江苏省如皋中学2021届高三第一学期教学质量调研 试卷(二)物理答案
江苏省如皋中学高三物理上学期教学质量调研试题三02170282
江苏省如皋中学高三物理上学期教学质量调研试题三02170282一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分，每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示，物体在水平推力F的作用下处于静止状态．若F增大，则物体受到的摩擦力A．增大B．减小C．不变D．无法确定2．发电站输出功率为P，输电电压为U，输电线路的总电阻为R，则用户得到的功率为A． P B．P－(PU)2·RC．P－U2RD．(PU)2·R3．质量相等的带正电液滴a、b、c分别从同一点以相同速率水平射入平行板电容器的极板间，轨迹如图所示，不计阻力，下列说法正确的是A．液滴c所带的电荷量最多B．三个液滴在空中运动的时间相同C．整个运动过程中液滴c的动能增量最大D．三个液滴落到底板时的速率相同4．如图所示，竖直面内的光滑绝缘半圆形轨道MDN处在与之垂直的匀强磁场中，轨道半径为R．一电荷量为+q，质量为m的小球自N点无初速度滑下（始终未脱离轨道），重力加速度为g，下列说法中正确的是A．运动过程中小球受到的洛伦兹力大小不变B．小球滑到轨道左侧时，不会到达最高点MC．小球滑到D点时，速度大小是2gRD．小球经过D点时，对轨道的压力大于mg5．如图所示，在光滑的斜面上，轻弹簧的下端固定在挡板上，上端放有物块Q，系统处于静止状态．现用一沿斜面向上的力F作用在Q上，使其沿斜面向上做匀加速直线运动，以x表示Q离开静止位置的位移．在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图像可能正确的是A． B． C． D．二、多项选择题：本题共 4小题，每小题 4 分，共计 16 分，每小题有多个选项符合题意．全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，选错或不选的得 0 分．6． 2019年1月3日，嫦娥四号实现人类首次月球背面软着陆．已知月球表面的重力加速度约是地球上的重力加速度的16，地球与月球间的距离约是地球半径的60倍，地球上的人永远只能看到月球的正面而看不到背面．对于月球以及嫦娥四号，下列说法中正确的有A．月球的自转周期与月球的公转周期相同Aa b c－+B．月球的自转周期与地球的公转周期相同C ．嫦娥四号在月球上受到地球的引力约是其在地球上重力的13600D．嫦娥四号在月球近地轨道运行时的速度大于7.9 km/s小于11.2 km/s7．如图的理想变压器电路中，原副线圈的匝数比为3:1，电阻R1与R2阻值相等．a、b两端接电压恒定的正弦交流电源．在滑动变阻器滑片P向右移动的过程中A．R1消耗的功率增大B．电源的输入功率减小C．流过R1、R2的电流的频率相同D．R1、R2消耗的功率之比为1:98．如图是玩具“牙签弩”．现竖直向上发射木质牙签，O点为皮筋自然长度位置，A为发射的起点位置，不计一切阻力，则A．A到O的过程中，牙签一直处于超重状态B．A到O的过程中，牙签的机械能增大C．在上升过程中，弓和皮筋的弹性势能转化为牙签的动能D．根据牙签向上飞行的高度可测算出牙签被射出时的速度9．如图所示，在真空中某点电荷的电场中，将两个电荷量相等的试探电荷分别置于M、N两点时，两试探电荷所受电场力相互垂直，且F2=3F1，下列说法中正确的有A．这两个试探电荷的电性相反B．M、N两点可能在同一等势面上C．若将电子从M点移到N点，电子的电势能增大D．过MN上某点P（未标出）的电场线与MN垂直时，P、M间的距离是P、N间距离的3倍三、简答题：本题共3小题，共计35分．请将解答填写在答题卡相应位置．10．（8分）某同学在探究“物体的加速度与质量的关系”时，采用图甲所示的装置及数字化信息系统获得了小车的加速度a与小车质量M（包括所放砝码及传感器的质量）的对应关系图像，如图乙所示．实验中所挂钩码的质量m=20 g，实验中选用的是不可伸长的轻绳和光滑的轻质定滑轮．甲乙（1）实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的轻绳与木板平行．他这样做的目的是__________（填字母代号）．A．可使位移传感器测出的小车的加速度更准确B．可以保证小车最终能够做直线运动C．可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车所受的合力（2）由图乙可知，1aM-图线不过原点O，原因是_____________________________；位移传感器位移传感器（发射器）（接收器）长木板钩码a/(m·s－2)1M/kg－1OMN1F2F••AO图线弯曲的原因是____________________．（3）图乙中图线的初始段为直线，该段直线的斜率最接近的数值是__________．A ．30B ．0.3C ．20D ．0.211．（10分）在研究金属电阻阻值与温度的关系时，为了较准确地测出金属电阻的阻值，设计了如图甲所示的电路．除了金属电阻R x 外，提供的实验器材还有：学生电源E ，灵敏电流计G ，滑动变阻器R 、R s ，定值电阻R 1、R 2，电阻箱R 0，开关S ，控温装置，导线若干．甲 乙 丙①按照电路图连接好电路后，将R 0调至适当数值，R 的滑片调至最右端，R s 的滑片调至最下端，闭合开关S ；②把R 的滑片调至适当位置，调节R 0，并逐步减小R s 的阻值，直到R s 为零时，电流计G 指针不发生偏转，记录R 0的阻值和R x 的温度；③多次改变温度，重复实验；④实验完毕，整理器材．根据上述实验回答以下问题：（1）上述②中，电流计G 指针不发生偏转时，a 点电势________（选填 “大于”“等于”或“小于”）b 点电势．（2）某次测量时，R 0的旋钮如图乙所示，则R 0的读数为________Ω，随后要将电阻箱的阻值调节到39.0Ω，第一步操作应先调节________（选填“×1”或“×10”）旋钮．（3）用R 0、R 1、R 2表示R x ，R x ＝________．（4）求出的阻值x 和对应温度如下表所示：温度t /℃ 35.0 40.0 45.0 50.0 55.0阻值R x /Ω 58.3 59.4 60.6 61.7 62.8x 12．[选修3–5]（17分）（1）下列说法中正确的有A ．火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度B ．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波长也相等C ．体操运动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的冲量D ．铁块依次呈现暗红、赤红、橘红等颜色，辐射强度极大值对应的波长逐渐减小（2）一枚火箭搭载着卫星以速率v 0进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离．已知前部分的卫星质量为m 1，后部分的箭体质量为m 2，分离后箭体以速率v 2沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统总质量的变化，则分离后卫星的速率v 1为A ．v 0－v 2B ．v 0＋v 2C ．v 0－m 2m 1v 2 D ．v 0＋m 2m 1(v 0－v 2) （3）光电效应实验装置示意如图，以下关于光电效应实验，下列说法中正确的有A ．为了测量饱和电流，a 端应接电源的正极，且滑片P 应尽量向右滑B ．a 端接电源正极，某种色光照射时发现G 表无示数，将滑片向左滑，G 表可能会有示数C ．b 端接电源正极，某种色光照射时发现G 表无示数，将滑片向右滑，G 表可能会有示数D ．通过G 表的电流方向与a 、b 的电势高低无关（4）某光源发出的光由不同波长的光组成，不同波长的光的强度如图所示．表中给出了一些材料的极限波长，用该光源发出的光照射表中材料A ．仅钠能产生光电子B ．仅钠、铜能产生光电子C ．仅铜、铂能产生光电子D ．都能产生光电子（5）如图所示，质量为m 的木块位于动摩擦因数为μ的水平面上，木块与墙间用轻弹簧连接，开始时木块静止在A 位置．现将木块以大小为v 的水平速度向左运动，经过时间t 木块第一次到达最左端，弹簧在弹性限度内．取水平向左为正方向，重力加速度为g ．求该过程中①木块所受重力的冲量大小；②木块所受弹力的冲量大小和方向．四、计算题：本题共4小题，共计54分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（ 8分）如图所示，匀强磁场中有一个用导线制成的单匝闭合线圈MNPQ ，线圈平面与磁场垂直，OO ’是MQ 、NP 的中垂线．已知线圈的边长L 2=2L 1=1 m ，线圈的电阻R =1 Ω，磁场的磁感应强度B =0.1T ．现线圈的MNO ’O 部分固定不动，OO ’PQ 部分以OO ’为轴向纸面外转动90°，所用时间Δt =0.5s ．求线圈在上述过程中（1）感应电流的平均值I ；（2）通过导线横截面的电荷量q ．14．（14分）如图所示，水平固定且间距为L 的足够长平行导轨，处于方向垂直于导轨平面的匀强磁场中，质量均为m 的a 、b 导体棒与导轨接触良好的，a 电阻为2R ，b 电阻为R ．现对a 施加一平行于导轨的恒力F ，使其由静止开始水平向右运动，当a 向右的位移为x 时，a 的速度达到最大且b 刚好不滑动．已知磁场的磁感应强度为B ，两棒与导轨间的动摩擦因数均为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，导轨电阻不计，重力加速度为g ．求：（1）b 中的最大电流；（2）a 的最大速度与F 的大小；（3）a 发生位移x 的过程中，b 产生的焦耳热．1L 2L M N QP B O 'O A vB15．（16分）如图所示，质量均为m的物块A和木板B静止叠放在水平地面上，右边缘对齐．B的长度为L，A与B、B与地面间的动摩擦因数均为μ．敲击B，B立即获得水平向右的初速度，当A、B速度相等时左边缘恰好对齐，最终A、B静止．物块A可视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．求：（1）敲击B后，A立即获得的加速度大小；（2）A、B左边缘对齐时B的速度大小与B的初速度大小的比值；（3）整个运动过程中，摩擦所产生的内能．16．（16分）如图所示，为一磁约束装置的原理图，圆心为原点O、半径为R0的圆形区域Ⅰ内有方向垂直xOy平面向里的匀强磁场B1，环形区域Ⅱ内有方向垂直xOy平面向外的匀强磁场B2．一质量为m、电量为q、速度为v的带正电粒子（不计重力），从坐标为(0，R0)的A点沿y负方向射入区域Ⅰ，经过x轴上的P点且沿x轴正方向进入区域Ⅱ，接着又从Q点第2次射入区域Ⅰ，已知OQ与x轴正方向成60°．求：（1）磁场B1的大小；（2）磁场B2的大小及环形半径R至少为大；（3）粒子从A点沿y轴负方向射入后至再次以相同的速度经过A点的时间t．。
江苏省南通市如皋市2021-2022学年高三上学期期初学情调研考试物理
高三物理试卷第1页共6页V T O A B C D 2V 11V 11T 12T 1T 1T 3T 1T 14T 1一、单项选择题（每小题4分，共44分，每小题只有一个选项正确）1、2018年12月8日，嫦娥四号从地球出发飞向月球。
已知嫦娥四号上有一块备用的核燃料电池，能在夜里为其提供动力，核燃料为23894Pu ，23894Pu 核的核反应式为238234942Pu X Y n m →+，已知23894Pu 核、X 核以及Y 核的质量分别为Pu m 、X m 、Y m 。
则下列说法正确的是（）A ．23894Pu 核比X 核多四个中子B ．该反应释放的核能为()2u X P 12Y m m m c ++C ．该核反应的类型为α衰变D ．该核反应的速度随处环境的压强和温度的变化而发生改变2、巴耳末系是指氢原子从3,4,5,6n =⋅⋅⋅⋅⋅⋅能级跃迁到2n =能级时发出的光谱线系如图甲所示，因瑞士数学教师巴耳末于1885年总结出其波长通项公式（巴耳末公式）而得名。
图乙中给出了巴耳末谱线对应的波长，已知可见光的光子能量在1.62eV 到3.11eV 之间，普朗克常量346.6310J s h -=⨯⋅，则下列说法正确的是（）A ．αH 谱线对应光子的能量大于βH 谱线对应光子的能量B ．巴耳末系辐射αH 、βH 、γH 、δH 谱线均属于可见光C ．按玻尔原子模型，与αH 谱线对应的跃迁是从3n =能级到n=1能级D ．该谱系的光照射极限频率为1410.9510Hz ⨯的钨，能发生光电效应现象3、一定质量的理想气体经历了如图所示的A →B →C →D →A 循环，该过程每个状态可视为平衡态，各状态参数如图所示。
对此气体，下列说法正确的是（）A ．A →B 的过程中，气体对外界放热，内能不变T 1B ．B →C 的过程中，气体的压强增大，单位体积内的分子数增多C ．C →D 的过程中，气体的压强不变，气体从外界吸热D ．D →A 的过程中，气体的压强减小，分子的平均动能减小，单位体积内的分子数不变4、一列简谐横波在x 轴上传播，在10t =和20.5s t =时，其波形分别用如图所示的实线和虚线表示，则（）A ．若波沿x 轴正向传播，则t 1时刻质点P 向上振动B ．若波沿x 轴正向传播，则波速可能为24m/sC ．若波沿x 轴负向传播，则波速可能为28m/sD ．若波沿x 轴负向传播，从t 1时刻到t 2时刻质点P 的位移为2cm5、沿电场中某条电场线方向建立x 轴，该电场线上各点电场强度E 随x 的变化规律如图所示，坐标轴上的点0、1x 、2x 和3x 分别与x 轴上O 、A 、B 、C 四点相对应，相邻两点间距相等。
江苏省盐城市如皋中学2021年高三物理期末试卷含解析
江苏省盐城市如皋中学2021年高三物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图示，质量为m 的质点在水平面上受到同一水平面上的三个恒力F1、F2、F3的作用而做匀速直线运动，速度v 的方向与恒力F1的方向相同，只把恒力F1在水平面内沿顺时针方向瞬时转过90°后，下列判断正确的是（ ）．质点将以加速度a=做匀变速曲线运动．质点将以加速度a=做匀变速曲线运动 参考答案：解：物体在F1、F2、F3三个共点力作用下做匀速直线运动，三力平衡，必有F1与F3、F2的合力等大反向，当F1大小不变，方向改变90°时，F3、F2的合力大小仍为F1，方向与改变方向后的F1夹角为90°， 故F 合=F1，物体做匀变速运动，由于速度v 的方向与恒力F1改变前的方向相同，故此时F 合方向与速度方向夹角为45度，物体做匀变速曲线运动．根据牛顿第二定律得：a==，故ABC 错误，D 正确；故选：D ．2. （多选）假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，则A ．同步卫星运行速度是第一宇宙速度的倍B ．同步卫星的运行速度是第一宇宙速的倍C ．同步卫星的运行速度是地球赤道上物体随地球自转速度的n 倍D ．同步卫星的向心加速度是地球表面重力加速度的倍参考答案：BC解：A 、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：，其中r 为同步卫星的轨道半径．地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n 倍，即r=nR ，所以而第一宇宙速度为：所以同步卫星的运行速度是第一宇宙速的 倍．故A 错误，B 正确．C 、同步卫星的周期与地球自转周期相同，即同步卫星和地球赤道上物体随地球自转具有相等的角速度．根据圆周运动公式得：v=ωr ， 因为r=nR所以同步卫星的运行速度是地球赤道上物体随地球自转速度的n 倍，故C 正确． D 、研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：根据地球表面万有引力等于重力得：，所以同步卫星的向心加速度是地球表面重力加速度的 倍．故D 错误．故选BC ．3. （双项选择题）如图所示，如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上．一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，则小球从接触弹簧到下降到最低点的过程中A．小球刚接触弹簧瞬间速度最大B．小球的加速度方向都是竖直向上C．小球的速度先增大后减小D．小球的加速度先减小后增大参考答案：CD4. （单选）如图所示，某物体自空间O点以水平初速度v0抛出，落在地面上的A点，其轨迹为一抛物线。
江苏省如皋市2021-2022学年高三上学期期末考试物理试题【含答案】
A.圆环对B的支持力变大
B.圆环对B 支持力不变
C.A、B系统的电势能增大
D.A、B系统的电势能不变
二、非选择题：本题共5题，共60分．其中第12～15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数据计算时，答案中必须写出数值和单位。
A.地球的密度B.空间站的加速度
C.空间站的质量D.Байду номын сангаас间站的动能
4.约里奥·居里夫妇于1934年发现了人工放射性同位素磷30，获得了诺贝尔物理学奖。磷30的衰变方程为 P→ Si＋X＋γ，则（ ）
A.γ光子是磷30跃迁产生的
B.X是磷30核内的质子转化产生的
C.磷30的平均结合能比硅30的大
D.一定质量的磷30经过2个半衰期后将全部发生衰变
B．由万有引力提供向心力
解得
故空间站的加速度可以估算，故B正确；
CD．空间站的质量不可求出，空间站的动能也不可估算，故CD错误。
故选B。
4.约里奥·居里夫妇于1934年发现了人工放射性同位素磷30，获得了诺贝尔物理学奖。磷30的衰变方程为 P→ Si＋X＋γ，则（ ）
A.γ光子是磷30跃迁产生的
B.X是磷30核内的质子转化产生的
因开始充电电流不是无穷大，则A点的电势不为零，最终电流为零时 ，则选项AB错误；
CD．因B点电势等于电阻两端电压的大小，则
则随充电电流逐渐减小，φB随时间t逐渐减小到零，选项C正确，D错误；
故选C。
9.如图所示，物体A、B将一轻弹簧（不与A、B拴接）挤压后用线系住，静止在水平面上，A、B的质量之比为2：1，A、B与水平面间的动摩擦因数之比为1：2。现将线烧断，则（ ）
2021-2022学年江苏省如皋、如东高三下学期第一次联考物理试卷含解析
2021-2022学年高考物理模拟试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图所示，aefc 和befd 是垂直于纸面向里的匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的边界。
磁场Ⅰ、Ⅱ的磁感应强度分别为B 1、B 2，且B 2＝2B 1，其中bc=ea=ef.一质量为m 、电荷量为q 的带电粒子垂直边界ae 从P 点射入磁场Ⅰ，后经f 点进入磁场 Ⅱ，并最终从fc 边界射出磁场区域。
不计粒子重力，该带电粒子在磁场中运动的总时间为( )A ．12m qB πB ．132m qB πC ．1n qB πD ．134m qB π2．关于牛顿第一定律和惯性有下列说法，其中正确的是（ ）A ．由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态或匀速直线运动状态B ．行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性C ．牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律D ．运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动3．一静止的原子核X an 发生α衰变，变成另一个新的原子核Y ，衰变后测得α粒子的速率为v ，已知α粒子的质量为m 0，原子核Y 的质量为M ，下列说法正确的是（ ） A ．原子核Y 的符号表示为0--2Y a m nB ．X an 的比结合能一定大于Y 核的比结合能 C ．原子核Y 的速率为0m vM D ．原子衰变过程中释放的核能为2012m v 4．已知月球半径为R ，飞船在距月球表面高度为R 的圆轨道上飞行，周期为T ，万有引力常量为G ，下列说法正确的是 ( )A ．月球质量为23232πR GTB ．月球表面重力加速度为228πR TC ．月球密度为23πGT D ．月球第一宇宙速度为4πRT5．如图所示，一个圆盘绕过圆心O 且与盘面垂直的竖直轴匀速转动角速度为ω，盘面上有一质量为m 的物块随圆盘一起做匀速圆周运动，已知物块到转轴的距离为r ，下列说法正确的是（ ）A ．物块受重力、弹力、向心力作用，合力大小为m ω2rB ．物块受重力、弹力、摩擦力、向心力作用，合力大小为m ω2rC ．物块受重力、弹力、摩擦力作用，合力大小为m ω2rD ．物块只受重力、弹力作用，合力大小为零 6．下列说法正确的是A ．布朗运动是在显微镜中看到的液体分子的无规则运动B ．气体温度不变，运动速度越大，其内能越大C ．温度降低物体内每个分子动能一定减小D ．用活塞压缩气缸里空气，对空气做功4.5×105J ，空气内能增加了3.5×105J ，则空气向外界放出热量1×105J 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2021年江苏省盐城市如皋中学高一物理联考试卷含解析
2021年江苏省盐城市如皋中学高一物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 建造在公路上的桥梁大多是拱形桥，较少是水平桥，更没有凹形桥，其主要原因是A．为了节省建筑材料，以减少建桥成本B．汽车以同样的速度通过凹形桥时对桥面的压力要比水平或拱形桥压力大，故凹形桥易损坏C．可能是建造凹形桥技术上特别困难D．无法确定参考答案：B2. 两个质量相等的物体，分别从两个高度相等而倾角不同的光滑斜面顶从静止开始下滑，则下列说法正确的是：（）①到达底部时重力的功率相等②到达底部时速度相等③下滑过程中重力做的功相等④到达底部时动能相等A．②③④ B．②③C．②④ D．③④参考答案：D3. 为提高百米运动员的成绩，教练员分析了运动员百米全程的录像带，测得：运动员在前7秒跑到61m，7秒末到7.1秒末跑了0.92m，跑到终点共用10.8秒，则下列说法中正确的是A．运动员在百米全过程的平均速度是9.26m/sB．运动员在前7秒的平均速度是8.71m/sC．运动员在7秒末的瞬时速度为9.2m/sD．无法知道运动员在7秒末的瞬时速度参考答案：ABD4. 云南彝良发生地震后，在前往救灾的路上，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚在路中央，所以又紧急刹车，经4s停在巨石前。
则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）A．加速、减速中的加速度之比a1:a2＝2：1B．加速、减速中的平均速度之比v1:v2＝2：1C．加速、减速中的位移之比s1:s2＝2：1D．加速、减速中的加速度之比a1:a2 ＝1：2参考答案：CD5. 一定质量的气体，在压强不变时，温度每升高1°C，它的体积的增加量（）A．相同 B．逐渐增大C．逐渐减小 D．成正比例地增大参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （多选题）如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为零势能面且不计空气阻力，则（）A．物体到海平面时的重力势能为mghB．重力对物体做的功为mghC．物体在海平面上的动能为mv02+mghD．物体在海平面上的机械能为mv02+mgh参考答案：BCD【考点】功能关系．【分析】整个过程中不计空气阻力，只有重力对物体做功，物体的机械能守恒，应用机械能守恒和功能关系可判断各选项的对错．【解答】解：A、以地面为零势能面，海平面低于地面h，所以物体在海平面上时的重力势能为﹣mgh，故A错误．B、重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关，抛出点与海平面的高度差为h，并且重力做正功，所以整个过程重力对物体做功为mgh，故B正确．C、由动能定理W=E k2﹣E k1，则得，物体在海平面上的动能E k2=E k1+W=mv02+mgh，故C正确．D、整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为mv02+mgh，所以物体在海平面时的机械能也为mv02+mgh，故D正确．故选：BCD7. 一物体做匀加速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，经过4s后的速度大小为10m/s，则物体加速度的大小为 m/s2和 m/s2。
2021届江苏省如皋市高三上学期一调考试理科综合物理试卷及答案
2021届江苏省如皋市高三上学期一调考试理科综合物理试卷★祝考试顺利★(含答案)（考试时间：90分钟分值：100分）一、单项选择题：本题共8小题,每小题3分,共计24分．每小题只有一个选项符合题意．1．我国北斗系统主要由同步轨道卫星和中圆轨道卫星组成．已知两种卫星的轨道为圆轨道,中圆轨道卫星的周期为8小时,则A．中圆轨道卫星的线速度大于7.9 km/sB．中圆轨道卫星的角速度大于地球同步卫星的角速度C．中圆轨道卫星的轨道半径大于地球同步卫星的轨道半径D．中圆轨道卫星做圆周运动所需向心力一定大于地球同步卫星所需的向心力2．一列简谐横波某时刻的波形如图所示,比较介质中的三个质点a、b、c,则A．此刻a的加速度最小B．此刻b的速度最小C．若波沿x轴正方向传播,此刻b向y轴正方向运动D．若波沿x轴负方向传播,a比c先回到平衡位置3．扫地机器人能有效清除地板上的灰尘等颗粒垃圾．若扫地机器人电动机线圈电阻为r,当它正常工作时,电动机两端所加的电压为U,则A．通过线圈的电流小于U rB．通过线圈的电流等于U rC．电动机的电功率为I2rD．电动机输出的机械功率为UI4． 2020年3月20日,电影《放射性物质》在伦敦首映,该片的主角——居里夫人是放射性元Po)的发现者．钋210的半衰期是138天；钋210核发生衰变时,会产生α粒子素钋(21084和原子核X,并放出γ射线．下列说法正确的是A．γ射线是高速电子流B．原子核X的中子数为82C．10个钋210核经过138天,一定还剩下5个钋核D．衰变后产生的α粒子与原子核X的质量之和小于衰变前钋210核的质量5．如图所示,从地面上同一位置抛出两质量相等的小球A、B,分别落在地面上的M、N点,两球运动的最大高度相同．空气阻力不计,下列物理量中,B比A大的是A．飞行过程中的速度变化率B．飞行时间C．最高点时重力的功率D．抛出时的动能6．新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播,佩戴口罩可以有效预防新冠病毒的感染．小明某次打喷嚏时气流喷出的速度是50 m/s,喷出6.0×10-5 m3的空气,用时0.015 s．已知空气的密度为1.3 kg/m3,则小明打这次喷嚏受到的平均反冲力为A．0.13 N B．0.26 NC．1.3 N D．2.6 N7．如图甲,滚筒洗衣机脱水时,衣物紧贴着滚筒壁在竖直平面内做顺时针的匀速圆周运动．如图乙,一件小衣物（可理想化为质点）质量为m,滚筒半径为R,角速度大小为ω,重力加速度为g,a、b分别为小衣物经过的最高位置和最低位置．下列说法正确的是A．衣物所受合力的大小始终为mω2RB．衣物转到a位置时的脱水效果最好C．衣物所受滚筒的作用力大小始终为mgD．衣物在a位置对滚筒壁的压力比在b位置的大8．如图,光滑绝缘圆环竖直放置,a、b、c为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球．已知带正电荷的小球c位于圆环最高点,ac连线与竖直方向成30°角,bc 连线与竖直方向成60°角,三个小球均处于静止状态．下列说法正确的是A．a、b两小球均带正电荷B．a小球带正电荷,b小球带负电荷C．a、b小球电量之比为33D．a、b小球电量之比为23二、多项选择题：本题共4小题,每小题4分,共计16分,每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分,选对但不全的得2分,选错或不选的得0分．9．关于分子动理论,下列说法正确的是A．气体扩散的快慢与温度有关B．分子间同时存在着引力和斥力C．布朗运动是液体分子的无规则运动D．某气体的摩尔体积为V,每个分子的体积V0,则阿伏加德罗常数N A=V V10．如图所示为静电喷漆示意图．喷枪喷出的油漆微粒带负电,被喷工件带正电,微粒在电场力的作用下向工件运动,最后吸附在工件表面．油漆微粒向工件靠近的过程中,假设只受电场力的作用,那么A．油漆微粒所受电场力越来越小B．油漆微粒的动能越来越大C．电场力对油漆微粒做负功D．油漆微粒的电势能减小11．雨雪天气时路面湿滑,汽车在紧急刹车时的刹车距离会明显增加．如图所示为驾驶员驾驶同一辆汽车在两种路面紧急刹车时的v－t图像,驾驶员的反应时间为1 s．下列说法正确的有A．从t=0到停下,汽车在干燥路面的平均速度大于在湿滑路面的平均速度B．从t=1 s到停下,汽车在干燥路面的平均速度大于在湿滑路面的平均速度C．从t=0到停下,汽车在干燥路面的行驶距离比在湿滑路面的行驶距离少10 mD．从t=1 s到停下,汽车在干燥路面的加速度是在湿滑路面的加速度的1.33倍12．如图所示,在竖直放置的平行板电容器的金属板内侧表面系一绝缘细线,细线下端系一带电小球,带电小球静止时绝缘细线与金属板的夹角为θ．R1为定值电阻,R2为滑动变阻器,R3为电阻箱．闭合开关S,电流表和电压表的示数分别为I和U．已知电源电动势E和内阻r一定,电表均为理想电表．下列说法正确的有A．小球带负电B．减小R2,角θ变小C．减小R3,U与I的比值变小D．减小R3,U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变三、实验题：本题共2小题,每空2分,共计14分．请将解答填写在答题卡相应位置．13．（6分）某同学利用如图所示的气垫导轨装置“验证机械能守恒定律”,在气垫导轨上安装了两个光电门1、2,滑块上固定一遮光条,滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连．（1）某次实验测得光电门1、2间的距离L=145.00 cm,遮光条的宽度d=6.20 mm,滑块和遮光条的总质量M=180 g,钩码质量m=20 g,遮光条通过光电门1、2的时间t1=6.20×10-3 s、t2=3.10×10-3 s．已知g=9.80 m/s2,则滑块从光电门1运动到光电门2的过程中系统势能的减少量△E p= ▲ J,系统动能的增量△E k= ▲J．（计算结果均保留三位有效数字）（2）实验后发现,系统增加的动能明显大于钩码减小的重力势能,原因是▲ . 14．（8分）用如图甲所示装置结合频闪照相机（频闪照相周期一定）拍摄的照片来“验证动量守恒定律”,实验步骤如下：AVA BR3R1R2SE rθ甲乙丙①用天平测出A、B两个小球的质量m A和m B；②安装好实验装置,使斜槽的末端所在的平面保持水平；③先不在斜槽的末端放小球B,让小球A从斜槽上位置P由静止开始释放,小球A离开斜槽后,频闪照相机连续拍摄小球A的两位置（如图乙所示）；④将小球B放在斜槽的末端,让小球A仍从位置P处由静止开始释放,使它们碰撞,频闪照相机连续拍摄下两个小球的位置（如图丙所示）；⑤测出所需要的物理量．（1）为减小实验误差,步骤①中A、B两个小球的质量应满足m A▲ （选填“<”“=”或“>”）m B．（2）在测量中,下列说法中正确的是▲ ．A．需要读取频闪照相的周期B．需要测量照片尺寸和实际尺寸的比例C．在照片上测得x0、x A和x BD．在照片上测得x0、y0、x A、y A、x B和y B（3）两球在碰撞过程中若动量守恒,用测量的物理量表述满足的方程是：▲ ；若两球碰撞为弹性碰撞,还需满足方程：▲ ．四、计算题：本题共4小题,共计46分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位．15．（8分）如图所示,两平行金属板A、B长为l,两板间的距离为d,A板与B板的电势差为U．一质量为m、电荷量为q的粒子从R点沿电场中心线RO以初速度v0进入电场,从界面MN飞出平行板,粒子重力不计．求：（1）粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离h；（2）粒子穿过电场过程中,电场对粒子做的功W．16．（10分）如图所示,人在光滑的冰面上玩推木箱游戏,人与车的总质量为M,木箱的质量为m,开始均静止于光滑冰面上．现人将木箱以速率v(相对于地面)水平推向竖直墙壁,木箱与墙壁碰撞后又以速率v弹回,人接住木箱后再以速率v (相对地面)将木箱推向墙壁,如此反复,求：（1）人第一次推木箱后,人和小车的速度大小v1；（2）人第二次推木箱后,人和小车的速度大小v2；（3）若M=60 kg,m=3 kg,v=6 m/s．从第一次算起,人推多少次木箱后,人将会接不到木箱．17．（14分）质量m B＝1 kg的木板B静止于光滑水平面上,质量m A＝4 kg的物块A停在B的左端,质量m C＝1 kg的小球C用长l＝1.25 m的轻绳悬挂在固定点O．现将小球C及轻绳拉直至水平位置后由静止释放,小球C在最低点与A发生正碰,碰撞作用时间极短,之后小球C以v C′＝3 m/s的速率反弹．已知A、B间的动摩擦因数μ＝0.1,物块与小球均可视为质点,不计空气阻力,g取10 m/s2．求：（1）小球C与物块A碰撞前瞬间,小球C的速度大小v C；（2）小球C与物块A碰撞过程中,物块A受到的冲量大小I；（3）为使物块A不滑离木板B,木板B的长度L至少多长？18．（14分）如图所示,在高h1＝20 m的光滑水平平台上,质量m＝3 kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住,储存了一定量的弹性势能E p．若打开锁扣K,小物块将以一定的水平速度v向右滑下平台,做平抛运动,从A点经过t=2 s恰好能沿光滑圆弧形轨道BC的B点1的切线方向进入圆弧形轨道,圆弧轨道的圆心O与平台等高,轨道最低点C的切线水平,并与地面上长L＝35 m 的水平粗糙轨道CD平滑连接,小物块沿轨道BCD运动并与右边墙壁只发生一次碰撞,碰后速度等大反向,反向运动后停在轨道上的C点．取g＝10m/s2．求：（1）B点的高度h2；（2）弹簧被锁住时储存的弹性势能E p；（3）小物块与轨道CD之间的动摩擦因数为μ．2021届江苏省如皋市高三上学期一调考试理科综合物理试卷2021届江苏省如皋市高三上学期一调考试理科综合物理试卷。
江苏省如皋市2021年高三上学期教学质量调研一物理试题
2０１4~2021年高三年级第一学期教学质量调研（一)物理试卷(满分1２0分，时间100分钟)一、单项选择题．本题共８小题，每小题3分,共计２４分．每小题只有一个选项符合题意. 1、下列叙述中正确的是A ．库仑提出了用电场线描述电场的方法B.重心、合力等概念的建立都体现了等效替代的思想Ｃ.伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证 D.用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,例如场强qFE =，加速度mFa =都是采用比值法定义的 2、航天员进行素质训练时,抓住秋千杆由水平状态向下摆，到达竖直状态的过程如图所示,该过程中航天员所受重力的瞬时功率变化情况是 A.一直增大ﻩB.一直减小 ﻩC.先增大后减小D.先减小后增大3、如图所示,甲、乙两运动员从水流速度恒定的河两岸A 、Ｂ处同时下水游泳，Ａ在B 的下游位置，甲游得比乙快，为了在河中尽快相遇，两人游泳的方向应为 A.甲、乙都沿A 、B 连线方向 B.甲、乙都沿Ａ、Ｂ连线偏向下游方向 Ｃ．甲、乙都沿Ａ、B 连线偏向上游方向D ．甲沿A 、Ｂ连线偏向上游方向,乙沿A 、Ｂ连线偏向下游方向4、在如图所示的位移－时间图象和速度-时间图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四个相同的物体在水平面上，由同一地点向同一方向运动的情况，甲AB乙则下列说法正确的是A．t1时刻甲、乙两物体的动能相等B．0~ｔ1时间内，甲物体通过的路程大于乙物体通过的路程Ｃ．丙、丁两物体再次相遇前在t2时刻相距最远D.ｔ2时刻丙物体受到的合外力小于丁物体受到的合外力5、如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且M>m,若不计绳与滑轮的摩擦，则当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止,则下列说法中正确的是A．地面对人的摩擦力减小Ｂ.地面对人的摩擦力不变Ｃ.人对地面的作用力不变D．人对地面的作用力增大６、如图是“神舟”系列航天飞船返回舱返回地面的示意图,假定其过程可简化为：打开降落伞一段时间后，整个装置匀速下降，为确保安全着陆，需点燃返回舱的缓冲火箭,在火箭喷气过程中返回舱做减速直线运动，则A．火箭开始喷气瞬间伞绳对返回舱的拉力变小B．返回舱在喷气过程中减速的主要原因是空气阻力C．返回舱在喷气过程中所受合外力可能做正功D．返回舱在喷气过程中处于失重状态7、如图所示,一圆环上均匀分布着负电荷,x 轴垂直于环面且过圆心Ｏ。
解析江苏省如皋市2021年高三上学期质检二物理试题
江苏省南通市如皋市20２1年高三(上）质检物理试卷（二）参考答案与试题解析一、单项选择题:本题共８小题，每小题3分,共计24分．每小题只有一个选项符合题意．１．在同一平面有四根彼此绝缘的通电直导线，如图所示，四导线中的电流大小关系为i1＜i2<ｉ3=ｉ4,要使O点磁场增强．则应切断哪一导线中的电源（)A．切断i1B．切断i２Ｃ. 切断i3 D.ﻩ切断i4考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．分析：ﻩ根据安培定则判断４根通电导线在１、2、３、４四个区域产生的磁场方向，根据磁场的叠加,判断哪个区域的磁场最强．解答：解:根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场的分布,导线1在O点产生的磁场的方向向里，导线2在O点产生的磁场的方向向里,导线3在O点产生的磁场的方向向里,导线4在O点产生的磁场的方向向外.由于i1＜ｉ2＜i３=i4，所以合磁场的方向向里,根据磁场的叠加可知,要使O的磁场增强,应切断I4,则D正确．故选：D点评：ﻩ本题利用安培定则判断磁场方向比较简单,但磁场的叠加，较为复杂，采用作图法可防止思路出现混乱．2．质量为0.8kg的物块静止在倾角为3０°的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向大小等于３N的力推物块,物块仍保持静止，如图所示，则物块所受到的摩擦力大小等于（）ﻩA．５ＮﻩB.4ﻩNﻩC.3ﻩNﻩD.考点：ﻩ静摩擦力和最大静摩擦力;滑动摩擦力.专题: 牛顿运动定律综合专题．分析:ﻩ对滑块受力分析,受推力Ｆ、重力G、支持力N和静摩擦力f，根据共点力平衡条件,结合正交分解法列式求解.解答：解：对滑块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和静摩擦力f，将重力按照作用效果分解为沿斜面向下的分力F′=Mｇｓｉnθ=４N和垂直斜面向下的分力Mｇcoｓθ=4Ｎ;在与斜面平行的平面内,如图,有f＝故选A.点评:ﻩ本题的难点在于物体受到的力不在一个平面内，需要将重力按照作用效果进行分析,根据静摩擦力的产生特点和共点力平衡条件列式求解静摩擦力．3．(３分)如图所示，甲、乙两小船分别从A、B两点开始过河，两船相对静水的速度均小于水流速度，方向分别与河岸成60°和3０°角，两船恰能到达对岸同一位置.若甲乙两船渡河过程的位移大小分别为s甲、s乙，则( )A．s甲＞s乙B．s甲=ｓ乙C．s甲<ｓ乙D．无法确定s甲和s乙的关系考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：根据运动的合成可知，两船与水流速度的合速度的方向即为船行驶的方向,由题意可知,恰能同时到达对岸，从而可确定各自位移关系．解答:解：根据题意可作出，两船运动的位移,如图所示,则有s甲>s乙故A正确,BCD错误；故选A点评：解决本题的关键是根据速度的合成,即可确定合位移方向，并掌握矢量合成法则．4．(3分)我国发射了一颗资源探测卫星,发射时，先将卫星发射至距地面50kｍ的近地圆轨道1上,然后变轨到近地点高５０km，远地点高150０km的椭圆轨道２上,最后由轨道２进入半径为7９0０km的圆轨道3，已知地球表面的重力加速度g=１０m/s2，忽略空气阻力，则以下说法正确的是( ）A．在轨道2运行的速率可能大于7．9km/sB．卫星在轨道2上从远地点向近地点运动的过程中速度增大，机械能增大C．由轨道2变为轨道３需要在近地点点火加速，且卫星在轨道2上的运行周期小于在轨道3上的运行周期D．仅利用以上数据，可以求出卫星在轨道3上的动能考点:万有引力定律及其应用.专题:万有引力定律的应用专题.分析：在1圆轨道变轨到2椭圆轨道的过程中,需要加速做离心运动，速度可能大于７.9kｍ/s.卫星在轨道２上从远地点向近地点运动的过程中机械能守恒．由轨道2变为轨道3需要在远地点点火加速做离心运动．不知道卫星的质量,无法计算动能．解答:解：A、第一宇宙速度是理论上的最大环绕速度,实际卫星绕地球圆周运动的速度都小于这个值；在1圆轨道变轨到2椭圆轨道的过程中，需要加速,所以速率可能大于７.9kｍ/s,故A正确;B、卫星在轨道2上从远地点向近地点运动的过程中只有万有引力（或者说重力)做功，所以机械能不变，故B错误;C、轨道3是远地轨道，所以由轨道２变为轨道3需要在远地点点火加速做离心运动,卫星在轨道2上的运行周期小于在轨道3上的运行周期，故C错误;D、不知道卫星的质量,所以不能求出在轨道3上的动能，故D错误．故选：A.点评:本题关键明确卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，卫星的运动过程中只有重力做功，机械能守恒．5．(3分）一根内壁光滑无限长绝缘直管与两等量电荷连线的中垂线重合，管与电荷位于绝缘水平面上,如图所示.管上有ＡＯＢ三点，其中O点为等量电荷连线中点，且AＯ=OB，现将一带正电的小球，从管中A点由静止释放，若带电小球能在A、B之间做往复运动，则下列说法正确的是( ）A.两电荷带的是等量异种电荷B.两电荷带的是等量负电荷Ｃ.小球的加速度先变大再变小Ｄ．小球在O点的电势能为0考点:电势能．专题：电场力与电势的性质专题.分析:先分析等量正电荷和等量负电荷的电场在中垂线上的特点,再判断带的小球能否在AB间做往复运动；再由场强的特点分析电场力和加速度的变化.解答：解:AB、若为等量正电荷,其中垂线上场强的特点:从中点向两侧场强先增大后减小,其方向指向外侧.小球释放时受到的电场力向外，所以不可能做往复运动，故一定是等量的负电荷，故A错误，B正确；C、两等量负电荷周围部分电场线分布特点，其中连线的中垂线aｂ上,从无穷远到Ｏ过程中电场强度先增大后减小,且方向始终指ｏ点，所以静止释放带正电的粒子受的电场力是指向O，且电场力先增大后减小，过来O 点后电场力反向依然指向O,电场力大小先增大后减小,所以带电粒子先加速后减速，故加速度先增大后减小再增大后再减小,其速度先增大后减小,故C错误；D、小球在O点时，电场力为０，但电势不为零，所以电势能不为零,故D错误.故选:B.点评:本题的关键是明确等量同种电荷中垂线上电场的特点，再据物体受电场力和摩擦力分析运动情况，据牛顿第二定律分析加速度．６.(3分）图示电路中，电源电动势为ε,内阻为ｒ,R1、R２为定值电阻，R3为可变电阻,C为电容器．在可变电阻R3由较小逐渐变大的过程中，下列说法中正确的是( ）A.电容器的带电量在逐渐减小B.流过Ｒ２的电流方向是由上向下C．电源的输出功率变大D．电源内部消耗的功率变大考点：电容；闭合电路的欧姆定律.专题:电容器专题.分析:由电路图可知,R1与Ｒ3串联，电容器并联在R３两端，由滑动变阻器的变化利用闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，判断出Ｒ3电压的变化,则可知电容器两端电量的变化,可知流过Ｒ2的电流方向．由功率公式可求得电源内部消耗的功率变化．解答:解：滑动变阻器阻值由小到大的过程中,电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，内电压及R1两端的电压均减小,则R3两端的电压增大,电容器两端的电压增大，电容器的带电量增大,故电容器充电,则有由上向下的电流通过R2．由于内外电阻的关系未知,不能确定电源输出功率如何变化,由P=I2r可知，电源内部消耗的功率变小,故B正确，ACD错误;故选:Ｂ.点评:本题在进行动态分析时电容器可不看．要抓住电容器两端的电压等于与之并联部分的电压；与电容器串联的电阻在稳定时可作为导线处理．７．（３分）如图所示,直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，比荷相同的两个粒子（不计重力）沿AB 方向射入磁场,分别从AC边上的P、Q两点射出，则（)Ａ.从P点射出的粒子速度大B．两个粒子射出磁场时的速度一样大Ｃ．从Q点射出的粒子在磁场中运动的时间长Ｄ.两个粒子在磁场中运动的时间一样长考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题:带电粒子在磁场中的运动专题.分析:粒子在磁场中做圆周运动，根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，根据轨迹分析粒子运动半径和周期的关系，从而分析得出结论.解答:解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系（图示弦切角相等)，粒子在磁场中偏转的圆心角相等,根据粒子在磁场中运动的时间:t=，又因为粒子在磁场中圆周运动的周期T=,可知粒子在磁场中运动的时间相等，故D 正确，C错误;如图,粒子在磁场中做圆周运动，分别从P点和Q点射出，由图知,粒子运动的半径R P＜R Q，又粒子在磁场中做圆周运动的半径Ｒ=知粒子运动速度ｖＰ<ｖQ，故AB错误;故选:D点评:粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决本题的关键．8.（3分）一物体沿光滑水平面做匀速直线运动,从t=0时刻起,在与物体垂直的方向上施加一个水平恒力F，则物体的动能E k随时间t变化的情况可能是图中所示的哪个图（)Ａ. B.C．D．考点:功能关系．分析:由牛顿第二定律求出加速度，由速度公式求出速度,然后求出物体动能的表达式,最后分析图示图象答题.解答:解:设物体做匀速运动的速度为v0,在与物体运动速度垂直的方向上施加一个水平恒力Ｆ后,物体在初速度方向上做匀速直线运动，在力的方向向做初速度为零的匀加速运动，由牛顿第二定律得:a=，物体在力的方向上的分速度:ｖ=ａｔ=，物体的动能:E K =mv02+mv２＝mｖ02+m()2＝mv02+，由图示图象可知,ABC错误，Ｄ正确,故选：Ｄ．点评:本题考查了判断物体动能随时间变化的图象，根据题意求出物体动能的表达式是正确解题的关键.二、多项选择题:本题共6小题，每小题4分,共计２4分.每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得２分,错选或不答的得0分．9.(4分）一个电子穿过某一空间而未发生偏转，以下判断正确的是（)A．此空间一定不存在磁场B．此空间一定不存在电场Ｃ．此空间可能存在均匀变化磁场D.此空间可能有相互正交的匀强磁场和匀强电场考点:洛仑兹力．分析:通过对电子的运动分析可知，电子在该区域可能不受力的作用,有两种情况，一是电场和磁场都不存在，二是只存在磁场，但是电子的初速度方向与磁场的方向在同一条直线上;可能只受电场力作用,电子的初速度与电场力的方向在通一条直线上;可能既受电场力又受洛伦兹力作用，但是二力为一对平衡力．解答:解：A、电子进入磁场有两种情况，一是沿着磁感线进入磁场,此种情况下，电子不受洛伦兹力作用,电子不会偏转,选项A错误．B、如果该区域只存在电场,并且电子是沿着电场线的方向进入电场时，电子不发生偏转.选项B错误.C、此空间可能存在均匀变化磁场,电子在该区域内即受到电场力作用,又受到洛伦兹力作用，但这两个力大小相等,方向相反时,电子运动不发生偏转．选项C正确.D、若电子在该区域内即受到电场力作用，又受到洛伦兹力作用,但这两个力大小相等，方向相反时,电子运动不发生偏转，此时电场与磁场是正交的.选项D正确.故选：CＤ．点评:带电粒子在匀强电场中运动,主要研究两种情况,一是初速度的方向与电场的方向在一条直线上，此时做匀变速直线运动．二是垂直于电场射入，此时做类平抛运动．带电粒子在匀强磁场中运动，有三种情况，一是初速度的方向与磁场方向在同一条直线上，此时带电粒子不受洛伦兹力作用，带电粒子做匀速直线运动,二是垂直于磁场射入，在洛伦兹力的作用下，带电粒子将做匀速圆周运动.三是带电粒子的初速度与磁场有一定的夹角，带电粒子做等距螺旋运动.带电粒子在匀强电场和匀强磁场中运动时，主要研究是电场与磁场正交的情况，此时既受到电场力作用，又受到洛伦兹力作用．此种情况有一种特例即为电场力和洛伦兹力是一对平衡力．１０．（4分)用细绳拴住一个质量为m的小球,小球将一端固定在墙上的水平轻弹簧压缩了△x（小球与弹簧不拴接),如图所示,则将细线烧断后（）A.小球立即做平抛运动B.细线烧断瞬间小球的加速度a=gC.小球脱离弹簧后做匀变速运动D.小球落地时的动能大于mｇh考点:牛顿第二定律.专题：牛顿运动定律综合专题.分析:小球开始受重力、弹簧的弹力和绳子的拉力处于平衡，绳子烧断的瞬间，拉力立即消失，弹簧的弹力还未变化，根据牛顿第二定律得出小球的加速度．根据动能定理可知小球的动能大小．解答:解：A、绳子烧断的瞬间，小球受重力和弹簧的弹力,小球不是立即做平抛运动．根据牛顿第二定律知,加速度不是g．故A错误，Ｂ错误.Ｃ、小球离开弹簧后,仅受重力，加速度不变,所以做匀变速运动.故C正确.D、根据动能定理知，mｇh+W=.则小球落地时的动能大于mgh．故D正确．故选:CD．点评:对小球受力分析，根据球的受力的情况来判断小球的运动的情况及各力做功情况，要注意的是在与弹簧分离之前,弹簧的弹力是不断减小的．11．（4分）(20１1•淮安三模)如图是医用回旋加速器示意图,其核心部分是两个D型金属盒,两金属盒置于匀强磁场中,并分别与高频电源相连.现分别加速氘核(H)和氦核(Ｈe)．下列说法中正确的是（）Ａ.它们的最大速度相同B.它们的最大动能相同C．它们在Ｄ形盒内运动的周期相同Ｄ．仅增大高频电源的频率可增大粒子的最大动能考点:质谱仪和回旋加速器的工作原理.专题:压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题.分析：Ａ、带电粒子最后从回旋加速器中出来时的速度最大,根据,比较粒子的速度.B、求出粒子的最大速度后，根据比较最大动能．C、在回旋加速器中的周期Ｔ=，根据周期的公式判断两粒子的周期是否相同．D、回旋加速器加速粒子时，粒子在磁场中运动的周期和交流电的周期相同，否则无法加速.解答：解：A、根据,得．两粒子的比荷相等,所以最大速度相等.故A正确．B、最大动能，两粒子的比荷相等，但质量不等,所以最大动能不等.故Ｂ错误.C、带电粒子在磁场中运动的周期T＝,两粒子的比荷相等，所以周期相等.故C正确．Ｄ、回旋加速器加速粒子时，粒子在磁场中运动的周期和交流电的周期相同，否则无法加速．故D错误．故选AC．点评:解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速,磁场偏转来加速粒子.以及知道粒子在磁场中运动的周期和交流电的周期相同．１２.（4分）如图所示,质量为m的通电直导线用一绝缘轻绳悬挂,电流方向垂直于纸面,匀强磁场平行于纸面，导线处于静止状态,轻绳与竖直方向的夹角为3０°.以下说法中正确的是（)A．安培力的大小可能等于,此时磁场的可能方向是唯一的B．安培力的大小可能等于，此时磁场的可能方向是唯一的C．安培力的大小可能等于mｇ，此时磁场的可能方向是唯一的Ｄ．安培力的大小可能等于2mg,此时磁场的可能方向是唯一的考点:安培力.分析:先对导体棒受力分析，根据平衡条件并结合合成法得到安培力的最小值；然后结合安培力公式F A=ＢＩL和左手定则分析．解答:解:对导体棒受力分析,受重力、安培力和细线拉力，如图所示:根据平衡条件,当安培力与线垂直向上时，安培力最小，为:F A=BIL=mgsin30°=,根据左手定则，磁感线方向沿悬线向上,故此时磁场方向是唯一的;当mg≥F A>时，有２解.当F A>ｍg时,有一解；当F A<时，无解,故ＡC错误，BD正确故选：BD点评：本题关键是先根据平衡条件确定安培力的最小值，然后结合左手定则分析磁感线的方向，基础题．１３.（4分）质量为m,带电量为+ｑ的小球套在水平固定且足够长的绝缘杆上，如图所示，整个装置处于磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，现给球一个水平向右的初速度ｖ0使其开始运动,不计空气阻力，则球运动克服摩擦力做的功可能的是（）A.mｖＢ.0Ｃ.m v D.（mv﹣）考点:带电粒子在混合场中的运动;功能关系;洛仑兹力．专题:带电粒子在电场中的运动专题．分析：圆环向右运动的过程中可能受到重力、洛伦兹力、杆的支持力和摩擦力,根据圆环初速度的情况,分析洛伦兹力与重力大小关系可知：圆环可能做匀速直线运动，或者减速运动到静止,或者先减速后匀速运动,根据动能定理分析圆环克服摩擦力所做的功.解答：解:（1）当qv0B＝ｍg时,圆环不受支持力和摩擦力,摩擦力做功为零.(2）当qv０B<mg时,圆环做减速运动到静止，只有摩擦力做功.根据动能定理得:﹣W=０﹣ｍv02得W＝mv02．（３)当qv0B>mｇ时，圆环先做减速运动，当ｑvB=mg,即当qvB=mg，v=时，不受摩擦力，做匀速直线运动．根据动能定理得：﹣W=mv2﹣mv０2,代入解得：Ｗ=m［v02﹣(）2];故选:AＢD．点评:本题考查分析问题的能力,摩擦力是被动力，要分情况讨论．在受力分析时往往先分析场力，比如重力、电场力和磁场力，再分析弹力、摩擦力.1４．(4分）（２008•黄冈模拟）绝缘水平面上固定一正点电荷Q，另一质量为m、电荷量为﹣q的滑块(可看作点电荷)从ａ点以初速度v0沿水平面向Q运动，到达b点时速度为零．已知a、b间距离为s，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．以下判断正确的是( )A.滑块在运动过程中所受Q的库化力有可能大于滑动摩擦力B.滑块在运动过程的中间时刻，瞬时速度的大小小于C.此过程中产生的内能为Ｄ.Ｑ产生的电场中，ａ、b两点间的电势差为考点：电势差与电场强度的关系.专题：电场力与电势的性质专题.分析:根据滑块的运动情况可知滑块受力情况，则可知库仑力与滑动摩擦力的大小关系;由滑块的受力情况可确定加速度的变化情况，即可判断中间时刻的速度;由动能定理可确定过程中产生的内能与动能变化关系;由动能定理可求得两点间的电势差．解答：解:A、由题意可知,滑块水平方向受库仑力、滑动摩擦力，摩擦力与运动方向相反,而库仑力与运动方相同，因滑块在ｂ点静止，故一定有段时间，库仑力小于滑动摩擦力，当在滑动过程中，随着间距减小,库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力，到达b点时速度减为零.故A错误；B、水平方向受大小不变的摩擦力及变大的库仑力，当在滑动过程中,随着间距减小，库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力,所以导致加速度慢慢减小,加速度是变化的,故中间时刻的速度小于故B 正确;C、由动能定理可得：Ｕq﹣μmgs＝0﹣mv02，产生的内能Q=μmｇs＝Uq+mｖ02,因此在此过程中产生的内能大于动能的减少.故C错误；Ｄ、由动能定理可得：Uq﹣μmｇs=0﹣mv0２，解得两点间的电势差Ｕ＝，故D正确;故选:BD点评:解答本题应注意库仑力随离Q的距离的增大而减小，而滑块的运动可告诉我们最后一定有滑动摩擦力大于库仑力；同时还要明确一定:电场力做功取决于始末位置间的电势差,和路径无关.三、简答题:本题共３小题,共计２６分．请将解答填写在答题卡相应的位置.１５．(８分）某实验探究小组的同学准备测量电炉丝的电阻率,他们首先用螺旋测微器测出一段电炉丝的直径和长度如图1、2所示，则该电炉丝的直径为0.900 ｍm．长度为３3.1０ｍｍ.该小组同学又从标称为“220v5０0Ｗ”、“２20v 300W”、“220v 25Ｗ”的3个电炉中任选一个，正确使用多用电表欧姆×10挡测量其阻值,结果如图3所示,则该电炉的阻值是160．0 Ω，标称功率为３00 W．考点：测定金属的电阻率;刻度尺、游标卡尺的使用;螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析:游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度所示之和是螺旋测微器的示数;根据欧姆表读出电阻，根据P＝求解功率．解答：解:由图１所示螺旋测微器可知,固定刻度示数为0.5mm,可动刻度示数为40.0×0.01ｍｍ＝０.400mｍ，金属丝直径为0.5mm+0.40０ｍm=0.900ｍm；由图2所示游标卡尺可知,主尺示数为3.3cｍ=3３ｍm,游标尺示数为２×０．05mm=0.10mm,金属丝的长度为３3mm+0.10mｍ＝33.10mｍ；由图３可知，该电炉的阻值是1６.0×１0=１6０.0Ω,根据Ｐ=得:功率P=Ｗ,故标称功率为30０Ｗ故答案为：0.900;3３.10；１60.０；300点评：游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度所示之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读；对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度.16．(８分）在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为ｍ＝200ｇ的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点,选取一条符合实验要求的纸带如图所示.O为纸带下落的起始点,A、B、C为纸带上选取的三个连续点.已知打点计时器每隔T=0.0２s打一个点,当地的重力加速度为g=９．8ｍ/s2，那么（1)计算B点瞬时速度时,甲同学用,乙同学用．其中所选择方法正确的是乙（填“甲”或“乙”）同学.（2）同学丙想根据纸带上的测量数据进一步计算重物和纸带下落过程中所受的阻力,为此他计算出纸带下落的加速度为９.5 m/s2，从而计算出阻力f= ０．06 Ｎ．(３)若同学丁不慎将上述纸带从OＡ之间扯断,他仅利用A点之后的纸带能否实现验证机械能守恒定律的目的? 能．(填“能”或“不能”)考点：验证机械能守恒定律．专题:实验题;机械能守恒定律应用专题．分析:题的关键是处理纸带问题时应用=求瞬时速度,既可以用mgh＝mｖ2来验证机械能守恒,也可以用mｇh=mv22﹣mv1２来验证．解答：解：（１)、由于实验过程中重物和纸带会受到空气和限位孔的阻力作用,导致测得的加速度小于当地的重力加速度,所以求速度时不能用，来求，只能根据＝求瞬时速度值，所以乙正确.（2)、根据△ｘ=at2,可求出ａ=，代入数据解得a=９.5ｍ／ｓ2,由mg﹣ｆ=ma解得,阻力f=0．06N．（3）、根据mｇh=ｍｖ2２﹣mv1２可知,可以利用Ａ点之后的纸带验证机械能守恒，即能实现.故答案为:(1)乙;(2）9.5,0．06；(3）能.点评：明确实验原理，熟记处理纸带问题的思路和方法，注意求瞬时速度的方法,分清理论推导与实验探索的区别,学会求加速度的方法．１7．(１0分)在测量一节干电池电动势E和内阻r的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路．(1）根据图甲实验电路，请在乙图中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．(2)合上开关S1,Ｓ２接图甲中的１位置,改变滑动变阻器的阻值,记录下几组电压表示数和对应的电流表示数;S2改接图甲中的2位置,改变滑动变阻器的阻值，再记录下几组电压表示数和对应的电流表示数．(3）在同一坐标系内分别描点作出电压表示数U和对应的电流表示数I的图象，如图丙所示,两直线与纵轴的截距分别为UＡ、ＵB,与横轴的截距分别为I A、ＩB．①S２接1位置时,作出的U﹣I图线是图丙中的Ｂ（选填“A”或“Ｂ”)线.②如果电压表和电流表都是理想电表,请用虚线在图丙中画出对应的Ｕ﹣I图线.③根据所画图线求出干电池电动势和内阻的真实值：E真= ＵＡ，r真= ．考点：测定电源的电动势和内阻.专题：实验题.分析：(１）根据电路图连接实物电路图.(3）根据图示电路图与实验步骤分析答题，根据图示图象求出电源电动势与内阻．解答：解：(1)根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示:。
江苏省如皋市2021届高三物理上学期期末考试试题
江苏省如皋市2021届高三物理上学期期末考试试题(满分：100分考试时间：75分钟)2021.02一、单项选择题：本大题共11小题，每小题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意.1. 中科院近代物理研究所将2612Mg原子核加速后轰击243 95Am原子核，成功合成了超重元素265107 Bh，其核反应方程式为2612Mg＋243 95Am―→265107Bh＋4X，则方程式中X表示( )A. 质子B. 中子C. 电子D. 氦核2. 在光电效应实验中，用同一种单色光，先后照射锌和银金属的表面，都能发生光电效应.对于这两个过程，可能相同的物理量是( )A. 遏止电压B. 饱和光电流C. 光电子的最大初动能D. 逸出功3. 如图所示，一根筷子竖直固定于圆柱形薄玻璃杯底部的A点.现向薄玻璃杯内注入清水，人眼从B点附近沿BA方向正对薄玻璃杯的侧壁，可能观察到的主要现象是( )4. 如图所示，双缝干涉实验中利用相同的实验装置，分别得到了甲、乙两种色光的干涉图样.下列关于甲、乙光的说法正确的是( )A. 甲光光子的动量大于乙光光子的动量B. 甲光光子的能量大于乙光光子的能量C. 同种介质对甲光的折射率大于对乙光的折射率D. 甲光在水中的传播速度大于乙光在水中的传播速度5. ED型硅钢铁芯如图甲所示，其结构为三相两半拼合形成的闭合磁路，广泛应用于三相变压器、扼流圈、电抗器等电磁原件.用ED型硅钢铁芯绕制变压器，并连接成如图乙所示电路，原、副线圈绕制匝数分别为n1、n2，原线圈输入的交流电压为U1，副线圈的输出电压为U2.现将滑动变阻器滑片向下滑动，下列说法错误的是( )A. U1∶U2＝n1∶n2B. 灯泡亮度变暗C. 电流表示数减小D. 用相互绝缘的硅钢片叠成ED型铁芯有利于减小涡流6. 如图所示，携带月壤的嫦娥五号轨道器和返回器组合体经历了约6天环月等待后，于2020年12月12日在近月点A 点火加速，从近圆轨道Ⅰ进入近月椭圆轨道Ⅱ，13日在点A 再次加速，从轨道Ⅱ进入月地转移轨道Ⅲ，经过多次姿态调整后，16日在轨道Ⅲ的远月点B 附近，实施轨道器和返回器分离，返回器进入预定返回轨道.已知地球质量约为月球质量的81倍，则嫦娥五号轨道器和返回器组合体( )A. 在轨道Ⅰ上A 点的速度大于在轨道Ⅱ上A 点的速度B. 在轨道Ⅰ上的运行周期大于在轨道Ⅱ上的运行周期C. 在轨道Ⅲ上A 点的加速度大于在轨道Ⅱ上A 点的加速度D. 在轨道Ⅲ上B 点附近时，受到的地球引力大于月球引力7. 电荷量分别为＋2q 和－q 的异种点电荷，在空间产生的电场分布如图所示，a 、b 为电场中两点，则( )A. a 点的电场强度小于b 点的电场强度B. a 点的电势低于b 点的电势C. 将负检验电荷从a 点移到b 点的过程中，电场力做正功D. 负检验电荷在a 点的电势能小于在b 点的电势能8. “探究平抛运动的特点”实验装置如图甲所示，取所描绘的小钢球平抛轨迹中的一段，如图乙所示，小方格的每格边长为1 cm ，由此估算出钢球平抛的初速度大小为( )A. 0.15 m/sB. 0.30 m/sC. 0.45 m/sD. 0.90 m/s9. 一波源位于原点O ，其振动方程为y ＝Asin(2πTt ＋π)，产生的机械波沿x 轴正方向传播，下列图像中能表示74T 时刻波形图的是( )10. 如图所示，小球A 、B 大小相同，质量分别为m 、2m ，竖直悬挂在丝线下方.现整个装置受到水平向右的风力影响，则两球达到平衡后的位置可能是( )11. 如图所示，OO ′为竖直固定转轴，足够长的光滑轻杆用铰链固定于转轴O 点，杆与竖直方向的夹角为θ.轻质弹簧套在杆上，下端固定于O 点，上端系住小球A(A 套在杆上)，弹簧原长为l.现使杆随转轴OO′转动，角速度ω从零开始缓慢增大，下列说法正确的是( )A. 杆对小球的弹力不变B. 弹簧对小球的弹力减小C. 当ω＝gcos θlsin 2θ时，弹簧对小球的弹力大小恰好为零 D. 小球的转动平面缓慢升高，杆对小球做的功等于小球机械能的增加量二、 非选择题：本大题共5小题，共56分.其中第13题～第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位.12. (15分)某实验小组测量一段长度已知的金属丝的电阻率.(1) 用螺旋测微器测量金属丝直径时，应选择金属丝的 (选填“同一”或“不同”)位置进行多次测量，取其平均值作为金属丝的直径.某次的结果如图甲所示，其读数是 mm.(2) 先用欧姆表粗略测量该段金属丝的电阻.选择开关置于“×100”挡时，发现表头指针偏转角度过大，应将选择开关置于(选填“×10”或“×1 000”)挡，正确操作后，表盘的示数如图乙所示，则金属丝的电阻约为Ω.(3) 除金属丝R x外，实验室还有如下器材：电源E(10 V，内阻约1 Ω)电流表A1(0～100 mA，内阻R1为2.5 Ω)电流表A2(0～200 mA，内阻R2约5 Ω)滑动变阻器R(最大阻值10 Ω，额定电流2 A)定值电阻R0(阻值100 Ω)开关S及导线若干为了尽量准确地测量金属丝的电阻，请在图丙的方框中画出合适的电路图，并在图中标明器材符号.(4) 该小组设计的电路图正确，实验中测量得到的电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，则该段金属丝电阻的表达式R x＝，金属丝电阻的测量值与真实值相比(选填“偏大”“偏小”或“相等”).(5) 若该段金属丝的长度为L，直径为D，电阻为R x，则该金属丝电阻率的表达式ρ＝Ｗ.13. (6分)吸盘挂钩给人们的生活带来了便利.某次使用时，先将吸盘自然扣在墙壁上，吸盘内气体体积为V0，接着按住锁扣把吸盘紧压在墙壁上(如图甲所示)，吸盘中的空气被挤出一部分，然后将锁扣扳下(如图乙所示)，让锁扣以盘盖为依托把吸盘向外拉出，吸盘就被牢牢地固定在墙壁上，吸盘内剩余气体的压强为0.1p0、体积为0.8V0.已知大气压强为p0，气体可视为理想气体，忽略整个过程气体温度的变化.求吸盘内被挤出气体的质量与紧压前吸盘内气体质量的比值.14. (8分)如图所示，足够长的光滑轨道水平放置，导轨间距L＝0.5 m，轨道左端c、d 接电阻R＝0.4 Ω，磁感应强度B＝1 T的匀强磁场垂直于轨道平面.质量m＝2 kg、电阻r＝0.1 Ω的导体棒ab获得方向沿轨道向右、大小v＝5 m/s的瞬时速度.棒ab与轨道接触良好，不计轨道的电阻，求：(1) 棒ab获得瞬时速度时两端的电压U；(2) 从棒ab获得瞬时速度至停止的过程中，棒ab中产生的内能Q.15. (12分)质谱仪是一种测量带电粒子比荷的仪器.某型号质谱仪的内部构造如图所示，M 、N 板间存在电压为U 0的加速电场，半径为R 的圆形区域内存在磁感应强度为B 的匀强磁场，光屏放置于圆形磁场区域右侧，光屏中心P 到圆形磁场区域圆心O 的距离为2R.带电粒子从S 点由静止飘入M 、N 板间，经电场加速后进入圆形磁场区域，在磁场力作用下轨迹发生偏转，最终打在光屏上的某点，测量该点到P 点的距离，便能推算出带电粒子的比荷.不计带电粒子的重力.(1) 若带电粒子为电子，已知电子的电荷量为e ，质量为m 0，求电子经过电场加速后的速度大小v 及电子在磁场中运动的轨迹半径r ；(2) 若某种带电粒子通过电场加速和磁场偏转后，打在光屏上的Q 点，已知P 点到Q 点的距离为23R ，求该带电粒子的比荷qm及其在磁场中运动的时间t.16. (15分)如图所示，倾斜轨道与足够长的水平轨道平滑相连，倾斜轨道的倾角θ＝30°.质量为4m的物块B静止在水平轨道上，与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.5.质量为m 的光滑小球A从倾斜轨道某高度处由静止下滑，到达水平轨道时速度大小为v o，并与B发生弹性碰撞.重力加速度为g.求：(1) 第一次碰撞完成瞬间A的速度大小v A1与B的速度大小v B1；(2) B在水平轨道上向前滑行的总距离s；(3) 第n次碰撞后，B向前滑行的距离s n；(4) 通过计算说明A与B发生碰撞的次数n趋向于无穷大.2020～2021学年高三年级模拟考试卷(如皋)物理参考答案及评分标准1. B2. B3. D4. D5. A6. D7. D8. C9. A 10. B 11. C12. (15分)(1) 不同(1分) 0.202(0.201～0.203) (2分) (2) ×10(2分) 100(2分)(3) 如图所示(或A 1与R x 串联)(2分)(4) I 1（R 1＋R 0）I 2－I 1(或（I 2－I 1）R 0I 1－R 1)(2分) 相等(2分)(5) πR x D24L(2分)13. (6分)解：把吸盘紧压在墙壁上的过程中，气体发生等温变化，设气体压强变为0.1p 0时的总体积为V ，由玻意耳定律得p 0V 0＝0.1p 0V(2分)解得V ＝10V 0(1分)设被挤出气体的体积为ΔV ，由题意知ΔV ＝V －0.8V 0(1分)则吸盘内被挤出气体的质量与紧压前吸盘内气体质量的比值Δm m ＝ΔVV (1分)解得Δm m ＝2325(1分)14. (8分)解：(1) 导体棒切割磁感应线产生的电动势E ＝BLv(2分) 导体棒两端电压U ＝RR ＋rE(1分) 解得U ＝ 2 V(1分)(2) 棒ab 获得瞬时速度至停止的过程中，回路中产生的总内能为Q 总＝12mv 2(2分)棒ab 中产生的内能Q ＝rR ＋r Q 总(1分)解得Q ＝5 J(1分)15. (12分)解：(1) 电子在电场中加速，由动能定理有eU 0＝12m 0v 2－0(2分)解得v ＝2eU 0m 0(1分) 电子在磁场中做匀速圆周运动，由evB ＝m 0v2r (2分)解得r ＝1B2m 0U 0e(1分) (2) 带电粒子到达Q 点的轨迹如图所示.由几何关系可得θ＝60°，α＝θ2＝30°(1分)tan α＝Rr′(1分)类比有r′＝1B2mU 0q解得q m ＝2U 03B 2R2(1分)带电粒子在磁场中运动的圆心角，即θ＝60°，所以t ＝16T(1分)周期T ＝2πmqB (1分)所以t ＝πBR22U 0(1分)16. (15分)解：(1) 小球A 与滑块B 组成的系统，发生弹性碰撞的过程中，由动量守恒定律和机械能守恒定律有mv 0＝mv 1＋4mv 2(1分)12mv 20＝12mv 21＋12×4m ×v 22(1分) 解得v 1＝－35v 0，v 2＝25v 0所以第一次碰撞完成后，小球A 的速度大小v A1＝35v 0(1分)滑块B 的速度大小v B1＝25v 0(1分)(2) 因弹性碰撞不损失机械能，光滑小球A 与物块B 重复发生若干次弹性碰撞以后，最终都将静止于水平轨道上.由能量守恒定律有12mv 20＝μ×4mg×s(2分)则物块B 在水平轨道上滑行的总距离s ＝v 24g(2分)(3) 第一次碰撞完成后，小球A 以速率v A1＝35v 0冲上倾斜轨道后再次返回水平轨道，其速率仍然为v A1＝35v 0，仅在倾斜轨道上运动的时间t 1＝Δv 1gsin θ＝2Δv 1g.物块B 在水平轨道上由速率v B1＝25v 0开始做匀减速运动直至静止，运动时间t 2＝Δv 2μg ＝2Δv 2g滑行的距离s 1＝v 2B12μg ＝(25)2v 2g(1分)由于Δv 1>Δv 2，所以当小球A 返回水平轨道以速率v A1＝35v 0与物块B 再次发生碰撞前，物块B 已经停止运动.(1分)类比第一次弹性碰撞的分析，第二次弹性碰撞完成后，小球A 速率v A2＝35v A1＝(35)2v 0物块B 速率v B2＝25v A1＝(25)×(35)v 0物块B 滑行的距离s 2＝v 2B22μg ＝(25)2×(35)2v 2g (1分)第三次弹性碰撞完成后，小球A 速率v A3＝35v A2＝(35)3v 0物块B 速率v B3＝25v A2＝(25)×(35)2v 0物块B 滑行的距离s 3＝v 2B32μg ＝(25)2×(35)4v 2g (1分)……第n 次碰撞完成后，小球A 速率v An ＝35v A(n －1)＝(35)nv 0物块B 速率v Bn ＝25v A(n －1)＝(25)×(35)n －1v 0物块B 滑行的距离s n ＝v 2Bn 2μg ＝(25)2×(35)2(n －1)v 2g(1分)(4) 由等比数列求和可得s ＝s 1＋s 2＋s 3＋…＋s n ＝v 204g [1－(925)n]根据(2)的结果，有s ＝v 204g [1－(925)n ]＝v 204g ，即[1－(925)n]＝1，此时n→∞.(1分)。
【物理】江苏省南通市如皋中学2021届高三年级第一学期教学质量调研(二)(解析版)
【答案】AD
【详解】A．D形盒的作用是静电屏蔽，使带电粒子在盒中做匀速圆周运动而不被电场干扰，符合事实，故A正确；
B．在两D形盒之间所加交变电压的周期应等于带电粒子做匀速圆周运动的周期，故B错误；
C．带电粒子在D形盒中做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，则 ，解得
C．分子力先表现为引力，先增加后减小，后表现为斥力逐渐变大，选项C错误；
D．分子力先做正功，后做负功，分子势能先减小后增加，选项D正确。
故选D。
6. 一硬质金属圆环固定在纸面内，圆心O在有界匀强磁场的边界MN上，磁场与纸面垂直 时磁场的方向如图甲所示，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，则圆环所受安培力F与时间t的关系图像可能正确的是（ ）
9. 回旋加速器的结构如图所示，带电粒子在两D形盒之间被电场加速，在两D形盒内做匀速圆周运动。下列说法正确的有（ ）
A. D形盒的作用是静电屏蔽，使带电粒子在盒中做匀速圆周运动而不被电场干扰
B. 在两D形盒之间所加交变电压的周期应等于带电粒子做匀速圆周运动周期的两倍
C. 仅使加速电压增大，带电粒子获得的能量一定增大
可知，带电粒子获得的最大速度与加速电压的有效值无关，则带电粒子获得的能量 也与加速电压的有效值无关，故C错误；
D．由带电粒子在D形盒中运动的周期
可知仅使D形盒中磁场的磁感应强度B增大，带电粒子在D形盒中运动的周期会减小，故D正确。
A. B.
C. D.
【答案】B
【详解】设喷嘴处水最小速度为 ，上升的高度刚好为 ，则
解得
设经过时间 ，喷嘴处喷出的水为 ，则
根据动能定理可得
解得
故ACD错，B对。
江苏省盐城市如皋中学2021年高三物理月考试题带解析
江苏省盐城市如皋中学2021年高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 图所示，闭合小金属球从高h处的光滑曲面上端无初速度滚下，又沿曲面的另一侧上升，则下列说法正确的是（）A、若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于hB、若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hC、若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hD、若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于h参考答案：BD2. （单选）质量为m=1Kg的物体在水平面上，物体与水平面之间的动摩擦因数为μ=0.2．现对物体施加一个大小变化、方向不变的水平力F，为使物体在3t0时间内发生的位移最大，力F的大小应如下面的哪一幅图所示（）．B．C ．D参考答案：解：物体的最大静摩擦力为f=μmg=0.2×1×10=2NA、在0﹣1s内，拉力小于最大静摩擦力，物体静止，1﹣2s内，a==1m/s2，位移x1=at2=0.5×1×1m=0.5m，v1=at=1m/s；2﹣3s内，a=3m/s2，位移x2=v1t+at2=1×1+0.5×3×1m=2.5m，所以总位移为0.5+2.5m=3m；B、在0﹣1s内，a=3m/s2，位移x1=0.5at2=0.5×3×1m=1.5m，v1=at=3m/s；1﹣2s内，a=1m/s2，位移x2=v1t+0.5at2=3×1+0.5×1×1m=3.5m，v2=v1+at=3+1m/s=4m/s；2﹣3s内，a=﹣1m/s2，位移x3=v2t+0.5at2=4×1﹣0.5×1×1m=3.5m，总位移为：1.5+3.5+3.5m=8.5m；C、在0﹣1s内，拉力小于最大静摩擦力，物体静止，1﹣2s内，a=3m/s2，位移x1=0.5at2=0.5×3×1m=1.5m，v1=at=3m/s；2﹣3s内，a=1m/s2，位移x2=v1t+0.5at2=3×1+0.5×1×1m=3.5m，总位移为：1.5+3.5m=5m；D、在0﹣1s内，a=1m/s2，位移x1=at2=0.5×1×1m=0.5m，v1=at=1m/s；1﹣2s内，a=﹣1m/s21m/s21m/s2，位移x2=v1t+0.5at2=1×1﹣0.5×1×1m=0.5m，v2=v1+a1t=1﹣1=0；2﹣3s内，a=3m/s2，位移x3=0.5at2=0.5×3×1m=1.5m，总位移为：0.5+0.5+1.5m=2.5m；故选：B3. （多选题）如图所示，放置在水平地面上的支架质量为M，支架顶端用细线拴着的摆球质量为m，现将摆球拉至水平位置，且细线伸直，然后从静止释放，摆球运动过程中，支架始终不动，重力加速度为g，从摆球释放至运动最低点的过程中有（）A．在摆球释放瞬间，支架对地面压力为MgB．摆球摆动过程中，地面对支架的摩擦力一直增大C．摆球到达最低点时，支架对地面压力为（3m+M）gD．摆球摆动过程中，重力对摆球做功的功率先增大后减小参考答案：ACD【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】对于不同的研究对象在不同的时刻进行受力分析和过程分析：摆球做的是圆周运动，要根据摆球所需要的向心力运用牛顿第二定律确定摆球实际受到的力．支架始终不动，根据平衡条件求解出摩擦力．运用瞬时功率表达式P=mgv y表示出重力对小球做功的功率，再根据已知条件判断功率的变化．【解答】解：A、释放的瞬间，绳子拉力为零，支架对地面的压力为Mg．故A正确．B、小球摆动的过程中，径向的合力提供向心力，设细线与水平方向的夹角为θ，则有：T﹣mgsinθ=m，则有：T=mgsinθ+m根据动能定理得：mglsinθ=mv2，解得：T=3mgsinθ，地面对支架的摩擦力为：f=Tcosθ=3mgsinθcosθ=mgsin2θ，摆球运动到最低点过程中，θ从零增加到90°，所以摩擦力先增大后减小．故B错误．C、摆球摆动到最低时，根据动能定理知：mgl=mv2，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m联立两式解得：F=3mg．由牛顿第三定律知，绳子对支架的拉力大小为：F′=F=3mg则支架对地面的压力为：N′=Mg+F′=Mg+3mg=（3m+M）g．故C正确．D、重力对摆球做功的功率公式为P=mgvcosα，α是重力与速度的夹角．可知，在摆球释放瞬间，v=0，重力的瞬时功率为0．摆球到达最低点时，α=90°，重力的瞬时功率也为0，则知重力对摆球做功的功率先增大后减小．故D正确．故选：ACD4. （单选）如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab = cd = L，ad = bc = 2L，电场线与矩形所在平面平行。
江苏省如皋市2021~2021学年度高三年级第一学期教学质量调研(一
江苏省如皋市2021~2021学年度高三年级第一学期教学质量调研（一2021～2021学年度高三年级第一学期教学质量调研（一）历史问题（考试时间100分钟，满分120分）一、多项选择题：本大题共有20个子题，每个子题得3分，共计60分。
在每个子问题中列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
1.钱穆说：“这一制度在当时的政治上非常重要，一个年轻人跑到太学学习，毕业后被送到太学地方服务。
待服务地方行政有了成绩，再经长官察选到中央，又须经过中央一番规定的考试，然后才始正式入仕。
”由此可见，这一制度a．由品评官评定授官c．特别注重分科考试b、排除贵族家庭的子女担任公职D.推荐当地人才2．“1785年，为了统一货币，美国国会采用了美元，但1美元的价值是多少呢？新英格兰和弗吉尼亚州和其他州设定为6先令（英国货币单位），而中大西洋州设定为7先令和6便士，南卡罗来纳州和其他州设定为4先令和6便士。
“为了改变这种情况，1787年美国宪法规定a.建立总统民主共和国C.权力分立和中央部门的制衡b．建立联邦制国家d．强化独立的州权3.有学者在评论《高层管理新篇》时说：“这真的给天国的野蛮杀戮增添了时代气息其理论，还必须和封建性做艰巨的斗争”。
由此可推断，《资政新篇》a．不符合中国社会发展趋势b．反映农民的理想和追求c．具有先进性但缺乏现实性d．是反抗外来侵略的产物4.中共十八大第一代表、广东省惠州市惠城区汝湖镇南新村党支部书记陈兴芬说：“村子里开会，有分组讨论，也有全体大会，还有投票表决，和在人民大会堂的会差不多。
”陈杏芬的话表明，我国a、发展人民代表大会制度B.巩固政治协商制度C.完善民族区域自治制度D.不断发展基层民主政治5．《华沙条约》序言：“由于正在重新军国主义化的联邦德国加入北约，从而加深新战争的危“爱好和平的欧洲国家必须采取必要措施，确保自身安全，维护欧洲和平。
”基于这一分析，华约的建立旨在a．维护世界的长久和平b．防止军国主义的复辟c．对抗美国的冷战政策d．阻止欧洲联合的进程6.根据汉代官员和大臣的名单，少夫手下有各种各样的监督员，如制作武器和盔甲的工作令，精炼和染色的监督员的平准令、掌管婢缝制衣服及洗补的御府令、造作刀剑及其他器物的尚方令等。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
江苏省如皋中学2020-2021学年度高三年级教学质量调研（二）
物理试题参考答案
一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共计 24 分，每小题只有一个选项符合题意．
1.A
2.D
3.A
4.B
5.D
6.C
7.C
8.B 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共计 16 分，每小题有多个选项符合题意．全
部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，选错或不选的得 0 分． 9.AD
10.ABD
11.BC
12.BD
三、实验题：本题共 2 小题，共计 14 分．请将解答填写在答题卡相应位置．
13．（6分）（1）×10
130（每空1分）
（2）如图（每根连线1分）
（3）130（2 分） 14．（8分）（1）aa ′ （2）1.9 < （3）0.18~0.19（每空2分）
四、计算题：本题共 4 小题，共计 46 分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算
步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 15．(10 分)解：
（1） 对活塞受力分析得
pS =p 0 S +mg
(2 分) 解 得 p =p 0 +
mg S
(1 分)
（2） 加热过程中气体等压膨胀，由
V 0 =2V 0
(2 分) T 0 T 2
解得 T 2= 2T 0
（3） 该过程中气体内能增加
(1 分) △U =kT 2－kT 0 (1分)
解得△U =kT 0
因气体体积增大，故此过程中气体对外做功 W =－p ∆V (1分)
解得 W=－(p 0+
mg )V 0
S
由热力学第一定律有
∆U=Q+W (1分) 解得该过程中气体吸收的热量
Q=kT0+(p0+ mg
)V0 (1分) S
16．(12 分)解：（1）线圈匀速运动时E =BLv
I =
E
R
mg =BIL
解得v=mgR B2L2
（2）q =It (1分) (1分) (1分) (1分) (1分)
I
=
E
R
(1 分)
E =BLx t
得q =BLx R
解得x=qR BL
（3）对线圈，静止→匀速运动，取竖直向下为正方向，由动量定理有mgt -BILt =mv - 0
即mgt -BLq =mv - 0(1分) (1分) (2分)
解得t = mR
B2L2
+
BLq
mg (2 分)
17．（12分）解：
（1）粒子做圆周运动有
v2
qv B =m0(2 分)
R
1
根据粒子在磁场中运动的轨迹，可以得到粒子的轨道半径R1=d (1分)
解得B=mv
0 qd
（2 B
(1分)
R2=2d (1分)
）①磁感应强度大小变为2后，粒子的轨道半径变为
粒子进入电场时速度沿y轴正方向(1分) 0
s
粒子从进入电场到速度减为 0 的过程，有
-qEy = 0 -1
mv 2
(1 分)
2 0 mv 2 解得y = 0
2qE
粒子能达到的纵坐标的最大值 y m =d +y mv 2 解得y m =d +
2qE
②粒子在第一象限磁场内运动的时间
(1 分)
t 1 =v =2πd 3v (2 分)
0 0
粒子在第一象限电场内运动的时间
-qEt 2 =-mv 0 -mv 0
解得t 2 = 2
mv 0
qE
(1 分)
粒子在第一象限内运动的时间
t =t 1 +t 2
解得t 1 =
2πd + 2mv 0
3v 0 qE
(1 分)
18．（12分）解：
（1） 对小滑块： μmg =ma 1
对长木板： F -μmg =Ma 2
1 a t 2-1 a t 2
=l
(2 分)
2 2 21 解得t = 2s
小滑块的速度v 1 =a 1t = 1m/s 长木板的速度v 2 =a 2t = 10m/s
(1分) (1分)
（2） 撤去拉力后，系统动量守恒，最终小滑块与长木板具有共同速度 v ，有
mv 1 +Mv 2 = (M +m )v
解得v = 5.5m/s 由能量守恒可得：
μmgs =1 mv 2+1
Mv 2-1
(M +m )v 2
(2分)
(2分)
2
1
2
2
2
红色表示滑块
解得 s = 40.5m
因为 s = 4.5 ，故滑块停在长木板的中点处，即距长木板左端 Δx =4.5m ．(1 分)
l
（3） 滑块与木板的挡板发生碰撞，两者速度交换． (1分)
据题意可分别画出撤去拉力后滑块和木板运动的v-t 图象如图所示．
1
由图象可知，撤去拉力到两者达到共同速度的时间为 Δ t =
v 2 -v = 9s
a 1
(2 分)。