2020届高考物理专题训练：恒定电流(两套附详细答案解析)

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【精品】2020届高考精选试题物理恒定电流(全套答案及解析)高中物理

【精品】2020届高考精选试题物理恒定电流（全套答案及解析）高中物理第Ⅰ课时部分电路•电功和电功率1.关于电阻率，以下讲法中不正确的选项是．．．．．．．〔〕 A ．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越好B ．各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大C ．所谓超导体，当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为零D ．某些合金的电阻率几乎不受温度变化的阻碍，通常用它们制作标准电阻【解析】电阻率表示导体的导电好坏，电阻率越小，导体的导电性能越好．【答案】 A2．一个标有〝220V 60W 〞的白炽灯泡，当用多用电表的欧姆挡去测量它的电阻时，其阻值〔〕A ．接近于807ΩB 接近于0ΩC ．明显大于807ΩD ．明显小于807Ω【解析】用多用电表的欧姆挡去测量灯泡的电阻时，应把灯泡从电路中断开，测出的是其不发光时电阻，由于金属的电阻率随温度的升高而增大，现在它的电阻明显小于正常发光时的电阻807Ω【答案】 D3.如下图10-1-7，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的24户居民，因此整幢居民楼里有各种不同的电器，例如电炉、电视机、微波炉、电脑等等．停电时，用多用电表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，各家电器同时使用，测得A 、B 间电压为U ，进线电流为I ，那么运算该幢居民楼用电的总功率能够用的公式是〔〕A ．P ＝I 2R B.P ＝R U 2 C.P ＝IU D.以上公式都能够【解析】因居民楼内各种电器都有，因此不是纯电阻电路，因此A 、B 、D 不对．【答案】 C 4.如下图10-1-8，厚薄平均的矩形金属薄片边长ab=10 cm ，bc=5 cm ，当将A 与B 接入电压为U 的电路中时，电流强度为1 A ，假设将C 与D 接入电压为U 的电路中，那么电流为A.4AB.2AC.21AD.41A 【解析】由电阻定律R ＝S L ρ，当A 与B 接入电路中时，R 1=d bc ab ⨯ρ，其中d 表示金属片的厚度．当C 与D 接入电路中时，R 2=dab bc ⨯ρ．可知21R R ＝4，由欧姆定律得12I I ＝4，应选A 【答案】A5．电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内水烧开前的加热状态，另一种是锅内GR 1R 2S图10-1-8 UI A居民楼图10-1-7水烧开后的保温状态，如下图10-1-9是一学生设计的电饭锅电路原理示意图，S 是用感温材料制造的开关．以下讲法中正确的选项是〔〕A ．加热状态时是用R 1、R 2同时加热的．B ．当开关S 接通时电饭锅为加热状态，S 断开时为保温状态C ．要使R 2在保温状态时的功率为加热状态时的1/8，R 1/R 2应为7∶1D ．要使R 2在保温状态时的功率为加热状态时的1/8，R 1/R 2应为〔22－1〕∶1 【解析】当S 闭合时，R 1被短路，P ＝2202 /R 2；当S 断开，R 1与R 2串联，P'＝2202 /〔R 1＋R 2〕；P ＞P'那么可知S 闭合时为加热状态，S 断开时为保温状态；即A 不正确B 正确．由于电路中总电压U 不变，应选择功率公式P ＝RU 2，可知8R R R R R 220R 22021221222⨯+⨯+= 得1122R R 21-=即D 正确【答案】BD6.电子绕核运动可等效为一环形电流，设氢原子中的电子以速度v 在半径为r 的轨道上运动，用e 表示电子的电量，那么其等效电流的电流强度等于．【解析】由电流的定义式I ＝q/t,那么电子的电流强度的大小应为I ＝e/T,而电子运动的周期 T ＝2πr /v ，得I ＝r 2ev π 【答案】 r 2ev π 7．一直流电源给蓄电池充电如下图10-1-10，假设蓄电池内阻r ，电压表读数U ，电流表的读数为I ，那么输入蓄电池的电功率为，蓄电池的发热功率为，电能转化为化学能的功率为．【答案】 UI,I 2r,UI-I 2r 8．某一直流电动机提升重物的装置，如下图10-1-11，重物的质量m=50kg ，电源提供给电动机的电压为U=110V ，不计各种摩擦，当电动机以v=0.9m/s 的恒定速率向上提升重物时，电路中的电流强度I=5.0A ，求电动机的线圈电阻大小〔取g=10m/s 2〕.【解析】电动机的输入功率P ＝UI ，电动机的输出功率P 1=mgv ，电动机发热功率P 2=I 2r 而P 2=P － P 1，即I 2r= UI －mgv代入数据解得电动机的线圈电阻大小为r=4Ω【答案】 r=4Ω9.在图10-1-12中，AB 和A´B´是长度均为L ＝2km ，每km 电阻值为ρ＝1Ω的两根输电线．假设发觉在距离A 和A´等远的两点C 和C´间发生漏电，相当于在两点间连接了一个电阻．接入电动势E ＝90V 、内阻不计的电源：当电源接在A 、A´间时，测得B 、B´间电压为U B ＝72V ；当电源接在B 、B´时，测得A 、A´间电压为U A ＝45V.求A 与C 相距多远？A 蓄电池V 图10-1-10图10-1-11 乙 C ´ R A C B B´E U A 甲C ´R A C B U B 图10-1-12【解析】在测量过程中的等效电路如下图〔甲〕、〔乙〕所示．当电源接在A 、A´时，能够认为电流仅在A´C´CA 中流，现在U B ＝72V 为漏电阻R 上的电压．设AC 和BC 间每根输电线的电阻为R AC 和R BC ．那么有：R R 2R E U AC B +=…① 同理，当电源接在B 、B´间时，那么有：R R 2R E U BC A +=…② 由①②两式可得：R AC ＝41R BC 依照电阻定律R ＝SL ρ∝L ，可得A 、C 间相距为：L AC ＝km 4.0km 251=⨯ 【答案】0.4km10.如下图10-1-13是一种悬球式加速度仪.它能够用来测定沿水平轨道做匀加速直线运动的列车的加速度.m 是一个金属球，它系在细金属丝的下端，金属丝的上端悬挂在O 点，AB 是一根长为L 的电阻丝，其阻值为R.金属丝与电阻丝接触良好，摩擦不计.电阻丝的中点C 焊接一根导线.从O 点也引出一根导线，两线之间接入一个电压表○V 〔金属丝和导线电阻不计〕.图中虚线OC 与AB 相垂直，且OC=h ，电阻丝AB 接在电压恒为U 的直流稳压电源上.整个装置固定在列车中使AB 沿着车前进的方向.列车静止时金属丝呈竖直状态.当列车加速或减速前进时，金属线将偏离竖直方向θ，从电压表的读数变化能够测出加速度的大小.〔1〕当列车向右做匀加速直线运动时，试写出加速度a 与θ角的关系及加速度a 与电压表读数U ′的对应关系.〔2〕那个装置能测得的最大加速度是多少?【解析】〔1〕小球受力如下图，由牛顿定律得：a=m F 合=mtan mg θ=gtan θ. 设细金属丝与竖直方向夹角为θ时，其与电阻丝交点为D ，CD 间的电压为U ′，那么L CD AB CD R R U U AB CD ==='，故得a=gtan θ=g·g hUU L h CD '=. 〔2〕因CD 间的电压最大值为U/2，即U max ′=U/2，因此a max =h 2L g. 【答案】〔1〕a=gtan θ. 〔2〕a max =h 2L g.第Ⅱ课时电路分析·滑动变阻器1.如下图10-2-14，在A 、B 两端加一恒定不变的电压U ，电阻R 1为60Ω，假设将R 1短路，R 2中的电流增大到原先的4倍；那么R 2为〔〕A ．40ΩB ．20ΩC ．120ΩD ．6Ω 图10-1-13 A B R 1 R 2 图10-2-14【答案】B2.如下图10-2-15，D 为一插头，可接入电压恒定的照明电路中，a 、b 、c 为三只相同且功率较大的电炉，a 靠近电源，b 、c 离电源较远，而离用户电灯L 专门近，输电线有电阻．关于电炉接入电路后对电灯的阻碍，以下讲法中正确的选项是〔〕A ．使用电炉a 时对电灯的阻碍最大B ．使用电炉b 时对电灯的阻碍比使用电炉a 时大C ．使用电炉c 时对电灯几乎没有阻碍D ．使用电炉b 或c 时对电灯阻碍几乎一样【解析】输电线有一定电阻，在输电线上会产生电压缺失．使用电炉c 或b 时，对输电线中电流阻碍较大，使线路上的电压缺失较大，从而对用户电灯产生较大的阻碍，而使用电炉a 对线路上的电压缺失阻碍甚微，能够忽略不计．【答案】BD3.如图10-2-16〔甲〕所示电路，电源电动势为E ，内阻不计，滑动变阻器的最大阻值为R ，负载电阻为R 0．当滑动变阻器的滑动端S 在某位置时，R 0两端电压为E/2，滑动变阻器上消耗的功率为P ．假设将R 0与电源位置互换，接成图〔乙〕所示电路时，滑动触头S 的位置不变，那么〔〕A ．R 0两端的电压将小于E/2B ．R 0两端的电压将等于E/2C ．滑动变阻器上消耗的功率一定小于PD ．滑动变阻器上消耗的功率可能大于P【解析】在甲图中，设变阻器R 滑动头以上、以下的电阻分不为R 上、R 下，那么R 0//R 下＝R 上，有R 0＞R 上；当接成乙图电路时，由于R 0＞R 上，那么R 0两端的电压必大于E/2，故A 、B 不正确．而滑动变阻器上消耗的功率能够大于P ．应选D ．【答案】D4.如下图10-2-17是一电路板的示意图，a 、b 、c 、d 为接线柱，a 、d 与220V 的交流电源连接，ab 间、bc 间、cd 间分不连接一个电阻．现发觉电路中没有电流，为检查电路故障，用一交流电压表分不测得b 、d 两点间以及a 、c 两点间的电压均为220V ，由此可知〔〕A ．ab 间电路通，cd 间电路不通B ．ab 间电路不通，bc 间电路通C ．ab 间电路通，bc 间电路不通D ．bc 间电路不通，cd 间电路通【解析】第一应明确两点：〔1〕电路中无电流即I=0时，任何电阻两端均无电压；〔2〕假设电路中仅有一处断路，那么电路中哪里断路，横跨断路处任意两点间的电压均是电源电压．由题可知，bd 间电压为220V ，讲明断路点必在bd 之间；ac 间电压为220V ，讲明断点又必在ac 间；两者共同区间是bc ，故bc 断路，其余各段均完好．【答案】CD5.传感器可将非电学量转化为电学量，起自动操纵作用．如运算机鼠标中有位移传感器，电熨斗、电饭煲中有温度传感器，电视机、录象机、影碟机、空调机中有光电传感器……演示位移传感器的工作原理如下图10-2-17，物体M 在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属图10-2-15〔甲〕 E R S 0 〔乙〕 R SER 0 图10-2-16 ～ a d b c R 1R 2R 3 图10-2-17滑杆P ，通过电压表显示的数据，来反映物体位移的大小X ，假设电压表是理想的，那么以下讲法中正确的选项是〔〕A ．物体M 运动时，电源内的电流会产生变化B ．物体M 运动时，电压表的示数会发生变化C ．物体M 不动时，电路中没有电流D ．物体M 不动时，电压表没有示数【解析】滑动变阻器与电流构成闭合回路，因此回路中总是有电流的，这与M 运动与否无关，C 错误．图中的滑动变阻器实际上是一个分压器，电压表测量的是滑动变阻器左边部分的电压，在图中假设杆P 右移那么示数增大，左移那么示数减小．因表是理想的，因此P 点的移动对回路中的电流是无阻碍的．综上所述，只有B 正确．【答案】B6.如下图10-2-18的电路中，电阻R 1=1Ω，R 2=2Ω，R 3=3Ω，在A 、B 间接电源，S 1、S 2都打开，现在电阻R 1、R 2、R 3消耗的功率之比P 1：P 2：P 3= ；当S 1、S 2都闭合时，电阻R 1、R 2、R 3消耗的功率之比P'1：P'2：P'3= ．【解析】当 S 1、S 2都打开时，R 1、R 2、R 3相互串联，那么P 1：P 2：P 3= R 1：R 2：R 3＝1：2：3．当S 1、S 2都闭合时， R 1、R 2、R 3相互并联，P'1：P'2：P'3=1/R 1：1/R 2：1/R 3=6：3：2．【答案】1：2：3，6：3：27.在图10-2-19所示的8个不同的电阻组成，R 1=12Ω，其余电阻值未知，测得A 、B 间的总电阻为4Ω，今将R 1换成6Ω的电阻，A 、B 间总电阻变成 Ω．【解析】用等效替代法，可把除R 1外的其他电阻等效为一个电阻R ，在AB 间R 1与等效电阻R 为并联关系，那么R AB =RR 1/〔R+R 1〕=12R/〔12+R 〕=4，解得R=6Ω，假设R'1=6Ω时，那么R'AB =RR'1/〔R+R'1〕=6×6/〔6+6〕=3Ω．【答案】38.如下图10-2-20的电路中，R 1=4Ω，R 2=10Ω，R 3=6Ω，R 4=3Ω，a 、b 为接线柱，电路两端所加电压为24V ，当a 、b 间接入一理想电流表时，它的示数应是多少？【解析】如图乙所示，从图能够看出，接入理想电流表后，R 3与R 4并联，再与R 2串联；而R 2＋R 34与R 1又是并联关系．电流表测的是R 1与R 3的电流之和． R 34=R 3R 4/〔R 3+R 4〕=2Ω R 234=R 34+R 2=12Ω I 2=U/R 234=2A I 3/I 4=R 4/R 3=1/2 ∴I 3=I 2/3=2/3A ， I 1=U/R 1=6A ∴I A =I 1+I 3=6.67A 【答案】6.67A 9.如下图10-2-21，电路中R 0为定值电阻，R 为滑动变阻器，其总电阻为R ，当在电路两端加上恒定电压U ，移动R 的滑动触片，求电流表的示数变化范畴．【解析】设滑动变阻器滑动触头左边部分的电阻为R x ．电路连接为R 0与R x 并联，再与滑动变阻器右边部分的电阻R －R x 串联，乙A B 2图10-2-18 R 图10-2-19图10-2-20图10-2-21图10-2-17那么干路中的电流x x0x 0x R R R R R R U R R R U I -++==－＋并因此电流表示数2x 2002x x 00x x0x 0x 00x 00)2R R ()2R (RR UR R RR RR UR R R R R R R U R R R I R R R I --+=-+=-++⋅+=+=' 由上式可知：当R x =R/2时，I 最小200min R RR 4UR 4I +=；当R x =R 或R x =0时，I 有最大值，R U I max = 即电流表示数变化范畴为200R RR 4UR 4+～R U 【答案】200R RR 4UR 4+～RU 10.如下图10-2-22是电饭煲的电路图，S 1是一个限温开关，手动闭合，当此开关的温度到达居里点〔103℃〕时会自动断开，S 2是一个自动温控开关，当温度低于70温度高于80℃时会自动断开，红灯是加热状态时的指示灯，黄灯是限流状态时指示灯，限流电阻R 1=R 2=20KΩ，加热电阻丝R 3=50Ω，两灯电阻不计．〔1〕依照电路分析，表达电饭煲煮饭的全过程：试简要回答假设不闭合开关S 1，电饭煲能否将饭煮熟？〔2〕运算加热和保温状态下，电饭煲的消耗功率之比．【解析】〔1〕电饭煲装好食物后接上电源，S 1闭合，这时黄灯被短路不亮，红灯亮，电饭煲处于加热状态，加热到80℃时，S 2自动断开，S 1仍闭合，待电饭煲中水烧开后，温度升高到103℃时，开关S 1自动断开，这时饭已煮熟，黄灯亮〔由于流过红灯支路的电流过小，红灯熄灭〕，电饭煲处于保温状态．由于电饭煲散热，待温度下降至70℃时，S 2自动闭合，电饭煲重新处于加热状态，待上升至80℃时，又自动断开，电饭煲又再次处于保温状态．假设不闭合开关S 1，电饭煲仅能将食物加热到80℃，因此不能煮熟食物．〔2〕假设设电饭煲处于加热状态时消耗功率为P 1，保温状态时消耗功率为P 2，那么有W 50220R R R R U P 2323221≈+= W 20050220R R R R R U P 21323222≈++= 由上两式得：P 1：P 2=401：1此题以生活中的日常用品为载体，理论联系实际，新颖不致，要求学生识其物，明其理，学以致用，从而提高学生解决实际咨询题的能力．【答案】〔1〕假设不闭合开关S 1，电饭煲不能将饭煮熟．〔2〕401：1第Ⅲ课时闭合电路欧姆定律•含容电路1．以下关于电源电动势的讲法①电动势是用来比较电源将其它形式的能转化为电能本领大小的物理量②外电路断开时的路端电压等于电源的电动势图10-2-22③用内阻较大的电压表直截了当测量电源正负极之间的电压值约等于电源的电动势 ④外电路的总电阻越小，那么路端电压越接近电源的电动势以上讲法中正确的选项是〔〕A ．①②③④ B.①②③ C.①②④ D.只有②【解析】由电源的电动势的有关知识知应选B 【答案】B2.如下图10-3-10的电路中，电源的电动势E 和内电阻r 恒定不变，电灯L 恰能正常发光，假如变阻器的滑片向a 端滑动，那么〔〕A ．电灯L 更亮，安培表的示数减小 B. 电灯L 更亮，安培表的示数增大C. 电灯L 更暗，安培表的示数减小D. 电灯L 更暗，安培表的示数增大【解析】当滑片向a 端滑动时，R 1↓－R 总↓－I↑即A 示数增大，路端电压U ＝E －Ir 减小，那么灯L 变暗．应选D ．【答案】D3．图10-3-11中是一个由电池、电阻R 与平行板电容器组成的串联电路．在增大电容器两极板间距离的过程中〔〕A.电阻R 中没有电流B.电容器的电容变大C.电阻R 中有从a 流向b 的电流D.电阻R 中有从b 流向a 的电流【解析】由kd4s C πε=可知当d 增大时，C 减小．由Q ＝UC 知电容器两极板带电将减少，故电阻R 中有从a 流向b 的电流．选C【答案】C4.如下图10-3-12电路中，电键S 1、S 2、S 3、S 4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮一油滴P ，断开哪一个电键后P 会向下运动〔〕 A. S 1 B. S 2 C. S 3 D. S 4【解析】由P 静止，那么F 电＝mg ，R 1与R 2并联后与C 串联， R 1、R 2是等势体，断开S 1，C 两端的电压不变，F 电不变，P 仍保持静止．断开S 2，C 将放完所带的电，P 将向下运动．断开S 3，C 两端的电压将增至电动势E ，F 电增大， P 将向上运动．断开S 4，C 储存的电量不变，F 电不变，P 仍保持静止．【答案】B5．如下图10-3-13的电路，R 1＝10Ω，R 2＝8Ω，电池有内阻，K 接1时，伏特表示数为2V ，那么K 接2时伏特表示数可能为〔〕A ．2.2V B.2.9V C.1.7V D.1.4V【解析】依照闭合电路欧姆定律可知：U ＝E rR R +…① K 接1时，即为2＝R r 1010+…② K 接2时，即为U ＝E r 88+…③ 由②③得U ＝r8r 1058++⨯…④依照极限分析法：电源内阻最大接近21图10-3-10图10-3-11图10-3-12 图10-3-13无穷大，最小接近于零；当r→∞时，由④得U 最小值1.6V ；当r→0时，由④得U 最大值2V ；那么U 示数在1.6V ＜U ＜2V 的范畴内．应选C【答案】C6．一太阳能电池板，现测得它的开路电压为0.80V ，短路电流为0.04A ．假设将此电池板与一阻值为20Ω的电阻连成一闭合电路，那么此太阳能电池板的路端电压是 V ．【解析】由E ＝0.8V,短路电流I 短＝0.04A ，因此r=短I E ，r=20Ω，当R ＝20Ω时，那么路端电压U ＝2E ＝0.4V 【答案】0.47.某闭合电路的路端电压U 随外电阻R 变化的图线如下图10-3-14，那么电源的电动势为_______，内电阻为_______，当U=2V 时，电源的输出功率为_______.【解析】由图可知，E ＝3.0V ．由闭合电路欧姆定律可得r=1Ω，P 外＝2W【答案】3.0V ；r=1Ω；2W8．如下图10-3-15，电阻R 3＝4Ω，电表为理想表，开始时R 1、R 2、R 3中都有电流通过，电压表示数为2V ，电流表示数为0.75A ，后来三个电阻中有一个发生断路，使电压表示数变为3.2V ，电流表示数变为0.8A ．〔1〕哪个电阻断路？〔2〕求电阻R 1、R 2的阻值各为多少？〔3〕电源电动势和内阻各为多少？【解析】〔1〕由于电压表、电流表的示数都不为零，因此断路的电阻是R 1〔2〕R 1断开后，伏特表示数即为R 2两端电压，因此R 2＝Ω==''48.02.3I U 22 R 1断路前，R 2两端电压V 3475.0R I U 222=⨯==，R 3两端电压V 1V 2V 3U U U 123=-=-=，由串联电阻的分压特点3131U U R R =，因此R 1＝Ω=Ω⨯=⋅8412R U U 331，通过R 1、R 3的电流A 25.0A 82R U I 111=== 〔3〕R 1断路前E ＝()()r 3r 25.075.0475.0r I I U 212+=++⨯=++…① ，R 1断路后E ＝r 8.02.3r I U 22+='+'…②联立以上两式得E ＝4V ，r ＝1Ω【答案】〔1〕R 1；〔2〕8Ω；4Ω〔3〕4V ；1Ω9.〔2004年江苏卷〕如下图10-3-16的电路中，电源电动势V 00.6E =，其内阻可忽略不计．电阻的阻值分不为Ω=Ω=k 8.4R k 4.2R 21、，电容器的电容F 7.4C μ=．闭合开关S ，待电流稳固后，用电压表测1R 两端电压，其稳固值为V 50.1．〔1〕该电压表的内阻为多大？〔2〕由于电压表的接入，电容器的带电量变化了多少？图10-3-14 R 1 R 3 R 2 E V S A r 图10-3-15E SR 1 R 2 C 图10-3-16【解析】〔1〕设电压表的内阻为V R ，测得1R 两端电压为1U ，1R 与V R 并联后的总电阻为R ，那么有1V R 1R 1R 1+= …① 由串联电路的规律得：112U E U R R -= …② 联立①②得1211121V U )R R (E R U R R R +-=代入数据得Ω=k 8.4R V〔2〕电压表接入前，电容器上的电压C U 等于电阻2R 上的电压，1R 两端的电压为1R U ，那么12R C R R U U 1= 又1R C U U E += 接入电压表后，电容器上的电压为1C U E U -=' 由于电压表的接入，电容器带电量增加了)U U (C Q C C -'=∆ 联立以上各式得)U R R E R (C Q 1211-+=∆ 代入数据可得C 1035.2Q 6-⨯=∆【答案】〔1〕4.8kΩ (2)2.35×10－6C 10．〝加速度计〞作为测定物体加速度的仪器，已被广泛地应用于飞机、潜艇、导弹、航天器等装置的制导中，如下图10-3-17是〝应变式加速度计〞的原理图.支架A 、B 固定在待测系统上，滑块穿在A 、B 间的水平光滑杆上，并用轻弹簧固接于支架A 上，其下端的滑动臂可在滑动变阻器上自由滑动.随着系统沿水平方向做变速运动，滑块相关于支架发生位移，并通过电路转换为电信号从1、2两接线柱输出.滑块质量为m ，弹簧劲度系数为k ，电源电动势为E ，内电阻为r ，滑动变阻器总阻值R=4r ，有效总长度为L.当待测系统静止时，滑动臂P 位于滑动变阻器的中点，且1、2两接线柱输出的电压U 0=0.4E.取AB 方向为参考正方向.〔1〕写出待测系统沿AB 方向做变速运动的加速度a 与〝1、2”两接线柱间的输出电压U 间的关系式〔2〕确定该〝加速度计〞的测量范畴.【解析】(1)设待测系统沿A→B 方向有加速度a ，那么滑块将左移x ，满足kx=ma ，现在U 0-U=r R R E +'，而R ′=Lrx 4R L x =. 故有 a=mE 4)U E 4.0(kL 5mEr 4)r R )(U U (kL 0-=+-. 〔2〕当待测系统静止时，滑动臂P 位于滑动变阻器的中点，且1、2两接线柱输出的电压U 0=0.4E ，故输出电压的变化范畴为0≤U ≤2U 0，即0≤U ≤0.8E ，结合〔1〕中导出的a 与U 的表达式，可知加速度计的测量范畴是-m 2kL ≤a ≤m 2kL . 【答案】(1)a=mE 4)U E 4.0(kL 5-；〔2〕-m 2kL ≤a ≤m2kL 图10-3-17第Ⅳ课时电阻的测量1．如下图10-4-12电路中，电压表的读数为9V ，电流表读数为0.1A ，电压表内阻为900Ω，电流表内阻为20Ω，那么电阻R 的测量值与实际值分不为〔〕A ．90Ω，110ΩB ．100Ω,90ΩC ．90Ω,100ΩD ．90Ω,82Ω【解析】测量值应为R 测＝Ω=Ω901.09．由图可知，R 测＝R 并＝VV R R RR + 得R ＝100Ω．选C ．【答案】C2．以下关于电流表与电压表的讲法中，正确的选项是〔〕A ．差不多上用电流表G 与电阻并联改装而成的B ．差不多上用电流表G 与电阻串联改装而成的C ．它们本身都有内阻，只是电流表的内阻一样专门小，而电压表的内阻一样专门大．D ．电流表的内阻确信比用来改装的电流表G 的内阻大，而电压表的内阻确信比用来改装的电流表G 的内阻小．【解析】电流表是由灵敏电流表G 并联一个较小的分流电阻改装而成，电压表是由灵敏电流表G 串联一个较大的分压电阻改装而成，因此，电流表的内阻小于灵敏电流表G 的内阻，电压表的内阻大于灵敏电流表G 的内阻，电流表的内阻一样专门小，电压表的内阻一样专门大．【答案】C3．现有通过精确校准的电压表V 1和V 2，当分不用来测量某线路中电阻R 两端a 、b 间的电压时，如下图10-4-13，读数依次为12.7V 和12.3V ，那么： ①a 、b 间的实际电压略大于12.7V ②a 、b 间的实际电压略小于12.3V③电压表V 1的内阻大于V 2的内阻 ④电压表V 1的内阻小于V 2的内阻以上判定正确的选项是〔〕 A ．①③ B.②④ C.①④ D.②③【解析】并联电压表后，使a 、b 间的电阻变小，从而使a 、b 间的电压变小，即电压表的示数比a 、b 间没有接电压表时的实际电压略小些，而且，电压表的内阻越大，电压表的示数越大，越接近于a 、b 间没接电压表时的实际值．故电压表V 1的内阻较大，a 、b 间的实际电压略大于12.7V ．故①③正确，选A ．【答案】A4.在如图10-4-14中a 、b 所示的两电路中，电阻R 、电流表、电压表差不多上相同的，电池的内阻相关于电阻R 的大小能够忽略．闭合开关后，图a 和b 电路中电压表和电流表的示数， b a V V 、和b a I I 、的大小不相同，它们的关系是〔〕 ①b a V V < ②b a I I < ③b I b V a I a V = ④b I b V a I a V < 其中正确的选项是〔〕A ．①③ B. ①④ C. ②③ D. ②④ 【解析】b V 为电动势，a V 为部分电路电压；故a V ＜b V ，①正确．aa b b V V a a A b b I V I V R R R RR R I V ,R R R I V >==>+=，故＜＋并即④正确③不正确，用排除法否定②，选B ．b 图10-4-13ba 图10-4-14【答案】B5．如下图10-4-15，将一个改装的电流表接入电路进行校准，发觉待测表的读数比标准表的读数偏大一些，如表头G 的G I 是准确的，显现的误差可能是下述哪些缘故引起的 ①G R 的测量值比真实值偏大②G R 的测量值比真实值偏小 ③所并联的并R 比公式GG G I I RI R －＝并'运算出的并R '小④所并联的并R 比公式GGG I I R I R －＝并'运算出的并R '大以上判定正确的选项是〔〕 A ．①③ B.②④ C.①④ D.②③【解析】待测表的读数偏大，讲明通过待测表G 的电流比准确时应通过G 的电流大，使G 的指针偏转较大，也讲明并R 支路分去的电流过少，即并R 过大．【答案】C6．一只量程为15V 的电压表，串联一个3k Ω的电阻后，再去测量实际电压为15V 的路端电压时，电压表示数为12V ，那么这只电压表的内阻是 k Ω．用这串联着3k Ω电阻的电压表测量某段电路两端电压时，假如电压表的示数为4V ，那么这段电路的电压实际为 V ．【解析】设电压表内阻为g R ，那么12153000R R g g =⨯+…① 由①得g R ＝12k Ω 设实际电压为U ，那么U431212=+…② 由②得U ＝5V 【答案】12；57,mA 3I g =内阻Ω=100R g ,欲将其改装成图10-4-16所示的两个量程的电压表，那么=1R Ω；=2R Ω．【解析】电流表的满偏电压V 3.0R I U g g g ==．电压表量程为3V 时，由串联电路中的电压分配关系得gg11I U U R -=…①，电压表量程为15V 时，同理可得gg221I U U R R -=+…②，将上述两式代入数据可求出Ω=900R 1，Ω=4000R 2．【答案】900；40008.一个电流、电压两用表的电路如下图10-4-17，小量程电流表G 的量程是0.001A ，内阻是100Ω，两个电阻的阻值是Ω=Ω=01.1R ,9900R 21，咨询：〔1〕双刀双掷电键接到哪边是电流表，接到哪边是电压表？〔2〕电流表、电压表的量程各是多大？【解析】〔1〕电键接到左边c 、d 上是电流表；接到右边a 、b 上是电压表．〔2〕当电键接到c 、d 上时，电阻2R 与小量程电流表G 并联，1R 不起作用．小量程电流表图10-4-15 R 1图10-4-17 15V图10-4-16G 满偏时，通过电阻2R 的电流为A 099.0A 01.1100001.0R R I I 2g g ≈⨯==' 因此做为电流表时的量程为A 1.0A )099.0001.0(I I I g =+='+=当电键接到a 、b 上时，电阻1R 与小量程电流表G 串联，2R 不起作用．小量程电流表G 满偏时，加在小量程电流表G 和电阻1R 上的总电压为V 10V )9900100(001.0)R R (I U 1g g =+⨯=+= 因此作为电压表时的量程为10V【答案】〔1〕电键接到c 、d 上是电流表，接到a 、b 上是电压表〔2〕0.1A 10V9.有两只电压表A 和B ，量程，内阻不知等于多少；另有一节干电池，它的内阻不能忽略，但不知等于多少．只用这两只电压表、电键和一些连接用的导线，能通过测量运算这节电池的电动势〔电动势不超出电压表的量程，干电池不许拆开〕．〔1〕画出你测量时所用的电路图；〔2〕以测得的量作为量，导出运算电动势的式子．【解析】测量电路如图甲、乙所示，设电压表的内阻分不为A R 和B R ，电池的电动势为E ，内阻为r ．先将电压表A 串联接入电路中，如图甲所示记下其示数A U ，由闭合电路欧姆定律，有r R U U E AAA +=…① 然后，将电压表A 、B 同时串联接入电路中，如图乙所示,记下两表的示数A U '和B U ，同理又有r R U U U E A A B A '++'=…② 将AR r等效为一个未知量，从①和②式中消去，得电源电动势为AA BA U U U U E '-=【答案】〔1〕电路图如图甲、乙所示〔2〕AA BA U U U U E '-=10.有一电阻x R ，其阻值大约在40～50Ω之间，需要进一步测定其阻值，手边现有以下器材：有两种可供选用的电路如下图10-4-18，实验要求多测几组电流、电压值，以便画出电流－电压关系图．(a)(b)图10-4-18 甲乙为了实验能正常进行并减小测量误差，而且要求滑动变阻器便于调剂，在实验中应选图所示的电路，应选代号是的电流表和代号是的滑动变阻器．【解析】〔1〕电流表的选择：先估算电路中可能达到的最大电流〔视滑动变阻器阻值R ＝0Ω〕假设使用A 1表时：A 15.0R R EI 1A x m =+=，已超过A 1表的量程．假设使用A 2表时：A 20.0R R EI 2A x m =+='，未超过A 2表的量程．为遵循安全性原那么，应选择电流表A 2．〔2〕测量电路的选择：由于2Ax x v R RR R >，为遵循准确性原那么，应选择电流表的外接法，即〔b 〕图．〔3〕滑动变阻器的选择：选择R 1时，电路中的最小电流约为A 06.0R R R EI 1A x m 2=++≈，电路中的电流范畴为A 06.0～A 20.0．选择R 2时：电路中的最小电流约为A 005.0R R R EI 2A x m 2=++='，电路中的电流范畴为A 005.0～A 20.0．由此可见，假设使用R 2，当R 2阻值较大时，电流表的示数专门小，读数误差较大，实际测量数据不能使用；假设使用R1，电流能够从A 06.0逐步增大．相比而言，使用R 2将导致电流强度随滑动变阻器位置变化过于敏锐，实际上限制了R 2有效调剂长度；而使用R 1有较大的有效调剂长度．为遵循方便性原那么，应选择R 1．【答案】〔b 〕； A 2；R 1第Ⅴ课时简单的逻辑电路1、如图，一个应用某逻辑电路制作的简单车门报警图。

2020年高考物理压轴题专练附解答：恒定电流与交变电流

2020年高考物理压轴题专练：恒定电流与交变电流【知识回扣】 1. 思维导图1．纯电阻电路与非纯电阻电路的比较 (1)纯电阻用电器：W ＝Q ＝UIt ＝I 2Rt ＝U 2R t ，P ＝UI ＝I 2R ＝U 2R，如电阻、电炉子、白炽灯等。

(2)非纯电阻用电器：W >Q ，W ＝UIt ＝I 2Rt ＋W 其他，P ＝UI ＝I 2R ＋P 其他，如电风扇、电动机、电解槽等。

2.闭合电路的功率（1）电源的总功率：P 总＝EI ；电源内电阻消耗的功率P 内＝U 内I ＝I 2r ；电源输出功率P 出＝U 外I 。

（2）对于纯电阻电路，电源的输出功率P 出＝I 2R ＝[E /(R ＋r )]2R ＝E 2R －r 2R＋4r ，当R ＝r 时，电源的输出功率最大，其最大输出功率为P m ＝E 24r .电源输出功率随外电阻变化曲线如图所示。

（3）电源的效率：指电源的输出功率与电源的总功率之比，即η＝P 出/P 总＝IU /IE ＝U /E .对于纯电阻电路，电源的效率η＝I 2R I2R ＋r ＝R R ＋r＝1/(1＋rR )，所以当R 增大时，效率η提高．当R＝r (电源有最大输出功率)时，效率仅为50%，效率并不高。

3.正弦式交变电流的产生（1）将线圈置于匀强磁场中，线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动，线圈中就会产生正弦式交变电流。

（2）中性面：与磁场方向垂直的平面。

①线圈转到中性面时，穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率为零，感应电动势为零。

②线圈平面与中性面垂直:磁通量为零,磁通量变化率最最大,感应电动势最大。

③线圈转动一周，两次经过中性面，线圈每经过一次中性面，电流的方向就改变一次。

○4交变电流的最大值E m＝nBSω，与转轴位置无关，与线圈形状无关。

4.交变电流的“四值”5.理想变压器以及原、副线圈基本量的关系6.远距离输电问题（1）理清三个回路（2）抓住两个联系○1理想的升压变压器联系着回路1和回路2，由变压器原理可得：线圈1(匝数为n 1)和线圈2(匝数为n 2)中各个量间的关系是U 1U 2＝n 1n 2，I 1I 2＝n 2n 1，P 1＝P 2。

2020届高考物理二轮复习疯狂专练14恒定电流(含解析)

恒定电流(1)闭合电路欧姆定律、电动势与内阻；(2)伏安特性曲线；(3)电路的动态变化分析；(4)电路的故障分析等；(3)电功、电功率、电热等。

1．如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷。

导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B。

当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低。

由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为( )A．IBq bU ，负 B．IBq bU，正C．IBq aU ，负 D．IBq aU，正2．(多选)“等效”是简化电路的一种常用方法。

下面四个方框中的电路都可视为一个新的等效电源：甲中是一个电动势为E、内电阻为r的电源和一阻值为R0的定值电阻串联；乙中是一个电动势为E、内电阻为r的电源和一阻值为R0的定值电阻并联；丙中是一个电压为E的恒压源与阻值为R0的定值电阻串联；丁中是一个电流为I的恒流源与阻值为R0的定值电阻并联，且E＝IR0。

下列关于这四个等效电源的电动势和内阻的说法正确的是( )A．E甲＝E丙＝E丁＞E乙 B．E甲＝E丙＞E丁＝E乙C．r甲＞r丙＝r丁＞r乙 D．r甲＞r丙＞r丁＞r乙3．如图甲所示，在材质均匀的圆形薄电阻片上，挖出一个偏心小圆孔。

在彼此垂直的直径AB和CD两端引出四个电极A、B、C、D。

先后分别将A、B或C、D接在电压恒为U的电路上，如图乙和图丙所示。

比较两种接法中电阻片的热功率大小，应有( )A．接在AB两端电阻片热功率大B．接在CD两端电阻片热功率大C．两种接法电阻片电阻图丙的大D．两种接法电阻片电阻一样大4．如图所示的电路中，由于电路出现故障，灯L1变暗，灯L2变亮，故障原因是( )A．R4短路 B．R1断路C．R3断路 D．R2短路5．如图所示是某直流电路中电压随电流变化的图象，其中a、b分别表示路端电压、负载电阻上电压随电流变化的情况，下面说法不正确的是( )A．阴影部分的面积表示电源的输出功率B．阴影部分的面积表示电源的内阻上消耗的功率C．当满足α＝β时，电源的输出功率最大D．当满足α＞β时，电源的效率小于50％6．如图所示电路中，电源电动势为E（内阻不计），线圈L的自感系数较大，电阻不计。

2020年高考高三物理二轮专题复习：恒定电流(通用)练习及答案

2020高考物理恒定电流（通用）练习及答案**恒定电流**一、选择题1、扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图为酷斯520扫地机器人，已知其工作额定电压15 V，额定功率30 W，充电额定电压24 V，额定电流0.5 A，充电时间约240分钟，电池容量2000 mA·h，则下列说法正确的是( )A.电池容量是指电池储存电能的大小B.机器人正常工作的电压为24 VC.机器人正常工作时的电流为0.5 AD.机器人充满电后一次工作时间最多约为1小时2、某一导体的伏安特性曲线如图AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是()A．B点的电阻为12 ΩB．B点的电阻为40 ΩC．导体的电阻因温度的影响改变了1 ΩD．导体的电阻因温度的影响改变了9 Ω3、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48 W，额定工作电压为24 V。

机器人的锂电池容量为20 A·h。

则机器人()A．额定工作电流为20 AB．充满电后最长工作时间为2 hC．电池充满电后总电量为7.2×104 CD．以额定电流工作时每秒消耗能量为20 J4、电源、开关S、定值电阻R1、R2、光敏电阻R3和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R3时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点，当用强光照射光敏电阻R3时，光敏电阻的阻值变小，则()A．液滴向下运动B．液滴向上运动C．电容器所带电荷量减少D．电容器两极板间电压变大5、(2019·德州期末)图甲为某电源的U-I图线，图乙为某小灯泡的U-I图线，则下列说法中正确的是()甲乙A．电源的内阻为0.5 ΩB．小灯泡的电阻随着功率的增大而减小C．当小灯泡两端的电压为0.5 V时，它的电阻约为16ΩD．把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为3 W6、有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱体，柱体高均为h，大柱体截面边长为a，小柱体截面边长为b，则()A．从图示电流方向看，大、小柱体电阻比为a∶bB．从图示电流方向看，大、小柱体电阻比为1∶1C．若电流方向竖直向下，大、小柱体电阻比为a∶bD．若电流方向竖直向下，大、小柱体电阻比为a2∶b27、(2019·枣庄模拟)如图甲所示，一个简单的闭合电路由内、外两部分电路构成。

2020年高考物理恒定电流专题测试卷(含答案)

2020年高考物理恒定电流专题测试卷一、单选题（本大题共3小题）1.用传感器观察电容器放电过程的实验电路如图甲所示，电源电动势为8V、内阻忽略不计。

先使开关S与1端相连，稍后掷向2端，电流传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示的电流随时间变化的i−t图象如图乙所示。

下列说法正确的是()A. 图中画出的靠近i轴的竖立狭长矩形面积表示电容器所带的总电荷量B. 电容器在全部放电过程中释放的电荷量约为20CC. 电容器在全部放电过程中释放的电荷量约为4.0×10−4CD. 电容器的电容约为4.0×102μF2.如图所示，电源电动势E，内电阻恒为r，R是定值电阻，热敏电阻R T的阻值随温度降低而增大，C是平行板电容器。

闭合开关S，带电液滴刚好静止在C 内。

在温度降低的过程中，分别用△I 、△U1、△U2和△U3表示电流表、电压表1、电压表2和电压表3示数变化量的绝对值。

关于该电路工作状态的变化，下列说法正确的是()A. △U1△I 、△U2△I、△U3△I一定都变大B. △U1△I 和△U3△I一定不变，△U2△I一定变大C. 带电液滴一定向下加速运动D. 电源的工作效率一定变大3.如图所示的电路，电源电动势为E，内阻为r。

闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片向左移动一段距离，电流表A1示数增加了△I1，电流表A2示数减少了△I2，电压表Ⅴ 1示数减少了△U1，电压表V2示数增加了△U2.下列关于△I1与△I2、△U1与△U2大小关系的说法中正确的是()A. △I1>△I2，△U1>△U2B. △I1<△I2，△U1<△U2C. △I1>△I2，△U1<△U2D. △I1<△I2，△U1>△U2二、多选题（本大题共7小题）4.如图所示电路中，电源的电动势、内阻及各电阻的阻值都标志在图中，当滑动变阻器R3的滑片P向a端移动时，以下说法中正确的是()A. 电压表示数变小，电流表示数变小B. 电阻R1两端的电压减小C. 电源的总功率减少但电源的输出功率增大D. 如果设定流过电阻R2电流变化量的绝对值为△I2，流过滑动变阻器R3的电流变化量的绝对值为△I3，则有△I2<△I35.如图所示电路，平行金属板中带负电的小球被固定在P处，不计电流表和电压表内阻对电路的影响，选地面的电势为零．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，下列说法正确的是()A. 电压表读数减小B. 小球的电势能减小C. 电源的效率增大D. 若电压表、电流表的示数变化量分别为△U和△I，则|△U||△I|<r+R16.由金属导体薄片制成的霍尔元件，其几何尺寸如图所示，在薄片的垂直面上施加一磁感应强度为B的匀强磁场，在薄片的左、右两侧接有c、d两电极，在薄片的上、下两面接有a、b两电极。

高考物理专题复习：《恒定电流》附答案

新课标高考物理专题复习：《恒定电流》( 附参照答案 )一、选择题。

（共 20 小题，每题 3 分，共 60 分，部分分 1 分）1. 如图，电源电动势为E，内阻为r ，给外电阻R供电，则以下图中不可以反应全电路特色的图象是 ()E r IUU/V I/A U/V P出/WE/rOI/A O E U/V OCR/ΩO r R/ ΩA B D2．如下图，电源电动势=8V，内电阻为r =0.5 Ω，“ 3V,3W”的灯泡L与电动机 M串连接E在电源上，灯泡恰巧正常发光，电动机恰巧正常工作，电动机的线圈电阻L R0=1.5Ω 。

以下说法正确的选项是()E A．经过电动机的电流为 1.6A B．电动机的效率是62.5%MrC．电动机的输入功率为 1.5W D．电动机的输出功率为3W3．在如下图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用123表示，电表示数I 、 U、U和U变化量的大小分别用I 、U1、U2和U3表示．以下比值正确的选项是（）A.U1/I不变，U1/I 不变 C.U2/I变大，U2/I 变大C.U2/I变大，U2/I 不变 D.U3/I变大， U3/I 不变4．右图为包括某逻辑电路的一个简单电路图，L 为小灯泡．光照耀电阻远小于 R．则以下说法正确的选项是（）A．该逻辑电路是非门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 不发光B．该逻辑电路是非门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 发光C．该逻辑电路是与门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 不发光D．该逻辑电路是或门电路；当电阻R 遇到光照时，小灯泡L 发光R时，其阻值将变得5VR1R L5. 小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，为图线的PN切线， PQ为 U轴的垂线， PM为 I 轴的垂线。

则以下说法中正确的选项是()A．跟着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大1IUB．对应P点，小灯泡的电阻为R＝I2I2 M PC．对应P点，小灯泡的电阻为R＝U1I1 N21I－ ID．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积QO U1U6. 如下图，四个同样的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表 V1的量程大于 V2的量程，把它们按图接入电路中，则以下说法正确的选项是A．安培表 A1的读数大于安培表 A2的读数B．安培表A1的偏转角大于安培表A2的偏转角C．伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数D．伏特表 V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角7．如下图的电路中，电池的电动势为E，内阻为 r ，电路中的电阻 R1、 R2和 R3的阻值都相同．在电键 S 处于闭合状态下，若将电键S 由地点 1 切换到地点2。

高考物理专练题恒定电流(试题部分)

高考物理专练题恒定电流考点一电路的基本概念和规律1.一根长为L、横截面积为S的金属棒,其材料的电阻率为ρ。

棒内单位体积自由电子数为n,电子的质量为m,电荷量为e。

在棒两端加上恒定的电压U时,棒内产生电流,则自由电子定向移动的平均速率为()A.UneρL 2neρLC.neρLD.neρSLU答案A2.(2020届山西太原三校联考,6)有两个同种材料制成的导体,两导体是横截面为正方形的柱体,柱体高均为h,大柱体上底面边长为a,小柱体上底面边长为b,则()A.从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为a∶bB.若电流方向竖直向下,大柱体与小柱体的电阻之比为a∶bC.从图示电流方向看大柱体与小柱体的电阻之比为1∶1D.若电流方向竖直向下,大柱体与小柱体的电阻之比为a2∶b2答案C3.(2020届河南平顶山联考,8)(多选)如图所示,A为电解槽,M为电动机,N为电炉,恒定电压U=12V,电解槽内阻r A=2Ω。

当S1闭合,S2、S3断开时,电流表A示数为6A;当S2闭合,S1、S3断开时,电流表A 示数为5A,且电动机输出功率为35W;当S3闭合,S1、S2断开时,电流表A示数为4A。

则()A.电炉的电阻为2ΩB.仅S1闭合时,电炉的发热功率为72WC.电动机的内阻为2.4ΩD.电解槽工作时,电能转化为化学能的功率为48W答案AB考点二闭合电路欧姆定律1.(2018河南名校联考,6)(多选)如图电路中,电源的内电阻为r,R1、R3、R4均为定值电阻,电表均为理想电表。

闭合开关S,当滑动变阻器R2的滑动触头向右滑动时,下列说法中正确的是()A.电压表的示数变小B.电流表的示数变小C.R1中电流的变化量一定大于R4中电流的变化量D.电压表示数的变化量与电流表示数的变化量之比一定小于电源的内电阻r答案BD2.在纯电阻电路中,当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时,关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示,则下列说法错误的是()A.当R=r时,电源有最大的输出功率B.当R=r时,电源的效率η=50%C.电源的输出功率P随外电阻R的增大而增大D.电源的效率η随外电阻R的增大而增大答案C3.(2018河南开封模拟,16)图甲所示是一种专供国内市场的家用电熨斗的电路图(额定电压为220V)。

2020届高考物理专练：恒定电流(含答案)

2020届高考物理专练：恒定电流（答案在最后）专题：恒定电流一、选择题1、如图所示，甲、乙、丙三个逻辑电路的符号分别表示( )A ． “与”门、“或”门、“非”门B ． “与”门、“非”门、“或”门C ． “或”门、“与”门、“非”门D ． “或”门、“非”门、“与”门．2、阻值相等的四个电阻、电容器C 及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路．开关S 断开且电流稳定时，C 所带的电荷量为Q 1；闭合开关S ，电流再次稳定后，C 所带的电荷量为Q 2.Q 1与Q 2的比值为( )A.25 B ．12 C.35D ．233、某一导体的伏安特性曲线如图AB 段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是( )A ．B 点的电阻为12 Ω B ．B 点的电阻为40 ΩC ．导体的电阻因温度的影响改变了1 ΩD．导体的电阻因温度的影响改变了9 Ω4、如图所示，其中电流表A的量程为0.6 A，表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02 A；R1的阻值等于电流表内阻的12；R2的阻值等于电流表内阻的2倍．若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1 的电流值，则下列分析正确的是()A．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.04 AB．将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02 AC．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06 AD．将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.01 A5、如图所示的电路，R1、R2、R4均为定值电阻，R3为热敏电阻(温度升高，电阻减小)，电源的电动势为E，内阻为r.起初电容器中悬停一质量为m的带电尘埃，当环境温度降低时，下列说法中正确的是()A．电压表和电流表的示数都减小B．电压表和电流表的示数都增大C．电压表和电流表的示数变化量之比保持不变D．带电尘埃将向下极板运动6、如图所示的电路中，闭合开关后各元件处于正常工作状态，当某灯泡突然出现故障时，电流表读数变小，电压表读数变大．下列关于故障原因或故障后其他物理量的变化情况的说法中正确的是()A．L1灯丝突然短路B．L2灯丝突然烧断C．电源的输出功率一定变小D．电容器C上电荷量减少7、如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2.设元电荷电荷量为e，则以下说法正确的是()A．溶液内电流方向从A到B，电流大小为n1e tB．溶液内电流方向从B到A，电流大小为n2e tC．溶液内正、负离子反方向移动，产生的电流相互抵消D．溶液内电流方向从A到B，电流大小为（n1＋n2）et8、(多选)如图所示的电路中，电源电动势为12 V，内阻为2 Ω，四个电阻的阻值已在图中标出．闭合开关S，下列说法正确的有()A．路端电压为10 VB．电源的总功率为10 WC．a、b间电压的大小为5 VD．a、b间用导线连接后，电路的总电流为1 A9、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻，电阻随光强的增大而减小．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是()A．若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B．若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少C．若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变二、非选择题1、（实验题）1、用螺旋测微器测量某一物体厚度时，示数如图甲所示，读数是________ mm.用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如图乙所示，则读数分别为________mm2、如图所示，电源电动势E＝10 V，内阻r＝1 Ω，R1＝3 Ω，R2＝6 Ω，C＝30 μF.(1)闭合开关S，求稳定后通过R1的电流．(2)然后将开关S断开，求电容器两端的电压变化量和流过R1的总电荷量．(3)如果把R2换成一个可变电阻，其阻值可以在0～10 Ω范围变化，求开关闭合并且电路稳定时，R2消耗的最大电功率．1、【答案】A【解析】甲为“与”门电路；乙为“或”门电路；丙为“非”门电路2、解析：选C.电路中四个电阻阻值相等，开关S 断开时，外电路的连接等效为图1，由于不计电池的内阻，设每个定值电阻的阻值为R ，根据串、并联电路的特点可知，电容器两端的电压为U 1＝12×23R23R ＋RE ＝15E ；当开关S 闭合后，外电路的连接等效为图2，则电容器两端的电压为U 2＝12R12R ＋R E ＝13E ，由Q ＝CU 可知，Q 1Q 2＝U 1U 2＝35，C 项正确．3、解析：选B.A 点电阻R A ＝31.0×10－1 Ω＝30 Ω，B 点电阻R B ＝61.5×10－1Ω＝40 Ω，故A 错误、B 正确．ΔR ＝R B －R A ＝10 Ω，故C 、D 错误．4、解析：选C.设电流表A 的内阻为R A ，用电流表A 的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值时，若将接线柱1、2接入电路，根据并联电路的特点，(I 1－I A )R 1＝I A R A ，解得I 1＝3I A ＝0.06 A ，则每一小格表示0.06 A ；若将接线柱1、3接入电路，则(I 2－I A )R 1＝I A R A ，解得I 2＝3I A ＝0.06 A ，则每一小格表示0.06 A ．选项C 正确．5、解析：选C.当环境温度降低时，热敏电阻阻值增大，并联部分电路总阻值增大，根据闭合电路欧姆定律，干路电流减小，电流表示数减小，电压表示数增大，选项A 、B 错误；并联部分电压的增加量等于定值电阻R 1和电源内阻r 上电压的减少量，由于R 1和电源内阻r 之和不变，故ΔUΔI＝R 1＋r 不变，选项C 正确；并联部分阻值增大，电容器两端电压增大，带电尘埃受到的电场力增大，带电尘埃将向上极板运动，选项D 错误．6、解析：选B ．当L 1灯丝突然短路时，电路的外电阻减小，根据I ＝ER 外＋r得，电流表读数增大，A 错；当L 2灯丝突然烧断时，电路的外电阻增大，电流表读数变小，由U ＝E －Ir 得电压表读数增大，B 对；电源的输出功率大小由电路的外电阻与内电阻的关系决定，所以C 错；当L 2灯丝突然烧断时，电容器两端的电压增大，所以电容器会充电，D 错．7、解析：选D.溶液内正、负离子反方向移动，通过截面的电荷量为正、负离子电荷量绝对值之和，由电流的定义可算出，电流为（n 1＋n 2）et，故选D. 8、解析：选AC.开关S 闭合后，外电路的总电阻为R ＝10 Ω，路端电压U ＝E R ＋rR ＝1212×10 V ＝10 V ，A 项正确；电源的总功率P ＝E 2R ＋r＝12 W ，B 项错误；由于两条支路的电流均为I′＝1020 A ＝0.5 A ，因此a 、b 两点间的电压为U ab ＝0.5×(15－5) V ＝5 V ，C 项正确；a 、b 两点用导线连接后，外电阻R′＝2×5×155＋15 Ω＝7.5Ω，因此电路中的总电流I ＝E R′＋r＝129.5 A ≈1.26 A ，D 项错误． 9、解析：选BD ．电容器所在支路由于是断路，没有电流通过，所以电路中只有光敏电阻和电阻R 3串联在电路中，并且电容器两端的电压等于光敏电阻两端电压，所以若仅将R 2的滑动触头P 向b 端移动，电路总电阻不变，电流不变，电压也不变，A 错误；若增大电容器极板间的距离，根据公式C ＝εr S4πkd 可得电容器电容减小，由于电容器两端的电压恒定，根据公式C ＝QU ，故电容器所带电荷量减小，B 正确；若仅用更强的光照射R 1，R 1的电阻减小，电路总电阻减小，电流增大，故电流表示数增大，外电路总电阻减小，即电压表示数减小，根据公式C ＝QU 可得，U 减小，Q 也减小，C 错误；根据闭合电路欧姆定律可得U 变化量的绝对值与I 变化量的绝对值的比值表示电源内阻，所以恒定不变，D 正确．二、非选择题1、【答案】1.195 11.50【解析】螺旋测微器读数为1 mm ＋19.5×0.01 mm ＝1.195 mm 游标卡尺读数为11 mm ＋10×0.05 mm ＝11.50 mm.2、解析：(1)稳定时，电路中的电流： I ＝Er ＋R 1＋R 2＝1 A.(2)S 闭合，电路处于稳定状态时，电容器两端的电压： U ＝IR 2＝1×6 V ＝6 V断开后，电容器两端的电压为10 V 所以ΔU ＝4 V流过R 1的总电荷量为： ΔQ ＝ΔU ·C ＝1.2×10－4 C. (3)P R2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫E r ＋R 1＋R 22·R 2＝E 2[R 2－（R 1＋r ）]2R 2＋4（R 1＋r ）可见当R 2＝R 1＋r 时，R 2消耗的功率最大 P mR2＝E 24（R 1＋r ）＝6.25 W.答案：(1)1 A (2)4 V 1.2×10－4 C (3)6.25 W。

2020届高考物理名校试题专题10 恒定电流(解析版)

2020年全国大市名校高三期末一模物理试题解析汇编（第一期）恒定电流1、（2020·天津市六校上学期期末联考）已知光敏电阻在没有光照射时电阻很大，并且光照越强阻值越小，利用光敏电阻作为传感器设计了如图所示电路，电源电动势E和内阻r不变，当光照强度增强时，则A. 电灯L变亮B. 光敏电阻两端的电压减小C. 变阻器R的功率减小D. 电源的输出功率增大【答案】B【解析】根据“串反并同”可知，当光照强度增强时，光敏电阻阻值减小，且电灯L与光敏电阻并联，所以电灯L的电功率变小即变暗，电灯L两端电压减小，电灯L中的电流减小，由于电流表与光敏电阻串联，所以电流表示数增大，则流过光敏电阻所在支路的电流增大，电阻R两端电压增大，所以光敏电阻两端的电压减小，变阻器与光敏电阻串联，所以变阻器R的功率增大，根据当外电阻与电源内阻越接近电源输出功率越大，由于不知外电阻与电源内阻的关系，所以无法确定电源功率的变化，故B正确。

故选B。

2、（2020·四川省成都市高三一诊）.如图，曲线a为某元件R的伏安特性曲线，直线b为某直流电源的伏安特性曲线。

将元件R与该电源连接成一闭合回路，下列说法正确的是()A. 元件R 的电阻随电压的增大而增大B. 电源的电动势为5V ，内阻为5ΩC. 电源的总功率为1.2WD. 电源的效率为60%【答案】BD 【解析】A.由图像可知，图像斜率表示电阻，斜率随电压增大而变小，因此电阻也变小，故A 错误；B.根据U -I 图像可知，与电压轴交点为电动势，斜率表示内阻，因此可知，电源电动势为5V ，内阻为5Ω，故B 正确；C.电源总功率为P EI =由图像可得2W P =故C 错误；D.电源的效率为100%P P η=⨯外总解得60%η=故D 正确。

3、（2020·江苏省苏北四市高三上学期期末）.智能手机屏幕的光线过强会对眼睛有害，因此手机都有一项可以调节亮度的功能，该功能既可以自动调节，也可以手动调节。

高考物理专题练习：恒定电流

2020高考物理专题练习：恒定电流含答案专题：恒定电流一、选择题1、下列器件，利用电流的热效应工作的是（）A ．验电器B ．电热水器C ．电容器D ．电感器【答案】B【解析】利用电流的热效应是指将电能主要转化为热能，故B 正确2、(多选)假如某白炽灯的U －I 图象如图所示，图象上A 点与原点的连线和横轴所成的角为α，A 点的切线与横轴所成的角为β(横、纵坐标均为国际单位)，以下说法中正确的是( )A ．白炽灯的电功率随电压U 的增大而增大B ．白炽灯的电阻随电压U 的增大而增大C ．在A 点，白炽灯的电阻为tan αD ．在A 点，白炽灯的电阻为tan β解析：选AB.由题图可知，U 增大，I 增大，则电功率P ＝UI 增大，A 正确；根据电阻的定义式R ＝U I 知，电阻等于U －I 图线的斜率，观察题图可知电阻逐渐增大，B 正确；由于α是几何角，所以tan α＝A 点到I 轴距离A 点到U 轴距离，一般情况下tan α≠U 0I 0，故C 、D 错误． 3、如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M 和电热丝R 构成．当闭合开关S 1、S 2后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出．已知电吹风的额定电压为220 V ，吹冷风时的功率为120 W ，吹热风时的功率为1 000 W ．关于该电吹风，下列说法正确的是( )A ．电热丝的电阻为55 ΩB ．电动机的电阻为1 2103 ΩC ．当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为1 000 JD ．当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为1 000 J解析：选A.根据题述，电吹风的额定电压为220 V ，吹冷风时的功率为120 W ，吹热风时的功率为1 000 W ，可知电热丝功率为880 W ，由P ＝U 2R 可得电热丝的电阻为R ＝55 Ω，电动机为非纯电阻电器，R 电动≠U 2P 电动＝1 2103 Ω，选项A 正确，B 错误；当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为0，当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120 J ，选项C 、D 错误．4、(多选)某温度检测、光电控制加热装置原理如图所示．图中R T 为热敏电阻(随温度升高阻值减小)，用来探测加热电阻丝R 的温度，R G 为光敏电阻(随光照强度增大阻值减小)，接收小灯泡L 的光照，除R T 、R G 外，其他电阻均为定值电阻．当R 处温度降低时( )A ．L 变亮B ．通过R 3的电流减小C ．E 2的路端电压增大D ．R 消耗的功率减小解析：选BC.当R 处温度降低时，热敏电阻R T 阻值变大，由闭合电路欧姆定律可知，左侧电路中的电流减小，通过小灯泡L 的电流减小，小灯泡L 的光照强度减小，光敏电阻R G 的阻值变大，对右侧电路，由闭合电路欧姆定律可知，通过R 2的电流变小，右侧电路中的电源E 2的路端电压变大，R 两端电压变大，通过R 的电流也变大，R 消耗的功率变大，通过R 3的电流变小，选项B 、C 正确．5、两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻R 0、电源的电动势E 和内电阻r ，调节滑动变阻器的滑动触头P 向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A 和电压表V 1的测量数据，另一同学记录的是电流表A 和电压表V 2的测量数据．根据数据描绘了如图乙所示的两条U －I 直线．则图象中两直线的交点表示的物理意义是( )A ．滑动变阻器的滑动头P 滑到了最右端B ．电源的输出功率最大C ．定值电阻R 0上消耗的功率为1.0 WD ．电源的效率达到最大值解析：选B.由图乙可得，电源的电动势E ＝1.5 V ，r ＝1 Ω，交点位置：R ＋R 0＝U 1I ＝2 Ω，R 0＝U 2I ＝2 Ω，R ＝0，滑动变阻器的滑动头P 滑到了最左端，A 项错误；当电路中外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大，但本题R 0>r ，改变滑动变阻器时无法达到电路中内、外电阻相等，此时当外电阻越接近内电阻时，电源输出功率最大，B 项正确；R 0消耗的功率P ＝IU 2＝0.5 W ，C 项错误；电源的效率η＝IE －I 2r IE ，电流越小效率越大，可见滑动变阻器的滑动头P 滑到最右端时效率最大，D 项错误．6、图为某种电子秤工作原理的示意图，被称物体的质量可按照一定的换算关系通过电流表的示数获得．秤盘中放入物体后，连杆P 将从a 点向下滑动，最终停在a 、b 间的某一位置．关于该电子秤，下列说法正确的是( )A ．物体质量越小，电流表的示数越大B ．物体质量越大，电流表的示数越大C．物体质量越大，电路中的总电阻越大D．物体质量越小，电路中的总电阻越大解析：选BD．物体质量越小，则P点的位置越接近a端，滑动变阻器的电阻越大，则电路中电流越小，电流表的示数越小，选项A错误，D正确；同理，物体质量越大，则P点的位置越接近b端，滑动变阻器的电阻越小，则电路中电流越大，电流表的示数越大，选项B正确，C错误．7、一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U变化的关系图象如图甲所示，若将它与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，3个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图乙所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，则下列说法中正确的是()A．P1＝4P2B．P D＝P 4C．P D＝P2D．P1＜4P2解析：选D.由于电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端时，三者功率相同，则此时三者电阻相等．当三者按照题图乙所示的电路连接时，电阻器D两端的电压小于U，由题图甲可知，电阻器D的电阻增大，则有R D＞R1＝R2，而R D与R2并联，电压相等，根据P＝U2R，则有P D＜P2，C错误；由欧姆定律可知，电流I D＜I2，又I1＝I2＋I D，故I1＜2I2，根据P＝I2R，则有P1＜4P2，A错误、D正确；由于电阻器D与电阻R2的并联电阻R＜R1，所以D两端的电压小于U2，且D阻值变大，则P D＜P4，B错误．8、(多选)如图所示为两电源的U－I图象，则下列说法正确的是()A ．电源①的电动势和内阻均比电源②大B ．当外接相同的电阻时，两电源的输出功率可能相等C ．当外接相同的电阻时，两电源的效率可能相等D ．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大解析：选AD.图线在U 坐标轴上的截距等于电源电动势，图线的斜率的绝对值等于电源的内阻，因此A 对；作外接电阻R 的U －I 图线分别交电源①、②的U －I 曲线于S 1、S 2两点，电源的工作点横、纵坐标的乘积IU 为电源的输出功率，由图可知，无论外接多大电阻，两工作点S 1、S 2横、纵坐标的乘积都不可能相等，且电源①的输出功率总比电源②的输出功率大，故B 错，D 对；电源的效率η＝P 出P 总＝I 2R I 2（R ＋r ）＝R R ＋r，因为电源内阻不同则电源效率不同，C 错． 9、如图所示，直线A 为电源a 的路端电压与电流的关系图象；直线B 为电源b 的路端电压与电流的关系图象；直线C 为一个电阻R 的两端电压与电流的关系图象．如果将这个电阻R 分别接到a 、b 两电源上，那么有( )A ．R 接到a 电源上，电源的效率较高B ．R 接到b 电源上，电源的输出功率较小C ．R 接到a 电源上，电源的输出功率较大，但电源效率较低D ．R 接到b 电源上，电阻的发热功率和电源的效率都较高解析：选BC ．由图象知：接a 时，η＝50%，接b 时，η＞50%(图中虚线长与底边的比值为效率)，A 错；在U －I 图象中，面积表示功率，显然接a 时功率大，故B 、C 对；接b 时，电阻的热功率小，D 错．二、非选择题1、如图所示，电源电动势E ＝10 V ，内阻r ＝1 Ω，R 1＝3 Ω，R 2＝6 Ω，C ＝30 μF.(1)闭合开关S ，求稳定后通过R 1的电流．(2)然后将开关S 断开，求电容器两端的电压变化量和流过R 1的总电荷量．(3)如果把R 2换成一个可变电阻，其阻值可以在0～10 Ω范围变化，求开关闭合并且电路稳定时，R 2消耗的最大电功率．解析：(1)稳定时，电路中的电流：I ＝E r ＋R 1＋R 2＝1 A. (2)S 闭合，电路处于稳定状态时，电容器两端的电压：U ＝IR 2＝1×6 V ＝6 V断开后，电容器两端的电压为10 V所以ΔU ＝4 V流过R 1的总电荷量为：ΔQ ＝ΔU ·C ＝1.2×10－4 C.(3)P R2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫E r ＋R 1＋R 22·R 2 ＝E 2[R 2－（R 1＋r ）]2R 2＋4（R 1＋r ）可见当R 2＝R 1＋r 时，R 2消耗的功率最大P mR2＝E24（R1＋r）＝6.25 W.答案：(1)1 A(2)4 V 1.2×10－4 C(3)6.25 W2、某同学在做测金属丝电阻率的实验中，取一根粗细均匀的、长度为L的康铜丝，先用螺旋测微器测出康铜丝的直径d；然后由伏安法测出康铜丝的电阻；最后求出康铜丝的电阻率．（1）测康铜丝的直径时螺旋测微器的示数如图甲所示，可知康铜丝的直径d= mm．（2）图乙是测量康铜丝电阻的原理图，根据原理图在图丙所示的实物图中画出连线．（3）利用上面的电路图测出的电阻值比真实值（填“偏大”或“偏小”），这种误差叫作误差（填“偶然”或“系统”）．（4）若调节滑动变阻器，通过多次测量求平均值的方法得到康铜丝的电阻值为R，请写出求康铜丝的电阻率的表达式为（用L、d、R等已知字母表示）．【参考答案】（1）0.281（2）电路图如图所示（3）偏小系统（4）【解析】（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+28.1×0.01mm=0.281mm；（2）根据图乙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（3）由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻的测量值小于真实值；该误差是由于实验设计造成的，属于系统误差．（4）电阻阻值：R=ρ=，电阻率：ρ=；。

2020届全国高考物理专项攻关高分秘籍专题09 恒定电流

2020届全国高考物理专项攻关高分秘籍专题09 恒定电流2020届全国高考物理一轮复习科学备考建议高考物理，坚持在习近平新时代中国特色社会主义思想的科学指引下，全面贯彻高中物理学科素养下“一体、四层、四翼”的新评价体系，彰显高考核心立场，高举“立德树人、服务高考、导向教学”的主导思想，以中学物理“必备的知识、关键能力、学科素养、核心价值”为载体，为高等院校选拔具有高素养的物理人才。

对于物理学科，很多同学表示“物理虐我千百遍，我爱物理如初恋”。

高考物理第一轮复习是要让高中所学物理知识清晰、熟练、条理化、系统化。

这一轮复习的时间较长，一般可能会持续到高三第二学期三月底。

第一轮复习的成败直接关系到整个高三复习的成败。

本人认为，要搞好高考物理第一轮复习，必须从以下几点着手：一、重点扫除物理知识“盲点”对照物理考纲，把物理新课学习时不太清楚的知识点全部都弄清楚，把已经弄清楚的进一步熟练。

其中包括物理概念，定理、定律，所有的公式，搞清楚它们的来龙去脉，能够进行推导。

避免涉及到物理基本知识时不能把握题目的真正意图，或选择题不能够正确的辨析，计算题用错公式，张冠李戴等。

二、物理基本题型反复熟练每一种物理基本题型，每一种物理基本模型，都要重新过手，要做到“三不”，即：不怕麻烦、不怕重复、不厌其烦。

比如：追击问题、传送带问题，板块模型、动生电模型、感生电模型等逐一梳理，绝不遗漏。

三、理清力学三条主线1、牛顿定律——整个力学的基石。

它确立了运动与力之间最本质的关系，受什么力就会做什么运动。

搞清楚了这个问题，就搞清楚了力学的根本。

2、能量观点——主要涉及动能定理、能量守恒定律（包含机械能守恒定律）。

能量观点解决问题比牛顿定律更“高端”，它能够解决一些牛顿定律在高中阶段不能解决的问题（如变速率曲线运动）或者更加方便的解决一些牛顿定律不便于解决的问题（如复杂的多过程问题）。

3、动量观点——包括动量定理，动量守恒定律。

注意区分动量定理与动能定理，以及各自擅长解决的问题；注意区分能量守恒定律与动量守恒定律，以及它们各自擅长解决的问题。

高考物理《恒定电流》真题练习含答案

高考物理《恒定电流》真题练习含答案1.[2024·新课标卷](多选)电动汽车制动时可利用车轮转动将其动能转换成电能储存起来．车轮转动时带动磁极绕固定的线圈旋转，在线圈中产生电流．磁极匀速转动的某瞬间，磁场方向恰与线圈平面垂直，如图所示．将两磁极间的磁场视为匀强磁场，则磁极再转过90°时，线圈中()A．电流最小B．电流最大C．电流方向由P指向QD．电流方向由Q指向P答案：BD解析：磁极顺时针匀速转动相当于线圈逆时针匀速转动，线圈从中性面位置开始转动，磁极转过90°时即线圈逆时针转过90°时，穿过线圈的磁通量为0，磁通量的变化率最大，线圈中电流最大，A错误，B正确；磁极转过90°时相当于题图示中PQ向下切割磁感线，由右手定则可知线圈中电流方向由Q指向P，C错误，D正确．2．[2023·江苏卷]小明通过实验探究电压表内阻对测量结果的影响．所用器材有：干电池(电动势约1.5 V，内阻不计)2节；两量程电压表(量程0～3 V，内阻约3 kΩ；量程0～15 V，内阻约15 kΩ)1个；滑动变阻器(最大阻值50 Ω)1个；定值电阻(阻值50 Ω)21个；开关1个及导线若干．实验电路如图1所示．(1)电压表量程应选用________(选填“3 V”或“15 V”).(2)图2为该实验的实物电路(右侧未拍全).先将滑动变阻器的滑片置于如图所示的位置，然后用导线将电池盒上接线柱A与滑动变阻器的接线柱________(选填“B”“C”或“D”)连接，再闭合开关，开始实验．(3)将滑动变阻器滑片移动到合适位置后保持不变，依次测量电路中O与1，2，…，21之间的电压．某次测量时，电压表指针位置如图3所示，其示数为________ V．根据测量数据作出电压U与被测电阻值R的关系图线，如图4中实线所示．(4)在图1所示的电路中，若电源电动势为E，电压表视为理想电压表，滑动变阻器接入的阻值为R1，定值电阻的总阻值为R2，当被测电阻为R时，其两端的电压U＝________(用E、R1、R2、R表示)，据此作出UR理论图线如图4中虚线所示．小明发现被测电阻较小或较大时，电压的实测值与理论值相差较小．(5)分析可知，当R较小时，U的实测值与理论值相差较小，是因为电压表的分流小，电压表内阻对测量结果影响较小．小明认为，当R较大时，U的实测值与理论值相差较小，也是因为相同的原因．你是否同意他的观点？请简要说明理由________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.答案：(1)3 V(2)D(3)1.50(4)ERR1＋R2(5)不同意，理由见解析解析：(1)所用电源为两节干电池，电动势为3 V，则所用电表量程为3 V；(2)闭合开关之前，滑动变阻器阻值应该调到最大，则由图可知，电池盒上的接线柱A 应该与滑动变阻器的接线柱D连接；(3)电压表最小刻度为0.1 V，则读数为1.50 V；(4)由闭合电路欧姆定律可得I＝ER1＋R2当被测电阻阻值为R时电压表读数U＝IR＝ERR1＋R2(5)不同意；当R较大时，则电压表内阻不能忽略，则电路中的电流I＝ER1＋（R2－R）＋RR V R＋R V则电压表读数为U＝ER1＋（R2－R）＋RR VR＋R V·RR VR＋R V＝E（R1＋R2－R）（R＋R V）RR V＋1当R较大时，R＝R2时R最大，此时U＝ER1（R2＋R V）R2R V ＋1＝ER1R V＋R1R2＋1因R V≫R1，则电压表读数接近于U＝ER1 R2＋1＝ER2R1＋R23．[2022·全国甲卷]某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电源E(电动势1.5V，内阻很小)，电流表(量程10 mA，内阻约10 Ω)，微安表(量程100 μA，内阻R g待测，约1 kΩ)，滑动变阻器R(最大阻值10 Ω)，定值电阻R0(阻值10 Ω)，开关S，导线若干．(1)将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图；(2)某次测量中，微安表的示数为90.0 μA，电流表的示数为9.00 mA，由此计算出微安表内阻R g＝________ Ω.答案：(1)如图所示(2)990解析：流过电阻R 0的电流I 0＝I －I g ＝9 mA －0.09 mA ＝8.91 mA ，由欧姆定律可知，R g＝I 0R 0I g ＝8.91×100.09Ω＝990 Ω. 4．[2024·浙江1月，节选]在“观察电容器的充、放电现象”实验中，把电阻箱R(0～9 999 Ω)、一节干电池、微安表(量程0～300 μA ，零刻度在中间位置)、电容器C(2 200 μF 、16 V )、单刀双掷开关组装成如图1所示的实验电路．(1)把开关S 接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；然后把开关S 接2，微安表指针偏转情况是________．A ．迅速向右偏转后示数逐渐减小B ．向右偏转示数逐渐增大C ．迅速向左偏转后示数逐渐减小D ．向左偏转示数逐渐增大(2)再把电压表并联在电容器两端，同时观察电容器充电时电流和电压变化情况．把开关S 接1，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到160 μA 时保持不变；电压表示数由零逐渐增大，指针偏转到如图2所示位置时保持不变，则电压表示数为________V ，电压表的阻值为________kΩ(计算结果保留两位有效数字).答案：(1)C (2)0.50 3.1解析：(1)把开关S 接1，电容器充电，电流从右向左流过微安表，微安表指针迅速向右偏转后示数逐渐减小到零；把开关S 接2，电容器放电，电流从左向右流过微安表，则微安表指针迅速向左偏转后示数逐渐减小．(2)由题意可知电压表应选用0～3 V 量程，由图2可知此时分度值为0.1 V ，需要估读到0.01 V ，则读数为0.50 V ．当微安表示数稳定时，电容器中不再有电流通过，此时干电池、电阻箱、微安表和电压表构成回路，根据闭合电路欧姆定律有R ＋R V ＝E I ＝ 1.5160×10－6 Ω＝9.375 kΩ 根据串联电路规律有R R V ＝U R U V ＝1.5－0.50.5＝2 联立可得R V≈3.1 kΩ5．[2021·广东卷]某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律．根据实验需要已选用了规格和量程合适的器材．(1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势．选择适当倍率的欧姆挡，将两表笔________，调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边“0 Ω”处．测量时观察到热敏电阻温度越高，相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大，由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高而________．(2)再按下图连接好电路进行测量．①闭合开关S前，将滑动变阻器R1的滑片滑到________端(填“a”或“b”).将温控室的温度设置为T，电阻箱R0调为某一阻值R01.闭合开关S，调节滑动变阻器R1，使电压表和电流表的指针偏转到某一位置．记录此时电压表和电流表的示数、T和R01.断开开关S.再将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D端，闭合开关S.反复调节R0和R1，使电压表和电流表的示数与上述记录的示数相同．记录此时电阻箱的阻值R02.断开开关S.②实验中记录的阻值R01________R02(填“大于”“小于”或“等于”)，此时热敏电阻阻值R T＝________．(3)改变温控室的温度，测量不同温度时的热敏电阻阻值，可以得到热敏电阻阻值随温度的变化规律．答案：(1)短接减小(2)①b②大于R01－R02解析：(1)使用多用电表的欧姆挡前应先欧姆调零，即将两表笔短接．温度越高，相同倍率下多用电表的指针向右偏转的角度越大，则电阻阻值越小，故热敏电阻的阻值随温度的升高而减小．(2)①闭合开关前，为了保护电路，应该将滑动变阻器的滑片移到b端．②将电压表与热敏电阻C端间的导线改接到D，调节滑动变阻器和电阻箱，使电压表和电流表的示数与改接前一致，则R01＝R02＋R T，所以R01>R02，R T＝R01－R02.。

2020届高考物理专题复习检测专题四：恒定电流和交变电流(含解析)

专题四电路和电磁感应第1讲恒定电流和交变电流(建议用时:40分钟满分:100分)一、选择题(本大题共8小题,每小题8分,共64分.第1～5题只有一项符合题目要求,第6～8题有多项符合题目要求)1.(2019·浙江杭州模拟)小雷同学家里购买了一款扫地机器人,小雷同学仔细检查了这个新机器人,发现铭牌上标有如图所示数据,则该机器人( C )主机基本参数产品尺寸345 mm×345 mm×96 mm电池14.4 V/5 200 mA·h锂电池产品质量约3.8 kg无线连接WiFi智能快连额定电压14.4 V额定功率55 WA.额定工作电流为0.25 AB.充满电后正常工作的时间为2.5 hC.电池充满电后储存的总电荷量为18 720 CD.以额定电流工作时每小时消耗能量为55 J解析:由铭牌知,该机器人工作的额定电压为14.4 V,额定功率为55 W,则额定电流I= A≈3.82 A,以额定电流工作时每秒钟消耗的能量W=Pt=55 J,故A,D错误;根据电池容量5 200 mA·h知,电荷量Q=5.2 A×3 600 s=18 720 C,充满电后正常工作的时间t=≈1.36 h,故B 错误,C正确.2.(2018·贵州贵阳二模)在匀强磁场中,一个150匝的闭合矩形金属线圈,绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动,穿过该线圈的磁通量随时间变化规律如图所示.设线圈总电阻为2 Ω,则( D )A.t=0时,线圈平面与磁感线方向垂直B.t=1 s时,线圈中的电流改变方向C.t=2 s时,线圈中磁通量的变化率为零D.在2 s内,线圈产生的热量为18π2 J解析:根据图象可知,在t=0时穿过线圈平面的磁通量为零,所以线圈平面平行于磁感线,故A错误;Φ-t图象的斜率为,即表示磁通量的变化率,在0.5～1.5 s之间,“斜率方向”不变,表示的感应电动势方向不变,则电流方向不变,故B错误;2 s时图象的斜率最大,故磁通量的变化率最大,故C错误;感应电动势的最大值为E m=NBSω=NΦmω=150×0.04× V=6π V,有效值E==3π V,根据焦耳定律可得一个周期产生的热为Q=t=×2 J=18π2 J,故D正确.3.(2019·河南驻马店模拟)电动势为E,内阻为r的电源与可变电阻R1,R2,R3及一平行板电容器连成如图所示的电路.当开关S闭合后,两平行金属板A,B间有一带电液滴恰好处于静止状态.下列说法正确的是( D )A.将R1的滑片向右移动一小段距离,带电液滴将向下运动B.将R2的滑片向右移动一小段距离,电容器两极板的电荷量将增加C.增大电容器两板间的距离,电容器两极板的电荷量将增加D.减小R3的阻值,R2两端的电压的变化量小于R3两端的电压的变化量解析:将R1的滑片向右移动一小段距离,对电容器两端电压不产生影响,保持不变,故液滴受到的电场力不变,仍保持静止,故A错误;将R2的滑片向右移动一小段距离,那么,接入电路的电阻增大,电流减小,所以R3两端电压减小,即电容器两极板间电压减小,故电荷量Q=CU减小,故B错误;增大电容器两板间的距离,电容器两极板间的电压不变,电容C=减小,电荷量Q=CU减小,故C错误;减小R3的阻值,电路电阻减小,电流增大,故R2两端的电压与内电压都增大,根据闭合电路欧姆定律可知E=U R3+I(R2+r),所以,R2两端的电压的变化量小于R3两端的电压的变化量,故D正确.4.(2019·广东汕头二模)如图(甲)所示,理想变压器原、副线圈匝数比为22∶1,原线圈接入如图(乙)所示的正弦交流电,副线圈回路中接有理想电流表A、定值电阻R(阻值为 10 Ω)、二极管(正向电阻为零,反向电阻为无穷大)和开关S等,开关S原来闭合.以下判断正确的是( B )A.副线圈中的电流为交变电流,其频率等于100 HzB.电流表的读数为1 AC.变压器输入的电功率为14 WD.若将开关断开,则电阻R每1 s内产生的焦耳热为10 J解析:由图(乙)得,原线圈交变电流频率f= Hz=50 Hz,所以副线圈中的电流为交变电流,其频率等于50 Hz,故A错误;由图(乙)可知,原线圈输入电压的有效值为 220 V,理想变压器原、副线圈匝数比为22∶1,根据电压与匝数成正比得副线圈电压是10 V,所以电流表的读数为 1 A,故B正确;变压器输入的电功率P=UI=10 W,故C错误;若将开关断开,由于二极管具有单向导电性,在一个周期内只有半个周期有电流通过电阻R,电阻R每1 s内产生的焦耳热为Q=××=5 J,故D错误.5.(2019·山东青岛三模)如图,某交流发电机中的矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动.该小型发电机的线圈共200匝,线圈面积S=100 cm2,线圈内阻r=48 Ω,磁场的磁感应强度B=1 T.如果用此发电机能带动两个标有“220 V 1.1 kW”的电动机正常工作,需在发电机的输出端a,b与电动机之间接一个理想变压器,原副线圈匝数比n1∶n2=4∶1,电路如图,下列说法正确的是( D )A.线圈转动的角速度为500 rad/sB.电动机内阻为44 ΩC.电流表示数为40 AD.发电机的输出功率为2.2×103 W解析:两个标有“220 V 1.1 kW”的电动机正常工作,即副线圈电压U2=220 V,电流I2=10 A,原副线圈匝数比 n1∶n2=4∶1,根据变压器的规律,原线圈电压U1=880 V,电流I1=2.5 A,即电流表示数是2.5 A,线圈内阻r=48Ω,所以线圈转动产生的电动势有效值E有=U1+I1r=1000 V, 则最大值E m=N B Sω=1000V,所以线圈转动的角速度ω= 500 rad/s,故A,C错误;由于电动机两端电压等于220 V,电流为5 A,但电动机不是纯电阻用电器,所以电动机内阻小于44 Ω,故B错误;由电路可知发电机的输出功率等于电动机的输入功率,故发电机的输出功率为P出=2.2×103 W,故D正确.6.(2019·湖南长沙模拟)如图,理想变压器的原线圈接正弦交流电,副线圈接火灾报警系统(报警器未画出),R0,R2为定值电阻,含铁芯线圈L的直流电阻不计,半导体R1为热敏电阻,其电阻值随温度升高而减小,开始时,开关S断开,滑片P处于图示位置.电流表为理想电表,下列说法正确的是( CD )A.增加交流电的频率,其他条件不变,稳定后通过R1的电流增大B.滑片P向上滑动时,其他条件不变,稳定后通过R1的电流增大C.闭合开关S,其他条件不变,稳定后通过R1的电流减小D.当R1处遇到火情时,电流表示数增大解析:电感线圈的作用是通低频阻高频,增加交流电的频率,其他条件不变,稳定后通过R1的电流减小,故A错误;滑片P向上滑动时,其他条件不变,原线圈匝数增大,则副线圈两端电压减小,稳定后通过R1的电流减小,故B错误;闭合开关S,其他条件不变,副线圈总电阻减小,电流增大,则R1两端电压减小,电流减小,故C正确;当R1处遇到火情时,阻值减小,副线圈中电流增大,根据电流的制约关系可知,输入电流增大,电流表示数增大,故D正确.7.(2019·山西晋城模拟)一交流发电机产生的感应电动势图象如图2所示,该交流电通过一自耦变压器对一电阻供电,不计发电机内阻,则下列说法正确的是( BD )A.电阻中电流方向每秒钟改变5次B.电压表V示数为8.5 VC.当自耦变压器滑片P向上滑动时,电阻消耗的功率增大D.t=0.05 s时发电机线圈平面与磁场方向平行解析:由图2知,交流电的周期T=0.2 s,而一个周期内电流方向改变2次,所以电阻中电流方向每秒钟改变10次,故A错误;由图2知,电动势的最大值E m=12 V,其有效值U=≈8.5 V,故B正确;当自耦变压器滑片P向上滑动时,n 1增大,n2不变,根据=可知,U2减小,即R两端电压减小,电流减小,电阻消耗的功率减小,故C错误;t=0.05 s时,感应电动势最大,穿过线圈的磁通量为零,此时发电机线圈平面与磁场方向平行,故D正确.8.(2019·河北石家庄模拟)理想变压器的原副线圈匝数比为4∶1,共接有三个规格完全相同的小灯泡和一个滑动变阻器,如图(甲)所示,在原线圈所在电路的A,B端输入的交流电电压如图(乙)所示,三个灯泡均正常发光.下列说法正确的是( BC )A.原线圈两端的电压为220 VB.灯泡的额定电压为44 VC.滑动触头向上滑,L1将变亮D.滑动触头向上滑,L2将变亮解析:设灯泡两端电压为U,根据电压和匝数的关系可知,原线圈两端电压为4U,A,B输入电压的有效值为220 V,在原线圈的电路中,有220 V=4U+U,解得U=44 V,则原线圈两端的电压为176 V,故A错误,B 正确;滑动触头向上滑,电阻减小,则原、副线圈的电流增大,L1将变亮,原线圈两端的电压减小,则副线圈,即灯泡L2两端的电压减小,L2将变暗,故C正确,D错误.二、非选择题(本大题共2小题,共36分)9.(16分)(2019·重庆沙坪坝区期中)图(甲)为某村水力发电厂输电示意图,升压变压器原副线圈匝数比为1∶40,远距离输电线的总电阻为8 Ω.若升压变压器的输入电压如图(乙)所示,输入功率为960 kW,在用户端的交流电压表显示电压为220 V.求:(1)远距离输电线中的电流.(2)降压变压器原副线圈匝数比.(3)若用户端全是照明用电,能使多少盏“220 V 100 W”的电灯正常发光?解析:(1)由图(乙)知,升压变压器输入端电压的有效值U1=240 V,根据电压与匝数成正比知副线圈电压U2=9 600 V,所以输电线中的电流I2== A=100 A.(2)输电线损失的电压ΔU=I2R=800 V则降压变压器输入端的电压U3=U2-ΔU=8 800 V,所以降压变压器原副线圈匝数比n3∶n4=8 800∶220=40∶1.(3)输电线路损耗功率ΔP=ΔUI2=80 kW所以用户得到的功率P′=P-ΔP=880 kW,由于每盏灯正常发光的功率为100 W,所以n=盏=8 800盏.答案:(1)100 A (2)40∶1 (3)8 800盏10.(20分)(2019·湖北十堰质检)如图所示,匝数n=100的正方形线圈abcd固定在竖直平面内,与电阻R1、理想变压器连成电路.在线圈的中心水平放置一个条形磁铁,使磁铁绕竖直方向的轴OO′匀速转动,线圈内的磁通量为Φ=sin(100πt)Wb.已知线圈的电阻r=4Ω,R1=46 Ω,R2=10 Ω,其余导线的电阻不计.理想变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2=4∶1.求:(1)线圈产生电动势的最大值E m.(2)若断开S2,闭合S1,求磁铁从图示位置转过90°的过程中,通过R1的电荷量q.(3)断开S1,闭合S2,求R2消耗的功率P.解析:(1)由磁通量的变化规律可知,ω=100π rad/s,磁通量的最大值Φm=Wb,则线圈产生电动势的最大值E m=nΦmω=200 V.(2)磁铁从图示位置转过90°的过程中,根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律可知,通过R1的电荷量q=n= C.(3)原线圈输入电压有效值U1==200 V,则副线圈输出电压U2==50 V,故R2消耗的功率P==250 W.答案:(1)200 V (2) C (3)250 W。

2020届全国高考物理一轮专题集训：《恒定电流》测试

绝密★启用前2020届全国高考物理一轮专题集训《恒定电流》测试本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分第Ⅰ卷一、单选题(共15小题,每小题4.0分,共60分)1.如图所示，电池的内阻可以忽略不计,电压表和可变电阻器R串联接成通路，如果可变电阻器R 的值减为原来的1/3时，电压表的读数由U0增加到2U0，则下列说法中不正确的是（）A．流过可变电阻器R的电流增大为原来的2倍B．可变电阻器R消耗的电功率增加为原来的4倍C．可变电阻器R两端的电压减小为原来的2/3D．若可变电阻器R的阻值减小到零，那么电压表的示数变为4U02.图中电阻R1、R2、R3的阻值均与电池的内阻相等，则开关K接通后流过R2的电流与接通前的比值是（）A． 5：3B． 3：5C． 6：5D． 5：63.一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，其电阻值为 ()A．B． 3RC．D．R4.在测量金属丝电阻率的实验中，在连接电路时，下列说法错误的是（）A．在连接实验电路中，电键应处于断开状态，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处B．连好电路后，经检查没有错误，立即按下电键，接通电源C．连接好电路后，经检查没有错误，正式闭合电键前，先要试触，如果没有电表超过量程或不正常情况，再把电键按下D．用安培表和伏特表测量电流和电压，在读数后要及时断开电键5.如图所示电路中，两灯均不亮，已知电路中只有一处故障，且除两个灯泡外其余部分均完好，在不拆开电路的情况下，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端，发现L2亮，L1不亮，然后将导线并接在灯L2两端，发现两灯均不亮，由此可判断（）A．灯L1断路B．灯L1短路C．灯L2断路D．灯L2短路6.如图所示的图线①表示某电池组的输出电压与电流的关系(U－I图线)，图线②表示其输出功率与电流的关系(P－I图线)。

则下列说法正确的是（）A．电池组的电动势为40VB．电池组的内阻为ΩC．电流为2.5 A时，外电路的电阻为15 ΩD．输出功率为120 W时，输出电压是50 V7.导体中的电流是这样产生的：当在一根长度为L、横断面积为S，单位体积内自由电荷数为n的均匀导体两端加上电压U，导体中出现一个匀强电场，导体内的自由电子（﹣e）受匀强电场的电场力作用而加速，同时由于与阳离子碰撞而受到阻碍，这样边反复碰撞边向前移动，可以认为阻碍电子运动的阻力大小与电子移动的平均速率v成正比，即可以表示为kv（k是常数），当电子所受电场力与阻力大小相等时，导体中形成了恒定电流，则该导体的电阻是（）A．B．C．D．8.如图所示，一段长为a，宽为b，高为c(a>b>c)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为R，则最小的电阻为：( )A．c2R/a2B．c2R/abC．a2R/bcD．R9.某居民家中的电路如图所示，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常发光．拔出电饭煲的插头，把试电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则（）A．仅电热壶所在的C，D两点间发生了断路故障B．仅电热壶所在的C，D两点间发生了短路故障C．仅导线AB间断路D．因为插座用导线接地，所以发生了上述故障10.如图，S接a，带电微粒从P点水平射入平行板间，恰能沿直线射出．若S接b，相同微粒仍从P水平射入，则微粒（）A．电势能减小B．电势能不变C．偏离直线向上偏转D．偏离直线向下偏转11.功率为10 W的发光二极管（LED灯）的亮度与功率为60 W的白炽灯相当。

【高考复习】2020版高考物理单元测试恒定电流(含答案解析)

2020版高考物理单元测试恒定电流1.金属材料的电阻率有以下特点：一般而言，纯金属的电阻率小，合金的电阻率大；金属的电阻率随温度的升高而增大，而且有的金属电阻率随温度变化而显著变化，有的合金的电阻率几乎不受温度的影响．根据以上的信息，判断下列说法中正确的是( )A．连接电路用的导线一般用合金来制作B．电炉、电阻器的电阻丝一般用合金来制作C．白炽灯中的钨丝的电阻随亮度的增大而减小D．标准电阻一般用电阻率随温度变化而显著变化的金属材料制作2.某电路如图所示,已知电池组的总内阻r=1 Ω,外电路电阻R=5 Ω,理想电压表的示数U=3.0V,则电池组的电动势E等于 ( )A.3.0 VB.3.6 VC.4.0 VD.4.2 V3.如图所示是一火警报警器的一部分电路示意图．其中R2为用半导体热敏材料(其阻值随温度的升高而迅速减小)制成的传感器，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是( )A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小4.如图所示是一个多用电表的简化电路图．S为单刀多掷开关，通过操作开关，开关S可以接通1，也可以接通2、3、4、5或6.下列说法正确的是( )A．当开关S分别接1或2时，测量的是电流，其中S接1时量程较大B．当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是黑表笔C．当开关S分别接5或6时，测量的是电阻，其中A是红表笔D．当开关S分别接5和6时，测量的是电压，其中S接5时量程较大5.如图所示的电路中，R1、R2、R3是定值电阻，R4是光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小．当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电．当用强光照射R4且电路稳定时，则与无光照射时比较( )A．电容器C的上极板带正电B．电容器C的下极板带正电C．通过R4的电流变小，电源的路端电压增大D．通过R4的电流变大，电源提供的总功率变小6.如图所示,E为内阻不能忽略的电池,R1、R2、R3均为定值电阻,V与A均为理想电表;开始时开关S闭合,V与A均有读数,某时刻V和A的读数均变大,则电路中可能出现的故障是( )A.R1断路B.R2断路C.R1短路D.R3短路7.电解池内有一价的电解液，t s内通过溶液内截面S的正离子数是n1，方向是从A→B，负离子数是n2，方向是从B→A，设元电荷为e，以下解释中正确的是( )A．正离子定向移动形成的电流方向是从A→B，负离子定向移动形成的电流方向是从B→A B．溶液内正负离子向相反方向移动，电流抵消C．溶液内电流方向从A→B，电流I=（n1＋n2）e2tD．溶液内电流方向从A→B，电流I=（n1＋n2）et8.电阻R1和R2分别标有“2 Ω　1.0 A”和“4 Ω　0.5 A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为( )A．1.5 W B．3.0 W C．5.0 W D．6.0 W9. (多选)电位器是变阻器的一种．如图所示，如果把电位器与灯泡串联起来，利用它改变灯泡的亮度，下列说法正确的是( )A．串接A、B使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗B．串接A、C使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮C．串接A、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗D．串接B、C使滑动触头顺时针转动，灯泡变亮10. (多选)如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图线；直线B为电源b的路端电压与电流的关系图线；直线C为一个电阻R两端电压与电流的关系图线．将这个电阻分别接到a、b两电源上，那么( )A．R接到b电源上时电源的效率较高B．R接到b电源上时电源的输出功率较大C．R接到a电源上时电源的输出功率较大，但电源效率较低D．R接到a电源上时电阻的发热功率较大，电源效率也较高11. (多选)如图所示是某导体的I-U图线，图中α=45°，下列说法正确的是( )A．通过该导体的电流与其两端的电压成正比B．此导体的电阻R=2 ΩC．I-U图线的斜率表示电阻的倒数，所以R=cot 45°=1．0 ΩD．在该导体两端加6.0 V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0 C12. (多选)在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示，则( )A．当R=r时，电源有最大的输出功率B．当R=r时，电源的效率η=50%C．电源的功率P′随外电阻R的增大而增大D．电源的效率η随外电阻R的增大而增大实验题13.某实验小组利用一滑动变阻器和未知内阻的微安表，来测量多用电表“×1 k”挡内部电池的电动势E.(1)该小组采用图甲的电路进行实验，请将图乙中的实物连线连接完整．(2)请将下面的实验步骤补充完整：a．插上红、黑表笔，把多用电表的选择开关拨到欧姆挡的“×1 k”位置，将红、黑表笔________，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指到“0 Ω”．b．按照电路图连接好电路．c．接通开关，改变滑动变阻器的阻值，得到多用电表和微安表的示数分别如图所示．多用电表和微安表的读数分别为________kΩ和________μA.d．断开开关，拔下红、黑表笔，把多用电表的选择开关扳到________位置．(3)由以上信息可得多用电表“×1 k”挡内部电池的电动势为________V(保留两位有效数字)．14.如图甲所示的黑箱中有三只完全相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测．(1)在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整图乙中多用电表的________(选填“A”“B”或“C”)．(2)在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a、b接点间是否存在电源时，一表笔接a，另一表笔应________(选填“短暂”或“持续”)接b，同时观察指针偏转情况．(3)在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至“×1”挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值．测量中发现，每对接点间正、反向阻值均相等，测量记录如下表．两表笔分别接a、b时，多用电表的示数如图乙所示．请将记录表补充完整，并在黑箱图中画出一种可能的电路．15.某款节能环保汽车启动时的工作电路如图所示，查得电源的电动势E=12 V，电源的内阻r及保护电阻R阻值未知，当在第一次S1闭合、S2断开的情况下，电流表的示数为1 A；在第二次S1、S2均闭合的情况下，电流表的示数为3 A．测得第二次车灯的功率减少了75%，若电动机内阻R M=1 Ω，电流表的内阻不计且假定车灯灯丝电阻不变，求S1、S2均闭合时电动机的机械功率．16.如图所示的电路中，电源的电动势E=6 V，内阻r=1 Ω，电阻R1=3 Ω，R2=6 Ω，电容器的电容C=3.6 μF，二极管D具有单向导电性，开始时，开关S1闭合，S2断开．(1)合上S2，待电路稳定以后，求电容器上电荷量变化了多少？(2)合上S2，待电路稳定以后再断开S1，求断开S1后流过R1的电荷量是多少？答案解析1.答案为：B ；解析：合金的电阻率大，常用来作电阻，不作导线，选项A 错误，B 正确；钨丝的电阻会随温度的升高而变大，选项C 错误；标准电阻一般用电阻率几乎不受温度影响的合金来制作，选项D 错误．2.答案为：B ；解析：由欧姆定律得I=A=0.6A,又由闭合电路的欧姆定律得U R =35E=I(R+r)=0.6×(5+1)V=3.6V 。