2018-2019年高中物理四川高二专题试卷检测试卷【2】含答案考点及解析

2018-2019年高中物理四川高二专题试卷检测试卷【2】含答
案考点及解析
班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
一、选择题
1.如图，两块水平放置的平行金属板间距为d，定值电阻的阻值为R，竖直放置的线圈匝数为n，绕制线圈导线的电阻为R，其它导线的电阻忽略不计。

现有竖直向上的磁场B穿过线圈，在两极板中有一个质量为m、电荷量为q，带正电的油滴恰好处于静止状态，则磁场B的变化情况是（）
A．均匀增大，磁通量变化率的大小为2mgd/nq
B．均匀增大，磁通量变化率的大小为mgd/nq
C．均匀减小，磁通量变化率的大小为2mgd/nq
D．均匀减小，磁通量变化率的大小为mgd/nq
【答案】A
【解析】
试题分析：电荷量为q的带正电的油滴恰好处于静止状态，电场力竖直向上，则电容器的下极板带正电，所以线圈下端相当于电源的正极，由题意可知，根据楞次定律，可得：穿过线
圈的磁通量在均匀增大；由公式感应电动势E=n；闭合电路欧姆定律：I=，电容器的电场强度E=,U=IR所受电场力F＝mg=Eq，因此＝，所以线圈中的磁通量变化率的大小为=,A正确。

考点：本题考查法拉第电磁感应定律、共点力平衡的条件及其应用、电容。

2.如图所示，在直导线下方有一矩形线框，当直导线中通有方向如图所示且均匀增大的电流时，线框将
A．有顺时针方向的电流B．有逆时针方向的电流
C．靠近直导线D．远离直导线
【答案】BD
【解析】
试题分析：由于导线中有均匀增大的电流，故穿过线圈的磁通量在增大，所以线圈产生的感
应电流的磁场是与其相反的，由右手定则可判断出穿过线圈的磁场是向里的，故线圈产生的
磁场是向外的，再由右手定则可判断出线圈中感应电流的方向是沿逆时针方向的，故A不对，B是正确的；
再由左手定则判断得出靠近导线的线框受到向下的安培力，离导线远的线框受到向上的安培力，但靠近导线的磁场较强，产生的安培力较大，故线圈会远离导线，C不对，D是正确的。

考点：电流的磁场，愣次定律，左手定则等。

3.下列关于磁通量的说法，正确的是（）
A．在匀强磁场中，穿过某一个面的磁通量等于磁感应强度与该面面积的乘积
B．磁通量是矢量，其正负表示方向
C．磁通量是形象描述穿过某一个面的磁感线条数的物理量
D．磁通量越大，磁通量的变化就越快
【答案】 C
【解析】
试题分析：在匀强磁场中，如果磁场与平面垂直，则穿过某一个面的磁通量等于磁感应强度
与该面面积的乘积，但题中未描述，则A错；磁通量是标量，B错。

磁通量大小与磁通量变
化快慢无关，则D错。

考点：本题考查磁通量、磁通量变化率。

4.两个电压表V
1和V
2
是完全相同的两个电流表改装的，V
1
量程是5 V，V
2
量程是15 V，为了
测15 V～20 V电压，我们把V
1和V
2
串联起来用，以下叙述正确的是()
A．V1、V2的读数相同
B．V1、V2指针偏转角度相等
C．V1、V2读数不同，指针偏转角也不同
D．V1、V2读数之比等于两电压表内阻之比
【答案】BD
【解析】
试题分析: 两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同．故A错误； B 因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确；C两表指针偏转角度相同，示数不等．故C错误；D因是串联关系，分压之比为内阻之比．故D正确．
考点：电表的改装
5.如右图所示，该装置是利用光电管产生光电流的电路。

下列说法中正确的是（）
A．K为光电管的阳极
B．通过灵敏电流计G的电流方向从b到a
C．若用黄光照射能产生光电流，则用红光照射也一定能产生光电流
D．若用黄光照射能产生光电流，则用紫光照射也一定能产生光电流
【答案】D
【解析】
试题分析：A、电子从K极出来后向A极运动，受到向左的电场力，所以K为光电管的负极，A错误；通过灵敏电流计G的电流方向从a到b，B错误；红光的频率比黄光低，若用黄光
照射能产生光电流，则用红光照射不一定能产生光电流，C错误；紫光的频率比黄光高，若
用黄光照射能产生光电流，则用紫光照射也能产生光电流，D正确；故选D。

考点：本题考查了光电效应的规律．
6.如图所示，倾斜导轨宽为L，与水平面成α角，处在方向竖直向上、磁感应强度为B的匀
强磁场中，金属杆ab水平放在导轨上．当回路电流强度为I时，金属杆ab所受安培力F
A．方向垂直ab杆沿斜面向上B．方向垂直ab杆水平向右
C．D．
【答案】B
【解析】
试题分析：由图知电流方向由且与磁场方向垂直，根据左手定则可知安培力水平向右，由安培力计算公式可得,故选B.
考点：本题考查了安培力大小的计算及方向的判断。

7.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电
计所带电量很少，可被忽略。

一带负电油滴被固定于电容器中的P点。

现将平行板电容器的
下极板竖直向下移动一小段距离，则：（）
A．平行板电容器的电容值将变大
B．静电计指针张角变小
C．带电油滴的电势能将减少
D．若先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一段距离，则带电油滴所受电
场力不变
【答案】CD
【解析】
试题分析：电容器与直流电源（内阻不计）连接，电压不变．下极板竖直向下平移一小段距离，，电容减小，板间场强减小，P与上板的电势差增大，P与下板的电势差
变大，分析P点电势变化和油滴的运动情况．
A、下极板竖直向上平移一小段距离，电容减小．故A错误．
B、C电容器与直流电源（内阻不计）连接，电压不变，静电计指针张角不变，B错误，板间
距离减小，减小，P与下板的电势差增大，P点电势升高，负电荷电势能减小，C正确．
若先将上极板与电源正极的导线断开，电容器带电量不变，仅将下极板向下移动一段距离，
电场强度不变，则带电油滴所受电场力不变，故D正确．
故选CD。

考点：电容器的动态分析．
点评：本题是电容器动态变化分析问题，考查分析和判断能力．对于P点的电势，要明确零
势面，通过研究P与零势面的电势差的变化来分析P的电势变化，这是常用的方法．
8.奥斯特实验可以证明的是 ( )
A．电流的磁效应B．电流的化学效应C．电流的热效应D．电磁感应
【答案】A
【解析】
试题分析：奥斯特实验证明了电流周围有磁场，即电流的磁效应。

故选A
考点：物理学史
点评：学习物理学史，可以让我们了解物理学建立的过程，加深对物理知识的理解。

9.如图所示，在赤道的正上方有一电子垂直地面入射，若赤道的地球磁场是呈水平；则此电
子因受到地磁作用而发生偏转时，其落点应该接近偏向（）
A．a B．b
C．c D．d
【答案】A
【解析】
试题分析：赤道附近地球磁场是呈水平，由南向北，由左手定则可知电子向西偏转。

故选A
考点：洛伦兹力的方向判断
点评：容易题。

此题一定注意，地磁场的北极在地里的南极附近。

10.以下叙述正确的是()
A．法拉第发现了电磁感应现象
B．电磁感应现象即电流产生磁场的现象
C．只要闭合线圈在磁场中做切割磁感线的运动，线圈内部便会有感应电流产生
D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒的必然结果
【答案】AD
【解析】
试题分析：法拉第发现了电磁感应现象，A对；电磁感应现象即变化的磁场或切割磁感线的
导体棒产生的感应电动势的现象，B错；当闭合线圈完全浸没在匀强磁场中做切割磁感线运
动时，由于穿过闭合线圈的磁通量没有发生变化，所以没有感应电流产生，C错；感应电流
遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒的必然结果，要充分理解“来拒去留”的含义可知，D对；
考点：考查物理史实问题
点评：对有关电磁感应现象的一些说法要充分理解，明确只有穿过闭合线圈的磁通量发生变
化才有感应电流产生
二、实验题
11.在“利用单摆测重力加速度”的实验中，某同学通过多次改变单摆摆长L、测量对应单摆周
期T，得到了如图所示图像．若该同学其它操作（包括周期测量）均正确，则她的摆长
测量值总是真实值（填“>”、“<”或“=”），已知图像斜率为k，则重力加速度g= ．
【答案】>；
【解析】
试题分析：根据可得：,则她的摆长测量值总是大于真实值；，解得
考点：利用单摆测重力加速度。

三、填空题
12.如图为法拉第圆盘发电机的示意图，若已知磁感应强度大小为B，铜盘半径为r，转动角速度为ω，则电阻R中电流方向为（填向上或向下），铜盘中产生的感应电动势表达式为 .
【答案】向上
【解析】
试题分析：由于是半径切割磁感线运动，CD边的速度垂直纸面向里，根据右手定则可得通过R的电流向上，CD边的速度为平均速度，即，故产生的感应电动势为
考点：考查了法拉第圆盘发电机工作原理
点评：注意本题中的速度为CD边做圆周运动的平均速度，
＝0.5Ω，13.如图所示，匀强磁场垂直穿过框架平面，B＝1T。

金属杆ab长0.5m，其电阻R
ab
电压表为理想电压表，电流表为理想电流表，电阻R＝1.5Ω。

杆ab以速度v＝4m／s向右匀速运动，则
（1）当S接A时，电压表的读数为，电流表的读数为。

（2）当S接B时，电压表的读数为，电流表的读数为。

（3）当S接C时，电压表的读数为，电流表的读数为。

【答案】（1）2 V， 0。

（2）1.5V， 1 A。

（3）0，4 A。

【解析】（1）当S 接A 时，电路不闭合，电压表测量的是感应电动势E=BLv=2V （2）当S 接B 时，电压表测量的是闭合电路的路端电压，
，电流表读数为
=1A （3）当S 接C 时，电压表测量的是电流表两端电压，为零，电流示数为BLv/r=4A 14.A 、B 两闭合线圈用同样导线绕成且均为10匝，半径为r A =2r B ，内有如图所示的有理想边界的匀强磁场，若磁场均匀减小，则A 、B 环中感应电动势之比E A ：E B =_____，产生的感应电流之比I A ：I B = _________。

【答案】 1:1 、 1:2 【解析】
考点：法拉第电磁感应定律． 分析：根据法拉第电磁感应定律E="n"
="n"
，研究A 、B 环中感应电动势E A ：E B ．根
据电阻定律求出两环电阻之比，再欧姆定律求解电流之比I A ：I B ． 解：根据法拉第电磁感应定律E=n
="n"
，题中n 相同，
相同，面积S 也相同，则
得到A 、B 环中感应电动势E A ：E B =1：1．根据电阻定律R=ρ，L=n?2πr ，ρ、s 相同，则电阻之比R A ：R B =r A ：r B =2：1，根据欧姆定律I=得，产生的感应电流之比I A ：I B =1：2．
故答案为：1：1，1：2．
15.2010年，一部叫《阿凡达》的3D 电影风靡全球，打破了1998年《泰坦尼克号》保持的票房纪录，在观看电影时观众必须带上特殊的眼镜才能获得最佳观赏效果，这种眼镜是利用了光的__________（填衍射或干涉或偏振）原理。

【答案】偏振
【解析】它以人眼观察景物的方法，利用两台并列安置的电影摄影机，分别代表人的左、右眼，同步拍摄出两条略带水平视差的电影画面。

放映时，将两条电影影片分别装入左、右电影放映机，并在放映镜头前分别装置两个偏振轴互成90度的偏振镜。

两台放映机需同步运转，同时将画面投放在金属银幕上，形成左像右像双影。

当观众戴上特制的偏光眼镜时，由于左、右两片偏光镜的偏振轴互相垂直，并与放映镜头前的偏振轴相一致；致使观众的左眼只能看到左像、右眼只能看到右像，通过双眼汇聚功能将左、右像叠和在视网膜上，由大脑神经产生三维立体的视觉效果。

展现出一幅幅连贯的立体画面，使观众感到景物扑面而来、或进入银幕深凹处，能产生强烈的“身临其境”感。

故利用了光的偏振
16.如图所示电路中，闭合开关S 后，增大滑动变阻器R 的阻值，则电流表A 的读数将________(填“变大”或“变小”)，电阻R 0消耗的功率将________(填“变大”或“变小”)．
【答案】 变小 变小
【解析】闭合开关S后，增大滑动变阻器R的阻值，根据欧姆定律，则电流表A的读
数将变小，根据P=I2R
0可知电阻R
消耗的功率将变小．
四、计算题
17.如图所示，在xoy平面内，第I象限中有匀强电场，场强大小为E，方向沿y轴正方向，在x轴的下方有匀强磁场，磁感强度大小为B，方向垂直于纸面向里，今有一个质量为m，电荷量为e的电子（不计重力），从y轴上的P点以初速度v0垂直于电场方向进入电场。

经电场偏转后，沿着与x轴正方向成45o进入磁场，并能返回到原出发点P。

求：
（1）作出电子运动轨迹的示意图，并说明电子的运动情况。

（2）P点离坐标原点的距离h。

（3）电子从P点出发经多长时间第一次返回P点？
附加题(本题共2小题，共20分。

建议重点高中或理科优秀的学生作答。

各学校可根据本校实际情况酌情算分。

)
【答案】（1）电子运动的轨迹示意图如右图所示，进入电场从P到A，做类平抛运动（或匀变速曲线运动）；进入磁场从A到C再到D，做匀速圆周运动；离开磁场从D到P，做匀速直线运动。

（5分，其中图2分）
（2）电子经过A点的速度大小：（2分）
电子从P到A，由动能定理：（2分）
求出（1分）
（3）电子从P到A （1分）
从A到C再到D，由洛仑兹力提供向心力，
，， （2分） 从D 到P 的运动时间 ： （1分）
求出： （2分）
【解析】略
18.（10分）一列向右传播的简谐横波，某时刻的波形如图所示，波速为0.6m/s ，P 点的横坐标x=0.96m ，从图示时刻开始计时，此时波刚好传到C 点。

（1）此时刻质点A 的运动方向和质点B 的加速度方向是怎样的？ （2）经过多少时间P 点第二次达到波峰？
（3）画出P 质点开始振动后的振动图象。

【答案】解：（1）均沿y 轴正方向 （2分） （2）由图像可知，波长 （1分） 波的周期
（1分）
波从该时刻传播到P 经历的时间
（1分）
P 开始向下振动，第二次到达波峰 经历时间
（1分）
所以t=t 1+t 2="1.9s " （1分） （3）
【解析】略
19.如图所示，边长为L 的正方形区域abcd 内存在着匀强电场。

电量为q 、动能为Ek 的带电粒子从a 点沿ab 方向进入电场，不计重力。

（1）若粒子从c点离开电场，求电场强度的大小和粒子离开电场时的动能；（2）若粒子离开电场时动能为Ek'，则电场强度为多大？
【答案】（1）（2）
【解析】
试题分析：（1）由得：
所以：
由动能定理：
所以：
（2）若粒子由cd边离开电场，则：
所以：
若粒子由bc边离开电场，则：
所以：
考点：带电粒子在电场中的运动
20.如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场，在此过程中
（1）线圈的磁通量将如何变化？
（2）若上述过程所经历的时间为0．1s，线圈中产生的感应电动势为0．2V，则线圈中的磁通量变化了多少？
【答案】（1）增大（2）0．02Wb
【解析】
试题分析：（1）线圈从左侧进入磁场的过程中，穿过线圈的磁感线的条数增加，线圈的磁通量变大
（2）根据可得
考点：考查了磁通量的计算，法拉第电磁感应定律
【名师点睛】本题是法拉第电磁感应定律的简单应用．要知道线圈与磁场垂直时，磁通量．对于磁通量的变化，也可以根据磁感线数判断．
五、简答题
21.一定质量的气体从外界吸收了4.2×105J的热量，同时气体对外做了6×105J的功，问：
⑴物体的内能是增加还是减少？变化量是多少？
⑵分子势能是增加还是减少？
⑶分子的平均动能是增加还是减少？
【答案】（1）气体内能减少了1.8×105J（2）增加（3）减少
【解析】本题考查热力学第一定律，改变内能的两种形式为做功和热传递
（1）气体从外界吸热为：Q=4.2×105J
气体对外做功：W=－6×105J
由热力学第一定律：ΔU=W+Q=（－6×105）+（4.2×105J）=－1.8×105J
ΔU为负，说明气体的内能减少了（2分）。

所以，气体内能减少了1.8×105J。

（2分）
（2）因为气体对外做功，所以气体的体积膨胀，分子间的距离增大了，分子力做负功，气体分子势能增加了。

（2分）
（3）因为气体内能减少，同时气体分子势能增加，说明气体分子的平均动能一定减少了。

（2分）
六、作图题
22.如图所示，在孤立点电荷＋Q的电场中，金属圆盘A处于静电平衡状态．若金属圆盘平面
与点电荷在同一平面内，试在圆盘A内作出由盘上感应电荷形成的附加电场的三条电场线(用实线表示，要求严格作图)．
【答案】
【解析】金属圆盘A处于静电平衡状态，因此内部每点的合场强都为零，即金属圆盘A内的
每一点，感应电荷产生的电场强度都与点电荷Q在该点的电场强度大小相等、方向相反，即
感应电荷的电场线与点电荷Q的电场线重合，且方向相反，如图所示．
思路分析：导体A处于静电平衡状态，因此内部每点的合场强都为零，即导体A内的每一点，感应电荷产生的电场强度都与点电荷Q在那点的电场强度大小相等、方向相反，即感应电荷
的电场线与点电荷Q的电场线重合，且方向相反.
试题点评：本题利用静电平衡原理，关键是明白处于静电平衡的导体内部的合场强为零，即
外部场强与内部场强的方向相反，大小相等，。