2012南昌大学大学化学 答案

A 答案
1. B
2. C
3. C
4. B
5. C
6. D
7. A
8. D
9. C 10. A
11. D 12. D 13. D 14. C 15. C
16 3 分 (4103) 返、间接、置换
17 4 分 (0136) 1. B, 2. C, 3. A, 4. D
18 ＝0，﹥0，﹥0 θθ
S H T vap b ∆∆=
19 2 分 (3060) 酸性, 若在中性介质中则指示剂Fe 3+水解生成Fe(OH)3,影响终点观察 20 (1) 必须具有与电负性大的元素，以强极性共价键结合在一起的氢原子。

(2) 必须有电负性大，半径小，具有孤对电子的元素的分子或离子(原子团)。

21 2 分 (2728) 有关; 无关
22 3 分反应进行的程度 无关 有关
23 3 分减小，增大，小
24 2 分 (0354) [H +]+[H 2CO 3] = [OH -]+[CO 32-]
25 10 分 (1045)
)A g (N H 3α=1+103.24×0.50+107.05×(0.50)2
= 2.8×106
c (Ag +) s 2
[Ag +][Cl -] = ─────·[Cl -] = ────── = K sp
)Ag(NH 3α )Ag(NH 3α
s = (K sp ·)Ag(NH 3α)1/2= ( 1.8×10-10×2.8×106 )1/2
= 0.0224 (mol/L)
s
[Ag +]= ──────
)Ag(NH 3α
0.0224
故 [Ag +] = ────── = 8.0 ×10-9 (mol/L)
2.8×106
26 5 分 (0453)
0453
m r H ∆= 2 m f H ∆(CO, g) – m f H ∆(石墨) – m f H ∆(CO 2, g)
= 2 (-110.5) - 0 - (-393.5) = 172.5 (kJ ·mol -1)
m r S ∆= 2 m S (CO) – m S (石墨) – m S (CO 2) = 2 ⨯ 197.9 - 5.69 - 213.6 = 176.5 (J ·K -1·mol -1)
在假定 m r H ∆， m r S ∆随温度变化很小的条件下：
在900℃时， m r G ∆= m r H ∆ - T m r S ∆= 172.5 - 1173 ⨯
17651000
.= -34.5 (kJ ·mol -1) < 0 因 m r G ∆< 0，所以能自发进行
27 (2244)
解: x = 7.6mmol/L s = 0.084mmol/L
CV = (s /x )×100% = 1.1%
μ = x ±ts /n 1/2 = 7.6±2.26×0.084/101/2 = (7.6±0.06)(mmol/L)
t = (x -μ)/(s /101/2) = (7.6-6.1)/(0.084/101/2) = 33.88
t 0.95,9 = 2.26<33.88
x 与μ之差显著,有95%把握说此人血糖含量不正常。

28 解答 开始沉淀所需要的[Ag +]分别为：
9101085.802
.01077.1]
[,][---+⨯=⨯==Cl AgCl
K Ag sp θ 11131068.202
.01035.5][,][---+⨯=⨯==Br AgBr
K Ag sp θ 因沉淀AgBr 所需[Ag +]少，故AgBr 先沉淀。

当Br -沉淀完全时
[Br -]≤10-5( mol·L -1)
这时 )(1035.5101035.5]
[,][18513-----+∙⨯=⨯==L mol Br AgBr
K Ag sp θ 此刻溶液中 )(1031.31035.51077.1]
[,][13810
----+-∙⨯=⨯⨯==L mol Ag AgCl
K Cl sp θ
被沉淀的Cl -为%4.83%10002.01031.302.03
=⨯⨯-- 故Br -先沉淀，Br -沉淀完全时，Cl -沉淀了83.4％
由计算可知，无法在题目给定的条件下分离Cl -，Br -两种离子。

29
解：CO 2与N 2：均为非极性分子，只存在色散力；
HBr(气)：为极性分子，存在色散力、诱导力和取向力，无氢键；
N 2与NH 3：为非极性分子与极性分子，存在色散力、诱导力；
HF 水溶液：为极性分子，存在色散力、诱导力和取向力，还有氢键；
30 解：(1) [Co Br (NH 3)5]SO 4, 钴的配位数为6，氧化数为+3；
(2) [Co SO 4 (NH 3)5] Br ，钴的配位数为6，氧化数为+3。

31酸/共轭碱： (1) HNO 3 /NO 3-，H 3O + / H 2O
(2) H 2O / OH -，HCO 3-/CO 32
-
(3) H 2S / HS -，NH 4+/ NH 3
32 (0661)
因AgCl 的溶解度比AgSCN 大,在测Cl -时,加入过量AgNO 3生成AgCl 沉淀后应把AgCl 过滤或加入硝基苯保护AgCl,使终点时AgCl 不转化为AgSCN 。

而AgBr 、AgI 的溶解度比AgSCN 更小,故不必过滤或保护。

33 解：由于Fe 3+和NaOH 溶液生成Fe(OH)3沉淀，故可以用EDTA 消除干扰，EDTA 和Fe 3+形成络合物，稳定性大，减少了溶液中的游离的Fe 3+。