物理-考前增分集训 集训一 专项特色练
新教材2025届高考物理二轮专项分层特训卷第二部分专项增分练1思维方法练
其次部分 专项增分练 专项增分练1 思维方法练【1.逆向思维法】1．[2024·山东枣庄模拟]如图所示，完全相同的三块木块并排固定在水平地面上，一颗子弹以速度v 1水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动且穿过第三块木块后速度恰好为零，则下列说法中正确的是( )A ．子弹依次射入每块木块时的速度之比为v 1∶v 2∶v 3＝3∶2∶1B ．子弹依次射入每块木块时的速度之比为v 1∶v 2∶v 3＝3∶2∶1C ．子弹穿过每块木块所用时间之比为t 1∶t 2∶t 3＝1∶2∶ 3D ．子弹穿过每块木块所用时间之比为t 1∶t 2∶t 3＝1∶(2－1)∶(3－2)2．如图所示，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H .上升第一个H 4所用的时间为t 1，第四个H 4所用的时间为t 2.不计空气阻力，则t 2t 1满意( )A ．1＜t 2t 1＜2B ．2＜t 2t 1＜3C ．3＜t 2t 1＜4D ．3＜t 2t 1＜53．[2024·浙江模拟]如图甲所示，抚州市两名消防员在水平地面A 、B 两处运用相同口径的喷水枪对高楼着火点进行灭火．喷水枪喷出水的运动轨迹简化为如图乙所示，假设两喷水枪喷出的水均能垂直击中竖直楼面上的同一位置P 点．不计空气阻力，则( )A ．A 处水枪喷出的水在空中运动的时间较长B ．A 处水枪喷口每秒喷出水的体积较大C ．B 处水枪喷出的水击中墙面的速度较大D ．B 处水枪喷口喷出水的初速度较大【2.微元法】4．用水平拉力拉着物块沿半径为R 的水平圆轨道运动一周，如图所示，已知物块与轨道间的动摩擦因数为μ，物块质量为m ，重力加速度为g ，则此过程中摩擦力所做的功为( )A ．－2μmg πRB ．2μmg πRC ．μmg πRD ．05．[2024·北京石景山模拟]如图所示，一个匀称的带电圆环，带电量为＋Q ，半径为R ，放在绝缘水平桌面上．圆心为O 点，过O 点做一竖直线，在此线上取一点A ，使A 到O 点的距离为R ，在A 点放一检验电荷＋q ，则＋q 在A 点所受的静电力为( )A ．2kQq 4R 2，方向向下B ．kQqR 2，方向向上 C ．kQq R 2，方向向下D ．2kQq 4R2，方向向上 6．[2024·福建泉州一模]水刀(如图所示)，即以水为刀，本名高压水射流切割技术，以其冷切割不会变更材料的物理化学性质而备受青睐．目前在中国，“水刀”的最大压强已经做到了420MPa.“水刀”在工作过程中，将水从细喷嘴高速喷出，干脆打在被切割材料的表面上，假设高速水流垂直打在材料表面上后，立即沿材料表面散开没有反弹，已知水的密度为ρ＝1.0×103kg/m 3，试估算要达到我国目前的“水刀”压强，则该“水刀”喷出的水流速度约为 ( )A ．600m/sB ．650m/sC ．700m/sD ．750m/s7．[2024·陕西汉中模拟](多选)如图所示，相距为l 的平行光滑导轨ABCD 和MNPQ 两侧倾斜、中间水平，且电阻不计，在导轨的两端分别连有电阻R 1和R 2，且电阻R 1＝R 2＝r ，左侧倾角为θ，在ABNM 区域内存在垂直斜面对上的匀强磁场，磁感应强度大小为B 0，水平部分虚线ef 和gi 之间的矩形区域内，有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度也为B 0.一质量为m 、电阻为r 、长度也为l 的金属导体棒，从距水平轨道h 高处由静止释放，滑究竟端时的速度为v 0，第一次穿过efig 磁场区域后速度变为13v 0.已知导轨和金属棒始终接触良好，倾斜部分轨道和水平部分平滑连接，则下列说法正确的有( )A.导体棒从静止起先下滑究竟端BN 过程中，电阻R 1上产生的热量为13(mgh －12mv 20 )B ．导体棒第一次通过水平区域磁场过程中通过导体棒的电荷量为2mv 03B 0lC ．虚线ef 和gi 之间的距离mv 0rB 20 l 2D ．导体棒最终可能停在水平磁场ef 处【3.对称法】8．[2024·云南丽江模拟](多选)如图所示，边长为2a 的正方形ABCD 的中心在直角坐标系xOy 的原点O ，AD 平行于x 轴，电荷量为－Q 的点电荷固定在G 点(－2a ，0)，电荷量为＋Q 的点电荷固定在H 点(2a ，0).电荷量为＋q 的点电荷在外力作用下从A 点沿AD 运动到D 点，再沿DC 运动到C 点．则( )A ．A 、B 两点的电场强度大小相等 B ．A 、B 两点的电场强度方向相同C ．点电荷＋q 从A 到D 的过程中，电势能增大 D ．点电荷＋q 从D 到C 的过程中，电势能保持不变9．[2024·浙江模拟]如图，电荷量为q 的点电荷与匀称带电薄板相距2d ，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心．若图中A 点的电场强度为0，则图中B 点的电场强度的大小为( )A ．0B ．kq d 2C ．8kq 9d 2D ．10kq9d210．如图，一束单色光射入一玻璃球体，入射角为60°.已知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行．此玻璃的折射率为( )A ． 2B ．1.5C ． 3D ．211．(多选)如图是某鱼漂的示意图，O 、M 、N 为鱼漂上的三个点．当鱼漂静止时，点O 恰好在水面．用手将鱼漂向下压，使点M 到达水面，松手后，鱼漂会上下运动，上升到最高处时，点N 到达水面，鱼漂的运动可看成简谐运动．下列说法正确的是( )A.点O 到达水面时，鱼漂的速度最大B ．点M 到达水面时，鱼漂具有向下的加速度C ．松手后，当鱼漂由下往上运动时，速度先变大后变小D ．一个周期内，鱼漂的点O 只有一次到达水面【4.补偿法】12．如图所示，有一个质量为M ，半径为R ，密度匀称的大球体．从中挖去一个半径为R2的小球体，并在空腔中心放置一质量为m 的质点，则大球体的剩余部分对该质点的万有引力大小为(已知质量分布匀称的球壳对壳内物体的引力为零)( )A ．G Mm R2B ．0 C ．4G Mm R 2D ．G Mm2R213．如图所示，半径为R 的绝缘细圆环上匀称分布着电荷量为Q 的正电荷，A 、B 、C 三点将圆周三等分．取走A 、B 处弧长均为ΔL 的圆弧上的电荷(ΔL ≪R )，静电力常量为k ，此时圆心O 处电场强度( )A ．方向沿CO ，大小为k Q ΔL2πR3B ．方向沿OC ，大小为k Q ΔL2πR3C ．方向沿CO ，大小为k Q ΔLπR 3 D ．方向沿OC ，大小为kQ ΔLπR3 【5.等效法】14．如图所示，一段导线abcd 弯成半径为R 、圆心角为90°的部分扇形形态，置于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，且与磁场方向(垂直于纸面对里)垂直．线段ab 和cd 的长度均为R2.流经导线的电流为I ，方向如图中箭头所示．则导线abcd 所受到的安培力为( )A ．方向沿纸面对上，大小为2BIR2B ．方向沿纸面对上，大小为（π－2）BIR2C ．方向沿纸面对下，大小为2BIR2D ．方向沿纸面对下，大小为（π－2）BIR215．如图所示为一双线摆，它是在一水平天花板上用两根等长细绳悬挂一小球而构成的，绳的质量可以忽视，设图中的l 和α为已知量，当小球垂直于纸面做简谐振动时，周期为( )A ．2πl sin αg B ．2πl gC ．πlgD ．2πl cos αg16．[2024·重庆渝中模拟]如图所示，固定的光滑竖直杆上套着一个滑块，滑块用轻绳系着绕过光滑的定滑轮O (滑轮大小可忽视).现以大小不变的拉力F 拉绳，使滑块从A 点起由静止起先上升．滑块运动到C 点时速度最大．已知滑块质量为m ，滑轮O 到竖直杆的距离为d ，∠OAO ′＝37°，∠OCO ′＝53°，重力加速度为g .下列说法正确的是( )A ．拉力F 的大小为54mgB ．滑块做匀加速运动C ．滑块由A 到C 过程中拉力F 做的功为2536mgdD ．滑块由A 到C 的过程中拉力F 做功为56mgd17．[2024·河南联考](多选)如图所示，倾角为30°的光滑斜面上固定有光滑圆弧轨道，a 、c 点分别为最高和最低点，b 、d 两点与圆心等高，斜面上有平行于斜面的水平匀强电场，一质量为m ，电量为q 的带正电小球(视为质点)，从b 点无初速释放，球沿轨道运动最远到达c 点；现在b 点将小球以速度v 0沿斜面对下弹出，小球恰好能沿轨道做圆周运动而不脱离，重力加速度为g ，以下说法正确的是( )A ．电场方向由b 指向dB ．电场强度大小为mg2qC ．圆弧轨道半径为（32＋2）v 27gD ．小球电势能最大时动能为11－6214mv 20 18．如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，在匀强电场中有一根长为L 的绝缘细线，细线一端固定在O 点，另一端系一质量为m 的带电小球．小球静止时细线与竖直方向成θ角，此时让小球获得初速度且恰能绕O 点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动，重力加速度为g ，不考虑空气阻力．下列说法正确的是( )A.匀强电场的电场强度E ＝mg sin θqB ．小球做圆周运动过程中动能的最小值为E kmin ＝mgL2cos θC ．小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小D ．小球从初始位置起先，在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先减小后增大 19．[2024·江西新余模拟](多选)如图所示，在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B 、方向相反的水平匀强磁场，PQ 为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a 、质量为m 、电阻为R 的金属圆环垂直磁场方向，以速度v 从图示位置(实线所示)起先运动，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ 重合时(虚线所示)，圆环的速度变为v2，则下列说法正确的是( )A ．此时圆环的电功率为2B 2a 2v2RB ．此时圆环的加速度大小为8B 2a 2v mRC ．此过程中通过圆环截面的电荷量为πBa 2RD ．此过程中回路产生的电能为0.75mv 220．(多选)原子中的电子绕原子核的圆周运动可以等效为环形电流．设氢原子的电子以速率v 在半径为r 的圆周轨道上绕核转动，周期为T .已知电子的电荷量为e 、质量为m ，静电力常量为k ，则其等效电流大小为( )A ．e TB ．ev2πr C ．e2πrk mr D ．e 22πr k mr【6.类比法】21．类比是学习和探讨物理的一种重要思维方法．我们已经知道，在磁感应强度为B 的匀强磁场中，垂直于磁场方向放置一面积为S 的平面，穿过它的磁通量Φ＝BS ；与之类似，我们也可以定义电通量．在真空中有一电荷量为＋Q 的点电荷，其电场线和等势面分布如图所示，等势面M ，N 到点电荷的距离分别为r 1，r 2，通过等势面M ，N 的电通量分别为Φ1，Φ2，已知r 1∶r 2＝1∶2，则Φ1∶Φ2为( )A ．1∶4B．1∶2 C ．1∶1D．4∶122．如图所示，在竖直平面内，两质量均为m 、电荷量均为＋q 的小球(视为质点)P 、Q 用一段绝缘细线连接，整个装置始终处在垂直纸面对里、磁感应强度为B 的匀强磁场中．让小球P 固定不动，将细线水平拉直后由静止释放小球Q ，当绳与水平方向夹角为α(小于90°)时，小球的加速度大小为( )A．2g sinαB．g cosαC．g3sin2α＋1D．g4－3sin2α【7.整体法和隔离法】23．[2024·辽宁大连模拟]中欧班列在欧亚大陆开拓了“生命之路”，为国际抗疫贡献了中国力气．某运输防疫物资的班列由30节质量相等的车厢组成，在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第2节车厢对第3节车厢的牵引力为F.若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第3节车厢对倒数第2节车厢的牵引力为( )A 114F B．1415FC．F D．115F24．[2024·江西宜春模拟](多选)如图所示，倾角为θ＝30°的斜面体放置在水平面上，其底面粗糙、斜面部分光滑，斜面体上的物块在大小为F0的水平拉力作用下保持静止，现将拉力顺时针转过肯定角度α后，拉力大小仍为F0，物块仍能保持静止．整个过程斜面体始终处于静止状态，则在拉力水平和转过角度α后两种状况下( )A．物块对斜面的压力大小之比为2∶1B．物块对斜面的压力大小之比为3∶1C．斜面体与水平面间摩擦力大小之比为2∶1D．斜面体与水平面间摩擦力大小之比为2∶125．[2024·河北廊坊模拟](多选)如图所示，质量为4kg的长木板A放在光滑水平地面上，质量为2kg的物块B静止在木板上，A、B之间的动摩擦因数为μ＝0.2，重力加速度大小为g＝10m/s2，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用水平向右的拉力F作用在长木板上，下列说法中正确的是( )A．F＝6N时，B受到A的摩擦力为2N，方向水平向右B．F＝10N时，A、B之间会发生相对滑动C．F＝14N时，B的加速度大小为2m/s2D．若A与地面动摩擦因数为μ2＝0.3，当F＝25N时，A、B没有相对滑动【8.临界值法】26．[2024·浙江台州模拟](多选)如图，两个质量均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为L，b与转轴的距离为2L.木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g.若圆盘从静止起先绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是( )A ．a 、b 所受的摩擦力始终相等B ．b 肯定比a 先起先滑动C ．ω＝kg2L是b 起先滑动的临界角速度 D ．当ω＝2kg3L时，a 所受摩擦力的大小为kmg 27．[2024·湖南常德模拟](多选)如图所示，直角三角形abc 区域内(含边界)存在垂直于纸面对外、磁感应强度大小为B 的匀强磁场，顶点a 处有一离子源，沿ac 方向同时射出一群速度大小不同的正离子，离子的质量均为m 、电荷量均为q ，已知∠bac ＝30°，bc 边长为L ，不计离子的重力及离子间的相互作用力，则下列说法正确的是( )A ．从ab 边界射出的离子，肯定同时平行射出B ．从bc 边界射出的离子在磁场中运动的时间均不小于πm3qBC ．从bc 边界射出的离子的速度均不小于3BqLmD ．当某离子垂直于bc 边界射出时，磁场中的全部离子都在与ab 边界成15°角的一条直线上28．[2024·四川成都高一统考]如图所示，小球A 可视为质点，装置静止时轻质细线AB 水平，轻质细线AC 与竖直方向的夹角37°.已知小球的质量为m ，细线AC 长l ，B 点距C 点的水平和竖直距离相等．装置能以随意角速度绕竖直轴转动，且小球始终在BO ′O 平面内，那么在角速度ω从零缓慢增大的过程中( )(重力加速度g 取10m/s 2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)A.两细线张力均增大B ．细线AB 中张力始终变小，直到为零C ．细线AC 中张力始终增大D ．当AB 中张力为零时，角速度可能为5g 4l[答题区]专项增分练1 思维方法练1．解析：将匀减速直线运动看做初速度为零的匀加速直线运动的逆运动，由初速度为零的匀加速直线运动可知v ＝2ax ，则v 1∶v 2∶v 3＝2a·3x∶2a·2x∶2a·x＝3∶2∶1，A 错误，B 正确；由位移公式x ＝12at 2得t ＝2xa，从右往左依次穿过木块的时间之比为t 右∶t 中∶t 左＝2x a∶2·2xa∶2·3xa＝1∶2∶3，则穿过每块木块所用时间之比为t 1∶t 2∶t 3＝(3－2)∶(2－1)∶1，C 、D 都错误．答案：B2．解析：运动员起跳到达最高点的瞬间速度为零，又不计空气阻力，故可逆向处理为自由落体运动．则依据初速度为零匀加速运动，相等相邻位移时间关系，有1∶(2－1)∶(3－2)∶(2－3)，因此t 2t 1＝12－3＝3＋2≈3.732s ，故t 2t 1满意3＜t 2t 1＜4，C 正确．答案：C3．解析：由于两喷水枪喷出的水均能垂直击中竖直楼面上的同一位置P 点，则该运动可以等效为反方向的平抛运动，依据h ＝12gt 2可知，高度相等，则两处水枪喷出的水在空中运动的时间相等，A 错误；依据x ＝v 0t ，v y ＝2gh ，v ＝v 20 ＋v 2y ，结合上述可知，时间相等，A 处水枪喷出的水的水平位移大一些，则A 处水枪喷出的水的水平分初速度大一些，高度相等，则竖直分速度相等，可知，A 处水枪喷出的水的初速度v 大一些，则A 处水枪喷口每秒喷出水的体积较大，B 正确，D 错误；水被喷出后，在水平方向做匀速直线运动，依据上述，A 处水枪喷出的水的水平分初速度大一些，即A 处水枪喷出的水击中墙面的速度较大，C 错误．答案：B 4．解析：在整个过程中物块受到的摩擦力大小f ＝μmg 不变，方向时刻变更，是变力．我们可以把圆周分成多数小微元段，每一小段可近似看成直线，且每小段的摩擦力与运动方向始终相反，则W 1＝－μmgs 1，W 2＝－μmgs 2，W 3＝－μmgs 3，…，W n ＝－μmgs n ，物块运动一周，摩擦力做功为W ＝W 1＋W 2＋W 3＋…＋W n ＝－μmg(s 1＋s 2＋s 3＋…＋s n )＝－2μmg πR ，A 正确．答案：A5．解析：取长度为Δx 的微元，微元的带电量为q 0＝Q2πR ·Δx ，微元对A 点的＋q 在竖直方向上的分力为F y ＝kqq 0（2R ）2cos 45°，依据对称性可知，圆环对电荷在水平方向上的分力相互平衡，则＋q 在A 点所受的静电力为F ＝2πR Δx ·F y ＝2kQq4R 2，方向向上，D 正确．答案：D6．解析：设水流速度为v ，横截面积为s ，在极短时间Δt 内的质量Δm ＝ρvs Δt ，由动量定理得Δmv ＝ps Δt ，解得v ＝650m /s ，B 正确．答案：B7．解析：设此过程整个装置产生的热量为Q ，R 1上产生的热量为Q 1，依据能量守恒得mgh ＝Q ＋12mv 20 ，因为电阻R 1＝R 2＝r ，所以通过导体棒的电流是R 1或R 2的2倍，依据焦耳定律可知导体棒产生的热量是R 1或R 2产生热量的4倍，所以Q 1＝12Q r ＋r 2·r 2＝Q 6＝16(mgh －12mv 20 )，A 错误；设ef 和gi 之间的距离为x ，穿过磁场过程流过导体棒的电荷量为q 1，依据动量定理可得－B 0I －l·Δt ＝m·13v 0－m·v 0，又I －Δt ＝q 1，所以q 1＝m·v 0－m ·13v 0B 0l ＝2mv 03B 0l，B 正确；依据欧姆定律有ΔΦΔt R 总＝I －＝q 1Δt ，又R 总＝r ＋12r ＝32r ，ΔΦ＝B 0lx ，联立解得x ＝mv 0rB 20 l2，C 正确；设导体棒在ef 和gi 之间的磁场区经过的总路程为s ，通过导体棒的电荷量为q 2，依据动量定理得－B 0lq 2＝0－m·v 0，又B 0lsΔt 32r ＝q 2Δt ，解得s ＝3mv 0r 2B 20 l 2＝32x ，故导体棒最终停在水平磁场的正中间，D 错误．答案：BC8．解析：依据等量异种电荷电场线分布的对称性，可知A 点与B 点电场强度大小相等，A 正确；依据等量异种电荷电场线分布的对称性，可知A 点与B 点电场强度的方向不相同，A 点电场强度方向沿向左偏下方向，B 点电场强度方向沿向左偏上方向，B 错误；依据对称性可知，ABCD 四个点的电势大小关系是φD ＝φC >φA ＝φB ，点电荷＋q 从低电势A 到高电势D 的过程中，电场力做负功，因此电势能增加，C 正确；点电荷＋q 从D 到C 的过程中，电势先增大后减小，电场力先做负功后做正功，故电势能先增大后减小，但初末态的电势能相等，D 错误．答案：AC9．解析：由于图中A 点的电场强度为0，表明薄板带负电，且薄板在A 点的电场强度大小为E A ＝k q （3d ）2＝k q9d 2，依据对称性，薄板在B 点的电场强度大小与薄板在A 点的相等，方向相反，则B 点的电场强度的大小为E B ＝k q 9d 2＋k q d 2＝10kq9d2，D 正确．答案：D10．解析：据题意，由于出射光线和入射光线平行，则光线AB 和光线BC 关于法线BO对称，则法线与出射光线和入射光线平行，所以∠ABO＝30°，则折射角r ＝∠OAB＝30°，据折射定律有：n ＝sin 60°sin 30°＝3，C 正确．答案：C11．解析：当鱼漂静止时，点O 恰好在水面，则O 点与水面重合时的位置为简谐运动的平衡位置，此时浮力与重力大小相等，则点O 到达水面时，鱼漂的速度最大，A 正确；点M 到达水面时，浮力大于重力，鱼漂的加速度方向向上，B 错误；松手后，当鱼漂由下往上运动时，先靠近平衡位置，后远离平衡位置，速度先变大后变小，C 正确；依据简谐运动的周期性，一个周期内，鱼漂的点O 有两次到达水面，D 错误．答案：AC12．解析：若将挖去的小球体用原材料补回，可知剩余部分对m 的吸引力等于完整大球体对m 的吸引力与挖去小球体对m 的吸引力之差，挖去的小球体球心与m 重合，对m 的万有引力为零，则剩余部分对m 的万有引力等于完整大球体对m 的万有引力；以大球体球心为中心分别出半径为R 2的球，其质量为18M ，则剩余匀称球壳对m 的万有引力为零，故剩余部分对m 的万有引力等于分别出的球对其的万有引力，依据万有引力定律F ＝G 18mM （R 2）2＝G Mm2R 2，D 正确．答案：D13．解析：由于圆环所带电荷量匀称分布，所以长度为ΔL 的小圆弧所带电荷量q ＝Q ΔL2πR，没有取走电荷时圆心O 点的电场强度为零，取走A 、B 两处的电荷后，圆环剩余电荷在O 点产生的电场强度大小等于A 、B 处弧长为ΔL 的小圆弧所带正电荷在O 点产生的场强的叠加，方向相反，即有E 剩＝2kq R 2cos 60°，解得E 剩＝kQ ΔL 2πR3，方向沿CO ，A 正确；B 、C 、D 错误．答案：A14．解析：图中导线的等效长度为a 到d 的直线距离，由几何关系可知，等效长度L ＝2(R －12R)＝22R ，由安培力计算公式F ＝BIL ＝22BIR ，由左手定则可知，方向向上，A 正确．答案：A15．解析：如题图所示，等效摆长为l sin α，由于小球做简谐运动，由单摆的振动周期为T ＝2πl sin αg，A 正确． 答案：A16．解析：滑块到C 点时速度最大，其所受合力为零，则有F cos 53°－mg ＝0，解得F ＝53mg ，A 错误；滑块运动过程中，设绳子与竖直杆的夹角为θ，依据牛顿其次定律知F cos θ－mg ＝ma ，解得a ＝F cos θm －g ，滑块向上运动过程中，θ变更，加速度大小也变更，滑块做非匀变速运动，B 错误；滑轮与A 间绳长L 1＝d sin 37°，滑轮与C 间绳长L 2＝dsin 53°，滑轮右侧绳子增大的长度ΔL ＝L 1－L 2＝5d12，由能量守恒定律可知，拉力F 做的功等于轻绳拉力F′对滑块做的功，拉力做功W ＝F ΔL ＝2536mgd ，C 正确，D 错误．答案：C17．解析：从b 点无初速释放，球沿轨道运动最远到达c 点，带正电小球是克服电场力做功，故电场方向由d 指向b ，A 错误；从b 点无初速释放，球沿轨道运动最远到达c 点过程中由动能定理得mgr sin 30°＝qEr ，解得E ＝mg2q ，B 正确；由题意可知小球圆周运动的等效最高点为ad 弧的中点，在b 点将小球以速度v 0沿斜面对下弹出，小球恰好能沿轨道做圆周运动而不脱离，说明小球恰能到达等效最高点，由牛顿运动定律可得2mg sin 30°＝m v2r ，由动能定理得－2mg sin 30°(r＋22r)＝12mv 2－12mv 20 ，两式联立解得r ＝（32－2）v 20 7g ，C错误；小球在d 点电势能最大，从b→d 由动能定理可得－qE·2r＝E k d －12mv 20 ，代入数据解得E k d ＝11－6214mv 20 ，D 正确．答案：BD18．解析：小球静止时细线与竖直方向成θ角，对小球进行受力分析，如图所示，由平衡关系可知tan θ＝qE mg ，解得E ＝mg tan θq ，A 错误；小球静止时细线与竖直方向成θ角，则A 点为小球绕O 点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动的等效最高点，如图所示，A 点时小球的速度最小，动能最小，由牛顿其次定律可知mg cos θ＝mv 2min L ，最小动能E kmin ＝12mv 2min ，联立解得E kmin ＝mgL2cos θ，B 正确；由功能关系可知，机械能的变更量等于除重力和弹簧弹力之外的其他力做的功，此处即电场力做的功．由题意可知，当小球运动到最左边与O 点等高时，电场力做负功最多，机械能最小，C 错误；小球从初始位置起先，在竖直平面内运动一周的过程中，电场力先做正功后做负功再做正功，所以电势能先减小后增大再减小，D 错误．答案：B19．解析：当圆环的直径与边界线重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，切割磁感线的有效长度均为2a ，故圆环中的感应电动势为E ＝2B×2a×v2＝2Bav ，圆环的电功率P＝E 2R ＝4B 2a 2v 2R ，A 错误；此时圆环产生的感应电流I ＝E R ＝2Bav R ，受到的安培力F ＝2BI×2a＝2B×2Bav R ×2a＝8B 2a 2v R ，由牛顿其次定律可得，加速度a ＝F m ＝8B 2a 2v mR ，B 正确；圆环中的平均电动势为E －＝ΔΦΔt ，通过圆环截面的电荷量Q ＝I －Δt ＝E －R Δt ＝ΔΦR ＝B πa 2R ，C 正确；此过程中回路产生的电能等于动能的削减量E ＝12mv 2－12m(v 2)2＝38mv 2＝0.375mv 2，D 错误．答案：BC20．解析：依据电流的定义式可得等效电流为I ＝q t ＝eT ，A 正确；电子运动的周期表达式为T ＝2πr v ，依据电流的定义式可得等效电流为I ＝q t ＝ev2πr ，B 正确；原子中的电子绕原子核的圆周运动可以等效为环形电流，氢原子的电子的速率v ，依据库仑力供应向心力k e2r 2＝m 4π2r T 2，解得T ＝2πr erm k ，形成的电流为I ＝e T ＝e 22πrkmr，C 错误，D 正确． 答案：ABD21．解析：依据库仑定律，距离点电荷r 1的球面处的电场强度为E 1＝k Qr 21 ，距离点电荷r 1的球面处球面的面积为S 1＝4πr 21 ，则通过半径为r 1的球面的电通量为Φ1＝E 1S 1＝k Q r 21×4πr 21 ＝4πkQ ；同理，距离点电荷r 2的球面处的电场强度为E 2＝kQr 22，距离点电荷r 2的球面处球面的面积为S 2＝4πr 22 ，通过半径为r 2的球面的电通量为Φ2＝E 2S 2＝kQ r 22×4πr 22 ＝4πkQ ，则Φ1∶Φ2＝1∶1，C 正确．答案：C 22．解析：小球Q 在运动中与小球P 的距离保持不变，所以小球Q 所处的电势大小不变，所以电场力不做功，洛伦兹力时刻指向圆心，与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功．所以只有重力做功，设当绳与水平方向夹角为α(小于90°)时，小球速度为v ，由动能定理可得mgR sin α＝12mv 2－0，对小球Q 受力分析，沿绳方向和垂直于绳的方向建立平面直角坐标系，将重力正交分解，分解为垂直于绳方向的G 1，和沿绳方向的G 2.沿绳方向的合力充当向心力，所以沿绳方向的合力F ＝mv 2R ，沿绳方向的加速度a 1＝Fm ，联立解得a 1＝2g sin α，垂直于绳的方向的力G 1＝mg cos α，垂直于绳方向加速度a 2＝G 1m ＝g cos α，小球Q 的加速度a ＝a 22 ＋a 21 ＝g 3sin 2α＋1，C 正确． 答案：C23．解析：把后28节车厢看成整体，由牛顿其次定律有F －28f ＝28ma ，设倒数第3节车厢对倒数第2节车厢的牵引力为F′，对最终两节车厢，由牛顿其次定律有F′－2f ＝2ma ，解得F′＝114F ，A 正确．答案：A 24.解析：依据平衡条件，两种状况下物块受力关系如图所示，拉力水平常斜面对物块的支持力F N 1＝mgcos 30°，在拉力大小不变时为使物体仍能静止，拉力方向应顺时针转过60°角，由几何关系可知F N 2＝F 0＝mg tan 30°，依据牛顿第三定律可得物块对斜面的压力大小之比为F N 1′∶F N 2′＝F N 1∶F N 2＝2∶1，A 正确，B 错误；对斜面体和物块整体分析，在水平方向上合力为零，拉力水平常，水平面对斜面体的摩擦力F f 1＝F 0，拉力方向顺时针转过60°角时，水平方向有F f 2＝F 0cos 60°，依据牛顿第三定律可得斜面体与水平面的摩擦力大小之比为F f 1′∶F f 2′＝F f 1∶F f 2＝2∶1，C 正确，D 错误．答案：AC25．解析：F ＝6N 时，假设A 、B 一起加速运动，共同加速度为a ＝F m A ＋m B＝1m /s 2，B 受到A 的摩擦力为f ＝m B a ＝2N <μm B g ＝4N ，假设成立，A 正确；取A 、B 之间发生相对滑动的临界状态来探讨，对B 有μm B g ＝m B a 1，对整体F 1＝(m A ＋m B )a 1，联立解得F 1＝12N ，B 错误；由以上分析知F ＝14N 时，A 、B 已经发生相对滑动，所以对B 有μm B g ＝m B a 1，解得a 1＝2m /s 2，C 正确；假设A 、B 没有相对滑动，则对整体F －μ2(m A ＋m B )g ＝(m A ＋m B )a 2，解得a 2＝76m /s 2<a 1＝2m /s 2，假设成立，D 正确．答案：ACD26．解析：a 、b 两物体一起随圆盘转动时，静摩擦力供应向心力f ＝mrω2，因为a 、b 半径不同故摩擦力不同，A 错误；当a 、b 两物体一起随圆盘转动时，ω相同，b 物体的半径是a 的2倍，故b 物体的静摩擦力是a 的2倍，随着角速度的增加，b 物体先达到最大静摩擦，故b 先滑动，B 正确；当b 恰好滑动时有kmg ＝m2Lω2，得ω＝kg2L，C 正确；当a 恰好滑动时kmg ＝mLω2，得ω＝kg L ，kg L >2kg3L，故a 物体还没达到最大静摩擦，D 错误．答案：BC27．解析：由题意可知，离子的入射角度相同，转过的圆心角也相同，则出射角相同，同时由T ＝2πmBq 可得，当磁场强度、离子质量和所带电荷相同时，离子在磁场中的运动时间也相同，故离子会同时平行射出，A 正确；当从a 中射入的离子从bc 边垂直射出时，由几。
高考物理一轮复习 课时分层提升练二十 机械能守恒定律及其应用(含解析)-人教版高三全册物理试题
机械能守恒定律与其应用(建议用时45分钟)1.如果把撑杆跳全过程分成四个阶段:a→b、b→c、c→d、d→e,如下列图,如此对这四个阶段的描述正确的答案是( )A.a→b阶段:人加速助跑,人和杆的机械能不变B.b→c阶段:杆弯曲、人上升,系统动能减少,重力势能和弹性势能增加C.c→d阶段:杆伸直、人上升,人的动能减少量等于重力势能增加量D.d→e阶段:人过横杆后下落,重力所做的功等于人机械能的增加量【解析】选B。
a→b阶段:人加速助跑,人和杆的机械能增大,选项A错误;b→c阶段:人与杆组成的系统机械能守恒,系统动能减少,重力势能和弹性势能增加,选项B正确;c→d阶段:人与杆组成的系统机械能守恒,杆伸直、人上升,动能减少量与弹性势能的减少量之和等于重力势能的增加量,选项C错误;d→e阶段:人过横杆后下落,重力所做的功等于人重力势能的减少量,选项D错误。
2.如下列图,质量均为m,半径均为R的两个完全一样的小球A、B,在水平轨道上以某一初速度向右冲上倾角为θ的倾斜轨道,两轨道通过一小段圆弧平滑连接。
假设两小球运动过程中始终接触,不计摩擦阻力与弯道处的能量损失,在倾斜轨道上运动到最高点时两球机械能的差值为( )A.0B.mgRsinθC.2mgRsinθD.2mgR【解析】选C。
两球运动到最高点时速度相等,动能相等,如此两球机械能的差值等于重力势能的差值,ΔE=mg·2Rsinθ=2mgRsinθ,故C正确。
3.如下列图,倾角θ=30°的光滑斜面固定在水平地面上,斜面顶端固定一光滑的小定滑轮,质量分别为m和2m的两个小物块A、B用轻绳连接,其中B被垂直斜面的挡板挡住而静止在斜面上,定滑轮与A之间的绳子水平,绳子开始时刚好拉直,且A与定滑轮之间的距离为l。
现使A 由静止下落,在A向下运动至O点正下方的过程中,如下说法正确的答案是( )A.物块B始终处于静止状态B.物块A运动到最低点时的速度大小为C.物块A运动到最低点时的速度方向为水平向左D.绳子拉力对物块B做正功【解析】选D。
(浙江专用)2020版高考物理增分冲刺练辑选择题题型练(一)(含解析)
选择题题型练(一)一、选择题Ⅰ(本题共8小题，每小题4分，共32分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．(2019·新高考研究联盟二次联考)汽车的百公里加速时间(车辆从静止加速到100km/h 所需的时间)是衡量汽车性能的重要指标．某款新能源汽车百公里加速时间仅需3.9s ，若将其加速过程看做匀加速直线运动，该车的加速度为( )A ．7.12 m/s 2B ．8.35 m/s 2C ．25.6 m/s 2D ．28.5 m/s 2答案 A解析 100km/h ≈27.8 m/s ，据a ＝Δv t 得a ＝27.83.9m/s 2≈7.12 m/s 2，故选A. 2．(2019·湖北武汉市期末)如图a ，用力传感器研究橡皮绳中拉力的大小随时间变化的关系．向下拉小球然后释放，小球沿竖直方向运动，某段时间内采集到的信息如图b 所示，则( )A ．t 2～t 3时间内小球向上运动，速度不断减小B ．t 3～t 4时间内小球向下运动，加速度不断增大C ．t 4～t 5时间内小球向上运动，速度不断增大D ．t 5～t 6时间内小球向下运动，加速度不断增大答案 D解析 t 2～t 3时间内拉力大于重力，但越来越小，说明小球向上运动，加速度向上，速度增大，故A 错误；t 3～t 4时间内拉力减小，且小于重力，说明小球向上运动，加速度向下增大，故B 错误；t 4～t 5时间内小球所受拉力小于重力，但拉力变大，说明小球在向下运动，加速度向下，速度增大，故C 错误；t 5～t 6时间内小球所受拉力变大，故小球向下运动，加速度增大，故D 正确．3.(2019·河南平顶山市一轮复习质检)如图所示，金属杆MN 用两根绝缘细线悬于天花板的O 、O ′点，杆中通有垂直于纸面向里的恒定电流，空间有竖直向上的匀强磁场，杆静止时处于水平状态，悬线与竖直方向的夹角为θ，若将磁场在竖直面内沿逆时针方向缓慢转过90°，在转动过程中通过改变磁场磁感应强度大小保持悬线与竖直方向的夹角不变，则在转动过程中，磁场的磁感应强度大小的变化情况是( )A．一直减小B．一直增大C．先减小后增大D．先增大后减小答案 C解析磁场在旋转的过程中，杆处于平衡状态，杆所受重力的大小和方向不变，悬线的拉力方向不变，由图解法可知，在磁场旋转的过程中，安培力先减小后增大，由F安＝BIL可知，磁场的磁感应强度先减小后增大，故选C.4.如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为L，金属圆环的直径也为L.自圆环从左边界进入磁场开始计时，以垂直于磁场边界的恒定速度v 穿过磁场区域，规定逆时针方向为感应电流i的正方向，则圆环中感应电流i随其移动距离x变化的i－x图象最接近图中的( )答案 A解析根据楞次定律，在进磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向；在出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向．在进磁场的过程中，切割磁感线的有效长度先增大后减小，出磁场的过程中，切割磁感线的有效长度先增大后减小，所以感应电流的大小在进磁场的过程中先增大后减小，出磁场的过程中也是先增大后减小，故A正确，B、C、D错误．5．(2019·嘉、丽3月联考)2018年12月12日16∶45，“嫦娥四号”成功实施了近月制动，顺利完成“太空刹车”，被月球捕获，进入了环月轨道．最终软着陆至月球背面南极——艾特肯盆地，完成人类探测器首次月球背面软着陆的壮举，则“嫦娥四号”()A．在环月轨道运行时，处于平衡状态B．在地球的发射速度可以小于7.9km/sC．从环月轨道到登陆月球背面过程需要减速D．被月球捕获后就不受地球引力了答案 C解析在环月轨道运行时，“嫦娥四号”受万有引力，不是平衡状态；在地球的发射速度应大于第一宇宙速度而小于第二宇宙速度，被月球捕获后仍受地球引力，故选C.6.(2019·稽阳联考)如图所示，空间某处为一匀强电场E和一场源正点电荷Q的复合场，在以Q点为圆心的同一圆周上，有a、b、c、d四点，其中a、c在同一竖直直径上，b、d在同一水平直径上，下列对这个复合电场的研究中正确的是( )A．a点的场强与c点的相同B．b点的电势可能比d点高C．将一负电荷从a点沿圆弧经b点移到c点，电场力先做正功后做负功D．负电荷在a点的电势能等于在c点的电势能答案 D解析a点与c点场强方向不同，A错误；正点电荷Q在b、d两点产生的电势相同，沿匀强电场E电场线方向电势降低，由此可知b点电势低，B错误；按C选项路径移动负点电荷，电场力先做负功后做正功，C错误；a、c两点的电势相同，故D正确．7.某同学将小球从P点水平抛向固定在水平地面上的圆柱形桶，小球沿着桶的直径方向恰好从桶的左侧上边沿进入桶内并打在桶的底角，如图所示，已知P点到桶左边沿的水平距离s ＝0.80m，桶的高度h0＝0.45m，直径d＝0.20m，桶底和桶壁的厚度不计，不计空气阻力，取重力加速度g＝10m/s2，则( )A．P点离地面的高度为2.5mB．P点离地面的高度为1.25mC．小球抛出时的速度大小为1.0m/sD．小球经过桶的左侧上边沿时的速度大小为2.0m/s答案 B解析 设小球从P 点运动到桶左侧上边沿的时间为t 1，从P 点运动到桶的底角的总时间为t 2，P 点离地面的高度为h 1从P 点运动到桶左侧上边沿过程中有：h 1－h 0＝12gt 12①s ＝v 0t 1②从P 点运动到桶的底角过程中有： h 1＝12gt 22③s ＋d ＝v 0t 2④联立①②③④式并代入数据可得：h 1＝1.25m ，v 0＝2.0m/s设小球运动到桶的左侧上边沿时速度大小为v 1，竖直方向的分速度为v ⊥，由平抛运动的规律有： v ⊥＝gt 1⑤此时小球的速度：v 1＝v ⊥2＋v 02⑥联立解得v 1＝25m/s.故B 正确．8．(2019·山东济宁市第一次模拟)日本福岛核事故是世界上最大的核事故之一，2019年2月13日首次“触及”到了该核电站内部的核残渣，其中部分残留的放射性物质的半衰期可长达1570万年．下列有关说法正确的是( )A.23892U 衰变成20682Pb 要经过4次β衰变和7次α衰变B ．天然放射现象中产生的α射线的速度与光速相当，穿透能力很强C ．将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变放射性元素的半衰期D ．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的 答案 D解析 根据质量数守恒和电荷数守恒：238＝206＋4x ＋0,92＝82＋2x －y ，故x ＝8，y ＝6，可知238 92U 衰变成20682Pb 要经过6次β衰变和8次α衰变；α射线的速度为0.1c ，穿透能力最弱；半衰期的大小是由原子核内部因素决定，将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，不会改变放射性元素的半衰期；放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子和电子时的产物．二、选择题Ⅱ(本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分)9．(2019·山东菏泽市下学期第一次模拟)如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压恒定、输电线上的电阻不变，假设用户所用用电器都是纯电阻用电器，若发现发电厂发电机输出的电流增大了，则可以判定( )A．通过用户的电流减小了B．用户接入电路的总电阻减小了C．用户消耗的电功率减小了D．加在用户两端的电压变小了答案BD解析如果发电机输出电流增大，根据变流比可知，输送电流增大，通过用户的电流增大，A 项错误；由于输电线上的电压降增大，因此降压变压器输入、输出电压均减小，即加在用户两端的电压变小了，D项正确；输送电流增大，是由于R用户减小引起的，B项正确；当用户电阻减小时，用户消耗的功率增大，C项错误．10.公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v c时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处，( )A．路面外侧高、内侧低B．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动C．车速虽然高于v c，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D．当路面结冰时，与未结冰时相比，v c的值变小答案AC解析当汽车行驶的速度为v c时，路面对汽车没有摩擦力，路面对汽车的支持力与汽车重力的合力提供向心力，可知路面外侧高、内侧低，选项A正确；当速度稍大于v c时，汽车有向外侧滑动的趋势，因而受到向内侧的摩擦力，当摩擦力小于最大静摩擦力时，车辆不会向外侧滑动，选项C正确；同样，速度稍小于v c时，车辆不会向内侧滑动，选项B错误；v c的大小只与路面的倾斜程度和转弯半径有关，与路面的粗糙程度无关，D错误．11.真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1∶2∶4，电荷量之比为1∶1∶2，则下列判断中正确的是( )A ．三种粒子从B 板运动到荧光屏经历的时间相同B ．三种粒子打到荧光屏上的位置相同C ．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶2D ．偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶2∶4答案 BC解析 设加速电压为U 1，偏转电压为U 2，偏转极板的长度为L ，板间距离为d ，在加速电场中，由动能定理得qU 1＝12mv 02，解得v 0＝2qU 1m ，三种粒子从B 板运动到荧光屏的过程，水平方向做速度为v 0的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不全相同，则v 0不全相同，所以三种粒子从B 板运动到荧光屏经历的时间不全相同，故A 错误；由牛顿第二定律得：q U 2d ＝ma ，y ＝12at 2，t ＝L v 0，tan θ＝v y v 0，v y ＝at ，联立各式解得：y ＝U 2L 24dU 1、tan θ＝U 2L 2dU 1，可知y 与粒子的种类、质量、电荷量无关，故三种粒子偏转距离相同，又因为θ相同，故打到荧光屏上的位置相同，故B 正确；偏转电场的电场力做功为W ＝qEy ，则W 与q 成正比，三种粒子的电荷量之比为1∶1∶2，则偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1∶1∶2，故C 正确，D 错误．12.如图所示，一固定容器的内壁是半径为R 的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m 的质点P .它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W .重力加速度大小为g .设质点P 在最低点时，向心加速度的大小为a ，容器对它的支持力大小为F N ，则( )A ．a ＝2(mgR －W )mRB ．a ＝2mgR －W mRC ．F N ＝3mgR －2W RD ．F N ＝2(mgR －W )R答案 AC 解析 质点P 下滑过程中，重力和摩擦力做功，根据动能定理可得mgR －W ＝12mv 2，根据公式a ＝v 2R ，联立可得a ＝2(mgR －W )mR，A 正确，B 错误；在最低点重力和支持力的合力充当向心力，根据牛顿第二定律可得，F N －mg ＝ma ，代入可得，F N ＝3mgR －2W R，C 正确，D 错误．。
上海市物理业余学校考前集训试题(一)
物理学校阶段测试题(90分钟)姓名__________班级________学号________得分__________ 一．选择题（每题4分共计60分）1．如图所示,A 、B 是两只相同的齿轮，齿轮A 被固定不能转动，若齿轮B 绕齿轮A 运动半周，到达图中C 位置，则齿轮B 上标出竖直向上的尖头所指的方向是（ ） A ．竖直向上 B ．竖直向下C ．水平向左D ．水平向右 2．某人在医院做了一次心电图，结果如图所示。
如果心电图仪卷动纸带的速度为1.5 m/min ，图中方格纸每小格长 1 mm ，则此人的心率为（ ）A.80次/ minB.70次/ minC.60次/ minD.50次/ min3．如图所示，一同学沿一直线行走，现用频闪照相记录了他行走中9个位置的图片，观察图片，能比较正确反映该同学运动的速度－时间图象的是（ ）4．A 、B 两木块重分别为30N 和90N ，用细线绕过滑轮连结在一起并叠放在水平桌面上．A 与B 、B 与桌面C 之间的动摩擦因数均为0.3．当对滑轮施以水平力F=30N 时，则（ ）A ．A 对B 的摩擦力为9N B ．A 对B 的摩擦力为15NC ．B 对C 的摩擦力为27ND ．B 对C 的摩擦力为36N5．图所示为四种悬挂镜框的方案，设墙壁光滑，镜框重心位置在镜框的正中间，指出图中可能实现的方案是( )6．如图所示，一根轻质弹簧竖直地放在桌面上，下端固定，上端放一个重物，稳定后弹簧的长为L 。
现将弹簧裁成等长的两段，将重物等分成两块，如图4(B)所示连接后，稳定时两段弹簧的总长度为L ′，则 ( )vtv t 0vtvtA B CDＣ Ａ Ｂ10 70 20 30 40 50 60 80A．L′=L B．L′>LC．L′<L D．因不知弹簧的原长，故无法确定7．如图所示，一束平行主轴的光线入射凸透镜，折射后会聚于透镜另一侧焦点F处．若在O．F间垂直主轴放置一块较厚的玻璃板，则光线从玻璃板射出后将（）Ａ．会聚于F点左侧某点Ｂ．会聚于F点右侧某点Ｃ．仍会聚于F点O FＤ．将变为发散光束无会聚点8．如图13－26所示，是实际景物的俯视图，平面镜AB宽1米，在镜的右前方站着一个人甲，另一人乙沿着镜面的中垂线走近平面镜，若欲使甲乙能互相看到对方在镜中的虚像，则乙与镜面的最大距离是（）A．0.25米B．0.5米C．0.75米D．1米9．如图所示是健身用的“跑步机”示意图，质量为m的运动员踩在与水平面成α角的静止皮带上，运动员用力后蹬皮带，皮带运动过程中受到的阻力恒定为f，使皮带以速度v匀速运动，则在运动过程中下列说法正确的是( )A.人脚对皮带的摩擦力是皮带运动的阻力B.人对皮带不做功C.人对皮带做功的功率为mgvD.人对皮带做功的功率为fv10．用显微镜观察水中的花粉,追踪某一个花粉颗粒,每隔10s记下它的位置,得到a、b、c、d、e、f、g等点,再用直线依次连接这些点,如图所示,则下列说法中不正确的是( )A.这些点连接的折线就是这一花粉颗粒的运动轨迹B.它只是这一花粉颗粒运动过程中的位置连线C.从a点计时,经过15s花粉颗粒可能不在bc连线上D.它说明花粉颗粒做无规则运动11．用厚度均匀的木板制成三个大小相同的正方体形状的不透水容器，分别将密度小于木板且相同的三种不同规格的塑料球整齐地装满木箱，每个木箱里只装有一种规格的球。
2023届高三考前冲刺训练高效提分物理试题(广东适用)
2023届高三考前冲刺训练高效提分物理试题（广东适用）一、单选题 (共7题)第(1)题电子显微镜在科研中有广泛应用，电子透镜是其核心部分，电子枪发射电子束，电子通过电场构成的电子透镜时发生会聚或发散。
电子透镜的电场的等势线分布如图中虚线所示，一电子仅在电场力作用下运动，运动轨迹如图实线所示，a、b、c、d是轨迹上的四个点。
则（ ）A．电场中b处的电场强度与c处相同B．电子从a运动到d的过程加速度不断增大C．电子在a处的受力方向与虚线相切D．电子从a运动到b的过程电势能逐渐减小第(2)题如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图像如图（乙）所示，则A．时刻小球动能最大B．时刻小球动能最大C．~这段时间内，小球的动能先增加后减少D．~这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能第(3)题可视为质点的甲、乙两辆小车分别处于两条平直的平行车道上。
时，乙车在前，甲车在后，两车间距，此后两车运动的v-t图像如图所示。
关于两车在0~11s时间内的运动，下列说法中正确的是（ ）A．时，两车第一次并排行驶B．两车全程会有三次并排行驶的机会C．时，两车在全程中相距最远D．0~7s内，甲车的平均速度大小为10m/s第(4)题为研究球鞋的防滑性能，同学将球鞋置于斜面上，逐渐增大斜面倾角。
当球鞋刚好开始滑动时，斜面倾角等于，设滑动摩擦力等于最大静摩擦力，已知。
下列说法正确的是（ ）A．球鞋与斜面间的动摩擦因数为0.8B ．在球鞋滑动前，增大斜面倾角时，球鞋对斜面的压力减小C ．斜面倾角不变时，球鞋沿斜面滑动的过程中加速度越来越大D．在鞋内放置重物，逐渐增大斜面倾角，当球鞋刚好开始滑动时，斜面倾角大于第(5)题“慧眼”卫星已在轨运行近6年，该卫星的轨道比中国“天宫”空间站的轨道高约，卫星和空间站都在圆轨道上运行。
浙江专版2025届高考物理一轮总复习小题增分特训9磁澄件新人教版
小题增分特训(九)磁场1.(多选)(2022福建卷)奥斯特利用如图所示实验装置研究电流的磁效应。
一个可自由转动的小磁针放在白金丝导线正下方,导线两端与一伏打电池相连。
接通电源瞬间,小磁针发生了明显偏转。
奥斯特采用控制变量法,继续研究了导线直径、导线材料、电池电动势以及小磁针位置等因素对小AB磁针偏转情况的影响。
他能得到的实验结果有( )A.减小白金丝导线直径,小磁针仍能偏转B.用铜导线替换白金丝导线,小磁针仍能偏转C.减小电源电动势,小磁针一定不能偏转D.小磁针的偏转情况与其放置位置无关解析减小导线直径,仍存在电流,其产生的磁场仍能使小磁针偏转,选项A 正确;白金丝导线换成铜导线,仍存在电流,产生的磁场仍能使小磁针偏转,选项B正确;减小伏打电池电动势,只要导线中有电流,小磁针还是会发生偏转,选项C错误;通电导线产生的磁场与地磁场叠加后,其空间磁场方向与位置有关,当小磁针在不同位置时其偏转情况不同,选项D错误。
2.如图所示,两根平行放置、长度均为L的直导线a和b,放置在与导线所在平面垂直的匀强磁场中,当a导线通有大小为I的电流、b导线通有大小为2I,b导线受到的磁的电流,且电流方向相反时,a导线受到的磁场力大小为F1C ,则a通电导线的电流在b导线处产生的磁感应强度大小为( 场力大小为F2)解析a、b导线中电流方向相反,两导线之间的磁场力为斥力,设大小为F, =F+BIL,对b导线有F2=F+2BIL,解得F=2F1-F2,对于b导线,对a导线有F1F=2F1-F2=B'·2IL,解得 ,故C正确。
3.(2023浙江嘉兴模拟)如图所示,在赤道处,将一小球向东水平抛出,落地点为a;给小球带上电荷后,仍以原来的速度抛出,考虑地磁场的影响,下列说法正确的是( )A.无论小球带何种电荷,小球落地时的速度的大小相等B.无论小球带何种电荷,小球在运动过程中机械能不守恒C.若小球带负电荷,小球会落在更远的b点D.若小球带正电荷,小球仍会落在a点A解析无论小球带何种电荷,小球在磁场中运动时受洛伦兹力方向与速度垂直,洛伦兹力不做功,只有重力做功,机械能守恒,则落地时速度的大小相等,选项A正确,B错误;若小球带负电荷,根据左手定则可知小球受斜向左下方的洛伦兹力,这样小球偏折更厉害,会落在a的左侧,选项C错误;若小球带正电荷,根据左手定则可知小球受斜向右上方的洛伦兹力,这样小球会飞得更远,落在更远的b点,选项D错误。
新教材浙江专版2025届高考物理一轮总复习小题增分特训1匀变速直线运动pptx课件新人教版
2×5
2
s= 5 s,则物块从出发到返回斜面底
端的时间为 t 总=t 上+t 下=(1+ 5) s,故选 B。
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
m=5 m,下滑过程
8.(2023浙江丽水期末)某跳伞运动员做低空跳伞表演。从该运动员离开悬
停的飞机开始计时,运动员先做自由落体运动,当速度达到50 m/s时打开降
解析 打开降落伞前运动员做自由落体运动,则 v1=gt1,得
50
t1=
10
s=5 s,故 A 错
误;减速时,有 v2=v1+a(t2-t1),得 t2=14 s,故 B 正确;运动员减速下落的距离为
v1 +v2
50+5
h2= 2 (t2-t1)= 2 ×(14-5)
m=247.5 m,即运动员距离地面 247.5 m 时打开降
t=2 s,A 错误;距离达到最大时,足球和运动员的位移分别为
1 2
x2= a2t =2
2
1 2
x1=v1t- a1t =6
2
m,
m,运动员追上足球前两者的最大距离为 Δx=x1+x0-x2=8 m,B 错误;
足球运动至静止所用时间为 t1,有
v1 2
1
Δx'=2a +x0-2a2t1 2 =4
1
动员追上足球,有
解析 动车组进站时的运动为末速度为零的匀减速直线运动,由匀变速直线
2
运动位移—速度公式-v0 =2ax,整理得
1
x=- v0 2 ,且
2a
a 为负值,故 x-v 图像应为
开口向下的二次函数图像;动车组出站时,做初速度为零的匀加速直线运动,
高考物理集训营(一)(附答案)
高考物理集训营（一）(每题18分，限时45分钟)1.已知斜面体和物体的质量为M ，m ，各表面都光滑，如图所示，放置在水平地面上.若要使m 相对M 静止，求：(1)水平向右的外力F 与加速度a 各多大? (2)此时斜面对物体m 的支持力多大?(3)若m 与斜面间的最大静摩擦力是f ，且μ＜tg α,求加速度a 的范围.2.如图所示，质量为2m 、长为l 的木块置于光滑水平台面上，质量为m 的子弹以初速v 0水平向右射向木块，穿出木块时的速度为2V .设木块对子弹的阻力恒定. (1)求子弹穿越木块的过程中木块滑行的距离l 1.(2)若木块固定在传送带上，使木块随传送带始终以恒定速度u 水平向右运动，子弹仍以初速v 0向右射向木块(v 0＞u)，求子弹最终速度v.3.如图所示,小车A 和小木块B(B 可看成是质点)的质量分别是MA=15.0kg, mB=5.0kg,车的长度L=4.0m。
B位于A的最左端，与A一起以u0=4.0m/s的速度沿水平地面向右做匀速运动。
右面有一固定的竖直墙壁，A与墙壁相碰的时间极短，碰后A以原速率向左运动。
由于A、B之间有摩擦力，最后B恰停在A的最右端而没有掉下去。
取g=10m/s2。
求：（1）A、B最终的共同速度的大小。
（2）A、B间的动摩擦因数μ。
（3）在整个运动过程中，木块B离墙壁的最近距离。
4.在水平桌面上放置一个半径R＝0.5m的绝缘圆槽，小球可在槽中滑动，槽的宽度远小于其半径，如图甲所示，设小球质量m＝1.0×10－3㎏，带电量q＝5.0×10－3C。
空间存在着竖直向下的匀强磁场，当磁感应强度的大小随时间的变化如图乙所示时槽所在处产生感应电场，其电场线半径为R，逆时针方向（俯视）的闭合同心圆，电场大小E0＝ε/2πr(其中ε为感应电动势)现小球沿电场线方向滑到A点时，磁感强度B0=0.8T，槽的内、外壁均不受压力，当小球经0.2s转过一圈再到A点时，槽外壁所受压力F N=3.0×10－3N，求小球在滑行一周的过程中克服摩擦力所做的功.A图乙图甲5.质量为m，带电量为-q的绝缘滑环套在固定于水平方向且足够长的绝缘杆上，如图甲所示。
2024届高考高效提分物理考前冲刺训练(河北适用)
2024届高考高效提分物理考前冲刺训练（河北适用）一、单选题 (共6题)第(1)题撑竿跳高是一项运动员经过持竿助跑，借助竿的支撑腾空。
在完成一系列复杂的动作后越过横杆的运动。
下列说法正确的是（ ）A．运动员撑竿上升的过程中，竿的弹性势能增大B．运动员撑竿上升的过程中，运动员的重力势能不变C．运动员撑竿上升的过程中，运动员的机械能增大D．运动员越过横杆在空中运动的过程中处于超重状态第(2)题下列四幅图中M、N两点电场强度相同的是（ ）A．B．C．D．第(3)题我国最北的城市漠河地处高纬度地区，在晴朗的夏夜偶尔会出现美丽的彩色“极光”。
极光是宇宙中高速运动的带电粒子受地球磁场影响，与空气分子作用的发光现象，若宇宙粒子带正电，因入射速度与地磁方向不垂直，故其轨迹偶成螺旋状如下图（相邻两个旋转圆之间的距离称为螺距Δx）。
下列说法正确的是（ ）A．带电粒子进入大气层后与空气发生相互作用，在地磁场作用下的旋转半径会越来越大B．若越靠近两极地磁场越强，则随着纬度的增加，以相同速度入射的宇宙粒子的半径越大C．漠河地区看到的“极光”将以逆时针方向（从下往上看）向前旋进D．当不计空气阻力时，若入射粒子的速率不变仅减小与地磁场的夹角，则旋转半径减小，而螺距增大第(4)题如图所示，密闭容器内一定质量的理想气体由状态a经b、c、d三个状态又回到状态a。
已知线段bc、ad均与p轴平行，下列说法错误的是（）A．a→b过程，单位体积分子数增大B．b→c过程，气体分子的平均动能增大C．c→d过程，单位时间内气体分子对单位面积器壁的平均作用力减小D．d→a过程，单位时间内与单位面积器壁碰撞的气体分子数不变第(5)题如图所示，在水平桌面上有一光滑圆盘，圆盘圆心O点有一个固定的带正电的物体，带负电的物体P仅在库仑力的作用下绕O点做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．在图示位置物体P所带的负电荷突然消失，一定沿a轨迹运动B．物体P沿b轨迹运动一定是在图示位置物体P所带的负电荷减少了C．物体P沿c轨迹运动一定是在图示位置物体P所带的负电荷减少了D．物体P无论如何都不可能沿PO方向运动第(6)题四旋翼无人机通过改变前后端的旋翼转速，形成前后旋翼升力差，使机体倾斜，产生垂直于机体指向前上方的力，实现朝前飞行。
浙江专版2025届高考物理一轮总复习小题增分特训8静电澄件新人教版
小题增分特训(八)静电场1.如图所示,在火箭发射塔周围有钢铁制成的四座高塔,高塔的功能最有可能的是( )A.探测发射台周围风力的大小B.发射与航天器联系的电磁波C.预防雷电击中待发射的火箭D.测量火箭发射过程的速度和加速度C解析在火箭发射塔周围有钢铁制成的四座高塔,因铁制的高塔有避雷作用,其功能是预防雷电击中待发射的火箭。
2.(2023浙江温州重高期中联考)最近中国自主研制的新一代大功率石墨烯超级电容器问世。
超级电容器不同于传统的化学电源,它是一种介于传统电容器与电池之间具有特殊性能的电源。
如图所示的超级电容器标有“3.0 V,12 000 F”,该超级电容器( )A.正常工作最大容纳电荷量为36 000 CB.电容随电压的增大而增大C.在充电过程中电流恒定D.电容器放完电时,电容为A解析该电容器最大容纳电荷量为Q=CU=36 000 C,A正确;电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量,其大小与电压和电荷量无关,B、D错误;在充电过程中电流逐渐减小,C错误。
3.存在匀强电场的空间中有一边长为2 cm 的正四面体ABCD ,如图所示。
已知U AC =U BC =3 V,电场方向平行于底面ABC ,则( )A.A 、B 两点处的电势不相等B.电场强度大小为1 V/mC.电场强度大小为100 V/mD.C 、D 两点的电势差U CD =2 VC4.某一带电导体周围的电场线与等势面如图所示,A、C是同一等势面上的两点,B是另一等势面上的一点。
下列说法正确的是( )A.导体内部的电场强度左端大于右端B.A、C两点的电势均低于B点的电势C.B点的电场强度大于A点的电场强度D.正电荷从A点沿虚线移到B点的过程中电场力做正功,电势能减小D解析带电导体处于静电平衡状态,导体内部的电场强度处处为0,导体表面为等势面,整个导体为一个等势体,A错误;沿电场线方向电势降低,所以A、C两点的电势大于B点的电势,B错误;电场线的疏密程度表示电场强度的弱=qφ可知,正电强,所以B点的电场强度小于A点的电场强度,C错误;根据Ep荷从高电势A点沿虚线移动到低电势B点,电势能减小,电场力做正功,D正确。
高考物理 增值增分特训1
高考物理增值增分特训11．(2013·山东·21(1))图1甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的________(填“A”“B”或“C”)进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为________mm.图1答案A11.30解析游标卡尺测量钢笔帽的内径时，使用内测脚，故填“A”，该游标卡尺的最小分度为0.05 mm，游标尺的第6个刻度线与主尺上的某刻线对齐，所以读数为11 mm＋0.05 mm×6＝11.30 mm.2．(2013·浙江·21)如图2所示，装置甲中挂有小桶的细线绕过定滑轮，固定在小车上；装置乙中橡皮筋的一端固定在导轨的左端，另一端系在小车上．一同学用装置甲和乙分别进行实验，经正确操作获得两条纸带①和②，纸带上的a、b、c……均为打点计时器打出的点．图2(1)任选一条纸带读出b、c两点间距离为________；(2)任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为____，纸带①和②上c、e两点间的平均速度v①________v②(填“大于”、“等于”或“小于”)；(3)图中________(填选项)．A．两条纸带均为用装置甲实验所得B．两条纸带均为用装置乙实验所得C．纸带①为用装置甲实验所得，纸带②为用装置乙实验所得D．纸带①为用装置乙实验所得，纸带②为用装置甲实验所得答案(1)2.10 cm或2.40 cm(±0.05 cm，有效数字位数要正确)(2)1.125 m/s或1.25 m/s(±0.05 m/s，有效数字位数不作要求) 小于(3)C解析(1)纸带①中b、c间距为6.00 cm－3.90 cm＝2.10 cm；纸带②中b、c间距为6.50 cm－4.10 cm＝2.40 cm；(2)纸带①中c、e两点间的平均速度为v①＝10.50－6.00×10－2 m2×0.02 s＝1.125 m/s；纸带②中c、e两点间的平均速度为v②＝11.50－6.50×10－2 m2×0.02 s＝1.25 m/s；可知纸带①、②上c、e两点间的平均速度v①小于v②；(3)由纸带数据可知，纸带①的加速度几乎恒定，纸带②的加速度不恒定，故选项C正确．3．(2013·江苏·11)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度，实验装置如图3所示．倾斜的球槽中放有若干个小铁球，闭合开关K，电磁铁吸住第1个小球．手动敲击弹性金属片M，M与触头瞬间分开，第1个小球开始下落，M迅速恢复，电磁铁又吸住第2个小球．当第1个小球撞击M时，M与触头分开，第2个小球开始下落……这样，就可测出多个小球下落的总时间．图3(1)在实验中，下列做法正确的有________．A．电路中的电源只能选用交流电源B．实验前应将M调整到电磁铁的正下方C ．用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度D ．手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H ＝1.980 m,10个小球下落的总时间T ＝6.5 s ．可求出重力加速度g ＝________m/s 2.(结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下，请提出减小实验误差的两个办法．(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间Δt 磁性才消失，因此，每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差Δt ，这导致实验误差．为此，他分别取高度H 1和H 2，测量n 个小球下落的总时间T 1和T 2.他是否可以利用这两组数据消除Δt 对实验结果的影响？请推导说明．答案 (1)BD (2)9.4 (3)增加小球下落的高度；多次重复实验，结果取平均值 (4)见解析解析 (1)无论是交流电还是直流电，电磁铁都可以具有磁性而正常工作，A 错；要满足实验条件，M 必须在电磁铁的正下方，B 正确；考虑到实验实际情况，应从小球下边缘到M 点的距离作为小球下落的高度，则C 错；敲击M 的同时开始计时是准确的，D 正确．(2)由公式H ＝12gt 2、t ＝T 10，计算得g ＝9.4 m/s 2.(3)本题关键是准确计时，因此采用累加法计时，同时适当增加小球下落的高度可以减小误差，多次测量求平均值是减小偶然误差常用的方法．(4)由H 1＝12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫T 1n －Δt 2和H 2＝12g ⎝ ⎛⎭⎪⎫T 2n －Δt 2，可解得g ＝2n 2 H 1－ H 22T 1－T 22从而消除Δt 对实验结果的影响．4．根据要求，完成“验证力的平行四边形定则”实验．图4(1)如图4甲所示，把白纸固定在木板上后，再把木板竖立在桌面上，用图钉把橡皮筋的一端固定在A 点，另一端B 连接两条轻绳，跨过定滑轮后各拴一细绳套，分别挂上3个钩码和4个钩码(每个钩码重1 N)，调整滑轮的位置，稳定后结点B 位于O 处，记下________和两条轻绳的方向，取下滑轮及钩码．(2)如图乙所示，取某单位长度表示1 N ，用力的图示作出两条轻绳的拉力F 1和F 2；再用一个弹簧测力计把结点B 也拉至O 处，记下测力计的读数F ′＝________ N ，取下测力计．(3)在图丙中作出F 1和F 2的合力F 及拉力F ′的图示．(4)对比F和F′的大小和方向，发现它们不是完全一致的，其可能的原因是____________________________________________________________________.(填一个原因) 答案(1)O的位置(2)5.0(3)如图所示(4)测量存在误差；作图不准确；弹簧测力计自身重力的影响；滑轮与绳之间的摩擦力等．解析(2)弹簧测力计的读数为5.0 N；(3)作出F1、F2两个力的图示，以F1、F2为两邻边作出平行四边形，对角线即为合力F，然后作出F′的图示即可．5．某同学利用如图5甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘．通过改变盘中砝码的质量，测得6组砝码的质量m和对应的弹簧长度l，画出m－l图线，对应点已在图上标出，如图乙所示．(重力加速度g＝10 m/s2)图5(1)采用恰当的数据处理，该弹簧的劲度系数为______N/m.(保留3位有效数字)(2)请你判断该同学得到的实验结果与考虑上砝码盘的质量时相比，结果________(填“偏大”“偏小”或“相同”)．答案(1)3.44 (2)相同解析(1)由F＝kl－kl0和F＝mg以及图象的斜率可计算出弹簧的劲度系数k＝27.5×10×10－3N/m＝3.44 N/m.19－11×10－2(2)未考虑砝码盘的质量，相当于真实图象向下平移，但斜率不变，因此，不影响对劲度系数的测量．6．某实验小组在“探究加速度与物体受力的关系”实验中，设计出如下的实验方案，其实验装置如图6所示．已知小车质量M＝214.6 g，砝码盘质量m0＝7.8 g，打点计时器所使用的交流电频率为f＝50 Hz.其实验步骤是图6A．按图所示安装好实验装置；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；C．取下细绳和砝码盘，记下砝码盘中砝码的质量m；D．将小车置于打点计时器旁，先接通电源，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求得小车的加速度a；E．重新挂上细绳和砝码盘，改变砝码盘中砝码的质量，重复A、B、C、D步骤，求得小车在不同合外力F作用下的加速度．回答下列问题：(1)按上述方案做实验，是否要求砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量？________(填“是”或“否”)．(2)实验中打出的其中一条纸带如图7所示，由该纸带可求得小车的加速度a＝________ m/s2.图7(3)某同学将有关测量数据填入他所设计的表格中，如下表：次数1234 5砝码盘中砝码0.100.200.290.390.49的重力F/N小车的加速度0.88 1.44 1.84 2.38 2.89a/(m·s－2)________________________________________________________________________，从该图线延长线与横轴的交点可求出的物理量是________，其大小为________．图8答案 (1)否 (2)0.88 (3)在计算小车所受的合外力时未计入砝码盘的重力(只要涉及“未考虑砝码质量的因素”就算正确) 砝码盘的重力 0.08 N解析 (1)取下砝码盘后，小车加速运动时所受的合外力即为砝码和砝码盘的总重力，而实验中的研究对象是小车，因此，实验中不必使砝码及砝码盘的质量远小于小车的质量．(2)a ＝8.64＋7.75－ 6.87＋6.004×0.12×10－2 m/s 2，解得a ＝0.88 m/s 2. (3)实验中本应有(m 0＋m )g ＝Ma ，由于实验中未计入砝码盘质量m 0，测得的图象与真实图象相比沿F 轴左移m 0g ，图象将不过原点．由图象及上述分析可知，m 0g ＝0.08 N.7．某学习小组在“探究功与速度变化关系”的实验中采用了如图9甲所示的实验装置．请完成下面部分实验过程．甲乙图9(1)如图乙所示，游标卡尺测得遮光条的宽度Δd ＝____cm ；(2)实验时，测得挂一根橡皮条时，滑块弹离橡皮条后，经过光电门的时间为Δt ，则滑块最后匀速运动的速度表达式为________(用字母表示)．答案 (1)0.500 (2)Δd Δt解析 (1)根据游标卡尺的读数原理可得，游标卡尺测得遮光条的宽度Δd ＝0.500 cm.(2)滑块弹离橡皮条后做匀速运动，做匀速运动的速度为Δd Δt. 8．某同学利用光电门传感器设计了一个研究小物体自由下落时机械能是否守恒的实验，实验装置如图10所示，图中A 、B 两位置分别固定了两个光电门传感器．实验时测得小物体上宽度为d 的挡光片通过A 的挡光时间为t 1，通过B 的挡光时间为t 2，重力加速度为g .为了证明小物体通过A 、B 时的机械能相等，还需要进行一些实验测量和列式证明．图10(1)(单选)下列必要的实验测量步骤是______．A ．用天平测出运动小物体的质量mB ．测出A 、B 两传感器之间的竖直距离hC ．测出小物体释放时离桌面的高度HD ．用秒表测出运动小物体通过A 、B 两传感器的时间Δt(2)若该同学用d 和t 1、t 2的比值分别来反映小物体经过A 、B 光电门时的速度，并设想如果能满足________关系式，即能证明在自由落体过程中小物体的机械能是守恒的．(3)该同学的实验设计可能会引起明显误差的地方是(请写出一种)：_____________ ___________________________________________________________.答案 (1)B(2)(d /t 2)2－(d /t 1)2＝2gh(3)小物体上挡光片的宽度d 太大或h 的测量不准 解析 (1)由于重力势能和动能中均包括质量m ，因此小物体的质量m 不需要测量，A 错误；求物体重力势能的减小量，需要测量下落高度，B 正确；我们关心的是下落高度，与物体距离桌面的高度无关，C 错误；不需要测量物体下落所需的时间，D 错误．(2)物体通过两光电门速度分别为d t 1、d t 2，验证机械能守恒，即需要验证(d t 2)2－(d t 1)2＝2gh .(3)该同学的实验设计可能会引起明显误差的地方是小物体上挡光片的宽度d 太大、h 的测量不准等．【解题方法技巧8】 力学实验的复习策略——强化总结提升能力力学实验部分在高考中常以运动的研究为载体，考查速度、加速度等物理量的测量，或考查力学规律的验证与探究，同时实验原理的理解、实验数据的处理、实验误差的分析仍然是高考考查的重点与热点.高考力学实验题大部分是从课本中的学生实验变形而来.我们首先要掌握课本要求的基本的实验原理和方法，在复习中要善于找出不同实验在知识或能力要求上的共性和个性.如：验证机械能守恒定律实验、验证牛顿第二定律实验、研究匀变速直线运动实验在原理、操作、数据分析等要求上有很多共同点；验证型实验就是在一定的条件下测量出相关物理量并判断规律是否成立，而探究型实验本质是验证型实验，只不过需要先进行物理上的推导或猜想.。
2020版新一线增分方略高三物理一轮复习 (5)
单元高考模拟特训(二)一、选择题(1～5题只有一项符合题目要求，6～8题有多项符合题目要求，每小题6分，共48分．)1.如图所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为a，与斜面的接触点为b.当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，下列结论正确的是() A．球在a、b两点处一定都受到支持力B．球在a点处一定受到支持力，在b点处一定不受支持力C．球在a点处一定受到支持力，在b点处不一定受到支持力D．球在a点处不一定受到支持力，在b点处也不一定受到支持力解析：若球与车一起水平匀速运动，则球在b处不受支持力作用，若球与车一起水平向左匀加速运动，则球在a处的支持力可能为零，D项正确．答案：D2．如图所示，物体A、B在力F作用下一起以相同速度沿F方向匀速运动，关于物体A所受的摩擦力，下列说法正确的是()A．甲、乙两图中物体A均受摩擦力，且方向均与F相同B．甲、乙两图中物体A均受摩擦力，且方向均与F相反C．甲、乙两图中物体A均不受摩擦力D．甲图中物体A不受摩擦力，乙图中物体A受摩擦力，方向和F相同解析：用假设法分析：甲图中，假设A受摩擦力，与A做匀速运动在水平方向合力为零不符，所以A不受摩擦力；乙图中，假设A 不受摩擦力，A将相对B沿斜面向下运动，所以A受沿F方向的摩擦力．故选D.答案：D3．如图所示，小车内一根轻质弹簧沿竖直方向和一条与竖直方向成α角的细绳拴接一小球．当小车和小球相对静止，一起在水平面上运动时，下列说法正确的是()A．细绳一定对小球有拉力的作用B．轻弹簧一定对小球有弹力的作用C．细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力D．细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力解析：若小球与小车一起匀速运动，则细绳对小球无拉力；若小球与小车有向右的加速度a＝g tanα，则轻弹簧对小球无弹力，故选项D正确．答案：D4．如图所示是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图．一根绳绕过两个定滑轮后两端各挂着一个相同质量的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎，整个装置在同一竖直平面内．如果要增大颈椎所受的拉力，可采取的办法是()A．只增加绳的长度B．只减轻重物的重量C．只将手指向下移动D．只将手指向上移动解析：对力进行合成，可知颈椎所受的拉力F＝2mg cosθ，增加mg或减小θ，都可以增大F，选项C正确．答案：C放在粗糙的水平地面上，其右端有一固定放置的P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体，整个装置处于静止．如图所示是这个装置的纵截面图．若用外力河北衡水重点中学调研](多选)如图所示，的小物块(可视为质点．槽对物块的摩擦力大小是8 N对小物块受力分析如图所示，10 N的球固定在支杆段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，已知绳的拉力为如图所示，与水平方向成θ角的推力F逐渐减小直到水平的过程中，物块始终沿水平面做匀速直线运动，．物块受到的摩擦力一直减小对物块受力分析，建立如图所示的坐标系．F f＝0，(1)请完成下列相关内容a．在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O.b．卸下钩码，然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的方向及两弹簧测力计相应的读数．图中B弹簧测力计的读数为________N.c．小白在坐标纸上画出两弹簧拉力F A、F B的大小和方向如图所示，请你用作图工具在图中坐标纸上作出F A、F B的合力F′.d．已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图所示．e．最后观察比较F和F′，得出结论．(2)本实验采用的科学方法是________．A．理想实验法B．控制变量法C．等效替代法D．建立物理模型法解析：(1)b.图中B弹簧测力计的读数为11.40 N；c.图线如图：答案：(1)11.40图见解析(2)C10．(16分)[2016·浙江卷]某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图甲所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验．在保持弹簧伸长1.00 cm不变的条件下，间夹角大于90°，弹簧OC的夹角不变，就是弹簧秤OC的夹角时，三个力的关系如图，则可知________(填“L0”或“L x”)的差值．由图可知弹簧的劲度系数为________ N/m；通过图和表可知________ g．(结果保留两位有效数字，为保证弹簧的形变只由砝码和砝码盘的重力引起，所以弹簧轴线和刻度尺均应在竖直方向．弹簧静止时，记录原长L；表中的数据L与其他数据有效数。
2020版新一线增分方略高三物理一轮复习 (8)
单元高考模拟特训(七)一、选择题(1～5题只有一项符合题目要求，6～8题有多项符合题目要求，每小题6分，共48分)1.如图所示，真空中等量同种正点电荷放置在M、N两点，在M、N的连线上有对称点a、c，M、N连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是()A．正电荷＋q在c点电势能大于在a点电势能B．正电荷＋q在c点电势能小于在a点电势能C．在M、N连线的中垂线上，O点电势最高D．负电荷－q从d点静止释放，在它从d点运动到b点的过程中，加速度先减小再增大解析：由等量同种正点电荷电场分布特点可知a、c两点电势相等，正电荷＋q在a、c两点的电势能相等，A、B错误．M、N连线的中垂线上由无穷远到O点场强先变大再变小，中间某一位置场强最大，负电荷从无穷远到O点做加速度先增大再减小的加速运动，在O点时速度最大，动能最大，电势能最小，过O点后做加速度先增大再减小的减速运动，动能减小，电势能增加，所以负电荷在M、N连线中垂线上的O点电势能最小，则O点电势最高，C正确．由于不知b、d在M、N连线中垂线上的具体位置，负电荷从d到b运动过程中加速度可能先减小再增大，也可能先增大再减小，再增大再减小，D错误．答案：C2．[2019·北京海淀区模拟]江西吉水中学等三校联考]，把细线分成等长的圆弧处产生的场强为(两点把半圆环等分为三段．根据对称性，三段细线在圆心处产生的电场强度大小相等．设每段在段和CD段在O处产生的场强夹角为有一匀强电场，方向如图所示，在电场中有三个点三点的连线恰好构成一个直角三角形，且AC＝5 V，φB＝1.8 V若把一个电子(e＝1.6×点，那么电子电势能的变化量为()河南安阳一模]如图所示，竖直平面内平行直线，直线与水平面成30°角，两线间有垂直指向、质量为m的粒子在直线竖直向上射出．不计重力，直线足够长，若粒子能打到光滑绝缘的水平面上方存在一个水平方向的电场，电场线与坐标轴x的关系式为：φ＝如图所示，用实验方法描绘出的一对正负点电荷产生静电场的一簇等势线及其电势值，若一带电粒子只在电场力作用下沿图中点，下列说法正确的是．这一对正负点电荷右侧为负电荷，运动的带电粒子带正电个小题，52分)如图所示，空间存在着强度E直向上的匀强电场，在电场内一长为L＝0.5m＝0.5 kg、电荷量球．现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动到最Q B的速度大小为v.求：的速度和加速度的大小；Q B构成的系统减小的电势能．为一对平行金属板，与竖直方向成上的小孔正好位于平面直角坐标系xOy上的×105C/kg的带正电粒子做匀加速直线运动，以速度v。
2021高考物理得分关键题增值增分特训曲线运动和运动的合成与分解
2021高考物理得分关键题增值增分特训曲线运动和运动的合成与分解一、单项选择题1． 如图1所示，某次军事演习中，红方飞机甲正在从北向南水平匀速飞行，飞行员发觉其正前方距离x 处有一架蓝方飞机乙正在从东向西水平匀速飞行，赶忙水平发射炮弹，炮弹的发射方向与飞机甲的飞行方向成θ角，通过时刻t 炮弹击中飞机乙．己知飞机甲的速度为v 1，飞机乙的速度为v 2，飞机甲在地面上静止时发射炮弹的速度为v 0，忽略炮弹竖直方向的位移和所受的空气阻力．则下列说法中正确的是( )图1A ．tan θ＝v 2v 1B ．cos θ＝v 2v 0C ．t ＝xv 20－v 22＋v 1D ．t ＝xv 1答案 C解析 炮弹向南的分速度为v 1＋v 0cos θ，向西的分速度为v 0sin θ，x ＝(v 1＋v 0cos θ)t ，v 2t ＝v 0sin θ·t ，联立解得sin θ＝v 2v 0.选项A 、B 错误．t ＝x v 1＋v 0cos θ＝x v 20－v 22＋v 1，选项C 正确，D 错误．2． 如图2所示的曲线为一质点在恒定合外力作用下运动的一段轨迹，质点由A 到B 的时刻与质点由B 到C 的时刻相等，已知AB >BC ，则下列判定正确的是( )图2A ．该质点做非匀变速运动B ．该质点在这段时刻内可能做加速运动C ．两段时刻内该质点的速度变化量相等D ．两段时刻内该质点的速度变化量不等 答案 C解析 依照题述质点在恒定合外力作用下运动，其轨迹为曲线，因此该质点做匀变速曲线运动，选项A 错误．由于质点由A 到B 的时刻与质点由B 到C 的时刻相等，且已知AB >BC ，因此该质点在这段时刻内做减速运动，选项B 错误．由于受到恒力作用，加速度相等，两段时刻内该质点的速度变化量相等，选项C 正确，D 错误．3． 如图3所示，河的宽度为L ，河水流速为u ，甲、乙两船均以静水中的速度v 同时渡河．动身时两船相距2L ，甲、乙船头均与岸边成60°角，且乙船恰好能直达正对岸的A 点．则下列判定正确的是( )图3A ．甲船正好也在A 点靠岸B ．甲船在A 点下游侧靠岸C ．甲乙两船到达对岸的时刻相等D ．甲乙两船可能在未到达对岸前相遇 答案 C解析 依照题述乙船恰好能直达正对岸的A 点，则河水流速u ＝v cos60°＝v2.甲船渡河时垂直河岸的分速度为v 1＝v sin 60°＝3v 2，时刻t ＝L /v 1＝2L 3v.甲船沿水流方向的速度v 2＝v cos 60°＋u ＝v ，沿水流方向的位移为x ＝v 2t ＝2L 3，甲船在A 点上游侧靠岸，选项A 、B 错误．由于两船垂直河岸的分速度相等，因此甲乙两船到达对岸的时刻相等，选项C 正确．甲乙两船不可能在未到达对岸前相遇，选项D 错误．4． 如图4所示，小球m 能够在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，下列说法中正确的有( )图4A ．小球通过最高点的最小速度至少为v ＝gRB ．小球通过最高点的最小速度能够为0C ．小球在水平线ab 以下管道中运动时，内侧管壁对小球一定有作用力D ．小球在水平线ab 以上管道中运动时，内侧管壁对小球一定有作用力 答案 B解析 此题为杆模型，小球在最高点的速度能够为零，选项A 错误，B 正确；小球在水平线ab 以下管道中运动时，内侧管壁对小球没有作用力，外侧管壁对小球一定有作用力，选项C 错误；小球在水平线ab 以上管道中运动时，内侧管壁对小球有没有作用力要视小球的速度情形而定，选项D 错误．5． 如图5所示，两段长均为L 的轻质线共同系住一个质量为m 的小球，另一端分别固定在等高的A 、B 两点，A 、B 两点间距也为L ，今使小球在竖直平面内做圆周运动，当小球到达最高点时速率为v ，两段线中张力恰好均为零，若小球到达最高点时速率为2v ，则现在每段线中张力大小为( )图5mg B ．2mg C ．3mg D ．4mg答案 A解析 当小球到达最高点时速率为v ，两段线中张力恰好均为零，有mg ＝m v 2r ；当小球到达最高点时速率为2v ，设每段线中张力大小为F T ，应有2F T cos 30°＋mg ＝m2v2r；解得F T ＝3mg ，选项A 正确．6． 如图6所示，长为L 的轻杆，一端固定一个质量为m 的小球，另一端固定在水平转轴O上，杆随转轴O 在竖直平面内匀速转动，角速度为ω，某时刻杆对球的作用力恰好与杆垂直，则现在杆与水平面的夹角θ是( )图6A ．sin θ＝ω2L gB ．tan θ＝ω2LgC ．sin θ＝g ω2LD ．tan θ＝gω2L答案 A解析 对小球受力分析，杆对球的作用力和小球重力的合力一定沿 杆指向O ，合力大小为mLω2，画出m 受力的矢量图．由图中几何关系可得mg sin θ＝mω2L ，因此有sin θ＝ω2Lg，选项A 正确．7． 如图7甲所示，轻杆一端固定在O 点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R 的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F ，小球在最高点的速度大小为v ，其F －v 2图象如图乙所示．则( )图7A ．小球的质量为aR bB ．当地的重力加速度大小为R bC ．v 2＝c 时，小球受到的弹力方向向上D ．v 2＝2b 时，小球受到的弹力与重力大小不相等 答案 A解析 小球在最高点时对其进行受力分析，①速度为零时，mg －F ＝0，结合图象可知：mg －a ＝0，②当F ＝0时，由向心力公式可得：mg ＝mv 2R ，结合图象可知，mg ＝mbR ，可知：g ＝b R ，m ＝aRb，选项A 正确，选项B 错误；③由图象可知：b <c ，v 2＝c 时小球所受弹力方向向下．当v 2＝2b 时，由向心力公式可得：mg ＋F ＝m ·2bR，F ＝mg ，选项C 、D 错误． 8． 如图8所示，具有圆锥形状的回转器(陀螺)绕它的轴线在光滑的桌面上以角速度ω快速旋转，同时以速度v 向左运动，若回转器的轴线一直保持竖直，为使回转器从桌子的边沿滑出时可不能与桌子边缘发生碰撞，速度v 至少应等于(设回转器的高度为H ，底面半径为R ，不计空气对回转器的作用)( )图8A ．ωRB ．ωHC ．R 2g HD ．Rg 2H答案 D解析 依照平抛运动规律，R ＝vt ，H ＝12gt 2，联立解得v ＝Rg 2H. 9． 如图9所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，圆心为O ，ab 为沿水平方向的直径．若在a 点以初速度v 1沿ab 方向抛出一小球，小球运动t 1时刻后击中坑壁上的c 点；若在a 点以较大的初速度v 2沿ab 方向抛出另一小球，小球运动t 2时刻后击中坑壁上的d 点．已知直线Oc 、Od 与ab 的夹角均为60°，不计空气阻力，则( )图9A ．t 1＝23v 13g ；t 2＝23v 1gB ．t 1＝23v 1g；v 1∶v 2＝1∶3C ．t 1∶t 2＝1∶1；v 1∶v 2＝3∶3D ．t 2＝23v 2g；v 1∶v 2＝1∶ 3答案 B解析 由题意可知，c 、d 两点是圆周上关于过O 点的竖直方向的轴线对称的两点，对两次抛出的小球的运动进行分析有：R sin 60°＝12gt 21、R (1－cos 60°)＝v 1t 1、R sin 60°＝12gt 22、R (1＋cos 60°)＝v 2t 2，解得t 1＝23g v 1、t 2＝23g v 1、t 1t 2＝11、v 1v 2＝13，A 、C 、D 错误，B 正确． 二、多项选择题10．(2020·上海·20)图10为在安静海面上，两艘拖船A 、B 拖着驳船C 运动的示意图．A 、B 的速度分别沿着缆绳CA 、CB 方向，A 、B 、C 不在一条直线上．由于缆绳不可伸长，因此C 的速度在CA 、CB 方向的投影分别与A 、B 的速度相等，由此可知C 的( )图10A．速度大小能够介于A、B的速度大小之间B．速度大小一定不小于A、B的速度大小C．速度方向可能在CA和CB的夹角范畴外D．速度方向一定在CA和CB的夹角范畴内答案BD解析依照题述，C的速度大小一定不小于A、B的速度大小，选项A错误，B正确．C的速度方向一定在CA和CB的夹角范畴内，选项C错误，D正确．11．质量m＝50 g的小球在竖直平面内运动，若以水平方向为x轴的方向，竖直向下的方向为y轴的方向，建立平面直角坐标系，其运动方程为x＝6＋6t，y＝5＋5t2.式中t的单位为秒，x、y的单位为米，重力加速度g＝10 m/s2.关于小球的运动，下列说法正确的是( ) A．t＝0时小球的坐标为(6 m,5 m)B．t＝1 s时小球的速率为11 m/sC．t＝2 s时小球的加速度的大小为10 m/s2D．小球的运动轨迹是一条抛物线答案ACD解析将t＝0代入运动方程可得，x＝6 m，y＝5 m，选项A正确；依照x＝6＋6t可得，小球沿水平方向做匀速直线运动，速度大小恒为6 m/s，依照y＝5＋5t2可得，竖直方向的初速度为零，加速度恒为10 m/s2，在t＝1 s时，水平速度为v x＝6 m/s，竖直速度v y ＝at＝10 m/s，小球的合速度v＝v2x＋v2y＝136 m/s，选项B错误；只有竖直方向有加速度，加速度大小恒为10 m/s2，选项C正确；小球的运动是水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动的合运动，轨迹是抛物线，选项D正确．12．(2020·上海·19)如图11，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时开释一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A.已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此可算出( )图11A．轰炸机的飞行高度B．轰炸机的飞行速度C ．炸弹的飞行时刻D ．炸弹投出时的动能 答案 ABC解析 依照题述，tan θ＝v gt ，x ＝vt ，tan θ＝h x ，H ＝h ＋y ，y ＝12gt 2，由此可算出轰炸机的飞行高度H ；轰炸机的飞行速度v ，炸弹的飞行时刻t ，选项A 、B 、C 正确．由于题述没有给出炸弹质量，不能得出炸弹投出时的动能，选项D 错误．13．如图12所示，小球a 从倾角为θ＝60°的固定粗糙斜面顶端以速度v 1沿斜面恰好匀速下滑，同时将另一小球b 在斜面底端正上方与a 球等高处以速度v 2水平抛出，两球恰在斜面中点P 相遇，则下列说法正确的是( )图12A ．v 1∶v 2＝2∶1B ．v 1∶v 2＝1∶1C ．若小球b 以2v 2水平抛出，则两小球仍能相遇D ．若小球b 以2v 2水平抛出，则b 球落在斜面上时，a 球在b 球的下方 答案 AD解析 两球恰在斜面中点P 相遇，则在水平方向上它们的位移相同，即v 2t ＝v 1cos 60°t ，得v 1∶v 2＝2∶1，A 正确，B 错误；若小球b 以2v 2水平抛出，竖直方向上a 球的分速度不变，b 球做自由落体运动不变，若还能相遇，则仍旧在P 点相遇，但b 的水平初速度变为2v 2，水平方向相遇点会向左移动，因此两小球不能再相遇，C 错误；小球a 、b 原先在P 点相遇，b 球竖直方向的平均速度等于v 1sin θ，b 球的水平速度变为2v 2，小球b 会落在P 点上方，在这段时刻里，a 球在竖直方向的速度会大于b 球在竖直方向做自由落体运动的平均速度，则b 球落在斜面上时，a 球在b 球的下方，D 正确．14．如图13所示，两个半径均为R 的14光滑圆弧对接于O 点，有物体从上面圆弧的某点C 以上任意位置由静止下滑(C 点未标出)，都能从O 点平抛出去，则( )图13A ．∠CO 1O ＝60°B ．∠CO 1O ＝45°C ．落地点距O 2最远为2RD ．落地点距O 2最近为R 答案 AC解析 要使物体从O 点平抛出去，在O 点有mg ≤mv 2/R ，解得物体从O 点平抛出去的最小速度v min ＝gR .设∠CO 1O ＝θ，由机械能守恒定律，mgR (1－cos θ)＝12mv 2min ，解得∠CO 1O＝θ＝60°，选项A 正确，B 错误；由平抛运动规律，x ＝vt ，R ＝12gt 2，解得落地点距O 1最近为2R .若物体从A 点下滑，到达O 点时速度为v ＝2gR .由平抛运动规律，x ＝vt ，R ＝12gt 2，解得落地点距O 2最远为2R ，选项C 正确，D 错误．。
2021高考物理总复习选择题增分练一20211119144
2021高考物理总复习选择题增分练一20211119144(满分48分 24分钟)说明：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．下列叙述正确的是( )A ．若铀235的体积超过它的临界体积，裂变的链式反应就能够发生B ．依照玻尔理论，在氢原子中，电子吸取光子从低能级跃迁到高能级，电子的能量变大，动能也变大C ．只要入射光的强度足够强，照耀时刻足够长，就一定能产生光电效应D ．核反应的实质是粒子对核撞击而打出新粒子使核变为新核解析：选A.只要铀235的体积超过它的临界体积，就能产生裂变的链式反应，A 正确；在氢原子中，电子吸取光子从低能级跃迁到高能级，电子的能量变大，轨道半径变大，电势能变大，但动能变小，B 错误；某种金属能否发生光电效应取决于入射光的频率，选项C 错误；核反应是原子核在其他粒子的轰击下产生新原子核的过程，并不一定打出新粒子，D 错误；故选A.2．一小球做自由落体运动，落地前最后1 s 内的位移为45 m ，已知重力加速度g 取10 m/s 2，则该小球下落过程中的平均速度为( )A ．45 m/sB ．35 m/sC ．25 m/sD ．22.5 m/s 解析：选C.由平均速度的定义式可知，最后1 s 的平均速度为v ＝x t＝45 m/s ，匀变速运动中平均速度等于时刻中点的瞬时速度，设下落总时刻为T ，则g (T －0.5 s)＝45 m/s ，解得T ＝5 s ，全程的平均速度等于时刻中点的瞬时速度，即2.5 s 时的瞬时速度v ＝gt ′＝10×2.5 m/s＝25 m/s ，C 正确．3．如图所示，带电荷量为－q 的平均带电半球壳的半径为R ，CD 为通过半球顶点C 与球心O 的轴线，P 、Q 为CD 轴上在O 点两侧离O 点距离相等的两点，假如是平均带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等，则下列判定正确的是( )A ．P 、Q 两点的电势、电场强度均相同B ．P 、Q 两点的电势不同，电场强度相同C ．P 、Q 两点的电势相同、电场强度等大反向D ．在Q 点由静止开释一带负电的微粒(重力不计)，微粒将做匀加速直线运动解析：选B.半球壳带负电，因此在CD 上电场线沿DC 方向向上，因此P 点电势一定低于Q 点电势，A 、C 错误；若在O 点的下方再放置一同样的半球壳组成一完整的球壳，则P 、Q 两点的电场强度均为零，即上、下半球壳在P 点的电场强度大小相等方向相反，由对称性可知上半球壳在P 点与在Q 点的电场强度大小相等方向相同，B 正确；在Q 点由静止开释一带负电微粒，微粒一定做变加速运动，D 错误．4．如图所示，以MN 、PQ 为边界的区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁场宽为2L ，高为L 的正三角形闭合金属框由粗细平均的电阻丝围成，在外力作用下由图示位置被水平向右匀速拉过磁场区域，ab 边平行MN 且垂直金属框运动方向，取逆时针方向为电流的正方向，则金属框中的感应电动势E 、感应电流I ，所施加的外力F 及外力的功率P 随位移x 的变化关系图正确的是( )解析：选B.金属框进入磁场的过程中，穿过金属框的磁通量增加，由楞次定律可知此过程中感应电流为逆时针方向，而此过程金属框切割磁感线的有效长度l ＝2x ·tan 30°且平均增加，完全进入磁场后，穿过金属框的磁通量不变，回路中无感应电流和感应电动势，排除A 选项；0～L 位移内，因金属框做匀速直线运动，因此F 外＝F 安＝BIl ＝B 2l 2v R ＝4B 2x 2v Rtan 2 30°，即外力随位移的增大而非线性增大，排除C 选项；0～L 位移内，外力的功率P ＝F 外v ＝4B 2x 2v 2Rtan 2 30°，即外力的功率随位移的增大而非线性增大，排除D 选项；因此B 选项正确．5．如图甲所示，升降机内固定着一个倾角为30°的光滑斜面，斜面底端安装一个能显示弹簧作用力的传感器，以弹簧受压时传感器示数为正，传感器通过一根轻弹簧连接着一个质量为2m 的金属球．运动中的升降机突然停止，以停止运动为计时起点，在此后的一段时刻内传感器上显示的弹力随时刻变化的关系如图乙所示，且金属球运动过程中弹簧始终在弹性限度内，则下列说法中正确的是( )A ．升降机在停止运动前是向上运动的B ．0～t 1时刻段内金属球做减速运动C ．t 1～t 2时刻段内金属球处于超重状态D ．t 2和t 4两时刻金属球的加速度和速度的大小均相同解析：选D.由于升降机停止运动前传感器的示数为0，说明弹簧处于原长状态，即升降机有向下的加速度g ，而0～t 1时刻段内示数增加，说明弹簧被压缩，即升降机突然停下后金属球由于惯性而向下运动，故停止前升降机是向下运动的，A 错误；0～t 1时刻段内弹簧的形变量逐步增大，但当F ＝mg 时金属球所受的合外力为0，即金属球前一段做加速度逐步减小的加速运动，后一段做加速度逐步增大的减速运动，B 错误；t 1～t 2时刻段可分为两段，F ＝mg 时金属球的加速度为0，前一段时刻金属球加速度向上并处于超重状态，后一段时刻金属球加速度向下并处于失重状态，C 错误；t 2和t 4两时刻弹簧的形变量均为0，金属球在斜面方向上只有重力的分力产生加速度，故两时刻的加速度相同，又由于斜面光滑，系统的机械能守恒，因此两个时刻速度的大小相等，但t 2时刻金属球沿斜面向上运动，而t 4时刻金属球沿斜面向下运动，二者的方向不同，D 正确．6．一电子只在电场力作用下沿x 轴正方向运动，其电势能E p 随位移x 变化的关系如图所示，其中0～x 1段是曲线，x 1～x 2段是平行于x 轴的直线，x 2～x 3段是倾斜直线，下列说法正确的是( )A ．从0到x 1电势逐步降低B ．x 2处的电势比x 3处高C ．x 1～x 2段电场强度为零D ．x 2～x 3段的电场强度减小解析：选AC.由ΔE p ＝－W 电＝－qEx ，即ΔE p Δx＝qE ，即E p x 图象中的斜率表示电子受的电场力，因此C 项正确，D 项错误；因为φ＝E p－e，可知0～x 1电势逐步降低，A 项正确；B 项错误；故正确选项为AC.7．如图所示，足够长的木板P 静止于光滑水平面上，小滑块Q 位于木板P 的最右端，木板P 与小滑块Q 之间的动摩擦因数μ＝0.2，木板P 与小滑块Q 质量相等，均为m ＝1 kg.用大小为6 N 、方向水平向右的恒力F 拉动木板P 加速运动1 s 后将其撤去，系统逐步达到稳固状态，已知重力加速度g 取10 m/s 2，下列说法正确的是( )A ．木板P 与小滑块Q 所组成的系统的动量增加量等于拉力F 的冲量B ．拉力F 做功为6 JC ．小滑块Q 的最大速度为3 m/sD ．整个过程中，系统因摩擦而产生的热量为3 J解析：选ACD.对系统由动量定理得Ft ＝mv P ＋mv Q ＝2mv 共，即木板P 与小滑块Q 所组成系统的动量增加量一定等于拉力F 的冲量，A 正确；若木板P 与小滑块Q 相对静止一起加速运动，则拉力F 不能超过μmg m·2m ＝4 N ，拉力F 为6 N 大于4 N ，故二者发生相对滑动，对木板P 由牛顿第二定律F －μmg ＝ma ，解得a ＝4 m/s 2.1 s 内木板P 的位移x ＝12at 2＝2 m ，拉力F 做功W ＝Fx ＝12 J ，B 错误；二者共速时，小滑块Q 的速度最大，Ft ＝2mv 共，v 共＝3 m/s ，C 正确；整个过程中，对系统由能量守恒可知W ＝12×2mv 2共＋Q .解得Q ＝3 J ，D 正确． 8．矩形边界ABCD 内存在磁感应强度为B 的匀强磁场，方向垂直纸面向里，AB 长为2L ，AD 长为L .从AD 的中点E 发射各种速率的粒子，方向与AD 成30°角，粒子带正电，电量为q ，质量为m ，不计粒子重力与粒子间的相互作用，下列判定正确的是( )A ．粒子可能从BC 边离开B ．通过AB 边的粒子最小速度为3qBL 4mC ．通过AB 边的粒子最大速度为qBL mD ．AB 边上有粒子通过的区域长度为⎝ ⎛⎭⎪⎫33＋1L 解析：选CD.最有可能从BC 边离开的粒子应与DC 边相切，设半径为r 1，圆心为O 1，由几何知识知r 1sin 30°＝⎝ ⎛⎭⎪⎫r 1－L 2因此r 1＝L ，即O 1应在AB 边上，则O 1F 应为半径r 1＝L ，而O 1A ＝r 1cos 30°＝32L ，因此O 1A ＋O 1F ＝L ＋32L ＜2L ，因此粒子不可能从BC 边离开；且上述情形为经AB 边的粒子半径最大的情形，由r ＝mvqB 知，v m ＝qBL m，选项A 错误、C 正确，当粒子与AB 相切时，速度最小，圆心为O 2，半径为r 2，则有r 2＋r 2sin 30°＝L 2，故r 2＝L 3，又因为r 2＝mv 2qB ，因此v 2＝qBL 3m为最小速度，选项B 错误，AB 上切点M 与点F 之间的长度为粒子通过的区域，l ′＝r 1＋r 1cos 30°－r 2cos 30°＝L ＋32⎝ ⎛⎭⎪⎫L －L 3＝⎝ ⎛⎭⎪⎫33＋1L ，故D 项正确．。
2020版新一线增分方略高三物理一轮复习 (6)
单元高考模拟特训(九)一、选择题(1～5题只有一项符合题目要求，6～8题有多项符合题目要求，每小题6分，共48分)1.如图所示，中心轴线为OO′的螺线管固定，可以自由运动的直导线MN静止在光滑的绝缘水平面上，OO′⊥MN且OO′与MN在同一水平面上，螺线管关于MN左右对称．直导线MN中通入方向由M→N的恒定电流I1，当开关S闭合后，直导线MN() A．对水平面的压力将变小B．对水平面的压力将不变C．将顺时针方向转动(从上向下看)D．将逆时针方向转动(从上向下看)解析：开关S闭合后，根据安培定则判断知，直导线MN处的磁感线方向如图所示，根据左手定则判断知，直导线MN受到的安培力方向为垂直水平面向上，直导线MN对水平面的压力将变小，直导线MN不会水平转动，只有A正确．答案：A2．如图所示，a、b、c、d为圆心为O的圆上的四个点，直径ac、bd相互垂直，两根长直导线垂直圆面分别固定在b、d处，导线中通有大小相等，垂直纸面向外的电流，关于a、O、c三点的磁感应强度，下列说法正确的是()A．都为零B．O点最大C．a、c两点方向相反D．a、c两点方向相同解析：由安培定则可知，b、d两处的通电导线在a点的磁场方向如图所示，由平行四边形定则可知，a点的磁感应强度方向垂直ac向下，同理可知c点的磁感应强度方向垂直ac向上，即a、c两点的磁感应强度方向相反，C正确，AD错误；根据磁感应强度的叠加原理可知，O点的磁感应强度大小为零，B错误．答案：C3.如图所示，从S处发出的电子经加速电压U加速后垂直进入相互垂直的匀强电场和匀强磁场中，发现电子向下极板偏转．设两极板间电场强度为E，磁感应强度为B.欲使电子沿直线从电场和磁场区域通过，只采取下列措施，其中可行的是()A．适当减小电场强度EB．适当减小磁感应强度BC．适当增大加速电压UD．适当增大加速电场极板之间的距离解析：根据左手定则可知，电子所受的洛伦兹力的方向竖直向下，故电子向下极板偏转的原因是电场力小于洛伦兹力，要想使电子沿直线从电磁复合场区域通过，则必须有Eq＝q v B，所以可以适当增大电．如图所示，某空间存在正交的匀强电场和匀强磁场，电场方磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由向上运动．下列说法中正确的是3 T，方向水平向右3 T，方向水平向右如图所示，一轨道由两等长的光滑斜面处用一光滑小圆弧相连接，右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，B领航高考冲刺卷]如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上(与纸面平行)，磁场方向垂直于纸面向纸面内有两个半径不同的半圆在b点平滑连接后构成一绝缘光滑a点开始运动，发现其速率保持不变．则A 端应接电源的正极．磁场室的磁场方向必须垂直纸面向外．若离子化后的两同位素X 1、X 2(X 1质量大于入磁场室后，出现图中的轨迹Ⅰ和Ⅱ，则轨迹Ⅰ一定对应．若磁场室内的磁感应强度大小为B ，当记录仪接收到一个明可以判断高压电源磁场室的磁场方向应垂直纸面向外，设离子通过高压电源后的速度为v ，由动能定理可得m v 2，联立计算得出轴上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为x轴下方存在匀强电场，电场方向与45°夹角．一质量为m点沿y轴正方向射出，一段时间后进入电场，若要使粒子能够回到P点，求电场强度的最大值．带电粒子在磁场中做圆周运动，设运动半径为，根据洛伦兹力公式及圆周运动规律有，空间中存在着水平向右的匀强电场，，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场B＝0.5 T．有一带正电的小球，质量小球匀速直线运动时受力如图，其所受的三个力在同设撤掉磁场后小球在初速度方向上的分位移为x ，有x ＝v t ⑥设小球在重力与电场力的合力方向上分位移为y ，有y ＝12at 2⑦a 与mg 的夹角和v 与E 的夹角相同，均为θ，又tan θ＝y x ⑧联立④⑤⑥⑦⑧式，代入数据解得t ＝2 3 s ＝3.5 s ⑨答案：(1)20 m/s 速度v 的方向与电场E 的方向之间的夹角为60° (2)3.5 s11．(20分)[2018·天津卷，11]如图所示，在水平线ab 的下方有一匀强电场，电场强度为E ，方向竖直向下，ab 的上方存在匀强磁场，磁感应强度为B ，方向垂直纸面向里．磁场中有一内、外半径分别为R 、3R 的半圆环形区域，外圆与ab 的交点分别为M 、N .一质量为m 、电荷量为q 的带负电粒子在电场中P 点静止释放，由M 进入磁场，从N 射出．不计粒子重力．(1)求粒子从P 到M 所用的时间t ；(2)若粒子从与P 同一水平线上的Q 点水平射出，同样能由M 进入磁场，从N 射出．粒子从M 到N 的过程中，始终在环形区域中运动，且所用的时间最少，求粒子在Q 时速度v 0的大小．解析：(1)设粒子在磁场中运动的速度大小为v ，所受洛伦兹力提供向心力，有q v B ＝m v 23R① 设粒子在电场中运动所受电场力为F ，有F ＝qE ②设粒子在电场中运动的加速度为a ，根据牛顿第二定律有F ＝ma ③粒子在电场中做初速度为零的匀加速直线运动，有v ＝at ④＝r′2⑥设粒子进入磁场时速度方向与ab的夹角为角的一半，由几何关系知。
高考物理二轮考前增分特训word版 题型专练 专练2[ 高考]
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专练2 直线运动规律和运动图象(限时：40分钟)一、单项选择题1． 如图1所示，一个小球从地面竖直上抛．已知小球两次经过一个较低点A 的时间间隔为T A ，两次经过较高点B 的时间间隔为T B ，重力加速度为g ，则A 、B 两点间的距离为( )图1A.(T A －T B )g 2B.(T 2A －T 2B )g 2C.(T 2A －T 2B )g 4D.(T 2A －T 2B )g 8 答案 D解析 设小球上抛的最高点距A 点的距离为h A ，距B 点的距离为h B ，根据竖直上抛运动规律，h A ＝12g (T A 2)2，h B ＝12g (T B 2)2，A 、B 两点间的距离为h A －h B ＝(T 2A －T 2B )g 8，选项D 正确．2． 一步行者以6.0 m/s 的速度跑去追赶被红灯阻停的公交车，在跑到距汽车25 m 处时，绿灯亮了，汽车以1.0 m/s 2的加速度匀加速启动前进，则( ) A ．人能追上公共汽车，追赶过程中人跑了36 mB ．人不能追上公共汽车，人、车最近距离为7 mC ．人能追上公共汽车，追上车前人共跑了43 mD ．人不能追上公共汽车，且车开动后，人车距离越来越远答案 B解析 在人跑到距汽车25 m 处时，绿灯亮了，汽车以1.0 m/s 2的加速度匀加速启动前进，当汽车加速到6.0 m/s 时二者相距最近．汽车加速到6.0 m/s 所用时间t ＝6 s ，人运动距离为6×6 m ＝36 m ，汽车运动距离为62×6 m ＝18 m ，二者最近距离为18 m ＋25 m －36 m ＝7 m ，人不能追上公共汽车，选项A 、C 错误，B 正确．车开动后，人车距离先减小后越来越远，选项D 错误．3． 质点做直线运动时的加速度随时间变化的关系如图2所示，该图线的斜率为k ，图中斜线部分面积为S ，下列说法正确的是 ( )图2A．斜率k表示速度变化的快慢B．斜率k表示速度变化的大小C．面积S表示t1～t2的过程中质点速度的变化量D．面积S表示t1～t2的过程中质点的位移答案 C解析斜率k表示加速度变化的快慢，选项A、B错误；面积S表示t1～t2的过程中质点速度的变化量，选项C正确，D错误．4．设物体运动的加速度为a，速度为v，位移为x，现有四个不同物体的运动图象如图所示，t＝0时刻物体的速度均为零，则其中物体做单向直线运动的图象是()答案 C解析由位移－时间图象可知，位移随时间先增大后减小，2 s后反向运动，不是单向直线运动，故A错误；由速度－时间图象可知，物体在0～2 s内沿正方向运动，2 s～4 s内沿负方向运动，方向改变，故B错误；由图象C可知：物体在0～2 s内做匀加速运动，2 s～4 s内做匀减速运动，4 s末速度减为0，然后重复前面的过程，是单向直线运动，故C正确；由图象D可知：物体在第1 s内做匀加速运动，1 s～2 s内做匀减速运动，2 s末速度减为0，第3 s内沿反方向运动，不是单向直线运动，故D错误，故选C.5．某运动员做跳伞运动，打开伞前可视为自由落体运动，伞打开后先做减速运动，最后做匀速运动，取竖直向下为正方向．在整个运动过程中，运动员的速度v、加速度a随时间t变化的图象符合事实的是()答案 B解析 根据题述，打开伞前可视为自由落体运动，加速度恒定，速度图象为倾斜直线．伞打开后先做减速运动，加速度为负值，最后做匀速运动，选项B 正确．6． 从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的v －t 图象如图3所示．在0～t 0时间内，下列说法中正确的是 ( )图3A ．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小B ．Ⅰ物体的加速度不断增大，Ⅱ物体的加速度不断减小C ．Ⅰ、Ⅱ两个物体在t 1时刻相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是v 1＋v 22答案 A解析 v －t 图象的斜率表示加速度，故两物体运动的加速度都在不断变小，合力不断变小，A 正确，B 错误；v －t 图象与时间轴所围的面积表示位移，0到t 1时间内Ⅱ物体运动的位移大，故不可能相遇，C 错误；如果两物体做匀变速直线运动，则平均速度大小都是v 1＋v 22，由图象可知，Ⅱ物体运动的位移小于匀减速直线运动的位移，故平均速度小于v 1＋v 22，Ⅰ物体运动的位移大于匀加速直线运动的位移，故平均速度大于v 1＋v 22，D 错误．7． 质量为1 kg 的物块在水平拉力的作用下，以一定的初速度沿水平面滑行，利用速度传感器在计算机屏幕上得到其速度随时间的变化关系如图4所示，则物块 ( )图4A ．0～1 s 内的平均速度为2 m/sB ．0～1 s 内加速度的数值是1 s ～3 s 内加速度数值的6倍C ．0～3 s 内的位移为4 mD ．所受合力在0～3 s 做的功为32 J答案 B解析 由匀变速直线运动平均速度公式v ＝v 0＋v t 2可知，物块在0～1 s 内的平均速度为3 m/s ，A 错误；由图象的斜率可知，物块在0～1 s 内的加速度为a 1＝－6 m/s 2，在1 s ～3 s 内的加速度为a 2＝－1.0 m/s 2，则a 1＝6a 2，B 正确；由图象的面积可知，物块在0～3 s 内的位移为x ＝(12×1×6－12×2×2)m ＝1 m ，C 错误；由动能定理可知，合力在0～3 s 内做的功为W ＝12×1×(22－62) J ＝－16 J ，D 错误． 8． 伽利略曾利用对接斜面研究“力与运动”的关系．如图5，固定在水平地面上的倾角均为θ的两斜面，以光滑小圆弧相连接，左侧顶端有一小球，与两斜面的动摩擦因数均为μ.小球从左侧顶端滑到最低点的时间为t 1，滑到右侧最高点的时间为t 2.规定斜面连接处为参考平面，则小球在这个运动过程中速度的大小v 、加速度的大小a 、动能E k 及机械能E 随时间t 变化的关系图线正确的是 ( )图5答案 B解析 由牛顿第二定律可知，小球在两斜面的运动都是匀变速直线运动，两阶段的加速度都恒定不变，小球在左侧斜面下滑时的加速度较小，因此，选项A 错误，B 正确；小球的动能与速率的二次方成正比，因此，动能与时间关系图象是曲线，C 错误；由于小球在两斜面运动时的加速度大小不相等，因此，小球机械能与时间的关系图象不是连续曲线，D 错误．二、多项选择题9． 某人在t ＝0时刻，观察一个正在做匀加速直线运动的质点，现只测出了该质点在第3 s内及第7 s 内的位移，则下列说法正确的是( )A ．不能求出任一时刻的瞬时速度B ．能求出任一时刻的瞬时速度C ．不能求出第3 s 末到第7 s 初这段时间内的位移D ．能求出该质点的加速度解析测出了该质点在第3 s内及第7 s内的位移，可以得到运动的加速度a，可以得到2.5 s末和6.5 s末的瞬时速度．应用速度公式可以求出初速度，故可以求出任一时刻的瞬时速度，选项A错误，B、D正确；应用位移公式可以得到任意时间内的位移，选项C错误．10．在一大雾天，一辆小汽车以30 m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30 m处有一辆大卡车以10 m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵．如图6所示a、b分别为小汽车和大卡车的v－t图象，以下说法正确的是 ()图6A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t＝5 s时追尾C．在t＝3 s时追尾D．若刹车不失灵不会追尾答案CD解析根据速度—时间图象与横轴所围面积等于位移可知，两车速度相等时(t＝5 s)小汽车相对于大卡车位移为35 m，所以会追尾，选项A错误．在t＝3 s时小汽车相对于大卡车位移等于30 m，发生追尾，选项C正确，B错误．若刹车不失灵，在t＝2 s时两车速度相等，小汽车相对于大卡车位移等于20 m，小于开始时的30 m距离，所以刹车不失灵不会追尾，选项D正确．11．某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如图7中的①、②图线所示．由图可知，启用ABS后()图7A．t1时刻车速更小B．0～t1的时间内加速度更小C．加速度总是比不启用ABS时大D．刹车后前行的距离比不启用ABS短解析由题图可知，启用ABS后，t1时刻车速较大，选项A错误.0～t1的时间内加速度更小，选项B正确．启用ABS后t1～t2的时间内加速度较大，而0～t1的时间内加速度较小，选项C错误．启用ABS后，刹车后前行的距离比不启用ABS短，选项D正确．12．我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，曾于2012年6月27日以7 062 m的深度创造了作用内载人潜水器新的世界纪录，这预示着它可以征服全球99.8%的海底世界．假设在某次试验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10 min内全过程的深度曲线(如图8甲)和速度图象(如图乙)，则关于此次下潜全过程，下列说法正确的是()图8A．由图可知，此次下潜在最深处停留了2 minB．全过程中最大加速度的大小是0.025 m/s2C．整个潜水器在8 min～10 min时间内机械能守恒D．潜水员在3 min～4 min和6 min～8 min的时间内均处于超重状态答案AD解析由题图知，0～1 min潜水器向下加速，处于失重状态，加速度大小a1＝130m/s2,1min～3 min向下匀速运动，3 min～4 min向下减速，处于超重状态，加速度大小a2＝130 m/s2,4 min～6 min速度为0，处于静止状态，6 min～8 min向上加速，处于超重状态，加速度大小a3＝0.025 m/s2，8 min～10 min向上减速，处于失重状态，加速度大小a4＝0.025 m/s2，综上，选项B、C错误，选项A、D正确．13．甲、乙两物体在同一地点同时开始做直线运动的v－t图象如图9所示．根据图象提供的信息可知()图9A．6 s末乙追上甲B．在乙追上甲之前，甲、乙相距最远为10 mC．8 s末甲、乙两物体相遇，且离出发点有32 mD．在0～4 s内与4 s～6 s内甲的平均速度相等答案BC解析 6 s末甲停止，8 s末乙追上甲，甲、乙两物体相遇，且离出发点有32 m，选项A 错误，C正确．在乙追上甲之前，5 s末甲、乙相距最远，最远为10 m，选项B正确．在0～4 s内甲的平均速度大于4 s～6 s内甲的平均速度，选项D错误．【解题方法技巧2】比较排除法对于以上4、6、8、11、12、13几个题目，具有的相同之处就是都有几个不同的运动过程，都是以图象的方式来描述两个物理量间的关系.对于此类特点的题目我们可以逐个过程分析，采用“比较排除法”来分析.这种方法要在读懂题意的基础上，根据题目的要求，先将明显的错误或不合理的备选答案一个一个地排除掉，最后只剩下正确的答案.如果选项是完全肯定或否定的判断，可通过举反例的方式排除；如果选项中有相互矛盾或者是相互排斥的选项，则两个选项中可能有一种说法是正确的，当然，也可能两者都错，但绝不可能两者都正确.注意有的题目要求选出错误的选项，那就要排除正确的选项.。
高考物理总复习优编题型增分练：实验题增分练(二)
实验题增分练(二)11．(8分)(2018·南通市等七市三模)用图1甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．气垫导轨上A 处安装了一个光电门，滑块上固定一遮光条，滑块用绕过气垫导轨左端定滑轮的细线与钩码相连，每次滑块都从同一位置由静止释放，释放时遮光条位于气垫导轨上B 位置的上方．图1(1)某同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d ，如图乙所示，则d ＝________ mm.(2)实验中，接通气源，滑块静止释放后，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间为t ，测得滑块(包括遮光条)质量为M ，钩码质量为m ，A 、B 间的距离为L .在实验误差允许范围内，钩码减小的重力势能mgL 与__________(用直接测量的物理量符号表示)相等，则机械能守恒． (3)下列不必要的一项实验要求是________(请填写选项前对应的字母)． A ．滑块必须由静止释放B ．应使滑块(包括遮光条)的质量远大于钩码的质量C ．已知当地重力加速度D ．应使牵引滑块的细线与气垫导轨平行(4)分析实验数据后发现，系统增加的动能明显大于钩码减小的重力势能，原因是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. 答案 (1)2.75 (2)(m ＋M )d 22t2(3)B (4)气垫导轨右端偏高 12．(10分)(2018·江苏学校联盟模拟)某物理兴趣小组在学习了电流的磁效应后，得知通电长直导线周围某点磁场的磁感应强度B 的大小与长直导线中的电流大小I 成正比，与该点离长直导线的距离r 成反比．该小组欲利用如图2甲所示的实验装置验证此结论是否正确，所用的器材有：长直导线、学生电源、直流电流表(量程为0～3 A)、滑动变阻器、小磁针(置于刻有360°刻度的盘面上)、开关及导线若干．图2实验步骤如下：a ．将小磁针放置在水平桌面上，等小磁针静止后，在小磁针上方沿小磁针静止时的指向水平放置长直导线，如图2甲所示；b ．该小组测出多组小磁针与通电长直导线间的竖直距离r 、长直导线中电流的大小I 及小磁针的偏转角度θ；c ．根据测量结果进行分析，得出结论． 回答下列问题：(1)某次测量时，电路中电流表的示数如图乙所示，则该电流表的读数为________ A. (2)在某次测量中，该小组发现长直导线通电后小磁针偏离南北方向的角度为30°(如图3所示)，已知实验所在处的地磁场水平分量大小为B 0＝3×10－5T ，则此时长直导线中的电流在小磁针处产生的磁感应强度B 的大小为________ T(结果保留两位小数)．图3 图4(3)该小组通过对所测数据的分析，作出了小磁针偏转角度的正切值tan θ与I r之间的图象如图4所示，据此得出了通电长直导线周围磁场的磁感应强度B 与通电电流I 成正比，与离长直导线的距离r 成反比的结论，其依据是__________________________．(4)通过查找资料，该小组得知通电长直导线周围某点的磁感应强度B 与电流I 及距离r 之间的数学关系为B ＝μ02π·Ir ，其中μ0为介质的磁导率．根据题给数据和测量结果，可计算出μ0＝________ T·m/A.答案 (1)2.00 (2)1.73×10－5T (3)电流产生的磁感应强度B ＝B 0tan θ，而偏角的正切值与I r成正比 (4)4π×10－7解析 (1)电流表量程为3 A ，则最小分度为0.1 A ，由指针示数可知电流为2.00 A ； (2)小磁针N 极指向地磁场分量和电流磁场的合磁场方向，如图所示；则有：tan 30°＝B B 0，解得：B ＝3×10－5×33T≈1.73×10－5T ； (3)由题图可知，偏角的正切值与Ir成正比，而根据(2)中分析可知，B ＝B 0tan θ，则可知B 与I r成正比，故说明通电长直导线周围磁场的磁感应强度B 与通电电流I 成正比，与离长直导线的距离r 成反比；(4)tan θ－I r 图线的斜率为k ，由公式B ＝B 0tan θ＝B 0k I r ＝μ02π·I r 可知，μ02π＝B 0k ，解得：μ0＝4π×10－7T·m/A.。
高考物理二轮复习第2部分考前冲刺方略实验题型增分练4
实验题型增分练(四)建议用时：10分钟1．(6分)如图所示为某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置，水平放置的木板上固定有一张白纸，一橡皮筋的一端固定在白纸上的O点，另一端A拴两个细绳套．(1)下面为实验的一些操作步骤：①比较F′和F的大小、方向是否近似相同；②过P点用统一标度作出F、F1、F2的图示；③用一个弹簧测力计钩住细绳套，拉A至某点P，在纸上标出P点，记下拉力F的方向和大小；④用平行四边形定则作出F1、F2的合力F′；⑤用两个弹簧测力计互成角度分别拉住两个细绳套，拉A至同样的位置P，在纸上记下两个力F1、F2的方向和大小．这些实验步骤的合理顺序为________．(2)对于该实验，下列说法正确的是________．A．两细绳套必须等长B．若将细绳换成橡皮筋，对实验结果有影响C．记录弹簧测力计拉力的方向时应用铅笔沿细绳画直线D．实验中，把橡皮筋的另一端拉到P点时，两弹簧测力计之间的夹角不能太大解析：(1)由“验证力的平行四边形定则”实验的操作步骤可知，顺序应为③⑤②④①. (2)实验中，为了防止超过弹簧测力计的量程，在把橡皮筋的另一端拉到P点时，两弹簧测力计之间的夹角不能太大．答案：(1)③⑤②④①(2)D2．(9分)如图1所示是测量阻值为几十欧的未知电阻R x的原理图，图中R0是保护电阻(10 Ω)，R1是电阻箱(0～99.9 Ω)，R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源(电动势10 V，内阻很小)．在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大．实验具体步骤如下： ①连接好电路，将滑动变阻器R 调到最大；②闭合S ，从最大值开始调节电阻箱R 1，先调R 1为适当值，再调节滑动变阻器R ，使A 1示数I 1＝0.15 A ，记下此时电阻箱的阻值R 1和A 2的示数I 2；③重复步骤②，再测量6组R 1和I 2值；④将实验测得的7组数据在坐标纸上描点．根据实验回答以下问题：(1)现有四只供选用的电流表：A ．电流表(0～3 mA ，内阻为2.0 Ω)B ．电流表(0～3 mA ，内阻未知)C ．电流表(0～0.3 A ，内阻为5.0 Ω)D ．电流表(0～0.3 A ，内阻未知)A 1应选用________，A 2应选用________．(2)测得一组R 1和I 2值后，调整电阻箱R 1，使其阻值变小，要使A 1示数I 1＝0.15 A ，应让滑动变阻器R 接入电路的阻值________(填“不变”“变大”或“变小”)．(3)在图2坐标纸上画出R 1与I 2的关系图．(4)根据以上实验得出R x ＝________Ω.解析：(1)从实验电路图看出：保护电阻R 0、电阻箱R 1与电流表A 1构成改装电压表，根据串并联电路的规律可得I 1(R 0＋R 1＋R A1)＝I 2(R x ＋R A2)，解得R 1＝R x ＋R A2I 1·I 2－(R 0＋R A1)，利用R 1－I 2图象求R x 的值时，R A2必须已知，即电流表A 2的内阻必须已知．从实验步骤看，电流表A 1的电流为0.15 A ，则应选量程为0～0.3 A 的电流表；从R 1－I 2图象的横轴看出电流最大达到了0.3 A ，则电流表A 2应选量程为0～0.3 A 的电流表，故电流表A 1应选用D ，A 2应选用C.(2)当调整电阻箱R 1使其阻值变小时，如果滑动变阻器接入电路中的阻值保持不变，电流表A 1的示数就会增大，则要使电流表A 1的示数不变，应让滑动变阻器R 接入电路中的阻值变大．(3)根据R 1＝R x ＋R A2I 1·I 2－(R 0＋R A1)可知，R 1－I 2图线是一条倾斜的直线． (4)R 1－I 2图线的斜率k ＝R x ＋R A2I 1，在R 1－I 2图象中求得k ＝240 Ω·A －1，所以R x ＝kI 1－R A2＝31 Ω.答案：(1)DC (2)变大 (3)如图所示 (4)31。
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考前增分集训集训一专项特色练一、物理学史和物理思想方法1.下列说法正确的是( )A.“交流电的有效值”使用了平均思想法B.探究导体的电阻与导体的材料、长度、粗细的关系，使用了控制变量法C.电场强度是用比值法定义的，电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电荷量成反比D.“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时电场力就要做功”，这里用到了归纳法解析“交流电的有效值”使用了等效替代法，选项A错误；探究导体的电阻与导体的材料、长度、粗细的关系，用的是控制变量法，选项B正确；电场强度是用比值法定义的，但电场强度与电场力、试探电荷的电荷量都无关，选项C错误；“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时电场力就要做功”用的是反证法，选项D错误。
答案 B2.在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。
下列表述符合物理学史的是( )A.法拉第首次引入电场线和磁感线，极大地促进了人类对电磁现象的研究B.伽利略猜想自由落体运动的速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证C.牛顿利用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点D.胡克认为弹簧的弹力与弹簧的长度成正比解析法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了人类对电磁现象的研究，故A正确；伽利略用数学和逻辑推理得出了自由落体的速度与下落时间成正比，而不是直接用实验验证了这个结论，故B错误；伽利略利用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点，故C错误；胡克认为弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误。
答案 A3.2017年9月29日世界首条量子保密通信干线—“京沪干线”正式开通，我国科学家成功实现了世界上首次洲际量子保密通信。
下列有关量子化学说的叙述中正确的是( )A.爱因斯坦根据光电效应的实验规律，提出了“光子说”B.库仑通过对油滴实验的分析，发现“电荷是量子化”的C.汤姆孙根据原子核式结构学说，提出了“原子轨道量子化”的假说D.卢瑟福根据原子光谱的实验规律，提出了“原子能量量子化”的假说解析爱因斯坦根据光电效应的实验规律，提出了“光子说”，选项A正确；密立根通过对油滴实验的分析，发现“电荷是量子化”的，选项B错误；玻尔根据原子核式结构学说，提出了“原子轨道量子化”的假说，选项C错误；玻尔根据原子光谱的实验规律，提出了“原子能量量子化”的假说，选项D错误。
答案 A4.对于曲线运动，当所研究的时间足够短(或位移足够小)时，它就可以认为是匀速直线运动。
这种分析方法叫做“微小量分析法”，在物理学的研究中经常使用。
下列使用到“微小量分析法”的有( )A.当时间足够短时，平均速度就可以认为是瞬时速度B.利用激光放大微小形变C.平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动D.在伽利略的斜面实验中，当右侧斜面的倾角无限接近零时，小球就做匀速直线运动解析 根据题干的介绍，选项A 符合要求；选项B 中利用的是放大法；选项C 中利用的是运动的合成与分解；选项D 中利用的是理想实验法。
答案 A5.在牛顿发现太阳与行星间的引力过程中，得出太阳对行星的引力表达式后推出行星对太阳的引力表达式，是一个很关键的论证步骤，这一步骤采用的论证方法是( )A.研究对象的选取B.理想化过程C.控制变量法D.等效法解析 对于太阳与行星之间的相互作用力，太阳和行星的地位完全相同，既然太阳对行星的引力符合关系式F ∝m 星r 2，依据等效法，行星对太阳的引力也符合关系式F ∝m 日r 2，故选项D 正确。
答案 D6.学习物理不仅要掌握物理知识，还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。
在如图所示的几个实验中，研究物理问题的思想方法相同的是( )A.甲、乙B.乙、丙C.甲、丙D.丙、丁解析比较平抛运动和自由落体运动，来研究平抛运动在竖直方向上运动的规律，用到了比较法；观察桌面的微小形变和测定万有引力常量的实验中，通过平面镜的反射，反射光线发生较大的角度变化，从而扩大了形变，该方法称为微小形变放大法；探究加速度与力、质量的关系中，用到了控制变量法。
所以，乙和丙用到了相同的研究物理问题的思想方法，故B正确。
答案 B7.(多选)1820年，奥斯特发现了电流的磁效应，1831年法拉第发现了电磁感应现象，这两个发现在物理学史上都具有划时代的意义。
围绕这两个发现，下列说法正确的是( )A.电流磁效应的发现从相反的角度对法拉第发现电磁感应现象具有启发意义B.可以推断出，在法拉第发现电磁感应现象的年代，已经发明了电池C.电磁感应的发现为大规模发电提供了理论基础D.电磁感应的发现为解释地球磁场的形成提供了理论方向解析电流产生磁场的现象叫做电流的磁效应，利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应现象，电流磁效应的发现对法拉第发现电磁感应现象具有启发意义，所以选项A正确；电流的磁效应比电磁感应现象发现得早，而发现电流的磁效应时需要有持续的电流，说明当时已经发明了电池，选项B正确；电磁感应现象的发现，说明大量的机械能可以通过磁场转化为电能，所以为大规模发电提供了理论基础，选项C正确；解释地球磁场的形成需要知道磁场形成的原因，电流磁效应的发现为解释地球磁场的形成提供了理论方向，选项D错误。
答案ABC8.(多选)(2019·广东省深圳市二模)学习物理除了知识的学习外，还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法。
下列关于物理学中的思想方法的叙述不正确的是( )A.在探究求合力的方法的实验中使用了等效替代的思想B.伽利略在研究自由落体运动时采用了微元法C.在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了理想化模型的思想方法D.卡文迪许开创性地测出了万有引力常量和静电力常量解析合力与分力是等效替代的关系，在探究求合力的方法的实验中使用了等效替代的思想，故A说法正确；伽利略在研究自由落体运动时采用了理想实验和逻辑推理相结合的方法，故B说法错误；在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法，故C说法错误；卡文迪许通过扭秤实验，只测出了万有引力常量，故D说法错误。
答案BCD9.下列关于物理学史或物理方法的说法中错误的是( )A.伽利略利用斜面研究自由落体运动时，使用了“外推”的方法，即当斜面的倾角为90°时，物体在斜面上的运动就变成了自由落体运动B.运动的合成与分解是研究曲线运动的一般方法，该方法也同样适用研究匀速圆周运动C.物理模型在物理学的研究中起了重要作用，其中“质点”“点电荷”“光滑的轻滑轮”“轻弹簧”等都是理想化模型D.牛顿在发现万有引力定律的过程中使用了“月—地检验”解析对于选项A和D，只要熟悉教材，即可顺利判断其是正确的；在曲线运动中，教材中选用了平抛运动和匀速圆周运动两个特例，但这两个曲线运动的研究方法是不同的。
平抛运动的研究方法是运动的合成与分解；研究匀速圆周运动使用的方法是利用加速度的定义式和矢量差的知识推导出向心加速度公式，再利用牛顿第二定律得出向心力公式，故选项B错误；“质点”和“点电荷”没有大小，“光滑的轻滑轮”没有质量且不计摩擦力，“轻弹簧”没有质量，所以它们都是理想化模型，选项C正确。
答案 B二、物理学中的STSE问题题型1 物理与生产、生活实际结合1.(2019·河北唐山二模)随着经济发展，乡村公路等级越来越高，但汽车超速问题也日益凸显，为此一些特殊路段都设立了各式减速带，如图1甲所示。
现有一辆汽车发现前方有减速带，开始减速，减至某一速度，开始匀速运动，匀速通过减速带，然后再加速到原来速度，总位移为80 m。
汽车行驶80 m位移的v2－x 图象如图乙所示，其中v为汽车的行驶速度，x为汽车行驶的距离。
则汽车通过80 m位移的平均速度为( )图1A.20 m/sB.15 m/sC.8 m/sD.4 m/s解析由公式v2－v20＝2ax得v2＝v20＋2ax，对比v2－x图象，图线斜率k＝2a，则减速运动的加速度大小a1＝5 m/s2，加速运动的加速度大小a2＝2.5 m/s2。
设初速度为v0，减速后速度为v，则v0＝15 m/s，v＝5 m/s。
由运动学公式v＝v0＋at得，减速运动时间t1＝2 s，加速运动时间t2＝4 s。
由运动学公式x＝vt得，匀速运动时间t3＝4 s，则t总＝t1＋t2＋t3＝10 s，则全程平均速度v－＝xt总＝8 m/s。
故选项C正确。
答案 C2.(2019·山东菏泽模拟)如图2所示，一辆汽车正通过一弯道半径为R的道路(已知车辆通过该路段时的转弯半径均为R)。
道路左低右高，其水平宽度为s，右侧与左侧之间的竖直高度为h，重力加速度为g，考虑到雨雪天气，路面结冰，此路段应限速为( )图2A.2Rghs B.Rghh2＋s2C.Rghs D.Rghs解析 路面结冰后道路与车胎之间的摩擦很小，可不考虑摩擦力。
汽车通过此路段时做半径为R 的匀速圆周运动，倾斜路面对汽车的支持力和汽车的重力在水平方向的合力提供向心力，设汽车质量为m ，路面倾角为θ，则有mg tan θ＝m v 2R ， tan θ＝hs ，联立解得v ＝Rgh s ，选项C 正确。
答案 C3.(多选)如图3甲所示为风力发电的简易模型，在风力的作用下，风叶带动与其固定在一起的永磁铁转动，转速与风速成正比。
某一风速时，线圈中产生的正弦式电流如图乙所示，则( )图3A.t ＝0.1 s 时线圈中的磁通量变化率为零B.磁铁的转速为10 r/sC.风速加倍时电流的表达式为i ＝1.2sin(10πt ) AD.风速加倍时线圈中电流的有效值为325 A解析 t ＝0.1 s 时感应电流为零，感应电动势也为零，根据法拉第电磁感应定律可知磁通量变化率为零，A 正确；由题图可知交变电流的周期T ＝0.2 s ，则转速n ＝1T＝5 r/s ，B 错误；风速加倍，转速加倍，最大值加倍，电流的表达式应为 i ＝1.2sin(20πt ) A ，C 错误；根据正弦式交变电流的有效值与峰值的关系可知，风速加倍时的有效值为325 A ，D 正确。
答案 AD4.随着“共享单车”的持续火热，“共享汽车”也悄然出现，表中是某种“共享汽车”的主要参数。
根据题中信息，则下列说法正确的是( )图4A.B.电池容量44 kW ·h 指的是汽车电池充满电时的电荷量C.标准承载下，汽车以72 km/h 的速度匀速行驶10 min 消耗的电能为3 kW ·hD.若标准承载下汽车速度能达到120 km/h ，则汽车电动机最大输出功率不小于 30 kW解析 工作时，汽车的电动机将电能转化为机械能，则选项A 错误；电池44 kW ·h 指的是汽车电池充满电时储存的电能，则选项B 错误；标准承载下，汽车以v ＝72 km/h ＝20 m/s 的速度匀速行驶，牵引力F ＝f ＝0.09mg ＝0.09×(800＋200)×10 N ＝900 N ，行驶t ＝10 min ＝600 s 的位移s ＝vt ＝20×600 m ＝1.2×104 m ，牵引力做的功为W ＝Fs ＝10.8×106 J ＝3 kW ·h ，又考虑到汽车电动机的转化效率，可知汽车消耗的电能将大于3 kW ·h ，则选项C 错误；若标准承载下汽车速度能达到v 1＝120 km/h ＝1003m/s ，汽车电动机的最大输出功率不小于P ＝Fv 1＝900×1003W ＝30 kW ，则选项D 正确。