广东省汕头市潮南区2017年高考物理考前冲刺试题(含解析)

广东省汕头市潮南区2017年高考考前理科综合冲刺题
二、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，14-17每题只有一个选项符合题目要求，18-21每题都有多个选项符合题目要求）
1. 下列说法正确的是
A. 铯137进行β衰变时，往往同时释放出γ射线，γ射线具有很强的穿透能力，甚至能穿透几厘米厚的铅板
B. 光是电磁波的一种，它和γ射线本质不同，γ射线是原子核内部产生的，能量很大，穿透能力很强
C. 光子被吸收，会裂变，发生链式反应，产生核能
D. 氢原子会辐射光子，形成氢光谱，它只包含有可见光、紫外线、X射线
【答案】A
【解析】铯137进行β衰变时，往往同时释放出γ射线，γ射线具有很强的穿透能力，甚至能穿透几厘米厚的铅板，选项A正确；γ射线也是电磁波的一种，选项B错误；中子被吸收，会裂变，发生链式反应，产生核能，选项C错误；氢原子光谱为不连续的明线光谱，自无线电波、微波、红外光、可见光、到紫外光区段都有可能有其谱线．故D错误．故选A.
2. 如图甲所示，电阻不计、间距为L的光滑不行导轨水不放置，左端连接定值电阻只，电阻可忽略的金属杆ab放在导轨上且与导轨接触良好，整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中.现对金属杆ab施加一外力，使金属杆ab沿导轨向右匀速运动，已知外力对ab杆做功的功率与杆的速率的平方间的关系(.P- v2)如图乙所示，该图线斜率为k，则该磁场的磁感应强度为
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】金属杆ab沿导轨向右匀速运动，拉力做功功率等于克服安培力做功功率，即：
P=BILv，电流为：，所以有：，图象的斜率为k，则有：，解得：
，ABD错误、C正确；故选C．
点睛：本题主要是考查涉及电磁感应现象的功率计算问题，解答本题的关键是知道拉力做功功率等于克服安培力做功功率，由此得到P和v2的关系进行分析．
3. —带正电的粒子在仅受电场力作用下，从坐标原点O以一定的初速度v0沿电场中的x轴正向做直线运动，x轴上的电势分布如图所示，则粒子从0点运动到x= x0的过程中，下列说法正确的是
A. 粒子的电势能一直增大
B. 粒子的动能先增大后减小
C. 粒子运动的加速度先增大后减小
D. 粒子受到的电场力先沿x轴负方向后沿x轴正方向
【答案】D
【解析】粒子从O点运动到x=x0的过程中，电势先升高后降低，根据正电荷在电势高处电势能大，在电势低处电势能小，知粒子的电势能先增大后减小．故A错误．粒子在运动过程中电势能和动能的总量保持不变，粒子的电势能先增大后减小，则知粒子的动能先减小后增大．故B错误．
根据知φ-x图象的斜率大小等于场强，由图知，图线切线斜率的绝对值先减小后增大再减小，则场强先减小后增大再减小，由牛顿第二定律知 qE=ma，知粒子的加速度先减小后增大再减小，故C错误．从O点运动到x=x0的过程中，电势先升高后降低，则电场方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，而正电荷所受的电场力方向与场强方向相同，所以粒子运动的电场力先沿x轴负方向后沿x轴正方向，故D正确．故选D.
点睛：解决本题的关键是要理解并掌握电势能与电势的关系、加速度与场强的关系、电势高低与电场方向的关系，要知道φ-x图线的斜率表示场强．
4. 如图所示，用一根长杆和两个定滑轮的组合装置来拉动放置在光滑斜面上的重物，长杆的一端放在地面上通过铰链连结形成转轴，其端点恰好处于左侧滑轮正下方O点处，杆长为
L，O点到左侧定滑轮的竖直距离为L，不计滑轮的大小，在杆的另一端拴一细绳，通过两个滑轮后拴在斜面上的重物上，连接重物的绳与斜面平行，现在杆的另一端用力，使其逆时针匀速转动，由竖直位置以角速度ω转至水不（转过了90°角）.斜面的倾角为30°，斜面足够长，在杆转过900的过程中，下列说法中正确的是
A. 重物M先做加速运动后做减速运动
B. B.重物M的最大速度是
C. 斜面体对地面的压力先增大后减小
D. 地面对斜面体的摩擦力先向左后向右
【答案】A
【解析】杆的另一个端点的速度研究圆弧的切线方向，将其沿着平行绳子和垂直绳子的方向分解，如图所示：
设该端点的合速度与切线方向的夹角为θ，切线分速度为：v1=vcosθ=ωLcosθ，由于θ先减小后增加，故切线分速度v1先增加后减小，故重物M先做加速运动后做减速运动，故A 正确；当杆的左侧端点的切线方向与细线平行时，物体的速度最大，为v=ωL，故B错误；由于滑块先加速上升后减速上升，故先超重后失重，故斜面体和滑块整体对地面的压力先增加后减小，故C错误；由于斜面光滑，滑块对斜面的弹力垂直斜面向下，大小始终不变，与滑块的运动状态无关，所以地面对斜面体一直向右的摩擦力，故D错误；故选A．
5. 2016年1月20日，美国天文学家推测：太阳系有第九个大行星.若这第九大行星质量为地球质量的P倍，半径为地球半径的n倍，到太阳的平均距离为地球到太阳平均距离的k 倍，将行星的运动看作是圆周运动，忽略地球自转，万有引力常量G已知.则
A. 该行星公转周期为年
B. 该行星的做圆周运动的加速度是地球做圆周运动的倍
C. 该行星表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的倍
D. 该行星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的倍
【答案】ACD
【解析】根据 ,解得，则，则该行星公转的周期为年，选项A正确；根据 ,解得，则，选项B错误；根据 ,解得，则，选项C正确；
根据 ,解得，则，选项D正确；故选ACD.
6. 如图所示，轻弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的条形磁铁，条形磁铁穿过固定的水平闭合金属线圈，静止时磁铁中心在线圈不面上，弹簧伸长量为x；将条形磁铁托起到弹簧压缩量为x后由静止放开，条形磁铁会上下运动并逐渐停下来.不计空气阻力的影响，重力加速度为g，弹簧始终在弹性限度内，则
A. 弹簧处于原长时，条形磁铁的加速度可能大于g
B. 条形磁铁中央通过线圈时，线圈中的感应电流为0
C. 条形磁铁向下运动时，线圈始终受到向上的安培力作用
D. 线圈在整个过程中产生的焦耳热为2mgx
【答案】ABD
【解析】弹簧处于原长时，没有弹力，除受到重力外，若磁铁向上运动，则受到向下的安培阻力，若向下运动，则受到向上的安培阻力，因此磁铁的加速度可能大于g，故A正确；磁铁中央通过线圈时，线圈的磁通量变化率为零，则线圈中感应电流为零，最小，故B正确；当磁铁向下运动时，根据楞次定律：来拒去留，则磁铁受到向上的安培力，那么线圈受到的安培力方向向下，故C错误；根据能量守恒定律，从静止至停止，弹簧的弹性势能不变，那么减小的重力势能转化为电能，从而产生焦耳热为Q=mgh=2mgx，故D正确；故选ABD．
点睛：本题巧妙的考查了楞次定律的应用，只要记住“来拒去留”这一规律，并注意C选项，磁铁受到的阻碍，安培力方向向上，那么线圈受到的安培力则向下．
7. 在2016年8月的里约奥运会上，中国运动员在链球项目中获得银牌.如图所示，在链球运动中，若运动员使链球高速旋转，在水不面内做圆周运动.然后突然松手，由于惯性，链球向远处飞去.链球做圆周运动的半径为R，链球做圆周运动时离地高度为h.设圆心在地面的投影点为O，链球的落地点为P，O、P两点的距离即为运动员的成绩.若运动员某次掷链球的成绩为L，空气阻力不计，重力加速度为g，则.
A. 链球从运动员手中脱开时的速度为
B. 运动员使链球高速旋转时的动能是
C. 运动员在掷链球的整个过程中对链球做功为
D. 链球落地时的动能
【答案】AC
【解析】链球出手后竖直方向做自由落体运动，由h=gt2，得落地时间; 水平方向位
移如图所示，链球平抛运动的水平位移; 根据平抛运动规律，链球出手时的速度，故A正确．
运动员使链球高速旋转时的动能，选项B错误；运动员在掷链球的整
个过程中对链球做功为，选项C正确；链球落地时的
动能，选项D错误，故选AC.
点睛：本题要掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上运动规律，要有空间想象能力，运用几何知识求水平位移是关键．
8. 如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO/匀速转动，线圈的电阻不计，线圈共N匝，理想变压器原、副线圈的匝数比为1 : 2，定值电阻R1=R2=R，当线圈的转动角速度为ω时，电压表的示数为U，则
A. 电流表的示数为
B. 从线圈转动到图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式为e = 5Ucosωt
C. 线圈在转动过程中通过线圈磁通量的最大值为
D. 当线圈的转动角速度为2ω时，电压表的示数为2U
【答案】ACD
【解析】流过副线圈的电流，根据可知，流过电流表的电流，故A正确；变压器中原线圈的电压为U1，根据可知电压，电阻R1分得的电压U R=I1R=2U，故线圈产生的感应电动势的有效值为U有＝U1+U R＝，最大值，故从线圈转动到图示位置开始计时，线圈中产生的电动势的瞬时表达式为e=Ucosωt，故B错误；根据E m=NBSω可知，故C正确；根据E m=NBSω可知，转动角速度加倍，产生的感应电动势加倍，故电压表的示数加倍，故D正确；故选ACD.
三、非选择题：
9. 某物理兴趣小组利用如图甲所示的装置进行验证动量守恒定律的实验。

在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g。

采用的实验步骤如下：
A．在小滑块上固定一个宽度为d的窄挡光片；
B．用天平分别测出小滑块（含挡光片）和小球b的质量m、m b；
C．在和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻短弹簧，静止放置在平台上；
D．细线烧断后，b瞬间被弹开，向相反方向运动；
E．记录滑块通过光电门时挡光片的遮光时间t；
F．小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离s b；
G.改变弹簧压缩量，进行多次测量。

(1)用螺旋测微器测量遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度为_______mm。

(2)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证两物体、b弹开后的动量大小相等，即______________=_______________。

（用上述实验所涉及物理量的字母表示）
【答案】 (1). （1）2.550 (2). （2） (3).
点睛：本题为探究型实验，解题的关键在于分析题意，明确实验原理，再根据对应的物理规律进行分析求解；要注意明确验证动量守恒定律以及光电门和平抛运动规律的正确应用．10. 如图（a）为某磁敏电阻在室温下的电阻---磁感应强度特性曲线，其中表示有磁场时磁敏电阻的阻值，表示无磁场时磁敏电阻的阻值，不考虑磁场对电路其他部分的影响。

（1）根据图（a）可得，在0~0.4T范围内，磁敏电阻的阻值随磁感应强度__________；在0.6~1.2T范围内，磁敏电阻的阻值随磁感应强度____________（两空均填“均匀变化”或
“非均匀变化”）；
（2）为测量某磁场的磁感应强度B，将该磁敏电阻置入待测磁场中，请在图（b）中添加连
线，闭合电键后，电路能测得如下表所示的数据：
（3）已知磁敏电阻无磁场时阻值，滑动变阻器的总电阻约10Ω，根据上表可求出磁敏电阻的测量值=________Ω，结合图（a）可知待测磁场的磁感应强度
B=___________T，（保留两位有效数字）
【答案】 (1). （1）非均匀变化；均匀变化； (2). （2）电路图如图所示；
(3). （3）； (4). 0.95．
【解析】（1）图（a）所示图象可知，在0～0.4T范围内，磁敏电阻的阻值随磁感应强度非均匀变化，在0.6～1.2T范围内，磁敏电阻的阻值随磁感应强度均匀变化．
（2）采用伏安法测量电阻，由于待测电阻较大，采用电流表内接法，滑动变阻器采用分压式接法，如下图所示：
（3）由求出每次R的测量值，再采用多次测量取平均的方法，则得
，，
由图a所示图象可知，待测磁场的磁感应强度B为0.95T；
点睛：本题关键是用伏安法测量出磁敏电阻的阻值，然后根据某磁敏电阻在室温下的电阻-磁感应强度特性曲线查出磁感应强度，同时要能读懂各个图象的物理意义，变化规律．11. 如图所示，光滑管状轨道ABC由直轨道AB和圆弧轨道BC组成，二者在B处相切并平滑
连接，O为圆心，O、A在同一条水平线上，OC竖直，一直径略小于圆管直径的质量为m的小球，用细线穿过管道与质量为M的物块连接，将小球由A点静止释放，当小球运动到B
处时细线断裂，小球继续运动。

已知弧形轨道的半径为R＝m，所对应的圆心角为53°，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g＝10 m/s2.
(1)若M＝5m，求小球在直轨道部分运动时的加速度大小。

(2)若M＝5m，求小球从C点抛出后下落高度h＝m时到C点的水平位移。

(3)M、m满足什么关系时，小球能够运动到C点？
【答案】（1）7m/s2（2）（3）
【解析】（1）设细线中张力为F，对小球：F-mg sin53°=ma
对物块：Mg-F=Ma
联立解得：a=7m/s2
（2）在Rt△OAB中，得：；
由v2=2ax AB代入数据解得：v=2 m/s；
从B到C，根据机械能守恒，有：
小球离开C后做平抛运动，有：
x=v C t
联立并代入数据解得：
（3）小球A→B：M、m系统机械能守恒，有：
线断后，小球B→C，
联立，解得：．
点睛：本题综合考查机械能守恒、牛顿第二定律以及平抛运动规律，此类问题一定注意做好受力分析以及过程分析，然后根据题意灵活选择物理规律即可正确求解．
12. 如图所示，一斜面倾斜角度为530，斜面末端连接一处于竖直平面的光滑绝缘半划轨道，
O为圆心，A、B为其竖直方向上的直径的上下两端点。

现有一个质量为0.4kg，带电荷量
q=+1.0×10-5C的小球（可视为质点）以初速度v0=10m/s从斜面上某点垂直斜面方向抛出。

小球恰好能无碰撞的从半圆轨道的最高点A飞入半圆轨道。

已知整个空间存在水平向右的匀强电场，电场强度为E=3×105N／C，重力加速度g=10m/s2。

(1)小球在A点处的速度大小；
(2)小球在半圆轨道上滑行过程中对轨道的最大压力。

【答案】（1）12.5m/s（2）35.5N；方向与水平方向夹角为53°斜向右下方（3）
【解析】（1）将小球速度沿竖直、水平方向进行正交分解，则小球的运动分解为竖直方向的上抛运动，水平方向的匀加速直线运动；由题意可知:小球运动到A点竖直速度恰好减为0；
（2）将重力、电场力合成为F
则θ=530
即小球所受合力F方向沿斜面向下，与初速度垂直；小球的合运动为类平抛运动
小球从在光滑半圆轨道上由A运动到B的过程中，等效最低点设为C，则OC连线与合力F 平行即与水平方向从53°夹角，小球运动到C点对轨道压力最大；
由动能定理可得：
小球运动到C点时，设轨道给小球的支持力为F N,由牛顿定律可得：
联立上两式可解得：F N=35.5N
牛顿第三定律可知：小球对轨道最大压力大小：F N/=F N=35.5N
方向与水平方向夹角为53°斜向右下方
【选修3-3】
13. 下列关于热学内容的说法正确的是_______。

A．减小分子之间的距离，分子斥力增大，分子引力减小
B．从微观角度看气体的压强与气体的平均动能和分子的密集程度有关
C．水蒸气的实际压强与同温度水的饱和汽压的比值叫空气的相对湿度
D．热量不能从低温物体传递到高温物体
E一定质量的理想气体，在压强保持不变时，它的体积与绝对温度成正比
【答案】BCE
14. 如图所示，在倾角为的光滑斜面末端固定着一个足够长的导热汽缸，汽缸里用活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m，横截面积为S，活塞到缸底的距离为d，现把一个带有轻杆的物体放在斜面上，轻杆与斜面平行，轻杆下端放在活塞上。

已知物体质量为M，大气压强为P0．重力加速度为g，活塞在运动过程中所受的摩擦力可以忽略不计，环境温度保持不变，求：
①刚释放物体的瞬间，物体的加速度大小；
②稳定后，活塞到汽缸底面的距离。

【答案】①②
【解析】①根据牛顿第二定律，物体释放的瞬间，有
Mgsin=(M+m)a .
解得加速度a=
②最终活塞停止运动,根据力的平衡条件有(m+M)gsin+p0S-p2S=0 .
气体温度不变，根据玻意耳定律有
p1DS=p2d'S，
其中p1S=mgsin+p0S
联立解得活塞到汽缸底的距离。