2018年高三数学(理)5.平面向量 Word版含解析

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专题07 平面向量 解析版(2016-2020)高考数学(理)真题分项详解

专题07 平面向量     解析版(2016-2020)高考数学(理)真题分项详解

专题07 平面向量【2020年】1.(2020·新课标Ⅲ)已知向量a ,b 满足||5a =,||6b =,6a b ⋅=-,则cos ,=+a a b ( ) A. 3135-B. 1935-C.1735D.1935【答案】D 【解析】5a =,6b =,6a b ⋅=-,()225619a a b a a b ∴⋅+=+⋅=-=.()22222526367a b a ba ab b +=+=+⋅+=-⨯+=,因此,()1919cos ,5735a a ba ab a a b⋅+<+>===⨯⋅+. 2.(2020·山东卷)已知P 是边长为2的正六边形ABCDEF 内的一点,则AP AB ⋅ 的取值范用是( ) A. ()2,6- B. (6,2)- C. (2,4)- D. (4,6)-【答案】A 【解析】AB 的模为2,根据正六边形的特征,可以得到AP 在AB 方向上的投影的取值范围是(1,3)-, 结合向量数量积的定义式,可知AP AB ⋅等于AB 的模与AP 在AB 方向上的投影的乘积, 所以AP AB ⋅的取值范围是()2,6-,3.(2020·北京卷)已知正方形ABCD 的边长为2,点P 满足1()2AP AB AC =+,则||PD =_________;PB PD ⋅=_________.【答案】 (1).5 (2). 1-【解析】以点A 为坐标原点,AB 、AD 所在直线分别为x 、y 轴建立如下图所示的平面直角坐标系,则点()0,0A 、()2,0B 、()2,2C 、()0,2D ,()()()()1112,02,22,1222AP AB AC =+=+=, 则点()2,1P ,()2,1PD ∴=-,()0,1PB =-, 因此,()22215PD =-+=,()021(1)1PB PD ⋅=⨯-+⨯-=-.4.(2020·天津卷)如图,在四边形ABCD 中,60,3B AB ︒∠==,6BC =,且3,2AD BC AD AB λ=⋅=-,则实数λ的值为_________,若,M N 是线段BC 上的动点,且||1MN =,则DM DN ⋅的最小值为_________.【答案】 (1). 16 (2). 132【解析】AD BC λ=,//AD BC ∴,180120BAD B ∴∠=-∠=,cos120AB AD BC AB BC AB λλ⋅=⋅=⋅1363922λλ⎛⎫=⨯⨯⨯-=-=- ⎪⎝⎭,解得16λ=, 以点B 为坐标原点,BC 所在直线为x 轴建立如下图所示的平面直角坐标系xBy ,()66,0BC C =∴,,∵3,60AB ABC =∠=︒,∴A 的坐标为3332A ⎛ ⎝⎭,∵又∵16AD BC =,则533,22D ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭,设(),0M x ,则()1,0N x +(其中05x ≤≤), 533,2DM x ⎛=- ⎝⎭,333,2DN x ⎛=- ⎝⎭,()222533321134222222DM DN x x x x x ⎛⎛⎫⎛⎫⋅=--+=-+=-+ ⎪⎪ ⎝⎭⎝⎭⎝⎭, 所以,当2x =时,DM DN ⋅取得最小值132. 5.(2020·浙江卷)设1e ,2e 为单位向量,满足21|22|-≤e e ,12a e e =+,123b e e =+,设a ,b 的夹角为θ,则2cos θ的最小值为_______. 【答案】2829【解析】12|2|2e e -≤,124412e e ∴-⋅+≤,1234e e ∴⋅≥, 222121222121212(44)4(1)()cos (22)(106)53e e e e a b e e e e e e a bθ+⋅+⋅⋅∴===+⋅+⋅+⋅⋅12424228(1)(1)3332953534e e =-≥-=+⋅+⨯. 6.(2020·江苏卷)在△ABC 中,43=90AB AC BAC ==︒,,∠,D 在边BC 上,延长AD 到P ,使得AP =9,若3()2PA mPB m PC =+-(m 为常数),则CD 的长度是________.【答案】185【解析】∵,,A D P 三点共线, ∴可设()0PA PD λλ=>, ∵32PA mPB m PC ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭,∴32PD mPB m PC λ⎛⎫=+- ⎪⎝⎭,即32m m PD PB PC λλ⎛⎫- ⎪⎝⎭=+, 若0m ≠且32m ≠,则,,B D C 三点共线, ∴321m m λλ⎛⎫- ⎪⎝⎭+=,即32λ=, ∵9AP =,∴3AD =,∵4AB =,3AC =,90BAC ∠=︒, ∴5BC =,设CD x =,CDA θ∠=,则5BD x =-,BDA πθ∠=-.∴根据余弦定理可得222cos 26AD CD AC xAD CD θ+-==⋅,()()()222257cos 265x AD BD AB AD BD x πθ--+--==⋅-,∵()cos cos 0θπθ+-=,∴()()2570665x x x --+=-,解得185x =,∴CD 的长度为185.当0m =时, 32PA PC =,,C D 重合,此时CD 的长度为0, 当32m =时,32PA PB =,,B D 重合,此时12PA =,不合题意,舍去.7.(2020·新课标Ⅱ)已知单位向量a ,b 的夹角为45°,ka –b 与a 垂直,则k =__________.【答案】2【解析】由题意可得:211cos 452a b →→⋅=⨯⨯=, 由向量垂直的充分必要条件可得:0k a b a →→→⎛⎫-⋅= ⎪⎝⎭,即:202k a a b k →→→⨯-⋅=-=,解得:2k =.8.(2020·新课标Ⅰ)设,a b 为单位向量,且||1+=a b ,则||a b -=______________.【解析】因为,a b 为单位向量,所以1a b == 所以()2222221a b a b a a b b a b +=+=+⋅+=+⋅=解得:21a b ⋅=- 所以()22223a b a b a a b b -=-=-⋅+=【2019年】1.【2019年高考全国I 卷理数】已知非零向量a ,b 满足||2||=a b ,且()-a b ⊥b ,则a 与b 的夹角为A .π6 B .π3C .2π3D .5π6【答案】B【解析】因为()-a b ⊥b ,所以2()-⋅=⋅-a b b a b b =0,所以2⋅=a b b ,所以cos θ=22||12||2⋅==⋅a b b a b b ,所以a 与b 的夹角为π3,故选B .2.【2019年高考全国II 卷理数】已知AB →=(2,3),AC →=(3,t ),BC →=1,则AB →·BC →= A .−3 B .−2 C .2D .3【答案】C【解析】由BC →=AC →—AB →=(1,t-3),211BC ==,得3t =,则(1,0)BC =,(2,3)(1,0)21302AB BC ==⨯+⨯=.故选C .3.【2019年高考北京卷理数】设点A ,B ,C 不共线,则“AB →与AC →的夹角为锐角”是“||||AB AC BC +>”的A .充分而不必要条件B .必要而不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件【答案】C【解析】AB 与AC 的夹角为锐角,所以2222||||2||||2AB AC AB AC AB AC AB AC ++⋅>+-⋅,即22||||AB AC AC AB +>-,因为AC AB BC -=,所以|AB +AC |>|BC |;当|AB +AC |>|BC |成立时,|AB +AC |2>|AB -AC |2AB ⇒•AC >0,又因为点A ,B ,C 不共线,所以AB 与AC 的夹角为锐角.故“AB 与AC 的夹角为锐角”是“|AB +AC |>|BC |”的充分必要条件,故选C .4.【2019年高考全国III 卷理数】已知a ,b 为单位向量,且a ·b =0,若2=c a ,则cos ,=a c ___________. 【答案】23【解析】因为2=c a ,0⋅=a b ,所以22⋅=⋅a c a b 2=,222||4||5||9=-⋅+=c a b b ,所以||3=c ,所以cos ,=a c 22133⋅==⨯⋅a c a c .5.【2019年高考天津卷理数】在四边形ABCD 中,,5,30AD BC AB AD A ==∠=︒∥,点E在线段CB 的延长线上,且AE BE =,则BD AE ⋅=_____________.【答案】1-【解析】建立如图所示的直角坐标系,∠DAB =30°,23,5,AB AD ==则(23,0)B ,535(,)22D . 因为AD ∥BC ,30BAD ∠=︒,所以30ABE ∠=︒, 因为AE BE =,所以30BAE ∠=︒, 所以直线BE 的斜率为33,其方程为3(23)3y x =-, 直线AE 的斜率为33-,其方程为33y x =-. 由3(23),333y x y x ⎧=-⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩得3x =,1y =-, 所以(3,1)E -.所以35(,)(3,1)122BD AE =-=-.6.【2019年高考江苏卷】如图,在ABC △中,D 是BC 的中点,E 在边AB 上,BE =2EA ,AD 与CE 交于点O .若6AB AC AO EC ⋅=⋅,则ABAC的值是_____.【答案】3.【解析】如图,过点D 作DF //CE ,交AB 于点F ,由BE =2EA ,D 为BC 的中点,知BF =FE =EA ,AO =OD .()()()3632AO EC AD AC AE AB AC AC AE =-=+-,()223131123233AB AC AC AB AB AC AB AC AB AC ⎛⎫⎛⎫=+-=-+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭22223211323322AB AC AB AC AB AC AB AC AB AC ⎛⎫=-+=-+= ⎪⎝⎭, 得2213,22AB AC =即3,AB AC =故3ABAC=【2018年】1.【2018·全国I 卷 】在ABC △中,AD 为BC 边上的中线,E 为AD 的中点,则EB =A .3144AB AC -B .1344AB AC - C .3144AB AC +D .1344AB AC +【答案】A【解析】根据向量的运算法则,可得()111111222424BE BA BD BA BC BA BA AC =+=+=++ 1113124444BA BA AC BA AC =++=+,所以3144EB AB AC =-. 故选A.2.【2018·全国II 卷 】已知向量a ,b 满足||1=a ,1⋅=-a b ,则(2)⋅-=a a b A .4 B .3 C .2 D .0【答案】B【解析】因为()()22222||1213⋅-=-⋅=--=+=a a b a a b a 所以选B.3.(2018·浙江卷)已知a ,b ,e 是平面向量,e 是单位向量.若非零向量a 与e 的夹角为π3,向量b 满足b 2−4e ·b +3=0,则|a −b |的最小值是 A .3−1 B .3+1 C .2 D .2−3【答案】A【解析】设,则由得,由b 2−4e ·b +3=0得因此|a −b |的最小值为圆心到直线的距离23=32减去半径1,为选A.4.【2018·天津卷 】如图,在平面四边形ABCD 中,,,120,AB BC AD CD BAD ⊥⊥∠=1,AB AD ==若点E 为边CD 上的动点,则AE BE ⋅的最小值为A .2116 B .32C .2516D .3【答案】A【解析】连接AD ,取AD 中点为O ,可知ABD △为等腰三角形,而,AB BC AD CD ⊥⊥,所以BCD △为等边三角形,3BD =. 设()01DE tDC t =≤≤AE BE ⋅ ()()()2232AD DE BD DE AD BD DE AD BD DE BD DE DE =+⋅+=⋅+⋅++=+⋅+ =233322t t -+ ()01t ≤≤ 所以当14t =时,上式取最大值2116,故选A.5.【2018·北京卷 】设a ,b 均为单位向量,则“33-=+a b a b ”是“a ⊥b ”的 A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件【答案】C 【解析】222222699+63333-=+-=⇔⇔-++⋅=⋅+a a b a b a b a b a b b a a b b ,因为a ,b 均为单位向量,所以2222699+6=0-⋅+=⋅+⇔⋅⇔a a b b a a b b a b a ⊥b ,即“33-=+a b a b ”是“a ⊥b ”的充分必要条件.故选C.6.【2018·全国III 卷 】已知向量()=1,2a ,()=2,2-b ,()=1,λc .若()2∥c a +b ,则λ=___________. 【答案】12【解析】由题可得()24,2+=a b ,()2∥c a +b ,()=1,λc ,420λ∴-=,即12λ=,故答案为12.7.【2018·上海卷】在平面直角坐标系中,已知点()10A -,、()20B ,,E 、F 是y 轴上的两个动点,且||2EF =,则AE BF ⋅的最小值为___________. 【答案】-3【解析】根据题意,设E (0,a ),F (0,b ); ∴2EF a b =-=; ∴a =b +2,或b =a +2; 且()()1,2,AE a BF b ==-,; ∴2AE BF ab ⋅=-+;当a =b +2时,()22222AE BF b b b b ⋅=-++⋅=+-; ∵b 2+2b ﹣2的最小值为8434--=-; ∴AE BF ⋅的最小值为﹣3,同理求出b =a +2时,AE BF ⋅的最小值为﹣3. 故答案为:﹣3.8.【2018·江苏卷】在平面直角坐标系xOy 中,A 为直线:2l y x =上在第一象限内的点,()5,0B ,以AB 为直径的圆C 与直线l 交于另一点D .若0AB CD ⋅=,则点A 的横坐标为___________. 【答案】3【解析】设(),2(0)A a a a >,则由圆心C 为AB 中点得5,,2a C a +⎛⎫⎪⎝⎭易得()()():520C x x a y y a --+-=,与2y x =联立解得点D 的横坐标1,D x =所以()1,2D .所以()55,2,1,22a AB a a CD a +⎛⎫=--=-- ⎪⎝⎭,由0AB CD ⋅=得()()()2551220,230,32a a a a a a a +⎛⎫--+--=--== ⎪⎝⎭或1a =-, 因为0a >,所以 3.a =【2017年】1.【2017·全国III 卷 】在矩形ABCD 中,AB =1,AD =2,动点P 在以点C 为圆心且与BD 相切的圆上.若AP AB AD λμ=+,则λμ+的最大值为 A .3B .22C .5D .2【答案】A【解析】如图所示,建立平面直角坐标系.设()()()()()0,1,0,0,2,0,2,1,,A B C D P x y , 易得圆的半径5r =C 的方程是()22425x y -+=,()()(),1,0,1,2,0AP x y AB AD =-=-=,若满足AP AB AD λμ=+,则21x y μλ=⎧⎨-=-⎩ ,,12x y μλ==-,所以12xy λμ+=-+,设12x z y =-+,即102x y z -+-=,点(),P x y 在圆()22425x y -+=上, 所以圆心(20),到直线102xy z -+-=的距离d r ≤21514z -≤+,解得13z ≤≤, 所以z 的最大值是3,即λμ+的最大值是3,故选A .2.【2017·全国II 卷 】已知ABC △是边长为2的等边三角形,P 为平面ABC 内一点,则()PA PB PC ⋅+的最小值是 A .2-B .32-C .43-D .1-【答案】B【解析】如图,以BC 为x 轴,BC 的垂直平分线DA 为y 轴,D 为坐标原点建立平面直角坐标系,则3)A ,(1,0)B -,(1,0)C ,设(,)P x y ,所以(3)PA x y =-,(1,)PB x y =---,(1,)PC x y =--,所以(2,2)PB PC x y +=--,22()22(3)22(PA PB PC x y y x y ⋅+=-=+-2333)22-≥-,当3P 时,所求的最小值为32-,故选B .3.【2017·北京卷 】设m ,n 为非零向量,则“存在负数λ,使得λ=m n ”是“0<⋅m n ”的 A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充分必要条件 D .既不充分也不必要条件【答案】A【解析】若0λ∃<,使λ=m n ,则两向量,m n 反向,夹角是180︒,那么cos180⋅=︒=m n m n0-<m n ;若0⋅<m n ,那么两向量的夹角为(]90,180︒︒,并不一定反向,即不一定存在负数λ,使得λ=m n ,所以是充分而不必要条件,故选A.4.【2017·全国I 卷 】已知向量a ,b 的夹角为60°,|a |=2,|b |=1,则| a +2b |=___________. 【答案】23【解析】方法一:222|2|||44||4421cos60412+=+⋅+=+⨯⨯⨯+=a b a a b b , 所以|2|1223+==a b 方法二:利用如下图形,可以判断出2+a b 的模长是以2为边长,一夹角为60°的菱形的对角线的长度,则为235.【2017·江苏卷】如图,在同一个平面内,向量OA ,OB ,OC 的模分别为1,1,2,OA 与OC 的夹角为α,且tan α=7,OB 与OC 的夹角为45°.若OC mOA nOB =+(,)m n ∈R ,则m n +=___________.【答案】3【解析】由tan 7α=可得72sin α=2cos α= 易得cos 45cos 2sin 45sin 0n m n m αα⎧︒+=⎪⎨︒-=⎪⎩2222720210n m ⎧=⎪⎪-=⎪⎩,即510570n m n m +=⎧⎨-=⎩,即得57,44m n ==,所以3m n +=.6.【2017·天津卷】在ABC △中,60A =︒∠,3AB =,2AC =.若2BD DC =,AE AC λ=-()AB λ∈R ,且4AD AE ⋅=-,则λ的值为___________.【答案】311【解析】由题可得1232cos 603,33AB AC AD AB AC ⋅=⨯⨯︒==+, 则12()33AD AE AB AC ⋅=+2123()34934333311AC AB λλλλ-=⨯+⨯-⨯-⨯=-⇒=. 7.【2017·山东卷 】已知12,e e 123-e e 与12λ+e e 的夹角为60︒,则实数λ的值是___________.【解析】∵221212112122)()λλλλ-⋅+=⋅-⋅-e e e e e e e ,12|2-==e ,12||λ+===e e ,cos60λ=︒=λ=. 8.【2017·浙江卷】已知向量a ,b 满足1,2,==a b 则++-a b a b 的最小值是________,最大值是___________.【答案】4,【解析】设向量,a b 的夹角为θ,则-==a b+==a b则++-=a b a b令y =[]21016,20y =+,据此可得:()()maxmin 4++-==++-==a b a ba b a b ,即++-a b a b 的最小值是4,最大值是 【2016年】1.【2016高考山东理数】已知非零向量m ,n 满足4│m │=3│n │,cos<m ,n >=13.若n ⊥(t m +n ),则实数t 的值为( ) (A )4 (B )–4 (C )94(D )–94【答案】B【解析】由43=m n ,可设3,4(0)k k k ==>m n ,又()t ⊥+n m n , 所以22221()cos ,34(4)41603t t n n t t k k k tk k ⋅+=⋅+⋅=⋅+=⨯⨯⨯+=+=n m n n m m n m n n , 所以4t =-,故选B.2.【2016高考新课标2理数】已知向量(1,)(3,2)a m a =-,=,且()a b b ⊥+,则m =( ) (A )-8 (B )-6 (C )6 (D )8 【答案】D【解析】向量a b (4,m 2)+=-,由(a b)b +⊥得43(m 2)(2)0⨯+-⨯-=,解得m 8=,故选D.3.【2016高考新课标3理数】已知向量1(2BA = ,31()2BC = ,则ABC ∠=( ) (A)30︒ (B)45︒ (C)60︒ (D)120︒【答案】A【解析】由题意,得112222cos 11||||BA BC ABC BA BC ⋅∠===⨯,所以30ABC ∠=︒,故选A . 4.【2016年高考北京理数】设a ,b 是向量,则“||||a b =”是“||||a b a b +=-”的( ) A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 【答案】D【解析】由22||||()()0a b a b a b a b a b a b +=-⇔+=-⇔⋅=⇔⊥,故是既不充分也不必要条件,故选D.5.【2016高考天津理数】已知△ABC 是边长为1的等边三角形,点E D ,分别是边BC AB ,的中点,连接DE 并延长到点F ,使得EF DE 2=,则BC AF ⋅的值为( ) (A )85-(B )81 (C )41 (D )811【答案】B【解析】设BA a =,BC b =,∴11()22DE AC b a ==-,33()24DF DE b a ==-, 1353()2444AF AD DF a b a a b =+=-+-=-+,∴25353144848AF BC a b b ⋅=-⋅+=-+=,故选 B.6.【2016年高考四川理数】在平面内,定点A ,B ,C ,D 满足DA=DB =DC ,DA ⋅DB =DB ⋅DC =DC ⋅DA =-2,动点P ,M 满足AP =1,PM =MC ,则2BM 的最大值是( ) (A )434 (B )494 (C )37634+ (D )372334+ 【答案】B【解析】甴已知易得1220,DA ADC ADB D D BDC B C ∠=∠====∠=︒.以D 为原点,直线DA 为x 轴建立平面直角坐标系,如图所示,则()()()2,0,1,3,1,3.A B C ---设(),,P x y 由已知1AP =,得()2221x y -+=,又13133,,,,,2222x y x y PM MC M BM ⎛⎫⎛⎫-+++=∴∴= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭()()222+1334x y BM ++∴=,它表示圆()2221x y -+=上的点()x y ,与点()1,33--的距离的平方的14,()()2222max149333144BM⎛⎫∴=++= ⎪⎝⎭,故选B.7.【2016高考新课标1卷】设向量a =(m ,1),b =(1,2),且|a +b |2=|a |2+|b |2,则m = . 【答案】-2【解析】由222||||||+=+a b a b ,得⊥a b ,所以1120m ⨯+⨯=,解得2m =-.8.【2016高考江苏卷】如图,在ABC ∆中,D 是BC 的中点,,E F 是,A D 上的两个三等分点,4BC CA ⋅=,1BF CF ⋅=- ,则BE CE ⋅ 的值是 ▲ .【答案】78【解析】因为222211436=42244AD BC FD BC BA CA BC AD BC AD --⋅=-⋅--==()(), 2211114123234FD BCBF CF BC AD BC AD -⋅=-⋅--==-()(),因此22513,82FD BC ==,2222114167.22448ED BC FD BC BE CE BC ED BC ED --⋅=-⋅--===()() 9.【2016高考浙江理数】已知向量a 、b , |a | =1,|b | =2,若对任意单位向量e ,均有 |a ·e |+|b ·e |≤,则a ·b 的最大值是 . 【答案】12【解析】221|(a b)||a ||b |6|a b |6|a ||b |2a b 6a b 2e e e +⋅≤⋅+⋅≤⇒+≤⇒++⋅≤⇒⋅≤,即最大值为12。

高三数学平面向量的几何应用试题答案及解析

高三数学平面向量的几何应用试题答案及解析

高三数学平面向量的几何应用试题答案及解析1.已知向量a=(2,1),b=(0,-1).若(a+λb)⊥a,则实数λ=.【答案】5【解析】因为(a+λb)⊥a,所以【考点】向量数量积2.在平面直角坐标系xOy中,已知圆C:x2+y2-6x+5=0,点A,B在圆C上,且AB=2,则的最大值是.【答案】8【解析】设AB中点为M,则.因为圆C:,AB=2,所以,因此的最大值是8.【考点】直线与圆位置关系3.设P是△ABC所在平面内的一点,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】∵,∴P为AC的中点,∴.【考点】向量的运算.4.已知、是两个单位向量,那么下列结论正确的是()A.=B.•=0C.•<1D.2=2【答案】D【解析】A不正确,、的方向不确定.B不正确,当、垂直时,.C不正确,尽管、的长度都是1,但它们的方向不确定,,当两向量的方向相同时,.由于单位向量的模都等于1,但它们的方向不确定,故一定有,从而2=2,故D正确.故选 D.5.设,是平面内两个不共线的向量,=(a﹣1)+,=b﹣2(a>0,b>0),若A,B,C三点共线,则+的最小值是()A.2B.4C.6D.8【答案】B【解析】∵A,B,C三点共线,∴,共线,∴存在实数λ,使得可解得,b=2﹣2a∵a>0,b>0∴0<a<1∴==当a=时,取最小值为4故选:B.6.已知直角△ABC中,AB=2,AC=1,D为斜边BC的中点,则向量在上的投影为。

【答案】【解析】在上的投影为.【考点】向量的射影问题.7.在△ABC所在的平面上有一点P满足++=,则△PBC与△ABC的面积之比是________.【答案】【解析】因为++=,所以+++=0,即=2,所以点P是CA边上的靠近A点的一个三等分点,故.8.如图,在直角梯形ABCD中,AD⊥AB,AB∥DC,AD=DC=1,AB=2,动点P在以点C为圆心,且与直线BD相切的圆上或圆内移动,设=λ+μ (λ,μ∈R),则λ+μ的取值范围是 ().A.(1,2)B.(0,3)C.[1,2]D.[1,2)【答案】C【解析】以A为原点,AB所在直线为x轴,AD所在直线为y轴建立平面直角坐标系,则B(2,0),D(0,1),C(1,1),设P(x,y),则(x,y)=λ(0,1)+μ(2,0)=(2μ,λ),即令z=λ+μ=+y.由圆C与直线BD相切可得圆C的半径为.由于直线y=-+z与圆C有公共点,所以,解得1≤z≤2.9.设向量,,若满足,则( )A.B.C.D.【答案】D【解析】因为,所以, ,解得:,故选D.【考点】向量共线的条件.10.已知点,点,向量,若,则实数的值为()A.5B.6C.7D.8【答案】C【解析】由已知得,又,所以存在实数,使,即,解得,所以正确答案为C.【考点】平行向量11.已知向量a,若向量与垂直,则的值为()A.B.7C.D.【答案】A【解析】由已知得,,又这两个向量垂直,所以,解得,所以正确答案为A.【考点】向量的运算与垂直关系12.直线与抛物线:交于两点,点是抛物线准线上的一点,记,其中为抛物线的顶点.(1)当与平行时,________;(2)给出下列命题:①,不是等边三角形;②且,使得与垂直;③无论点在准线上如何运动,总成立.其中,所有正确命题的序号是___.【答案】;①②③【解析】由抛物线方程知,焦点,准线为。

2018年北京市高考数学试卷(理科) word版 含参考答案及解析

2018年北京市高考数学试卷(理科) word版 含参考答案及解析

2018年北京市高考数学试卷(理科)一、选择题共8小题,每小题5分,共40分。

在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项。

1.(5分)已知集合A={x||x|<2},B={﹣2,0,1,2},则A∩B=()A.{0,1}B.{﹣1,0,1}C.{﹣2,0,1,2} D.{﹣1,0,1,2} 2.(5分)在复平面内,复数的共轭复数对应的点位于()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限3.(5分)执行如图所示的程序框图,输出的s值为()A.B.C.D.4.(5分)“十二平均律”是通用的音律体系,明代朱载堉最早用数学方法计算出半音比例,为这个理论的发展做出了重要贡献,十二平均律将一个纯八度音程分成十二份,依次得到十三个单音,从第二个单音起,每一个单音的频率与它的前一个单音的频率的比都等于.若第一个单音的频率为f,则第八个单音的频率为()A. f B. f C. f D.f5.(5分)某四棱锥的三视图如图所示,在此四棱锥的侧面中,直角三角形的个数为()A.1 B.2 C.3 D.46.(5分)设,均为单位向量,则“|﹣3|=|3+|”是“⊥”的()A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件7.(5分)在平面直角坐标系中,记d为点P(cosθ,sinθ)到直线x﹣my﹣2=0的距离.当θ、m变化时,d的最大值为()A.1 B.2 C.3 D.48.(5分)设集合A={(x,y)|x﹣y≥1,ax+y>4,x﹣ay≤2},则()A.对任意实数a,(2,1)∈A B.对任意实数a,(2,1)∉AC.当且仅当a<0时,(2,1)∉A D.当且仅当a≤时,(2,1)∉A二、填空题共6小题,每小题5分,共30分。

9.(5分)设{a n}是等差数列,且a1=3,a2+a5=36,则{a n}的通项公式为.10.(5分)在极坐标系中,直线ρcosθ+ρsinθ=a(a>0)与圆ρ=2cosθ相切,则a=.11.(5分)设函数f(x)=cos(ωx﹣)(ω>0),若f(x)≤f()对任意的实数x都成立,则ω的最小值为.12.(5分)若x,y满足x+1≤y≤2x,则2y﹣x的最小值是.13.(5分)能说明“若f(x)>f(0)对任意的x∈(0,2]都成立,则f(x)在[0,2]上是增函数”为假命题的一个函数是.14.(5分)已知椭圆M:+=1(a>b>0),双曲线N:﹣=1.若双曲线N的两条渐近线与椭圆M的四个交点及椭圆M的两个焦点恰为一个正六边形的顶点,则椭圆M的离心率为;双曲线N的离心率为.三、解答题共6小题,共80分。

2018年高考全国一卷理科数学答案及解析

2018年高考全国一卷理科数学答案及解析

2018年普通高等学招生全国统一考试(全国一卷)理科数学参考答案与解析一、选择题:本题有12小题,每小题5分,共60分。

1、设z=,则|z|=A 、0B 、C 、1D 、【答案】C【解析】由题可得i z =+=2i )i -(,所以|z|=1【考点定位】复数2、已知集合A={x|x 2-x-2>0},则A =A 、{x|-1<x<2}B 、{x|-1x 2}C 、{x|x<-1}∪{x|x>2}D 、{x|x -1}∪{x|x 2} 【答案】B【解析】由题可得C R A={x|x 2-x-2≤0},所以{x|-1x 2}【考点定位】集合3、某地区经过一年的新农村建设,农村的经济收入增加了一倍,实现翻番,为更好地了解该地区农村的经济收入变化情况,统计了该地区新农村建设前后农村的经济收入构成比例,得到如下饼图:则下面结论中不正确的是:A 、新农村建设后,种植收入减少。

B 、新农村建设后,其他收入增加了一倍以上。

C 、新农村建设后,养殖收入增加了一倍。

D 、新农村建设后,养殖收入与第三产业收入的总和超过了经济收入的一半。

【答案】A【解析】由题可得新农村建设后,种植收入37%*200%=74%>60%,【考点定位】简单统计4、记S n为等差数列{a n}的前n项和,若3S3=S2+S4,a1=2,则a5=A、-12B、-10C、10D、12【答案】B【解析】3*(a1+a1+d+a1+2d)=(a1+a1+d) (a1+a1+d+a1+2d+a1+3d),整理得:2d+3a1=0; d=-3 ∴a5=2+(5-1)*(-3)=-10【考点定位】等差数列求和5、设函数f(x)=x3+(a-1)x2+ax,若f(x)为奇函数,则曲线y=f(x)在点(0,0)处的切线方程为:A、y=-2xB、y=-xC、y=2xD、y=x【答案】D【解析】f(x)为奇函数,有f(x)+f(-x)=0整理得:f(x)+f(-x)=2*(a-1)x2=0 ∴a=1f(x)=x3+x求导f‘(x)=3x2+1f‘(0)=1 所以选D【考点定位】函数性质:奇偶性;函数的导数6、在ABC中,AD为BC边上的中线,E为AD的中点,则=A、--B、--C、-+D、-【答案】A【解析】AD 为BC 边∴上的中线 AD=AC 21AB 21+ E 为AD 的中点∴AE=AC 41AB 41AD 21+= EB=AB-AE=AC 41AB 43)AC 41AB 41(-AB -=+= 【考点定位】向量的加减法、线段的中点7、某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如右图,圆柱表面上的点M 在正视图上的对应点为11A ,圆柱表面上的点N 在左视图上的对应点为B ,则在此圆柱侧面上,从M 到N 的路径中,最短路径的长度为 A 、B 、C 、3D 、2 【答案】B【解析】将圆柱体的侧面从A 点展开:注意到B 点在41圆周处。

2018年全国高考新课标2卷理科数学考试(解析版)

2018年全国高考新课标2卷理科数学考试(解析版)

2018年全国高考新课标2卷理科数学考试(解析版)作者:日期:2018年普通高等学校招生全国统一考试新课标2卷理科数学注意事项:1. 答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2. 作答时,将答案写在答题卡上。

写在本试卷及草稿纸上无效。

3. 考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。

每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要 求的。

434 3 3 4 3 4 A ・ 一 T 一 弓 B * -5 + 5i c ∙ - 5 ' 5i D * - 5 + 5i解析:选D2. 已知集合A={(x,y) ∣χ2+y2≤3,x∈Z,y∈Z },则A 中元素的个数为( ) A. 9B. 8C. 5D ・ 4解析:选A 问题为确定圆面内整点个数 3. 函数f (x)=E 2的图像大致为()-、选择题:本题共12小题, 1.l+2i F r2解析:选B f(x)为奇函数,排除 A,x>0,f (x)>0,排除 D,取 x=2,f (2) = e 2-e^24 力,故选B4. 已知向量 a, b 满足 Ial=1, a ∙ b 二-1,则 a ∙ (2a~b)=( ) A. 4B. 3C. 2D.5.双曲线= I (a>0, b>0)的离心率为\龙,则其渐近线方程为( C. y=±迟X9A. y=±j∖βxB. y 二±ι∖βx=∖β C2 二 3¥ b=∖βa C √5 歹专,BC=I,AC 二 5, B. √30C 3 解析:选 A CoSo2cos 右-I= - ~ 2 5解析:选A e-6-在ΔABC 中,COS 则 AB 二() D. y=±A. 4√2 AB^AO+BC2-2AB ∙ BC ∙ COSC=322√5 AB=4√2 D.7. ................................................... 为计算S=I- 2 + 3 ^ 4 ++^ T∞,设计了右侧的程序框图,则在空白框中应填入()A. i=i+lB. i 二i+2C. i 二i+3D. i 二i+4解析:选B8. 我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数 可以表示为两个素数的和”,如30=7+23.在不超过30的素数中,随机选取两个不同的数,其和等于30的 概率是()3为7+23, 11+19, 13+17,共3种情形,所求概率为P=FF109. 在长方体ABCD-ABc I D I 中,AB=BC=I, AAi=W 则异面直线AD】与DBl 所成角的余弦值为(D.解析:选C 建立空间坐标系,利用向量夹角公式可得。

高三数学平面向量坐标运算试题答案及解析

高三数学平面向量坐标运算试题答案及解析

高三数学平面向量坐标运算试题答案及解析1.平面向量,,(),且与的夹角等于与的夹角,则 .【答案】2.【解析】由题意得:,选D.法二、由于OA,OB关于直线对称,故点C必在直线上,由此可得【考点】向量的夹角及向量的坐标运算.2.平面向量,,(),且与的夹角等于与的夹角,则()A.B.C.D.【答案】 D.【解析】由题意得:,选D.法二、由于OA,OB关于直线对称,故点C必在直线上,由此可得【考点】向量的夹角及向量的坐标运算.3.已知曲线C:,直线l:x=6.若对于点A(m,0),存在C上的点P和l上的点Q使得,则m的取值范围为 .【答案】【解析】由知是的中点,设,则,由题意,,解得.【考点】向量的坐标运算.4.已知向量a=(cos ,sin ),b=(-sin ,-cos ),其中x∈[,π].(1)若|a+b|=,求x的值;(2)函数f(x)=a·b+|a+b|2,若c>f(x)恒成立,求实数c的取值范围.【答案】(1)x=或x=(2)(5,+∞)【解析】(1)∵a+b=(cos -sin ,sin -cos ),∴|a+b|==,由|a+b|=,得=,即sin 2x=-.∵x∈[,π],∴π≤2x≤2π.因此2x=π+或2x=2π-,即x=或x=.(2)∵a·b=-cos sin -sin cos =-sin 2x,∴f(x)=a·b+|c+b|2=2-3sin 2x,∵π≤2x≤2π,∴-1≤sin 2x≤0,∴2≤f(x)=2-3sin 2x≤5,∴[f(x)]max=5.又c>f(x)恒成立,因此c>[f(x)]max ,则c>5.∴实数c的取值范围为(5,+∞).5.向量a=(-1,1)在向量b=(3,4)方向上的投影为________.【答案】【解析】设向量a=(-1,1)与b=(3,4)的夹角为θ,则向量a在向量b方向上的投影为|a|·cos θ===.6.若向量a=(x-1,2),b=(4,y)相互垂直,则9x+3y的最小值为________.【答案】6【解析】由a⊥b得,4(x-1)+2y=0,即2x+y=2,∴9x+3y=32x+3y≥2=2=6.当且仅当“32x=3y”时,即y=2x时,上式取“=”.此时x=,y=1.7.若向量,满足条件,则x=()A.6B.5C.4D.3【答案】A【解析】∵,,∴8=(8,8)﹣(2,5)=(6,3)∵∴12+3x=30∴x=6故选A8.四边形是平行四边形,,,则= ()A.B.C.D.【答案】(A)【解析】因为.故选(A).【考点】1.向量的加减.2.向量的相等.9.在平面直角坐标系中,为坐标原点,直线与圆相交于两点,.若点在圆上,则实数()A.B.C.D.【答案】C【解析】设,将直线方程代人,整理得,,所以,,.由于点在圆上,所以,,解得,,故选.【考点】直线与圆的位置关系,平面向量的坐标运算.10.已知向量=(,),=(,),若,则=.【答案】【解析】由已知.,解得,.【考点】平面向量的坐标运算.11.已知向量若,则m=______.【答案】-3【解析】根据向量加法的坐标运算得,,因为,故,故填-3【考点】向量加法向量共线12.设向量,满足,,且与的方向相反,则的坐标为【答案】【解析】设,∵与的方向相反,故又∵,则,解得,,故答案为.【考点】共线向量,平面向量的坐标运算.13.已知向量a=(1,m),b=(m,2),若a∥b,则实数m等于()A.-B.C.-或D.0【答案】C【解析】由a∥b,得m2-2=0,解得m=±.故选C.14.若向量a=(2,3),b=(x,-9),且a∥b,则实数x=________.【答案】-6【解析】a∥b,所以2×(-9)-3x=0,解得x=-6.15.若向量=(2,3),=(4,7),则=________.【答案】(-2,-4)【解析】=+=-=(-2,-4).16.在平行四边形ABCD中,AC为一条对角线,若=(2,4),=(1,3),则=________.【答案】(-3,-5)【解析】由题意,得=-=-=(-)-=-2=(1,3)-2(2,4)=(-3,-5).17.在△ABC中,已知a、b、c分别为内角A、B、C所对的边,S为△ABC的面积.若向量p =(4,a2+b2-c2),q=(1,S)满足p∥q,则C=________.【答案】【解析】由p=(4,a2+b2-c2),q=(1,S)且p∥q,得4S=a2+b2-c2,即2abcosC=4S=2absinC,所以tanC=1.又0<C<π,所以C=.18.已知a=(sin α,sin β),b=(cos(α-β),-1),c=(cos(α+β),2),α,β≠kπ+(k∈Z).(1)若b∥c,求tan α·tan β的值;(2)求a2+b·c的值.【答案】(1)-3(2)-1【解析】(1)若b∥c,则2cos(α-β)+cos(α+β)=0,∴3cos αcos β+sin αsin β=0,∵α,β≠kπ+ (k∈Z),∴tan αtan β=-3.(2)a2+b·c=sin2α+sin2β+cos(α-β)cos(α+β)-2=sin2α+sin2β+cos2αcos2β-sin2αsin2β-2=sin2α+cos2αsin2β+cos2αcos2β-2=sin2α+cos2α-2=1-2=-1.19.已知点A(-1,5)和向量a=(2,3),若=3a,则点B的坐标为().A.(7,4)B.(7,14)C.(5,4)D.(5,14)【答案】D【解析】设B(x,y),由=3a,得解得20.已知点点是线段的等分点,则等于.【答案】【解析】由题设,,,,……,,…… , .所以,,,,……,,…… , ,= = ,=所以答案是:【考点】1、等差数列的前项和;2、向量的坐标运算;3、向量的模.21.如图,已知圆,四边形ABCD为圆的内接正方形,E,F分别为边AB,AD的中点,当正方形ABCD绕圆心转动时,的取值范围是()A.B.C.D.【答案】B【解析】因为圆的半径为2,所以正方形的边长为.因为.所以==.所以.故选B.【考点】1.向量的和差.2.向量的数量积.3.由未知线段转化为已知线段.4.化归思想.22. .若向量,则A.B.C.D.【答案】B【解析】【考点】向量的坐标运算.23.若向量,且与的夹角为则 .【答案】(-3,-6)【解析】由与的夹角为知,【考点】向量数量积的性质和向量的坐标运算.24.向量,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】,故选A.【考点】平面向量的减法运算25.在平面直角坐标系中,已知向量若,则x=( ) A.-2B.-4C.-3D.-1【答案】D【解析】∵,∴,则,所以,又,∴,.【考点】1、向量的坐标运算;2、向量共线的坐标表示.26.设、是平面内两个不平行的向量,若与平行,则实数 .【答案】【解析】不妨假设,则,因为,所以.【考点】平面向量的坐标运算.27.已知外接圆的半径为1,圆心为O.若,且,则等于()A.B.C.D.3【答案】D.【解析】因为,所以,所以,为的中点,故是直角三角形,角为直角.又,故有为正三角形,,,与的夹角为,由数量积公式可得选D.【考点】平面向量的线性运算,平面向量的数量积、模及夹角.28.已知正方体的棱长为,,点N为的中点,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】以为原点,分别以所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,则A(0,0,a),N(a,0,),(a,a,0),设M(x,y,z),因为,所以(x-0,y-0,z-a)=(a-x,a-y,0-z)即,解得,即M(,,),所以=,故选A.【考点】空间向量的坐标运算和向量的模.29.已知向量,,且,则等于()A.B.C.D.【答案】A【解析】,,且与共线,所以,故选A.【考点】1.共线向量;2.平面向量的坐标运算30.已知向量a=(1,1),b=(2,x).若a+b与4b-2a平行,则实数x的值是( )A.-2B.0C.1D.2【答案】D【解析】由已知得,,因为与平行,则有,解得.【考点】向量共线的坐标表示31.已知.(1)若,求的值;(2)若,且,求的值.【答案】(1);(2)7.【解析】(1)利用向量数量积的坐标表示,可转化为三角函数,然后利用利用三角函数的相关公式对其变形,则可求解;(2)利用向量数量积的坐标表示,可转化为角的三角函数,然后利用角之间的关系,使用两角和与差的三角函数相关公式可求解.试题解析:(1)解:(1)∵∴(2)∵∴,,==7【考点】平面向量的数量积、两角和与差的三角函数、同角三角函数关系式.32.设平面向量,,则 ( )A.B.C.D.【答案】D【解析】因为,所以.【考点】1.平面向量的坐标运算;2.平面向量的模33.已知向量=(cosθ,sinθ),向量=(,-1),则|2-|的最大值与最小值的和是()A.4B.6C.4D.16【答案】C【解析】因为|2-|,故其最大值为,最小值为,它们的和为,选C.【考点】平面向量坐标运算、平面向量的模、两角差的正弦定理.34.已知平面向量,,且,则向量()A.B.C.D.【答案】A【解析】,,且,,解得,,故,故选A.【考点】1.平面向量垂直;2.平面向量的坐标运算35.已知是正三角形,若与向量的夹角大于,则实数的取值范围是__________.【答案】【解析】建立如图所示坐标系,不妨设,则,所以,,由与向量的夹角大于,得,即,故答案为.【考点】平面向量的坐标运算,平面向量的数量积、夹角、模.36.已知,,,为坐标原点.(Ⅰ),求的值;;(Ⅱ)若,且,求与的夹角.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ).【解析】(Ⅰ)求、的坐标,,利用三角函数公式化简求得;(Ⅱ)利用已知条件求,确定的值,在由求解.试题解析:(Ⅰ),,,∴,.(Ⅱ)∵,,,,即,,又,,又,,,∴.【考点】平面向量的坐标运算,向量的夹角与模.37.已知向量,向量,则的最大值和最小值分别为()A.B.C.D.【答案】B【解析】,所以;.【考点】本小题主要考查平面向量坐标运算,求向量的模.38.已知向量,,,若∥,则=___ ..【答案】5【解析】因为,向量,,,所以,,又∥,所以,,故答案为5.【考点】平面向量的坐标运算39.已知平面向量,,如果向量与平行,那么与的数量积等于( )A.B.C.D.【答案】D【解析】,,∴,.∵与平行,∴,解得.∴.∴.故选D.【考点】向量的概念及其与运算,考查向量平行,考查两个向量的数量积.40.已知向量,,若,则=()A.-4B.-3C.-2D.-1【答案】B【解析】由.故选B.【考点】向量的坐标运算41.已知的三个内角所对的边分别为a,b,c,向量,,且.(Ⅰ)求角的大小;(Ⅱ)若向量,,试求的取值范围【答案】(Ⅰ) . (Ⅱ).【解析】(Ⅰ)由题意得,即. 3分由余弦定理得,. 6(Ⅱ)∵, 7∴.∵,∴,∴.∴,故. 12分【考点】平面向量的坐标运算,和差倍半的三角函数公式,正弦型函数图象和性质,余弦定理的应用。

高考数学一轮复习 第五章 平面向量 第2讲 平面向量的基本定理及向量坐标运算 理-人教版高三全册数学

高考数学一轮复习 第五章 平面向量 第2讲 平面向量的基本定理及向量坐标运算 理-人教版高三全册数学

第2讲 平面向量的基本定理及向量坐标运算一、选择题1.已知平面向量a =(x,1),b =(-x ,x 2),则向量a +b ( ).A .平行于x 轴B .平行于第一、三象限的角平分线C .平行于y 轴D .平行于第二、四象限的角平分线解析 由题意得a +b =(x -x,1+x 2)=(0,1+x 2),易知a +b 平行于y 轴.答案 C2.已知平面向量a =(1,2),b =(-2,m ),且a ∥b ,则2a +3b =( ).A .(-2,-4)B .(-3,-6)C .(-4,-8)D .(-5,-10)解析 由a =(1,2),b =(-2,m ),且a ∥b ,得1×m =2×(-2)⇒m =-4,从而b =(-2,-4),那么2a +3b =2×(1,2)+3×(-2,-4)=(-4,-8).答案 C3.设向量a =(1,-3),b =(-2,4),c =(-1,-2),若表示向量4a,4b -2c,2(a -c ),d 的有向线段首尾相连能构成四边形,则向量d 为( ).A .(2,6)B .(-2,6)C .(2,-6)D .(-2,-6)解析 设d =(x ,y ),由题意知4a =(4,-12),4b -2c =(-6,20),2(a -c )=(4,-2),又4a +4b -2c +2(a -c )+d =0,解得x =-2,y =-6,所以d =(-2,-6).故选D.答案 D4.已知向量a =(1,2),b =(1,0),c =(3,4).若λ为实数,(a +λb )∥c ,则λ=( ).A.14B.12C .1D .2 解析 依题意得a +λb =(1+λ,2),由(a +λb )∥c ,得(1+λ)×4-3×2=0,∴λ=12. 答案 B5. 若向量AB =(1,2),BC =(3,4),则AC =( )A (4,6)B (-4,-6)C (-2,-2)D (2,2)解析 因为AC =AB +BC =(4,6),所以选A.答案 A6.若α,β是一组基底,向量γ=x α+y β(x ,y ∈R ),则称(x ,y )为向量γ在基底α,β下的坐标,现已知向量a 在基底p =(1,-1),q =(2,1)下的坐标为(-2,2),则a 在另一组基底m =(-1,1),n =(1,2)下的坐标为( ).A .(2,0)B .(0,-2)C .(-2,0)D .(0,2)解析 ∵a 在基底p ,q 下的坐标为(-2,2),即a =-2p +2q =(2,4),令a =x m +y n =(-x +y ,x +2y ),∴⎩⎪⎨⎪⎧ -x +y =2,x +2y =4,即⎩⎪⎨⎪⎧ x =0,y =2.∴a 在基底m ,n 下的坐标为(0,2).答案 D二、填空题7.若三点A (2,2),B (a,0),C (0,b )(ab ≠0)共线,则1a +1b的值为________. 解析 AB →=(a -2,-2),AC →=(-2,b -2),依题意,有(a -2)(b -2)-4=0,即ab -2a -2b =0,所以1a +1b =12. 答案 128.设向量a ,b 满足|a |=25,b =(2,1),且a 与b 的方向相反,则a 的坐标为________. 解析 设a =λb (λ<0),则|a |=|λ||b |,∴|λ|=|a ||b |, 又|b |=5,|a |=2 5.∴|λ|=2,∴λ=-2.∴a =λb =-2(2,1)=(-4,-2).答案 (-4,-2)9.设OA →=(1,-2),OB →=(a ,-1),OC →=(-b,0),a >0,b >0,O 为坐标原点,若A ,B ,C三点共线,则1a +2b的最小值为________. 解析 AB →=OB →-OA →=(a -1,1),AC →=OC →-OA →=(-b -1,2).∵A ,B ,C 三点共线,∴AB →∥AC →.∴2(a -1)-(-b -1)=0,∴2a +b =1.∴1a +2b =⎝ ⎛⎭⎪⎫1a +2b (2a +b ) =4+b a +4a b ≥4+2 b a ·4a b=8. 当且仅当b a =4a b ,即a =14,b =12时取等号. ∴1a +2b的最小值是8. 答案 810.在平面直角坐标系xOy 中,四边形ABCD 的边AB ∥DC ,AD ∥BC .已知点A (-2,0),B (6,8),C (8,6),则D 点的坐标为________.解析 由条件中的四边形ABCD 的对边分别平行,可以判断该四边形ABCD 是平行四边形.设D (x ,y ),则有AB →=DC →,即(6,8)-(-2,0)=(8,6)-(x ,y ),解得(x ,y )=(0,-2).答案 (0,-2)三、解答题11.已知点A (-1,2),B (2,8)以及AC →=13AB →,DA →=-13BA →,求点C ,D 的坐标和CD →的坐标. 解析 设点C ,D 的坐标分别为(x 1,y 1)、(x 2,y 2),由题意得AC →=(x 1+1,y 1-2),AB →=(3,6), DA →=(-1-x 2,2-y 2),BA →=(-3,-6). 因为AC →=13AB →,DA →=-13BA →,所以有 ⎩⎪⎨⎪⎧ x 1+1=1,y 1-2=2,和⎩⎪⎨⎪⎧ -1-x 2=1,2-y 2=2.解得⎩⎪⎨⎪⎧ x 1=0,y 1=4,和⎩⎪⎨⎪⎧ x 2=-2,y 2=0. 所以点C ,D 的坐标分别是(0,4)、(-2,0),从而CD →=(-2,-4).12.已知a =(1,2),b =(-3,2),当k 为何值时,k a +b 与a -3b 平行?平行时它们是同向还是反向?解 法一 k a +b =k (1,2)+(-3,2)=(k -3,2k +2),a -3b =(1,2)-3(-3,2)=(10,-4),当k a +b 与a -3b 平行时,存在唯一实数λ使k a +b =λ(a -3b ),由(k -3,2k +2)=λ(10,-4)得,⎩⎪⎨⎪⎧ k -3=10λ,2k +2=-4λ.解得k =λ=-13,∴当k =-13时,k a +b 与a -3b 平行,这时k a +b =-13a +b =-13(a -3b ).∵λ=-13<0,∴k a +b 与a -3b 反向.法二 由法一知k a +b =(k -3,2k +2),a -3b =(10,-4),∵k a +b 与a -3b 平行∴(k -3)×(-4)-10×(2k +2)=0,解得k =-13,此时k a +b =⎝ ⎛⎭⎪⎫-13-3,-23+2=-13(a -3b ).∴当k =-13时,k a +b 与a -3b 平行,并且反向.13.在平面直角坐标系中,O 为坐标原点,已知向量a =(2,1),A (1,0),B (cosθ,t ), (1)若a ∥AB →,且|AB →|=5|OA →|,求向量OB →的坐标;(2)若a ∥AB →,求y =cos 2θ-cos θ+t 2的最小值.解 (1)∵AB →=(cos θ-1,t ),又a ∥AB →,∴2t -cos θ+1=0.∴cos θ-1=2t .①又∵|AB →|=5|OA →|,∴(cos θ-1)2+t 2=5.②由①②得,5t 2=5,∴t 2=1.∴t =±1.当t =1时,cos θ=3(舍去),当t =-1时,cos θ=-1,∴B (-1,-1),∴OB →=(-1,-1).(2)由(1)可知t =cos θ-12,∴y =cos 2θ-cos θ+cos θ-124=54cos 2θ-32cos θ+14=54⎝ ⎛⎭⎪⎫cos 2θ-65cos θ+14=54⎝⎛⎭⎪⎫cos θ-352-15, ∴当cos θ=35时,y min =-15. 14.已知O (0,0),A (1,2),B (4,5)及OP →=OA →+tAB →,求(1)t 为何值时,P 在x 轴上?P 在y 轴上?P 在第二象限?(2)四边形OABP 能否成为平行四边形?若能,求出相应的t 值;若不能,请说明理由.解 (1)OP →=OA →+tAB →=(1+3t,2+3t ).若P 在x 轴上,则2+3t =0,∴t =-23;若P 在y 轴上,只需1+3t =0,∴t =-13;若P 在第二象限,则⎩⎪⎨⎪⎧ 1+3t <0,2+3t >0.∴-23<t <-13. (2)因为OA →=(1,2),PB →=(3-3t,3-3t ).若OABP 为平行四边形,则OA →=PB →,∵⎩⎪⎨⎪⎧ 3-3t =1,3-3t =2无解.所以四边形OABP 不能成为平行四边形.。

2018年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅱ)(含解析版)

 2018年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅱ)(含解析版)

2018年全国统一高考数学试卷(理科)(新课标Ⅱ)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.(5分)=()A.i B.C.D.2.(5分)已知集合A={(x,y)|x2+y2≤3,x∈Z,y∈Z},则A中元素的个数为()A.9B.8C.5D.43.(5分)函数f(x)=的图象大致为()A.B.C.D.4.(5分)已知向量,满足||=1,=﹣1,则•(2)=()A.4B.3C.2D.05.(5分)双曲线=1(a>0,b>0)的离心率为,则其渐近线方程为()A.y=±x B.y=±x C.y=±x D.y=±x6.(5分)在△ABC中,cos=,BC=1,AC=5,则AB=()A.4B.C.D.27.(5分)为计算S=1﹣+﹣+…+﹣,设计了如图的程序框图,则在空白框中应填入()A.i=i+1B.i=i+2C.i=i+3D.i=i+48.(5分)我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数可以表示为两个素数的和”,如30=7+23.在不超过30的素数中,随机选取两个不同的数,其和等于30的概率是()A.B.C.D.9.(5分)在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,AB=BC=1,AA1=,则异面直线AD1与DB1所成角的余弦值为()A.B.CD.10.(5分)若f(x)=cosx﹣sinx在[﹣a,a]是减函数,则a的最大值是()A.B.C.D.π11.(5分)已知f(x)是定义域为(﹣∞,+∞)的奇函数,满足f(1﹣x)=f(1+x),若f(1)=2,则f(1)+f(2)+f(3)+…+f(50)=()A.﹣50B.0C.2D.5012.(5分)已知F1,F2是椭圆C:=1(a>b>0)的左、右焦点,A是C的左顶点,点P在过A 且斜率为的直线上,△PF1F2为等腰三角形,∠F1F2P=120°,则C的离心率为()A.B.C.D.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。

2018年高考真题——数学(江苏卷)+Word版含解析

2018年高考真题——数学(江苏卷)+Word版含解析

2018年高考真题——数学(江苏卷)+Word版含解析【答案】[2,+∞)【解析】分析:根据偶次根式下被开方数非负列不等式,解对数不等式得函数定义域.详解:要使函数有意义,则,解得,即函数的定义域为.点睛:求给定函数的定义域往往需转化为解不等式(组)的问题.6. 某兴趣小组有2名男生和3名女生,现从中任选2名学生去参加活动,则恰好选中2名女生的概率为________.【答案】【解析】分析:先确定总基本事件数,再从中确定满足条件的基本事件数,最后根据古典概型概率公式求概率.详解:从5名学生中抽取2名学生,共有10种方法,其中恰好选中2名女生的方法有3种,因此所求概率为点睛:古典概型中基本事件数的探求方法(1)列举法.(2)树状图法:适合于较为复杂的问题中的基本事件的探求.对于基本事件有“有序”与“无序”区别的题目,常采用树状图法.(3)列表法:适用于多元素基本事件的求解问题,通过列表把复杂的题目简单化、抽象的题目具体化.(4)排列组合法(理科):适用于限制条件较多且元素数目较多的题目.7. 已知函数的图象关于直线对称,则的值是________.【答案】【解析】分析:由对称轴得,再根据限制范围求结果.详解:由题意可得,所以,因为,所以点睛:函数(A>0,ω>0)的性质:(1);(2)最小正周期;(3)由求对称轴;(4)由求增区间;由求减区间.8. 在平面直角坐标系中,若双曲线的右焦点到一条渐近线的距离为,则其离心率的值是________.【答案】2【解析】分析:先确定双曲线的焦点到渐近线的距离,再根据条件求离心率.点睛:双曲线的焦点到渐近线的距离为b,焦点在渐近线上的射影到坐标原点的距离为a.9. 函数满足,且在区间上,则的值为________.【答案】【解析】分析:先根据函数周期将自变量转化到已知区间,代入对应函数解析式求值,再代入对应函数解析式求结果.详解:由得函数的周期为4,所以因此点睛:(1)求分段函数的函数值,要先确定要求值的自变量属于哪一段区间,然后代入该段的解析式求值,当出现的形式时,应从内到外依次求值.(2)求某条件下自变量的值,先假设所求的值在分段函数定义区间的各段上,然后求出相应自变量的值,切记代入检验,看所求的自变量的值是否满足相应段自变量的取值范围.10. 如图所示,正方体的棱长为2,以其所有面的中心为顶点的多面体的体积为________.【答案】【解析】分析:先分析组合体的构成,再确定锥体的高,最后利用锥体体积公式求结果.详解:由图可知,该多面体为两个全等正四棱锥的组合体,正四棱锥的高为1,底面正方形的边长等于,所以该多面体的体积为点睛:解决本类题目的关键是准确理解几何体的定义,真正把握几何体的结构特征,可以根据条件构建几何模型,在几何模型中进行判断;求一些不规则几何体的体积时,常用割补法转化成已知体积公式的几何体进行解决.11. 若函数在内有且只有一个零点,则在上的最大值与最小值的和为________.【答案】–3【解析】分析:先结合三次函数图象确定在上有且仅有一个零点的条件,求出参数a,再根据单调性确定函数最值,即得结果.详解:由得,因为函数在上有且仅有一个零点且,所以,因此从而函数在上单调递增,在上单调递减,所以,点睛:对于函数零点个数问题,可利用函数的单调性、草图确定其中参数取值条件.从图象的最高点、最低点,分析函数的最值、极值;从图象的对称性,分析函数的奇偶性;从图象的走向趋势,分析函数的单调性、周期性等.12. 在平面直角坐标系中,A为直线上在第一象限内的点,,以AB为直径的圆C与直线l 交于另一点D.若,则点A的横坐标为________.【答案】3【解析】分析:先根据条件确定圆方程,再利用方程组解出交点坐标,最后根据平面向量的数量积求结果. 详解:设,则由圆心为中点得易得,与联立解得点D的横坐标所以.所以,由得或,因为,所以点睛:以向量为载体求相关变量的取值或范围,是向量与函数、不等式、三角函数、曲线方程等相结合的一类综合问题.通过向量的坐标运算,将问题转化为解方程或解不等式或求函数值域,是解决这类问题的一般方法.13. 在中,角所对的边分别为,,的平分线交于点D,且,则的最小值为________.【答案】9【解析】分析:先根据三角形面积公式得条件、再利用基本不等式求最值.详解:由题意可知,,由角平分线性质和三角形面积公式得,化简得,因此当且仅当时取等号,则的最小值为.点睛:在利用基本不等式求最值时,要特别注意“拆、拼、凑”等技巧,使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用,否则会出现错误.14. 已知集合,.将的所有元素从小到大依次排列构成一个数列.记为数列的前n项和,则使得成立的n的最小值为________.【答案】27【解析】分析:先根据等差数列以及等比数列的求和公式确定满足条件的项数的取值范围,再列不等式求满足条件的项数的最小值.详解:设,则由得所以只需研究是否有满足条件的解,此时,,为等差数列项数,且.由得满足条件的最小值为.点睛:本题采用分组转化法求和,将原数列转化为一个等差数列与一个等比数列的和.分组转化法求和的常见类型主要有分段型(如),符号型(如),周期型(如).二、解答题:本大题共6小题,共计90分.请在答题卡指定区域.......内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15. 在平行六面体中,.求证:(1);(2).【答案】答案见解析【解析】分析:(1)先根据平行六面体得线线平行,再根据线面平行判定定理得结论;(2)先根据条件得菱形ABB1A1,再根据菱形对角线相互垂直,以及已知垂直条件,利用线面垂直判定定理得线面垂直,最后根据面面垂直判定定理得结论.详解:证明:(1)在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中,AB∥A1B1.因为AB平面A1B1C,A1B1平面A1B1C,所以AB∥平面A1B1C.(2)在平行六面体ABCD-A1B1C1D1中,四边形ABB1A1为平行四边形.又因为AA1=AB,所以四边形ABB1A1为菱形,因此AB1⊥A1B.又因为AB1⊥B1C1,BC∥B1C1,所以AB1⊥BC.又因为A1B∩BC=B,A1B平面A1BC,BC平面A1BC,所以AB1⊥平面A1BC.因为AB1平面ABB1A1,所以平面ABB1A1⊥平面A1BC.点睛:本题可能会出现对常见几何体的结构不熟悉导致几何体中的位置关系无法得到运用或者运用错误,如柱体的概念中包含“两个底面是全等的多边形,且对应边互相平行,侧面都是平行四边形”,再如菱形对角线互相垂直的条件,这些条件在解题中都是已知条件,缺少对这些条件的应用可导致无法证明.16. 已知为锐角,,.(1)求的值;(2)求的值.【答案】(1)(2)【解析】分析:先根据同角三角函数关系得,再根据二倍角余弦公式得结果;(2)先根据二倍角正切公式得,再利用两角差的正切公式得结果.详解:解:(1)因为,,所以.因为,所以,因此,.(2)因为为锐角,所以.又因为,所以,因此.因为,所以,因此,.点睛:应用三角公式解决问题的三个变换角度(1)变角:目的是沟通题设条件与结论中所涉及的角,其手法通常是“配凑”.(2)变名:通过变换函数名称达到减少函数种类的目的,其手法通常有“切化弦”、“升幂与降幂”等.(3)变式:根据式子的结构特征进行变形,使其更贴近某个公式或某个期待的目标,其手法通常有:“常值代换”、“逆用变用公式”、“通分约分”、“分解与组合”、“配方与平方”等.17. 某农场有一块农田,如图所示,它的边界由圆O的一段圆弧(P为此圆弧的中点)和线段MN构成.已知圆O的半径为40米,点P到MN的距离为50米.现规划在此农田上修建两个温室大棚,大棚Ⅰ内的地块形状为矩形ABCD,大棚Ⅱ内的地块形状为,要求均在线段上,均在圆弧上.设OC与MN所成的角为.(1)用分别表示矩形和的面积,并确定的取值范围;(2)若大棚Ⅰ内种植甲种蔬菜,大棚Ⅱ内种植乙种蔬菜,且甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为.求当为何值时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.【答案】(1)矩形ABCD的面积为800(4sinθcosθ+cosθ)平方米,△CDP的面积为1600(cosθ–sinθcosθ),sinθ的取值范围是[,1).(2)当θ=时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大【解析】分析:(1)先根据条件求矩形长与宽,三角形的底与高,再根据矩形面积公式以及三角形面积公式得结果,最后根据实际意义确定的取值范围;(2)根据条件列函数关系式,利用导数求极值点,再根据单调性确定函数最值取法.详解:解:(1)连结PO并延长交MN于H,则PH⊥MN,所以OH=10.过O作OE⊥BC于E,则OE∥MN,所以∠COE=θ,故OE=40cosθ,EC=40sinθ,则矩形ABCD的面积为2×40cosθ(40sinθ+10)=800(4sinθcosθ+cosθ),△CDP的面积为×2×40cosθ(40–40sinθ)=1600(cosθ–sinθcosθ).过N作GN⊥MN,分别交圆弧和OE的延长线于G和K,则GK=KN=10.令∠GOK=θ0,则sinθ0=,θ0∈(0,).当θ∈[θ0,)时,才能作出满足条件的矩形ABCD,所以sinθ的取值范围是[,1).答:矩形ABCD的面积为800(4sinθcosθ+cosθ)平方米,△CDP的面积为1600(cosθ–sinθcosθ),sinθ的取值范围是[,1).(2)因为甲、乙两种蔬菜的单位面积年产值之比为4∶3,设甲的单位面积的年产值为4k,乙的单位面积的年产值为3k(k>0),则年总产值为4k×800(4sinθcosθ+cosθ)+3k×1600(cosθ–sinθcosθ)=8000k(sinθcosθ+cosθ),θ∈[θ0,).设f(θ)= sinθcosθ+cosθ,θ∈[θ0,),则.令,得θ=,当θ∈(θ0,)时,,所以f(θ)为增函数;当θ∈(,)时,,所以f(θ)为减函数,因此,当θ=时,f(θ)取到最大值.答:当θ=时,能使甲、乙两种蔬菜的年总产值最大.点睛:解决实际应用题的步骤一般有两步:一是将实际问题转化为数学问题;二是利用数学内部的知识解决问题.18. 如图,在平面直角坐标系中,椭圆C过点,焦点,圆O的直径为.(1)求椭圆C及圆O的方程;(2)设直线l与圆O相切于第一象限内的点P.①若直线l与椭圆C有且只有一个公共点,求点P的坐标;②直线l与椭圆C交于两点.若的面积为,求直线l的方程.【答案】(1)椭圆C的方程为;圆O的方程为(2)①点P的坐标为;②直线l的方程为【解析】分析:(1)根据条件易得圆的半径,即得圆的标准方程,再根据点在椭圆上,解方程组可得a,b,即得椭圆方程;(2)第一问先根据直线与圆相切得一方程,再根据直线与椭圆相切得另一方程,解方程组可得切点坐标.第二问先根据三角形面积得三角形底边边长,再结合①中方程组,利用求根公式以及两点间距离公式,列方程,解得切点坐标,即得直线方程.详解:解:(1)因为椭圆C的焦点为,可设椭圆C的方程为.又点在椭圆C上,所以,解得因此,椭圆C的方程为.因为圆O的直径为,所以其方程为.(2)①设直线l与圆O相切于,则,所以直线l的方程为,即.由,消去y,得.(*)因为直线l与椭圆C有且只有一个公共点,所以.因为,所以.因此,点P的坐标为.②因为三角形OAB的面积为,所以,从而.设,由(*)得,所以.因为,所以,即,解得舍去),则,因此P的坐标为.综上,直线l的方程为.点睛:直线与椭圆的交点问题的处理一般有两种处理方法:一是设出点的坐标,运用“设而不求”思想求解;二是设出直线方程,与椭圆方程联立,利用韦达定理求出交点坐标,适用于已知直线与椭圆的一个交点的情况.19. 记分别为函数的导函数.若存在,满足且,则称为函数与的一个“S点”.(1)证明:函数与不存在“S点”;(2)若函数与存在“S点”,求实数a的值;(3)已知函数,.对任意,判断是否存在,使函数与在区间内存在“S点”,并说明理由.【答案】(1)证明见解析(2)a的值为(3)对任意a>0,存在b>0,使函数f(x)与g(x)在区间(0,+∞)内存在“S点”.【解析】分析:(1)根据题中“S点”的定义列两个方程,根据方程组无解证得结论;(2)同(1)根据“S点”的定义列两个方程,解方程组可得a的值;(3)通过构造函数以及结合“S点”的定义列两个方程,再判断方程组是否有解即可证得结论.详解:解:(1)函数f(x)=x,g(x)=x2+2x-2,则f′(x)=1,g′(x)=2x+2.由f(x)=g(x)且f′(x)= g′(x),得,此方程组无解,因此,f(x)与g(x)不存在“S”点.(2)函数,,则.设x0为f(x)与g(x)的“S”点,由f(x0)与g(x0)且f′(x0)与g′(x0),得,即,(*)得,即,则.当时,满足方程组(*),即为f(x)与g(x)的“S”点.因此,a的值为.(3)对任意a>0,设.因为,且h(x)的图象是不间断的,所以存在∈(0,1),使得,令,则b>0.函数,则.由f(x)与g(x)且f′(x)与g′(x),得,即(**)此时,满足方程组(**),即是函数f(x)与g(x)在区间(0,1)内的一个“S点”.因此,对任意a>0,存在b>0,使函数f(x)与g(x)在区间(0,+∞)内存在“S点”.点睛:涉及函数的零点问题、方程解的个数问题、函数图象交点个数问题,一般先通过导数研究函数的单调性、最大值、最小值、变化趋势等,再借助函数的大致图象判断零点、方程根、交点的情况,归根到底还是研究函数的性质,如单调性、极值,然后通过数形结合的思想找到解题的思路.20. 设是首项为,公差为d的等差数列,是首项为,公比为q的等比数列.(1)设,若对均成立,求d的取值范围;(2)若,证明:存在,使得对均成立,并求的取值范围(用表示).【答案】(1)d的取值范围为.(2)d的取值范围为,证明见解析。

高三数学平面向量试题答案及解析

高三数学平面向量试题答案及解析

高三数学平面向量试题答案及解析1.已知点为的外接圆的圆心,且,则的内角等于( ) A.B.C.D.【答案】A【解析】由得,所以四边形为菱形,因此,即.【考点】1.向量运算;2.三角形外心.2.已知是单位向量,.若向量满足()A.B.C.D.【答案】A;【解析】因为,,做出图形可知,当且仅当与方向相反且时,取到最大值;最大值为;当且仅当与方向相同且时,取到最小值;最小值为.3.已知向量,,则向量在上的正射影的数量为()A.B.C.D.【答案】D【解析】向量在上的正射影的数量为选D.【考点】向量正投影4.设向量,,则向量在向量上的投影为.【答案】-1【解析】由已知向量,,向量在向量上的投影为.【考点】向量的投影.5.已知向量,,若与垂直,则()A.B.C.2D.4【答案】C【解析】因为两向量垂直,所以,即,代入坐标运算:,解得:,所以.【考点】向量数量积的坐标运算6.已知向量满足,,.若对每一确定的,的最大值和最小值分别是,则对任意,的最小值是.【答案】【解析】设,则,设OA中点为D,则,因此四点A,D,B,C共圆,圆心为AB中点M,直径为AB,从而的最大值和最小值分别是因此【考点】向量几何意义7.已知向量满足,则在方向上的投影为.【答案】【解析】根据,求得,根据投影公式可得在方向上的投影为.【考点】向量在另一个向量方向上的投影.8.若O是△ABC所在平面内一点,且满足|-|=|+-2|,则△ABC一定是A.等边三角形B.直角三角形C.等腰三角形D.等腰直角三角形【答案】B【解析】根据题意有,即,从而得到,所以三角形为直角三角形,故选B.【考点】向量的加减运算,向量垂直的条件,三角形形状的判断.9.已知、是不共线的向量,,那么三点共线的充要条件为()A.B.C.D.【答案】B【解析】因为三点共线,所以,所以,故选B.【考点】向量共线的充要条件.10.已知是内的一点,且,,若,和的面积分别为、、,则的最小值是()A.B.C.D.【答案】B【解析】利用向量的数量积的运算求得bc的值,利用三角形的面积公式求得x+y的值,进而把转化为利用基本不等式求得的最小值即可.因为,,所以故选B.【考点】平面向量;均值不等式11.设向量a=(-1,2),b=(m,1),如果向量a+2b与2a-b平行,则a 与b的数量积等于()A.-B.-C.D.【答案】D【解析】由已知可得,因为与平行,所以可得,解得.即..故D正确.【考点】1向量共线;2数量积公式.12.在中,已知,,分别是边上的三等分点,则的值是()A.B.C.D.【答案】C【解析】因为、分别是边上的三等分点所以,所以又所以得所以故答案选【考点】1.向量的线性关系;2.向量的数量积.13.如图,已知边长为4的正方形ABCD,E是BC边上一动点(与B、C不重合),连结AE,作EF⊥AE交∠BCD的外角平分线于F.设,记,则函数的值域是;当面积最大时,.【答案】,【解析】如图,作,交延长线于,则,易证得,所以设,则所以所以由题知,所以故的值域是因为,所以当面积最大时,,即则在中,所以【考点】1.向量的数量积;2.二次函数的最值.14.边长为2的正三角形内(包括三边)有点,,求的取值范围.【答案】.【解析】如下图所示,建立平面直角坐标系,∴,,,,,∴,即点P的轨迹为圆夹在三角形ABC内及其边界的一段圆弧,在中,有,又∵,即的取值范围是.【考点】平面向量数量积.【思路点睛】平面向量的综合题常与角度与长度结合在一起考查,在解题时运用向量的运算,数量积的几何意义,同时,需注意挖掘题目中尤其是几何图形中的隐含条件,常利用数形结合思想将问题等价转化为利用几何图形中的不等关系将问题简化,一般会与函数,不等式等几个知识点交汇,或利用平面向量的数量积解决其他数学问题是今后考试命题的趋势.15.在直角梯形ABCD中,AB⊥AD,DC∥AB,AD=DC=1,AB=2,E,F分别为AB,BC的中点,点P在以A为圆心,AD为半径的圆弧上变动(如图所示).若,其中的取值范围是.【答案】【解析】建立如下图所示直角坐标系,则,,,,,所以,,又因为点在以为圆心、为半径的圆上,且在第一象限,所以点的坐标为,,所以,所以.,,由三角函数的性质可知,函数的值域为,所以的取值范围为.【考点】1.向量的坐标运算;2.圆的参数方程;3.三角函数的性质.【方法点睛】本题主要考查向量的坐标运算、圆的参数方程的应用、三角函数的性质、数形结合思想,属难题.平面向量的坐标运算主要是利用向量加、减、数乘运算的法则进行求解的,若已知有向线段两端点的坐标,应先求出向量的坐标,解题过程中,常利用向量相等则其坐标相同这一原则,通过列方程(组)求解进行,并注意方程思想与转化思想的应用.16.已知向量,,若与平行,则的值是 _.【答案】【解析】由题意与平行,则可得到【考点】共线向量17.在中,,D是边BC上一点,(1)求的值;(2)求的值【答案】(1)(2)【解析】(1)在中,已知三边求一角,故应用余弦定理:,解得,(2)因为,而,因此只需求边AB,这可由正弦定理解得:试题解析:在中,由余弦定理得:.把,,代入上式得.因为,所以.在中,由正弦定理得:.故.所以.【考点】正余弦定理【名师】1.正弦定理可以处理①已知两角和任一边,求另一角和其他两条边;②已知两边和其中一边的对角,求另一边和其他两角.余弦定理可以处理①已知三边,求各角;②已知两边和它们的夹角,求第三边和其他两个角.其中已知两边及其一边的对角,既可以用正弦定理求解也可以用余弦定理求解.2.利用正、余弦定理解三角形其关键是运用两个定理实现边角互化,从而达到知三求三的目的.18.已知向量,其中,则向量的夹角是()A.B.C.D.【答案】D【解析】由于,则,即,则,则有,所以向量的夹角是.【考点】平面向量的数量积的运算.19.(2015秋•上海月考)已知||=2,||=1,的夹角为,则= .【答案】1【解析】代入向量数量级定义式计算.解:=||•||cos=2×1×=1.故答案为:1.【考点】平面向量数量积的运算.20.(2015•河南模拟)已知向量=(2,1),=(0,﹣1).若(+λ)⊥,则实数λ=.【答案】5【解析】本题先将向量坐标化,利用两向量垂直得到它们的数量积为零,求出λ的值,得到本题答案.解:∵向量=(2,1),=(0,﹣1),∴.∵(+λ)⊥,∴2×2+1×(1﹣λ)=0,λ=5.故答案为:5.【考点】平面向量数量积的运算.21.已知两定点,,点P在椭圆上,且满足=2,则为()A.-12B.12C.一9D.9【答案】D【解析】由,可得点的轨迹是以两定点,为焦点的双曲线的上支,且∴的轨迹方程为:,由和联立可解得:,则.故选D.【考点】椭圆的简单性质.22.在边长为1的正三角形ABC中,设,则__________.【答案】.【解析】如图:由知点D是BC边的中点,点E是CA边上靠近点C的一个三等分点,.故答案应填:.【考点】向量的数量积.23.在中,则∠C的大小为()A.B.C.D.【答案】B【解析】,解得,所以,故选B.【考点】平面向量数量积的应用.24.已知点P是内一点,且,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】设点M是中点,则点P是一个三等分点,,选C.【考点】向量表示25.知△ABC和点M满足+=-,若存在实数m使得m+m=成立,则m等于()A.B.2C.D.3【答案】C【解析】由,得,知点是的重心,由,由于是的重心,所以,,故选C.【考点】平面向量.26.已知向量,设.(1)求函数的解析式及单调增区间;(2)在中,分别为内角的对边,且,求的面积.【答案】(1),;(2)【解析】(Ⅰ)利用三角函数恒等变换的应用化简函数解析式可得,由,可解得函数的单调增区间.(Ⅱ)由,可得,结合范围,可得,从而求得,由余弦定理可解得的值,利用三角形面积公式即可得解.试题解析:解:(Ⅰ)由可得所以函数的单调递增区间为,(Ⅱ)由可得【考点】1.余弦定理;2.三角函数中的恒等变换应用.27.在中,,点是线段上的动点,则的最大值为_______.【答案】.【解析】,所以当M,N重合时,,最大,为,又设所以,显然当时,最大为,故的最大值为3.【考点】数量积的应用.28.已知向量若则()A.B.C.2D.4【答案】C【解析】由已知,因为,所以,,所以.故选C.【考点】向量垂直的坐标运算,向量的模.29.已知||=,||=2,若(+)⊥,则与的夹角是.【答案】150°.【解析】根据已知条件即可得到,所以根据进行数量积的运算即可得到3,所以求出cos<>=,从而便求出与的夹角.解:∵;∴=;∴;∴与的夹角为150°.故答案为:150°.【考点】平面向量数量积的运算.30.已知点为内一点,且则________.【答案】【解析】如图,即,又,所以有,则.【考点】向量的运算.【思路点睛】因为有相同的底边,所以只要分别求得顶点的距离或者其比值便可求得面积之比,显然求比值较容易,由三角形相似的性质可知顶点的距离之比等于的比值,所以要结合利用向量的运算求得的比值.31.若非零向量满足,且,则与的夹角为()A.B.C.D.【答案】D【解析】,因为,所以有,其中为与的夹角,将代入前式中,可求得,故本题的正确选项为D.【考点】向量的运算.32.已知△ABC和点M满足.若存在实数m使得成立,则m=()A.2B.3C.4D.5【答案】B【解析】解题时应注意到,则M为△ABC的重心.解:由知,点M为△ABC的重心,设点D为底边BC的中点,则==,所以有,故m=3,故选:B.【考点】向量的加法及其几何意义.33.等腰直角三角形中,是斜边上一点,且,则.【答案】4【解析】因为,而,.所以答案应填:4.【考点】平面向量数量积的运算.【方法点睛】欲求的值的关键是选为一组基底,用表述出,代入数量积进行运算.另一种方法:以为原点,分别以为轴,建立直角坐标系,则,所以,由知,所以.本题考查平面向量的数量积的运算,属于基础题.34.在中,是上的点,若,则实数的值为___________.【答案】【解析】因为,所以,即,所以,又因为三点共线,所以.【考点】1.向量的线性运算;2.向量共线定理.35.如图,在中,为的中点,为上任一点,且,则的最小值为.【答案】9【解析】因为是中点,所以,又在线段上,所以,且,所以,当且仅当,即时等号成立,所以的最小值为9.【考点】平面向量的基本定理,基本不等式.【名师】设点是直线外任一点,,则是三点共线的充要条件.36.在平面直角坐标系中有不共线三点,,.实数满足,则以为起点的向量的终点连线一定过点()A.B.C.D.【答案】C【解析】由题意得,,所以.设点在向量的中点连线上,则,所以一点过点,故选C.【考点】向量的坐标运算.【方法点晴】本题主要考查了平面向量的坐标运算及平面向量的共线定理的应用,属于中档试题,着重考查了学生的推理、运算能力和转化与化归的思想方法,本题的解答中,根据,设点在向量的中点连线上,利用平面向量的共线定理和平面向量的坐标运算,得到向量的表示,即可到结论.37.四边形中,且,则的最小值为【答案】【解析】通过建立坐标系,设C(a,0),D(0,b),利用数量积的坐标运算得出数量积关于a,b的函数,求出函数的最小值.设AC与BD交点为O,以O为原点,AC,BD为坐标轴建立平面直角坐标系,设C(a,0),D(0,b),则A(a-2,0),B(0,b-3),当时,取得最小值.【考点】平面向量的坐标运算【方法点睛】平面向量与三角函数的综合问题的解题思路(1)题目条件给出向量的坐标中含有三角函数的形式,运用向量共线或垂直或等式成立等,得到三角函数的关系式,然后求解.(2)给出用三角函数表示的向量坐标,要求的是向量的模或者其他向量的表达形式,解题思路是经过向量的运算,利用三角函数在定义域内的有界性,求得值域等.38.已知是两个互相垂直的单位向量,且,则对任意实数,的最小值为____________.【答案】【解析】,建立如图所示的直角坐标系, 取,设.,当且仅当时取等号. 故答案为.【考点】1、向量的几何性质、平面向量的数量积公式;2、利用基本不等式求最值.【易错点晴】本题主要考查向量的几何性质、平面向量的数量积公式以及利用基本不等式求最值,属于难题.利用基本不等式求最值时,一定要正确理解和掌握“一正,二定,三相等”的内涵:一正是,首先要判断参数是否为正;二定是,其次要看和或积是否为定值(和定积最大,积定和最小);三相等是,最后一定要验证等号能否成立(主要注意两点,一是相等时参数否在定义域内,二是多次用“或”时等号能否同时成立).39.已知曲线上的任意点到点的距离比它到直线的距离小1,(1)求曲线的方程;(2)点的坐标为,若为曲线上的动点,求的最小值(3)设点为轴上异于原点的任意一点,过点作曲线的切线,直线分别与直线及轴交于,以为直径作圆,过点作圆的切线,切点为,试探究:当点在轴上运动(点与原点不重合)时,线段的长度是否发生变化?请证明你的结论【答案】(1);(2)的最小值为2;(3)线段的长度为定值【解析】(1)根据抛物线的定义得出轨迹方程;(2)设,将表示为(或)的函数,根据函数性质求出最小值;(3)设坐标和直线的斜率,根据相切得出的关系,求出坐标得出圆的圆心和半径,利用切线的性质得出的长.试题解析:(1)设为曲线上的任意一点,依题意,点到点的距离与它到直线的距离相等,所以曲线是以为焦点,直线为准线的抛物线,所以曲线的方程为(2)设,则因为,所以当时,有最小值2(3)当点在轴上运动(与原点不重合)时,线段的长度不变,证明如下:依题意,直线的斜率存在且不为0,设,代入得,由得将代入直线的方程得,又,故圆心所以圆的半径为当点在轴上运动(点与原点不重合)时,线段的长度不变,为定值【考点】抛物线的定义及其标准方程,向量的数量积运算,直线与圆锥曲线的关系40.平面向量与的夹角为60°,,则等于()A.B.4C.12D.16【解析】,因此,选A.【考点】向量的模41.已知向量,则a与b夹角的大小为_________.【答案】【解析】两向量夹角为,又两个向量夹角范围是,所以夹角为.【考点】向量数量积与夹角公式【名师】由向量数量积的定义(为,的夹角)可知,数量积的值、模的乘积、夹角知二可求一,再考虑到数量积还可以用坐标表示,因此又可以借助坐标进行运算.当然,无论怎样变化,其本质都是对数量积定义的考查.求解夹角与模的题目在近几年高考中出现的频率很高,应熟练掌握其解法.42.已知向量,且,则m=A.−8B.−6C.6D.8【答案】D【解析】,由得,解得,故选D.【考点】平面向量的坐标运算、数量积【名师】已知非零向量a=(x1,y1),b=(x2,y2):|a|=|a|=cos θ=cos θ=a·b=0x x+y y=043.在中,点M是边BC的中点.若,则的最小值是____.【答案】【解析】设,由,即有,得,点是的中点,则,.当且仅当取得最小值,且为.则的最小值为,故答案为:.【考点】平面向量数量积的运算.44.已知向量,,则()A.2B.-2C.-3D.4【解析】因,故,应选A。

2018年高考(四川省)真题数学(理)试题及答案解析

2018年高考(四川省)真题数学(理)试题及答案解析

2018年普通高等学校招生全国统一考试理科(四川卷)参考答案第I 卷(选择题 共50分)一.选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一个是符合题目要求的。

1.已知集合2{|20}A x x x =--≤,集合B 为整数集,则A B ⋂=A .{1,0,1,2}-B .{2,1,0,1}--C .{0,1}D .{1,0}-【答案】A2.在6(1)x x +的展开式中,含3x 项的系数为A .30B .20C .15D .10【答案】C3.为了得到函数sin(21)y x =+的图象,只需把函数sin 2y x =的图象上所有的点A .向左平行移动12个单位长度B .向右平行移动12个单位长度 C .向左平行移动1个单位长度 D .向右平行移动1个单位长度【答案】A4.若0a b >>,0c d <<,则一定有A .a b c d > B .a b c d < C .a b d c > D .a b d c< 【答案】D5.执行如图1所示的程序框图,如果输入的,x y R ∈,则输出的S 的最大值为A .0B .1C .2D .3【答案】C6.六个人从左至右排成一行,最左端只能排甲或乙,最右端不能排甲,则不同的排法共有A .192种B .216种C .240种D .288种【答案】B7.平面向量a=(1,2), b=(4,2), c=ma+b (m R ∈),且c 与a 的夹角等于c 与b 的夹角,则m =A .2-B .1-C .1D .2【答案】D8.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,点O 为线段BD 的中点。

设点P 在线段。

2018年高考题和高考模拟题数学(理)——专题05立体几何分类汇编(解析版)

2018年高考题和高考模拟题数学(理)——专题05立体几何分类汇编(解析版)

5.立体几何1.【2018年XX卷】已知四棱锥S−ABCD的底面是正方形,侧棱长均相等,E是线段AB上的点(不含端点),设SE与BC所成的角为θ1,SE与平面ABCD所成的角为θ2,二面角S−AB−C的平面角为θ3,则A. θ1≤θ2≤θ3B. θ3≤θ2≤θ1C. θ1≤θ3≤θ2D. θ2≤θ3≤θ1【答案】D从而因为,所以即,选D.点睛:线线角找平行,线面角找垂直,面面角找垂面.2.【2018年XX卷】某几何体的三视图如图所示(单位:cm),则该几何体的体积(单位:cm3)是A. 2B. 4C. 6D. 8【答案】C【解析】分析:先还原几何体为一直四棱柱,再根据柱体体积公式求结果.详解:根据三视图可得几何体为一个直四棱柱,高为2,底面为直角梯形,上下底分别为1,2,梯形的高为2,因此几何体的体积为选C.点睛:先由几何体的三视图还原几何体的形状,再在具体几何体中求体积或表面积等.3.【2018年理新课标I卷】已知正方体的棱长为1,每条棱所在直线与平面α所成的角相等,则α截此正方体所得截面面积的最大值为A. B. C. D.【答案】A详解:根据相互平行的直线与平面所成的角是相等的,所以在正方体中,平面与线所成的角是相等的,所以平面与正方体的每条棱所在的直线所成角都是相等的,同理平面也满足与正方体的每条棱所在的直线所成角都是相等,要求截面面积最大,则截面的位置为夹在两个面与中间的,且过棱的中点的正六边形,且边长为,所以其面积为,故选A.点睛:该题考查的是有关平面被正方体所截得的截面多边形的面积问题,首要任务是需要先确定截面的位置,之后需要从题的条件中找寻相关的字眼,从而得到其为过六条棱的中点的正六边形,利用六边形的面积的求法,应用相关的公式求得结果.学/科-网+4.【2018年理新课标I卷】某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如右图.圆柱表面上的点在正视图上的对应点为,圆柱表面上的点在左视图上的对应点为,则在此圆柱侧面上,从到的路径中,最短路径的长度为A. B.C. D. 2【答案】B【解析】分析:首先根据题中所给的三视图,得到点M和点N在圆柱上所处的位置,点M在上底面上,点N在下底面上,并且将圆柱的侧面展开图平铺,点M、N在其四分之一的矩形的对角线的端点处,根据平面上两点间直线段最短,利用勾股定理,求得结果.详解:根据圆柱的三视图以与其本身的特征,可以确定点M和点N分别在以圆柱的高为长方形的宽,圆柱底面圆周长的四分之一为长的长方形的对角线的端点处,所以所求的最短路径的长度为,故选B.点睛:该题考查的是有关几何体的表面上两点之间的最短距离的求解问题,在解题的过程中,需要明确两个点在几何体上所处的位置,再利用平面上两点间直线段最短,所以处理方法就是将面切开平铺,利用平面图形的相关特征求得结果.5.【2018年全国卷Ⅲ理】设是同一个半径为4的球的球面上四点,为等边三角形且其面积为,则三棱锥体积的最大值为A. B. C. D.【答案】B详解:如图所示,点M为三角形ABC的重心,E为AC中点,当平面时,三棱锥体积最大,此时,,,,点M为三角形ABC的重心,,中,有,,,故选B.点睛:本题主要考查三棱锥的外接球,考查了勾股定理,三角形的面积公式和三棱锥的体积公式,判断出当平面时,三棱锥体积最大很关键,由M为三角形ABC的重心,计算得到,再由勾股定理得到OM,进而得到结果,属于较难题型。

2018版数学(理)大复习讲义第五章平面向量5

2018版数学(理)大复习讲义第五章平面向量5

1。

平面向量基本定理如果e1,e2是同一平面内的两个不共线向量,那么对于这一平面内的任意向量a,有且只有一对实数λ1,λ2,使a=λ1e1+λ2e2.其中,不共线的向量e1,e2叫做表示这一平面内所有向量的一组基底。

2。

平面向量的坐标运算(1)向量加法、减法、数乘及向量的模设a=(x1,y1),b=(x2,y2),则a+b=(x1+x2,y1+y2),a-b=(x1-x2,y1-y2),λa=(λx1,λy1),|a|=错误!.(2)向量坐标的求法①若向量的起点是坐标原点,则终点坐标即为向量的坐标.②设A(x1,y1),B(x2,y2),则错误!=(x2-x1,y2-y1),|错误!|=错误!。

3.平面向量共线的坐标表示设向量a=(x1,y1),b=(x2,y2)(a≠0),如果a∥b,那么x1y2-x2y1=0;反过来,如果x1y2-x2y1=0,那么a∥b。

【知识拓展】1.若a与b不共线,λa+μb=0,则λ=μ=0。

2.设a=(x1,y1),b=(x2,y2),如果x2≠0,y2≠0,则a∥b⇔错误!=错误!.【思考辨析】判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)平面内的任何两个向量都可以作为一组基底.(×)(2)若a,b不共线,且λ1a+μ1b=λ2a+μ2b,则λ1=λ2,μ1=μ2。

(√) (3)平面向量的基底不唯一,只要基底确定后,平面内的任何一个向量都可被这组基底唯一表示.(√)(4)若a=(x1,y1),b=(x2,y2),则a∥b的充要条件可表示成错误!=错误!.(×)(5)当向量的起点在坐标原点时,向量的坐标就是向量终点的坐标。

(√)1。

(教材改编)如果e1,e2是平面α内所有向量的一组基底,λ,μ是实数,则下列说法中正确的有______.(填序号)①若λ,μ满足λe1+μe2=0,则λ=μ=0;②对于平面α内任意一个向量a,使得a=λe1+μe2成立的实数λ,μ有无数对;③线性组合λe1+μe2可以表示平面α内的所有向量;④当λ,μ取不同的值时,向量λe1+μe2可能表示同一向量。

高三数学平面向量坐标运算试题答案及解析

高三数学平面向量坐标运算试题答案及解析

高三数学平面向量坐标运算试题答案及解析1.若向量则()A.B.C.D.【答案】B【解析】∵∴.【考点】向量的运算.2.(2013•重庆)OA为边,OB为对角线的矩形中,,,则实数k= _________.【答案】4【解析】由于OA为边,OB为对角线的矩形中,OA⊥AB,∴=0,即==(﹣3,1)•(﹣2,k)﹣10=6+k﹣10=0,解得k=4,故答案为 43.向量a=(-1,1)在向量b=(3,4)方向上的投影为________.【答案】【解析】设向量a=(-1,1)与b=(3,4)的夹角为θ,则向量a在向量b方向上的投影为|a|·cos θ===.4.已知两点,,若,则点的坐标是 .【答案】【解析】设点的坐标是,则由得即点的坐标是.【考点】向量坐标运算5.已知=(3,4),=(2,3),=(5,0),则||•()=()A.(12,3)B.(7,3)C.(35,15)D.(6,2)【答案】C【解析】∵=(3,4),=(2,3),=(5,0),∴||=5,+=(7,3),∴||•()=5(7,3)=(35,15)故选C.6.已知向量=(2,1),=10,|+|=,则||=()A.B.C.5D.25【答案】C【解析】∵|+|=,||=∴(+)2=2+2+2=50,得||=5故选C.7.在平面上,⊥,||=||=1,=+.若||<,则||的取值范围是()A.(0,]B.(,]C.(,]D.(,]【答案】D【解析】因为⊥,所以可如图建立直角坐标系,设O(x,y),||=a,||=b,因为=+,所以P(a,b)因为||=||=1,所以由知,点O在以点(a,0)为圆心,1为半径的圆上,所以同理由得,.所以.又由得,而由可得,,即,所以.综上所述,即.8.已知向量若,则m=______.【答案】-3【解析】根据向量加法的坐标运算得,,因为,故,故填-3【考点】向量加法向量共线9.已知平面向量,,那么等于()A.B.C.D.【答案】B【解析】,所以,故选B.【考点】平面向量的坐标运算10.若向量a=(2,3),b=(x,-9),且a∥b,则实数x=________.【答案】-6【解析】a∥b,所以2×(-9)-3x=0,解得x=-6.11.已知A(-2,4)、B(3,-1)、C(-3,-4)且=3,=2,求点M、N及的坐标.【答案】(9,-18).【解析】∵ A(-2,4)、B(3,-1)、C(-3,-4),∴=(1,8),=(6,3),∴=3=(3,24),=2=(12,6).设M(x,y),则有=(x+3,y+4),∴ M点的坐标为(0,20).同理可求得N点的坐标为(9,2),因此=(9,-18).故所求点M、N的坐标分别为(0,20)、(9,2),的坐标为(9,-18).12.在△ABC中,已知a、b、c分别为内角A、B、C所对的边,S为△ABC的面积.若向量p=(4,a2+b2-c2),q=(1,S)满足p∥q,则C=________.【答案】【解析】由p=(4,a2+b2-c2),q=(1,S)且p∥q,得4S=a2+b2-c2,即2abcosC=4S=2absinC,所以tanC=1.又0<C<π,所以C=.13.平面向量,,满足,,,,则的最小值为.【答案】【解析】设,,,,,,由得:,最小值是.【考点】1.向量的坐标表示;2.向量的代数公式;3.二次函数求最值.14.若向量,,且与垂直,则实数的值为.【答案】或【解析】由已知得:.【考点】平面向量.15.设向量,,则向量在向量上的投影为 .【答案】【解析】向量在向量上的投影为.【考点】向量运算.16.如图,已知圆,四边形ABCD为圆的内接正方形,E,F分别为边AB,AD的中点,当正方形ABCD绕圆心转动时,的取值范围是()A.B.C.D.【答案】B【解析】因为圆的半径为2,所以正方形的边长为.因为.所以==.所以.故选B.【考点】1.向量的和差.2.向量的数量积.3.由未知线段转化为已知线段.4.化归思想.17.在平面直角坐标系中,点,,若向量,则实数_____.【答案】4【解析】,因为,故,即,解得.【考点】1、向量的坐标运算;2、向量垂直.18.向量,,且,则锐角的余弦值为()A.B.C.D.【答案】D【解析】.【考点】1、平行向量;2、三角函数的求值.19.在平面直角坐标系中,已知向量若,则x=( ) A.-2B.-4C.-3D.-1【答案】D【解析】∵,∴,则,所以,又,∴,.【考点】1、向量的坐标运算;2、向量共线的坐标表示.20.已知正方体的棱长为,,点N为的中点,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】以为原点,分别以所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,则A(0,0,a),N(a,0,),(a,a,0),设M(x,y,z),因为,所以(x-0,y-0,z-a)=(a-x,a-y,0-z)即,解得,即M(,,),所以=,故选A.【考点】空间向量的坐标运算和向量的模.21.若向量,,则___________.【答案】【解析】.【考点】平面向量的坐标运算22.已知正边长等于,点在其外接圆上运动,则的最大值是 .【答案】【解析】可以考虑建立如图所示的平面直角坐标系,则,所以,显然,所以的最大值是.【考点】平面向量综合运算.23.已知,且与共线,则y= .【答案】【解析】因为与共线,所以,解得.【考点】平面向量共线的坐标运算24.已知,且与共线,则y= .【答案】【解析】因为与共线,所以,解得.【考点】平面向量共线的坐标运算25.已知向量,且,则实数的值为( )A.B.C.D.【答案】C【解析】因为,向量,且,所以,,选C.【考点】平面向量的坐标运算,共线向量.26.在平面直角坐标系中,已知点,若,则实数的值为( )A.B.C.D.【答案】C【解析】因为,在平面直角坐标系中,点,所以,,又,所以,,选C.【考点】平面向量的概念,共线向量.27.已知是正三角形,若与向量的夹角大于,则实数的取值范围是__________.【答案】【解析】建立如图所示坐标系,不妨设,则,所以,,由与向量的夹角大于,得,即,故答案为.【考点】平面向量的坐标运算,平面向量的数量积、夹角、模.28.设,,若,则实数________.【答案】【解析】因为,又,所以,答案,.【考点】平面向量坐标运算、平面向量数量积.29.平行四边形中,=(1,0),=(2,2),则等于()A.4B.-4C.2D.-2【答案】A【解析】由,所以.故选A.【考点】1.向量的加减运算;2.向量的数量积30.已知向量,,则与夹角的余弦值为()A.B.C.D.【答案】B【解析】,,解得,,所以,,,,故选B.【考点】1.平面向量的坐标运算;2.平面向量的数量积31.已知向量,向量,则的最大值和最小值分别为()A.B.C.D.【答案】B【解析】,所以;.【考点】本小题主要考查平面向量坐标运算,求向量的模.32.设,向量且,则= .【答案】【解析】由,得,所以.【考点】向量垂直的坐标表示.33.若向量,则向量与的夹角的余弦值为 .【答案】【解析】,,两向量的夹角的余弦为.【考点】向量的加、减、数量积运算.34.在ΔABC中,=600,O为ΔABC的外心,P为劣弧AC上一动点,且(x,y∈R),则x+y的取值范围为_____.【答案】[1,2]【解析】如图建立直角坐标系,O为坐标原点,设C(1,0),,,则,,,即,,解得,,又,,.【考点】向量坐标运算、三角函数.35.已知向量,,若,则=()A.-4B.-3C.-2D.-1【答案】B【解析】∵,∴.∴,即,∴.故选B.【考点】向量的坐标运算36.如图,AB是圆O的直径,C、D是圆O上的点,∠CBA=60°,∠ABD=45°,则()A. B. C. D.【答案】A【解析】设圆的半径为1,以作为坐标原点建立坐标系,则,,,,,,,,因为,所以,所以,,所以.【考点】向量运算点评:本题关键是建立坐标系,求出向量坐标,利用向量相等解题是关键,属中档题.37.已知:为单位向量,,且,则与的夹角是()A.B.C.D.【答案】D【解析】由已知得,且,所以与的夹角是,故选D。

(教案) 向量的加法运算Word版含解析

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6.2平面向量的运算6.2.1向量的加法运算课标解读课标要求核心素养1.借助实例理解并掌握向量加法的概念.2.掌握向量加法运算法则,并能熟练地进行加法运算.(重点)3.理解向量加法运算的几何意义.(难点)1.通过向量加法的三角形法则、平行四边形法则,培养直观想象核心素养.2.借助向量加法的运算律进行相关运算,培养数学运算核心素养.俄罗斯著名寓言作家克雷洛夫在他所著的《克雷洛夫寓言》中有一篇《天鹅、梭子鱼和虾》的故事,故事的大意是这样的:有一天,天鹅、梭子鱼和虾一起拉一车货物,天鹅想,我的家在天上,应该把货物拉到我家,于是,天鹅伸长脖子拼命往天上飞.梭子鱼想,我的家在河里,应该往河里拉,于是,梭子鱼使劲往河里拽.虾想,我的家在池塘里,应该把货送到池塘,于是,虾弓着身子往池塘拉.他们三个累的精疲力尽,车子却纹丝不动.问题1:车子为什么纹丝不动?答案天鹅、梭子鱼和虾用力的方向不一致.问题2:这则故事给我们的启示是什么?答案要想成功,就要好好合作,用力方向要合理.1.向量的加法(1)定义:求①两个向量和的运算,叫做向量的加法.这种求向量和的方法,称为向量加法的三角形法则.对于零向量与任意向量a,规定0+a=a+0=a.(2)向量求和的法则:三角形法则已知非零向量a,b,在平面内任取一点A,作AB⃗⃗⃗⃗⃗ =a,BC⃗⃗⃗⃗⃗ =b,则向量AC⃗⃗⃗⃗⃗ 叫做a与b的和,记作②a+b,即a+b=AB⃗⃗⃗⃗⃗ +BC⃗⃗⃗⃗⃗ =AC⃗⃗⃗⃗⃗平行四边以同一点O为起点的两个已知向量a,b,以OA,OB为邻边作③▱OACB,则以O为起点的形法则向量OC⃗⃗⃗⃗⃗ (OC是▱OACB的对角线)就是向量a与b的和,即OC⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b特别提醒三角形法则与平行四边形法则的区别与联系三角形法则平行四边形法则区别满足条件两向量“首尾相接”两向量“共起点”适用范围所有向量不共线的两向量联系平行四边形法则与三角形法则在本质上是一致的.这两种求向量和的方法,通过向量平移能相互转化,解决具体问题时视情况而定2.向量加法的运算律(1)交换律:a+b=④b+a.(2)结合律:(a+b)+c=⑤a+(b+c).思考:向量加法的运算律与实数加法的运算律相同吗?提示相同.3.|a|-|b|,|a±b|,|a|+|b|三者的关系根据三角形的三边关系可得|a|-|b|≤|a+b|≤|a|+|b|,当且仅当向量a,b方向相同时取“=”.探究一向量加法运算法则的应用例1如图所示,已知向量a、b、c,试作出向量a+b+c.解析解法一:如图1所示,首先在平面内任取一点O,作向量OA⃗⃗⃗⃗⃗ =a,接着作向量AB⃗⃗⃗⃗⃗ =b,则得向量OB⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b,然后作向量BC⃗⃗⃗⃗⃗ =c,则向量OC⃗⃗⃗⃗⃗ =(a+b)+c=a+b+c.解法二:如图2所示,首先在平面内任取一点O,作向量OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,OB ⃗⃗⃗⃗⃗ =b,OC ⃗⃗⃗⃗⃗ =c,以OA 、OB 为邻边作▱OADB,连接OD,则OD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b,再以OD 、OC 为邻边作▱ODEC,连接OE,则OE ⃗⃗⃗⃗⃗ =OD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +OC ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b+c. 思维突破向量求和法则的应用技巧(1)当两个不共线向量求和时,三角形法则和平行四边形法则都可以用. (2)多个向量求和时,可先求两个向量的和,再和其他向量求和. 1-1如图(1)、图(2)所示,试作出向量a 与b 的和. 解析如图①、图②所示.OB⃗⃗⃗⃗⃗ 即为所求. 探究二向量加法运算律的应用例2化简下列各式:(1)AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +DF ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +FA ⃗⃗⃗⃗⃗ ; (2)(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ )+CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +EA ⃗⃗⃗⃗⃗ . 解析(1)AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +DF ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +FA ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DF ⃗⃗⃗⃗⃗ +FA ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DF ⃗⃗⃗⃗⃗ +FA ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0. (2)(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ )+CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +EA ⃗⃗⃗⃗⃗ =(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ )+(CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ )+EA ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CE ⃗⃗⃗⃗⃗ +EA ⃗⃗⃗⃗⃗ =AE ⃗⃗⃗⃗⃗ +EA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0. 2-1化简:(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )+(BO ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ )+OM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =. 答案AC⃗⃗⃗⃗⃗ 解析(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )+(BO ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ )+OM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ )+MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +(BO ⃗⃗⃗⃗⃗ +OM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )=AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +BM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AC⃗⃗⃗⃗⃗ . 探究三向量加法的实际应用例3在某地抗震救灾时,一架飞机先从A 地按北偏东35°方向飞行800km 到达B 地接到受伤人员,然后从B 地按南偏东55°方向飞行800km 将受伤人员送往C 地医院,求这架飞机飞行的路程及两次飞行的位移的和.解析如图所示,设AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,BC ⃗⃗⃗⃗⃗ 分别表示飞机从A 地按北偏东35°方向飞行800km 到达B 地,从B 地按南偏东55°方向飞行800km 到达C 地.则飞机飞行的路程是|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |+|BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |,两次飞行的位移的和是AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ . 依题意,有|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |+|BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |=800+800=1600(km),∠ABC=35°+55°=90°, 所以|AC ⃗⃗⃗⃗⃗ |=√|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |2+|BC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2=√8002+8002=800√2(km). 其中∠BAC=45°,所以方向为北偏东35°+45°=80°.故飞机飞行的路程是1600km,两次飞行的位移和的大小为800√2km,方向为北偏东80°. 思维突破向量加法解决实际问题的应用技巧(1)准确画出几何图形,将几何图形中的边转化为向量.(2)将所求问题转化为向量的加法运算,进而利用向量加法的几何意义进行求解.3-1如图,用两根绳子把重10N 的物体W 吊在水平木杆AB上,∠ACW=150°,∠BCW=120°,求A 处和B 处所受力的大小(绳子的质量忽略不计). 解析如图,设CE⃗⃗⃗⃗⃗ ,CF ⃗⃗⃗⃗⃗ 分别表示A,B 所受的力, 10N 的重力用CG ⃗⃗⃗⃗⃗ 表示,则CE ⃗⃗⃗⃗⃗ +CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =CG⃗⃗⃗⃗⃗ . 易得∠ECG=180°-150°=30°,∠FCG=180°-120°=60°, ∴|CE ⃗⃗⃗⃗⃗ |=|CG ⃗⃗⃗⃗⃗ |×cos30° =10×√32=5√3(N).|CF ⃗⃗⃗⃗⃗ |=|CG ⃗⃗⃗⃗⃗ |×cos60°=10×12=5(N).故A 处所受的力的大小为5√3N,B 处所受的力的大小为5N. 1.在四边形ABCD 中,若AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ ,则() A.四边形ABCD 一定是矩形 B.四边形ABCD 一定是菱形 C.四边形ABCD 一定是正方形 D.四边形ABCD 一定是平行四边形答案D 由向量加法的平行四边形法则可知,四边形ABCD 必为平行四边形. 2.化简OP ⃗⃗⃗⃗⃗ +PQ ⃗⃗⃗⃗⃗ +PS ⃗⃗⃗⃗ +SP ⃗⃗⃗⃗ 的结果为() A.QP⃗⃗⃗⃗⃗ B.OQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ C.SP ⃗⃗⃗⃗ D.SQ ⃗⃗⃗⃗⃗ 答案B OP ⃗⃗⃗⃗⃗ +PQ ⃗⃗⃗⃗⃗ +PS ⃗⃗⃗⃗ +SP ⃗⃗⃗⃗ =OQ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +0=OQ ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ . 3.(多选题)在如图所示的▱ABCD 中,下列结论正确的是() A.AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =DC ⃗⃗⃗⃗⃗ B.AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ C.AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ D.AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +CB⃗⃗⃗⃗⃗ =0 答案ABD 由▱ABCD 知A,B,D 正确,因为AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ≠BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ ,所以C 错误. 4.若a 表示“向东走8km ”,b 表示“向北走8km ”,则|a+b|=,a+b 的方向是. 答案8√2km;东北方向 解析如图所示,作OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =b, 则a+b=OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =OB⃗⃗⃗⃗⃗ , 所以|a+b|=|OB ⃗⃗⃗⃗⃗ |=√82+82=8√2(km), 因为∠AOB=45°,所以a+b 的方向是东北方向.5.如图,已知向量a,b,c,求作向量a+b+c.解析在平面内任取一点O,作OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =b,BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =c,如图所示: 则由向量加法的三角形法则,得OB⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b,OC ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b+c,故OC ⃗⃗⃗⃗⃗ 即为所求向量a+b+c. 逻辑推理——向量加法的应用如图,在正六边形OABCDE 中,OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,OE ⃗⃗⃗⃗⃗ =b,试用向量a,b 将OB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,OC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,OD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 表示出来. 解析如图,连接BE,AD,设正六边形的中心为P,则四边形ABPO,AOEP,ABCP,OPDE 均为平行四边形.由向量加法的平行四边形法则得 OP ⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +OE ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b. ∵AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =OP ⃗⃗⃗⃗⃗ =ED ⃗⃗⃗⃗⃗ , ∴AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =ED ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+b.在△AOB 中,根据向量加法的三角形法则, 得OB⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+a+b. 同理,在△OBC 中, OC⃗⃗⃗⃗⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =a+a+b+b, 在△OED 中,OD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =OE ⃗⃗⃗⃗⃗ +ED ⃗⃗⃗⃗⃗ =OE⃗⃗⃗⃗⃗ +OP ⃗⃗⃗⃗⃗ =b+a+b. 素养探究:用已知向量表示待求向量,可以利用向量的平移性,根据三角形法则、平行四边形法则,结合正六边形的几何性质转化求解,体现了逻辑推理的核心素养. P,Q 是△ABC 的边BC 上的两点,且BP=QC.求证:AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AP ⃗⃗⃗⃗⃗ +AQ ⃗⃗⃗⃗⃗ .证明如图,取BC 的中点O,连接AO 并延长至点D,使OD=AO,连接BD,CD,则四边形ABDC 是平行四边形,所以AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ ,又BP=QC,BO=CO,所以PO=QO,连接PD,QD,则四边形APDQ 是平行四边形,所以AP ⃗⃗⃗⃗⃗ +AQ ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ ,所以AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AP ⃗⃗⃗⃗⃗ +AQ ⃗⃗⃗⃗⃗ . 1.(多选题)下列等式正确的有() A.AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0B.AC⃗⃗⃗⃗⃗ =DC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ C.OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AO ⃗⃗⃗⃗⃗ +CO ⃗⃗⃗⃗⃗ =0 D.AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +CA ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +DC ⃗⃗⃗⃗⃗ =0答案ABD 由向量加法的三角形法则和零向量的定义可知AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,故A 正确. DC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +DC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,故B 正确. OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AO ⃗⃗⃗⃗⃗ +CO ⃗⃗⃗⃗⃗ =OC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CO ⃗⃗⃗⃗⃗ +AO ⃗⃗⃗⃗⃗ =AO ⃗⃗⃗⃗⃗ ,故C 不正确. AB⃗⃗⃗⃗⃗ +CA ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +DC ⃗⃗⃗⃗⃗ =CA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +DC ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,故D 正确. 2.在▱ABCD 中,若|BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +BA ⃗⃗⃗⃗⃗ |=|BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |,则四边形ABCD 是() A.菱形B.矩形 C.正方形D.不确定 答案B3.在▱ABCD 中,O 是对角线的交点,下列结论正确的是() A.AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =CD ⃗⃗⃗⃗⃗ ,BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ B.AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +OD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =DA ⃗⃗⃗⃗⃗ C.AO ⃗⃗⃗⃗⃗ +OD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ D.AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ =DA ⃗⃗⃗⃗⃗ 答案C4.在矩形ABCD 中,AB=√3,BC=1,则向量AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ 的长度为() A.2B.2√3C.3D.4答案D 在矩形ABCD 中,AB=√3,BC=1, 所以AC=2,因为AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =2AC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,故其长度为4. 5.根据图示填空,其中a=DC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,b=CO ⃗⃗⃗⃗⃗ ,c=OB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,d=BA ⃗⃗⃗⃗⃗ . (1)a+b+c=; (2)b+d+c=. 答案(1)DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ (2)CA⃗⃗⃗⃗⃗解析(1)a+b+c=DC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CO ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗ =DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ . (2)b+d+c=CO ⃗⃗⃗⃗⃗ +BA ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗ =CO ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗ +BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =CA ⃗⃗⃗⃗⃗ . 6.若P 为△ABC 的外心,且PA ⃗⃗⃗⃗⃗ +PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =PC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,则∠ACB=. 答案120°解析由PA ⃗⃗⃗⃗⃗ +PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =PC ⃗⃗⃗⃗⃗ 知四边形ACBP 为平行四边形, 又P 为外心,所以四边形ACBP 为菱形, 且PA=PC=AC,∠ACP=60°, 易得∠ACB=120°.7.如图所示,已知在矩形ABCD 中,|AD ⃗⃗⃗⃗⃗ |=4√3,设AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =b,BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =c,求|a+b+c|的大小. 解析如图所示,过点D 作AC 的平行线,交BC 的延长线于点E. ∵DE ∥AC,AD ∥BE,∴四边形ADEC 为平行四边形, ∴DE ⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,CE ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ , 于是a+b+c=AB⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AC ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =DE ⃗⃗⃗⃗⃗ +BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =BE ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ =2AD ⃗⃗⃗⃗⃗ , ∴|a+b+c|=2|AD ⃗⃗⃗⃗⃗ |=8√3.8.(多选题)向量a 、b 均为非零向量,下列说法中正确的是() A.若向量a 与b 反向,且|a|>|b|,则向量a+b 与a 的方向相同 B.若向量a 与b 反向,且|a|<|b|,则向量a+b 与a 的方向相同 C.若向量a 与b 同向,则向量a+b 与a 的方向相同 D.若向量a 与b 同向,则向量a+b 与b 的方向相同答案ACD 当向量a 与b 反向,且|a|<|b|时,向量a+b 与b 的方向相同,只有B 错误,A 、C 、D 都正确.9.(多选题)如图,D,E,F 分别是△ABC 的边AB,BC,CA 的中点,则下列等式中正确的是()A.FD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DA ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ =0B.AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BE ⃗⃗⃗⃗⃗ +CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =0C.FD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗D.AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +EC ⃗⃗⃗⃗⃗ +FD ⃗⃗⃗⃗⃗ =BD⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 答案ABC FD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DA ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ =FA ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,故A 正确;AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BE ⃗⃗⃗⃗⃗ +CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DF ⃗⃗⃗⃗⃗ +FA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,故B 正确;FD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DE ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ =FE ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,故C 正确;AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +EC ⃗⃗⃗⃗⃗ +FD ⃗⃗⃗⃗⃗ =AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +0=AD ⃗⃗⃗⃗⃗ =DB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ≠BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ,故D 错误.10.已知▱ABCD,设AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +DA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,且b 是非零向量,则下列结论:①a ∥b;②a+b=a;③a+b=b;④|a+b|<|a|+|b|,其中正确的有.(填序号) 答案①③解析因为在平行四边形ABCD 中,AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,BC ⃗⃗⃗⃗⃗ +DA ⃗⃗⃗⃗⃗ =0,所以a 为零向量,因为零向量和任意向量都平行,零向量和任意向量的和等于这个向量本身,所以①③正确,②④错误.11.雨滴在下落一定时间后的运动是匀速的,无风时雨滴下落的速度是4.0m/s,现在有风,风使雨滴以4√33m/s 的速度水平向东移动,求雨滴着地时的速度和方向.解析如图,用OA ⃗⃗⃗⃗⃗ 表示雨滴下落的速度,OB ⃗⃗⃗⃗⃗ 表示风使雨滴水平向东移动的速度. 以OA ⃗⃗⃗⃗⃗ ,OB ⃗⃗⃗⃗⃗ 为邻边作四边形OACB,OC ⃗⃗⃗⃗⃗ 就是雨滴下落的实际速度. 在Rt △OAC 中,|OA ⃗⃗⃗⃗⃗ |=4,|AC⃗⃗⃗⃗⃗ |=4√33, ∴|OC ⃗⃗⃗⃗⃗ |=√|OA ⃗⃗⃗⃗⃗ |2+|AC ⃗⃗⃗⃗⃗ |2 =√42+(4√33)2=8√33, ∴tan ∠AOC=|AC⃗⃗⃗⃗⃗ ||OA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |=4√334=√33,∴∠AOC=30°.故雨滴着地时的速度大小是8√33m/s,方向为南偏东30°.12.过△ABC 内一点M 任作一条直线l,再分别过顶点A,B,C 作l 的垂线,垂足分别为D,E,F,若AD ⃗⃗⃗⃗⃗ +BE ⃗⃗⃗⃗⃗ +CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =0恒成立,则点M 是△ABC 的() A.垂心B.重心C.外心D.内心答案B 设直线l 过点A,则|AD|=0,有BE⃗⃗⃗⃗⃗ +CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =0. 则直线AM 经过BC 的中点,同理,直线BM 经过AC 的中点.直线CM 经过AB 的中点,所以点M 是△ABC 的重心.13.设|a|=2,e 为单位向量,求|a+e|的最大值. 解析在平面内任取一点O,作OA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a,AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =e,则a+e=OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =OB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,因为e 为单位向量,所以点B 在以A 为圆心的单位圆上(如图所示),由图可知,当点B 在点B 1处时,O,A,B 1三点共线,此时|OB⃗⃗⃗⃗⃗ |(即|a+e|)最大,最大值是3.。

高考数学(理)之立体几何与空间向量 专题06 平面与平面的平行、垂直的判定与性质(解析版)

高考数学(理)之立体几何与空间向量 专题06 平面与平面的平行、垂直的判定与性质(解析版)

立体几何与空间向量06 平面与平面的平行、垂直的判定与性质【考点讲解】一、具体目标:1.理解空间直线、平面位置关系的定义,并了解可以作为推理依据的公理和定理;2.以立体几何的定义、公理和定理为出发点,认识和理解空间中线面平行、垂直的有关性质与判定定理;3.能运用公理、定理和已获得的结论证明一些空间位置关系的简单命题.二、知识概述:1.面面平行的判定与性质a⊂β,b⊂β,a∩b=P,α∥β,α∩γ=a,(1)定义:两个平面没有公共点,称这两个平面平行;(2)判定定理:a⊂α,b⊂α,a∩b=M,a∥β,b∥β⇒α∥β;(3)推论:a∩b=M,a,b⊂α,a′∩b′=M′,a′,b′⊂β,a∥a′,b∥b′⇒α∥β.3.两个平面平行的性质定理(1)α∥β,a⊂α⇒a∥β;(2)α∥β,γ∩α=a,γ∩β=b⇒a∥b.3.平面与平面垂直的判定与性质(1)平面与平面垂直的判定方法①定义法.②利用判定定理:如果一个平面过另一个平面的一条垂线,则这两个平面互相垂直.(2)平面与平面垂直的性质:如果两平面互相垂直,那么在一个平面内垂直于它们交线的直线垂直于另一个平面.4.定义:两个平面相交,如果所成的二面角是直二面角,就说这两个平面互相垂直.5.定理:⎭⎪⎬⎪⎫AB βAB ⊥α⇒β⊥α⎭⎪⎬⎪⎫α⊥βα∩β=MNAB βAB ⊥MN⇒AB ⊥α1.【2019年高考全国Ⅱ卷理数】设α,β为两个平面,则α∥β的充要条件是( ) A .α内有无数条直线与β平行 B .α内有两条相交直线与β平行 C .α,β平行于同一条直线D .α,β垂直于同一平面【解析】本题考查了空间两个平面的判定与性质及充要条件.由面面平行的判定定理知:α内两条相交直线都与β平行是αβ∥的充分条件,由面面平行性质定理知,若αβ∥,则α内任意一条直线都与β平行,所以α内两条相交直线都与β平行是αβ∥的必要条件,故选B . 【答案】B2.【2019年高考浙江卷】设三棱锥V –ABC 的底面是正三角形,侧棱长均相等,P 是棱VA 上的点(不含端点).记直线PB 与直线AC 所成的角为α,直线PB 与平面ABC 所成的角为β,二面角P –AC –B 的平面角为γ,则( ) A .β<γ,α<γB .β<α,β<γC .β<α,γ<αD .α<β,γ<β【解析】本题以三棱锥为载体,综合考查异面直线所成的角、直线与平面所成的角、二面角的概念,以及各种角的计算.如图,G 为AC 中点,连接VG ,V 在底面ABC 的投影为O ,则P 在底面的投影D 在线段AO 上,过D 作DE 垂直于AC 于E ,连接PE ,BD ,易得PE VG ∥,过P 作PF AC ∥交VG 于F ,连接BF ,过D 作DH AC ∥,交BG 于H ,则,,BPF PBD PED αβγ=∠=∠=∠,结合△PFB ,△BDH ,△PDB 均为直角三角形,可得cos cos PF EG DH BDPB PB PB PBαβ===<=,即αβ>; 【真题分析】在Rt △PED 中,tan tan PD PDED BDγβ=>=,即γβ>,综上所述,答案为B.【变式1】【2018年高考浙江卷】已知四棱锥S −ABCD 的底面是正方形,侧棱长均相等,E 是线段AB 上的点(不含端点),设SE 与BC 所成的角为θ1,SE 与平面ABCD 所成的角为θ2,二面角S −AB −C 的平面角为θ3,则( )A .θ1≤θ2≤θ3B .θ3≤θ2≤θ1C .θ1≤θ3≤θ2D .θ2≤θ3≤θ1【解析】设O 为正方形ABCD 的中心,M 为AB 中点,过E 作BC 的平行线EF ,交CD 于F ,过O 作ON 垂直EF 于N ,连接SO ,SN ,SE ,SM ,OM ,OE ,则SO 垂直于底面ABCD ,OM 垂直于AB , 因此123,,,SEN SEO SMO ∠=∠=∠=θθθ从而123tan ,tan ,tan ,SN SN SO SOEN OM EO OM====θθθ 因为SN SO EO OM ≥≥,,所以132tan tan tan ,≥≥θθθ即132≥≥θθθ,故选D. 【答案】D【变式2】【2017年高考浙江卷】如图,已知正四面体–D ABC (所有棱长均相等的三棱锥),P ,Q ,R 分别为AB ,BC ,CA 上的点,AP=PB ,2BQ CR QC RA==,分别记二面角D –PR –Q ,D –PQ –R ,D –QR –P 的平面角为αβγ,,,则( )A . γαβ<<B .αγβ<<C .αβγ<<D .βγα<<【解析】设O 为三角形ABC 中心,则O 到PQ 距离最小,O 到PR 距离最大,O 到RQ 距离居中,而三棱锥的高相等,因此αγβ<<,所以选B . 【答案】B3.【2018优选题】空间中,设,m n 表示不同的直线, ,,αβγ表示不同的平面,则下列命题正确的是( )A. 若,αγβγ⊥⊥,则//αβB. 若,m m αβ⊥⊥,则//αβC. 若,m βαβ⊥⊥,则//m αD. 若,n m n α⊥⊥,则//m α 【解析】本题考点是面面平行,线面平行的判定.A 项,若,αγβγ⊥⊥,过正方体同一顶点的三个平面分别为,,αβγ,则αβ⊥,故A 项不合题意;B 项,若,m m αβ⊥⊥,根据垂直于同一条直线的两个平面平行,则//αβ,故B 项符合题意;C 项,若,m βαβ⊥⊥,由同时垂直于一个平面的直线和平面的位置关系可以是直线在平面内或平行可知,直线m 在平面α内或平行,故C 项不合题意;D 项,若,n m n α⊥⊥,由同时垂直于一条直线的直线和平面的位置关系可以是直线在平面内或平行可知,直线m 在平面α内或平行,故D 项不合题意. 故选B. 【答案】B4.【2019优选题】在正四面体P -ABC 中,D ,E ,F 分别是AB ,BC ,CA 的中点,则下面四个结论中不成立的是( ) A .BC ∥平面PDF B .DF ⊥平面P AE C .平面PDF ⊥平面ABCD .平面P AE ⊥平面ABC【解析】画出图形,如图所示,则BC ∥DF ,又DF ⊂平面PDF ,BC ⊄平面PDF ,∴BC ∥平面PDF ,故A 成立;由题意可得AE ⊥BC ,PE ⊥BC ,BC ∥DF ,则DF ⊥AE ,DF ⊥PE ,∴DF ⊥平面P AE ,故B 成立; 又DF ⊂平面ABC ,∴平面ABC ⊥平面P AE ,故D 成立.本题的考点是平面与平面垂直的判定.【答案】C5.【2016全国新课标2】α,β是两个平面,m ,n 是两条直线,有下列四个命题:①如果m ⊥n ,m ⊥α,n ∥β,那么α⊥β. ②如果m ⊥α,n ∥α,那么m ⊥n . ③如果α∥β,m ⊂α,那么m ∥β.④如果m ∥n ,α∥β,那么m 与α所成的角和n 与β所成的角相等. 其中正确的命题有 .(填写所有正确命题的编号)【解析】对于①,,,//m n m n αβ⊥⊥,则,αβ的位置关系无法确定,故错误;对于②,因为//n α,所以过直线n 作平面γ与平面α相交于直线c ,则//n c ,因为,,m m c m n α⊥⊥⊥所以所以,故②正确;对于③,由两个平面平行的性质可知正确;对于④,由线面所成角的定义和等角定理可知其正确,故正确的命题有②③④.本题考点是空间中的线面关系. 【答案】②③④6.【2019年高考全国Ⅰ卷理数】如图,直四棱柱ABCD–A 1B 1C 1D 1的底面是菱形,AA 1=4,AB =2,∠BAD =60°,E ,M ,N 分别是BC ,BB 1,A 1D 的中点.(1)证明:MN ∥平面C 1DE ; (2)求二面角A−MA 1−N 的正弦值.【解析】(1)连结B 1C ,ME .因为M ,E 分别为BB 1,BC 的中点,所以ME ∥B 1C ,且ME =12B 1C . 又因为N 为A 1D 的中点,所以ND =12A 1D .由题设知A 1B 1=P DC ,可得B 1C =P A 1D ,故ME =P ND , 因此四边形MNDE 为平行四边形,MN ∥ED .又MN ⊄平面EDC 1,所以MN ∥平面C 1DE .(2)由已知可得DE ⊥DA .以D 为坐标原点,DA uuu r的方向为x 轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系D −xyz ,则(2,0,0)A ,A 1(2,0,4),2)M ,(1,0,2)N ,1(0,0,4)A A =-u u u r ,1(12)A M =--u u u u r ,1(1,0,2)A N =--u u u u r,(0,MN =u u u u r .设(,,)x y z =m 为平面A 1MA 的法向量,则1100A M A A ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u u r u u u rm m ,所以2040x z z ⎧--=⎪⎨-=⎪⎩,.可取=m .设(,,)p q r =n 为平面A 1MN 的法向量,则100MN A N ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u u r u u u ur ,.n n所以020p r ⎧=⎪⎨--=⎪⎩,.可取(2,0,1)=-n.于是cos ,||⋅〈〉===‖m n m n m n , 所以二面角1A MA N --的正弦值为5. 7.【2019年高考全国Ⅲ卷理数】图1是由矩形ADEB ,Rt △ABC 和菱形BFGC 组成的一个平面图形,其中AB =1,BE =BF =2,∠FBC =60°,将其沿AB ,BC 折起使得BE 与BF 重合,连结DG ,如图2.(1)证明:图2中的A ,C ,G ,D 四点共面,且平面ABC ⊥平面BCGE ; (2)求图2中的二面角B −CG −A 的大小.【解析】(1)由已知得AD P BE ,CG P BE ,所以AD P CG ,故AD ,CG 确定一个平面,从而A ,C ,G ,D 四点共面.由已知得AB ⊥BE ,AB ⊥BC ,故AB ⊥平面BCGE . 又因为AB ⊂平面ABC ,所以平面ABC ⊥平面BCGE .(2)作EH ⊥BC ,垂足为H .因为EH ⊂平面BCGE ,平面BCGE ⊥平面ABC ,所以EH ⊥平面ABC . 由已知,菱形BCGE 的边长为2,∠EBC =60°,可求得BH =1,EHH 为坐标原点,HC u u u r的方向为x 轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系H –xyz ,则A (–1,1,0),C (1,0,0),G (2,0),CG uuu r =(1,0),AC uuu r=(2,–1,0).设平面ACGD 的法向量为n =(x ,y ,z ),则0,0,CG AC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u ru u u r n n即0,20.x x y ⎧+=⎪⎨-=⎪⎩ 所以可取n =(3,6,.又平面BCGE 的法向量可取为m =(0,1,0),所以cos ,||||2⋅〈〉==n m n m n m . 因此二面角B –CG –A 的大小为30°.8.【2019年高考北京卷文数】如图,在四棱锥P ABCD -中,PA ⊥平面ABCD ,底部ABCD 为菱形,E 为CD 的中点.(1)求证:BD ⊥平面PAC ;(2)若∠ABC =60°,求证:平面PAB ⊥平面PAE ;(3)棱PB 上是否存在点F ,使得CF ∥平面PAE ?说明理由.【解析】本题主要考查线面垂直的判定定理,面面垂直的判定.(1)因为PA ⊥平面ABCD ,所以PA BD ⊥.又因为底面ABCD 为菱形,所以BD AC ⊥. 所以BD ⊥平面PAC .(2)因为PA ⊥平面ABCD ,AE ⊂平面ABCD ,所以PA ⊥AE .因为底面ABCD 为菱形,∠ABC =60°,且E 为CD 的中点,所以AE ⊥CD .所以AB ⊥AE .所以AE ⊥平面PAB .所以平面PAB⊥平面PAE.(3)棱PB上存在点F,使得CF∥平面PAE.取F为PB的中点,取G为PA的中点,连结CF,FG,EG.则FG∥AB,且FG=12 AB.因为底面ABCD为菱形,且E为CD的中点,所以CE∥AB,且CE=12AB.所以FG∥CE,且FG=CE.所以四边形CEGF为平行四边形.所以CF∥EG.因为CF⊄平面PAE,EG⊂平面PAE,所以CF∥平面PAE.9.【2019年高考全国Ⅲ卷文数】图1是由矩形ADEB,Rt△ABC和菱形BFGC组成的一个平面图形,其中AB=1,BE=BF=2,∠FBC=60°.将其沿AB,BC折起使得BE与BF重合,连结DG,如图2.(1)证明:图2中的A,C,G,D四点共面,且平面ABC⊥平面BCGE;(2)求图2中的四边形ACGD的面积.【解析】本题从多面体折叠开始,考查考生在折叠过程中掌握哪些量的大小与位置关系是不变与变化的,折叠后的多面体的性质解决题中的要求.(1)由已知得AD P BE,CG P BE,所以AD P CG,故AD,CG确定一个平面,从而A,C,G,D四点共面.由已知得AB⊥BE,AB⊥BC,故AB⊥平面BCGE.又因为AB⊂平面ABC,所以平面ABC⊥平面BCGE.(2)取CG的中点M,连结EM,DM.因为AB∥DE,AB⊥平面BCGE,所以DE⊥平面BCGE,故DE⊥CG.由已知,四边形BCGE是菱形,且∠EBC=60°得EM⊥CG,故CG⊥平面DEM.因此DM⊥CG.在Rt△DEM中,DE=1,EM DM=2.所以四边形ACGD的面积为4.10.【2019年高考北京卷理数】如图,在四棱锥P–ABCD中,PA⊥平面ABCD,AD⊥CD,AD∥BC,PA=AD=CD=2,BC =3.E 为PD 的中点,点F 在PC 上,且13PF PC =. (1)求证:CD ⊥平面PAD ; (2)求二面角F –AE –P 的余弦值; (3)设点G 在PB 上,且23PG PB =.判断直线AG 是否在平面AEF 内,说明理由.【解析】(1)因为PA ⊥平面ABCD ,所以PA ⊥CD .又因为AD ⊥CD ,所以CD ⊥平面PAD . (2)过A 作AD 的垂线交BC 于点M .因为PA ⊥平面ABCD ,所以PA ⊥AM ,PA ⊥AD .如图建立空间直角坐标系A −xyz ,则A (0,0,0),B (2,-1,0),C (2,2,0),D (0,2,0), P (0,0,2).因为E 为PD 的中点,所以E (0,1,1).所以(0,1,1),(2,2,2),(0,0,2)AE PC AP ==-=u u u ru u u r u u u r.所以1222224,,,,,3333333PF PC AF AP PF ⎛⎫⎛⎫==-=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r .设平面AEF 的法向量为n =(x ,y ,z ),则0,0,AE AF ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u r u u u r n n 即0,2240.333y z x y z +=⎧⎪⎨++=⎪⎩ 令z =1,则1,1y x =-=-.于是=(1,1,1)--n .又因为平面PAD 的法向量为p =(1,0,0),所以3cos ,||3⋅〈〉==-‖n p n p n p . 由题知,二面角F −AE −P .(3)直线AG 在平面AEF 内.因为点G 在PB 上,且2,(2,1,2)3PG PB PB ==--u u ur ,所以2424422,,,,,3333333PG PB AG AP PG ⎛⎫⎛⎫==--=+=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r .由(2)知,平面AEF 的法向量=(1,1,1)--n .所以4220333AG ⋅=-++=u u u r n .所以直线AG 在平面AEF 内.11.【2019年高考天津卷文数】如图,在四棱锥P ABCD -中,底面ABCD 为平行四边形,PCD △为等边三角形,平面PAC ⊥平面PCD ,,2,3PA CD CD AD ⊥==.(1)设G ,H 分别为PB ,AC 的中点,求证:GH ∥平面PAD ; (2)求证:PA ⊥平面PCD ;(3)求直线AD 与平面PAC 所成角的正弦值.【解析】(1)连接BD ,易知AC BD H =I ,BH DH =.又由BG=PG ,故GH PD ∥. 又因为GH ⊄平面P AD ,PD ⊂平面P AD ,所以GH ∥平面P AD . (2)取棱PC 的中点N ,连接DN .依题意,得DN ⊥PC ,又因为平面PAC ⊥平面PCD ,平面PAC I 平面PCD PC =,所以DN ⊥平面P AC , 又PA ⊂平面P AC ,故DN PA ⊥.又已知PA CD ⊥,CD DN D =I ,所以PA ⊥平面PCD . (3)连接AN ,由(2)中DN ⊥平面P AC ,可知DAN ∠为直线AD 与平面P AC 所成的角, 因为PCD △为等边三角形,CD =2且N 为PC的中点,所以DN =又DN AN ⊥, 在Rt AND △中,3sinDN DAN AD ∠==.所以,直线AD 与平面P AC 所成角的正弦值为3.12.【2019年高考天津卷理数】如图,AE ⊥平面ABCD ,,CF AE AD BC ∥∥,,AD AB ⊥1,2AB AD AE BC ====.(1)求证:BF ∥平面ADE ;(2)求直线CE 与平面BDE 所成角的正弦值; (3)若二面角E BD F --的余弦值为13,求线段CF 的长.【解析】依题意,可以建立以A 为原点,分别以AB AD AE u u u r u u u r u u u r,,的方向为x 轴,y 轴,z 轴正方向的空间直角坐标系(如图),可得(0,0,0),(1,0,0),(1,2,0),(0,1,0)A B C D ,(0,0,2)E .设(0)CF h h =>>,则()1,2,F h .(1)依题意,(1,0,0)AB =u u u r 是平面ADE 的法向量,又(0,2,)BF h =u u u r ,可得0BF AB ⋅=u u u r u u u r ,又因为直线BF ⊄平面ADE ,所以BF ∥平面ADE . (2)依题意,(1,1,0),(1,0,2),(1,2,2)BD BE CE =-=-=--u u u ru u u r u u u r.设(,,)x y z =n 为平面BDE 的法向量,则0,0,BD BE ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u r u u u r n n 即0,20,x y x z -+=⎧⎨-+=⎩不妨令1z =,可得(2,2,1)=n .因此有4cos ,9||||CE CE CE ⋅==-u u u ru u u r u u u r n n n .所以,直线CE 与平面BDE 所成角的正弦值为49.(3)设(,,)x y z =m 为平面BDF 的法向量,则0,0,BD BF ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u r u u u r m m 即0,20,x y y hz -+=⎧⎨+=⎩不妨令1y =,可得21,1,h ⎛⎫=- ⎪⎝⎭m.由题意,有||1cos ,||||3⋅〈〉===m n m n m n ,解得87h =.经检验,符合题意. 所以,线段CF的长为87.【模拟考场】1.设α,β是两个不同的平面,m 是直线且m α⊂.“m β∥”是“αβ∥”的( ) A .充分而不必要条件 B .必要而不充分条件 C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件【解析】本题考点是线面平行与面面平行与充要条件的综合应用.因为α,β是两个不同的平面,m 是直线且m α⊂.若“m β∥”,则平面、αβ可能相交也可能平行,不能推出//αβ,反过来若//αβ,m α⊂,则有m β∥,则“m β∥”是“αβ∥”的必要而不充分条件,故选B. 【答案】B2.设,a b 是空间中不同的直线, ,αβ是不同的平面,则下列说法正确的是( )A. //,a b b α⊂,则//a αB. ,,//a b αβαβ⊂⊂,则//a bC. ,,//,//a b b αααββ⊂⊂,则//αβD. //,a αβα⊂,则//a β【解析】本题考点是线面平行,面面平行的判定。

高三数学一轮复习第五章 平面向量5.2 平面向量的基本定理及向量坐标运算课件

高三数学一轮复习第五章 平面向量5.2 平面向量的基本定理及向量坐标运算课件

【解析】由题意得
uur P1P
=
1 3
uuur P1P2

uur P1P
=
2 uuur 3 P1P2
,
uuur P1P2
=(3,-3).
设P(x,y),则
uur P1P
=(x-1,y-3),

uur P1P
=
1 uuur 3 P1P2时,(x-1,ຫໍສະໝຸດ -3)=1 (3,-3),
3
所以x=2,y=2,即P(2,2).
【解析】因为a∥b,所以4×3-2x=0,所以x=6. 答案:6
2.(必修4P79练习T7改编)已知三个力F1=(-2,-1),F2= (-3,2),F3=(4,-3)同时作用于某物体上一点,为使物体 保持平衡,现加上一个力F4,则F4=________.
【解析】根据力的平衡原理有F1+F2+F3+F4=0,所以F4= -(F1+F2+F3)=(1,2). 答案:(1,2)
(2)基底:不共线的向量e1,e2叫做表示这一平面内所有 向量的一组基底. (3)平面向量的正交分解. 向量正交分解是把一个向量分解为两个_互__相__垂__直__的向 量.
2.平面向量的坐标表示 (1)平面向量的坐标表示: 在平面直角坐标系中,分别取与x轴、y轴方向相同的两 个单位向量i,j作为基底,由平面向量基本定理知,该平 面内的任一向量a可表示成a=x i+y j,由于a与有序数 对(x,y)是一一对应的,因此向量a的坐标是(x,y),记作 _a_=_(_x_,_y_)_.
2
2
于是得
1 2


1 2

1, 解得

高三数学平面向量基本定理试题答案及解析

高三数学平面向量基本定理试题答案及解析

高三数学平面向量基本定理试题答案及解析1.已知为圆上的三点,若,则与的夹角为_______.【答案】.【解析】由,故三点共线,且是线段中点,故是圆的直径,从而,因此与的夹角为【考点】1、平面向量基本定理;2、圆的性质.2.如图,四边形是边长为1的正方形,,点为内(含边界)的动点,设,则的最大值等于【答案】【解析】如图建立直角坐标系.三角形CDB中的点x,y满足不等式组.又因为.所以.将代入可得.由图可知,目标函数过点时在轴上的截距最大,即的最大值为.【考点】1.平面向量的基本定理.2.线性规划问题.3.构建坐标系解决向量问题.4.换元的思想.3.若非零向量满足//,且,则()A.4B.3C.2D.0【答案】D【解析】非零向量//,若所以存在实数使得.又,所以.【考点】共线向量基本定理、向量的数量积4.设是已知的平面向量且,关于向量的分解,有如下四个命题:①给定向量,总存在向量,使;②给定向量和,总存在实数和,使;③给定单位向量和正数,总存在单位向量和实数,使;④给定正数和,总存在单位向量和单位向量,使;上述命题中的向量,和在同一平面内且两两不共线,则真命题的个数是()A.1B.2C.3D.4【答案】B.【解析】利用向量加法的三角形法则,易知①正确;利用平面向量的基本定理,易知正确;以的终点作长度为的圆,这个圆必须和向量有交点,这个不一定能满足,故③是错的;利用向量加法的三角形法则,结合三角形两边的和大于第三边,即必须,所以④是假命题。

综上,本题选B.【考点】1.平面向量的基本定理;2.向量加法的平行四边形法则和三角形法则.5.已知是的重心,点是内一点,若,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】∵点是内一点,则,当且仅当点在线段BC上时,最大等于1,当和重合时,最小,此时,,,故故选C.【考点】向量的几何意义.6.在中,是边的中点,角的对边分别是,若,则的形状为( )A.直角三角形B.钝角三角形C.等边三角形D.等腰三角形但不是等边三角形【答案】C【解析】由题意知,∴,∴,又、不共线,∴∴.【考点】1.向量共线;2.判断三角形形状.7.如图,矩形内放置个大小相同的正方形,其中、、、都在矩形的边上,若向量,则 .【解析】如下图所示,以、为邻边作平行四边形,则,所以,,故.【考点】平面向量的基底表示8.如图,平面内有三个向量,其中与的夹角为,与的夹角为,且,若,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】设与同方向的单位向量分别为,依题意有,又,,则,所以.故选C.【考点】平面向量的基本定理9.已知,,点满足(),且,则等于A.B.1C.D.【答案】D【解析】因为,,,所以,,分别是直角三角形的三边。

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平面向量(2)
一.基础题组
1.【湖南省师大附中、长沙一中、长郡中学、雅礼中学2016届高三四校联考数学(理)试题】在平行四边形ABCD 中,AC 与BD 交于点O ,E 是线段OD 的中点,AE 的延长线与CD 交
于点F 若AC a = ,BD b = ,则AF = ()
A .1142a b +
B .1124a b +
C .2133a b +
D .1223
a b +
【答案】C. 【解析】
考点:平面向量的线性运算.
2.【山西省康杰中学、临汾一中、忻州一中、长治二中2016届上学期第二次联考数学(理)
试题】已知|a r |=1,|b r |=2,且()a a b ⊥-r r r
,则向量a r 与向量b r 的夹角为( )
A.
6π B. 4π C.3
π
D .
23
π
【答案】B 【解析】
试题分析:由题意得22
()01cos ,2||||
a b a a b a b a a b a b ⋅⋅-=⇒⋅==⇒<>==⋅
,所以向量a r 与向
量b r 的夹角为4
π
,选B.
考点:向量夹角
3.【河北省冀州市中学2016届高三上学期一轮复习检测一数学(理)试题】已知菱形ABCD
边长为2,3
B π
∠=,点P 满足AP AB λ=uu u r uu u r ,λ∈R .若3BD CP ⋅=-u u u r u u r ,则λ的值为
A 、
12 B 、12- C 、13 D 、 13
-
【答案】A . 【解析】
考点:1、平面向量的数量积的应用.
4.【湖南省衡阳市第八中学2016届高三上学期第三次月考数学(理)】已知向量
)1,1(),2,(a n a m -=-=,且n m //,则实数=a ( )
A . 1-
B .2或1-
C . 2
D .2- 【答案】 B 【解析】
试题分析:由已知n m //,则()2(1)21201,2a a a a a a ⨯---⨯=-++=⇒=-= 考点:共线向量
5.【湖南省衡阳市第八中学2016届高三上学期第三次月考数学(理)】已知向量)3,1(=a ,向量c a ,的夹角是3
π
,2=∙c a ,则||c 等于 【答案】2 【解析】
试题分析:cos ,=2cos 223
a c a c a c c c π
⋅=⋅⋅⋅⋅=∴=
考点:向量的运算
6.【河北省衡水中学2016届高三上学期一调考试数学(理)试题】若非零向量,a b 满足
||||2||a b a b a +=-=,则向量b 与a b +的夹角为
【答案】
6
π
【解析】 试题分析:
考点:向量的夹角的计算
7.【江西省吉安市第一中学2016届高三上学期第四次周考数学理试题】平面向量,a b
满足
(
)()
212a b a b +⋅-=- ,且=2=4a b ,,则b 在a 方向上的投影为____________.
【答案】2- 【解析】 试





(
)()
212
a b a b ⋅+-=-
,且
=2
=4a b ,,∴
22282|12|a b a b b cos a b -+⋅=-+=-
<,>
||2b cos a b ⇒=- <,>.
考点:平面向量数量积的运算.
8.【河北省武邑中学2016届高三上学期期末考试数学(理)试题】已知向量)sin ,(cos θθ=a ,向量)1,3(=b ,且b a ⊥,则θtan 的值是________. 【答案】3- 【解析】
试题分析:依题意可得,3cos sin 0a b θθ⋅=+=,所以s i n 3c o s
θθ=-,则s i n t a n 3c o s
θ
θθ=
=- 考点:1.平面向量的数量积;2.同角的基本关系.
9.【江西省南昌市第二中学2016届高三上学期第四次考试数学(理)试题】已知向量AB

AC 的夹角为120°,2,3AB AC ==
,若AP AB AC λ=+ ,且AP BC ⊥ ,则实数λ的
值为 . 【答案】
7
12 【解析】
考点:向量的数量积.
【思路点睛】本题考查平面向量的数量积,着重考查平面向量的数量积与模的运算性质,依题意,利用平面向量的数量积可求得7120λ-+=,从而可得答案. 二.能力题组
1.【湖南师范大学附属中学2016届高三上学期月考(三)理科数学试题】已知Rt AOB ∆的面
积为1,O 为直角顶点.设向量OA a OA
= ,OB b OB
=
,2OP a b =+
,则PA PB ⋅ 的最大值为( ) A .1
B .2
C .3
D .4
【答案】A 【解析】
试题分析:以O 为原点,直线OA 为x 轴建立直角坐标系.由已知2OA OB ⋅=,设
(0)OA t t =>,则点2(,0),(0,)A t B t ,(1,0)a =
,(0,1)b = ,(1,2)OP = .从而(1,2)PA t =-- ,2(1,2)
PB t =-- .
所以24412(2)5()521
PA PB t t t t t t ⋅=---=-+≤-⋅= ,当且仅当2t =时取等号;所以
PA PB ⋅
的最大值为1,选A .
考点:1、向量的坐标运算;2、向量的数量积.
【易错点晴】本题考查的是向量的坐标运算、向量的数量积以及最值的求法,属于难题;本题关键是由直角三角形先建立直角坐标系,在坐标系中表示出点A 、B 的坐标,从而表示出向
量的坐标(1,2)PA t =-- ,2(1,2)PB t =-- ,根据向量的数量积运算,得到PA PB ⋅ 的值,
再根据基本不等式求解即可.
2.【江西省吉安市第一中学2016届高三上学期第四次周考数学理试题】在正方体ABCD 中,
M 是BD 的中点,且(),AM mAB nAD m n R =+?
,函数()1x f x e ax =-+,的图象为曲
线G ,若曲线G 存在与直线()
y m n x =+垂直的切线(e 为自然对数的底数),则实数a 的取值范围是____________. 【答案】()1,+?
【解析】
考点:1.平面向量及应用;2.函数与方程的综合运用.
【思路点睛】本题考查向量共线定理,考查导数的几何意义:函数在某点处的导数即为曲线在该点处切线的斜率,同时考查两直线垂直的条件,这是解题的关键.首先,运用中点的向量表示,可得1m n +=,然后再求出函数的导数,运用两直线垂直的条件可得1x
e a -=-有解,再由指数函数的单调性,即可得到a 的范围.
3.【湖南省长沙市雅礼中学2016届高三月考试卷(三)数学(理)试题】如图所示,
||2,||1,BAC 120AB AC ︒
==∠= ,O 为△ABC 的内心,则AO AC ⋅ 的值为 .
【答案】
37
2
-
【解析】
试题分析: ∵ABC ∆中,21120A B A C B A C ==∠=︒,,,∴根据余弦定理,得
222cos1207
BC AB AC AB AC =+-⋅︒=.
ABC
∆面积为
133
sin 21222
12S AB AC BAC =
⋅⋅∠=⨯⨯⨯=
,设ABC ∆内切圆的半径为r ,可得1322S AB BC CA r =++=(),即()
173
22
21r ++=
,解得372r =-,设内切圆与AC 的切点为D ,连结OD ,∵AO 平分120BAC BAC ∠∠=︒,,∴60OAD ∠=︒,Rt AOD
∆中

2
37
sin sin 6073
OD r AO OAD =
===-∠︒+,因此,
cos AO AC AO AC OAC ⋅=⋅⋅∠
37
371cos602
-=-⋅⋅︒=
().故选:B . 考点:1.平面向量数量积的运算;2.向量在几何中的应用.
【思路点睛】根据题中数据,在ABC ∆中利用余弦定理算出7BC =,ABC ∆面积为
32
S =
.算出内切圆的半径3
73
r =
+.设内切圆与AC 的切点为D ,连结OD ,可得60OAD ∠=︒.Rt AOD ∆中利用三角函数的定义算出37AO =-,再根据向量数量积的定
义加以计算,可得AO AC ⋅
的值.。

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