山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考物理试题 Word版含答案
山东省枣庄市滕州第二中学高三物理月考试卷含解析
山东省枣庄市滕州第二中学高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 物体A、B、C均静止在同一水平面上，它们的质量分别为m A、m B、m C，与水平面的动摩擦因数分别为μA、μB、μC，用平行于水平面的拉力F分别拉物体A、B、C，所得加速度a 与拉力F的关系图线如图所示，A、B两直线平行，则以下正确的是A．μA=μB=μC B．μA＜μB=μCC．m A＜m B＜m C D．m A＜m B=m C参考答案：B2. 一辆质量为m的汽车在发动机牵引力F的作用下，沿水平方向运动。
在t0时刻关闭发动机，其运动的v-t图象如图所示。
已知汽车行驶过程中所受的阻力是汽车重量的k倍，则（）A.加速过程与减速过程的平均速度比为1：2B.加速过程与减速过程的位移大小之比为1：2C.汽车牵引力F与所受阻力大小比为3：1D.汽车牵引力F做的功为参考答案：BCD由题图可知，加速过程，位移；减速过程，位移，又，由以上各式解得加速过程与减速过程的位移大小之比为1：2，平均速度比为1：1，汽车牵引力F与所受阻力大小比为3：1，汽车牵引力F做的功为=，故选项A错误,BCD正确。
3. 在平静的水面上激起一列水波，使水面上漂浮的小树叶在3.0s内完成了6次全振动。
当某小树叶开始第10次振动时，沿水波传播的方向与该小树叶相距1.8m、浮在水面的另一小树叶刚好开始振动，则A．水波的频率是2.0HzB．水波的波长为0.40mC．水波的传播速度为0.20m/sD．若振源振动的频率变小，则同样条件下波传播到1.8m远处树叶位置所用时间将变短参考答案：A4. 下列对牛顿运动定律认识正确的是A．牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性B．速度大的物体惯性大，速度小的物体惯性小C．力是维持物体运动的原因D．做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点仍可能做曲线运动参考答案：A5. （单选）如图甲所示，一理想变压器的原线圈串联一电流表，并接在有效值为220V的交流电源上，副线圈利用导线通过滑动变阻器和小灯泡串联，其中滑动变阻器接入电路部分的电阻，小灯泡的电压，如图甲所示；现用示波器测出小灯泡两端的电压变化图象如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．原副线圈的匝数比C．电流表的读数D．滑动变阻器的触头向右滑动，变压器的输入功率增大参考答案：CA、根据图乙知交流电周期为0.02s，所以频率为50Hz，故A错误；B、由题意知灯泡两端电压为22V，副线圈电流为，副线圈电压为，原副线圈的匝数比，故B错误；C、根据电流与匝数成反比和B知电流表的读数，故C正确；D、变阻器的触头向右滑动，电阻增大，而副线圈电压不变，变压器的输入功率等于输出功率减小，故D错误。
山东省滕州市2015届中考三模物理试题(word版,含解答)
滕州市2015年初中学业考试模拟试题（三）物理一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分；每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示四个声现象中，哪两个可以用相同的声学知识解释（）A．甲和乙B．乙和丙C．丙和丁D．甲和丁2．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利用了凹透镜的会聚的作用C．图丙中，太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律3．下列对生活中一些现象的解释错误的是（）A．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热B．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热C．用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了汽化和凝固现象D．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化4．下列说法中正确的是（）A．扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动B．冰和松香在熔化过程中，温度都升高C．固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力D．温度高的物体，内能一定大5．在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，而b端在2倍焦距之外，如图所示，那么透过透镜观察（）A．a、b端都变粗B．a端变细，b端变粗C．a、b端都变细D．a端变粗、b端变细6．李强同学动手能力非常强，学习了浮力后，他利用“铁丝、胶管、试管、进、排水管、水和注射器”，制作了如图所示是潜水艇模型，下列说法不正确的是（）A．向里推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉B．潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的C．向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D．潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定7．下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果（）A．与力的大小有关B．与力的作用点有关C．与力的方向有关D．与受力面积有关8．如图是小勇做完“探究水沸腾时温度变化的特点”实验后，根据记录作出的水的沸腾图象，下列对图象的分析正确的是（）A．实验中加热3min后停止了加热B．沸腾温度不足100℃可能是供热不足C．AB段水平线表明水沸腾过程吸热而不升温D．OA段斜线表明水的实际温度与加热时间成正比9．下列关于电磁现象的说法正确的是（）A．感应电流的方向只与导体切割磁感线的方向有关B．扬声器与话筒都是把声信号转变为电信号的装置C．电磁铁的磁性强弱只与线圈的匝数有关D．发电机是根据电磁感应现象制成的10．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表示数变化正确的是（）A．电流表和电压表的示数均变小B．电流表和电压表的示数均变大C．电流表示数变大、电压表的示数不变D．电流表示数变小、电压表的示数不变11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，R1、R2两端的电压U1、U2与电流I的变化关系图象如选项所示，其中正确的是（）12．下列关于信息的传递和能源的利用说法正确的是（）A．煤、石油、天然气是不可再生能源B．手机是通过激光来接收信号的C．电视遥控器是通过紫外线来发射信号的D．核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站二、填空题（共6小题，18题每空2分，其余每空1分，共14分）13．如图所示的光路图中，已知∠AOM=30°，∠BOC=90°，请计算：反射角等于，折射角等于．14．小明在实验室用天平和量筒测量矿石的密度，在实验过程中他进行了如下一些实验步骤：①用调节好的天平测出矿石的质量；②向量筒中倒入适量的水，测出这些水的体积；③根据密度公式，求出矿石的密度；④将矿石浸没在量筒内的水中，测出矿石和水的总体积．以下实验步骤顺序合理且误差较小的是A、①②③④B、①②④③C、②④①③D、③①②④15．体积为50cm3，质量是45g的物体，将其缓缓放入装满水的烧杯中，物体静止后，溢出水的质量的g．（ρ水=1.0×103kg/m3）16．某同学用如图所示滑轮组将重为300N的物体以0.2m/s的速度向上拉动，拉力为125N （不计绳重及摩擦），则5s内人拉绳子做的功是J，该滑轮组的机械效率是．17．一个标有“12V 6W”的小灯泡接在电压为18V的电源下正常发光，则需串联一个电阻R，该串联电阻阻值为Ω，该电阻消耗的功率为W．18．电热安全压力锅解除了普通压力锅的安全隐患；既省时又省电．某电压力锅的额定电压为220V，额定功率为1200W（c水=4.2×103J/（kg•℃），q煤=5.0×107J/kg）．（1）若使用上述压力锅将2kg初温为20℃的水加热升至120℃的过程中，水吸收的热量为J，这些热量需要完全燃烧g的煤气；（2）若某次仅使用上述压力锅正常工作0.5h，测得图示电能表的指示灯共闪烁600次，由此可知该过程中压力锅是（填“间歇”或“持续”）通电工作．三、作图与实验探究题（共4小题，共18分）19．（2分）一足球不慎掉进水中漂浮在水面上，如图所示，试作出足球所受力的示意图．20．（5分）小明在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线．（2）实验中选用相同的酒精灯加热，可以认为相同时间内水和沙子相同．（3）请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线．（4）沙子在1.0～1.5min内升高的温度有明显异常，其主要原因是．（5）小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度△t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Q﹣△t图象．它们都是过原点的直线，即Q=k△t．进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的之比相等．21．（5分）现有下列器材：二节干电池、一个单刀单掷开关S1、一个单刀双掷开关S2、电压表（0～3V、0～15V）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干．利用这些器材测量滑动变阻器R x的最大阻值，实验电路图如图甲所示．（1）请你根据图甲所示的电路图，将图乙中的实物图连接完整（导线不交叉）．（2）电路连好之后，按照下列步骤进行操作：①移动滑动变阻器的滑片，使其连入电路的阻值最大，闭合开关S1，将开关S2拨至a处，记下电压表的示数U1=V（如图丙）；②将开关S2拨至b处，记下电压表的示数U2=V（如图丁）；③先断开开关S1和S2，再撤去两端的导线，然后整理器材．（3）根据上述有关数据，求出滑动变阻的最大阻值为Ω．22．（6分）2014年暑假，平阴县某物理兴趣小组的同学们根据所学初二的物理知识和物理原理，自制了只需要一个钩码的天平，所用钩码是实验室里常见的质量为50g的钩码，用细线挂在右侧横梁上，调节天平至水平位置平衡（如图甲所示）．测质量时只需要移动细线在横梁上的位置使横梁水平平衡，由细线在横梁上的位置对应的刻度值直接表示出物体的质量．（1）制作这架天平的物理原理是．（2）将下列测量物体质量的几个主要步骤正确的顺序写出来（只填写序号）a．将悬挂钩码的细线移到0刻线．b．将天平放在水平台面上．c．将待测物体放在天平的左侧置物盘上．d．调整横梁右侧的平衡螺母使横梁上悬挂的重锤线对准底座上的标记e．移动悬挂钩码的细线使横梁上悬挂的重锤线对准底座上的标记．（3）为了确定横梁上的刻度，在置物盘中放置一个50g的砝码，移动悬挂钩码的细线使横梁平衡（如图乙所示）．请在图甲的横梁标尺上标出50g、150g两个刻度（分别把50g、150g标记在横梁上的对应位置）．（4）将一石块放在置物盘上，移动悬挂钩码的细线使横梁平衡（如图丙所示）．这个矿石的质量是g．（5）如果以右侧50g的钩码提供的力为动力，则这架天平相当于一个（选填“等臂杠杆”、“省力杠杆”和“费力杠杆”）．四、计算题（共2小题，每小题7分，共14分）23．某型号水陆两栖车（既能在陆地上行驶，也能像船一样在水中航行），总质量是12t在陆地上行驶最大速度为120km/h，以最大速度匀速行驶时受到的阻力为6000N，该车静止在水平地面上时，4个车轮着地总面积为0.24m2，g=10N/kg．求水陆两栖车：（1）在水上航行时，受到的浮力是多少？（2）在陆地上静止时，它对水平地面的压强是多少？（3）在平直的陆地上以最大速度匀速行驶3km的过程中，牵引力做的功是多少？24．如图所示，电源电压U=12V，R1为定值电阻，阻值为100Ω，R为滑动变阻器，R的最大阻值为50Ω，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，小灯泡上标有“6V 3W”字样，小灯泡的U﹣I关系如图所示，求：（1）灯泡正常工作时通过灯丝的电流是多少？（2）S闭合，S1、S2都断开时调节滑动变阻器，当小灯泡两端的电压为4V时，滑动变阻器接入电路中的阻值为多大？（3）S、S1、S2都闭合时，移动滑片P，当滑动变阻器接入电路的阻值为多少时，整个电路消耗的总功率最大？最大总功率是多少？滕州市2015年初中学业考试模拟试题（三）物理（解析与答案）一、选择题（共12小题，每小题2分，共24分；每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示四个声现象中，哪两个可以用相同的声学知识解释（）A．甲和乙B．乙和丙C．丙和丁D．甲和丁【解析】甲图：说明声音是由物体的振动产生的；乙图：说明声音的传播需要介质，真空不能传声；丙图：太空中没有空气，宇航员不能直接交谈，说明真空不能传声；丁图：说明声音能够传递信息．因此声学知识相同的是乙和丙．故选B．2．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（）A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利用了凹透镜的会聚的作用C．图丙中，太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律【解析】A、小孔成的像是由实际光线形成的，可以用光屏接收到，符合实像的特征，不是虚像，此项错误；B、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用了凹透镜的发散的作用，用凹透镜矫正，此项错误；C、白光由七色光组成，不同色光通过三棱镜后，偏折角度不同，所以被分解成七色光，这是光的色散现象，此项正确；D、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，此项错误．故选C．3．下列对生活中一些现象的解释错误的是（）A．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热B．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热C．用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了汽化和凝固现象D．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化【解析】A、用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热，故A正确，不符合题意；B、用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热，故B正确，不符合题意；C、用久了的电灯泡玻璃壁会变黑，是因为灯丝发生了升华和凝华现象，故C错误，符合题意．D、用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使水蒸气液化，故D正确，不符合题意．故选C．4．下列说法中正确的是（）A．扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动B．冰和松香在熔化过程中，温度都升高C．固体和液体都很难被压缩，说明分子间只存在斥力D．温度高的物体，内能一定大【解析】A、由分子动理论可知，扩散现象说明物质的分子在永不停息地作无规则运动，故A正确；B、冰是晶体，在熔化时吸热但温度不变，松香是非晶体，熔化时边吸热、边升温，故B错误；C、固体和液体都很难被压缩，说明分子间存在斥力，但不是只存在斥力，故C错误；D、在不知道质量的情况下，温度高的物体，内能不一定大，故D错误．故选A．5．在凸透镜的主光轴上放一根木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，而b端在2倍焦距之外，如图所示，那么透过透镜观察（）A．a、b端都变粗B．a端变细，b端变粗C．a、b端都变细D．a端变粗、b端变细【解析】由题意知，a端位于1倍焦距与2倍焦距之间，故所成的像是倒立、放大的，则b端位于2倍焦距之外，故所成的像是倒立、缩小的；所以在凸透镜的主轴上放着一根粗细均匀的木棒，a端在1倍焦距与2倍焦距之间，b端在2倍焦距之外，则木棒所成的像将是a端变粗，b端变细，ABC错误，D正确．故选D．6．李强同学动手能力非常强，学习了浮力后，他利用“铁丝、胶管、试管、进、排水管、水和注射器”，制作了如图所示是潜水艇模型，下列说法不正确的是（）A．向里推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉B．潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的C．向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D．潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定【解析】A、图中潜艇模型，向内推注射器活塞，水会被压出试管，此时模型的自重减小，模型上浮，故A错误，符合题意；B、当潜艇模型浸没在水中时，排开水的体积不变，所受浮力不变，因此模型的上浮和下沉是通过改变潜艇的重力来实现的，故B正确，但不符合题意；C、向外拉注射器活塞，试管内水增加，试管内水量适当时，潜艇可能悬浮，故C正确，但不符合题意；D、试管左轻、右重，为了保持试管稳定，潜艇模型的试管上绕些铁丝，故D正确，但不符合题意；故选A．7．下课时，有同学用力推课桌的下部，课桌会沿地面滑动；而推课桌的上部，课桌可能会翻到，这说明力的作用效果（）A．与力的大小有关B．与力的作用点有关C．与力的方向有关D．与受力面积有关【解析】推课桌下部和上部，是力的作用点不同，使课桌发生了不同的运动情况，说明力的作用效果与力的作用点有关．故选B．8．如图是小勇做完“探究水沸腾时温度变化的特点”实验后，根据记录作出的水的沸腾图象，下列对图象的分析正确的是（）A．实验中加热3min后停止了加热B．沸腾温度不足100℃可能是供热不足C ．AB 段水平线表明水沸腾过程吸热而不升温D ．OA 段斜线表明水的实际温度与加热时间成正比【解析】从第3min 水的温度保持不变，是因为处于沸腾过程，沸腾过程中仍需不断吸热，所以A 错误，C 正确；沸腾温度不足100℃是因为当时气压低于标准大气压，所以B 错误；由图象知，OA 段斜线，水加热的时间越长，吸收的热量越多，根据公式△t=cmQ ，在比热容和质量不变时，水温度的变化与加热时间成正比，但达到沸点后，水沸腾温度不再升高，所以D 错误．故选C ．9．下列关于电磁现象的说法正确的是（ ）A ．感应电流的方向只与导体切割磁感线的方向有关B ．扬声器与话筒都是把声信号转变为电信号的装置C ．电磁铁的磁性强弱只与线圈的匝数有关D ．发电机是根据电磁感应现象制成的【解析】A 、感应电流的方向与导体切割磁感线的方向和磁场方向有关，故A 错误；B 、扬声器是把电信号转化成声信号，而话筒都是把声信号变为电信号，故B 错误；C 、电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数、电流的大小和铁芯有关，故C 错误；D 、发电机是根据电磁感应现象制成的，故D 正确．故选D ．10．如图所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，各电表示数变化正确的是（ ）A ．电流表和电压表的示数均变小B ．电流表和电压表的示数均变大C ．电流表示数变大、电压表的示数不变D ．电流表示数变小、电压表的示数不变【解析】电压表测量电源电压，故电压表示数保持不变；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可得通过滑动变阻器的电流增大；因定值电阻两端电压不变，故通过定值电阻的电流不变；由并联电路的电流规律可得干路电流增大，即电流表A 的示数增大．故选C ．11．如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压恒定，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片，R1、R2两端的电压U1、U2与电流I的变化关系图象如选项所示，其中正确的是（）【解析】从图可知，定值电阻R1和滑动变阻器串联R2串联，V1测R1的电压，V2测变阻器R2的电压；①对定值电阻R1来说，其电流与电压成正比，即I与U1成正比，故B正确，A错误。
山东省滕州市第五中学2014-2015学年高一第一学期10月月考物理试题
山东省滕州市第五中学2014-2015学年高一第一学期10月月考物理试题一、选择题（在每题所给的四个选项中，有一个选项正确，选对得4分，共52分） 1．下列说法正确的是：A ．两个相互接触的物体一定存在弹力B ．将物体竖直向上抛出，物体在上升阶段所受的重力比落向地面时小C ．力可以使物体形变，但不能改变物体的运动状态D ．实心球体的重心不一定在球心处2．不计空气阻力，以一定的初速度竖直上抛的物体，从抛出至回到抛出点的时间为t ，现在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反，撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为A ．0．5tB ．0．4tC ．0．3tD ．0．2t3．物体的初速度为v 0，以加速度a 做匀加速直线运动，如果要它的速度增加到初速度的n 倍，则物体的位移是（ ）．A ．av n 21202-B ．av n 2202C ．av n 2120-D ．av n 21202-4．一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s ，加速度大小为1m/s 2，则物体在停止运动前1s 内的平均速度为 A ．5.5 m/sB ．5 m/sC ．l m/sD ．0.5 m/s5．质点作直线运动的v-t 图象如下图所示，则A ．6s 内物体做匀变速直线运动B ．2～4s 内物体做匀变速直线运动C ．3s 末物体的加速度为零D ．6s 内物体的位移大小为12m6．一个物体自静止开始做加速度逐渐变大的变加速直线运动，经过时间t 后，末速度为v ，则这段时间内的位移 A ．x < vt /2B ．x = vt /2C ．x > vt /2D ．无法确定7．P、Q、R三点在同一条直线上，一物体从P点静止开始做匀加速直线运动，经过Q 点的速度为v，到R点的速度为3v，则PQ∶QR等于A．l∶8 B．l∶6 C．l∶5 D．1∶38．一辆汽车从车站从初速度为零开始匀加速直线开去，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀减速运动.从启动到停止一共经历t=10 s，前进了15m，在此过程中，汽车的最大速度为A．1.5 m/s B．3 m/s C．4 m/s D．无法确定9．物体从斜面顶端由静止开始下滑，经过斜面中点时速度为2m/s，则物体到达斜面底端时的速度为A．3m/s B．4m/s C．6m/s D．10．在匀变速直线运动中A．速度的增量总是与时间成正比B．位移总是与时间的平方成正比C．位移总是随时间的增大而增大D．加速度、速度、位移方向一致11．关于自由落体运动的加速度g,下列说法中正确的是A．重的物体的g值大B．同一地点,轻重物体的g值一样大C．g值在地球上任何地方都一样大D．g值在赤道处大于在北极处12．从某高处释放一粒小石子，经过1 s从同一地点释放另一小石子，则它们落地之前，两石子之间的距离A．保持不变B．不断变大C．不断减小D．有时增大有时减小13．物体通过两个连续相等位移的平均速度分别为v1＝10 m/s，v2＝15 m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是A．13.75 m/s B．12.5 m/s C．12 m/s D．11.75 m/s 二、填空题（每空2分，共18分）14．从斜面上某一位置，每隔0.1s释放一个小球，在连续释放几颗后，对在斜面上滑动的小球拍照，如图所示，测得=15cm；=20cm，则小球的加速度是；拍摄时B球的速度是；CD间的距离是；A球上面滑动的小球还有个。
山东省滕州市第五中学2015届高三上学期期中考试物理试题
山东省滕州市第五中学2015届高三上学期期中考试物理试题一、选择题：（不定项选择，每题选对得4分，漏选得2分，有错选不得分，共48分）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等。
以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是A．引入重心﹑合力与分力的概念时运用了等效替代法B．根据速度定义式xvt∆=∆，当⊿t非常非常小时，xt∆∆就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点代替物体的方法叫假设法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．．如图所示,倾斜的传送带保持静止,一木块从顶端以一定的初速度匀加速下滑到底端。
如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动,同样的木块从顶端以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比A．木块在滑到底端的过程中，运动时间将变长B．木块在滑到底端的过程中，动能的增加量将变小C．木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能将变大D．木块在滑到底端的过程中，木块克服摩擦力所做功变大3．．一质量为1kg的物块在水平地面上向右滑行，物块与地面间的动摩擦因数为μ＝0．2，从t＝0时刻开始受到一水平向左的恒定外力F＝1N的作用，则反映物块所受摩擦力随时间变化的图象是（取向右为正方向）（）4．如图甲所示，A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力F的作用，力F与时间t的关系如图乙所示，A、B始终保持相对静止，则下列说法正确的是A．t0时刻，A、B间静摩擦力最大B．2t0时刻，A、B间静摩擦力为零C．t0时刻，两物体运动的位移最大D．2t0时刻，两物体运动的位移最大5．一根套有轻质细环的粗糙杆水平放置，一小球用细线吊在细环上，并停靠在一光滑斜面上，如图所示。
2015年山东省枣庄五中高考物理三模试卷
2015年山东省枣庄五中高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共2小题，共12.0分)1.如图甲所示，水平地面上有一静止平板车，车上放一物块，物块与平板车表面间的动摩擦因数为0.2，t=0时，车受水平外力作用开始沿水平面做直线运动，其v-t图象如乙所示，t=12s后车静止不动．平板车足够长，物块不会从车上掉下，g取10m/s2，关于物块的运动，下列描述正确的是（）A.0-6s加速，加速度大小为4m/s2，6s-12s减速，加速度大小为4m/s2B.0-6s加速，加速度大小为2m/s2，6s-12s减速，加速度大小为2m/s2C.0-6s加速，加速度大小为2m/s2，6s-12s先加速后减速，加速度大小为4m/s2D.0-6s加速，加速度大小为2m/s2，6s-12s先加速后减速，加速度大小为2m/s2【答案】D【解析】解：根据速度与时间的图象的斜率表示加速度，则有车先以a==4m/s2的加速度匀加速直线运动，后以a′==-4m/s2的加速度匀减速直线运动，根据物体与车的动摩擦因数可知，物体与车的滑动摩擦力产生的加速度为a1==2m/s2，因此当车的速度大于物体的速度时，物体受到滑动摩擦动力，相反则受到滑动摩擦阻力．根据受力分析，结合牛顿第二定律，则有：当0-6s时，车的速度大于物体，因此物体受到滑动摩擦动力，则其加速度为2m/s2，同理，可得：当6-12s时，车的速度先大于后小于物体，因此物体受到先受动力后受滑动摩擦阻力，则其加速度为2m/s2，故D正确，ABC错误；故选：D．根据速度与时间的图象，结合图象的信息：斜率大小表示加速度的大小，倾斜方向与加速度方向有关．根据车的运动情况，从而可确定物相对车加速还是减速，结合牛顿第二定律，即可求解．本题考查物体与车的相对运动情况，从而根据运动情况来确定受力情况，并掌握牛顿第二定律的应用，注意分清研究对象，同时掌握读取图象信息的能力．2.如图所示，粗糙的水平地面上的长方形物块将一重为G的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判断正确的是（）A.球对墙壁的压力逐渐减小B.水平拉力F逐渐减小C.地面对长方体物块的摩擦力逐渐增大D.地面对长方体物块的支持力逐渐增大【答案】B【解析】解：A、对小球进行受力分析，如图所示：小球受力平衡，则有：N1=G tanθ，，当水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块时，θ增大，则tanθ增大，所以N1增大，cosθ减小，则N2增大，根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力逐渐增大，故A错误；C、对小球和长方形物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，受力平衡，受到重力、地面的支持力、拉力F和墙壁对球水平向右的压力以及水平向左的滑动摩擦力，竖直方向受力平衡，则地面对物块的支持力等于整体的重力，不发生改变，动摩擦因数不变，则滑动摩擦力不变，故CD错误；B、对长方形物块受力分析，受到重力、地面的支持力、拉力F、球对物块的压力N2′以及滑动摩擦力作用，如图所示：受力平衡，则水平方向有：F+N2′sinθ=f，根据牛顿第三定律可知，N2′=N2，由于N2增大，θ增大，f不变，则F减小，故B正确．故选：B小球受力平衡，对小球进行受力分析，作出受力分析图，当水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块时，θ增大，根据几何关系判断墙对小球的压力和物块对球支持力的大小变化情况，再结合牛顿第三定律判断球对墙壁的压力和球对长木板的压力变化情况，对小球和长方形物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，受力平衡，根据平衡条件及滑动摩擦力公式判断地面对长方体物块的支持力和地面对长方体物块的摩擦力变化情况，再对长方形物块受力分析，根据水平方向受力平衡列式求解水平拉力F的变化情况．本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能灵活选择研究对象，并能正确对物体进行受力分析，根据平衡条件结合几何关系求解，特别要注意对整体受力分析后，根据共点力平衡条件得出支持力不变，从而判断摩擦力为恒力，难度适中．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)3.如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，副线圈接有电压表、光敏电阻R（其阻值随光强增大而减小）、“12V、6W”的小灯泡D．电流表、电压表均为理想电表．原线圈接入如图乙所示的正弦交流电压u，下列说法正确的是（）A.电压u的频率为100 H zB.电压表的示数为22VC.照射R的光变弱时，电流表的示数变大D.调节照射R的光强度，可以使灯泡D正常发光【答案】BD【解析】解：A、原线圈接入如图乙所示，T=0.02s，所以频率为f==50H z，故A错误；B、原线圈接入电压的最大值是220V，所以原线圈接入电压的有效值是U=220V，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，所以副线圈电压是22V，所以V的示数为22V，故B正确；C、R阻值随光减弱增大，根据I=知副线圈电流减小，副线圈输出功率减小，根据功率相等，所以原线圈输入功率减小，原线圈电流减小，所以A的示数减小，故C错误；D、调节照射R的光强度，使流过它的电流I===0.5A即可，故D正确；故选：BD．由变压器原理可得变压器原、副线圈中的电流之比，输入、输出功率之比．和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．4.空间某一静电场的电势φ在x轴上分布如图所示，x轴上有B、C两点，则下列说法中正确的有（）A.B点的场强小于C点的场强B.同一试探电荷在B、C两点的电势能可能相同C.负电荷沿x轴从B点移到C点的过程中，电势能先减小后增大D.B点电场强度沿x轴方向的分量与C点电场强度沿x轴分量方向相反【答案】CD【解析】解：A、在B点和C点附近分别取很小的一段△x，由图象，B点段对应的电势差大于C 点段对应的电势差，看做匀强电场有E=，可见E B x＞E C x，故A错误；B、根据电势能与电势的关系：E P=q•φ，可知，同一试探电荷在B、C两点的电势能一定不相同．故B错误；C、根据电势能与电势的关系：E P=q•φ，负电荷在电势高处的电势能小，所以负电荷沿x轴从B点移到C点的过程中，电势能先减小后增大，故C正确；D、沿电场方向电势降低，在O点左侧，E B x的方向沿x轴负方向，在O点右侧，E C x的方向沿x轴正方向，B点电场强度沿x轴方向的分量与C点电场强度沿x轴分量方向相反，故D正确．故选：CD本题的入手点在于如何判断E B x和E C x的大小，由图象可知在x轴上各点的电场强度在x 方向的分量不相同，如果在x方向上取极小的一段，可以把此段看做是匀强电场，用匀强电场的处理方法思考，从而得到结论，此方法为微元法．本题需要对电场力的性质和能的性质由较为全面的理解，并要求学生能灵活应用微分法；故此题的难度较高．5.据报道，有科学家支持让在2006年被除名的冥王星重新拥有“行星”称号，而最终结果将在国际天文联合会2015年举行的会议上才能做出决定．下表是关于冥王星的一些物理量（万有引力常量G已知），则下列说法正确的是（）A.冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小B.冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度大C.根据所给信息，可以估算冥王星表面重力加速度的大小D.根据所给信息，可以估算太阳的体积【答案】AC【解析】解：AC、根据表格得出冥王星公转周期大于地球公转周期，根据万有引力提供向心力，解得T=，所以冥王星轨道半径大于地球轨道半径，根据，解得v=，a=，冥王星轨道半径大于地球轨道半径，所以冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小，冥王星轨道半径大于地球轨道半径，所以冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度小，故A正确，B错误．C、根据星球表面万有引力等于重力得：，冥王星表面重力加速度的大小g=，根据表格的数据可以估算冥王星表面重力加速度的大小，故C正确．D、根据所给信息，无法估算太阳的体积的大小，故D错误．故选：AC．根据表格得出冥王星与地球周期关系．根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量；根据题目中已知条件进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，再进行比较．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)6.如图甲所示，圆形的刚性金属线圈与一平行板电容器连接，线圈内存在垂直于线圈平面的匀强磁场，取垂直于纸面向里为磁感应强度B的正方向，B随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，在平行板电容器间，由静止释放一带正电的粒子（重力可忽略不计），假设粒子运动未碰到极板，不计线圈内部磁场变化对外部空间的影响，下列关于粒子在板间运动的速度图象和位移图象（以向上为正方向）正确的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：0～内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上而向上做匀加速运动．～内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向下而向上做匀减速运动，直到速度为零．～内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电，带正电粒子向下匀加速，同理，～T内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；因粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上，而向下做匀减速运动，直到速度为零；由上分析可知，末速度减小为零，位移最大，当T末，粒子回到了原来位置．故A正确，BCD错误；故选：A．由图可知磁感应强度的变化，则由楞次定则可得出平行板上的带电情况；对带电粒子受力分析可知带电粒子的受力情况，由牛顿第二定律可知粒子的运动情况；根据粒子受力的变化可知粒子加速度的变化，通过分析可得出粒子的运动过程．本题属于综合性题目，注意将产生感应电流的部分看作电源，则可知电容器两端的电压等于线圈两端的电压，这样即可还原为我们常见题型．四、多选题(本大题共1小题，共6.0分)7.如图甲所示是一打桩机的简易模型．质量m=1kg的物块在拉力F作用下从与铁钉接触处由静止开始运动，上升一段高度后撤去F，到最高点后自由下落，撞击铁钉，将铁钉打入10cm深度，物块不再被弹起．若以初始状态物块与铁钉接触处为零势能点，物块上升过程中，机械能E与上升高度h的关系图象如图乙所示．撞击前不计所有阻力，碰撞瞬间损失2J的能量，已知铁钉的质量为0.2kg，g=10m/s2．则（）A.物块在F作用下向上运动的加速度为12m/s2B.物块上升过程的最大速度为2m/sC.物块上升到0.25m高度处拉力F的瞬时功率为12WD.铁钉被打入10cm深度的过程中受到的平均阻力为112N【答案】CD【解析】解：A、物体上升1m高度时的机械能E=mgh1，即：12=10×1+v，解得物体上升过程中最大速度v1=2m/s．根据匀变速直线运动的速度位移公式得：v12=2ah1，可知物体上升过程的加速度为：a==2m/s2．故AB错误；C、根据速度位移公式得：v22=2ah′，解得：v2=′=m/s=1m/s；根据牛顿第二定律得：F-mg=ma，解得：F=mg+ma=1×12N=12N，则拉力F的瞬时功率为：P=F v=12×1W=12W．故C正确．D、根据机械能守恒得，物体与钉子接触时的动能为12J，根据能量守恒得：（m+m′）gh2+=fh2+△E，代入数据（1+0.2）×10×0.1+12=f×0.1+2得：f=112N．故D正确．故选：CD撤去拉力后，物体的机械能守恒，结合图象求出物体上升过程中的最大速度，根据速度位移公式求出物体上升的加速度．根据速度位移公式求出上升到0.25m时的速度，根据牛顿第二定律求出拉力的大小，从而求出拉力的瞬时功率．根据能量守恒求出钉子受到的平均阻力大小．物体动能与势能之和是物体的机械能，分析清楚图象，应用牛顿第二定律、运动学公式、功率公式等知识即可正确解题．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)13.一定质量的理想气体分别在T1、T2温度下发生等温变化，相应的两条等温线如图所示，T2对应的图线上有A、B两点，表示气体的两个状态．下列叙述正确的是（）A.温度为T1时气体分子的平均动能比T2时大B.A到B的过程中，气体从外界吸收热量C.A到B的过程中，气体内能增加D.A到B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少【答案】BD【解析】解：A、作出一条等压线，如图所示：比较A点与C点，由于气压相等，根据公式根据公式，A点温度大于C点的温度，故T1＜T2；温度是分子热运动平均动能的标志，故温度为T1时气体分子的平均动能比T2时小；故A错误；B、A到B的过程是等温膨胀过程，故内能不变，气体对外做功，根据热力学第一定律公式△U=W+Q，气体要吸收热量，故B正确；C、A到B的过程中，温度不变，故气体内能不变，故C错误；D、A到B的过程中，温度不变，气压减小，分子热运动的平均动能减小了，故单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，故D正确；故选：BD先比较同一等温线上的两个状态的温度（相同），再比较同一气压（或同一体积）下的两个状态的温度；根据热力学第一定律判断吸放热情况；气体压强与分子数密度和分子热运动的平均动能有关．本题考查了气体实验定律和热力学定律，关键是根据气体状态方程列式求解，同时要知道温度的微观运用和气体压强的微观意义，不难．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图，a、b、c、d是均匀媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为2m、4m和6m．一列简谐横波以2m/s的波速沿x轴正向传播，在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运动，t=3s时a第一次到达最高点．下列说法正确的是（）A.在t=6s时刻波恰好传到质点d处B.在t=5s时刻质点c恰好到达最高点C.质点b开始振动后，其振动周期为4sD.当质点d向下运动时，质点b一定向上运动【答案】AC【解析】解：A、ad间距离为x=2+4+6=12m，波在同一介质中匀速传播，则波从a传到d的时间为t===6s，即在t=6s时刻波恰好传到质点d处．故A正确．B、设该波的周期为T，由题质点a由平衡位置开始竖直向下运动，t=3s时a第一次到达最高点，可得，T=3s，得T=4s．波从a传到c的时间为t=′s，则在t=5s时刻质点c已振动了2s，而c起振方向向下，故在t=5s时刻质点c恰好经过平衡位置向上．故B错误．C、质点b的振动周期等于a的振动周期，即为4s．故C正确．D、该波的波长：λ=v T=2×4=8m，b与d之间的距离是：x″=4+6=10m=，质点b与d振动的方向并不是总相反，所以当质点d向下运动时，质点b不一定向上运动．故D错误．故选：AC．由题“在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运动，t=3s时a第一次到达最高点”可确定出该波的周期．根据a与d间的距离，由t=求出波从a传到d 的时间．根据时间t=5s与周期的关系，分析质点c的状态．本题关键要抓住波在同一介质中是匀速传播的，由t=可求出波传播的时间．要抓住各个质点的起振方向都与波源的起振方向相同，通过分析波的形成过程进行分析．十一、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列叙述正确的有（）A.β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B.目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变C.按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能增大，原子总能量增大D.卢瑟福依据极少数α粒子发生大角度散射提出了原子核式结构模型【答案】BD【解析】解：A、β衰变放出的电子是由中子转变成质子而产生的，不是原子核内的，故A错误；B、已建成的核电站的能量来自于重核裂变，故B正确；C、玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，且原子总能量增大，故错误；D、卢瑟福依据极少数α粒子发生大角度散射，绝大多数不偏转，从而提出了原子核式结构模型，故D正确；故选：BD．β衰变是中子转变成质子而放出的电子；核电站的能量来自于重核裂变；α粒子散射实验提出原子核式结构模型；玻尔理论，电子半径变大时，动能减小，电势能增大，而原子总能量增大．考查β衰变的原理，注意电子跃迁的动能与电势能及能量如何变化是考点中重点，理解α粒子散射实验的现象，区别裂变与聚变的不同．五、实验题探究题(本大题共3小题，共18.0分)8.某实验小组利用图（a）所示实验装置及数字化信息系统探究“外力做功与小车动能变化的关系”．实验时将小车拉到水平轨道的O位置由静止释放，在小车从O位置运动到A位置过程中，经计算机处理得到了弹簧弹力与小车位移的关系图线如图（b）所示，还得到了小车在A位置的速度大小v A；另外用电子秤测得小车（含位移传感器发射器）的总质量为m．回答下列问题：（1）由图（b）可知，图（a）中A位置到力传感器的距离______ （“小于”、“等于”或“大于”）弹簧原长．（2）小车从O位置运动到A位置过程中弹簧对小车所做的功W= ______ ，小车的动能改变量△E k= ______ ．（用m、v A、F A、F0、x A中各相关物理量表示）（3）若将弹簧从小车上卸下，给小车一初速度v0，让小车从轨道右端向左端滑动，利用位移传感器和计算机得到小车的速度随时间变化的图线如图（c）所示，则小车所受轨道摩擦力的大小f= ______ ．（用m、v0、t m中各相关物理量表示）（4）综合步骤（2）、（3），该实验所要探究的“外力做功与小车动能变化的关系”表达式是______ ．（用m、v A、F A、F0、x A、v0、t m中各相关物理量表示）【答案】大于；；；；（F0+F A-2）x A=mv A2【解析】解：（1）根据计算机处理得到了弹簧弹力与小车位移的关系图线可知，弹簧的弹力随弹簧长度的减小而减小，可知弹簧的长度减小时，伸长量减小，A位置弹簧仍然处于伸长状态，因此力传感器的距离大于弹簧原长；（2）根据功的定义可知，功是力在空间的积累效果，W=FS，结合F-S图象可知，小车从O到A的过程中，拉力做的功可以用梯形的面积来表示，即：W=•x A，小车的初速度是0，末速度是v A，则动能的改变量：△E k=m-0=m；（3）根据图c可知，小车在不受弹簧的弹力时做匀减速直线运动，说明小车受到摩擦力的作用，结合图c可知，小车的加速度：a==，所以，小车受到的摩擦力：f=ma=由此可知，在有弹簧的弹力时，弹簧的弹力和摩擦力共同为小车做功，则：W总=W-f S A（4）由（3）的分析可知，所以该同学需要验证的关系式是：（F0+F A-2）x A=mv A2；故答案为：（1）大于；（2），；（3）；（4）（F0+F A-2）x A=mv A2．（1）根据计算机处理得到了弹簧弹力与小车位移的关系图线与胡克定律分析答题．（2）根据功的定义，结合F-t图即可求出拉力的功；根据动能的定义式，结合图象即可求出动能的变化．（3）由公式：W总=W-f S A和f=ma=，结合图象c即可求出；（4）结合平衡摩擦力的方法判断即可．通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系．运用数学知识和物理量之间关系式结合起来求解．9.现有一多用电表，其欧姆挡的“0”刻度线与中值刻度线之间的刻度模糊，若用“×100”的欧姆挡，经调零后，规范测量某一待测电阻R，指针所指的位置与“0”刻度线和中值刻度线间的夹角相等，如图所示，则该待测电阻R= ______ Ω．【答案】500【解析】，由图示欧姆表可知，中央刻度值为：15×100Ω=1500Ω，解：欧姆表调零时，I g=内指针在中央刻度线时：I g=，内欧姆表指针所指的位置与“0”刻度线和中值刻度线间的夹角相等，，则电流：I=I g=内解得：R X=500Ω．故答案为：500．欧姆表的工作原理是闭合电路欧姆定律，应用闭合电路欧姆定律求出电阻阻值．知道欧姆表的工作原理，根据欧姆表的电路应用闭合电路欧姆定律求出计算待测电阻．10.某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻很大C．定值电阻R0未知D．滑动变阻器R，最大阻值R mE．导线和开关①根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的实验原理图②实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值R m，再闭合开关，电压表V1和V2的读数分别为U10、U20，则R0= ______ （用U10、U20、R m表示）③实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1-U2图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则两节干电池的总电动势E= ______ ，总内阻r= ______ （用k、a、R0表示）．【答案】；；【解析】解：（1）由实物图可知电路的连接方式，得出的实物图如图所示；（2）由图可知，V2测量R0与R两端的电压，V1测量R两端的电压，则R0两端的电压U20-U10；由欧姆定律可知，R0==；（2）由闭合电路欧姆定律可知，E=U2+变形得：U1=++则有：r-R0=R0E；=k解得：E=故答案为：（1）如图所示；（2）；（1）由实物图可知电路的连接方法得出对应的原理图；（2）根据实验原理结合欧姆定律可求得定值电阻的阻值；（3）根据闭合电路欧姆定律及图象的性质可得出对应的电动势和内电阻．本题考查测量电动势和内电阻的实验方法，关键在明确根据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，再分析图象的意义，求得电动势和内电阻．六、计算题(本大题共2小题，共38.0分)11.某电视台的娱乐节目中，有一个拉板块的双人游戏，考验两人的默契度．如图所示，一长L=0.60m、质量M=0.40kg的木板靠在光滑竖直墙面上，木板右下方有一质量m=0.80kg的小滑块（可视为质点），滑块与木板间的动摩擦因数为μ=0.20，滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2．一人用水平恒力F1向左作用在滑块上，另一人用竖直恒力F2向上拉动滑块，使滑块从地面由静止开始向上运动．（1）为使木板能向上运动，求F1必须满足什么条件？（2）若F1=22N，为使滑块与木板能发生相对滑动，求F2必须满足什么条件？（3）游戏中，如果滑块上移h=1.5m时，滑块与木板没有分离，才算两人配合默契，游戏成功．现F1=24N，F2=16N，请通过计算判断游戏能否成功？【答案】解：（1）滑块与木板间的滑动摩擦力：f=μF1对木板应有：f＞M g代入数据得：F1＞20N（2）对木板由牛顿第二定律有：μF1-M g=M a1对滑块由牛顿第二定律有：F2-μF1-mg=ma2要能发生相对滑动应有：a2＞a1代入数据可得：F2＞13.2N（3）对滑块由牛顿第二定律有：F2-μF1-mg=ma3设滑块上升h的时间为t，则：对木板由牛顿第二定律有：μF1-M g=M a4设木板在t时间上升的高度为H，则：代入数据可得：H=0.75m由于H+L＜h，滑块在上升到1.5m之前已经脱离了木板，游戏不能成功．答：（1）为使木板能向上运动，求F1必须满足F1＞20N（2）若F1=22N，为使滑块与木板能发生相对滑动，求F2必须满足F2＞13.2N（3）游戏不能成功．【解析】（1）木板靠在光滑的墙壁上，若使木板能向上运动，则物块对木板的摩擦力应大于木板的重力，列出关系式计算可得．（2）由牛顿第二定律分别求出木板和物块的加速度，若物块的加速度大于木板的加速度即会发生相对滑动．（3）分别对木板和滑块分析，根据牛顿第二定律求出各自加速度，根据各自加速度求出位移，判断相对滑动的位移，与1.5m作比较，可得出结果．本题看起来很复杂，需要细心分析，充分利用牛顿第二定律和运动之间的关系．12.如图所示，在x O y平面的第Ⅱ象限的某一区域有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B1，该磁场区域的边界为半圆形．有一质量m=10-12kg、带正电q=10-7C的a粒子从O点以速度v0=105m/s，沿与y轴正方向成θ=30°射入第Ⅱ象限，经磁场偏转后，从y轴上的P点垂直于y轴射出磁场，进入第Ⅰ象限，P点纵坐标为y P=3m，y轴右侧和垂直于x轴的虚线左侧间有平行于y轴指向y轴负方向的匀强电场，a粒子将从虚线与x轴交点Q进入第Ⅳ象限，Q点横坐标x Q=6m，虚线右侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B2=B1．不计粒子的重力，求：（1）匀强电场的电场强度E的大小（保留三位有效数字）．（2）半圆形磁场磁感应强度B1的大小及该半圆形磁场区域的最小面积S．（3）若在a粒子刚进入磁场B1的同时，另有一质量m=10-12kg、带负电q=10-7C的b 粒子，从y轴上的M点（图中未画）仍以速度v0垂直于y轴射入电场，a、b两粒子将在磁场B2区域迎面相遇于N点，求N点的坐标．（不计a、b粒子间的相互作用力）。
山东省滕州市第二中学2015届高三上学期期末考试物理试题WORD版含答案
山东省滕州市第二中学2015届高三上学期期末考试物理试题一、选择题（本题共12小题,共计48分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．物理学家通过艰苦的实验来探究自然的物理规律，为人类的科学事业做出了巨大贡献，值得我们敬仰。
下列描述中符合物理学史实的是A．开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心说B．牛顿发现了万有引力定律但并未测定出引力常量GC．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律2．如图所示，质量为2kg的物体B和质量为1kg的物体C用轻弹簧连接并竖直地静置于水平地面上．再将一个质量为3kg的物体A轻放在B上的一瞬间，弹簧的弹力大小为（取g=10m/s2）A．30N B．0 C．20N D．12N3．如图所示，人造卫星A、B在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动．已知A、B连线与A、O连线间的夹角最大为θ，则卫星A、B的角速度之比12ωω等于A ．3sin θB ．31sin θC ．D4．一物体在以xOy 为直角坐标系的平面上运动，其运动规律为x=－2t 2－4t ，y=3t 2+6t （式中的物理量单位均为国际单位）。
关于物体的运动，下列说法正确的是（ ）A ．物体在x 轴方向上做匀减速直线运动B ．物体在y 轴方向上做匀加速直线运动C ．物体运动的轨迹是一条直线D ．物体运动的轨迹是一条曲线5．“天宫一号”被长征二号火箭发射后，准确进入预定轨道，如图所示，“天宫一号”在轨道1上运行4周后，在Q 点开启发动机短时间加速，关闭发动机后，“天宫一号”沿椭圆轨道2运行到达P 点，开启发动机再次加速，进入轨道3绕地球做圆周运动。
“天宫一号”在图示轨道1、2、3上正常运行时，下列说法正确的是（ ）A ．“天宫一号”在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B ．“天宫一号”在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C ．“天宫一号”在轨道1上经过Q 点的加速度大于它在轨道2上经过Q 点的加速度D ．“天宫一号”在轨道2上经过P 点的加速度等于它在轨道3上经过P 点的加速度 6．如图所示，两个质量相同的小球A 和B ，分别用细线悬在等高的O 1、O 2两点，A 球的悬线比B 球的悬线长，把两球的悬线拉到水平后将小球无初速度的释放，则经过最低点时（以悬点所在水平面为零势能面），下列说法正确的是（ ）A．A球的速度大于B球的速度B．悬线对A球的拉力大于对B球的拉力C．A球的向心加速度等于B球的向心加速度D．A球的机械能大于B球的机械能7．水平面上A、B、C三点固定着三个电荷量均为Q的正点电荷，将另一质量为m的带正电的小球（可视为点电荷）放置在O点，OABC恰构成一棱长为L的正四面体，如图所示。
山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考数学(文)试题 Word版含答案
山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考数学（文）试题一、选择题（10×5分=50分）1．已知全集U=R ，集合A={x||x ﹣2|＜1}，B={x|y=x 24-}，则A∩B=（ ）A ．（1，2）B ．（2，3）C ．[2，3）D ．（1，2]2．已知i 是虚数单位，且复数2121,21,3z z i z bi z 若-=-=是实数，则实数b 的值为 A ．6B ．6-C ．0D ．61 3．设n S 为等比数列}{n a 的前n 项和，已知342332,32S a S a =-=-,则公比q =A ．3B ．4C ．5D ．64．知函数()f x 的定义域是(0,1)，则(2)xf 的定义域是（ ）A ．(0,1)B ．(1,2)C ．(,0)-∞D ．(0,)+∞5．设2(log )2(0)x x f x =>，则(2)f 的值是（ ）A ．128B ．16C ．8D ．2566．若幂函数()322233-+++=m m x m m y 的图像不过原点,且关于原点对称,则m 的取值是（ ） A ．2-=mB ．1-=mC ．12-=-=m m 或D ．13-≤≤-m7．设c b a ,,均为正数，且a a21log 2=，b b21log 21=⎪⎭⎫⎝⎛，则（ ）A ．c b a <<B ．a b c <<C ．b a c <<D ．c a b <<8．若log 4（3a ＋4b ）＝log 2ab ，则a ＋b 的最小值是（ ）A ．6＋2 3B ．7＋2 3C ．7＋4 3D ．6＋4 39．函数2()xf x x a=+的图象不可能是 （ ）10．对于函数2()3f x x k =-+，当实数k 属于下列选项中的哪一个区间时，才能确保一定存在实数对,a b (0)a b <<，使得当函数()f x 的定义域为[],a b 时，其值域也恰好是[],a b （ ）A ．[)2,0-B ．1(2,)12--C ．1(,0)12-D ．1(,)12-+∞ 二、填空题（5×5分=25分）11．“a R ∃∈，使函数2()f x x ax =-是偶函数”的否定是____________________ 12．集合{}220M x x x a =-+=有8个子集，则实数a 的值为 13．若不等式x 2＋ax ＋1>0对于一切x ∈（0，12]成立，则a 的取值范围是14．已知函数xx x f 2ln )(+=, 若2)4(2<-x f , 则实数x 的取值范围为 ． 15．函数()f x 对于任意实数x 满足条件()()12f x f x +=，若()15,f =-则()()5f f =______三、解答题16．（12分）已知函数222()2(log )2(log )f x x a x b =-+，当12x =时有最小值-8，（1）求,a b 的值；（2）当1,84x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时，求()f x 的最值．17．（12分）已知定义在R 上函数2()1x bf x x ax +=++为奇函数． （1）求a b +的值；（2）求函数()f x 的值域．18．（12分）已知函数()y f x =和()y g x =的图象关于y 轴对称，且2()242f x x x =+-．（1）求函数()y g x =的解析式；（2）当12k <时，解不等式4()()1k f x g x x <+-． 19．（12分）已知p ：关于x 的方程210x m +-=有实数解；q ：函数()1f x x m =-+在），（2∞-上为减函数．若p 或q 为真，p 且q 为假，求实数m 的取值范围．20．（13分）设二次函数2()(,,)f x ax bx c a b c R =++∈满足下列条件： ①当x ∈R 时，()f x 的最小值为0，且f （x －1）=f （－x －1）成立； ②当x ∈（0,5）时，x ≤()f x ≤21x -+1恒成立。
高三物理月考试题及答案-山东滕州市2015届高三上学期定时测试
保密★启用前试卷类型：A2015届高三定时练习物理试题2014.11 本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。
共6页。
满分100分。
考试用时90分钟。
注意事项：答题前，考生务必用2B铅笔将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型（A或B）用2B铅笔涂写在答题卡上；用0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名、准考证号、学校、班级填写在答题纸规定的位置。
考试结束后，将答题卡和答题纸一并交回。
第Ⅰ卷（选择题共40分）注意事项：1．第I卷共10小题。
每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不选的得0分。
2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
1．许多物理学家的科学研究推动了物理学的发展，促进了人类文明。
以下对几位物理学家所作的科学探究，叙述正确的是A．胡克用逻辑推理的方法得出了胡克定律B．牛顿用实验的方法测出了引力常量G的数值C．开普勒用数据归纳的研究方法发现了万有引力定律D．伽利略用斜面实验和逻辑推理证明了所有自由落体运动的加速度相同2．如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力围成封闭三角形。
下列4个图中，这三个力的合力为零的是3．如图所示，直线a和曲线b分别是在同一条平直公路上行驶的汽车甲和汽车乙的v－t 图线。
由图可知A．在时刻t1，甲车和乙车处在同一位置B．在时刻t2，甲、乙两车运动方向相反C．在t1到t2这段时间内，乙车的加速度先减小后增大D．在t1到t2这段时间内，甲车的位移小于乙车的位移4．一条小船过河，河宽100m，水流速度为4m/s，小船在静水中的速度为5m/s。
下列说法正确的是A．小船不可能沿垂直于岸的方向过河B．小船相对于岸的速度有可能为3m/sC．小船过河的最短时间为25sD．小船以最短位移过河所需的时间为20s5．两物体M、m用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图所示，OA、OB与水平面的夹角分别为30°、60°，M、m均处于静止状态。
山东省滕州市实验中学2015届高三5月模拟考试物理试题word版 含答案
2015届山东省滕州市实验高中高三5月模拟考试理综试题物理部分满分300分考试用时150分钟。
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Na 23 Cu 64 Ba 137第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
14．如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫。
已知木板的质量是猫的质量的2倍，当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变。
则此时木板沿斜面下滑的加速度为A．αsin2gB．αsing C．αsin23gD．2αsing15．如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管下滑。
已知这名消防队员的质量为60kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。
如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，g取10m/s2，那么该消防队员A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为2:1C．加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为1∶7D．加速与减速过程的位移之比为1∶416．如质点做直线运动的位移x和时间平方2t的关系图象如图所示，则该质点A ．质点的加速度大小恒为21/m sB ．0-2s 内的位移是为1mC ．2末的速度是 4m/sD ．物体第3s 内的平均速度大小为3/m s17．如图所示，飞船从轨道1变轨至轨道2。
若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的A ．动能大B ．向心加速度大C ．运行周期长D ．角速度大18．如图所示，质量为m 、电量为q 的小球在电场强度E 的匀强电场中，以初速度0v 沿直线ON 做匀变速运动，直线ON 与水平面的夹角为030，若小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为g ，且qE mg ，则下面说法中正确的是A ．电场方向竖直向上B ．小球运动的加速度大小为gC ．小球最大高度为g V 220 错误！未找到引用源。
【普通版】 山东省滕州市第五中学2015届高三4月模拟考试理综试卷【附答案】
山东省滕州市第五中学2015届高三4月模拟考试理综试题满分300分 考试用时150分钟。
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Na 23 Cu 64 Ba 137第Ⅰ卷（选择题 共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
7．阿魏酸在食品、医药等方面有着广泛用途。
一种合成阿魏酸的反应可表示为：下列说法正确的是（ ）A ．阿魏酸的分子式为C 10H 10O 4B ．香兰素、阿魏酸均可与NaOH 、NaHCO 3溶液反应C ．可用酸性KMnO 4溶液检测上述反应是否有阿魏酸生成D ．一定条件下，香兰素、阿魏酸都能发生取代、加成、消去反应8．化学科学需要借助化学专用语言描述，下列有关化学用语正确的是（ ）A ．HClO 的结构式：H －O －ClB ．Na 2O 2的电子式：C ．中子数为20的氯原子：Cl 2017D ．聚丙烯的结构简式：9．在下列各溶液中，一定能大量共存的离子组是（ ）A ．强酸性溶液中：K ＋、S 2－、ClO －、SO 42－B ．含有0.1mol·L －1 Fe 3＋的溶液中：K ＋、Mg 2＋、I －、NO 3－ C ．室温下，pH ＝1的溶液中：Na ＋、Fe 3＋、NO 3－、SO 42－ D ．加入Al 能放出H 2的溶液中：：Na ＋、K ＋、CO 32－、Cu 2+10．下列说法有错误的是（ ）A ．可以用灼烧线头的方法鉴别纺织物是毛织物还是棉织物B．除去SO3中混有的少量SO2，可将混合气体通过盛有热浓硫酸的洗气瓶C．室温下向苯和少量苯酚的混合液中加入适量Na2CO3溶液，振荡、静置后分液，可除去苯中少量苯酚D．已知I3－I2＋I－，向盛有KI3溶液的试管中加入适量CCl4，振荡静置后CCl4层显紫色，不能说明KI3在CCl4中的溶解度比在水中的大11．在一定温度下,将气体X和气体Y各0．16 mol充入10 L恒容密闭容器中,发生反应X（g）+Y（g）2Z（g）ΔH<0,一段时间后达到平衡。
【新课标Ⅱ-3】2015届高三上学期月考(2)物理试题 Word版含答案
2015届上学期高三一轮复习第二次月考物理试题【新课标II-3】一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共计48分。
1至7题为单项选择题．．．．．，只有一个答案是正确的；8至12题为多项选择题．．．．．，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。
）1．许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、微元法、类比法和科学假说法等等。
以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是()A．卡文迪许巧妙地运用扭秤实验，用了放大法成功测出静电力常量的数值B．牛顿为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法C．在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫极限思维法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法2．我国选手陈一冰多次勇夺吊环冠军，是世锦赛四冠王．如图所示，为一次比赛中他先用双手撑住吊环(如图甲所示)，然后身体下移，双臂缓慢张开到图乙位置．则每条绳索的张力()A．保持不变B．逐渐变小C．逐渐变大D．先变大后变小3．汽车进行刹车试验，若速率从8 m/s匀减速至零，需用时间1 s，按规定速率为8 m/s的汽车刹车后拖行路程不得超过5.9 m，那么上述刹车试验的拖行路程是否符合规定()A．拖行路程为8 m，符合规定B．拖行路程为8 m，不符合规定C．拖行路程为4 m，符合规定D．拖行路程为4 m，不符合规定4．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳。
如图所示，质量为m的小明静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时()A．加速度为零，速度为零B．加速度a＝g，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下C．加速度a＝g，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上D．加速度a＝g，方向竖直向下5. 如图所示，A、B两物块叠放在一起，放在光滑地面上，已知A、B物块的质量分别为M、m，物块间粗糙.现用水平向右的恒力F1、F2先后分别作用在A、B物块上，物块A、B均不发生相对运动，则F1、F2的最大值之比为()A. 1：1B. M ：mC.m：MD. m：( m+M)6．如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v1、v2的速度作逆时针转动时(v1< v2)，稳定时细绳的拉力分别为F l、F2；若剪断细绳后，物体到达左端的时间分别为t l、t2，下列关于稳定时细绳的拉力和到达左端的时间的大小一定正确的是()A．F l< F2B．F l= F2C．t l> t2D．t l< t27．如图所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O点分别以水平初速度v1、v2抛出两个小球(可视为质点)，最终它们分别落在圆弧上的A点和B点，已知OA与OB互相垂直，且OA与竖直方向成α角，则两小球初速度之比为()A．tanαB．cosαC．sinα D. tan8．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v-t图像如图所示。
山东省滕州市滕州二中2015届高三4月模拟考试物理试题
山东省滕州市滕州二中2015届高三4月模拟考试物理试题第I卷（选择题共54分）一、选择题（共54分。
每小题3分，漏选得2分）1．如图甲所示，A、B两长方体叠放在一起，放在光滑的水平面上。
物体B从静止开始受到一个水平变力的作用，该力与时间的关系如图乙所示，运动过程中A、B始终保持相对t时间内，下列说法正确的是（）静止。
则在0~2t时刻，A、B间的静摩擦力最大，加速度最小A．t时刻，A、B的速度最大B．t时刻，A、B间的静摩擦力最大C．0时刻和2t时刻，A、B离出发点最远，速度为0D．22．汽车以恒定功率沿公路做直线运动，途中通过一块沙地．汽车在公路及沙地上所受阻力均为恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力．汽车在驶入沙地前已做匀速直线运动，它在驶入沙地到驶出沙地后的一段时间内，位移s随时间t的变化关系可能是3．如图所示，甲、乙、丙是位于同一直线上的离其它恒星较远的三颗恒星，甲、丙围绕乙在半径为R的圆轨道上运行，若三颗星质量均为M，万有引力常量为G，则A ．甲星所受合力为2245R GMB ．乙星所受合力为22R GMC ．甲星做圆周运动的周期为4D 4．如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连．弹簧处于自然长度时物块位于O 点（图中未标出）．物块的质量为m ，AB ＝a ，物块与桌面间的动摩擦因数为μ．现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点，拉力做的功为W ．撤去拉力后物块由静止向左运动，经O 点到达B 点时速度为零．重力加速度为g ．则上述过程中（ ）A ．物块在A 点时，弹簧的弹性势能等于W －12μmgaB ．物块在B 点时，弹簧的弹性势能小于W －32μmgaC ．经O 点时，物块的动能小于W －μmgaD ．物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能5．如图所示，在某一点电荷Q 产生的电场中，有a 、b 两点，其中a 点的场强大小为Ea ，方向与ab 连线成30°角；b 点的场强大小为Eb ，方向与ab 连线成60°角．则关于a 、b 两点场强大小及电势高低，下列说法中正确的是（ ）A ．E a ＝3E b ，φa <φbB ．E a ＝Eb3，φa >φbC ．E a ＝2E b ，φa >φbD ．E a ＝Eb2，φa <φb6．如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（ ）．A ．所受重力与电场力平衡B ．电势能逐渐增加C ．动能逐渐增D ．做匀变速直线运动7．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力作用，根据此图可以作出的正确判断是（ ）A ．带电粒子所带电荷的正、负B ．带电粒子在a 、b 两点的受力方向C ．带电粒子在a 、b 两点的加速度何处较大D ．带电粒子在a 、b 两点的速度何处较大8．如图所示，长为L ＝0．5 m 、倾角为θ＝37°的光滑绝缘斜面处于水平向右的匀强电场中，一带电荷量为＋q ，质量为m 的小球（可视为质点），以初速度v 0＝2 m/s 恰能沿斜面匀速上滑，g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0．6，cos 37°＝0．8，则下列说法中正确的是（ ）A ．小球在B 点的电势能大于在A 点的电势能B ．水平匀强电场的电场强度为3mg4qC ．若电场强度加倍，小球运动的加速度大小为3 m/s 2D ．若电场强度减半，小球运动到B 点时速度为初速度v 0的一半9．如图所示，平行板电容器与电动势为E ′的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P 点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（ ）．A ．平行板电容器的电容将变小B ．静电计指针张角变小C ．带电油滴的电势能将减少D ．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变10．如图所示为一匀强电场，某带电粒子从A 点运动到B 点．在这一运动过程中克服重力做的功为2．0 J ，电场力做的功为1．5 J ．则下列说法正确的是（ ）A ．粒子带负电B ．粒子在A 点的电势能比在B 点少1．5 JC ．粒子在A 点的动能比在B 点多0．5 JD ．粒子在A 点的机械能比在B 点少1．5 J11．如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0 V ，点A 处的电势为6 V ，点B 处的电势为3 V ，则电场强度的大小为（ ）A ．200 V/mB ．200 3 V/mC ．100 V/mD ．100 3 V/m12．如图（a ）所示，两平行正对的金属板A 、B 间加有如图（b ）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P 处．若在t 0时刻释放该粒子，粒子会时而向A 板运动，时而向B 板运动，并最终打在A 板上．则t 0可能属于的时间段是（ ）A ．0<t 0<T4B ．T 2<t 0<3T 4C ．3T4<t 0<TD ．T <t 0<9T813．如图所示，在绝缘光滑水平面上固定两个等量同种电荷A 、B ，在AB 连线上的P 点由静止释放一带电滑块，则滑块会在A 、B 之间往复运动，则以下判断正确的是（ ）A ．滑块一定带的是与A 、B 异种的电荷 B ．滑块一定带的是与A 、B 同种的电荷C ．滑块在由P 向B 运动过程中，电势能一定是先减小后增大D ．滑块的动能与电势能之和一定减小14．在如图甲所示的电路中，电源电动势为3．0 V ，内阻不计，灯L 1、L 2、L 3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．下列说法正确的是（ ）．A．灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍B．灯泡L1的电阻为7．5 ΩC．灯泡L2消耗的电功率为0．75WD．灯泡L3消耗的电功率为0．30 W15．机动车的尾气含有铅等大量有害物质,并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一。
滕州市高三物理5月模拟试题附答案
滕州市2015届高三物理5月模拟试题（附答案）滕州市2015届高三物理5月模拟试题（附答案）满分300分考试用时150分钟。
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16S32Na23Cu64Ba137第Ⅰ卷（选择题共120分）本卷共20小题，每小题6分，共120分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
14．如图，在倾角为α的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫。
已知木板的质量是猫的质量的2倍，当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变。
则此时木板沿斜面下滑的加速度为A．B．C．D．215．如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管下滑。
已知这名消防队员的质量为60kg，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。
如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，g 取10m/s2，那么该消防队员A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为2:1C．加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为1∶7 D．加速与减速过程的位移之比为1∶416．如质点做直线运动的位移和时间平方的关系图象如图所示，则该质点A．质点的加速度大小恒为B．0-2s内的位移是为1mC．2末的速度是4m/sD．物体第内的平均速度大小为17．如图所示，飞船从轨道1变轨至轨道2。
若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑质量变化，相对于在轨道1上，飞船在轨道2上的A．动能大B．向心加速度大C．运行周期长D．角速度大18．如图所示，质量为、电量为的小球在电场强度的匀强电场中，以初速度沿直线做匀变速运动，直线与水平面的夹角为，若小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为，且，则下面说法中正确的是A．电场方向竖直向上B．小球运动的加速度大小为gC．小球最大高度为错误！未找到引用源。
015届高三学期期末考试物理试题(附答案)
山东省滕州市第二中学新校2015届高三学期期末考试物理试题（满分100分，时量90分钟）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求；第9~12题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，错选或不选得0分．）1．在如图所示的闭合电路中，移动滑动变阻器的滑片，若电压表读数在逐渐增加，则电流表读数A．增大B．减小C．先减小后增大D．先增大后减小2．将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上．电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是A．电路中交变电流的频率为0.25HzBC．电阻消耗的电功率为2.5WD．用交流电压表测得电阻两端的电压是5V3．如图所示为某一点电荷Q产生的电场中的一条电场线，A、B为电场线上的两点，一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，动能增加，则可以判断A．电场线方向由B指向AB．场强大小E A＞E BC．Q为负电荷，则Q在B点右侧D．Q不可能为正电荷4．如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置．闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动．如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是A．增大R1的阻值B．增大R2的阻值C．增大两板间的距离D．断开开关S5．图中E为电源，R1、R2为电阻，S为电键。
现用多用电表测量流过电阻R2的电流。
将多用电表的选择开关调至直流电流挡（内阻很小）以后，正确的接法是A．保持S闭合，将红表笔接在a处，黑表笔接在b处B．保持S闭合，将红表笔接在b处，黑表笔接在a处C．将S断开，红表笔接在a处，黑表笔接在b处D．将S断开，红表笔接在b处，黑表笔接在a处6．如图所示，电阻R=20Ω，电动机的线圈电阻R′＝10Ω．当开关打开时，电流表的示数是I，电路消耗的电功率为P．当开关合上后，电动机转动起来．若保持电路两端的电压不变，电流表的示数I ′和电路消耗的电功率P ′应是A．I′＝3I B．I′＞3I C．P′＝3P D．P′＜3P7．如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异种电荷．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么A．若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定增加C．微粒从M点运动到N点动能一定增加D．微粒从M点运动到N点机械能一定增加8．如图所示，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场（未画出），一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O，已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变．不计重力．铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为A．2 B．2C．1 D．2 29．如图所示，飞行器P绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为θ，下列说法正确的是A．轨道半径越大，周期越长B．轨道半径越大，速度越大C．若测得周期和张角，可得到星球的平均密度D．若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度10．如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O 点的水平线．已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道MPN运动，到N点的速率为v1，所需时间为t1；若该小球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为v2，所需时间为t2．则A．v1＝v2B．v1<v2C．t1<t2D．t2<t1A．反映P r变化的图线是cB．电源电动势为8vC．电源内阻为2ΩD．当电流为0．5A时，外电路的电阻为6Ω12．如图所示，宽为d的有界匀强磁场的边界为PP′、QQ′。
山东省滕州市第五中学高三第二次月考物理试题
山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考物理试题考试时间：100分钟一、选择题（每题4分，1－8 题单选，9－12多选，共48分）1下列说法正确的是A．速度变化越快的物体惯性越小B．物体做曲线运动的条件是所受合外力的方向和速度的方向既不垂直也不在一条直线上C．学校餐厅的吊扇在工作时向下推压空气，空气对吊扇产生向上的推力，减轻了吊杆对吊扇的拉力，所以，即使吊杆略有松动也是安全的。
D．用弹簧连接两个小球A和B，其中弹簧对A的弹力和弹簧对B的弹力是一对平衡力。
2．如图所示,质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端,B端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上,不计弹簧质量,在线被剪断瞬间,A、B两球的加速度分别为：（）A．都等于B．和0C．和0 D．0和3．气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。
在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹时，球在风力的作用下飘起．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°。
则（）A．θ=60°时，风速v=6m/sB．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变D．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小4．如图所示，具有一定初速度v的物块，在沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为5 m/s2，方向沿斜面向下，g取10 m/s2，那么在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减少C．物块的机械能不变D．物块的机械能可能增加，也可能减少5．“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处由静止往下跳的过程中（运动过程中某明星可视为质点），其速度—时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）．A．跳板距离水面的高度为7．5 mB．该明星入水前处于失重状态，入水后处于超重状态C．1 s末该明星的速度方向发生改变D．该明星在整个下跳过程中的平均速度是7．5 m/s6．如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A．小球通过最高点时的最小速度v min＝B．小球通过最低点时的最小速度v min＝C．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力D．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力7．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行。
山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考语文试卷 Word版含答案.pdf
山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考语文试题 一、（18分，每小题3分） 1．下列词语中加点的字，注音全都正确的一项是（）? A．狭隘（ài）藩（fān）篱 哈（hā）达 ? 掎（jǐ）角之势 B．稗（bài）草? 勾（gòu）当 ? 炽（chì）热身陷囹圄（wǔ） C．鞭笞（chī）木讷（nè）解剖（pōu）相（xiàng）机行事 D．谥（shì）号倭（wō）寇 筵（yàn）席 ?同仇敌忾（kài）2．下列词语中有错别字的一项是（） A．茶峒 缉拿 鼙鼓 无耻谰言 B．倨傲 丰稔 轻 恬不知耻 C．遒劲 睇眄 遄飞 叨陪鲤对 D．簪笏 坳堂 盘垣 锱铢必校 3．3．下列各句中，加点的成语使用正确的一项是（ ） A．王老汉是一个短小精悍的人，别看他已经六十岁开外，依然精神矍铄，风风火火。
B．诵读《雨巷》，我仿佛走进了烟雨迷蒙的江南，遇到了那位“丁香一样结着愁怨的姑娘”，心中的烦恼涣然冰释。
C．鲁迅对于请愿的事，一向就不以为意。
他认为在“三?一八”惨案中遇难的爱国群众，不过供无恶意的闲人以饭后的谈资，或者给有恶意的闲人作“流言”的种子，此外深的意义很寥寥。
D．他最终为自己的腐败堕落付出代价，等待他的将是20年的狱中峥嵘岁月。
4．下列各句中，没有语病的一句是（ ） A．很长一段时间，经济效益滑坡一直困扰着这个有五百多万职工的企业，谁也提不出使企业走出困境的灵丹妙药。
B．今年“汉语盘点”活动中的“年度字词”评选，旨在“用一个字、词描述年度中国或世界”，鼓励网民用汉语这把“尺子”丈量大千世界。
C．根据有关媒体发布的最新数据显示，2013年北京、上海、广州等一线城市房价同比涨幅都超过20％，预计2014年一线城市的房价将会持续上涨。
D．目前，我国开放了100个左右的国家和地区作为旅游目的地，而旅行社真正投放市场供游客选择的不到30个左右，2/3的目的地资空置。
2023-2024学年山东省滕州市第五中学高二(下)第二次月考物理试卷+答案解析
2023-2024学年山东省滕州市第五中学高二（下）第二次月考物理试卷一、单选题：本大题共8小题，共24分。
1.1827年，英国植物学家布朗在显微镜下观察悬浮在液体里的花粉颗粒时，发现花粉颗粒在做永不停息的无规则运动，这种运动称为布朗运动。
下列说法正确的是()A.液体温度一定时，花粉颗粒越大，花粉颗粒的无规则运动越明显B.花粉颗粒大小一定时，液体温度越低，花粉颗粒的无规则运动越明显C.布朗运动就是液体分子永不停息的无规则运动D.布朗运动是由液体分子的无规则运动引起的2.判断物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是A.从外形上判断B.从导电性能来判断C.从各向异性或各向同性来判断D.从有无确定的熔点来判断3.如图所示，在带有活塞的有机玻璃筒底放置少量硝化棉，迅速压下活塞，观察到硝化棉燃烧起来．关于这个实验，以下说法正确的是()A.玻璃筒内气体的温度升高，筒内所有气体分子热运动的速率均增大B.迅速压下活塞的过程中，玻璃筒内气体的温度升高，内能增加C.硝化棉能燃烧起来，表明气体从外界吸热，内能增加D.外界对气体做功等于气体向外传递的热量4.对不同的物体而言，下列说法中正确的是()A.高温物体内分子的平均动能一定比低温物体内分子的平均动能大B.高温物体内每一个分子的动能一定大于低温物体内每一个分子的动能C.高温物体内分子运动的平均速率一定比低温物体内分子运动的平均速率大D.高温物体内每一个分子运动的速率一定大于低温物体内每一个分子运动的速率5.两分子间的斥力和引力的合力F与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为。
相距很远的两分子在分子力作用下，由静止开始相互接近。
若两分子相距无穷远时分子势能为零，下列说法正确的是()A.在阶段，F做正功，分子动能增加，势能减小B.在阶段，F做负功，分子动能减小，势能也减小C.在时，分子势能最大，动能也最大D.在时，分子势能为零6.如图所示，活塞的质量为m，缸套的质量为M，通过弹簧吊在天花板上，汽缸内封住一定质量的气体，缸套和活塞间无摩擦，活塞面积为S，大气压强为，则封闭气体的压强为()A. B.C. D.7.下列说法正确的是()A.气体压强仅与气体分子的平均动能有关B.内能是物体中所有分子热运动所具有的动能的总和C.温度标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度D.气体膨胀对外做功且温度降低，分子的平均动能可能不变8.一个气泡由湖面下20m深处上升到湖面下10m深处，它的体积约变为原来体积的温度不变，水的密度为，g取()A.3倍B.2倍C.倍D.二、多选题：本大题共5小题，共20分。
高三物理月考试题及答案-山东滕州市第五中学2015届高三4月模拟考试
2015年山东省枣庄市滕州五中高考物理模拟试卷（4月份）一、选择题（共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1．（6分）（2015•滕州市校级模拟）物体某段过程的v﹣t图象如图所示，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为V1和V2，则在t1～t2过程中（）A．加速度不断增大B．速度不断减小C．平均速度D．平均速度【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解析】：解：A、在速度﹣时间图象中，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；从图象中看出在t1～t2过程中速度时间图象的斜率逐渐减小，说明加速度的大小在减小，故A错误．B、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；从图象中可以看出速度对应的纵坐标越来越小，即速度不断减小，故B正确．CD、如果物体在t1～t2过程中做的是匀减速直线运动，且初末速度分别为V1和V2，那么由匀变速直线运动的规律可得：v=，但是在任意时刻物体的实际速度小于匀减速过程的此时刻的速度，所以＜，故CD错误．故选：B【点评】：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．2．（6分）一颗月球卫星在距月球表面高为h的圆形轨道运行，已知月球半径为R，月球表面的重力加速度大小为g月，引力常量为G，由此可知（）A．月球的质量为B．月球表面附近的环绕速度大小为C．月球卫星在轨道运行时的向心加速度大小为g月D．月球卫星在轨道上运行的周期为2π【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：卫星绕月做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，万有引力等于重力，根据万有引力定律和向心力公式列式，即可得解．【解析】：解：“嫦娥一号”卫星绕月做匀速圆周运动，由月球的万有引力提供向心力，则得：G=m（R+h）=m=ma在月球表面上，万有引力等于重力，则有：m′g月=G，得 GM=g月R2，由上解得：M=v=a=T=2π故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】：卫星问题基本的思路有两条：一是万有引力提供向心力，二是万有引力等于重力，得到黄金代换式GM=gR2，再运用数学变形求解．3．（6分）（2015•滕州市校级模拟）如图是用来粉刷墙壁的涂料滚的示意图．使用时，用撑竿推着涂料滚沿墙壁上下滚动，把涂料均匀地粉刷到墙壁上．撑竿的重量和墙壁的摩擦均不计，而且撑竿足够长．粉刷工人站在离墙壁某一距离处缓缓上推涂料滚，使撑杆与墙壁间的夹角越来越小．该过程中撑竿对涂料滚的推力为F1，涂料滚对墙壁的压力为F2，下列说法正确的是（）A． F1增大，F2减小 B． F1减小，F2增大C． F1、F2均增大 D． F1、F2均减小【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件得到竿对涂料滚的推力为F1和墙壁对涂料滚的弹力的表达式，再分析两个力的变化．【解析】：解：以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出力图．设撑轩与墙壁间的夹角为α，根据平衡条件得F1=F2=Gtanα由题，撑轩与墙壁间的夹角α减小，cosα增大，tanα减小，则 F1、F2均减小．故选：D．【点评】：本题是动态平衡问题，采用函数法分析的，也可以采用作图法更直观反映出两个力的变化情况．4．（6分）如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x轴垂直与环面且过圆心O，下列关于x 轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（）A． O点的电场强度为零，电势最低B． O点的电场强度为零，电势最高C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低【考点】：电势；电场强度．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：圆环上均匀分布着正电荷，根据电场的叠加和对称性，分析O点的场强．根据电场的叠加原理分析x轴上电场强度的方向，即可判断电势的高低．【解析】：解：A、B、圆环上均匀分布着正电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷产生的电场强度在x轴有向右的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向右，根据顺着电场线方向电势降低，可知在x轴上O点的电势最高，故A错误，B正确；C、D、O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．x轴上电场强度方向向右，电势降低，故CD错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键有两点：一是掌握电场的叠加原理，并能灵活运用；二是运用极限法场强的变化．5．（6分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示，质量为m、电量为q的小球在电场强度E的匀强电场中，以初速度v0沿直线ON做匀变速运动，直线ON与水平面的夹角为30°，若小球在初始位置的电势能为零，重力加速度为g，且mg=qE，则下面说法中正确的是（）A．电场方向竖直向上B．小球运动的加速度大小为gC．小球最大高度为D．小球电势能的最大值为【考点】：带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：小球做匀变速直线运动，合力的方向与速度方向在同一条直线上，结合合力的大小，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，结合速度位移公式求出小球上升的高度，根据电场力做功求出电势能的变化量，从而得出小球电势能的最大值．【解析】：解：A、因为小球做匀变速直线运动，则小球所受的合力与速度方向在同一条直线上，结合平行四边形定则知，电场力的方向与水平方向夹角为30°，斜向上．如图所示．故A错误．B、根据平行四边形定则知，小球所受的重力和电场力相等，两个力的夹角为120°，所以合力大小与分力大小相等，等于mg，根据牛顿第二定律知，小球的加速度为g．故B正确．C、小球斜向上做匀减速直线运动，匀减速直线运动的位移s==，则小球上升的最大高度h=s=．故C错误．D、在整个过程中电场力做功W=qEscos120°=﹣mv02，电势能增加mv02，所以小球电势能的最大值为mv02．故D错误．故选：B．【点评】：本题应在正确分析小球受力情况的基础上，运用牛顿第二定律、运动学公式和功能关系分析．知道物体做直线运动，合力的方向与速度方向在同一条直线上．6．（6分）如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则下列说法中错误的是（）A．当F＜2μmg 时，A、B都相对地面静止B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＞3μmg时，A相对B滑动D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg【考点】：牛顿第二定律；滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力．然后通过整体法隔离法逐项分析．【解析】：解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2μmg，f3的最大值为μmg．故当0＜F≤μmg时，A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；C、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F′，加速度为a′，则对A，有F′﹣2μmg=2ma′，对A、B整体，有F′﹣μmg=3ma′，解得F′=3μmg，故当μmg＜F≤3μmg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F＞3μmg时，A相对于B滑动．C正确．B、当F=μmg时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F﹣μmg=3ma，解得a=，B正确．D、对B来说，其所受合力的最大值F m=2μmg﹣μmg=μmg，即B的加速度不会超过μg，D正确．因选不正确的，故选：A【点评】：本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力7．（6分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示，水平放置的光滑轨道上固定有两个阻值均为R的定值电阻，空间中存在有竖直向下的匀强磁场，一质量为m，电阻也为R的金属棒垂直的放在导轨上，已知金属棒的长度等于导轨间距为D，某时刻给金属棒一水平初速度V0，金属棒在导轨上运动了L后速度变成V，则关于此过程下面说法中正确的是（）A．金属棒上产生的热量为m（v02﹣v2）B．金属棒上产生的热量为m（v02﹣v2）C．此区域内磁感应强度为B=D．此区域内磁感应强度为B=【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：金属棒动能的减少量等于整个回路产生的热量，根据焦耳定律分析金属棒与两个定值电阻产生的热量关系，求解金属棒上产生的热量．从加速度入手，运用微元法求解B．【解析】：解：AB、设金属棒上产生的热量为Q，每个R上产生的热量为Q′，通过R的电流为I，根据焦耳定律得：Q=（2I）2Rt，Q′=I2Rt，则Q=4Q′根据Q+Q′=m（v02﹣v2）得 Q=m（v02﹣v2），故AB错误．CD、设金属棒速度为v时加速度为a，取极短时间△t，则有 a=得△v=a△t根据牛顿第二定律得：a=棒所受的安培力大小 F=BIL=B D=联立以上三式可得△v=△t两边求和得：△v=∑△t又v△t=△x，v△t=x=L联立解得：B=，故C错误，D正确．故选：D．【点评】：本题一方面要准确把握能量的分配关系，另一方面要学会：对于变速直线运动，从加速度的定义式入手，运用微元法可以研究力和速度的关系．二、非选择题8．（8分）探究加速度与力的关系装置如图所示．带滑轮的长木板水平放置，细绳通过两滑轮分别与弹簧秤挂钩和沙桶连接，细线与桌面平行．将木块放在靠近打点计时器的一端，缓慢向沙桶中添加细沙，直到木块开始运动，记下木块运动后弹簧秤的示数F，通过纸带求出木块运动的加速度a．将木块放回原处，向沙桶中添加适量细沙，释放木块…获取多组a、F 数据．（1）关于该实验的操作，以下说法正确的是ABA．实验过程中，应先闭合打点计时器开关，再释放小车B．通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据C．每次添加细沙后，需测出沙及沙桶的质量D．实验过程要确保沙及沙桶的质量远小于木块的质量（2）某同学根据实验数据做出了两个a﹣F图象如图2所示，正确的是 B ；由图象可知，木块所受的滑动摩擦力大小大小为2F0；若要作出木块的加速度与合力的关系，需要对图象进行修正．修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0（用F、F0表示）．【考点】：测定匀变速直线运动的加速度．【专题】：实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）该实验不需要测量沙及沙桶的质量，绳子的拉力由弹簧秤直接测量，不需要满足沙及沙桶的质量远小于木块．（2）根据牛顿第二定律得出a与F的关系式，结合关系式得出正确的图线．（3）根据加速度等于零求出弹簧的拉力，从而求出此时的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得出加速度与合力的关系式，从而得出修正后的横坐标．【解析】：解：（1）实验中应该先接通电源后释放纸带，故A正确．B、通过缓慢添加细沙，可以方便地获取多组实验数据，故B正确．C、绳子的拉力可以通过弹簧测力计测出，不需要测量砂及沙桶的质量，也不需要保证沙及沙桶的质量远小于木块．故C、D错误．故选：AB．（2）小车所受的拉力等于2倍的弹簧秤拉力，可以直接测量得出，根据牛顿第二定律得，a==，故正确的图线是B．当弹簧拉力为F0时，小车开始滑动，可知滑动摩擦力f=2F0．根据牛顿第二定律得，a=，所以修正后的横坐标F合应该等于2F﹣2F0．故答案为：（1）AB；（2）B；2F0，2F﹣2F0【点评】：本题实验源于课本实验，但是又不同于课本实验，关键要理解实验的原理，注意该实验不需要测量砂及沙桶的质量，也不需要保证沙及沙桶的质量远小于木块．9．（4分）（2015•滕州市校级模拟）某同学用游标卡尺测量圆形管内径时的测量结果如图甲所示，则该圆形钢管的内径是40.45 mm．如图乙所示是某次用千分尺测量时的情况，读数为0.700 mm．【考点】：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】：实验题．【分析】：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】：解：1、游标卡尺的主尺读数为40mm，游标尺上第9个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为9×0.05mm=0.45mm，所以最终读数为：40mm+0.45mm=40.45mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm．故答案为：40.45，0.700【点评】：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．（8分）用下列器材组装成一个电路，要求既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V，内阻很大）B．电压表V2（量程3V，内阻很大）C．电流表A（量程3A，内阻很小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω，额定电流4A）E．小灯泡（2A，5W）F．电池组（电动势E，内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图1虚线框中补充完整．（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I1，U1）、（I2，U2），标到U﹣I坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图2所示，则电池组的电动势E= 4.5 V，内阻r= 1.0 Ω．（结果保留两位有效数字）（3）在U﹣I坐标系中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为0 Ω．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：（1）测电源电动势与内阻实验时，电压表测路端电压，随滑动变阻器接入电路阻值的增大，电压表示数增大；灯泡两端电压随滑动变阻器阻值增大而减小；根据电压表示数变化确定各电路元件的连接方式，然后作出实验电路图．（2）电源的U﹣I图象与纵轴的交点示数是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）由图象求出两图线的交点对应的电压与电流，然后根据闭合电路中内外电压的关系及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值．【解析】：解：（1）伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过灯泡的电流，灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；调节滑动变阻器时，电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小，则V1测路端电压，V2测灯泡两端电压，电路图如图所示．（2）电源的U﹣I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电动势E=4.5V，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡电压UL=2.5V，此时电路电流I=2.0A，电源电动势E=Ir+U L+IR滑，即4.5V=2.0A×1Ω+2.5V+2.0A×R滑，则R滑=0Ω．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）4.5；1.0；（3）0．【点评】：电源的U﹣I图象与纵轴的交点是电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，求电源内阻时要注意看清楚纵轴坐标起点数据是多少，否则容易出错．11．（16分）民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机外，一般还配有紧急出口．发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个气囊（由斜面部分AC和水平部分CD构成），机舱中的人可沿该气囊滑行到地面上来，如图所示．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，AC与地面之间的夹角为θ．斜面部分AC和水平部分CD平滑连接．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开始滑下，最后滑到水平部分上的E点静止，已知人与气囊之间的动摩擦因数为μ=0.55．不计空气阻力g=10m/s2．求人从A点开始到滑到E 点所用的时间．【考点】：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：由牛顿第二定律求出加速度，然后由运动学公式求出人在斜面与水平面上的运动时间，然后求出总的运动时间．【解析】：解：人的受力如图所示，由牛顿运动定律得：mgsin θ﹣μF N=maF N﹣mgcosθ=0，则：a=gsinθ﹣μgcosθ，解得：a=1.6 m/s2设人在斜面部分滑下所用的时间为t1，s=at，代入数据解得：t1=2.5 s设人滑到斜面底端C时的速度为v C，v C=at1=1.6×2.5=4 m/s由牛顿运动定律得：μmg=ma′由0﹣v C=（﹣a′）t2解得：t2=0.73 s故人从开始到滑到E点所用的时间：t=t1+t2=3.23 s．答：人从A点开始到滑到E 点所用的时间为3.23s．【点评】：本题考查了求运动时间，分析清楚人的运动过程，应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题．12．（16分）（2015•滕州市校级模拟）如图所示为一种电磁装置，由粒子源、加速电场、偏转电场、匀强磁场组成．在S点有一粒子源，能不断释放电量为q，质量为m的静止带电粒子，被加速电压为U，极板间距离为d的匀强电场加速后，从正中央垂直射入电压为U的匀强偏转电场（偏转电场中电压正负极随时间做周期性变化），偏转极板长度和极板距离均为L，带电粒子在偏转电场中一次偏转后即进入一个垂直纸面方向的匀强磁场，其磁感应强度为B．若不计重力影响，欲使带电粒子通过某路径返回S点，求：（1）粒子进入磁场时速度大小．（2）匀强磁场的宽度D至少为多少？（3）该带电粒子周期性运动的周期T是多少？偏转电压正负极多长时间变换一次方向？【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）对在加速电场中运用动能定理，结合在偏转电场中做类平抛运动求出偏转位移的大小和偏转角，对整个过程运用动能定理，求出粒子进入磁场的速度．（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可以求出粒子的轨道半径，结合几何关系求出匀强磁场的最小宽度．（3）粒子在加速电场中匀加速直线匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，结合运动学公式和推论以及在磁场中运动的周期公式求出带电粒子的周期T．偏转电压正负极变换一次方向的时间等于粒子在磁场中运动的时间．【解析】：解：（1）粒子在加速电场中加速，由动能定理得：，解得：…①由于粒子在电场加速过程中做匀加速直线运动，则加速的时间t1为：t1==…②粒子在偏转电场中做类似平抛运动，其加速度a为：，粒子通过偏转电场的时间t2为：…③粒子在偏转电场中的侧移距离y为：…④侧向速度v y为：则粒子射出偏转电场时的速度v为：…⑤（2）以速度v进入磁场后做匀速度圆周运动，洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：…⑥则磁场宽度为：…⑦（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T'为：，tanθ==2，则：θ=arctan2，所以粒子在磁场中运动的时间t3为：…⑧粒子从S出发到回到S的周期T为：T=2t1+2t2+t3=4d+2L+；偏转电压正负极换向时间t为：t==2d+L+；答：（1）粒子进入磁场时速度大小为．（2）匀强磁场的宽度D至少为+．（3）该带电粒子周期性运动的周期T是4d+2L+；偏转电压正负极经2d+L+变换一次方向．【点评】：本题考查了粒子在电场中和磁场中的运动问题，关键作出粒子的轨迹，知道粒子在加速电场中做匀加速直线运动，在偏转电场中做类平抛运动，在匀强磁场中做圆周运动，结合动能定理和运动学公式进行求解．13．（16分）如图所示为水平传送装置，轴间距离AB长l=8.3m，质量为M=1kg的木块随传送带一起以v1=2m/s的速度向左匀速运动（传送带的传送速度恒定），木块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5．当木块运动至最左端A点时，一颗质量为m=20g的子弹以=300m/s水平向右的速度正对射入木块并穿出，穿出速度u=50m/s，以后每隔1s就有一颗子弹射向木块，设子弹射穿木块的时间极短，且每次射入点各不相同，g取10m/s2．求：（1）在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离？（2）木块在传达带上最多能被多少颗子弹击中？（3）从第一颗子弹射中木块到木块最终离开传送带的过程中，子弹、木块和传送带这一系统产生的总内能是多少？【考点】：动量守恒定律；牛顿第二定律．【分析】：（1）根据动量守恒定律求出子弹穿过木块的瞬间，木块的速度，结合牛顿第二定律和运动学公式求出在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离．（2）根据运动学公式求出子弹被一颗子弹击中到下一颗子弹击中，这段时间内的位移，从而确定最多能被多少颗子弹击中．（3）根据功能关系求出被一颗子弹击中到下一颗子弹击中这段时间内所产生的热量，包括子弹击穿木块的过程中产生的内能，与传送带发生相对滑动产生的内能，从而得出子弹、木块和传送带这一系统产生的总内能．【解析】：解：（1）子弹射入木块过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正反方向，由动量守恒定律得：mv0﹣Mv1=mv+Mv1′，解得：v1′=3m/s，木块向右作减速运动加速度：a==μg=0.5×10=5m/s2，木块速度减小为零所用时间：t1=解得：t1=0.6s＜1s所以木块在被第二颗子弹击中前向右运动离A点最远时，速度为零，移动距离为：s1=，解得：s1=0.9m．（2）在第二颗子弹射中木块前，木块再向左作加速运动，时间为：t2=1s﹣0.6s=0.4s速度增大为：v2=at2=2m/s（恰与传送带同速）；向左移动的位移为：s2=at22=×5×0.42=0.4m，所以两颗子弹射中木块的时间间隔内，木块总位移S0=S1﹣S2=0.5m方向向右第16颗子弹击中前，木块向右移动的位移为：s=15×0.5m=7.5m，第16颗子弹击中后，木块将会再向右先移动0.9m，总位移为0.9m+7.5=8.4m＞8.3m木块将从B端落下．所以木块在传送带上最多能被16颗子弹击中．（3）第一颗子弹击穿木块过程中产生的热量为：Q1=mv02+Mv12﹣mu2﹣Mv1′2，木块向右减速运动过程中板对传送带的位移为：s′=v1t1+s1，产生的热量为：Q2=μMgs′，木块向左加速运动过程中相对传送带的位移为：s″=v1t2﹣s2，产生的热量为：Q3=μMgs″，第16颗子弹射入后木块滑行时间为t3有：v1′t3﹣at32=0.8，解得：t3=0.4s木块与传送带的相对位移为：S=v1t3+0.8产生的热量为：Q4=μMgs，全过程中产生的热量为：Q=15（Q1+Q2+Q3）+Q1+Q4解得：Q=14155.5J；答：（1）在被第二颗子弹击中前，木块向右运动离A点的最大距离为0.9m．（2）木块在传达带上最多能被16颗子弹击中．（3）子弹、木块和传送带这一系统产生的热能是14155.5J．【点评】：此题综合性非常强，既有动量守恒定律又有匀变速直线运动，要求掌握物理知识要准确到位，能够灵活应用，物体运动过程复杂，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，分析清楚过程后，应用动量守恒定律、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题．。
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山东省滕州市第五中学2015届高三第二次月考物理试题考试时间：100分钟一、选择题（每题4分，1－8 题单选 ，9－12多选，共48分） 1下列说法正确的是A ．速度变化越快的物体惯性越小B ．物体做曲线运动的条件是所受合外力的方向和速度的方向既不垂直也不在一条直线上C ．学校餐厅的吊扇在工作时向下推压空气，空气对吊扇产生向上的推力，减轻了吊杆对吊扇的拉力，所以，即使吊杆略有松动也是安全的。
D ．用弹簧连接两个小球A 和B ，其中弹簧对A 的弹力和弹簧对B 的弹力是一对平衡力。
2．如图所示,质量分别为m 1、m 2的A 、B 两小球分别连在弹簧两端,B 端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上,不计弹簧质量,在线被剪断瞬间,A 、B 两球的加速度分别为：（ ）A ．都等于2gB ．2g和0 C ．2212)(m gm m +和0D ．0和2212)(m gm m +3．气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。
在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R 、质量为m 的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O ，当水平风吹时，球在风力的作用下飘起．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v 0=3m/s 时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°。
则（ ）A ．θ=60°时，风速v =6m/sB ．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C ．若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变D．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小4．如图所示，具有一定初速度v的物块，在沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为5 m/s2，方向沿斜面向下，g 取10 m/s2，那么在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减少C．物块的机械能不变D．物块的机械能可能增加，也可能减少5．“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处由静止往下跳的过程中（运动过程中某明星可视为质点），其速度—时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）．A．跳板距离水面的高度为7．5 mB．该明星入水前处于失重状态，入水后处于超重状态C．1 s末该明星的速度方向发生改变D．该明星在整个下跳过程中的平均速度是7．5 m/s6．如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是（）A ．小球通过最高点时的最小速度v minB ．小球通过最低点时的最小速度v min ＝)(5R r gC ．小球在水平线ab 以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力D ．小球在水平线ab 以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力7．如图所示，倾角为θ的斜面体c 置于水平地面上，小物块b 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a 连接，连接b 的一段细绳与斜面平行。
在a 中的沙子缓慢流出的过程中，a 、b 、c 都处于静止状态，下列说法错误的是（ ）A ．b 对c 的摩擦力可能始终增加B ．滑轮对绳的作用力方向始终不变C ．地面对c 的支撑力始终变小D ．对地面的摩擦力方向始终向左8．如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态。
现用竖直向上的拉力F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F 与物体位移x 的关系如图乙所示（g=10m/s 2），则下列结论正确的是（ ）A ．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B ．物体的质量为3 kgC ．物体的加速度大小为5 m/s 2D ．弹簧的劲度系数为7．5 N/cm9．如下图所示，两个完全相同的小车质量为M ，放在光滑的水平面上，小车横梁上用细线各悬挂一质量为m 的小球，若分别施加水平恒力12F F 、，整个装置分别以加速度12a a 、做匀加速运动，但两条细线与竖直方向夹角均为θ，则下列判断正确的是：（ ）A ．两细线的拉力大小相同B ．地面对两个小车的支持力相同C ．水平恒力12F F =D ．两个小车的加速度12a a =10．半径R=4cm 的圆盘可绕圆心O 水平转动，其边缘有一质量m=1kg 的小物块（可视为质点），若物块随圆盘一起从静止开始加速转动，其向心加速度与时间满足a 0=t 2，物块与圆盘间的动摩擦因数为0．6，则：（ ） A ．2s 末圆盘的线速度大小为0．4m/sB ．2s 末物块所受摩擦力大小为4NC ．物块绕完第一圈的时间约为1．88sD ．物块随圆盘一起运动的最大速度约为0．5m/s11．从离地H 高处自由释放小球a ，同时在地面以速度v 0竖直上抛另一小球b ，下列说法正确的是（ ） A ．若v 0＞gH ，小球b 在上升过程中与a 球相遇B ．若v 0＜gH ，小球b 在下落过程中肯定与a 球相遇C ．若v 0，小球b 和a 不会在空中相遇D ．若v 0=gH ，两球在空中相遇时b 球速度为零。
12．在光滑水平面上放置两长度相同、质量分别为m 1和m 2的木板P 、Q ，在木板的左端各有一大小、形状、质量完全相同的物块a 和b ，木板和物块均处于静止状态。
现对物块a 和b 分别施加水平恒力F 1和F 2，使它们向右运动。
当物块与木板分离时，P 、Q 的速度分别为v 1、v 2，物块P、Q相对地面的位移分别为s1、s2。
已知两物块与木板间的动摩擦因数相同，下列判断正确的是（）A．若F1＝F2、m1>m2，则v1<v2、s1<s2B．若F1＝F2、m1<m2，则v1>v2、s1<s2C．若F1 > F2、m1=m2，则v1<v2、s1>s2D．若F1 < F2、m1=m2，则v1>v2、s1>s2二、实验题（13题每空3分，14题每空2分，共16分）13．某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h＝30．0 cm且开口向下的小筒中（没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触），如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长L0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变L而测出对应的弹力F，作出F－L图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为．弹簧的原长L0＝_________．14．某同学用如图所示实验装置探究加速度与物体质量、物体所受力的关系．滑道水平，用钩码所受的重力作为滑块所受的拉力，得到滑块的加速度与拉力的关系图像。
重力加速度为g ＝10 m/s2（1）图像不过原点的原因是_______________；滑块所受的滑动摩擦力f ＝________N 。
（2）若拉力F 无限增大，图像将趋于一条水平直线，且加速度a ＝______m/s 2。
（3）滑块的质量M ＝________kg ；滑块和轨道间的动摩擦因数μ＝________三、计算题（8分+8分+10分+10分）15．如图，可视为质点的小球位于半圆体左端点A 的正上方某处，以初速度v 0水平抛出，其运动轨迹恰好能与半圆柱体相切于B 点．过B 点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为30°，求半圆柱体的半径为多大？（不计空气阻力，重力加速度为g ）16．研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）s t 45.00=，但饮酒会导致反应时间延长，在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以h km v /540=的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L ＝27m 。
减速过程中汽车速度v 与位移s 的关系曲线如图乙所示，此过程可视为匀变速直线运动。
取重力加速度的大小g=10m/s 2。
求： （1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者的反应时间比一般人增加了多少？17．如图所示，将倾角θ=30°、表面粗糙的斜面固定在地面上，用一根轻质细绳跨过两个光滑的半径很小的滑轮连接甲、乙两物体（均可视为质点），把甲物体放在斜面上且细绳与斜面平行，把乙物体悬在空中，并使细绳拉直且偏离竖直方向α=60°。
开始时甲、乙均静止。
现同时释放甲、乙两物体，乙物体将在竖直平面内往返运动，测得绳长OA 为l =0．5 m ，当乙物体运动经过最高点和最低点时，甲物体在斜面上均恰好未滑动, 已知乙物体在竖直平面内运动到最低点时的速度大小为s m /5，乙物体的质量为 m=1 kg ，忽略空气阻力，取重力加速度g=10 m/s 2，求： （1）乙物体在竖直平面内运动到最低点时所受的拉力大小 （2）甲物体的质量以及斜面对甲物体的最大静摩擦力的大小（3）斜面与甲物体之间的动摩擦因数μ（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）18．如图所示，光滑水平面上静止放置质量M = 2kg ，长L = 0．84m 的长木板C ，离板左端S = 0．12m 处静止放置质量m A =1kg 的小物块A ，A 与C 间的动摩擦因数μ = 0．4；在板右端静止放置质量m B = 1kg 的小物块B ，B 与C 间的摩擦忽略不计．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A 、B 均可视为质点，g = 10m/s 2．现在木板上加一水平向右的力F ，问： （1）当F = 9N 时，小物块A 的加速度为多大？（2）若F 足够大，则A 与B 碰撞之前运动的最短时间是多少？（3）若在A 与B 发生碰撞瞬间两者速度交换且此时撤去力F ，A 最终能滑出C ，则F 的最大值为多少？2015年山东省滕州市第五中学高三第二次月考物理试题参考答案一、选择题二、实验题 （每空3分共18分） 13．2014．（1）没有平衡摩擦力,1N （2）10m/s2（3）0．3kg ；13； 15．在B 点由速度分解可知，竖直分速度大小为03v ， 由平抛运动规律和圆周的几何条件可知，gt v =03 ，︒+=30cos 0R R t v ，解得 gv R 2)634(-=16．解：（1）设减速过程中汽车加速度的大小为a ，所用时间为t ，由题可得初速度s m v /150=，末速度0=t v ，位移s=15m ，由运动学公式得as v 220= av t 0=联立①②式，代入数据得 2/5.7s m a = 2t s =（2）设志愿者反应时间为'ｔ,反应时间的增加量为t ∆，由运动学公式得s t v L +='0 0't t t -=∆ 联立⑤⑥式，代入数据得 s t 35.0=∆ 17．解：（1） T-mg=L v m 2，则T=N N L v mmg 205.051102=⨯+=+ （2）物体摆到最低点时绳子的拉力F 1=20N 物体摆到最高点时有：mgcosα=F 2=5N ． 对甲物体有：F 1=f m +m 甲gsinθF 2+f m =m 甲gsinθ 联立两式解得：f m =7．5N ，m 甲=2．5kg （3）最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则有f m =μmgcosθ所以35.023255.7cos ≈⨯==θμg m f m甲故斜面与甲物体之间的动摩擦因数μ为0．35．18．解：（1）设M 和m A 一起向右加速，它们之间静摩擦力为f 由牛顿第二定律得：F=（M+m A ）a 得：2/3s m a =34A A f m a N m g N μ==<=，表明加速度的结果是正确的．（2）m A 在与m B 碰之前运动时间最短，必须加速度最大，则：1m A A f m g m a μ== 211121t a s L =- 解得：s t 6.01= （3）在A 与B 发生碰撞时，A 刚好滑至板的左端，则此种情况推力最大，设为F 1， 对板C ，有：C A Ma g m F =-μ1 2121t a L C = 解得：N N F 3.133401≈=。