2动能定理 (2)

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必修2 动能定理

必修2 动能定理

平抛运动
第二步:抓好关键点,找出突破口
小物块能通过“8”字轨道最高点 D 点的临界速度为 vD=0,A 到 D,由动能定理求初速度的最小值;A
至 J 由动能定理求出小物块通过 J 点的速度,再由平抛运动的规律求落地点到 J 点正下方的水平距离; 分析两种情况:①小物块恰过“0”字最高点 G,由重力提供向心力。小物块 A 至 G 由动能定理列式, 求出“0”字轨道半径 R′。 ②小物块恰到达“0”字轨道半径高度时速度为零,运用动能定理求出“0”字轨道半径 R′,再得到“0”字 轨道半径 R′的范围。
A.W1>W2,F=2Ff C.P1<P2,F>2Ff
B.W1=W2,F>2Ff D.P1=P2,F=2Ff
2.如图 9 甲所示,一质量为 4 kg 的物体静止在水平地面上,让物体在随位移均匀减小的水平推力 F 作用下开始运动,推力 F 随位移 x 变化的关系如图乙所示,已知物体与地面间的动摩擦因数μ=0.5, (取 g=10 m/s2),则下列说法正确的是( )
应用动能定理解题的基本思路
1.如图 5 所示,质量为 m 的小球,从离地面 H 高处从静止开始释放,落到地面后继续陷入泥中 h 深 度而停止,设小球受到空气阻力为 f,重力加速度为 g,则下列说法正确的是( ) A.小球落地时动能等于 mgH B.小球陷入泥中的过程中克服泥的阻力所做的功小于刚落到地面时的动能 C.整个过程中小球克服阻力做的功等于 mg(H+h) D.小球在泥土中受到的平均阻力为 mg(1+H)
科学思维——动能定理的综合应用 物理计算题历来是高考拉分题,试题综合性强,涉及物理过程较多,所给物理情境较复杂,物理模型 较模糊甚至很隐蔽,运用的物理规律也较多,对考生的各项能力要求很高,为了在物理计算题上得到 理想的分值,应做到细心审题、用心析题、规范答题。 【例】 (2018·3 月浙江温州选考适应性考试)如图 11 所示,某玩具厂设计出一个“2018”字型的竖直 模型玩具,固定在足够长的水平地面上,四个数字等高,“2”字和“8”字用内壁光滑的薄壁细圆管弯成, 过“2”字出口 H 点的竖直虚线与“2”字上半圆相切,“0”字是半径为 R 的单层光滑圆轨道,“1”字是高度 为 2R 的具有左右两条通道的光滑竖直细管道,所有轨道转角及连接处均平滑,H、F、B、C 间的距 离分别为 3R、3R、2R。一小物块(可视为质点)分别从“1”字轨道 A 端的左、右两侧通道进入模型开始 运动,小物块与 FB、BC 段轨道的动摩擦因数μ1=0.4,与 HF 段轨道的动摩擦因数μ2=0.15,已知 R =1 m。

动能定理2 (2)

动能定理2 (2)

【解析】
(1)从题图中可以看出,在0~2 s内运动员做 匀加速运动,其加速度大小为 a=Vt/t=8m/s2 设此过程中运动员受到的阻力大小为f,根据牛顿第二定律, 有mg-f=ma 解得f=160 N. 0~2 s内下落高度
h′=vtt/2=16×2/2 m=16 m. 阻力做功W=-fh′=-2 560 J. (2)从题图中估算得出运动员在14 s内下落了 h=40×2×2 m=160 m 根据动能定理,有mgh-Wf=1/2mv2, 所以有 Wf=mgh-1/2mv2=(80×10×160-1/2×80×62) J≈1.27×105 J
•小试身手 1.质量为m的小球被系在轻绳一端,在竖直平面内做半径为R 的圆周运动,如图所示,运动过程中小球受到空气阻力的作 用.设某一时刻小球通过轨道的最低点,此时绳子的张力为7 mg,在此后小球继续做圆周运动,经过半个圆周恰好能通 过最高点,则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是 c ( )
2.质量为 m的小球,用长为 L的轻绳悬挂于 O点,在
【规范解答】
解:(1)由题意知 B、C 两点 电势相等,小球由 B 到 C 只有 重力做功,由动能定理得: 1 2 1 2 mgR·sin 30°= mvC- mv 2 2 解得 vC= v2+gR
【规范解答】
(2)由 A 到 C 应用动能定理 得: 1 2 WAC+mgh= mvC-0 2 解得 1 WAC= mv2 -mgh 2 C 1 2 1 = mv + mgR-mgh 2 2
例4:(2014·江苏启东中学期中)如下图所示,倾角为37°
的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4 m的光滑半圆轨道BC平滑相 连,O点为轨道圆心,BC为圆轨道直径且处于竖直方向,A、 C两点等高.质量m=1 kg的滑块从A点由静止开始下滑,恰 能滑到与O点等高的D点.g取10 m/s2,sin 37°=0.6, cos37°=0.8.

动能定理实验 (2)

动能定理实验 (2)

动能定理实验
为了演示动能定理,可以进行以下实验:
材料:
- 一个小球
- 一个直线轨道或斜面
- 一个标尺
- 一个卷尺
- 一个停表
实验步骤:
1. 将直线轨道或斜面放在平整的水平面上。

2. 将小球放在轨道或斜面的顶端,并确保它静止不动。

3. 使用标尺测量小球的起始高度h,即从水平面到小球的高度。

4. 使用卷尺测量轨道或斜面的长度L。

5. 使用停表记录小球从顶端滑落到底端所用的时间t。

6. 重复实验多次,记录每次实验的结果。

实验结果:
根据动能定理,小球的动能K与其高度h和速度v之间存在以下关系:
K = mgh,其中m为小球的质量,g为重力加速度。

1. 计算每次实验的小球的速度v,使用的公式为 v = L/t。

2. 使用已知的质量m和重力加速度g,计算每次实验的动能K。

3. 比较实验结果,验证动能定理是否成立。

也就是说,通过实验测量得到的动能K是否与理论计算得到的动能K相吻合。

注意事项:
- 确保实验台面平整且水平。

- 测量时要准确并仔细操作,以确保数据的准确性。

- 实验时要注意安全,小球滑落时可能产生一定的动能,可以使用适当的防护措施,如放置阻挡器在小球终点位置以防止它跳起来。

通过这个实验,你可以直观地观察到小球滑动时的动能变化,并验证动能定理的成立。

高中物理必修2动能定理和机械能守恒定律复习

高中物理必修2动能定理和机械能守恒定律复习

高中物理必修2动能定理、机械能守恒定律复习考纲要求1、动能定理 (Ⅱ)2、做功与动能改变的关系 (Ⅱ)3、机械能守恒定律 (Ⅱ)知识归纳1、动能定理(1)推导:设一个物体的质量为m ,初速度为V 1,在与运动方向相同的恒力F 作用下,发生了一段位移S ,速度增加到V 2,如图所示。

在这一过程中,力F 所做的功W=F ·S ,根据牛顿第二定律有F=ma ;根据匀加速直线运动的规律,有:V 22-V 13=2aS ,即aV V S 22122-=。

可得:W=F ·S=ma ·2122212221212mV mV a V V -=- (2)定理:①表达式 W=E K2-E K1 或 W 1+W 2+……W n =21222121mV mV - ②意义 做功可以改变物体的能量—所有外力对物体所做的总功等于物体动能的变化。

ⅰ、如果合外力对物体做正功,则E K2>E K1 ,物体的动能增加;ⅱ、如果合外力对物体做负功,则E K2<E K1 ,物体的动能减少;ⅱ、如果合外力对物体不做功,则物体的动能不发生变化。

(3)理解:①外力对物体做的总功等于物体动能的变化。

W 总=△E K =E K2-E K1 。

它反映了物体动能变化与引起变化的原因——力对物体做功的因果关系。

可以理解为外力对物体做功等于物体动能增加,物体克服外力做功等于物体动能减少。

外力可以是重力、弹力、摩擦力,也可以是任何其他力,但物体动能的变化对应合外力的功,而不是某一个力的功。

②注意的动能的变化,指末动能减初动能。

用△E K 表示动能的变化,△E K >0,表示动能增加;△E K <0,表示动能减少。

③动能定理是标量式,功和动能都是标量,不能利用矢量法则分解,故动能定理无分量式。

(4)应用:①动能定理的表达式是在恒力作用且做匀加速直线运动的情况下得出的,但它也适用于减速运动、曲线运动和变力对物体做功的情况。

②动能定理对应的是一个过程,并且它只涉及到物体初末态的动能和整个过程中合外力的功,它不涉及物体运动过程中的加速度、时间和中间状态的速度、动能,因此用它处理问题比较方便。

动能、动能定理、做功和能量的关系

动能、动能定理、做功和能量的关系

鲁教版高一物理动能、动能定理、做功和能量的关系本周教学容: 1、动能 2、动能定理3、做功和能量的关系细解知识点 1. 动能物体由于运动而具有的能量叫动能;公式:221mv E k =动能是标量,只有大小没有方向;动能是状态量,因为动能对应的是物体的一个运动状态;动能是相对量,因为速度具有相对性,参考系不同速度往往不同,动能也就不同,一般取地面作为惯性参考系;动能相等的两个物体,它的速度不一定相等。

动能单位是J 。

它的推导过程是 1kg ·m 2/s 2=1N ·m =1J 2. 动能定理(1)动能定理的推导因为ma F =和as v v 22122=-122122212221212k k E E mv mv a v v ma Fs W -=-=-==12k k E E W -=即合力所做的功,等于物体动能的变化。

(2)动能定理的表述合外力做的功等于物体动能的变化。

(这里的合外力指物体受到的所有外力的合力,包括重力)。

表达式为K E w ∆=动能定理也可以表述为:外力对物体做的总功等于物体动能的变化。

实际应用时,后一种表述比较好操作。

不必求合力,特别是在全过程的各个阶段受力有变化的情况下,只要把各个力在各个阶段所做的功都按照代数和加起来,就可以得到总功。

(3)应用动能定理解题的步骤 ①确定研究对象和研究过程。

②对研究对象进行受力分析。

(研究对象以外的物体施于研究对象的力都要分析,含重力)。

③写出该过程中合外力做的功,或分别写出各个力做的功(注意功的正负)。

如果研究过程中物体受力情况有变化,要分别写出该力在各个阶段做的功。

④按照动能定理列式求解。

3. 做功和能量的关系做功的过程就是能量改变的过程。

外力对物体做正功,物体的能量增加;外力对物体做负功或物体对外做功,物体能量减少。

例如:使一个本来静止的物体运动且具有50J的动能,那就是说外力使物体产生了加速度,使物体提高了速度,做了50J的功,才使它具有50J的动能。

动能定理二

动能定理二

如图所示, 如图所示,A,B间的圆弧表示位于竖直平面内的 1/4圆周轨道 圆周轨道, 端与圆心等高, 的1/4圆周轨道,其A端与圆心等高,B端在圆心 的正下方,已知轨道半径R=1m R=1m, 的正下方,已知轨道半径R=1m,一个质量为 m=1kg的小物块自 端由静止开始沿轨道下滑, 的小物块自A m=1kg的小物块自A端由静止开始沿轨道下滑,当 它滑到B点时,其速度大小为v=3m/s v=3m/s, 它滑到B点时,其速度大小为v=3m/s,求滑动摩 擦力对小物块所做的功. 擦力对小物块所做的功.
A O
B
O
F P Q
如图所示,球m用长为L的细线 如图所示, 用长为L 悬挂于O 现用水平力F 悬挂于O点,现用水平力F,使球 从平衡位置P缓慢地移动到Q 从平衡位置P缓慢地移动到Q点, 此过程中F 此过程中F所做的功是 D ( ) mgLcosθ A mgLcosθ FLsinθ B FLsinθ C FL mgL(1-cosθ D mgL(1-cosθ)

质量为m的物体以速度v 质量为m的物体以速度v0从地面竖直向 上抛出,物体落回地面时, 上抛出,物体落回地面时,速度大小为 /4. 3v0/4.设物体在运动中所受到空气阻力 大小不变, 大小不变,求: 物体运动过程中所受空气阻力大小. 1)物体运动过程中所受空气阻力大小. 物体以速度2v 2)物体以速度2v0竖直上抛时的最大 高度. 高度.若物体落地碰撞反弹过程中无能 量损失,求物体运动的总路程. 量损失,求物体运动的总路程.
动能定理( 动能定理(二)
物体在高度h的斜面顶端滑下,又在水平地面上滑行了一段距离 后停止.已知停止的地方离出发处的水平距离为S,设物体 与接触面之间的摩擦系数为,试证明=h/s
动能定理的适用范围: 动能定理的适用范围: 既适用于恒力,又适用于变力;既适用于直线运动, 既适用于恒力,又适用于变力;既适用于直线运动,又适 用于曲线运动. 用于曲线运动.

第十三章 动能定理2

第十三章 动能定理2

W 力速 度 N m J W 瓦 特, P t s s
换算: 1kw=1.36马力
二、功率方程
d T d w Fi d ri Fi vi d t
dT Pi dt
Fi vi P i
功率方程
mg
Foy Fox
ve / OB v sin 2 / h
两边对时间求导,并将代入,得 a sin 2 / h 2 sin 2 sin 2 / h 2
2 将 、 、J 0 z m(l 2 cz ) 代入上式
2 L mgl cos m(l 2 cz ) 2 sin 2 sin 2 / h 2 a 2 m(l 2 cz ) sin 2 / h Mh / sin 2
a | 90 3.14m/s 2 ( 90 )
例12-6:已知:mA=m,mB=m/2,mC=m/3,鼓轮的回转半径为, 质量为m,鼓轮小半径为r,大半径为R,外力偶M,轮C的半径为 r,物体A接触的摩擦因数为fs 。若系统初始无初速,试求物体A的 速度(表示成物体A位移xA的函数)。
P 1 2 1 V V1 V2 ( P2 )l cos kl ( 5 4 cos 3) 2 2 2
§12-6 机械能守恒定律
d w d T dV
d T dV 0
d T dV 0
或:
T V const
T1 V1 T2 V2
刚体内力不做功,理想约束力不做功,静滑动摩擦力不做功, 动滑动摩擦力做的功按主动力计算。 1 n 1 2 1 2 1 2 T 2 mi vi T mv C mi vri 动能: T mv 2 i 1 2 2 2

动能 动能定理2

动能 动能定理2
动能与 动能定理
主讲人:刘春影
动能:
定义:物体由于运动而具有的能叫 动能。
物 单位:焦耳(J),状态量,标量


能 的 表
Ek=mv2/2


m为物体的质量
v为物体的瞬时速度
练习:下列说法正确的是( B )
想一想
A.物体的动能不变,则其速度一定不变。 B.物体的速度不变,则其动能也不变。
C.物体的动能不变,说明物体的运动状态没有改变。 D.物体的动能不变,说明物体所受合外力一定为零。
总结:动能与速度的平方成正比, 因此速度对动能的影响更大。
动能定理 推导
问题:设光滑水平面上放一质量为m的某物体,在
与运动方向总相同的恒力F的作用下发生一段位移
L,速度由v1增加到v2,如图所示。试寻求这个过 程中力F做的功与v1、v
L


定 理
W=mv22/2-mv12/2
总结:动能是标量,与速度方向无关,只 与物体的质量及其速度大小有关。
练习:质量10克以800m/s的速度飞行的子弹,
质量60千克以10m/s的速度奔跑的运动员,动能
各多少?哪一个动能大?
做一做
解答: 子弹的动能:Ek1=m1v12/2 =3.2×103J
运动员的动能:Ek2=m2v22/2 =3.0×103J
1.等值性 当外力做正功时,末动能大于初动能,动能增加; 当外力做负功时,末动能小于初动能,动能减少.
2.因果关系
合外力对物体做功是引起物体动能变 化的原因
3.单位相同
焦耳:J
一架喷气式飞机,质量m=6×103 kg,
起飞过程中从静止开始滑跑的路程为s=
500m时,达到起飞速度v=60m/s,在

(完整版)动能定理

(完整版)动能定理

动能定理知识梳理 一、动能(一)动能的表达式1.定义:物体由于运动而具有的能叫做动能.2.公式:E k =mv 2,动能的单位是焦耳. 说明:(1)动能是状态量,物体的运动状态一定,其动能就有确定的值,与物体是否受力无关.(2)动能是标量,且动能恒为正值,动能与物体的速度方向无关.一个物体,不论其速度的方向如何,只要速度的大小相等,该物体具有的动能就相等.(3)像所有的能量一样,动能也是相对的,同一物体,对不同的参考系会有不同的动能.没有特别指明时,都是以地面为参考系相对地面的动能. (二)动能定理1.内容:力在一个过程中对物体所做的功,等于物体在这个过程中动能的变化.2.表达式:W=E -E ,W 是外力所做的总功,E 、E 分别为初末状态的动能.若初、末速度分别为v 1、v 2,则E =mv 21,E =mv . 3.物理意义:动能定理揭示了外力对物体所做的总功与物体动能变化之间的关系,即外力对物体做的总功,对应着物体动能的变化,变化的大小由做功的多少来度量.动能定理的实质说明了功和能之间的密切关系,即做功的过程是能量转化的过程.利用动能定理来求解变力所做的功通常有以下两种情况: ①如果物体只受到一个变力的作用,那么:W=E k2-E k1.只要求出做功过程中物体的动能变化量ΔE k ,也就等于知道了这个过程中变力所做的功.②如果物体同时受到几个力作用,但是其中只有一个力F 1是变力,其他的力都是恒力,则可以先用恒力做功的公式求出这几个恒力所做的功,然后再运用动能定理来间接求变力做的功:W 1+W 其他=ΔE k .可见应把变力所做的功包括在上述动能定理的方程中. ③注意以下两点:122k 1k 1k 1k 1k 122k 1222a.变力的功只能用表示功的符号W来表示,一般不能用力和位移的乘积来表示.b.变力做功,可借助动能定理求解,动能中的速度有时也可以用分速度来表示.4.理解动能定理(1)力(合力)在一个过程中对物体所做的功,等于物体在这个过程中动能的变化。

动能定理(2)

动能定理(2)

动能定理(2)1.以初速度v0竖直向上抛出一质量为m 的小物体。

假定物块所受的空气阻力f 大小不变。

已知重力加速度为g ,则物体上升的最大高度和返回到原抛出点的速率分别为 多少。

202(1)v f g mg +和v 2.如图所示,位于竖直平面内的光滑轨道,由一段斜的直轨道和与之相切的圆形轨道连接而成,圆形轨道的半径为R.一质量为m 的小物块从斜轨道上某处由静止开始下滑,然后沿圆形轨道运动.要求物块能通过圆形轨道最高点,且在该最高点与轨道间的压力不能超过5mg(g 为重力加速度).求物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度h 的取值范围.答案: 25R ≤h ≤5R3.如图所示,一固定在竖直平面内的光滑的半圆形轨道ABC,其半径R=0.5 m,轨道在C 处与水平地面相切,在C 处放一小物块,给它一水平向左的初速度v0=5 m/s,结果它沿CBA 运动,通过A 点,最后落在水平地面上的D 点,求C 、D 间的距离s.取重力加速度g=10 m/s2.答案: 1 m4.如图所示,一玩滑板的小孩(可视为质点)质量为m=30 kg,他在左侧平台上滑行一段距离后平抛出平台,恰能沿圆弧切线从A 点进入光滑竖直圆弧轨道,A 、B 为圆弧两端点,其连边线水平.已知圆弧半径R=1.0 m,对应圆心角θ=106,平台与AB 连线的高度差h=0.8 m.(计算出取g=10 m/s2,sin 53=0.6)求:(1)小孩平抛的初速度;(2)小孩运动到圆弧轨道最低点O 时对轨道的压力.答案: (1)3 m/s (2)1 290 N5.如图所示,水平桌面上有一轻弹簧,左端固定在A 点,自然状态时其右端位于B 点.水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP ,其形状为半径R=0.8m 的圆环剪去了左上角135°的圆弧,MN 为其竖直直径.用质量m 1=0.4kg 的物块将弹簧缓慢压缩到C 点,释放后弹簧恢复原长时物块恰停止在B 点.用同种材料、质量为m 2=0.2kg 的物块将弹簧缓慢压缩到C点释放,物块过B 点时速度为6m/s ,物块与桌面的动摩擦因数μ=0.4,B 、D 间水平距离S BD =2.5m ,物块飞离桌面后由P 点沿切线落入圆轨道.g=10m/s 2,求:(1)物块离开桌面D 时的速度大小(2)P 点到桌面的竖直距离h(3)判断m 2能否沿圆轨道到达M 点(要求计算过程).(4)释放后m 2运动过程中克服桌面摩擦力做的功答案:(1)4m/s;(2)0.8m;(3)物块不能到达M点;(4)5.6J.6.15.如图所示,水平传送带以5m/s的速度沿顺时针方向运动,在传送带上的P点轻轻地放上一质量m=1kg的小物块,PA间的距离为1.5m,小物块随传送带运动到A点后水平抛出,恰好沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道运动.B、C为圆弧的两端点其连线水平,CD为与C点相切的一固定斜面.小物块离开C点后经0.8s通过D点.已知小物块与传送带间的动摩擦因数μ1=0.3,圆弧轨道最低点为O,A点与水平面的高度差h=0.8m,小物块与斜面间的动摩擦因数μ2=,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10m/s2.试求:(1)小物块离开A点时的速度大小;(2)圆弧BOC对应的圆心角θ为多少?(3)斜面上CD间的距离.答案:(1)小物块离开A点时的速度大小3m/s;(2)圆弧BOC对应的圆心角θ为1060;(3)斜面上CD间的距离0.98m.7.如图所示,从A点以υ0=4m/s的水平速度抛出一质量m=1kg的小物块(可视为质点),当物块运动至B点时,恰好沿切线方向进入光滑圆弧轨道BC,经圆孤轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面的长木板上,圆弧轨道C端切线水平.已知长木板的质量M=4kg,A、B两点距C点的高度分别为H=0.6m、h=0.15m,R=0.75m,物块与长木板之间的动摩擦因数μ1=0.5,长木板与地面间的动摩擦因数.求:(1)小物块运动至B点时的速度大小和方向;(2)小物块滑动至C点时,对圆弧轨道C点的压力;(3)长木板至少为多长,才能保证小物块不滑出长木板?答案:(1)5m/s,37°角;(2)F N=47.3 N;(3)至少为2.8m,.8.如图甲所示,一足够长、与水平面夹角θ=53°的倾斜轨道与竖直面内的光滑圆轨道相接,圆轨道的半径为R,其最低点为A,最高点为B.可视为质点的物块与斜轨间有摩擦,物块从斜轨上某处由静止释放,到达B点时与轨道间压力的大小F与释放的位置距最低点的高度h的关系图象如图乙所示,不计小球通过A点时的能量损失,重力加速度g=10m/s2,,求:(1)物块与斜轨间的动摩擦因数μ;(2)物块的质量m.答案:(1)μ为;(2)0.2kg.9.如图所示为某工厂的货物传送装置,水平运输带与一斜面MP连接,运输带运行的速度为v0=5m/s.在运输带上的N点将一小物体轻轻的放在上面,N点距运输带的右端x=1.5m.小物体的质量为m=0.4kg,设货物到达斜面最高点P时速度恰好为零,斜面长度L=0.6m,它与运输带的夹角为θ=30°,连接M是平滑的,小物体在此处无碰撞能量损失,小物体与斜面间的动摩擦因数为.(g=10m/s2,空气空气阻力不计)求:(1)小物体运动到运输带右端时的速度大小;(2)小物体与运输带间的动摩擦因数;(3)小物体在运输带上运动的过程中由于摩擦而产生的热量.答:(1)3m/s;(2)0.3;(3)4.2J.10.如图甲所示,一竖内的轨道由粗糙斜面AD和光滑圆轨道DCE组成,AD与DCE 相切于D点,C为圆轨道的最低点.将物块置于轨道ADC上离地面高为H处由静止下滑,用力传感器测出其经过C点时对轨道的压力N,改变H的大小,可测出相应的N大小,N随H的变化关系如图乙折线PQI所示(PQ与QI两直线相连接于Q点),QI反向延长交纵轴于F点(0,5.8N),重力加速度g取10m/s2,求:(1)小物块的质量m.(2)圆轨道的半径及轨道DC所对圆心角(可用角度的三角函数值表示).(3)小物块与斜面AD间的动摩擦因数μ.答案:(1)0.5kg.(2)37°.(3)0.6.11.(2006•盐城模拟)如图所示,一个质量为m的圆环套在一根固定的水平直杆上,环与杆的动摩擦因数为μ,现给环一个向右的初速度v0,如果环在运动过程中还受到一个方向始终竖直向上的力F的作用,已知F=kv(k为常数,v为速度),试讨论环在运动过程中克服摩擦力所做的功.(假设杆足够长)答案:环在运动过程中克服摩擦力所做的功为:(1)v0=时,环做匀速运动,W f=0,环克服摩擦力所做的功为零(2)v0<时,环克服摩擦力所做的功为W f=m(3)v0>时,环克服摩擦力所做的功为12.如图所示,让摆球从图中C点由静止开始运动,正好摆到悬点正下方D处时,线被拉断,紧接着,摆球恰好能沿竖直放置的光滑半圆形轨道内侧做圆周运动,已知摆球质量m=0.5kg,摆线长l=2.0m,轨道半径R=2.0m,不计空气阻力(g=10m/s2).(1)求摆球刚开始摆动时,摆线与竖直方向的夹角θ.(2)如仅在半圆形轨道内侧E点下方圆弧有摩擦,摆球到达最低点A时的速度为6m/s,求摩擦力对摆球做的功.答:(1)摆球刚开始摆动时,摆线与竖直方向的夹角θ为60°.(2)摩擦力对摆球做的功为﹣16J.13.如图所示,质量为m=0.1kg的小球置于平台末端A点,平台的右下方有一个表面光滑的斜面体,在斜面体的右边固定一竖直挡板,轻质弹簧拴接在挡板上,弹簧的自然长度为x0=0.3m,斜面体底端C 距挡板的水平距离为d2=1m,斜面体的倾角为θ=45°,斜面体的高度h=0.5m.现给小球一大小为v0=2m/s的初速度,使之在空中运动一段时间后,恰好从斜面体的顶端B 无碰撞地进入斜面,并沿斜面运动,经过C 点后再沿粗糙水平面运动,过一段时间开始压缩轻质弹簧.小球速度减为零时,弹簧被压缩了△x=0.1m.已知小球与水平面间的动摩擦因数μ=0.5,设小球经过C 点时无能量损失,重力加速度g=10m/s2,求:(1)平台与斜面体间的水平距离d1;(2)小球在斜面上的运动时间t;(3)弹簧压缩过程中的最大弹性势能E p.答:(1)平台与斜面体间的水平距离为0.4m;(2)小球在斜面上的运动时间为0.2s;(3)弹簧压缩过程中的最大弹性势能为0.5J.14.如图所示,位于竖直平面上的1/4光滑轨道,半径为R,OB沿竖直方向,圆弧轨道上端点A距地面高度为H,质量为m的小球从A点静止释放,最后落在地面C点处,不计空气阻力.求:(1)小球刚运动到B点时,小球具有的动能是多少?(2)小球落地点C与B的水平距离S为多少?(3)比值R/H为多少时,小球落地点C与B水平距离S最远?该水平距离的最大值是多少?答:(1)小球刚运动到B点时,小球具有的动能是mgR.(2)小球落地点C与B的水平距离S为.(3)比值为时,小球落地点C与B水平距离S最远,该水平距离的最大值是H.15.如图所示,竖直平面内的3/4圆弧形光滑轨道半径R=1m,A端与圆心O等高,AD为水平面,B点为光滑轨道的最高点且在O的正上方.一小球在A点正上方由静止释放,自由下落至A点进入圆轨道并恰好能通过B点(从A点进入圆轨道时无机械能损失),最后落到水平面C点处.求:(1)小球通过轨道B点的速度大小.(2)释放点距A点的竖直高度.(3)落点C到A点的水平距离.16.如图所示,竖直面内有一粗糙斜面AB,BCD部分是一个光滑的圆弧面,C为圆弧的最低点,AB正好是圆弧在B点的切线,圆心O与A、D点在同一高度,∠OAB=37°,圆弧面的半径R=3.6m,一小滑块质量m=5kg,与AB斜面间的动摩擦因数μ=0.45,将滑块由A点静止释放.求在以后的运动中(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10m/s2)(1)滑块第一次滑过C点时对轨道的压力;(2)在滑块运动过程中,C点受到压力的最小值.(3)滑块在AB段上运动的总路程.答:(1)滑块第一次滑过C点时对轨道的压力是102N;(2)在滑块运动过程中,C点受到压力的最小值是70N.(3)滑块在AB段上运动的总路程是8m.17.一轻弹簧的左端固定在墙壁上,右端自由,一质量为m的滑块从距弹簧右端L0的P点以初速度v0正对弹簧运动,如下图所示,滑块与水平面的动摩擦因数为μ,在与弹簧碰后反弹回来,最终停在距P点为L1的Q点,求:在滑块与弹簧碰撞过程中弹簧最大压缩量为多少?[答案]v204μg-L12-L018.质量为5⨯103 kg的汽车在t=0时刻速度v0=10m/s,随后以P=6⨯104 W的额定功率沿平直公路继续前进,经72s达到最大速度,设汽车受恒定阻力,其大小为2.5⨯103N。

2-2 动能定理 保守力与非保守力 能量守恒定律

2-2 动能定理 保守力与非保守力 能量守恒定律

0 90 W 0 正功 90 180 W 0 负功
F cos
90 W 0 不作功
➢功的图示法
o rA
曲线下的面积表示变力所作的功。
r
ds rB
➢合力的功等于各分力功的代数和。
W
F d r F1 d r
F2
d
r
W1
W2
➢功的单位:1 J=1 N·m 量纲:dim W ML2T2
解题步骤:
①确定研究对象. ②受力分析,求合外力的功. ③找准初、末状态的动能,运用动能定理列方程求解.
第二章 动量守恒定律和能量守恒定律
2-2 动能定理 保守力与非保守力 能量守恒定律
物理学简明教程
例1 如图所示,一质量m =225kg的保险箱静止 放置在光滑地面上,甲、乙两人用推力F1=24.0N和 拉力F2=20.0N同时作用于此物体,使它沿直线移动 了d =8.50m。设保险箱与地面间的摩擦可忽略不计。 试计算
第二章 动量守恒定律和能量守恒定律
2-2 动能定理 保守力与非保守力 能量守恒定律
物理学简明教程
2. 功率:功随时间的变化率
平均功率 P W t
瞬时功率
P dW
F
d
r
F
v
Fv
cos
dt
dt
P F v Fvcos
功率的单位 (瓦特)1W 1J s1 1kW 103 W
第二章 动量守恒定律和能量守恒定律
W1 F1d cos1 176.66 J
W2 F2d cos2 130.22 J 则两人做的总功为
W W1 W2 306.88 J
(2)两人对保险箱做功后,它的速率变为多大? 考虑到保险箱初始速率v0为零,由动能定理

第2讲 动能定理及应用

第2讲 动能定理及应用

第2讲 动能定理及应用一、动能1.定义:物体由于运动而具有的能。

2.公式:E k =12m v 2。

3.单位:焦耳,1 J =1 N·m =1 kg·m 2/s 2。

4.动能是标量,是状态量。

5.动能的变化:ΔE k =12m v 22-12m v 21。

二、动能定理1.内容:力在一个过程中对物体所做的功,等于物体在这个过程中动能的变化。

2.表达式:W =E k2-E k1=12m v 22-12m v 21。

3.物理意义:合力做的功是物体动能变化的量度。

4.适用条件(1)动能定理既适用于直线运动,也适用于曲线运动。

(2)动能定理既适用于恒力做功,也适用于变力做功。

(3)力可以是各种性质的力,既可以同时作用,也可以分阶段作用。

【自测 关于运动物体所受的合力、合力做的功及动能变化的关系,下列说法正确的是( )A .合力为零,则合力做功一定为零B .合力做功为零,则合力一定为零C .合力做功越多,则动能一定越大D .动能不变,则物体所受合力一定为零答案 A命题点一 动能定理的理解1.两个关系(1)数量关系:合力做的功与物体动能的变化具有等量代换关系,但并不是说动能变化就是合力做的功。

(2)因果关系:合力做功是引起物体动能变化的原因。

2.标量性动能是标量,功也是标量,所以动能定理是一个标量式,不存在方向的选取问题。

当然动能定理也就不存在分量的表达式。

【例1 随着高铁时代的到来,人们出行也越来越方便,高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动。

在启动阶段,列车的动能( )图1A .与它所经历的时间成正比B .与它的位移成正比C .与它的速度成正比D .与它的加速度成正比答案 B解析 列车在启动阶段做v 0=0的匀加速直线运动,列车的动能E k =12m v 2=12m (at )2=12m ·(2ax ),可见B 正确,A 、C 、D 错误。

【针对训练1】 (多选)用力F 拉着一个物体从空中的a 点运动到b 点的过程中,重力做功-3 J ,拉力F 做功8 J ,空气阻力做功-0.5 J ,则下列判断正确的是( )A .物体的重力势能增加了3 JB .物体的重力势能减少了3 JC .物体的动能增加了4.5 JD .物体的动能增加了8 J答案 AC解析 因为重力做负功时重力势能增加,所以重力势能增加了3 J ,A 正确,B 错误;根据动能定理W 合=ΔE k ,得ΔE k =-3 J +8 J -0.5 J =4.5 J ,C 正确,D 错误。

第二讲 动能定理

第二讲  动能定理

mv
2 4
36J
0 - 6s内W 合2
1 2
mv
2 6
36J,故 D对 .
9.(2019·全国卷Ⅲ) (动能定理与Ekh图象结合)从地面竖直向上抛出 一物体,物体在运动过程中除受到重力外,还受到一大小不变、方向始
终与运动方向相反的外力作用.距地面高度h在3 m以内时,物体上升、
下落过程中动能Ek随h的变化如图所示.重力加速度取10 m/s2.该物体 的质量为( )
动,上升一段高度后撤去F,物体运动到最高点后自由下落并撞击钉子,将
钉子打入一定深度.按此模型分析,若物体质量m=1kg,上升了1m 高度
时撤去拉力,撤去拉力前物体的动能Ek与上升高度h的关系图象如图乙所 示.(g取10 m/s2,不计空气阻力)
(1)求物体上升到0.4 m高度处F的瞬时功率;
(2)若物体撞击钉子后瞬间弹起,且使其不再落下,钉子获得20J的动能向
μmgcos45 0
h s i n 4 50
μmgcos37 0
h s i n 3 70
1 2
mv
2,
解得v 0,则恰好滑到最底端.
4.(直线和圆周组合的多过程问题)完全由我国自行设计、建造的国产新型航
空母舰已完成多次海试,并取得成功.航母上的舰载机采用滑跃式起飞,
故甲板是由水平甲板和上翘甲板两部分构成,如图1所示.为了便于研究舰
10m/s2,求:
(1)舰载机水平运动的过程中,飞行员受到的水平力所做功W;
(2)舰载机刚进入BC时,飞行员受到竖直向上的压力FN多大.
解 析 : 1.在 AB端 L1
1 2
vt,解 得 v
50m/s.
对飞行员:W
1 2

第2讲动能和动能定理

第2讲动能和动能定理

第2讲 动能和动能定理1.动能(1)定义:物体由于运动而具有的能.(2)公式:E k =12m v 2.(3)单位:焦耳,1 J =1 N·m =1 kg·m 2/s 2. (4)矢标性:动能是标量,只有正值. (5)动能是状态量,因为v 是瞬时速度.1.(2012·苏州模拟)一个小球从高处自由落下,则球在下落过程中的动能( ). ①与它下落的距离成正比 ②与它下落距离的平方成正比 ③与它运动的时间成正比 ④与它运动时间的平方成正比A .①②B .③④C .①④D .②③ 答案 C2.(2012·中山模拟)质量为m 的物体在水平力F 的作用下由静止开始在光滑地面上运动,前进一段距离之后速度大小为v ,再前进一段距离使物体的速度增大为2v ,则( ).A .第二过程的速度增量大于第一过程的速度增量B .第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍C .第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D .第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍解析 由题意知,两个过程中速度增量均为v ,A 错误;由动能定理知:W 1=12m v 2,W 2=12m (2v )2-12m v 2=32m v 2,故B 正确,C 、D 错误.答案 B3.一个25 kg 的小孩从高度为3.0 m 的滑梯顶端由静止开始滑下,滑到底端时的速度为2.0 m/s.取g =10 m/s 2,关于力对小孩做的功,以下结果正确的是( ).A .合外力做功50 JB .阻力做功500 JC .重力做功500 JD .支持力做功50 J解析 合外力做的功W 合=E k -0,即W 合=12m v 2=12×25×22 J =50 J ,A 项正确;W G -W 阻=E k -0,故W 阻=mgh -12m v 2=750 J -50 J =700 J ,B 项错误;重力做功W G =mgh =25×10×3 J =750 J ,C错;小孩所受支持力方向上的位移为零,故支持力做的功为零,D 错.答案 A4.如图4-2-1所示,一半径为R 的半圆形轨道BC 与一水平面相连,C 为轨道的最高点,一质量为m 的小球以初速度v 0从圆形轨道B 点进入,沿着圆形轨道运动并恰好通过最高点C ,然后做平抛运动.求:图4-2-1(1)小球平抛后落回水平面D 点的位置距B 点的距离.(2)小球由B 点沿着半圆轨道到达C 点的过程中,克服轨道摩擦阻力做的功.解析 (1)小球刚好通过C 点,由牛顿第二定律mg =m v C 2R小球做平抛运动,有2R =12gt 2 s =v C t解得小球平抛后落回水平面D 点的位置距B 点的距离 s =2R(2)小球由B 点沿着半圆轨道到达C 点,由动能定理 -mg ·2R -W f =12m v C 2-12m v 02解得小球克服摩擦阻力做功 W f =12m v 02-52mgR . 答案 (1)2R (2)12m v 02-52mgR考点一 对动能定理的理解 1.动能定理公式中等号的意义等号表明合力做功与物体动能的变化间的三个关系: (1)数量关系:即合外力所做的功与物体动能的变化具有等量代换关系.可以通过计算物体动能的变化,求合力的功,进而求得某一力的功.(2)单位相同:国际单位都是焦耳.(3)因果关系:合外力的功是引起物体动能变化的原因. 2.准确理解动能定理动能定理⎝⎛⎭⎫W =ΔE k =12m v t 2-12m v 02适用于任何力作用下,以任何形式运动的物体(或系统),是一标量式,不存在方向问题,它把过程量(做功)与状态量(动能)联系在一起,常用于求变力做功、分析复杂运动过程、判断能量间的转化关系等.【典例1】如图4-2-2所示,图4-2-2电梯质量为M ,在它的水平地板上放置一质量为m 的物体.电梯在钢索的拉力作用下由静止开始竖直向上加速运动,当上升高度为H 时,电梯的速度达到v ,则在这个过程中,以下说法中正确的是( ).A .电梯地板对物体的支持力所做的功等于m v 22B .电梯地板对物体的支持力所做的功小于m v 22C .钢索的拉力所做的功等于m v 22+MgHD .钢索的拉力所做的功大于m v 22+MgH解析 以物体为研究对象,由动能定理W N -mgH =12m v 2,即W N =mgH +12m v 2,选项A 、B 错误.以系统为研究对象,由动能定理得:W T -(m +M )gH =12(M +m )v 2,即W T =12(M +m )v 2+(M +m )gH >m v 22+MgH ,选项D 正确,选项C 错误. 案 D【变式1】 (2012·山东东营)图4-2-3人通过滑轮将质量为m 的物体,沿粗糙的斜面由静止开始匀加速地由底端拉上斜面,物体上升的高度为h ,到达斜面顶端的速度为v ,如图4-2-3所示,则在此过程中( ).A .物体所受的合外力做功为mgh +12m v 2B .物体所受的合外力做功为12m v 2C .人对物体做的功为mghD .以上说法都不对解析 物体沿斜面做匀加速运动,根据动能定理:W 合=W F -W f -mgh =12m v 2,其中W f 为物体克服摩擦力做的功.人对物体做的功即是人对物体的拉力做的功,所以W 人=W F =W f +mgh +12m v 2,A 、C 错误,B 正确. 答案 B考点二 动能定理在多过程中的应用 优先考虑应用动能定理的问题 (1)不涉及加速度、时间的问题.(2)有多个物理过程且不需要研究整个过程中的中间状态的问题. (3)变力做功的问题.(4)含有F 、s 、m 、v 、W 、E k 等物理量的力学问题. 【典例2】如图4-2-4所示,用特定材料制作的细钢轨竖直放置,半圆形轨道光滑,半径分别为R 、2R 、3R 和4R ,R =0.5 m ,水平部分长度L =2 m ,轨道最低点离水平地面高h =1 m .中心有孔的钢球(孔径略大于细钢轨直径),套在钢轨端点P 处,质量为m =0.5 kg ,与钢轨水平部分的动摩擦因数为μ=0.4.给钢球一初速度v 0=13 m/s.取g =10 m/s 2.求:图4-2-4(1)钢球运动至第一个半圆形轨道最低点A 时对轨道的压力. (2)钢球落地点到抛出点的水平距离.解析 (1)球从P 运动到A 点过程 由动能定理得: mg ·2R -μmg ·L =12m v 12-12m v 02由牛顿第二定律:N -mg =m v 12R 由牛顿第三定律:N =-N ′解得:N ′=-178 N .故对轨道压力为178 N 方向竖直向下(2)设球到达轨道末端点速度为v 2,对全程由动能定理得:-μmg ·5L -4mgR =12m v 22-12m v 02解得v 2=7 m/s 由平抛运动h +8R =12gt 2 s =v 2t 解得:s =7 m. 答案 (1)178 N 竖直向下(2)7 m——应用动能定理的解题步骤【变式2】如图4-2-5所示,物体在有动物毛皮的斜面上运动,由于毛皮的特殊性,引起物体的运动有如下特点:①顺着毛的生长方向运动时,毛皮产生的阻力可以忽略,②逆着毛的生长方向运动时,会受到来自毛皮的滑动摩擦力,且动摩擦因数μ恒定.斜面顶端距水平面高度为h =0.8 m ,质量为m =2 kg 的小物块M 从斜面顶端A 由静止滑下,从O 点进入光滑水平滑道时无机械能损失,为使M 制动,将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线B 处的墙上,另一端恰位于水平轨道的中点C .已知斜面的倾角θ=53°,动摩擦因数均为μ=0.5,其余各处的摩擦不计,重力加速度g =10 m/s 2,下滑时逆着毛的生长方向.求:图4-2-5(1)弹簧压缩到最短时的弹性势能(设弹簧处于原长时弹性势能为零). (2)若物块M 能够被弹回到斜面上,则它能够上升的最大高度是多少?(3)物块M 在斜面上下滑过程中的总路程.解析 (1)物块M 从斜面顶端A 运动到弹簧压缩到最短,由动能定理得mgh -μmg cos θh sin θ-E p =0 则弹性势能E p =mgh -μmg cos θhsin θ=10 J.(2)设物块M 第一次被弹回,上升的最大高度为H ,由动能定理得mg (h -H )-μmg cos θh sin θ=0 则H =h -μcos θhsin θ=0.5 m.(3)物块M 最终停止在水平面上,对于运动的全过程,由动能定理有mgh -μmg cos θ·s =0物块M 在斜面上下滑过程中的总路程s =hμcos θ=2.67 m.答案 (1)10 J (2)0.5 m (3)2.67 m考点三 用动能定理求变力的功(小专题) 一、状态分析法动能定理不涉及做功过程的细节,故求变力功时只分析做功前后状态即可. 【典例3】如图4-2-6所示,图4-2-6质量为m 的物体被线牵引着在光滑的水平面上做匀速圆周运动,拉力为F 时,转动半径为r .当拉力增至8F 时,物体仍做匀速圆周运动,其转动半径为r2,求拉力对物体做的功.解析 对物体运用牛顿第二定律得拉力为F 时,F =m v 12r ,①拉力为8F 时,8F =m v 22r 2.②联立①②及动能定理得:拉力做功W =12m v 22-12m v 12=2Fr -12Fr =32Fr .答案 32Fr二、过程分割法有些问题中,作用在物体上的某个力在整个过程中是变力,但若把整个过程分为许多小段,在每一小段上此力就可看做是恒力.分别算出此力在各小段上的功,然后求功的代数和.即可求得整个过程变力所做的功.【典例4】如图4-2-7所示,质量为m 的物体静图4-2-7止于光滑圆弧轨道的最低点A ,现以始终沿切线方向、大小不变的外力F 作用于物体上使其沿圆周转过π2到达B 点,随即撤去外力F ,要使物体能在竖直圆轨道内维持圆周运动,外力F 至少为多大? 解析 物体从A 点到B 点的运动过程中,由动能定理可得 W F -mgR =12m v B 2①如何求变力F 做的功呢?过程分割,将AB 划分成许多小段,则当各小段弧长Δs 足够小时,在每一小段上,力F 可看做恒力,且其方向与该小段上物体位移方向一致,有W F =F Δs 1+F Δs 2+…+F Δs 1+…=F (Δs 1+Δs 2+…+Δs 1+…)=F ·π2R ②从B 点起撤去外力F ,物体的运动遵循机械能守恒定律,由于在最高点维持圆周运动的条件是mg ≤m v 2R ,即在圆轨道最高点处速度至少为Rg .故由此机械能守恒定律得: 12m v B 2=mgR +m (Rg )22③联立①②③式得:F =5mg π. 答案 5mgπ三、对象转换法在有些求功的问题中,作用在物体上的力可能为变力,但转换对象后,就可变为求恒力功. 【典例5】如图4-2-8所示,质量为2 kg 的木块套在光滑的竖直杆上,图4-2-8用60 N 的恒力F 通过轻绳拉木块,木块在A 点的速度v A =3 m/s 则木块运动到B 点的速度v B 是多少?(木块可视为质点,g 取10 m/s 2)解析 先取木块作为研究对象,则由动能定理得: W G +W T =12m v B 2-12m v A 2①其中W G =-mg ·AB ,W T 是轻绳上张力对木块做的功, 由于力的方向不断变化,这显然是一个变力做的功,对象转换: 研究恒力F 的作用点,在木块由A 运动到B 的过程中,恒力F 的功W F =F (AC -BC ),它在数值上等于W T .故①式可变形为:-mgAB +F (AC -BC )=12m v B 2-12m v A 2,代入数据解得v B =7 m/s.答案 7 m/s【典例】 (2011·浙江卷,24)(20分)节能混合动力车是一种可以利用汽油及所储存电能作为动力来源的汽车.有一质量m =1 000 kg 的混合动力轿车,在平直公路上以v 1=90 km/h 匀速行驶,发动机的输出功率为P =50 kW.当驾驶员看到前方有80 km/h 的限速标志时,保持发动机功率不变,立即启动利用电磁阻尼带动的发电机工作给电池充电,使轿车做减速运动,运动L =72 m 后,速度变为v 2=72 km/h.此过程中发动机功率的15用于轿车的牵引,45用于供给发电机工作,发动机输送给发电机的能量最后有50%转化为电池的电能.假设轿车在上述运动过程中所受阻力保持不变.求:(1)轿车以90 km/h 在平直公路上匀速行驶时,所受阻力F 阻的大小; (2)轿车从90 km/h 减速到72 km/h 过程中,获得的电能E 电;(3)轿车仅用其在上述减速过程中获得的电能E 电维持72 km/h 匀速运动的距离L ′. 解 (1)轿车牵引力与输出功率的关系P =F 牵v将P =50 kW ,v 1=90 km/h =25 m/s 代入得 F 牵=Pv 1=2×103 N .(4分)当轿车匀速行驶时,牵引力与阻力大小相等,有F 阻=2×103 N .(2分)(2)在减速过程中,注意到发动机只有15P 用于汽车的牵引.根据动能定理有15Pt -F 阻L =12m v 22-12m v 12(5分) 代入数据得Pt =1.575×105 J(3分)电源获得的电能为E 电=50%×45Pt =6.3×104 J .(2分)(3)根据题设,轿车在平直公路上匀速行驶时受到的阻力仍为F 阻=2×103 N .在此过程中,由能量守恒定律可知,仅有电能用于克服阻力做功,则E 电=F 阻L ′(2分)代入数据得L ′=31.5 m .(2分)答案 (1)2×103N (2)6.3×104J (3)1.5 m 一、动能及动能定理的单独考查(低频考查) 1.(2009·上海单科,5)小球由地面竖直上抛,上升的最大高度为H ,设所受阻力大小恒定,地面为零势能面.在上升至离地高度h 处,小球的动能是势能的2倍,到达最高点后再下落至离地高度h 处,小球的势能是动能的2倍,则h 等于( ).A.H 9B.2H 9C.3H 9D.4H 9 解析 设小球的初动能为E k0,阻力为F ,根据动能定理,上升到最高点有,E k0=(mg +F )H ,上升到离地面h 处有,E k0-2mgh =(mg +F )h ,从最高点到离地面h 处,有(mg -F )(H -h )=12mgh ,解以上三式得h =49H . 答案 D2.(2011·课标全国卷,15改编)一质点开始时做匀速直线运动,从某时刻起受到一恒力作用.此后,该质点的动能不可能( ).A .一直增大B .先逐渐减小至零,再逐渐增大C .先逐渐增大至某一最大值,再逐渐减小D .先逐渐减小至某一非零的最小值,再逐渐增大解析 若力F 的方向与初速度v 0的方向一致,则质点一直加速,动能一直增大,选项A 正确.若力F 的方向与v 0的方向相反,则质点先减速至速度为零后反向加速,动能先减小至零后增大,选项B 正确.若力F 的方向与v 0的方向成一钝角,如斜上抛运动,物体先减速,减到某一值,再加速,则其动能先减小至某一非零的最小值,再增大,选项D 正确. 答案 C二、动能定理的应用且综合其他考点出现(高频考查) 3.(2009·上海单科,20)质量为5×103 kg 的汽车在t =0时刻速度v 0=10 m/s ,随后以P =6×104 W 的额定功率沿平直公路继续前进,经72 s 达到最大速度,该汽车受恒定阻力,其大小为2.5×103 N .求:(1)汽车的最大速度v m ;(2)汽车在72 s 内经过的路程s .解析 (1)达到最大速度时,牵引力等于阻力P =f v m v m =P f =6×1042.5×103m/s =24 m/s(2)由动能定理可得Pt -fs =12m v m 2-12m v 02所以s =2Pt -m (v m 2-v 02)2f =2×6×104×72-5×103×(242-102)2×2.5×103m =1 252 m 答案 (1)24 m/s(2)1 252 m图4-2-94.(2011·江苏卷,14)如图4-2-9所示,长为L 、内壁光滑的直管与水平地面成30°角固定放置.将一质量为m 的小球固定在管底,用一轻质光滑细线将小球与质量为M =km 的小物块相连,小物块悬挂于管口.现将小球释放,一段时间后,小物块落地静止不动,小球继续向上运动,通过管口的转向装置后做平抛运动,小球在转向过程中速率不变.(重力加速度为g ).(1)求小物块下落过程中的加速度大小; (2)求小球从管口抛出时的速度大小;(3)试证明小球平抛运动的水平位移总小于22L .解析 (1)设细线中的张力为T ,根据牛顿第二定律得Mg -T =Ma T -mg sin 30°=ma 且M =km 解得a =2k -12(k +1)g .(2)设M 落地时速度大小为v ,m 射出管口时速度大小为v 0.M 落地前由动能定理得Mg ·L sin 30°-mg ·L sin 30°·sin 30°=12(M +m )v 2,对m ,M 落地后由动能定理得-mg (L -L sin 30°)sin 30°=12m v 02-12m v 2 联立解得v 0=k -22(k +1)gL (k >2).(3)小球做平抛运动,则s =v 0t L sin 30°=12gt 2 解得s =Lk -22(k +1)由k -22(k +1)<12得s =Lk -22(k +1)<22L .答案 (1)2k -12(k +1)g (2)k -22(k +1)gL (k >2) (3)见解析。

课件:动能 动能定理2

课件:动能 动能定理2
A
h
B
动能定理应用的一般步骤
1.确定研究对象及运动过程;
2.分析物体在运动过程中的受力情况,明确 每个力是否做功,是做正功还是负功;
3.明确初状态和末状态的动能,写出始末状 态动能的表达式; 4.根据动能定理列方程求解。 动能定理只涉及物体运动过程中各外力做功 的代数和及物体初末两状态的动能;而不考 虑运动过程中的各细节情况,如a,t等。
课堂练习
1.质量为20g的子弹,以300m/s的速度水平射入厚度 是10 mm的钢板,射穿后的速度是100 m/s,子弹受 到的平均阻力是多大?
课堂练习
2.质量m为1kg的物体,从轨道的A点静止下滑,轨 道AB是弯曲的,且A点高出B点h=0.8m,如果物体 在B点的速度为 vB=2 m/s,求物体在轨道AB上克服 摩擦力做的功。取g=10m/s2。
例题赏析
1.一架喷气式飞机,质量m=5.0×103kg ,起飞过程 中从静止开始滑跑。当位移为 x=5.0×102 m 时,达 到起飞速度 v=60 m/s。在此过程中飞机受到的平均 阻力是飞机重量的 0.02 倍(k=0.02),求飞机受到 的牵引力。取g=10m/s2。 方法一:动力学知识
v 2 2ax
F kmg ma
方法二:动能定理 1 (F kmg )x mv 2 2
例题赏析
2.某同学从高为h=20m处以水平速度v0=15m/s投出 一个质量为1kg的铅球,求铅球落地时速度大小。 取g=10m/s2。 方法一:动力学知识
1 2 2 h gt v y gt v v0 v2 y 2 方法二:动能定理 1 1 2 2 mgh mv mv 0 2 2 若将铅球斜向上抛出,则铅球的落地速度大小呢?
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W12
A1 A2
( Fx dx Fy dy Fz dz )
如在质点上同时作用着几个力, 则由合力投影定理可以 推知, 合力在某一路程上的功, 等于各分力分别在该路程中 的功的代数和。这个结论称为合力之功定理。
§2-3 几种特殊力的功
1.重力的功 2.弹性力的功 3.力矩作功(定轴转动刚体上外力的功) 4.平动刚体上力的功 5.平面运动刚体上力的功 6.几种内力作功的情形
时的惯性度量), 则
1 T J z 2 2
(2 16)
定轴转动刚体的动能 , 等于刚体对转轴的转动惯量与其角 速度平方的乘积的一半.
3.平面运动刚体的动能 ?
转动惯量的平行轴定理
设点C是刚体的质心,刚体对通 过质心的轴 z' 的转动惯量 对轴 z 的转动惯量
z
d
z'
J cz 。轴z
与轴 z' 相平行且相距 d 。求此刚体
4.平动刚体上力的功*
(1). 元功
设一刚体在力 F 作用下作平动,其质 心在 C 点,刚体上点 A 的矢径是
r ,速度
z
A r C ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱr d rC
F
是 v , 则力 F 的元功: d'W = F dr = F drC

d'W = F v dt = F vC dt
∑d'W = ∑F dr = ∑F drC
(2).总功: ∑d'W = ∑ [F dr C + mC ( F ) dφ ]
作用于平面运动刚体上的力的功,等于该力在刚体随质心 平动中的功与力对质心的力矩在刚体转动中的功之和。 或力的平移定理, 将A点的力平移到C点, 再附加一力矩。
6. 几种内力作功的情形
● 汽车内燃机工作时,气缸内膨胀的气体质点之间的 内力;气体质点与活塞之间的内力;气体质点与气 缸内壁间的内力;这些内力都要作功。 ● 有相对滑动的两个物体之间的摩擦力作功。 ● 自行车刹车时,闸块对钢圈的摩擦力作功。 ● 炸弹爆炸,弹片之间的内力作功转化为热能和动能。 ● 跑步,人体内肌肉伸缩,内力作功使动能增加。 ● 鸟越胖越能飞。瑞典科学家,用候鸟在风洞中做8—10小时飞
F Fx i Fy j Fz k dr dx i dy j dz k
(2-4)
d W = Fxdx + Fydy + Fzdz
力 F 在有限路程 A1A2 中的总功W, 是该力在这段路程中 全部元功的代数和,可表示成曲线积分
d W = Fcos • dS
(2-2)
式中 是力 F 与速度 v 间的可变夹角. 由于微元路程dS对应于位 移的大小, dS= |dr| = |v|dt , 故式(2-2)可以改写成:
d w F dr
(2-3)
§2-2 力作功的计算方法
3. 元功的解析表达式:
d w F dr
C
J Z J CZ Md
J z。
2
刚体对任一轴的转动惯量,等于它对该轴相平行且通过
质心的轴的转动惯量,加上刚体的质量与两个轴之间距离平
方的乘积。这就是转动惯量的平行轴定理。
3. 平面运动刚体的动能
设平面运动刚体的角速度是 ,速度瞬心在点P, 刚体做平面 运动时,其上各点速度分布与刚体绕速度瞬心转动一样。刚体对 瞬心轴的转动惯量是Jp , 则平面运动刚体的动能可用(2-16)计算 设刚体的质心C到速度瞬心P的距离是rc 则 质心C的速度大小vc=rc 。根据转动惯量的平 行轴定理,刚体对于瞬心轴的转动惯量
▲在复杂情况下,对复杂物体,如何列出动力学方程?
第 2 章
§2-1 动能定理 §2-2 力作功的计算方法 §2-3 几种特殊力的功 §2-4 动能的计算 §2-5 典型例题 ● 课堂讨论
动 能 定 理
§2-1 动能定理
质点动能定理
dv dv m dr F dr m F dt dt mv dv = F dr (F dr —力的元功) 1 2 d( mv ) dW (d'W =F dr —力的元功) 2
z z
d
F
dW F dS Fn dS Fz dS dW F dS F rd
式中 F
v
y
k
A ds r
O
r 为力F对转轴O的力矩M, 则 dW M d
2
x
ω ω
O r
转化为 x - y 平面内的转动问题。 力矩在物体转动过程中作的总功为:
F
A1 A
dr
A2
r1
r r2
1 = r1 l0 和 2 = r2 l0 分别表示弹簧的初始位
臵变形量和末了位臵变形量。
弹性力的功,等于弹簧初变形的平方与末变 形的平方之差再乘以弹簧刚度系数的一半。
3.力矩作功—定轴转动刚体上外力的功
(变力作功) 刚体在力F作用下绕 Z 轴转动。 当刚体转过一微小转角d 时, 力作用点移 动距离ds= r d , 力F所作的元功为
(2). 总功

∑d'W = ∑F v dt = ∑F vC dt
x
O
y
作用于平动刚体上的力的功,等于该力在刚体随质心平动 过程中所作的功。
5.平面运动刚体上力的功*
作用于平面运动刚体上的力的功,等于该力在
刚体随质心平动中的功与力对质心的力矩在刚体转
动中的功之和。
或利用力的平移定理 , 将 A点的力平移到质心 C 点, 同时附加一力矩。然后再分析做功情况。
质点系的动能在某一路程中的改变量 , 等于作用于质 点系的各力在该路程中的功的代数和。这就是质点系动能 定理的积分形式。
§2-2 力作功的计算方法
§2-2 力作功的计算方法
力作功是力在一段路程中对物体作用所累积的效果,其结 果引起能量的转变和转化。下面讨论力的功的计算方法。
1.常力在直线路程中的功
7.约束力的功之和等于零的几种情形
§2-3 几种特殊力的功
1.重力的功
W G(Z1 Z 2 ) Gh
z
A1(x1,y1,z1)
A
A2(x2,y2,z2)
G
O
x
y
重力的功等于重力与物体重心的高度降的乘积。
§2-3 几种特殊力的功
2.弹性力的功
c 2 W (12 2 ) 2
O
例如:定向爆破、卫星运行、洲际导弹、战斗机翻转等。 ▲质点系整体运动特征量:动能、动量、动量矩。
▲力的作用量:功、冲量、力矩等。 ▲动力学普遍定理—质点系整体运动特征量与力的作用量之 间的关系,即动能定理、动量定理、动量矩定理。 ▲物理学中已分析、解决离散质点系的动力学问题,在此 基础上,要解决实际机构中各构件的动力学问题。 ▲对刚体,如何应用牛顿定律,列出动力学方程?



质点动能的微分等于作用于质点上的力的元功。这就是 质点动能定理的微分形式。
1 1 2 mv2 mv12 W12 2 2
质点动能在某一路程中的改变量 , 等于作用于质点的各 力在该路程中所做的功。这就是质点动能定理的积分形式。
质点系动能定理
1 d( mv 2 ) dW 2 2 2
行试验,向鸟体内注射一种含有放射性元素同位素的水,通过测量这些 同位素的含量,算出鸟在飞行中的能量消耗。结果令人惊奇,鸟体重越大, 飞行效率越高,这与空气动力学理论完全相反。科学家估计,体重大的 鸟能更有效地利用自己的肌肉,内力做功。而飞行器因为不是活体,则 必须服从空气动力学规律。
7.约束力的功之和等于零的情形
设物体沿直线轨迹运动 , 物体上一点 由 A1 运动到 A2 , 路程是 S 。求作用在该点 上的一个力 F 在此路程中的功 W。
F
A1

A
A2
S
假定力 F 是常力,大小方向都不变。则 (2-1) 其中 Fcos 为力 F 在物体运动方向上的投影, 可正可负。可 见力的功是代数量。
常力的功为:力与力的作用点位移的标量积。 功的基本单位在国际单位制中采用 J : 1J = 1 N m
速度是 vA , 则力 F 的元功 d'W = F vA dt = F (vC + vAC )dt = F vC dt + F vAC dt
= F drC + F ( r ) dt
r ω ω
C
F r F r sin mC (F )
= F drC + mC ( F ) dφ
2
1 2 1 T mv mv 2 2 2
(2 14)
国际单位制中,动能的常用单位是 kg m2/s2, 和 J 相等。
平动刚体的动能 转动刚体的动能 平面运动刚体的动能

§2-4 动能的计算
1.平动刚体的动能
平动刚体各点的速度和质心速度 vc 相同, M代表刚体质量。
1 1 2 2 T mi vi mi vc 2 2
元功: dW F drC mC ( F )d 总功: W12 F drC mC ( F )d
5.平面运动刚体上力的功*
(1).元功
设一刚体在力 F 作用下作平面运动, 其质心在 C 点,速度是 vC ,刚体上点A 的 vAC


vA
A
F
vC vC
(d'W =F dr —力的元功)

mv mv d( ) d ( ) dT 2 2
mv d( ) dW 2 2
2
mv (质点系的动能) T 2
dT = ∑d'W
质点系动能的微分等于作用于质点系各力的元功的代 数和。这就是质点系动能定理的微分形式。
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