┃精选3套试卷┃2019届厦门某实验名校初中九年级上学期期末考前模拟物理试题

初三上学期期末物理试卷
一、选择题
1．下列有关热和能的说法中，正确的是（）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大
C．内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能
D．夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质
【答案】B
【解析】A. 发生热传递时，传递的是热量，而不是温度，所以热量总是从高温物体传递给低温物体，故A 错误；
B. 一块0℃的冰熔化成0℃的水，由于熔化过程中，温度不变，但吸收了热量，内能是变大的，故B正确；
C. 内燃机的压缩冲程，是通过做功的方式增加了汽缸内物质的内能，故C错误；
D. 夏天在室内洒水降温，利用了水的汽化吸热，故D错误；
故选B．
点睛：温度、热量、内能是不太容易理解，容易混淆的量，温度是一个状态量，实质是物体内分子运动的剧烈程度；热量是个过程量，表示热传递过程中内能改变多少的量度；内能是物体内部所有分子的动能与势能的总和，注意加深理解，多练习．
2．如图所示，R1为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R2是定值电阻．闭合开关，逐渐增大光敏电阻上的光照强度，电表示数情况是
A．电流表示数变小，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电压表和电流表示数的比值将变小
D．电流表和电压表示数均变大
【答案】D
【详解】由图知，两电阻串联，电压表测定值电阻R2的电压，电流表测电路中的电流；逐渐增大光敏电阻上的光照强度，由题意可知光敏电阻R1的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流变
可知，定值电阻R2的电压变大，电压表示数变大，故ABC错误，D 大，即电流表示数变大；根据U IR
正确．
故选D．
3．如图所示，烧瓶内盛少量水。

给瓶内打气，当瓶塞跳出时，可以看到瓶内出现白雾。

在瓶塞跳出的过程中，下列描述错误的是( )
A．瓶内气体膨胀对外界做功
B．瓶内气体的内能减小
C．瓶内气体的温度降低
D．瓶内的水发生了剧烈的汽化现象
【答案】D
【详解】给瓶内打气，当瓶塞跳起时，气体膨胀对外做功，温度降低，内能减少，水蒸气遇冷液化成了小水滴，故ABC正确，不符合题意，D错误，符合题意。

4．如图所示电路，开关S闭合后，灯L1比L2亮，电流表A1示数为0.3 A。

下列判断正确的是（）
A．L1的电阻比L2的电阻小B．A2的示数可能是0.2 A
C．A1测的是通过灯L2的电流D．L1两端的电压比L2两端的电压大
【答案】A
【详解】ACD．由电路图可知，灯L1和L2组成并联电路，电流表A2测通过干路的电流，电流表A1测通过灯L1的电流；并联电路中各支路的电压相等，L１两端的电压等于L2两端的电压；因为L1灯比L2灯亮，所
以P1大于P2，根据P=UI可知，在电压相同时，通过L1的电流比L2的电流大，由R=U
I
可知L１的电阻比
L2的电阻小，故A正确，CD错误；
B．电流表A1示数为0.3 A，通过灯L1的电流大小为0.3A，因为并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，电流表A2测通过干路的电流，所以A2的示数大于0.3A，故B错误。

5．冲击钻是一种打孔的工具。

工作时，钻头在电动机带动下不断地冲击墙壁打出圆孔（如图所示）。

冲击钻在工作的过程中（）
A．只有电能和内能的转化B．只有电能和机械能的转化
C．有电能、机械能和内能的转化D．以上说法都不对
【答案】C
【详解】当电流通过电动机时，电流做功，消耗电能转化为机械能和内能；钻头冲击墙壁，克服摩擦做功，将机械能转化为内能；由此分析可知，在该过程中存在电能、机械能和内能的转化。

故选C。

6．寒假期间，小梦给妹妹讲安全用电的知识，下列说法中，错误的是（）
A．放风筝时，应远离高压输电线
B．发现有人触电时，应立即切断电源
C．不能用湿抹布擦拭插座
D．使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
【答案】D
【详解】A．安全用电的原则是不靠近高压带电体，所以放风筝时，应远离高压输电线，A正确，不合题意；
B．发生触电时不能直接用手去拉触电者，应切断电源或用绝缘体挑开导线并通知医务人员，B正确，不合题意；
C．湿抹布带有水分，水能导电，所以不能用湿抹布擦拭插座，C正确，不合题意；
D．使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，这样才能正常使用，D错误，符合题意。

故选D。

7．有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关S1，托盘旋转，再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热．下图M是托盘电动机，R是加热电阻，对其内部电路设计合理的是？
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】由于“自动烤地瓜机当闭合开关S1，托盘旋转；再将温控开关闭合，开始加热；若只闭合开关，则不能加热”．因此，托盘电动机和加热电阻R是并联，S1要控制电动机和R，即串接在干路上，S2控制
R，即串接在加热电阻R的支路上．故图ACD不符合题意，图B符合题意．
8．对于公式R=U
I
的理解，下列说法中正确的是（）
A．导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比
B．导体电阻的大小跟导体中的电流强度成反比
C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
D．导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流无关【答案】D
【详解】导体电阻可以用公式
U
R
I
计算，但是要知道：导体电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，
与导体两端的电压与流过导体的电流无关，只要是导体的材料、长度、横截面积确定了，导体电阻就确定了，故A、B、C错误，D正确。

故选D。

9．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（）
A．甲的电阻值保持10Ω不变
B．乙的电阻值保持20Ω不变
C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2 V时，电路总电流为0.3 A
D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2 A时，电路总电压4V
【答案】C
【详解】AB．由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过甲的电流为0.1A，
由I＝U
R
可得：
R甲＝U
I
甲
甲
＝
2V
0.1A
＝20Ω；
故AB错误；
C．甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两电阻两端的电压为2V，由图象可知，I甲＝0.1A，I乙＝0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：
I＝I甲+I乙＝0.1A+0.2A＝0.3A，
故C正确；
D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，由图象可知，U甲＝4V，
U 乙＝2V ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电路总电压：
U ＝U 甲+U 乙＝4V+2V ＝6V ，
故D 错误。

故选C 。

10．如图所示的电路中，电源电压恒为3 V ，灯泡L 的电阻为10 Ω且保持不变．闭合开关S 后，滑片P 由b 端向a 端滑动的过程中，下列判断正确的是(
)
A ．灯泡L 亮度变暗
B ．电压表示数变大，电流表示数变小
C ．电压表与电流表示数的比值变小
D ．灯泡L 的最大功率为0.9 W
【答案】D
【解析】分析：AB 、灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；根据滑片P 由b 端向a 端滑动的过程中变阻器连入电路的电阻变化，根据电阻的串联分析总电阻变小，由欧姆定律分析电路中的电流变化；根据2P I R =，分析灯的实际功率变大，确定亮度变化；
C 、由欧姆定律，电压表与电流表示数的比值分析；
D 、根据2
U P R
=，当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯的电压为电源电压3V ，并求出此时灯的最大功率．
解答：AB 、由图知，灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；滑片P 由b 端向a 端滑动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B 错误；根据2P I R =可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故A 错误；
C 、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于灯泡的电阻（且灯泡电阻不变），则该比值不变，故C 错误；
D 、当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯泡的电压最大（等于电源电压3V ），灯泡L 的最大功率：()2
230.910L L V U P W R ===Ω大，故D 正确． 故选D ．
【点睛】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用．
二、填空题
11．如图所示是学校走廊灯的自动控制电路，走廊入口上方安装有反射式光电传感器，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0的阻值减小，定值电阻R两端的电压_________（选填“变大”“变小”或“不变”），同时电磁铁的磁性_________（选填“变强”“变弱”或“不变”），工作电路接通，灯泡L发光，图中电磁铁的下端是_________（选填“S”或“N”）极。

【答案】变大变强N
【分析】由题意可知，本题是电磁继电器在自动化电路中的应用，可以根据电磁铁的性质、电路的特点来分析
【详解】[1]电磁继电器所在的控制电路中，定值电阻R和光敏电阻R0串联；当R0的阻值减小时，电路中总电阻会减小，由于电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中流过两电阻的电流会变大；电路中R为定值
可知，定值电阻R两端的电压变大。

电阻，其阻值不变，但其电流变大，故由公式U IR
[2]电磁铁的磁性和线圈匝数、电流大小有关，电流增大时，电磁铁的磁性变强。

[3]由右手螺旋定则（安培定则）可以判断，电磁铁的下端为N极。

12．如图所示是笔记本电脑的三脚插头，该三脚插头的脚_____（选填“A”、“B”或“C”）应与笔记本电脑的金属外壳相连，插头插入三孔插座后，外壳就与______（选填“室外大地”或“电源火线”）相连，以防外壳带电对人造成伤害。

【答案】A室外大地
【解析】正对三孔插座时，其接法是左零右火上接地，三脚插头上孔与用电器外壳相连。

【详解】三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头插入插座后B脚与火线相连；三脚插头的A号脚与用电器外壳相连，当三脚插头插入三孔插座时，三脚插头的A脚与三孔插座的室外大地相连；使金属外壳与大地相连通，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生。

13．图为某种灯泡的电流I与电压U的关系图象，若有6只这种灯泡串联接在电压为6 V的电源上，通过灯泡的电流为_____A；若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6 V的电源上，总电流为1.5 A,则该电阻的阻值为____________．
【答案】0.2 6
【详解】有6只这种灯泡串联接在电压为6 V 的电源上，每只灯泡两端电压是1 V ，由电流I 与电压U 的关系图象可得，灯泡的电流为0.2A ；把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6 V 的电源上，由电流I 与电压U 的关系图象可得，灯泡的电流为0.5A ，由并联电路的电流特点可知，流过电阻的电流是：I=1.5A-0.5A=1A ，该电阻的阻值为：6V =6Ω1A U R I ==. 14．两个电热器的电阻之比是3
：2，如果通过的电流相同，在相同的时间里产生的热量之比是________ ；两电阻值相同的电热器，若通过的电流之比为1：2，在相同时间里产生的热量之比是________ 。

【答案】3:2 1:4
【解析】（1）知道两个电热器的电阻之比和通过的电流强度相同，根据Q=I 2Rt 求出在相同的时间里产生的热量之比；（2）知道两个电热器的电阻值相同和通过的电流强度之比，根据Q=I2Rt 求出在相同的时间里产生的热量之比．
【详解】(1)由题意可知,12R R =32
,I 1=I 2,t 1=t 2，由Q=I 2Rt 可得，产生的热量之比： 12Q Q =21222222I R t I R t =12R R =32
(2)由题意可知,R 3=R 4,34I I =12
,t 3=t 4， 由Q=I 2Rt 可得，产生的热量之比：
34Q Q =23332444I R t I R t =2324I I =2
34I I ⎛⎫ ⎪⎝⎭=(12)2=14
15．已知甲灯泡有“6V 3W”字样，乙灯的额定电压是3V ，甲、乙两灯的U-I 关系如图所示，即乙灯的额定功率是______W ，确保电路安全的前提下，两灯串联使用，电路两端的最大电压是_____V 。

【答案】1.8W 8V
【详解】[1]从图中可以看到，当乙灯的电压是3V 时，流过乙灯的电流是0.6A ，3V 是乙灯的额定电压，那么乙灯的额定功率是
3V 0.6A 1.8W P U I ==⨯=乙乙乙
[2]从图中可以看到，当两灯串联使用，甲两端的电压是6V 时，这也是甲的最大电压，此时乙两端的电压是2V ，能够确保电路安全，这也使电路中两端的电压最大，大小为
6V 2V 8V U =+=
16．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个_____滑轮，它的作用是改变_____，它_____（填“能”或“不能”）省功。

【答案】定 改变力的方向 不能
【详解】[1][2][3]因为升国旗时，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升，则需要能改变拉力的
方向的滑轮，所以旗杆顶部的安装的是定滑轮。

使用时它可以改变力的方向，但不能省力，也不能省功。

【点睛】
17．小雪利用家中标有“3000r/kw ·h ”的电能表测量家中电热壶的电功率，当只有电热壶工作时，小雪观察到电能表转动180转，用时3min ，则电热壶在这段时间内消耗的电能是__________kW ·h ,电热壶的电功率是__________。

【答案】0.06 1200W 或1.2kW
【详解】[1]3000r/kW ⋅h 表示每消耗1kW ⋅h 的电能，电能表的转盘转3000转，所以3min 内电水壶消耗的电能： 180kW h=0.06kW
h 3000
W =⋅⋅ [2]该电水壶的电功率：
0.06kW h 1.2kW=1200W 3h
60W P t
⋅===。

18． (1)两个电路元件A 和B 中的电流与其两端电压的关系如图所示，若把它们串联起来，接在某电源上，电路中的电流是0.3A ，则电源电压是______V 。

将元件A 、B 并联后接在电压为2V 电源两端，则流过干路电流______A 。

如果加在元件A 两端电压为零，则R A =______Ω；
(2)在如图所示的电路中，电源电压保持6V 不变，当开关S 1断开，S 2、S 3闭合时，电流表的示数为1A ；当
开关S 1闭合，S 2、S 3断开时，电流表的示数为0.25A ，则R 1的阻值为______Ω。

【答案】3.5 0.7 5 12
【详解】(1)[1]把A 和B 串联起来，接在某电源上，电路中的电流是0.3A ，如图甲所示，可知A 和B 两端的电压分别为1.5V 和2.0V ，由串联分压的规律可知，电源电压为3.5V 。

[2]将元件A 、B 并联后接在电压为2V 电源两端，通过图甲由并联电路电压规律可知通过A 和B 的电流分别为0.4A 和0.3A ，根据并联电路电流规律可知干路电流为0.7A 。

[3]由图甲可知，A 元件是应该定值电阻，由图甲可知当A 两端电压为3.0V 时，通过A 的电流为0.6A ，由U I R
=可得A 的电阻 A 3.0V 5Ω0.6A
R == (2)[4]当开关S 1断开，S 2、S 3闭合时，电路由R 1、R 2并联而成，则有
12
U U I R R =
+ 即 12
6V 6V 1A R R =+…① 当开关S 1闭合，S 2、S 3断开时，电路由R 1、R 2串联而成，则有
12
U I R R '=
+ 即 12
6V 0.25A R R =+…② 联立①②解得
R 1=12Ω，R 2=12Ω
19．一柴油机的转速是3000r/min,它1秒钟对外做功_________次，它完成吸气冲程时，吸入气缸里的物质是_______。

飞轮只有在做功冲程中是由于做功而转动，其他冲程靠飞轮的_________来完成。

【答案】25 空气 惯性
【详解】[1]飞轮转速3000r/min=50r/s 表示每秒飞轮转动50圈，而每2圈有4个冲程，对外做功1次，所以1s 内完成100个冲程、对外做功25次；
[2]汽油机吸入汽缸的是空气和汽油的燃料混合物，而柴油机吸入汽缸的只有空气；
[3]四冲程内燃机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生燃气的内能转化为机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的。

三、作图题
20．如图所示，用笔画线将图中的实物按要求连接。

要求：当只闭合S1时，灯发光；当只闭合S2，灯不亮、电铃也不响；当S1、S2都闭合时，灯发光、电铃也响。

（导线不得交叉）
（_____）
【答案】
【详解】根据题意知道，灯泡和电铃可以独立工作、互不影响即为并联，且开关S1位于干路，开关S2位于电铃的支路，实物图的连接如下图：
21．如图甲是小明家里经常使用的一个插线板，插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔也不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔也可以提供工作电压。

请你在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通。

（_____）
【答案】
【详解】插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制指示灯和插座，指示灯和插座之间并联的，开关接在指示灯、插座和火线之间控制火线使用更安全。

三孔插座是左零线、右火线，上接地，如图所示：。

四、实验题
22．如图所示，小李用装有少量的煤油和酒精的两盏灯，分别给两杯相同的水加热。

待煤油和酒精燃尽时，根据水温的变化比较两种燃料的热值大小。

请根据小李的方案回答下列问题：
(1)实验前装入灯中的煤油和酒精的_____________必须相同；
(2)在燃料燃尽前，如果两个烧杯中的水均已沸腾，则该实验_________(选填“能”或“不能”)达到小李的目的；
(3)燃料燃尽后，甲温度计的示数比乙温度计的示数高，由此判断_______(选填“煤油”或“酒精”)的热值大；
(4)该实验也可以粗略测出燃料的热值，与标准的热值相比，该实验测得的热值__________(选填“偏大”或“偏小”),其主要原因是：_____。

【答案】质量不能煤油偏小有很多热量耗散到了空气中
【详解】(1)[1]本实验采用控制变量法，除了燃料种类不同其他的要相同，所以实验前装入灯中的煤油和酒精的质量必须相同；
(2)[2]在燃料燃尽前，如果两个烧杯中的水均已沸腾，由于水沸腾后温度保持不变，所以该实验无法比较甲、乙两烧杯中的水，谁吸收的热量比较多，因此该实验不能达到小李的目的；
(3)[3]燃料燃尽后，甲温度计的示数比乙温度计的示数高，说明甲烧杯的水吸收的热量比较多，所以由此判断煤油的热值大；
(4)[4][5]因为燃料放出的热量没有被水全部吸收，所以该实验测得的热值偏小，其主要原因是：有很多热量耗散到了空气中。

23．现有一个阻值为20Ω的定值电阻R 0，一个电压约为15V 的电源，一个量程为0~1A 的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干；请你利用上述器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻R x 的阻值，要求：
(1)画出实验电路图；
(2)写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；
(3)写出待测电阻R x 的数学表达式（用已知量和测量量表示）。

【答案】 (1)(2)详见解析；(3)12x 02
I I R R I -= 【分析】因未知电阻R x 的阻值约为10Ω，如果将电源加在待测电阻上，根据欧姆定律，通过待测电阻的电流
x 15V 1.5A 1A 10Ω
U I R ===> 故不能将待测电阻直接接在电源两端；可先将定值电阻R 0与电流表串联，测出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出电源电压，通过开关的转换，再用电流表测出R 0与R x 串联的电阻，根据欧姆定律和电阻的串联可求待测电阻。

【详解】(1)根据题中所给的器材和实验设计要求，所设计的电路图如图所示：
(2)根据所设计的电路图，拟定的实验步骤为：
① 按照电路图连接电路；
② 将开关的“刀”掷于触点“1”，记下电流表的示数 I 1；
③ 将开关的“刀”掷于触点“2”，记下电流表的示数 I 2。

(3)在②中，由欧姆定律的变形公式，电源电压
10U I R =
在③中，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律的变形公式，电路的总电阻
1022
I R U R I I == 根据电阻的串联，待测电阻的电阻
1012x 00022
I R I I R R R R R I I -=-=
-= 五、计算题
24．【答案】
初三上学期期末物理试卷
一、选择题
1．灯1L 规格为“6V3W“，灯2L 规格为“3V 3W”，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是 A ．1L 与2L 灯丝电阻之比为2：1
B ．两灯串联，当电路中电流为0.5A 时，灯2L 两端电压为3V
C ．两灯并联，当一盏灯正常发光时，通过另一盏灯的电流为1.5A
D ．两灯并联在3V 电压下，灯1L 与灯2L 消耗的实际功率之比为1：4
【答案】D
【解析】A 、灯1L 规格为“6V3W”，表示这个灯的额定电压为6V ，额定功率为3W ；
灯2L 规格为“3V3W”，表示这个灯的额定电压为3V ，额定功率为3W ；
由P UI =可得，两灯泡的额定电流分别为：
11130.56P W I A U V
===， 222313P W I A U V =
=═， 由欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：
1116120.5U V R I A
===Ω， 222331U V R I A =
==Ω， 则1L 与2L 灯丝电阻之比1R ：212R =Ω：34Ω=：1，故A 错误；
B 、两灯泡串联，当电路中电流为0.5A 时，电路中的电流和1L 的额定电流相等，则灯1L 两端电压为6V ，灯2L 两端电压为220.53 1.5U IR A V ==⨯Ω=，故B 错误。

C 、因并联电路中各支路两端的电压相等，因2L 的额定电压小，能正常发光的灯泡为2L ，不能正常发光的为灯泡1L ，且电源的电压23U U V ==，
由欧姆定律，此时通过灯泡1L 的电流：
113'0.2512U V I A R ===Ω
，故C 错误； D 、因并联电路中各支路两端的电压相等，两灯并联在3V 电压下时，它们两端的电压相等，
根据
2
U
P
R
=，在电压相时时，功率与电阻成反比，
则两灯泡的实际功率之比：
'
12
'
21
31
124
P R
P R
Ω
===
Ω
，故D正确；
故选：D。

2．2016年8月．我国发射了全球首颗量子卫星，为纪念墨子，这个全球首颗量子卫星被命名为“墨子号”．发射卫星和火箭常使用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢具有（）
A．较小的密度B．较大的比热容
C．较低的沸点D．较高的热值
【答案】D
【分析】热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小．
【详解】发射卫星的火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢和其它燃料相比，可以释放出更多的热量，故D正确．
故选D．
3．如图为一条刚装好的民用照明电路，在未装保险丝之前，先将规格为“220V 40W”的白炽灯L0接在火线上要装保险丝的两个接线柱上，当只闭合S1时，L0和L1都呈暗红色：当只闭合S2时，L0正常发光：当只闭合S3时，L0不亮。

下列判断正确的是（）
A．L1所在支路短路B．L2所在支路短路
C．L3所在支路短路D．L2所在支路断路
【答案】B
【详解】AC．当只闭合S1时，L0和L1都呈暗红色，说明此段电路正常；当只闭合S3时，L0不亮，说明此段电路有断路情况，故AC错误；
BD．在只闭合S2时，L0正常发光，所以说明此处支路肯定被短路，使得火线上的灯泡与零线相连而正常发光，故B正确，D错误。

故选B。

4．如图所示的电路中，甲灯泡比乙灯泡亮，则下列描述中不正确的是（）
A．P甲>P乙B．U甲>U乙C．I甲>I乙D．R甲>R乙
【答案】C
【详解】A．甲灯泡比乙灯泡亮，甲的实际功率大于乙灯的实际功率，即
P甲＞P乙
故A正确，不符合题意；
BCD．两灯是串联关系，由串联电路电流的规律得到
I甲=I乙
由P=I2R可得
R甲＞R乙
由U=IR可知
U甲＞U乙
故C错误，符合题意，BD正确，不符合题意。

故选C。

5．对以下四组电磁现象或装置，相关说法不正确的是（）
A．甲图说明磁体周围存在着磁感线
B．乙图是电磁继电器，能广泛应用于自动控制领域
C．丙图闭合开关，导体ab 受力会运动，电能转化为机械能
D．丁图为动圈式话筒，利用了“磁生电”的原理
【答案】A
【详解】A．甲图是条形磁铁，在周围画出了磁场，磁感线是人们为了方便研究磁场而虚拟出来的，并不是真实的存在磁感线，故A选项不正确，A符合题意；
B．乙图是电磁继电器，广泛用于自动控制领域，故B选项正确，但B不符合题意；
C．丙图，有电源、磁铁，闭合开关后，通电导线在磁场中切割磁感线，会运动，将电能转化为机械能，故C选项正确，但是C不符合题意；
D．丁图为动圈式话筒，当人对着话筒讲话时，膜片就随着声音颤动，从而带动连在一起的音圈在磁场中作垂直切割磁感线的运动，线圈两端就会产生感应电动势，从而完成声电转换，是磁生电，故D选项正确，但是D不符合题意。

故选择D。

6．如图所示，跳水运动员在跳板上起跳前都会猛地向下踏压一下跳板，使跳板向下弯曲，下列关于跳板向下弯曲过程中其弹性势能的说法，正确的是（）
A．逐渐变大B．逐渐变小
C．保持不变D．没有弹性势能
【答案】A
【详解】跳板向下弯曲过程中，跳板的形变程度逐渐变大，根据弹性势能大小的影响因素可知，其弹性势能逐渐变大。

故A正确。

7．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向b端滑动时，下列判断正确的是（）
A．电压表示数变大，电流表示数变大
B．电压表示数变小，电流表示数变小
C．电压表示数变小，电流表示数变大
D．电压表示数变大，电流表示数变小
【答案】D
【详解】由图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，当滑动变阻器的滑片P向b端滑动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I=U
R
可知通过电路的电流变小，即电流表的示数变小，由串联分压可知变阻器两端的电压变大，即电
压表的示数变大。

故选D。

8．关于内能、热量和温度，下列说法正确的是（）。