宁夏银川一中2020-2021学年高一上学期期末考试物理试题(20210418174104)

宁夏银川一中2020.2021学年高一上学期期末考试物理试
学校:姓名：班级：考号：
一、单选题
1.如图所示某物体给它一个初速度后沿粗糙斜面向上滑动，则在向上滑动过程中物体
受到的力有（
）
A.重力、斜面的支持力、沿斜面向上的摩擦力
B.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力
C.重力、斜面的支持力、沿斜面向下的摩擦力
D.重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力 2 .下列情景中，物体M 所受摩擦力/的示意图正确的是（）
物体静止在相
糙的水平面上
瓶子被握在手中
处于静止状态
3 .水平桌面上有一个茶杯，下列说法正确的是 A.茶杯对桌面的压力就是茶杯的重力
B.茶杯受到支持力是因为茶杯的下表面发生了弹性形变
C.茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力是一对平衡力
D.茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力是一对作用力和反作用力 4 .下面关于惯性的说法中，正确的是（） A.只有静止的或做匀速直线运动的物体才具有惯性 B.物体质量越大，惯性越大
斜坡上
物体贴着竖直
墙面目由下落
C.物体受推力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，惯性越大
8.如图所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的顶角处，固定一个小的定滑轮，质
D.运动速度大的物体比速度小的物体难停下.来，所以速度大的物体具有较大的惯性
5 .如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动.下列各种情况中，体重 计的示数最大的（）
A.电梯匀减速上升，加速度的大小为LOm/s?
B.电梯匀加速上升，加速度的大小为LOmQ c.电梯匀减速下降，加速度的大小为O.5m0 D.电梯匀加速下
降，加速度的大小为O.5m0
6 .木块甲、乙分别重5ON 和60N,它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25。

夹在
甲、乙之间的轻弹簧被压缩了 2cm,弹簧的劲度系数为400N/U1。

系统置于水平地面上
静止不动。

现用尸 =1N 的水平拉力作用在木块乙上，如图所示。

力尸作用后木块所受摩 擦力情况是（
）
A.木块甲所受摩擦力大小是12.5N
B.木块甲所受摩擦力大小是1L5N
C.木块乙所受摩擦力大小是9N
D.木块乙所受摩擦力大小是7 N 7.如图所示，一小球在斜面上处于静止状态，不考虑一切摩擦，如果把挡板由竖直位 置绕。

点缓慢转至水平位置，则此过程中球对挡板的压力A 和球对斜面的压力尺的
A. B 先增大后减小，尺一直减小
B. B 先减小后增大，A 一直减小 c. A 和E 都一直在增大 D. F1和A
都一直在减小
量分别为mzm 的物块，用细线相连跨过定滑轮,im 搁置在斜面上.下述正确的是（
A.如果im 、m ［均静止，则地面对斜面没有摩擦力
B.如果皿沿斜面向下匀速运动，则地面对斜面有向右的摩擦力
C.如果g 沿斜面向上加速运动，则地面对斜面有向左的摩擦力
D.如果g 沿斜面向下加速运动，则地面对斜面有向右的摩擦力
9.两个物体A 和B,质量分别为im 和mz ，互相接触放在光滑的水平面上，如图所示, 对物体A 施以水
平的推力F,则物体A 对B 的作用力等于：（）
A B
F
nn
—£——►加।加2
777777777777777777777T 7777^77
叫
A.——--F
叫+ m 2
C. F
10.如图所示，A 、8两小球分别连在弹簧两端，B 端用细线固定在倾角为30。

的光滑斜 面上.A 、8两小
球的质量分别为小八、重力加速度为g,若不计弹簧质量，在线被 剪断瞬间，A 、8两球的加速度分别为（）
A.都等于$
B. 8和0
2
2
C. 0 和 ------- ^-―
D.」 -------- ।生和 0
2 2 2 2
11.关于两物体之间的弹力和摩擦力的关系，下列说法正确的是（）. A.两物体间若有弹力，就一定有摩擦力 B.两物体间若有摩擦力，就一定有弹力 C.弹力和摩擦力的方向可能平行
B.
叱
+ m 2
D.
D.当两物体间的弹力消失时，摩擦力仍可存在一段时间
12.如图所示，质量分别为M和m的两物块与竖直轻弹簧相连，在水平面上处于静止状态，现将m竖直向下压缩弹簧一段距离后由静止释放，当m到达最高点时，M恰好对地面无压力.已知弹簧劲度系数为k,弹簧形变始终在弹性限度内，重力加速度为g, 则
m
UR
CZ2M
A.当m到达最高点时，ni的加速度为Q + —应m
B.当m到达最高点时，M的加速度为g
C.当m速度最大时，弹簧的形变最为逵k
D.当m速度最大时，M对地面的压力为Mg
二、多选题
13.下列哪组力作用在物体上，有可能使物体处于平衡状态（）
A, 4N, 5N, 9N B. 6N, IN, 8N
C. 3N, 5N, 3N
D. 3N, 2N, 9N
14.如图所示，物体产静止于固定的斜面上，P的上表面水平.现把物体。

轻轻地叠放在尸上，则
A. P向下滑动
B. P静止不动
C.尸所受的合外力增大
D. P与斜面间的静摩擦力增大
15.某人在50m高的楼房阳台外以20m/s的速度竖直上抛一个石块，石块运动到离抛出
点15m处所经历的时间是（不计阻力，g=10nv's2）
A. Is
B. 2s
C. 3s
D. （2 + >/7）S
16.如图甲所示，静止在水平面C上足够长的木板B左端放着小物块4某时刻，A受到水平向右的外力厂作用，尸随时间，的变化规律如图乙所示.A、B间最大静摩擦力大于8、C之间的最大静摩擦力，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.则在拉力逐渐增大的过程中，下列反映A、8运动过程中的加速度及A 与8间摩擦力力、6与。

间摩擦力力随时间变化的图线中正确的是（）
三、实验题
17.在“验证力的平行四边形定则”的实验中.某同学的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉.。

为橡皮筋与细绳的结点，。

6和。

为细绳.图乙是在白纸上根
(1)图乙中是力A和&的合力的理论值；是力B和民的合力的实际
测量值.
(2)在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：
(选填“变”或‘不变”)
18.某实验小组利用下图的装置探究加速度与力、质量的关系，
(1)下列做法正确的是
A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细
绳与长木板保持平行
B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有祛码的祛码盘通过定滑轮
拴在木块上
C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源
D.增减木块上的祛码改变木块的质量时，不需要重新调节木板倾斜度
（2）为使祛码盘及盘内祛码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的
条件是祛码盘及盘内祛码的总质量__________ 木块和木块上祛码的总质量.（填“远大
于“，“远小于”，或“近似等于”）
（3）如图为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E,相邻两个计数点之间都有4个点没有标出，测出各计数点到A点之间的距离，如图所示.已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=（结果保留两位有效数字）
21^0
（4）若某次实验中，该同学根据实验数据做出了加速度a与合力F的关系图线如图所示, 该图线不通过坐标原点，原因是
四、解答题
19. 一个质量m=2kg的物体在水平拉力F的作用下，在光滑水平面上从静止开始做匀加速直线运
动，经过时间t=6s速度变为v=12m/s.求：
（1）物体的加速度a的大小
（2）水平拉力F的大小
20.如图所示，有一足够长的水平传送带以2 m/s的速度匀速运动，现将一物体轻轻放在传送带上，若物体与传送带间的动摩擦因数为05则传送带将该物体传送10m的距离所需时间为多少？（取g =
10m/sD
21.如图所示，倾角为30。

的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接.现将一滑块（可视
为质点）从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点.已知A点距水平面的高度度0. 8m, B 点距C点的距离L=2. 0m.(滑块经过B点时没有能量损失,g=10ni/s2),求:
(1)滑块在运动过程中的最大速度；
(2)滑块与水平面间的动摩擦因数U;
22.如图，小车质量M=2.0kg,与水平地面的摩擦阻力忽略不计，物体质量m=0.50kg,物体与小车间的动摩擦因数为0.3.小车在水平向右的拉力作用下由静止开始向右加速运动, 求：
(1)为使小车和物体一起向右做匀加速运动，水平拉力
不能超过多少？
(2)小车在外力作用下以1.2mW的加速度向右运动，物体受摩擦力多大？水平拉力多大？
(3)欲使小车产生a=3.5m/s?的加速度，需给小车提供多大的水平推力？
参考答案
1.c
【解析】
物体物体给它一个初速度后沿粗糙斜面向上滑动，由于惯性，要沿斜面向上运动，物体并不受冲力的作用，
所以对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的支持力垂直斜面向上, 和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以c正确，ABD错误.故选C.
点睛：对物体受力分析，关犍要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到施力物体，有时还要结合
物体的运动情况分析受到的力.
2.B
【详解】
当物体放在水平面上静止时，物体不受摩擦力的作用，选项A错误：当汽车停止在斜坡上时，汽车有向下滑的趋势，故它受到的摩擦力沿斜面向上，故选项B正确：物体贴着竖直墙面时，物体与墙面间没有压力的作用，故它们之间没有摩擦力的作用，选项C错误；瓶子被握手中时，瓶子受到的摩擦力方向竖直向上，故选项D错误.
3.D
【解析】茶杯静止在水平桌面上，茶杯对水平桌面的压力大小等于茶杯的重力，由于压力与重力的施力物体和受力物体都不同，不能说压力就是重力，故A错误：茶杯受到的支持力是因为桌面的上表面发生了弹性形变，故B错误；茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力是一对作用力和反作用力，不是平衡力，故C错误，D正确：故选D.
点睛：一对平衡力与一对作用力和反作用力的最大的区别在于：一对平衡力是同一物体受到的力，是共点力；而一对作用力与反作用力是两个物体间的相互作用力，作用在不同的物体上.
4.B
【解析】
【详解】
惯性大小的唯一量度是质量，与运动状态无关，故A错误；惯性大小的唯一量度是质量，故物体质量越大，惯性越大，故B正确：惯性大小的唯一量度是质量，与受力无关，故C 错误；惯性大小的唯一量度是质量，与速度大小无关，故D错误；故选B.
5.B
【详解】
AD.电梯匀减速上升，电梯匀加速下降，均为失重状态，体重计的示数要小，AD错；BC.电梯匀加速上升，
电梯匀减速下降，为超重状态，且B中的加速度大于C中的加速度, 所以B正确C错误。

故选
6.C
【详解】
AB.由于弹簧被压缩了加:=2cm,故弹簧的弹力
F = kk = 400N/1HX 0.02m = 8N
对于甲来说弹簧对它的力是向左的，大小为8N,而甲静止，则甲最大的静摩擦力为：
/甲=50N X0.25=12.5N>F
则甲静止，则甲受到的摩擦力与F等大方向
/甲
故甲受到的摩擦力为8N,方向水平向右，选项AB均错误；
CD.对乙，其最大静摩擦力
/z=6ONxO.25=15N
它受向右的8N的弹力，还有向右的1N的拉力，故两力的合力大小为9N,方向水平向右, 也小于其最大静摩擦力，乙也处于静止状态，受力平衡，故它受到的摩擦力等于弹簧对它的弹力和拉力的合力9N,方向水平向左，选项C正确，D错误。

故选C。

7.B
【详解】
法一（力三角形法）：小球初始时刻的受力情况如图1所示，因挡板是缓慢转动的，所以小球处于动态平衡状态，在转动过程中，重力、斜面的支持力和挡板的弹力组成的矢量三角形的变化情况如图2所示（重力G的大小、方向均不变，斜面对小球的支持力尸?的方向始终不变），由图2可知此过程中斜面对小球的支持力尸2不断减小，挡板对小球的弹力先减小后增大，由牛顿第三定律可知选项B正确。

法二（解析法）：设斜面倾角为。

，挡板与竖直方向夹角为夕，如图3所示，则由平衡条件可 得:
F'lSinQ+F'2cos a=G
F'icos p =F\sina
联立解得
G
尸＞= -------------------
cos a + sin a tan p
挡板缓慢转至水平位置，£由。

逐渐增大到£，当£=a 时，cos0一幻=1,%最小，所以F\ 2
先减小后增大：£增大过程中tan £随之增大，尸2不断减小，故选项B 正确。

8. A
【详解】
如果m1、mz 均静止或皿沿斜面向下匀速运动，以Im 、m?和斜面组成的整体为研究对象， 整体的为合力都为零，其受力情况如图1,由平衡条件得知，地面对斜面没有摩擦力.故A 正确，B 错误.
N
H 4 八
G d G 4
却 图2
如果皿沿斜面向上加速运动，将g 的加速度分解为水平和竖直两个方向如图2,根据牛顿 第二定律可知，整体有水平向右分加速度，则地面对斜面有向右的摩模力.故C 错误.与C 项同理可知，如果g 沿斜面向下加速运
动，其加速度沿斜面向下，整体有水平向左的分加
F\ =
G sin a
cos(/3 - a)
图1 图2
速度，根据牛顿第二定律得知，地面对斜面有向左的摩梯力.故D 错误.
故选A.
9. B
【解析】 对整体研究，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离对B 研究，B 水平方向受到A 对它的作 用力，由牛顿第二定律求出作用力.根据牛顿第二定律，得
F
对整体：。

= ----------
in, + 机，
) .
对 B ： F =一=一
成+ m 2
故选B
点评：本题是连接体问题，处理方法常有两种：隔离法和整体法，要灵活选择研究对象.求
加速度时可以考虑整体法.求内力时必须用隔离法.
10. C
【解析】
【详解】 对A 球分析,开始处于静止,则弹簧的弹力F =，％gsin30。

,剪断细线的瞬间,弹簧的弹 力不变，
对4所受的合力为零，则A 的加速度为0,
故选C.
11. B
【详解】
产生摩擦力的条件是接触面粗糙，有正压力即弹力有相对运动或者相对运动趋势，所以有摩
擦力一定有弹力，选项B 对,但是有弹力并不一定有摩擦力，选项A 错,滑动摩擦力/ = 大小与弹力成正比，但是静摩擦力/«/；〃，大小根据物体运动状态判断，选项C 错.没有
弹力即没有摩擦力，选项D 错.
12. A
【详解】
对从根据牛顿第二定律得,
Cl B = F + m B g sin 30° _ m A + in B
ri n
当弹簧处于伸长至最长状态时，M刚好对地面没有压力，可知弹簧对M的拉力为Mg,所以弹簧对m的作用力也是Mg,所以m的加速度为：二选=（1+吆）g.故A正确；m m
当弹簧处于伸长至最长状态时，M刚好对地面没有压力，可知弹簧对M的拉力为Mg, M 受到的合力为零，加速度为零，故B错误；由题可知开始时弹簧对m的弹力大于m的重力，m向上做加速运动，当弹簧的弹力小于m的重力时，m做减速运动，所以弹簧中弹力等于Mg时此时M有最大速度，由胡克定律得：mg=kx,得：］= ?■.故C正确；对M受力分k
析FN+kx-Mg=O,解得FN=Mg-mg.故D 错误.故选AC.
13.AC
【详解】
A.物体处于平衡状态，合力为零，4N, 5N的合力范围是1NSFW9N, 9N在其范围之内，
所以4N, 5N, 9N合力的最小值为ON,故A正确；
B.6N, 1N的合力范围是5N**但7N, 8N不在其范围之内，6N, IN, 8N合力不可能为零，
故B错误；
C.3N, 5N的合力范围是2N守於8N, 3N在其范围之内，3N, 5N, 3N合力的最小值为ON,
故C正确：
D.3N, 2N的合力范闱是lN<F fr<5N, 9N不在其范围之内，3N, 2N, 9N合力不可能为零，
故D错误。

故选AC。

14.BD
【详解】
对尸受力分析，受重力、支持力、静摩擦力，根据平衡条件，有：N=Mgcos8；>MgsmJ 角N：故〃之出访；由于物体0轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力，故P静止不动，故A错误，8正确；物体尸保持静止，合力为零，故C错误：由于物体。

轻轻地叠放在尸上，相当于增大物体P重力，故P与斜面间的静摩擦力增大，故。

正确；故选BD.
【点睛】
本题关键是对物体受力分析，求解出支持力和静摩擦力表达式；物体。

轻轻地叠放在尸上，相当于增大物体P 重力.
【分析】
取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为-g的匀减速直线运动，当石块运动到抛出点上方离抛出点15m时，位移为x=15m：当石块运动到抛出点下方离抛出点15m时，位移为x=-15m,根据位移公式求出时间.
15. ACD
【详解】
解:取竖直向上方向为正方向，当石块运动到抛出点上方离抛出点15m时，位移为x=15m, 由x = -代入得：15 = 20f-；g产，解得h=ls, t2=3s；当石块运动到抛出点下方
离抛出点15111时，位移为x=-15m,由x = -代入得- 15 = 20/-；g-，解得
f] =（2 +G =（2 —JT）s （舍去）.故ACD 正确,B错误.
【点睛】
题采用整体法研究竖直上抛运动，方法简单，但要注意位移是矢量，与距离不同，不能漏解.
16.ACD
【解析】
【详解】
试题分析：当尸较小且拉动AB整体时，A8整体具有共同的加速度，二者相对静止；当F 较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后A做变加速直线，B匀加速直线运动; 分三个阶段根据牛顿第二定律列式讨论即可.
又寸月5整体，当拉力尸小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零；对"整体，当拉力尸大于地面对整体的最大静摩擦力时，整体开始加速滑动，加速度为期2 = I喘r）g 当拉力足够大时，月、8的加速度不同，故对4有:以3 = ,由于〃png > 〃2（M + m）g,
故故A正确：对"整体，当拉力厂小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零，即物体月开始阶段的加速度为零，故B错误；当拉力小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零，此时对物体从拉力小于〃img,静摩擦力等于拉力；当整体开始加速滑动时，对4根据牛顿第二定律，有F-A=ma；静摩擦力先逐渐增加，但依然小于小mg；当乩6发生相对滑动后，变为滑动摩擦力，为“png,故C正确；对"整体，当拉力户小于地面对整体的最大静摩擦力时，整体加速度为零，此时静摩擦力等于拉力；滑动后，受地面的滑动摩擦力为〃2（M + m）g,保持不变，故D正确.
17. F F'不变
【解析】
【详解】
实验中尸是由平行四边形得出的，而尸是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实验过程不可避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差.实验中产是由平行四边形得出的，为理论值，尸是通过实验方法得出的为实验值.
(2)[3]在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响，故换成橡皮筋可以同样完成实验，故实验结果不变：18.AD 远小于1.0没有平衡摩擦或者平衡摩擦力不够
【解析】(1)调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，以减小实验的误差，选项A正确；在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不挂祛码和祛码盘，只让小车拖着纸带在木板上匀速运动，选项B错误；实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块，选项C错误；增减木块上的破码改变木块的质量时，不需要重新调节木板倾斜度，选项D正确；故选AD.
M
(2)让小车的质量M远远大于钩码的质量m,因为:实际上绳子的拉力F=Ma= ------------------- 〃吆，
M 4-/ 7?
故应该是m< VM,小车所受的拉力越接近mg.
(3)计数点间的时间间隔为：t=O.O2sx5=O.ls,根据纸带数据，由△x=at?可得小车的加速度
X CE - X AC (21.60-8.79)c7〃-8.79(7〃,
为: a =————= ----------------- , -------- = 1.0/w / s-・
⑷一(0.25)-
(4)由图像可知，当F到达一定值时，小车才有加速度，则原因是没有平衡摩擦或者平衡摩擦力不够.
点睛：教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚.要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用.
19.(1) 2m/s2 (2) 4N
【解析】
试题分析：(1)由运动学规律可知：v = at,故,a = - = —m/S2=2m/s2 t 6
(2)根据牛顿第二定律有：F = ma = 2x2N = 4N
考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用
【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时, 特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根
据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力
20.5.2s
【详解】
以放到传送带上的物体为研究对象，在竖直方向受重力和支持力，在水平方向受滑动摩擦力,
如图所示，做4 = 0的勾加速直线运动根据牛顿第二定律，水平方向
竖直方向
a = 5in/s2 o
设经过时间乙，物体速度达到传送带的速度，据匀加速直线运动的速度公式
可得。

时间内物体的位移
占= -at^ = 0.4m < 10m。

物体位移为0.4m时，物体的速度与传送带的速度相同，0.4s后物体不受摩擦力，开始做匀速运动，& =也・ & = x 一占=10m-0.4m = 9.6m, u = 2nVs ,
则传送带将物体传送10 m所需时间为
t = 0.48J + 4.85 = 5.25 0
rq 5
%
21.(1) 4m/s (2) 0.4
【解析】
【详解】
(1)滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到8点时速度最大为心,设滑块在斜面上运动的加速度大小为小
mgsiii30° = nia1,
得滑块的加速度：a{= gsm30° = 5m/52
根据匀加速运动的速度位移关系有：u； = 2a］。

」一, sin30°
，2x5x^ = 4m/s
2
(2)滑块在水平面上运动时的加速度大小为电
由牛顿第二定律有：|.ung = ma2
匕：=2aJ = 2「igL
4?
2x10x2
答：(1)滑块在运动过程中的最大速度为4m/s；
(2)滑块与水平面间的动摩擦因数u=0.4.
22.(1) 7.5N (2) 3N (3) 8.5N
【解析】(1)物体与小车间的滑动摩擦力：F^mig=O3xO.5OxlON=1.5N,
当m与M刚好发生相对滑动时水平拉力达到最大，由牛顿第二定律得，对物体m,则有: |.img=ina mt解得：a m=3ni/s2.
对整体，则有：Fm= (M+m) a m= (2.0+0.50) x3N=7.5N.
(2)当小车在外力作用下以L2m/s2的加速度向右运动，物体m与小车M无相对滑动，此时物体受水平向右的静摩擦力作用，由牛顿第二定律得，对于物体m,则有：
f^mai=0.50xl.2N=0.6N,
对于小车M,则有:BfMa］，代入数据可解得:Fi=3N.
(3 )欲使小车产生a=3.5m/s?向右的加速度，此时物体m与小车M发生相对滑动，
由牛顿第二定律得，对小车M,则有：F2-M mg=Ma2,
代入数据可解得：F-8.5N.
点睛：解决本题的关键是判断m的状态，要抓住临界状态：m相对于小车刚要滑动时水平推力达到最大，求出相对静止的最大加速度,要灵活选择研究时象，运用牛顿第二定律解答.。