2014年哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试物理答案
黑龙江省哈三中2014届高三上学期第二次验收物理试卷
哈三中2013 —2014学年度 高三学年第二次验收考试物理试卷一、选择题（本题共12小题。
1-6题为单选；7-12题为多选，全部选对的得 4分，选对但不 全的得2分，有选错的得 0分）1 .如图所示，在半径为 R 的半圆形碗的光滑表面上，一质量为内作匀速圆周运动，该平面离碗底的距离h 为：B. R2g ~~2速率之比分别为:A . R A ： RB =4 : 1; V A : V B =1 : 2B . R A ：R B =4 : 1； V A : V B =2 : 1 C . R A ：R B =1 : 4； V A : V B =1 : 2 D . R A ：R B =1 : 4； V A : V B =2 : 13 •太阳围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动的速度约为地球绕太阳公转速度 的7倍，其轨道半径约为地球绕太阳公转半径的2X 10 9倍。
为了粗略地估算银河系中恒星的数目，可认为银河系的所有恒星的质量都集中在银河系中心，且银河系中恒星的平均质量约等于 太阳的质量，则银河系中恒星的数目约为： A . 1015 C . 10114 •质量为 m 的小球在竖直平面内光滑圆形轨道内侧运动，经过最高点而不 脱离轨道的临界速度为v ,当小球以的速度经过轨道最低点时，则小球对轨道最高点的压力是： A . 0 C . 2mg5.工厂车间的流水线，常用传送带传送产品，如图所示，水平的传送带以速度 v=6m/s 顺时针运转，两传动轮 M 、N 之间的距离为L=10m ，若在 M 轮的正上方，将一质量为m=3 kg 的物体轻放在传送带上，已知物体与传送带之间的动摩擦因数 卩=0.3，在物体由 M 处传送到 N 处的过程中，传送带对物体的摩擦力做功为（ g 取10 m/s 2）：A . 54 JB . 90 JC . 45 JD . 100 JD . m 的小球以角速度3在水平面2.两颗人造卫星 A 、B 绕地球作圆周运动，周期之比为 T A ： T B =1 : 8,则轨道半径之比和运动B . 1013 D . 109B . mg D . 5mg口6 •一质量为 m 的质点，系在轻绳的一端，绳的另一端固定在水平面上，水平面粗糙，与质点 m 的动摩擦因数恒为 u 此质点在该水平面上做半径为r 的圆周运动，设质点的最初速率是 v o ，当它运动一周时，其速率为 v o /2，重力加速度为 g 则: A •运动一周摩擦力做的功为 3 mv o2 83V 02B •质点与水平面的动摩擦因数为 16 rgC •质点运动了两周恰好停止D •当质点运动一周时的加速度大小为 2v o / 4r 7 .船在静水中的速率为 4m/s ，河水的流速为 3m/s ，要渡过宽为 40m 的河。
2014年黑龙江省哈尔滨三中高考物理一模试卷
二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项正确，第19～21题有多个选项正确．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．我国于1986年2月1日成功发射了一颗地球同步卫星，于1999年12月20日又成功发射了“神舟号”试验飞船，飞船在太空中飞行了21h，环绕地球运动了14圈，又顺利返回地面．假设卫星和飞船都做匀速圆周运动，那么卫星与飞船在各自轨道上运行时（）A．卫星离地面高度比飞船低B．卫星运行周期比飞船大C．卫星运动线速度比飞船大D．卫星运动的加速度比飞船大2．一物体自空中的A点以一定的初速度竖直向上抛出，3s后物体的速率变为10m/s，则关于物体此时的位置和速度方向的说法可能正确的是：（不计空气阻力，g=10m/s2）（）A．在A点上方15m处，速度方向竖直向上B．在A点下方15m处，速度方向竖直向下C．在A点上方75m处，速度方向竖直向上D．在A点上方75m处，速度方向竖直向下3．如图所示，静止的电子在加速电压U的作用下从O经P板的小孔1的作用下偏转一段距离后离开电射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2加倍，则下列说法正确的是（）场．现使U1A．要想使电子的运动轨迹不发生变化，应该使U2变为原来的2倍B．要想使电子的运动轨迹不发生变化，应该使U2变为原来的2倍C．要想使电子离开电场时速度的偏转角变大，应该使U2变为原来的倍D．要想使电子离开电场时速度的偏转角变大，应该使U2变为原来的2倍显示解析4．如图所示，电路中的电源的电动势为E、内电阻为r，开关S 闭合后，将滑动变阻器的滑片P从滑动变阻器R的中点位置向左滑动的过程中，小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是（）A．L1灯变亮，L2灯变暗，L3灯变亮B．L1灯变暗，L2灯变亮，L3灯变暗C．L1、L2两灯都变亮，L3灯变暗D．L1、L2两灯都变暗，L3灯变亮显示解析5．如图一所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与金属框架接触良好．在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计．现用一水平向右的外力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab始终垂直于框架．图二为一段时间内金属杆受到的安培力f随时间t的变化关系，则下面图中可以表示外力F随时间t变化关系的图象是（）A．B．C．D．显示解析6．如图所示，“╔”型杆上通过轻绳连有两个滑环A、B，已知它们的质量mA =mB=2Kg，A与水平杆间动摩擦因数为0.2，B与竖直杆间光滑接触，轻绳长L=25cm．现用水平力将A球缓慢向右拉动，拉动过程中，θ角由37°增大到53°，则在这一过程中（g=10m/s2）（）A．A球克服摩擦力做功为0.4JB．A球克服摩擦力做功为1.0JC．拉力F做的功为1.0JD．拉力F做的功为1.4J显示解析7．如图所示，MN是纸面内的一条直线，其所在空间只充满与纸面平行的匀强电场或只充满与纸面垂直的匀强磁场的单一场区（场区都足够大，），现有一重力不计的带电粒子从MN上的O点以水平初速度v沿纸面射入场区，下列判断正确的是（）A．如果粒子回到MN上时速率不变，则该空间存在的一定是磁场B．如果粒子回到MN上时速率增大，则该空间存在的一定是电场C．若只增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN上时速度方向与增大前相同，则该空间存在的一定是磁场D．若只增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN所用的时间发生变化，则该空间存在的一定是电场显示解析8．如图所示，初始时A、B两木块在水平方向的外力作用下挤压在竖直墙面上处于静止状态，A与B、B与墙面之间的动摩擦因数都为µ=0.1，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两木块质量相等，都为1kg，当外力F变为下列不同值时，关于A、B之间的摩擦力f1，B与墙壁之间的摩擦力f2的大小，下列说法中正确的是（g=10m/s2）（）A．当F=0时，f1=f2=0B．当F=50N时，f1=0，f2=5N C．当F=100N时，f1=5N，f2=10N D．当F=300N时，f1=10N，f2=20N 显示解析三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．某实验小组欲以图甲所示实验装置“探究加速度与物体受力和质量的关系”．图中A 为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电磁打点计时器相连．（g=10m/s2）某同学通过调整木板倾角平衡好摩擦力后，在保持小车质量不变的情况下，挂上砝码盘后通过多次改变砝码质量，作出小车加速度a与砝码的重力的图象如图乙所示．则根据图象由牛顿第二定律得小车的质量为kg，小盘的质量为kg．（计算结果均保留到小数点后两位）显示解析10．老师要求同学们测出一待测电源的电动势及内阻，所给的实验器材有：待测电源E，定值电阻R1（阻值未知），电压表V（量程为3.0V，内阻很大），电阻箱R（0～99.99Ω），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干．某同学连接了一个如图1所示的电路，他接下来的操作是：a．拨动电阻箱旋钮，使各旋钮盘的刻度处于如图甲所示的位置后，将S2接掷于a，闭合S1，记录下对应的电压表示数为2.00V，然后断开S1；b．保持电阻箱示数不变，将S2切换到b，闭合S1，记录此时电压表的读数（电压表的示数如图乙所示），然后断开S1．（1）请你解答下列问题：图甲所示电阻箱的读数为Ω，图乙所示的电压表读数为的阻值为V，由此可算出定值电阻R1Ω．（电阻R1计算结果保留3位有效数字）（2）在完成上述操作后，该同学继续以下的操作：将S2切换到a，闭合S1，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱的示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图丙所示的1U-1R图象．由此可求得该电池组的电动势E及内阻r，其中E=V，电源内阻r=Ω．（计算结果保留3位有效数字）显示解析11．如图所示，水平地面上有一个静止的直角三角滑块P，顶点A到地面的距离h=1.8m，水平地面上D处有一固定障碍物，滑块C端到D的距离L=6.4m．在其顶点A处放一个小物块Q，不粘连，最初系统静止不动．现对滑块左端施加水平向右的推力F=35N，使二者相对静止一起向右运动，当C端撞到障碍物时立即撤去力F，且滑块P立即以原速率反弹，小物块Q最终落在地面上．滑块P质量M=4.0Kg，小物块Q质量m=1.0Kg，P与地面间的动摩擦因数μ=0.2．（取g=10m/s2）求：（1）小物块Q落地前瞬间的速度；（2）小物块Q落地时到滑块P的B端的距离．显示解析12．如图所示，整个空间存在着以x轴为理想边界的两个匀强磁场，x轴上方磁场垂直纸面向里，x轴下方磁场垂直纸面向外，磁感应强度均为B=0.5T．现有P、Q两个完全一样的带负电粒子，电量q1=q2=2.0×10-6c，质量m1=m2=6.0×10-12kg．在t=0时刻，将P粒子从原点以v1=5.0×103m/s的速度沿y轴负方向射入磁场中，经△t=9.2π×10-5s的时间，在原点将Q粒子沿与x轴斜向上方成θ=30°的角度以速度v2=1.1×104m/s射入磁场中．不计粒子重力及粒子间的相互作用力．（本题涉及时间的答案可用π表示）求：（1）P、Q两个粒子各自轨迹变化的周期及一个周期沿x轴移动的距离；（2）P、Q两个粒子在x轴上第一次相遇的位置距离原点的距离及从Q粒子开始运动到第一次相遇的时间．显示解析四、选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑．注意所做题目都题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选大区域指定位置答题．如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则每学科按所答的第一题评分．【物理--选修3-3】（15分）13．下列说法正确的是（）A．晶体具有规则的几何形状，而非晶体则没有规则的几何形状B．毛细现象的产生与表面张力及浸润现象都有关系C．气体的温度升高时，所有分子的速率均增大D．内能不同的物体，它们分子热运动的平均动能不可能相同显示解析14．如图所示，地面上有一圆柱形汽缸，汽缸上部有一固定挡板A，汽缸内壁的高度是2L，一个很薄的质量为m=0.4kg的活塞封闭一定质量理想气体，活塞的面积为2cm2，开始时活塞处在高于底部L高处，外界大气压为1.0×103Pa，温度为27℃，现对气体加热，求：①活塞恰上升到气缸上部挡板A处时气体的温度是多少？②当加热到427℃时，气体的压强是多少Pa（结果保留三位有效数字）显示解析【物理--选修3-4】（15分）15．如图为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为2m/s，则（）A．质点P此时刻的振动方向沿y轴正方向B．此刻P点位移比Q点位移小C．经过△t=4s，质点P将向右移动8mD．经过△t=4s，质点Q通过的路程是0.4m显示解析16．如图所示，用透明材料做成一长方体形的光学器材要求从上表面射入的光线可能从右侧面射出，那么所选的材料的折射率应满足什么条件？显示解析【物理--选修3-5】（15分）17．如图所示为氢原子的能级示意图．假定光子能量为E的一束光照射容器中大量处于n=2能级的氢原子，氢原子吸收光子后，发出频率为ν1、ν2、ν3、ν4、ν5、和ν6的光，且频率依次增大，则E的大小等于（）A．h（ν2+ν1）B．h（ν5+ν6）C．hν3D．hν4显示解析18．如图所示，质量为M的小球B用长L=0.1m的细线悬于O点，恰好与水平地面Q点相切．质量为m=1.0kg的木块A与水平地面间的动摩擦因数μ=0.3，木块A从P点以速度v=4.0m/s沿直线向右运动，与球B发生正碰，PQ=2.0m，碰撞时不损失机械能，且碰撞时间极短，碰撞后小球B向右摆起的最大角度为细线与竖直方向成60°角．（g=10m/s2）求：①与小球B碰撞后木块A的速度；②小球B的质量．。
2014黑龙江省哈师大附中高三三模考试物理试题含答案
2014黑龙江省哈师大附中高三三模考试物理试题含答案14.一根轻质橡皮绳原长L 0，上端固定在O 点，下端拴一个小球，静止时其长度为L 1，现在使小球在水平面内作匀速圆周运动，这时橡皮绳与竖直方向成θ角（空气阻力不计，橡皮绳遵循胡克定律），则此时（ ）A ．橡皮绳的长度大于L 1B ．橡皮绳的长度等于L 1C ．若圆周运动的角速度变大，θ变小D ．若圆周运动的线速度变大，θ变小15. 如图所示，某人在北京某地自行车道上从东往西沿直线以速度v 骑行，该处地磁场的水平分量大小为B 1，竖直分量大小为B 2，自行车车把为直把、金属材质，两把手间距为L ，只考虑自行车在地磁场中的电磁感应，下列结论正确的是A ．图示位置中辐条A 点电势比B 点电势低B ．图示位置中辐条A 点电势比B 点电势高C ．自东向西行驶总是左车把电势高D ．自行车在十字路口左拐改为南北骑行后，车把两端无电势差 16. 如图所示，P 、Q 是两个电荷量相等的异种电荷，在其电场中有a 、b 、c 三点在一条直线上，b 点在P 、Q 连线的中点上，ab =bc <Pb ，下列说法正确的是 ( )A. a 、b 、c 三点的电势关系一定是： φa >φb >φcB. a 、b 、c 三点的电势关系一定是：φa =φc >φbC. a 、b 、c 三点中，电场强度最大的点一定是b 点D. a 、c 两点的电场强度一定不相同17．如图所示，a 、b 为两根轻质弹簧，他们的劲度系数分别为3110a k =⨯N/m ，3210b k =⨯N/m ，原长分别为6a L =cm ，4b L =cm 。
在两弹簧中间连接物体A ，下端悬挂物体B ，两物体质量均为1Kg ，现物体与弹簧保持静止，重力加速度为g =10 m/s 2，则A ．弹簧a 下端受的拉力为10NB ．弹簧a 的长度为7cm ，弹簧b 的长度为4.5cmC ．若剪断弹簧b ，这一瞬间A 物体的加速度为gD ．若剪断弹簧a ，这一瞬间B 物体的加速度为g18. 如图所示，在竖直放置的光滑半圆形绝缘细管的圆心O 处放一个点电荷，整个装置放在垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度为B 。
2014哈尔滨市道外区三模物理参考答案及评分标准
哈尔滨市道外区2014年初中升学调研测试（三）物理学科参考答案及评分标准一、单项选择题：（每小题2分，共24分） 题号 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 答案BCDBACABCCAB三、非选择题：（38题～53题，共46分。
其中38题～47题每空一分）38.分子在不停地运动；分子间存在相互作用的引力 39.（1）灯丝受热升华后凝华在内壁上，影响透光度（2）灯丝升华使灯丝变细，电阻变大，根据 P=U 2/R ，实际功率变小，所以变暗 40. B 进户线gf 段断路 41.运动 不变42.ab 刻度线没有紧贴被测物体；刻度尺放歪了，没有沿着所测长度 43. 运动和静止的相对性 小于 44.机械能转化为电能 电动 45. 下；3N 46. 80%；1800 47. 0.1 20048.（2分）入射光线（1分）；折射光线（1分）49.（2分）摩擦力和支持力（1分）；重力（1分）50.（6分）（1）甲（1分） 98（1分）（2）气泡中的水蒸气遇冷液化成了小水滴，使气泡的体积越来越小。
（1分）（3）在电水壶中装入质量为mkg 的水，用温度计测出水的初温t 0，让电水壶正常工作t秒钟，再测出水的末温t,根据W=Q 吸；Pt=Cm(t-t 0), C= Pt/m(t- t 0)（2分） 电水壶放出的热量没有全部被水吸收或电水壶实际功率不等于额定功率（1分）。
51.（5分）（1）①用天平测出一瓶原装醋的质量m 1(1分)； ②将瓶中醋倒入烧杯中，用天平测出空醋瓶的质量m 2(1分)；（2）12—m m V ρ= (1分)（3）醋倒不干净(1分)；量筒(1分)52.（6分）（1）如下图 接大量程 （1分） （2）20Ω 1A （1分）6200.320(10~15)5~105U U VI R R I ARp R R ====Ω=-=Ω-Ω=ΩΩ>ΩΩ总L 总所以取"20 1A" (1分)（3）1.2 （1分） （4）如下图（1分）；0.541.8I-（1分）53.（5分）（1）Q 吸 ＝c 水m （t 2－t 1）＝4.2×103J/(kg ·℃)×1.5kg ×（100℃－20℃） ＝5.04×105J （1分）（2）∵电热水壶正常工作 ∴P = P 额 = 1500W又∵W=Q 放 =Q 吸 = 5.04×105J ∴t = W P = 5.04×105J 1500W = 336s （2分）（3）原因可能是：①电热水壶产生的热量没有全部被水吸收（1分）② 电热水壶实际工作电压小于额定电压（1分）AS 1S 2PL。
2014哈三中三模物理答案
2014年哈三中三模物理参考答案14 C 15 B 16 A 17 B 18 B 19 AD 20BC 21 BCD22题（1）A……2分 1.050……2分（2）6.703(6.702~6.704)……2分23题（1）电流表量程和极性的选择……2分分压导线连线方式……2分（2）A……1 D……1分，（3）0.13W （0.12~0.14都对）……3分24．（14分）答案（1）3J （2）3.2J解析：1）若圆弧轨道最低点对物块的支持力为N ，物块在C 点的速度为v c ，弹簧在初始状态所储存的势能是E p 为，则：由牛顿第三定律可知：N=60N ⑴ 在最低点C 对物块使用牛顿第二定律有：N-mg=mv c 2/R ⑵ 对物体由A 点到C 点的运动过程使用能量守恒有：mgh+E p =mv c 2/2-0 ⑶ 联立上述方程可得E p =3（J ） ⑷2）法一：物块在滑上传送带做第一阶段相对传送带向上运动，所受摩擦力没传送带向下，在二者速度相同后物块相对传送带向下运动，所受摩擦力向上。
若物块在C 点的速度为v B ，在二者相同前加速度为a 1，对地位移为s 1，在二者速度相同后加速度为a 2，对地位移为s 2，则：对物体由C 点向D 点的运动过程使用动能定理有-mgR(1-cos370)=mv D 2/2-mv c 2/2 ⑸ 在二者速度相同前有mgsin370+μmgcos370=ma 1 ⑹ -2a 1s 1=v 2-v D 2 ⑺ 在二者速度相同后有：mgsin370-μmgcos370=ma 2 ⑻ -2a 1s 1=0-v 2 ⑼ 则物块在由D 点运动到E 点的过程中摩擦力所做的功为W=-μmgcos370s 1+μmgcos370s 2 ⑽ U图a联立上式有W=3.2（J）⑾法二：物块在滑上传送带做第一阶段相对传送带向上运动，所受摩擦力没传送带向下，在二者速度相同后物块相对传送带向下运动，所受摩擦力向上。
黑龙江省哈师大附中2014届高三第三次高考模拟考试 理科综合参考答案
bO bN NO
解得： R
1 R L tan R 2 cos
。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 （6）
L sin 2(1 cos )
。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 （7）
。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 （5）
1、2、4 各 2 分其余各 1 分 （2）带电粒子做匀速圆周运动，切 bd 边于 g 点的粒子打到 dc 边的 h 点，圆心为 O 点，设半径为 R、速度大小为 v ,则有：
25. （18 分） （1）带电粒子做类平抛运动，切于 bd 边与 e 点，M 到 e 有：
Eq t vy at Eqt m tan v0 v0 v0 mv0
1 1 2 1 1 Eq 2 y L at L t 3 2 3 2 m tan x v0 t v0 t
。 。 。 （1）
。 。 。 （2）
联立有： v0
2 EqL 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 （3） 3m tan
此粒子打在 ab 边的 f 点，M 到 f 有：
2 1 2 L tan at1 3 2
所以：
得： t1
4mLtan 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 。 （4） 3qE
0
B→C 由
V B VC 得：TC 300 K TB TC
三校第三次模拟物理试题答案
题号 答案 14 C 15 A 16 A 17 C 18 D 19 ABC 20 ACD 21 CD
哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试理综物理
2008年哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试理科综合试卷(物理)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共31小题，共10页，总分300分，考试时问150分钟。
考试结束后将本试题卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考汪号、考场号、座位号填写在试题指定的位置上，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．选择题选出答案后，必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，不能答在试题卷上。
3．非选择题使用0.5毫米黑色字迹的签字笔在答题卡上书写，字体工整、笔迹清楚。
4．非选择题必须按照题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，超出答题区域或在其它题的答题区域内书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
5．作图可先用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
6．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
以下数据可供解题时参考：相对原子质量(原子量)：H —1 C —12 O —16 Cl —35.5 Fe —56第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每题6分，共48分。
在给出的4个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确。
全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)。
14．下列事例哪些应用了光的全反射现象：A ．光导纤维通讯B ．用三棱镜观察太阳光谱C ．某些光学仪器中用等腰直角玻璃三棱镜改变光路90°D ．用白光照肥皂膜看到彩色条纹15．如图4所示，一个与外界绝热的气缸有一个绝热的活塞，中间有一个固定的导热性良好的隔板，封闭着两部分气体A 和B ，活塞处于静止平衡状态，现通过电热丝对A 气体加热一段时间，后来活塞达到新的静止平衡状态，不计气体分子势能，不汁活塞与气缸壁的摩擦，大气压强保持不变，则：A ．气体A 吸热，内能增加B ．气体B 吸热，对外做功，内能不变C ．气体A 分子单位时间内对器壁单位面积碰撞次数不变D ．气体B 分子单位时间内对器壁单位面积碰撞次数不变16．假设两个相同的核A 与B ，质量均为2.0134u ，动能均为E 0它们在不受其他力作用的情况下相向运动发生对心正碰，转变为C 核与D 粒子，且释放的核能△E 全部转化为动能，设C 核质量为3.0151u ，动能为E 1，D 粒子质量为 1.0087u 动能为E 2，271.6610,lu kg -=⨯83.010/c m s =⨯，可以确定：A ．质量亏损为△m=0.0030uB ．释放能量△E=2.7×1014JC ．E 1+E 2=2E 0+△ED ．E 1>E 217．如图5所示，一矩形线框以竖直向上的初速度进入只有一 条水平边界的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，进入磁场后上升一段高度又落下离开磁场，运动中线框只受重力和磁场力，线框在向上、向下经过图中1、2位置时的速率按时间顺序依次为v 1、v 2、v 3和v 4，则可以确定：A ．v 1>v 2B ．v 2<v 3C ．v 3<v 4D ．v 4<v 118．某物体的v —t 图象如图6所示，在下列给出的两段时间内，合外力的功和冲量都相同的是：A ．0～t 1和t 2～t 1B ．t 1～t 2和t 3～t 4C ．0～t 2和t 2～t 4D ．0～t 1和t 3～t 419．如图7所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，上面放一个质量为m ，带正电的小球，小球与弹簧不连接，加外力F=将小球网下压到某位置静止，现撤去F ，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力和电场力对小球做功的大小分别为W 1和W 2，小球离开弹簧时速度为v ，不计空气阻力，则上述过程中：A ．弹簧弹性势能最大值等于2112W mv B ．重力势能增加W 1C ．机械能增加W 2D ．电势能增加W 220．有一条弹性绳水平放置，振源在原点，t=0时开始振动，起振方向竖直向上，形成一列简谐波向右传播，周期为0.4s ，传播速度为10m ／s ，t=0.3s时振源停止振动，对应各时刻波形如图8所示，下列说法正确的是：A ．t=0.2s 时为aB ．t=0.3s 时为bC ．t=0.4s 时为 cD ．t=0.5s 时为d2l ．三个木块质量相同，与水平桌面间的动摩擦因数也相同，在水平推力F 作用下匀加速运动，加速度为a ，现去掉一个木块，其他不变，则加速度的大小：A ．可能等于1.5aB ．可能小于aC ．可能等于2aD ．可能等于3a第Ⅱ卷非选择题：共10小题，共174分。
黑龙江省哈三中2014届高三第三次高考模拟理综生物试题 Word版含答案
黑龙江省哈三中2014届高三下学期第三次高考模拟理综生物试题本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1.答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2.选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4.保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5.做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的元素相对原子质量：H—1 C—12 O—16 S—32 Na—23 Ti—48第I卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列关于细胞结构和功能的叙述正确的是A. DNA、RNA和蛋白质可通过核孔进出细胞核B. 只有含叶绿体的细胞才能将无机物合成有机物C. 分泌功能越强的细胞，高尔基体膜的更新速度越快D. 蛋白质是细胞膜的主要组成成分且在膜上均匀分布2.下列关于植物激素的说法正确的是A．单侧光照使植物弯曲生长时，背光侧生长素浓度比向光侧低B．用赤霉素多次喷洒水稻植株后，将导致产量降低C．探究不同浓度生长素类似物对插条生根影响时，应选不同种的植物材料D．种子在浸泡过程中，用适量的乙烯处理可解除休眠而萌发3.用32P标记S型肺炎双球菌的DNA，35S标记其蛋白质，将其加热杀死后与未经元素标记的R型活细菌混合并注入小鼠体内。
一段时间后，从死亡的小鼠体内提取得到活的S型和R型细菌。
下列有关元素分布的分析，最可能的情况是( )A.部分S型细菌含有32P，不含有35SB.部分R型细菌含有32P，不含有35SC.所有S型细菌都含有32P，不含有35SD.所有R型细菌都含有35S，不含有32P4.某小组探究“酶的活性是否受温度影响”的问题时选择新鲜的肝脏作为材料。
2014哈尔滨道外三模物理试题及答案
哈尔滨市道外区2014年初中升学调研测试（三）16．下列说法不正确的是( )A.B.C.D.根据公式c=λf17.甲、乙两部总重相同的电梯在钢索的牵引下竖直向上运动，它们的s—t图象如图（a）（b）所示，则( )A.B.4秒内甲、乙通过的路程相C.D.18.关于声现象，下列说法中正确的是 ( )A.B.C.D.19.如图所示的四种光现象中，成实像的是( )20.下列分析中不正确的是( )A.甲图B.C.D.21.下列说法正确的是( )A.电动汽车的核心部件——B.C.D.汽车司机开车时要系好安全带，是为了减小刹车时人的惯性22.如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动，图乙是他两次拉( )A.木块两次受到的拉力和摩擦力均相等B.木块第1C.D.两次拉力对木块做的功一样多23.改变所受浮力或改变自身重力，可以改变物体在液体中的沉降，下列描述的方法中与其它三个不同的是( )A.B.潜水艇通C.D.24.如图是计算机模拟出的磁感线立体示意图，下列说法正确的是( )A.B.C.D.25.如图，甲、乙两物体质量相同，在拉力F1、F2作用下分别沿光滑斜面匀速拉到顶端，则下列说法正确的是( )A.拉力F1做的功比F2B.拉力F2做的功比F1C.D.26.如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电阻R2与R3的阻值均为10Ω。
闭合开关S，电流表A1和A2的示数之比为3︰2。
若把电流表A1和A2分别换成电压表V1和V2后，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2。
则下列选项正确的是 ( )A.R1＝5ΩB.R1＝20ΩC.U1∶U2＝3∶4D.U1∶U2＝3∶227.如图甲所示电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压4V恒定不变。
（不计温度对电阻影响），在滑片滑动过程中，电流表与电压表的示数变化如图乙所示，则根据图像信息可知( )A.R0阻值是35ΩB.电路的最大总功率是3.2WC.电路的最小总功率是0.35WD.滑动变阻器的最大阻值是5Ω38.(2分)夏日荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，说明____________________；荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴。
黑龙江省哈三中2014届高三第三次高考模拟考试_数学理_Word版含答案
黑龙江省哈尔滨市第三中学2013-2014年高三下学期第三次高考模拟考试数学试卷（理工类）考试说明：本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分150分，考试时间120分钟．（1）答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚；（2）选择题必须使用2B 铅笔填涂，非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，字迹清楚；（3）请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在草稿纸、试题卷上答题无效；（4）保持卡面清洁，不得折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀．第I 卷 （选择题，共60分）一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．)1. 已知全集R U =，集合}032{2>--=x x x A ，}42{<<=x x B ，那么集合 =B A C U )( （A ）}41{≤≤-x x （B ）}32{≤<x x （C ）}32{<≤x x （D ）}41{<<-x x 2. 复数1021i i i +++等于（A ）i （B ）i - （C ）i 2 （D ）i 2- 3. 已知3.02.0=a ，3log 2.0=b ，4log 2.0=c ，则（A ）c b a >> （B ）b c a >> （C ）a c b >> （D ） a b c >> 4. 已知直线n m ,和平面α，则n m //的一个必要条件是（A ）α//m ，α//n （B ）α⊥m ，α⊥n （C ）α//m ，α⊂n （D ）n m ,与α成等角 5. 如果n x x )13(32-的展开式中各项系数之和为128，则展开式中31x的系数是 （A ）7 （B ）7- （C ）（D ）21-6. 在数列{}n a 中，已知1221-=+++nn a a a ，则22221n a a a +++ 等于（A ）()212-n（B ）()3122-n（C ）14-n （D ）314-n7. 执行如图所示的程序框图，若输出15=S ，则框图中①处可以填入（A ）4>n （B ）8>n （C ）16>n（D ）16<n8. 已知y x z +=2，其中实数y x ,满足⎪⎩⎪⎨⎧≥≤+≥a x y x x y 2，且z 的最大值是最小值的4倍，则a 的值是（A ）112 （B ）41（C ）4 （D ）2119. 已知双曲线)0,0(12222>>=-b a by a x 的右焦点为F ，过F 的直线l 交双曲线的渐近线于A , B 两点，且与其中一条渐近线垂直，若4=，则该双曲线的离心率是 （A ）5 （B ）52 （C ）510（D ） 510210. 已知,31)(23m ax x x x f ++-=其中0>a ，如果存在实数,t 使0)(<'t f ，则)312()2(+'⋅+'t f t f 的值（A ）必为正数 （B ）必为负数 （C ）可能为零 （D ） 可正可负11. 已知一个正四面体纸盒的俯视图如图所示，其中四边形ABCD 是边长为23的正方形，若在该正四面体纸盒内放一个正方体，使正方体可以在纸盒内任意转动，则正方体棱长的最大值为 （A ）2 （B ）1 （C ）2 （D ）312. 定义在),1(+∞上的函数)(x f 满足下列两个条件：（1）)(2)2(x f x f =成立；（2）当(]2,1∈x 时，x x f -=2)(．记函数=)(x g )1()(--x k x f ，若函数)(x g 恰有两个零点，则实数k 的取值范围是（A ）[)2,1 （B ）⎥⎦⎤⎢⎣⎡2,34 （C ）⎪⎭⎫ ⎝⎛2,34 （D ）⎪⎭⎫⎢⎣⎡2,342014年哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试数学试卷（理工类） 第Ⅱ卷 （非选择题， 共90分）二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分，将答案填在答题卡相应的位置上．）13. 若等边ABC ∆的边长为2，平面内一点M 满足2131+=，则=⋅ .14. 从1，2，……，9这九个数中，随机抽取3个不同的数，则这3个数的和为偶数的概率是 . 15. 已知)2,0(,1010)4cos(πθπθ∈=+，则=-)32sin(πθ . 16. 若在由正整数构成的无穷数列}{n a 中，对任意的正整数n ，都有1+≤n n a a ，且对任意的正整数k ，该数列中恰有12-k 个k ，则2014a = .三、解答题（本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．） 17. （本小题满分12分）设ABC ∆的内角C B A ,,的对边分别为c b a ,,，满足C b c B c b A a sin )32(sin )32(sin 2-+-=．（Ⅰ）求角A 的大小；（Ⅱ）若2=a ，32=b ，求ABC ∆的面积．18. （本小题满分12分）某花店每天以每枝10元的价格从农场购进若干支玫瑰花，并开始以每枝20元的价格出售，已知该花店的营业时间为8小时，若前7小时内所购进的玫瑰花没有售完，则花店对没卖出的玫瑰花以每枝5元的价格低价处理完毕（根据经验，1小时内完全能够把玫瑰花低价处理完毕，且处理完毕后，当天不再购进玫瑰花）．该花店统计了100天内玫瑰花在每天的前7小时内的需求量n （单位：枝，*∈N n ）（由于某种原因需求量频数表中的部分数据被污损而无法看清），制成如下表格（注：*∈N y x ,；视频率为概率）．（Ⅰ）若花店一天购进16枝玫瑰花，X 表示当天的利润（单位：元），求X 的分布列及数学期望； （Ⅱ）若花店每天购进16枝玫瑰花所获得的平均利润比每天购进17枝玫瑰花所获得的平均利润大，求x的取值范围．19. （本小题满分12分）如图，在三棱柱111C B A ABC -中，BC AB A B B B ===11，︒=∠901BC B ，D 为AC 的中点，D B AB 1⊥． （Ⅰ）求证：平面⊥11A ABB 平面ABC ；（Ⅱ）求直线D B 1与平面11A ACC 所成角的正弦值； （Ⅲ）求二面角C D B B --1的余弦值．20. （本小题满分12分）已知椭圆:C 12222=+by a x （0>>b a ）的左，右焦点分别为21,F F ，上顶点为B ．Q 为抛物线xy 122=的焦点，且01=⋅F ，=+1212QF F F 0． （Ⅰ）求椭圆C 的标准方程；（Ⅱ）过定点)2,0(P 的直线l 与椭圆C 交于N M ,两点（M 在N P ,之间），设直线l的斜率为k （0>k ），在x 轴上是否存在点)0,(m A ，使得以AN AM ,为邻边的平行四边形为菱形？若存在，求出实数m 的取值范围；若不存在，请说明理由．ABD1A1B 1CC A21. （本小题满分12分）已知函数x ax x x f 221ln )(2--=（0<a ）. （Ⅰ）若函数)(x f 在定义域内单调递增，求实数a 的取值范围；（Ⅱ）若21-=a ，且关于x 的方程b x x f +-=21)(在[]4,1上恰有两个不等的实根， 求实数b 的取值范围；（Ⅲ）设各项为正数的数列{}n a 满足11=a ，2ln 1++=+n n n a a a （*∈N n ）， 求证：12-≤n n a .请考生在第22，23，24三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分． 22. （本小题满分10分）选修4－1如图，AB 是⊙O 的一条切线，切点为B ，CGE CFD ADE ,,都是⊙O 的割线，AC =（Ⅰ）证明：2AC AE AD =⋅； （Ⅱ）证明：AC FG //．23. （本小题满分10分）选修4－4：坐标系与参数方程在直角坐标平面内，以坐标原点O 为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C 的极坐标方程是θρcos 4=，直线l 的参数方程是⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+-= 21 233t y t x （t 为参数）.（Ⅰ）过极点作直线l 的垂线，垂足为点P ，求点P 的极坐标； （Ⅱ）若点N M ,分别为曲线C 和直线l 上的动点，求MN 的最小值.24. （本小题满分10分）选修4—5：不等式选讲已知函数m x x g x x f ++-=-=3)(,2)(.（Ⅰ）若关于x 的不等式0)(≥x g 的解集为}15{-≤≤-x x ，求实数m 的值； （Ⅱ）若)()(x g x f >对于任意的R x ∈恒成立，求实数m 的取值范围.2014年哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试数学答案（理工类）选择题:1B 2A 3A 4D 5C 6D 7B 8B 9D 10B 11A 12D填空题:13．98- 14.211115.10334- 16.45解答题:17. 解：（Ⅰ）由已知及正弦定理可得c b c b c b a )32()32(22-+-=，整理得bc a c b 3222=-+， ………………………… 2分 所以23cos =A ． ………………………… 4分 又),0(π∈A ，故6π=A ． ………………………… 5分（Ⅱ）由正弦定理可知B b A a sin sin =，又2=a ，32=b ，6π=A ， 所以23sin =B ． ………………………… 6分 又)65,0(π∈B ，故3π=B 或32π． ………………………… 8分若3π=B ，则2π=C ，于是3221==∆ab S ABC ； ………………………… 10分若32π=B ，则6π=C ，于是3sin 21==∆C ab S ABC ． ………………………… 12分18. 解：（Ⅰ）当14=n 时，130)5()1416(1014=-⨯-+⨯=X 元， ……………… 1分当15=n 时，145)5()1516(1015=-⨯-+⨯=X 元， ……………… 2分 当16=n 或17时，160=X 元， ……………… 3分 所以X 的分布列为……………… 4分154)(=X E 元． ……………… 5分（Ⅱ）设花店每天购进17枝玫瑰花时，当天的利润为Y 元，则 当14=n 时，125)5()1417(1014=-⨯-+⨯=Y 元， 当15=n 时，140)5()1517(1015=-⨯-+⨯=Y 元， 当16=n 时，155)5()1617(1016=-⨯-+⨯=Y 元，当17=n 时，1701017=⨯=Y 元， ……………… 7分所以x xx Y E 15.05.159100701701001552.01401.0125)(-=-⨯+⨯+⨯+⨯=， … 9分 由于)()(Y E X E >，所以x 15.05.159154->，解得3110>x ， ……………… 10分又*∈N y x ,，所以]69,37[∈x ，*∈N x ． ……………… 12分 19. 解：（Ⅰ）取AB 中点为O ，连接OD ，1OB ．因为A B B B 11=，所以AB OB ⊥1． 又D B AB 1⊥，111B D B OB = ， 所以⊥AB 平面OD B 1，因为⊂OD 平面OD B 1，所以OD AB ⊥．…由已知，1BB BC ⊥，又BC OD //， 所以1BB OD ⊥，因为B BB AB =1 ， 所以⊥OD 平面11A ABB ．又⊂OD 平面ABC ，所以平面⊥ABC 平面11A ABB ． ……………… 4分（Ⅱ）由（Ⅰ）知，1,,OB OD OB 两两垂直．以O 为坐标原点，的方向为x 轴的方向，|| 为单位长度1，建立如图所示的空间直角坐标系xyz O -．由题设知)3,0,0(1B ，)0,1,0(D ，)0,0,1(-A ，)0,2,1(C ，)3,2,0(1C ． 则)3,1,0(1-=B ，)0,2,2(=，)3,0,1(1-=CC ． 设平面11A ACC 的法向量为m ),,(z y x =，则m 0=⋅AC ，m 01=⋅CC ，即0=+y x ，03=+-z x ，可取m )1,3,3(-=．… 6分设直线D B 1与平面11A ACC 所成角为θ， 故721sin =θ． ………………………… 7分 （Ⅲ）由题设知)0,0,1(B ，可取平面D BB 1的法向量n 1)1,3,3(=， ………………………… 8分 平面DC B 1的法向量n 2)1,3,3(-=， ………………………… 9分故<cos n 1，n 2>71=， ………………………… 11分 所以二面角C D B B --1的余弦值为71． ………………………… 12分20. 解：（Ⅰ）由已知)0,3(Q ，QB B F ⊥1，c c QF +==34||1，所以1=c ． ……… 1分在BQ F Rt 1∆中，2F 为线段Q F 1的中点， 故=||2BF 22=c ，所以2=a ．……… 2分于是椭圆C 的标准方程为13422=+y x ．…4分（Ⅱ）设2:+=kx y l （0>k ），),(),,(2211y x N y x M ，取MN 的中点为,(00y x E 假设存在点)0,(m A 使得以AN AM ,0416)34(13422222=+++⇒⎪⎩⎪⎨⎧=++=kx x k y x kx y ， 4102>⇒>∆k ，又0>k ，所以21>k ． ………………………… 6分 因为3416221+-=+k k x x ，所以34820+-=k kx ，3462200+=+=k kx y ． ……… 8分因为MN AE ⊥，所以k k AE 1-=，即k m k k k 1348034622-=-+--+， 整理得kk k km 3423422+-=+-=． ………………………… 10分因为21>k 时，3434≥+k k ，]123,0(341∈+kk ，所以)0,63[-∈m ． ……… 12分 21.解：（Ⅰ）函数的定义域为()+∞,0，)0(12)(2>-+-='x xx ax x f ，依题意0)(≥'x f 在0>x 时恒成立，则1)11(2122--=-≤x x x a 在0>x 时恒成立，即[])0(1)11(min 2>--≤x xa ， 当1=x 时，1)11(2--x 取最小值-1，所以a 的取值范围是(]1,-∞-⋅⋅⋅⋅⋅⋅4分（Ⅱ）21-=a ，由b x x f +-=21)(得0ln 23412=-+-b x x x 在[]4,1上有两个不同的实根，设[]4,1,ln 2341)(2∈+-=x x x x x gxx x x g 2)1)(2()(--='，[)2,1∈x 时，0)(<'x g ，(]4,2∈x 时，0)(>'x g22ln )2()(min -==g x g ，22ln 2)4(,45)1(-=-=g g ，0)4ln 43(412ln 243)4()1(<-=-=-g g ，得)4()1(g g < 则⎥⎦⎤ ⎝⎛--∈45,22ln b ⋅⋅⋅⋅⋅⋅8分 （Ⅲ）易证当0>x 且1≠x 时，1ln -<x x .由已知条件12212ln ,01+=++-≤++=>+n n n n n n n a a a a a a a ， 故),1(211+≤++n n a a 所以当2≥n 时，,21101≤++<-n n a a ,211021≤++<--n n a a ⋅⋅⋅，,211012≤++<a a 相乘得,211011-≤++<n n a a 又,11=a 故n n a 21≤+，即12-≤n n a ⋅⋅⋅⋅⋅⋅12分 22解：（Ⅰ）由切割线定理知AE AD AB ⋅=2,又AB AC =，得AE AD AC ⋅=2⋅⋅⋅⋅⋅⋅4分（Ⅱ）由AE AD AC ⋅=2得CDA ∆∽ACE ∆，所以CEA ACD ∠=∠ 又四边形GEDF 四点共圆，所以CED CFG ∠=∠ 故ACF CFG ∠=∠,所以AC FG //⋅⋅⋅⋅⋅⋅10分 23解：（Ⅰ）点P 的极坐标为⎪⎭⎫⎝⎛32,23π⋅⋅⋅⋅⋅⋅5分 （Ⅱ）MN 的最小值为21⋅⋅⋅⋅⋅⋅10分24. 解：（Ⅰ）因为03)(≥++-=m x x g ，所以m x ≤+3，所以33-≤≤--m x m ，由题意⎩⎨⎧-=--=--1353m m ,所以2=m ； …………..5分 （Ⅱ）若)()(x g x f >恒成立，所以m x x >++-32恒成立，因为5)3()2(32=+--≥++-x x x x 当且仅当)3)(2(≤+-x x 时取等，所以5<m . ………….10分。
黑龙江省哈三中2014届高三物理上学期第三次验收试卷新人教版
哈三中2013—2014学年度上学期高三学年第三次验收考试物理试卷一、选择题（本题共12小题；每小题4分，共48分。
1-7题为单选，8-12题为多选，多选题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．某一物体受到几个恒力的作用而作匀速直线运动状态，如果撤掉其中的一个力而其他几个恒力保持不变，则与撤去之前相比（）A．物体的动能一定不变 B．物体的动量一定不变C．物体的动能随时间变化率一定不变 D．物体的动量随时间变化率一定不变2．某一物体竖直向上抛出，所受空气阻力大小不变，从它被抛出到落回原地的过程中（）A．重力对物体的冲量为零 B．重力对物体所做的功为零C．空气阻力对物体的冲量为零 D．空气阻力对物体所做的功为零3．如图所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势都相同的是 ( )A．甲图：离点电荷等距的a、b两点B．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点C．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点D．丁图：两带电平行金属板间，分别靠近两板与中轴线等距的a、b两点4．两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F。
两小球相互接触后将其距离变为原来的两倍则两球间库仑力的大小为（）5．如图所示，将一带电液滴在水平向左的匀强电场中从b点由静止释放，发现液滴沿直线由b运动到d ，直线bd方向与竖直方向成45°角，则下列结论正确的是（）A．液滴的电势能减少B．液滴的动能不变C．液滴做匀速直线运动D．液滴带正电荷6．如图所示，光滑水平面上，放置一个各面光滑的半圆槽，槽的左侧放一物块。
今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始落下，它将自A点进入槽内，则以下结论中正确的是（）A．小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽系统机械能守恒B．小球自半圆槽的A点向最低点B点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒C．小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒D．若小球能飞出C点，则小球离开C点以后，不能落回半圆槽中7．在光滑水平地面上有两个弹性小球A、B，质量都为m，现B球静止，A球向B球运动，发生正碰，已知碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为E P，则碰前A球的速度等于（）A B C．D．8．如图所示，在足够长的斜面上某一点给某小物体一个沿斜面向上的瞬时初速度v0，已知斜面倾角一定，各处粗糙程度相同，则物体在这斜面上运动的整个过程中，以下说法正确的是（）A．物体的动能一定先减小后增大B．只要物体在斜面上运动，则其机械能一定在减小C．如果某段时间内摩擦力对物体做的功与物体动能的改变量相同，则此后物体动能将不断增大D．如果某段时间内摩擦力对物体做功为Ｗ，在此后的相同时间段内，摩擦力对物体做功可能还为Ｗ9．如图所示，两根位于同一竖直平面内足够长的水平光滑长杆，上、下两杆上分别套着质量相等的甲、乙两金属球，两球之间用一轻质弹簧相连。
高三物理下学期第三次模拟考试试题含答案解析
黑龙江省哈尔滨市高三物理下学期第三次模拟考试试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅰ卷第33－38题为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1、答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置上。
2、选择题答案使用2B 铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3、请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5、做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的相对原子质量： H:1 C:12 O:16 Na:23 Cu:64第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选 错的得0分。
14．如图所示，倾角为θ＝37º的斜面固定在水平地面上，质量为1 kg 的滑块以初速度v 0从斜面底端沿斜面向上滑行（斜面足够长，滑块与斜面间的动摩擦因数为0.8）。
则该滑块所受摩擦力f 随时间t 变化的图象为下图中的（取初速度v 0的方向为正方向，g 取10 m ／s 2，sin37º＝0.6，cos37º＝0.8）（ ）v 0θf ／Nf ／Nf ／N f ／N t t t tOO O O－6.4－6.4－6.0 －6.06.0 6.4 6.4 6.0 （A ） （B ） （C ） （D ）15．如图，两个小球分别被两根长度不同的轻质细线悬于等高的悬点。
2014哈三中高三一模理综试卷2_34
2014年哈尔滨市第三中学第一次高考模拟考试理科综合试卷本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第33～40题为选考题，其它题为必考题。
可能用到的元素相对原子质量：H—1 C—12 O—16 Na—23 Ti—48第I卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列与细胞生命历程相关的叙述，错误的是A．在成熟的生物体中，细胞凋亡有利用生物体内部环境的稳定B．在正常细胞中，原癌基因不表达，抑癌基因正常表达C．细胞表面积与体积的关系限制了细胞的长大D．细胞在癌变过程中，细胞膜的成分会发生改变2．美国科学家詹姆斯·罗思曼假设膜融合的特异性是由蛋白复合物提供的：囊泡和其细胞膜上都存在自身的蛋白复合物，只有二者相互识别并特异性结合后方可实现囊泡和细胞膜的融合。
他因为发现了细胞的囊泡运输调控机制而荣获了2013年诺贝尔生理学或医学奖。
下列论述错误的是A．蛋白复合物可能是位于生物膜上的识别蛋白B．胰岛素和神经递质均通过囊泡运输到细胞外发挥作用C．囊泡和细胞膜的识别并特异性结合表明生物膜具有选择透过性D．细胞的囊泡运输调控机制说明准确的信息传递保证了细胞代谢的有序性3．下列有关植物激素和植物生长调节剂的叙述，正确的是A．赤霉素能促进种子的萌发和果实的发育B．与水果生长关系最密切的激素是生长素和细胞分裂素，儿童常吃催熟的水果会引起性早熟C．2，4一D可作为双子叶杂草的除草剂，而乙烯利可使棉花迅速落叶D．NAA可用于防止果实和叶片的脱落、促进果实成熟、获得无子果实等4．小鼠的尾弯曲对尾正常为显性，受一对等位基因（A、a）控制。
现用自然种群中的一只尾弯曲小鼠和一只尾正常小鼠杂交，子代表现型及比例为尾弯曲：尾正常=2：1。
研究表明：出现这一结果的原因是某种性别的个体为某种基因型时，在胚胎阶段就会死亡。
下列有关说法不正确的是A．控制尾弯曲和尾正常的基因可位于X染色体上B．控制尾弯曲和尾正常的基因可位于常染色体上C．这对亲本小鼠的基因型可能为X A X a和X a YD．分析致死个体的性别和基因型时，可提出合理的假设只有2种5．下列关于人体生命活动调节的相关叙述，正确的是A．人体血浆渗透压的大小主要与Na+、K+的含量有关B．内分泌腺所分泌的激素只运输给相应的靶器官、靶细胞C．突触的结构决定了神经元之间兴奋的传递只能是单向的D．人体的免疫系统不会对自身的组织、器官造成损伤6．福寿螺原产于亚马逊河流域，1981年引入广东地区后因过度繁殖被释放到野外，破坏了原生态系统的稳定性，被我国列为首批外来入侵物种。
哈三中2013-2014学年度高三学年第三次验收考试物理试卷及答案
2013-2014学年度高三第三次月考物理试题一、选择题：共12个小题，每小题4分，共48分。
其中1-6题为单选，7-12为不定项选择。
1. 在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A．第谷通过对天体运动的长期观察，发现了行星运动三定律B．亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．卡文迪许第一次在实验室里测出了引力常量【答案】D【考点】物理学史【解析】卡文迪许测出了万有引力常量G；开普勒得出了开普勒行星运动定律；亚里士多德的错误观点延续了两千多年。
2. 在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A．电压表和电流表的示数都增大B．灯L2变暗，电流表的示数减小C．灯L1变亮，电压表的示数减小D．灯L2变亮，电容器的带电量增加【答案】C【考点】闭合电路的欧姆定律；电容．【解析】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮．R与灯L2并联电路的电压U并=U-U1，U减小，U1增大，U并减小，灯L2变暗．流过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大．3. 太阳围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动速度约为地球公转速度的7倍，轨道半径约为地球公转轨道半径的2×109倍，为了粗略估算银河系中恒星的数目，可认为银河系中所有恒星的质量都集中在银河系中心，且银河系中恒星的平均质量约等于太阳质量，则银河系中恒星数目约为A ．109B ．1011C ．1013D ．1015【答案】B【考点】万有引力定律及其应用【解析】研究地球绕太阳做圆周运动的向心力，由太阳对地球的万有引力充当． 根据万有引力定律和牛顿第二定律有22m GMmRv R=，整理得2RM Gv=,太阳绕银河系运动也是由万有引力充当向心力，同理可得2910211'4929.8101010RR M GGv v M ⨯⨯⨯===4．如图所示，在倾角为37°（tan37°=3/4）的斜面底端正上方h 高处平抛一物体，该物体落到斜面上时速度方向正好与斜面垂直，则物体抛出时的初速度的大小是A ．ghB ．gh 3C ．gh 173D ．gh 17173【答案】D【考点】平抛运动375．均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB 上均匀分布正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM =ON=2R ．已知M 点的场强大小为E ，则N 点的场强大小为A ．E R kq-22 B ．24kqR C ．24kqE R - D ．24kqE R +【答案】A【考点】电场强度；电场的叠加．【解析】将带电量为2q 的球面放在O 处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．则在M 、N 点所产生的电场为22222k qkq E RR ∙==，由题知当半球面如图所示产生的场强为E ，则N 点的场强为'22kq E E R=-6. 一平行板电容器，两板之间的距离错误！未找到引用源。
黑龙江省哈尔滨市第三中学高三第三次模拟考试理综物理试题Word缺答案
2018 年哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试理科综合能力测试考试时间 :150 分钟本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，此中第Ⅱ卷第33～ 38 题为选考题，其余题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1.答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，仔细核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定地点上。
2.选择题答案使用 2B 铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其余答案标号；非选择题答案使用 0. 5 毫米的黑色中性（署名）笔或碳素笔书写，字体工整、字迹清楚。
3.请依据题号在各题的答题地域（黑色线框）内作答，超出答题地域书写的答案无效。
4.保持卡面洁净，不折叠，不损坏。
5.做选考题时，考生依据题目要求作答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的原子量: C 12 H 1 K 39 Mn 55 O 16Cl 35.5第 I卷（选择题共126分）二、选择题：本题共8 小题，每题 6 分，共 48 分。
在每题给出的四个选项中，第14-18 题只有一个选项正确，第19-21 题有多个选项正确。
14.很多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，以下说法正确的选项是A. 牛顿发现了万有引力定律并经过实验丈量计算出引力常量GB.丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，并总结了右手螺旋定章C. 英国物理学家汤姆生发现电子，并经过油滴实验精确测定了元电荷 e 的电荷量D.法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的互相作用规律——库仑定律15.以以下图是氢原子的能级图，已知可见光的光子能量范围约为 1.62eV ～ 3.11eV 。
以下说法正确的选项是A. 大批处于 n = 4 能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出6 种不一样频率的可见光B. 用能量为 10.3eV 的电子轰击大批处于基态的氢原子可以使氢原子向高能级跃迁C. 用可见光照耀大批处于基态的氢原子可以使氢原子向高能级跃迁D. 处于基态的氢原子可以汲取随意频率的紫外线，并发生电离16. 水平面上有质量相等的 a 、b 两个物体并排搁置，水平推力 F 1、F 2 分别作用在物体 a 、b 上。
黑龙江省哈尔滨市第三中学2014届高三物理上学期第三次验收试题(含解析)
2013-2014学年黑龙江省哈尔滨三中高三〔上〕第三次验收物理试卷一．选择题〔此题共12小题；每一小题4分，共48分．1-7题为单项选择，8-12题为多项选择，多项选择题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分〕1．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕某一物体受到几个恒力的作用而作匀速直线运动状态，如果撤掉其中的一个力而其他几个恒力保持不变，如此与撤去之前相比〔〕A．物体的动能一定不变B．物体的动量一定不变C．物体的动能随时间变化率一定不变D．物体的动量随时间变化率一定不变考点：动量定理；动能定理．专题：动量定理应用专题．分析：物体做匀速直线运动的条件是合力为零，如果撤掉其中的一个力而其他几个力保持不变，如此物体所受合力与撤掉的那个力等大、反向，物体将做匀变速运动，据此分析答题．解答：解：物体做匀速直线运动，所受合力为零，撤掉一个恒力，物体所受合力大小等于撤掉力的大小，方向与该力方向相反，物体所受合力为恒力；A、合外力对物体做功，由动能定理可知，物体动能发生变化，故A错误；B、物体所受合外力不为零，物体所受冲量不为零，由动量定理可知，物体动量发生变化，故B错误；C、如果合力与物体速度方向不垂直，物体动能变化，动能随时间的变化而变化，故C错误；D、物体动量随时间的变化率为==ma=F，由于力F是恒力，如此物体动量随时间变化率一定不变，故D正确；应当选：D．点评：知道：物体做匀速直线运动，所受合力为零，知道撤掉一个恒力后，物体所受合力为恒力，是正确解题的关键．2．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕某一物体竖直向上抛出，所受空气阻力大小不变，从它被抛出到落回原地的过程中〔〕A．重力对物体的冲量为零B．重力对物体所做的功为零C．空气阻力对物体的冲量为零D．空气阻力对物体所做的功为零考点：动量定理；功的计算．专题：动量定理应用专题．分析：考虑空气阻力，物体上升和下降时受力情况不同，要分开讨论；上升时，阻力向下，下降时阻力向上；冲量I=ft，是矢量．解答：解：A、重力是恒力，作用时间不为零，故冲量I=Gt不为零，故A错误；B、初末位置重合，位移为零，故重力做功为零，故B正确；C、上升时，阻力向下；下降时阻力向上；物体在运动过程中所受空气阻力大小不变，但是受空气阻力的方向总与物体的速度方向相反a上=g+，a下=g﹣，所以上升时的加速度大于下落时的加速度；根据h=at2，上升时间小于下落时间；故阻力的冲量的矢量和向下，不为零；故C错误；D、空气阻力一直与速度反向，故空气阻力做负功，故D错误；应当选：B．点评：点评：考虑阻力的竖直上抛运动，是具有向上的初速度，加速度变化的变加速直线运动，上升和下降过程并不对称，所以时间也不相等！3．〔4分〕〔2011•徐州三模〕如下列图的情况中，a、b两点的电场强度和电势均一样的是〔〕A．甲图：离点电荷等距的a、b两点B．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点C．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点D．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电势是标量，同一等势面各点电势相等．电场强度是矢量，只有大小和方向均一样时，场强才一样．解答：解：A、a、b是离点电荷等距的a、b两点，处于同一等势面上，电势一样，场强大小相等，但方向不同，如此电场强度不同．故A错误．B、等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，如此a、b的电势一样．由于电场线关于两电荷连线上下对称，而且都与等势面垂直，所以场强的大小和方向都一样．故B正确．C、根据电场线的对称性可知，ab两点电势一样，场强大小相等，但方向相反，所以电场强度不同．故C错误．D、a、b是匀强电场中的两点，电场强度一样，a点的电势大于b点的电势．故D错误应当选：B．点评：此题要抓住电势与场强的区别，只要大小一样，标量就一样．而矢量大小和方向都一样才一样．对于常见电场的电场线与等势面分布要了解，有助于解题．4．〔4分〕〔2009•江苏〕两个分别带有电荷量﹣Q和+3Q的一样金属小球〔均可视为点电荷〕，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F．两小球相互接触后将其固定距离变为，如此两球间库仑力的大小为〔〕A．B．C．D．12F考点：库仑定律；电荷守恒定律．专题：计算题．分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．解答：解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=k，两个一样的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离又变为原来的，库仑力为F′=k，所以两球间库仑力的大小为．应当选C．点评：此题考查库仑定律与带电题电量的转移问题．5．〔4分〕〔2014•山东校级三模〕如下列图，将一带电液滴在水平向左的匀强电场中从b点由静止释放，发现液滴沿直线由b运动到d，直线bd方向与竖直方向成45°角，如此如下结论正确的答案是〔〕A．液滴的电势能减少B．液滴的动能不变C．液滴做匀速直线运动D．液滴带正电荷考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据带电液滴作直线运动，如此带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小．再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向一样可知合外力做正功，即可分析动能的变化．根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况．解答：解：A、带电液滴作直线运动，如此带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，如此电场力必定水平向右，由b运动到d过程中，电场力做正功，电势能减少，故A 正确．B、由于合力做正功，如此据动能定理可知，动能增大．故B错误；C、由题可知，带电液滴只受重力和电场力作用，两个力都是恒力，其合力沿bd方向，如此电场力必定水平向右，液滴做匀加速直线运动，故C错误；D、由上分析可知，电场力方向与电场强度方向相反，所以液滴带负电荷．应当选：A点评：带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，是我们判定液滴带电性质的突破口，在今后的学习中我们经常用到要注意掌握．6．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕如下列图，光滑水平面上，放置一个各面光滑的半圆槽，槽的左侧放一物块．今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始落下，它将自A点进入槽内，如此以下结论中正确的答案是〔〕A．小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽系统机械能守恒B．小球自半圆槽的A点向最低点B点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒C．小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒D．假设小球能飞出C点，如此小球离开C点以后，不能落回半圆槽中考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：小球自左端槽口A点的正上方从静止开始下落于光滑的圆弧槽，且槽置于光滑的水平面上．由于槽的左侧有一竖直墙壁，只有重力做功，小球的机械能守恒．当小球在半圆槽内运动的B到C过程中，槽也会向右运动．水平方向满足动量守恒．在运动过程中，仍只有重力做功，小球与槽组成的系统机械能守恒．小球离开C点以后，既有竖直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上抛运动．解答：解：A、小球在槽内运动的全过程中，从刚释放到最低点，只有重力做功，而从最低点开始上升过程中，除小球重力做功外，还有槽对球作用力做负功．但球对槽作用力做正功，两者之和正好为零．所以小球与槽组成的系统机械能守恒．故A正确；B、小球自半圆槽的A点向最低点B点运动的过程中，左侧物体对槽有作用力，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，故B错误；C、小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与槽组成的系统水平方向上不受外力，水平方向动量守恒，故C正确；D、小球离开C点以后，既有竖直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上抛运动，在水平方向做匀速运动，此时半圆槽沿水平方向有一定以一样的速度也做匀速运动，所以小球离开C点以后，能落回半圆槽中．故D错误．应当选：AC．点评：考查动量守恒定律与机械能守恒定律．当球下落到最低点过程，由于左侧竖直墙壁作用，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，但小球机械能守恒．当球从最低点上升时，小球与槽组成的系统水平方向上的动量守恒，但小球机械能不守恒，而小球与槽组成的系统机械能守恒．7．〔4分〕〔2010•泉州模拟〕在光滑水平地面上有两个一样的弹性小球A、B，质量都为m．现B球静止，A球向B球运动，发生正碰．碰撞过程中总机械能守恒，两球压缩最紧时的弹性势能为E P，如此碰前A球的速度等于〔〕A．B．C．2D．2考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：两球压缩最紧时，两球速度相等．根据碰撞过程中动量守恒，以与总机械能守恒求出碰前A球的速度．解答：解：设碰撞前A球的速度为v，当两球压缩最紧时，速度相等，根据动量守恒得，mv=2mv′，如此．在碰撞过程中总机械能守恒，有，得v=．故C正确，A、B、D错误．应当选C．点评：此题属于动量守恒与能量守恒的综合题，解决此题的关键掌握动量守恒和能量守恒定律．8．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕如下列图，在足够长的斜面上某一点给某小物体一个沿斜面向上的瞬时初速度v0，斜面倾角一定，各处粗糙程度一样，如此物体在这斜面上运动的整个过程中，以下说法正确的答案是〔〕A．物体的动能一定先减小后增大B．只要物体在斜面上运动，如此其机械能一定在减小C．如果某段时间内摩擦力对物体做的功与物体动能的改变量一样，如此此后物体动能将不断增大D．如果某段时间内摩擦力对物体做功为W，在此后的一样时间段内，摩擦力对物体做功可能还为W考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：A B、根据合力做功判断物体的动能的变化，结合除重力以外其它力做功得出机械能的变化．C、根据动能定理得出重力做功的大小，从而确定物体所处的位置，判断出物体动能的变化．D、物体向上做匀减速直线运动，返回做匀加速直线运动，通过相等时间内路程是否相等判断相等时间内摩擦力做功是否相等．解答：解：A、物体向上做匀减速直线运动，假设到达顶部，重力沿斜面的分力小于最大静摩擦力，如此物体不再运动，如此物体的动能减小．故A错误．B、物体只有在斜面上运动，摩擦力一直做负功，根据除重力以外其它力做功等于机械能的增量，知机械能一定在减小．故B正确．C、根据动能定理知，如果某段时间内摩擦力对物体做的功与物体动能的改变量一样，如此重力做功为零，知物体回到初始位置，一定在向下运动，所以物体的动能不断增大．故C正确．D、物体向上做匀减速直线运动，返回做匀加速直线运动，在相等时间内可能出现路程相等，如此摩擦力做功可能相等．故D正确．应当选：BCD．点评：解决此题的关键掌握功能关系，知道合力做功与动能变化的关系，除重力以外其它力做功与机械能的变化的关系．9．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕如下列图，两根位于同一竖直平面内足够长的水平光滑长杆，上、下两杆上分别套着质量相等的甲、乙两金属球，两球之间用一轻质弹簧相连．开始时乙在甲的正下方，且弹簧刚好无弹力．现给甲一个水平向右的初速度v0，此后两球可在杆上无摩擦地滑动．如下表示中正确的答案是〔〕A．甲、乙两球的动量之和保持不变B．甲、乙两球的动能之和保持不变C．当甲球的速度为零时，乙球刚好位于甲球的正下方D．甲球的速度从v0减小至零的过程中，弹簧的弹性势能先增大后减小考点：动能定理的应用；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：结合系统动量守恒的条件得出甲乙两球动量守恒，抓住系统机械能不变，判断甲乙两球动能之和的变化．根据动量守恒求出甲球速度为零时，乙球的速度，从而确定乙球所处的位置．根据弹簧长度的变化判断弹簧弹性势能的变化．解答：解：A、甲乙两球组成的系统所受的外力之和为零，如此甲乙两球动量守恒，如此甲乙两球的动量之和保持不变．故A正确．B、甲乙两球和弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧的弹性势能变化，如此甲乙两球的动能之和在变化．故B错误．C、根据动量守恒定律得，甲球的速度为零时，乙球的速度为v0，速度最大，在甲球的正下方．故C正确．D、甲球的速度从v0减小至零的过程中，弹簧先伸长再恢复到原长，如此弹簧的弹性势能先增大后减小．故D正确．应当选：ACD．点评：解决此题的关键知道甲乙两球系统动量守恒，甲乙两球和弹簧组成的系统机械能守恒．10．〔4分〕〔2013•济南一模〕负点电荷Q固定在正方形的一个顶点上，带电粒子P仅在该电荷的电场力作用下运动时，恰好能经过正方形的另外三个顶点a、b、c，如下列图，如此〔〕A．粒子P带负电B．a、b、c三点的电势上下关系是φa=φc=φbC．粒子P由a到b电势能增加，由b到c电势能减小D．粒子P在a、b、c三点时的加速度大小之比是2：1：2考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，根据点电荷的电场线的特点，Q与ac距离相等，都小于b，故B点的电势高于ac两点的电势．应用牛顿第二定律求出加速度之间的关系．解答：解：A：根据轨迹弯曲方向判断出粒子之间存在引力，它与固定在O点的电荷是异种电荷，故带正电荷，A错误；B：根据点电荷的电场线的特点，Q与ac距离相等，都小于b，故B点的电势高于ac两点的电势，B错误；C：由AB可知，正电荷P从a到b，电势升高，电势能就增加；反之，从b到c电势能减小，故C正确；D：粒子P在a、b、c三点时的加速度大小要根据库仑定律求出库仑力．由图可知，，代人库仑定律：，可得：由牛顿第二定律：．故D正确．应当选：CD点评：此题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．进而判断出电荷是正电荷．11．〔4分〕〔2014春•常州期末〕如下列图，两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N与静电计金属球相连，极板M和静电计的外壳均接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U．在两板相距为d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在与外界绝缘的情况下保持电容器的带电量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是〔〕A．仅将M板向下平移B．仅将M板向左平移C．仅在M、N之间插入云母板〔相对介电常数大于1〕D．仅在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器充电后断开电源保持带电量不变，根据平行板电容器的决定式可求得C的变化，再由电容的定义式可求知指针张角的变化，注意指针张角变大时，极板之间的电压增大．解答：解：A、仅将M板向下平移，两极板正对面积减小，电容减小，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故A错误．B、仅将M板向左平移，板间距离增大，电容减小，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故B错误．C、仅在M、N之间插入云母板，电容增大，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故C正确．D、仅在M、N之间插入金属板，板间距离减小，电容增大，而电容器的电荷量不变，由C=得知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故D正确．应当选：CD．点评：此题关键要掌握决定电容的三个因素：板间距离、电介质、正对面积，以与电容的定义式C=．12．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕如下列图，在Oxy平面的第一象限，存在以x轴y轴与双曲线y=〔0≤x≤L，0≤y≤L〕的一段为边界的匀强电场Ⅰ；在第二象限存在以x=﹣L，x=﹣2L，y=0，y=L为边界的匀强电场Ⅱ．两个电场大小均为E，方向如下列图．如此在电场Ⅰ的AB曲线边界处由静止释放的电子〔不计电子所受重力〕在离开MNPQ区域时的最小动能和对应飞出点分别为〔〕A．最小动能E k=eEL B．最小动能E k=C．飞出点坐标〔﹣2L，0〕D．飞出点坐标〔，〕考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：设从AB曲线边界处释放位置坐标为〔x，y〕，再根据动能定理和类平抛运动的分解方法，求出电子从第二象限射出电场的位置．对全过程应用动能定理，得到电子离开MNPQ 时的动能与x的关系，由数学知识求出最小的动能．解答：解：设释放位置坐标为〔x，y〕，如此有eEx=，s=vt，y==解得y=又y=解得s=L即所有从边界AB上静止释放的电子均从P点射出．从边界AB出发到P点射出的全过程，由动能定理得：E k=eE〔x+y〕又y=，得到E k=eE〔x+〕，根据数学知识得知，当x=y=时，动能E k有最小值E k=eEL．故A、C正确，B、D错误．应当选：AC．点评：此题中电子先加速后偏转，根本方法是动能定理和运动的分解，难点在于数学知识的应用求极值和轨迹方程．二．实验题〔每空2分，共12分〕13．〔4分〕〔2013秋•道里区校级月考〕〔1〕如图游标卡尺的读数为1.055 cm〔2〕如图螺旋测微器的读数为0.3118 cm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为10mm，游标读数为0.05×11mm=0.55mm，所以最终读数为：10mm+0.55mm=10.55m=1.055cm；螺旋测微器固定刻度为3mm，可动刻度为0.01×11.8mm=0.118mm，所以最终读数为：3mm+0.118mm=3.118mm=0.3118cm．故答案为：①1.055②0.3118点评：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．以与螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．14．〔8分〕〔2013秋•道里区校级月考〕如图，是用落体法验证机械能守恒定律的实验装置，请回答如下问题：〔1〕从如下器材中选出实验所必须的器材，其编号为ABD ．〔漏选和错选不得分〕A．打点计时器 B．重物 C．天平D．毫米刻度尺 E．秒表〔2〕如果以为横轴，以下落高度h为纵轴，根据实验数据绘出h﹣图线是一条通过坐标原点的倾斜直线，该线的斜率是g ．〔用相应符号表示，重力加速度为g〕〔3〕实验中重锤获得的动能往往小于它所减小的重力势能〔填大于、小于或等于〕，产生这种误差的主要原因是：存在摩擦阻力．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：〔1〕解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以与须知事项，即可正确解答此题；〔2〕运用物理规律和数学表达式结合起来解决问题．〔3〕重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到较大的阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一局部转化给摩擦产生的内能．解答：解：〔1〕A、打点计时器〔含纸带〕必须的，B、重锤，必须的，C．天平；因为我们是比拟mgh、mv2的大小关系，故m可约去比拟，不需要用天平．D．毫米刻度尺，必须的，用来测量计数点距离E．秒表．不需要，打点计时器本身可以计算时间．所以选：ABD〔2〕根据机械能守恒可知mgh=mv2，得出=gh，因此﹣h图线的斜率为：g．〔3〕由于纸带通过时受到较大的阻力和重锤受到的空气阻力，重力势能有相当一局部转化给摩擦产生的内能，所以重力势能的减小量明显大于动能的增加量．所以重锤获得的动能往往小于它所减小的重力势能．所以为：小于，存在摩擦阻力．故答案为：〔1〕ABD；〔2〕g；〔3〕小于，存在摩擦阻力．点评：清楚实验的目的，然后根据目的列出要研究的表达式；利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法．三．计算题〔共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分．有数字计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．〕15．〔12分〕〔2013秋•道里区校级月考〕如下列图，空间存在水平向左的匀强电场，一根长为L且不可伸长的轻质细线的一端固定于悬点O，另一端连接一个质量为m的带正电的小球．平衡时细线与竖直方向的夹角α=30°．现将小球拉到A处使细线处于水平且伸直的状态，由静止释放小球，求小球运动到悬点O的正下方B时小球对细线的拉力．〔重力加速度为g〕考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球静止时，由平衡条件求出电场力的大小．小球所受的电场力水平向右，由静止释放小球，根据动能定理求出小球到达B点时的速度，根据牛顿第二定律求解细线的拉力，从而得到小球对细线的拉力．解答：解：小球在平衡点受力分析：电场力 F电=qE=mgtan30°；小球从A到B的过程，由动能定理：mgL﹣qEL=；在最低点受力分析得：T﹣mg=m得出绳子对球拉力T=〔3﹣〕mg由牛顿第三定律：球对绳子拉力T=〔3﹣〕mg，方向向下．答：小球运动到悬点O的正下方B时小球对细线的拉力大小为〔3﹣〕mg，方向向下．点评：此题是带电物体在电场中圆周运动问题，动能定理和向心力结合是常用的解题方法．常见的题型．对于多过程的问题可能屡次应用动能定理求解问题．16．〔14分〕〔2013秋•道里区校级月考〕传送带现已广泛应用于机场、商店等公共场所，为人们的生活带来了很多的便利．如下列图，一长度L=7m的传送带与水平方向间的夹角α=30°，在电动机带动下以v=2m/s的速率顺时针匀速转动．在传送带上端接有一个斜面，斜面外表与传送带外表都在同一平面内．将质量m=2kg可视作质点的物体无初速地放在传送带底端，物体经传送带作用后能到达斜面顶端且速度为零．假设物体与传送带与物体与斜面间的动摩擦因数都为μ=，g=10m/s2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：〔1〕物体在从传送带底端运动到斜面顶端过程中传送带对物体所做的功；〔2〕传送带上方所接的斜面长度．考点：动能定理；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕物体先在传送带上做初速度为零的匀加速直线运动，后做匀速运动．先根据牛顿第二定律求出物体的加速度，再由速度公式求出物体在传送带相对滑动的时间，由位移公式分别求出传送带与物体的位移．物体先受到滑动摩擦力，大小为μmgcosθ，后速度与传送带一样后，受到静摩擦力，大小为mgsinθ，根据动能定理求解传送带对物体所做的功；〔2〕物体离开传送带后做匀减速运动，到斜面顶端时速度为零，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解传送带上方所接的斜面长度．解答：解：〔1〕对物体，先在传送带上做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：f﹣mgsin30°=ma又f=μmgcos30°解得：a=1m/s2，沿斜面向上；设物体速度经过时间t与传送带相等，如此由 v=at得，t==s=2s此过程中物体通过的位移为 x==m=2m＜7m所以物体接着做匀速直线运动，离开传送带时速度为：v=2m/s对整个过程，由动能定理：W﹣mgLsin30°=得：W=mgLsin30°+=2×10×7×0.5+×2×22=74〔J〕。
省哈尔滨三中2014届高三上学期期末物理试题及答案
2013-2014学年黑龙江省哈尔滨三中高三（上）期末物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2013秋•道里区校级期末）关于电场和磁场的概念，以下说法正确的是（）A．电荷在磁场中一定会受到磁场力的作用B．放入电场中某位置的电荷受到的电场力不为零，则该位置的电场强度一定不为零C．一小段通电导体在磁场中某位置受到的安培力为零，则该位置的磁感应强度一定为零D．一小段长为L的通有电流为I的导体，在磁场中受到的安培力为F，则该磁场的磁感应强度B一定为考点：电场；磁现象和磁场．分析：电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定，电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反．磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．解答：解：A、运动的电荷放入磁场中，才会受到磁场力的作用，故A错误；B、由电场的基本性质可知，对放入电场中某位置的电荷受到的电场力不为零，则该位置电场强度一定不为零，故B正确；C、一小段通电导体在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度不一定为零，还受到导体与磁场夹角有关，故C错误；D、一小段长为L的通有电流为I的导体，在磁场中受到的安培力为F，则该磁场的磁感应强度B不一定为，注意导体与磁场是否垂直放置，故D错误．故选：B点评：电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关，本题是考查基础知识的好题．磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．2．（6分）（2013秋•道里区校级期末）在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L1、L2均能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．灯泡L1将变亮B．灯泡L2将变暗C．电容器C的电荷量将减小D．电容器C的电荷量将增大考点：电容器；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：先分析变阻器接入电路的电阻怎样变化，再分析外电路总电阻的变化，确定总电流的变化，即可判断灯L1亮度的变化；根据闭合电路欧姆定律和串联电路分压特点分析L2亮度的变化；电容器的电压等于L1的电压，根据L1的电压变化即可判断电容器电量的变化．解答：解：当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，所以灯L1亮度变暗；电流减小，电源的内电压和灯泡L1的电压均减小，根据闭合电路欧姆定律得知：并联部分的电压增大，所以L2将变亮；电容器的电压等于L1的电压，灯泡L1的电压减小，电容器板间电压就减小，由Q=CU 知：电容器C的电荷量将减小．故ABD错误，C正确．故选：C．点评：本题是电路的动态变化分析问题，根据变阻器接入电路的电阻变化，确定外电路总电阻的变化，再分析电容器的电压变化，是常用的分析方法和思路．3．（6分）（2013秋•道里区校级期末）在条形磁铁s极附近，放置一轻质等边三角形线圈abc，磁铁轴线经过三角形ab边中垂线，当线圈中通有顺时针方向电流时，则线圈运动情况是（）A．a b边转向纸外，同时靠近s极B．a b边转向纸外，同时远离s极C．a b边转向纸里，同时靠近s极D．a b边转向纸里，同时远离s极考点：安培力．分析：先根据右手定则判断出线圈产生的磁场，然后再根据磁极间的相互作用分析线圈的转动情况．解答：解：由右手螺旋定则可知，线圈的外面为S极，里面为N极；因为异名磁极相互吸引，故ab边转向纸外，同时靠近磁铁；故A正确，BCD错误．故选：A．点评：此题考查了右手定则和磁极间相互作用的应用，注意线圈产生的磁场与条形磁体产生的磁场很相似，可以利用右手定则判断磁场的N、S极4．（6分）（2013秋•道里区校级期末）某物流中转站配备有集装箱吊车，已知该吊车电动机输入电压为380V，当吊车以0.2m/s的速度匀速竖直向上吊起总质量为1.1×103kg的集装箱时，测得电动机的输入电流为10A，g取10m/s2．则下列说法正确的是（）A．电动机的内阻为38ΩB．该电动机每1秒钟消耗电能3.8×l03JC．电动机的输出功率为3.8×l03WD．电动机每1分钟生热为1600J考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：吊车起吊集装箱的功率是电动机的输出功率，可用功式P=mgv求出，根据电动机的输出功率与线圈发热功率之和等于总功率，列式求内阻．解答：解：A、C、电动机的输入功率为：P=UI=380×10=3800W ①电动机的输出功率为：P出=mgv=1.1×103×10×0.2=2.2×103W ②电动机发热功率为：P热=I2R ③由P=P出+P热得：UI=mgv+I2R代入解得：R=16Ω故A错误，C错误；B、该电动机每1秒钟消耗电能：W=Pt=3800W×1s=3.8×103J，故B正确；D、电动机每1分钟生热为：Q=P热t=I2Rt=100×16×60=9.6×104J，故D错误；故选：B．点评：本题比较简单，重点考察了电动机的输入、输出功率问题，可根据能量守恒进行分析列式．5．（6分）（2013秋•道里区校级期末）如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为﹣Q．图中虚线表示该点电荷形成电场中的等势面．有两个二价离子M、N（不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a点以相同的速率v0射入该电场，运动轨迹分别为曲线abc和ade，其中b、d分别是它们离固定点电荷最近的位置．以下说法正确的是（）A．M是负离子，N是正离子B．M从b到c过程中电势能的变化量大小小于N从a到d电势能的变化量大小C．M在c点的速率大于N在e的速率D．M从a到c过程中电场力先做正功后做负功考点：等势面；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据轨迹判定电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，可知两粒子在从a向b、c运动过程中电场力做功情况．根据ace三点在同一等势面上，可判定从a到e和从a到c过程中电场力所做的总功为零．解答：解：A、由图可知电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力，故两粒子的电性一定不同．由于中心电荷为负电，则M一定是正离子，N一定是负离子，故A错误；B、由图可知b点离正电荷更近一些，M粒子在从b向c运动过程中电场力做负功的值大于粒子N在从a向d运动过程中电场力做负功的值，故M从b到c过程中电势能的变化量大小大于N从a到d电势能的变化量大小，故B错误；C、由于ace三点在同一等势面上，故粒子N在从a向e运动过程中电场力所做的总功为0，M粒子在从a向c运动过程中电场力所做的总功为0．由于两粒子以相同的速率从a点飞入电场故两粒子的分别经过e、c两点时的速率一定相等．故C错误．D、由图可判定M电荷在a→b→c运动过程中，先是动力，后是阻力，则电场力先做正功，后做负功．故D正确．故选：D．点评：根据轨迹判定“电荷N受到中心电荷的斥力，而电荷M受到中心电荷的引力”是解决本题的突破口．6．（6分）（2013秋•道里区校级期末）医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度．电磁血流计由一对电极a和b以及一对磁极N和S构成，磁极间的磁场是均匀的．使用时，两电极a、b均与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示．由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中运动，电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看做是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．在某次监测中，血流方向如图所示，两触点间的距离为3.0mm，血管壁的厚度可忽略，两触点间的电势差为160μV，磁感应强度的大小为0.040T．则以下说法中正确的是（）A．血流速度的近似值是1.3m/s B．血流速度的近似值是2.7m/sC．电极a为正、b为负D．电极a为负、b为正考点：霍尔效应及其应用．分析：血液中正负离子流动时，会受到洛伦兹力，发生偏转，正离子往哪一个电极偏转，哪一个电极带正电．电极a、b之间会有微小电势差．在达到平衡时，血管内部的电场可看作是匀强电场，血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零．根据平衡可求出血流速度．解答：解：血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上偏，负离子向下偏．则a带正电，b带负电．最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，有q=qvB，所以v==m/s=1.3m/s．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键正握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，前后表面形成稳定的电势差．7．（6分）（2014•东湖区校级模拟）如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中（）A．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D．乙物块与斜面之间的摩擦力不断减小考点：洛仑兹力；摩擦力的判断与计算．分析：先以整体为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出加速度，分析斜面对乙的摩擦力如何变化，再对甲分析，由牛顿第二定律研究甲、乙之间的摩擦力、弹力变化情况．解答：解：对整体，分析受力情况：重力、斜面的支持力和摩擦力、洛伦兹力，洛伦兹力方向垂直于斜面向上，则由牛顿第二定律得：m总gsinα﹣f=ma ①F N=m总gcosα﹣F洛②随着速度的增大，洛伦兹力增大，则由②知：F N减小，乙所受的滑动摩擦力f=μF N减小，故D正确；以乙为研究对象，有：m乙gsinθ﹣f=m乙a ③由①知，f减小，加速度增大，因此根据③可知，甲乙两物块之间的摩擦力不断增大，故A正确，BC错误；故选：AD．点评：解决本题运用整体法和隔离法结合研究，关键是抓住洛伦兹力随速度而增大的特点进行分析8．（6分）（2014•南阳二模）在地面附近，存在着一有理想边界的电场，边界A、B将该空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向下的匀强电场，区域Ⅰ中无电场．在区域Ⅱ中边界下方某一位置P，由静止释放一质量为m，电荷量为q的带负电小球，如图（a）所示，小球运动的v﹣t图象如图（b）所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A．小球在7s末回到出发点B．电场强度大小是C．P点距边界的距离为D．若边界AB处电势为零，则P点电势为﹣考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度；电势．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：小球受到电场力作用先向上做加速运动，离开电场后向上做竖直上抛运动，再做自由落体运动，回到出发点，从而完成一个周期的运动．由图直接看出小球回到出发点的时间．分别求出小球进入电场前、后加速度大小，由牛顿第二定律求出电场强度．运用动能定理求解P点到边界的距离．由动能定理求出AB间的电势差，即可求得P点的电势．解答：解：A、小球回到出发点时通过的位移为0，根据v﹣t图象与时间轴所围的面积表示位移可知，小球在7s末总位移为零，回到出发点，故A正确．B、由图象的斜率等于加速度，得0﹣2s内的加速度为：a1=、1s﹣5s内加速度大小为a2===g．则得：a1=g由牛顿第二定律得：qE﹣mg=ma1 ①可得：电场强度E=．故B错误．C、从P点到边界过程，由动能定理得：﹣ma1y=0﹣解得：P点距边界的距离 y=，故C正确．D、P点与边界AB间的电势差为 U=﹣Ey=﹣•=﹣．若边界AB处电势为零，则P点电势为﹣．故D正确．故选：ACD点评：本题是多过程问题，分析受力情况和运动情况是解题的基础，关键要灵活选择力学的规律列式求解．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）（2013秋•道里区校级期末）如图所示，为正在测量中的多用电表测量表盘．（1）如果是用×100Ω档测电阻，则读数为1300 Ω；（2）如果是用直流10mA档测电流，则读数为 5.4 mA；（3）如果是用直流2.5V档测电压，则读数为 1.35 V．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：表盘最上面一排刻度为欧姆表读数；第二排刻度为直流电压、直流电流、交流电流的读数；第三排刻度为交流电压读数．解答：解：（1）如果是用×100Ω档测电阻，选择第一排刻度，读数为：13×100=1300Ω；（2）如果是用直流10mA档测电流，选择第二排刻度，分度值为0.2mA，则读数为：5.4mA；（3）如果是用直流2.5V档测电压，选择第二排刻度，分度值为0.05V，则读数为：1.35V；故答案为：（1）1300Ω（2）5.4mA （3）1.35V．点评：本题考查基本仪器、仪表的读数能力，多用电表本身就是粗略测量，读数时不需要估读，分度值在哪一位，读数读到哪一位即可．10．（9分）（2013秋•道里区校级期末）现用伏安法研究某电子器件R X（5V，2.25W）的伏安特性曲线，要求伏安特性曲线尽可能完整，备有下列器材：A、直流电源（6V，内阻不计）；B、电流表（满偏电流Ig=3mA，内阻Rg=10Ω）；C、电流表（0～0.6A，内阻未知）；D、滑动变阻器R1（0～20Ω，5A）；E、滑动变阻器R2（0～200Ω，1A）；F、定值电阻 R0（阻值1990Ω）；G、单刀开关一个与导线若干；（1）根据题目提供的实验器材，请你在方框中设计出测量电子器件R x伏安特性曲线的电路原理图（R X可用电阻符号表示）．（2）在实验中，为了操作方便且伏安特性曲线尽可能完整，滑动变阻器应选用．（填写器材前面字母序号）（3）上述电子器件R x的伏安特性曲线如图甲，将它和滑动变阻器R3串联接入如图乙所示的电路中．调节滑动变阻器R3使电源输出功率最大，已知电源的电动势E=6.0V，电源的内阻r=15Ω，滑动变阻器R3阻值范围0～20Ω，则此时R3接入电路的阻值为Ω．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是首先将电流表G与定值电阻串联改装为电压表，并判断出电流表应采用外接法，再根据电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，画出电路图即可；题（2）的关键是明确采用分压式接法时，变阻器的阻值越小时调节越方便；题（3）的关键是首先在表示电阻的I﹣U图象中同时作出表示电源的I﹣U图象，求出两图线的交点坐标从而求出待测电阻的阻值，然后再根据电源最大输出功率的条件r=R 即可求解．解答：解：（1）：由于器材中无电压表，可考虑将电流表G与定值电阻串联来进行改装：由于改装后电压表量程为U==6V，所以可行；根据P=可知，待测电阻电阻为R===11Ω，满足，所以电流表应用外接法；由于实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：（2）：由于采用分压式接法时，变阻器的电阻越小调节越方便，所以变阻器应选D；（3）：在I﹣U图象中同时作出表示电源的I﹣U图线如图所示，则两图线交点坐标分别为：U=1.8V，I=0.28A，所以=，再根据电源的输出功率最大时应满足：r=，解得=8.6Ω故答案为：（1）如图（2）D（3）8.6Ω点评：应明确：①电压表是电流表与分压电阻串联改装成的；②当满足时，电流表应用外接法；③当要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器以方便调节；④电源最大输出功率的条件是r=R．11．（14分）（2013秋•道里区校级期末）如图所示水平放置一对电压恒定的金属板A、B，一带正电的粒子以某一初速度沿A板边缘水射入两板间的匀强电场，刚好能贴B板边缘飞出，已知带电粒子的质量为m，电量为q，两金属板长度为L，两板间距离为d，两板间电压U恒定．（带电粒子重力不计，忽略两极板外的电场）求：（1）带电粒子的初速度大小；（2）如果将B板向下平移，该带电粒子的初速度不变，再次射出电场时的偏转距离．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）粒子在电场中做类平抛运动，运用运动的分解法，由平抛运动的规律可求出带电粒子的初速度大小；（2）将B板向下平移，板间电压不变，场强将减小，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．解答：解：（1）粒子的加速度为：a=①粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有：L=v0t ②竖直方向做匀加速直线运动，则有：d=at2=③联立解得：v0=④（2）B板向下平移，加速度变为a′==⑤粒子再次射出电场时的偏转距离 y=a′t2=⑥由③⑥得：y=答：（1）带电粒子的初速度大小是；（2）如果将B板向下平移，该带电粒子的初速度不变，再次射出电场时的偏转距离是．点评：本题考查粒子在偏转电场中的运动，解题的关键是利用类平抛运动的规律，分解成水平和竖直两个方向，由动力学的方法求解．12．（18分）（2013秋•道里区校级期末）如图所示，在平面直角坐标系xoy内，y轴上有一点P，P到原点O的距离为（1+）R，在以P为圆心，半径为R的圆和半径为（1+）R 的圆筒之间存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B；质量为m、电荷量为q的带负电粒子，从原点O以某一初速度沿y轴正方向经圆筒上的小孔射入圆筒中．（设粒子与圆筒碰撞过程中没有动能损失，且电荷量保持不变，不计带电粒子的重力）求：（1）若带电粒子不能进入半径为R的无磁场圆区域，则带电粒子的最大初速度；（2）若带电粒子与圆筒发生两次碰撞后仍能从小孔射出，则从射入圆筒到射出圆筒所用的时间．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：（1）带电粒子进入磁场后做匀速圆周运动，当其轨迹恰好与内圆相切时，对应的粒子速度就是粒子不能进入半径为R的无磁场圆区域的最大速度．画出轨迹，由几何关系求出轨迹半径，由牛顿第二定律和向心力知识求解最大速度．（2）画出粒子的运动轨迹，根据几何知识求出轨迹对应的圆心角θ，由公式T=T求出磁场中运动的时间，由匀速运动公式求解在无磁场区运动的时间，即可得到总时间．解答：解：（1）带电粒子进入磁场后做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有： qv1B=m①当其轨迹恰好与内圆相切时，对应的粒子速度就是粒子不能进入半径为R的无磁场圆区域的最大速度．画出轨迹，分析如图由勾股定理得：（r1+R）2=r12+2 ②解得：r1=（）R所以 v1=③（2）若带电粒子与圆筒发生两次碰撞后仍能从小孔射出，分析可知轨迹如图所示，且∠00′N=30°粒子运动的周期为 T=④粒子在磁场运动的时间为：t1=6×T=⑤设∠0PN=θ，圆周运动的半径为r2，由几何关系：r2sin30°+Rcosθ=（1+）R ⑥r2cos30°+Rsinθ=r2⑦联立解得：r2=（2+）R ⑧sinθ=⑨由 sinθ=，可知θ=30°，所以∠MPN=60°，MN=R由qv2B=m得：v2=⑩在小圆内匀速直线运动时间t2===（11）所以总时间 t=t1+t2=+=（12）答：（1）若带电粒子不能进入半径为R的无磁场圆区域，带电粒子的最大初速度为．（2）若带电粒子与圆筒发生两次碰撞后仍能从小孔射出，则从射入圆筒到射出圆筒所用的时间为．点评：本题是轨迹问题，解决此类问题，找圆心、画轨迹是解题的基础．带电粒子垂直于磁场进入一匀强磁场后在洛伦兹力作用下必作匀速圆周运动，抓住运动中的任两点处的速度，分别作出各速度的垂线，则二垂线的交点必为圆心；或者用垂径定理及一处速度的垂线也可找出圆心；再利用数学知识求出圆周运动的半径及粒子经过的圆心角从而解答物理问题．（二）选考题共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑．注意所做题目都题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选大区域指定位置答题．如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则每学科按所答的第一题评分．13．（15分）（2013秋•道里区校级期末）（1）下列说法正确的是（）A．物体从外界吸收热量，其内能一定增加B．物体对外界做功，其内能一定减少C．液体中悬浮微粒的无规则运动称为布朗运动D．电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递（2）如图，柱形容器内用不漏气的轻质绝热活塞封闭一定量的理想气体，容器外包裹保温材料．开始时活塞至容器底部的高度为H1，容器内气体温度与外界温度均为T0．在活塞上逐步加上多个砝码后，活塞下降到距容器底部H2处；然后取走容器外的保温材料，活塞位置继续下降，最后静止于距容器底部H3处．已知大气压强为p0．求：①气体最后的压强；②活塞由H1下降到距容器底部H2的过程中气体温度升高了多少．考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：（1）根据分子动理论内容和热力学第一、二定律分析（2）根据波意耳定律研究初末状态的压强变化，根据盖吕萨克定律研究拿走保温材料后的温度变化．解答：解：（1）解：AB、根据热力学第一定律△U=W+Q知改变内能的方式为做功和热传递，外界吸收热量，其内能不一定增加，物体对外界做功，其内能不一定减少故AB错误；C、布朗运动是固体微粒的运动，是液体分子无规则热运动的反应，故C正确；D、根据热力学第二定律知热量只能够自发从高温物体传到低温物体，但也可以通过热机做功实现从低温物体传递到高温物体，电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递，故D正确；故选：CD（2）从初状态到最后状态，温度相同，由玻意耳定律：p0H1S=p3H3S…①解得：p3=p0…②对取走容器外的保温材料，活塞位置继续下降的等压过程，由盖吕萨克定律，…③解得：△T=T0答：①气体最后的压强p0；②活塞由H1下降到距容器底部H2的过程中气体温度升高了T0．点评：此题要求学生熟记分子动理论的知识、热力学定律、理想气体状态方程，属于简单题目．14．（15分）（2013秋•道里区校级期末）（1）下列光学现象中，有全反射现象的是CD A．日光照射在肥皂泡上出现彩色条纹B．通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹C．海市蜃楼现象D．露珠的晶莹透亮现象（2）如图所示，一列简谐波沿x轴传播，实线为t1=0时的波形图，此时P质点向y轴负方向运动，虚线为t2=0.05s时的波形图．已知周期T＞0.03s．求波速．考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：（1）当光从光密介质射入光疏介质，入射角大于临界角时，光线全部反射回原介质的现象叫全反射现象．对照全反射的定义依次分析说明．（2）根据上下坡法，通过质点的振动方向得出波的传播方向．根据波形传播的距离以及传播的时间求出波速的大小．解答：解：A、在阳光照射下，常看到肥皂泡上有彩色花纹是由于薄膜干涉现象产生的，故A 错误．B、通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹，这是光的衍射现象．故B错误．C、海市蜃楼现象，这是光的全反射现象．故C正确．D、露珠的晶莹透亮现象，是由于光的全反射形成的．故D正确．。
2024年黑龙江省哈尔滨市三中高三三模理综物理试题
2024年黑龙江省哈尔滨市三中高三三模理综物理试题一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题如图所示，场强为E的匀强电场方向竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场垂直电场向外，带电量为q的小球（视为质点）获得某一垂直磁场水平向右的初速度，正好做匀速圆周运动，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A．小球必须带正电B．小球的质量为C．小球做匀速圆周运动的周期为D．若仅把电场的方向改成竖直向上，小球正好做匀速直线运动，则其速度为第(2)题一质量为的物体在水平拉力的作用下，由静止开始在水平地面上沿x轴运动，以出发点为x轴零点，物体的动能与物体坐标x的关系如图所示。
物体与水平地面间的动摩擦因数为0.4，重力加速度大小取。
下列说法正确的是（ ）A．在时，拉力的大小为2NB．在时，拉力的功率为12WC．从运动到的过程中，物体克服摩擦力做的功为8JD．从运动到的过程中，拉力的冲量大小为第(3)题如图所示，理想变压器的原线圈与电阻串联后接入正弦式交流电。
变压器原、副线圈的匝数比。
电路中定值电阻、、、的阻值相同，交流电压表为理想电压表。
开关S闭合前后，电压表示数之比为（ ）A．B．C．D．第(4)题“灯光表演”中，同学们用投影仪把校徽图案投到教学楼的墙壁上（如左图）。
现将投影过程简化为如右图所示，投影仪放置在水平地面上，与教学楼相距20m，此时校徽图案距离地面15m，正在沿竖直方向以0.02m/s的速度上升。
此时投影仪转动的角速度约为（ ）A．B．C．D．第(5)题如图所示，虚线MN下方存在着方向水平向左、范围足够大的匀强电场。
AB为绝缘光滑且固定的四分之一圆弧轨道，轨道半径为R，O为圆心，B位于O点正下方。
一质量为m、电荷量为q的带正电小球，以初速度v A竖直向下从A点沿切线进入四分之一圆弧轨道内侧，沿轨道运动到B处以速度v B射出。
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2014年哈尔滨市第三中学第三次高考模拟考试物理参考答案
14 C 15 B 16 A 17 B 18 B 19 AD 20BC 21 BCD
22题（1）A……2分 1.050……2分（2）6.703(6.702~6.704)……2分 23题（1）电流表量程和极性的选择……2分 分压导线连线方式……2分 （2）A……1 D……1分，
（3）0.13W （0.12~0.14都对）……3分
24．（14分）答案（1）3J （2）3.2J
解析：1）若圆弧轨道最低点对物块的支持力为N ，物块在C 点的速度为v c ，弹簧在初始状态所储存的势能是
E p 为，则：
由牛顿第三定律可知：N=60N ⑴ 在最低点C 对物块使用牛顿第二定律有：N-mg=mv c 2
/R ⑵ 对物体由A 点到C 点的运动过程使用能量守恒有：mgh+E p =mv c 2/2-0 ⑶ 联立上述方程可得E p =3（J ） ⑷
2）法一：物块在滑上传送带做第一阶段相对传送带向上运动，所受摩擦力没传送带向下，在二者速度相同后物
块相对传送带向下运动，所受摩擦力向上。
若物块在C 点的速度为v B ，在二者相同前加速度为a 1，对地位移为s 1，在二者速度相同后加速度为a 2，对地位移为s 2，则：
对物体由C 点向D 点的运动过程使用动能定理有-mgR(1-cos370)=mv D 2/2-mv c 2/2 ⑸ 在二者速度相同前有mgsin370+μmgcos370=ma 1 ⑹ -2a 1s 1=v 2
-v D
2
⑺
在二者速度相同后有：mgsin370-μmgcos370=ma 2 ⑻ -2a 1s 1=0-v 2 ⑼ 则物块在由D 点运动到E 点的过程中摩擦力所做的功为W=-μmgcos370s 1+μmgcos370s 2 ⑽ 联立上式有W=3.2（J ） ⑾
法二：物块在滑上传送带做第一阶段相对传送带向上运动，所受摩擦力没传送带向下，在二者速度相同后物块相
对传送带向下运动，所受摩擦力向上。
若物块在C 点的速度为v B ，在二者相同前加速度为a 1，对地位移为s 1，在二者速度相同后加速度为a 2，对地位移为s 2，物块在由D 点运动到E 点的过程中摩擦力所做的功为W ，则：
对物体由C 点向D 点的运动过程使用动能定理有-mgR(1-cos370)=mv D 2/2-mv c 2/2 ⑸ 在二者速度相同前有mgsin370
+μmgcos370
=ma 1 ⑹
U
图a
-2a 1s 1=v
2
-v D 2
⑺
在二者速度相同后有：mgsin370
-μmgcos370
=ma 2 ⑻ -2a 1s 2=0-v 2 ⑼ 则对物块在由D 点运动到E 点的过程使用动能定理有W-mg(s 1+s 2)sin37°=0-mv D 2/2 ⑽ 联立上式有W=3.2（J ） ⑾
评分标准：（1）（2）（4）（6）（7）（8）（9）（11）式各1分（3）（5）（10）式各2分共14分。
25．（18分）
1）粒子在第一象限做圆周运动的一部分，在二象限做类平抛运动，若匀强电场的电场强度大小为E ，粒子在第
二象限的运动时间为t ，在第一象限圆周运动的半径为r ，则：
对磁场中的圆周运动有：Bqv=mv 2/r ⑴ 对第二象限的类平抛运动有：vsin300 t=rcos300 ⑵ vcos300
=Eqt/m ⑶ 联立上式有E=Bv/2 ⑷
2）若第二个粒子在第一象限的圆周运动半径为r /，圆周运动的速度大小为v /，在第二象限加速的水平位移为x ，
在第三象限加速的竖直位移为y ，则：
考虑粒子运动周期性有：2nr /+r /+r /cos300=r+r/2 (n=0、1、2、3……) ⑸ 对第二个粒子在第一象限的圆周运动有：Bqv /=mv /2/r / ⑹ 对第二个粒子在第二象限的水平加速过程有：2Eqx/m=(v /
sin 300)2
⑺
对第二个粒子在第三象限的竖直加速过程有：2Eqy/m=(v / cos 300)2 ⑻
联立①⑤⑥⑦⑧粒子释放位置的坐标为 （-27mv/4(4n+2+
)2qB ，-9mv/4(4n+2+
)2Bq ） (n=0、1、2、3……) ⑼
评分标准：（1）（2）（3）（6）（7）（8）（9）式各2分（4）1分（5）3分
答案33.【物理—选修3-3】（15分）
解析：气泡体积增大，对外做功，由于温度不
变，因此分子的平均动能不变，气体的内能不变，根据△U=W+Q 可知，气体吸收热量，故BC 错误，AD 正确．上升压强减小故选ADE ．
34（1）BC （5分）
（2）解析:①光线入射到出
射的光路图如图，入射光线
……（3分）
……（3分）
……（3分）
……（1分）
AB经玻璃折射后，折射光线为BC，又经球内壁反射后，反射光线为CD，再经折射后，折射出的光线为DE，OB、OD球的半径。
由折射定律，……（2分）
得……（2分）
由几何关系及对称性，有
，把代入得……（2分）
②由①知，n越小，越小，r角越大，角越大，故红光最大……（2分）
，紫光最小。
……（2分）
35．（1）CDE
（2）
○1由f=错误！未找到引用源。
∴a=5m/错误！未找到引用源。
(1)
甲乙共速之后：由2
v=2aX
共共
得：v=4/
m s
共
(2)
碰撞时动量守恒-=+
m v m v
乙乙
甲甲甲共
（m m）v (3)
得：28/
v m s
=
乙
(4)
乙：22
-=-2
v v ax
乙乙0乙
得：=30m/s
v
乙0
(5)
○2取安全带作用力方向为正方向
对乙驾驶员由动量定理：
Ft m v m v
=-
乙乙乙
共
(6)
解得：F=2400N (7)
评分标准：（1）（2）（4）（5）各1分（3）（6）（7）各2分。