2019届浙江七彩阳光联盟高三上学期第二次联考数学试卷(PDF版)

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2019-2020学年浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟高三(上)期中数学试卷(含答案解析)

2019-2020学年浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟高三(上)期中数学试卷(含答案解析)

2019-2020学年浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟高三(上)期中数学试卷一、选择题(本大题共10小题,共40.0分)1.复数z=(1+i)(2−i)(i为虚数单位),则|z|=()A. 2B. 1C. √5D. √102.双曲线x2−2y2=2的焦点坐标为()A. (±1,0)B. (±√3,0)C. (0,±1)D. (0,±√3)3.若变量x,y满足约束条件{x≤3,x+y−3≥0,x−y+1≥0,则x−2y的最小值是()A. −3B. −5C. 3D. 54.设a,b∈R,命题p:a>b,命题q:a|a|>b|b|,则p是q的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件5.已知函数f(x)=|e|x|−2e|+e|x|,g(x)=3sin2x,下列描述正确的是()A. f[g(x)]是奇函数B. f[g(x)]是偶函数C. f[g(x)]既是奇函数又是偶函数D. f[g(x)]既不是奇函数也不是偶函数6.某锥体的三视图如图所示(单位:cm),则该锥体的体积(单位:cm3)是()A. 13B. 12C. 16D. 17.有甲、乙两个盒子,甲盒子里有1个红球,乙盒子里有3个红球和3个黑球,现从乙盒子里随机取出n(1≤n≤6,n∈N∗)个球放入甲盒子后,再从甲盒子里随机取一球,记取到的红球个数为ξ个,则随着n(1≤n≤6,n∈N∗)的增加,下列说法正确的是()A. Eξ增加,Dξ增加B. Eξ增加,Dξ减小C. Eξ减小,Dξ增加D. Eξ减小,Dξ减小8.已知函数f(x)=lg(x2−|x|+1),若函数f(x)在开区间(t,t+1)(t∈R)上恒有最小值,则实数t的取值范围为()A. (−32,−12)∪(−12,12) B. (−32,12)C. (−12,12) D. [−32,−12]9.如图1,△ABC是以B为直角顶点的等腰Rt△,T为线段AC的中点,G是BC的中点,△ABE与△BCF分别是以AB、BC为底边的等边三角形,现将△ABE与△BCF分别沿AB与BC向上折起(如图2),则在翻折的过程中下列结论可能正确的个数为()(1)直线AE⊥直线BC(2)直线FC⊥直线AE(3)平面EAB//平面FGT(4)直线BC//直线AEA. 1个B. 2个C. 3个D. 4个10.已知二次函数f(x)=x2+x+2019图象上有三点A(m−1,f(m−1)),B(m,f(m)),C(m+1,f(m+1))(m∈R),则当m在实数范围内逐渐增加时,△ABC面积的变化情况是()A. 逐渐增加B. 先减小后增加C. 先增加后减小D. 保持不变二、填空题(本大题共7小题,共34.0分)11.设集合A={x∈R|0<x<2},B={x∈R||x|<1},则A∩B=______,(∁R A)∩B=______.12.已知(ax+1x)(2x+1)5(a≠0),若展开式中各项的系数和为81,则a=______,展开式中常数项为______.13.已知直线l的方程为λx+y−3λ=0(λ∈R),则直线l恒过定点______,若直线l与圆C:x2+y2−2x=0相交于A,B两点,且满足△ABC为等边三角形,则λ=______.14.已知数列{a n}满足a1=1,a n+1−a n=3(n∈N∗),则a n=______,a4+a7+a10+⋯+a3n+4=______.15.已知单位向量e⃗,平面向量a⃗,b⃗ 满足a⃗⋅e⃗=2,b⃗ ⋅e⃗=3,a⃗⋅b⃗ =0,则|a⃗−b⃗ |的最小值为______.16.高三年级有3名男生和3名女生共六名学生排成一排照像,要求男生互不相邻,女生也互不相邻,且男生甲和女生乙必须相邻,则这样的不同排法有______种(用数字作答).17.已知正实数a,b满足2a+2a +b+1b−10=0,则2a+b的最大值为______.三、解答题(本大题共5小题,共60.0分)18.已知函数f(x)=√3sinx−cosx.(1)求函数f(x)在x∈[π2,π]的值域;(2)在△ABC中,内角A,B,C的对应边分别是a,b,c,若f(A+7π6)=f(B+π6)−83,求ab的取值范围.19.如图,在三棱锥S−ABC中,△SAC为等边三角形,AC=4,BC=4√3,BC⊥AC,cos∠SCB=−√34,D为AB的中点.(1)求证:AC⊥SD;(2)求直线SD与平面SAC所成角的大小.20.已知等差数列{a n}满足a1+a3+a5=9,a2+a4+a6=12,等比数列{b n}的公比q>1,且b2+b4=a20,b3=a8.(1)求数列{a n},{b n}的通项公式;(2)若数列{c n}满足c n=4n−b n,且数列{c n}的前n项和为B n,求证:数列{b nB n }的前n项和T n<32.21.已知抛物线C:x2=4y,A,B,P为抛物线上不同的三点.(1)当点P的坐标为(2,1)时,若直线AB过抛物线焦点F且斜率为1,求直线AP,BP的斜率之积;(2)若△ABP为以P为顶点的等腰直角三角形,求△ABP面积的最小值.(其中e为自然对数的底数).22.已知函数f(x)=e x−2e⋅x(1)求f(x)的单调区间;(2)已知关于x的方程f(x)⋅e x=m有三个实根,求实数m的取值范围.x2-------- 答案与解析 --------1.答案:D解析:解:∵z =(1+i)(2−i)=2−i +2i −i 2=3+i , ∴|z|=√32+12=√10. 故选:D .利用复数代数形式的乘除运算化简,再由复数模的计算公式求解. 本题考查复数代数形式的乘除运算,考查复数模的求法,是基础题. 2.答案:B解析:解:根据题意,双曲线x 2−2y 2=2的标准方程为x 22−y 2=1,其中a =√2,b =1,则c =√a 2+b 2=√3, 则双曲线的焦点坐标为(±√3,0); 故选:B .根据题意,将双曲线的方程变形为标准方程的形式,分析a 、b 的值,计算可得c 的值,结合双曲线的焦点坐标分析可得答案.本题考查双曲线的几何性质以及标准方程,注意将双曲线的方程变形为标准方程的形式. 3.答案:B解析:解:画出满足条件的平面区域,如图示: ,由{x =3x −y +1=0,解得A(3,4), 设z =x −2y 得:y =12x −12z ,平移直线y =12x −12z ,结合图象直线过A 时,z 最小, z 的最小值是:−5, 故选:B .画出约束条件的可行域,利用目标函数的几何意义求解最小值即可.本题考查了简单的线性规划问题,考查数形结合思想,是一道中档题. 4.答案:C解析:解:若a >b ≥0,a 2>b 2即有a|a|>b|b|; 若a ≥0>b ,显然有a|a|>b|b|; 若0>a >b ,则a 2<b 2, 而a|a|=−a 2,b|b|=−b 2,所以a|a|>b|b|,故a >b 可以推出a|a|>b|b|.若a|a|>b|b|,当b <0时,如果a ≥0,不等式显然成立,此时有a >b ; 如果a <0,则有−a 2>−b 2,因而a >b ; 当b ≥0时,a >0,此时有a 2>b 2,因而a >b ,故a|a|>b|b|可以推出a >b . 故选:C .根据充分、必要条件的定义以及不等式的性质即可判断.本题主要考查充分条件、必要条件的判断,涉及到分类讨论思想的应用,属于中档题. 5.答案:B解析: 【分析】根据题意,分析f(x)、g(x)的奇偶性,进而可得f[g(−x)]=f[g(x)],由函数奇偶性的定义分析可得答案.本题考查函数的奇偶性的判定,注意函数奇偶性的定义,属于基础题. 【解答】 解:根据题意,函数f(x)=|e |x|−2e|+e |x|,f(−x)=|e |−x|−2e|+e |−x|=|e |x|−2e|+e |x|=f(x),即函数f(x)为偶函数,g(x)=3sin2x ,g(−x)=3sin(−x)=−3sinx =−g(x),即函数g(x)为奇函数, 对于函数f[g(x)],有f[g(−x)]=f[g(x)],即函数f[g(x)]为偶函数, 故选:B . 6.答案:A解析:解:由题意可知三棱锥的直观图如图: 三棱锥的体积为:13×12×2×1×1=13.故选:A .根据三视图知该几何体是底面为俯视图三角形,高为1的直三棱锥,结合图中数据求得三棱锥的体积.本题考查了利用三视图求几何体体积的应用问题,是基础题. 7.答案:C解析:解:依题意,从乙盒子里随机取出n 个球,含有红球个数X 服从超几何分布,即X ~H(6,3,n), 其中P(X =k)=n−k3C 3k CC 6n,其中k ∈N ,k ≤3且k ≤n ,EX =3n 6=n2,故从甲盒中取球,相当于从含有n2+1个红球的n +1个球中取一球,取到红球个数为ξ个, 故P(ξ=1)=n2+1n+1=12+12n+2,随机变量ξ服从两点分布,所以Eξ=P(ξ=1)=12+12n+2,随着n 的增大,Eξ减小; Dξ=1−P(ξ=1)=12−12n+2,随着n 的增大,Dξ增大; 故选:C .依题意,从乙盒子里随机取出n 个球,含有红球个数X 服从超几何分布,即X ~H(6,3,n),故E X =n2,再从乙盒子里随机取出n 个球,含有红球个数X 服从超几何分布,即X ~H(6,3,n),ξ服从两点分布,所以Eξ=P(ξ=1)=12+12n+2,随着n 的增大,Eξ减小;Dξ=1−P(ξ=1)=12−12n+2,随着n 的增大,Dξ增大;本题考查了超几何分布、两点分布,分布列与数学期望,考查了推理能力计算能力,属于难题. 8.答案:A解析:解:∵y =lgx 在(0,+∞)单调递增,函数f(x)=lg(x 2−|x|+1)在开区间(t,t +1)(t ∈R)上恒有最小值,等价于g(x)=x 2−|x|+1在开区间(t,t +1)(t ∈R)上恒有最小值,∵g(x)={x 2−x +1,x ≥0x 2+x +1,x <0,作出g(x)的大致图象如图,若使g(x)在(t,t +1)(t ∈R)上恒有最小值, 则{t +1>12t <12或{t +1>−12t <−12, 解得−12< t <12或−32<t <−12,故选:A .y =lgx 在(0,+∞)单调递增,函数f(x)=lg(x 2−|x|+1)在开区间(t,t +1)(t ∈R)上恒有最小值,等价于g(x)=x 2−|x|+1在开区间(t,t +1)(t ∈R)上恒有最小值,进而求解.考查复合函数的单调性,含有绝对值的二次函数的最小值,在不定区间上的最小值的确定. 9.答案:C解析:解:(1)正确;在将△ABC 沿着AB 向上折起时,能使得BC ⊥BE ,又因为AB ⊥BC ,此时有BC ⊥面ABE ,则直线AE ⊥直线BC(2)正确;在将△ABE 与△BCF 分别沿AB 与BC 向上折起时,使得BE 与BF 重合,则AE 2+FC 2=AB 2+BC 2,又△ABC 是以B 为直角顶点的等腰直角三角形, 所以AB 2+BC 2=AC 2, 所以AE 2+FC 2=AC 2 直线FC ⊥直线AE(3)正确;因为T ,G 分别是线段AC ,BC 中点,所以连接TG ,得TG//AB 又因为AB ⊥BC , 所以TG ⊥BC又因为△BCF 是等边三角形, 所以BC ⊥FG所以在折叠过程中BC ⊥面FTG ,在将△ABC 沿着AB 向上折起时,能使得BC ⊥BE ,又因为AB ⊥BC ,此时有BC ⊥面ABE , 垂直于同一条直线的两个平面EAB//面FGT(4)错误;当直线BC 与直线AE 在同一平面时,∠ABC =90°,而∠EAB =60°,∠ABC ≠∠EAB ,此时不会平行若在折起过程中直线BC 与直线AE 异面,此时也不会平行. 故选:C .(1)在将△ABC沿着AB向上折起时,能使得BC⊥BE,又因为AB⊥BC,此时有BC⊥面ABE,则直线AE⊥直线BC.(2)在将△ABE与△BCF分别沿AB与BC向上折起时,使得BE与BF重合,直线FC⊥直线AE.(3)因为T,G分别是线段AC,BC中点,所以连接TG,得TG//AB,所以在折叠过程中BC⊥面FTG.在将△ABC沿着AB向上折起时,能使得BC⊥BE,又因为AB⊥BC,此时有BC⊥面ABE,垂直于同一条直线的两个平面EAB//面FGT.(4)当直线BC与直线AE在同一平面时,此时不会平行;若在折起过程中直线BC与直线AE异面,此时也不会平行.本题注重考查的是线面位置关系的判定,需要熟悉定理的前提下才能完成,属于中档题.10.答案:D解析:解:如图所示,当m在实数范围内逐渐增加时,△ABC面积=S tt′x梯形AA1C1C−S梯形AA1B1B −Stt′x梯形BB1C1C=f(m+1)+f(m−1)2×2−f(m−1)+f(m)2×1−f(m)+f(m+1)2×1=f(m+1)+f(m−1)−2f(m)2=(m+1)2+(m+1)+2019+(m−1)2+(m−1)+2019−2(m2+m+2019)2=1.保持不变.故选:D.如图所示,当m在实数范围内逐渐增加时,△ABC面积=S tt′x梯形AA1C1C −S梯形AA1B1B−Stt′x梯形BB1C1C,代入计算即可得出结论.本题考查了二次函数的性质、三角形与梯形面积计算公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.11.答案:{x|0<x<1}{x|−1<x≤0}解析:解:∵A={x|0<x<2},B={x|−1<x<1},∴A∩B={x|0<x<1},∁R A={x|x≤0或x≥2},∴(∁R A)∩B={x|−1<x≤0}.故答案为:{x|0<x<1},{x|−1<x≤0}.可以求出集合B,然后进行交集、补集的运算即可.考查描述法的定义,绝对值不等式的解法,以及交集和补集的运算.12.答案:−23 10解析:解:(ax +1x )(2x +1)5中,令x =1,得(a +1)⋅35=81,解得a =−23; 所以(−23x +1x )⋅(2x +1)5=(−23x +1x )⋅(1+10x +⋯), 其展开式中的常数项为1x ⋅10x =10. 故答案为:10.在(ax +1x )(2x +1)5中令x =1求得a 的值,再根据多项式乘积的特点求出展开式中的常数项. 本题考查了二项式展开式定理的应用问题,是基础题.13.答案:(3,0) ±√3913解析:解:∵直线l 的方程为λx +y −3λ=0,得λ(x −3)+y =0; ∴{x −3=0y =0,∴x =3,y =0; ∴直线l 恒过定点(3,0).圆C :x 2+y 2−2x =0的圆心C(1,0),半径r =1, 圆心C(1,0)到直线l :λx +y −3λ=0的距离d =√λ2+1,∵直线l 与圆C :x 2+y 2−4x =0交于A ,B 两点,△ABC 为等边三角形, ∴|AB|=1=r ,∴d =√32;故√32=√λ2+1;解得λ=±√3913.故答案为:(3,0),±√3913.令参数λ的系数等于零,求得x 、y 的值,可得定点的坐标.由圆C :x 2+y 2−2x =0知,圆心C(1,0),半径r =1,圆心C(1,0)到直线l 的距离d =√32,由△ABC 为等边三角形,得|AB|=1,由此能求出λ的值.本题主要考查经过定点的直线,直线与圆的位置关系,点到直线的距离,属于中档题.14.答案:3n −2(n+1)(9n+20)2解析:解:数列{a n }满足a 1=1,a n+1−a n =3(n ∈N ∗), ∴{a n }是首项为1,公差为3的等差数列, ∴a n =1+(n −1)×3=3n −2,∴{a 3n+1}是首项为10,公差为9的等差数列, ∴a 4+a 7+a 10+⋯+a 3n+4=10(n +1)+n(n+1)2×9=(n+1)(9n+20)2.故答案为:3n−2,(n+1)(9n+20)2.推导出{a n}是首项为1,公差为3的等差数列,由此能求出a n,推导出{a3n+1}是首项为10,公差为9的等差数列,由此能求出a4+a7+a10+⋯+a3n+4.本题考查等差数列的通项公式、前n项和的求法,考查等差数列的性质等基础知识,考查运算求解能力,是基础题.15.答案:5解析:解:设a⃗=(x,0),b⃗ =(0,y),e⃗=(m,n),满足m2+n2=1.∵a⃗⋅e⃗=2,b⃗ ⋅e⃗=3,∴mx=2,ny=3.则|a⃗−b⃗ |=√x2+y2=√4m2+9n2=√(4m2+9n2)(m2+n2)=√13+4n2m2+9m2n2≥√13+2√36=√25=5,故答案为:5.设a⃗=(x,0),b⃗ =(0,y),e⃗=(m,n),满足m2+n2=1.可得mx=2,ny=3,则|a⃗−b⃗ |=√x2+y2=√4 m2+9n2=√(4m2+9n2)(m2+n2)=√13+4n2m2+9m2n2,利用均值不等式即可求解.本题考查了向量的数量积、模的计算,属于中档题.16.答案:40解析:解:根据题意,分2种情况讨论:①,六名学生按男女男女男女排列,若男生甲在最左边的位置时,女生乙只能在其右侧,有1种情况,剩下的2名男生和女生都有A22=2种情况,此时有1×2×2=4种安排方法,若男生甲不在最左边的位置时,女生乙可以在其左侧与右侧,有2种情况,剩下的2名男生和女生都有A22=2种情况,此时有2×2×2×2=16种安排方法;则此时有4+16=20种安排方法;②,六名学生按女男女男女男排列,同理①,也有20种安排方法,则符合条件的安排方法有20+20=40种;故答案为:40.根据题意,分2种情况讨论:①,六名学生按男女男女男女排列,②,六名学生按女男女男女男排列,由加法原理计算可得答案.本题考查排列、组合的应用,涉及分类计数原理的应用,属于基础题.17.答案:9解析:解:设2a+b=t,∵2a+2a +b+1b−10=0,∴2a +1b=10−t.∵(2a+b)(2a +1b)=5+2(ba+ab)≥5+2×2√ba×ab=9.当且仅当a=b=3或13时取等号.∴t(10−t)≥9,化为:t 2−10t +9≤0,解得1≤t ≤9.∴2a +b 的最大值为9.故答案为:9.设2a +b =t ,根据2a +2a +b +1b −10=0,可得2a +1b =10−t.利用基本不等式的性质可得(2a +b)(2a +1b )的最小值.进而得出2a +b 的最大值.本题考查了基本不等式的性质、转化法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.18.答案:解:(1)由题意得f(x)=2sin(x −π6),∵x ∈[π2,π],可得:π3≤x −π6≤5π6,∴sin(x −π6)∈[12,1], ∴f(x)∈[1,2].(2)∵由f(A +7π6)=f(B +π6)−83, 化简得sinA +sinB =43,∴ab=sinA sinB =43−sinB sinB =43sinB −1, 而13≤sinB ≤1,∴a b ∈[13,3].解析:本题主要考查了两角差的正弦函数公式,正弦函数的性质,诱导公式,正弦定理在解三角形中的应用,求得范围13≤sinB ≤1是解题的关键,属于中档题.(1)由已知利用两角差的正弦函数公式可得f(x)=2sin(x −π6),结合范围π3≤x −π6≤5π6,利用正弦函数的性质可求其值域.(2)由已知利用诱导公式可得sinA +sinB =43,可得13≤sinB ≤1,利用正弦定理可得a b =43sinB −1,即可求解其取值范围.19.答案:(1)证明:分别取线段AC 、AB 的中点记为O 、D ,连接SO 、OD ,因为△SAC 为等边三角形,则AC ⊥SO ,又OD//BC ,则AC ⊥OD ,SO ∩OD =O ,则AC ⊥平面SOD ,所以AC ⊥SD .(2)解:延长SO ,过D 做SO 延长线的垂线,垂足记为H ,易知DH ⊥平面SAC ,所以∠DSH 为直线SD 与平面SAC 所成角,在△SBC 中,SB =2√22,因为∵cos∠SDA +cos∠SDB =0,求得SD =6,又OD =12BC =2√3,且SO =2√3,则∠DSH =π6,故直线SD 与平面SAC 所成的角为π6.解析:(1)分别取线段AC 、AB 的中点记为O 、D ,连接SO 、OD ,说明AC ⊥SO ,AC ⊥OD ,推出AC ⊥平面SOD ,得到AC ⊥SD .(2)延长SO ,过D 做SO 延长线的垂线,垂足记为H ,说明∠DSH 为直线SD 与平面SAC 所成角,通过求解三角形,求解直线SD 与平面SAC 所成的角.本题考查直线与平面垂直的判定定理的应用,直线与平面所成角的求法,考查空间想象能力以及计算能力.20.答案:解:(1)∵a 1+a 3+a 5=9,a 2+a 4+a 6=12∴a 3=3,a 4=4,∴d =1,可得a n =n .∵b 2+b 4=20,b 3=8,∴b 1q +b 1q 3=20①b 1q 2=8②由①②得q =2或q =12(舍)b 1=2,∴b n =2n .(2)c n =4n −2n ,∴B n =(4+42+⋯+4n )−(2+22+⋯+2n )=43×4n −2n+1+23,∴b n B n =2n 23(2n+1−1)(2n −1)=32(12n −1−12n+1−1), ∴T n =32(11−13+13−17+⋯+12−1−12−1), ∴T n =32(1−12n+1−1)<32.解析:(1)利用等差数列的通项公式求出公差,然后求解通项公式,然后求解等比数列的通项公式.(2)化简通项公式,求出B n ,然后转化求解即可.本题考查等差数列以及等比数列通项公式以及数列求和的方法,考查计算能力.21.答案:解:(1)直线AB 方程:y =x +1,设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2),联立方程{y =x +1x 2=4y⇒x 2−4x −4=0, 可得x 1+x 2=4,x 1x 2=−4,∴K AP ⋅K BP =y 1−1x 1−2⋅y 2−1x 2−2 =x 1+24⋅x 2+24 =x 1x 2+2(x 1+x 2)+416 =−4+8+416=12.(2)设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2),P(2t,t 2),设直线BP 斜率为K ,设直线BP 方程y −t 2=k(x −2t)不妨(k >0),联立方程{y −t 2=k(x −2t)x 2=4y⇒x 2−4kx +8kt −4t 2=0x 1+2t =4k,x 1⋅2t =8kt −4t 2, ∴|BP|=√1+k 2|x 1−2t|=4√1+k 2|k −t|,同理可得∴|AP|=4√1+1k |1k+t|, 由|AP|=|BP|得t =k 3−1k 2+k , 故:S △ABP =12|AP||BP|=8(√1+k 2)2|k −t|2=8(1+k 2)(1+k 2)2k 2(k+1)2≥8(2k)2k 2(k+1)22(k+1)2=16,当且仅当k =1时取等号,所以△ABP 面积最小值为16.解析:(1)直线AB 方程:y =x +1,设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2)联立方程{y =x +1x 2=4y⇒x 2−4x −4=0利用韦达定理求解斜率乘积化简即可.(2)设A(x 1,y 1),B(x 2,y 2),P(2t,t 2),设直线BP 斜率为K ,设直线BP 方程y −t 2=k(x −2t)不妨(k >0),联立方程{y −t 2=k(x −2t)x 2=4y⇒x 2−4kx +8kt −4t 2=0,利用韦达定理以及弦长公式,求解三角形的面积求解最值即可.本题考查直线与抛物线的位置关系的综合应用,考查转化思想以及计算能力.22.答案:解:(1)∵f(x)=e x +2ex 2=ex 2e x +2ex 2>0, 又∵x ≠0,∴f(x)增区间为(−∞,0),(0,+∞). (2)由题得(e x −2ex )⋅e x =m x 2有三个实根,所以x 2(e x −2ex )⋅e x =m 有三个非零实根.即xe x (xe x −2e )=m 有三个非零实根.令t =g(x)=x ⋅e x (x ≠0),g′(x)=(x +1)⋅e x (x ≠0)∴g(x)在(−∞,−1)单调递减,(−1,+∞)单调递增,∴t 2−2e t −m =0一个根在(−1e ,0),另一个根在(0,+∞);或者一个根等于−1e ,另一个根在(−1e ,0)内(舍).令ℎ(t)=t 2−2e t −m ,由{ℎ(−1e )>0ℎ(2e )=ℎ(0)<0⇔0<m <3e 2.∴实数m的取值范围是(0,3e2).解析:(1)由f(x)=e x+2ex2=ex2e x+2ex2>0,x≠0,即可得出单调区间.(2)由题得(e x−2ex )⋅e x=mx2有三个实根,可得x2(e x−2ex)⋅e x=m有三个非零实根.即xe x(xe x−2e)=m有三个非零实根.令t=g(x)=x⋅e x(x≠0),g′(x)=(x+1)⋅e x(x≠0),可得其单调性.可得t2−2et−m=0的根的情况.进而得出实数m的取值范围.本题考查了利用导数研究函数的单调性、极值与最值、方程与不等式的解法、等价转化方法,考查了推理能力与计算能力,属于难题.。

2019年9月浙江省学考选考七彩阳光联盟期初联考高三开学考试数学试题及参考答案

2019年9月浙江省学考选考七彩阳光联盟期初联考高三开学考试数学试题及参考答案

2019学年第一学期浙江“七彩阳光”联盟期初联考高三数学 参考答案1.解析:, 所以,故选C.2.解析:,所以焦点相同,故选D.大值为3.解析:作出满足约束条件的平面区域,如图所示,目标函数即,易知当时有最大值5.故选B.4.解析:,故选A.5.解析:由得,所以.其余可能特殊值排除,故选B.6.解析:若点在圆内,则,则圆心到直线的距离为,故直线与圆相离,反之亦然.故选C.7.解析:由定义域排除C 、D,当时,函数与无交点,故选A.8.解析:如图,过作平面,过分别作分别于、,连接,则,因为,所以, 又因为,所以, 而,所以, 综上可得,,故选C.9.解析:无实根,可得恒成立,即对任意实数恒成立,所以,或,故选D.10.解析:当时,由已知得2{|{|20}{|B x y x x x x ===-≥=≤A B ={1,0,1}-242c c =⇒=2y x z =-+2,1x y ==326V sh ==⨯=a b >-333()a b b >-=-330a b +>(,)a b 221x y +=221a b +<O 10ax by ++=1d =>10ax by ++=221x y +=(0,)x π∈2()f x x =-()cos g x x =S SO ⊥ABCD O ,OE BC OF CD ⊥⊥E F ,,OC SE SF ,,SCE SCO SFO αβγ∠=∠=∠=sin sin SE SO SC SCαβ=>=αβ>tan tan SO SE OF CE γα=<=γα<tan tan SO SO OF OCγβ=>=γβ>αγβ>>()f x x =()f x x >(1)x e b x c >--x 10,1b c ->-<1,0b c =-≤2n k =(21)2212(1)k k k k a a k +++=-所以,故,,所以,, 故选A.11.解析:.12.解析:因为,所以,两直线的距离为13.解析:由得,而,所以的前项和为. 14.解析:由余弦定理得,,所以, 而. 15.解析:设为椭圆的右焦点,为椭圆在第一象限内的点,由题意可知, 代入椭圆方程得,即. 16.解析:当时,,要使正整数尽可能大,则应该是,故的最大值为4.17.解析:设,,由题意知,点到直线的距离为1,设的中点为, 则=,当且仅当时,等号成立,此时,||18.解析:(Ⅰ)………………2分 ,………………4分 故函数的最小正周期为,………………6分函数的对称轴方程为.………………8分 201912320191234520182019()()()S a a a a a a a a a a a =++++=+++++++1112468102018100820181010a a a =-+-+-+-=+-=-201911010S a -=-11101010091m a m a +-=-⇒+=2111()24m a ma +≤=25(1)2,(2)(5)2lg 22lg537f f f =+=+++=12//l l 1a =-d ==12671911,16a a a a a a ==11511,()2162n n n a a --+===2log 1n a n =-+2{log }n an (1)2n n --2222cos b a c ac B =+-2293453b c c b c =++⇒-=7,5b c ==73sin sin()sin sin sin 14a A B C A B A =⇒=⇒=+=F C P C (2cP 22223144c c a b +=222234411e e e e e+=⇒-=-=-1[,1]16x ∈1()[1,3]4f x ∈n 5111344++=n OA =a OB =b ||4OA =B OA OA C ()⋅-b a b 222()()4413OB OA OB BO BA BC CA BC ⋅-=-⋅=--=-≤-=||1BC =2-a b |2|2||2OA OB BC =-==()2cos (cos )1cos 22f x x x x x x =-=2sin(2)6x π=+()f x π()f x ,26k x k Z ππ=+∈(Ⅱ)由(Ⅰ), 当时,,………………10分 因此,当时,有最大值2;………………12分 当时,有最小值.………………14分(直接求出最值及相应的的值也给满分)19.解析:(Ⅰ)如图,取的中点,连接、在菱形中,∵,∴ 是正三角形,∴ , ………………2分 同理在菱形,可证, ………………4分 ∴ 平面,∴ ………………6分又∵ ,∴ . ………………7分 (Ⅱ)由(Ⅰ)知,就是二面角的平面角,即,又所以是正三角形,故有如图,取的中点,连接,则,又由(Ⅰ)得,所以,平面,且, 又,在直角中, 所以, 设到平面的距离为,则,, ()2sin(2)6f x x π=+[0,]2x π∈72[,]666xπππ+∈6x π=()f x 2x π=()f x 1-x EF G BG DG ABEF 60BAF ∠=BEF ∆EF BG ⊥CDEFEF DG ⊥EF ⊥BDGEF BD ⊥//CD EF CD BD ⊥BGD ∠B EF D --60BGD ∠=BG GD ==BDG ∆BD =DG O BO BO DG ⊥EF BO ⊥BO ⊥CDFE 32BO =BD CD ⊥BDC ∆BC =12BCE S ∆==D BCE h 113433242B DCE DCE V BO S -∆=⋅⋅=⨯⨯=1133D BCE BCE V h S h -∆=⋅⋅=⨯=所以, 故直线与平面所成角正弦值为. (建系或作出线面角的平面角按步骤相应给分)20.解析:(Ⅰ)由,得,两式相减得………………2分因为,,所以,所以,对一切,有. ………………4分(Ⅱ)由(Ⅰ)可得,,两式相减得,,即,………………6分由于,所以,………………7分又时,解得;时,,解得,满足,因此,对对一切,都有,即是等差数列. ………………9分 (Ⅲ)由(Ⅱ)知,,而当时,………………12分 所以,当时,7h =BD BCE 7h BD =333212+n n a a a S ++=333321211+n n n a a a a S +++++=3221111()n n n n n n a S S a S S ++++=-=+0n a >21112n n n n n a S S S a +++=+=+*n N ∈2112n n n a a S ++-=2112n n n a a S ++-=212(2)n n n a a S n --=≥22112(2)n n n n n a a a a a n ++--+=≥2211(2)n n n n a a a a n ++-=+≥0n a >11(2)n n a a n +-=≥1n =11a =2n =32221(1)a a +=+22a =11n n a a +-=*n N ∈11n n a a +-={}n a n a n =2n ≥n =<===<2n ≥2123111132411n n a n n +++<+-+-++--+,………………14分 又当时,显然成立,所以,对一切,.………………15分另法: 因为所以 , 从而. 21. 证明:(Ⅰ)设, 易求得切线,切线,………………2分 因为点在两条切线上,所以. 故点、均在直线上,于是,………………3分联立, 由韦达定理得,,………………5分 而 所以,232=+-<1n=222212313n n a a a a ++++<*n N∈222212313n na a a a ++++<2n n n =+>12n <=⇒<=311212231n n n ⎛+++<+-+-++- ⎪-⎝⎭33=<001122(,),(,),(,)P x y M x y N x y 11:()PM x x p y y =+22:()PN x x p y y =+P 10012002(),()x x p y y x x p y y =+=+M N 00()xx p y y =+00:()MN l xx p y y =+200220002()2()02xx p y y x y y y y p x py =+⎧⇒+-+=⎨=⎩2201201202(),x y y y y y y p+=-=12||,||,22p p MF y NF y =+=+22221212000||||()244p p p MF NF y y y y y x py ⋅=+++=+-+. ………………8分 (Ⅱ)由知 ………………10分 所以,,………………12分 同理,,………………13分 故,所以,,由(Ⅰ)知,所以,∽所以,.………………15分 另法:(Ⅰ) 由已知抛物线方程即为,.设,则 切线与的方程分别为:. 由可解得. 于是,. 从而.2220()||2p x y PF =+-=001122(,),(,),(,),222p p p FP x y FM x y FN x y =-=-=-2010*******()()()2224p p p p FP FM x x y y x x y y y y ⋅=+--=+-++2010101()()()2422p p p p y y y y y y =+++=++02cos ||||||py FP FM PFM FP FP FM +⋅∠==⋅02cos ||py PFN FP +∠=cos cos PFM PFN ∠=∠PFM PFN ∠=∠2||||||PF MF NF =⋅PFM ∆PFN ∆PMF FPN ∠=∠22x y p =x y p '=221212,,,22x x M x N x p p ⎛⎫⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭PM PN 221122,22x x x x y x y x p p p p =-=-21122222x x y x p p x x y x p p ⎧=-⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩1212,22x x x x P p ⎛⎫+ ⎪⎝⎭22222222121212122||222444x x x x x x x x p p PF p p ⎛⎫++⎛⎫=+-=++ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭22222221212122||||2222444x x x x x x p p p MF NF p p p ⎛⎫⎛⎫+=++=++ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭2||||||PF MF NF =(Ⅱ) 由(Ⅰ)知 ,. 所以. 又由(Ⅰ)知,于是,故∽,从而 .22.解析:(Ⅰ)当时,,则,………………2分所以,当时,;时,,所以的单调递增区间为,单调递减区间为. ………………4分 (Ⅱ)设, 而,令,则.于是,当时,,为增函数,………………6分又由,知. ………………8分 (1)若,则, 此时,在区间上有唯一零点,设为. ………………10分 则时,.故在区间上为减函数,.因此,不符合要求. ………………12分 (2)若,则时,. 此时,在区间上为增函数.22222221122()()||||24x p x p x x PM NF p p ++-=⋅22222212122()()||||24x p x p x x PN MF p p ++-=⋅22||||||||||||||||PN PF PM NF PN MF PM MF =⇔===||||||||PF NF MF PF =||||||||||||PN PF NF PM MF PF ==PMF ∆NPF ∆PMF FPN ∠=∠2m =()2x f x e x =-()2x f x e '=-ln 2x >()0f x '>ln 2x <()0f x '<()f x (ln 2,)+∞(,ln 2)-∞22()(2)()2(2)()2(2)22x x g x x f x mx x e mx mx x e mx =-++=--++=-++()(1)2x g x x e m '=-+()(1)2x h x x e m =-+()x h x xe '=0x >()0h x '>()h x (2)420g m =+>12m >-1122m -<<2(0)120,(2)20g m g e m ''=-+<=+>()g x '(0,2)0x 00x x <<()0g x '<()g x 0[0,]x 0()(0)0g x g <=1122m -<<12m ≥0x >()(0)120g x g m ''>=-+≥()g x [0,)+∞故时,. 因此,符合要求. 综上,的取值范围是. ……………15分0x >()(0)0g x g >=12m ≥m 1[,)2+∞。

2019-2020学年浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟高三(上)期中数学试卷 (含答案解析)

2019-2020学年浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟高三(上)期中数学试卷 (含答案解析)

2019-2020学年浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟高三(上)期中数学试卷一、选择题(本大题共10小题,共40.0分)1.(文)已知复数z=6+8i,则−|z|=()A. −5B. −10C. 149D. −1692.双曲线x24−y29=1焦点坐标是()A. (±√13,0)B. (±√5,0)C. (±2,0)D. (±3,0)3.设实数x,y满足约束条件{3x+y≥5x−4y≥−7x≤2,则z=x+4y的最大值为()A. −2B. 9C. 11D. 4144.已知命题p:x2+2x−3>0;命题q:x−ax−a−1>0,且¬q的一个必要不充分条件是¬p,则a的取值范围是()A. [−3,0]B. (−∞,−3]∪[0,+∞)C. (−3,0)D. (−∞,−3)∪(0,+∞)5.已知a∈R,函数f(x)=sin x−|a|(x∈R)为奇函数,则a等于()A. 0B. 1C. −1D. ±16.已知某三棱锥的三视图(单位:cm)如图所示,那么该三棱锥的体积等于()A. 32cm3 B. 2cm3 C. 3cm3 D. 9cm37.已知甲盒子中有m个红球,n个蓝球,乙盒子中有m−1个红球,n+1个蓝球(m≥3,n≥3),同时从甲乙两个盒子中取出i(i=1,2)个球进行交换,(a)交换后,从甲盒子中取1个球是红球的概率记为p i(i=1,2).(b)交换后,乙盒子中含有红球的个数记为ξi(i=1,2).则()A. p1>p2,E(ξ1)<E(ξ2)B. p1<p2,E(ξ1)>E(ξ2)C. p1>p2,E(ξ1)>E(ξ2)D. p1<p2,E(ξ1)<E(ξ2)8.已知函数f(x)=log2x+3,x∈[1,4],则函数g(x)=f(x2)−[f(x)]2的最小值为()A. −11B. −18C. −38D. −69.如图,矩形ABCD中,AB=2AD,E为边AB的中点,将△ADE沿直线DE翻转成△A1DE(A1∉平面ABCD).若M、O分别为线段A1C、DE的中点,则在△ADE翻转过程中,下列说法错误的是()A. 与平面A1DE垂直的直线必与直线BM垂直B. 过E作EG//BM,G∈平面A1DC,则∠A1EG为定值C. 一定存在某个位置,使DE⊥MOD. 三棱锥A1−ADE外接球半径与棱AD的长之比为定值10.已知函数f(x)=x2+2ax在x∈[−2,1]上有最小值−1,则a的值为()A. −1或1B. 54C. 54或−1 D. 54或1或−1二、填空题(本大题共7小题,共34.0分)11.已知集合A={x|−1<x<3},B={1,2,3,4,5},则(∁R A)⋂B=________.12.已知(x−ax)8展开式中常数项为1120,其中实数a是常数,则展开式中各项系数的和是______.13.已知直线ax+y−2=0与圆心为C的圆(x−1)2+(y−a)2=4相交于A,B两点,且△ABC为等边三角形,则实数a=________.14.在等差数列{a n}中,a5+a6=35,则S10=______ .15.已知a⃗=(3,−4),b⃗ =(2,3),则2|a⃗|−3a⃗⋅b⃗ =______ .16.四女生与两男生排成一队,女生甲与两男生至少一个相邻的排法种数为______ .17.已知正数a,b满足3a+2b=1,则2a +3b的最小值为_________.三、解答题(本大题共5小题,共60.0分)18.设函数f(x)=√3sinxcosx+sin2x.(1)当x∈[0,π2]时,求f(x)的最大值;(2)设A,B,C为△ABC的三个内角,f(C2)=1,且C为锐角,c=√3,求a−b的取值范围.19.如图,在四棱锥P−ABCD中,AB//CD,∠ABC=90°,△ADP是边长为2的等边三角形,且AD=AB,BP=3,AD⊥PB,E为AD的中点.(Ⅰ)求证:AD⊥平面PBE;(Ⅱ)求直线BC与平面ADP所成角的正弦值.20.设等比数列{a n}的前n项和为S n,已知a1=4,且8S1,5S2,2S3成等差数列,b n=log2a n.(1)求数列{b n}的通项公式;(2)c n=2b n,求数列{c n}的前n和T n.(2b n−1)(2b n+1−1)21.已知抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点F,直线y=4与y轴的交点为P,与抛物线C的交点为Q,且|QF|=2|PQ|.(1)求p的值;(2)已知点T(t,−2)为C上一点,M,N是C上异于点T的两点,且满足直线TM和直线TN的斜率之和为−8,证明直线MN恒过定点,并求出定点的坐标.3+e ax−1(e为自然对数的底数).22.已知a∈R,函数f(x)=−lnxx(Ⅰ)若a=1,求函数f(x)的单调区间;(Ⅱ)若f(x)的最小值为a,求a的最小值.-------- 答案与解析 --------1.答案:B解析:【分析】本题考查复数的模的求法,考查计算能力.直接利用复数的求模公式求解即可.【解答】解:复数z =6+8i ,则−|z|=−√62+82=−10.故选B .2.答案:A解析:解:双曲线x 24−y 29=1,可得a =2,b =3,c =√4+9=√13,双曲线的焦点坐标是(±√13,0).故选:A .利用双曲线方程,转化求解焦点坐标即可.本题考查双曲线的简单性质的应用,是基本知识的考查.3.答案:C解析:【分析】由约束条件作出可行域,化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合即可求解.本题考查线性规划问题,考查数形结合的数学思想以及运算求解能力,是中档题.【解答】解:作出约束条件表示的可行域如图,化目标函数z =x +4y 为y =−x 4+z4,联立{x =2x −4y =−7,解得A(2,94), 由图可知,当直线z =x +4y 过点(2,94)时,z 取得最大值11.故选C .4.答案:A解析:解:p :x 2+2x −3>0;解得:x >1或x <−3,故¬p :−3≤x ≤1,命题q :x−a x−a−1>0,解得:x >a +1或x <a ,故¬q :a ≤x ≤a +1,若¬q 的一个必要不充分条件是¬p ,则[a,a +1]⊊[−3,1],故{a +1≤1a ≥−3,解得:a ∈[−3,0], 故选:A .分别求出关于p ,q 的不等式,得到¬p ,¬q ,根据集合的包含关系得到关于a 的不等式组,解出即可.本题考查了充分必要条件,考查集合的包含关系,是一道基础题.5.答案:A解析:【分析】本题考查由奇偶性求参数,属于基础题.利用奇函数定义中的特殊值f(−x)=−f(x)即可解决.【解答】解:因为f(x)定义域为R ,且为奇函数,∴f(−x)=sin(−x)−|a|=−f(x)=−sin x +|a|.∴|a|=0,∴a =0.6.答案:A解析:解:由三视图可知,该三棱锥的底面为直角三角形,两个侧面和底面两两垂直, ∴V =13×12×3×1×3=32. 故选:A .该三棱锥高为3,底面为直角三角形.本题考查了常见几何体的三视图和体积计算,是基础题.7.答案:A解析:解:根据题意有如果交换一球,有交换的都是红球、交换的都是蓝球、甲盒的红球换的是乙盒的蓝球、甲盒的蓝球交换的是乙盒的红球,红球的个数就会出现m ,m −1,m +1三种情况,如果交换的是两个球,有红球换红球,蓝球换蓝球,一蓝一红换一蓝一红,红换蓝,蓝换红,一蓝一红换两红,一蓝一红换两蓝,对应的红球个数是m −2,m −2,m ,m +1,m +2五种情况,∴p 1>p 2,E(ξ1)<E(ξ2).故选:A .首先需要分析交换后甲盒中的红球的个数,对应的事件有哪能些结果,从而得到对应的概率的大小,再者就是对随机变量的值要分清,对应的概率要算对,利用公式求得其期望.该题考查的是有关随机事件的概率以及对应的期望的问题,在解题的过程中,需要对其对应的事件弄明白,对应的概率会求,以及变量的可能取值会分析是多和,利用期望公式能求出结果. 8.答案:A解析:【分析】本题考查了复合函数的不等式的求解和对数函数的应用,以及用换元法求复合函数的值域,考查了运算求解能力,属于中档题.先解g(x)的定义域,然后利用换元法求所求函数的值域即可.【解答】解:由f(x)=log 2x +3 , x ∈[1 , 4],则{1≤x ≤41≤x 2≤4得1≤x ≤2,所以g(x)的定义域为[1,2], 令log 2x =t ,故t ∈[0,1],∴g(x)=f(x 2)−f 2(x)=log 2x 2+3−(log 2x +3)2=−(log 2x)2−4log 2x −6,即y =−t 2−4t −6=−(t +2)2−2,t ∈[0,1],当t =1时,y 的最小值为−11∴函数g(x)=f(x 2)−[f(x)]2的最小值为−11,故选A .9.答案:C解析:解:对于A ,延长CB ,DE 交于H ,连接A 1H ,由E 为AB 的中点,可得B 为CH 的中点,又M 为A 1C 的中点,可得BM//A 1H ,BM ⊄平面A 1DE ,A 1H ⊂平面A 1DE ,则BM//平面A 1DE ,故与平面A 1DE 垂直的直线必与直线BM 垂直,则A 正确;对于B ,设AB =2AD =2a ,过E 作EG//BM ,G ∈平面A 1DC ,则∠A 1EG =∠EA 1H ,在△EA 1H 中,EA 1=a ,EH =DE =√2a ,A 1H =√a 2+2a 2−2⋅a ⋅√2a ⋅(−√22) =√5a ,则∠EA 1H 为定值,即∠A 1EG 为定值,则B 正确;对于C ,连接A 1O ,可得DE ⊥A 1O ,若DE ⊥MO ,即有DE ⊥平面A 1MO ,即有DE ⊥A 1C ,由A 1C 在平面ABCD 中的射影为AC ,可得AC 与DE 垂直,但AC 与DE 不垂直.则不存在某个位置,使DE ⊥MO ,则C 不正确;对于D ,连接OA ,由直角三角形斜边的中线长为斜边的一半,可得三棱锥A 1−ADE 外接球球心为O ,半径为√22a , 即有三棱锥A 1−ADE 外接球半径与棱AD 的长之比为定值.则D 正确.故选:C .对于A ,延长CB ,DE 交于H ,连接A 1H ,运用中位线定理和线面平行的判定定理,可得BM//平面A1DE,即可判断A;对于B,运用平行线的性质和解三角形的余弦定理,以及异面直线所成角的定义,即可判断B;对于C,连接A1O,运用线面垂直的判定定理和性质定理,可得AC与DE垂直,即可判断C;对于D,由直角三角形的性质,可得三棱锥A1−ADE外接球球心为O,即可判断D.本题以命题的真假判断与应用为载体,考查了线面、面面平行与垂直的判定和性质定理,考查空间想象能力和推理能力,难度中档.10.答案:A解析:解:函数的对称轴是x=−a,−a≤−2,即a≥2时,f(x)在[−2,1]递增,f(x)min=f(−2)=4−4a=−1,解得:a=5,舍,4−2<−a<1即−1<a<2时,f(x)在[−2,−a)递减,在(−a,1]递增,故f(x)min=f(−a)=−a2=−1,解得:a=1,−a≥1即a≤−1时,f(x)在[−2,1]递减,故f(x)min=f(1)=1+2a=−1,解得:a=−1,综上,a=1或−1,故选:A.根据二次函数的性质,通过讨论a的范围求出函数的最小值,得到关于a的方程,解出即可.本题考查了二次函数的性质,考查分类讨论思想,是一道常规题.11.答案:{3,4,5}解析:【分析】本题考查集合的交、补运算,考查考生对基础知识的掌握情况.【解答】解:因为A={x|−1<x<3},所以∁R A=(−∞,−1]⋃[3,+∞),所以(∁R A)⋂B={3,4,5}.故答案为{3,4,5}.12.答案:1或6561解析:解:T r+1=C8r⋅x8−r⋅(−ax−1)r=(−a)r C8r⋅x8−2r.令8−2r=0,∴r=4.∴(−a)4C84=1120,∴a=±2.当a=2时,令x=1,则展开式系数和为(1−2)8=1.当a=−2时,令x=1,则展开式系数和为(1+2)8=38=6561.故答案为1或6561.利用二项展开式的通项公式求出第r+1项,令x的指数为0得常数项列出方程求出a,给二项式中的x赋值求出展开式中各项系数的和.本题考查二项展开式的通项公式是解决二项展开式的特定项问题的工具;赋值法是求展开式的系数和的重要方法.13.答案:4±√15解析:【分析】本题主要考查直线与圆的位置关系的判定以及圆与弦的综合问题,属于一般题.首先根据△ABC为等边三角形,得到圆到直线的距离为√3,再用点到直线的距离公式,求得实数a 的值.解析:解:圆(x−1)2+(y−a)2=4的圆心为(1,a),半径为2,∵直线与圆相交,∴△ABC为等边三角形,∴圆到直线的距离为Rsin60°=√3,=√3,故d=√a2+1平方得a2−8a+1=0,得a=4±√15.故答案为4±√15.14.答案:175解析:解:根据等差数列的性质得:a5+a6=a1+a10=35,=5×35=175,∴S10=10(a1+a10)2故答案为:175.根据等差数列的性质得:a5+a6=a1+a10=35,再由等差数列的前n项和公式求出S10的值.本题考查等差数列的性质、前n项和公式的合理运用,是基础题.15.答案:28解析:解:∵a⃗=(3,−4)∴|a⃗|=√32+(−4)2=5a⃗⋅b⃗ =3×2−4×3=−6∴2|a⃗|−3a⃗⋅b⃗ =28故答案为28.利用向量模的坐标公式求出|a⃗|,利用向量的数量积公式求出向量的数量积,代入求出值.本题考查向量模的坐标形式的公式、向量的数量积公式.16.答案:432解析:解:四女生与两男生排成一队,排法有A66=720(种),女生甲与两男生都不相邻的排法种数有2类,2男生一起和不在一起即A32A33C41+A33C41C31A22=288(种),所以女生甲与两男生至少一个相邻的排法种数为:720−288=432(种).故答案为:432.首先求出六人一共有多少种排法,然后求出女生甲与两男生都不相邻的排法种数,前者减去后者,即可求出女生甲与两男生至少一个相邻的排法种数.本题主要考查排列组合的应用,属于中档题,解答此题的关键是求出女生甲与两男生都不相邻的排法种数.17.答案:24解析:【分析】根据题意2a +3b=(2a+3b)(3a+2b)=6+6+4ba+9ab,由基本不等式分析可得答案.本题考查基本不等式的性质以及应用,关键是掌握基本不等式应用的条件.【解答】解:正数a,b满足3a+2b=1,则2a +3b=(2a+3b)(3a+2b)=6+6+4ba+9ab≥12+2√4ba⋅9ab=12+12=24,当且仅当4ba =9ab,即a=16,b=14时,等号成立.故2a +3b的最小值为24,故选:24.18.答案:解:(1)f(x)=√32sin2x+1−cos2x2=√32sin2x−12cos2x+12=sin(2x−π6)+12,∵x∈[0,π2],∴2x−π6∈[−π6,5π6],∴当2x−π6=π2时,f(x)max=32.(2)f(C2)=sin(C−π6)+12=1,∴sin(C−π6)=12,又∵C为锐角,∴C=π3.∵c=√3,∴asinA =bsinB=√3sinπ3=2,∴a=2sinA,b=2sinB,又A+B=2π3,∴B=2π3−A,A∈(0,2π3),∴a−b=2sinA−2sinB=2sinA−2sin(2π3−A)=sinA−√3cosA=2sin(A−π3),又∵A∈(0,2π3),∴A−π3∈(−π3,π3),∴2sin(A−π3)∈(−√3,√3),即a−b∈(−√3,√3).解析:(1)由三角函数恒等变换的应用化简函数解析式可得f(x)=sin(2x−π6)+12,由已知可求范围2x−π6∈[−π6,5π6],利用正弦函数的性质可求最大值.(2)由已知可求sin(C−π6)=12,结合C为锐角,可求C,利用正弦定理可得a=2sinA,b=2sinB,利用三角函数恒等变换的应用可求a−b=2sin(A−π3),结合范围A∈(0,2π3),可求A−π3∈(−π3,π3),利用正弦函数的性质可求其范围.本题主要考查了三角函数恒等变换的应用,正弦函数的图象和性质,正弦定理在解三角形中的综合应用,考查了计算能力,转化思想,数形结合思想的应用,属于中档题.19.答案:(Ⅰ)证明:∵AP=AD=DP,E为AD的中点,∴PE⊥AD,∵AD⊥PB,PE∩PB=P,PE,PB⊂平面PBE,∴AD⊥平面PBE;(Ⅱ)解:如图,连接DB,作BG⊥PE,垂足为G,延长AD,BC交于点H,连接GH,∵由(Ⅰ)得AD⊥平面PBE,BE⊂平面PBE,∴BE⊥AD,又AD=AB,E为AD的中点,∴△ABD为等边三角形,,∵AB//CD,∠ABC=90°,,且BD=AD=2,∴BC=√3,又由(Ⅰ)得AD⊥平面PBE,AD⊂平面PAD,∴平面PBE⊥平面ADP,又平面PBE∩平面ADP=PE,∴BG⊥平面ADP,∴∠BHG为直线BC与平面ADP所成角,∵BE=PE=√3,BP=3,∴cos∠BEP=BE2+PE2−BP2 2BE·PE=2×√3×√3=−12,又∠BEP是三角形内角,所以∠BEP=120°,,又∵CD=1,AB=2,AB//CD,∴CDAB =HCBH=12,又BC=√3,∴BH=2√3,∴sin∠BHG=BGBH =√34.即直线BC与平面ADP所成角的正弦值为√34.解析:本题考查直线与平面垂直的判断定理的应用,直线与平面所成角的求法,考查空间想象能力以及计算能力,属于中档题.(Ⅰ)证明PE⊥AD,结合AD⊥PB,即可得证.(Ⅱ)连接DB,作BG⊥PE,垂足为G.说明∠BHG为直线BC与平面ADP所成角,通过求解三角形推出结果即可.20.答案:解:(1)由题意得10S2=8S1+2S3,即10(a1+a2)=8a1+2(a1+a2+a3),化简得4a2=a3,即q=a3a2=4,所以an=4n,b n=log2a n=log24n=2n(n∈N∗).(2)由(1)可得,c n=2b n(2b n−1)(2b n+1−1)=22n(22n−1)(22n+2−1)=4n(4n−1)(4n+1−1)=13(14n−1−14n+1−1)∴T n=c1+c2+⋯+c n=13[(14−1−142−1)+(142−1−143−1)+⋯+(14n−1−14n+1−1)]T n=19−13(4n+1−1)解析:本题考查等比数列与等差数列的综合,难度适中.(1)等差与等比的综合.(2)裂项相消求和.21.答案:解:(1)设Q(x0,4),由抛物线定义,|QF|=x0+p2,又|QF|=2|PQ|,即2x0=x0+p2,解得x0=p2,将点Q(p2,4)代入抛物线方程,解得p=4.(2)证明:由(1)知C的方程为y2=8x,所以点T坐标为(12,−2),由题意得直线MN斜率不为0,设直线MN的方程为x=my+n,点M(y 128,y 1),N(y 228,y 2),由{x =my +n y 2=8x 得y 2−8my −8n =0, 则y 1+y 2=8m ,y 1y 2=−8n , 所以k MT +k NT =y 1+2y 128−12+y 2+2y 228−12=8y 1−2+8y 2−2 =8(y 1+y 2)−32y 1y 2−2(y 1+y 2)+4=64m−32−8n−16m+4=−83,解得n =m −1,所以直线MN 方程为x +1=m(y +1), 恒过点(−1,−1).解析:本题考查直线与抛物线的位置关系的综合应用,抛物线的简单性质的应用,考查转化思想以及计算能力.(1)利用抛物线的定义,列出关系式,转化求解p 的值;(2)求出点T 坐标为(12,−2),设直线MN 的方程为x =my +n ,点M(y 128,y 1),N(y 228,y 2),由{x =my +n y 2=8x ,通过韦达定理以及斜率关系,求出直线MN 方程为x +1=m(y +1),得到恒过定点.22.答案:解:(Ⅰ)a =1时,f(x)=−lnx x+e x−1,f′(x)=−1−lnx x 2+e x−1,当x >1时,f′(x)>−1−lnx x 2+1=x 2−1+lnxx 2>0,当0<x <1时,f′(x)<−1−lnxx 2+1=x 2−1+lnxx 2<0,所以f(x)的单调递减区间为(0,1),单调递增区间为(1,+∞). (Ⅱ)由题意可知:−lnx x+e ax−1≥a 恒成立,且等号可取.即xe ax−1−ax −lnx ≥0恒成立,且等号可取.令g(x)=xe ax−1−ax −lnx 则g′(x)=(ax +1)(e ax−1−1x ) 由e ax−1−1x =0,得到a =1−lnx x ,设p(x)=1−lnx x,p′(x)=lnx−2x 2当x >e 2时,p′(x)>0;当0<x <e 2时,p′(x)<0.p(x)在(0,e 2)上递减,(e 2,+∞)上递增.所以p(x)min =p(e 2)=−1e 2 当a ≤−1e 2时,a ≤1−lnx x,即e ax−1−1x ≤0,在(0,−1a )上,ax +1>0,g′(x)≤0,g(x)递减;在(−1a,+∞)上,ax+1<0,g′(x)≥0,g(x)递增.所以g(x)min=g(−1a)设t=−1a ∈(0,e2],g(−1a)=ℎ(t)=te2−lnt+1,ℎ′(t)=1e2−1t≤0,ℎ(t)在(0,e2]上递减,所以ℎ(t)≥ℎ(e2)=0故方程g(x)min=g(−1a )=0有唯一解−1a=e2,即a=−1e2.综上所述,当a≤−1e2时,仅有a=−1e2.满足f(x)的最小值为a,故a的最小值为−1e2.解析:(Ⅰ)a=1时,f(x)=−lnxx +e x−1,f′(x)=−1−lnxx2+e x−1,分别由f′(x)>0,f′(x)<0,进而求出函数f(x)的单调区间.(Ⅱ)由题意可知:−lnxx+e ax−1≥a恒成立,且等号可取.令g(x)=xe ax−1−ax−lnx转化为方程g(x)min=g(−1a)=0求解.本题考查利用导数的方法研究函数的单调性、极值、最值和分类讨论的思想方法,注意函数的定义域;属难题.。

浙江省“七彩阳光”联盟2019届高三期初联考数学试题Word版含解析

浙江省“七彩阳光”联盟2019届高三期初联考数学试题Word版含解析

2018学年第一学期浙江“七彩阳光”联盟期初联考高三年级数学试题一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.1.已知全集,则()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根据已知条件求出,再求即可【详解】,则故选【点睛】本题主要考查了交集,补集的混合运算,属于基础题。

2.2.双曲线的一条渐近线方程为,则正实数的值为()A. 9B. 3C.D.【答案】D【解析】【分析】求出双曲线的渐近线方程,即可得到结果【详解】双曲线的渐近线方程为由题意可得,解得故选【点睛】本题主要考查了双曲线的简单性质,求出双曲线的渐近线方程是解题的关键,属于基础题。

3.3.已知i是虚数单位,复数满足,则为()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】由已知条件计算出,继而得到【详解】,则故选【点睛】本题主要考查了复数代数形式的乘除运算,属于基础题。

4.4.已知函数,且,则实数的取值范围是()A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】先判定出函数的单调性,然后转化为,运用单调性求不等式【详解】函数函数在上为增函数,原不等式等价于解得实数的取值范围是故选【点睛】本题在解答不等式时运用了函数的单调性,增函数加增函数还是增函数,在解题过程中不要忽略定义域,这里容易出错5.5.“直线与直线平行”是“”的()A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】根据两直线平行得到或,再利用充分必要条件的定义判断即可【详解】直线与直线平行,解得或,经检验或时,直线与直线平行根据充分必要条件的定义可得“直线与直线平行”是“”的必要不充分条件故选【点睛】本题主要考查了两直线平行以及充分必要条件的定义,属于综合题目,关键是要求出的值,然后进行验证6.6.函数的图象大致是()A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】利用导数法分析函数的单调性,再结合函数的零点个数,排除错误答案即可【详解】,则函数只有两个零点,和,故排除,由可知函数有两个极值点,故排除故选【点睛】本题主要考查了函数的图像,依据函数求出零点,运用导数判断其单调性和极值,从而得到答案7.7.已知函数在上有两个不同的零点,则的取值范围为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】将已知条件转化为,运用辅助角公式进行化简,然后找出有两个不同的零点取值范围【详解】令即,则,,两个不同的零点,如图:的取值范围为故选【点睛】本题考查了三角函数的运算,运用辅助角公式进行化简,熟练运用公式是关键,在求取值范围时采用了分步求解,注意运用图像求出两个交点的情况8.8.设为正数,,若在区间不大于0,则的取值范围是()A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】求导得到函数在区间递增,只要满足就可以算出结果【详解】,当时,,函数在区间单调递增,解得故选【点睛】运用导数求得函数的单调性,然后满足题意列出不等式即可算出结果,本题较为基础9.9.均为单位向量,且它们的夹角为,设满足,则的最小值为()A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】依据题意求出的轨迹,然后求出的最小值【详解】设,以所在直线为轴,垂直于所在直线为轴,建立平面直角坐标系则,,则满足,故,如图其轨迹图象则其最小值为故选【点睛】本题较为综合,在解答向量问题时将其转化为轨迹问题,求得满足题意的图像,要求最小值即算得圆心到直线的距离减去半径,本题需要转化,有一定难度。

2019 学年第一学期浙江“七彩阳光”联盟期初联考高三通用答案

2019 学年第一学期浙江“七彩阳光”联盟期初联考高三通用答案

第二部分通用技术(共50分)一、选择题(本大题共13小题,每小题2分,共26分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)1.B弹性固定的设计考虑了人的静态尺寸,主要是人的构造尺寸。

避免担架运送时造成二次伤害,实现了人机关系的安全目标,有些学生认为是健康则理解错误。

2.C增加了制造成本,不一定不符合设计的经济原则,经济原则不是指成本低。

3.A两椅腿上各钻了一排孔,不能保证在水平方向孔的间距相等,B、D会造成不一定能实现调整,及椅腿上的孔距与支撑杆上的孔距不一样。

而C的方案加工困难,调整时同样要拆卸螺栓螺母,而且半圆孔距与B、D存在一样的问题。

所以选A4.C俯视图与左视图的直径100的重复标注。

左视图的两个10尺寸多标,这两个距离是圆柱体切60的槽加工形成的,不需要标注。

此题考查了三视图看图与标注,难度加大。

5.C从图中看出,100-10=90,说明划线角度是正确的,可能由于加工过程中没注意造成的,A、B、C均有可能。

6.A销轴2固定在底座上,物体夹紧需要F持续用力,此时销轴2还受到弯曲。

销轴3与夹持臂槽的一边在挤压力的作用下形成摩擦力,使销轴3受扭转7.B能通过检测环境噪声的强度来调整铃声的播放响度,这是一种功能,不能体现动态性8.D该系统检测的是输入量,根据环境音量来调节输出音量的大小,而且不能保持音量输出的稳定,所以该系统为开环控制系统9.A可以用排除法,BCD均不可能出现这种情况,同学们可以做试验来验证。

10.D由于二极管导通电压是0.7V,所以U2为0.7V,U1电压为6-0.7=5.3V11.D门打开时,按动SB,SB为常开按钮,R端低电平,S端高电平,发光二极管V亮。

正确的关闭报警灯的方法是关闭门后按动SB。

12.A当按下SB时,M点电压约为10.6V(12-1.4);当放开SB时,也会有4V左右;具体不用计算。

13.B这是一个自锁互锁开关,按下哪个按钮哪路通,其它电路断开。

浙江七彩阳光联盟2019届高三上学期第二次联考信息技术试题(PDF版)

浙江七彩阳光联盟2019届高三上学期第二次联考信息技术试题(PDF版)

2018学年第一学期浙江七彩阳光联盟第二次联考高三年级技术试题本试卷分两部分,第一部分信息技术部分,第二部分通用技术部分。

满分100分,考试时间90分钟。

其中加试题部分30分,用【加试题】标出。

第一部分信息技术(共50分)一、选择题(本大题共12小题,每小题2分,共24分,每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、错选、多选均不得分)1.下列关于信息的说法,不正确...的是()A.手机扫描二维码过程属于信息的获取B.“盲人摸象”的实例说明信息具有真伪性C.点赞“中国教育”公众号中的文章属于统计评价D.游戏中体验到的“身临其境”感觉采用的是虚拟现实技术2. 下列关于网页和网络协议的说法,正确的是()A.网页文件是用HTTP语言来描述的B.HTML是超文本传输协议C.POP3协议用于发送E-mailD.收藏网站其实就是保存网页的URL3. 下列选项中,体现人工智能技术的有()①利用语音方式控制机器人②使用智能手机在微信传输语音③电饭锅的自动保温功能④使用面部识别技术解锁手机⑤停车场自动计费系统的汽车牌照识别功能A.①④⑤B.①③④C.②④⑤D. ③④⑤4. 以下有关数据库的说法,正确的是()A. 数据表中同一字段内的数据类型一定是相同的B. 数据库应用系统可以完全脱离数据库管理系统独立运行C. 一个数据库文件同一时间内只允许一个用户访问D. Access和Oracle都是常见的小型数据库管理系统5.某算法的部分流程图如图。

执行这部分流程,分别输入45、50、55,则输出值依次为()A. 6, 5B. 5, 7, 7C. 6, 7D. 6, 7,76. 使用UltraEdit软件观察字符“IT考试123!”的内码,部分界面如图所示。

下列说法正确的是()A.字符“IT考试123!”共占用10个字节B.字符“IT考试123!”全部采用ASCII编码C.字符“J”的十六进制码为“50”D.字符“9”的内码用二进制表示为“00111001”7.使用Goldwave软件进行作品制作,部分操作界面如下图所示。

浙江七彩阳光联盟2019届高三上学期第二次联考通用技术试题(PDF版)

浙江七彩阳光联盟2019届高三上学期第二次联考通用技术试题(PDF版)
10. 下列关于控制系统的说法中,正确的是 A.被控量指的是控制系统要控制的输出量 B.自动控制系统必定是用电子设备来控制的系统 C.反馈指的是将检测到的输入量与控制系统预设的量进行比较的过程 D.闭环控制系统一般适用于控制精度要求不高而系统本身的元件又比较稳定的场合
11.【加试题】用指针式万用表欧姆档测量如图所示电路,下列分析不.正.确.的是( )
(1)设计球形黄铜手柄时,充分考虑了结构的强度和操作的方便性,这主要实现了人机关系


( 从 A.安全;B.健康;C.舒适;D.高效中选择合适的选项,将序号填
写在“
”上);
(2)设计时提出了一系列的设计要求,主要从“静态尺寸”的角度考虑的是
(从 A.确
定每个小抽屉尺寸;B. 确定整个柜子高度时;C.确定球形黄铜手柄长度中选择合适的一项,填写在
A.可改善政府对交通、环境等方面的管理,体现了技术的综合性 B.除了信息技术的应用,还需要人的智慧参与,体现了技术具有发展人的作用 C.智慧城市的建设与完善是一个长期的过程,体现了技术的两面性 D.智慧城市的设计考虑了普通人和特殊人的需求
第 1 题图
2.如图所示为某跌落试验台,当把电子等产品包装好后,自由选择面、棱、角三个跌落状态,抬升 至预置高度再瞬间释放,检测坠落后的包装与产品的受损情况。该试验的方法属于( )
A.模拟试验法 C.优选试验法
B.强化试验法 D.虚拟实验法
第 2 题图
3.如图所示为某运动结构部件 1,电动机通过轴带动整个部件 1 绕轴心做单向低速圆周转动,部件 1 同时带动部件 2 运动。要实现部件 2 进行连续不断的左右运动,小明构思的下列方案中合理的是( )

部件1

2020年5月浙江省学考选考2019学年第二学期浙江七彩阳光新高考研究联盟高三数学试题参考答案

2020年5月浙江省学考选考2019学年第二学期浙江七彩阳光新高考研究联盟高三数学试题参考答案

2019学年第二学期浙江“七彩阳光”新高考研究联盟阶段性评估高三数学参考答案选择题部分(共40分)一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1.答案:A2.答案:C3.答案:B4.答案:D5.答案:B6.答案:D7.答案:C8.答案:A9.答案:B 10.答案:D非选择题部分(共110分)二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分.11.答案:412.答案:2,113.答案:80,81014.答案:2-,3-15.答案:,4 16.答案:3417.答案:23- 三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.解析:(Ⅰ)2()cos )cos cos cos f x x x x m x x x m =++++1cos 212sin(2)262x x m x m π+++=+++, ………3分 因为()f x 的最大值为31+222m m =⇒=. ………5分所以()sin(2)16f x x π=++,()sin 11123f ππ=+= ………7分 (Ⅱ)[0,]2x π∈时,[()1][()1]sin(2)sin(2)1263y f x f x x x πππ=-⋅+-=++112cos 2)(sin 22)22x x x x =++2233sin 2cos 2sin 2cos 244x x x x =++ 31sin 442x =+. ………12分 当8x π=时,max 324y +=; ………13分 当38x π=时,min 32y -=. ………14分 19.解:(Ⅰ)如图,取,AB DC 的中点,E F ,连接,,EF PE PF ,因为10,2PA PB BC PC PD =====, 所以,,PE AB PF DC ⊥⊥,又 //AB CD ,所以,PE CD ⊥,又因为2AB =,所以2PF =, 所以222210PE PF BC EF +===,即PE PF ⊥,所以PE ⊥平面PCD ,所以平面PAB ⊥平面PCD ; ………8分(Ⅱ)设A 到平面PBC 的距离为d ,因为10,2PB BC PC ===,所以192∆=PBC S , 由(Ⅰ)PE PF ⊥,PF DC ⊥,所以PF ⊥平面PAB ,所以C 点到平面PAB 的距离为1PF =,所以111131333A PBC PBC C PAB PAB V dS V S -∆-∆===⨯⨯=⨯=, 所以61919d =, 故直线PA 与平面PBC 所成角的正弦值为61961901901910=. ………15分解法二:建系法如图,建立空间坐标系,则(0,0,0),(2,0,0),(0,10,0),(2,10,0)A B D C , 设(,,)P a b c ,由10,2PA PB PC ===得222222222110(2)1010(10)210a a b c a b c b a b c c ⎧⎪=⎧++=⎪⎪⎪-++=⇒=⎨⎨⎪⎪+-+=⎩⎪=⎪⎩即(1,,)1010P ,设平面PBC 的法向量为=n (,,)x y z , 因为(0,10,0),(1,,)1010BC PC ==-u u u r u u u r , 所以10001010y x y z ⎧=⎪⎨+-=⎪⎩,令1z =,可得 (,0,1)10=n , 于是||sin ||||190n PA n PA α⋅==⋅r u u u r r u u u r . (选择空间直角坐标系的按步骤给分)20.解:(Ⅰ)由11122(1)22n n n a b a b a b n ++++=-⋅+L ①可得112211(2)22(2)n n n a b a b a b n n --+++=-⋅+≥L ②①—②得 2(2)n n n a b n n =⋅≥,又112a b =,所以2n n n a b n =⋅.由11a =得12b =,设等差数列{}n a 的公差为d ,等比数列{}n b 的公比为q ,则有1(1)22n n dn d q n -+-⨯⨯=⋅,令2n =,有(1)28d q +⨯⨯=,令3n =,有2(12)224d q +⨯⨯=,解得1,2d q ==,所以,2n n n a n b ==. ………8分(Ⅱ)由n n n n b c a c =+得11212n n n n n a n n c b +==≤--, 所以12312323412222n nn c c c c +++++≤++++L L , 令12323412222n n n T +=++++L , 则231123122222n n n n n T ++=++++L两式相减得,2311111(1)1111111311322112222222222212n n n n n n n n n n T +++-+++=++++-=+-=--<-L 所以3n T <,即123n c c c +++<L . ………15分21.解:(Ⅰ)由已知可得(,0),(,0)22p p E F -, 显然直线AB 的斜率不可能为0,故可设:2p AB x my =+, 联立2222202y px y pmy p p x my ⎧=⎪⇒--=⎨=+⎪⎩,设1122(,),(,)A x y B x y ,则212122,y y pm y y p +==-,所以,112111||||222S EF y y p =⋅-===,而212|||2(1)AB y y m p =-=+, 故224312(1)||2(1)2S m p p AB m p +==+; ………7分 (Ⅱ)直线11:()22y p AE y x p x =++,可得112(0,)2p y N p x +,同理222(0,)2p y M p x +, 所以2212122121122||||22822p p y y y y p p S p p my p my p x x =⨯⨯-=-++++321221212||8()y y p m y y mp y y p-=⨯+++ 3212222232122||82||8(1)y y p m p p m p y y p p m -=⨯-++-=⨯+, 所以21213212221||||24(1)4||8(1)EF y y S m y y p S p m ⨯-==+≥-⨯+, 所以λ的最大值为4. ………15分22.解:(Ⅰ)11()11ax a f x a x x -+-'=-=++, 当0a =时,()0f x '>,()f x 在(1,)-+∞单调递增;当0a <时,()0f x '>,()f x 在(1,)-+∞单调递增;当01a <<时,1()()1a a x a f x x ---'=+, 所以1(1,)a x a -∈-时,()0f x '>,()f x 单调递增,当1(,)a x a-∈+∞时,()0f x '<,()f x 单调递减; 当1a ≥时,()0f x '<,()f x 在(1,)-+∞单调递减.综上,可得,当0a ≤时,()f x 在(1,)-+∞单调递增;当1a ≥时,()f x 在(1,)-+∞单调递减;当01a <<时,()f x 在1(1,)a a --上单调递增,在1(,)a a-+∞上单调递减. ………7分 (Ⅱ)设()()()ln(1)1x h x f x g x x e ax =-=++--,0x ≥, 则1()1x h x e a x '=+-+, 当2a ≤时,由1x e x ≥+得11()1011x h x e a x a x x '=+-≥++-≥++, 于是,()h x 在[0,)+∞上单调递增,()(0)0h x h ≥=恒成立,符合题意;当2a >时,由于0x ≥,(0)0h =,而21()0(1)x h x e x ''=-+≥+, 故(0)h '在[0,)+∞上单调递增,而(0)20h a '=-<,则存在一个00x >,使得0()0h x '=, 所以,0[0,)x x ∈时,()h x 单调递减,故0()(0)0h x h <=,不符合题意,故2a ≤. ………15分。

2019学年第二学期浙江“七彩阳光”新高考研究联盟阶段性评估高二数学试题(含答案)

2019学年第二学期浙江“七彩阳光”新高考研究联盟阶段性评估高二数学试题(含答案)

绝密★考试结束前考生须知:1.本卷共4 页满分150分,考试时间120分钟;2.答题前,在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字; 3.所有答案必须写在答题纸上,写在试卷上无效; 4.考试结束后,只需上交答题纸。

选择题部分一、 选择题 : 本大题共10小题, 每小题4分, 共40分. 在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的. 1.−−=y 10的倾斜角是 A .30B . 60C . 120D . 1502.已知复数z =3+4i ,z 表示复数z 的共轭复数,则复数i z 的模是A . 5B .25C . 5D .6 3.若曲线=−+y ax x ln(1)在点(0,0)处的切线方程为=y x 3,则a = A .1 B .2 C .3 D .4 4.二项式x)19展开式中的常数项为 A .36B .84C .72D .1265.设l ,m 是两条不同的直线,α,β是两个不同的平面,则下列命题正确的是 A .若⊥l m ,⊂αm ,则⊥αl B .若//αl ,⊂αm ,则//l m C .若⊄m m //,,//αββα,则m //βD .若//αl ,//αm ,则//l m6.在∆ABC 中,“AB AC ⋅=0”是“∆ABC 为直角三角形”的 A .充分不必要条件 B .必要不充分条件 C .充要条件 D .既不充分也不必要条件7.定点P 3,0)(,动点Q 在圆x y +=2216上,线段PQ 的垂直平分线交OQ 于点M (O 为坐标原点),则动点M 的轨迹是 A. 圆B. 直线C. 双曲线D.椭圆8.已知∆ABC 中,AB BC ==4,ABC ∠=900,平面ABC 外一点P 满足PA PB PC ===26,则三棱锥−P ABC 的外接球的表面积是 A .32π B .36π C .25π D .16π2019学年第二学期浙江“七彩阳光”新高考研究联盟阶段性评估高二年级数学9.已知第一象限内的点M 既在双曲线−=>>a bC a b x y :1(0,0)22122上,又在抛物线C y px p =>22:20)(上,设C 1的左、右焦点分别为F 、 F 12,若C 2的焦点为F 2,且∆MF F 12是以MF 1为底边的等腰三角形,则双曲线的离心率为 A.1 BCD.+210.三棱锥−P ABC 中,BAC 90∠=︒,且AB AC ==1,侧面PBC 为正三角形.若三棱锥−P ABC 的体积V P ABC −≥16,则线段PA 长度的取值范围是A .[1,2]B . [1,3]C . [1,2]D .[1,3]非选择题部分11.双曲线x y −=221691的焦点坐标是 ;渐近线方程是 .12.设−=+++++x a a x a x a x a x a x 250122334455)(,则a 0= ;++a a a 135= .13.如图,在底面边长均为2,高为1的长方体−ABCD A B C D 1111中,E 、F 分别为BC 、C D 11的中点,则异面直线A E 1、CF 所成角的大小为_______;平面A EF 1与平面A B C D 1111所成锐二面角的余弦值为________.(第13题图)14.15.2020年2疫,每家医院至少分到字表示).PCBA(第10题图)AA 1BD D 1C 1CFEB 1(第14题图)二、填空题: (共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分)16.已知点P x y ,)(是直线+−=kx y 30(≠k 0)上一动点,PA ,PB 是圆C :x y y +−=2220的两条切线,A ,B 是切点,若四边形PACB 的最小面积是1,则k17.若点P 3,1)(在椭圆+=E x y 124:122上,A B ,两点也在椭圆上,且直线AP 与直线BP 关于直18.(本题满分14分)已知直线++=l x ay :2101,直线−−−=l a x ay :(31)702. (1)若⊥l l 12,求实数a 的值; (2)若l l //12,求实数a 的值.19.(本题满分15分)如图,在梯形ABCD 中AB CD //,===∠=︒AD CD CB ABC 2,60, 矩形ACFE 中,=AE 2,又有=BF (1)求证:⊥BC 平面ACFE ;(2)求面平与线直BD BEF 所成角的正弦值.ABDCE F 线y =1对称,则直线AB 的斜率为___________.三、解答题: 本大题有5个小题, 共74分. 解答应写出文字说明, 证明过程或演算步骤.20.(本题满分15分)已知曲线C :012224222=+−++−+m m my x y x 表示一个圆. (1)求实数m 的取值范围;(2)当1=m 时,若圆C 与直线01=−+ay x 交于B A ,两点(其中C 为圆心),ABC ∆是直角三角形,求实数a 的值.21.(本题满分15分)设函数xe x g x x x a xf 2)(,ln 2)1()(=−−=. (1)若函数)(x f 在定义域内单调递增,求实数a 的取值范围;(2)若在],1[e 上至少存在一个0x ,满足)()(00x g x f >,求实数a 的取值范围.22.(本题满分15分)已知点)0)(0,(>a a A ,直线a x l −=:上有两点F E ,使0=⋅AF AE ,点P在线段FO 的延长线上,且OA EP //. (1)若2=a ,求点P 的轨迹方程;(2)若在点P 的轨迹上存在两点N M ,,设ON OM ,的夹角为θ.①若90=θ,求证:直线MN 过定点,并求定点坐标; ②若θ为锐角,求直线MN 与x 轴交点横坐标的取值范围.一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分. 1~10、 BCDBC ADBAD二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分. 11、±5,0)(;=±34y x 12、-32 ; 121 13、π6;14 14、 5 ;15、 216 16、±1 17、 1三、解答题: 本大题共5小题,共74分。

浙江省七彩阳光联盟2019届高三第二次联考化学试题

浙江省七彩阳光联盟2019届高三第二次联考化学试题

浙江省七彩阳光联盟2019届高三第二次联考化学试题本试卷共16页,38题(含选考题)。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项:1、答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

2、选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

可能用到的相对原子质量:H 1 C 12 N 14 O 16 Na 23 Mg 24 Al 27 Si 28 S 32 Cl 35.5 K 39 Ca 40 Fe 56 Cu 64 Ba 137选择题部分一、选择题(本大题共25 小题,每小题2分,共50 分。

每个小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)1.下列不属于盐的是A.NH4Cl B.Na2O C.KAl(SO4)2 D.NaHCO32.下列常见仪器中属于玻璃仪器的是A.B.C.D.3.下列属于非电解质的是A.H2O B.硝酸钾C.蔗糖溶液D.SO24.下列物质溶于水后溶液因电离显酸性的是浙江新高考资料群提供811176101A.KCl B.NaHSO4 C.NH4Cl D.CH3COONa5.下列属于物理变化的是A.焰色反应B.煤的液化C.烃的裂解D.氢氧化钠溶液导电的过程6.下列有关氯及其化合物说法中正确的是A.氯气是一种黄绿色、有毒的气体,能使干燥有色布条褪色B.氯气性质活泼,因此液氯不宜贮存在钢瓶中C.实验室可用饱和食盐水除去氯气中混有的少量氯化氢气体D.氯化钠溶液可直接用于制备金属钠、纯碱和氢氧化钠7.对于反应:4Na+3CO2==2Na2CO3+C,下列说法不正确的是A.Na 是还原剂B.C 是还原产物C.CO2 全部被还原D.1mol Na 发生反应转移1mol e-8.下列表示正确的是A.16O2-离子结构示意图B.CCl4 的比例模型:C.氯化钠的分子式:NaCl D.乙炔的结构式:CH≡CH9.下列反应过程中不能产生H2 的是A.金属钠和水反应B.高温条件,铁和水蒸气反应C.加热条件下,铜和足量浓硫酸发生反应D.电解饱和食盐水10.下列操作或试剂的选择不.合.理.的是A.用p H 试纸测定溶液的p H 和用p H 试纸检测气体酸碱性时均不需要润湿B.可用酒精洗去试管内壁上残留的碘C.在实验室,可用苯代替四氯化碳萃取碘水中的碘D.用聚光手电筒照射C uSO4 溶液和F e(OH)3 胶体时,产生的现象不同11.下列说法正确的是A.互为同位素,有不同的化学性质B.(CH3CH2)2CHCH3 的系统命名是2-乙基丁烷C.HCOOCH3 和CH3COOCH3 互为同系物D.14C 和纳米碳管互为同素异形体12.短周期元素W、X、Y、Z 在元素周期表中的相对位置如表所示,这四种元素的原子最外层电子数之和为21。

浙江省“七彩阳光”联盟2019届高三期初联考数学参考答案

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高三年级数学试题参照答案选择题部分(共 40 分)一、选择题:本大题共10 小题,每题 4 分,共 40 分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项切合题目要求的.1. C2. D 提示:双曲线x2y2 1 的渐近线方程为yx,由题意1 3 ,所以 a 1 .a a a93. A提示:由 z 3i12i10得 z2i ,所以 z 2 i .4. D提示:由函数分析式易知f x log 3 x 3x 1在 0,上为增函数,且 f x 1 10 f 3 ,所以原不等式等价于 x1 3 ,解得 x 4 ,再联合 x10 得 1 x 4 .5. B提示:由 3 2m1m 0 得m 3 或 m 2,经查验 m 3 或 m 2 时,直线3x my40 与直线m 1 x 2y20平行.6. A提示:由f x 的分析式知只有两个零点x 2与 x0 ,清除B;又 f x 3 x28x 2 e x,由3f x0知函数有两个极值点,清除C, D,应选 A.7. C提示: f x 2sin(2 x) m ,由图知 f x 在0,上单一递加,312在, 上单一递减,又 f 03, f 2 ,f x 在0,上有122122y23π2Oπx 12- 3两个零点,故m3,2.8. A提示:当 x 0 ,3a 时, fx3x 212ax 3x x4a0 ,∴ f x 在0 , 3a 上单一递加.所以f 3aa227a 10,解得 0a ≤ 1.279. Cuuur rur uur uurr uur 2提示: OB be 1 ke 2 ( k R )表示点 B 在与 e 2 平行的水平线 l 上运动, ae 2 表示点 A 在4uur2为半径的圆圆上运动,过圆心以 C (点 C 在 e 2 所在直线的反向延伸线上,且 OC 1 )为圆心,4r r BD 2 22 rr2 . C 作直线 CB l ,交圆 C 于点 D , a b,即 a b 的最小值为min244 410.答案: C3 m 23 2提示:设这 4 个数为, 3 m , 3 , 3m ,且 a b cm3 m 3 k ,整理3k ,于是329m 27 3k 0 ,由题意上述方程有实数解且m 3 .如 m 3 ,则 k 3 ,而当 k 3 时, m 3得 m或 6 , 当 m 6 时 , a 3 , b 3 , c 3,此时,其公比 1 , 不 满 足 条 件 , 所 以 k 3 , 又△ 814 27 3k12k270 ,综上得 k9且 k3 .4非选择题部分(共 110 分)二、填空题:本大题共7 小题,多空题每题 6 分,单空题每题 4 分,共 36 分.11.10,0 ,64.392 PB 得 x10264 提示:设 P x, y ,由 PAy 23912.,15 2 .提示:该几何体为圆锥的一半,且底面向上搁置。

2019七彩阳光期中联考试题高三数学

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绍兴市高级中学2020学年第一学期国庆假期作业(联考复习)数学试题(二)一.选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. 复数()()1i 2i z =+-(i 为虚数单位),则||z =( )A .2B .1CD2. 双曲线2222x y -=的焦点坐标为( )A .()1,0±B.()C .()0,1±D.(0,3. 若变量,x y 满足约束条件3,30,10,x x y x y ≤⎧⎪+-≥⎨⎪-+≥⎩则2x y -的最小值是( )A .3-B .5-C .3D .54. 设,a b ∈R ,命题:p a b >,命题:q a a b b >,则p 是q 的( ) A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分也不必要条件5. 已知函数()2x xf x e e e =-+,()3sin 2g x x =,下列描述正确的是( )A .()f g x ⎡⎤⎣⎦是奇函数B .()f g x ⎡⎤⎣⎦是偶函数C . ()f g x ⎡⎤⎣⎦既是奇函数又是偶函数D .()f g x ⎡⎤⎣⎦既不是奇函数也不是偶函数6. 某锥体的三视图如图所示,则该锥体的体积是( )A .13B .12C .16D .17. 有甲、乙两个盒子,甲盒子里有1个红球,乙盒子里有3个红球和3个黑球,现从乙盒子里随机取出()*16,n n n N ≤≤∈个球放入甲盒子后,再从甲盒子里随机取一球,记取到的红球个数为ξ个,则随着()*16,n n n N ≤≤∈的增加,下列说法正确的是( )A .E ξ增加,D ξ增加B .E ξ增加,D ξ减小C .E ξ减小,D ξ增加D .E ξ减小,D ξ减小俯视图侧视图正视图填空题11. 设集合{}02A x x =∈<<R ,{}1B x x =∈<R ,则AB = ,()A B =R .12. 已知()5121ax x x ⎛⎫++ ⎪⎝⎭(0a ≠),若展开式中各项的系数和为81,则a = ,展开式中常数项为 .13. 已知直线l 的方程为30x y λλ+-=(λ∈R ),则直线l 恒过定点 ,若直线l 与圆22:20C x y x +-=相交于A ,B 两点,且满足ABC △为等边三角形,则λ= .14. 已知数列{}n a 满足11a =,13n n a a +-=(*n ∈N ),则n a = ,471034n a a a a +++++= .15. 已知单位向量e ,平面向量,a b 满足2⋅=a e ,3⋅=b e ,0⋅=a b ,则-a b 的最小值为 . 16. 高三年级有3名男生和3名女生共六名学生排成一排照像,要求男生互不相邻,女生也互不相邻,且男生甲和女生乙必须相邻,则这样的不同排法有 种(用数字作答) 三、解答题:17.已知函数()cos f x x x =-.(1)求函数()f x 在,2x ππ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦的值域;(2)在ABC △中,内角A ,B ,C 的对应边分别是a ,b ,c ,若78663f A f B ππ⎛⎫⎛⎫+=+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,求a b 的取值范围.SD CBA18. 如图,在三棱锥S ABC -中,SAC △为等边三角形,4AC =,BC =,BC AC ⊥,cos SCB ∠=,D 为AB 的中点. (1)求证:AC SD ⊥;(2)求直线SD 与平面SAC 所成角的大小.19. 已知等差数列{}n a 满足1359a a a ++=, 24612a a a ++=,等比数列{}n b 的公比1q >,且2420b b a +=,38b a =. (1)求数列{}n a ,{}n b 的通项公式;(2)若数列{}n c 满足4n n n c b =-,且数列{}n c 的前n 项和为n B ,求证:数列n n b B ⎧⎫⎨⎬⎩⎭的前n 项和32n T <.20. 已知抛物线C :24x y =,A ,B ,P 为抛物线上不同的三点.(1)当点P 的坐标为()2,1时,若直线AB 过抛物线焦点F 且斜率为1,求直线AP ,BP 的斜率之积;21. 已知函数()2x f x e e x=-⋅(其中e 为自然对数的底数). (1)求()f x 的单调区间;绍兴市高级中学2020学年第一学期国庆假期作业数学试题(二)参考答案一、选择题:(本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.D2.B3.B4.C5.B6.A7.C8.A9.C 10.D二、填空题:(本大题共7小题,双空题每小题6分,单空题每小题4分,共36分) 11. {}10<<x x ,{}21≥<x x x 或 12. 32- ,10 13. )0,3(,1339± 14. 23-n ,()2209)1(++n n 15. 5 16. 40 17. 9三、解答题:(本大题共5小题,共74分) 18.解:()1由题意得()2sin 6f x x π⎛⎫=-⎪⎝⎭, ------------------------3分 5366x πππ≤-≤,所以()[]1,2f x ∈. ------------------------6分 ()2由78,663fA fB ππ⎛⎫⎛⎫+=+-⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭化简得4sin sin 3A B +=, ------------------------.8分4sin sin 3sinB sin Ba Ab B-==413sin B =-,而1sin 13B ≤≤, ...............12分 所以1,33a b ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦. ------------------------14分 19. ()1证明:分别取线段AC 、AB 的中点记为O 、D ,连接SO 、OD ,因为 SAC ∆为等边三角形,则AC SO ⊥, 又OD //BC ,则AC OD ⊥,O OD SO = ,则AC 平面SOD ⊥,所以AC SD ⊥. ------------------------6分()2延长SO ,过D 做SO 延长线的垂线,垂足记为H ,易知DH ⊥平面SAC ,所以DSH ∠为直线SD 与平面SAC 所成角. ------------------------10分 在SBC ∆中,因为cos SDA+cos SDB=0∠∠,求得=6SD , ------------------------12分又1OD=2,且DSH=6π∠, 故直线SD 与平面SAC 所成的角为6π. .------------------------15分 20.解:(1)na d a a a a a a a a n =∴=∴==∴=++=++14,312,943642531------2分208,20311342=+∴==+q b q b b b b ① 821=q b ②由①②得2=q 或21=q (舍)21=b n n b 2=∴ ------------------------5分(2)nn n c 24-=3224341+-⨯=∴+n n n B ---------------------9分)121121(23)12)(12(32211---=--=∴++n n n n n n n B b -----------------13分 23)1211(231<--=∴+n n T ----------------------------------15分21.解(1)直线AB 方程:1+=x y ,设),(),,2211y x B y x A (联立方程⎩⎨⎧=+=yx x y 4120442=--⇒x x4,42121-==+x x x x . .....................2分⋅--=⋅∴2111x y K K BP AP ⋅--2122x y =424221+⋅+x x =164)(22121+++x x x x 2116484=++-=....................5分(2)设),(),,2211y x B y x A (),22t t P (,,设直线BP 斜率为K设直线BP 方程)2(-2t x k t y -= 不妨)0(>k联立方程⎩⎨⎧==y x 42t)-k(x t -y 22048422=-+-⇒t kt kx x 211482,42t kt t x k t x -=⋅=+ ....................7分=-+=∴t x k BP 2112t k k -+214同理可得t kk AP ++=∴11142 ....................9分 由BP AP =得kk k t +-=231....................11分 故:222)1(821t k k BP AP S ABP-+==∆16)1(2)1()2(8)1()1()1(8222222222=++≥+++=k k k k k k k k 当且仅当1=k 时取等号,所以ABP ∆面积最小值为16.....................15分22.解:(1)22)(ex e x f x+= 0222>+=exe ex x ......................3分 又 0≠x)(x f ∴增区间为()0-,∞,()∞+,0......................5分 (2)由题得2)2(xme ex e x x=⋅-有三个实根所以m e ex e x x x=⋅-)2(2有三个非零实根 即m exe xe xx =-)2(有三个非零实根......................7分令)0)(≠⋅==x e x x g t x( )01)('≠⋅+=x e x x g x()( )(x g ∴在()1--,∞单调递减,),(∞+1-单调递增......................9分 022=--∴m t e t 一个根在⎪⎭⎫ ⎝⎛0,e 1-,另一个根在()∞+,0;或者一个根等于e 1-,另一个根在⎪⎭⎫⎝⎛0,e 1-内(舍) ......................12分令=)(t h m t et --22由⎪⎩⎪⎨⎧<=>-0)0()2(0)1(h eh e h 230e m <<⇔ ......................15分。

浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟返校联考高三数学学科试题

浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟返校联考高三数学学科试题

浙江省“七彩阳光”新高考研究联盟返校联考高三数学学科试题一、选择题:本大题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.己知集合M={x|0<x<4},N={x|−x2+2x+3>0},则M∪N=()A. (−∞,−1)∪(0,+∞)B. (0,3)C. (−3,4)D. (−1,4)2.己知i是虚数单位,复数a−3ii(a∈R)的虚部为1,则复数z=2+ai的模为()A.√6B.√5C.√29D. 33.己知实数x,y满足约束条件{x≥1x−2y+1≤0x+y−5≤0,则目标函数z=−2x+y的最小值是()A.−4B.−1C. 2D.−54.己知m、l是不同的直线,α、β是不同的平面,且m⊥α,l⊂β,则“α⊥β”是“m//l”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件5.某几何体的三视图如图所示,若棱长为a的正方体的外接球表面积为12π,则该几何体的体积为()A.103B. 10 C.143D.2636.函数f(x)=x a∙sinxa|x|−1的图像不可能是()A. B. C. D.7.设O为坐标原点,直线y=b与双曲线C:x2a2−y2b2=1(a>0,b>0)的两条渐近线分别交于A,B两点,若∆AOB的面积为2,则双曲线C的焦距的最小值是()A. 16B. 8C. 4D. 28.十三世纪意大利数学家列昂那多斐波那契从兔子繁殖中发现了“斐波那契数列”,斐波那契数列满足以下关系:a 1=1,a 2=1,a n =a n−1+a n−2(n ≥3,n ∈N ∗),记其前n 项和S n ,若a 2020=m (m 为常数),则S 2018的值为 ( )A. m −2B. m −1C. mD. m +19.在正三棱台ABC −A 1B 1C 1中,AB =3AA 1=32A 1B 1=6,D 是BC 的中点,设A 1D 与BC 、BB 1、BC 所成角分别为α,β,γ,则 ( )A. α<γ<βB. α<β<γC. β<γ<αD. γ<β<α 10.己知实数x ,y 满足x 2+y 2=1,0<x <1,0<y <1,当4x +1y 取最小值时,x y 的值为 ( )A. √43B. √33C. √3D. 1 二、填空题:本大题共7小题,多空题每题6分,单空题每题4分,共36分.11. 设等差数列{a n }的公差为非零常数d ,且a 1=2,若a 1,a 2,a 4成等比数列,则公差d =_______,a n =________.12. 圆C :x 2+y 2−4x +3=0的半径为________,若直线y =kx +1与圆C 有公共点,则实数k 的取值范围是________.13. 二项式(x √x 3)7的展开式中,各项系数和为________,含x 3项的系数是________. 14. 在∆ABC 中,acosC +(c −2b )cosA =0,b =2,π4≤B ≤π3,则A =________,边长c 的取值范围为__________.16. 己知函数f (x )=sin 2x +12|sinx −a |+b 2(a ,b ∈R ),若对于任意x ∈R ,均有|f (x )|≤1,则a +b 的最大值是______.17. 己知|OA ⃗⃗⃗⃗⃗ |=|OB ⃗⃗⃗⃗⃗ |=1,若存在m ,n ∈R ,使得mAB ⃗⃗⃗⃗⃗ +OA ⃗⃗⃗⃗⃗ 与nAB ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗ 夹角为600,且|(mAB ⃗⃗⃗⃗⃗ +OA ⃗⃗⃗⃗⃗ )−(nAB ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗ )|=12,则|AB ⃗⃗⃗⃗⃗ |的最小值为________.三、解答题:本大题共5小题,共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.18.己知ω>0,a =(√3sinωx,−cosωx),b ⃗ =(cosωx,cosωx),f (x )=a ∙b ⃗ ,x 1,x 2是y =f (x )−12的其中两个零点,且|x 1−x 2|min =π.(I )求f(x)的单调递增区间;(II )若α∈(0,π2),f (α2)=110,求sin2α的值.19.如图1,在矩形ABCD 中,BC =2AB =2,E 是AD 中点,将∆CDE 沿直线CE 翻折到∆CPE 的位置,使得PB =√3,如图2.(I )求证:面PCE ⊥面ABCE ;(II )求PC 与面ABP 所成角的正弦值.20.己知数列{a n }的前n 项和S n 满足S n =2a n −(n −2)2,n ∈N ∗.(I )求证:数列{a n +2n −1}是等比数列,并求{a n }的通项公式;(II )设{1a n }的前n 项和为T n ,求证:T n <83,n ∈N ∗.21.己知椭圆C 1:y 22+x 2=1,抛物线C 2:y 2=2px (p >0),点A(−1,0),斜率为k 的直线l 1交抛物线于B 、C 两点,且AC ⃗⃗⃗⃗⃗ =12CB ⃗⃗⃗⃗⃗ ,经过点C 的斜率为−12k 的直线l 2与椭圆相交于P 、Q 两点. (I )若抛物线的准线经过点A ,求抛物线的标准方程和焦点坐标;(II )是否存在p ,使得四边形APBQ 的面积取得最大值?若存在,请求出这个最大值及p 的值;若不存在,请说明理由.22.己知函数f (x )=e x −ax −1.(I )讨论函数g (x )=f(x)x 在其定义域内的单调性;(II )若f (x )≥0对任意的x ∈R 恒成立,设ℎ(x )=e x f(x),证明:ℎ(x)在R 上存在唯一的极大值点t ,且ℎ(t )<316.。

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三、解答题:本大题共 5 小题,共 74 分. 18.解: (I)解法 1:
AD 为角 A 平分线,设 BAD ,则CAD
又 S BAD S CAD S BAC
1 sin sin sin 2 2
3 cos 4
1/9
A
B
D
C
cos 2 2 cos 2 1
设 DC x ,则 BD 2 x, BC 3x
4 4x2 1 在 ABD 中, cos B 8x 4 9x2 1 在 ABC 中, cos B 12 x 3 2 a 2 2 解得: x 2
----------------------7 分
解法 3:
A
B
D
2 2
1 . 2
①判断直线 AB 与椭圆 E 的位置关系,并说明理由; ②求 OAB 面积的最小值.
22.(本题满分 15 分)已知函数 g ( x) ln x
2x t ( t R )有两个零点 x1 , x2 . e2
1 1 4 2. x1 x2 e
(I)求实数 t 的取值范围; (II)求证:
2 n , 2 n 2n k (n), 20. (本题满分 15 分)已知数列 an 满足: an (n N * ) n 2n k (n), 2 2n k (n).
(I)当 k (n) 为常数 k 时,若数列 an 为等差数列,求实数 k 的取值范围; (II)当 k (n) 2
数学学科 试题 第 4 页(共 4 页)
2018 学年第一学期浙江七彩阳光联盟第二次联考
参考答案
一、选择题:本大题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分. 1.D 2.B 3.A 4.B 5.A 6.D 7.C 8.C 9.D 10.简析: 当翻折至 BD 10.C
2 时,可得: AB 面BCD, CD 面ABD ,故 ,排除 A,B; 考虑到 ABD BCD ,则 A到面BCD的距离等于C到面ABD的距离 ,
则下列说法正确的是( ▲ ) A. 若A , 则m 0 C. 若A {3}, 则m 3 9. 直线 y B. 存在m,使得A {2, 3} D. 存在m,使得2 1 交于 A, B 两点, 点 A 关于 x 轴的对称点记为 P ,且 OBP 的面积为 2 , a 2 b2
2 2
A
B
D
H
C
2 4 3 2 a BC 6 cos C 2
解得: cos C (II) 解:记 CAD , BAC ,则
-----------------------------7 分
A
由 D 为 BC 边中点可得 ABD 的面积与 ADC 相等 进一步可得: 2 sin( ) sin 又由已知 tan CAD
18.(本题满分 14 分) ABC 中, D 为 BC 边上一点,且 AB 2, AC
1.
(I)若 AD 为 BAC 平分线,且 AD 1 ,求边 BC 的值; (II)若 D 为 BC 边中点,且 tan CAD
3 ,求 cos BAC 的值. 2
19. (本题满分 15 分)如图,已知平行四边形 ABCD ,满足 A 45 , BC
0
1 2
1
2
p
1 -p 2
B. E (1 ) E ( 2 ), D(1 ) D( 2 ) D. E (1 ) E ( 2 ), D(1 ) D( 2 )
an 1, n为奇数 (n N * ) ,记集合 A {n N * | an1 m} , 8.已知a1 m(m R), an 1 a n , n为偶数 2
| x 1|
2 1 1
a
侧(左)视图
- | x - 2 | ,则 f ( x) 单调递增区间是_______, 正(主)视图
f ( x) 的最小值为_______.
15.从 0,2,3,6 四个数中取出三个数,其中 6 可以当 9 用,则可以组 成的三位偶数共有________个. 16.已知单位向量 e1 , e2 , e1 , e2
易知必有 ,选 C。 二、填空题:本大题共 7 小题,多空题每题 6 分,单空题每题 4 分,共 36 分. 11. 3 ,
2 3 3
12. 1,
3 . 3
16.
13. 1 ,
3
5 9 . 2 2
4 . 17. 2 3 16.简析: | c e1 | | c e 2 | 1 | c (e1 e2 ) | 1且 | c (e1 - e2 ) | 1
2018 学年第一学期浙江七彩阳光联盟第二次联考
高三年级 数学试题
本试题卷分选择题和非选择题两部分.全卷共 4 页,选择题部分 1 至 2 页,非选择题部分 2 至 4 页。 满分 150 分,考试时间 120 分钟。 请考生按规定用笔将所有试题的答案涂、写在答题纸上. 参考公式: 柱体的体积公式: V Sh 其中 S 表示柱体的底面积, h 表示柱体的高
C
AD 为角 A 平分线,可推得: BD 2DC
又 AD AC 1 ,取 CD 中点 H ,则 AH CD 在 RTACH 中, AH sin C, CH cos C , 则 DH cosC, BD 4 cos C , BH 5 cos C 在 RTABH 中, (5 cos C ) (sin C ) 4
1 3 台体的体积公式: V 1 h( S1 S1S2 S2 ) 3
锥体的体积公式: V Sh
其中 S 表示锥体的底面积, h 表示锥体的高 其中 S1、S2 分别表示台体的上、下底面积, h 表示台体的高 球的体积公式: V 4 R 3 3 其中 R 表示球的半径
球的表面积公式: S 4 R2
ln( x y) x y 1 x y 1 ln( x y) 2
1 e x y ln( x y) 2 , e2 x [ y ln( x y)]2 [e x y ln( x y )]2 2 2
(当且仅当 x 0, y 1 时取到最小值)
选择题部分(共 40 分)
一、选择题:本大题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目 要求。
1.复数
1 i 的模为( ▲ ) 1 2i
A.
2 5
B.
3 5
2
C.
5 5
D.
10 5
)
2.已知集合 A {4, a}, B {a ,0}, a R, 则A B不可能是 ( ▲
1 8
a 2 22 12 4 cos 2
---------------7 分 解法 2:
9 2
a
3 2 2
AD 为角 A 平分线,BAD CAD 记为角 。 2 BD 1 DC 则 , sin BDA sin sin CDA sin
可得: BD 2DC .
D. 1或1
B.8
C.16
D.24
5.已知 a, b 是实数,那么“ a | b | 0 ”是“ a b 0 ”的 ( ▲ )
B.必要不充分条件 D.既不充分也不必要条件
6.已知 , 是两个不同的平面,且直线 m, n 满足 m // , n ,则以下结论成立的是. ( ▲ ) A.若 ,则 m n C.若 ,则 m // n B.若 m n ,则 D.若 m // n ,则
A.

B. {0 }
C.
{1}
D.
{4}
)
3.已知点 (1, 3 ) 到直线 x 3 y c 0 的距离为 1 ,则实数 c ( ▲
0或4 B. 0或2 C. 1或2 2 4 4. ( x 2 ) 的展开式中 x 的系数为( ▲ ) x
A. A.4
A.充分不必要条件 C.充要条件
则椭圆
x2 y2 1 恒过定点( ▲ ) a 2 b2
B. (1,1) C. (1, 2 ) D. ( 2,2)
A. (1,
2 ) 2
10.如图,矩形 ABCD 的边长 AB 1 ,BC 3 ,将矩形沿对角线 AC 翻折,形成空间四边形 ABCD ,连 结 DB ,记 DA 与面 BCD 所成角为 ,记 DB 与面 ACD 所成角为 ,记 DC 与面 ABD 所成角为 ,则 在翻折过程中一定正确的结论是( A.
7.已知 0 p
1 ,随机变量 的分布列是 1 2
1
P
0
1
1 2
2
p
1 -p 2
数学学科 试题 第 1 页(共 4 页)
随机变量 的分布列是
2
2
P
则下列说法正确的是( ▲ ) A. E (1 ) E ( 2 ), D(1 ) D( 2 ) C. E (1 ) E ( 2 ), D(1 ) D( 2 )
, tan(
12.若 sin 1 cos , (0, ) ,则 sin =

3
)=
.
13.某四棱锥的三视图如图所示,在此四棱锥的侧面中,共有 4 个直角 三角形,则此四棱锥的体积为___________,表面积为___________. 14.已知函数 f ( x) e
n 1
时,求数列 an 的前 n 项和 S n .
21. (本题满分 15 分)已知中心在原点 O 的椭圆 E 过 M ( 2 ,1), N ( 3,
2 ). 2
(I)求椭圆 E 的方程; (II)若 A、B 是圆 C : x y 6 上两动点,直线 OA、OB 的斜率分别记为 k1 , k 2 ,且满足 k1 k 2
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