，而圆与y 轴相切，故r=2，于是圆的方程为(x-2)2+(y-b )2=4，代入点(1，0)可得b=±，即圆的方程为(x-2)2+(y±)2=4.显然m>0且m ≠4，当0<m<4时，椭圆长轴在x 轴上，则，解得m=2；当m>4时，椭圆长轴在y 轴上，则，解得m=8.依题意得，圆心坐标是(0,1)，于是有b ＋c ＝1，4b ＋1c ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫4b ＋1c (b ＋c )＝5＋4c b ＋bc≥5＋24c b ×bc＝9，当且仅当⎩⎪⎨⎪⎧b ＋c ＝1bc ＞04c b＝b c，即b ＝2c ＝23时取等号，因此4b ＋1c的最小值是9．设点M (x ，y )，A (x 1，y 1)，B (-x 1，-y 1)，则y 2=b 2-=b 2-，所以k 1·k 2==--1=e 2-1=-.如图，当|OA →＋OB →|＝33|AB →|时，O ，A ，B 三点为等腰三角形的三个顶点，其中OA ＝OB ，∠AOB ＝120°，从而圆心O 到直线x ＋y －k ＝0(k ＞0)的距离为1，此时k ＝2；当k ＞2时，|OA →＋OB →|＞33|AB →|，又直线与圆x 2＋y 2＝4有两个不同的交点，故2＜k ＜22，综上，k 的取值范围为[2，22)．二、填空题（每小题4分，共20分）11. 两条平行直线l 1：3x+4y-4=0与l 2：3x+4y+1=0之间的距离是 1 . 12. 直线3x-4y+k=0在两坐标轴上的截距之和为2，则实数k= -24 .13.如果三角形三个顶点为O (0，0)，A (0，15)，B (-8，0)，那么它的内切圆方程是(x+3)2+(y-3)2=9 . 是椭圆=1上的一点，F 1和F 2是焦点，若∠F 1PF 2=30°，则△F 1PF 2的面积等于8-4.15. 已知椭圆=1(a>b>0)的两个焦点分别为F 1，F 2，设P 为椭圆上一点，∠F 1PF 2的外角平分线所在的直线为l ，过F 1，F 2分别作l 的垂线，垂足分别为R ，S ，当P 在椭圆上运动时，R ，S 所形成的图形的面积为 πa 2. 【解析】：l 1：3x+4y-4=0与l 2：3x+4y+1=0之间的距离d==1.令x=0，得y=；令y=0，得x=-，则有=2，所以k=-24.13.(x+3)2+(y-3)2=9 易知△AOB 是直角三角形，所以其内切圆半径r==3，则圆心坐标为(-3，3)，故圆的方程为(x+3)2+(y-3)2=9.由题意知c=1，|PF 1|+|PF 2|=2，|F 1F 2|=2，在△F 1PF 2中有|PF 1|2+|PF 2|2-2|PF 1||PF 2|·cos 30°=|F 1F 2|2，∴(|PF 1|+|PF 2|)2-(2+)|PF 1|·|PF 2|=4，∴|PF 1|·|PF 2|=16(2-)，∴△F 1PF 2的面积等于|PF 1|·|PF 2|sin30°=4(2-)=8-4.15.πa 2如图，△PF 1M 中，PR ⊥F 1M 且PR 是∠F 1PM 的平分线，所以|MP|=|F 1P|，可得|PF 1|+|PF 2|=|PM|+|PF 2|=|MF 2|.根据椭圆的定义，可得|PF 1|+|PF 2|=2a ，所以|MF 2|=2a ，即动点M 到点F 2的距离为定值2a ，因为R 为F 1M 的中点，O 为F 1F 2的中点，所以R 的轨迹是以点O 为圆心，半径为a 的圆.同理点S 的轨迹是以点O 为圆心，半径为a 的圆.故R ，S 所形成的图形的面积为πa 2.三、解答题（共40分） 16. （本小题满分10分）解：(1)因为A (-1，5)，B (-2，-1)，所以AB 的方程为6x-y+11=0.(2)因为M 是BC 的中点，所以M ，即M (1，1)，所以|AM|==2，所以圆的半径为.所以AM 的中点为，即为(0，3)，所以以线段AM 为直径的圆的方程为x 2+(y-3)2=5. 17. （本小题满分10分）解：(1)∵=k AB ==-，且l 1过点C (1，3)，∴所求方程为y-3=-(x-1)，即x+2y-7=0.(2)∵k AB ==-，∴直线AB 的方程是y=-(x+3). ①设点C 关于直线AB 的对称点为点D ，∴k CD =-=2.∴直线CD 的方程是y-3=2(x-1)， ②联立①②解得交点，也即CD 的中点坐标为(-1，-1)，∴点D 的坐标为(-3，-5).∴l 2的方程是，即x-3y-12=0.18. （本小题满分10分）解：（1）圆C 的圆心为()1,1，半径为1 ,圆心C 到直线的距离为2|2|m - 依题意∴2222<-m , 解得31<<m （2）圆D 的圆心为()0,m ，半径为m ∵ 圆心距()112+-=m CD ，半径差的绝对值为1-m ，半径和为1+m 显然，()11112+<+-<-m m m ∴圆C 与圆D 相交19. （本小题满分10分）解：(1)设椭圆的右焦点是F 1，在△AFF 1中，OM ∥AF 1， ∴c=1，即a 2-b 2=c 2=1，∴A 在椭圆上，∴，∴a=，b=1，∴椭圆C 的方程为+y 2=1.(2)设直线DE 的方程为y=x+t ，由消去y ，得x 2+tx+t 2-1=0，设D (x 1，y 1)，E (x 2，y 2)，则x 1+x 2=-t ，x 1x 2=t 2-1，其中Δ=4-2t 2>0.∴|PD|·|PE|=|x P -x 1|·|x P -x 2|=-x P (x 1+x 2)+x 1x 2|，又直线l 与椭圆C 有且只有一个公共点A ，则l 与椭圆C 相切，∴直线l 的方程为=1，联立直线l 与直线DE 的方程，求得点P 的坐标为.∴|PD|·|PE|=t 2，|AP|2=t 2.∴存在常数λ=1使得|PA|2=λ|PE|·|PD|.。
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山西省太原市第五中学2018-2019学年高二物理上学期12月月考试题一、选择题（本大题共10个小题，每小题4分，共40分。
每个小题只有一个选项符合题意，请将正确选项涂在答题纸的相应位置）1.电磁铁的应用相当广泛，它是利用电流周围产生磁场的原理工作的，最先发现电流周围存在磁场的科学家是A.库仑B.奥斯特C.麦克斯韦D.亚里士多德 2.下列物理量中，用来描述电场强弱和方向的是A.电容B.电场力C.电场强度D.电动势 3.电容器电容表达式为A.QU C =B. Q U C =C. UQC = D.QU C 1=4.真空中有两个距离保持不变的点电荷，若将它们各自的电荷量都增大到原来的3倍，则两电荷之间相互作用的静电力将增大到原来 A.3倍 B.3倍 C.6倍 D.9倍5.某磁场的磁感线分布如图所示，则a 、b 两点磁场强弱是 A.a 点强 B.b 点强C.a 、b 两点一样强D.无法确定6.关于磁感应强度，下列说法中正确的是A.若长为L 、电流为I 的导线在某处受到的磁场力为F ，则该处的磁感应强度必为ILFB.由IL FB =知，B 与F 成正比，与IL 成反比C.由ILFB =知，一小段通电导线在某处不受磁场力，说明该处一定无磁场D.磁感应强度的方向就是小磁针北极所受磁场力的方向 7.对电流概念的正确理解是( )A.通过导体的横截面的电量越多，电流越大B.导体的横截面越大，电流越大C.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大D.导体中的自由电荷越多，电流越大8.如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧。
当螺线管通以恒定电流时，不计其他磁场的影响，小磁针静止时N 极的指向是 A.向左 B.向右 C.向上 D.向下9.毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，这是因为 A.毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上 B.毛皮上的一些正电荷转移到橡胶棒上 C.橡胶棒上的一些电子转移到毛皮上D.橡胶棒上的一些正电荷转移到毛皮上 10.关于电场强度，下列叙述正确的是A.以点电荷Q 为球心，r 为半径的球面上，各点的场强相同B.正电荷周围的电场强度一定比负电荷周围的电场强度大C.在电场中某点放入试探电荷q ，该点的场强qFE =，取走q 后，该点的场强不变D.电荷所受到静电力很大，即该点的电场强度很大 二、计算题（本题共1个小题，共10分） 1.如图所示 ，在水平面上放置的相距为 0.2m 的平行金属导轨与电源、开关、导线 AB 、滑动变阻器可构成闭合电路，磁感应强度 T 5.0=B 的匀强磁场竖直向下，导线 AB 的质量 kg 5.0=m ，它与导轨之间的动摩擦因数 05.0=μ。
【物理解析】五中2018-2019高二下学期第一次月考
代入数据，解得 B 1T （2）由图可得，经 0.5s 线框全部进入磁场
线框长度
x
v0t
1 2
at 2
0.75m
产生的平均电流 I
E
B S t
BLx
R R Rt
通过线框界面的电荷量 q I t BLx 0.75C R
17.（12 分）如图所示，足够长的相距为 L=1m 的平行金属导轨 MN、PQ 放置在水平面内，匀强磁场竖直向 下覆盖轨道平面，磁感应强度 B=2T，在轨道上平行横放两根金属导体棒 a、b，使之与导轨构成矩形回 路，每根金属棒的质量均为 1kg，电阻均为 R=1 ，导轨电阻可忽略，棒与导轨无摩擦，且不计重力和
5. 电磁灶热效率高达 90%，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全可靠。如图所示是描述电 磁灶工作原理的示意图，下列说法正确的是（ ）
A．电磁灶通电线圈加恒定电流仍可正常使用，且电流越大，电磁灶加热效果越好
B．电磁灶通电线圈加上交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作
C．电磁灶的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因是这些材料的导热性能较差
A．
B．
C．
D．
【答案】C 【难度】易
【考点】动生电动势
3. 如图甲所示，线圈的匝数 n=200 匝，横截面积 S=50 cm2 ，线圈总电阻 r 10 ，沿轴向有匀强磁场，磁
场的磁感应强度随时间按如图乙所示规律变化，则（ ）
A．若在 a、b 间接一个理想电流表时，第 0.4s 末电流表的示数为 0.4A
m=0.1kg、电阻 R=0.1 ，在水平向右的外力 F 作用下，以初速度 v0＝1m/s 匀加速进入磁场，外力 F 大
小随时间 t 变化的图线如图乙所示。以线框右边刚进入磁场时开始计时，求： （1）匀强磁场磁感应强度 B； （2）线框进入磁场的过程中，通过线框横截面的电荷量 q。
山西省太原市太钢第五中学2018-2019学年高二物理联考试题含解析
山西省太原市太钢第五中学2018-2019学年高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. (单选)在下列所描述的运动过程中，若各个运动过程中物体所受的空气阻力均可忽略不计，则机械能保持守恒的是（）A．小孩沿滑梯匀速滑下B．电梯中的货物随电梯一起匀速下降C．发射过程中的火箭加速上升D．被投掷出的铅球在空中运动参考答案：D2. 关于温度，以下叙述中正确的是A．温度是物体内能大小的标志B．温度是物体分子热运动平均速度大小的标志C．温度是物体分子热运动平均动能大小的标志D．温度是物体热能大小的标志参考答案：C3. （单选）电量为q的点电荷，在两个固定的等量异种电荷+Q和-Q的连线的垂直平分线上移动，则( )A.电场力做正功；B.电场力做负功；C.电场力不做功；D.电场力做功的正负,取决于q的正负。
参考答案：C4. 两个完全相同的电热器，分别通有如图所示的交变电流i1、i2，它们的电功率之比为2:1,则I m1与I m2之比为A．1︰1 B．︰1 C．2︰1 D．4︰1参考答案：A5. （单选）一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5．原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如图所示．副线圈仅接入一个10Ω的电阻．则（）A．流过电阻的电流是20 AB．与电阻并联的电压表的示数是100VC．经过1分钟电阻发出的热量是6×103JD．变压器的输入功率是1×103W参考答案：解：A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为U1=220V，因原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，根据电压与匝数成正比，则副线圈的电压有效值为U2=100V，所以流过电阻的电流I2=A=10A，由于电流与匝数成反比，因此原线圈电流表的示数是I1=A，故A错误；B、根据电压与匝数成正比可知，因原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，则副线圈的电压有效值为100V，所以与电阻并联的电压表的示数是100V，故B错误；C、由Q=t=×60J=60000J，所以经过1分钟，即60s电阻发出的热量是6×104 J，故C错误；D、副线圈的电阻为10Ω，所以输出功率P=W=1000W，因输入功率等于输出功率，故D正确．故选：D．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某物体做直线运动，物体的速度—时间图像如图所示，若初速度大小为v0，末速度大小为v t，则在时间t1秒内物体的平均速度v_________．(填<、>或=)参考答案：＞7. 当用具有1.87eV能量的光子照射到n=3激发态的氢子时，氢原子吸收该光子后被电离，则电离后电子的动能为：。
2018-2019学年山西省太原市古交第五中学高二物理联考试卷含解析
2018-2019学年山西省太原市古交第五中学高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 简谐运动是下列哪一种运动A．匀速直线运动 B．匀变速直线运动C．匀变速曲线运动 D．加速度改变的变速运动参考答案：D2. 如图所示，一端封闭的粗细均匀的玻璃管，开口向上竖直放置，管中有两段水银柱封闭了两段空气柱，开始时V1＝2V2.现将玻璃管缓慢地均匀加热，则下列说法中正确的是( )A．加热过程中，始终保持V1′＝2V2′B．加热后V1′>2V2′C．加热后V1′<2V2′D．条件不足，无法确定参考答案：A3. 如图所示，质量相等的A、B两物块放在匀速转动的水平圆盘上，随圆盘一起做匀速圆周运动，则下列关系中正确的是( )A. 它们的角速度ωA>ωBB. 它们的线速度v A＜v BC. 它们的运动周期T A＜T BD. 它们所受的摩擦力f A>f B参考答案：D【详解】两物块随圆盘一起做匀速圆周运动没有发生相对滑动，所以两物块的角速度相等，故A错误；根据可知半径越大，则线速度越大，所以故B错误；根据在角速度相等的情况下，两个物块的周期是相等的，故C错误；物体受到的静摩擦力提供了运动的向心力，即由于质量和角速度都相等所以半径越大，则摩擦力越大，所以，故D正确；故选D4. 如图1所示的电场线，可判定：A．该电场一定是匀强电场B．A点的电势一定低于B点的电势C．负电荷放在B点的电势能比放在A点的电势能大D．负电荷放在B点所受电场力方向向右参考答案：C5. （多选）如图所示，直角三角形ABC中存在一匀强磁场，两个相同的带电粒子先后沿AB方向从A点射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则A.从P点射出的粒子速度大B.从Q点射出的粒子速度大ks5uC.从P点射出的粒子，在磁场中运动的时间长D.两粒子在磁场中运动时间一样长参考答案：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 电路中感应电动势的大小，是由穿过这一电路的__________决定的．如图是某正弦式电流的图象，则此正弦式电流的周期为_______s,电流的峰值为_______A。
2018-2019学年山西省实验中学高二上学期12月月考物理试题 解析版
2018-2019学年山西省实验中学高二上学期12月月考物理试题一.单项选择题1.下列说法正确的有（）①金属导体中电流越大，单位时间内流过导体横截面的自由电子数越多②电阻率表现了导体材料导电能力的强弱，与温度有关③在闭合电路中，电源电动势数值上等于路端电压与电源内部电势降落之和④多用电表在粗略测定电池内阻时，可用欧姆挡直接测量⑤多用电表测量小灯泡电压时红表笔接触点的电势比黑表笔接触点的电势低⑥欧姆指出导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比⑦欧姆表测电阻时每次换挡必须重新进行欧姆调零A. 3个B. 4个C. 5个D. 6个【答案】B【解析】【详解】①金属导体中电流越大，根据知，单位时间内流过导体横截面的自由电子数越多，①正确；②电阻率表征了导体导电能力的强弱，与温度有关，故②正确；③根据闭合电路欧姆定律得：，即，或，故③正确；④不能用欧姆表直接测量电源的内阻，④错误；⑤用多用电表电压挡测量电压时，红表笔测高电势，黑表笔测低电势，⑤错误；⑥导体的电阻只与导体自身的性质有关，与流过其电流无关，与加在其两端的电压也无关，⑥错误；⑦用多用电表欧姆档测电阻时，如遇换挡问题，一定要注意，每次换挡后，必须重新欧姆调零才能使用，⑦正确。
故正确的有①②③⑦。
故本题选B。
2.在如图所示的U-I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的电压与电流关系图像。
用该电源与电阻R组成闭合电路。
由图象判断错误的是（）A. 电源的电动势为3V，内阻为B. 电阻R的阻值为C. 电源的效率为D. 电源的输出功率为4W【答案】BC【解析】【分析】由直线Ⅰ可得电源的电动势和内阻，由直线Ⅱ可得电阻R，电源的效率=100，两直线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U和电流I，则电源的输出功率为P出=UI。
【详解】A、直线Ⅰ与纵坐标U的截距表示电动势E=3V,斜率表示电源的内阻r===0.5，故A正确。
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密
学校 班级
姓名 学号
密 封 线 内 不 得 答 题
太原五中2018-2019学年度第一学期阶段性检测
高 二 物 理（理）
（2018.12）
（考生注意：考试时间90分钟，满分100分,答案写到答题纸上，只交答题纸）
一．选择题（每小题4分，共48分,1-8小题只有一个选项符合题意，9-12小题每题至少有两个选项是符合题意的，全选对得4分，选择不全得2分，有错选的得0分）
1. 如图所示，四个电场线图，一正电荷在电场中由P 到Q 做加速运动且加速度越来越大，那么它是在哪个图示电场中运动. ( )
A. B. C. D.
2. 根据欧姆定律，下列判断正确的是（ ） A. 导体两端的电压越大，电阻就越大 B. 导体中的电流越大，电阻就越小
C. 比较几只电阻的I －U 图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图线是属于阻值较大的那个电阻
D. 由
可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比
3．两个带有等量电荷的铜球，相距较近且位置保持不变，设它们带同种电荷时的静电
力为F 1，它们带异种电荷时（电荷量大小不变）的静电力为F 2，则F 1和F 2的大小关系为（ ）
A ．F 1＜ F 2
B ．F 1= F 2
C ．F 1＞ F 2
D ．无法比较
4. 用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法,以下物理量表达式中不属于比值法定义的是（ ） A. W U q =
B. U E d =
C. p E q
ϕ= D. q F
E =
5. 如图，带正电的导体A 位于原来不带电的金属球壳B 的球心处。
达到静电平衡状态时，a 、b 、c 三点的电场强度大小a E 、b E 、c E 的大小顺序和电势a ϕ、b ϕ、c ϕ的高低的顺序是（ ）
A. ，
B.
， C.
， D.
， 6. 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连,静电计金属外壳和电容
器下极板都接地，在两极板间有一个P 点，以E 表示两板间的电场强度，
表示P 点的电势，θ表示静电计指针的偏角。
若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（ ）
A. θ
增大，E 增大 B. θ 增大， 不变
C. θ 减小， 增大
D. θ 减小，E 不变
7. 如图所示，实线是电场线，一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A 运动到B 的过程中，其速率-时间图像正确的是（ ）
8．如图所示，是一条与Ox 轴重合的电场线上各点的电势φ随x 变化的图线。
若在 x 0点由静止释放一个点电荷，取x 0处的电势为零，则在电荷运动的过程中，下列说法中正确的是（ ） A ．电荷一定沿x 轴正方向运动
B ．电场的场强在逐渐减弱
C ．电荷的电势能可能为正值
D ．电场力一定做正功
c b a E E E >>c b a ϕϕϕ>>c b a E E E <<b c a E E E >>b c a E E E >>b c a ϕϕϕ>>c b a ϕϕϕ>>c b a ϕϕϕ<<P ϕP ϕP ϕ
9. 下列说法正确的是（ ）
A.英国天才电学大师法拉第于19世纪中叶引入电场和磁场的概念
B. 电动势越大的电源，将其它形式的能转化为电能的本领越大
C. 电源电动势就是电源两电极间的电压
D. 电源的电动势与外电路的组成无关
10．如图（a ）所示，AB 是某电场中的一条电场线，（b ）表示放在电场线a 、b 两点上的检验电荷的电量与所受电场力大小间的关系，则（ ） A ．场源可能是正点电荷，在A 侧 B ．场源可能是正点电荷，在B 侧
C ．场源可能是负点电荷，在A 侧
D ．场源可能是负点电荷，在B 侧 11．一带电小球在空中由A 点到B 点的过程中，重力做正功30J ；电场力做正功10J ；克服空气阻力做功1J ，则关于小球各种能的变化说法正确的是( )
A .重力势能减小30J B. 电势能增大10J C. 动能增大39J D. 机械能增大11J 12．关于静电场的下列说法，正确的是（ ）
A ．若带正电粒子仅受电场力作用，则其加速度方向总与电场线切线方向一致
B ．若带负电粒子仅受电场力作用，则其一定从低电势向高电势运动
C ．在电场中静止释放一质子，它一定沿电场线运动
D ．电场线的方向一定是电势降低最快的方向
二．实验题（本题共2小题,共14分.请将答案填在答题纸中
的横线上或按要求答题)
13. （4分）如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为4.2 V 和0.2 A ，电流表的内阻为1 Ω，由此可得待测电阻R x 的真实值为________ Ω。
14．（10分）一只小灯泡，标有“3 V ，1.5 W ”的字样。
现要描绘小灯泡0～3 V 的伏安
特性曲线．实验器材有：
A ．最大阻值为10 Ω的滑动变阻器
B ．电动势为6 V 、内阻约为1.0 Ω的电源
C ．量程为0.6 A 、内阻约为1.0 Ω的电流表A 1
D ．量程为3 A 、内阻约为0.1 Ω的电流表A 2
E ．量程为3 V 、内阻约为6 k Ω的电压表V 1
F ．量程为15 V 、内阻约为10 k
Ω的电压表V 2 G ．开关、导线若干
（1）（4分）电压表应选用________；电流表应选用________．（将选项代号的字母填在横线上）
（2）（2分）在该实验中，设计了如图所示的四个电路．为了减小误差，应选取的
电路是________（将选项代号的字母填在横线上）．
（3）（4分）以下是该实验的操作步骤：
A ．将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路；
B ．调节滑动变阻器滑片的位置，保证闭合开关前使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大；
C ．闭合开关，记下电压表、电流表的一组示数（U 1，I 1），移动滑动变阻器的滑片，每移动一次记下一组（U ，I
）值，共测出12组数据；
D ．按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线段连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线．
指出以上步骤中存在错误或不妥之处并修改如下：
___________________________________________________________________________ _________________________________________________________________________。
A a b
B （a ）
密
学校 班级
姓名 学号
密 封 线
内 不 得 答 题
三.计算题(本题共4小题，共38分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)
15.（8分）智能手机电池“快速充电技术”可以使手机用户在短时间内完成充电．比如对一块额定电压3.7 V 、容量2000毫安时的电池充电，可以在半小时内将电池充到满容量的75%．假设快速充电时充电电流恒定，结合本段文字和你所学知识，请你求出此款智能手机电池还需多长时间就可充电完毕？
16.（9分）在光滑的绝缘水平面上有电荷量q 2=3q 1、质量m 1=2m 2的两个带异种电荷的粒子，水平方向除相互作用的库仑力外不再受任何其他力，若要保持它们之间的距离不变，则此两粒子必须同时做何种运动？它们的速率之比=
21:v v
17．（9分）如图所示，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、c 和d 间的距离均为L ，在a 点处有一电荷量为q 的固定点电荷。
已知b 点处的场强为零，求
d 点处场强的大小为多少？(静电力常量为k)
=0MN =2
U MN = —U ，大量的上述粒子仍然以初速度v 0沿O 1 O 2
方向持续射入电场，最终所有粒子恰好能全部离开电场而不打在极板上，求U 的值；
高二物理（理）答案12月
13.20 14．（1）E C （2）C （3）步骤B 不妥，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；步骤D 有错，应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．
15.【答案】min 1061
=h
16.【答案】匀速圆周运动；1∶2 17.【答案】 2
910L
kq
E d =
18.(1)（6分）2
02
24L U v d m q =
2212at d = 而m Eq a =d U E 0=02v L
t =代入联解得202
024L
U v d m q
= (2) （6分）8
30
U U =
由题意可得T v d m ⨯+=202 而31T a v m ⨯=m q E a '=1d
U
E 2='
代入联解得8
30
U U =。