离散数学( 第10讲习题课2)
离散数学课后习题答案(第二章)
(3) 寻求下列各式的真假值。 A) (∀x)( P( x) ∨ Q( x)) ,其中 P( x) : x = 1, Q( x) : x = 2 ,且论域是 {1, 2} B) (∀x)( P → Q( x)) ∨ R( a) , 其中 P : 2 > 1, Q( x) : x ≤ 3, R( x) : x > 5 而 a : 5 , 论域是 {−2,3, 6} 解:a) (x)(P(x)∨Q(x))⇔(P(1)∨Q(1))∧(P(2)∨Q(2)), 但 P(1)为 T,Q(1)为 F,P(2)为 F,Q(2)为 T, 所以(x)(P(x)∨Q(x))⇔(T∨F)∧(F∨T) ⇔T。 b) (x)(P→Q(x))∨R(a)⇔ ((P→Q(−2))∧(P→Q(3))∧(P→Q(6)))∨R(a) 因为 P 为 T,Q(−2)为 T,Q(3)为 T,Q(6)为 F,R(5)为 F, 所以(x)(P→Q(x))∨R(a)⇔((T→T)∧(T→T)∧(T→F))∨F⇔ F (4) 对下列谓词公式中的约束变元进行换名。 A) ∀x∃y ( P ( x, z ) → Q ( y ) � S ( x, y ) B) (∀xP( x) → ( R( x) ∨ Q( x))) ∧ ∃xR( x)) → ∃zS ( x, z) 解:a)(u)(v)(P(u,z)→Q(v))S(x,y) b)(u)(P(u)→ (R(u)∨Q(u))∧(v)R(v))→(z)S(x,z) (5) 对下列谓词公式中的自由变元进行代入。 A) (∃yA( x, y ) → ∀xB ( x, z )) ∧ ∃x∀zC ( x, y , z ) B) (∀yP( x, y ) ∧ ∃zQ( x, z )) ∨ ∀xR( x, y) 解:a)((y)A(u,y)→(x)B(x,v))∧(x)(z)C(x,t,z) b)((y)P(u,y)∧(z)Q(u,z))∨(x)R(x,t) 习题 2-5 (1)考虑以下赋值,论域:
离散数学习题课-命题逻辑
练习1:判断推理是否正确
1. 判断下面推理是否正确: (1) 前提:PQ, Q 结论:P 解 推理的形式结构: (PQ)QP 方法一:等值演算法 (PQ)QP ((PQ)Q)P (PQ)QP ((PQ)(QQ))P PQ 易知10是成假赋值,不是重言式,所以推理不正确.
14
练习3:求公式的主范式
已知命题公式A中含3个命题变项P, Q, R,并知 道它的成真赋值为001, 010, 111, 求A的主析取 范式和主合取范式,及A对应的真值函数. 解: P Q R A P Q R A 0 0 0 0 1 0 0 0 0 0 1 1 0 1 1 1 1 A的主析取范式为m1 m2 m7 A的主合取范式为M0 M3 M4 M5 M6
7
习题课-命题逻辑(2)
基本要求 深刻理解等值式的概念 牢记基本等值式的名称及它们的内容 熟练地应用基本等值式及置换规则进行等 值演算 理解简单析取式、简单合取式、析取范式、 合取范式的概念 深刻理解极小项、极大项的概念、名称及 下角标与成真、成假赋值的关系,并理解 简单合取式与极小项的关系
2
练习1
判断下列语句是否为命题: 是 1. 十是一个整数. 2. 北京是一个村庄. 是 否 3. 请勿吸烟! 是 4. 雪是黑色的. 是 5. 今天是7号. 是 6. 1+101=110. 否 7. 您吃饭了吗? 8. 我学英语或法语. 是 是 9. 如果天气好,我就去散步. 10. 我不给所有自己替自己理发的人理发,但却给 所有自己不替自己理发的人理发。 否
26
练习2:构造证明
2. 在系统P中构造下面推理的证明: 如果今天是周六,我们就到颐和园或圆明园玩. 如果颐和园游人太多,就不去颐和园. 今天是周 六,并且颐和园游太多. 所以, 我们去圆明园或 动物园玩. 证明: (1) 设 P:今天是周六,Q:到颐和园玩, R:到圆明园玩,S:颐和园游人太多 T:到动物园玩 (2) 前提:P(QR), SQ, P, S 结论:RT
离散数学练习题2 答案
1-1.都是命题:1-2设P:明天天气晴朗Q:我们就去郊游则P →Q:如果明天天气晴朗,我们就去郊游1-3根据真值表求公式P → (P∧(Q →R ))的主析取范式。
解表1.15 例1.42真值表则P → (P∧(Q →R )) ⇔ (﹁P∧Q∧R )∨(﹁P∧Q∧﹁R )∨(﹁P∧﹁Q∧R )∨⌝(﹁P∧Q∧﹁R )∨(P∧﹁Q∧R )∨(P∧﹁Q∧﹁R )∨(P∧Q∧R ) ■由于任意一组命题变元P1, P2, …, P n的真值指派和它的极小项之间是一一对应的,故可以对极小项进行编码。
首先需要规定变元在极小项中的排列次序,假设为P1, P2, …, P n,用m表示极小项,若P i出现在极小项中,则编码的第i个位置上的值为1,否则为0。
比如变元P, Q, R(规定次序为P, Q, R)的极小项P∧﹁Q∧﹁R的编码为100,将此极小项记为m100。
若将编码看作是一个二进制数,又可将例中的极小项记为m4。
用此方法,可以简写所求得的给定公式的主析取范式。
P → (P∧(Q →R )) ⇔m0∨m1∨m2∨m3∨m4∨m5∨m7(规定P, Q, R的次序为P, Q, R)公式P → (P∧(Q →R ))的主析取范式。
解P → (P∧(Q →R ))⇔﹁P∨(P∧(﹁Q∨R ))⇔ (﹁P∨P)∧(﹁P∨﹁Q∨R)⇔ (﹁P∨﹁Q∨R )⇔ (﹁P∨﹁Q∨R )1-4试证明(﹁P →Q )∧(P →R )∧(﹁Q∨S ) ⇒S∨R。
证明(1)﹁P →Q P(2)﹁Q∨S P(3)Q →S T, (2), E16(4)﹁P →S T, (1), (3), I13(5)﹁S →P T, (4), E18(6)P →R P(7)﹁S →R T, (5),(6), I13(8)﹁﹁S∨R T, (7),E16(9)S∨R T, (8), E11-5如果迈克有电冰箱,则或者他卖了洗衣机,或者他向别人借了钱。
离散数学第10章习题答案
第10章习题答案1.解 (1)设G 有m 条边,由握手定理得2m =∑∈Vv v d )(=2+2+3+3+4=14,所以G 的边数7条。
(2)由于这两个序列中有奇数个是奇数,由握手定理的推论知,它们都不能成为图的度数列。
(3) 由握手定理得∑∈Vv v d )(=2m =24,度数为3的结点有6个占去18度,还有6度由其它结点占有,其余结点的度数可为0、1、2,当均为2时所用结点数最少,所以应由3个结点占有这6度,即图G 中至多有9个结点。
2.证明 设1v 、2v 、…、n v 表示任给的n 个人,以1v 、2v 、…、n v 为结点,当且仅当两人为朋友时其对应的结点之间连一条边,这样得到一个简单图G 。
由握手定理知∑=nk kv d 1)(=3n 必为偶数,从而n 必为偶数。
3. 解 由于非负整数列d =(d 1,d 2,…,d n )是可图化的当且仅当∑=ni i d 1≡0(mod 2),所以(1)、(2)、(3)、(5)能构成无向图的度数列。
(1)、(2)、(3)是可简单图化的。
其对应的无向简单图如图所示。
(5)是不可简单图化的。
若不然,存在无向图G 以为1,3,3,3度数列,不妨设G 中结点为1v 、2v 、3v 、4v ,且d(1v )=1,d(2v )=d(3v )=d(4v )=3。
而1v 只能与2v 、3v 、4v 之一相邻,设1v 与2v 相邻,于是d(3v )=d(4v )=3不成立,矛盾。
4.证明 因为两图中都有4个3度结点,左图中每个3度结点均与2个2度结点邻接,而右图中每个3度结点均只与1个2度结点邻接,所以这两个无向图是不同构的。
5. 解 具有三个结点的所有非同构的简单有向图共16个,如图所示,其中(8)~(16)为其生成子图。
6. 解 (1)G 的所有子图如图所示。
(1)(3)(5)(6)(9)(10)(13)(14)(2)图(8)~(18)是G 的所有生成子图。
离散数学课后习题答案二
习题3.71. 列出关系}6|{=×××Î><+d c b a d c b a d c b a 且,,,,,,Z 中所有有序4元组。
组。
解}6|{=×××Î><+d c b a d c b a d c b a 且,,,,,,Z ,2,1,3,1,3,1,2,1,2,3,1,1,3,2,1,1,1,1,1,6,1,1,6,1,1,6,1,1,6,1,1,1{><><><><><><><><=><><><><><><><><2,1,1,3,3,1,1,2,1,2,1,3,1,3,1,2,1,1,2,3,1,1,3,2,1,2,3,1,1,3,2,12. 列出二维表3.18所表示的多元关系中所表示的多元关系中所有所有5元组。
假设不增加新的5元组,找出二维表3.18所有的主键码。
所有的主键码。
表3.18 航班信息航空公司航空公司 航班航班 登机口登机口 目的地目的地 起飞时间起飞时间 Nadir 112 34 底特律底特律 08:10 Acme 221 22 丹佛丹佛 08:17 Acme 122 33 安克雷奇安克雷奇 08:22 Acme 323 34 檀香山檀香山 08:30 Nadir 199 13 底特律底特律 08:47 Acme 222 22 丹佛丹佛 09:10 Nadir 32234底特律底特律09:44解 略3. 当施用投影运算5,3,2p 到有序5元组><d c b a ,,,时你能得到什么?时你能得到什么? 解 略4. 哪个投影运算用于除去一个6元组的第一、第二和第四个分量?元组的第一、第二和第四个分量? 解 略5. 给出分别施用投影运算4,2,1p 和选择运算Nadir 航空公司=s 到二维表3.18以后得到的表。
离散数学习题课带答案
(4)某些汽车比所有的火车都慢,但至少有一列火车比每辆 汽车快 C(x):x是汽车;H(x):x是火车;S(x,y): x比y慢 x(C(x)∧y(H(y)→S(x,y)))∧z(H(z)∧y(C(y) →S(y,z)))
(5)对任何整数x和y,x≤y且y≤x是x=y的充要条件 I(x):x是整数;E(x,y):x=y;G(x,y):x>y xy(I(x)∧I(y)→(G(x,y)∧G(y,x)↔ E(x,y)))
(6)若m是奇数,则 2m 不是奇数 O(x):x是奇数; f(x,y)= x×y O(m) → O(f(2,m)
T⑸ E
⑺ (D∨E)→P
P
⑻ (D∨E)∨P
T⑺E
⑼ (D∧E)∨P
T⑻ E
⑽ (D ∨P) ∧(E∨P) T ⑼ E
⑾ D∨P
T⑽ I
⑿ D→P
T ⑾E
⒀A→P
T ⑹⑿ I
2.附加前提 ⑴A ⑵ A∨B ⑶ (A∨B)→(C∧D) ⑷ C∧D ⑸D ⑹ D∨E ⑺ (D∨E)→P ⑻P ⑼ A→P
2.如果D∨E 为 F,则 前件 (A→(B∨C) )∧(D∨E)∧((D∨E)→A) 为F。
∴(A→(B∨C) )∧(D∨E)∧((D∨E)→A)B∨C
四. 等价公式的证明方法 方法1:用列真值表。(不再举例) 方法2:用公式的等价变换.(用置换定律) (1) 证明 ((A∧B)→C)∧(B→(D∨C))(B∧(D→A))→ C 左式((A∧B)∨C)∧(B∨(D∨C)) ((A∨B)∨C)∧(B∨(D∨C)) ((B ∨A)∨C)∧((B∨D)∨C) ((B ∨A)∧(B∨D))∨C (B ∨(A∧D))∨C (B∧(A∨D))∨C (B∧(D→A))→C
离散数学 第10讲习题课.ppt
规则
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掌握与量词相关的基本等价式和基本蕴涵式 能熟练地运用US、ES、UG、EG规则进行推理
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6
语句的符号化
1、将下列命题翻译成谓词公式 ① 每个有理数都是实数,但是并非每个实数都是有理数,
T,10),11)I
13) ~(y)(Q(y)∧R(c,y))
T,4),E
14) (y)~(Q(y)∧R(c,y))
T,13),E
15) ~(Q(b)∧R(c,b))
US,14)
16) (Q(b)∧R(c,b))∧~(Q(b)∧R(c,b)) US,14)
17) □
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P US(1) P US(3) P US(5) T(6)E
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(8) Q(x)~C(x)
T(2)(7)I
(9) N(x)~C(x)
T(4)(7)I
(10)(Q(x)~C(x))(N(x)~C(x))
T(8)(9)E
(11) C(x)(~Q(x)~N(x))
7) R(x,f(x))
T,2)
8) Q(f(x))∧R(x,f(x))
T,6),7),I
9) (y)(Q(y)∧R(x,y))
EG,8)
10)(y)(P(y)∧R(x,y))(y)(Q(y)∧R(x,y)) CP,1),9)
11)(x)((y)(P(y)∧R(x,y))(y)(Q(y)∧R(x,y)))
离散数学习题课2
第二章谓词逻辑
1、在一元谓词逻辑中,分别在(a)(b)(c)时将下面命题符号化并讨论命题的真值:
1)凡是整数都能被2整除
2)有的整数能被2整除
其中(a):个体域为整数集合;(b):个体域为偶数集合;(c)个体域为实数集合2、在一元谓词逻辑中将下面命题符号化
1)所有的整数,不是负整数,就是正整数,或者是0
2)有的实数是有理数,有的实数是无理数
3)发明家都是聪明的并且勤劳的。
王进是发明家。
所以王进是聪明的并且是勤劳的。
4)实数不都是有理数
5)】
6)不存在能表示成分数的有理数
7)不存在最大的自然数
3、求下列公式的前束范式
1)()()()(,) x F x y G x y ∀→∀
2)()()()(,) x F x x G x y ∀→∀
3)()()()(,) x F x x G x y ∀→∃
4)()(()(,))(()()()(,)) x F x G x y y H y z L y z ∀→→∃→∃
4、人都喜欢吃蔬菜,但不是所有的人都喜欢吃鱼。
所以,存在喜欢吃蔬菜而不喜欢吃鱼
的人。
F(x):x为人;G(x):x喜欢吃蔬菜;H(x):x喜欢吃鱼
5、没有白色的乌鸦。
北京鸭是白色的。
因此,北京鸭不是乌鸦。
F(x):x是乌鸦;H(x):
x是北京鸭;G(x):x是白色的。
离散数学10 树
第十章 树10.1画出所有不同构的,有5个顶点的树。
解图10.1 习题1图10.2 证明:一棵树的顶点度数之和为)1 |(|2-V ,其中V 是顶点集。
证明一棵树的所有顶点的度数之和∑==ni iE v 1||2)deg(,因为树的1||||-=V E ,所以)1|(|2||2)deg(1-==∑=V E v ni i。
故一棵树的顶点度数之和为)1 |(|2-V 。
10.3 一棵树有3个2度顶点,5个3度顶点,8个4度顶点,问有几个一度顶点?解设树T 有n 个一度顶点,则∑)deg(v =)1853(21483523-+++=⨯+⨯+⨯+⨯n n ,从而有23=n 。
即该棵树有23个一度顶点。
10.4 一棵树2n 个顶点的度数为2,3n 个顶点的度数为3,…,k n 个顶点度数为k ,问有几个顶点度数为1个顶点。
解设有1n 个度数为1的顶点。
顶点数k n n n v +++=...21,边数1)...(121-+++=-=k n n n v e 。
由握手定理知:∑==-=ni i v v e 1)deg()1(22,故k n n n n n n k k ⨯++⨯+⨯=-+++...212) (22121)因此,2)2(...2431+-+++=k n k n n n10.5 证明:一棵树若有三片树叶,则至少有一个顶点度数大于等于3。
证明反证法。
设),(E V T =且没有一个顶点度数大于等于3,则对于V v ∈∀,有2)de g (≤v ,从而有:∑-+≤)3|(|23)deg(V v||21)1|(|2E V <--=与握手定理矛盾。
故至少有一个顶点度数大于等于3。
10.6 ),(E V T =是一棵树,证明:若T 仅有两个1度顶点,则T 是一条直线。
证明假设T 不是一条直线,因为T 仅有两个1度顶点,所以树中至少存在一个顶点,其度数3≥。
从而有:∑-++⨯≥)3|(|2312)deg(V v1)1|(|2+-=V 1||2+=E ||2E > 与握手定理矛盾。
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子群判定定理2
定理10.6 (判定定理二) 设G为群,H是G的非空子集. H是G的子群当且仅当a,b∈H 有ab1∈H.
证 必要性显然. 只证充分性. 因为H非空,必存在a∈H. 根据给定条件得aa1∈H,即e∈H. 任取a∈H, 由e,a∈H 得 ea1∈H,即a1∈H. 任取a,b∈H,知b1∈H. 再利用给定条件得a(b1) 1∈H,即 ab∈H. 综合上述,可知H是G的子群.
13
10.2 子群与群的陪集分解
定义10.5 设G是群,H是G的非空子集, (1) 如果H关于G中的运算构成群,则称H是G的子群, 记作
H≤G. (2) 若H是G的子群,且HG,则称H是G的真子群,记作
H<G.
例如 nZ (n是自然数) 是整数加群<Z,+> 的子群. 当n≠1时, nZ是Z的真子群.
11
实例
例 5 设G是群,a,b∈G是有限阶元. 证明
(1) |b1ab| = |a|
(2) |ab| = |ba|
证 (1) 设 |a| = r,|b1ab| = t,则有
(b1ab)r (b1ab)(b1ab)...(b1ab)
r个
b1arb b1eb e
从而有t | r. 另一方面,由 a = (b1)1(b1ab)b1可知 r | t. 从而 有 |b1ab| = |a|.
实例: <Z,+>和<R,+>是无限群,<Zn,>是有限群,也是 n 阶群. Klein四元群是4阶群. <{0},+>是平凡群. 上述群都是交换群,n阶(n≥2)实可逆矩阵集合关于矩阵乘法 构成的群是非交换群.
5
群中元素的幂
离散数学课后练习2
第二章习题 1. 填空(1))(x A ,)(y B (2)))()((x A x C x →∀ (3)))()((y B x A x →∀(4))),()()((y x H y F x F y x ⌝→∧∀∀ (5)))()((x G x F x ⌝∧∃ (6)T(7))),(),((z y Q y x P y ∧∀,),(),(z y Q y x P ∧,),(y x P (8)))()((!x P x Q x ∧∃ ))()((!!x P x Q x ∧∃ (9)x y ,和z(10)))()((y R x Q x →∀,))(Z )(Q (x x x ∧∃,))()(R )(Q (x Z x x x ⌝∧∧∃ 2.选择题(1)B (2)B (3)A (4)B (5)C (6)C (7)B (8)B (9)B (10)D (11)C (12)A 3.下列哪些是谓词公式解:公式(1)—(8)均为谓词公式。
4.在谓词逻辑中将下列命题符号化 (1)有些汽车比所有火车都跑得慢;解:令)(x A :x 是汽车,)(x B :x 是火车,),(y x C :x 比y 跑得慢。
符号化为)))),()((()((y x C y B y x A x →∀∧∃ (2)会叫的狗未必会咬人;解:令)(x A :x 会叫,)(x B :x 是狗,)(x C :x 会咬人符号化为))()()((x C x B x A x ⌝∧∧∃ (3)存在最小自然数解:令A (x ):x 是自然数,B (x,y ):x 小于y 符号化为),()(()((x y B y A y x A x ⌝→∀⋂∃(4)对于每个实数都存在比它大的有理数解:令A (x ):x 是实数,B (x ):x 是有理数,R (x,y ):x 比y 大 符号化为),()(()((x y R y B y x A x ⋂∃→∀(5)每个自然数都有唯一的后继 解:令A (x ):x 是自然数,B (x,y ):x 是y 的后继 符号化为),()((!)((x y B y A y x A x ⋂∃→∀) (6)没有以0为后继的自然树解:令A (x ):x 是自然数,B (x,y ):x 是y 的后继 符号化为),0()((x B x A x ⋂⌝∃(7)存在唯一的偶实数解:令A (x ):x 是偶数,令B (x ):x 是素数 符号化为)()((!x B x A x ⋂∃(8)没有即是奇数也是偶数的数解:令A (x ):x 是奇数,令B (x ):x 是偶数 符号化为)()((x B x A x ⋂⌝∃(9)天下乌鸦一般黑解:令A (x ):x 是乌鸦,令B (x ):x 是黑的 符号化为)()((x B x A x →∀(10)一个数是素数当且仅当它只能被1和它自身整除解:;:)(;:),(;.:),(B ;.:)(是实数相等与整除被是素数x x D y x y x C y x y x x x A 符号化为:)))),()1,(()),()((()((x y C y C y x B y D y x A x ∨→∧∃↔∀ 5、利用所给定命题和谓词,将下列诸命题符号化。
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一棵正则2叉树产生惟一的前缀码(按左枝标0,右枝标1)
18
最佳前缀码
设符号Ai在传输中出现的频率为pi, 二元前缀码的长为li, 1? i? t,
? ? 传输m个符号需要m
t
i ? 1 pi li
个二进制位.
t
i ? 1 pi li
最小的二
元前缀码称作最佳前缀码.最佳前缀码可用Huffman算法计算
以频率为权的最优二叉树产生.
例6 设在通信中, 八进制数字出现的频率如下:
0:25% 1:20% 2:15% 3:10%
4:10% 5:10% 6:5%
7:5%
求传输它们的最佳前缀码, 并求传输10n (n? 2)个按上述比例
出现的八进制数字需要多少个二进制数字?若用等长的(长
为3)的码字传输需要多少个二进制数字?
这个产生生成树的方法称为破圈法.
推论 G为n阶m条边的无向连通图,则m?n? 1.
9
最小生成树
定义10.3 设无向连通带权图G=<V,E,W>,T是G的一棵生成 树,T的各边权之和称为T的权,记作W(T).G的所有生成树 中权最小的生成树称为G的最小生成树.
避圈法(Kruskal) 输入: 连通图G=<V,E,W> 输出: G的最小生成树T 1. 将G中非环边按权从小到大排列: W(e1)? W(e2)? …? W(em). 2. 令T? {e1}, i? 2. 3. 若ei与T中的边不构成回路, 则令T? T? {ei}. 4. 若|T|<n-1, 则令i? i+1, 转3.
主要内容 ? 无向树及其性质 ? 生成树 ? 根树及其应用
第十章 树
1
f
离散数学课后习题及答案(左孝凌版)
离散数学课后习题答案(左孝凌版左孝凌版))1-1,1-2(1)解:a)是命题,真值为T。
b)不是命题。
c)是命题,真值要根据具体情况确定。
d)不是命题。
e)是命题,真值为T。
f)是命题,真值为T。
g)是命题,真值为F。
h)不是命题。
i)不是命题。
(2)解:原子命题:我爱北京天安门。
复合命题:如果不是练健美操,我就出外旅游拉。
(3)解:a)(┓P∧R)→Qb)Q→Rc)┓Pd)P→┓Q(4)解:a)设Q:我将去参加舞会。
R:我有时间。
P:天下雨。
Q↔(R∧┓P):我将去参加舞会当且仅当我有时间和天不下雨。
b)设R:我在看电视。
Q:我在吃苹果。
R∧Q:我在看电视边吃苹果。
c)设Q:一个数是奇数。
R:一个数不能被2除。
(Q→R)∧(R→Q):一个数是奇数,则它不能被2整除并且一个数不能被2整除,则它是奇数。
(5)解:a)设P:王强身体很好。
Q:王强成绩很好。
P∧Qb)设P:小李看书。
Q:小李听音乐。
P∧Qc)设P:气候很好。
Q:气候很热。
P∨Qd)设P:a和b是偶数。
Q:a+b是偶数。
P→Qe)设P:四边形ABCD是平行四边形。
Q:四边形ABCD的对边平行。
P↔Qf)设P:语法错误。
Q:程序错误。
R:停机。
(P∨Q)→R(6)解:a)P:天气炎热。
Q:正在下雨。
P∧Qb)P:天气炎热。
R:湿度较低。
P∧Rc)R:天正在下雨。
S:湿度很高。
R∨Sd)A:刘英上山。
B:李进上山。
A∧Be)M:老王是革新者。
N:小李是革新者。
M∨Nf)L:你看电影。
M:我看电影。
┓L→┓Mg)P:我不看电视。
Q:我不外出。
R:我在睡觉。
P∧Q∧Rh)P:控制台打字机作输入设备。
Q:控制台打字机作输出设备。
P∧Q1-3(1)解:a)不是合式公式,没有规定运算符次序(若规定运算符次序后亦可作为合式公式)b)是合式公式c)不是合式公式(括弧不配对)d)不是合式公式(R和S之间缺少联结词)e)是合式公式。
(2)解:a)A是合式公式,(A∨B)是合式公式,(A→(A∨B))是合式公式。
离散数学答案 屈婉玲版 第二版 高等教育出版社课后答案,DOC
离散数学答案屈婉玲版第二版高等教育出版社课后答案第一章部分课后习题参考答案16设p、q的真值为0;r、s的真值为1,求下列各命题公式的真值。
(1)p∨(q∧r)⇔0∨(0∧1)⇔0(2)(p?r)∧(﹁q∨s)⇔(0?1)∧(1∨1)⇔0∧1⇔0.(3)(⌝(4)(176能被2q:3r:2s:619(4)(p(5)(p(6)((p答:(pqp→q⌝0011111011011110010011110011所以公式类型为永真式(5)公式类型为可满足式(方法如上例)(6)公式类型为永真式(方法如上例)第二章部分课后习题参考答案3.用等值演算法判断下列公式的类型,对不是重言式的可满足式,再用真值表法求出成真赋值.(1)⌝(p∧q→q)(2)(p→(p∨q))∨(p→r)(3)(p∨q)→(p∧r)答:(2)(p→(p∨q))∨(p→r)⇔(⌝p∨(p∨q))∨(⌝p∨r)⇔⌝p∨p∨q∨r⇔1所以公式类型为永真式(3)P qrp∨qp∧r(p∨q)→(p∧r)0000010010014.(2)(p→(4)(p∧证明(2(45.(1)(⌝p→q)→(⌝q∨p)(2)⌝(p→q)∧q∧r(3)(p∨(q∧r))→(p∨q∨r)解:(1)主析取范式(⌝p→q)→(⌝q∨p)⇔⌝(p∨q)∨(⌝q∨p)⇔(⌝p∧⌝q)∨(⌝q∨p)⇔(⌝p∧⌝q)∨(⌝q∧p)∨(⌝q∧⌝p)∨(p∧q)∨(p∧⌝q)⇔(⌝p∧⌝q)∨(p∧⌝q)∨(p∧q)⇔∑(0,2,3)主合取范式:(⌝p→q)→(⌝q∨p)⇔⌝(p∨q)∨(⌝q∨p)⇔(⌝p∧⌝q)∨(⌝q∨p)⇔(⌝p⇔1∧(p⇔(p∨⇔∏(2)⌝(p→q)⇔(p∧(3)⇔⌝⇔1∧1⇔1所以该式为永真式.永真式的主合取范式为1主析取范式为∑(0,1,2,3,4,5,6,7)第三章部分课后习题参考答案14.在自然推理系统P中构造下面推理的证明:(2)前提:p→q,⌝(q∧r),r结论:⌝p(4)前提:q→p,q↔s,s↔t,t∧r结论:p∧q证明:(2)①⌝(q∧r)前提引入②⌝q∨⌝r①置换③q→⌝r②蕴含等值式④r⑤⌝q⑥p→q⑦¬p(3证明(4①t②t③q④s⑤q⑥(⑦(⑧q⑨q⑩p15在自然推理系统P中用附加前提法证明下面各推理:(1)前提:p→(q→r),s→p,q结论:s→r证明①s附加前提引入②s→p前提引入③p①②假言推理④p→(q→r)前提引入⑤q→r③④假言推理⑥q前提引入⑦r⑤⑥假言推理16在自然推理系统P中用归谬法证明下面各推理:(1)前提:p→⌝q,⌝r∨q,r∧⌝s结论:⌝p证明:①p②p③﹁④¬⑤¬⑥r⑦r⑧r3.:(1)均有2=(x+)(x).(2)其中(a)(b)解:F(x):2=(x+)(x).G(x):x+5=9.(1)在两个个体域中都解释为)(x∀,在(a)中为假命题,在(b)中为真命题。
离散数学习题解第二部分(代数系统)
离散数学习题解 第二部分 代数系统习题四 第四章代数系统1.设I 为整数集合。
判断下面的二元关系是否是I 上的二元运算a )+={(x ,y ),z|x ,y ,zI 且z=x+y}b )-={((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=x -y}c )×={((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=x ×y}d )/={((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=x/y}e )R={((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=x y }f )={((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=yx }g )min = {((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=max (x ,y )} h )min = {((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z=min (x ,y )} i )GCD = {((x ,y ),z )|x ,y ,zI 且z= GCD (x ,y )} j )LCM={((x ,y ),z )|x ,y ,z ∈I 且z= LCM (x ,y )}[解] a )是。
由于两个整数之和仍为整数,且结果唯一,故知+:I 2→I 是I 上的一个二元运算。
b )是。
由于两个整数之差仍为整数,且结果唯一,故知一:I 2→I 是I 上的一个二元运算。
c )是。
由于两个整数这积仍为整数,且结果唯一,故知x :I 2→I 是I 上的一个二元运算。
d )不是:例如若x=5,y=6,则z=x/y=5/6∉I ;当y=0时z=x|y=x/0无定义。
e )不是。
例如若x=2,y= -2,则z=x y =2 –2=221=I 41∉;若x=y=0,则z=x y =0,则z=I 2x ∉=χ;g )是。
由于两个整数中最大者仍为整数,且结果唯一。
故知max :I 2→I 是I 上的一个二元运算。
h )是。
由于两个整数中最小者仍为整数,且结果唯一。
离散数学(第二版)课后习题答案详解(完整版)
离散数学(第⼆版)课后习题答案详解(完整版)习题⼀1.下列句⼦中,哪些是命题?在是命题的句⼦中,哪些是简单命题?哪些是真命题?哪些命题的真值现在还不知道?(1)中国有四⼤发明.答:此命题是简单命题,其真值为 1.(2)5 是⽆理数.答:此命题是简单命题,其真值为 1.(3)3 是素数或 4 是素数.答:是命题,但不是简单命题,其真值为1.(4)2x+ <3 5 答:不是命题.(5)你去图书馆吗?答:不是命题.(6)2 与3 是偶数.答:是命题,但不是简单命题,其真值为0.(7)刘红与魏新是同学.答:此命题是简单命题,其真值还不知道.(8)这朵玫瑰花多美丽呀!答:不是命题.(9)吸烟请到吸烟室去!答:不是命题.(10)圆的⾯积等于半径的平⽅乘以π.答:此命题是简单命题,其真值为 1.(11)只有6 是偶数,3 才能是2 的倍数.答:是命题,但不是简单命题,其真值为0.(12)8 是偶数的充分必要条件是8 能被3 整除.答:是命题,但不是简单命题,其真值为0.(13)2008 年元旦下⼤雪.答:此命题是简单命题,其真值还不知道.2.将上题中是简单命题的命题符号化.解:(1)p:中国有四⼤发明.(2)p: 是⽆理数.(7)p:刘红与魏新是同学.(10)p:圆的⾯积等于半径的平⽅乘以π.(13)p:2008 年元旦下⼤雪.3.写出下列各命题的否定式,并将原命题及其否定式都符号化,最后指出各否定式的真值.(1)5 是有理数.答:否定式:5 是⽆理数. p:5 是有理数.q:5 是⽆理数.其否定式q 的真值为1.(2)25 不是⽆理数.答:否定式:25 是有理数. p:25 不是⽆理数. q:25 是有理数. 其否定式q 的真值为1.(3)2.5 是⾃然数.答:否定式:2.5 不是⾃然数. p:2.5 是⾃然数. q:2.5 不是⾃然数. 其否定式q 的真值为1.(4)ln1 是整数.答:否定式:ln1 不是整数. p:ln1 是整数. q:ln1 不是整数. 其否定式q 的真值为1.4.将下列命题符号化,并指出真值.(1)2 与5 都是素数答:p:2 是素数,q:5 是素数,符号化为p q∧,其真值为 1.(2)不但π是⽆理数,⽽且⾃然对数的底e 也是⽆理数.答:p:π是⽆理数,q:⾃然对数的底e 是⽆理数,符号化为p q∧,其真值为1.(3)虽然2 是最⼩的素数,但2 不是最⼩的⾃然数.答:p:2 是最⼩的素数,q:2 是最⼩的⾃然数,符号化为p q∧? ,其真值为1.(4)3 是偶素数.答:p:3 是素数,q:3 是偶数,符号化为p q∧,其真值为0.(5)4 既不是素数,也不是偶数.答:p:4 是素数,q:4 是偶数,符号化为? ∧?p q,其真值为0.5.将下列命题符号化,并指出真值.(1)2 或3 是偶数.(2)2 或4 是偶数.(3)3 或5 是偶数.(4)3 不是偶数或4 不是偶数.(5)3 不是素数或4 不是偶数.答: p:2 是偶数,q:3 是偶数,r:3 是素数,s:4 是偶数, t:5 是偶数(1)符号化: p q∨,其真值为1.(2)符号化:p r∨,其真值为1.(3)符号化:r t∨,其真值为0.(4)符号化:? ∨?q s,其真值为1.(5)符号化:? ∨?r s,其真值为0.6.将下列命题符号化.(1)⼩丽只能从筐⾥拿⼀个苹果或⼀个梨.答:p:⼩丽从筐⾥拿⼀个苹果,q:⼩丽从筐⾥拿⼀个梨,符号化为: p q∨ .(2)这学期,刘晓⽉只能选学英语或⽇语中的⼀门外语课.答:p:刘晓⽉选学英语,q:刘晓⽉选学⽇语,符号化为: (? ∧∨∧?p q)(p q) .7.设p:王冬⽣于1971 年,q:王冬⽣于1972 年,说明命题“王冬⽣于1971 年或1972年”既可以化答:列出两种符号化的真值表:合命题可以发现,p 与q 不可能同时为真,故上述命题有两种符号化⽅式.8.将下列命题符号化,并指出真值., 就有;(1)只要, 则;, 才有;(3)只有, 才有;(4)除⾮, 否则;(5)除⾮(6)仅当.答:设p: , 则: ; 设q: , 则: .(1);(2);;(3);(4);(5);(6);(7).答:根据题意,p 为假命题,q 为真命题.(1);(2);(3);(4).答:根据题意,p 为真命题,q 为假命题.(1)若2+2=4,则地球是静⽌不动的;(2)若2+2=4,则地球是运动不⽌的;(3)若地球上没有树⽊,则⼈类不能⽣存;(4)若地球上没有⽔,则是⽆理数.12.将下列命题符号化,并给出各命题的真值:(1)2+2=4 当且仅当3+3=6;(2)2+2=4 的充要条件是3+3 6;(3)2+2 4 与3+3=6 互为充要条件;(4)若2+2 4,则3+3 6,反之亦然.答:设p:2+2=4,q:3+3=6.(1)若今天是星期⼀,则明天是星期⼆;(2)只有今天是星期⼀,明天才是星期⼆;(3)今天是星期⼀当且仅当明天是星期⼆;(4)若今天是星期⼀,则明天是星期三.答:设p:今天是星期⼀,q:明天是星期⼆,r:明天是星期三.(1)刘晓⽉跑得快,跳得⾼;(2)⽼王是⼭东⼈或者河北⼈;(3)因为天⽓冷,所以我穿了⽻绒服;(4)王欢与李乐组成⼀个⼩组;(5)李欣与李末是兄弟;(6)王强与刘威都学过法语;(7)他⼀⾯吃饭,⼀⾯听⾳乐;(8)如果天下⼤⾬,他就乘班车上班;(9)只有天下⼤⾬,他才乘班车上班;(10)除⾮天下⼤⾬,否则他不乘班车上班;(11)下雪路滑,他迟到了;(12)2 与4 都是素数,这是不对的;(13)“2 或 4 是素数,这是不对的”是不对的.答:q:⼤熊猫产在中国.r:太阳从西⽅升起. 求下列符合命题的真值:(1)(2)(3)(4)解:p真值为1,q 真值为1,r 真值为0.(1)0,(2)0,(3)0,(4)116.当p,q 的真值为0,r,s 的真值为1 时,求下列各命题公式的真值:(1)(2)(3)(4)解:(1)0,(2)0,(3)0,(4)117.判断下⾯⼀段论述是否为真:“ 是⽆理数.并且,如果3 是⽆理数,则也是⽆理数.另外,只有6 能被2 整除,6 才能被4 整除.”解:p: 是⽆理数q: 3 是⽆理数r:是⽆理数s: 6 能被2 整除t:6 能被 4 整除符号化为: ,该式为重⾔式,所以论述为真。
屈婉玲版离散数学课后习题答案【4】
第十章部分课后习题参考答案4.判断下列集合对所给的二元运算是否封闭: (1) 整数集合Z 和普通的减法运算。
封闭,不满足交换律和结合律,无零元和单位元(2) 非零整数集合错误!未找到引用源。
普通的除法运算。
不封闭(3) 全体n n ⨯实矩阵集合错误!未找到引用源。
(R )和矩阵加法及乘法运算,其中n错误!未找到引用源。
2。
封闭 均满足交换律,结合律,乘法对加法满足分配律; 加法单位元是零矩阵,无零元;乘法单位元是单位矩阵,零元是零矩阵;(4)全体n n ⨯实可逆矩阵集合关于矩阵加法及乘法运算,其中n 错误!未找到引用源。
2。
不封闭(5)正实数集合错误!未找到引用源。
和错误!未找到引用源。
运算,其中错误!未找到引用源。
运算定义为:错误!未找到引用源。
不封闭 因为 +∉-=--⨯=R 1111111ο(6)n 错误!未找到引用源。
关于普通的加法和乘法运算。
封闭,均满足交换律,结合律,乘法对加法满足分配律 加法单位元是0,无零元;乘法无单位元(1>n ),零元是0;1=n 单位元是1(7)A = {},,,21n a a a Λ 错误!未找到引用源。
n 错误!未找到引用源。
运算定义如下:错误!未找到引用源。
封闭 不满足交换律,满足结合律,(8)S = 错误!未找到引用源。
关于普通的加法和乘法运算。
封闭 均满足交换律,结合律,乘法对加法满足分配律 (9)S = {0,1},S 是关于普通的加法和乘法运算。
加法不封闭,乘法封闭;乘法满足交换律,结合律(10)S = 错误!未找到引用源。
,S 关于普通的加法和乘法运算。
加法不封闭,乘法封闭,乘法满足交换律,结合律5.对于上题中封闭的二元运算判断是否适合交换律,结合律,分配律。
见上题7.设* 为+Z错误!未找到引用源。
上的二元运算+yx,,∀Z∈X * Y = min ( x,y ),即x和y之中较小的数.(1)求4 * 6,7 * 3。
4, 3Z上是否适合交换律,结合律,和幂等律?(2)* 在+满足交换律,结合律,和幂等律(3)求*运算的单位元,零元及+Z中所有可逆元素的逆元。
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例4
证明:(x)(P(x)Q(x)) (x)((y)(P(y)∧R(x,y))(y)(Q(y)∧R(x,y)))。
1.采用反证法: 1) ~(x)((y)(P(y)∧R(x,y))
(y)(Q(y)∧R(x,y))) 2) (x)~((y)(P(y)∧R(x,y))
(y)(Q(y)∧R(x,y))) 3) ~((y)(P(y)∧R(c,y))
(7) Q(c)R(c)
T,(4),(6),I
(8)(x)(P(x)→(R(x)S(x))) P
(9) P(c)→(R(c)S(c))
US,(8)
(10) R(c)S(c)
T,(4),(9),I
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例2(续3)
(11)(R(c)→S(c))∧(S(c)→R(c)) T,(10),E
F
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④ 每个懂得人性本质的作家都很高明。不能刻划人们内心世界的 诗人都不是真正的诗人。莎士比亚创作了哈姆雷特。没有一个 不懂得人性本质的作家能够刻划人们的内心世界。只有真正的 诗人才能创作哈姆雷特。因此,莎士比亚是一个高明的作家。
A(x):x是懂得人性本质的作家 B(x):x是真正的诗人 C(x):x能刻划人们内心世界
结论:(x)(T(x)~P(x))
即证明:(x)(S(x)∧(y)(T(y)L(x,y))),
(x)(y)((S(x)∧P(y))~L(x,y))
(x)(T(x)~P(x))
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证明:
1) (x)(S(x)∧(y)(T(y)L(x,y))) P
2) S(c)∧(y)(T(y)L(c,y))
s(x):x的直接后继;
有
EQUAL(x,y):x=y
① (x)(y)[EQUAL(y,s(x))∧
(z)[EQUAL(z,s(x))→EQUAL(y,z)]]
且仅有
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② ~(x)[EQUAL(0,s(x))
0以外的任何
③ (x)[~EQUAL(x,0)
自然数
→(y)[EQUAL(y,p(x))∧(z)[EQUAL(z,p(x))
ES,1)
3) P(f(x))
T,2)
4) (x)(P(x)Q(x))
P
5) P(f(x))Q(f(x))
US,4)
6) Q(f(x))
T,3),5),I
7) R(x,f(x))
T,2)
8) Q(f(x))∧R(x,f(x))
T,6),7),I
9) (y)(Q(y)∧R(x,y))
EG,8)
10)(y)(P(y)∧R(x,y))(y)(Q(y)∧R(x,y)) CP,1),9)
可满足式(Why?)
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10
② 诚实的人都讲实话。小林不是诚实的,因而 小林不讲实话。
A(x):x是诚实的人 B(x):x讲实话 a:小林
(x)( A(x) → B(x) )∧ ~A(a)→ ~B(a)
F ③ 好货不便宜。小王买的衣服很贵,所以小王
买的是优质衣服。
A(x):x不便宜 B(x):x是好货 a:小王买的衣服 (x)( B(x)→ A(x))∧A(a)→B(a)
全总个体域的概念 ▪ 能准确理解约束变元(量)和自由变元的概念 ▪ 掌握约束变元的改名规则和自由变元的代入
规则
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5
▪ 掌握与量词相关的基本等价式和基本蕴涵式 ▪ 能熟练地运用US、ES、UG、EG规则进行推
理
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6
语句的符号化
▪ 1、将下列命题翻译成谓词公式 ① 每个有理数都是实数,但是并非每个实数都是有理数,
11)(x)((y)(P(y)∧R(x,y))(y)(Q(y)∧R(x,y)))
EG,10)
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例5
所有的有理数都是实数;所有的无理数也是实 数;虚数不是实数。因此,虚数既不是有理数也 不是无理数。 解:设Q(x):x是有理数;R(x):x是实数; N(x): x是无理数; C(x):x是虚数; (x)(Q(x)R(x), (x)(N(x)R(x)) (x)(C(x) ~R(x)) (x)(C(x)(~Q(x)~N(x))
有些实数是有理数。 A(x):x是实数 B(x):x是有理数 (x)(B(x)→A(x))∧(x)(A(x)→B(x))
∧(x)(A(x)∧B(x)) ② 直线a和b平行当且仅当a和b不相交。
A(x):x是直线 F(x,y):x与y平行
G(x,y):x与y相交 (a)(b)(A(a)∧A(b)→
(F(a,b)G(a,b)))
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例2(续1)
解:设P(x):x是报考研究生的大学毕业生; Q(x):x参加研究生入学考试; R(x):x被推荐为免试生; S(x):x学习成绩优秀。
则原论断可符号化为: (x)(P(x)→(Q(x)R(x)), (x)(P(x)→(R(x)S(x))), (x)(P(x)∧S(x)), ~(x)(P(x)→S(x))
C(x):x是质数
(x)(A(x)→B(x)C(x))
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⑤ 凡是存钱的人都想有利息,如果没有利息, 人们就不会存钱。
A(x):x是存钱的人 F(x,y):x想有y P:存钱没有利息 Q: 人们不存钱 a: 利息 (x)(A(x)→F(x,a))∧(P→Q)
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冯伟森
Email:fws365@ 2020年4月22日星期三
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第二章
一、基本概念 全总个体域(全论域)、全称量词、存在量
词、特性谓词、指导(作用)变元、辖域 (作用域)、约束变元、自由变元、约束变 元的改名规则、自由变元的代入规则、常量 符号、变量符号、函数符号、谓词符号、谓 词公式、公式的解释、永真公式(重言式) 、 永假公式(矛盾式,不可满足公式)、
(x)(P(x)∧Q(x))
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例2(续2)
证明:(1) ~(x)(P(x)→S(x))
P
(2) (x)(P(x)∧~S(x)) (3) P(c)∧~S(c)
T,(1),E ES,(2)
(4) P(c)
T,(3),I
(5) (x)(P(x)→(Q(x)R(x)) P
(6) P(c)→(Q(c)R(c)) US,(5)
D(x):x很高明 P(x,y):x创作了y a:莎士比亚 b:哈姆雷特
T
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例1
将下列三条自然公理翻译成谓词公式:
① 每个自然数有且仅有一个直接后继;
② 没有任何自然数以0为其直接后继;
③ 对0以外的任何自然数,有且仅有一个直接先行。
解:设个体域D为自然数
令p(x):x的直接先行;
(y)(Q(y)∧R(c,y))) 4) (y)(P(y)∧R(c,y))∧
~(y)(Q(y)∧R(c,y)) 5) (y)(P(y)∧R(c,y))
P(附加)
T,1),E
ES,2)
T,3),E T,4),I
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例4(续1)
6) P(b)∧R(c,b)
ES,5)
7) P(b)
8) (S(c)∧P(x))~L(c,x)
US,7)
9) S(c)(P(x)~L(c,x))
T,8),E
10)P(x)~L(c,x)
T,3),8),E
11)L(c,x)~P(x)
T,10),E
12)T(x)~P(x)
T,5),11),E
13)(x)(T(x)~P(x))
US,12)
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ES,1)
3) S(c)
说明:该结论明显T,2),I
4) (y)(T(y)L(c,y是))一个错误的结论,T,2),I
5) T(x)L(c,x)
原因在于有一个错US,4)
6) (x)(y)((S(x)∧P误(y的))假设~,L(但x,推y)理)
P
7) (y)((S(c)∧P(y))~是L正(c确,y的பைடு நூலகம்)。 US,6)
15) ~(Q(b)∧R(c,b))
US,14)
16) (Q(b)∧R(c,b))∧~(Q(b)∧R(c,b)) US,14)
17) □
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例4(续2)
x是自由变元
2.采用CP规则的直接证明法:
1) (y)(P(y)∧R(x,y))
P(附加前题)
2) P(f(x))∧R(x,f(x))
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▪ 2、把下列语句符号化,并确定相应谓词公式 是永真式、可满足式,还是矛盾式。
① 如果两个数的积等于0,那么至少其中一个数
为0,数x-1不等于0,所以数x-1和数x+1的
积也不等于0。
A(x):x=0,f(x,y)=xy
xy[A(f(x,y))→(A(x)∨A(y))]∧
~A(x-1)→ ~A(f(x-1,x+1))
2020/4/22
计算机学院
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(1)(x)(Q(x)R(x)) (2) Q(x)R(x) (3)(x)(N(x)R(x)) (4) N(x)R(x) (5)(x)(C(x)~R(x)) (6) C(x)~R(x) (7) R(x)~C(x)