章末检测试卷(第5章)
《第五章一元一次方程》章末综合检测试卷含答案解析
章末综合检测（时间：90分钟满分：120分）一、选择题（每小题3分，共30分）1.下列方程，是一元一次方程的是 （ ） A.x 2-4x =3B.x =0C.x +2y =3D.x -1=1x2.已知方程2x +3=5，则6x +10 （ ） A.15B.16C.17D.343.已知等式8y =3x +5，则下列等式不一定成立的是 （ ）A.8y -5=3xB.8y +1=3x +6C.8y =3x +5D.y =83x +354.若关于x 的方程2x +a -4=0的解是x =-2，则a = （ ） A.-8 B.0 C.2D.85.（黑龙江哈尔滨中考）某车间有26名工人，每人每天可以生产800个螺钉或1 000个螺母.1个螺钉需要配2个螺母，为使每天生产的螺钉和螺母刚好配套，设安排x 名工人生产螺钉，则下面所列方程正确的是（ ）A.2×1 000（26-x ）=800xB.1 000（13-x ）=800xC.1 000（26-x ）=2×800xD.1 000（26-x ）=800x6.如果三个正整数的比是1∶2∶4，它们的和是84，那么这三个数中最大的数是（ ） A.56 B.48 C.36D.127.某商人在一次买卖中均以120元卖出两件衣服，一件赚了25％，一件赔了25％，则在这次买卖中，该商人（ ） A.赚了16元 B.赔了16元 C.不赚不赔 D.无法确定8.已知1-（3m -5）2有最大值，则关于x 的方程5m -4=3x +2的解为x =（ ）A.79B.97C.-79D.-979.张明在做解方程作业时，不小心将方程中的一个常数污染了导致看不清楚，被污染的方程是2y -21=21y -，怎么办呢？张明想了一下，便翻看了书后的答案，知道了此方程的解是y =-35，于是他很快就补出了这个常数，你能补出这个常数吗？它应是 （ ） A.1B.2C.3D.410.某文具店每支铅笔的售价为1.2元，每支圆珠笔的售价为2元.该店在“六一”儿童节举行文具优惠售卖活动，铅笔每支打8折出售，圆珠笔每支打9折出售，结果两种笔共卖出60支，卖得的钱数为87元.若设铅笔卖出x 支，则依题意可列得的一元一次方程为（ ）A.1.2×0.8x ＋2×0.9（60＋x ）＝87B.1.2×0.8x ＋2×0.9（60-x ）＝87C.2×0.9x ＋1.2×0.8（60＋x ）＝87D.2×0.9x ＋1.2×0.8（60-x ）＝87 二、填空题（每小题4分，共32分）11.已知关于x 的方程2x +a -5=0的解是x =2，则a 的值为____. 12.如果关于x 的方程3x +4=0与3x +4k =18的解相等，那么k =___. 13.若方程（a +3）x |a |-2-5=0是关于x 的一元一次方程，则a =_____. 14.已知方程2x -3=3m+x 的解满足|x |-1=0，则m =____. 15.若5x +2与-2x +9互为相反数，则x -2的值为_____.16.某市为了提倡节约用水，采取分段收费.若每户每月的用水量不超过20 m 3，则每立方米收费2元；若用水量超过20 m 3，则超过的部分每立方米加收1元.若李红家5月份交水费64元，则她家该月的用水量为____m 3.17.某公路一侧原有路灯106盏，相邻的两盏路灯之间的距离为36 m ，为了节约用电，现计划将原路灯全部更换为新型节能灯，且相邻的两盏节能灯之间的距离变为54 m ，则需要新型节能灯_______盏. 18.若日历的同一行中相邻三个数的和为63，则这三个数分别为____. 三、解答题（共58分） 19.（8分）解下列方程： （1）10（x -1）=5； （2）7-13x -512x +=2-324x +.20.（8分）当m为何值时，关于x的方程4x-2m=3x-1的解是关于x 的方程x=2x-3m的解的2倍？21.（10分）在某中学举行的“我爱祖国”征文活动中，七年级和八年级共收到征文118篇，且七年级收到的征文篇数比八年级收到的征文篇数的一半还少2，求七年级收到的征文有多少篇.22.（10分）已知A，B两件服装的成本共500元，若某服装店老板分别以30%和20%的利润率定价后进行销售，则该服装店共获利130元.问：A，B两件服装的成本各是多少元?23.（10分）有一列火车要以每分钟600 m的速度过完第一、第二两座铁桥，通过第二座铁桥比通过第一座铁桥的时间多5 s，又知第二座铁桥的长度比第一座铁桥的长度的2倍少50 m，则这两座铁桥的长度分别为多少?24.（12分）甲、乙、丙三个粮仓共存粮食80 t，已知甲、乙两粮仓的存粮数之比是1∶2，乙、丙两粮仓的存粮数之比是1∶2.5，求甲、乙、丙三个粮仓各存粮多少吨.答案一、1.B 解析：x 2-4x =3中，未知数的指数是2，所以不是一元一次方程；x +2y =3中，有两个未知数，所以不是一元一次方程；x -1=1x不是整式方程，所以不是一元一次方程.故选B.2.B 解析：解方程2x +3=5，得x =1.将x =1代入6x +10，得6x +10=6+10=16.故选B.3.C 解析：A 选项可由移项得到；B 选项可由方程两边同时加1得到；D 选项可由方程两边同除以3得到；只有C 选项不一定成立.故选C.4.D 解析：将x =-2代入2x +a -4=0，得-4+a -4=0，解得a =8.故选D.5.C 解析：因为设安排x 名工人生产螺钉，所以有（26-x ）名工人生产螺母.所以该车间每天可分别生产800x 个螺钉，1 000（26-x ）个螺母，根据1个螺钉配2个螺母可列方程，得1 000（26-x ）=2×800x .故选C.6.B 解析：设这三个正整数分别为x ，2x ，4x .根据题意，得x +2x +4x =84，解得x =12.所以这三个数中最大的数是4x =48.故选B.7.B 解析：设此商人的那件衣服的进价为x 元，则x （1+25％）=120，解得x =96.设此商人赔钱的那件衣服的进价为y 元，则y （1-25％）=120，解得y =160.所以他一件衣服赚了120-96=24（元），另一件衣服赔了160-120=40（元）.因为24<40，所以卖这两件衣服，共赔了40-24=16（元）.故选B.8.A 解析：由1-（3m -5）2有最大值，得3m -5=0，则m =35.将m =35代入5m -4=3x +2，得5×35-4=3x +2，解得x =97.故选A.9.C 解析：设被污染的常数为x ，则2y -21=21y -x ，将y =-35代入方程，得-310-21=-65-x ，解得x =3.故选C.10.B 解析：此题根据“卖出铅笔的总钱数+卖出圆珠笔的总钱数＝87元”可列出方程，即1.2×0.8x +2×0.9（60-x ）=87.故选B.二、11. 1 解析：把x =2代入2x +a -5=0即可得到一个关于a 的方程，即4+a －5=0，解得a =1.12.211 解析：由3x +4=0，得x =-34.因为3x +4=0与3x +4k =18的解相等，所以x =-34也是3x +4k =18的解，代入可解得k =211.13. 3 解析：由题意，得|a |-2=1，且a +3≠0，解得a =3.14.-6或-12 解析：由｜x ｜-1=0，得x =±1.当x =1时，由2x -3=3m+x ，得2-3=3m +1，解得m =-6；当x =-1时，由2x -3=3m +x ，得-2-3=3m-1，解得m =-12.15.-317 解析：由题意可列方程为5x +2+（-2x +9）＝0，解得x =-311.所以x -2=-311-2=-317.16. 28 解析：设李红家5月份的用水量为x m 3.因为64＞20×2=40，所以x ＞20.根据题意，得20×2+（2+1）（x -20）=64，解得x =28. 17. 71 解析：设需要新型节能灯x 盏，则54（x -1）=36×（106-1），即54x =3 834，解得x =71.故需要新型节能灯71盏.18. 20，21，22 解析：设中间的一个数为x ，则与它相邻的两个数分别为x -1，x +1.根据题意，得x -1+x +x +1=63，解得x =21.所以这三个数分别为20，21，22.三、19.解：（1）去括号，得10x-10=5.移项，得10x=15.3.系数化为1，得x=2（2）去分母，得4（7x-1）-6（5x+1）=24-3（3x+2）.去括号，得28x-4-30x-6=24-9x-6.移项，得28x-30x+9x=24-6+6+4.合并同类项，得7x=28.系数化为1，得x=4.20.解：关于x的方程4x-2m=3x-1的解为x=2m-1.关于x的方程x=2x-3m的解为x=3m.因为关于x的方程4x-2m=3x-1的解是关于x的方程x=2x-3m的解的2倍，1.所以2m-1=2×3m，解得m=-41x-2）21.解：设八年级收到的征文有x篇，则七年级收到的征文有（2篇.1x-2+x=118.根据题意，得2解得x=80.则118-80=38（篇）.答：七年级收到的征文有38篇.22.解：设A服装的成本为x元，则B服装的成本为（500-x）元.根据题意，得30%x+20%（500-x）=130.解得x=300.所以500-x=500-300＝200.答：A ，B 两件服装的成本分别为300元、200元.23.解：设第一座铁桥的长度为x m ，则第二座铁桥的长度为（2x -50）m ，过完第一座铁桥所需要的时间为（600x）min ，过完第二座铁桥所需要的时间为2-50600x min. 根据题意，列出方程为600x +560=2-50600x ，解得x =100.所以2x -50=2×100-50=150.答：第一座铁桥的长度为100 m ，第二座铁桥的长度为150 m. 24.解：设甲粮仓存粮x t ，则乙粮仓存粮2 x t ，丙粮仓存粮5x t.由题意，得x +2x +5x =80. 解得x =10.所以2x =2×10=20，5x =5×10=50.因此，甲、乙、丙三个粮仓分别存粮10 t 、20 t 、50 t.。
《第五章 生物的进化》章末检测卷
《第五章生物的进化》章末检测卷班级：姓名：总分：一、选择题(本大题共15小题,每小题2分,共30分。
每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)。
1.市场上常见的虾有河虾、对虾、龙虾、皮皮虾等。
2020年11月,我国科学家宣布发现了填补节肢动物进化空白的化石——章氏麒麟虾,它身体分节,有五只眼睛和坚硬的壳,与现在的虾相似。
下列叙述错误的是()A.化石的大量发现为生物进化论提供了充分证据B.如今世界上生活的各种虾是长期自然选择的结果C.淡水中的河虾和海水中的龙虾之间不存在生殖隔离D.在皮皮虾进化过程中,种群的基因频率发生定向改变2.下列有关种群和物种的叙述,错误的是()A.种群的范围大于物种,一个种群可包含几个不同的物种B.同一种群的个体间及同一物种的个体间均可以相互交配并产生后代C.新物种的形成不一定要经过地理隔离,但一定要形成生殖隔离D.一个物种的形成或绝灭,会影响到若干其他生物的进化3.生物的适应性是生物进化理论研究的核心问题之一,生物适应性的形成离不开生物的遗传和变异与环境的相互作用。
下列相关叙述错误的是()A.适应不仅是指生物对环境的适应,还包括生物的形态结构与功能的适应B.拉马克认为适应的形成是“用进废退”和“获得性遗传”的结果C.适应具有相对性的根本原因是遗传的稳定性与环境的不断变化相矛盾D.达尔文认为具有有利变异的个体都能成功地生存和繁殖后代4.下列关于遗传漂变和自然选择的叙述,正确的是()A.遗传漂变在大种群中更易发生B.遗传漂变能产生新的可遗传变异C.遗传漂变和自然选择不都是进化的因素D.遗传漂变和自然选择均可打破遗传平衡5.下列有关现代生物进化理论的叙述,正确的是()A.现代生物进化理论中突变是指基因突变B.地理隔离和生殖隔离是新物种形成的必要条件C.可遗传变异为生物进化提供了原材料,决定了生物进化的方向D.个体的表型在个体死亡后消失,种群通过繁殖保留基因库6.部分个体从原来的区域散播出去并成为一个新的种群的建立者,这些“先驱者”并不会携带它们原有种群的所有基因。
高中地理必修一 练透习题章末检测试卷(五)
章末检测试卷(五)(满分：100分)一、选择题(每小题2.5分，共50分)(2023·湖南长沙期中)下图为漫画《枯萎的外表，强大的内心》。
回答1～2题。
1．漫画中植物揭示出当地自然地理环境的主要特征是()A．地形平坦B．生物丰富C．气候干旱D．地下水丰富2．在图示环境中发育的土壤，其主要特点是()A．腐殖质含量高B．水分含量高C．有机质含量高D．较为贫瘠红柳沙包是分布在新疆罗布泊地区的一种特殊地貌，高度一般在3～10米。
研究发现，红柳沙包由许多枯枝落叶层和风沙层组成，二者交替堆积，形成了清晰的层理构造。
下图示意红柳沙包景观。
据此完成3～5题。
3．红柳沙包形成过程中起主导作用的因素是()A．植被B．地形C．土壤D．水分4．与红柳沙包中枯枝落叶层厚度大小密切相关的因素是()A．气压B．水分C．气温D．光照5．沙包上的红柳()A．植株高大B．叶片宽阔C．枝条粗短D．根系发达三叶树的树叶奇特，幼树嫩枝上的叶片狭长如柳，大树老枝上的叶片圆润如杨、呈革质化，冬季落叶；根系发达，对水分感知敏感；能通过叶面和树干的皱皮、裂口将体内多余的盐碱排泄出来。
据此完成6～7题。
6．推测原生三叶树所属的植被类型是()A．热带稀树草原B．热带荒漠C．亚热带常绿阔叶林D．温带荒漠7．下列关于三叶树与自然地理环境的关系，叙述正确的有()①大片的三叶树林可以调节气候②树叶奇特是为了减少水分蒸腾③排出的盐碱加剧了土壤盐碱化④根系发达以利于吸收更多水分A．①②③B．①③④C．①②④D．②③④(2023·陕西榆林期末)下图所示均为我国著名林木景观。
读图，完成8～9题。
8．下列关于图中各景观所在地区自然环境的叙述，正确的是()A．甲—冬冷夏热，光照充足B．乙—雪域高原，冻土广布C．丙—土壤肥沃，水源充足D．丁—风力侵蚀，千沟万壑9．下列关于图中各林木主要特征及其成因的叙述，正确的是()A．甲根系发达——常年太阳辐射强B．乙叶呈针状——常年降水丰富C．丙四季常青——常年气温较高D．丁生长较快——常年高温多雨(2023·江西景德镇期中)当土壤组成物质体积占比为：矿物质40%、有机质10%、水分20%～30%、空气20%～30%，该土壤能很好地满足植物生长过程中的各种需求，称为理想土壤。
高中地理第一册章末检测第五章 植被与土壤含解析
【新教材】2020-2021学年高中地理人教版必修第一册章末检测第五章植被与土壤含解析章末检测（五）（时间：60分钟满分：100分)一、选择题（本题共25小题，每小题2分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
)北京北海团城是中国古代雨水利用的综合示范工程，建于湖中孤岛，城内面积5 760平方米，高出湖面5。
64米。
团城内除建筑物、古树外，其余均由多气孔的梯形青砖铺筑.由于团城设计巧妙（下图)，城内数十棵古树无需人工浇灌而百代常青。
据此完成1～2题.1．团城内的植被属于()①自然植被②人工植被③落叶阔叶林④常绿阔叶林A．①④B．②③C．①③D．②④2．冬季含水涵洞对古树生长的作用是（）A．吸纳土壤的水分，避免古树烂根B．稀释土壤污染物对古树的危害C．为土壤提供养分，维持古树生长D．营造古树生长适宜的温湿环境红树林指生长在热带、亚热带海岸潮间带上部，受周期性潮水浸淹,以红树植物为主体的常绿灌木或乔木组成的潮滩湿地木本生物群落,组成的物种包括草本、藤本红树。
它生长于陆地与海洋交界带的滩涂浅滩,是陆地向海洋过渡的特殊生态系统。
读红树林景观图,完成3～4题。
3．下列关于红树林生长习性的描述，正确的有(）①多分布渤海沿岸②根系不发达③多分布在潮间带的淤泥质海岸④以喜盐植物为主，具备呼吸根A．①②B．②③C．③④D．①④4．红树林的主要功能是(）A．保护海岸，保护生物多样性B．降低风速,为船舶提供避风的场所C．绿化美化沿海环境，吸烟滞尘D．涵养水源，保持水土读我国植被分布模式图，回答5～7题.5．图中①②分别为（）A．①为温带草原,②为温带荒漠B．①为温带荒漠，②为温带草原C．①为亚寒带针叶林，②为温带荒漠D．①为温带草原，②为亚寒带针叶林6．图中④为(）A．热带雨林B．亚寒带针叶林C．常绿硬叶林D．常绿阔叶林7．图中⑤为（)A．热带雨林B．亚寒带针叶林C．常绿硬叶林D．常绿阔叶林某地动物多具有夏眠、夜行、耐旱的特征。
北师大版八年级上册第五章 《二元一次方程组》章末检测卷(含答案)
《二元一次方程组》章末检测卷一．选择题1．下列各式中是二元一次方程的是（）A．3x2﹣2y＝7 B．2x+y＝5 C．D．x﹣3＝4y22．如果方程组的解是二元一次方程3mx﹣my﹣15＝0的一个解，则m的值为（）A．3 B．5 C．9 D．﹣33．解方程组时，最简单的方法是（）A．代入法B．加减法C．特殊法D．无法确定4．若是关于x和y的二元一次方程ax+y＝1的解，则a的值等于（）A．﹣1 B．﹣3 C．1 D．35．若关于x，y的方程组的解也是二元一次方程x﹣2y＝1的解，则m的值为（）A．B．C．D．16．已知两数x，y之和是10，x比y的2倍小1，则所列方程组正确的是（）A．B．C．D．7．已知x＝1，y＝3与x＝﹣1，y＝1都是方程y＝mx+n的解，则m，n的值分别为（）A．.m＝2，n＝1 B．.m＝1，n＝2 C．m＝﹣2，n＝1 D．.m＝1，n＝﹣2 8．甲、乙两位同学在解关于x、y的方程组时，甲同学看错a得到方程组的解为，乙同学看错b得到方程组的解为，则x+y的值为（）A．0 B．C．D．9．已知和是关于x，y的方程kx+2y＝5的两组解，且0＜k＜4，则n的值可以是（）A．3 B．4 C．5 D．610．文峰超市以同样的价格卖出同样的牙刷和牙膏，以下是4天的记录：第1天，卖出13支牙刷和7盒牙膏，收入132元；第2天，卖出26支牙刷和14盒牙膏，收入264元；第3天，卖出39支牙刷和21盒牙膏，收入393元；第4天，卖出52支牙刷和28盒牙膏，收入528元；其中记录有误的是（）A．第1天B．第2天C．第3天D．第4天11．如图，在长方形ABCD中，点E在BC上，连接AE，将三角形ABE沿AE折叠到三角形AB′E，AB′与CD交于点F，B′E与CD交于点G，∠DAF比∠BAE大30°，若设∠DAF为x 度，∠BAE为y度，根据题意所列方程正确的是（）A．B．C．D．12．小明解方程组的解为，由于不小心滴上了两滴墨水，刚好遮住了两个数●和■，则两个数●与■的值为（）A．B．C．D．二．填空题13．已知是方程kx﹣y＝6的解，那么k的值是．14．如果4a2x﹣3y b4与﹣a3b x+y是同类项，则xy＝．15．某活动小组购买了3个篮球和4个足球，一共花费330元，其中篮球的单价比足球的单价少5元，求篮球的单价和足球的单价．设篮球的单价为x元，足球的单价为y元，依题意，可列方程组为．16．已知（2x+3y﹣7）2+|2x﹣y+5|＝0，则x+y＝．17．小明购买文具需要付32元，小明的钱包里只有2元和5元两种面值的若干张，则他最多有种付款方式．18．若方程组的解是，请求出方程组中m，n的值，m＝，n＝．三．解答题19．解下列方程组：（1）（2）20．阅读下列计算过程，回答问题：解方程组：解：①×2，得4x﹣8y＝﹣13，③②﹣③，得﹣5y＝﹣10，y＝2．把y＝2代入①，得2x﹣8＝﹣13，2x＝8﹣13，．∴该方程组的解是以上过程有两处关键性错误，第一次出错在第步（填序号），第二次出错在第步（填序号），以上解法采用了消元法．21．一家商店进行装修，若请甲、乙两个装修队同时施工，8天可以完成，需付两队费用3520元，若先请甲队单独做6天，再请乙队单独做16天可以完成，需付费用4040元．（1）甲、乙两队工作一天，商店各应付多少钱？（2）若装修完，商店每天可盈利200元，则如何安排施工更有利于商店？请说明理由．22．某商场销售A、B两种品牌的洗衣机，进价及售价如下表：（1）该商场9月份用45000元购进A、B两种品牌的洗衣机，全部售完后获利9600元，求商场9月份购进A、B两种洗衣机的数量；品牌A B进价（元/台）1500 1800售价（元/台）1800 2200 （2）该商场10月份又购进A、B两种品牌的洗衣机共用去36000元①问该商场共有几种进货方案？请你把所有方案列出来；②通过计算说明洗衣机全部销售完后哪种进货方案所获得的利润最大．23．阅读材料：善于思考的小军在解方程组时，采用了一种“整体代换”的解法：解：将方程②变形：4x+10y+y＝5，即2（2x+5y）+y＝5③把方程①代入③得：2×3+y＝5，∴y＝﹣1，所以y＝﹣1代入①得x＝4，∴方程组的解为，请你解决以下问题：（1）模仿小军的“整体代换”法解方程组，（2）已知x，y满足方程组，求x2+4y2的值和的值．24．校园安全是学校教育管理工作中的重要组成部分．某中学新建了一栋4层的教学楼，每层有8间教室，进出这栋大楼共有4道门，其中两道正门大小相同，两道侧门大小也相同，安全检查中，对4道门进行了测试，当同时开启一道正门和两道侧门时，2分钟内可以通过680名学生，当同时开启一道正门和一道侧门时，4分钟内可以通过960名学生（1）求平均每分钟一道正门和一道侧门分别可以通过多少名学生？（列方程解决问题）（2）检查中发现，紧急情况时因学生拥挤，出门的效率将降低20%，安全检查规定，在紧急情况下全大楼的学生应在5分钟内通过这四道门安全撤离．假设这栋大楼每间教室最多有50名同学，问建造的这四道门是否符合安全规定？请说明理由．参考答案一．选择题1．解：A、不是二元一次方程，故此选项错误；B、是二元一次方程，故此选项正确；C、不是二元一次方程，故此选项错误；D、不是二元一次方程，故此选项错误；故选：B．2．解：解方程组，得，把代入3mx﹣my﹣15＝0，得6m﹣m＝15，解得m＝3．故选：A．3．解：解方程组时，最简单的方法是代入法，故选：A．4．解：把代入方程得：a﹣2＝1，解得：a＝3，故选：D．5．解：联立得：，①+②×2得：5x＝10，解得：x＝2，把x＝2代入①得：y＝，把x＝2，y＝代入得：2m+（2m﹣1）＝7，解得：m＝．故选：A．6．解：根据题意列方程组，得：．故选：A．7．解：根据题意得：，解得：，故选：B．8．解：根据题意得：，解得：a＝1，b＝2，方程组为，①+②得：4x＝3，即x＝，把x＝代入①得：y＝﹣，x+y＝﹣＝．故选：B．9．解：∵和是关于x，y的方程kx+2y＝5的两组解，∴∴解得：n＝∵0＜k＜4，∴4＜n＜6故选：C．10．解：设每支牙刷x元，每盒牙膏y元．第1天：13x+7y＝132；第2天：26x+14y＝264；第3天：39x+21y＝393；第4天：52x+28y ＝528．假设第1天的记录正确，则第2天、第4天的记录也正确；假设第1天的记录错误，则第2天、第4天的记录也错误．故选：C．11．解：设∠DAF为x度，∠BAE为y度，∵∠DAF比∠BAE大30°，∴x﹣y＝30①；∵将三角形ABE沿AE折叠到三角形AB′E，∴∠B′AE＝∠BAE＝y°．∵四边形ABCD是长方形，∴∠DAB＝90°，∵∠DAB＝∠DAF+∠B′AE+∠BAE，∴x+2y＝90②．①与②联立组成方程组．故选：C．12．解：将x＝3代入x﹣2y＝﹣1中，得：3﹣2y＝﹣1，解得：y＝2，将x＝3，y＝2代入得：x+2y＝3+4＝7，则●＝7，■＝2．故选：A．二．填空题（共6小题）13．解：把代入方程kx﹣y＝6得：3k﹣3＝6，解得：k＝3，故答案为：3．14．解：∵4a2x﹣3y b4与﹣a3b x+y是同类项，∴，解得：，则xy＝3．故答案为：3．15．解：设篮球的单价为x元，足球的单价为y元，依题意，可列方程组为．故答案是：．16．解：∵（2x+3y﹣7）2+|2x﹣y+5|＝0，∴，①﹣②得：4y＝12，解得：y＝3，把y＝3代入②得：x＝﹣1，则x+y＝﹣1+3＝2．故答案为：2．17．解：设付出2元钱的张数为x，付出5元钱的张数为y，且x，y的取值均为自然数，依题意可得方程：2x+5y＝32．则x＝，解不等式组，解得：0≤y≤．又∵y是整数．∴y＝0或1或2或3或4或5或6．又∵x是整数．∴y＝0或2或4或6．从而此方程的解为：，，，．共有4种不同的付款方案．故答案是：4．18．解：由题意得：，解得：，故答案为：6.5；﹣1．三．解答题（共6小题）19．（1）解：，①+②得：8x＝8，解得，x＝1，把x＝1代入①得：y＝2，∴原方程组的解为，（2）原方程组可化为，①×3﹣②×4，得7y＝14，∴y＝2，把y＝2代入①，得x＝2，∴原方程组的解是．20．解：解：①×2，得4x﹣8y＝﹣13，③②﹣③，得﹣5y＝﹣10，y＝2．把y＝2代入①，得2x﹣8＝﹣13，2x＝8﹣13，．∴该方程组的解是以上过程有两处关键性错误，第一次出错在第1步（填序号），第二次出错在第2步（填序号），以上解法采用了加减消元法．故答案为：1、2、加减．21．解：（1）设：甲队工作一天商店应付x元，乙队工作一天商店付y元．由题意得，解得，答：甲、乙两队工作一天，商店各应付300元和140元．（2）请两队同时装修更有利于商店，理由：设甲单独做需要a天完成，乙单独做需要b天完成，则．解得．即：甲单独做需要12天完成，乙单独做需要24天完成．甲单独做，需费用3600元，少赢利200×12＝2400元，相当于损失6000元；乙单独做，需费用3360元，少赢利200×24＝4800元，相当于损失8160元；甲乙合作，需费用3520元，少赢利200×8＝1600元，相当于损失5120元；因为5120＜6000＜8160，所以甲乙合作损失费用最少．答：甲乙合作施工更有利于商店．22．解：（1）设A品牌的洗衣机购进x台，B品牌的洗衣机购进y台，依题意，得：，解得：．答：A品牌的洗衣机购进12台，B品牌的洗衣机购进15台．（2）解：①设A品牌的洗衣机购进a台，B品牌的洗衣机购进b台，依题意，得：1500a+1800b＝36000，∴b＝20﹣a．∵a，b为正整数，∴a为6的倍数，∴当a＝6时，b＝15；当a＝12时，b＝10；当a＝18时，b＝5．∴购买方案有三种，方案一：购进A品牌的洗衣机6台，B品牌的洗衣机15台；方案二：购进A品牌的洗衣机12台，B品牌的洗衣机10台；方案三：购进A品牌的洗衣机18台，B品牌的洗衣机5台．②方案一的利润：（1800﹣1500）×6+（2200﹣1800）×15＝7800（元），方案二的利润：（1800﹣1500）×12+（2200﹣1800）×10＝7600（元），方案三的利润：（1800﹣1500）×18+（2200﹣1800）×5＝7400（元）．∵7800＞7600＞7400，∴方案一购进A品牌的洗衣机6台、B品牌的洗衣机15台的利润最大．23．解：（1）把方程②变形：3（3x﹣2y）+2y＝19③，把①代入③得：15+2y＝19，即y＝2，把y＝2代入①得：x＝3，则方程组的解为；（2）由①得：3（x2+4y2）＝47+2xy，即x2+4y2＝③，把③代入②得：2×＝36﹣xy，解得：xy＝2，x2+4y2＝17，∴（x+2y）2＝x2+4y2+4xy＝17+8＝25，∴x+2y＝5或x+2y＝﹣5，则原式＝±．24．解：（1）设平均每分钟一道正门可以通过x名学生，一道侧门可以通过y名学生，依题意，得：，解得：．答：平均每分钟一道正门可以通过140名学生，一道侧门可以通过100名学生．（2）符合安全规定，理由如下：这栋大楼最多拥有学生数为50×8×4＝1600（名），5分钟可通过学生数为5×（1﹣20%）×（140×2+100×2）＝1920（名）．∵1920＞1600，∴建造的这四道门符合安全规定．。
2021 七年级数学 第5章 一元一次方程 章末检测卷
第5章 一元一次方程 章末检测卷（浙教版）姓名：__________________ 班级：______________ 得分：_________________ 注意事项：本试卷满分120分，考试时间90分钟，试题共26题．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级等信息填写在试卷规定的位置．一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）在每小题所给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1．（2021·哈尔滨德强学校七年级期中）下列是一元一次方程的是（ ） A ．2x +1B ．3+2＝5C ．x +2＝3D ．x 2＝02．（2021·浙江七年级课时练习）若x y =，则下列式子：①11y x -=-；①33x y =-；①11x y -=-；①3223x y +=+，正确的有（ ） A ．1个B ．2个C ．3个D ．4个3．（2021·河北七年级期末）整式2ax b +的值随x 的取值不同而不同，下表是当x 取不同的值时对应的整式的值，则关于x 的方程22ax b --=的解是（ ）1C ．2x =-D ．2x =4．（2021·绵阳市七年级课时练习）如果方程331157n x --=是关于x 的一元一次方程，则n 的值为（ ） A ．2B ．4C ．3D ．15．（2021·浙江七年级单元测试）下列变形正确的是（ ） A ．方程54x =-的解是54x =-B ．把方程532x x -=-移项得：352x x +=-C ．把方程()2352x x --=去括号得：2352x x --=D ．方程18233x x -=+的解是3x =6．（2021·重庆市天星桥中学七年级月考）某项工作甲单独做需4天完成，乙单独做需6天完成，若甲先做了一天，然后甲、乙合作完成此项工作，若设甲一共做了x 天，所列方程为（ ） A ．1146x x++= B ．1146x x ++= C ．1146x x -+= D ．111448x x -++= 7．（2021·浙江七年级期末）按下面的程序计算，若开始输入的值x 为正数，最后输出的结果为656，则满足条件的x 的不同值最多有（ ）A．3个B．4个C．5个D．6个8．（2021·山西七年级期末）数学课堂上，老师出示了如下例题：整理一批图书，由一个人做要40h完成．现计划由一部分人先做4h，然后增加2人与他们一起做8小时，完成这项工作．假设这些人的工作效率相同，具体应先安排多少人工作？设安排x人先做4h．小亮列的方程是：48(2)14040x x++=，其中，“440x”表示的意思是“x人先做4h完成的工作量”，“8(2)40x+”表示的意思是“增加2人后，（x+2）人再做8小时完成的工作量”．小宇列的方程是：()4+82814040x⨯+=，其中，“(48)40x+”表示的意思是（）A．先工作的x人前4小时和后8小时一共完成的工作量B．增加2人后，（x+2）人再做8小时完成的工作量C．增加2人后，新增加的2人完成的工作量D．x人先做4小时完成的工作量9．（2021·河南七年级期中）小明在做解方程作业时，不小心将方程中的一个常数污染得看不清楚，被污染的方程是11222y y+=-小明翻看了书后的答案，此方程的解是y＝53-，则这个常数是（）A．1B．2C．3D．410．（2021·山东七年级期末）关于x的方程15142323mx x⎛⎫-=-⎪⎝⎭有负整数解，则符合条件的整数m的值可能是（）A．-1B．3C．1D．2 11．（2021·江苏）如图，是由7块正方形组成的长方形，已知中间小正方形的边长为1，则这个长方形的面积为（）A ．63B ．72C ．99D ．11012．（2021·江苏七年级期末）球赛积分表问题： 某次篮球联赛积分表：2分；③如果一个队胜m 场，则该队的总积分为()12m +分；④不可能有一个球队的胜场总积分等于它的负场总积分．以上说法正确的个数是（ ） A ．1B ．2C ．3D ．4二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分．不需写出解答过程，请把答案直接填写在横线上）13．（2020·浙江杭州市·七年级期末）已知关于x 的一元一次方程点320212021xx a +=+①与关于y 的一元一次方程()3232021322021y y a --=--②，若方程①的解为2021x =，则方程②的解为______．14．（2021·湖北七年级期中）马小虎计算一个数乘以5，再加24，由于粗心，把乘号看成除号，加号看成减号，但得数是正确的．这道题的正确得数是__．15．（2021·浙江）实验室里，水平桌面上有半径相同的甲、乙、丙三个圆柱形容器（容器足够高），用两个相同的管子在容器的6cm 高度处连通（即管子底端离容器底6cm ）．现三个容器中，只有甲中有水，水位高2cm ，如图所示，若每分钟同时向乙和丙注入相同量的水，开始注水1分钟，乙的水位上升5c m 6，则开始注入_____分钟的水量后，乙的水位高度比甲的水位高度高0.5cm ．16．（2021·重庆市天星桥中学七年级月考）（选自《课堂导报》30期）某音乐厅在暑假期间举办学生专场音乐会，入场券分团体票和零售票，团体票占总票数的23．已知7月份团体票每张20元，共售出团体票数的35，零售票每张24元，共售出零售票数的12；如果在8月份，团体票按每张25张售出，并计划在8月份售出全部票．那么为了使这两个月的票款总收入相等，零售票应按每张______________元． 17．（2021·湖南七年级期末）一般情况下2323m n m n++=+不成立，但有些数可以使得它成立，例如：0m n ==时，我们称使得2323m n m n ++=+成立的一对数,m n 为“相伴数对”，记为(,)m n ． （1）若(2,)n 是“相伴数对”，则n =_______；（2）(,)m n 是“相伴数对”，则代数式321[(679)]433m n n m ---+++的值为_______． 18．（2021·浙江杭州外国语学校七年级期末）[)x 表示大于x 的最小整数，如[)[)3.24,32=-=-，则下列判断：①2563⎡⎫-=-⎪⎢⎣⎭；②[)x x -有最小值是－1；③[)x x -有最大值是0；④存在实数x ，使[)0.5x x -=-成立；⑤若m 为整数，m x 为任意实数，则[)[)m x m x +=+，其中正确的是___________（填编号）．三、解答题（本大题共8小题，共66分．请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 19．（2021·浙江七年级期末）解方程： （1）2143335x x x ---=- （2）0.20.40.050.20.50.03x x x ---=20．（2021·山西临汾市·七年级期中）阅读理解：已知a ，b 为有理数，且a ≠0，若关于x 的一元一次方程ax ＝b 的解为x ＝b +a ，我们就定义该方程为“和解方程”．例如：方程2x ＝﹣4的解为x ＝﹣2，因为﹣2＝﹣4+2，所以方程2x ＝﹣4是“和解方程”．请根据上述定义解答下列问题：（1）方程3x ＝﹣6 “和解方程”；（填“是”或“不是”） （2）已知关于x 的一元一次方程5x ＝m 是“和解方程”，求m 的值；（3）已知关于x 的一元一次方程4x ＝ab +b 是“和解方程”，且它的解是x ＝b ，则a ，b 的值分别为 ， ．21．（2021·重庆七年级期末）阅读下列材料： 问题：怎样将0.8⋅表示成分数？ 小明的探究过程如下：设0.8x ⋅=① 10100.8x ⋅=⨯②108.8x ⋅=③ 1080.8x ⋅=+④108x x =+⑤ 98x =⑥89x =⑦根据以上信息，回答下列问题：（1）从步骤①到步骤②，变形的依据是______ ；从步骤⑤到步骤⑥，变形的依据是______ ； （2）仿照上述探求过程，请你将0.36⋅⋅表示成分数的形式．22．（2021·江苏泰州市·高港实验学校七年级月考）在数的学习过程中，我们总会对其中一些具有某种特性的数充满好奇，如学习自然数时，我们发现一种特殊的自然数--“好数”． 定义：对于三位自然数n ，若各位数字都不为0，且百位上的数字与十位上的数字之和恰好能被个位上的数字整除，则称这个三位自然数n 为“好数”．例如：426是“好数”，因为4，2，6都不为0，且4+2＝6，6能被6整除，所以426是“好数”：643不是“好数”，因为6+4＝10，10不能被3整除，所以643不是“好数”．（1）判断134，614是否是“好数”？并说明理由；（2）求出百位上的数字比十位上的数字大7的所有“好数”．23．（2021·黑龙江）某中学库存若干套桌凳，准备修理后支援贫困山区学校，现有甲、乙两木工组，甲每天修桌凳16套，乙每天修桌凳比甲多8套，甲单独修完这些桌凳比乙单独修完多用20天，学校每天付甲组80元修理费，付乙组120元修理费．（1）问该中学库存多少套桌凳？（2）在修理过程中，学校要派一名工人进行质量监督，学校负担他每天10元生活补助费，现有三种修理方案：①由甲单独修理；②由乙单独修理；③甲、乙合作同时修理．请你通过计算说明哪种方案省钱．24．（2021·重庆实验外国语学校九年级二模）4月30日，某水果店购进了100千克水蜜桃和50千克苹果，苹果的进价是水蜜桃进价的1.2倍，水蜜桃以每千克16元的价格出售，苹果以每千克20元的价格出售，当天两种水果均全部售出，水果店获利1800元．（1）求水蜜桃的进价是每千克多少元？（2）5月1日，该水果店又以相同的进价购进了300千克水蜜桃，第一天仍以每千克16元的价格出售，售出了8a千克，且售出量已超过进货量的一半．由于水蜜桃不易保存，第二天，水果店将水蜜桃的价格降低了a%，到了晚上关店时，还剩20千克没有售出，店主便将剩余水蜜桃分发给了水果店员工们，结果这批水蜜桃的利润为2660元，求a的值．25．（2021·福建）某市居民生活用电实行分档累进递增的阶梯电价，按户月均用电量分三档，普通电价表如下：档电价基础上加价0.03元/度；低谷时段8:00—22:00以外时间，其电价在各档电价基础上加价-0.2元/度．小明家9月电表示数变化情况如下表：_______元/度：（2）①计算小明家这个月的普通电费；②若申请“峰谷电价”，9月份能省钱吗？省多少钱？（3）若小明家6月的用电量为350度且峰电量超过230度，他们申请“峰谷电价”后，能节约18.5元，问小明家6月份高峰时段、低谷时段用电量分别是多少？AB=，26．（2021·重庆市天星桥中学七年级月考）如图，在长方形ABCD中，12cm→→→的路线运动，点N以2cm/s 8cmBC=．点M以1cm/s的速度从A出发，沿A B C D→→→的路线运动，若点M，N同时出发，当点N到达A点的速度从D出发，沿D C B A时，M，N两点同时停止运动．运动时间为()s t．（1）当t为何值时，点M，N在运动路线上相遇：（2）当点M，点N在运动路线上相距的路程为11cm时，求t的值．（3）在M，N相遇之前，是否存在直线MN把矩形周长分为1：3的两部分，若存在，请直接写出此时t的值，若不存在，请说明理由；第5章 一元一次方程 章末检测卷（浙教版）姓名：__________________ 班级：______________ 得分：_________________ 注意事项：本试卷满分120分，考试时间90分钟，试题共26题．答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级等信息填写在试卷规定的位置．一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）在每小题所给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1．（2021·哈尔滨德强学校七年级期中）下列是一元一次方程的是（ ） A ．2x +1 B ．3+2＝5C ．x +2＝3D ．x 2＝0【答案】C【分析】利用一元一次方程定义解答即可．【详解】解：A 、2x +1不是方程，故此选项不合题意； B 、3+2＝5，不含未知数，不是方程，故此选项不合题意； C 、x +2＝3是一元一次方程，故此选项符合题意； D 、x 2＝0是一元二次方程，故此选项不合题意；故选C ．【点睛】本题主要考查了一元一次方程的定义，解题的关键在于能够熟练掌握一元一次方程的定义：只含有一个未知数，且未知数的次数为1．2．（2021·浙江七年级课时练习）若x y =，则下列式子：①11y x -=-；①33x y =-；①11x y -=-；①3223x y +=+，正确的有（ ） A ．1个 B ．2个C ．3个D ．4个【答案】B【分析】根据等式的性质，等式的两边同时加上（或减去）同一个数（或整式），等式仍成立；等式的两边同时乘以（或除以）同一个不为0数（或整式），等式仍成立． 【详解】解：①利用等式的基本性质1，两边都减1即可得到，故①正确； ①左边乘3，右边乘3-，故①错误；①由x y =两边都乘1-，得到x y -=-，两边再都加1，得到11x y -+=-+，即11x y -=-，故①正确；①左边乘3加2，右边乘2加3，故①错误．故选：B.【点睛】本题主要考查了等式的基本性质，等式的两边同时加上（或减去）同一个数（或整式），等式仍成立；等式的两边同时乘以（或除以）同一个不为0数（或整式），等式仍成立．掌握等式的基本性质是解题关键 .3．（2021·河北七年级期末）整式2ax b +的值随x 的取值不同而不同，下表是当x 取不同的值时对应的整式的值，则关于x 的方程22ax b --=的解是（ ）1C ．2x =-D ．2x =【答案】A【分析】根据图表求得一元一次方程−ax −2b ＝2为2x ＋2＝2，即可得出答案． 【详解】解：∵当x ＝0时，ax ＋2b ＝−2，∴2b ＝−2，b ＝−1，∵x ＝−2时，ax ＋2b ＝2，∴−2a −2＝2，a ＝−2，∴−ax −2b ＝2为2x ＋2＝2，解得x ＝0．故选：A ．【点睛】本题主要考查解一元一次方程，正确得出一元一次方程是解题的关键．4．（2021·绵阳市七年级课时练习）如果方程331157n x --=是关于x 的一元一次方程，则n 的值为（ ） A ．2 B ．4 C ．3 D ．1【答案】B【分析】只含有一个未知数（元），并且未知数的指数是1（次）的方程叫做一元一次方程，它的一般形式是ax+b =0（a ，b 是常数且a≠0）．根据未知数的指数为1可求出n 的值． 【详解】解：由方程是关于x 的一元一次方程可知x 的次数是1， 故31n -=，所以4n =．故选：B ．【点睛】本题主要考查了一元一次方程的一般形式，未知数的指数是1，一次项系数不是0，特别容易忽视的一点就是系数不是0的条件．这是这类题目考查的重点． 5．（2021·浙江七年级单元测试）下列变形正确的是（ ） A ．方程54x =-的解是54x =-B ．把方程532x x -=-移项得：352x x +=-C ．把方程()2352x x --=去括号得：2352x x --=D ．方程18233x x -=+的解是3x =【答案】D【分析】根据一元一次方程的解法分别判断即可．【详解】解：A 、方程54x =-的解是45x =-，故错误；B 、把方程532x x -=-移项得：352x x -=-，故错误；C 、把方程()2352x x --=去括号得：23152x x -+=，故错误；D 、方程18233x x -=+的解是3x =，故正确；故选D ．【点睛】此题考查了解一元一次方程，熟练掌握方程的解法是解本题的关键．6．（2021·重庆市天星桥中学七年级月考）某项工作甲单独做需4天完成，乙单独做需6天完成，若甲先做了一天，然后甲、乙合作完成此项工作，若设甲一共做了x 天，所列方程为（ ） A ．1146x x++= B ．1146x x ++= C ．1146x x -+= D ．111448x x -++= 【答案】C【分析】合作的天数减1即可确定乙工作的天数，利用总的工作量为1列出方程即可． 【详解】解：若甲先干一天，然后，甲、乙合作完成此项工作，若设甲一共做了x 天，乙工作的天数为（x -1），根据题意得：1146x x -+=，故选：C ． 【点睛】本题考查了由实际问题抽象出一元一次方程，找到关键描述语，找到等量关系是解决问题的关键．工程问题中常用的关系式有：工作时间=工作总量÷工作效率．7．（2021·浙江七年级期末）按下面的程序计算，若开始输入的值x 为正数，最后输出的结果为656，则满足条件的x 的不同值最多有（ ）A ．3个B ．4个C ．5个D ．6个【答案】B【分析】根据最后输出的结果，可计算出它前面的那个数，依此类推，可将符合题意的那个最小的正数求出．【详解】解：∵最后输出的数为656，∴5x +1=656，得：x =131＞0， ∴5x +1=131，得：x =26＞0，∴5x +1=26，得：x =5＞0，∴5x +1=5，得：x =0.8＞0；∴5x +1=0.8，得：x =-0.04＜0，不符合题意， 故x 的值可取131，26，5，0.8共4个．故选：B ．【点睛】本题立意新颖，借助新运算，实际考查一元一次方程的解法；解一元一次方程常见的过程有去括号、移项、系数化为1等．8．（2021·山西七年级期末）数学课堂上，老师出示了如下例题：整理一批图书，由一个人做要40h 完成．现计划由一部分人先做4h ，然后增加2人与他们一起做8小时，完成这项工作．假设这些人的工作效率相同，具体应先安排多少人工作？设安排x 人先做4h ．小亮列的方程是：48(2)14040x x ++=，其中，“440x ”表示的意思是“x 人先做4h 完成的工作量”，“8(2)40x +”表示的意思是“增加2人后，（x+2）人再做8小时完成的工作量”．小宇列的方程是：()4+82814040x ⨯+=，其中，“(48)40x +”表示的意思是（ ）A ．先工作的x 人前4小时和后8小时一共完成的工作量B ．增加2人后，（x+2）人再做8小时完成的工作量C ．增加2人后，新增加的2人完成的工作量D ．x 人先做4小时完成的工作量 【答案】A【分析】根据先工作的x 人共做了(4+8)小时的工作量+后来2人8小时的工作量=1，解答即可．【详解】解：∵设安排x 人先做4h ，然后增加2人与他们一起做8小时，完成这项工作． ∴可得先工作的x 人共做了(4+8)小时，∴列式为：先工作的x 人共做了(4+8)小时的工作量+后来2人8小时的工作量=1，而x 人1小时的工作量为40x，∴x 人(4+8)小时的工作量为(48)40x+， ∴(48)40x+表示先工作的x 人前4h 和后8h 一共完成的工作量，故选A ． 【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，是一个工作效率问题，理解一个人做要40小时完成，即一个人一小时能完成全部工作的140，这一个关系是解题的关键． 9．（2021·河南七年级期中）小明在做解方程作业时，不小心将方程中的一个常数污染得看不清楚，被污染的方程是11222y y +=-小明翻看了书后的答案，此方程的解是y ＝53-，则这个常数是（ ）A ．1B ．2C ．3D ．4【答案】B【分析】设所缺的部分为x ，2y +12＝12y -x ，把y=- 53代入，即可求得x 的值．【详解】解：设所缺的部分为x ， 则2y +12＝12y -x ， 把y =-53 代入， 求得x =2． 故选B ．【点睛】 考查了一元一次方程的解的定义，解决本题的关键是要熟练掌握一元一次方程的解的定义．10．（2021·山东七年级期末）关于x 的方程15142323mx x ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭有负整数解，则符合条件的整数m 的值可能是（ ） A ．-1 B ．3 C ．1 D ．2【答案】A【分析】由题意可得21x m =-，根据关于x 的方程15142323mx x ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭有负整数解可得2与1m -是倍数关系，进而求解即可得．【详解】解：由15142323mx x ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭可得：21x m =-，∵关于x 的方程15142323mx x ⎛⎫-=- ⎪⎝⎭有负整数解，且m 为整数，∴11m -=-或-2，∴0m =或-1，故选：A ．【点睛】本题主要考查一元一次方程的解法，熟练掌握一元一次方程的解法是解题的关键． 11．（2021·江苏）如图，是由7块正方形组成的长方形，已知中间小正方形的边长为1，则这个长方形的面积为（ ）A ．63B ．72C ．99D ．110【答案】A【分析】设出正方形A 的边长，进而表示出其他正方形的边长，根据长方形的长相等列出方程，求出方程的解得到x 的值，进而求出长方形的面积即可．【详解】解：设正方形A 的边长为x ，则正方形B 的边长为1x +，正方形C 的边长为2x +，正方形D 的边长为3x +，根据图形得：2331x x x x +++=++，解得：2x =， 则长方形的面积为(23)(12)(25)(23)9763x x x x x x ++++++=++=⨯=．故选：A ．【点睛】此题考查了一元一次方程的应用，弄清图形中的数量关系是解本题的关键． 12．（2021·江苏七年级期末）球赛积分表问题： 某次篮球联赛积分表：①负一场积1分； ②胜一场积2分；③如果一个队胜m 场，则该队的总积分为()12m +分； ④不可能有一个球队的胜场总积分等于它的负场总积分． 以上说法正确的个数是（ ） A ．1 B ．2C ．3D ．4【答案】C【分析】根据钢铁队的积分情况可判断①，根据东方队的积分情况可判断②，根据负一场和胜一场的积分可判断③，设某队胜a 场，根据题意列出方程，解之即可．【详解】解：①∵钢铁队胜场为0，负场为12，积分为12，∴12÷12=1，即负一场记1分，故正确；②根据东方队胜场为10，负场为2，积分为22，∴（22-2）÷10=2，即胜一场记2分，故正确；③如果一个队胜m 场，则该队的总积分为2m+（12-m ）=12+m （分），故正确；④设某队胜a 场，则负12-a 场，由题意得2a=12-a ，解得：a=4，因为a 是整数，所以存在某队胜场总积分能等于它的负场总积分，故错误；故选C ． 【点睛】此题考查一元一次方程的实际运用，看清表格中蕴含的数量关系是解决问题的关键． 二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，共18分．不需写出解答过程，请把答案直接填写在横线上）13．（2020·浙江杭州市·七年级期末）已知关于x 的一元一次方程点320212021xx a +=+①与关于y 的一元一次方程()3232021322021y y a --=--②，若方程①的解为2021x =，则方程②的解为______． 【答案】y =-673【分析】根据题意得出-（3y -2）的值，进而得出答案． 【详解】解：∵关于x 的一元一次方程320212021xx a +=+①的解为x =2021， ∴关于y 的一元一次方程()3232021322021y y a --=--②中-（3y -2）=2021， 解得：y =-673，故答案为：y =-673．【点睛】此题主要考查了一元一次方程的解，正确得出-（3y -2）的值是解题关键． 14．（2021·湖北七年级期中）马小虎计算一个数乘以5，再加24，由于粗心，把乘号看成除号，加号看成减号，但得数是正确的．这道题的正确得数是__． 【答案】﹣26．【分析】设这个数为x ，则由题目中的得数相等列方程，即可求解． 【详解】设这个数为x ，则由题意可列方程：5x +24＝15x ﹣24，5x ﹣15x ＝﹣24﹣24，245x ＝﹣48，x ＝﹣10，∴这个数为﹣10，∴这道题的正确得数是：5×（﹣10）+24＝﹣26，故答案为：﹣26．【点睛】本题考了一元一次 方程的运用，解题的关键是找准等量关系，列出一元一次方程． 15．（2021·浙江）实验室里，水平桌面上有半径相同的甲、乙、丙三个圆柱形容器（容器足够高），用两个相同的管子在容器的6cm 高度处连通（即管子底端离容器底6cm ）．现三个容器中，只有甲中有水，水位高2cm ，如图所示，若每分钟同时向乙和丙注入相同量的水，开始注水1分钟，乙的水位上升5c m 6，则开始注入_____分钟的水量后，乙的水位高度比甲的水位高度高0.5cm ．【答案】3或9.3【分析】在容器乙中的水未注入容器甲之前，注入的水仅存放在乙、丙容器内；在容器乙中的水注入容器甲之后，注入容器乙和丙中的水流入到甲容器中，在注入的过程中产生0.5cm 的高度差．【详解】解：当容器乙中的水未注入容器甲之前，由题意，注入单个容器中水位上升的高度与时间的关系为5c m 6/分钟， 所以当乙中水位为2.5cm 时满足条件，所用时间为：2.5÷56=3（分钟）；当容器乙中的水注入容器甲之后，当甲容器中的水位为5.5cm ，容器乙中的水位为6cm 时， 满足题意，设注水时间为x ，则2×56x +2=2×6+5.5，解得x =9.3（分钟），要使乙中水位高出甲0.5cm ，则需注水的时间为：9.3分钟．故答案为：3或9.3． 【点睛】此题考查了一元一次方程的应用，根据题意分析产生水位差的两种情况是解答本题的关键点，建立方程时要注意甲容器中原有的水．16．（2021·重庆市天星桥中学七年级月考）（选自《课堂导报》30期）某音乐厅在暑假期间举办学生专场音乐会，入场券分团体票和零售票，团体票占总票数的23．已知7月份团体票每张20元，共售出团体票数的35，零售票每张24元，共售出零售票数的12；如果在8月份，团体票按每张25张售出，并计划在8月份售出全部票．那么为了使这两个月的票款总收入相等，零售票应按每张______________元． 【答案】32【分析】设总票数为a 张，8月份零售票按每张x 元定价，则团体票数为23a ，零售票数为13a ，根据等量关系7月份票款数8=月份票款数，列出方程，再求解．【详解】解：设总票数为a 张，8月份零售票按每张x 元定价，由题意得：321232122024()25(1)()53235323a a a a a a x ⨯⨯⨯+⨯-=⨯-⨯+-，2018436a a a ax ∴+=+，∴11663x =．32x ∴=． 即：零售票应按每张32元定价，才能使这两个月的票款总收入相等．故答案是：32． 【点睛】此题考查一元一次方程的实际运用，设出参数，找出题目蕴含的数量关系列出方程解决问题．17．（2021·湖南七年级期末）一般情况下2323m n m n++=+不成立，但有些数可以使得它成立，例如：0m n ==时，我们称使得2323m n m n ++=+成立的一对数,m n 为“相伴数对”，记为(,)m n ． （1）若(2,)n 是“相伴数对”，则n =_______；（2）(,)m n 是“相伴数对”，则代数式321[(679)]433m n n m ---+++的值为_______． 【答案】92- －2【分析】（1）根据“相伴数对”的定义可得222323n n++=+，解此方程即可求解；（2）根据“相伴数对”的定义可得2323m n m n ++=+，则可求出940m n +=，然后先将原式化简，代入计算即可求值．【详解】解：（1）∵(2,)n 是“相伴数对”， ∴222323n n ++=+解得92n =-．故答案为：92-．（2）∵(,)m n 是“相伴数对”， ∴2323m n m n++=+，解得940m n +=， ∵321[(679)]433m n n m ---+++327[23]433m n n m =---+++32723433m n n m=-+---155243m n =--- ()594212m n =-+-，∴原式＝502212-⨯-=-．故答案为：－2． 【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，解决本题的关键是理解题目中“相伴数对”的定义． 18．（2021·浙江杭州外国语学校七年级期末）[)x 表示大于x 的最小整数，如[)[)3.24,32=-=-，则下列判断：①2563⎡⎫-=-⎪⎢⎣⎭；②[)x x -有最小值是－1；③[)x x -有最大值是0；④存在实数x ，使[)0.5x x -=-成立；⑤若m 为整数，m x 为任意实数，则[)[)m x m x +=+，其中正确的是___________（填编号）．【答案】②④⑤【分析】根据题意[x ）表示大于x 的最小整数，结合各项进行判断即可得出答案． 【详解】解：①2553⎡⎫-=-⎪⎢⎣⎭，故本判断错误；②当x 为整数时，[)1x x -=-，当x 为小数时，[)10x x -<-<∴[)x x -最小为－1；故本判断正确； ③由②得，[)0x x -≠，故本判断错误； ④存在实数x ，使[)0.5x x -=-成立，故本判断正确；⑤[)[)3210-+=-= [)32330-+=-+= [)[)5 3.28.28--=-=-[)()5 3.2538-+-=-+-=-∴[)[)m x m x +=+成立，∴正确的判断是②④⑤故答案为：②④⑤【点睛】此题考查了解一元一次不等式，仔细审题，理解[x ）表示大于x 的最小整数是解答本题的关键．三、解答题（本大题共8小题，共66分．请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 19．（2021·浙江七年级期末）解方程： （1）2143335x x x ---=- （2）0.20.40.050.20.50.03x x x ---=【答案】（1）x =197-；（2）x =4417【分析】（1）方程去分母，去括号，移项，合并同类项，把未知数系数化为1即可． （2）方程整理后，去分母，去括号，移项，合并同类项，把未知数系数化为1即可． 【详解】解：（1）2143335x x x ---=-， 去分母得45-5（2x -1）=3（4-3x ）-15x ， 去括号得45-10x +5=12-9x -15x ， 移项得-10x +9x +15x =12-45-5， 合并得14x =-38， 系数化为1得x =197-； （2）0.20.40.050.20.50.03x x x ---=， 方程组化简为：2452053x x x ---=， 去分母得3（2x -4）-15x =5（5x -20）， 去括号得6x -12-15x =25x -100， 移项得6x -15x -25x =-100+12， 合并同类项得-34x =-88， 系数化为1得x =4417． 【点睛】本题考查了解一元一次方程：掌握解一元一次方程的步骤（去分母、去括号、移项、合并同类项、系数化为1）；针对方程的特点，灵活应用，各种步骤都是为使方程逐渐向x =a形式转化．20．（2021·山西临汾市·七年级期中）阅读理解：已知a ，b 为有理数，且a ≠0，若关于x 的一元一次方程ax ＝b 的解为x ＝b +a ，我们就定义该方程为“和解方程”．例如：方程2x ＝﹣4的解为x ＝﹣2，因为﹣2＝﹣4+2，所以方程2x ＝﹣4是“和解方程”．请根据上述定义解答下列问题：（1）方程3x ＝﹣6 “和解方程”；（填“是”或“不是”） （2）已知关于x 的一元一次方程5x ＝m 是“和解方程”，求m 的值；（3）已知关于x 的一元一次方程4x ＝ab +b 是“和解方程”，且它的解是x ＝b ，则a ，b 的值分别为 ， ． 【答案】（1）不是（2）254m =-（3）3，43-． 【分析】（1）先解方程，再根据“和解方程“的定义判断，（2）根据“和解方程“的定义得出x =5+m ，再将其代入方程5x ＝m 之中进一步求解即可； （3）根据“和解方程“的定义得出4x ab b =++，结合方程的解为x ＝b ，进一步得出4ab =-，然后代入原方程得43b =-，之后进一步求解a 即可．【详解】（1）∵36x =-的解为2x =-，而2633-≠-+=- ∴方程3x ＝﹣6不是“和解方程” 故答案为：不是； （2）依题意，方程解为5mx =， ∵一元一次方程5x ＝m 是“和解方程”,∴5x m =+， ∴将5m x =代入方程5x m =+，解得254m =-，故答案为：254-； （3）依题意，方程解为4x ab b =++，又x b =，∴4ab =-，∴把x b =，4ab =-代入原方程4x ab b =+得：，解得：43b =-，∵4ab =-，∴3a =，故答案为：3，43-．【点睛】本题主要考查了一元一次方程的求解，根据题意准确得知“和解方程”的基本性质是解题关键．21．（2021·重庆七年级期末）阅读下列材料： 问题：怎样将0.8⋅表示成分数？ 小明的探究过程如下：设0.8x ⋅=① 10100.8x ⋅=⨯②108.8x ⋅=③ 1080.8x ⋅=+④108x x =+⑤ 98x =⑥89x =⑦根据以上信息，回答下列问题：（1）从步骤①到步骤②，变形的依据是______ ；从步骤⑤到步骤⑥，变形的依据是______ ； （2）仿照上述探求过程，请你将0.36⋅⋅表示成分数的形式．【答案】（1）等式的基本性质2：等式两边乘同一个数，或除以同一个不为0的数，结果仍相等 等式的基本性质1：等式两边加（或减）同一个数（或式子），结果仍相等；（2）114x =【分析】（1）根据等式的性质进行填空；（2）设0.36x =，两边同时乘以100，可得10036x x =+，解方程可得结论．【详解】解：1（）从步骤①到步骤②，变形的依据是：等式的基本性质2：等式两边乘同一个数，或除以同一个不为0的数，结果仍相等⋯从步骤⑤到步骤⑥，变形的依据是：等式的基本性质1：等式两边加（或减）同一个数（或式子），结果仍相等．⋯故答案为：等式的基本性质2：等式两边乘同一个数，或除以同一个不为0的数，结果仍相等；等式的基本性质1：等式两边加（或减）同一个数（或式子），结果仍相等．2（）设0.36,..x = 100100036x ⋅⋅=⨯⋯．， 1003636x ⋅⋅=．，10036x x =+⋯， 9936x =，411x =． 【点睛】本题考查了无限循环小数转化为分数的运用，运用一元一次方程解实际问题的运用，解答时根据等式的性质变形建立方程是解答的关键．22．（2021·江苏泰州市·高港实验学校七年级月考）在数的学习过程中，我们总会对其中一些具有某种特性的数充满好奇，如学习自然数时，我们发现一种特殊的自然数--“好数”． 定义：对于三位自然数n ，若各位数字都不为0，且百位上的数字与十位上的数字之和恰好能被个位上的数字整除，则称这个三位自然数n 为“好数”．例如：426是“好数”，因为4，2，6都不为0，且4+2＝6，6能被6整除，所以426是“好数”：643不是“好数”，因为6+4＝10，10不能被3整除，所以643不是“好数”． （1）判断134，614是否是“好数”？并说明理由；（2）求出百位上的数字比十位上的数字大7的所有“好数”．【答案】（1）134是“好数”， 614不是“好数”，理由见解析；（2）百位上的数字比十位上的。
第五章章末综合检测卷高中生物必修一人教版
D.苍术苷不会对细胞有氧呼吸的第二个阶段造成影响
【解析】ANT是转运蛋白，当它与ATP或ADP结合后，其空间结构会发生改变，A正
确；肿瘤患者体内正常细胞中的ANT可以将ATP从线粒体基质运到细胞质基质，而肿
瘤细胞中转运的方向相反，即由细胞质基质运到线粒体基质， B正确；与正常细胞
安静时细胞内ATP的含量， B错误；在400米短跑中，腿部肌肉细胞中大量的能量由
无氧呼吸提供，无氧呼吸消耗的有机物量多于有氧呼吸的，C正确；由于400米短跑
中，腿部肌肉细胞主要进行无氧呼吸，所以腿部肌肉细胞中1 mol葡萄糖生成的ATP
的量比安静时的少，D错误。
7.(2024·黑龙江哈尔滨模拟)甜瓜是一种耐淹性较强的品种。为研究其耐淹机理，研
究人员将甜瓜幼苗进行水淹处理，一段时间后检测幼苗根部和叶片细胞中酶a和酶b
的活性，结果如图1所示；图2为甜瓜幼苗细胞中部分代谢途径。下列说法正确的是
( A )
A.水淹前后，甜瓜幼苗无氧呼吸的产物主要是酒精和CO2
B.酶a和酶b均存在于甜瓜幼苗细胞的线粒体基质中
C.Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ过程在甜瓜幼苗细胞中均能发生且都能产生少量ATP
速度越快，所以能用纸层析法将不同色素分离
结果①中共有的色素带是胡萝卜素和叶黄素，它们的颜色分别是橙黄色
和黄色
判断
√
√
叶绿素主要吸收蓝紫光和红光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光，所以将等
C
量的刚制备的韭菜和韭黄色素滤液放在阳光与三棱镜之间，结果②中吸
√
收光谱最明显的差异出现在红光区域
D
提取色素时，碳酸钙的作用主要是保护叶绿素，而韭黄几乎不含叶绿
素，因此在做提取韭黄色素的实验时，不加碳酸钙对滤液颜色影响不大
人教生物必修2 遗传与进化-章末质量检测(五) 基因突变及其他变异
人教生物必修2 遗传与进化-章末质量检测(五) 基因突变及其他变异一、单项选择题1．下列有关变异的说法，正确的是()A．染色体中DNA的一个碱基对缺失属于染色体结构变异B．染色体变异、基因突变均可以用光学显微镜直接观察C．同源染色体上非姐妹染色单体之间的互换属于基因重组D．秋水仙素诱导多倍体形成的原因是抑制着丝点的分裂C[染色体由DNA和蛋白质组成，染色体中DNA的一个碱基对缺失不属于染色体结构变异，可能是基因突变，A错误；基因突变是基因中碱基对的增添、缺失或替换，不能用光学显微镜直接观察，B错误；基因重组包含非同源染色体上非等位基因的自由组合和同源染色体上非姐妹染色单体之间的互换，C正确；秋水仙素诱导多倍体形成的原因是抑制纺锤体的形成，从而使染色体加倍，D错误。
]2．(2021·全国高一课时练习)下列为生物常见变异类型，请结合所学知识，选出类型、特点、实例都正确的选项()选项变异类型特点实例A 不可遗传的变异体细胞遗传物质改变囊性纤维病B 基因突变染色体上基因顺序的变化镰状细胞贫血C 基因重组非等位基因重新组合孟德尔F1黄圆豌豆自交后代发生9∶3∶3∶1的性状分离比D 染色体变异用光学显微镜不可以观察到猫叫综合征C[囊性纤维病是遗传物质改变引起的可遗传变异，A错误；镰状细胞贫血的根本原因是DNA中碱基的替换导致的基因突变，而不是染色体上基因顺序的变化引起，B错误；基因重组是指在生物体进行有性生殖的过程中，控制不同性状的非等位基因重新组合，如孟德尔F1黄圆豌豆自交后代发生9∶3∶3∶1的性状分离比，C正确；染色体变异在光学显微镜可以观察到，D错误。
]3．某植株的一条染色体发生缺失突变，获得该缺失染色体的花粉不育，缺失染色体上具有红色显性基因B，正常染色体上具有白色隐性基因b(如图)。
若以该植株为父本，测交后代中部分表现为红色性状。
下列解释最合理的是()A．减数分裂时染色单体1或2上的基因b突变为BB．减数第二次分裂时姐妹染色单体3与4分离C．减数第二次分裂时非姐妹染色单体之间自由组合D．减数第一次分裂时非姐妹染色单体之间发生交叉互换D[由于“缺失染色体的花粉不育”，若以该植株为父本，测交后代理论上应该全部表现为白色。
新教材高考地理一轮复习第五章植被与土壤章末综合检测检测含解析新人教版
章末综合检测(五)一、选择题碱蓬，是一种典型的盐碱指示植物，有着极高的观赏价值和较高的食用、药用价值。
当盐分含量达到1%时，开始由绿色变为红色(盐分越高，颜色越红)；当盐分含量达到或超过1.6%时，碱蓬的生长就会受到抑制或大量死亡。
读辽宁盘锦辽河口附近土壤等盐度线(%)分布图，回答1～2题。
1．碱蓬在( )A．a处容易死亡B．b处呈红色C．c处呈绿色D．d处比c处红2．下列可能属于碱蓬的优势产区的是( )A．珠江三角洲B．亚马孙河流域C．尼罗河三角洲D．莱茵河流域解析：第1题，a处盐度大于1.6，碱蓬的生长会受到抑制或大量死亡，A正确。
b处盐度在0.8～1.0，碱蓬为绿色，B错误。
c处盐度在1.4～1.6，碱蓬为红色，C错误。
d处盐度在0.6～0.8，碱蓬为绿色，D错误。
第2题，碱蓬的优势产区是盐碱地面积大的区域，盐碱地的形成需要降水少、蒸发旺盛的气候条件。
珠江三角洲、亚马孙河流域、莱茵河流域的气候分别是亚热带季风气候、热带雨林气候、温带海洋性气候，降水丰富。
尼罗河三角洲降水少、蒸发旺盛。
故选C。
答案：1.A 2.C(2021·东营质量检测)蓄水能力是评价土壤水源涵养、调节水循环能力的主要指标之一。
林地土壤蓄洪作用主要反映在毛管孔隙水的贮存能力上。
土壤持水量饱和后会产生地表和地下径流。
下表为四川盆地东部海拔350～951米某山不同林地土壤孔隙度和持水性资料。
据此完成3～5题。
林地类型孔隙度(%) 有机质含量(%)饱和持水量(吨/公顷)总孔隙非毛管孔毛管孔针阔混交林59 17 45 4.62 503 常绿阔叶林63 16 47 3.18 648 楠竹林52 12 40 2.08 312 灌木林73 17 56 7.79 1 8333.最不适合该山地作为水土保持林的林地类型是( )A．针阔混交林B．常绿阔叶林C．楠竹林D．灌木林4．不考虑其他因素，在相同降水条件和相同前期土壤湿度条件下，产生径流时间最长的是( )A．针阔混交林B．常绿阔叶林C．楠竹林D．灌木林5．当地灌木林有机质含量高，与其关联度最小的是( )A．地表径流大B．植物种类多C．枯枝落叶多D．年均温较高解析：第3题，读材料可知，楠竹林的毛管孔孔隙度最小，且饱和持水量也最小，容易产生地表和地下径流，所以是最不适合该山地作为水土保持林的林地类型。
鲁科物理必修1：第5章章末综合检测
一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．下列说法中正确的是()A．力的合成遵循平行四边形定则B．一切矢量的合成都遵循平行四边形定则C．以两个分力为邻边的平行四边形的两条对角线都是它们的合力D．以两个分力为邻边的平行四边形中，与两个分力共点的那一条对角线所表示的力是它们的合力解析：选ABD.平行四边形定则是矢量计算普遍遵循的定则，故A、B说法正确．在力的合成中以两力为邻边做出的平行四边形中，与两力共点的对角线才是合力，故D说法正确，C 说法错误．2．关于两个共点力的合力，下列说法中正确的是()A．只要知道两个共点力的大小，合力就是惟一的B．已知两个共点力的大小和方向，合力就是惟一的C．已知一个力的大小和方向与另一个力的大小，合力就是惟一的D．已知一个力的大小和方向与另一个力的方向，合力就是惟一的解析：选B.知道两个共点力的大小和方向，合力才是惟一的，A错，B对．已知一个力的大小和方向，另一个力的大小和方向也必须确定，合力才是惟一的，C、D均不对．3．静止在斜面上的物体的重力可以分解为沿斜面方向的分力F1和垂直斜面方向的分力F2，关于这两个力，以下说法正确的是()A．F1作用在物体上，F2作用在斜面上B．F1、F2的合力作用效果和G的作用效果相同，但F1、F2实际并不存在C．F2实际上就是物体对斜面的压力D．物体同时受到G和F1、F2的作用解析：选B.由合力与分力共同作用的等效性可知B正确．据力的分解知F1、F2是G的两个分力，其作用点都在物体上，所以A、C错误．物体受力分解时合力、分力不能同时存在，故D错误，所以答案B正确．4．用两根绳子吊起一重物，使重物保持静止，逐渐增大两根绳子之间的夹角，则两根绳子的拉力的合力变化情况是()A．不变B．减小C．增大D．无法确定解析：选A.因重物保持静止，合力为零．两根绳子拉力的合力大小相等，方向相反，保持不变，只有A正确．5．将已知力F分解为F1、F2，已知F＝10 N，F1和F的夹角为30°，则F2的大小不．可能是()A．4 N B．6 NC．10 N D．100 N解析：选A.根据平行四边形定则，将已知的一个力分解为两个分力时，有确定解的情况只有两种：一是已知两个分力的方向；二是已知一个分力的大小和方向．而当已知一个分力的方向时，分解有无数种，如图所示，其中F 1′和F 2′，F 1″和F 2″，F 1 和F 2 分别对应于某一种解，由此可知，当F 2和F 1垂直时，F 2取最小值，最小值为F sin θ＝10×sin30° N ＝5 N ，因此不小于5 N 的值都是可能的．6.两人共提一桶水匀速前行，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为F ，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G ，则下列说法中正确的是( )A ．当θ为120°时，F ＝GB ．不管θ为何值，F ＝G 2C ．当θ＝0°时，F ＝G 2D ．θ越大时F 越小解析：选AC.因两人提水桶匀速前行，所以水桶合力为零，两人手臂的拉力F 的合力与重力大小相等，方向相反．当θ＝120°时，F ＝G ，A 对，B 错．当θ＝0°时，F ＝G 2，C 对．θ越大，F 越大，D 错．7.如图所示，A 、B 、C 三物块质量分别为M 、m 、m 0，B 随A 一起匀速运动，则可以判定( )A ．物块A 与桌面之间有滑动摩擦力，大小为m 0gB ．物块A 与B 之间有摩擦力，大小为m 0gC ．桌面对A ，B 对A 都有摩擦力，两者方向相同，合力为m 0gD ．桌面对A ，B 对A 都有摩擦力，两者方向相反，合力为m 0g解析：选A.A 和B 一起匀速运动，A 所受的C 的拉力与桌面对A 的滑动摩擦力大小相等，均为m 0g ，A 对．因B 匀速运动，所以B 不受摩擦力，即B 对A 没有摩擦力作用，B 、C 、D 错．8.两个物体A 和B ，质量分别为M 和m ，用跨过定滑轮的轻绳相连，A 静止于水平地面上，如图所示，不计摩擦力，A 对绳的作用力的大小与地面对A的作用力的大小分别为( )A ．mg ，(M －m )gB ．mg ，MgC ．(M －m )g ，MgD ．(M －m )g ，(M －m )g解析：选A.先研究B ，B 受重力mg 和绳的拉力F ，B 处于平衡状态，故F ＝mg ，B 对绳的拉力大小等于mg .再分析绳受力，A 拉绳的力与B 拉绳的力是一对平衡力，因此A 对绳的作用力的大小也是mg ，再分析A ，A 受向下的重力Mg ，绳、地面对A 的向上的力F 、N ，列平衡方程得F ＋N ＝Mg ，所以N ＝Mg －F ，即N ＝(M －m )g ，答案为A.9.如图所示，一质量为M 的探空气球在匀速下降，若气球所受浮力F 始终保持不变，气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关，重力加速度为g .现欲使该气球以同样速率匀速上升，则需从气球吊篮中减少的质量为( ) A ．2(M －F g ) B ．M －2F gC ．2M －F gD ．0 解析：选A.因气球所受阻力仅与速率有关，且气球上升和下降过程中速率相同，则两过程中阻力也相同，设为F 阻．匀速下降过程有Mg ＝F 阻＋F ，匀速上升过程有F ＝(M －Δm )g ＋F 阻，联立两式得Δm ＝2⎝⎛⎭⎫M －F g .10.小船用绳索拉向岸边，如图所示，船在水中运动时设水的阻力大小不变，那么在小船匀速靠岸的过程中，下列说法正确的是()A．绳子的拉力F不断增大B．绳子的拉力F不变C．船的浮力不变D．船的浮力增大解析：选A.如图所示，小船受四个力作用而匀速前进．水平方向：F′＝mg，当θ角度增大时，由于F′不＝F cosθ，竖直方向：F sinθ＋F浮减小．答案为A.变，则拉力F增大，浮力F浮二、实验题(本题共2小题，共12分，将正确答案填在题中横线上)11.(8分)某同学在家中尝试验证平行四边形定则，他找到三条相同的橡皮筋(遵循胡克定律)和若干小重物，以及刻度尺、三角板、铅笔、细绳、白纸、钉子，设计了如下实验：将两条橡皮筋的一端分别挂在墙上的两个钉子A、B上，另一端与第三条橡皮筋连接，结点为O，将第三条橡皮筋的另一端通过细绳挂一小重物．(1)为完成该实验，下述操作中必需的是________．A．测量细绳的长度B．测量橡皮筋的原长C．测量悬挂重物后橡皮筋的长度D．记录悬挂重物后结点O的位置(2)钉子位置固定，欲利用现有器材，改变条件再次验证，可采用的方法是________．解析：本题中结点受三个力，其中两个力的合力与第三个力等大反向，故先测出各力的大小和方向，然后以结点O为起点作出各力的图示，以两边为邻边作平行四边形，如果在实验误差允许范围内平行四边形的对角线与第三个力等大反向，即可验证．为测量各力的大小需要记录橡皮筋原长、悬挂重物后的长度以及记录悬挂重物后O点的位置，故应选B、C、D.可以通过改变小重物改变各力的大小和方向．答案：(1)BCD(2)更换不同的小重物12.(4分)如图所示是甲、乙两位同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中所得到的实验结果，若用F表示两个分力F1、F2的合力，用F′表示F1和F2的等效力，则可以判断________(填“甲”或“乙”)同学的实验结果是符合事实的．解析：由题设可知，F为F1和F2的合力，通过平行四边形定则所得，而F′是F1和F2的等效力，即用一只弹簧测力计拉橡皮条时的拉力，显然F′的方向应在细线的方向上，因甲同学F′的方向与细绳在同一直线上，故甲同学的实验结果是符合事实的．本题解答的焦点在F′方向的确定上．两位同学的实验结果都有误差，这是正常的，但乙同学很明显在F′方向的确定上违背了实验的要求，作图是错误的．答案：甲三、计算题(本题共4小题，共48分，需写出必要的解题步骤，演算过程只写最后结果的不能得分，结果中有单位的要写明单位)13.(10分)如图所示，悬挂在天花板下重60 N的小球，在均匀的水平风力作用下偏离了竖直方向θ＝30°角．求风对小球的作用力大小和绳子的拉力大小．解析：小球受力如图所示．F2和G的合力F大小等于F1，构成的平行四边形如图所示．(2分)由图可知：F 1＝F ＝G cos θ＝6032N ＝40 3 N(4分) F 2＝G tan θ＝60×33N ＝20 3 N(4分) 答案：20 3 N 403N14.(12分)甲、乙两人分别在两岸用绳拉小船在河流中行驶，已知甲的拉力大小为800 N ，方向与航向夹角为30°.要保持小船能在河流正中间沿直线行驶．(1)乙怎样用力最小？(2)其最小的力为多大？(3)此时小船受到两人拉力的合力为多大？解析：(1)要使小船能在河流中间沿直线行驶，乙施力后船所受合力应沿该直线方向，由力的平行四边形定则，当F 乙与航行直线垂直且向下时，用力最小．(4分)(2)最小力F 乙＝F 甲sin30°＝400 N ．(4分)(3)合力为F ＝F 甲cos30°＝400 3 N ．(4分)答案：(1)乙垂直航向且向下时用力最小 (2)400 N (3)400 3 N15.(12分)如图所示，光滑的小球被竖直挡板挡住而静止在斜面上，小球重力为G ，斜面的倾角为θ，求小球对斜面的压力N 1和小球对挡板的压力N 2的大小．解析：由于小球所受重力有两个作用效果，一方面使球对斜面产生压力(相当于分力N 1′的作用)， 另一方面使球对挡板产生压力(相当于分力N 2′的作用)．因此重力可分解为如图所示N 1′和N 2′两个分力．(2分)解三角形可得：N 2＝N 2′＝G tan θ，N 1＝N 1′＝G /cos θ，(4分)即小球对斜面的压力大小为N 1＝G /cos θ，(4分)方向为垂直斜面向下；(1分)对挡板的压力大小为N 2＝G tan θ，方向为垂直挡板水平向左．(1分)答案：G cos θG tan θ 16.(14分)如图所示，跨过定滑轮的轻绳两端分别系着物体A 和B ，物体A 放在倾角为θ的斜面上，已知物体A 的质量为m ，物体A 和斜面间动摩擦因数为μ(μ<tan θ)，滑轮的摩擦不计，要使物体静止在斜面上，求物体B质量的取值范围．解析：以B 为研究对象，由平衡条件得F ＝m B g ，再以A 为研究对象，它受重力、斜面对A 的支持力、绳的拉力和斜面对A 的摩擦力作用．假设A 处于临界状态，即A 受最大静摩擦力．(2分)若最大静摩擦力方向沿斜面向上，如图所示，根据平衡条件有：F ＋f max －mg sin θ＝0(4分)若最大静摩擦力方向沿斜面向下，如图所示，根据平衡条件有：F －f max －mg sin θ＝0(4分)N ＝mg cos θ和f max ＝μN (2分)综上所述，B的质量取值范围是：m(sinθ－μcosθ)≤m B≤m(sinθ＋μcosθ)．(2分) 答案：m(sinθ－μcosθ)≤m B≤m(sinθ＋μcosθ)。
沪科物理必修1：第5章章末综合检测
(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．关于物理量或物理量的单位，下列说法中正确的是()A．在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量B．为了纪念牛顿，人们把“牛顿”作为力学中的基本单位C．1 N/kg＝1 m/s2D．“米”“千克”“牛顿”都属于国际单位制的单位解析：选ACD.力学中的三个基本物理量是长度、质量和时间，选项A正确；“牛顿”的定义指的是使质量为1 kg的物体产生1 m/s2的加速度所需要的力，即1 N＝1 kg·m/s2，故选项B错误；C正确；“米”“千克”“牛顿”都属于国际单位制的单位，选项D正确．2．下列说法正确的是()A．牛顿第一定律是在伽利略“理想实验”的基础上总结出来的B．不受力作用的物体是不存在的，故牛顿第一定律的建立毫无意义C．牛顿第一定律表明，物体只有在不受外力作用时才具有惯性D．牛顿第一定律表明，物体只有在静止或做匀速直线运动时才具有惯性解析：选A.牛顿第一定律是在理想实验的基础上经过推理总结出来的，A正确；牛顿第一定律描述的是物体不受外力作用的理想情况，实际物体所受合外力为零时，物体也保持静止状态或匀速直线运动状态，B错误；任何物体都有惯性，与物体受力情况及运动状态无关，C、D错误．3．用3 N的水平恒力，在水平面上拉一个质量为2 kg的木块，从静止开始运动，2 s内的位移为2 m，则木块的加速度为()A．0.5 m/s2B．1 m/s2C．1.5 m/s2D．2 m/s2解析：选B.由匀变速运动位移公式s＝12at2得加速度a＝1 m/s2，由于不知地面是否光滑，故不可用a＝Fm求解．4．一根轻弹簧上端固定，下端悬挂一个重物，平衡时弹簧伸长了4 cm，再将重物向下拉1 cm，然后突然放手，在刚放手的瞬间，重物的加速度a和速度v是()A．a＝g/4，方向向上，v＝0B．a＝g/4，方向向上，v方向向上C．a＝g，方向向下，v方向向上D．a＝5g/4，方向向上，v＝0解析：选A.设物体的质量为m，弹簧的劲度系数为k平衡时有mg＝kx1①刚放手时有kx2－mg＝ma②由①②得a＝14g，方向向上．刚放手的瞬间，物体的速度仍为零，故选项A正确．5.两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0～0.4 s时间内的v－t图像如图所示．若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t1分别为()A.13和0.30 s B ．3和0.30 s C.13和0.28 s D ．3和0.28 s解析：选B.由图像可知，a 乙＝－40.40 m/s 2＝－10 m/s 2＝0－10.40－t 1，解得t 1＝0.30 s ．a 甲＝10.3m/s 2，故3a 甲＝－a 乙，根据牛顿第二、三定律有－F m 甲＝－13Fm 乙，得m 甲m 乙＝3.6.为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯．无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站在扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示．那么下列说法中正确的是( )A ．顾客始终受到三个力的作用B ．顾客始终处于超重状态C ．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D ．顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方，再竖直向下解析：选C.人加速运动时，受重力、支持力和水平向右的静摩擦力作用，扶梯对人的作用力指向右上方，人对扶梯的作用力指向左下方，当人匀速运动时，人只受重力和竖直向上的支持力作用，所以仅C 项正确．7．利用传感器和计算机可以研究力的大小变化情况，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H 后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h .计算机显示该同学受到地面支持力N 随时间变化的图像如图所示．根据图像提供的信息，以下判断错误的是( )A ．在0至t 2时间内该同学处于失重状态B ．在t 2至t 3时间内该同学处于超重状态C ．t 3时刻该同学的加速度为零D ．在t 3至t 4时间内该同学的重心继续下降解析：选C.由图像可以看出，在0至t 2时间内该同学受到地面对他的支持力小于他的重力，由牛顿第二定律可知该同学处于失重状态，A 、B 正确；t 3时刻该同学受到的支持力最大，且N 1大于重力，由牛顿第二定律可知a ≠0，C 错误；在t 3至t 4时间内该同学受到的支持力逐渐减小，但仍大于重力，故重心继续下降，D 正确．8．如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m 1和m 2的木块A 和B 之间用轻弹簧相连，在拉力F 作用下，以加速度a 做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F ，此瞬时A 和B 的加速度为a 1和a 2，则( )A ．a 1＝a 2＝0B ．a 1＝a ，a 2＝0C ．a 1＝m 1m 1＋m 2a ，a 2＝m 2m 1＋m 2aD ．a 1＝a ，a 2＝－m 1m 2a解析：选D.两物体在光滑的水平面上一起以加速度a 向右匀加速运动时，弹簧的弹力F 弹＝m 1a ，在力F 撤去的瞬间，弹簧的弹力来不及改变，大小仍为m 1a ，因此对A 来讲，加速度此时仍为a ，对B 物体，取向右为正方向，－m 1a ＝m 2a 2，a 2＝－m1m 2a ，所以只有D 项正确．9.如图所示，人和车的质量分别为m 1和m 2，置于光滑水平面上，人用水平力F 拉绳，图中两绳都处于水平方向，不计滑轮、绳子的质量及摩擦，人与车保持相对静止，则车的加速度为( )A ．0B.F m 1C.F m 1＋m 2D.2F m 1＋m 2解析：选D.以人和车这一整体为研究对象，所受外力为绳对人的拉力和绳对车的拉力，两力方向相同大小都为F ，故加速度a ＝2Fm 1＋m 2，D 正确．10．如图所示，在光滑水平面上有一质量为m 1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t 增大的水平力F ＝kt (k 是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2，下列反映a 1和a 2变化的图线中正确的是( )解析：选A.由题意可知，m 1的加速度先增大后不变，m 1与m 2相对运动前，a ＝Fm 1＋m 2＝kt m 1＋m 2；相对滑动后m 1加速度a 1不变，a 1＝μm 2gm 1，m 2的加速度为a 2＝F －μm 2g m 2＝kt m 2－μg随时间增大，且比前一段时间增加得要快，A 对．二、填空、实验题(本题共2小题，共12分．按题目要求作答)11．(4分)在“探究加速度与力、质量的关系”实验时，已提供了小车，一端附有定滑轮的长木板、纸带、带小盘的细线、刻度尺、天平、导线．为了完成实验，还须从下图中选取实验器材，其名称是_______________________________________________________________ (漏选或全选得零分)；并分别写出所选器材的作用________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.解析：根据实验原理F ＝ma ，必须要用打出的纸带来求a ，这就需要学生电源和打点计时器，要测量和改变小车的质量，就要用砝码和钩码；要改变小车受到拉力的大小，需用钩码． 答案：学生电源、电磁打点计时器、钩码、砝码(或电火花计时器、钩码、砝码) 学生电源为电磁打点计时器提供交流电源；电磁打点计时器(电火花计时器)记录小车运动的位置和时间；钩码用以改变小车的质量；砝码用以改变小车受到拉力的大小，还可用于测量小车质量． 12．(8分)有一同学探究“加速度与力、质量的关系”的实验过程如图所示，其中F 、2F 分别是小车所受的合外力，M 、2M 分别是小车的总质量，根据实验数据得到如图所示的v －t 图线．(1)要分析加速度与质量的关系，应选用的两个过程是________；要分析加速度与合外力的关系，应选用的两个过程是________．(2)从图中相应的v －t 图线可知：甲车的加速度a 甲和丙车的加速度a 丙的大小关系为________，结合两车的质量和受力情况，可以得到结论：________________________________________________________________________解析：(1)探究加速度与力、质量的关系应采用控制变量法，故要分析加速度与质量的关系应选用甲和丙或乙和丁；要分析加速度与合外力的关系，应选用甲和乙或丙和丁．(2)在v －t 图像中图线的斜率大小表示加速度的大小，故a 甲＝2a 丙，又m 甲＝12m 丙，且受合外力相等，故物体的加速度跟质量成反比． 答案：(1)甲和丙(或乙和丁) 甲和乙(或丙和丁)(2)a 甲＝2a 丙 当物体所受合外力相等时，物体的加速度与质量成反比三、计算题(本题共4小题，共48分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位) 13．(10分)某航空公司的一架客机在正常航线上做水平飞行时，突然受到强大的垂直气流的作用，使飞机在10 s 内下降高度为1800 m ，造成众多乘客和机组人员的伤害事故，如果只研究在竖直方向上的运动，且假设这一运动是匀变速直线运动． (1)求飞机在竖直方向上产生的加速度为多大？(2)试估算质量为65 kg 的乘客所系安全带必须提供多大拉力才能使乘客不脱离坐椅(g 取10 m/s 2)．解析：(1)由位移公式s ＝12at 2(2分)得a ＝2s t 2＝2×1800100m/s 2＝36 m/s 2(3分)(2)设安全带提供的拉力为F ，由牛顿第二定律： F ＋mg ＝ma (2分)得F ＝m (a －g )＝1690 N ．(3分) 答案：(1)36 m/s 2 (2)1690 N14．(12分)一个静止在水平面上的物体，质量是2 kg ，在水平方向受到5.0 N 的拉力，物体跟水平面的滑动摩擦力是2.0 N.(1)求物体在4 s 末的速度．(2)若在4 s 末撤去拉力，求物体继续滑行的时间．解析：如下图，在前4 s ，受力分析如图所示，根据牛顿第二定律列方程：水平方向：F －f ＝ma (1分) 竖直方向：N －G ＝0(1分) a ＝F －f m ＝5.0－2.02.0m/s 2＝1.5 m/s 2(2分)v t ＝v 0＋at ＝(0＋1.5×4.0) m/s ＝6.0 m/s(2分)(2)4 s 后，受力分析如图所示，水平方向：－f ＝ma ′(1分) 竖直方向：N －G ＝0(1分)a ′＝－f m ＝－2.02.0m/s 2＝－1.0 m/s 2(2分)v t ′＝v 0′＋a ′t ′＝6.0 m/s ＋(－1.0 m/s 2)t ′＝0t ′＝－v 0′a ′＝6.0 m/s 1 m/s 2＝6.0 s ．(2分)答案：(1)6.0 m/s (2)6.0 s 15．(12分)举重运动员在地面上能举起120 kg 的重物，而在运动的升降机中却只能举起100kg 的重物，求升降机的加速运动的加速度．若在以2.5 m/s 2的加速度加速下降的升降机中，此运动员能举起质量为多大的重物？(g 取10 m/s 2) 解析：运动员在地面上能举起120 kg 的重物，则运动员能发挥的向上的最大支撑力F ＝1200 N ，在运动的升降机中却只能举起100 kg 的重物，可见该重物超重了，升降机应具有向上的加速度，对于重物，F －mg ＝ma (2分)a ＝F －mg m ＝1200－100×10100m/s 2＝2 m/s 2(4分)当升降机以2.5 m/s 2的加速度加速下降时，重物处于失重状态，对于重物，mg －F ＝ma ′(2分)得m ＝F g －a ′＝120010－2.5kg ＝160 kg.(4分)答案：2 m/s 2 160 kg16．(14分)在细线拉力F 作用下，质量m ＝1.0 kg 的物体由静止开始竖直向上运动，v －t 图像如图所示，取重力加速度g ＝10 m/s 2，求：(1)在这4 s 内细线对物体拉力F 的最大值；(2)在F －t 图像中画出拉力F 随时间t 变化的图线． 解析：(1)由图像可知，物体第一秒内做初速度为零的匀加速运动，加速度a 1＝5 m/s 2(1分) 第二秒内做匀速运动，a 2＝0(1分)第三、四秒内做匀减速运动，a 3＝2.5 m/s 2(1分)由F1－mg＝ma1，(2分)故F1＝15 N，F2＝mg＝10 N(1分)mg－F3＝ma3，(2分)故F3＝7.5 N(2分)故4 s内，F的最大值为F1＝15 N．(1分)(2)由以上分析可得，F随时间t的变化如图所示．(3分) 答案：(1)15 N(2)见解析图。
人教版高中地理第一册(必修1)：第五章 植被与土壤章末检测试卷(五)
章末检测试卷(五)(时间：60分钟满分：100分)一、选择题(每小题2分，共50分)自然地理环境显著影响着一个地方的植被和生态系统特点，同样地带性的植被生态特点也会反映当地的环境特征。
据此回答1～2题。
1．某地各月均温都高于20℃，一月干燥，草木枯黄；七月湿热，植物茂盛，该地植被为() A．热带雨林B．热带草原C．温带草原D．亚寒带针叶林2．下列对应关系匹配完全正确的有()①热带雨林—争夺阳光—垂直分层②红树林—强风大浪—板状根和呼吸根③针叶林—叶小如针—抗寒抗旱④落叶阔叶林—四季分明—革质叶片A．①②③B．①②③④C．②③④D．①②④『答案』 1.B 2.A『解析』第1题，各月均温都高于20℃，说明位于热带。
一月干燥，草木枯黄；七月湿热，植物茂盛，说明干湿季分明，故该地植被为热带草原，B正确。
第2题，地带性的植被生态特点会反映当地的环境特征，热带雨林—争夺阳光—垂直分层，①正确。
红树林—强风大浪—根状根和呼吸根，②正确。
针叶林—叶小如针，主要作用是抗寒抗旱作用，③正确。
落叶阔叶林—四季分明，叶片宽阔，冬季落叶，夏季葱绿，④错误。
故A正确。
读漫画《枯萎的外表，强大的内心》，完成3～4题。
3．该漫画揭示的地理环境是()A．地形平坦B．地下水丰富C．降水稀少D．土壤肥沃4．此景观所在地应位于我国的()A．华南地区B．西北地区C．西藏地区D．华北地区『答案』 3.C 4.B『解析』第3题，该地植物矮小，却有发达的根系，说明当地气候干旱，降水较少。
第4题，此地气候干旱，降水较少，应位于我国的西北地区。
猴面包树是马达加斯加的国树，该树耐旱力极强，为了顺利渡过干旱季节，在降水较多的季节会大量吸收水分，贮存在肥大的树干里。
下图为“猴面包树景观图”。
读图回答5～6题。
5．下列关于猴面包树自然分布区气候环境特征的叙述，正确的是()A．全年干旱少雨B．全年高温多雨C．干湿季分明D．终年温和多雨6．环境变化时，猴面包树会迅速地落光叶子，下列说法正确的是()①在干旱季节落叶②在多雨季节落叶③落叶是为了减少水分蒸腾④落叶是为了防风A．①④B．②③C．①③D．②④『答案』 5.C 6.C『解析』第5题，由材料“该树耐旱力极强，为了顺利渡过干旱季节，在降水较多的季节会大量吸收水分”可知，猴面包树自然分布区干湿季分明。
高考化学精讲及练习：第五章末检测试卷(100分) 2021届word答案版
第五章末检测试卷(100分)一、选择题(本题包括14小题，每小题3分，共42分，每小题只有一个选项符合题意)1、氮元素在地球上含量丰富，氮及其化合物在工农业生产、生活中有着重要作用。
下列叙述与氮元素的循环无关的是( )A.工业合成氨的过程是固氮的过程B.自然界中，氨是动物体特别是蛋白质腐败后的产物C.为防止粮食、罐头、水果等食品腐烂，常用氮气做保护气D.在电闪雷鸣的雨天，N 2与O 2会发生反应并最终转化为硝酸盐被植物吸收答案 C2.(2020·湖南株洲检测)下列说法不正确的是( )A.SO 2和CO 2均有毒B.SO 2和CO 2均能与澄清石灰水反应，并有白色沉淀生成C.SO 2具有漂白性，但通入石蕊溶液中却不能使之褪色D.SO 2和Cl 2均能使品红溶液褪色答案 A3(2020·南京高一下学期开学考试)下列有关硅的说法不正确的是( )A.硅是人类将太阳能转换为电能的常用材料B.硅的导电性介于金属和绝缘体之间，是良好的半导体材料C.硅的化学性质不活泼，常温下不与任何物质反应D.加热到一定程度时，硅能与氯气、氧气等非金属反应答案 C4.早在古代，我国人民就积累了不少对化学物质变化的认识。
例如，晋代炼丹家、医学家葛洪所著《抱朴子》一书中记载有“丹砂烧之成水银，积变又还成丹砂”。
这句话中的丹砂指的是HgS ，下列有关说法正确的是( )A.这个过程只涉及物理变化B.“积变又还成丹砂”过程中发生反应：HgS=====△Hg ＋SC.实验室中不慎洒落的水银不能用硫黄处理D.“丹砂烧之成水银”过程中还可能产生SO 2答案 D5(2020·黑龙江双鸭山第一中学月考)下列说法不正确的是( )A.在稀硫酸中加入铜粉，铜粉不溶解，再加入Cu(NO 3)2固体，铜粉仍不溶解B.某气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，该气体的水溶液一定显碱性C.铜与稀硝酸反应的离子方程式为3Cu＋8H＋＋2NO－3===3Cu2＋＋2NO↑＋4H2OD.HNO3―→NO―→NO2，以上各步变化均能通过一步实验完成答案 A6、检验CO2中是否混有SO2气体，可采用的方法是( )A.先通过NaOH溶液，再通过品红溶液，若品红溶液褪色，则说明混有SO2气体B.通过澄清石灰水，若变浑浊，则说明混有SO2气体C.先通过NaOH溶液，再通过澄清石灰水，若变浑浊，则说明有SO2气体D.通过酸性KMnO4溶液，若溶液褪色，则说明混有SO2气体答案 D7、.(2020·伊春市二中期末)检验铵盐的一般方法是将待测物取少许置于试管中，然后( )A.加水溶解后，再滴入酚酞溶液B.加强碱溶液加热后，用湿润的红色石蕊试纸在试管口检验C.加入强酸溶液加热后，再滴入酚酞溶液D.加入强碱溶液加热后，再滴入酚酞溶液答案 B8、. 列装置用于实验室制氨气或验证氨气的化学性质，其中能达到实验目的的是( )A.用装置甲制取氨气B.用装置乙除去氨气中的水蒸气C.用装置丙验证氨气具有还原性D.用装置丁吸收尾气答案 C9. 某工厂的一个生产工艺流程如图所示，下列叙述正确的是( )A.该工艺流程是用来制备Fe 2(SO 4)3的B.气体M 是SO 3C.气体M 参加的反应是化合反应D.SO 2参加反应时氧化剂和还原剂的物质的量之比是1∶1答案 D10.用下列两种途径制取H 2SO 4(某些反应条件和产物已省略)，下列有关说法不正确的是( ) 途径①：S ――→浓硝酸H 2SO 4途径②：S ――→O 2SO 2――→O 2SO 3――→H 2OH 2SO 4A.途径①中反应仅体现了浓硝酸的强氧化性B.途径②中可通过控制反应条件，将S 直接氧化为SO 3C.由途径①和②分别制取1molH 2SO 4，理论上均消耗1molS ，均共转移6mol 电子D.途径②相较于途径①更能体现“绿色化学”的理念，因为途径②的污染相对于途径①更小答案 B11.化学实验中常将溶液或试剂进行酸化，下列酸化处理的措施正确的是( )A.定性检验SO 2－3，将BaCl 2溶液用稀硝酸酸化B.为提高KMnO 4溶液的氧化能力，用盐酸将KMnO 4溶液酸化C.检验溶液中是否含有Fe 2＋时，用稀硝酸酸化D.检验溶液中是否含有SO 2－4时，在无其他阳离子干扰的条件下，先用盐酸酸化，再向所得溶液中加BaCl 2溶液答案 D12. .氮及其化合物的变化关系如下所示。
2020--2021学年鲁教版八年级数学上册第5章《平行四边形》章末达标检测(含解析)
章末达标检测一、选择题(每题3分，共30分)1．下列图案中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是()2．如图，D，E分别是△ABC的边AB，AC上的点，且AD＝DB，AE＝EC.若DE ＝4，则BC的长为()A．2 B．4 C．6 D．83．一个多边形的每个外角都等于36°，那么它是()A．正六边形B．正八边形C．正十边形D．正十二边形4．如图，在▱ABCD中，AE平分∠BAD，若CE＝3 cm，AB＝4 cm，则▱ABCD 的周长是()A．20 cm B．21 cm C．22 cm D．23 cm5．如图，在矩形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，过O的直线EF分别交AB，CD于点E，F，若图中阴影部分的面积为6，则矩形ABCD的面积为()A．12 B．18 C．24 D．306．下列判断错误的是()A．两组对边分别相等的四边形是平行四边形B．四个内角都相等的四边形是矩形C．四条边都相等的四边形是菱形D．两条对角线垂直且互相平分的四边形是正方形7．如图，在矩形ABCD中，AD＝3，将矩形ABCD绕点A逆时针旋转，得到矩形AEFG，点B的对应点E落在CD上，且DE＝EF，则AB的长为() A．4 B．3 2 C．4.5 D．58．如图，正方形ABCD的边长为4，点E在对角线BD上，且∠BAE＝22.5°，EF⊥AB，垂足为F，则EF的长为()A．1 B. 2 C．4－2 2 D．3 2－49．如图，在菱形ABCD中，AB＝2，∠A＝120°，P，Q，K分别为线段BC，CD，BD上的任意一点，则P K＋Q K的最小值为()A．1 B. 3 C．2 D.3＋110．如图，依次连接第一个矩形各边的中点得到一个菱形，再依次连接菱形各边的中点得到第二个矩形，…，按照此方法继续下去，已知第一个矩形的面积为1，则第n个矩形的面积为()A.14 B.14n－1C.14n D.14n＋1二、填空题(每题3分，共24分)11．在正五边形ABCDE中，连接BE，则∠ABE的度数为________．12．如图，在▱ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，则图中成中心对称的三角形共有________对．13．如图，在菱形ABCD中，对角线AC＝6，BD＝10，则菱形ABCD的面积为________．14．如图，在四边形ABCD中，对角线AC，BD交于点O，OA＝OC，OB＝OD，添加一个条件使四边形ABCD是菱形，那么所添加的条件可以是________ (写出一个即可)．15．如图，在正方形ABCD中，点F为CD上一点，BF与AC交于点E，若∠CBF＝20°，则∠AED等于________度．16．如图，▱ABCD的对角线AC，BD相交于点O，E，F分别是线段AO，BO的中点．若AC＋BD＝30 cm，△OAB的周长为23 cm，则EF的长为__________．17．如图，在矩形ABCD中，对角线AC与BD相交于点O，CE⊥BD，垂足为点E，CE＝5，且EO＝2DE，则DE的长为________．18．如图，菱形纸片ABCD中，∠A＝60°，折叠菱形纸片ABCD，使点C落在DP(P为AB的中点)所在直线上的点C′处，得到经过点D的折痕DE，则∠DEC的大小为________．三、解答题(19题6分，20，21题每题8分，22，23题每题10分，其余每题12分，共66分)19．已知两个多边形的内角和为1 800°，且这两个多边形的边数之比为2:5，求这两个多边形的边数．20．如图，在锐角三角形ABC中，AD⊥BC于D，E，F，G分别是AC，AB，BC的中点，求证：FG＝DE.21．如图，四边形ABCD是菱形，对角线AC，BD相交于点O，DH⊥AB于H，连接OH，求证：∠DHO＝∠DCO.22．如图，已知▱ABCD和直线MN，点O在直线MN上．(1)画出▱A1B1C1D1，使▱A1B1C1D1与▱ABCD关于直线MN对称；(2)画出▱A2B2C2D2，使▱A2B2C2D2与▱ABCD关于点O成中心对称；(3)▱A1B1C1D1与▱A2B2C2D2对称吗？若对称，请在图中画出对称轴或对称中心．23．如图，在矩形ABCD中，点E在BC上，AE＝AD，DF⊥AE，垂足为F.(1)求证：DF＝AB；(2)若∠FDC＝30°，且AB＝4，求AD的长．24．如图，在▱ABCD中，AB＝3 cm，BC＝5 cm，∠B＝60°，G是CD的中点，E是边AD上的动点，EG的延长线与BC的延长线交于点F，连接CE，DF.(1)求证：四边形CEDF是平行四边形．(2)①当四边形CEDF是矩形时，求AE的长；②当四边形CEDF是菱形时，求AE的长．25．在正方形ABCD外侧作直线AP，点B关于直线AP的对称点为E，连接BE，DE，其中DE交直线AP于点F.(1)依题意补全图①；(2)若∠P AB＝20°，求∠ADF的度数；(3)如图②，若45°＜∠P AB＜90°，用等式表示线段AB，EF，FD之间的数量关系，并证明．答案一、1.C 2.D 3.C 4.C5．C 【点拨】根据题意易知△COF 的面积与△AOE 的面积相等，阴影部分的面积为矩形面积的四分之一． 6．D 7.B8．C 【点拨】根据正方形的对角线平分一组对角可得∠ABD ＝∠ADB ＝45°，再求出∠DAE 的度数．根据三角形的内角和定理求∠AED ，从而得到∠DAE ＝∠AED ，再根据等角对等边得到AD ＝DE ，然后求出正方形的对角线BD 的长，再求出BE 的长，进而在等腰直角三角形中利用勾股定理求出EF 的长． 9．B10．B 【点拨】第一个矩形的面积为1，第二个矩形的面积为14，第三个矩形的面积为116，…，故第n 个矩形的面积为14n －1.二、11.36° 12.4 13.30 14．AC ⊥BD (答案不唯一)15．65 【点拨】在正方形ABCD 中，AB ＝AD ，∠BAE ＝∠DAE ＝45°，∠ABC＝90°.在△ABE 和△ADE 中，⎩⎨⎧AB ＝AD ，∠BAE ＝∠DAE ，AE ＝AE ，∴△ABE ≌△ADE ，∴∠AEB ＝∠AED ，∠ABE ＝∠ADE . ∵∠CBF ＝20°，∴∠ABE＝70°，∴∠AED ＝∠AEB ＝180°－45°－70°＝65°. 16．4 cm17.5 【点拨】∵四边形ABCD 是矩形， ∴BD ＝AC ，OD ＝12BD ，OC ＝12AC ， ∴OC ＝OD .∵EO＝2DE，∴可设DE＝x，OE＝2x，∴OC＝OD＝3x.∵CE⊥BD，∴∠OEC＝90°.在Rt△OCE中，∵OE2＋CE2＝OC2，∴(2x)2＋52＝(3x)2，解得x＝5(负根舍去)，∴DE＝ 5.18．75°【点拨】如图，连接BD，由菱形的性质及∠A＝60°，得到三角形ABD 为等边三角形．由P为AB的中点，利用等腰三角形三线合一的性质得到∠ADP＝30°.由题意易得∠ADC＝120°，∠C＝60°，进而求出∠PDC＝90°，由折叠的性质得到∠CDE＝∠PDE＝45°，利用三角形的内角和定理即可求出∠DEC＝75°.三、19.解：设这两个多边形的边数分别是2x和5x，则(2x－2)·180°＋(5x－2)·180°＝1 800°，解得x＝2.则2x＝4，5x＝10.所以这两个多边形的边数分别为4和10.20．证明：∵AD⊥BC，∴∠ADC＝90°.又∵E为AC的中点，∴DE＝12AC.∵F，G分别为AB，BC的中点，∴FG是△ABC的中位线．∴FG＝12AC.∴FG＝DE.21．证明：∵四边形ABCD是菱形，∴OD＝OB，∠COD＝90°，AB∥CD. ∵DH⊥AB，∴OH ＝12BD ＝OB ，∴∠OHB ＝∠OBH . 又∵AB ∥CD ，∴∠OBH ＝∠ODC . ∴∠OHB ＝∠ODC .在Rt △COD 中，∠ODC ＋∠DCO ＝90°. 在Rt △DHB 中，∠DHO ＋∠OHB ＝90°， ∴∠DHO ＝∠DCO .22．解：(1)如图，▱A 1B 1C 1D 1即为所作． (2)如图，▱A 2B 2C 2D 2即为所作． (3)对称．如图，直线HL 即为对称轴．23．(1)证明：在矩形ABCD 中，AD ∥BC ，∠B ＝90°， ∴∠F AD ＝∠BEA .∵DF ⊥AE ，∴∠DF A ＝90°＝∠B .在△ADF 和△EAB 中，⎩⎨⎧∠DF A ＝∠B ，∠F AD ＝∠BEA ，AD ＝EA ，∴△ADF ≌△EAB (AAS)． ∴DF ＝AB .(2)解：∵∠F AD ＋∠ADF ＝90°，∠FDC ＋∠ADF ＝90°， ∴∠F AD ＝∠FDC ＝30°.∴AD ＝2DF . 又∵DF ＝AB ，∴AD ＝2AB ＝2×4＝8.24．(1)证明：∵四边形ABCD 是平行四边形，∴CF ∥ED ，∴∠FCG ＝∠EDG .∵G 是CD 的中点，∴CG ＝DG . 在△FCG 和△EDG 中，⎩⎨⎧∠FCG ＝∠EDG ，CG ＝DG ，∠CGF ＝∠DGE ，∴△FCG ≌△EDG ，∴FG ＝EG . ∵CG ＝DG ，∴四边形CEDF 是平行四边形．(2)解：①∵四边形ABCD 是平行四边形，∴∠CDA ＝∠B ＝60°，DC ＝AB ＝3 cm ，BC ＝AD ＝5 cm. ∵四边形CEDF 是矩形， ∴∠CED ＝90°.在Rt △CED 中，易得ED ＝12CD ＝1.5 cm ， ∴AE ＝AD －ED ＝3.5 cm.故当四边形CEDF 是矩形时，AE ＝3.5 cm. ②∵四边形CEDF 是菱形，∴CE ＝ED . 由①可知，∠CDA ＝60°， ∴△CED 是等边三角形， ∴DE ＝CD ＝3 cm.∴AE ＝AD －DE ＝5－3＝2(cm)． 故当四边形CEDF 是菱形时，AE ＝2 cm. 25．解：(1)如图①所示． (2)如图②，连接AE ，∵点E 是点B 关于直线AP 的对称点， ∴∠P AE ＝∠P AB ＝20°，AE ＝AB . ∵四边形ABCD 是正方形， ∴AE ＝AB ＝AD ，∠BAD ＝90°，∴∠AED ＝∠ADE ，∠EAD ＝∠DAB ＋∠BAP ＋∠P AE ＝130°， ∴∠ADF ＝180°－130°2＝25°.(3)EF2＋FD2＝2AB2.证明过程如下：如图③，连接AE，BF，BD，由轴对称和正方形的性质可得，EF＝BF，AE＝AB ＝AD，易得∠ABF＝∠AEF＝∠ADF，又∵∠BAD＝90°，∴∠ABF＋∠FBD＋∠ADB＝90°，∴∠ADF＋∠ADB＋∠FBD＝90°，∴∠BFD＝90°.在Rt△BFD中，由勾股定理得BF2＋FD2＝BD2.在Rt△ABD中，由勾股定理得BD2＝AB2＋AD2＝2AB2，∴EF2＋FD2＝2AB2.11。
高中生物新教材选择性必修一 同步试卷讲义 第5章 章末检测试卷(五)
章末检测试卷(五)(满分：100分)一、选择题(本题包括18小题，每小题3分，共54分)1．用不同实验材料分别对燕麦的胚芽鞘进行以下研究实验，若图中箭头所指表示实验进行一段时间后胚芽鞘的生长情况，实验结果正确的是()答案 C解析燕麦胚芽鞘的感光部位是尖端，所以用锡箔小帽套住尖端后，不能感光，因此燕麦胚芽鞘直立生长，A错误；生长素不能透过云母片，所以右侧生长素不能向下运输，胚芽鞘尖端下部左侧生长素分布多于右侧，所以燕麦胚芽鞘向右弯曲生长，B错误；生长素可以透过琼脂块，故尖端产生的生长素能向下运输，单侧光下生长素在尖端发生横向运输，导致背光侧生长素分布多于向光侧，故燕麦胚芽鞘向光弯曲生长，C正确；含生长素的琼脂块放置在去掉尖端的燕麦胚芽鞘右侧，导致右侧有生长素，促进右侧生长，故胚芽鞘向左弯曲生长，D错误。
2．下图是与生长素有关的几个实验，下列叙述不正确的是()A．三个实验的自变量依次是有无重力、IAA的浓度和材料托的倾斜程度B．实验1可说明重力使根尖处的生长素向远地侧运输，而茎尖处的生长素向近地侧运输C．实验2的目的是探究适于插条生根的最适IAA浓度D．实验3中几个琼脂块所含生长素的量的关系是A3＞A2＞A1＝a1＞a2＞a3答案 B解析实验1可说明重力使根尖处的生长素向近地侧运输，茎尖处的生长素也是向近地侧运输，B错误。
3．下列关于植物激素的叙述，正确的是()A．植物生长调节剂是人工合成的对植物生长发育有促进作用的物质B．植物体内激素的合成受光照、温度、水等环境因子的影响C．在培育无子番茄过程中，生长素改变了细胞中染色体的数目D．具顶端优势的枝条，其侧芽因生长素浓度过低而生长较慢答案 B解析植物生长调节剂是人工合成的物质，有促进类的和抑制类的，A错误；在培育无子番茄过程中，生长素并未改变细胞染色体的数目，只是促进了果实的发育，C错误；具顶端优势的枝条，其侧芽因生长素浓度过高而生长受到抑制，D错误。
高中生物新教材同步训练必修二章末检测试卷(五)
章末检测试卷(五)(满分：100分)一、选择题(本题包括20小题，每小题2.5分，共50分。
每小题只有一个选项符合题目要求) 1．(2023·河北石家庄高一校考)下列细胞中最不容易发生基因突变的是()A．正在分裂的蛙红细胞B．人神经细胞C．正在分裂的精原细胞D．洋葱根尖分生区细胞2．果蝇某染色体上的DNA分子中一个脱氧核苷酸发生了改变，则()A．染色体上基因的数量一定减少B．表达的蛋白质分子结构不一定改变C．碱基配对方式发生改变D．染色体上所有基因碱基序列都发生改变3．(2023·江苏淮安高一月考)细胞的癌变受多种致癌因子的作用，TGF－β1－Smads是一条抑制肿瘤的信号传递途径。
研究表明，胞外蛋白TGF－β1与靶细胞膜上受体结合，激活胞内信号分子Smads，生成复合物转移到细胞核内，诱导靶基因的表达，阻止细胞异常增殖，抑制恶性肿瘤的发生。
下列相关叙述错误的是()A．恶性肿瘤细胞膜上的糖蛋白减少，因此易分散和转移B．原癌基因或抑癌基因发生突变，可能引发细胞癌变C．从功能来看，复合物诱导的靶基因属于抑癌基因D．没有患癌症的人体细胞染色体上没有与癌变有关的基因4．酵母菌细胞中一个基因发生突变后，使mRNA中段增加了连续的三个碱基AAG(终止密码子有UGA、UAG、UAA)。
据此推测，下列叙述错误的是()A．突变后的基因在复制时参与复制的嘧啶脱氧核苷酸的比例不改变B．突变后的基因编码的多肽链最多只有两个氨基酸与原多肽链不同C．突变后的基因表达时可能会在mRNA增加AAG的位置停止翻译D．突变前后的基因在编码多肽链过程中需要的tRNA种类可能相同5．与无性生殖相比，有性生殖产生的后代具有更大的变异性，其根本原因是()A．产生更多基因突变B．产生更多新的基因组合C．产生更多新的基因D．更易受环境影响而发生变异6.已知某植株中1号染色体发生片段缺失，无正常1号染色体的种子不萌发。
该植株体内控制宽叶(B)和窄叶(b)的基因位于1号染色体上的位置如图所示。
人教版高中生物学选择性必修1稳态与调节精品课件 第5章章末测评卷
9. [2023江苏无锡高三统考期末]水稻种植过程中，植株在中后期易倒伏是常见问题。 在适宜时期喷施适量的调环酸钙溶液，能缩短水稻基部节间长度，增强植株抗倒伏能 力。下列叙述错误的是( C ) A.调环酸钙是一种植物生长调节剂 B.喷施调环酸钙的关键之一是控制施用浓度 C.若调环酸钙喷施不足，可尽快喷施赤霉素进行补救 D.在水稻基部节间伸长初期喷施调环酸钙可抑制其伸长 [解析] 调环酸钙是一种植物生长调节剂，能缩短水稻基部节间长度，增强植株抗倒伏 能力，A项正确；喷施调环酸钙的关键之一是控制施用浓度，B项正确；赤霉素促进茎 秆生长，若调环酸钙喷施不足，不能喷施赤霉素进行补救，C项错误；在水稻基部节 间伸长初期喷施调环酸钙可抑制其伸长，D项正确。
B.由图甲可知，单侧光会引起向光侧、背光侧的细胞伸长程度不同 C.图乙中根向水侧的生长素浓度高于背水侧，导致根向水生长，体现了生长素的作用 特点是较低浓度促进生长、过高浓度抑制生长 D.图乙中生长素的运输需要消耗能量
[解析] 图甲体现了胚芽鞘的向光弯曲生长，但无法体现背光侧生长素浓度高于向光侧 生长素浓度，A项错误；由图甲可知，背光侧细胞的长度大于向光侧，由此推知单侧 光会引起向光侧、背光侧的细胞伸长程度不同，B项正确；由于根对生长素敏感，根 表现出向水性是由于向水侧的生长素浓度高于背水侧，背水侧较低浓度促进生长，向 水侧过高浓度抑制生长，体现了生长素的作用特点，C项正确；生长素由背水侧横向 运输到向水侧，是低浓度到高浓度的主动运输，因此需要消耗能量，D项正确。
[解析] 向光素在蓝光刺激下，可发生自磷酸化而被激活，进行生长素的侧向运输，说 明向光素是感受蓝光的受体蛋白，A项正确；激活的向光素调节生长素运输载体的定 位，进而引起生长素侧向运输，故生长素在尖端的侧向运输与细胞膜上运输生长素的 载体位置有关，B项正确；植物的生长发育根本上是受基因调控的，生长素通过诱导 相关基因的表达从而实现对尖端下面两侧细胞生长的调节，C项正确；植物的向光性 无法体现生长素过高浓度抑制生长的特性，D项错误。
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章末检测试卷（第5章）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列有关酶的叙述中，正确的是（）A．酶是活细胞产生的在细胞内外均可起调节作用的有机物B．检测蛋白酶的催化作用可用双缩脲试剂检验反应物是否完全水解C．较弱光照条件下，因与光反应有关的酶的活性降低，光合作用的速率会减小D．淀粉酶经高温烘干制成药剂后会因空间结构遭到破坏而失活2．在常温下H2O2溶液几乎不分解,但加入肝脏研磨液后,会快速分解成H2O和O2。
反应过程中能量变化如下图所示,其中表示活化能的是( )A．E2B．E3C．E3-E2D．E2-E13．某同学进行了下列有关酶的实验：甲组：淀粉溶液+新鲜唾液+斐林试剂→有砖红色沉淀乙组：蔗糖溶液+新鲜唾液+斐林试剂→无砖红色沉淀丙组：蔗糖溶液+蔗糖酶溶液+斐林试剂→？下列叙述正确的是A．丙组的实验结果是“无砖红色沉淀”B．加入斐林试剂后通常还应沸水浴加热C．该同学的实验目的是验证酶的专一性D．为省去水浴加热步骤，可用碘液代替斐林试剂4．下图甲是H202酶活性受pH影响的曲线，图乙表示在最适温度下，pH=b时H202分解产生的02量随时间的变化。
下列叙述正确的是A ．温度降低时，乙图中的e 点不变，d 点右移B ．H 202量增加时，乙图中的e 点上升，d 点左移C ．最适温度下，pH=c 时，乙图中e 点的值为0D ．最适温度下，pH=a 时，乙图中e 点下移，d 点左移 5．下列有关ATP 的叙述中，不正确的是（ ） A ．ATP 的合成一般与放能反应相联系B ．细胞内ATP 与ADP 相互转化的能量供应机制是生物界的共性C ．ATP 在细胞内含量不多，但却是细胞的直接能源物质D ．细胞内合成ATP 所需能量只来源于细胞呼吸6．如图表示ATP 的结构，下列相关说法正确的是（ ）A ．b 键断裂后形成ADP 和PiB ．图中的3表示ATP 中的“A”C ．由1、2、3各一分子形成的物质是组成DNA 的基本单位之一D ．与b 键相比，a 键更容易发生断裂 7．下列有关“ATPADP Pi ++酶酶能量”的叙述，正确的是（ ）A ．反应向左进行和向右进行时所需的酶是一样的B ．反应向右进行时释放能量，向左进行时储存能量C ．整个反应是一个可逆平衡的过程D ．植物细胞和动物细胞发生这个反应的生理过程都一样 8．下列有关探究酵母菌细胞呼吸方式实验的叙述，正确的是 A ．隔绝O 2的一组产生的CO 2量远大于通入O 2的一组B ．葡萄糖培养液煮沸的目的是杀灭微生物并去除培养液中的O 2C ．可以用溴麝香草酣蓝水溶液检测无氧呼吸的产物——酒精D．可以通过是否产生CO2来判断酵母菌细胞呼吸的方式9．如图从左到右表示A TP合成和分解的过程，下列叙述不正确的是（）A．ATP生成ADP的过程中断裂了远离“A”的高能磷酸键B．能量1在动物体内可以来自细胞呼吸，在植物体内可以来自光合作用和细胞呼吸C．能量2可以用于各种生命活动，例如红细胞吸收葡萄糖分子的过程D．在原核细胞中也可以发生ATP和ADP的相互转化过程10．在a、b、c、d条件下，测得某植物种子萌发时CO2和O2体积变化的相对值如表。
若底物是葡萄糖，则下列叙述中正确的是A．a条件下，呼吸产物除CO2外还有酒精和乳酸B．b条件下，有氧呼吸消耗的葡萄糖比无氧呼吸多C．c条件下，无氧呼吸最弱D．d条件下，产生的CO2全部来自线粒体11．某实验室用两种方式进行酵母菌发酵葡萄糖生产酒精。
甲发酵罐中保留一定量的氧气，乙发酵罐中没有氧气，其余条件相同且适宜。
实验过程中每小时测定一次两发酵罐中氧气和酒精的物质的量，记录数据并绘成下面的坐标图。
据此下列说法中正确的是（）A．甲发酵罐实验结果表明在有氧气存在时酵母菌无法进行无氧呼吸B．甲、乙两发酵罐分别在第4小时和第5小时无氧呼吸速率最快C．该实验证明向葡萄糖溶液中通入大量的氧气可以提高酒精的产量D．在实验结束时甲、乙两发酵罐中产生的二氧化碳量之比为8∶512．细胞呼吸原理在生产生活中应用广泛，以下分析不正确的是A．铁钉扎脚形成较深的伤口，应保持通气，以满足伤口处细胞的有氧呼吸B．稻田定期排水可以促进根的有氧呼吸，避免长时间的无氧呼吸产生酒精导致烂根C．啤酒、果醋的制作是利用酵母菌、醋酸杆菌等微生物的呼吸作用D．慢跑等有氧运动有利于人体细胞的有氧呼吸，避免肌细胞积累过多的乳酸13．细胞呼吸的过程如图所示，其中①～③代表有关生理过程发生的场所，甲、乙代表有关物质。
下列相关叙述错误的是()A．①是细胞质基质，③是线粒体B．甲进入③的前提是有O2存在C．若乙是乳酸，则①②③中都能够产生ATPD．本图所示的生理过程如果发生在酵母菌体内，则乙一定是酒精和CO214．有一瓶加入了酵母菌的葡萄糖培养液，当通入不同浓度的氧气时，其产生酒精和CO2的量如图所示（实线表示酒精的生成量，虚线表示CO2的生成量），在氧浓度为a 时（）A．酵母菌只进行无氧呼吸B．有氧呼吸产生了15mol CO2C．酵母菌能够将酒精彻底氧化分解，释放CO2和能量D．酵母菌无氧呼吸消耗的葡萄糖是有氧呼吸消耗的2倍15．下列关于光合作用的说法正确的是（）A．绿色植物进行光合作用时，光能的吸收发生在叶绿体的内膜上B．光合作用的产物——淀粉是在叶绿体基质中合成的C．光合作用中形成A TP的部位是叶绿体基质D．光合作用中产生O2的场所是叶绿体基质16．下列有关“绿叶中色素的提取和分离”实验的叙述中，错误的是A．将5克新鲜菠菜叶剪碎后，放入研钵中，加入碳酸钙、石英砂和无水乙醇后加以研磨B．吸取少量滤液，沿铅笔细线均匀画出一道滤液细线，并连续快速画2一3次C．把画好细线的滤纸条插入层析液中，滤液细线不能浸没在层析液中D．滤纸上相邻色素带间距离最近的是叶绿素a与叶绿素b17．植物光合作用的作用光谱是通过测量光合作用对不同波长光的反应（如O2的释放）来绘制的。
下列叙述错误的是（）A．类胡萝卜素在红光区吸收的光能可用于光合作用；B．叶绿素的吸收光谱可通过测量其对不同波长光的吸收值来绘制C．光合作用的作用光谱也可用CO2的吸收速率随光波长的变化来表示D．叶片在640~660nm波长光下释放O2是由叶绿素参与光合作用引起的18．叶绿体与线粒体是植物细胞内两个重要的细胞器，在光照条件下，它们各自产生的部分物质是可以循环利用的，下面能正确表示两者关系的是①叶绿体产生的葡萄糖可进入线粒体内被利用②线粒体产生的二氧化碳可进入叶绿体内被利用③叶绿体产生的氧气可进入线粒体内被利用④线粒体产生的水可进入叶绿体内被利用⑤线粒体产生的A TP可进入叶绿体内被利用A．①②③B．②③④C．①④⑤D．②③⑤19．在光合作用的探究历程中，人们利用离体的叶绿体进行实验，逐渐探明了水的光解和NADPH的产生过程。
下列分析正确的是（）A．水的光解需要叶绿体色素和酶的共同作用B．NADPH的合成发生在类囊体薄膜上并存在能量的转换C．NADPH进入叶绿体基质并参与合成C3的反应D．自养生物细胞的光反应过程都发生在叶绿体中20．如图所示为叶绿体中色素分子等成分在膜上的分布以及某些过程。
下列相关说法正确的是（）A．H2O→H++O2发生在光反应阶段，场所是叶绿体基质B．ADP+Pi→ATP发生在暗反应阶段，场所是叶绿体基质C．图示的反应是光反应，场所是类囊体薄膜D．暗反应中光能转化为有机物中的化学能21．人参为“东北三宝”之首，其茎单生，直立，叶为掌状复叶。
当叶片进行光合作用时，光反应阶段为暗反应阶段提供的物质是（）A．O2和C3B．叶绿体色素C．O2和NADPH D．NADPH和A TP22．下图表示光合作用的过程，其中Ⅰ、Ⅱ表示光合作用的两个阶段，a、b表示相关物质。
下列叙述正确的是A．物质a表示[H] B．物质b表示C3C．阶段Ⅰ表示暗反应D．阶段Ⅱ表示光反应23．下图表示某植物叶片暗反应中C3和C5化合物微摩尔浓度的变化趋势，该植物在Ⅰ阶段处于适宜环境条件下，Ⅱ阶段改变的环境条件是降低光照强度或者降低CO2浓度中的某一项。
下列分析正确的是A．图中物质甲转变成乙需要消耗光反应提供的ATPB．图中Ⅱ阶段所改变的环境条件是降低了光照强度C．Ⅱ阶段甲上升是因为叶绿体中[ H ]和ATP的积累D．Ⅱ阶段光合速率最大时所需光照强度比Ⅰ阶段低24．图甲表示全光照和不同程度遮光对某种水稻（阳生植物）叶片中叶绿素含量的影响；图乙表示初夏某天在遮光50%条件下，温度、光照强度、该植物净光合速率和气孔导度（气孔张开的程度）的日变化趋势。
下列有关说法正确的是（）A．分析图甲，可以推测在叶面积相同的情况下，阴生植物的叶绿素含量高于阳生植物的B．分析图甲，可知遮光90%条件下水稻的产量高于遮光50%条件下水稻的产量C．分析图乙，可知8:00到12:00净光合速率降低，主要原因是气孔导度降低D．分析图乙，可知8:00时水稻光合速率为零，18:00时有机物积累最多25．对某植物在不同环境条件下氧气的吸收量和释放量进行测定，结果如表所示：下列对结果的分析不合理的是（）A．在5 klx光照条件下5小时，10℃时光合作用产生的O2总量比20℃时多2.5mg B．在20℃时，分别用10 klx和5 klx光照10小时，黑暗14小时，氧气增加量前者比后者多30mgC．在10℃、10 klx光照4.8小时后，转入20℃黑暗环境19.2小时，氧气变化量为0 D．该实验的自变量是光照强度、温度和光照时间，二氧化碳浓度等属于无关变量二、实验题26．小麦有红粒小麦和白粒小麦，白粒小麦的穗发芽率高于红粒小麦。
为探究淀粉酶活性与小麦穗发芽率的关系，取穗发芽时间相同、质量相等的红、白粒小麦种子，分别加蒸馏水研磨、制成提取液（去淀粉），并在适宜条件下进行实验。
实验分组、步骤及结果如表所示：注：“+”数目越多表示蓝色越深。
（1）步骤①中加入的X是________，步骤②中加缓冲液的目的是________。
（2）根据显色结果可以推测：淀粉酶活性越高，穗发芽率越________。
（3）若步骤③中的淀粉溶液浓度适当减小，为保持显色结果不变，则保温时间应________。
（4）若要探究淀粉酶催化淀粉水解的最适温度，能否选用斐林试剂检测实验结果？________。
请简要说明理由：______________________________。
27．A TP作为细胞中的直接能源物质，为细胞生命活动直接提供能量。
为了研究ATP 合成过程中的能量转换机制，科学家利用提纯的大豆磷脂、某种细菌膜蛋白（Ⅰ）和牛细胞中的ATP合成酶（Ⅱ）构建了ATP体外合成体系，如图所示。