2019版高考物理二轮复习实验题15分满分练三.doc

【推荐重点】2019版高考物理二轮复习实验题15分满分练(四)

实验题15分满分练(四)22.(6分)某同学为了测量R x 的电阻值，设计了如图1甲所示的电路。

用到的器材有：电源(电动势未知，内阻为r )，理想电流表，理想电压表，单刀双掷开关S 。

实验时他进行了如下操作：(1)在开关处于断开状态下连接好电路；(2)将开关S 掷向电压表一侧闭合，记录下电压表读数U 1；将开关S 掷向R x 一侧闭合，记录下电流表读数I 2；(3)根据已知条件和(2)中测量的数据，可得电源电动势E ＝________，待测电阻的表达式R x ＝________；(4)根据图1甲电路，完成图1乙中各实物器材之间的连线。

图1解析 (3)当将开关S 掷向电压表一侧闭合时，外电路为断路状态，故电压表的示数即为电源的电动势；因电压表读数为U 1，可知电源的电动势E ＝U 1；将开关S 掷向R x 一侧闭合，电流表读数为I 2，则由闭合电路欧姆定律可知E ＝I 2(R x ＋r )，解得R x ＝U 1－I 2r I 2。

(4)根据原理图得出对应的实物图如图所示。

答案 (3)U 1 U 1－I 2r I 2(4)如图所示 23.(9分)利用如图2所示的装置可以“研究匀变速直线运动的规律”。

将质量为m 1的物块1与质量为m 2的物块2(m 1<m 2)通过轻绳悬挂在定滑轮上，打点计时器(用频率为50 Hz 的交流电)固定在竖直方向上，物块1与穿过打点计时器限位孔的纸带相连接。

开始时托住物块2使两物块均处于静止状态，之后将物块2释放。

图2图3所示为实验中打点计时器打出的一条点迹清晰的纸带，O 是打点计时器打下的第一个点，相邻两个计数点之间还有四个点没有画出。

图3(1)相邻两计数点之间的时间间隔为________ s ；(2)实验时要在接通打点计时器电源之________(填“前”或“后”)释放物块2；(3)将各计数点至O 点的距离依次记为h 1、h 2、h 3、h 4、…，测得h 2＝1.60 cm ，h 4＝6.40 cm ，请计算打点计时器打下C 点时物块的速度大小为________ m/s ；(4)根据测出物块1上升的高度h 与相应的时间t ，描绘出如图4所示的h －t 2图线，由此可以求出物块的加速度大小为________ m/s 2。

2019-2020年高考物理二轮复习实验题15分练1

实验题15分练(一)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·齐齐哈尔一模)某同学用气垫导轨验证机械能守恒定律，在气垫导轨的滑块上装上一个挡光片和一个方盒，测得滑块、方盒及挡光片的总质量为M ，气垫导轨的右端固定一个定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，每个钩码的质量为m ，当地重力加速度为g (桌面足够高) ，如图甲所示．图1(1)现用游标卡尺测出挡光片的宽度，读数如图1乙所示，则宽度d ＝__________mm.(2)实验前先调节气垫导轨水平，方法是：取下砝码，接通气垫导轨装置的电源，调节导轨下面的螺母，若滑块放在气垫导轨上任意位置都能__________，则导轨水平．(3)先挂上6个钩码，将滑块由某一固定位置由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t ，则滑块通过光电门的速度为__________(用题中所给字母表示)．(4)每次将1个钩码移放到滑块上的方盒中，滑块均由同一位置由静止释放，重复实验，记录每次悬挂钩码的个数n 及挡光片通过光电门的时间t ，在坐标纸上作出n 1t 2的图象，如图丙所示，要验证机械能守恒，还需要测量的物理量是______________________________，设此物理量的测量值为x ，要验证机械能守恒，在误差允许的范围内，作出的图象斜率k ＝__________.【解析】 (1)游标卡尺的读数为d ＝5 mm ＋0.05 mm×4＝5.20 mm.(2)调节气垫导轨水平时，通过调节导轨下面的螺母，使滑块放在导轨上任意位置都能保持静止，则导轨调节水平．(3)滑块通过光电门的速度v ＝d t.(4)要验证机械能守恒，还需要测量滑块开始滑动时，挡光片到光电门的距离，根据机械能守恒定律，nmgx ＝12(M ＋6m )⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2可得n ＝M ＋6m d 22mgx ·1t 2，因此要验证机械能守恒，除了n 1t 2图象为一条过原点的倾斜直线，还必须得到图象的斜率k ＝M ＋6m d 22mgx .【答案】 (1)5.20 (2)保持静止 (3)d t (4)滑块开始滑动时挡光片到光电门的距离 M ＋6m d 22mgx2．(9分)某同学要测定三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A ．电流表G(满偏电流5 mA ，内阻10 Ω)B ．安培表(量程0.6 A ，内阻0.5 Ω)C ．电压表(量程15 V ，内阻约为6 k Ω)D ．滑动变阻器(阻值：0～10 Ω，额定电流为2 A)E ．定值电阻R 0(阻值990 Ω)F ．开关S 一个，导线若干(1)请完成虚线框内的电路图，为了减小实验误差，电路图2甲中的导线应连接到__________(填“①”或“②”)的位置．图2(2)调节滑动变阻器，测得虚线框内电表的示数X 与安培表的示数I 的多组数值，作出X I 图象如图乙，则由图线可以得到被测电池组的电动势E ＝__________V ，内阻r ＝__________Ω.(保留2位有效数字)(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持开关闭合，其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为____________________________________________________________________．【解析】 (1)三节干电池的电动势大约为4.5 V ，由于所给电压表的量程过大，因此需要用电流表G 和定值电阻R 0组成了一个量程为5 V 的电压表，因此虚线框内的电路连接如图所示．由于安培表的电阻已知，因此将导线连接到②可以减小电池内阻测量的误差．(2)由电路连接可知，X 为电流表G 的示数，将图线延长，图线与纵轴的交点是4.5 mA ，为电路断路时电流表G 的示数，此时电源的电动势等于路端电压，即E ＝4.5×10－3×(990＋10)V ＝4.5 V ，电源的内阻r ＝4－20.5－0.1Ω－0.5 Ω＝4.5 Ω. (3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．【答案】 (1)见解析 (2)4.5 4.5 (3)干电池使用较长时间后，电动势和内阻发生变化，导致实验误差增大。

2019年高考物理二轮复习实验题15分练2

实验题15分练(二)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·内蒙古赤峰4月模拟)某实验小组想在实验室测量一电源的电动势及内阻，但内阻为2 k Ω的电压表量程3 V 不够，现需改装电压表后再进行实验．(1)改装成量程为9 V 的电压表需串联R 0＝__________k Ω的电阻．(2)利用一个电阻箱R (符号)、一只开关S 、若干导线和改装后的电压表(用原来电压表的符号和串联电阻R 0表示，且此电压表可视为理想电表)测量电源电动势及内阻，请画出实验电路图．图1(3)根据以上实验电路图进行实验时，如果读出电压表示数为1.50 V 时，电阻箱的阻值为15.0 Ω，则电源的电动势E 和内阻r 的关系式为E ＝__________.【解析】 (1)根据串联分压原理，若“改装”成量程为9 V 的电压表，量程扩大到原来的3倍，应该串联阻值等于原来内阻2倍的电阻，串联R 0＝4 k Ω的电阻．(2)电路如图所示：(3)根据闭合电路欧姆定律：E ＝U ＋Ir ＝4.5＋4.515r ＝4.5＋0.3r . 【答案】 (1)4 (2)见解析 (3)4.5＋0.3r2．(9分)某物理兴趣小组利用如图2甲所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A 点左侧与A 之间的动摩擦因数的实验，在足够大的水平平台上的A 点放置一个光电门，水平平台上A 点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g .采用的实验步骤如下：图2A ．在小滑块a 上固定一个宽度为d 的窄挡光片；B ．用天平分别测出小滑块a (含挡光片)和小球b 的质量m a 、m b ；C ．在a 和b 间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；D ．烧断细线后，a 、b 瞬间被弹开，向相反方向运动；E ．记录滑块a 通过光电门时挡光片的遮光时间Δt ；F ．滑块a 最终停在C 点(图中未画出)用刻度尺测出AC 之间的距离s a ；G ．小球b 从平台边缘飞出后，落在水平地面的B 点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h 及平台边缘铅垂线与B 点之间的水平距离s b ；H ．改变弹簧压缩量，进行多次测量．(1)用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2乙所示，则挡光片的宽度为__________mm ；(2)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体a 、b 弹开后的动量大小相等，即a 的动量大小__________等于b 的动量大小__________；(用上述实验所涉及物理量的字母表示)(3)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块a 的s a 与1Δt 2关系图象如图3所示，图象的斜率为k ，则平台上A 点左侧与滑块a 之间的动摩擦因数大小为__________．(用上述实验数据字母表示)图3【解析】 (1)螺旋测微器的读数为：2.5 mm ＋0.01×5.0 mm＝2.550 mm.(2)烧断细线后，a 向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a 经过光电门的速度为：v a ＝dΔt ，故a 的动量为：p a ＝m a dΔt ，b 离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：h ＝12gt 2及s b ＝v b t 联立解得：v b ＝s b g 2h ，故b 的动量为：p b ＝m b v b ＝m b s b g 2h .(3)对物体a 由光电门向左运动过程分析，则有：v 2a ＝2as a ，经过光电门的速度：v a ＝d Δt，由牛顿第二定律可得：a ＝μmg m ＝μg ，联立可得：s a ＝d 22μg Δt 2，则k ＝d 22μg ，所以μ＝d 22kg. 【答案】 (1)2.550 (2)m a d Δt m b s b g 2h (3)d 22kg。

【物理文档】2019年高考物理二轮复习实验题15分练3.doc

实验题15分练(三)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·贵州适应性考试)某实验小组利用如图1所示的装置验证机械能守恒定律，实验主要步骤如下：图1①将光电门安放在固定于水平地面上的长木板上；②将细绳一端连在小车上，另一端绕过两个定滑轮后悬挂一钩码，调节木板上滑轮的高度，使该滑轮与小车间的细绳与木板平行；③测出小车遮光板与光电门之间的距离L，接通电源，释放小车，记下小车遮光板经过光电门的时间t；④根据实验数据计算出小车与钩码组成的系统动能的增加量和钩码重力势能的减少量．(1)根据上述实验步骤，实验中还需测量的物理量有__________A．小车上遮光板的宽度d B．小车的质量m1C．钩码的质量m2 D．钩码下落的时间t′(2)由实验步骤和(1)选项中测得的物理量，可得到系统动能增加量的表达式为__________，钩码重力势能减少量的表达式为__________；改变L的大小，重复步骤③、④.若在误差范围内，系统动能的增加量均等于钩码重力势能的减少量，说明该系统机械能守恒．【解析】(1)滑块经过光电门的速度v＝dt，若满足机械能守恒则：m 2gL＝12(m1＋m2)v2＝12(m1＋m2)d2t2，则实验中还需测量的物理量有：小车上遮光板的宽度d 、小车的质量m 1和钩码的质量m 2，故选A 、B 、C.(2)系统动能增加量的表达式为ΔE k ＝12(m 1＋m 2)d 2t 2，钩码重力势能减少量的表达式为m 2gL .【答案】 (1)ABC (2)m 1＋m 2d 22t 2m 2gL2．(9分)某研究性学习小组用以下器材测量一个量程为0～0.6 A 的电流表的内阻：A ．待测电流表：量程0～0.6 AB ．直流电源：输出电压恒为2.0 VC ．定值电阻R 0＝2.0 ΩD ．一根接入电路长度可以改变的合金丝(该合金丝的电阻率几乎不受温度变化的影响)E ．开关S 、导线若干(1)将图2中实物连接为测量所用的电路．图2(2)在实验中，该小组记下合金丝接入电路的长度L 及相应电流表的读数I ，并计算出1I的结果，如下表所示．L /cm 100.0 80.0 60.0 30.0 10.0 I /A 0.24 0.28 0.34 0.44 0.57 1I/A －14.13.62.92.31.8图3为了得到电流表的内阻，请根据上表中的数据建立合理的坐标系，并在坐标轴旁相应的空格内写出对应的物理量及单位，然后在坐标系中作出相应图象．由图象可计算出电流表内阻R A＝__________.(保留两位有效数字) 【解析】(1)实物连接如图：(2)根据闭合电路的欧姆定律：E＝I(R0＋R A＋R x)，而R x＝ρLS联立可得：1I＝R＋R A E ＋ρSE·L由所给的数据做出1IL图象如图：由图象可知R＋R AE＝1.5，解得R A＝1.0 Ω.【答案】(1)见解析1 I ②L图见解析0.8 Ω～1.2 Ω；(2)①。

[精品]2019版高考物理二轮复习实验题15分满分练(二)

实验题15分满分练(二)22.(5分)某同学现用如图1甲所示的气垫导轨和光电门装置来验证动量守恒定律，在气垫导轨右端固定一弹簧，滑块b的右端有强粘性的胶水。

图中滑块a和挡光片的总质量为m1＝0.620 kg，滑块b的质量为m2＝0.410 kg，实验步骤如下：①按图安装好实验器材后，接通气源，先将滑块a置于气垫导轨上，然后调节底脚螺丝，直到轻推滑块后，滑块上的挡光片通过两个光电门的时间________；②将滑块b置于两光电门之间，将滑块a置于光电门1的右端，然后将滑块a水平压缩弹簧，滑块a在弹簧的作用下向左弹射出去，通过光电门1后继续向左滑动并与滑块b发生碰撞；③两滑块碰撞后粘合在一起向左运动，并通过光电门2；④实验后，分别记录下滑块a挡光片通过光电门1的时间t1，两滑块一起运动挡光片通过光电门2的时间t2。

图1(1)完成实验步骤①中所缺少的内容。

(2)实验前用一游标卡尺测得挡光片的宽度d如图乙所示，则d＝________ cm。

(3)设挡光片通过光电门的时间为Δt，则滑块通过光电门的速度可表示为v＝________(用d、Δt表示)。

(4)实验中测得滑块a经过光电门1的速度为v1＝2.00 m/s，两滑块经过光电门2的速度为v2＝1.20 m/s，将两滑块和挡光片看成一个系统，则系统在两滑块相互作用前、后的总动量分别为p1＝________ kg·m/s，p2＝________ kg·m/s(结果均保留3位小数)。

解析(1)在步骤①中气垫导轨安装时应保持水平状态，滑块在轨道上应做匀速直线运动，故滑块上的挡光片通过两光电门的时间相等。

(2)游标卡尺的主尺读数为15 mm，游标尺读数为0.05×10 mm＝0.50 mm，所以挡光片的宽度为d＝15 mm＋0.50 mm ＝15.50 mm＝1.550 cm。

(3)由于挡光片的宽度比较小，故挡光片通过光电门的时间比较短，因此可将挡光片通过光电门的平均速度看成滑块通过光电门的瞬时速度，故滑块通过光电门的速度可表示为v＝dΔt。

【高中物理】2019版高考物理二轮复习选考题15分满分练三.doc

选考题15分满分练(三)33.【物理——选修3－3】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是________。

(填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.悬浮在液体中的小颗粒越小，布朗运动越明显B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体D.理想气体，温度升高，内能一定增大E.理想气体等压膨胀过程一定放热(2)(10分)如图1所示，汽缸呈圆柱形，上部有挡板，内部高度为d。

筒内有一个很薄的质量不计的活塞封闭一定质量的理想气体，开始时活塞处于离底部d2的高度，外界大气压强为1.0×105 Pa，温度为27 ℃，现对气体加热。

求：图1(ⅰ)当活塞刚好到达汽缸口时气体的温度；(ⅱ)气体温度达到387 ℃时气体的压强。

解析(1)颗粒越小，周围的液体分子数越少，碰撞越不容易平衡，选项A正确；热量不可能从低温物体自发地传到高温物体，选项B错误；在一定条件下，某些晶体和非晶体可以相互转化，选项C正确；理想气体忽略分子势能，宏观上内能由物质的量和温度决定，微观上由微粒摩尔数和分子热运动的动能决定，温度越高，分子热运动的平均动能越大，内能一定越大，选项D正确；理想气体等压膨胀过程，温度升高，内能增加，膨胀对外做功，由热力学第一定律ΔU＝Q＋W知一定吸热，选项E错误。

(2)(ⅰ)以封闭气体为研究对象，有p 1＝p0，V1＝Sd2，T1＝300 K(1分)设温度升高到T2时，活塞刚好到达汽缸口，此时p2＝p0，V2＝Sd(1分)此过程为等压变化，根据盖—吕萨克定律有V 1 T 1＝V2T2(2分)解得T2＝600 K(1分)(ⅱ)T3＝387 ℃＝660 K>T2，活塞到达汽缸口之后封闭气体做等容变化查理定律有p 2 T 2＝p3T3(2分)解得p3＝1.1×105 Pa(1分)答案(1)ACD (2)(ⅰ)600 K (ⅱ)1.1×105 Pa34.【物理——选修3－4】(15分)(1)(5分)如图2甲是一列简谐横波传播到x＝5 m的M点的波形图，图乙是质点N(x＝3 m)从此时刻开始计时的振动图象，Q是位于x＝10 m处的质点，下列说法正确的是________。

2019版高考物理二轮复习选考题15分满分练(二)

选考题15分满分练(二)33.【物理——选修3－3】(15分)(1)(5分)下列叙述和热力学定律相关，其中正确的是________。

(填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性B.对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C.第二类永动机不违背能量守恒定律，但违背了热力学第一定律D.自发的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的E.电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递(2)(10分)如图1所示，竖直圆筒是固定不动的，粗筒横截面积是细筒的2倍。

粗筒中封有压强为p0＝75 cmHg的空气Ⅰ(可视为理想气体)，气柱长L1＝20 cm，细筒中的A、B两轻质活塞间封有空气Ⅱ(可视为理想气体)，气柱长L2＝10 cm。

活塞A上方的水银柱高H＝10 cm，两活塞与筒壁间的摩擦不计。

用外力向上托住活塞B，使之处于平衡状态，水银面与细筒上端相平。

现使活塞B缓慢上移，直至水银恰好全部被推入粗筒中，设在整个过程中气柱的温度不变，大气压强p0＝75 cmHg，试求：图1(ⅰ)空气Ⅰ的压强；(ⅱ)活塞B上移的距离。

(结果保留2位小数)解析(1)能量耗散反映了能量转化的方向性，选项A正确；由热力学第一定律知，改变物体内能的方式有两种，分别为做功和热传递，对某物体做功的同时，该物体向外传递热量，则该物体的内能可能减少，所以选项B错误；第二类永动机不违背能量守恒定律，但是违背热力学第二定律，选项C错误；根据热力学第二定律可知，自然发生的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，故选项D 正确；电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递，故选项E 正确。

(2)(ⅰ)对于空气Ⅰ，初态p 1＝p 0＝75 cmHg ，V 11＝L 1S 1末态，设压强为p 2，体积V 12＝(L 1－H 2)S 1(1分) 根据玻意耳定律得p 1V 11＝p 2V 12(2分)解得p 2＝100 cmHg(1分)(ⅱ)对于空气Ⅱ，初态p 21＝p 0＋H ＝85 cmHg ， V 21＝L 2S 2末态，压强为p 22＝p 2＋H 2＝105 cmHg ，体积V 22＝L 22S 2(1分)由玻意耳定律得p 21V 21＝p 22V 22(2分)解得L 22＝p 21L 2p 22＝85×10105cm ＝8.10 cm(1分) 活塞B 上移的距离d ＝L 2＋H －L 22＝11.90 cm(2分)答案 (1)ADE (2)(ⅰ)100 cmHg (ⅱ)11.90 cm34.【物理——选修3－4】(15分)(1)(5分)如图2所示，两束单色光a 、b 从水下面射向A 点，光线经折射后合成一束光c ，则下列说法正确的是________。

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实验题15分练(一)(时间：15分钟分值：15分)(第159页)1．(6分)(2018·齐齐哈尔一模)某同学用气垫导轨验证机械能守恒定律，在气垫导轨的滑块上装上一个挡光片和一个方盒，测得滑块、方盒及挡光片的总质量为M，气垫导轨的右端固定一个定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，每个钩码的质量为m，当地重力加速度为g(桌面足够高) ，如图甲所示．图1(1)现用游标卡尺测出挡光片的宽度，读数如图1乙所示，则宽度d＝__________mm.(2)实验前先调节气垫导轨水平，方法是：取下砝码，接通气垫导轨装置的电源，调节导轨下面的螺母，若滑块放在气垫导轨上任意位置都能__________，则导轨水平．(3)先挂上6个钩码，将滑块由某一固定位置由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t ，则滑块通过光电门的速度为__________(用题中所给字母表示)．(4)每次将1个钩码移放到滑块上的方盒中，滑块均由同一位置由静止释放，重复实验，记录每次悬挂钩码的个数n 及挡光片通过光电门的时间t ，在坐标纸上作出n -1t 2的图象，如图丙所示，要验证机械能守恒，还需要测量的物理量是______________________________，设此物理量的测量值为x ，要验证机械能守恒，在误差允许的范围内，作出的图象斜率k ＝__________.【解析】 (1)游标卡尺的读数为d ＝5 mm ＋0.05 mm ×4＝5.20 mm.(2)调节气垫导轨水平时，通过调节导轨下面的螺母，使滑块放在导轨上任意位臵都能保持静止，则导轨调节水平．(3)滑块通过光电门的速度v ＝d t .(4)要验证机械能守恒，还需要测量滑块开始滑动时，挡光片到光电门的距离，根据机械能守恒定律，nmgx ＝12(M ＋6m )⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2可得n ＝(M ＋6m )d 22mgx ·1t 2，因此要验证机械能守恒，除了n -1t 2图象为一条过原点的倾斜直线，还必须得到图象的斜率k ＝(M ＋6m )d 22mgx .【答案】 (1)5.20 (2)保持静止 (3)d t (4)滑块开始滑动时挡光片到光电门的距离 (M ＋6m )d 22mgx2．(9分)某同学要测定三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A ．电流表G(满偏电流5 mA ，内阻10 Ω)B ．安培表(量程0.6 A ，内阻0.5 Ω)C ．电压表(量程15 V ，内阻约为6 kΩ)D ．滑动变阻器(阻值：0～10 Ω，额定电流为2 A)E ．定值电阻R 0(阻值990 Ω)F ．开关S 一个，导线若干(1)请完成虚线框内的电路图，为了减小实验误差，电路图2甲中的导线应连接到__________(填“①”或“②”)的位置．图2(2)调节滑动变阻器，测得虚线框内电表的示数X与安培表的示数I的多组数值，作出X-I图象如图乙，则由图线可以得到被测电池组的电动势E＝__________V，内阻r＝__________Ω.(保留2位有效数字)(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持开关闭合，其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为____________________________________________________________________．【解析】(1)三节干电池的电动势大约为4.5 V，由于所给电压表的量程过大，因此需要用电流表G和定值电阻R0组成了一个量程为5 V的电压表，因此虚线框内的电路连接如图所示．由于安培表的电阻已知，因此将导线连接到②可以减小电池内阻测量的误差．(2)由电路连接可知，X为电流表G的示数，将图线延长，图线与纵轴的交点是4.5 mA，为电路断路时电流表G的示数，此时电源的电动势等于路端电压，即E＝4.5×10－3×(990＋10)V＝4.5 V，电源的内阻r＝4－20.5－0.1Ω－0.5 Ω＝4.5 Ω.(3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大．【答案】(1)见解析(2)4.5 4.5(3)干电池使用较长时间后，电动势和内阻发生变化，导致实验误差增大实验题15分练(二)(时间：15分钟分值：15分)(第159页)1．(6分)(2018·内蒙古赤峰4月模拟)某实验小组想在实验室测量一电源的电动势及内阻，但内阻为2 kΩ的电压表量程3 V 不够，现需改装电压表后再进行实验．(1)改装成量程为9 V 的电压表需串联R 0＝__________kΩ的电阻．(2)利用一个电阻箱R (符号)、一只开关S 、若干导线和改装后的电压表(用原来电压表的符号和串联电阻R 0表示，且此电压表可视为理想电表)测量电源电动势及内阻，请画出实验电路图．图1(3)根据以上实验电路图进行实验时，如果读出电压表示数为1.50 V 时，电阻箱的阻值为15.0 Ω，则电源的电动势E 和内阻r 的关系式为E ＝__________.【解析】 (1)根据串联分压原理，若“改装”成量程为9 V 的电压表，量程扩大到原来的3倍，应该串联阻值等于原来内阻2倍的电阻，串联R 0＝4 kΩ的电阻．(2)电路如图所示：(3)根据闭合电路欧姆定律：E ＝U ＋Ir ＝4.5＋4.515r ＝4.5＋0.3r .【答案】 (1)4 (2)见解析 (3)4.5＋0.3r2．(9分)某物理兴趣小组利用如图2甲所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A 点左侧与A 之间的动摩擦因数的实验，在足够大的水平平台上的A 点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g.采用的实验步骤如下：图2A．在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片；B．用天平分别测出小滑块a(含挡光片)和小球b的质量m a、m b；C．在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；D．烧断细线后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；E．记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间Δt；F．滑块a最终停在C点(图中未画出)用刻度尺测出AC之间的距离s a；G．小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离s b；H．改变弹簧压缩量，进行多次测量．(1)用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2乙所示，则挡光片的宽度为__________mm；(2)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体a、b弹开后的动量大小相等，即a的动量大小__________等于b的动量大小__________；(用上述实验所涉及物理量的字母表示)(3)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块a的s a与1(Δt)2关系图象如图3所示，图象的斜率为k，则平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为__________．(用上述实验数据字母表示)图3【解析】 (1)螺旋测微器的读数为：2.5 mm ＋0.01×5.0 mm ＝2.550 mm.(2)烧断细线后，a 向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a 经过光电门的速度为：v a ＝d Δt ，故a 的动量为：p a ＝m a d Δt，b 离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：h ＝12gt 2及s b ＝v b t 联立解得：v b ＝s bg 2h ，故b 的动量为：p b ＝m b v b ＝m b s b g 2h . (3)对物体a 由光电门向左运动过程分析，则有：v 2a ＝2as a ，经过光电门的速度：v a ＝d Δt ，由牛顿第二定律可得：a ＝μmg m ＝μg ，联立可得：s a ＝d 22μg (Δt )2，则k ＝d 22μg ，所以μ＝d 22kg .【答案】 (1)2.550 (2)m a d Δt m b s bg 2h (3)d 22kg实验题15分练(三)(时间：15分钟分值：15分)(第160页)1．(6分)(2018·贵州适应性考试)某实验小组利用如图1所示的装置验证机械能守恒定律，实验主要步骤如下：图1①将光电门安放在固定于水平地面上的长木板上；②将细绳一端连在小车上，另一端绕过两个定滑轮后悬挂一钩码，调节木板上滑轮的高度，使该滑轮与小车间的细绳与木板平行；③测出小车遮光板与光电门之间的距离L ，接通电源，释放小车，记下小车遮光板经过光电门的时间t ；④根据实验数据计算出小车与钩码组成的系统动能的增加量和钩码重力势能的减少量．(1)根据上述实验步骤，实验中还需测量的物理量有__________A ．小车上遮光板的宽度dB ．小车的质量m 1C ．钩码的质量m 2D ．钩码下落的时间t ′(2)由实验步骤和(1)选项中测得的物理量，可得到系统动能增加量的表达式为__________，钩码重力势能减少量的表达式为__________；改变L 的大小，重复步骤③、④.若在误差范围内，系统动能的增加量均等于钩码重力势能的减少量，说明该系统机械能守恒．【解析】 (1)滑块经过光电门的速度v ＝d t ，若满足机械能守恒则：m 2gL ＝12(m 1＋m 2)v 2＝12(m 1＋m 2)d 2t 2，则实验中还需测量的物理量有：小车上遮光板的宽度d 、小车的质量m 1和钩码的质量m 2，故选A 、B 、C.(2)系统动能增加量的表达式为ΔE k ＝12(m 1＋m 2)d 2t 2，钩码重力势能减少量的表达式为m 2gL .【答案】 (1)ABC (2)(m 1＋m 2)d 22t 2m 2gL 2．(9分)某研究性学习小组用以下器材测量一个量程为0～0.6 A 的电流表的内阻：A ．待测电流表：量程0～0.6 AB ．直流电源：输出电压恒为2.0 VC ．定值电阻R 0＝2.0 ΩD ．一根接入电路长度可以改变的合金丝(该合金丝的电阻率几乎不受温度变化的影响)E ．开关S 、导线若干(1)将图2中实物连接为测量所用的电路．图2(2)在实验中，该小组记下合金丝接入电路的长度L 及相应电流表的读数I ，并计算出1I 的结果，如下表所示．图3为了得到电流表的内阻，请根据上表中的数据建立合理的坐标系，并在坐标轴旁相应的空格内写出对应的物理量及单位，然后在坐标系中作出相应图象．由图象可计算出电流表内阻R A ＝__________.(保留两位有效数字)【解析】 (1)实物连接如图：(2)根据闭合电路的欧姆定律：E＝I(R0＋R A＋R x)，而R x＝ρLS联立可得：1I＝R0＋R AE＋ρSE·L由所给的数据做出1I-L图象如图：由图象可知R0＋R AE＝1.5，解得R A＝1.0 Ω.【答案】(1)见解析(2)①1I②L图见解析0.8 Ω～1.2 Ω；实验题15分练(四)(时间：15分钟分值：15分)(第161页)1．(6分) (2018·淮滨中学仿真)某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线MN、PQ，并测出间距d.开始时让木板置于MN处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F1，然后释放木板，并用秒表记下木板运动到PQ处的时间t.则：图1(1)木板的加速度可以用d、t表示为a＝__________.(2)改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数F1的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是__________．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是__________．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取多组实验数据C．可以比较精确地测出滑动摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度【解析】(1)根据运动学位移与时间关系应有：d＝12at2，解得a＝2dt2.(2)根据题意，木板受到的滑动摩擦力为f＝F0，对木板和矿泉水瓶组成的系统根据牛顿第二定律应有F1－f＝(m＋M)a，联立解得a＝1m＋M·F1－F0m＋M，其中m为矿泉水及瓶的质量，M为木板的质量；根据函数斜率和截距的概念可知，随着矿泉水质量m增大，a-F1图象的斜率1m＋M逐渐减小，所以能表示实验结果的是C图．(3)由于木板受到的摩擦力与矿泉水的质量无关，所以A错误；由于水与砝码相比能任意改变，所以它的优点是可以更方便地获取多组数据，所以B正确；由于水的多少可以任意变化，可以比较精确地测出木板所受摩擦力的大小，所以C正确；由于加速度越大需要水的质量越大，而水的质量越大时图象的斜率越小，实验的精确度会越小，所以D错误；故选B、C.【答案】(1)2dt2(2)C(3)BC2．(9分)(2018·株洲质检)某实验小组利用如下实验器材测量干电池的电动势和内阻．A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5 V，内阻约几欧B．直流电压表V1、V2，内阻约为3 kΩC．阻值为5 Ω的定值电阻R0D．滑动变阻器RE．导线和开关图2(1)根据图2甲所示的电路原理图，完成图乙所示的电路实物图的连接．(2)实验中移动滑动变阻器的滑片，读出电压表V1、V2的多组数据如表格所示，请在图3所示的坐标纸中描绘出U1-U2图象．图3(3)根据描绘出的U1-U2图象，两节干电池的总电动势E＝__________V，总内阻r＝__________Ω.(计算结果保留三位有效数字)【解析】(1)电路实物图如图；(2)绘出U 1-U 2图象如图：(3)由闭合电路的欧姆定律E ＝U 2＋U 1R 0r ，即U 1＝R 0E r －R 0r U 2，由图象可知：R 0r ＝21＝2，R 0＝5 Ω，解得r ＝2.50 Ω，当U 2＝2.0 V 时U 1＝2.0 V ，可得E ＝3.00 V【答案】 (1)图见解析 (2)见解析 (3)3.00(2.95～3.10之间均可)2.50(2.40～2.80之间均可)实验题15分练(五)(时间：15分钟分值：15分)(第161页)1．(6分)(2018·湖南十四校二次联考)某同学用如图甲所示装置做“探究合力做功与动能改变的关系”的实验，他们将光电门固定在水平轨道上的B 点，如图1所示，并用重物通过细线拉小车，然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离(s )进行多次实验，实验时要求每次小车都从静止释放．图1(1)用游标卡尺测出遮光条的宽度d 如图乙所示，d ＝__________cm.(2)如果遮光条通过光电门的时间为t ，小车到光电门的距离为s .该同学通过描点作出线性图象来反映合力做的功与动能改变的关系，则他作的图象关系是下列哪一个时才能符合实验要求__________．A ．s -tB ．s -t 2C ．s -t －1D ．s -t －2(3)下列哪些实验操作能够减小实验误差__________．A ．必须保证小车从静止状态开始释放B ．必须满足重物的质量远小于小车的质量C ．调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动【解析】 (1)游标卡尺的主尺读数为1.0 cm ，游标读数为：14×0.05 mm ＝0.70 mm ＝0.070 cm ，所以最终读数为：1.0 cm ＋0.070 cm ＝1.070 cm.(2)根据动能定理：Fs ＝12m v 2＝12m ⎝ ⎛⎭⎪⎫d t 2，可见s 与t 2成反比，即与1t 2成正比，故应作出s -t －2图象．(3)由于该实验是通过成倍增加位移的方法来进行验证s -1t 2的关系，所以不需要平衡摩擦力、不需要满足重物的质量远小于小车的质量，但必须保证每次小车从静止释放；还需要多次实验减小偶然误差，故A 正确，B 、C 错误．【答案】 (1)1.070 (2)D (3)A2．(9分)(2018·惠州4月模拟)用直流电源(内阻可忽略不计)、电阻箱、定值电阻R 0(阻值为2.0 kΩ)、开关和若干导线，连接成如图2甲所示的电路来测量电压表V(量程3 V)的内阻 R V .闭合开关S ，适当调节电阻箱的阻值R ，读出电压表的示数U ，获得多组数据．(1)此实验时电阻箱的读数如图2乙所示，其值为__________Ω.图2(2)根据测得的数据画出如图3所示的1U -R 关系图线，由图象上的数据可计算得到纵轴截距与图线斜率的比值为__________，进而求得电压表的内阻R V ＝__________kΩ(计算结果均保留两位有效数字)；图3(3)若电源内阻不可忽略，用此法测得的R V __________(填“偏大”或“偏小”)；(4)定值电阻R 0的作用是__________________________________________．【解析】 (1)由图示电阻箱可知，其示数为：0×100 kΩ＋0×10 kΩ＋6×1 kΩ＋5×100 Ω＋0×10 Ω＋0×1 Ω＝6 500 Ω.(2)根据闭合电路欧姆定律可得：E ＝U R V(R V ＋R 0＋R ) 整理可得：1U ＝1ER V ·R ＋R V ＋R 0ER V所以纵轴截距与图线斜率的表达式分别为b ＝R V ＋R 0ER V 和k ＝1ER V根据图丙可知斜率为：k ＝1ER V ＝0.259×1 000截距为：b ＝R V ＋R 0ER V＝0.25，则b k ＝9.0 kΩ 联立解得电压表的内阻为：R V ＝7 000 Ω＝7.0 kΩ.(3)考虑电源内阻r ，由欧姆定律得：E ＝U R V (R V ＋R 0＋R ＋r ) 实际测量的相当于是R V ＋r ，相对R V 的阻值来说偏大．(4)当电阻箱阻值为零的时候，电阻R 0起到保护电压表的作用．【答案】 (1)6 500 (2)9.0 kΩ 7.0 (3)偏大(4)保护电压表实验题15分练(六)(时间：15分钟分值：15分)(第162页)1．(6分)(2018·百校联盟4月联考)某同学用图1甲所示的实验装置测量当地的重力加速度，先接通电源后释放纸带，在纸带上打出一系列的点如图乙所示，图中A、B、C、D、E、F是纸带上打出的连续的点，测出B、C、D、E、F这几点到A点的距离并标在纸带上，打点计时器所用交流电的频率为f.图1(1)打C点时，重物的速度v C＝__________.若分别计算出纸带上B、C、D、E各点对应的速度，并在坐标系中画出v2与h的关系图线，如图2所示，则重力加速度g＝__________m/s2.图2(2)若当地的重力加速度为9.8 m/s2，你认为该同学的测量结果存在误差的主要原因是____________________________________________________________．(3)当交流电的实际频率小于f时，仍按f计算，则测量的加速度值比真实的加速度值__________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)．【解析】(1)打C点时重物的速度为v C＝(h3－h1)f2，由机械能守恒定律得：mgh＝12m v2－12m v21，得：v2＝v21＋2gh，v2-h图象的斜率：k＝2g＝8.3－3.60.25m/s2，解得：g＝9.4 m/s2.(2)由于重锤下落过程受到空气的阻力作用，纸带受到限位孔的阻力作用，所测重力加速度偏小．(3)当交流电的实际频率小于f时，仍按f计算，则参与计算的时间偏小，测得的加速度偏大．【答案】(1)(h3－h1)f29.4(2)重锤和纸带受到阻力作用(3)偏大2．(9分)(2018·百校联盟4月联考)某同学要测量某电源的电动势和内阻，根据实验室提供的器材，设计了如图3所示的实验电路．图3(1)请根据电路图将下列器材连接成电路．图4(2)闭合开关后，调节电阻箱接入电路的阻值．得到多组电阻箱接入电路的阻值R和对应的电压表的示数U，为了比较准确地得出实验结论．该同学准备用直线图象来处理实验数据，图象的纵坐标表示电压表读数U，则图象的横坐标表示的物理量应该是__________．(3)该同学又尝试用另一种图象来处理数据．即根据测得的多组电阻箱的阻值R和记录的对应电压表的读数U，作出1U-1R图象如图5所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为－b、a，定值电阻的阻值用R0表示．则可得该电源的电动势为__________，内阻为__________；测得的电动势与真实值比__________(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)．图5【解析】 (1)实物连接图，如图所示．(2)根据闭合电路欧姆定律得：E ＝U ＋U R (R 0＋r )，可得：U ＝E －U R (R 0＋r )，故横坐标为U R .(3)根据闭合电路的欧姆定律得：E ＝U ＋U R (R 0＋r )，变形得：1U ＝1E ＋R 0＋r E ·1R ，由图象可得1E ＝a ，解得：E ＝1a ，a b ＝R 0＋r E ，整理得：r ＝1b －R 0，由于电压表的分流作用，导致电流值比实际通过电源的电流偏小，则造成电动势的测量值偏小．【答案】 (1)见解析图 (2)U R (3)1a 1b －R 0 偏小实验题15分练(七)(时间：15分钟分值：15分) 1．(6分)(2018·深圳第二次调研)某同学从实验室天花板处自由释放一钢球，用频闪摄影手段验证机械能守恒．频闪仪每隔相等时间短暂闪光一次，照片上记录了钢球在各个时刻的位置．(1)操作时比较合理的做法是__________．A ．先打开频闪仪再释放钢球B ．先释放钢球再打开频闪仪(2)频闪仪闪光频率为f ，拍到整个下落过程中的频闪照片如图1所示，结合实验场景估算f 可能值为( )A ．0.1 HzB ．1 HzC ．10 HzD ．100 Hz图1(3)用刻度尺在照片上测量钢球各位置到释放点O 的距离分别为s 1、s 2、s 3、s 4、s 5、s 6、s 7、s 8及钢球直径，重力加速度为g .用游标卡尺测出钢球实际直径D ，如图2所示，则D ＝__________cm.已知实际直径与照片上钢球直径之比为k .图2(4)选用以上各物理量符号，验证从O 到A 过程中钢球机械能守恒成立的关系式为：2gs 5＝__________.【解析】 (1)为了记录完整的过程，应该先打开闪频仪再释放钢球，A 正确．(2)天花板到地板的高度约为3 m ，小球做自由落体运动，从图中可知经过8次闪光到达地面，故有12g ×(8T )2＝3，解得T ≈0.1 s ，即f ＝1T ＝10 Hz ，C 正确．(3)游标卡尺的读数为D ＝45 mm ＋5×0.1 mm ＝45.5 mm ＝4.55 cm.(4)到A 点的速度为v A ＝s 6－s 42T ＝(s 6－s 4)f 2，根据比例关系可知，到A 点的实际速度为v ＝k (s 6－s 4)f 2，因为小球下落实际高度为H s 5＝D d ＝k ，代入mgH ＝12m v2可得2gs 5＝14kf 2(s 6－s 4)2.【答案】 (1)A (2)C (3)4.55 (4)14kf 2(s 6－s 4)22．(9分)(2018·重庆江津中学月考)某同学改装和校准电压表的电路图如图3所示，图中虚线框内是电压表的改装电路．图3(1)已知表头G 满偏电流为100 μA ，表头上标记的内阻值为900 Ω.R 1、R 2和R 3是定值电阻．利用R 1和表头构成1 mA 的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表．若使用a 、b 两个接线柱，电压表的量程为1 V ；若使用a 、c 两个接线柱，电压表的量程为 3 V ．则根据题给条件，定值电阻的阻值应选R 1＝__________Ω，R 2＝__________Ω，R 3＝__________Ω.(2)用量程为3 V 、内阻为2 500 Ω的标准电压表V 对改装表3 V 挡的不同刻度进行校准．所用电池的电动势E 为5 V ；滑动变阻器R 有两种规格，最大阻值分别为50 Ω和 5 kΩ.为方便实验中调节电压，图中R 应选用最大阻值为__________ Ω的滑动变阻器．(3)若由于表头G 上标记的内阻值不准，造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小，则表头G 内阻的真实值__________(填“大于”或“小于”) 900 Ω.【解析】 (1)根据题意，R 1与表头G 构成1 mA 的电流表，则I g R g ＝(I －I g )R 1，得R 1＝100 Ω；若使用a 、b 两个接线柱，电压表的量程为1 V ，则R 2＝U ab －I g R g I ＝910 Ω；若使用a 、c 两个接线柱，电压表的量程为3 V ，则R 3＝U ac －I g R g I－R 2＝2 000 Ω.(2)电压表与改装电表并联之后，电阻小于2 500 Ω，对于分压式电路，要求滑动变阻器的最大阻值小于并联部分，同时还要便于调节，故滑动变阻器选择小电阻，即选择50 Ω的电阻．(3)造成改装后电压表的读数比标准电压表的读数偏小，说明通过表头G 的电流偏小，则实际电阻偏大，故表头G 内阻的真实值大于900 Ω.【答案】 (1)100 910 2 000 (2)50 (3)大于实验题15分练(八)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·辽宁辽南联考)图1所示为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流I g＝500 μA，内阻R g＝100 Ω，可变电阻R的最大阻值为10 kΩ，电池的电动势E＝1.5 V，内阻r＝0.5 Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是__________色．按正确使用方法测量电阻R x的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则R x＝__________kΩ.若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小为1.0 V，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述R x，则R x＝__________kΩ.图1【解析】(1)欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“＋”进“－”出，即回路中电流从标有“＋”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；当两表笔短接(即R x＝0时，电流表应调至满偏电流I g，设此时欧姆表的内阻为R内，此时有关系R内＝EI g＝3 kΩ，当指针指在刻度盘的正中央时I＝I g2，说明此时内外电阻相等，故由R x＝R内＝3 kΩ.当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆表重新调零，因为满偏电流I g不变，由公式R内′＝E′I g＝2 kΩ，所以此时电流表读数为I′＝E′R内′＋R x＝0.2 mA，根据I′＝ER内＋R x′，解得R x′＝4.5 kΩ.【答案】红3 4.52．(9分)如图2所示，气垫导轨是常用的一种实验仪器：。

2019年高考物理二轮复习实验题15分练4

亲爱的同学：这份试卷将再次记录你的自信、沉着、智慧和收获，我们一直投给你信任的目光……实验题15分练(四)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分) (2018·淮滨中学仿真)某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线MN 、PQ ，并测出间距d .开始时让木板置于MN 处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F 0 ，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F 1，然后释放木板，并用秒表记下木板运动到PQ 处的时间t .则：图1(1)木板的加速度可以用d 、t 表示为a ＝__________.(2)改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a 与弹簧秤示数F 1的关系．下列图象能表示该同学实验结果的是__________．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是__________． A ．可以改变滑动摩擦力的大小 B ．可以更方便地获取多组实验数据 C ．可以比较精确地测出滑动摩擦力的大小 D ．可以获得更大的加速度以提高实验精度【解析】 (1)根据运动学位移与时间关系应有：d ＝12at 2，解得a ＝2dt2.(2)根据题意，木板受到的滑动摩擦力为f ＝F 0，对木板和矿泉水瓶组成的系统根据牛顿第二定律应有F 1－f ＝(m ＋M )a ，联立解得a ＝1m ＋M ·F 1－F 0m ＋M，其中m 为矿泉水及瓶的质量，M 为木板的质量；根据函数斜率和截距的概念可知，随着矿泉水质量m 增大，a F 1图象的斜率1m ＋M逐渐减小，所以能表示实验结果的是C 图．(3)由于木板受到的摩擦力与矿泉水的质量无关，所以A 错误；由于水与砝码相比能任意改变，所以它的优点是可以更方便地获取多组数据，所以B 正确；由于水的多少可以任意变化，可以比较精确地测出木板所受摩擦力的大小，所以C 正确；由于加速度越大需要水的质量越大，而水的质量越大时图象的斜率越小，实验的精确度会越小，所以D 错误；故选B 、C.【答案】 (1)2dt2 (2)C (3)BC2．(9分)(2018·株洲质检)某实验小组利用如下实验器材测量干电池的电动势和内阻． A ．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5 V ，内阻约几欧 B ．直流电压表V 1、V 2，内阻约为3 k Ω C ．阻值为5 Ω的定值电阻R 0 D ．滑动变阻器R E ．导线和开关图2(1)根据图2甲所示的电路原理图，完成图乙所示的电路实物图的连接．(2)实验中移动滑动变阻器的滑片，读出电压表V 1、V 2的多组数据如表格所示，请在图3所示的坐标纸中描绘出U 1U 2图象．图3(3)根据描绘出的U 1U 2图象，两节干电池的总电动势E ＝__________V ，总内阻r ＝__________Ω.(计算结果保留三位有效数字)【解析】 (1)电路实物图如图；(2)绘出U 1U 2图象如图：(3)由闭合电路的欧姆定律E ＝U 2＋U 1R 0r ，即U 1＝R 0E r －R 0r U 2，由图象可知：R 0r ＝21＝2，R 0＝5 Ω，解得r ＝2.50 Ω，当U 2＝2.0 V 时U 1＝2.0 V ，可得E ＝3.00 V【答案】 (1)图见解析 (2)见解析 (3)3.00(2.95～3.10之间均可) 2.50(2.40～2.80之间均可)。

精选2019年高考物理二轮复习实验题15分练3

实验题15分练(三)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·贵州适应性考试)某实验小组利用如图1所示的装置验证机械能守恒定律，实验主要步骤如下：图1①将光电门安放在固定于水平地面上的长木板上；②将细绳一端连在小车上，另一端绕过两个定滑轮后悬挂一钩码，调节木板上滑轮的高度，使该滑轮与小车间的细绳与木板平行；③测出小车遮光板与光电门之间的距离L ，接通电源，释放小车，记下小车遮光板经过光电门的时间t ；④根据实验数据计算出小车与钩码组成的系统动能的增加量和钩码重力势能的减少量． (1)根据上述实验步骤，实验中还需测量的物理量有__________ A ．小车上遮光板的宽度d B ．小车的质量m 1 C ．钩码的质量m 2 D ．钩码下落的时间t ′(2)由实验步骤和(1)选项中测得的物理量，可得到系统动能增加量的表达式为__________，钩码重力势能减少量的表达式为__________；改变L 的大小，重复步骤③、④.若在误差范围内，系统动能的增加量均等于钩码重力势能的减少量，说明该系统机械能守恒．【解析】 (1)滑块经过光电门的速度v ＝dt，若满足机械能守恒则：m 2gL ＝12(m 1＋m 2)v 2＝12(m 1＋m 2)d2t2，则实验中还需测量的物理量有：小车上遮光板的宽度d 、小车的质量m 1和钩码的质量m 2，故选A 、B 、C.(2)系统动能增加量的表达式为ΔE k ＝12(m 1＋m 2)d2t2，钩码重力势能减少量的表达式为m 2gL .【答案】 (1)ABC(2)m 1＋m 2d 22t2m 2gL 2．(9分)某研究性学习小组用以下器材测量一个量程为0～0.6 A 的电流表的内阻： A ．待测电流表：量程0～0.6 A B ．直流电源：输出电压恒为2.0 VC ．定值电阻R 0＝2.0 ΩD ．一根接入电路长度可以改变的合金丝(该合金丝的电阻率几乎不受温度变化的影响)E ．开关S 、导线若干(1)将图2中实物连接为测量所用的电路．图2(2)在实验中，该小组记下合金丝接入电路的长度L 及相应电流表的读数I ，并计算出1I的结果，如下表所示．图3为了得到电流表的内阻，请根据上表中的数据建立合理的坐标系，并在坐标轴旁相应的空格内写出对应的物理量及单位，然后在坐标系中作出相应图象．由图象可计算出电流表内阻R A ＝__________.(保留两位有效数字)【解析】 (1)实物连接如图：(2)根据闭合电路的欧姆定律：E ＝I (R 0＋R A ＋R x )，而R x ＝ρL S联立可得：1I＝R 0＋R AE＋ρSE ·L 由所给的数据做出1IL 图象如图：由图象可知R 0＋R AE＝1.5，解得R A ＝1.0 Ω. 【答案】 (1)见解析(2)①1I②L 图见解析 0.8 Ω～1.2 Ω；。

2019年高考物理二轮复习实验题15分满分练三

实验题15分满分练(三)22.(5分)在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，某学习小组所使用的装置如图1所示。

设沙和沙桶的总质量为m ，小车和砝码的总质量为M 。

实验中用沙和沙桶所受总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。

图1(1)实验时，先接通打点计时器的电源，让小车在沙和沙桶的牵引下带着已经穿过打点计时器的纸带在木板上由静止开始运动，图2甲是实验中得到的一条纸带，A 、B 、C 、D 、E 为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。

量出相邻的计数点之间的距离分别为x AB ＝2.25 cm 、x BC ＝3.86 cm 、x CD ＝5.45 cm 、x DE ＝7.05 cm 。

已知打点计时器的工作频率为50 Hz ，则小车的加速度a ＝________ m/s 2。

(结果保留3位有效数字)图2(2)若某同学利用图1所示的装置，研究加速度a 与拉力F 的关系时，得到图2乙所示图线。

已知图线与横轴的交点为F 0，与纵轴的交点为－a 0，重力加速度为g ，在运动过程中小车及车上砝码受到的阻力与重力之比为________。

解析 (1)打点计时器的周期T ＝0.02 s ，相邻计数点的时间间隔t ＝5T ＝0.1 s ，由Δx ＝at 2得，a ＝x CD ＋x DE －x AB －x BC （2t ）2＝1.60 m/s 2。

(2)由牛顿第二定律得F －F f ＝Ma ，解得a ＝1M F －F f M ，由图知，F f M ＝a 0，则F f Mg ＝a 0g。

答案 (1)1.60 (2)a 0g23.(10分)某同学在做完“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验后，又对一个标有“6 V，3.5 W”小电风扇电动机(线圈电阻恒定)的伏安特性曲线进行了研究，同研究小灯泡一样，要求电风扇电动机两端的电压能从零逐渐增加到6 V ，实验室备有下列器材：A.电流表(量程Ⅰ：0～0.6 A ，内阻约为1 Ω；量程Ⅱ：0～3 A ，内阻约为0.1 Ω)B.电压表(量程为0～6 V ，内阻几千欧)C.滑动变阻器R 1(最大阻值10 Ω，额定电流2 A)D.滑动变阻器R 2(最大阻值1 750 Ω，额定电流0.3 A)E.电池组(电动势为9 V ，内阻小于1 Ω)F.开关和导线若干图3(1)实验中所用的滑动变阻器应选________(填“C”或“D”)，电流表的量程应选________(填“Ⅰ”或“Ⅱ”)。

2019版高考物理二轮复习选考题15分满分练(一)

选考题15分满分练(一)33.【物理——选修3－3】(15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________。

(填正确答案标号。

选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分)A.图1为氧气分子在不同温度下的速率分布图象，由图可知状态①的温度比状态②的温度高B.图2为一定质量的理想气体状态变化的p－V图线，由图可知气体由状态A变化到B的过程中，气体分子平均动能先增大后减小C.图3为分子间作用力的合力与分子间距离的关系，当分子间的距离r>r0时，分子势能随分子间的距离增大而减小D.液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；附着层内液体分子间的距离比液体内部分子间的距离小E.能量耗散反映了与热现象有关的宏观自然过程具有不可逆性(2)(10分)如图4所示，绝热汽缸倒扣放置，质量为M的绝热活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸间摩擦可忽略不计，活塞下部空间与外界连通，汽缸底部连接一U 形细管(管内气体的体积忽略不计)。

初始时，封闭气体温度为T，活塞距离汽缸底部的高度为h0，细管内两侧水银柱存在高度差。

已知水银密度为ρ，大气压强为p0，汽缸横截面积为S，重力加速度为g，求：图4(ⅰ)U 形管内两侧水银柱的高度差；(ⅱ)通过加热装置缓缓提高气体温度使活塞下降Δh 0，则此时的温度为多少？此加热过程中，若气体吸收的热量为Q ，则气体内能的变化为多少？解析 (1)速率大的分子所占比例大的状态温度高，故选项A 正确；由pV T＝C 可知pV 乘积越大气体温度越高，再由图2可知，pV 乘积先增大后减小，故气体温度先升高后降低，而温度是分子平均动能大小的标志，故选项B 正确；由图3可知，r >r 0时分子力表现为引力，则随分子间距离增大分子力做负功，分子势能是增加的，选项C 错误；发生浸润现象时，附着层内液体分子间的距离比液体内部分子间的距离小，而发生不浸润现象时则相反，选项D 错误；由热力学第二定律知E 正确。

【物理文档】2019年高考物理二轮复习选考题15分练3.doc

选考题15分练(三)(时间：20分钟分值：45分)1．(1)(5分)(2018·张掖三次诊断)下列说法正确的是__________．A．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体B．布朗运动是由颗粒分子的无规则运动引起的C．不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功而不产生其他影响D．一些昆虫可以停在水面上，是由于表面张力作用的结果E．晶体的物理性质一定表现为各向同性ACD[根据热力学第二定律可知，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，选项A正确；布朗运动是由液体内分子的无规则运动引起的，选项B错误；根据热力学第二定律可知，不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不产生其他影响，选项C正确；一些昆虫可以停在水面上，是由于表面张力作用的结果，选项D正确；单晶体的物理性质一定表现为各向异性，选项E 错误．](2) (10分)如图1所示，内外壁均光滑的汽缸放在倾角为θ＝30°的光滑斜面上，汽缸内部用横截面积为S＝1.0×10－2m2的光滑活塞封闭了一定质量的理想气体．活塞另一端通过轻杆固定在挡板上，此时气体温度为27 ℃时，密闭气体的体积为2.0×10－3m 2，压强为1.2p0.已知汽缸容积为V＝3.0×10－3 m 3，外界大气压强p0＝1.0×105 Pa.图1①对气体加热使温度达到57 ℃时，汽缸沿斜面移动的距离？②保持气体温度57 ℃不变，用沿斜面向上的力F，大小为0.5倍的汽缸重量缓慢拉动汽缸，则能否将汽缸拉离活塞？【解析】①气体等压变化VT＝V1T1代入数据得V1＝2.2×10－3m3汽缸移动的距离为d＝V1－V0S＝2×10－2m.②对汽缸初态p1S＝p0S＋mg sin θ.由玻意耳定律p1V1＝p2V2末态p2S＋F＝p1S F＝0.5mg.联立解得V2＝2.64×10－3m3V2＜V＝3.0×10－3m3，则汽缸不能拉离活塞．【答案】①2×10－2m ②汽缸不能拉离活塞2．(1)(5分)(2018·保定一模)图2甲为一列简谐横波在t＝0.10 s时刻的波形图，P是平衡位置为x＝0.5 m处的质元，Q是平衡位置为x＝2 m处的质元，图乙为质元P的振动图象．则该波的传播方向是__________(填“沿x轴正方向”或“沿x轴负方向”)，传播速度大小为__________m/s，从t＝0.10 s到t＝2.7 s，质元Q通过的路程为__________cm.图2【解析】由P点的振动图象可知，t＝0.10 s时，P点向上振动，则由波形图可知，波沿x轴负方向传播；因λ＝4 m，T＝0.8 s，则波速v＝λT＝40.8m/s＝5 m/s；从t＝0.10 s到t＝2.7 s，时间间隔为2.6 s＝314T，则质元Q通过的路程为13A＝130 cm.【答案】沿x 轴负方向 5 130(2) (10分)如图3所示，一个透明的圆柱横截面的半径为R ，折射率是3，AB 是一条直径，现有一束平行光沿AB 方向射入圆柱体．若有一条光线经折射后恰经过B 点，求：图3①这条入射光线到AB 的距离是多少？②这条入射光线在圆柱体中运动的时间是多少？【解析】 ①设光线经P 点折射后如图所示，根据折射定律可得：n ＝sin αsin β＝3① 在△OBC 中：sin βR＝sin α2R cos β② 由①②式解得：α＝60° β＝30°所以：CD ＝R sin α＝32R .③ ②在△DBC 中：BC ＝CD sin α－β＝3R ④ t ＝BC v ＝3R c 3＝3R c.⑤ 【答案】 ①32R ②3R c。

2019年高考物理二轮复习实验题15分练2

实验题15分练(二)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·内蒙古赤峰4月模拟)某实验小组想在实验室测量一电源的电动势及内阻，但内阻为2 k Ω的电压表量程3 V 不够，现需改装电压表后再进行实验．(1)改装成量程为9 V 的电压表需串联R 0＝__________k Ω的电阻．(2)利用一个电阻箱R (符号)、一只开关S 、若干导线和改装后的电压表(用原来电压表的符号和串联电阻R 0表示，且此电压表可视为理想电表)测量电源电动势及内阻，请画出实验电路图．图1(3)根据以上实验电路图进行实验时，如果读出电压表示数为1.50 V 时，电阻箱的阻值为15.0 Ω，则电源的电动势E 和内阻r 的关系式为E ＝__________.【解析】 (1)根据串联分压原理，若“改装”成量程为9 V 的电压表，量程扩大到原来的3倍，应该串联阻值等于原来内阻2倍的电阻，串联R 0＝4 k Ω的电阻．(2)电路如图所示：(3)根据闭合电路欧姆定律：E ＝U ＋Ir ＝4.5＋4.515r ＝4.5＋0.3r . 【答案】 (1)4 (2)见解析 (3)4.5＋0.3r2．(9分)某物理兴趣小组利用如图2甲所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A 点左侧与A 之间的动摩擦因数的实验，在足够大的水平平台上的A 点放置一个光电门，水平平台上A 点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g .采用的实验步骤如下：图2A ．在小滑块a 上固定一个宽度为d 的窄挡光片；B ．用天平分别测出小滑块a (含挡光片)和小球b 的质量m a 、m b ；C ．在a 和b 间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；D ．烧断细线后，a 、b 瞬间被弹开，向相反方向运动；E ．记录滑块a 通过光电门时挡光片的遮光时间Δt ；F ．滑块a 最终停在C 点(图中未画出)用刻度尺测出AC 之间的距离s a ；G ．小球b 从平台边缘飞出后，落在水平地面的B 点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h 及平台边缘铅垂线与B 点之间的水平距离s b ；H ．改变弹簧压缩量，进行多次测量．(1)用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2乙所示，则挡光片的宽度为__________mm ；(2)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体a 、b 弹开后的动量大小相等，即a 的动量大小__________等于b 的动量大小__________；(用上述实验所涉及物理量的字母表示)(3)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块a 的s a 与1Δt 2关系图象如图3所示，图象的斜率为k ，则平台上A 点左侧与滑块a 之间的动摩擦因数大小为__________．(用上述实验数据字母表示)图3【解析】 (1)螺旋测微器的读数为：2.5 mm ＋0.01×5.0 mm＝2.550 mm.(2)烧断细线后，a 向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a 经过光电门的速度为：v a ＝dΔt ，故a 的动量为：p a ＝m a dΔt ，b 离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：h ＝12gt 2及s b ＝v b t 联立解得：v b ＝s b g 2h ，故b 的动量为：p b ＝m b v b ＝m b s b g 2h .(3)对物体a 由光电门向左运动过程分析，则有：v 2a ＝2as a ，经过光电门的速度：v a ＝d Δt，由牛顿第二定律可得：a ＝μmg m ＝μg ，联立可得：s a ＝d 22μg Δt 2，则k ＝d 22μg ，所以μ＝d 22kg. 【答案】 (1)2.550 (2)m a d Δt m b s b g 2h (3)d 22kg。

2019年高考物理二轮复习实验题15分练2

实验题15分练(二)(时间：15分钟分值：15分)1．(6分)(2018·内蒙古赤峰4月模拟)某实验小组想在实验室测量一电源的电动势及内阻，但内阻为2 kΩ的电压表量程3 V 不够，现需改装电压表后再进行实验．(1)改装成量程为9 V 的电压表需串联R 0＝__________kΩ的电阻．(2)利用一个电阻箱R (符号)、一只开关S 、若干导线和改装后的电压表(用原来电压表的符号和串联电阻R 0表示，且此电压表可视为理想电表)测量电源电动势及内阻，请画出实验电路图．图1(3)根据以上实验电路图进行实验时，如果读出电压表示数为1.50 V 时，电阻箱的阻值为15.0 Ω，则电源的电动势E 和内阻r 的关系式为E ＝__________.【解析】 (1)根据串联分压原理，若“改装”成量程为9 V 的电压表，量程扩大到原来的3倍，应该串联阻值等于原来内阻2倍的电阻，串联R 0＝4 kΩ的电阻．(2)电路如图所示：(3)根据闭合电路欧姆定律：E ＝U ＋Ir ＝4.5＋4.515r ＝4.5＋0.3r . 【答案】 (1)4 (2)见解析 (3)4.5＋0.3r2．(9分)某物理兴趣小组利用如图2甲所示的装置进行验证动量守恒定律及平台上A 点左侧与A 之间的动摩擦因数的实验，在足够大的水平平台上的A 点放置一个光电门，水平平台上A 点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g .采用的实验步骤如下：图2A．在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片；B．用天平分别测出小滑块a(含挡光片)和小球b的质量m a、m b；C．在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；D．烧断细线后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；E．记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间Δt；F．滑块a最终停在C点(图中未画出)用刻度尺测出AC之间的距离s a；G．小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离s b；H．改变弹簧压缩量，进行多次测量．(1)用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图2乙所示，则挡光片的宽度为__________mm；(2)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体a、b弹开后的动量大小相等，即a的动量大小__________等于b的动量大小__________；(用上述实验所涉及物理量的字母表示)(3)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到小滑块a的s a与1Δt2关系图象如图3所示，图象的斜率为k，则平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为__________．(用上述实验数据字母表示)图3【解析】(1)螺旋测微器的读数为：2.5 mm＋0.01×5.0 mm＝2.550 mm.(2)烧断细线后，a向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a经过光电门的速度为：v a ＝dΔt ，故a 的动量为：p a ＝m a d Δt ，b 离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：h ＝12gt 2及s b ＝v b t 联立解得：v b ＝s b g 2h，故b 的动量为：p b ＝m b v b ＝m b s b g 2h .(3)对物体a 由光电门向左运动过程分析，则有：v 2a ＝2as a ，经过光电门的速度：v a ＝d Δt，由牛顿第二定律可得：a ＝μmg m ＝μg ，联立可得：s a ＝d 22μg Δt 2，则k ＝d 22μg ，所以μ＝d 22kg. 【答案】(1)2.550 (2)m a d Δt m b s b g 2h (3)d 22kg。

2019届高考物理二轮阶段性效果检测 3 Word版含答案

第Ⅰ卷(选择题共50分)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分。

多选题已在题号后标出,选不全得3分)1.(多选)了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。

以下符合史实的是( )A．焦耳发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．法拉第总结出了判断感应电流方向的方法2.(滚动单独考查)有两个相同的电阻R串联起来接在电动势为E的电源上，通过每个电阻的电流为I，若将这两个电阻并联起来，仍接在该电源上，此时通过一个电阻R的电流为23I，则该电源的内阻是( )A．R B．R 2C．4R D．R 83.(多选)(2018·宁德模拟)质量为m的通电细杆置于倾角为θ的导轨上，导轨的宽度为d，杆与导轨间的动摩擦因数为μ，有垂直于纸面向里的电流通过杆，杆恰好静止于导轨上。

在如图所示的A、B、C、D四个图中，杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是( )4.如图所示，原、副线圈匝数比为2∶1的理想变压器正常工作时，以下说法不正确的是( )A．原、副线圈磁通量之比为2∶1B．原、副线圈电流之比为1∶2C．输入功率和输出功率之比为1∶1D．原、副线圈磁通量变化率之比为1∶15.(多选)如图所示，闭合金属环从高h的曲面滚下，又沿曲面的另一侧上升，整个装置处在磁场中，设闭合环初速度为零，摩擦不计，则( )A.若是匀强磁场，环滚的高度小于hB.若是匀强磁场，环滚的高度等于hC.若是非匀强磁场，环滚的高度小于hD.若是非匀强磁场，环滚的高度大于h6.(滚动单独考查)P、Q两电荷的电场线分布如图所示，a、b、c、d为电场中的四点。

一个离子从a运动到b(不计重力)，轨迹如图所示，则下列判断正确的是( )A．P带负电B．c、d两点电势相等C．离子在运动过程中受到P的吸引力D．离子从a到b，电场力做正功7.(多选)(滚动交汇考查)一理想变压器的原线圈连接一只电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调节，如图所示。

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